2019届高三生物一轮复习对点精选训练：自交、随交、测交等应用分析
自交、随交、测交等应用分析1.采用下列哪组方法，可以依次解决①至④中的遗传问题()①鉴定一只白羊是否是纯种②在一对相对性状中区分显性和隐性③不断提高小麦抗病(显性性状)品种的纯合度④检验杂种F1的遗传因子组成A．杂交、自交、测交、测交B．测交、杂交、自交、测交C．测交、测交、杂交、自交D．杂交、杂交、杂交、测交2.下列有关一对相对性状遗传的叙述，正确的是()A．在一个生物群体中，若仅考虑一对等位基因，可有4种不同的交配类型B．最能说明基因分离定律实质的是F2的表现型比例为3∶1C．若要鉴别和保留纯合的抗锈病(显性)小麦，最简便易行的方法是自交D．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量3.孟德尔在豌豆杂交实验中，发现问题和验证假说所采用的实验方法依次是() A．自交、杂交和测交B．测交、自交和杂交C．杂交、自交和测交D．杂交、测交和自交4.下图所示的实验可称为()A．正交B．反交C．测交D．自交5.小麦抗锈病对易染锈病为显性。
现有甲、乙两种抗锈病的小麦，其中一种为杂合体。
需要鉴别和保留纯合的抗锈病小麦，最简便易行的方法为()A．甲和乙进行杂交B．甲和乙杂交得F1再自交C．分别对甲、乙进行测交D．甲和乙分别进行自交6.孟德尔对于遗传学的重要贡献之一是利用设计巧妙的实验否定了融合遗传方式。
为了验证孟德尔遗传方式的正确性，有人用一株开红花的烟草和一株开白花的烟草作为亲本进行实验。
在下列预期结果中，支持孟德尔遗传方式而否定融合遗传方式的是A．红花亲本与白花亲本杂交的F1代全为红花B．红花亲本与白花亲本杂交的F1代全为粉红花C．红花亲本与白花亲本杂交的F2代按照一定比例出现花色分离D．红花亲本自交，子代全为红花；白花亲本自交，子代全为白花7.某小组模拟孟德尔杂交实验，用纯种高茎豌豆和纯种矮茎豌豆杂交，得到的子一代(F1)都是高茎。
用F1进行实验2，发现子二代(F2)中，高茎约为矮茎三倍。
实验2采用的方法是()A．正交实验B．反交实验C．自交实验D．测交实验8.通过测交不可以推测被测个体的()A．产生配子的种类B．产生配子的比例C．基因型D．产生配子的数量9.将具有1对等位基因的杂合体，逐代自交3次，在F3代中，杂合子的比例为()A． 1/8B． 7/16C． 7/8D． 1/410.某种群中，基因型为AA的个体占25%，基因型为Aa的个体占50%，基因型为aa的个体占25%。
若种群中的雌雄个体自由交配，且基因型为aa的个体无繁殖能力，则子代中AA∶Aa∶aa 是()A． 3∶2∶3B． 4∶4∶1C． 1∶1∶0D． 1∶2∶011.一杂合子(Dd)植株自交时，含有隐性配子的花粉有50%的死亡率，则自交后代的基因型比例是()A． 1∶1∶1B． 4∶4∶1C． 2∶3∶1D． 1∶2∶112.某果蝇种群只有Aa、aa个体，各种基因型个体均能存活，该种群随机交配，后代中能稳定遗传的果蝇占5/8，则该果蝇种群中Aa占()A． 2/3B． 1/2C． 1/3D． 1/a13.具有一对等位基因的杂合子亲本连续自交，某代的纯合子所占比例达95%以上，则该比例最早出现在()A．子三代B．子四代C．子五代D．子六代14.基因型为Aa的水稻自交一代的种子全部种下，待其长成幼苗后，人工去掉隐性个体。
并分成①、②两组，在下列情况下：①组全部让其自交；②组让其所有植株间相互传粉。
①、②两组的植株上aa基因型的种子所占比例分别为()A． 1/9、1/6B． 1/6、1/9C． 1/6、5/12D． 3/8、1/915.已知小麦抗锈病是由显性基因控制，让一株杂合子小麦自交得F1，淘汰掉其中不抗锈病的植株后，再自交得F2，从理论上计算，F2中不抗锈病占植株总数的()A． 1/4B． 1/6C． 1/8D． 1/1616.假设某植物种群非常大，可以随机交配，没有迁入和选出，基因不产生突变。
抗病基因R对感病基因r为完全显性。
