2013年江苏省高考物理试卷答案与解析

合集下载

2013年 江苏省 高考物理 试卷及解析

2013年 江苏省 高考物理 试卷及解析

2013年江苏省高考物理试卷一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意.1.(3分)火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知()A.太阳位于木星运行轨道的中心B.火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C.火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D.相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积2.(3分)如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上,不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是()A.A的速度比B的大B.A与B的向心加速度大小相等C.悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等1D.悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小3.(3分)下列选项中的各圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各圆环间彼此绝缘.坐标原点O处电场强度最大的是()A .B .C .D .4.(3分)在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示.M是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M 发生变化,导致S两端电压U增大,装置发出警报,此时()A.R M变大,且R越大,U增大越明显B.R M变大,且R越小,U增大越明显C.R M变小,且R越大,U增大越明显D.R M变小,且R越小,U增大越明显5.(3分)水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等.碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的()2A.30% B.50% C.70% D.90%二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.6.(4分)将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等.a、b为电场中的两点,则()A.a点的电场强度比b点的大B.a点的电势比b点的高C.检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D.将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中,电场力做负功7.(4分)如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A、B,分别落在地面上的M、N点,两球运动的最大高度相同.空气阻力不计,则()A.B的加速度比A的大3B.B的飞行时间比A的长C.B在最高点的速度比A在最高点的大D.B在落地时的速度比A在落地时的大8.(4分)如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P处于图示位置时,灯泡L能发光.要使灯泡变亮,可以采取的方法有()A.向下滑动P B.增大交流电源的电压C.增大交流电源的频率D.减小电容器C的电容9.(4分)如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连。

2013年江苏高考---物理

2013年江苏高考---物理

(二)双项选择题:本大题共8小题,每小题3分,共24分㊂19.AB20.CD21.BC22.CD23.AC24.BD25.AC26.AD二㊁综合题:本大题分必做题(第27题~第29题)和选做题(第30题),共60分㊂27.(13分)(1)东部多,西部少 地形 大气环流(海陆位置)(2)四川盆地 阴雨㊁雾天多(3)水稻种植业(季风水田农业) 人口密集,劳动力丰富;粮食需求量大,市场广阔;种植历史悠久,经验丰富㊂(4)不可行 地势高,气温低,降水少;水热条件不能满足水稻生长需要如答可行,须提出解决水热条件不足的可行方法28.(14分)(1)由南向北逐步降低(南高北低) 经济社会发展水平差异(2)起点高(起步早);速度快;水平高(3)受上海辐射作用大(距离上海近) 引领苏北腹地的发展(带动苏北地区发展)(4)质量(内涵发展) 区域协调和城乡统筹(加快推进农业转移人口市民化;加强完善各项基本公共服务设施㊁基础设施㊁保障设施;提升宜居水平)(5)② ③ ①29.(13分)(1)丰富的煤铁资源;水运便利;市场需求量大(2)汽车工业 先进的科学技术;新兴的市场需求;丰富的原材料(任答两点)(3)石油危机;日本㊁德国等国家汽车工业的冲击;房地产崩溃;产业结构单一;新技术革命冲击(任答三点)(4)要及时调整产业结构,大力发展新兴产业;发展科技,提高产品质量和生产效率,增强竞争力㊂30.A.海洋地理(10分)(1)低 有多条河流汇入(2)太阳能 风能(波浪能㊁潮汐能)(3)珊瑚礁 旅游业(4)海水淡化;收集雨水;节约用水(任答两点)(5)有利于加强我国对南海岛礁及海域的有效管理;有利于强化海洋国土意识㊁巩固国家安全;有利于促进海洋资源的开发㊂(任答两点)B.城乡规划(10分)(1)D A 处于城市下风方向和河流下游处;与主要居住区保持一定距离;与原有工业仓储区相连(任答两点)(2)铁路穿城而过 造成城市南北联系不便;产生噪音(3)保护老城,发展新城;制定法律或法规;分类分区保护;尽量不改变老城原貌等(任答两点)C.旅游地理(10分)(1)类型多;数量多;地域组合好;游览价值高(任答三点)(2)红色革命文化 文化旅游资源丰富;交通快捷;受旅游名城西安的辐射作用强(3)生态破坏;环境污染;文物古迹损毁D.环境保护(10分)(1)气候干燥,地表植被稀少;风力强;沙源多(2)毁坏农作物;土地沙化;肥力下降;影响植物生长(3)A C(4)关注生态问题,参与防风治沙宣传活动;开展募捐活动等(任答一点)物 理 试 题一㊁单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只㊃有一个∙∙∙选项符合题意. 1.火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知(B)火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等(C)火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方(D)相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积2.如图所示, 旋转秋千”中的两个座椅A㊁B质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上.不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是(A)A的速度比B的大(B)A与B的向心加速度大小相等(C)悬挂A㊁B的缆绳与竖直方向的夹角相等(D)悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小3.下列选项中的各14圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各14圆环间彼此绝缘.坐标原点O处电场强度最大的是 (A) (B) (C) (D)4.在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示.M是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M发生变化,导致S两端电压U增大,装置发出警报,此时(A)R M变大,且R越大,U增大越明显(B)R M变大,且R越小,U增大越明显(C)R M变小,且R越大,U增大越明显(D)R M变小,且R越小,U增大越明显5.水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等.碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的(A)30%(B)50%(C)70%(D)90%二㊁多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.6.将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等.a㊁b为电场中的两点,则(A)a点的电场强度比b点的大(B)a点的电势比b点的高(C)检验电荷-q在a点的电势能比在b点的大(D)将检验电荷-q从a点移到b点的过程中,电场力做负功7.如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A㊁B,分别落在地面上的M㊁N点,两球运动的最大高度相同.空气阻力不计,则(A)B的加速度比A的大(B)B的飞行时间比A的长(C)B在最高点的速度比A在最高点的大(D)B在落地时的速度比A在落地时的大8.如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P处于图示位置时,灯泡L能发光.要使灯泡变亮,可以采取的方法有(A)向下滑动P(B)增大交流电源的电压(C)增大交流电源的频率(D)减小电容器C的电容9.如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连.弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出).物块的质量为m ,AB =a ,物块与桌面间的动摩擦因数为μ.现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点,拉力做的功为W.撤去拉力后物块由静止向左运动,经O 点到达B 点时速度为零.重力加速度为g.则上述过程中(A)物块在A 点时,弹簧的弹性势能等于W -12μmga (B)物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于W -32μmga (C)经O 点时,物块的动能小于W -μmga (D)物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能三㊁简答题:本题分必做题(第10㊁11题)和选做题(第12题)两部分,共计42分.请将解答填写在答题卡相应的位置.【必做题】10.(8分)为探究小灯泡的电功率P 和电压U 的关系,小明测量小灯泡的电压U 和电流I ,利用P =UI 得到电功率.实验所使用的小灯泡规格为 3.0V 1.8W”,电源为12V 的电池,滑动变阻器的最大阻值为10Ω.(1)准备使用的实物电路如题10-1图所示.请将滑动变阻器接入电路的正确位置.(用笔画线代替导线)(题10-1图)(题10-2图)(2)现有10Ω㊁20Ω和50Ω的定值电阻,电路中的电阻R 1应选 ▲ Ω的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除 ▲ 两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)小明处理数据后将P ㊁U 2描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如题10-2图所示.请指出图象中不恰当的地方.11.(10分)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示.倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K ,电磁铁吸住第1个小球.手动敲击弹性金属片M,M 与触头瞬间分开,第1个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第2个小球.当第1个小球撞击M 时,M 与触头分开,第2个小球开始下落 .这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有 ▲ .(A)电路中的电源只能选用交流电源(B)实验前应将M 调整到电磁铁的正下方(C)用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度(D)手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H =1.980m,10个小球下落的总时间T =6.5s .可求出重力加速度g = ▲ m /s 2.(结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间Δt 磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差Δt ,这导致实验误差.为此,他分别取高度H 1和H 2,测量n个小球下落的总时间T 1和T 2.他是否可以利用这两组数据消除Δt 对实验结果的影响?请推导说明.12.【选做题】本题包括A ㊁B ㊁C 三小题,请㊃选定其中两小题∙∙∙∙∙∙∙,并㊃在相应的答题区域内作答∙∙∙∙∙∙∙∙∙∙∙.若多做,则按A ㊁B 两小题评分.A.[选修3-3](12分) 如图所示,一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B ㊁C 和D 后再回到状态A.其中,A →B 和C →D 为等温过程,B →C 和D →A 为绝热过程(气体与外界无热量交换).这就是著名的 卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说法正确的是 ▲ .(A)A →B 过程中,外界对气体做功(B)B →C 过程中,气体分子的平均动能增大(C)C →D 过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多(D)D →A 过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中,内能减小的过程是 ▲ (选填 A →B ”㊁ B →C ”㊁ C →D ”或 D →A ”).若气体在A →B 过程中吸收63kJ 的热量,在C →D 过程中放出38kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为 ▲ kJ .(3)若该循环过程中的气体为1mol,气体在A 状态时的体积为10L,在B 状态时压强为A 状态时的23.求气体在B 状态时单位体积内的分子数.(已知阿伏加德罗常数N A =6.0×1023mol -1,计算结果保留一位有效数字)B.[选修3-4](12分)(题12B-1图)(1)如题12B-1图所示的装置,弹簧振子的固有频率是4Hz .现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,则把手转动的频率为 ▲ .(A)1Hz (B)3Hz (C)4Hz (D)5Hz (题12B-2图)(2)如题12B-2图所示,两艘飞船A㊁B 沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v (v 接近光速c ).地面上测得它们相距为L ,则A 测得两飞船间的距离 ▲ (选填 大于”㊁ 等于”或 小于”)L.当B 向A 发出一光信号,A 测得该信号的速度为 ▲ .(题12B-3图)(3)题12B-3图为单反照相机取景器的示意图,ABCDE 为五棱镜的一个截面,AB ⊥BC.光线垂直AB 射入,分别在CD 和EA 上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC 射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)C.[选修3-5](12分)(1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的 ▲ 也相等.(A)速度(B)动能(C)动量(D)总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He +)的能级图如题12C -1图所示.电子处在n =3轨道上比处在n =5轨道上离氦核的距离 ▲ (选填 近”或 远”).当大量He +处在n =4的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有 ▲ 条.(3)如题12C-2图所示,进行太空行走的宇航员A 和B 的质量分别为80kg 和100kg,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0.1m /s .A 将B 向空间站方向轻推后,A 的速度变为0.2m /s,求此时B 的速度大小和方向.(题12C-2图)四㊁计算题:本题共3小题,共计47分.解答时请写出必要的文字说明㊁方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.13.(15分)如图所示,匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd ,线圈平面与磁场垂直.已知线圈的匝数N =100,边长ab =1.0m㊁bc =0.5m,电阻r =2Ω.磁感应强度B 在0~1s 内从零均匀变化到0.2T .在1~5s 内从0.2T 均匀变化到-0.2T,取垂直纸面向里为磁场的正方向.求:(1)0.5s 时线圈内感应电动势的大小E 和感应电流的方向;(2)在1~5s 内通过线圈的电荷量q ;(3)在0~5s 内线圈产生的焦耳热Q.14.(16分)如图所示,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出,砝码的移动很小,几乎观察不到,这就是大家熟悉的惯性演示实验.若砝码和纸板的质量分别为m 1和m 2,各接触面间的动摩擦因数均为μ.重力加速度为g.(1)当纸板相对砝码运动时,求纸板所受摩擦力的大小;(2)要使纸板相对砝码运动,求所需拉力的大小;(3)本实验中,m 1=0.5kg,m 2=0.1kg,μ=0.2,砝码与纸板左端的距离d =0.1m,取g =10m /s 2.若砝码移动的距离超过l =0.002m,人眼就能感知.为确保实验成功,纸板所需的拉力至少多大?15.(16分)在科学研究中,可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制.如题15-1图所示的xOy 平面处于匀强电场和匀强磁场中,电场强度E 和磁感应强度B 随时间t 作周期性变化的图象如题15-2图所示.x 轴正方向为E 的正方向,垂直纸面向里为B 的正方向.在坐标原点O 有一粒子P,其质量和电荷量分别为m 和+q.不计重力.在t =τ2时刻释放P,它恰能沿一定轨道做往复运动.(1)求P 在磁场中运动时速度的大小v 0;(2)求B 0应满足的关系;(3)在t 0(0<t 0<τ2)时刻释放P,求P 速度为零时的坐标. (题15-1图) (题15-2图)物理试题参考答案一㊁单项选择题1.C 2.D 3.B 4.C 5.A 二㊁多项选择题 6.ABD 7.CD 8.BC 9.BC 三㊁简答题10.(1)(见右图)(2)10(3)电池(4)图线不应画为直线;横坐标的标度不恰当.11.(1)BD (2)9.4(3)增加小球下落的高度;多次重复实验,结果取平均值.(其他答案只要合理也可)(4)由H 1=12g (T 1n -Δt )2和H 2=12g (T 2n -Δt )2可得g =2n 2(H 1-H 2)2(T 1-T 2)2,因此可以消去Δt 的影响.12A .(1)C (2)B →C 25(3)等温过程p A V A =p B V B ,单位体积内的分子数n =γN A V B .解得 n =γN A p B p A V A ,代入数据得 n =4×1025m -312B .(1)A (2)大于 c (或光速)(3)由题意知,入射角α=22.5°则折射率最小值 n =1sin22.5°12C .(1)C (2)近 6(3)根据动量守恒 (m A +m B )v 0=m A v A +m B v B 解得 v B =0.02m /s, 离开空间站方向四㊁计算题13.(1)感应电动势 E 1=N ΔΦ1Δt 1 磁通量的变化 ΔΦ1=ΔB 1S 解得 E 1=N ΔB 1S Δt 1 代入数据得 E 1=10V 感应电流的方向为 a →d →c →b →a (2)同理可得 E 2=N ΔB 2S Δt 2 感应电流 I 2=E 2r 电量 q =I 2Δt 2解得 q =N ΔB 2S r 代入数据得 q =10C (3)0~1s 内的焦耳热 Q 1=I 21r Δt 1 且 I 1=E 1r 1~5s 内的焦耳热 Q 2=I 22r Δt 2由Q =Q 1+Q 2,代入数据得 Q =100J 14.(1)砝码对纸板的摩擦力 f 1=μm 1g 桌面对纸板的摩擦力 f 2=μ(m 1+m 2)g f =f 1+f 2 解得 f =μ(2m 1+m 2)g (2)设砝码的加速度为a 1,纸板的加速度为a 2,则f 1=m 1a 1 F -f 1-f 2=m 2a 2 发生相对运动 a 2>a 1 解得 F >2μ(m 1+m 2)g (3)纸板抽出前,砝码运动的距离 x 1=12a 1t 21 纸板运动的距离 d +x 1=12a 2t 21纸板抽出后,砝码在桌面上运动的距离 x 2=12a 3t 22 l =x 1+x 2由题意知 a 1=a 3,a 1t 1=a 3t 2 解得 F =2μ[m 1+(1+d l )m 2]g 代入数据得 F =22.4N 15.(1)τ2~τ作匀加速直线运动,τ~2τ作匀速圆周运动电场力 F =qE 0 加速度 a =F m 速度 v 0=at ,且t =τ2解得 v 0=qE 0τ2m (2)只有当t =2τ时,P 在磁场中作圆周运动结束并开始沿x 轴负方向运动,才能沿一定轨道作往复运动,如图所示.设P 在磁场中做圆周运动的周期为T.则(n -12)T =τ,(n =1,2,3 ) 匀速圆周运动 qvB 0=m v 2r ,T =2πr v 解得 B 0=(2n -1)πm qτ,(n =1,2,3 )(3)在t 0时刻释放,P 在电场中加速时间为τ-t 0在磁场中作匀速圆周运动 v 1=qE 0(τ-t 0)m 圆周运动的半径 r 1=mv 1qB0解得 r 1=E 0(τ-t 0)B 0又经(τ-t 0)时间P 减速为零后向右加速时间为t 0P 再进入磁场 v 2=qE 0t 0m 圆周运动的半径 r 2=mv 2qB 0解得 r 2=E 0t 0B 0 综上分析,速度为零时横坐标x =0相应的纵坐标为y =2[kr 1-(k -1)r 2]2k (r 1-r 2{),(k =1,2,3 )解得 y =2E 0[k (τ-2t 0)+t 0]B 02kE 0(τ-2t 0)B ìîíïïïï0,(k =1,2,3 )。

