浙江省杭州市萧山三中2014-2015学年高二上学期第一次段考物理(文)试卷(新疆部)
浙江省杭州地区(含周边)重点中学2014-2015学年高二物理上学期期中联考试题新人教版
浙江省杭州地区〔含周边〕重点中学2014-2015学年高二物理上学期期中联考试题新人教版考生须知：1．本卷总分为100分，考试时间90分钟；2．答题前，在答题卷密封区内填写班级、学号和姓名；座位号写在指定位置； 3．所有答案必须写在答题卷上，写在试卷上无效； 4．考试完毕后，只需上交答题卷。
一．单项选择题(此题8小题，每一小题3 分，共 24分。
每一小题只有一个选项符合题意。
) 1．关于如下列图的验电器，如下说法正确的答案是 A ．硬杆b 应该用金属材料制成 B ．a 与c 应该互相绝缘C ．用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近a 时，两金属箔片带等量异种电荷D ．用毛皮摩擦过的橡胶棒接触a 后，c 所带电荷与橡胶棒所带电荷的电性相反 2．以下说法正确的答案是 A ．由qFE =可知此场中某点的电场强度E 与F 成正比 B ．公式C=Q/U ，电容器的电容大小C 与电容器两极板间电势差U 无关 C ．由公式qE P=φ可知电场中某点的电势Φ与q 成反比 D ．由U ab =Ed 可知，匀强电场中的任意两点a 、b 间的距离越大，如此两点间的电势差也一定越大3.一只普通家用照明白炽灯泡〔如台灯灯泡〕正常发光时，通过它的电流与如下哪一数值较为接近A ．20A B ．2A C ．0.2A D ．0.02A4.一直流电动机正常工作时两端的电压为U ，通过的电流为I ，电动机线圈的电阻为r ．该电动机正常工作时，如下说法正确的答案是A ．电动机消耗的电功率为IUB ．电动机的输出功率为IU第1题图C ．电动机的发热功率为r U 2D ．I 、U 、r 三个量间满足rUI =5．关于以下4幅图的说法中，正确的答案是A ．甲图所示为可变电容器，动片旋出时可以使其与定片的距离增大，从而改变电容B ．乙图所示装置可以用来储存电荷C ．丙图中电容器只要与电源相连，电流表的示数始终不为零。
D ．丁图所示是电解电容器，标示“80V 〞 是电容器的击穿电压6．如下列图，三条虚线表示某电场的三个等势面，其中φ1=10V ，φ2=20V ，φ3=30V 一个带电粒子只受电场力作用，按图中实线轨迹从A 点运动到B 点，由此可知 A.粒子带正电B.粒子的速度变大 C.粒子的加速度变大D.粒子的电势能变大7.如图是一同学将变阻器与一只“6V,8W 〞的小灯泡L 与开关S 串联后接在6V 的电源E 上，当S 闭合时，发现灯泡发亮．按此图的接法，当滑片P 向右滑动时，灯泡将 A ．变暗B ．变亮C ．亮度不变D ．可能烧坏灯泡8．图〔a 〕为示波管的原理图。
浙江省杭州市萧山区高二物理上学期期中联考试题新人教版
学科：高二物理（理科） 满分：100分 考试时间：90分钟 考生须知：1、本卷共 5页；2、本卷答案必须做在答题卷上，做在试题卷上无效；3、答题前请在答题卷密封线内填好相关栏目。
一、单项选择题（本题共10小题；每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意.）1. 下列物理量中与检验电荷有关的是（ ）A.电场强度EB.电势ϕC.电势差U ABD.电场力F 2.对于库仑定律，下面说法中正确的是（ )A ．凡计算两个点电荷间的相互作用力，就可以使用公式122KQ Q F r = B ．两个带电小球即使相距非常近，也能用库仑定律C ．相互作用的两个点电荷，不论它们电量是否相同，它们之间的库仑力大小一定相等D ．两个点电荷的电量各减为原来的一半，它们之间的距离保持不变，则它们之间库存仑力减为原来的一半3．M 和N 是原来不带电的物体，它们相互摩擦后M 带1.6×10－10C 的正电荷，下列判断正确的是( )A ．在摩擦前M 和N 的内部没有任何电荷B ．摩擦过程中电子从M 转移到NC ．摩擦过程中质子从N 转移到MD ．在摩擦过程中M 和N 的电荷总量发生了改变 4．关于静电场，下列结论普遍成立的是( ) A ．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低 B ．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关C ．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向D ．将正点电荷从场强为零的一点移动到场强为零的另一点，电场力做功为零 5．在研究平行板电容器电容的实验中，电容器的A 、B 两极板带有等量异种电荷，A 板与静电计连接，如图1所示。
已知静电计指针张角随着电容器两极间的电势差的增大而增大。
实验中可能观察到的现象是（ ）A ．在A 、B 板间放入一金属板，静电计指针张角变大B ．减小A 、B 板间的距离，静电计指针张角变小C ．把B 板向上平移，静电计指针张角变小D ．在A 、B 板间放入一介质板，静电计指针张角变大6.如图2所示，A 、B 、C 为等量异种电荷产生的静电场中的三个等势面，已知三个等势面的电势关系为φA <φB <φC 。
浙江省杭州市某重点中学2014届高三上学期第一次月考物理试卷 Word版含答案
高三年级第一次月考物理试题卷一、选择题（本题共6小题，每小题4分．共计24分。
每小题给出的四个选项中'只有一个选项正确，选对得4分，选错得0分）1．质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x＝5t＋t2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A．第1 s内的位移是5 mB．前2 s内的平均速度是6 m/sC．任意相邻的1 s内位移差都是1 mD．任意1 s内的速度增量都是2 m/s2．某物体运动的v－t图象如图所示，则下列说法正确的是( )A．物体在第1 s 末运动方向发生改变B．物体在第2 s内和第3 s内的加速度是相同的C．物体在第6 s末返回出发点D．物体在第5 s末离出发点最远，且最大位移为0.5 m3．如图所示，质量为m的木块P在质量为M的长木板ab上滑行，长木板放在水平地面上一直处于静止状态．若长木板ab与地面间的动摩擦因数为μ1，木块P与长木板ab间的动摩擦因数为μ2，则长木板ab受到地面的摩擦力大小为( ) A．μ1Mg B．μ1(m＋M) gC．μ2mg D．μ1Mg＋μ2mg4．L型木板P(上表面光滑)放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q相连，如图所示．若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P的受力个数为( )A．3 B．4C．5 D．65．如图所示，红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的( )A．直线P C．曲线RB．曲线Q D．无法确定6．如图所示，在双人花样滑冰运动中，有时会看到被男运动员拉着的女运动员离开地面在空中做圆锥摆运动的精彩场面，目测体重为G 的女运动员做圆锥摆运动时和水平冰面的夹角约为30°，重力加速度为g ，估算该女运动员( )A ．受到的拉力为3GB ．受到的拉力为2GC ．向心加速度为2gD ．向心加速度为2g二、选择题（本题共4小题，每小题4分，共l6分。
浙江省杭州市萧山三中高一物理段考试卷(含解析)
2014-2015学年浙江省杭州市萧山三中高一（上）段考物理试卷一、单项选择题（每题3分，共30分．每题只有一选项正确）1．（3分）（2010秋•红花岗区校级期中）下列情况中的运动物体，能被看成质点的是（）A．研究飞往火星的宇宙飞船的最佳运行轨道B．调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面C．计算从北京开往上海的一列火车途中经过某座铁路桥的运行时间D．跳水运动员完成跳水动作考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可正确解答本题．解答：解：A、研究飞往火星的宇宙飞船的最佳运行轨道时，宇宙飞船的大小和形状对研究问题没有影响，可以看成质点，故A正确；B、研究调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面时，要看卫星的姿态，不能看成质点，故B错误；C、研究从北京开往上海的一列火车途中经过某座铁路桥的运行时间，火车和铁路桥的长度相比不能忽略，所以不可以看作质点，故C错误；D、研究跳水运动员的跳水动作时，不能忽略其体积形状，不能看着质点，故D错误．故选A．点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略，与其他因素无关．2．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）以下的计时数据中指时间间隔的是（）A．“嫦娥二号”卫星于2010年10月1日18时59分57秒点火发射B．在一场NBA篮球赛开赛8分钟时，姚明投中第三个球C．萧山三中第一次月考物理考试的时间是90分钟D．四川省汶川县发生8.0级强烈地震是在2008年5月12日14时28分考点：时间与时刻．分析：根据时刻在时间轴上对应的是一点，而时间间隔在时间轴上对应的是一段，即可顺利解决此类题目．解答：解：A、“嫦娥二号”的2010年10月1日18时59分57秒是指时刻，故A错误；B、开赛8分钟时是指时刻，故B错误；C、物理考试的时间是90分钟是指时间间隔，故C正确；D、在2008年5月12日14时28分是指时刻，故D错误；故选：C．点评：正确解答本题的关键是：理解时间间隔和时刻的区别，时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．3．（3分）（2013秋•瑞安市校级期中）两辆汽车在平直的公路上匀速行驶，当两车并排时，甲车内一个人看见窗外树木向东移动，乙车内一个人发现甲车没有动，以大地为参考系，上述事实说明（）A ． 甲、乙两车以相同的速度同时向西运动B ． 乙车向西运动，甲车不动C ． 甲车向西运动，乙车向东运动D ． 甲车向西运动，乙车不动考点：参考系和坐标系． 专题：直线运动规律专题． 分析：参考系是描述运动时，假设不动的物体．甲车内人看到乙没有动，则甲和乙的运动情况一样，乙车中的人看到路旁的树木向西运动，说明乙向东运动．解答：解：因为乙车内的人看到甲车没有动，则甲和乙的运动情况一致，而甲车的人看到路旁的树木向东运动，说明甲车相对路旁的树木向西运动，则如果以大地为参考系则甲向西运动，因为甲车和乙车运动状态一致，故甲、乙两车以相同的速度向西运动．