第五章第四节
ˆ0 X t ˆ1 X ˆ 2 Yt 1 X t
t 1
ˆ0 Yt 1 ˆ1 X tYt 1 ˆ2 Y
2 t 1
• （5.4.4）与（5.4.5）的区别仅在于第三个 方程，前者以Xt-1为Yt-1的工具变量，从而解 决了随机解释变量与随机误差项相关问题。 • 需要指出的是，由于自回归模型包含了被 解释变量的滞后变量Yt-1，DW统计量是有 偏的，并倾向于得出无自相关的结论。为 此，德滨（Durbin）本人又提出了解决这一 问题的H统计量：
• 3.koyck变换模型参数的普通最小二乘估计 量是( ) • A.无偏且一致
•
•
B.有偏但一致
C.无偏但不一致
•
D.有偏且不一致
• 4.对有限分布滞后模型进行多项式变换时， 多项式的阶数m与最大滞后长度k的关系是 （ ） • A.m<k • B.m=k • C. m>k • D.不确定
• 5.对于分布滞后模型
条件有（ ）类。
• A. 2 B .4 C. 5 D. 6 E.无法确定。 • 5.对分布滞后模型施加约束条件是（）
• • • • • A.假定滞后变量的系数值βi先增加后下降 B. βi先下降后增加 C.要求βi按几何数列衰减. D.要求βi按几何数列增长. E.以上结论都不正确
•
这就表明用最小二乘法估计Koyck变换 模型和自适应预期模型必然会导致错误结 果。为了解决解释变量与随机误差项相关 这一问题，最常用的方法是工具变量法。 为了表述方便，我们把（5.3.9）改写为： • Yt = α0+α1Xt+α2Yt-1+vt ( 5.4.2 ) • 其中，α0=α（1-λ），α1=β0，α2=λ，vt=utλut-1，由于Yt-1与vt相关，我们选择另外一 个变量来代替Yt-1，这个被选择的变量就是 工具变量。它必须满足两个条件：
•
• • • •
例如，尽管ut不存在自相关，但是，在 Koyck变换模型中误差项vt与vt-1的协方差却 是： E(vtvt-1)=E(ut-λut-1)(ut-1-λut-2) (5.4.1) =-λE(ut-1)2 =-λσ2 由于0<λ<1，故上式不等于零，也即vt存在 自相关。因为vt与vt-1相关，Yt与Yt-1也一定 相关。这个结果对自适应预期模型也是一 样的。
• Yt=12+0.4Xt+0.3Xt-1+0.2Xt-2+µt
• 则其短期影响乘数是（） • A 12 B 0.4 C 0.3 D 0.9 • 6.对于分布滞后模型
• Yt=12+0.4Xt+0.3Xt-1+0.2Xt-2+µt
• 则长期影响乘数是（） • A 12 B 0.4 C 0.3
D 0.9
1 n H (1 d ) ˆ2 ) 2 1 nVar ( ˆ 2 )是 ˆ 2的方差。 的估计量，Var (
（5.4.6）
ˆ2是Yt 1的系数 其中，d为DW统计量，n是样本容量， 在大样本的条件下，如果无自相关的假定成立则H服从 标准正态分布。因此，可以利用标准正态分布表检验 是否存在自相关。
第四节 自回归模型的估计
• • • • 基本内容： 一、部分调整模型的估计 参数估计量是一致估计量 二、Koyck变换模型和自适应预期模型的 估计 • 参数估计量是有偏的，非一致的 • 三、工具变量法 • 四、H统计量
• 在上一节讨论中，我们从三种不同的途径得到了
三个自回归模型，它们分别是 • ①Koyck变换模型 • Yt = α (1-λ )+β 0Xt+ λ Yt-1+Vt • 其中，Vt = µt-λ µt-1 （5.3.9） (5.3.16)
t t t 0 t 1 2 t 2 t 1 t 2 t 1 0 t 1 1 t t 1
ˆ0 ˆ1 X t ˆ2 Yt 1 Yt n
t 1 t 1
X
• 如果直接用最小二乘法，可得下面线性方程组 （5.4.5）：Leabharlann Y X Y Xt t
ˆ0 ˆ1 X t ˆ 2 Yt 1 Yt n
• ①与Yt-1高度相关，也就是对Yt-1有很强的代 表性； • ②与vt不相关，从而避免原模型中出现的问 题。 • 对于（5.4.2）我们可以选择Xt-1为Yt-1的工 具变量。这是因为，Yt取决于Xt，从而Yt-1 取决Xt-1，也就是Yt-1与Xt-1高度相关，而且 Xt-1是非随机变量，与随机误差项不相关。 • Xt的工具变量就是它本身，因为Xt是非随机 变量与vt不相关且与自身相关。
• 一、部分调整模型的估计
• 部分调整模型的随机误差项δut。δ是一个常数， 因此δut与ut有相同的性质。此时，若ut不存在自 相关，则δut也不存在自相关。由（5.3.22）不难 发现，Yt依赖于ut从而Yt-1依赖于ut-1，但由于ut与 δut不相关，随机解释变量Yt-1与误差项ut也不相 关。这就是说，如果ut不存在自相关，部分调整 模型就满足解释变量与随机误差项不相关这一重 要假定。这时，最小二乘法可以用来估计参数， 且估计量是一致估计量是一致估计量，也即估计 量的偏倚随着样本容量 的扩大会逐渐消失。
• 3.对分布滞后模型直接OLS估计参数时，会遇到 的困难有（ ） • A、无法估计无限分布滞后模型 • B、无法预先确定最大滞后长度 • C、滞后期长而样本小时缺乏足够的自由度 • D、滞后的解释变量存在序列相关问题 • E 、解释变量间存在多重共线性问题
• 4.对分布滞后模型施加约束条件，最常用的约束
二、Koyck变换模型和自适应预期模型的估计
• Koyck变换模型和自适应预期模型的误差 项形式很相似，因此，我们可以以Koyck 变换模型为例来说明这两类模型的估计问 题。 • 假定随机误差项ut满足古典线性回归模型的 所有假设，那么我们可以证明Koyck变换 模型或自适应预期模型的误差项vt并不具备 ut的全部性质。
练习
• 一、单项选择题 • 1.对于有限分布滞后模型，解释变量的滞后长度 每增加一期，可利用的样本数据就会( ) • A.增加1个 B.减少1个 • C.增加2个 D.减少2个 • 2.对于自适应预期模型，估计模型参数应采用 ( ) • A.普通最小二乘法 B.间接最小二乘法 • C.二阶段最小二乘法 D.工具变量法