2013高考江苏省物理卷(有答案)

2013高考江苏省物理卷(有答案)

2013年普通高等学校招生全国统一考试(江苏卷)物理注意事项:考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答案要求1.本试卷共8页,包含选择题(第1题~第9题,共9题)和非选择题(第10题~第15题,共6题)两部分。

本卷满分为120分,考试时间为100分钟。

考试结束后,请将本卷和答题卡一并交回。

2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色水笔填写在试卷和答题卡规定位置。

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号和本人是否相符。

4.作答选择题,必须用2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑;如需改动,请用橡皮擦干净后,再涂选其他答案。

做非选择题,必须用0.5毫米黑色的签字笔在答题卡上的指定位置做大,在其他位置作答一律无效。

5.如需作图,需用2B 铅笔绘、写清楚,线条、符号等需加黑、加粗。

第Ⅰ卷一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分,每小题只有一个选项符合题意。

1. 火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知: (A)太阳位于木星运行轨道的中心(B)火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等(C)火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方(D)相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积2. 如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A 、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上. 不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是(A)A 的速度比B 的大(B)A 与B 的向心加速度大小相等(C)悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等 (D)悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的小3. 下列选项中的各41圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各41圆4. 在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图R发生变化,导致S 两端电压U 所示. M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻M增大, 装置发出警报,此时R变大,且R 越大,U 增大越明显(A)MR变大,且R 越小,U 增大越明显(B)MR变小,且R 越大,U 增大越明显(C)MR变小,且R 越小,U 增大越明显(D)M5. 水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等. 碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的(A)30%(B)50%(C)70%(D)90%二、多项选择题:本题共4 小题,每小题4 分,共计16 分. 每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得4 分,选对但不全的得2 分,错选或不答的得0 分.6. 将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等. a、b 为电场中的两点,则(A)a 点的电场强度比b 点的大(B)a 点的电势比b 点的高(C)检验电荷-q 在a 点的电势能比在b 点的大(D)将检验电荷-q 从a 点移到b 点的过程中,电场力做负功7. 如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A 、B,分别落在地面上的M 、N 点,两球运动的最大高度相同. 空气阻力不计,则 (A)B 的加速度比A 的大 (B)B 的飞行时间比A 的长(C)B 在最高点的速度比A 在最高点的大 (D)B 在落地时的速度比A 在落地时的大8. 如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L 能发光. 要使灯泡变亮,可以采取的方法有 (A )向下滑动P(B)增大交流电源的电压 (C)增大交流电源的频率 (D)减小电容器C 的电容9. 如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连. 弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出). 物块的质量为m,AB=a,物块与桌面间的动摩擦因数为μ. 现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点,拉力做的功为W. 撤去拉力后物块由静止向左运动, 经O 点到达B 点时速度为零. 重力加速度为g. 则上述过程中(A)物块在A 点时,弹簧的弹性势能等于mga Wμ21- (B)物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于mga W μ23-(C)经O 点时,物块的动能小于mga W μ-(D)物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能第II 卷三、简答题:本题分必做题(第10、11 题) 和选做题(第12 题) 两部分,共计42 分. 请将解答填写在答题卡相应的位置.【必做题】10. (8 分)为探究小灯泡的电功率P 和电压U 的关系,小明测量小灯泡的电压U 和电流I,利用P =UI 得到电功率. 实验所使用的小灯泡规格为“3.0 V 1.8 W”,电源为12 V 的电池,滑动变阻器的最大阻值为10Ω.(1)准备使用的实物电路如题10-1 图所示. 请将滑动变阻器接入电路的正确位置. (用笔画线代替导线)(题10-1 图)(2)现有10Ω、20 Ω和50 Ω的定值电阻,电路中的电阻R1 应选⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽Ω的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.U描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如题10-2 图所示. 请(4)小明处理数据后将P、2指出图象中不恰当的地方.11. (10 分)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示. 倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第1 个小球. 手动敲击弹性金属片M,M 与触头瞬间分开, 第1 个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第2 个小球. 当第1 个小球撞击M 时,M 与触头分开,第2 个小球开始下落……. 这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(A)电路中的电源只能选用交流电源(B)实验前应将M 调整到电磁铁的正下方(C)用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度(D)手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H =1. 980 m,10 个小球下落的总时间T =6. 5 s. 可求出重m. (结果保留两位有效数字)力加速度g =⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽2s(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间t∆磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差t∆,这导致实验误差. 为此,他分别取高度H1 和H2,测量n个小球下落的总时间T1 和T2. 他是否可以利用这两组数据消除t∆对实验结果的影响? 请推导说明.12. 【选做题】本题包括A 、B 、C 三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答. 若多做,则按A 、B 两小题评分. A. [选修3-3](12 分)如图所示,一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B 、C 和D 后再回到状态A. 其中,A →B 和C →D 为等温过程,B →C 和D →A 为绝热过程(气体与外界无热量交换). 这就是著名的“卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说法正确的是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽. (A)A →B 过程中,外界对气体做功(B)B →C 过程中,气体分子的平均动能增大(C)C →D 过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多 (D)D →A 过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中,内能减小的过程是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽ (选填“A →B ”、“B →C ”、“C →D ”或“D →A ”). 若气体在A →B 过程中吸收63 kJ 的热量,在C →D 过程中放出38 kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽kJ.(3)若该循环过程中的气体为1 mol,气体在A 状态时的体积为10 L,在B 状态时压强为A 状态时的32. 求气体在B 状态时单位体积内的分子数. ( 已知阿伏加德罗常数123100.6-⨯=mol N A ,计算结果保留一位有效数字)B. [选修3-4](12 分)(1)如题12B-1 图所示的装置,弹簧振子的固有频率是4 Hz. 现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,则把手转动的频率为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(A) 1 Hz(B) 3 Hz(C) 4 Hz(D) 5 Hz(2)如题12B-2 图所示,两艘飞船A、B 沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v(v 接近光速c). 地面上测得它们相距为L,则A 测得两飞船间的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(选填“大于”、“等于”或“小于”)L. 当B 向A 发出一光信号,A 测得该信号的速度为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(3)题12B-3 图为单反照相机取景器的示意图, ABCDE为五棱镜的一个截面,AB⊥BC. 光线垂直AB 射入,分别在CD 和EA 上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC 射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)(题12B-3 图)C. [选修3-5](12 分)(1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽也相等.(题12C-1 图)(A)速度(B)动能(C)动量(D)总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He+ )的能级图如题12C-1 图所示. 电子处在n =3 轨道上比处在n =5 轨道上离氦核的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(选填“近”或“远”). 当大量He+处在n =4的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽条.(3)如题12C-2 图所示,进行太空行走的宇航员A和B的质量分别为80kg和100 kg,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0. 1 m/ s. A 将B向空间站方向轻推后,A 的速度变为0.2 m/ s,求此时B 的速度大小和方向.(题12C-2 图)四、计算题:本题共3 小题,共计47 分. 解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案的不能得分. 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.13. (15 分)如图所示,匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd,线圈平面与磁场垂直. 已知线圈的匝数N =100,边长ab =1. 0 m、bc=0. 5 m,电阻r =2Ω. 磁感应强度B 在0 ~1 s 内从零均匀变化到0. 2 T. 在1~5 s 内从0. 2 T 均匀变化到-0. 2 T,取垂直纸面向里为磁场的正方向.求:(1)0. 5 s 时线圈内感应电动势的大小E 和感应电流的方向;(2)在1~5s内通过线圈的电荷量q;(3)在0~5s 内线圈产生的焦耳热Q.14. (16 分)如图所示,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出, 砝码的移动很小,几乎观察不到,这就是大家熟悉的惯性演示实验. 若砝码和纸板的质量分别为m1和m2,各接触面间的动摩擦因数均为μ. 重力加速度为g.(1) 当纸板相对砝码运动时,求纸板所受摩擦力大小; (2) 要使纸板相对砝码运动,求所需拉力的大小;(3)本实验中,1m =0.5kg,2m =0.1kg,0.2μ=,砝码与纸板左端的距离d =0.1 m,取g =102s m. 若砝码移动的距离超过l=0.002 m,人眼就能感知.为确保实验成功,纸板所需的拉力至少多大?15. (16 分)在科学研究中,可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制. 如题15-1 图所示的xOy 平面处于匀强电场和匀强磁场中,电场强度E 和磁感应强度B 随时间t 作周期性变化的图象如题15-2 图所示. x 轴正方向为E 的正方向,垂直纸面向里为B 的正方向. 在坐标原点O 有一粒子P,其质量和电荷量分别为m 和+q. 不计重力. 在2τ=t 时刻释放P,它恰能沿一定轨道做往复运动.(1)求P 在磁场中运动时速度的大小0v ; (2)求0B 应满足的关系;(3)在0t (200τ〈〈t )时刻释放P,求P 速度为零时的坐标.2013年普通高等学校招生全国统一考试(江苏卷)物理试题答案一、单项选择题1.C2.D3.B4.C5.A6.ABD7.CD8.BC9.BC第II 卷10.答案:(1)见下图(2)10 (3)电池(4)图线不应划为直线;横坐标的标度不恰当。