故A 正确．故选：A点评： 掌握参考系的概念是解决此类题目的关键，本题中乙车内的同学看见路旁的树木向西移动，说明该同学是以自己作为参考系4．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）关于位移和路程，下列说法中正确的是（ ）A ． 质点作直线运动，路程等于位移的大小B ． 出租车是按位移大小来计费的C ． 在田径场3000m 长跑比赛中，跑完全程的运动员的位移大小为3000mD ． 运动的物体在某一过程中的路程不可能是零，但位移可能是零考点：位移与路程． 专题：直线运动规律专题． 分析： 位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置．位移的大小不大于路程．路程是标量，是运动路径的长度．当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．解答：解： A 、当质点做直线运动时，位移的大小不一定等于路程，只有当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．故A 错误．B 、出租车是按路程来计费．故B 错误．C 、在田径场3000m 长跑比赛中，跑完全程的运动员的路程为3000m ，故C 错误．D 、物体从初位置开始运动又回到初位置的过程中，路程不为零，但位移为零，故D正确．故选D点评：位移与路程是描述运动常用的物理量，它们之间大小关系是位移大小≤路程．5．（3分）（2015•桐乡市校级模拟）沿直线运动的一列火车和一辆汽车在开始计时及每过1s 的速度分别为v1和v2，如下表所示，从表中数据可以看出（ ）t/s 0 1 2 3 4火车 v1/（m•s﹣1） 18.0 17.5 17.0 16.5 16.汽车 v2/（m•s﹣1） 9.8 11.0 12.2 13.4 14.6A．火车的速度变化较慢B．汽车的加速度较小C．火车的位移在减小D．汽车的位移在减小考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：加速度表示速度变化快慢的物理量，结合速度的变化量和变化的时间确定加速度的大小，根据速度的方向确定位移的增加和减小．解答：解：A、火车的加速度为：a=汽车的加速度为：a′=，可知汽车的加速度较大，火车的加速度减小，所以火车的速度变化较慢．故A正确，B错误．C、因为火车和汽车的速度都为正值，一直向正方向运动，所以位移都做增大．故C、D错误．故选：A．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度是反映速度变化快慢的物理量．6．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）下列各组物理量中，全部是矢量的一组是（）A．速度、速率、平均速度B．位移、速度、平均速度C．速度、加速度、路程D．速率、速度的变化量、加速度考点：矢量和标量．分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．解答：解：A、速度、平均速度既有大小又有方向是矢量，速率是速度大小，是标量，故A 错误B、位移、速度、平均速度既有大小又有方向，都是矢量，故B正确C、速度、加速度既有大小又有方向是矢量，路程是标量，故C错误D、速度的变化量、加速度既有大小又有方向是矢量，速率是速度大小，是标量，故D错误故选：B．点评：矢量与标量的区别有两个：一矢量有方向，而标量没有方向；二矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则．7．（3分）（2014秋•萧山区校级月考）下面列举的几种速度，其中不是瞬时速度的是（）A．火车以76km/h的速度经过隧道B．汽车速度计指示着速度50km/hC．城市繁华路口速度路标上标有“15km/h注意车速”字样D．足球以12m/s的速度进入球门考点：瞬时速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度是指物体在某一过程或某一段时间内的速度；瞬时速度是指物体在某一时刻或某一位置时速度．解答：解：A、火车经过隧道的速度为平均速度；不是瞬时速度．B、汽车速度计指示着的是瞬时速度；C、城市繁华路段路标上所标为瞬时速度；D、足球进入球门的速度为瞬时速度；本题选不是瞬时速度的；故选：A．点评：本题考查平匀速度与瞬时速度的区别，要注意平均速度对应的是一个过程；而瞬时速度对应一个瞬间呈某一位置．8．（3分）（2013秋•桐乡市校级期中）关于加速度，下面说法正确的是（）A．加速度增大，而速度有可能减少；加速度减小，而速度有可能增大B．加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，因此加速度就是加出来的速度C．加速度为正值，则物体做加速运动；加速度为负值，则物体做减速运动D．加速度的大小在数值上等于单位时间内速度大小的改变量考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是表示速度变化快慢的物理量．解答：解：A、加速度增大，如果加速度方向与速度方向相反，速度减少；加速度减小，如果加速度方向与速度方向相同，速度增大，故A正确；B、根据加速度的定义式a=可知加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，加速度等于物体的速度的变化率，加速度不是加出来的速度，故B错误；C、加速度为正值，速度为负值，即加速度方向与速度方向相反，速度减少；加速度为负值，速度为正值，即加速度方向与速度方向相同，速度增大，故C错误；D、根据加速度的定义式a=可知加速度的大小在数值上等于单位时间内速度的改变量，速度是矢量，如果初速度方向与末速度方向相反，速度的改变量不等于速度大小的改变量，故D错误；故选：A．点评：把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．9．（3分）（2014春•瑞安市校级期中）一物体从静止开始做匀加速直线运动，测得它在第n 秒内的位移为s，则物体运动的加速度为（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式，抓住ns内和（n﹣1）s内的位移之差求出物体运动的加速度．解答：解：第ns内的位移为：解得：a=．故A正确，B、C、D错误．故选：A点评：本题也可以根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第ns中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出物体的加速度10．（3分）（2003秋•西城区期末）如图为A、B两只棕熊在野外沿直线散步的位移﹣时间图象．由图可知下列说法正确的是（）A．在这一小时内，A熊的平均速度较大B．在t=10.0min时刻，B熊的速度较大C．A熊的速度总是沿着一个方向D．B熊的速度总是沿着一个方向考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据位移的大小和时间比较平均速度的大小．根据位移随时间的变化规律判断熊的速度方向．解答：解：A、在一小时内，B熊的位移大于A熊的位移，则B熊的平均速度大于A熊的平均速度．故A错误．B、位移﹣﹣时间图线的斜率表示速度的大小，在10min时刻，B的图线斜率小，则速度较小．故B错误．C、A熊的位移先增加后减小，则运动方向改变．故C错误．D、B熊的位移一直增加，则运动方向不变．故D正确．故选D．点评：解决本题的关键知道位移﹣﹣时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示速度．二、不定项选择题（每题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有错或不答的得0分．）11．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）物体做直线运动时，有关物体加速度，速度的方向及它们的正负值说法正确的是（）A．在匀加速直线运动中，物体的加速度的方向与速度方向必定相同B．在匀减速直线运动中，物体的速度必定为负值C．在匀变速直线运动中，物体的速度变大时，其加速度也可能为负值D．只有在确定初速度方向为正方向的条件下，匀加速直线运动中的加速度才为正值考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：当加速度方向与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动．解答：解：A、在匀加速直线运动，加速度方向与速度方向必定相同，故A正确．B、在匀减速直线运动，加速度方向与速度方向相反，但是速度不一定为负值，故B错误．C、在匀变速直线运动中，当加速度方向与速度方向相同，速度变大，加速度可能为负值，只要速度也为负值即可．故C正确．D、匀加速直线运动中，加速度方向与速度方向相同，所以只有在确定初速度方向为正方向的条件下，匀加速直线运动中的加速度才为正值，故D正确．故选：ACD．点评：解决本题的关键掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度方向与速度方向的关系．12．（4分）（2013秋•南湖区校级期中）有平直公路相连的甲、乙两车站相距45千米，一辆汽车从甲车站出发，用30千米/小时的平均速度通过全程路程后，又用了1.5小时通过了剩下的路程，最后停在乙车站．则下列说法正确的是（）A．汽车全程的平均速度为22.5km/hB．汽车全程的平均速度为23.3km/hC．汽车后面路程平均速度为15km/hD．汽车后面路程平均速度为20km/h考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据v=，要计算汽车的平均速度，需用路程除以所对应的时间；解答：解：前路程用时间=0.5h，所以汽车全程的平均速度为v===22.5km/h；汽车后面路程平均速度为v===20km/h．故选：AD点评：根据平均速度公式计算平均速度需用总路程除以总时间，在代入数据时，一定要注意路程和时间的统一．13．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）图为一质点做直线运动的速度﹣时间图象，下列说法正确的是（）A．整个过程中，BC段的加速度最大B．物体在第20s末运动方向发生变化C．