现种群中感病植株rr占1/9，抗病植株RR和Rr各占4/9，抗病植株可以正常开花和结实，而感病植株在开花前全部死亡。
子一代中感病植株占()A． 1/9B． 1/16C． 4/81D． 1/817.已知一批豌豆种子，基因型为AA∶Aa＝1∶2，将这批种子播种后自然生长(假设结实率相同)，则其所结种子中，基因型AA、Aa、aa的数量之比为()A． 3∶2∶1B． 4∶4∶1C． 3∶5∶1D． 1∶2∶118.果蝇的灰身(B)对黑身(b)为显性，B 与b 基因位于常染色体上。
现有纯种的灰身雌蝇与黑身雄蝇杂交得F1，F1雌雄果蝇交配得F2，淘汰F2中的黑色果蝇后，其余灰色果蝇自由交配，则F3中黑色果蝇占()A． 1/4B． 1/6C． 1/9D． 1/1619.将基因型为Aa 的豌豆连续自交，按后代中的纯合子和杂合子所占的比例得到下图所示的曲线图，据图分析，错误的说法是()A．曲线 a 可代表自交 n 代后纯合子所占的比例B．曲线 b 可代表自交 n 代后显性纯合子所占的比例C．隐性纯合子的比例比曲线 b 所对应的比例要小D．曲线 c 可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化20.某动物种群中，AA、Aa和aa基因型的个体依次占25%、50%和25%。
若该种群中的aa个体没有繁殖能力，其他个体间可以随机交配，理论上，下一代中aa：Aa: AA基因型个体的数量比为()A． 1∶4∶4B． 1∶3∶3C． 1∶1∶2D． 0∶1∶221.豌豆高茎对矮茎为显性，现在有高茎豌豆进行自交，后代既有高茎又有矮茎，比例为3∶1，将后代中全部高茎豌豆再进行自交，则所有自交后代的表现型之比()A． 1∶1B． 3∶1C． 5∶1D． 9∶122.某植物为XY型性别决定的雌雄异株植物，其叶形宽叶(B)对窄叶(b)是显性，B、b基因仅位于X染色体上。
研究发现，含X b的花粉粒有50%会死亡。
现选用杂合的宽叶雌株与窄叶雄株进行杂交获得F1，F1随机传粉获得F2，则F2中阔叶植株的比例为()A． 15/28B． 13/28C． 9/16D． 7/1623.豌豆的花色中紫色对白色为显性。
一株杂合紫花豌豆连续白交繁殖三代，则子三代中开白花的豌豆植株与开紫花的豌豆植株的比例为()A． 7：9B． 7：15C． 1：3D． 9：1524.豌豆种皮的灰色A对白色a是显性，现将F1(杂合子)种植并连续自交。
有关叙述不正确的是()A． F1植株上种子的种皮都是灰色B． F2植株上种子的种皮灰色∶白色＝3∶1C． F1植株上种子的胚有三种基因型D． F2植株上种子的胚是纯合子的可能性是1/225.某水稻的优良性状由A基因控制，不良性状由a基因控制。
该水稻自交所得子代中，优良性状和不良性状均有出现。
用该水稻作亲本，采用逐代自交的方法获取优质品种，如按：自交→淘汰→自交……从理论上推算，子3代优良性状个体中杂合子所占的比例为()A． 2/3B． 2/5C． 1/9D． 2/926.果蝇的红眼和白眼是一对相对性状，现将红眼雌果蝇和白眼雄果蝇交配获得F1，全部为红眼果蝇，然后将F1中雌雄果蝇交配得到F2，F2中雌蝇均为红果蝇，雄蝇中一半红眼一半白眼．现让F2中雌雄果蝇随机交配得到F3，在F3中红眼果蝇和白眼果蝇的比例为()A． 7∶1B． 3∶1C． 5∶1D． 13∶327.下列曲线能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占比例的是()A．B．C．D．28.将基因型为Aa的玉米自交一代的种子全部种下，待其长成幼苗，人工去掉隐性个体，并分成两组，(1)一组全部让其自交；(2)二组让其自由传粉。
一、二组的植株上aa基因型的种子所占比例分别为()A． 1/9、1/6B． 3/8 、1/9C． 1/6、5/12D． 1/6、1/929.豌豆灰种皮(G)对白种皮(g)为显性，黄子叶(Y)对绿子叶(y)为显性。
每对性状的杂合体(F1)自交后代(F2)均表现3∶1的性状分离比。