【精校】2013年普通高等学校招生全国统一考试(江苏卷)物理-含答案

【精校】2013年普通高等学校招生全国统一考试(江苏卷)物理-含答案

绝密★启用前2013年普通高等学校招生全国统一考试(江苏卷)物理试题一、单项选择题:本题共5小题,每小题3 分,共计15 分. 每小题只有一个选项符合题意.1. 火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知:(A)太阳位于木星运行轨道的中心(B)火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等(C)火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方(D)相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积2. 如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A 、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上. 不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是(A)A 的速度比B 的大(B)A 与B 的向心加速度大小相等(C)悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等(D)悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的小3. 下列选项中的各圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各圆环间彼此绝缘. 坐标原点o 处电场强度最大的是4. 在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示. M 4141 A B C D是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻发生变化,导致S 两端电压U 增大, 装置发出警报,此时(A) 变大,且R 越大,U 增大越明显(B) 变大,且R 越小,U 增大越明显(C) 变小,且R 越大,U 增大越明显(D) 变小,且R 越小,U 增大越明显5. 水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等. 碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的(A)30%(B)50%(C)70%(D)90%二、多项选择题:本题共4 小题,每小题4 分,共计16 分. 每小题有多个选项符合题意. 全部选对的得4 分,选对但不全的得2 分,错选或不答的得0 分.6. 将一电荷量为+Q 的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等. a 、b 为电场中的两点,则(A)a 点的电场强度比b 点的大(B)a 点的电势比b 点的高(C)检验电荷-q 在a 点的电势能比在b 点的大(D)将检验电荷-q 从a 点移到b 点的过程中,电场力做负功MR M R M R M R MR7. 如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A 、B,分别落在地面上的M 、N 点,两球运动的最大高度相同. 空气阻力不计,则(A)B 的加速度比A 的大(B)B 的飞行时间比A 的长(C)B 在最高点的速度比A 在最高点的大(D)B 在落地时的速度比A 在落地时的大8. 如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L 能发光. 要使灯泡变亮,可以采取的方法有(A )向下滑动P((B))增大交流电源的电压(C)增大交流电源的频率(D)减小电容器C 的电容9. 如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连. 弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出). 物块的质量为m,AB =a,物块与桌面间的动摩擦因数为. 现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点,拉力做的功为W. 撤去拉力后物块由静止向左运动, 经O 点到达B 点时速度为零. 重力加速度为g. 则上述过程中(A)物块在A 点时,弹簧的弹性势能等于 (B)物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于 (C)经O 点时,物块的动能小于(D)物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能三、简答题:本题分必做题(第10、11 题) 和选做题(第12 题) 两部分,共计42 分. 请将解答填写在答题卡相应的位置.【必做题】10. (8 分)为探究小灯泡的电功率P 和电压U 的关系,小明测量小灯泡的电压U 和电流I,利用P =UI 得到电功率. 实验所使用的小灯泡规格为“3.0 V 1.8 W ”,电源为12 V 的电池,滑动变阻器的最大阻值为10.(1)准备使用的实物电路如题10-1 图所示. 请将滑动变阻器接入电路的正确位置. (用笔画线代替导线)(题10-1 图) (2)现有10、20 和50 的定值电阻,电路中的电阻R1 应选⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)小明处理数据后将P 、 描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如题10-2 图所示. 请指出图象中不恰当的地方.11. (10 分)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示. 倾斜的球槽中放mga W μ21-mga W μ23-mga W μ-ΩΩΩΩΩ2U有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第1 个小球. 手动敲击弹性金属片M,M 与触头瞬间分开, 第1 个小球开始下落,M 迅速恢复,电磁铁又吸住第2 个小球. 当第1 个小球撞击M 时,M 与触头分开,第2 个小球开始下落……. 这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(A)电路中的电源只能选用交流电源(B)实验前应将M 调整到电磁铁的正下方(C)用直尺测量电磁铁下端到M 的竖直距离作为小球下落的高度(D)手动敲击M 的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H =1. 980 m,10 个小球下落的总时间T =6. 5 s. 可求出重力加速度g =⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽. (结果保留两位有效数字) (3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差,这导致实验误差. 为此,他分别取高度H1 和H2,测量n 个小球下落的总时间T1 和T2. 他是否可以利用这两组数据消除 对实验结果的影响? 请推导说明.12. 【选做题】本题包括A 、B 、C 三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答. 若多做,则按A 、B 两小题评分.A. [选修3-3](12 分)如图所示,一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B 、C 和D 后再回到状态A. 其中,A →B 和C →D 为等温过程,B →C 和D →A 为绝热过程(气体与外界无热量交换). 这就是著名的“卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说法正确的是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(A)A →B 过程中,外界对气体做功(B)B →C 过程中,气体分子的平均动能增大(C)C →D 过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多(D)D →A 过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化2sm t ∆t ∆t∆(2)该循环过程中,内能减小的过程是⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽ (选填“A →B ”、“B →C ”、“C →D ”或“D →A ”). 若气体在A →B 过程中吸收63 kJ 的热量,在C →D 过程中放出38 kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽kJ.(3)若该循环过程中的气体为1 mol,气体在A 状态时的体积为10 L,在B 状态时压强为A 状态时的. 求气体在B 状态时单位体积内的分子数. ( 已知阿伏加德罗常数,计算结果保留一位有效数字)B. [选修3-4](12 分)(题12B-1 图) (1)如题12B-1 图所示的装置,弹簧振子的固有频率是4 Hz. 现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,则把手转动的频率为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(A) 1 Hz(B) 3 Hz(C) 4 Hz(D) 5 Hz(2)如题12B-2 图所示,两艘飞船A 、B 沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v(v 接近光速c). 32123100.6-⨯=mol NA地面上测得它们相距为L,则A 测得两飞船间的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽ (选填“大于”、“等于”或“小于”)L. 当B 向A 发出一光信号,A 测得该信号的速度为⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽.(3)题12B-3 图为单反照相机取景器的示意图, ABCDE 为五棱镜的一个截面,AB BC. 光线垂直AB 射入,分别在CD 和EA 上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC 射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)(题12B-3 图)C. [选修3-5](12 分)(1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽也相等.(题12C-1 图)(A)速度(B)动能(C)动量(D)总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He+ )的能级图如题12C-1 图所示. 电子处在n =3 轨道上比处在n =5 轨道上离氦核的距离⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽(选填“近”或“远”). 当大量He+处在n =4 的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有⎽⎽⎽⎽⎽⎽⎽条.(3)如题12C-2 图所示,进行太空行走的宇航员A 和B 的质量分别为80kg 和100 kg,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0. 1 m/ s. A 将B 向空间站方向轻推后,A 的速度变为0. 2 m/ s,求此时B 的速度大小和方向.⊥(题12C-2 图)四、计算题:本题共3 小题,共计47 分. 解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤. 只写出最后答案的不能得分. 有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.13. (15 分)如图所示,匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd,线圈平面与磁场垂直. 已知线圈的匝数N =100,边长ab =1. 0 m 、bc =0. 5 m,电阻r =2 . 磁感应强度B 在0 ~1 s 内从零均匀变化到0. 2 T. 在1~5 s 内从0. 2 T 均匀变化到-0. 2 T,取垂直纸面向里为磁场的正方向. 求:(1)0. 5 s 时线圈内感应电动势的大小E 和感应电流的方向;(2)在1~5s 内通过线圈的电荷量q ;(3)在0~5s 内线圈产生的焦耳热Q.14. (16 分)如图所示,将小砝码置于桌面上的薄纸板上,用水平向右的拉力将纸板迅速抽出, 砝码的移动很小,几乎观察不到,这就是大家熟悉的惯性演示实验. 若砝码和纸板的质量分别为m 1 和m 2,各接触面间的动摩擦因数均为. 重力加速度为g.(1) 当纸板相对砝码运动时,求纸板所受摩擦力大小;(2) 要使纸板相对砝码运动,求所需拉力的大小;(3)本实验中,=0.5kg, =0.1kg,,砝码与纸板左端的距离d =0.1 m,取g =10 . 若砝码移动的距离超过l=0.002 m,人眼就能感知.为确保实验成功,纸板所需的拉力至少多大?Ωμ1m 2m 0.2μ=2s m15. (16 分)在科学研究中,可以通过施加适当的电场和磁场来实现对带电粒子运动的控制. 如题15-1 图所示的xOy 平面处于匀强电场和匀强磁场中,电场强度E 和磁感应强度B 随时间t 作周期性变化的图象如题15-2 图所示. x 轴正方向为E 的正方向,垂直纸面向里为B 的正方向. 在坐标原点O 有一粒子P,其质量和电荷量分别为m 和+q. 不计重力. 在时刻释放P,它恰能沿一定轨道做往复运动.(1)求P 在磁场中运动时速度的大小;(2)求应满足的关系;(3)在()时刻释放P,求P 速度为零时的坐标.2τ=t0v 0B 0t 200τ〈〈t考试高分秘诀是什么?试试这四个方法,特别是中考和高考生谁都想在考试中取得优异的成绩,但要想取得优异的成绩,除了要掌握好相关的知识定理和方法技巧之外,更要学会一些考试技巧。