整个过程中，C点所表示的状态离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34 m考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：首先知道（1）v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；（2）图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．（3）图象与坐标轴围成的面积表示位移，BC段与时间轴围成的梯形面积表示其运动的路程．据此分析即可．解答：解：AB、CE是一条直线，根据数学知识可知，其斜率一定，而速度图象的斜率表示加速度，整个过程中，CE段倾斜角最大，故其加速度数值最大；故A正确；B、物体在第20s末前速度为正值，20s末后速度为负值，故运动发生发生了变化，B正确；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，故C错误；D、BC段表示的运动所通过的路程为：s=×（5+12）×4=34m．故D正确．故选：ABD．点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于基础题．14．（4分）（2014秋•萧山区校级月考）某一物体在水平面上作初速为6m/s的匀变速直线运动，加速度的大小为2m/s2，下列对运动的描述正确的有（）A．物体运动5秒的位移一定为55mB ． 物体在第1秒末的速度可能是4m/sC ． 物体在第2秒内的平均速度可能是9m/sD ． 物体的位移一定随时间逐渐增大考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析： 物体做匀变速直线运动，加速度的方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反，结合位移时间公式和速度时间公式进行分析．解答：解：A 、若加速度的方向与初速度方向相同，则5s 内的位移=55m ．若加速度的方向与初速度方向相反，则5s 内的位移=5m ．故A 错误．B 、若加速度的方向与初速度方向相同，物体在第1s 末的速度v=v0+at=6+2×1m/s=8m/s，若加速度的方向与初速度的方向相反，则物体在第1s 末的速度v=v0+at=6﹣2×1m/s=4m /s ．故B 正确．C 、若加速度方向与初速度方向相同，则2s 内的位移=m=9m ，则平均速度．故 C 正确．D 、若加速度方向与初速度方向相反，物体速度减速到零后会反向运动，则位移不是一直逐渐增大．故D 错误．故选：BC ．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，注意公式的矢量性．15．（4分）（2013秋•南湖区校级期中）一质点做匀加速直线运动，第三秒内的位移是2m ，第四秒内的位移是2.5m ，那么，下列选项中正确的是（ ）A ． 这两秒内的平均速度是2.25 m/sB ． 第三秒末瞬时速度是2.25 m/sC ． 质点的加速度是0.125 m/s2D ． 第四秒末瞬时速度是2.75 m/s考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系． 专题：直线运动规律专题． 分析：根据平均速度的定义式求出2s 内的平均速度．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出第3s 末的速度．根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度的大小，再结合速度时间公式求出第4s 末的速度．解答：解：A、两秒内的平均速度．故A正确．B、因为某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，3、4两秒内的平均速度等于第3s末的瞬时速度，则第3s末的速度为2.25m/s．故B正确．C、根据△x=aT2得，加速度a=．故C错误．D、第4s末的瞬时速度v4=v3+at=2.25+0.5×1m/s=2.75m/s．故D正确．故选：ABD．点评：本题考查匀变速直线运动的公式和推论的运用，掌握匀变速直线运动两个重要的推论：1、在连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．三、填空与实验题（共20分）16．（6分）（2010秋•西湖区校级期中）某同学在探究“小车速度随时间变化规律”的实验时，设计的实验方案中选用了打点计时器，利用穿过打点计时器的纸带来记录小车的运动．实验后，该同学选择了一条较为理想的纸带，测量数据后，通过计算得到了小车运动过程中各计时时刻的速度如表格所示．位置编号0 1 2 3 4 5时刻：t/s 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.50.42 0.67 0.92 1.16 1.42 1.76速度：v/m．s﹣1（1）分析表中数据，在误差允许的范围内，小车做匀加速直线运动．（2）由于此次实验的原始纸带没有保存，另一同学想估算小车从位置0到位置5的位移，其估算方法如下：x=（0.42×0.1+0.67×0.1+0.92×0.1+1.16×0.1+1.42×0.1）m．那么，该同学得到的位移小于（选填“大于”、“等于”或“小于”）实际位移．为了使估算的位移尽可能接近真实值，你认为采取什么方法更合适？（不改变题目中的已知信息、不必算出具体数据）将时间间隔取得更小一些．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据表中数据可知，小车的速度均匀增加，由此可知小车的运动规律，根据匀变速运动位移与时间关系可知其计算位移与实际位移的关系解答：解：根据表中数据可知，小车的速度均匀增加，因此小车做匀加速直线运动；小车做匀加速直线运动，0﹣0.1s实际位移应该大于0.42×0.1，依此类推0﹣0.4s实际位移应该大于0.42×0.1+0.67×0.1+0.92×0.1+1.16×0.1+1.42×0.1m，所以该同学得到的位移小于实际位移．为了使估算的位移尽可能接近真实值，将时间间隔取得更小一些．故答案为：（1）匀加速直线，（2）小于，将时间间隔取得更小一些．点评：解决本题的关键掌握微分极限思想在求解位移中的运用，当时间段分解段数趋向于无穷大时，速度时间图线围成的面积就表示位移．17．（14分）（2014秋•萧山区校级月考）如图所示，是在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中得到的一条纸带．A、B、C、D、E、F、G为测量点，相邻测量点间时间间隔为0.1s，x1=1.20cm，x2=1.60cm，x3=1.98cm，x4=2.38cm，x5=2.79cm，x6=3.18cm．则：（1）有关操作和测量的说法中不正确的是ADA．先释放小车，再接通电源，当小车到达滑轮前及时用手按住它后关闭电源B．开始释放小车前，应使小车靠近打点计时器C．测量时应舍去纸带上的密集点，然后选取计数点D．必须每5个打印点设为一个计数点（2）将打点计时器打在B、C、D、E、F各测量点时小车的瞬时速度大小填入下表．（数值运算保留三位有效数字）位置 B C D E FV（m/s）0.140 0.179 0.218 0.259 0.299（3）在平面直角坐标系中作出V﹣t图象（以测量点B为计时起点）．（4）根据V﹣t图象能求出小车的加速度吗？若能，请说明求小车加速度的方法并计算小车加速度的大小．考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：（1）通过实验的原理以及注意事项确定操作的步骤是否正确．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出各点的瞬时速度．（3）根据各点的瞬时速度作出v﹣t图象．（4）根据图线的斜率求出小车的加速度．解答：解：（1）A、操作时，应先接通电源和释放小车．故A错误．B、开始释放小车前，小车应靠近打点计时器．故B正确．C、测量时应舍去纸带上的密集点，然后取计数点．故C正确．D、若点迹比较密，可以每5个打印点设为一个计数点，若点迹较疏，不需要每5个打印点设为一个计数点．故D错误．本题选错误的，故选：AD．（2）某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则．m/s=0.179m/s．m/s=0.218m/s．m/s=0.259m/s．m/s=0.299m/s．（3）速度时间图线如图所示．（4）根据v﹣t图线可以求出加速度，图线的斜率等于小车的加速度，．故答案为：（1）AD（2）0.140，0.179，0.218，0.259，0.299（3）如图所示（4）能．求v﹣t图中的斜率．0.4m/s2点评：解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度，知道速度时间图线的斜率表示加速度．四、计算题（30分）18．（6分）（2013秋•东阳市校级期中）一辆汽车从原点O由静止出发沿x轴做直线运动，为研究汽车的运动而记下它在各时刻的位置和速度，见下表：时刻t/s 0 1 2 3 4 5 6 7位置的坐标x/m 0 1.5 4 7.5 11 14.8 19 23瞬时速度v/（m•s﹣1） 1 2 3 4 3 4 4 4（1）汽车在第3s末的瞬时速度为多少？（2）汽车在前4s内的平均加速度为多少？（3）汽车在第5s内的平均速度为多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：由表格中的数据得出第3s末的速度，结合速度时间公式求出前4s内的平均加速度，根据第5s内的位移求出第5s内的平均速度．解答：解：（1）由表格中的数据可知，第3s末的速度为：v3=4m/s；（2）前4s内的平均加速度为：a=．（3）第5s内的位移为：x5=14.8﹣11m=3.8m，则汽车在第5s内的平均速度为：．答：（1）汽车在第3s末的瞬时速度为4m/s；（2）汽车在前4s内的平均加速度为0.5m/s2；（3）汽车在第5s内的平均速度为为3.8m/s．点评：解决本题的关键掌握平均速度的定义式以及加速度的定义式，并能灵活运用．19．（6分）（2014秋•萧山区校级月考）沪杭高铁（杭州﹣上海）已于2010年10月26日通车，这是我国高速铁路引领世界高速铁路发展潮流的又一重要标志．动车从杭州向北经过余杭区、嘉兴市和上海松江至上海虹桥站，最高运行时速为350km/h，总位移约为200Km，是我国“长三角地区一体化”战略的重大举措．则：（1）如果从杭州至上海行驶时间是 45min，求动车行驶的平均速度的大小．（2）如果动车以302.4km/h高速行驶时，驾驶员发现前方有障碍物．驾驶员发现这一情况后紧急刹车，如果驾驶员发现障碍物后，必须在3s内使动车停止运动，且刹车后动车的加速度大小保持不变．求：刹车后动车的加速度大小和方向．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：（1）根据平均速度的定义式，结合位移和时间求出平均速度的大小．（2）根据加速度的定义式求出加速度的大小和方向．解答：解：（1）动车行驶的平均速度：==≈267km/h；（2）由题意知，刹车的时间t=3s．302.4km/h=84m/s．则刹车的加速度a===﹣26m/s2，方向与运动方向相反．答：（1）动车行驶的平均速度的大小267km/h；（2）刹车后动车的加速度大小26m/s2，方向与运动方向相反．点评：解决本题的关键掌握平均速度的定义式和加速度的定义式，知道求出的值中的负号表示方向．。
