山东省潍坊市2018届高三期末考试试题(数学理)
高三数学-2018年潍坊市高三联考数学试题 精品
2018 年 潍 坊 市 高 三 联 考数 学 试 题本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。
共120分。
考试时间100分钟。
第I 卷（选择题 共50分）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 1．设P={3，4，5}，Q={4，5，6，7}，定义P ※Q=},|),{(Q b P a b a ∈∈，则P ※Q 中元素的个数为 （ ）A ．3B ．4C ．7D ．122．已知向量||),15sin ,15(cos ),75sin ,75(cos b a b a -==那么 的值是（ ）A ．21B ．22 C ．23 D ．13．3221x e y -⋅=π的部分图象大致是（ ）4．给出下列四个命题： ①两个事件对立是这两个事件互斥的充分不必要条件； ②如果两个事件是相互独立事件，那么它们一定不是互斥事件； ③若A 为一随机事件，则)()()(A P A P A A P ⋅=⋅；④设事件A ，B 的概率都大于零，若A+B 是必然事件，则A ，B 一定是对立事件.其中正确的命题的个数是 （ ） A ．1 B ．2 C ．3 D ．4 5．已知直线a 、b 平面α、β，以下推理正确的是 （ ）A ．a b b a ⇒⎭⎬⎫⊥⊥α∥αB ．a a ⇒⎭⎬⎫⊥βα∥αC ．αβα⊥=⎭⎬⎫⊥a a D ．αβα⊥⇒⎭⎬⎫⊥a a 6．已知函数x y a log =的图象与其反函数的图象有交点，且交点的横坐标为0x ，则有（ ）A ．110>>x a且B ．10100<<<<x a 且C ．1010<<>x a 且D ．1100><<x a 且7．（理）已知函数⎪⎩⎪⎨⎧+>--+=11132)(2ax x x x x x f 在点1=x处连续，则a 的值是（ ）A ．2B ．3C ．－2D ．－4 （文）一个容量为20的样本数据，数据的分组及各组的频数如下： （10，20），2；（20，30），3；（30，40），4；（40，50），5；（50，60），4；（60，70），2. 则样本在区间（－∞，50）上的频率为（ ） A ．0.5 B ．0.7 C ．0.25 D ．0.18 8．设F 1，F 2是双曲线1422=-y x 的两个焦点，点P 在双曲线上，且021=⋅PF ，则||||21PF PF ⋅的值等于（ ）A ．2B ．22C ．4D ．89．一次文艺演出中，需给舞台上方安装一排彩灯共15只，以不同的点亮方式增加舞台效果，要求设计者按照每次点亮时，必须有6只是关的，且相邻的灯不能同时被关掉，两端的灯必须点亮的要求进行设计，那么不同点亮方式的种数是 （ ） A ．28 B ．84 C ．180 D ．36010．一机器狗每秒钟前进或后退一步，程度设计师让机器狗以前进3步，然后再后退2步的规律移动. 如果将此机器狗放在数轴的原点，面向正的方向，以1步的距离为1单位长，令P （n ）表示第n 秒时机器狗所在位置的坐标，且P （0）=0，那么下列结论中错误．．的是（ ） A ．P （3）=3 B ．P （5）=1 C ．P （101）=21D ．P （118）<P （118）第II 卷（非选择题 共70分）二、填空题：本大题共4小题，每小题4分，共16分. 把答案填在题中横线上. 11．（理）设复数zi z 1,3那么+=等于 . （文）函数44313+-=x x y 单调减区间是 . 12．从4名男生和2名女生中选出3名代表，至少有一男一女的概率是 .13．一个高中研究性学习小组对本地区2000年至2018年快餐公司发展情况进行了调查，制成了该地区快餐公司个数情况的条形图和快餐公司盒饭年销售量的平均数情况条形图（如图），根据图中提供的信息可以得出这三年中该地区每年平均销售盒饭 万盒.∥β ∥β ∥β 1≤x14．在空间中，已知平面α通过（3，0，0），（0，4，0）及z 轴上一点（0，0，a ）. 如果平面xoy 与α平面所成的角为45°，那么a = .三、解答题：本大题共5小题；共54分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 15．（本小题满分10分）设.|4|log |2|log .,12->+∈++=x x R x x x aa a 解不等式16．（本小题满分10分） 高三（1）班、高三（2）班每班已选出3名学生组成代表队，进行乒乓球对抗赛. 比赛 规则是： ①按“单打、双打、单打”顺序进行三盘比赛； ②代表队中每名队员至少参加一盘比赛，不得参加两盘单打比赛.已知每盘比赛双方胜出的概率均为.21（Ⅰ）根据比赛规则，高三（1）班代表队共可排出多少种不同的出场阵容？ （Ⅱ）高三（1）班代表队连胜两盘的概率是多少？ 17．（本小题满分10分） 如图，在三棱锥P —ABC 中，△ABC 是正三角形，∠PCA=90°，D 是PA 的中点，二 面角P —AC —B 为120°，PC=2，AB=23. 取AC 的中点O 为坐标原点建立空间直角坐标 系，如图所示，BD 交z 轴于点E. （I ）求B 、D 、P 三点的坐标； （II ）求BD 与底面ABC 所成角的余弦值. 18．（本小题满分12分） （理）王先生因病到医院求医，医生给开了处方药（片剂），要求每天早晚各服一片， 已知该药片每片220毫克，他的肾脏每12小时从体内排出这种药的60%，并且如果这种药 在他体内的残留量超过386毫克，就将产生副作用，请问：（I ）王先生第一天上午8时第一次服药，则第二天早晨8时服完药时，药在他体内的残留量是多少？（II ）如果王先生坚持长期服用此药，会不会产生副作用，为什么？（文）某渔业公司年初用98万元购买一艘捕鱼船，第一年各种费用为12万元，以后每年都增加4万元，每年捕鱼收益50万元. （I ）问第几年后开始获利？（II ）若干年后，有两种处理方案：方案一：年平均获利最大时，以26万元出售该渔船； 方案二：总纯收入获利最大时，以8万元出售该渔船.问哪种方案合算？（注：取2.751=）19．（本小题满分12分） （理）设函数)(x f 是定义在]1,0()0,1[ -上的奇函数，当)0,1[-∈x 时a x ax x f (12)(2+=为实数）. （I ）当]1,0(∈x 时，求)(x f 的解析式；（II ）若1->a ，试判断]1,0()(在x f 上的单调性，并证明你的结论； （III ）是否存在a ，使得当)(,]1,0(x f x 时∈有最大值－6？（文）设函数)(x f 是定义在]1,0()0,1[ -上的偶函数，当)0,1[-∈x 时，a ax x x f ()(3-=为实数）.（I ）当]1,0(∈x 时，求)(x f 的解析式；（II ）若3>a ，试判断]1,0()(在x f 上的单调性，并证明你的结论； （III ）是否存在a ，使得当)(,]1,0(x f x 时∈有最大值1？数学试题参考答案及评分标准一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.DDCAC BBAAD二、填空题：本大题共4小题，每小题4分，共16分. 11．（理）i 101103+ （文）（－2，2） 12. 0.8 13. 85 14. 512三、解答题：本大题共5小题，共54分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.15．（本小题满分为10分）解：（1）当04,02,0110<->+<<-<<x x x a 时即 (2)分故不等式可化简为.1,42<-<+x x x 解得 又,01<<-x 故此时不等式的解为：.01<<-x ………………………………5分 （2）当a >1时，即4,2,01≠-≠>-<x x x x 且则当或时， 不等式可变为|,4||2|->+x x 两边平方解得：.1>x 故此时不等式的解为：.41≠>x x 且 综上（1）（2），原不等式解集为：),4()4,1()0,1(+∞- ……………………10分16．（本小题满分10分）解：（I ）参加单打的队员有23A种方法.参加双打的队员有12C 种方法.……………………………………………………2分 所以，高三（1）班出场阵容共有121223=⋅C A （种）………………………5分（II ）高三（1）班代表队连胜两盘，可分为第一盘、第二盘胜或第一盘负，其余两盘胜，………………………………………………………………………7分所以，连胜两盘的概率为.832121212121=⨯⨯+⨯………………………………10分17．（本小题满分10分） 解：（I ）∵O 是AC 中点，D 是AP 的中点，,21CP OD =∴∵∠PCA=90° ∴AC ⊥OD.又∵△ABC 为正三角形， ∴BO ⊥AC. ∴∠BOD 为二面角P —AC —B 的平面角， ∴∠BOD=120°，∵OB=Absin60°=3，∴点B 的坐标为（3，0，0）………………………………2分延长BO 至F 使OF ⊥BF ，则OF=ODcos60°=21，DF=ODsin60°=23， ∴点D 的坐标为)23,0,21(-.……………………………………………………4分设点P 的坐标为（x ，y ，z ），⎪⎩⎪⎨⎧==-=⇒⎪⎩⎪⎨⎧==--=∴-=-∴=.3,3,1,3,03,1),3,(21)23,0,21(,21z y x z y x z y x CP OD ∴点P 的坐标为（3,3,1-）………………………………………………6分（II ）∵ BD 在平面ABC 上的射影为BO ，∴∠OBD 为BD 与底面ABC 所成的角.