2013 年普通高等学校招生统一考试物理卷(江苏卷)

2013 年普通高等学校招生统一考试物理卷(江苏卷)

2013 年普通高等学校招生统一考试物理卷(江苏卷)一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分。

每小题只有一个....选项符合题意。

1。

火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知 (A )太阳位于木星运行轨道的中心(B )火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等(C )火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方(D )相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积 2。

如图所示,“旋转秋千冶中的两个座椅A 、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。

不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是 (A )A 的速度比B 的大(B )A 与B 的向心加速度大小相等(C )悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等 (D )悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的 3。

下列选项中的各14圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各14圆环间 彼此绝缘。

坐标原点O 处电场强度最大的是4。

在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示。

M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻M R 发生变化,导致S 两端电压U 增大,装置发出警报,此时 (A ) M R 变大,且R 越大,U增大越明显(B ) M R 变大,且R 越小,U 增大越明显 (C ) M R 变小,且R 越大,U 增大越明显 (D ) M R 变小,且R 越小,U 增大越明显5。

水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等。

碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的(A )30% (B )50% (C )70% (D )90%二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分。

每小题有多个选项符合题意。

全部选 对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分。

江苏高考物理考试答案与解析

江苏高考物理考试答案与解析

江苏高考物理考试答案与解析————————————————————————————————作者:————————————————————————————————日期:2013年江苏省高考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意.1.(3分)(2013•江苏)火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知()A.太阳位于木星运行轨道的中心B.火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C.火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D.相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积考点:万有引力定律及其应用.专题:万有引力定律在天体运动中的应用专题.分析:熟记理解开普勒的行星运动三定律:第一定律:所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆,太阳处在所有椭圆的一个焦点上.第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等.第三定律:所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等.解答:解:A、第一定律的内容为:所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动,太阳处于椭圆的一个焦点上.故A错误;B、第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等.行星在此椭圆轨道上运动的速度大小不断变化,故B错误;C、若行星的公转周期为T,则常量K与行星无关,与中心体有关,故C正确;D、第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等,是对同一个行星而言,故D错误;故选C.点评:正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键.2.(3分)(2013•江苏)如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上.不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是()A.A的速度比B的大B.A与B的向心加速度大小相等C.悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角相等D.悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小考点:向心力;牛顿第二定律.专题:牛顿第二定律在圆周运动中的应用.分析:A B两个座椅具有相同的角速度,分别代入速度、加速度、向心力的表达式,即可求解.解答:解:AB两个座椅具有相同的角速度.A:根据公式:v=ω•r,A的运动半径小,A的速度就小.故A错误;B:根据公式:a=ω2r,A的运动半径小,A的向心加速度就小,故B错误;C:如图,对任一座椅,受力如图,由绳子的拉力与重力的合力提供向心力,则得:mgtanθ=mω2r,则得tanθ=,A的半径r较小,ω相等,可知A与竖直方向夹角θ较小,故C错误.D:A的向心加速度就小,A的向心力就小,A对缆绳的拉力就小,故D正确.故选:D3.(3分)(2013•江苏)下列选项中的各圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各圆环间彼此绝缘.坐标原点O处电场强度最大的是()A.B.C.D.考点:电场强度;电场的叠加.专题:电场力与电势的性质专题.分析:根据点电荷场强的公式和场强叠加原理,与选项相对比,分析求解问题.解答:解:A、坐标原点O 处电场强度是带电圆环产生的,B、坐标原点O 处电场强度是第一象限带正电圆环和第二象限带负电圆环叠加产生,坐标原点O 处电场强度大小大于带电圆环产生的场强.C 、第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消,所以坐标原点O 处电场强度是带电圆环产生的,D 、第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消,第二象限带负电圆环和第四象限带负电圆环产生电场相互抵消,所以坐标原点O处电场强度为零.所以坐标原点O处电场强度最大的是B.故选B.点评:本题考查定性分析问题的思想方法,要求学生在牢固的掌握基本知识的基础上要能过灵活的分析问题.4.(3分)(2013•江苏)在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示.M是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M发生变化,导致S两端电压U增大,装置发出警报,此时()A.R M变大,且R越大,U增大越明显B.R M变大,且R越小,U增大越明显C.R M变小,且R越大,U增大越明显D.R M变小,且R越小,U增大越明显考点:闭合电路的欧姆定律.专题:压轴题;恒定电流专题.分析:电阻R与R M并联后与S串联,当电阻R越大时,电阻R与R M并联的电阻越接近R M,电压变化越明显.解答:解:S两端电压U增大,故传感器两端电压一定减小;当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液,R M变小;当R>R M时,R越大,M与R并联的电阻R并越接近R M,U增大越明显;故选:C.点评:本题是电路的动态分析问题,关键明确当电阻R越大时,电阻R与R M并联的电阻越接进R M,电压变化越明显.5.(3分)(2013•江苏)水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等.碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的()A.30% B.50% C.70% D.90%考点:动量守恒定律;机械能守恒定律.专题:压轴题;动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合.分析:根据频闪照片,根据却是守恒定律研究碰撞后两球速度大小与碰撞前白球速度大小的关系,即可研究碰撞过程中系统损失的动能.解答:解:设碰撞前白球的速度大小为2v,由图看出,碰撞后两球的速度大小相等,速度之间的夹角约为60°,设碰撞后两球的速度大小为v′根据动量守恒得:水平方向有:m•2v=2mv′cos30°,解得,v′=则碰撞过程中系统损失的动能为△E k=﹣==,即碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的.故选A点评:本题首先要根据照片的信息,知道两球速度大小近似相等,再由动量守恒求解碰撞前后速度大小的关系.二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.6.(4分)(2013•江苏)将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等.a、b为电场中的两点,则()A.a点的电场强度比b点的大B.a点的电势比b点的高C.检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D.将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中,电场力做负功考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场线的疏密表示场强的大小;a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b点的电势;电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小.解答:解:A:电场线的疏密表示场强的大小,故A正确;B:a点所在的电场线从Q出发到不带电的金属球终止,所以a点的电势高于金属球的电势,而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b点的电势.故B正确;C:电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小,即负电荷在a点的电势能较b点小,故C错误;D:由上知,﹣q在a点的电势能较b点小,则把﹣q电荷从电势能小的a点移动到电势能大的b点,电势能增大,电场力做负功.故D正确.故选:ABD点评:该题考查电场线的特点与电场力做功的特点,解题的关键是电场力做正功,电势能减小;电场力做负功,电势能增加.7.(4分)(2013•江苏)如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A、B,分别落在地面上的M、N点,两球运动的最大高度相同.空气阻力不计,则()A.B的加速度比A的大B.B的飞行时间比A的长C.B在最高点的速度比A在最高点的大D.B在落地时的速度比A在落地时的大考点:机械能守恒定律.专题:机械能守恒定律应用专题.分析:由题知,两球均做斜抛运动,运用运动的分解法可知:水平方向做匀速直线运动,竖直方向做竖直上抛运动,两球的加速度相同,由竖直高度相同,由运动学公式分析竖直方向的初速度关系,即可知道水平初速度的关系.两球在最高点的速度等于水平初速度.由速度合成分析初速度的关系,即可由机械能守恒知道落地速度的大小关系.解答:解:A、不计空气阻力,两球的加速度都为重力加速度g.故A错误.B、两球都做斜抛运动,竖直方向的分运动是竖直上抛运动,根据运动的对称性可知,两球上升和下落的时间相等,而下落过程,由t=知下落时间相等,则两球运动的时间相等.故B错误.C、h=v y t﹣,最大高度h、t相同,则知,竖直方向的初速度大小相等,由于A球的初速度与水平方向的夹角大于B球的竖直方向的初速度,由v y=v0sinα(α是初速度与水平方向的夹角)得知,A球的初速度小于B球的初速度,两球水平方向的分初速度为v0cosα=v y cotα,由于B球的初速度与水平方向的夹角小,所以B球水平分初速度较大,而两球水平方向都做匀速直线运动,故B在最高点的速度比A在最高点的大.故C正确.D、根据速度的合成可知,B的初速度大于A球的初速度,运动过程中两球的机械能都守恒,则知B在落地时的速度比A在落地时的大.故D正确.故选CD点评:本题考查运用运动的合成与分解的方法处理斜抛运动的能力,对于竖直上抛的分速度,可根据运动学公式和对称性进行研究.8.(4分)(2013•江苏)如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L能发光.要使灯泡变亮,可以采取的方法有()A.向下滑动P B.增大交流电源的电压C.增大交流电源的频率D.减小电容器C的电容考点:变压器的构造和原理.专题:压轴题;交流电专题.分析:要使灯泡变亮,应使副线圈两端电压增大.向下滑动P,副线圈匝数减少,电压减小,增大交流电源的电压,副线圈两端电压也增大,增大交流电源的频率通过电容器的电流更大.解答:解:A、向下滑动P,副线圈匝数减少,电压减小,A错误;B、增大交流电源的电压,副线圈两端电压也增大,B正确;C、增大交流电源的频率通过电容器的电流更大,C正确;D、减小电容器C的电容,增加了容抗,通过灯泡的电流减小,灯泡变暗,D错误;故选BC点评:本题考查了变压器的变压原理和电容器对交流电的影响,通高频阻低频.9.(4分)(2013•江苏)如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连.弹簧处于自然长度时物块位于O点(图中未标出).