2024届浙江省萧山中学物理高二第一学期期中达标检测模拟试题含解析
2024届浙江省萧山中学物理高二第一学期期中达标检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。
写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向可以不垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2、下列物理量中，属于矢量的是（）A．加速度B．质量C．路程D．时间3、物体以初速度v冲上粗糙的斜面，如选项所示的四个物体受力示意图中，正确的是( )A．B．C．D．4、如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。
若A、B间距为L，C是AB 的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。
则下列判断正确的是A．从A至B，q 先做匀加速运动，后做匀减速运动B．在B点受到的库仑力大小是mgsinθC．Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=D．在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大5、对于一定质量的物体而言，其速度、动量和动能的说法正确的是A．物体的速度发生变化，其动能一定发生变化B．物体的动量发生变化，其动能一定发生变化C．物体的动能发生变化，其动量一定发生变化D．物体的速度发生变化，其动量不一定发生变化6、如图所示是半偏法测电流表内阻的电路图，测量的过程包含以下几个主要的步骤：①闭合k1，调节R1的阻值，使电流表满偏；②闭合k2，保持R1不变，调节R2的阻值，使电流表半偏；③此时R2的读数即为电流表内阻测量值；④将R1的阻值调到最大；以上步骤，合理的顺序是（）A．①④②③B．④①②③C．④②①③D．④③②①二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
杭州市萧山二中等三校2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题及答案
2014-2015学年浙江省杭州市萧山二中等三校联考高二（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，有选错或不答的得0分．）1．（3分）如图甲，笔记本电脑底座一般设置有四个卡位用来调节角度．某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡为1调至卡位4（如图乙），电脑始终处于静止状态，则（）A．电脑受到的支持力变小B．电脑受到的摩擦力变大C．散热底座对电脑的作用力的合力不变D．电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于其重力【考点】：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件求解静摩擦力和支持力．【解析】：解：笔记本电脑受重力、支持力和静摩擦力，如图所示：根据平衡条件，有：N=mgcosθ ①f=mgsinθ ②A、由原卡位1调至卡位4，角度θ减小，根据①式，支持力N增加，故A错误；B、由原卡位1调至卡位4，角度θ减小，根据②式，静摩擦力减小，故B错误；C、散热底座对电脑的作用力的合力是支持力和静摩擦力的合力，与重力平衡，始终是不变的，故C正确；D、电脑受到的支持力与摩擦力两力的矢量和与重力平衡，但大小的和是变化的，故D错误；故选：C．【点评】：本题是力平衡中的三力平衡问题，关键是建立物理模型，然后运用共点力平衡条件列式求解，基础问题．2．（3分）我国“蛟龙号”深潜器经过多次试验，终于在2012年以7020m深度创下世界最新纪录，预示着它可以征服全球99.8%的海底世界．假设在某次实验时，深潜器内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10min内全过程的深度曲线（a）和速度图象（b），则有（）A．（a）图中h3代表本次最大深度，应为360mB．全过程中最大加速度是0.025m/s2C．潜水员感到超重发生在0﹣1min和8﹣10min的时间段内D． 3﹣4min时间段内深潜器正在上浮【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：根据v﹣t图象的面积表示位移，由几何知识可求得最大深度；v﹣t图象的物理意义：其斜率表示加速度的大小，求解最大加速度；判断超重和失重的方法主要看物体的加速度方向．【解析】：解：A、根据深度曲线（a）得h3代表本次最大深度，在t=4min时到达最大深度，根据v﹣t图象的面积得：0﹣4min位移是360m，即最大深度为360m，故A正确．B、v﹣t图象的斜率表示加速度，0﹣1min内和3﹣4min内加速度最大，最大加速度是a==0.033m/s2，故B错误．C、潜水员在0﹣1min和8﹣10min的时间段内，根据度图象（b）得加速度方向向下，所以处于失重状态，故C错误．D、3﹣4min时间段内深潜器速度为负，仍在下潜，故D错误．故选：A．【点评】：本题是一道图象题，关键要理解速度图象的物理意义，能通过图象去挖掘信息，处理图象题时，要把图象与相对应的物理知识结合起来分析．3．（3分）如图所示，在探究摩擦力的实验中，用轻质弹簧测力计水平拉一质量为m=0.2Kg 的放在水平桌面上的小木块，小木块的运动状态与弹簧测力计的读数如表所示（每次实验时，木块与桌面的接触面相同）则由下表分析可知，g取10m/s2，下列选项正确的是（）实验次数小木块的运动状态弹簧测力计读数（N）1 静止 0.42 静止 0.63 直线加速 0.74 匀速直线 0.55 直线减速 0.3A．木块受到的最大摩擦力为0.7NB．木块受到最大静摩擦力可能为0.6NC．在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小只有两次是相同的D．小木块与水平桌面间的动摩擦因数为0.30【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：实验题；摩擦力专题．【分析】：物体静止或做匀速直线运动时，物体处于平衡状态，由平衡条件可知，物体受到的摩擦力等于弹簧测力计的拉力；物体相对于地面运动时受到的摩擦力是滑动摩擦力，滑动摩擦力由物体间的动摩擦因素与物体间的压力决定，在该实验中，物体间的动摩擦因素与物体间的压力保持不变，则物体受到的滑动摩擦力不变．静摩擦力的取值范围0﹣﹣最大静摩擦力，且与外力有关，有平衡条件可求静摩擦力的大小，物体即将运动时的摩擦力视为最大静摩擦力，1、2次是静摩擦力不同，3、4、5是滑动摩擦力相同．【解析】：解：A、木块受到静摩擦力0.6N时不动，0.7N时加速直线运动，而0.5N时，木块做匀速直线运动，则最大静摩擦力可能为0.6N，故A错误，B正确；C、在五次实验中，在3、4、5三次实验中，木块受到的摩擦力是滑动摩擦力，由于实验过程中物体间的动摩擦因素与物体间的压力不变，则木块受到的滑动摩擦力不变，这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的，故C错误，D、==0.25，故D错误；故选：B．【点评】：本题考查了求摩擦力大小问题，由平衡条件可以求出摩擦力大小，知道滑动摩擦力的决定因素即可正确解题．4．（3分）2012年9月，中国具有了自己的第一艘航母“辽宁号”．航空母舰是大规模战争中的重要武器，灵活起降的飞机是它主要的攻击力之一．民航客机起飞时需在150s内使飞机从静止加速到40m/s，而航载飞机借助助推设备，在3s内就可使飞机加速到80m/s，设起飞时飞机在跑道上做匀加速运动，供客机起飞的跑道的长度为航空母舰的甲板跑道长度的（）A． 25倍 B． 50倍 C． 250倍 D． 500倍【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：根据匀变速直线运动的平均速度公式求出飞机的位移，从而得出跑道的长度关系．【解析】：解：民航客机的位移．舰载飞机的位移则．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的公式和推论，并能灵活运用．5．（3分）（2011•太原模拟）游乐场中有一种叫“空中飞椅”的设施，其基本装置是将绳子上端固定在转盘的边缘上，绳子下端连接座椅，人坐在座椅上随转盘旋转而在空中飞旋，若将人和座椅看成质点，简化为如图所示的模型，其中P为处于水平面内的转盘，可绕竖直转轴OO′转动，已知绳长为l，质点的质量为m，转盘静止时悬绳与转轴间的距离为d．让转盘由静止逐渐加速转动，经过一段时间后质点与转盘一起做匀逮圆周运动，此时绳与竖直方向的夹角为θ，不计空气阻力及绳重，绳子不可伸长，则质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，绳子对质点做的功为（）A．mg（d+lsinθ）tanθ+mgl（l﹣cosθ） B．mgdtanθ+mgl（l﹣cosθ）C．mg（d+lsinθ）tanθ D．mgdtanθ【考点】：动能定理的应用；惯性；向心力．【专题】：动能定理的应用专题．【分析】：质点与转盘一起做匀速圆周运动时，由重力和绳子的拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律此时的速度，根据动能定理研究质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，得到绳子对质点做的功．