• 2.对自回归模型进行估计时，如果随机误差项满 足古典线性回归模型的所有假定，则估计量是非 一致估计量的模型有（ ） • A、部分调整模型 • B、自适应预期模型 • C、 koyck变换模型 • D、自适应预期模型和部分调整混合模型 • E 、几何分布滞后模型
• 2.对自回归模型进行估计时，如果随机误差项满 足古典线性回归模型的所有假定，则估计量是非 一致估计量的模型有（ ） • A、部分调整模型 • B、自适应预期模型 • C、 koyck变换模型 • D、自适应预期模型和部分调整混合模型 • E 、几何分布滞后模型
• ②自适应预期模型
• Yt= β0r+β1rXt+ (1-r)Yt-1+vt • 其中，vt= ut-(1-r)ut-1
• ③部分调整模型
• Yt = δ（β0+β1Xt）+（1-δ）Yt-1+δµt（5.3.22）
•
我们注意到，上述每一个模型都包含有随机 解释变量Yt是随机变量，因此Yt-1也是随机变量。 而最小二乘法的估计理论要求解释变量是非随机 变量，如果是随机变量也必须与随机误差相互独 立。否则，如果违反这一假定，最小二乘估计量 就是有偏的和非一致的，也就是说，不管样本容 量有多大，这种偏倚都不会消失。因此，在应用 最小二乘法之前，应该首先考察Yt-1与随机误差项 是否相到独立。可以证明，如果随机误差项不存 在自相关问题，它与Yt-1就是相互独立的，反之， 二者就是相关的。
• 根据（5.4.2）我们可得样本回归模型：
ˆ0 ˆ1 X t ˆ2Yt 1 et Yt
• （5.4.3） • 用每个工具变量去乘上式，并对所有的样本 观察值求和，得到下面线性方程组（5.4.4）
ˆ ˆ ˆ Y X X X Y X ˆ ˆ ˆ Y X X X X Y
• 7.对于分布滞后模型
• Yt=12+0.4Xt+0.3Xt-1+0.2Xt-2+µt
• • • • •
则延期过渡影响乘数是（） A 0.3，0.2 B 12，0.4 C 12，0.4， 0.3，0.2 D 0.9
• 多项选择题 • 1.对自回归模型进行自相关检验时，直接用DW检 验，则（ ） • A、DW值趋近于0 • B、DW值趋近于4 • C、DW值趋近于2 • D、DW检验有效 • E 、DW检验无效
第五章第四节深度负反馈
深度负反馈
一、深度负反馈条件 在负反馈放大器中，若环路增益
T = Ak f >> 1
称为深度负反馈条件。
或
TS = AS k f >> 1
若要满足深度负反馈条件时，反馈放大器的增益：
A A 1 Af = = ≈ 1+ T 1+ Akf kf AS AS 1 = 或 AfS = ≈ 1+ TS 1+ AS k f kf
1 显然，T 越大于 1， A f ≈ kf
所示的性能误差就越小。
例如、已知 则
k f = 0 .1
3
A = 10
3
2
时：
T = Ak f = 10 × 0 . 1 = 10 3 A 10 Af = = = 9.909 2 1 + T 1 + 10
A = 10 4
时：
4
当
T = Ak f = 10 × 0.1 = 10 4 A 10 Af = = = 9.989 3 1 + T 1 + 10
例如、 在串联负反馈电路中，当 T →∞时，v‘i →0 ，因而在 基本放大器有限输入电阻上产生的输入电流也必趋于零。 在并联负反馈电路中，当 T →∞时，ii →0 ，因而在基 本放大器有限输入电阻上产生的输入电压也必趋于零。 通常称v‘i →0 ，为虚短路； ii →0 为虚开路。
Rf 满足深度负反馈条件 因此有 Rf 趋于零，Rof 趋于零，则 RS vs ii if ∞
o
v v+ = v− = 0 vs 所以 i = i 图（a） RS vo 0 − vo v− − vo = − = if = Rf Rf Rf if 1 Arf = Arsf = − R f k fg = − vo R f
第五章第四节能量之源
思考: • 为什么绝大多数植物叶片是绿色的? • 为什么大多数植物叶片在秋天会变成黄色呢？
一、捕获光能的色素和结构
• • • •
实验：绿叶中色素的提取和分离 实验原理 方法步骤 注意事项 实验结果
实验原理
叶绿体中的色素可以溶解在无水乙醇中， 可以用来提取色素。 色素在层析液中的溶解度不同，在滤纸上 的扩散速度有差别，可以用来分离色素。
因为叶绿素对绿光吸收 最少，绿光被反射回来， 所以叶片才呈现绿色。 蓝紫光、红光 叶绿素主要吸收___________ 蓝紫光 类胡萝卜素主要吸收________
功能:吸收传递转化光能.
【主要吸收蓝紫光】 胡萝卜素（橙黄色）
绿 叶 中 的 色 素
类胡萝卜素
（含量约1/4）
叶绿素
（含量约3/4）
叶黄素（黄色） . 叶绿素a（蓝绿色）
巩固练习
6、下图所示“叶绿体中色素的提取和分离”实验的装置 正确的 是( B )
7、在圆形滤纸的中央，滴上叶绿体的色素滤液进行色素分离， 会看到近似同心的四圈色素环，排在最外圈的色素是 ( A ) A．橙黄色的胡萝卜素 B．黄色的叶黄素 C．蓝绿素的叶绿素a D．黄绿色的叶绿素b 8、用下述容积相同的玻璃罩分别罩住大小、生长状况相同的天 竺葵，光照相同时间后，罩内O2最多的是 ( C ) A．绿色罩 B．黑色罩 C．无色罩 D．蓝紫色罩
酶
2C3 供氢 〔H〕 酶 ATP ADP+Pi 供能 酶 还 原
固 定 C5
CO2
（CH2O）
ATP中的活跃化学能→有机物中稳定的化学能
2、暗反应阶段 叶绿体基质 场所： 条件：酶， [ H]，ATP 物质变化： 酶 二氧化碳的固定： CO2 + C5 → 2C3
人教版教学课件第五章 第四节 能量之源—光与光合作用(共73张PPT)
3、 光合作用的原理和应用
（1）、光合作用的概念
指绿色植物通过叶绿体，利用光能， 把二氧化碳和水转化成储存着能量 的有机物，并且释放出氧气的过程
由概念可知：光合作用的原料、产 物、动力、场所分别是什么？
（2）、光合作用探索历程
经典实验
结论：植物可以更新空气
有人重复了普利斯特利的实验，得到相反的结 果，所以有人认为植物也能使空气变污浊？