物块的质量为m,AB=a,物块与桌面间的动摩擦因数为μ.现用水平向右的力将物块从O点拉至A点,拉力做的功为W.撤去拉力后物块由静止向左运动,经O点到达B点时速度为零.重力加速度为g.则上述过程中()A.物块在A点时,弹簧的弹性势能等于W﹣μmgaB.物块在B点时,弹簧的弹性势能小于W﹣μmgaC.经O点时,物块的动能小于W﹣μmgaD.物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B点时弹簧的弹性势能考点:机械能守恒定律.专题:压轴题;机械能守恒定律应用专题.分析:到达B点时速度为0,但加速度不一定是零,即不一定合力为0,这是此题的不确定处.弹簧作阻尼振动,如果接触面摩擦系数μ很小,则动能为最大时时弹簧伸长量较小(此时弹力等于摩擦力μmg),而弹簧振幅变化将很小,B点弹簧伸长大于动能最大点;如果μ较大,则动能最大时,弹簧伸长量较大,(因弹力等于摩擦力,μ较大,摩擦力也较大,同一个弹簧,则需要较大伸长量,弹力才可能与摩擦力平衡),而此时振幅变化很大,即振幅将变小,则物块将可能在离O点很近处,就处于静止(速度为0,加速度也为0),此时B点伸长量可能小于动能最大时伸长量,B点势能可能小于动能最大处势能.至于物块在A点或B点时弹簧的弹性势能,由功能关系和动能定理分析讨论即可.解答:解:A、如果没有摩擦力,则O点应该在AB中间,由于有摩擦力,物体从A到B过程中机械能损失,故无法到达没有摩擦力情况下的B点,也即O点靠近B点.故OA,此过程物体克服摩擦力做功大于,所以物块在A点时,弹簧的弹性势能小于,故A错误;B、由A分析得物块从开始运动到最终停在B点,路程大于a+=,故整个过程物体克服阻力做功大于,故物块在B点时,弹簧的弹性势能小于,故B正确;C、从O点开始到再次到达O点,物体路程大于a,故由动能定理得,物块的动能小于W﹣μmga,故C正确;D、物块动能最大时,弹力等于摩擦力,而在B点弹力与摩擦力的大小关系未知,故物块动能最大时弹簧伸长量与物块在B点时弹簧伸长量大小未知,故此两位置弹性势能大小关系不好判断,故D错误.故选:BC.点评:利用反证法得到O点并非AB连线的中点是很巧妙的,此外要求同学对功能关系和动能定理理解透彻三、简答题:必做题,请将解答填写在答题卡相应的位置.10.(8分)(2013•江苏)为探究小灯泡的电功率P和电压U的关系,小明测量小灯泡的电压U和电流I,利用P=UI得到电功率.实验所使用的小灯泡规格为“3.0V,1.8W”,电源为12V的电池,滑动变阻器的最大阻值为10Ω.(1)准备使用的实物电路如图1所示.请将滑动变阻器接入电路的正确位置.(用笔画线代替导线)(2)现有10Ω、20Ω和50Ω的定值电阻,电路中的电阻R1应选10Ω的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除电池两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)小明处理数据后将P、U2描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如图2所示.请指出图象中不恰当的地方.考点:描绘小电珠的伏安特性曲线.专题:实验题;压轴题;恒定电流专题.分析:测定小灯泡伏安特性曲线实验要求电流从零调,所以滑动变阻器应用分压式接法;做电学实验为保护电流表,需要串联一个保护电阻,保护电阻的值应根据欧姆定律算出;画图象时若各点不在一条直线上时,应用平滑的曲线连接.解答:解:(1)从P﹣图象可知电压从零调,所以滑动变阻器应用分压式接法,变阻器连接如图所示(2)当变阻器的输出电压最大时,通过小灯泡的电流为额定电流I==A=0.6A,根据欧姆定律通过变阻器的电流为==,所以通过电源的电流为=I+=0.6+0.3=0.9A,根据闭合电路欧姆定律,应有E=U+,解得+r===10Ω,所以保护电阻应选10Ω的定值电阻;(3)根据安全性原则,测量结束后,应先断开开关,拆除电池两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)图象中不恰当的地方有①图线不应画直线,应用平滑的曲线连接;②横坐标标度太大.故答案为(1)如图;(2)10;(3)电池;(4)图线不应画直线,应用平滑的曲线连接;横坐标标度太大.点评:测定小灯泡的伏安特性曲线实验变阻器应用分压式接法,选择保护电阻时应根据闭合电路欧姆定律求出电路中的最小电阻,然后再选择.11.(10分)(2013•江苏)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示.倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第1个小球.手动敲击弹性金属片M,M与触头瞬间分开,第1个小球开始下落,M迅速恢复,电磁铁又吸住第2个小球.当第1个小球撞击M时,M与触头分开,第2个小球开始下落….这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有BD.A.电路中的电源只能选用交流电源B.实验前应将M调整到电磁铁的正下方C.用直尺测量电磁铁下端到M的竖直距离作为小球下落的高度D.手动敲击M的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H=1.980m,10个小球下落的总时间T=6.5s.可求出重力加速度g=9.4m/s2.(结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间△t磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差△t,这导致实验误差.为此,他分别取高度H1和H2,测量n 个小球下落的总时间T1和T2.他是否可以利用这两组数据消除△t对实验结果的影响?请推导说明.考点:测定匀变速直线运动的加速度.专题:实验题;压轴题;自由落体运动专题.分析:(1)首先要明确电路结构、实验原理即可正确解答;(2)根据自由落体运动规律可以求出重力加速度大小;(3)误差主要来自小球下落过程中空气阻力的影响,由此可正确解答;(4)根据自由落体运动规律结合数学知识可正确求解.解答:解:(1)A、电路中的电源目的是线圈产生磁性,因此直流电也可以,故A错误;B、小球沿竖直方向自由下落,因此要使小球能够撞击M,M调整到电磁铁的正下方,故B正确;C、球的正下方到M的竖直距离作为小球下落的高度,故C错误;D、敲击M的同时小球开始下落,因此此时应该计时,故D正确.故答案为:BD.(2)一个小球下落的时间为:t=根据自由落体运动规律可得:(3)通过多次测量取平均值可以减小误差,同时该实验的误差主要来自小球下落过程中空气阻力的影响,因此增加小球下落的高度或者选择密度更大的实心金属球.(4)由自由落体运动的规律可得:①②联立①②可得:,因此可以消去△t对实验结果的影响.故答案为:(1)BD,(2)9.4,(3)增加小球下落的高度;多次重复实验结果取平均值,(4)可以.点评:对于实验问题一定要明确实验原理,并且亲自动手实验,熟练应用所学基本规律解决实验问题.四.选做题:本题包括12、13、14三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答.若多做,则按12、13两小题评分.12.(12分)(2013•江苏)[选修3﹣3]如图所示,一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中,A→B和C→D为等温过程,B→C和D→A为绝热过程(气体与外界无热量交换).这就是著名的“卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说法正确的是C.A.A→B过程中,外界对气体做功B.B→C过程中,气体分子的平均动能增大C.C→D过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D.D→A过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中,内能减小的过程是B→C(选填“A→B”、“B→C”、“C→D”或“D→A”).若气体在A→B过程中吸收63kJ 的热量,在C→D过程中放出38kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为25kJ.(3)若该循环过程中的气体为1mol,气体在A状态时的体积为10L,在B状态时压强为A 状态时的.求气体在B状态时单位体积内的分子数.(已知阿伏加德罗常数N A=6.0×1023mol﹣1,计算结果保留一位有效数字)考点:理想气体的状态方程.专题:理想气体状态方程专题.分析:A→B过程中,体积增大,气体对外界做功,B→C过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,C→D过程中,等温压缩,D→A过程中,绝热压缩,外界对气体做功,温度升高;由△U=Q+W知,气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ.解答:解:(1)A、A→B过程中,体积增大,气体对外界做功,A错误;B、B→C过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,气体分子的平均动能减小,B错误;C、C→D过程中,等温压缩,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多,C正确;D、D→A过程中,绝热压缩,外界对气体做功,温度升高,气体分子的速率分布曲线发生变化,D错误;故选C(2)B→C过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,内能减小;由△U=Q+W 知,气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ(3)A→B为等温过程,则10P=,所以V=15L,在B状态时单位体积内的分子数==4×1025m﹣3答案为(1)C (2)B→C 25 (3)4×1025m﹣3点评:本题考查了理想气体状态方程,要理解各过程气体的变化,选择相应的状态方程.13.(12分)(2013•江苏)[选修3﹣4](1)如图1所示的装置,弹簧振子的固有频率是4Hz.现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,则把手转动的频率为A.A.1Hz B.3Hz C.4Hz D.5Hz(2)如图2所示,两艘飞船A、B沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v(v接近光速c).地面上测得它们相距为L,则A测得两飞船间的距离大于(选填“大于”、“等于”或“小于”)L.当B向A发出一光信号,A测得该信号的速度为c.(3)图3为单反照相机取景器的示意图,ABCDE为五棱镜的一个截面,AB⊥BC.光线垂直AB射入,分别在CD和EA上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC 射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)考点:光的折射定律;产生共振的条件及其应用.专题:压轴题;光的折射专题.分析:(1)物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率,与物体的固有频率无关.(2)根据长度的相对性判断两飞船间的距离,根据光速不变原理判断A测得信号的速度.(3)根据几何关系求出入射角,通过折射定律求出五棱镜折射率的最小值.解答:解:(1)弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz,即受迫振动的频率为1Hz,则驱动力的频率为1Hz.故A正确,B、C、D错误.故选A.(2)根据L=,L0为在相对静止参考系中的长度,L为在相对运动参考系中的长度,地面上测得它们相距为L,是以高速飞船为参考系,而A测得的长度为以静止参考系的长度,大于L.根据光速不变原理,则A测得该信号的速度为c.(3)设入射到CD面上的入射角为θ,因为在CD和EA上发生反射,且两次反射的入射角相等.根据几何关系有:4θ=90°解得θ=22.5°根据sin解得最小折射率n=.故答案为:(1)A (2)大于c (3)点评:本题考查了机械振动、相对论、几何光学等知识点,难度不大,是高考的热点问题,需加强训练.14.(2013•江苏)[选修3﹣5](1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的C也相等.A.速度B.动能C.动量D.总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He+)的能级图如图1所示.电子处在n=3轨道上比处在n=5轨道上离氦核的距离近(选填“近”或“远”).当大量He+处在n=4的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有6条.(3)如图2所示,进行太空行走的宇航员A和B的质量分别为80kg和100kg,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0.1m/s.A将B向空间站方向轻推后,A的速度变为0.2m/s,求此时B的速度大小和方向.考点:动量守恒定律;氢原子的能级公式和跃迁.专题:压轴题;动量定理应用专题.分析:(1)德布罗意波长为λ=,P是动量,h是普朗克常量.(2)根据玻尔原子理论,电子所在不同能级的轨道半径满足,激发发态跃迁的谱线满足(3)根据动量守恒求解即可.解答:解:(1)根据德布罗意波长公式λ=,一个电子的德布罗意波长和一个中子的波长相等,则动量P亦相等,故答案选C;(2)根据玻尔原子理论,能级越高的电子离核距离越大,故电子处在n=3轨道上比处在n=5轨道上离氦核的距离近.跃迁发出的谱线条数为,代入n=4得有6条谱线,故答案为6.(3)取v0远离空间站的方向为正方向,则A和B开始的速度为v0=0.1m/s远离空间站,推开后,A的速度v A=0.2m/s,此时B的速度为v B,根据动量守恒定律有:(m A+m B)v0=m A v A+m B v B代入数据解得:v B=0.02m/s方向沿远离空间站方向;故答案为:(1)C;(2)近、6(3)0.02m/s,方向远离空间站方向.点评:本题主要考查德布罗意波和玻尔原子理论,在考纲中属于基本要求,第三问结合航天考查动量守恒也属于基础题,作为2013年江苏高考题难度不是很大.五、计算题:本题共3小题,共计47分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.15.(15分)(2013•江苏)如图所示,匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd,线圈平面与磁场垂直.已知线圈的匝数N=100,边长ab=1.0m、bc=0.5m,电阻r=2Ω.磁感应强度B在0。