【解析】：解：设质点与转盘一起做匀速圆周运动时速度大小为v，由重力和绳子的拉力的合力提供质点圆周运动的向心力，如图，则有mgtanθ=m①对于质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，重力做功为﹣mgl（1﹣cosθ），设绳子拉力做功为W，则根据动能定理得：W﹣mgl（1﹣cosθ）=②联立①②得：W=mgl（1﹣cosθ）+故选A【点评】：质点从静止到做匀速圆周运动的过程中，绳子拉力是变力，要首先考虑运用动能定理求解变力的功．6．（3分）如图所示，通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别静止在螺线管的左右两侧，现使滑动变阻器的滑动触头向左滑动时，ab和cd棒的运动情况是（）A． ab向左，cd向右 B． ab向右，cd向左 C． ab、cd都向右运动 D． ab、cd保持静止【考点】：楞次定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：当电路的阻值变化，导致电流变化从而使线圈产生的磁场变化．所以两棒所围成的磁通量变化，从而产生感应电流，最终导致两棒运动．【解析】：解：当变阻器滑片向左滑动时，电路的电流大小变大，线圈的磁场增加；根据安培定则由电流方向可确定线圈的磁场方向垂直于导轨向下．由于线圈处于两棒中间，所以穿过两棒所围成的磁通量变大，由楞次定律：增反减同可得，线框abdc 产生逆时针方向感应电流．最后根据左手定则可确定安培力的方向：ab棒处于垂直向上的磁场，且电流方向ab，则安培力方向向左．cd棒处于垂直向上的磁场，且电流方向dc，则安培力方向向右．故选：A【点评】：两棒将线圈围在中间，则穿过两棒所围成的面积的磁场方向是竖直向下．原因是线圈内部磁场方向向下，而外部磁场方向向上，且向下强于向上．7．（3分）物理课上，教师做了一个奇妙的“电磁阻尼”实验．如图所示，A是由铜片和绝缘细杆组成的摆，其摆动平面通过电磁铁的两极之间，当绕在电磁铁上的线圈未通电时，铜片可自由摆动，要经过较长时间才会停下来．当线圈通电时，铜片迅速停止摆动．某同学另找来器材再探究此实验，他连接好电路，经重复试验，均没出现迅速停止摆动的现象．对比老师的演示实验，导致实验失败的原因可能是（）A．电源的电压过高 B．所选线圈的匝数过多C．线圈接在了交流电源上 D．摆的材料与老师的不同【考点】：电磁感应中的能量转化．【分析】：分析实验结构，明确教师实验的原理，即可得出学生失败的原因．【解析】：解：电磁阻尼是利用电磁感应得出的，要使铜片能快速停下应使线圈中通以电流，则A通过线圈产生的磁场时，产生感应电流，由楞次定律可知，感应电流应阻碍线圈的运动，从而使线圈快速停下来；这与是否为交流电源、电压及匝数无关；学生失败只能是因为摆不是金属材料制成；故选：D．【点评】：本题考查楞次定律的应用，但要求学生能通过较多的文字描述得出相应的物理模型，才能顺利求解．8．（3分）如图所示，洛伦兹力演示仪由励磁线圈、玻璃泡、电子枪等部分组成．励磁线圈是一对彼此平行的共轴的圆形线圈，它能够在两线圈之间产生匀强磁场．玻璃泡内充有稀薄的气体，电子枪在加速电压下发射电子，电子束通过泡内气体时能够显示出电子运动的径迹．若电子枪垂直磁场方向发射电子，给励磁线圈通电后，能看到电子束的径迹呈圆形．若只增大电子枪的加速电压或励磁线圈中的电流，下列说法正确的是（）A．增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径变小B．增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径不变C．增大励磁线圈中的电流，电子束的轨道半径变小D．增大励磁线圈中的电流，电子束的轨道半径不变【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】：根据动能定理表示出加速后获得的速度，然后根据洛伦兹力提供向心力推导出半径的表达式．【解析】：解：A、B、根据电子所受洛伦兹力的方向结合右手定则判断励磁线圈中电流方向是顺时针方向，电子在加速电场中加速，由动能定理有：eU=mv02…①电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，有：eBv0=…②解得：=…③增大电子枪的加速电压，电子束的轨道半径变大．故AB错误；C、D、增大励磁线圈中的电流，电流产生的磁场增强，由③式可得，电子束的轨道半径变小．故C正确，D错误．故选：C【点评】：本题考查了粒子在磁场中运动在实际生活中的应用，正确分析出仪器的原理是关键．9．（3分）如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径．一不计重力的带电粒子从a点射入磁场，速度大小为v，当速度方向与ab成30°角时，粒子在磁场中运动的时间最长，且为t；若相同的带电粒子从a点沿ab方向射入磁场，也经时间t 飞出磁场，则其速度大小为（）A． B． C． D．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：粒子在磁场中运动，运动的时间周期与粒子的速度的大小无关，分析粒子的运动的情况，可以判断第二个粒子的运动轨迹半径，即可根据牛顿第二定律求出速度大小．【解析】：解：设圆形区域的半径为R．带电粒子进入磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=m，得 r=，r∝v．①当粒子从b点飞出磁场时，入射速度与出射速度与ab的夹角相等，所以速度的偏转角为60°，轨迹对应的圆心角为60°．根据几何知识得知：轨迹半径为 r1=2R；②当粒子从a点沿ab方向射入磁场时，经过磁场的时间也是t，说明轨迹对应的圆心角与第一种情况相等，也是60°．根据几何知识得，粒子的轨迹半径为 r2=R；③则由①得：==则得，v′=v；故选：D．【点评】：根据粒子的运动的轨迹的情况，找出粒子运动的轨迹所对应的圆心角的大小可以求得粒子的运动的时间．10．（3分）如图所示，两根电阻不计的光滑金属导轨竖直放置，导轨上端接电阻R，宽度相同的水平条形区域I和II内有方向垂直导轨平面向里的匀强磁场B，I和II之间无磁场．一导体棒两端套在导轨上，并与两导轨始终保持良好接触，导体棒从距区域I上边界H处由静止释放，在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流及其变化情况相同．下面四个图象能定性描述导体棒速度大小与时间关系的是（）A． B． C．D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：根据导体棒在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流及其变化情况相同，说明导体棒穿过磁场的过程必定做减速运动，分析安培力的变化，判断合力和加速度的变化，即可解答．【解析】：解：据题导体棒从距区域Ⅰ上边界H处由静止释放，做自由落体运动，做匀加速运动，由于导体棒在穿过两段磁场区域的过程中，流过电阻R上的电流及其变化情况相同，说明导体棒穿过磁场的过程必定做减速运动，导体棒所受的安培力大于重力，而速度减小，产生的感应电动势减小，感应电流减小，导体棒所受的安培力减小，合力减小，则导体棒的加速度减小，v﹣t图象的斜率逐渐减小，而且根据两个过程的相似性可知进磁场和出磁场的速度相同，故C正确，ABD错误．故选：C【点评】：对于电磁感应中动态分析问题，关键要抓住安培力与速度的关系进行分析，知道速度减小，安培力即减小，再进一步分析加速度的变化，即可进行解答．二、不定项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）11．（4分）（2013•嘉定区一模）如图D、E、F、G为地面上水平间距相等的四点，三个质量相同的小球A、B、C分别在E、F、G的正上方不同高度处，以相同的水平初速度向左抛出，最后均落到D点．若不计空气阻力，则可判断A、B、C三个小球（）A．初始离地面的高度之比为1：2：3B．落地时重力的瞬时功率之比为1：2：3C．落地时三个小球的速度大小之比为1：2：3D．从抛出到落地过程中，动能的变化量之比为1：4：9【考点】：机械能守恒定律；平抛运动．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由于抛出速度相同，根据水平位移可确定各自运动的时间之比，从而求出各自抛出高度之比．由功率表达式可得重力的瞬时功率之比即为竖直方向的速度之比．由动能定理可求出在抛出的过程中的动能的变化量．【解析】：解：A、相同的初速度抛出，而A、B、C三个小球的水平位移之比1：2：3，可得运动的时间之比为1：2：3，再由h=可得，A、B、C三个小球抛出高度之比为1：4：9，故A错误；B、相同的初速度抛出，而A、B、C三个小球的水平位移之比1：2：3，可得运动的时间之比为1：2：3，由v竖=gt可得竖直方向的速度之比为1：2：3，由P=Gv，那么落地时重力的瞬时功率之比1：2：3，故B正确；C、由于相同的初动能抛出，根据动能定理mv2﹣mv02=mgh，由不同的高度，可得落地时的速度大小之比不可能为1：2：3，若没有初速度，则之比为1：2：3，故C错误；D、根据动能定理mv2﹣mv02=mgh，由于质量相等且已知高度之比，可得落地时动能的变化量之比即为1：4：9，故D正确；故选：BD【点评】：本题就是对平抛运动规律的直接考查，突破口是由相同的抛出速度，不同的水平位移从而确定运动的时间．所以掌握住平抛运动的规律及运动学公式就能轻松解决．12．（4分）如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为．轨道底端水平并与半球顶端相切．质量为m的小球由A点静止滑下．小球在水平面上的落点为C，则（）A．小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点B．小球将从B点开始做平抛运动到达C点C． OC之间的距离为RD． OC之间的距离为R【考点】：机械能守恒定律；平抛运动；向心力．【专题】：机械能守恒定律应用专题．【分析】：从A到B的过程中，根据机械能守恒可以求得到达B点时的速度，根据圆周运动的向心力公式可以判断离开B点后的运动情况．【解析】：解：AB、从A到B的过程中，根据机械能守恒可得：mg R=mv2，解得v=在B点，当重力恰好作为向心力时，由mg=m，解得v B=，则v=v B所以当小球到达B点时，重力恰好作为向心力，所以小球将从B点开始做平抛运动到达C，故A错误，B正确．CD、根据平抛运动的规律，水平方向上：x=v B t竖直方向上：R=gt2解得OC之间的距离为 x=R，故C正确，D错误．故选：BC．【点评】：本题的关键地方是判断小球在离开B点后的运动情况，根据小球在B点时速度的大小，小球的重力恰好作为圆周运动的向心力，所以离开B后将做平抛运动．13．