………………………………………8分,13267||||,cos ).0,0,3(),23,0,27(=⋅<-=-=BO BD∴ BD 与底面ABC 所成角的余弦值为.13267……………………………10分 18．（理）（本小题满分12分）解：（I ）设第n 次服药后，药在他体内的残留量为n a 毫克，依题意， ,4.1220%)601(220,220121⨯=-+==a a a ……………………………2分2.3434.02204.0220220%)601(220223=⨯+⨯+=-+=a a （毫克）， 第二天早晨是他第三次服药，故服药后药在体内的残留量为343.2（毫克）…5分 （II ）依题意，%)601(2201-+=-n na a ………………………………………………7分),4.01(311006.04.012204.014.01220)4.04.04.01(2202204.02204.02204.0220)4.0220(4.02204.022*******n n n n n n n a a -⨯=-⨯=--⨯=++++=⨯++⨯+⨯+==++=+=----若长期服药，药在体内的残留量为.386311006.04.01220lim lim <=-⨯=∞→∞→n n n n a ∴不会产生副作用.……………………………………………………………………12分（文）解：（I ）由题知，每年的费用是以12为首项，4为公差的等差数列. 设纯收入与年数n 的关系为)(n f ，则98)]48(1612[50)(-++++-=n n n f984022-+-=n n由题知获利即为,0)(>n f由0984022>-+-n n，得51105110+<<-n ,,2.178.2*∈<<∴N n n 而 故17,,5,4,3 =n .∴当n=3时，即第3年开始获利.……………………………………………………6分（II ）方案一：年平均收入).49(240)(nn n n f +-= ,1449249=⋅≥+nn n n 当且仅当n=7时取“=”1214240)(=⨯-≤∴nn f （万元），即第7年平均收益最大，总收益为 12×7+26=110（万元）………………………………………………………………9分 方案二：.102)10(298402)(22+--=-+-=n n n n f当n =10时，f （n ）取最大值118，总收益为118+8=110（万元）……………………11分比较上述两种方案，总收益均为110万元，而方案一中n=7，故选方案一…………12分 19．（本小题满分12分） （理）解：（I ）设),0,1[],1,0(-∈-∈x x 则]1,0(,12)(,)(,12)(22∈-=∴+-=-x xax x f x f x ax x f 是奇函数 ………3分 （II ）),1(222)(33xa x a x f +=+=,01,11],1,0(,133>+≥∈->xa x x a]1,0()(.0)(在x f x f ∴>∴上是单调递增的.……………………………………7分 （III ）当]1,0()(,1在时x f a ->单调递增，256)1()(max -=⇒-==a f x f （不合题意，舍去）当31,0)(,1a x x f a -=='-≤则，……………………………………………10分如下表，]1,0(22226)1()(3∈=⇒-=⇒-=-=x a a f x f man ，∴存在]1,0()(,22在使x f a-=上有最大值－6………………………………12分（文）解：（I ）设),0,1[],1,0(-∈-∈x x 则].1,0()(,)(,)(33∈+-=+-=-x ax x x f x f ax x x f 为偶函数…………3分（II ）),0,3[3]1,0(,3)(22-∈⇒∈+-='x x a x x f又]1,0()(,0)(,03,32在即x f x f x a a ∴>'>-∴>上为增函数 (7)分（III ）当.211)1()(,]1,0()(,3m a x =⇒=-==>a a f x f x f a 上是增函数在时（不合题意，舍去）当.3,0)(,3)(,302a x x f x a x f a =='-='≤≤令时如下表：,13)3(3)(3=+-=∴a a a a x x f 处取最大值在 .1334273<=⇒<=⇒a x a ………………………………………………10分当]1,0()(,]1,0()(,03)(,02在上单调递减在时x f x f x a x f a <-='<无最大值.∴存在]1,0()(,4273在使x f a =上有最大值1.…………………………………12分。
【潍坊三模】潍坊市2018届高三第三次高考模拟考试理科数学(含答案)(2018.05)
的分布列为：
所以
20．（1）设 ，
则 且 ，
由 为矩形，
∴ ，
∴ ，即 ，
∴ ，
∴ .