2013江苏高考物理试题及答案(完美打印版)

2013江苏高考物理试题及答案(完美打印版)

2013 年普通高等学校招生统一考试(江苏卷)物理试题一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分。

每小题只有一个....选项符合题意。

1.火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知 ( ) (A )太阳位于木星运行轨道的中心(B )火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等(C )火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方(D )相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积 2.如图所示,“旋转秋千冶中的两个座椅A 、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上。

不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是 ( )(A )A 的速度比B 的大(B )A 与B 的向心加速度大小相等(C )悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等 (D )悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的 3.下列选项中的各14圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各14圆环间彼此绝缘。

坐标原点O 处电场强度最大的是 ( )4.在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示。

M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M 发生变化,导致S 两端电压U 增大,装置发出警报,此时 ( ) (A )R M 变大,且R 越大,U 增大越明显 (B )R M 变大,且R 越小,U 增大越明显 (C )R M 变小,且R 越大,U 增大越明显 (D )R M 变小,且R 越小,U 增大越明显5.水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等。

碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的 ( ) (A )30% (B )50% (C )70% (D )90%二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分。

每小题有多个选项符合题意。

全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分。

2013年高考物理(江苏卷)Word版含答案

2013年高考物理(江苏卷)Word版含答案

物理试题参考答案 一、单项选择题 1. C 2. D 3. B 4. C 5. A二、多项选择题6. ABD7. CD8. BC9. BC三、简答题10. (1)(见右图)(2)10(3)电池(4)图线不应画为直线;横坐标的标度不恰当.11. (1)BD (2)9. 4(3)增加小球下落的高度;多次重复实验,结果取平均值.(其他答案只要合理也可)(4)由2111()2T H g t n =-和2212()2T H g t n=- 可得2212122()n H H g -=,因此可以消去t 的影响. 12A. (1)C (2)B C → 25(3)等温过程A A B B p V p V =,单位体积内的分子数AB N n V γ=.解得A BA A N p n p V γ=,代入数据得253410n m -=⨯ 12B. (1)A (2)大于 c(或光速)(3)由题意知,入射角22.5α=°则折射率最小值1sin 22.5n = 12C. (1)C (2)近 6(3)根据动量守恒0()A B A A B B m m V m v m v +=+解得 0.02/,B v m s = 离开空间站方向14. (1)砝码对纸板的摩擦力 11f m g μ= 桌面对纸板的摩擦力 212()f m m g μ=+ 12f f f =+ 解得 12(2)f m m g μ=+(2)设砝码的加速度为1a ,纸板的加速度为2a ,则111f m a = 1222F f f m a --= 发生相对运动 21a a >解得 122()F m m g μ>+(3)纸板抽出前,砝码运动的距离121112x a t =纸板运动的距离212112d x a t += 纸板抽出后,砝码在桌面上运动的距离 223212x a t = 12l x x =+ 由题意知 131132,a a a t a t == 解得 122[(1)]d F m m g lμ=++ 代入数据得 22.4F N =。

  1. 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性,平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
  2. 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
  3. 3、如文档侵犯您的权益,请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间:9:00-18:30)。