（4分）电源、开关S、S′、定值电阻R1、光敏电阻R2和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S、S′闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，则（）A．液滴向下运动B．液滴向上运动C． R2两端的电势差是否升高无法分析D．当光照强度不变时断开S′，把电容器的上极板向上移一小段距离，则上极板的电势比A点的电势高【考点】：闭合电路的欧姆定律；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】：恒定电流专题．【分析】：该电路R1和R2串联，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，根据闭合电路欧姆定律分析电流的变化，得到两个电阻的电压变化和电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化．【解析】：解：A、B、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，R1两端间的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，液滴向上运动；故A错误，B正确；C、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，R2两端间的电压：U R2=E﹣I（R1+r）一定减小，故C错误；D、当光照强度不变时断开S′，电容器的带电量不变，电势差：U R1=，把电容器的上极板向上移一小段距离，d变大，故电势差U R1变大，由于下极板电势为零，故上极板的电势比A点的电势高，故D正确；故选：BD．【点评】：本题关键是明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律、电容器的定义式和决定式列式分析．14．（4分）如图所示，一个电量为+Q的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O点，另一个电量为﹣q、质量为m的点电荷乙从A点以初速度v0沿它们的连线向甲滑动，到B点时速度最小且为v．已知静电力常量为k，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，AB间距离为L，则以下说法不正确的是（）A． OB间的距离为B．从开始运动到碰到甲之前的瞬间，乙的加速度逐渐减小C．从A到B的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmgL+mv2﹣mv02D．从A到B的过程中，乙的电势能减少【考点】：电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：本题首先要正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答．【解析】：解：A、由题意，乙到达B点时速度最小，乙先减速运动后做加速运动，当速度最小时有：mgμ=F库=k，解得OB间的距离r=，故A正确；B、滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球在运动到B点之前，有mgμ﹣F库=ma，因此物体的加速度逐渐减小．当越过B点后，库仑力大于滑动摩擦力，由F库﹣mgμ=ma，知加速度逐渐增大，因此从开始运动到碰到甲之前的瞬间，乙的加速度先逐渐减小后逐渐增大，故B错误．C、从A到B的过程中，根据动能定理得：W﹣μmgL=﹣，得W=μmgL+mv2﹣mv02，故C正确．D、从A到B的过程中，电场力对乙做正功，乙的电势能减少，故D正确．本题选不正确的，故选：B．【点评】：本题在借助库仑力的基础知识，考查了力与运动、牛顿第二定理、动能定理等基础知识的综合应用，是考查学生综合能力的好题．15．（4分）如图所示为一种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成．若静电分析器通道中心线的半径为R，通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外．一质量为m、电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打到胶片上的Q点．不计粒子重力．下列说法正确的是（）A．极板M比极板N电势高B．加速电场的电压U=ERC．直径PQ=2BD．若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群离子有相同的比荷【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：带电粒子在电场中，在电场力做正功的情况下，被加速运动．后垂直于电场线，在电场力提供向心力作用下，做匀速圆周运动．最后进入匀强磁场，在洛伦兹力作用下，做匀速圆周运动．根据洛伦兹力的方向，从而可确定电性，进而可确定极板的电势高低．根据牛顿第二定律可得在电场力作用下做匀速圆周运动的表达式，从而求出加速电压．最后再由牛顿第二定律，洛伦兹力等于向心力可知，运动的半径公式，即影响半径的大小因素．【解析】：解：A、粒子进入静电分析器后在电场力作用下偏转，故可知粒子带正电，极板M比极板N电势高才能使粒子加速，故A正确．B、对于加速过程，有，在静电分析器中，由电场力充当向心力，则有，由上两式可知，故B正确．C、在磁分析器中粒子由P到Q，直径，故C错误．D、若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点说明运动的直径相同，由于磁场，电场与静电分析器的半径不变，则该群离子具有相同的比荷，由上式可知，故D正确．故选：ABD．【点评】：考查粒子在电场中加速与匀速圆周运动，及在磁场中做匀速圆周运动．掌握电场力与洛伦兹力在各自场中应用，注意粒子在静电分析器中电场力不做功．三、实验题（16题每空2分，17题（1）小题6分，（2）小题4分，共20分）16．（10分）两辆相同的小车并排放在两相同的直轨道上，如图1所示，左侧小盘里分别放有不同质量的砂子．实验时先接通接线板的电源使两打点计时器同时开始打点，然后同时释放两辆小车，当其中一辆小车快接近导轨末端时，断开接线板的电源，两打点计时器同时停止工作．。
2015高考物理电场部分-萧山三中
图乙2图甲2015高考物理电场部分1、如图，两平行的带电金属板水平放置。
若在两板中间a 点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。
现将两板绕过a 点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转°45，再由a 点从静止释放一同样的微粒，改微粒将 A ．保持静止状态 B.向左上方做匀加速运动 C.向正下方做匀加速运动 D.向左下方做匀加速运动2、如图所示．氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入电场线水平向右的加速电场E 1 ，之后进入电场线竖直向下的匀强电场E 2发生偏转，最后打在屏上。
整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么 A ．偏转电场E 2对三种粒子做功一样多 B ．三种粒子打到屏上的速度一样大 C ．三种粒子运动到屏上所用的时间相同 D ．三种粒子一定打到屏上的同一位置3、如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定，圆心是O ，最低点是P ，直径MN 水平，a 、b 是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b 固定在M 点，a 从N 点静止释放，沿半圆槽运动经过P 点到达某点Q （图中未画出）时速度为零。
则小球a A ．从N 到Q 的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小 B ．从N 到P 的过程中，速率先增大后减小 C ．从N 到Q 的过程中，电势能一直增加D ．从P 到Q 的过程中，动能减少量小于电势能增加量4、如图甲，两水平金属板间距为d ，板间电场强度的变化规律如图乙所示。
t =0时刻，质量为m 的带电微粒以初速度v 0沿中线射入两板间，3~0T时间内微粒匀速运动，T 时刻微粒恰好经金属边缘飞出。
微粒运动过程中未与金属板接触。
重力加速度的大小为g 。
关于微粒在T ~0时间内运动的描述，正确的是A.末速度大小为02vB.末速度沿水平方向C.重力势能减少了mgd 21D.克服电场力做功为m gd5、已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为2δε，其中δ为平面上单位面积所带的电荷量，0ε为常量。
2014年杭州市一模物理
2014年杭州市第一次高考科目教学质量检测物理试卷参考答案及评分标准二、不定项111213141516（1（2表 = 17 （ （ 解得:I =rBL 82ω（2分）（3）转动一周电流不变 T =2π/ω E=I 2rt 解得：E =rL B 3242ωπ （2分）18、解：（1）（2分）mgh=mv 12所以 v 1==10m/s（2）（4分）滑块在皮带上做匀减速直线运动 a=μg=3m/s 2==8m/s（3）（t 0a ==2m/s2m/s =2m水平射程 x=v ×t 0=vb 、若皮带的速度小于10m/s ，滑块做减速运动可加速的最小速度v min ==8m/s故皮带速度v ≤8m/s ， 水平射程 x=v min ×t 0=8m 皮带速度 8m/s<v<10m/s-1水平射程x=v×t0=v终上所述，可知：皮带速度v≤8m/s，水平射程x=v min×t0=8m皮带速度v≥2m/s，水平射程x=v m×t0=2m皮带速度8m/s<v<2m/s，水平射程x=v×t0=v19. （1）（2分）电子水平方向作匀速直线运动（2时刻进入的电子先作匀加速直线运动加速度大小相等，打出电场时，竖直速度打出电场时，竖直位移依据比例可得（3分）为电子在电场中运动时正向电压（上极板为为电子在电场中运动时负向电压（下极板为恰好等于交变电压的周期，故所以所有电子离开电场时的速度均为，方向与水平成（4）（3分）由第（3）问可知，所有电子飞出时的速度均相同，重点研究末打入的一个电子，若其恰好能不碰下极板（如图）光带长度为。