2、溶解度最大的是？溶解度最小的是？ 叶绿素ｂ 胡萝卜素 3、按照含量由多到少排序是？ 叶ａ＞叶ｂ＞叶黄素＞胡萝卜素 4、色素带中相邻间隔最大的是？相邻间隔最小的是？ 叶绿素ａ和叶绿素ｂ 胡萝卜素和叶黄素 胡萝卜素和叶ｂ 最小的是？ 5、色素带间隔最大的是？ 6、将叶绿体中的色素滴在滤纸上， 叶绿素ａ和叶绿素ｂ 由中心向四周圆环依次是？
恩吉尔曼实验
如何验证：不同波长的可见光引起的光合作用强度是不同的。
该实验的巧妙之处：
1．实验材料选用水绵和好氧性细菌。 因为水绵的叶绿体呈螺旋式带状，便于观察， 用好氧性细菌可确定释放氧气的部位。 2．选用黑暗并且没有空气的环境。 排除了氧气和光的干扰。 3．先用极细光束照射水绵，而后又让水绵完全 曝露在光下。 先选极细光束，叶绿体上可分为光照多和光照少 的部位，相当于一组对比实验；用好氧细菌检测， 能准确判断水绵细胞中释放氧的部位。而后用完 全曝光的水绵与之做对照，从而再一次证明实验 结果完全是光照引起的，并且氧是由叶绿体释放 出来的。
第4节
思考：白化苗能光合作用 吗？为什么？ 捕获光能与细胞中的色素 有关。 思考：细胞中哪里有色素？ 都是什么色素呢？ 液泡：花青素
叶绿体：多种色素
只有叶绿体中的色素可以 捕获光能。
实验——绿叶中色素的提取和分离
第五章第四节圆周运动讲解
第四节 圆周运动[学习目标] 1.理解线速度、角速度、转速、周期等概念，会对它们进行定量计算． 2.知道线速度、角速度、周期之间的关系． 3.理解匀速圆周运动的概念和特点．[学生用书P 19]一、线速度(阅读教材P 16～P 17)1．定义：物体做圆周运动通过的弧长与所用时间的比值．2．定义式：v ＝ΔsΔt.3．矢标性：线速度是矢量，其方向和半径垂直，和圆弧相切． 4．物理意义：描述质点沿圆周运动快慢的物理量． 5．匀速圆周运动(1)定义：线速度的大小处处相等的圆周运动．(2)性质：线速度的方向是时刻变化的，所以匀速圆周运动是一种变速运动．拓展延伸►———————————————————(解疑难)对线速度的理解如果时间Δt 较长，则线速度的大小实际上等同于以前学过的“平均速率”，因此理解线速度时必须强调Δt 表示很短的时间，此时线速度等同于以前学过的“瞬时速度”，因此理解线速度时只需理解为物体做圆周运动的瞬时速度即可．1.关于匀速圆周运动，下列说法正确的是( )A ．匀速圆周运动是变速运动B ．匀速圆周运动的速率不变C ．任意相等时间内通过的位移相等D ．任意相等时间内通过的路程相等提示：选ABD.由线速度的定义知，速度的大小不变，也就是速率不变，但速度方向时刻改变，选项A 、B 正确．做匀速圆周运动的物体在任意相等时间内通过的弧长即路程相等，选项C 错误，选项D 正确．二、角速度及单位(阅读教材P 17～P 18)1．定义：物体与圆心的连线扫过的角度与所用时间的比值．2．定义式：ω＝ΔθΔt.3．单位：弧度每秒，符号是rad/s 或rad·s －1.4．物理意义：描述质点沿圆周转动快慢的物理量． 5．转速和周期 (1)转速：单位时间内物体转过的圈数，常用n 表示，单位为转每秒(r/s)或转每分(r/min)． (2)周期：做匀速圆周运动的物体，转过一周所用的时间，用T 表示，国际制单位为秒(s)．拓展延伸►———————————————————(解疑难)1．方向：角速度是矢量，其方向在中学阶段不做讨论． 2．对角速度的理解线速度和角速度都是描述做匀速圆周运动的物理量，线速度侧重于物体通过弧长的快慢程度；而角速度侧重于物体转过角度的快慢程度．它们都有一定的局限性．例如，地球围绕太阳运动的线速度约是3×104 m/s ，这个数值是较大的，但它的角速度却很小，其值为2×10－7 rad/s.事实上是因为地球绕太阳做圆周运动的轨道半径很大，所以线速度较大，但由于一年才转一周，角速度却很小．因此为了全面准确地描述物体做圆周运动的状态必须用线速度和角速度．3．匀速圆周运动是角速度大小、方向均不变的圆周运动.2.若钟表的指针都做匀速圆周运动，秒针和分针的角速度之比是多少？提示：转动一周，扫过的角度为Δθ＝2π，秒针用时Δt ＝60秒，分针用时3 600秒，秒针角速度为：ω秒＝2π60，分针角速度为：ω分＝2π3 600，则ω秒ω分＝3 60060＝601.三、线速度与角速度的关系(阅读教材P 18)1．两者关系：在圆周运动中，线速度的大小等于角速度大小与半径的乘积． 2．关系式：v ＝ωr .拓展延伸►———————————————————(解疑难)对v 、ω、r 三者关系的理解1．当半径r 相同时，线速度v 与角速度ω成正比． 2．当角速度ω一定时，线速度v 与半径r 成正比． 3．当线速度一定时，角速度ω与半径r 成反比．3.质点做匀速圆周运动时，判断下列说法的正误：(1)因为v ＝ωr ，所以线速度v 与轨道半径r 成正比．( )(2)因为ω＝vr，所以角速度ω与轨道半径r 成反比．( )(3)因为v ＝ωr ，所以线速度v 与角速度ω成正比．( )(4)因为r ＝vω，所以轨道半径与线速度成正比，与角速度成反比．( )提示：(1)× (2)× (3)× (4)×对匀速圆周运动的理解[学生用书P 20]1．匀速圆周运动的特点 (1)线速度大小是恒定的．(2)匀速圆周运动是角速度不变的运动．做匀速圆周运动的物体，在单位时间里所通过的弧长相等，转过的角度也相等． (3)匀速圆周运动的转速与周期也保持不变． 做匀速圆周运动的物体，在单位时间内所转过的圈数相等，每转一周所用的时间也相等． 2．匀速圆周运动中“匀速”的含义 匀速圆周运动是一种变加速曲线运动，虽然匀速圆周运动的线速度大小不变，但线速度的方向时刻在发生变化，所以匀速圆周运动是速率不变的运动，而不是速度不变的运动．故“匀速”的含义是线速度的大小不变，角速度不变．——————————(自选例题，启迪思维)下列关于匀速圆周运动的说法中，正确的是()A．是线速度不变的运动B．是角速度不变的运动C．是角速度不断变化的运动D．是相对圆心位移不变的运动[解析]匀速圆周运动的角速度保持不变，线速度大小保持不变，方向时刻变化，选项A、C错误，选项B正确；相对圆心的位移大小不变，方向时刻变化，选项D错误．