F2的种皮颜色的分离比和子叶颜色的分离比分别来自对以下哪代植株群体所结种子的统计()A． F1植株和F1植株B． F2植株和F2植株C． F1植株和F2植株D． F2植株和F1植株30.已知某植物的花色有红花(AA和Aa)、白花(aa)两种。
现有基因型为Aa的植株组成的种群，该种群的个体连续自交3代，得F3，如不考虑自然选择的作用，则下列关于F3的描述，错误的是()A． AA个体占7/16B． Aa个体占1/8C．白花植株占1/4D．红花植株中杂合子占2/931.将无毛桃植株的枝条嫁接到有毛桃植株上。
无毛桃植株的基因型为AA，有毛桃植株的基因型为aa，在自交的情况下，接上去的枝条上所结种子的胚细胞的基因型是()A． AaB． AA和AaC． AAD． AA和aa32.豌豆的高茎对矮茎是显性，现进行两株高茎豌豆间的杂交，后代既有高茎豌豆又有矮茎豌豆，若后代中的全部高茎豌豆进行自交，则所有自交后代中高茎豌豆与矮茎豌豆的比为()A． 3∶1B． 5∶1C． 9∶6D． 1∶133.将基因型分别为AA和aa的个体杂交得F1，F1自交得F2，再将F2自交得F3，在F3中出现的基因型AA∶Aa∶aa等于()A． 3∶4∶3B． 3∶2∶3C． 5∶2∶5D． 1∶2∶134.果蝇灰身(B)对黑身(b)为显性，B、b位于常染色体上。
现将纯种灰身果蝇与黑身果蝇杂交，产生的F1再自交产生F2，将F2中所有黑身果蝇除去，让灰身果蝇随机交配，产生F3。
则F3灰身果蝇中杂合子占()A． 1/2B． 1/3C． 1/4D． 1/835.下图所示为孟德尔以豌豆为材料所做的遗传实验之一，据图回答问题。
(1)该实验为______(正交、反交、测交、自交)实验。
(2)以正确的遗传图解，A、B、C依次代表的是________、_________、________。
(3)C中高茎与矮茎称为________性状，高茎的基因型是_________________。
答案解析1.【答案】B【解析】①鉴定一只白羊是否为纯种，可用测交法；②在一对相对性状中区别显隐性，可以用杂交法或自交法(只能用于植物)；③不断提高小麦抗病品种的纯合度，常用自交法；④检验杂种F1的基因型采用测交法。
2.【答案】C【解析】在一个生物群体中，若仅考虑一对等位基因，则有AA、Aa、aa三种基因型，杂交类型有6种类型，分别是AA×AA、AA×Aa、AA×aa、Aa×Aa、Aa×aa、aa×aa，A项错误；最能说明基因分离定律实质的是F1的配子类型比为1∶1，B项错误；若要鉴别和保留纯合的抗锈病(显性)小麦，最简便易行的方法是自交：①自交后代不出现性状分离，则抗锈病小麦是纯合子；②自交后代出现性状分离，且显性∶隐性＝3∶1，则抗锈病小麦为杂合子，C项正确；通过测交可推测出被测个体产生配子的种类和比例，进而可知其基因型及是否是纯合子等，但不可以推测出被测个体产生配子的数量，D错误。
【人教版】2019高考生物一轮复习选习练题2含解析
人教生物2019高考一轮选习练题（2）李仕才一、选择题1、研究人员对日光温室内的黄瓜补充不同波长的光,测得黄瓜光合速率的日变化情况如图1,为进一步探究补充不同波长的光对黄瓜光合速率影响的原因,研究人员测定叶肉细胞内的叶绿体数、叶绿体内的淀粉粒数、基粒数,结果如图2,下列相关分析不正确的是( )A.据图1可知,适当补红光,对黄瓜的生长最有效B.14～16时,三组光合速率均降低的主要因素是光照强度C.补蓝光时,由于基粒数量减少不利于光合作用光反应的进行D.补红光时,叶绿体中淀粉粒数减少是由于光合作用减弱导致【解析】选D。
由图1结果可知,若适当补红光,对黄瓜的生长最有效,A正确;14～16时,三组的光照强度均下降,三组黄瓜光合速率均降低,B正确;补蓝光时叶肉细胞叶绿体的数量基本不变,但是每个叶绿体的基粒数量减少,不利于光合作用光反应的进行,C正确;根据图1、2结果分析,补红光时叶绿体中淀粉粒数减少,说明促进光合作用产物运出叶绿体有利于光合作用的进行,D错误。
2、如图为物质X的合成与分泌过程,甲、乙、丙、丁、戊表示细胞结构,其中甲、戊中含有RNA。