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浙江省杭州市萧山三中2014-2015学年高二上学期第一次段考物理试卷（文科）（新疆部）一、单项选择（每题3分，共45分）1．下面有关静电现象的解释，说法错误的是( )A．接触起电的实质是一个物体的电子转移到另一个物体上B．静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到另一部分C．摩擦起电时，一个物体失去电子而带正电，另一个物体得到电子而带负电D．摩擦起电是在摩擦的过程中分别创造了正电荷与负电荷考点：电荷守恒定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：摩擦起电、接触起电的实质是电荷从一个物体转移到另一物体，感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一部分．不管哪种带电方式，电荷并未创生，也未消失，总量保持不变．解答：解：A、接触起电的实质是一个物体的电子转移到另一个物体上．故A正确．B、感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一部分，并未创生电荷．故B正确．C、摩擦起电的实质是电荷从一个物体转移到另一物体，所以一个物体失去电子而带正电，另一个物体得到电子而带负电．故C正确．D、不管哪种带电方式，电荷并未创生，也未消失，电荷的总量保持不变．故D错误．本题选错误的，故选D．点评：解决本题的关键知道不管哪种带电方式，电荷并未创生，也未消失，电荷总量保持不变．摩擦起电、接触起电的实质是电荷从一个物体转移到另一物体，感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一部分．2．关于库仑定律，下列说法正确的是( )A．库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B．根据公式F=K，当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大C．若点电荷Q1的电荷量大于Q2的电荷量，则Q1对Q2的电场力大于Q2对Q1电场力D．库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力．当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．解答：解：A、库仑定律只适用于真空中的点电荷之间的作用力，当带电体本身的大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷，与电荷的实际大小和带电量无关，故A错误；B、当两个点电荷距离趋于0时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用．故B错误．C、两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关．故C错误．D、库仑定律F=K，适用于真空中两点电荷之间的作用力．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷．3．下列说法中错误的是( )A．只要有电荷存在，电荷周围就一定存在着电场B．电场是为了研究方便而假想出来的，实际并不存在C．电荷间的相互作用是通过电场而产生的D．电场最基本的性质是对处在其中的电荷有力的作用考点：电场．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电荷周围就存在电场．电场是一种客观存在的物质，电荷不接触而有力的作用是通过电场传递的．电场力与重力相似，其基本性质是对放入其中的电荷有力的作用．解答：解：A、电荷周围就存在电场．故A正确．B、电场不是假想的，是一种客观存在的物质．故B错误．C、电荷不接触，相互作用力是通过电场而产生的，故C正确．D、电场与重力场相似，电场最基本的性质是对处在其中的电荷有力的作用．故D正确．本题选错误的，故选B．点评：本题考查对电场性质的理解．抓住电场与重力场的相似性，注意区别电场与电场线：电场是客观存在的物质，而电场线是人为假想的，不存在．4．四种电场的电场线如图所示，一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，且加速度越来越大，由此可以判断，该电荷所在电场是图中的( )A．B．C．D．考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：通过一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知负电荷所受电场力方向，从而知道电场强度的方向．根据加速度越来越大，知道电场力越来越大，从而知道电场强度的变化．解答：解：根据一负电荷仅在电场力作用下由M点向N点做加速运动，知电场力的方向由M指向N，所以电场强度的方向由N指向M．由M到N，加速度越来越大，知电场力越来越大，所以电场强度越来越大，所以M出要比N出疏．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键知道电场强度的方向与负电荷所受电场力方向相反，以及根据加速度的变化可知电场力的变化，从而知道电场强度的变化．5．两个完全相同的金属小球，所带异种电荷的电量之比为3：5，当它们相距L（L远大于小球大小）时，相互作用力为F，现将两球接触后放到相距为2L的两点，这时两球相互作用力大小是( )A． F B． F C． F D． F考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：接触带电的原则是先中和后平分．根据库仑定律的公式求两球的相互作用力大小．解答：解：设两球的带电量大小分别为3q、5q．根据库仑定律公式得，相距L时的相互作用力F=．接触后再分离，两球的带电量大小各为q，再根据库仑定律公式得，．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键掌握库仑定律的公式，以及知道接触带电的原则是先中和后平分．6．如图所示，为某一点电荷形成电场中的一条电场线，a、b为线上的两点，则下列判断正确的是( )A．a点场强一定比b点场强大B．a点场强一定比b点场强小C．同一电荷在a、b两处所受电场力的大小可能相同D．同一电荷在a、b两处所受电场力的方向一定相同考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：该电场线为一点电荷形成的一条电场线，因不知是正点电荷还是负点电荷，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小．正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相反．解答：解：A、因不知是正点电荷还是负点电荷产生的电场线，所以无法判断a、b两点的场强大小以及电场力大小．故A、B、C错误．D、正电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与该点的电场强度方向相反．所以同一电荷在a、b两处所受电场力的方向一定相同．故D正确．故选D．点评：解决本题的关键掌握电场线的特点，电场线的疏密可表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示场强的方向．7．两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．下列说法中正确的是( )A．P、Q 是两个等量正电荷B．P、Q 是两个等量负电荷C．P、Q 是两个等量异种电荷D．P、Q 产生的是匀强电场考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，P、Q是两个等量异种电荷，所以AB错误，C正确．匀强电场的电场线应该是平行的直线，所以D错误．故选C．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．8．在图所示实验中，关于平行板电容器的充、放电，下列说法正确的是( )A．开关接1时，平行板电容器充电，且上极板带正电B．开关接1时，平行板电容器充电，且上极板带负电C．开关接2时，平行板电容器充电，且上极板带正电D．开关接2时，平行板电容器充电，且上极板带负电考点：电容．专题：电容器专题．分析：开关接1时，电源给平行板电容器充电，形成充电电流，方向从电源正极流出，电容器上极板与电源正极相连，带正电，下极板带负电．开关接2时，平行板电容器通过导线放电．解答：解：A、B开关接1时，电源给平行板电容器充电，形成充电电流，方向从电源正极流出，电容器上极板与电源正极相连，带正电，下极板带负电．故A正确，B错误．C、D开关接2时，平行板电容器通过导线放电．故CD错误．故选A点评：本题对电容器充放电特性的了解程度．电容器充电时，与电源正极相连的极板充正电，与电源负极相连的极板充负电．9．化纤衣服很容易沾上灰尘，这是因为它( )A．容易积累静电荷B．具有一定的粘性C．具有大量的微孔D．质地柔软考点：静电场中的导体．分析：（1）用摩擦的方法使得物体带电，该现象称为摩擦起电；（2）带电体能吸引轻小物体，这是带电体的基本性质．解答：解：化纤衣服与人体摩擦，摩擦起电，使衣服带有了电荷，由于带电体能够吸引轻小物体．所以带电的衣服会将细小的物体灰尘吸附在它上面，造成了衣服比较容易脏．故选A．点评：该题考查了摩擦起电以及带电体可以吸引不带电的轻小物体，是联系生活实际的基础题．10．关于电流强度，下列说法中正确的是( )A．根据I=，可知q一定与t成正比B．因为电流有方向，所以电流强度是矢量C．如果在相等时间内，通过导体横截面的电量相等，则导体中的电流一定是稳恒电流D．电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位考点：电流、电压概念．分析：电流的定义式I=，采用比值法定义，根据比值定义法的共性分析I与q、t间的关系；既有大小，又有方向，遵守平行四边形定则的物理量才是矢量．电流在国际单位制中的单位是安培．解答：解：A、I=是电流的定义式，采用比值法定义，可知I与I、t无关，故A错误．B、电流的方向表示正电荷定向移动的方向，由于电流运算时不平行四边形定则，所以不是矢量，故B错误．C、在相等时间内，通过导体横截面的电量相等，只说明电流大小不变，不一定是稳恒电流，只有大小和方向都不随时间改变的电流才是稳恒电流，故C错误．D、电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位，故D正确．故选：D点评：本题其他都基本问题，关键要知道标量与矢量的最关键的区别是：标量遵守代数运算法则，矢量才遵守平行四边形定则，而不在于物理量是否有方向．11．