[答案] B质点做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()①在任何相等的时间里，质点的位移都相等②在任何相等的时间里，质点通过的弧长都相等③在任何相等的时间里，质点运动的平均速度都相同④在任何相等的时间里，连接质点和圆心的半径转过的角度都相等A．①②B．③④C．①③D．②④[解析]匀速圆周运动是变速运动，故在相等的时间内通过的弧长相等，但位移方向不同，故①错，②正确．因为角速度是不变的，故④正确．平均速度是位移与时间的比值，所以③错．本题选D.[答案] D圆周运动中各物理量之间的关系[学生用书P21]——————————(自选例题，启迪思维)(2015·聊城高一检测)质点做匀速圆周运动时()A．线速度越大，其转速一定越大B．角速度大时，其转速一定大C．线速度一定时，半径越大，则周期越长D．无论半径大小如何，角速度越大，则质点的周期一定越长[思路点拨]解决这类题目的方法是：确定哪个量不变，寻找各物理量之间的联系，灵活选取公式进行分析．[解析] 匀速圆周运动的线速度v ＝Δs Δt ＝2πrn 1＝2πrn ，则n ＝v2πr，故线速度越大，其转速不一定越大，因为还与r 有关，A 错误；匀速圆周运动的角速度ω＝ΔθΔt ＝2πn1＝2πn ，则n＝ω2π，所以角速度大时，其转速一定大，B 正确；匀速圆周运动的周期T ＝2πrv，则线速度一定时，半径越大，则周期越长，C 正确；匀速圆周运动的周期T ＝2πω，与半径无关，且角速度越大，则质点的周期一定越短，D 错误．[答案] BC甲、乙两物体都做匀速圆周运动，其质量之比为1∶2，转动半径之比为1∶2，在相等时间内甲转过60°，乙转过45°，则它们的线速度之比为( )A ．1∶4B ．2∶3C ．4∶9D ．9∶16[解析] 由题意知，甲、乙两物体的角速度之比ω1∶ω2＝60°∶45°＝4∶3，故两物体的线速度之比v 1∶v 2＝ω1r ∶ω22r ＝2∶3.选项B 正确． [答案] B做匀速圆周运动的物体，10 s 内沿半径为20 m 的圆周运动100 m ，试求物体做匀速圆周运动时：(1)线速度的大小； (2)角速度的大小； (3)周期的大小．[解析] (1)依据线速度的定义式v ＝st可得v ＝s t ＝10010m/s ＝10 m/s. (2)依据v ＝ωr 可得ω＝v r ＝1020rad/s ＝0.5 rad/s.(3)由ω＝2πT 可知T ＝2πω＝2π0.5s ＝4π s.[答案] (1)10 m/s (2)0.5 rad/s (3)4π s[感悟提升] (1)解决匀速圆周运动问题时，可以把ω、T 、f 、n 视为等价物理量，即知其一，便知其他三个物理量．(2)若比较物体沿圆周运动的快慢看线速度，若比较物体绕圆心转动的快慢看周期、角速度、转速或频率．三种传动装置及其特点[学生用书P 21]——————————(自选例题，启迪思维)如图所示的传动装置中，B 、C 两轮固定在一起绕同一转轴转动，A 、B 两轮用皮带传动，三轮半径关系为rA ＝rC ＝2rB .若皮带不打滑，求A 、B 、C 轮边缘的a 、b 、c 三点的角速度之比和线速度之比．[思路点拨] (1)A 、B 两轮之间属于皮带传动，a 、b 两点线速度大小相等． (2)B 、C 两轮之间属于同轴转动，b 、c 两点角速度相等． (3)v 、ω的关系式：v ＝ωr .[解析] A 、B两轮通过皮带传动，皮带不打滑，A 、B 两轮边缘上点的线速度大小相等，即v a ＝v b ，故v a ∶v b ＝1∶1B 、C 两个轮子固定在一起，绕同一转轴转动，它们上面的任何一点具有相同的角速度，即ωb ∶ωc ＝1∶1因为ω＝vr，v a ＝v b ，r A ＝2r B所以ωa ∶ωb ＝r B ∶r A ＝1∶2 又因为v ＝rω，ωb ＝ωc ，r C ＝2r B 所以v b ∶v c ＝r B ∶r C ＝1∶2 综上可知：ωa ∶ωb ∶ωc ＝1∶2∶2 v a ∶v b ∶v c ＝1∶1∶2.[答案] 1∶2∶2 1∶1∶2如图所示为一种齿轮传动装置，忽略齿轮啮合部分的厚度，甲、乙两个轮子的半径之比为1∶3，则在传动的过程中( )A ．甲、乙两轮的角速度之比为3∶1B ．甲、乙两轮的周期之比为3∶1C ．甲、乙两轮边缘处的线速度之比为3∶1D ．甲、乙两轮边缘上的点相等时间内转过的弧长之比为1∶1[解析] 这种齿轮传动，与不打滑的皮带传动规律相同，即两轮边缘的线速度相等，故C 错误；根据线速度的定义v ＝Δs Δt 可知，弧长Δs ＝v Δt ，故D 正确；根据v ＝ωr 可知ω＝vr ，又甲、乙两个轮子的半径之比r 1∶r 2＝1∶3，故甲、乙两轮的角速度之比ω1∶ω2＝r 2∶r 1＝3∶1，故A 正确；周期T ＝2πω，所以甲、乙两轮的周期之比T 1∶T 2＝ω2∶ω1＝1∶3，故B 错误．[答案] AD (2015·成都外国语学校高一月考)如图所示的装置中，已知大齿轮的半径是小齿轮半径的3倍，A 点和B 点分别在两轮边缘，C 点离大轮轴距离等于小轮半径．若不打滑，则它们的线速度之比v A ∶v B ∶v C 为( )A ．1∶3∶3B ．1∶3∶1C ．3∶3∶1D ．3∶1∶3[解析] A 、C 两点转动的角速度相等，由v ＝ωr 可知，v A ∶v C ＝3∶1；A 、B 两点的线速度大小相等，即v A ∶v B ＝1∶1；则v A ∶v B ∶v C ＝3∶3∶1.[答案] C[规律总结] 在处理传动装置中各物理量间的关系时，首先确定相等的量(线速度或角速度)，再由各物理量间的关系式确定其他各量间的关系．[学生用书P 22]典型问题——圆周运动的周期性引起的多解问题做匀速圆周运动的物体，经过周期的整数倍时间，其位置不变．由于周期性的存在，易引起运动中的时间、速度等存在多解性问题．[范例]如图所示，质点A 从某一时刻开始在竖直平面内沿顺时针方向做匀速圆周运动，出发点与圆心等高，与此同时位于圆心的质点B 自由下落．已知圆周半径为R ，求质点A 的角速度ω满足什么条件时，才能使A 、B 相遇．