下列说法中正确的是 ( )A.图示过程只体现生物膜系统在功能上的联系而没有体现在结构上的联系B.图示过程的实现只依赖于生物膜上的脂质分子的运动C.在分泌蛋白的合成过程中,乙的膜面积减少、丁的膜面积增加D.图示过程也能发生在原核细胞中【解析】选C。
该物质合成的原料为氨基酸,因此该物质为分泌蛋白,甲、戊中含有RNA,甲为核糖体,乙为内质网,丙为高尔基体,丁为细胞膜,戊为线粒体。
图示过程体现了生物膜系统在结构和功能上的联系,A错误;囊泡运输过程依赖于生物膜的流动性,与生物膜上的脂质分子和蛋白质分子的运动有关,B错误;该过程中内质网不断形成囊泡,膜面积减少,细胞膜不断接收来自高尔基体的囊泡,膜面积增加,C正确;原核细胞中只有核糖体,无其他细胞器,D错误。
3、将长势相似的甲、乙两株同种植物分别置于两个同样大小密闭的透明玻璃罩A、B中,甲给予适宜强度的光照,乙遮光(黑暗)处理,其他条件相同。
2019届高三生物一轮复习对点精选训练：分离定律的综合应用
分离定律的综合应用1.玉米是雌雄同株异花植物，籽粒糯性对非糯性是显性，将两纯合亲本间行种植。
下列叙述正确的是()A．非糯性亲本所结籽粒均为糯性B．糯性亲本所结籽粒均为纯合子C．糯性亲本所结籽粒种植后，所获籽粒中糯性∶非糯性>3∶1D．糯性亲本所结籽粒种植后，所获籽粒中糯性∶非糯性＝3∶12.在牵牛花的遗传实验中，用纯合体红色牵牛花和纯合体白色牵牛花杂交，F1全是粉红色牵牛花。
将F1白交后，F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牵牛花，比例为1∶2∶1，如果取F2中的粉红色牵牛花和红色牵牛花进行自交，则后代表现型及比例应该为()A．红色∶粉红色∶白色＝1∶2∶1B．红色∶粉红色∶白色＝3∶2∶1C．红色∶粉红色∶白色＝1∶4∶1D．红色∶粉红色∶白色＝4∶4∶13.玉米的高秆(H)对矮秆(h)为显性。
现有若干H基因频率不同的玉米群体，在群体足够大且没有其他因素干扰时，每个群体内随机交配一代后获得F1。
各F1中基因型频率与H基因频率(p)的关系如图。
下列分析错误的是()A． 0< p <1时，亲代群体都可能只含有纯合子B．只有p＝b时，亲代群体才可能只含有杂合子C． p＝a时，显性纯合子在F1中所占的比例为1/9D． p＝c时，F1自交一代，子代中纯合子比例为5/94.养貂人让他饲养的貂随机交配，发现平均有16%的貂皮肤粗糙(常染色体的隐性基因控制)，这样的貂售价会降低。
他期望有更多的平滑皮毛的貂，于是决定不让粗糙皮肤的貂参与交配产生后代，则下一代中，皮肤粗糙个体所占的比例是()A． 8/49B． 4/49C． 2/49D． 1/495.兔的毛色黑色(W)与白色(w)是一对相对性状，与性别无关。
如图所示两项交配中，亲代兔A、B、P、Q均为纯合子，子代兔在不同环境下成长，其毛色如图所示，下列分析错误的是()A．兔C和D的基因型相同B．兔C与兔R交配得到子代，若子代在30 ℃环境下成长，其毛色最可能是全为黑色C．兔C与兔R交配得到子代，若子代在－15 ℃环境下成长，最可能的表现型及其比例黑色∶白色＝1∶1D．由图可知表现型是基因和环境因素共同作用的结果6.已知羊的毛色由一对常染色体上的基因A、a控制。
高三生物一轮复习《对点训练》：专题11 遗传的基本规律
【聚集高考】2019高三生物一轮复习《对点训练》：专题11 遗传的基本规律考点1基因分别定律及其应用1.(2019·广州调研)下列各组性状中，属于相对性状的是( C )A．兔的白毛与猪的黑毛B．眼大与眼角上翘C．鸡的光腿与毛腿D．果蝇的红眼与棒眼解析：兔的白毛与黑毛、猪的白毛与黑毛分别是一对相对性状；同种动物眼大和眼小、眼角上翘和眼角偏下分别是一对相对性状；果蝇的红眼是眼色性状，棒眼是眼形性状，不是一对相对性状。
2.(2019·泉州调研)孟德尔在豌豆的杂交试验中，发觉问题和验证假说所采纳的试验方法分别是( A )A．杂交和自交；测交B．自交；杂交和测交C．测交；自交和杂交D．杂交和测交；自交解析：孟德尔是通过杂交和自交发觉了问题，并提出了假说，通过测交验证了假说。