（2）设 ，
∵ 与圆 相切，
∴ ，得 ①
∵ 与 距离 ②
∵ ，
∴ 或 ，
又 位于 两侧，∴ ，③
联立 消去 整理得 ，
由 得 ④
由①③④得 .
21．解：（1） ，
令 ，即 ，
①当 时，即 时， 恒成立，即 ，
（2）（i）根据题意，这200位拟购买新能源汽车的消费者对补贴金额的心里预期值 的平均值 ，样本方差 及中位数的估计值分别为：
，
中位数的估计值为 .
（ii）根据给定的频数表可知，任意抽取1名拟购买新能源汽车的消费者，对补贴金额的心理预期值不低于3万元的概率为 ，
由题意可知 ， 的所有可能取值为0,1,2,3
①当 ，不等式转化为 ，
解得 ，所以此时 ，
②当 时，不等式转化为 ，
解得 ，所以此时 ，
③当 时，不等式转化为 ，
解得 ，所以此时 ，
综上 或 .
（2）证明：因为 ，
所以要证 ，只需证
即证 ，
即证
即证
即证
因为 ，所以 ，所以 成立，
所以原不等式成立.
参考答案
一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
选项
C
C
C
D
B
B
B
A
山东省潍坊市2018届高三第三次高考模拟考试数学(理)试题(精编含解析)
山东省潍坊市2018届高三第三次高考模拟考试数学（理）试题一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1. 设集合，，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析：由集合和，利用集合的交集的运算，即可得到结果.详解：由集合和，所以，故选C.点睛：本题主要考查了集合的交集运算，其中根据题意正确求解集合是解答的关键，着重考查了推理与运算能力.2. 若复数满足，则（）A. B. 3 C. 5 D. 25【答案】C【解析】分析：由题意，根据复数的运算，求得，进而求解.所以，故选C.点睛：本题主要考查了复数的运算及复数模的求解，其中根据复数的运算，求解复数是解答的关键，着重考查了推理与运算能力.3. 在直角坐标系中，若角的终边经过点，则（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析：由题意角的终边经过点，即点，利用三角函数的定义及诱导公式，即可求解结果.详解：由题意，角的终边经过点，即点，则，由三角函数的定义和诱导公式得，故选C.点睛：本题主要考查了三角函数的定义和三角函数诱导公式的应用，其中熟记三角函数的定义和三角函数的诱导公式是解答的关键，着重考查了推理与运算能力.4. 已知双曲线的一条渐近线与直线垂直，则双曲线的离心率为（）A. 2B.C.D.【答案】D【解析】分析：由双曲线的一条渐近线与直线垂直，求得，再利用离心率的定义，即可求解曲线的离心率.详解：由题意，直线的斜率为，又由双曲线的一条渐近线与直线垂直，所以，所以，所以双曲线的离心率为，故选D.点睛：本题考查了双曲线的几何性质——离心率的求解，求双曲线的离心率(或离心率的取值范围)，常见有两种方法：①求出，代入公式；②只需要根据一个条件得到关于的齐次式，转化为的齐次式，然后转化为关于的方程(不等式)，解方程(不等式)，即可得(的取值范围)．5. 已知实数满足，则的最大值为（）A. B. C. D. 0【答案】B【解析】分析：画出约束条件所表示的平面区域，设，化为，则表示直线在轴上的截距，结合图象可知，经过点时，目标函数取得最大值，联立方程组，求得点的坐标，代入即可求解.详解：画出约束条件所表示的平面区域，如图所示，设，化为，则表示直线在轴上的截距，结合图象可知，当直线经过点时，目标函数取得最大值，又由，解得，所以目标函数的最大值为，故选B.点睛：本题主要考查简单线性规划．解决此类问题的关键是正确画出不等式组表示的可行域，将目标函数赋予几何意义；求目标函数的最值的一般步骤为：一画二移三求．其关键是准确作出可行域，理解目标函数的意义，着重考查数形结合思想方法的应用，以及推理与运算能力.6. 已知是空间中两条不同的直线，是两个不同的平面，有以下结论：①②③④.其中正确结论的个数是（）A. 0B. 1C. 2D. 3【答案】B【解析】分析：根据直线与平面的位置关系的判定定理和性质定理，即可作出判定得到结论.