[解析] 要使质点A 和质点B 相遇，则它们从开始运动到相遇经历的时间应相等，即t A＝t B ，考虑到圆周运动的周期性，质点A 从开始运动到相遇经历的时间为t A ＝34T ＋nT (n ＝0,1,2,3，…)对于质点B ，由自由落体运动规律R ＝12gt 2B得t B ＝2R g由圆周运动的周期公式有T ＝2πω解上述方程得ω＝⎝⎛⎭⎫n ＋34π2g R (n ＝0,1,2,3，…) [答案] ω＝⎝⎛⎭⎫n ＋34π2g R(n ＝0,1,2,3，…) [名师点评] (1)把圆周运动与其他形式的运动联系起来的“桥梁”通常是时间，因此找出两种运动的时间关系是解决这类问题的关键．(2)注意圆周运动的周期性造成的多解．分析问题时可表示出一个周期内的情况，再根据周期性，在转过的角度θ上再加上2n π，n 的取值应视情况而定．为了测定子弹的飞行速度，在一根水平放置的轴上固定两个薄圆盘A 、B ，A 、B 平行相距2 m ，轴杆的转速为3 600 r/min ，子弹穿过两盘留下两弹孔a 、b ，测得两弹孔半径的夹角是30°，如图所示，则该子弹的速度可能是( )A ．360 m/sB ．720 m/sC ．1 440 m/sD ．108 m/s解析：选C.子弹从A 盘到B 盘，盘转动的角度θ＝2πn ＋π6(n ＝0,1,2,3，…)，盘转动的角速度ω＝2πT ＝2πf ＝2πn ＝2π×3 60060rad/s ＝120π rad/s.子弹在A 、B 间运动的时间等于圆盘转动θ角所用的时间，即 2 m v ＝θω， 所以v ＝2ωθ＝2×120π2πn ＋π6m/s(n ＝0,1,2,3，…)，v ＝1 44012n ＋1 m/s(n ＝0,1,2,3，…)． n ＝0时，v ＝1 440 m/s ； n ＝1时，v ≈110.77 m/s ； n ＝2时，v ＝57.6 m/s ； ……[学生用书P 23][随堂达标]1．做匀速圆周运动的物体( )A ．因相等时间内通过的弧长相等，所以线速度恒定B ．如果物体在0.1 s 内转过30°，则角速度为300 rad/sC ．若半径r 一定，则线速度与角速度成正比D ．若半径为r ，周期为T ，则线速度v ＝2πrT解析：选CD.线速度v ＝st，反映质点沿圆弧运动的快慢程度，是矢量，大小恒定，方向沿圆弧切线方向，在不断地改变，故不能说线速度恒定，故A 错误．角速度ω＝φt，反映质点与圆心的连线转动的快慢，国际单位为rad/s ，B 中应为ω＝π60.1 rad/s ＝5π3 rad/s ，故B 错误．线速度与角速度的关系为v ＝ωr ，由该式可知，r 一定时，v ∝ω；ω一定时，v ∝r ，故C 正确．物体转动一周时间为T ，由线速度与角速度的定义，在特殊情况下(转一周)线速度与角速度的表达式分别为v ＝2πr T ，ω＝2πT ，故D 正确．2．(2015·济南高一检测)关于做匀速圆周运动的物体的线速度、角速度、周期的关系，下面说法中正确的是( )A ．线速度大的角速度一定大B ．线速度大的周期一定小C ．角速度大的半径一定小D ．角速度大的周期一定小解析：选D.由v ＝ωr 知ω＝vr ，角速度与线速度、半径两个因素有关，线速度大的角速度不一定大，A 错误．r ＝vω，只有当线速度一定时，角速度大的半径才小，C 错误．由T ＝2πr v 知，周期与半径、线速度两个因素有关，线速度大的周期不一定小，B 错误．而由T ＝2πω可知，ω越大，T 越小，D 正确．3．(2015·唐山一中高一检测)一小球被细线拴着做匀速圆周运动，其半径为2 m ，角速度为1 rad/s ，则( )A ．小球的线速度为1.5 m/sB ．小球在3 s 的时间内通过的路程为6 mC ．小球做圆周运动的周期为5 sD ．以上说法都不正确 解析：选B.由v ＝ωr 知线速度大小为2 m/s ，A 错误；3 s 内路程s ＝vt ＝6 m ，B 正确；由T ＝2πω知周期为2π s ，C 错误．4．如图所示，主动轮M 通过皮带带动从动轮N 做匀速转动，a 是M 轮上距轴O 1的距离等于M 轮半径一半的点，b 、c 分别是N 轮和M 轮轮缘上的点，已知在皮带不打滑的情况下，N 轮的转速是M 轮的3倍，则()A ．a 、b 两点的角速度之比为3∶1B ．a 、b 两点的线速度之比为1∶2C ．b 、c 两点的周期之比为1∶3D ．a 、c 两点的线速度之比为1∶2解析：选BCD.因n N ＝3n M ，即n b ＝3n c .ωb ＝3ωc ，a 、c 两点同轴转动，所以ωa ＝ωc ，ωb＝3ωa ，即ωa ∶ωb ＝1∶3，A 错误；因v b ＝v c ，v c ＝2v a ，所以v a ∶v b ＝1∶2，B 正确；因T b ＝2πωb，T c ＝2πωc，所以T b ∶T c ＝1∶3，C 正确；因r c ＝2r a ，所以v a ∶v c ＝1∶2，D 正确．5．(选做题)(2014·高考天津卷)半径为R 的水平圆盘绕过圆心O 的竖直轴匀速转动，A 为圆盘边缘上一点．在O 的正上方有一个可视为质点的小球以初速度v 水平抛出时，半径OA 方向恰好与v 的方向相同，如图所示．若小球与圆盘只碰一次，且落在A 点，重力加速度为g ，则小球抛出时距O 的高度h ＝________，圆盘转动的角速度大小ω＝________.解析：由平抛运动的规律结合圆周运动的知识求解．小球做平抛运动，在竖直方向：h ＝12gt 2①在水平方向R ＝vt ②由①②两式可得h ＝gR 22v2③小球落在A 点的过程中，OA 转过的角度θ＝2n π＝ωt (n ＝1,2,3，…)④由②④两式得：ω＝2n πvR(n ＝1,2,3，…)答案：见解析[课时作业]一、选择题 1．(2015·廊坊高一检测)有一棵大树将要被伐倒的时候，有经验的伐木工人就会双眼紧盯树梢，根据树梢的运动情形就能判断大树正在朝哪个方向倒下，从而避免被倒下的大树砸伤．从物理知识的角度来解释，以下说法正确的是( )A ．树木开始倒下时，树梢的角速度最大，易于判断B ．树木开始倒下时，树梢的线速度最大，易于判断C ．树木开始倒下时，树梢的周期较大，易于判断D ．伐木工人的经验缺乏科学依据解析：选B.树木开始倒下时，树各处的角速度一样大，故A 项错误．由T ＝2πω知，树各处的周期也一样大，故C 项错误．由v ＝ωr 知，树梢的线速度最大，易判断树倒下的方向，故B 项正确，D 项错误．2．