3.(2019·福州调研)下列有关孟德尔的“假说—演绎法”的叙述中不正确的是( A )A．孟德尔所作假说的核心内容是“受精时，雌雄配子随机结合”B．“测交试验”是对推理过程及结果进行的检验C．孟德尔胜利的缘由之一是应用统计学方法对试验结果进行分析D．“F1能产生数量相等的两种配子”属于推理内容解析：孟德尔所作假说的核心内容是：在生物的体细胞中，限制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对的遗传因子发生分别，分别后的遗传因子分别进入不同的配子中，随配子遗传给后代。
4.某种植物的花色受一组复等位基因的限制，纯合子和杂合子的表现型如下表，若W P W S与W S wA.3种，2∶1C．2种，1∶1 D．2种，3∶1解析：W P W S与W S w杂交，其子代有4种基因型：W P W S、W S W S、W P w和W S w，比例为1∶1∶1∶1。
依据题意，具有这4种基因型的植物的表现型依次为红花白花、红条白花、红花白花和红条白花，因此子代表现型的种类及比例分别是2种，1∶1。
5.(2019·安徽卷)假设某植物种群特别大，可以随机交配，没有迁入和迁出，基因不产生突变，抗病基因R对感病基因r为完全显性。
高三生物一轮复习课件自交、自由交配
解析 设抗病基因为A，感病为a，无芒为B ，则有芒为b。依
题意，亲本为AABB和aabb，F1为AaBb，F2有4种表现型，9 种基因型，拔掉所有有芒植株后，剩下的植株的基因型及比
例为
1 2
Aabb、
1 4
AAbb、
1 4
aabb，剩下的植株套袋，即让其自
子代表型
全为显性 全为显性 全为显性 显性∶隐性＝3∶1 显性∶隐性＝1∶1 全为隐性
2.子代推亲代类
后代显隐性关系 亲代基因型组合
显性∶隐性＝ 3∶1
Aa×Aa→3A－∶1aa
显性∶隐性＝ 1∶1
Aa×aa→1Aa∶1aa
AA×AA或AA×Aa或 只有显性性状
AA×aa
只有隐性性状
aa×aa→aa
解析 由题意可知，该种群 3 种基因型的个体：AA 占 24%、
Aa 占 72%、aa 占 4%，它们分别自交。AA 和 aa 自交后代 100%
为 AA 和 aa，而 Aa 自交会发生性状分离。图解如下：
P 24% AA
72% Aa
4% aa
F1 24% AA
72% 14AA∶12 Aa∶14aa
一对相对性状遗传中亲子代基因型和表型的推断 1.亲代推子代类
亲本
AA×AA AA×Aa AA×aa Aa×Aa Aa×aa aa×aa
子代基因型
AA _A__A_∶__A__a＝__1_∶__1_
Aa __A_A_∶__A__a_∶__a_a_＝__1_∶__2_∶__1_
Aa∶aa＝1∶1 aa
重点题型升格训练 自交类题型
1. 一 个 植 物 种 群 中 基 因 型 为 AA 的 个 体 占 24%，基因型为Aa的个体占72%，自交一 代 之 后 ， 种 群 中 基 因 型 AA 和 基 因 型 aa 的 个体分别占( )。 A．60%、40% B．36%、42% C．42%、22% D．24%、22%
2019高考生物一轮复习选习练题3含解析新人教版
人教生物2019高考一轮选习练题（3）李仕才一、选择题1、分析下列三种原生动物示意图,请选出错误的说法 ( )A.草履虫有大核和小核两个细胞核,有利于保证正常的核质比B.伸缩泡的存在,有利于增大膜面积与细胞体积的比值C.大核、小核和伸缩泡的存在,与图中原生动物细胞体积较大的特点相适应D.草履虫、变形虫和眼虫在生态系统中都是消费者【解析】选D。
据图分析,眼虫含有叶绿体,可以进行光合作用,属于生态系统中的生产者,D 错误。
2、近年来大气中的CO2浓度和O3浓度不断上升。
为了研究CO2浓度和O3浓度上升对农作物的影响,研究人员用高浓度CO2和高浓度O3处理水稻“汕优63”,测定其生长发育不同时期的各项生理指标,结果如图。