2013年江苏省高考物理试卷答案与解析2013年江苏省高考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分.每小题只有一个选项符合题意.1.(3分)(2013•江苏)火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,根据开普勒行星运动定律可知( )A . 太阳位于木星运行轨道的中心B . 火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C . 火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D . 相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积考点: 万有引力定律及其应用. 专题:万有引力定律在天体运动中的应用专题. 分析: 熟记理解开普勒的行星运动三定律: 第一定律:所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆,太阳处在所有椭圆的一个焦点上.第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等.第三定律:所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等.解答: 解:A 、第一定律的内容为:所有行星分别沿不同大小的椭圆轨道绕太阳运动,太阳处于椭圆的一个焦点上.故A 错误;B 、第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等.行星在此椭圆轨道上运动的速度大小不断变化,故B 错误;C 、若行星的公转周期为T ,则常量K 与行星无关,与中心体有关,故C 正确;D 、第二定律:对每一个行星而言,太阳行星的连线在相同时间内扫过的面积相等,是对同一个行星而言,故D 错误;故选C .点评: 正确理解开普勒的行星运动三定律是解答本题的关键.2.(3分)(2013•江苏)如图所示,“旋转秋千”中的两个座椅A 、B 质量相等,通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上.不考虑空气阻力的影响,当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时,下列说法正确的是( )A . A 的速度比B 的大B . A 与B 的向心加速度大小相等C . 悬挂A 、B 的缆绳与竖直方向的夹角相等D . 悬挂A 的缆绳所受的拉力比悬挂B 的小考点: 向心力;牛顿第二定律. 专题: 牛顿第二定律在圆周运动中的应用. 分析: AB 两个座椅具有相同的角速度,分别代入速度、加速度、向心力的表达式,即可求解. 解答: 解:AB 两个座椅具有相同的角速度.A :根据公式:v=ω•r ,A 的运动半径小,A 的速度就小.故A 错误;B :根据公式:a=ω2r ,A 的运动半径小,A的向心加速度就小,故B 错误;C :如图,对任一座椅,受力如图,由绳子的拉力与重力的合力提供向心力,则得:mgtan θ=m ω2r ,则得tan θ=,A 的半径r 较小,ω相等,可知A 与竖直方向夹角θ较小,故C 错误.D :A 的向心加速度就小,A 的向心力就小,A 对缆绳的拉力就小,故D 正确.故选:D点评: 该题中,AB 的角速度相等而半径不相等是解题的关键.属于简单题.3.(3分)(2013•江苏)下列选项中的各圆环大小相同,所带电荷量已在图中标出,且电荷均匀分布,各圆环间彼此绝缘.坐标原点O 处电场强度最大的是( )A .B .C .D .考点: 电场强度;电场的叠加. 专题: 电场力与电势的性质专题. 分析: 根据点电荷场强的公式和场强叠加原理,与选项相对比,分析求解问题.解答: 解:A 、坐标原点O 处电场强度是带电圆环产生的,B 、坐标原点O 处电场强度是第一象限带正电圆环和第二象限带负电圆环叠加产生,坐标原点O 处电场强度大小大于带电圆环产生的场强.C 、第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消,所以坐标原点O 处电场强度是带电圆环产生的,D 、第一象限带正电圆环和第三象限带正电圆环产生电场相互抵消,第二象限带负电圆环和第四象限带负电圆环产生电场相互抵消,所以坐标原点O 处电场强度为零. 所以坐标原点O 处电场强度最大的是B .故选B .点本题考查定性分析问题的思想方法,要求学评: 生在牢固的掌握基本知识的基础上要能过灵活的分析问题.4.(3分)(2013•江苏)在输液时,药液有时会从针口流出体外,为了及时发现,设计了一种报警装置,电路如图所示.M 是贴在针口处的传感器,接触到药液时其电阻R M 发生变化,导致S 两端电压U 增大,装置发出警报,此时( )A . R M 变大,且R 越大,U 增大越明显B . R M 变大,且R 越小,U 增大越明显C . R M 变小,且R 越大,U 增大越明显D . R M 变小,且R 越小,U 增大越明显考点: 闭合电路的欧姆定律. 专题:压轴题;恒定电流专题. 分析: 电阻R 与R M 并联后与S 串联,当电阻R 越大时,电阻R 与R M 并联的电阻越接近R M ,电压变化越明显.解答: 解:S 两端电压U 增大,故传感器两端电压一定减小;当“有药液从针口流出体外”使传感器接触药液,R M 变小;当R >R M 时,R 越大,M 与R 并联的电阻R 并越接近R M ,U 增大越明显; 故选:C .点评: 本题是电路的动态分析问题,关键明确当电阻R 越大时,电阻R 与R M 并联的电阻越接进R M ,电压变化越明显.5.(3分)(2013•江苏)水平面上,一白球与一静止的灰球碰撞,两球质量相等.碰撞过程的频闪照片如图所示,据此可推断,碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的( )A . 30%B . 50%C . 70%D . 90%考点:动量守恒定律;机械能守恒定律.专题: 压轴题;动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合. 分析:根据频闪照片,根据却是守恒定律研究碰撞后两球速度大小与碰撞前白球速度大小的关系,即可研究碰撞过程中系统损失的动能. 解答:解:设碰撞前白球的速度大小为2v ,由图看出,碰撞后两球的速度大小相等,速度之间的夹角约为60°,设碰撞后两球的速度大小为v ′根据动量守恒得:水平方向有:m •2v=2mv ′cos30°,解得,v ′=则碰撞过程中系统损失的动能为△E k =﹣==,即碰撞过程中系统损失的动能约占碰撞前动能的.故选A点评: 本题首先要根据照片的信息,知道两球速度大小近似相等,再由动量守恒求解碰撞前后速度大小的关系.二、多项选择题:本题共4小题,每小题4分,共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分.6.(4分)(2013•江苏)将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近,所形成的电场线分布如图所示,金属球表面的电势处处相等.a、b 为电场中的两点,则()A.a点的电场强度比b点的大B.a点的电势比b点的高C.检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D.将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中,电场力做负功考点:匀强电场中电势差和电场强度的关系;电场强度.专题:电场力与电势的性质专题.分电场线的疏密表示场强的大小;a点所在的析: 电场线从Q 出发到不带电的金属球终止,所以a 点的电势高于金属球的电势,而b 点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b 点的电势;电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小.解答: 解:A :电场线的疏密表示场强的大小,故A 正确;B :a 点所在的电场线从Q 出发到不带电的金属球终止,所以a 点的电势高于金属球的电势,而b 点所在处的电场线从金属球发出到无穷远,所以金属球的电势高于b 点的电势.故B 正确;C :电势越高的地方,负电荷具有的电势能越小,即负电荷在a 点的电势能较b 点小,故C 错误;D :由上知,﹣q 在a 点的电势能较b 点小,则把﹣q 电荷从电势能小的a 点移动到电势能大的b 点,电势能增大,电场力做负功.故D 正确.故选:ABD点评:该题考查电场线的特点与电场力做功的特点,解题的关键是电场力做正功,电势能减小;电场力做负功,电势能增加.7.(4分)(2013•江苏)如图所示,从地面上同一位置抛出两小球A 、B ,分别落在地面上的M 、N 点,两球运动的最大高度相同. 空气阻力不计,则( )A .B 的加速度比A 的大B . B 的飞行时间比A 的长C . B 在最高点的速度比A 在最高点的大D . B 在落地时的速度比A 在落地时的大考点: 机械能守恒定律. 专题: 机械能守恒定律应用专题. 分析:由题知,两球均做斜抛运动,运用运动的分解法可知:水平方向做匀速直线运动,竖直方向做竖直上抛运动,两球的加速度相同,由竖直高度相同,由运动学公式分析竖直方向的初速度关系,即可知道水平初速度的关系.两球在最高点的速度等于水平初速度.由速度合成分析初速度的关系,即可由机械能守恒知道落地速度的大小关系.解答: 解:A 、不计空气阻力,两球的加速度都为重力加速度g .故A 错误.B 、两球都做斜抛运动,竖直方向的分运动是竖直上抛运动,根据运动的对称性可知,两球上升和下落的时间相等,而下落过程,由t=知下落时间相等,则两球运动的时间相等.故B 错误.C 、h=v y t ﹣,最大高度h 、t 相同,则知,竖直方向的初速度大小相等,由于A 球的初速度与水平方向的夹角大于B 球的竖直方向的初速度,由v y =v 0sin α(α是初速度与水平方向的夹角)得知,A 球的初速度小于B 球的初速度,两球水平方向的分初速度为v 0cos α=v y cot α,由于B 球的初速度与水平方向的夹角小,所以B 球水平分初速度较大,而两球水平方向都做匀速直线运动,故B 在最高点的速度比A 在最高点的大.故C正确.D 、根据速度的合成可知,B 的初速度大于A 球的初速度,运动过程中两球的机械能都守恒,则知B 在落地时的速度比A 在落地时的大.故D 正确.故选CD点评:本题考查运用运动的合成与分解的方法处理斜抛运动的能力,对于竖直上抛的分速度,可根据运动学公式和对称性进行研究.8.(4分)(2013•江苏)如图所示,理想变压器原线圈接有交流电源,当副线圈上的滑片P 处于图示位置时,灯泡L 能发光. 要使灯泡变亮,可以采取的方法有( )A . 向下滑动PB . 增大交流电源的电压C . 增大交流电源的频率D . 减小电容器C 的电容考变压器的构造和原理.点:专题: 压轴题;交流电专题. 分析: 要使灯泡变亮,应使副线圈两端电压增大.向下滑动P ,副线圈匝数减少,电压减小,增大交流电源的电压,副线圈两端电压也增大,增大交流电源的频率通过电容器的电流更大.解答: 解:A 、向下滑动P ,副线圈匝数减少,电压减小,A 错误; B 、增大交流电源的电压,副线圈两端电压也增大,B 正确;C 、增大交流电源的频率通过电容器的电流更大,C 正确;D 、减小电容器C 的电容,增加了容抗,通过灯泡的电流减小,灯泡变暗,D 错误;故选BC点评: 本题考查了变压器的变压原理和电容器对交流电的影响,通高频阻低频.9.(4分)(2013•江苏)如图所示,水平桌面上的轻质弹簧一端固定,另一端与小物块相连.弹簧处于自然长度时物块位于O 点(图中未标出).物块的质量为m ,AB=a ,物块与桌面间的动摩擦因数为μ.现用水平向右的力将物块从O 点拉至A 点,拉力做的功为W .撤去拉力后物块由静止向左运动,经O 点到达B 点时速度为零.重力加速度为g . 则上述过程中( )A . 物块在A 点时,弹簧的弹性势能等于W ﹣μmgaB . 物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于W ﹣μmgaC . 经O 点时,物块的动能小于W ﹣μmgaD . 物块动能最大时弹簧的弹性势能小于物块在B 点时弹簧的弹性势能考点: 机械能守恒定律. 专题: 压轴题;机械能守恒定律应用专题. 分析: 到达B 点时速度为0,但加速度不一定是零,即不一定合力为0,这是此题的不确定处.