电阻R1接在恒定电压上，通过2C电量时消耗的电能为50J，则电阻R2接在同一恒定电压上，通过2C电量时消耗的电能是( )A．大于50JB．小于50JC．等于50JD．因R1、R2的大小关系未知，无法比较考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电流做的功W=qU，电能转化为其它形式的能是通过电流做功转化的．解答：解：消耗的电能W=qU电量相同，电压相同，故消耗的电能相同，仍然等于50J故选：C．点评：知道电流通过电阻做的功全部转化为热量，等于消耗的电能．12．电动机正常工作时( )A．电能全部转化为内能B．电能全部转化为机械能C．电能主要转化为机械能，只有一小部分转化为内能D．电功率等于热功率之和考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机正常工作时，根据能量转化和守恒定律分析电能如何转化，及电功率与机械功率、热功率的关系．解答：解：A、B、C电动机正常工作时，消耗的电能主要转化为机械能和小部分内能．故AB错误，C正确．D、根据能量转化和守恒定律得知：电功率等于机械功率和热功率之和．故D错误．故选：C点评：本题关键要抓住电动机能量是如何转化的，来分析功率关系．13．电场线在电场中不相交，是因为( )A．电场线是虚拟的B．电场线是客观存在的C．电场中的电场线都是平行直线D．电场中某点的电场强度是唯一的考点：电场线．分析：电场线的切线方向是该点电场强度的方向；任何两条电场线都不相交．解答：解：电场线是为了现象的描述电场而引入的假想曲线，在电场中，任何电场线都不相交，如果相交，在交点就会有两个切线方向，这是不可能的．故选：D点评：本题考察了关于电场线的基础知识，比较简单，对于电场线的理解可以和磁场线类比进行．14．如图所示电路用来测定电池的电动势和内电阻．其中V为电压表（理想电表），定值电阻R=7.0Ω．在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V．那么，电池组的电动势和内电阻分别等于( )A．6.0V，0.5ΩB．6.0V，1.25ΩC．5.6V，1.25ΩD．5.6V，0.5Ω考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当开关断开时，电压表接在电源两端，电压表示数为电池组的电动势；K闭合时，电压表测量路端电压，则根据闭合电路的欧姆定律可求得内电阻．解答：解：电键未接通时，电压表示数即为电源电动势，故电动势E=6.0V；接通电键后，对R由欧姆定律可得：电路中电流为：I==0.8A；由闭合电路欧姆定律可知：内电阻为：r==0.5Ω；故选：A点评：本题考查闭合电路的欧姆定律的使用，注意因电压表为理想电表，故当电压表直接接在电源两端时，相当于开路，电压表示数即为电源的电动势．15．如图所示，一电子沿等量异种电荷的中垂线由A→O→B，匀速飞过，电子重力不计，则电子所受的另一外力的大小和方向变化情况( )A．先变大，后变小，方向水平向左B．先变大，后变小，方向水平向右C．先变小，后变大，方向水平向左D．先变小，后变大，方向水平向右考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电子做匀速直线运动，知受电场力和外力平衡，外力的大小与电场力的大小相等，方向相反，根据电场力的变化判断外力的变化．解答：解：根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从A→O→B，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小．则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道外力的大小与电场力的大小相等，方向相反，是一对平衡力．二、填空（每空3分，共30）16．某电容器上标有“220V 300μF”，300μF=3×10﹣4F=3×108pF．考点：电容．专题：电容器专题．分析：1F=106μF=1012pF，即F、μF、pF进制为106．解答：解：根据1F=106μF=1012pF，知300μF=3×10﹣4F=3×108pF．故本题答案为：3×10﹣4，3×108．点评：解决本题的关键知道F、μF、pF进制为106，即1F=106μF=1012pF．17．避雷针利用尖端放电原理来避电：带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击．考点：静电现象的解释．分析：雷电是云层与大地之间或云层之间的放电现象，在高大的建筑物上安装避雷针，可使云层所带电荷通过避雷针进入大地，从而保护建筑物不受雷击．解答：解：当带电云层靠近建筑物时，避雷针上产生的感应电荷会通过针尖放电，逐渐中和云中的电荷，使建筑物免遭雷击．其原理为尖端放电．故答案为：尖端放电点评：本题考查了避雷针的原理，难度不大，属于基础题．18．如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9×103N/C，在电场内一水平面上作半径10cm的圆，圆周上取A、B两点，AO连线沿E方向，BO⊥AO，另在圆心O处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小E A=0，B处场强的大小E B=9×103N/C，方向为与水平方向成45°角斜向右下方．考点：电场的叠加．分析：根据公式E=k求出点电荷在A、B两点处产生的场强大小，判断出场强方向，A、B两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解AB两点处的场强大小及方向．解答：解：点电荷在A点处产生的场强大小为E=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向从O→A；而匀强电场方向向右，大小9×103N/C，叠加后，合电场强度为零．同理，点电荷在B点处产生的场强大小也为E=k=9×109×N/C=9×103N/C，方向从O→B；根据平行四边形定则得，则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为：E A=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；同理，B点的场强大小为：E B=E=9×103N/C与水平方向成45°角斜向右下方；故答案为：0；9×103N/C，与水平方向成45°角斜向右下方．点评：本题电场的叠加问题，一要掌握点电荷的场强公式E=k；二要能根据据平行四边形定则进行合成．19．一平行板电容器充电后两板间电压为3V，现使它的电量减少3×10﹣4C，发现两板电压降为原来的，则这个电容器的电容为1.5×10﹣4F．考点：电容．专题：电容器专题．分析：平行板电容器的电荷量减少△Q=3×10﹣4 C，电压降低△U=2V，根据C=求解电容．由Q=CU求出电容器原来的带电荷量解答：解：由题：平行板电容器的电荷量减少为：△Q=3×10﹣4 C，电压降低为：△U=3V ﹣1V=2V，则有：C==F=1.5×10﹣4F故答案为：1.5×10﹣4F点评：对于电容器的电容，表征电容器容纳电荷的本领大小，与其电量、电压无关．求电容可用．20．一段导体两端电压是4V，在2min内通过导体某一横截面积的电量是15C，那么这段导体的电阻应是32Ω．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据在2min内通过导体某一横截面积的电量是15C，由公式I=求出电流．已知导体两端的电压是4V，再欧姆定律求解导体的电阻．解答：解：由公式I=得，导体中的电流为I=A= A根据欧姆定律I=得导体的电阻为R==Ω=32Ω故答案为：32点评：电阻的计算与测量，通常采用的方法是伏安法，即由导体两端的电压与电流之比求解电阻．21．“220V 25W”白炽灯的电阻是1936Ω；“220V 100W”白炽灯的电阻是484Ω．考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：白炽灯为纯电阻元件，由P=可求电阻．解答：解：“220V 25W”白炽灯的电阻是R1==Ω=1936Ω；“220V 100W”白炽灯的电阻是R2==Ω=484Ω故答案为：1936Ω，484Ω．点评：本题关键要掌握电功率的公式P=，知道额定功率和额定电压，由公式变形可求电阻．三、计算题（第22题8分，第23题8分，第24题9分）22．在真空中有两个相距0.18m的点电荷，Q1电量为+1.8×10﹣12C．两个点电荷间的静电力F=1.0×10﹣12N，求Q2所带的电量？考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：真空中两点电荷的静电力规律是库仑定律：F=k，由公式变形求解Q2．解答：解：由库仑定律F=k，得Q2==C=2×10﹣12C答：Q2所带的电量为2×10﹣12C．点评：本题是库仑定律的简单应用，要知道真空中两点电荷的静电力遵守库仑定律．23．把5.0V的电压加在一段电阻丝的两端测得通过电阻电流为1.0×102mA．当电阻丝两端电压增至8V时，通过电阻丝电流增加多少？考点：欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由欧姆定律可求得导体的电阻，再次应用欧姆定律即可求得通过电阻丝的电流．解答：解：由R=可知：R=Ω；则当电压增大为8V时，电流为：I′=A；答：通过电阻丝的电流为0.16A．点评：本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目．24．如图所示，在真空中，带电量分别为+Q和﹣Q的点电荷A、B相距r，则（1）两点电荷连线的中点O的场强多大？（2）距A、B两点都为r的O′点的场强如何？考点：电场强度．分析：根据点电荷产生的场强公式E=k，求解各个点电荷在某点产生的场强，再根据矢量合成求解即可．解答：解：（1）根据电场强度的叠加原则可知，两点电荷连线的中点O的场强E O=k+k=；（2）+Q在0′处产生的场强E1=k，方向与水平方向成60°斜向上，﹣Q在0′处产生的场强E2=k，方向与水平方向成60°斜向下，根据矢量合成原则可知，O′点的场强E=E1=k，方向水平向右．答：（1）两点电荷连线的中点O的场强为；（2）距A、B两点都为r的O′点的场强大小为k，方向水平向右．点评：常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，同时注意等量同号电荷形成电场的对称性．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．。