下列叙述错误的是 ( )[注:CK(对照,大气常态浓度);CO2(CO2常态浓度+200 μmol·mol -1);O3(O3常态浓度×160%);CO2+O3(CO2常态浓度+200 μmol·mol -1和O3常态浓度×160%)。
表观光合速率是指在光照条件下,一定量的植物在单位时间内吸收外界的CO2量。
]A.实验结果表明,不同生长发育时期,升高CO2浓度,水稻的表观光合速率增大B.高浓度CO2可部分抵消高浓度O3对水稻光合作用的胁迫C.水稻表观光合速率的增大可能与胞间CO2浓度升高有关D.实验结果表明,O3浓度降低会危及水稻的生长【解析】选D。
由题可知,在相同的生长发育时期,CO2组的表观光合速率均大于CK组,因此实验结果表明,不同生长发育时期,升高CO2浓度,水稻的表观光合速率增大,A正确;CK组、O3组与CO2+O3组的实验结果对比,可说明高浓度CO2可部分抵消高浓度O3对水稻光合作用的胁迫,B正确;对比分析两个柱形图可知,在生长发育时期相同的情况下,表观光合速率高,其胞间CO2浓度也相对较高,因此水稻表观光合速率的增大可能与胞间CO2浓度升高有关,C正确;O3组与CK组的实验结果对比,说明O3浓度升高会危及水稻的生长,D错误。
2019届高三生物一轮复习对点精选训练：相对性状中显隐性的判断
相对性状中显隐性的判断1.下列关于性状显隐性或纯合子与杂合子判断方法的叙述，错误的是()A．甲×乙→只有甲→甲为显性性状B．甲×甲→甲＋乙→乙为隐性性状C．甲×乙→甲∶乙＝1∶1→甲为显性性状D．花粉鉴定法：只有一种花粉→纯合子，至少两种花粉→杂合子2.豌豆的高茎和矮茎为一对相对性状，下列杂交实验中能辨别性状显隐性关系的是()A．高茎×高茎→高茎B．高茎×高茎→311高茎＋ 105矮茎C．矮茎×矮茎→矮茎D．高茎×矮茎→105高茎＋ 97矮茎3.下列四组杂交实验中，能判断显性和隐性关系的是()①红花╳白花→红花、白花②非甜玉米╳非甜玉米→301非甜玉米＋101甜玉米③盘状南瓜╳球状南瓜→盘状南瓜④牛的黑毛╳白毛→98黑毛＋102白毛A．①和②B．②和③C．②和④D．①和④4.一匹雄性黑马与若干匹纯种枣红马交配后，共生出10匹枣红马和4匹黑马。
下列叙述中最可能的是()①雄性黑马是杂合子②黑色是隐性性状③雄性黑马是纯合子④枣红色是隐性性状A．①和②B．①和④C．②和③D．①和③5.调查某大麦种群中一对相对性状(甲、乙性状)的频率，发现甲、乙性状各占50%。
若分别取足够数量的甲、乙两种性状的个体分别自交，发现50%乙性状的子代表现出甲性状，而甲性状的子代未发现乙性状。
以下结论错误的是()A．乙性状为显性性状B．甲性状的基因频率高于乙性状的基因频率C．乙性状个体子代中出现甲性状是性状分离现象D．该种群显性纯合子与杂合子的比例是不能确定的6.科研人员通过杂交试验研究某种矮脚鸡矮脚性状的遗传方式，获得如下结果。
相关推断合理的是()A．矮脚为隐性性状B．矮脚基因位于性染色体上C．种群中矮脚鸡均为杂合子D．矮脚性状的遗传不遵循基因分离定律7.南瓜的花色是由一对等位基因(A和a)控制的，用一株开黄花的南瓜和一株开白花的南瓜杂交，子代(F1)既有开黄花的，也有开白花的。
高考生物强化练 突破连续自交及自由交配的相关题型
闪堕市安歇阳光实验学校重点强化练35 突破“连续自交及自由交配”的相关题型1．(2019·齐齐哈尔八中检测)将具有一对等位基因的杂合子，逐代自交3次，在F3中显性纯合子的比例为( )A．1/8B．7/8 C．7/16D．9/162．(2020·菏泽模拟)将基因型为Aa的玉米自交所得的种子全部种下，待其长成幼苗，人工去掉隐性个体，随机分成两组，第一组让其自交，第二组让其自由传粉。
则一、二组子代中基因型为aa的个体所占比例分别为( )A．1/9、1/16B．1/6、1/9 C．1/6、5/12D．3/8、1/93．将基因型为Aa的豌豆连续自交，在后代中的纯合子和杂合子按所占的比例制得如图所示曲线图，据图分析，下列说法错误的是( )A．a曲线可代表自交n代后纯合子所占的比例B．b曲线可代表自交n代后显性纯合子所占的比例C．隐性纯合子的比例比b曲线所对应的比例要小D．c曲线可代表后代中杂合子所占比例随自交代数的变化4．鸡的雄羽与母羽是一对相对性状，受常染色体上的一对等位基因控制。