甲、乙两物体分别做匀速圆周运动，如果它们转动的半径之比为1∶5，线速度之比为3∶2，则下列说法正确的是( )A ．甲、乙两物体的角速度之比是2∶15B ．甲、乙两物体的角速度之比是10∶3C ．甲、乙两物体的周期之比是2∶15D ．甲、乙两物体的周期之比是10∶3解析：选C.由v ＝ωr 得ω1ω2＝v 1r 1∶v 2r 2＝v 1v 2·r 2r 1＝32×51＝152，A 、B 错误，由ω＝2πT 得T 1T 2＝ω2ω1＝215，C 正确、D 错误． 3.(多选)如图所示为某一皮带传动装 置．主动轮的半径为r 1，从动轮的半径为r 2.已知主动轮做顺时针转动，转速为n ，转动过程中皮带不打滑．下列说法正确的是( )A ．从动轮做顺时针转动B ．从动轮做逆时针转动C ．从动轮的转速为r 1r 2nD ．从动轮的转速为r 2r 1n解析：选BC.因为皮带不打滑，两轮缘上各点的线速度大小相等，各点做圆周运动的速度方向为切线方向，则皮带上的M 、N 点均沿MN 方向运动，从动轮沿逆时针方向转动，A错B 对．根据线速度与角速度的关系式：v ＝rω，ω＝2πn 得n ∶n 2＝r 2∶r 1，所以n 2＝r 1r 2n ，C对D 错．4.(多选)如图所示，一个环绕中心线AB 以一定的角速度转动，下列说法中正确的是( ) A ．P 、Q 两点的角速度相同 B ．P 、Q 两点的线速度相同C ．P 、Q 两点的角速度之比为3∶1D ．P 、Q 两点的线速度之比为3∶1解析：选AD.同一圆周上各点的周期和角速度都是相同的，选项A 正确，选项C 错误；设角速度为ω，半径为r ，则P 、Q 两点的线速度分别为v P ＝ωr sin 60°，v Q ＝ωr sin 30°，得v P ∶v Q ＝3∶1，选项B 错误，选项D 正确．5．如图所示，甲、乙、丙三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑，其半径分别为r 1、r 2、r 3.若甲轮的角速度为ω1，则丙轮的角速度为( )A.r 1ω1r 3B.r 3ω1r 1C.r 3ω1r 2D.r 1ω1r 2解析：选A.本题属于摩擦传动，摩擦传动的特点是各个轮边缘的线速度大小相等，即v 1＝v 2＝v 3，则有ω1r 1＝ω2r 2＝ω3r 3，可得A 选项正确． 6.机械手表(如图)的分针与秒针从第一次重合至第二次重合，中间经历的时间为( ) A.5960min B ．1 min C.6059 min D.6160min 解析：选C.先求出分针与秒针的角速度为ω分＝2π3 600 rad/s ，ω秒＝2π60 rad/s.设两次重合的时间间隔为Δt ，则有φ分＝ω分Δt ，φ秒＝ω秒Δt ，φ秒－φ分＝2π，即Δt ＝2πω秒－ω分＝2π2π60－2π3 600s ＝3 60059s ＝6059 min ，故选项C 正确．7.(2015·福州高一检测)半径为R 的大圆盘以角速度ω旋转，如图所示．有人站在盘边P 点上随盘转动，他想用枪击中圆盘中心的目标O ，若子弹的速度为v 0，则( )A ．枪应瞄准目标O 射去B ．枪应向PO 的右方偏过θ角射去，而cos θ＝ωRv 0C ．枪应向PO 的左方偏过θ角射去，而tan θ＝ωRv 0D ．枪应向PO 的左方偏过θ角射去，而sin θ＝ωRv 0解析：选D.子弹同时参与两个运动：沿P 点切线方向的运动，速度为ωR ；沿枪口方向的匀速运动．合成的速度沿PO 方向，如图所示，枪应向PO 的左方偏过θ角射去，且sin θ＝ωRv 0，故D 正确． 8.(2015·绵阳高一检测)如图所示，直径为d 的纸制圆筒，以角速度ω绕中心轴匀速转动，把枪口垂直对准圆筒轴线，使子弹穿过圆筒，结果发现圆筒上只有一个弹孔，则子弹的速度不可能是( )A.dωπB.dω2πC.dω3πD.dω5π 解析：选B.圆筒上只有一个弹孔，表明子弹从同一个位置进入和离开圆筒，故子弹穿过圆筒的时间t 内，转过的角度θ＝(2n ＋1)π(n ＝0,1,2…)，故子弹的速度v ＝d t ＝dωθ＝dω(2n ＋1)π.n ＝0时，v ＝dωπ，A 对．n ＝1时，v ＝dω3π，C 对．n ＝2时，v ＝dω5π，D 对．故子弹的速度不可能是dω2π，选项B 符合题意．☆9.某机器内有两个围绕各自的固定轴匀速转动的铝盘A 、B ，A 盘固定一个信号发射装置P ，能持续沿半径向外发射红外线，P 到圆心的距离为28 cm.B 盘上固定一个带窗口的红外线信号接收装置Q ，Q 到圆心的距离为16 cm.P 、Q 转动的线速度相同，都是4π m/s.当P 、Q 正对时，P 发出的红外线恰好进入Q 的接收窗口，如图所示，则Q 每隔一定时间就能接收到红外线信号，这个时间的最小值应为( )A ．0.56 sB ．0.28 sC ．0.16 sD ．0.07 s解析：选A.根据公式T ＝2πrv 可求出，P 、Q 转动的周期分别为T 1＝0.14 s 和T 2＝0.08 s ，根据题意，只有当P 、Q 同时转到题图所示位置时，Q 才能接收到红外线信号，所以所求的最小时间应该是它们转动周期的最小公倍数，即0.56 s ，所以选项A 正确．☆10.如图所示是磁带录音机的磁带盒的示意图，A 、B 为缠绕磁带的两个轮子，其半径均为r .在放音结束时，磁带全部绕到了B 轮上，磁带的外缘半径为R ，且R ＝3r .现在进行倒带，使磁带绕到A 轮上．倒带时A 轮是主动轮，其角速度是恒定的，B 轮是从动轮．经测定磁带全部绕到A 轮上需要的时间为t .则从开始倒带到A 、B 两轮的角速度相等所需要的时间为( )A.t2 B.5－12t C.6－12t D.7－12t解析：选B.因为A 轮角速度一定，A 轮磁带外缘半径随时间均匀增加，线速度v ＝ωr ，故线速度大小随时间t 均匀增加，可将磁带的运动等效为匀变速直线运动模型处理．整个过程中，设A 轮外缘初速度为v ，则末速度为3v ，运动时间为t ，加速度为a ，位移即磁带总长度为x ，由匀变速直线运动规律：(3v )2－v 2＝2ax,3v ＝v ＋at ，当磁带有一半绕到A 轮上时，两轮半径相等、两轮角速度相同，此时，v ′2－v 2＝ax ，v ′＝v ＋at ′，解得：v ′＝5v ，t ′＝5－12t ，B 项正确．