弹簧作阻尼振动,如果接触面摩擦系数μ很小,则动能为最大时时弹簧伸长量较小(此时弹力等于摩擦力μmg ),而弹簧振幅变化将很小,B 点弹簧伸长大于动能最大点;如果μ较大,则动能最大时,弹簧伸长量较大,(因弹力等于摩擦力,μ较大,摩擦力也较大,同一个弹簧,则需要较大伸长量,弹力才可能与摩擦力平衡),而此时振幅变化很大,即振幅将变小,则物块将可能在离O 点很近处,就处于静止(速度为0,加速度也为0),此时B 点伸长量可能小于动能最大时伸长量,B 点势能可能小于动能最大处势能.至于物块在A 点或B 点时弹簧的弹性势能,由功能关系和动能定理分析讨论即可.解答: 解:A 、如果没有摩擦力,则O 点应该在AB 中间,由于有摩擦力,物体从A 到B 过程中机械能损失,故无法到达没有摩擦力情况下的B 点,也即O 点靠近B 点.故OA ,此过程物体克服摩擦力做功大于,所以物块在A 点时,弹簧的弹性势能小于,故A 错误;B 、由A 分析得物块从开始运动到最终停在B 点,路程大于a+=,故整个过程物体克服阻力做功大于,故物块在B 点时,弹簧的弹性势能小于,故B 正确;C 、从O 点开始到再次到达O 点,物体路程大于a ,故由动能定理得,物块的动能小于W ﹣μmga ,故C 正确;D 、物块动能最大时,弹力等于摩擦力,而在B 点弹力与摩擦力的大小关系未知,故物块动能最大时弹簧伸长量与物块在B 点时弹簧伸长量大小未知,故此两位置弹性势能大小关系不好判断,故D 错误.故选:BC .点评: 利用反证法得到O 点并非AB 连线的中点是很巧妙的,此外要求同学对功能关系和动能定理理解透彻三、简答题:必做题,请将解答填写在答题卡相应的位置.10.(8分)(2013•江苏)为探究小灯泡的电功率P 和电压U 的关系,小明测量小灯泡的电压U 和电流I ,利用P=UI 得到电功率. 实验所使用的小灯泡规格为“3.0V,1.8W”,电源为12V 的电池,滑动变阻器的最大阻值为10Ω.(1)准备使用的实物电路如图1所示.请将滑动变阻器接入电路的正确位置.(用笔画线代替导线)(2)现有10Ω、20Ω和50Ω的定值电阻,电路中的电阻R1应选10Ω的定值电阻.(3)测量结束后,应先断开开关,拆除电池两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)小明处理数据后将P、U2描点在坐标纸上,并作出了一条直线,如图2所示.请指出图象中不恰当的地方.考描绘小电珠的伏安特性曲线.点:专实验题;压轴题;恒定电流专题.题:分析: 测定小灯泡伏安特性曲线实验要求电流从零调,所以滑动变阻器应用分压式接法;做电学实验为保护电流表,需要串联一个保护电阻,保护电阻的值应根据欧姆定律算出;画图象时若各点不在一条直线上时,应用平滑的曲线连接. 解答: 解:(1)从P ﹣图象可知电压从零调,所以滑动变阻器应用分压式接法,变阻器连接如图所示(2)当变阻器的输出电压最大时,通过小灯泡的电流为额定电流I==A=0.6A ,根据欧姆定律通过变阻器的电流为==,所以通过电源的电流为=I+=0.6+0.3=0.9A ,根据闭合电路欧姆定律,应有E=U+,解得+r===10Ω,所以保护电阻应选10Ω的定值电阻;(3)根据安全性原则,测量结束后,应先断开开关,拆除电池两端的导线,再拆除其他导线,最后整理好器材.(4)图象中不恰当的地方有①图线不应画直线,应用平滑的曲线连接;②横坐标标度太大.故答案为(1)如图;(2)10;(3)电池;(4)图线不应画直线,应用平滑的曲线连接;横坐标标度太大.点评: 测定小灯泡的伏安特性曲线实验变阻器应用分压式接法,选择保护电阻时应根据闭合电路欧姆定律求出电路中的最小电阻,然后再选择.11.(10分)(2013•江苏)某兴趣小组利用自由落体运动测定重力加速度,实验装置如图所示.倾斜的球槽中放有若干个小铁球,闭合开关K,电磁铁吸住第1个小球.手动敲击弹性金属片M,M与触头瞬间分开,第1个小球开始下落,M迅速恢复,电磁铁又吸住第2个小球.当第1个小球撞击M时,M与触头分开,第2个小球开始下落….这样,就可测出多个小球下落的总时间.(1)在实验中,下列做法正确的有BD.A.电路中的电源只能选用交流电源B.实验前应将M调整到电磁铁的正下方C.用直尺测量电磁铁下端到M的竖直距离作为小球下落的高度D.手动敲击M的同时按下秒表开始计时(2)实验测得小球下落的高度H=1.980m,10个小球下落的总时间T=6.5s.可求出重力加速度g=9.4m/s2.(结果保留两位有效数字)(3)在不增加实验器材的情况下,请提出减小实验误差的两个办法.(4)某同学考虑到电磁铁在每次断电后需要时间△t磁性才消失,因此,每个小球的实际下落时间与它的测量时间相差△t ,这导致实验误差.为此,他分别取高度H 1和H 2,测量n 个小球下落的总时间T 1和T 2. 他是否可以利用这两组数据消除△t 对实验结果的影响?请推导说明.考点: 测定匀变速直线运动的加速度. 专题: 实验题;压轴题;自由落体运动专题. 分析: (1)首先要明确电路结构、实验原理即可正确解答; (2)根据自由落体运动规律可以求出重力加速度大小;(3)误差主要来自小球下落过程中空气阻力的影响,由此可正确解答;(4)根据自由落体运动规律结合数学知识可正确求解.解答: 解:(1)A 、电路中的电源目的是线圈产生磁性,因此直流电也可以,故A 错误;B 、小球沿竖直方向自由下落,因此要使小球能够撞击M ,M 调整到电磁铁的正下方,故B 正确;C 、球的正下方到M 的竖直距离作为小球下落的高度,故C 错误;D 、敲击M 的同时小球开始下落,因此此时应该计时,故D 正确.故答案为:BD .(2)一个小球下落的时间为:t=根据自由落体运动规律可得:(3)通过多次测量取平均值可以减小误差,同时该实验的误差主要来自小球下落过程中空气阻力的影响,因此增加小球下落的高度或者选择密度更大的实心金属球.(4)由自由落体运动的规律可得:①②联立①②可得:,因此可以消去△t 对实验结果的影响. 故答案为:(1)BD ,(2)9.4,(3)增加小球下落的高度;多次重复实验结果取平均值,(4)可以.点评: 对于实验问题一定要明确实验原理,并且亲自动手实验,熟练应用所学基本规律解决实验问题.四.选做题:本题包括12、13、14三小题,请选定其中两小题,并在相应的答题区域内作答.若多做,则按12、13两小题评分.12.(12分)(2013•江苏)[选修3﹣3]如图所示,一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B 、C 和D 后再回到状态A .其中,A →B 和C →D 为等温过程,B →C 和D →A 为绝热过程(气体与外界无热量交换). 这就是著名的“卡诺循环”.(1)该循环过程中,下列说法正确的是 C .A .A →B 过程中,外界对气体做功B .B →C 过程中,气体分子的平均动能增大C.C→D过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多D.D→A过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化(2)该循环过程中,内能减小的过程是B→C (选填“A→B”、“B→C”、“C→D”或“D→A”).若气体在A→B过程中吸收63kJ 的热量,在C→D过程中放出38kJ 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为25kJ.(3)若该循环过程中的气体为1mol,气体在A 状态时的体积为10L,在B状态时压强为A状态时的.求气体在B状态时单位体积内的分子数.(已知阿伏加德罗常数N A=6.0×1023mol﹣1,计算结果保留一位有效数字)考点:理想气体的状态方程.专题:理想气体状态方程专题.分析: A →B 过程中,体积增大,气体对外界做功,B →C 过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,C →D 过程中,等温压缩,D →A过程中,绝热压缩,外界对气体做功,温度升高;由△U=Q+W 知,气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ . 解答: 解:(1)A 、A →B 过程中,体积增大,气体对外界做功,A 错误;B 、B →C 过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,气体分子的平均动能减小,B 错误;C 、C →D 过程中,等温压缩,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多,C 正确;D 、D →A 过程中,绝热压缩,外界对气体做功,温度升高,气体分子的速率分布曲线发生变化,D 错误;故选C(2)B →C 过程中,绝热膨胀,气体对外做功,温度降低,内能减小;由△U=Q+W 知,气体完成一次循环对外做的功为W=25KJ(3)A →B 为等温过程,则10P=,所以V=15L ,在B 状态时单位体积内的分子数==4×1025m ﹣3 答案为(1)C (2)B →C 25 (3)4×1025m ﹣3 点评: 本题考查了理想气体状态方程,要理解各过程气体的变化,选择相应的状态方程.13.(12分)(2013•江苏)[选修3﹣4](1)如图1所示的装置,弹簧振子的固有频率是4Hz . 现匀速转动把手,给弹簧振子以周期性的驱动力,测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1Hz ,则把手转动的频率为 A .A .1HzB .3HzC .4HzD .5Hz(2)如图2所示,两艘飞船A 、B 沿同一直线同向飞行,相对地面的速度均为v (v 接近光速c ). 地面上测得它们相距为L ,则A 测得两飞船间的距离 大于 (选填“大于”、“等于”或“小于”)L .当B 向A 发出一光信号,A 测得该信号的速度为 c .(3)图3为单反照相机取景器的示意图,ABCDE 为五棱镜的一个截面,AB ⊥BC . 光线垂直AB 射入,分别在CD 和EA 上发生反射,且两次反射的入射角相等,最后光线垂直BC 射出.若两次反射都为全反射,则该五棱镜折射率的最小值是多少?(计算结果可用三角函数表示)考点: 光的折射定律;产生共振的条件及其应用. 专题: 压轴题;光的折射专题. 分析: (1)物体做受迫振动的频率等于驱动力的频率,与物体的固有频率无关.(2)根据长度的相对性判断两飞船间的距离,根据光速不变原理判断A 测得信号的速度.(3)根据几何关系求出入射角,通过折射定律求出五棱镜折射率的最小值. 解解:(1)弹簧振子振动达到稳定时的频率为答:1Hz,即受迫振动的频率为1Hz,则驱动力的频率为1Hz.故A正确,B、C、D错误.故选A.(2)根据L=,L0为在相对静止参考系中的长度,L为在相对运动参考系中的长度,地面上测得它们相距为L,是以高速飞船为参考系,而A测得的长度为以静止参考系的长度,大于L.根据光速不变原理,则A测得该信号的速度为c.(3)设入射到CD面上的入射角为θ,因为在CD和EA上发生反射,且两次反射的入射角相等.根据几何关系有:4θ=90°解得θ=22.5°根据sin解得最小折射率n=.故答案为:(1)A (2)大于 c (3)点评: 本题考查了机械振动、相对论、几何光学等知识点,难度不大,是高考的热点问题,需加强训练.14.(2013•江苏)[选修3﹣5](1)如果一个电子的德布罗意波长和一个中子的相等,则它们的 C 也相等.A .速度B .动能C .动量D .总能量(2)根据玻尔原子结构理论,氦离子(He +)的能级图如图1所示. 电子处在n=3轨道上比处在n=5轨道上离氦核的距离 近 (选填“近”或“远”). 当大量He +处在n=4的激发态时,由于跃迁所发射的谱线有 6 条. (3)如图2所示,进行太空行走的宇航员A 和B 的质量分别为80kg 和100kg ,他们携手远离空间站,相对空间站的速度为0.1m/s . A 将B 向空间站方向轻推后,A 的速度变为0.2m/s ,求此时B 的速度大小和方向.考点:动量守恒定律;氢原子的能级公式和跃迁. 专题:压轴题;动量定理应用专题.分析: (1)德布罗意波长为λ=,P 是动量,h 是普朗克常量.(2)根据玻尔原子理论,电子所在不同能级的轨道半径满足,激发发态跃迁的谱线满足(3)根据动量守恒求解即可. 解答: 解: (1)根据德布罗意波长公式λ=,一个电子的德布罗意波长和一个中子的波长相等,则动量P 亦相等,故答案选C ; (2)根据玻尔原子理论,能级越高的电子离核距离越大,故电子处在n=3轨道上比处。

相关文档
最新文档