母鸡只能表现为母羽，公鸡既可以是雄羽也可以是母羽。
现用两只母羽鸡杂交，F1公鸡中母羽∶雄羽＝3∶1。
让F1母羽鸡随机交配，后代出现雄羽鸡的比例为( )A．1/8B．1/12C．1/16D．1/245．在阿拉伯牵牛花的遗传实验中，用纯合红色牵牛花和纯合白色牵牛花杂交，F1全是粉红色牵牛花。
将F1自交后，F2中出现红色、粉红色和白色三种类型的牵牛花，比例为1∶2∶1，如果取F2中的粉红色的牵牛花与红色的牵牛花均匀混合种植，进行自由传粉，则后代表现型及比例应该为( )A．红色∶粉红色∶白色＝4∶4∶1B．红色∶粉红色∶白色＝3∶3∶1C．红色∶粉红色∶白色＝1∶2∶1D．红色∶粉红色∶白色＝1∶4∶16．(2019·河南郑州高三上模拟)基因型为Bb的玉米自交后所结的一个玉米穗上结出700多粒种子(F1)，挑选F1植株中的显性个体均分为两组，甲组自交，乙组自由交配，下列有关两组所产子代的分析中不正确的是( )A．甲组子代中隐性个体占1/6，乙组子代中隐性个体占1/9B．两组子代中，纯合子所占比例均分别高于其杂合子比例C．两组子代中，基因型为Bb的个体所占比例不同D．基因B在两组子代中的基因频率不同7．(2019·东莞模拟)小麦的抗锈病对感锈病为显性。
高三生物一轮复习由一道高考题再探究自交和自由交配
由一道湖南高考题再探究自交和自由交配“自交”与“自由交配”是高中生物遗传概率计算的一个重、难点，在多地区的高考中都曾考查过，所以有必要对两者进行一次全方位的探究，以便让学生发现并掌握解决此类问题的规律和方法。
【课题引入】(2022·湖南·高考真题节选)中国是传统的水稻种植大国，有一半以上人口以稻米为主食。
在培育水稻优良品种的过程中，发现某野生型水稻叶片绿色由基因C 控制。
突变型1叶片为黄色，由基因C 突变为C 1所致，基因C 1纯合幼苗期致死。
突变型1连续自交3代，F 3成年植株中黄色叶植株占______。
【概念辨析】自交是一种特殊的交配类型，有两种维度的理解。
传统意义的自交仅限于植物，指的是植物两性花的白花传粉和雌雄同株植物的异花传粉。
而广泛意义的自交是指具有相同基因型的个体进行的交配。
既可以是植物，也可以是动物。
但由于基因型必须相同，故自交只能用于求解位于常染色体上基因的遗传。
自由交配(或随机交配)，是指群体中有生殖能力的个体可随机进行交配。
可以是植物，也可以是动物。
基因型相同的和基因型不同的个体之间都要进行自由交配，所以既可以解位于常染色体上基因的遗传，也可以解位于性染色体上基因的遗传。
【模型构建】以2013年山东高考题第6题构建相关自交和自由交配数学模型(2013·山东)用基因型为Aa 的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa 基因型频率绘制曲线如图。
下列分析错误的是( )A ．曲线Ⅱ的F 3中Aa 基因型频率为0.4B ．曲线Ⅲ的F 2中Aa 基因型频率为0.4C ．曲线Ⅳ的F n 中纯合子的比例比上一代增加(1/2)n ＋1D ．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A 和a 的基因频率始终相等解析：①杂合子Aa 连续自交n 代，自交结果数学模型如右图所示：由模型可知杂合子Aa 连续自交n 代，杂合子比例为(12)n ，纯合子比例为1－(12)n ，显性纯合子比例＝隐性纯合子比例＝[1－(12)n ]×12。
(浙江专版)2019版高考生物一轮复习 考点加强课3 自由组合定律的应用及相关题型攻略学案
考点加强课3 自由组合定律的应用及相关题型攻略突破一自由组合定律的9∶3∶3∶1的变式1.基因互作(1)含义：两对独立遗传的非等位基因在表达时，有时会因基因之间的相互作用,而使杂交后代的性状分离比偏离9∶3∶3∶1的孟德尔比例，称为基因互作。
（2)表现：基因互作的各种类型中，杂交后代表现型及比例虽然偏离正常的孟德尔遗传，但基因的传递规律仍遵循自由组合定律。