二、非选择题 11.(2015·厦门高一检测)如图所示，一雨伞边缘的圆周半径为r ，距地面高为h ，当雨伞在水平面内以角速度ω匀速转动时，雨滴从伞边缘甩出，这些雨滴在地面形成一个圆，则此圆的半径R 为多少？解析：甩出的雨滴沿伞边缘飞出做平抛运动，其速度v 0＝ωr ，平抛下落的时间为t ＝2hg；水平位移x ＝v 0t .由 图可知，甩出的雨滴落地形成的圆半径为R ＝r 2＋x 2＝r 2＋ω2r 22hg＝rg ＋2ω2hg.答案：r g ＋2ω2hg12.如图所示，B 物体放在光滑的水平地面上，在水平力F 的作用下由静止开始运动，B 物体的质量为m ，同时A 物体在竖直面内由M 点开始做半径为r 、角速度为ω的匀速圆周运动．求满足使A 、B 速度相同的力F 的取值．解析：速度相同即大小、方向相同，B 为水平向右，A 一定要在最低点才能保证速度水平向右．由题意可知，当A 从M 点运动到最低点时t ＝nT ＋34T (n ＝0,1,2，…)，线速度v ＝ωr对于B (初速度为0)：v ＝at ＝F m ⎝⎛⎭⎫nT ＋34T ＝Fm ⎝⎛⎭⎫n ＋342πω 解得F ＝2mω2rπ(4n ＋3)(n ＝0,1,2，…)．答案：F ＝2mω2rπ(4n ＋3)(n ＝0,1,2，…)。
第5章 第4节 生态系统的信息传递
第4节生态系统的信息传递[课标要求] 1.说明生态系统中信息传递的种类及作用。
2.描述信息传递在农业生产中的应用。
[素养要求] 1.生命观念：理解信息传递在生态系统中的作用，建立进化与适应观。
2.社会责任：利用信息传递在农业生产中的应用，尝试解决现实生活问题。
一、生态系统中信息的种类1．信息的概念：可以传播的消息、情报、指令、数据与信号等。
2．生态系统中信息的种类种类项目物理信息化学信息行为信息概念通过物理过程传递的信息生物在生命活动过程中产生的可以传递信息的化学物质动物的特殊行为在同种或异种生物之间传递的信息举例光、声、温度、湿度、磁力等植物的生物碱、有机酸等代谢产物，动物的性外激素等蜜蜂跳舞、雄鸟的“求偶炫耀”来源无机环境、生物生物在生命活动过程中产生生物的行为特征(1)生物之间的信息传递只限于同种生物()(2)信息只能沿食物链从低营养级向高营养级传递()(3)花香引蝶和老马识途都属于物理信息()(4)物理信息，可来源于生物，也可来源于无机环境()答案(1)×(2)×(3)×(4)√下面展示了10种信息，请分析回答下列问题：①花椒树上的刺②昆虫的性外激素③孔雀开屏④鸟类鸣叫声所发出的信息⑤猎豹和猫科动物有着高度特化的尿标志的信息⑥蜜蜂的舞蹈行为⑦某些植物花朵的颜色、形状等给传粉昆虫的信息⑧生物代谢产生的物质如酶、维生素、生长素、抗生素等⑨萤火虫的闪光⑩鼬遇到危险时，由肛门排出有强烈恶臭味的气体，起到报警和防御的功能(1)属于物理信息的有哪些？提示①④⑦⑨。
(2)属于化学信息的有哪些？提示②⑤⑧⑩。
(3)属于行为信息的有哪些？提示③⑥。
关键点拨(1)生态系统中信息的种类因传播途径的不同而不同。
如孔雀开屏，如果是通过行为传递给对方，则属于行为信息；如果通过羽毛的颜色等传递给对方，则属于物理信息。
(2)鸟类或其他动物报警，若通过声音(尖叫)则属于物理信息，若通过特殊的动作(突然飞起)则属于行为信息。
第五章 第四节 石灰石的利用
“三变”
粉末状的固体熟石灰变硬了 熟石灰 变 石灰石
Ca(OH)2 + CO2 == CaCO3↓ + H2O
评价与测试
石灰石、生石灰、熟石灰的性质与用途 物质 石灰石 生石灰 熟石灰 主要成分 性质 用途
分析与讨论
石灰石、生石灰、熟石灰之间的转化
石灰石
生石灰
熟石灰
思考与练习
1860年8月，英法联军攻入北 京，在圆明园中大肆抢掠、 破坏，到处放火。一些用汉 白玉修建的建焚烧后会 “粉身碎骨”？
第4节
石灰石的利用
——石灰的“变身”
石灰吟——于谦（明）
千锤万击出深山， 烈火焚烧若等闲。 粉骨碎身全不怕， 要留清白在人间。
“一变”
质地坚硬的石灰石变脆了 石灰石 变 生石灰
CaCO3 === CaO + CO2↑
高温
“二变”
块状固体的生石灰变酥了 生石灰 变 熟石灰
CaO + H2O === Ca(OH)2
思考与练习
为了更好的保存新鲜的鸡蛋，小明 的妈妈建议小明将鸡蛋保存在石灰 水中。你认为小明妈妈的建议可行 吗？为什么？
探究问题
刚刚在讲台上作生石灰与水反应的实验， 将水加到氧化钙中后，看到有“白色烟 雾”从中生成，这白色烟雾是什么？ （1）你的猜测有几种？ （2）请你设计实验来证明你刚刚的猜测
红星照耀中国第五章第四节批注
《红星照耀中国》第五章第四节主要描述了红军的游击战术，以及国民党军队对红军的围剿和红军的反围剿。
批注如下：
游击战的精髓是敌进我退，敌退我进，敌疲我打，敌逃我追。
游击战追求的目标是消灭敌人的有生力量，而非阵地或地盘。
在游击战中，红军充分利用地形和敌人的弱点，采用灵活多变的战术，使得敌人难以捉摸。
这种战术既节省了红军的兵力，又提高了作战效率。
国民党军队对红军的围剿失败，很大程度上是因为他们过于依赖现代化的武器装备和固定的战术，而忽视了游击战的威力。
而红军则通过游击战，成功地打破了国民党的围剿。
红军的反围剿不仅是一种军事行动，更是一种政治策略。
他们通过宣传和组织群众，使得国民党军队在围剿过程中陷入了人民战争的海洋，从而削弱了他们的战斗力。
这一节充分展示了红军的智慧和勇气，以及他们对于革命的坚定信念。
在面对强大的敌人时，他们不畏艰险，敢于斗争，敢于胜利。
这种精神是值得我们学习和传承的。
以上是对于《红星照耀中国》第五章第四节的批注。
高二生物 第5章 第4节 环境因素参与调节植物的生命活动
（一）间接作用:光作为能量来源，主要是通过影响间接影响植物的生长发育的。
（二）直接作用:光作为一种外界信号，对植物生长发育的直接作用主要是通过影响植物的形态建成实现的。
植物受光诱导和调节的发育称为植物的光形态建成。
包括以下几个方面：1．在自然界中，种子萌发，植株生长、开花、衰老等，都会受到。
植物的向光性生长，实际上也是植物对光刺激的反应。
光作为一种，植物生长、发育的全过程。