基因互作的各种类型及其表现型比例如表:2.致死作用（1)含义:指某些致死基因的存在使配子或个体死亡。
（2）常见致死基因的类型如下：①隐性致死：指隐性基因存在于一对同源染色体上时，对个体有致死作用。
如植物中白化基因（bb），使植物不能形成叶绿素,植物因不能进行光合作用而死亡；正常植物的基因型为BB 或Bb.②显性致死：指显性基因具有致死作用，通常为显性纯合致死。
如人的神经胶质症（皮肤畸形生长,智力严重缺陷，出现多发性肿瘤等症状)。
③配子致死：指致死基因在配子时期发生作用，从而不能形成有活力的配子的现象。
④合子致死：指致死基因在胚胎时期或成体阶段发生作用，从而不能形成活的幼体或个体夭折的现象。
【对点小练】狗的毛色中褐色（B)对黑色（b)显性;I和i是位于另一对同源染色体上的等位基因,I是抑制基因，当I存在时，含有B、b基因的狗均表现为白色，i不影响B、b的表达。
现有黑色狗(bbii）和白色狗(BBII)杂交获得F1，F1雌雄个体相互交配产生的F2中，理论上杂合褐色和黑色个体之比为（)A。
8∶1 B.2∶1C。
15∶1 D.3∶1解析bbii与BBII杂交,F1为BbIi，F1雌雄个体相互交配产生的F2中杂合褐色狗(Bbii)与黑色狗（bbii)之比为错误!×错误!∶错误!×错误!＝2∶1。
答案B1。
模板法解决9∶3∶3∶1变式题(1)看F2的表现型比例，若表现型比例之和是16，不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。
(2)将异常分离比与正常分离比9∶3∶3∶1进行对比,分析合并性状的类型。
高三生物一轮复习——多对等位基因的自由组合现象问题
高三生物一轮复习——多对等位基因的自由组合现象问题巧用“性状比之和”，快速判断控制遗传性状的基因的对数(1)自交情况下，得到的“性状比之和”是4的几次方，就说明自交的亲代中含有几对等位基因；(2)测交情况下，得到的“性状比之和”是2的几次方，则该性状就由几对等位基因控制。
【例证】某植物红花和白花为一对相对性状，同时受多对等位基因控制(如A、a；B、b；C、c……)，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时(即A_B_C_……)才开红花，否则开白花。
现有甲、乙、丙、丁4个纯合白花品系，相互之间进行杂交，杂交组合、后代表现型及其比例如表所示，下列分析错误的是()组一组二组三组四组五组六P甲×乙乙×丙乙×丁甲×丙甲×丁丙×丁F1白色红色红色白色红色白色F2白色红色81∶白色175红色27∶白色37白色红色81∶白色175白色A.组二F1基因型可能是AaBbCcDdB.组五F1基因型可能是AaBbCcDdEEC.组二和组五的F1基因型可能相同D.这一对相对性状最多受四对等位基因控制，且遵循自由组合定律解析组二和组五的F1自交，F2的分离比为红∶白＝81∶175，即红花占81/(81＋175)＝(3/4)4，则可推测这对相对性状至少受四对等位基因控制，且四对基因分别位于四对同源染色体上，遵循自由组合定律。
组二、组五的F1至少含四对等位基因，当该对性状受四对等位基因控制时，组二、组五的F1基因型都可为AaBbCcDd；当该对性状受五对等位基因控制时，组五F1基因型可能是AaBbCcDdEE。
答案D1.(2019·山东青岛模拟)某植物叶形的宽叶和窄叶是一对相对性状，用纯合的宽叶植株与窄叶植株进行杂交，如下表(相关基因用A、a；B、b；C、c……表示)。
下列相关叙述错误的是()母本父本子一代子二代杂交组合一宽叶窄叶宽叶宽叶∶窄叶＝3∶1杂交组合二宽叶窄叶宽叶宽叶∶窄叶＝15∶1杂交组合三宽叶窄叶宽叶宽叶∶窄叶＝63∶1A.该植物的叶形至少受三对等位基因控制B.只要含有显性基因该植株的表现型即为宽叶C.杂交组合一亲本的基因型可能是AABBcc、aaBBccD.杂交组合三的子二代宽叶植株的基因型有26种解析由表格信息可知，宽叶植株与窄叶植株杂交，子一代都是宽叶，说明宽叶是显性性状。