2．植物能够对光作出反应的原因(1)植物可以感知。
(2)植物具有能够接受的分子，是其中的一种。
(3)光敏色素是一类，分布在植物各个部位，其中在的细胞内比较丰富。
3．植物对光作出反应的过程在受到光照射时，光敏色素的会发生变化，这一变化的信息会经过传导到细胞核内，影响，从而表现出生物学效应。
二、参与调节植物生命活动的其他环境因素1．温度(1)温度可以通过影响、植株生长、开花结果和叶的、等生命活动，从而参与调节植物的。
(2)植物分布的很大程度上就是由温度决定的。
2．重力(1)重力是调节植物和的重要环境因素。
(2)重力作用的原理植物的根、茎中具有感受重力的物质和细胞，可以将信号转换成的信号，造成分布的不均衡，从而调节植物的生长方向。
三、植物生长发育的整体调控植物生长发育的调控，是由、和共同完成的。
判断对错(正确的打“√”，错误的打“×”)1．对于植物而言，光不仅提供能量，还能调节植物生长发育。
()2．可以通过控制光照时间长短来控制花期。
()3．温度只影响细胞代谢，不参与植物生长发育的调节。
()4．被普遍认可的一种解释重力对植物生长调节的机制是“淀粉—平衡石假说”。
() 5．激素的产生和分布只受基因表达调控，不受环境影响。
()课中合作探究问题导引一：分析课本资料，总结光在种子萌发、营养生长期和在植物开花中的作用？探究点一光对植物生长发育的调节1.光的调控作用：思考1．那些需要光才能萌发的种子是需要光照给种子萌发提供能量吗？2．从豆芽到豆苗，光对植物的颜色和形态有什么影响？3．有些植物根据昼夜长短“决定”是否开花，是哪种环境因素在起作用？这与植物激素的分泌有关系吗？4．种子发芽、植株生长、开花接受光的调控，是如何体现植物对环境的适应的？总结:植物向光生长、种子萌发、植物生长、开花、衰老等都会受到光的调控。
第5章 第4节 环境因素参与调节植物的生命活动
第4节环境因素参与调节植物的生命活动一、光对植物生长发育的调节1．光的作用：光作为一种信号，影响、调控植物生长、发育的全过程。
2．调控机理：植物具有能够接受光信号的分子，光敏色素是其中一种，光敏色素是一类蛋白质(色素—蛋白复合体)，分布在植物各个部位，其中在分生组织的细胞内比较丰富。
在受到光照射时，光敏色素的结构会发生变化，这一变化的信息会经过信息传递系统传导至细胞核内，影响特定基因的表达，从而表现出生物学效应。
3．光敏色素主要吸收红光和远红光。
(1)对植物来说，光只是提供能量()(2)光敏色素是一类色素—蛋白复合体()(3)接受到光照射时，光敏色素的结构会发生变化()答案(1)×(2)√(3)√二、参与调节植物生命活动的其他环境因素及植物生长发育的整体调控1．温度温度可以影响种子萌发、植株生长、开花结果和叶的衰老、脱落等生命活动，从而参与调节植物生长发育。
植物分布的地域性很大程度上就是由温度决定的。
2．重力重力是调节植物生长发育和形态建成的重要环境因素，植物根、茎中具有感受重力的物质和细胞，可以将重力信号转换成运输生长素的信号，造成生长素分布的不均衡，从而调节植物的生长方向。
3．植物生长发育的整体调控植物生长发育的调控，是基因表达调控、激素调节和环境因素调节共同完成的。
植物细胞里储存着全套基因，但是某个细胞的基因如何表达则会根据需要作调整。
激素作为信息分子，会影响细胞的基因表达，从而起到调节的作用，激素的产生和分布是基因表达调控的结果，也受到环境因素的影响。
(1)植物分布的地域性很大程度上就是由光照决定的()(2)重力可调节植物生长发育，但与植物形态建成无关()(3)高等植物正常生长发育需要各个器官、组织、细胞之间的协调和配合()答案(1)×(2)×(3)√如将一幼苗横放，几天后，它的茎背地向上弯曲生长，而根向地生长(如图所示)。
请分别比较A、B两点和C、D两点生长素浓度的大小。
第五章 第四节 辽、西夏的建立和宋辽、宋夏的和战
宁 夏 承天寺塔
西夏壁画人物
西夏人
西夏鎏金铜牛
西夏王陵
西夏文铜印
（2）西夏政权的建立：
• 1038年党项族首领元昊称帝 • 定都兴庆府（今宁夏银川市） • 国号大夏，史称西夏（在宋的西北）。
2．西夏的政治制度：
西夏是多民族国家，西夏统治者也采取“蕃汉 分治”的制度，设有蕃官和汉官。它仿效唐宋 制度建立政治制度，制订有成文法典，实行科 举制度，还建立了强大的骑兵和步兵。1036年， 西夏仿汉字楷书字体创制西夏文，并汇编字书 12卷，定为“国书”，上自佛经诏令，下至民 间书信，均用西夏文书写。为方便人们学习西 夏文，还印行了字典。这些字典以及一批佛教 经卷和手书作品，在内蒙古西部地区多有发现。
2．澶渊之盟
宋、辽双方在澶州相持了十 余日，本来军事形势于宋有 利，宋军坚守辽背后之城镇， 又在澶州城下射死辽军统帅 萧挞览。辽恐腹背受敌，乃 密奉书请和。宋真宗素主议 和，不顾寇准等反对，与辽 在景德元年十二月（1005） 签订了和约。宋纳银绢：规 定宋每岁向辽输纳银十万两 作为军饷；议定疆界：双方 约以白沟河（今海河支流大 青河）为界；约为兄弟：双 方约为兄弟之邦，宋为兄， 辽为弟，宋真宗称辽萧太后 为叔母。因该盟约在澶州签 订，澶州亦名澶渊郡，故史 称为澶渊之盟。
1．辽统治者为什么要采取“蕃汉分治”制度？
在辽统治的广大地区，由于南北地区的汉族、契 丹等族的经济、文化的发展水平及人民的生活方 式都是不同的。为了适应这种不同情况，辽朝的 行政管理机构分设“北面”和“南面”两个系统。
2． “蕃汉分治”制度有何特点？
特点：“因俗而治”，是一种民族分治
3．“蕃汉分治”制度的实质怎样？
• 北宋建立后，结束了五代十国分裂割据的局面，但 并没有完全统一全国。 • 与北宋并立的还有契丹族建立的辽、党项族建立的 西夏等少数民族政权。 • 辽、西夏和北宋并立时期是中国古代民族关系发展 史上的重要时期，民族融合是这一时期民族关系发 展的主流。辽对我国北方地区的开发、西夏对我国 西北地区的发展都做出了重要贡献。 • 辽、西夏和北宋之间虽然不时有战争发生，但其间 还伴随着长期而频繁的经济文化交往，这对于各个 政权间的经济文化交流以及民族间的相互了解、交 往和融合起了重要作用，中国自古就是一个多民族 的国家，中华民族是各民族共同缔造的。