详解：由题意，对于①中，若，则两平面可能是平行的，所以不正确；对于②中，若，只有当与相交时，才能得到，所以不正确；对于③中，若，根据线面垂直和面面垂直的判定定理，可得，所以是正确的；对于④中，若，所以是不正确的，综上可知，正确命题的个数只有一个，故选B.点睛：本题考查线面位置关系的判定与证明，熟练掌握空间中线面位置关系的定义、判定、几何特征是解答的关键，其中垂直、平行关系证明中应用转化与化归思想的常见类型：(1)证明线面、面面平行，需转化为证明线线平行；(2)证明线面垂直，需转化为证明线线垂直；(3)证明线线垂直，需转化为证明线面垂直．7. 直线，则“或”是“”的（）A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】分析：由两条直线平行，求解，在根据充要条件的判定方法，即可得到结论.详解：由题意，当直线时，满足，解得，所以“或”是“”的必要不充分条件，故选B.点睛：本题主要考查了两直线的位置的判定及应用，以及必要不充分条件的判定，其中正确求解两条直线平行式，实数的值是解答的关键，着重考查了推理与论证能力，试题属于基础题.8. 已知，则的大小关系是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】分析：根据幂函数在为单调递增函数，得出，在根据对数函数的性质得，即可得到结论.详解：由幂函数性质，可知幂函数在为单调递增函数，所以，即，又由对数函数的性质可知，所以，即，故选A.点睛：本题主要考查了指数式与对数式的比较大小问题，其中解答中熟练运用幂函数与对数函数的图象与性质是解答的关键，着重考查了推理与运算能力.9. 三国时期吴国的数学家赵爽曾创制了一幅“勾股圆方图”，用数形结合的方法给出了勾股定理的详细证明.如图所示的“勾股圆方图”中，四个全等的直角三角形与中间的小正方形拼成一个大正方形，其中一个直角三角形中较小的锐角满足，现向大正方形内随机投掷一枚飞镖，则飞镖落在小正方形内的概率是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】分析：求出，从而求出三角形的三边的关系，分别表示出大正方形和小正方形的面积，利用面积比，即可求解概率.详解：由题意，且，解得，不妨设三角形内的斜边的边长为5，则较小边直角边的边长为，较长直角边的边长为，所以小正方形的边长为1，所以打正方形的面积为，小正方形的面积为，所以满足条件的概率为，故选D.点睛：本题主要考查了几何概型及其概率的求解问题，其中解答中利用三角函数的基本关系式，求得大、小正方形的边长，得到大、小正方形的面积是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力.10. 执行如图所示的程序框图，输出的值为（）A. 45B. 55C. 66D. 78【答案】D【解析】分析：根据程序框图的运算功能可知，该程序框图是计算的正整数的和，即可求解结果.详解：执行如图所示的程序框图，根据程序框图的运算功能可知，该程序框图是计算的正整数的和，因为，所以执行程序框图，输出的结果为，故选B.点睛：本题主要考查了循环结构的程序框图的输出问题，其中正确把握循环结构的程序框图的计算功能是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力.11. 一个几何体的三视图如图所示，其中正视图和俯视图均为直角三角形，则该几何体外接球的表面积为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】分析：由题意画出图形，可知该几何体是侧棱底面的三棱锥，由已知求其外接球的半径，即可求解外接球的表面积.详解：根据几何体的三视图可知，该几何体的侧棱底面的三棱锥，如图所示，为边长为的正三角形，取的三等分点，则为的外心，作平面，为直角三角形，外心是的中点，则平面，则为三棱锥的外接球的球心，则，,所以外接球的表面积为，故选C.点睛：本题考查了几何体的三视图及组合体的外接球的表面积的计算，在由三视图还原为空间几何体的实际形状时，要根据三视图的规则，空间几何体的可见轮廓线在三视图中为实线，不可见轮廓线在三视图中为虚线.求解以三视图为载体的空间几何体的表面积与体积的关键是由三视图确定直观图的形状以及直观图中线面的位置关系和数量关系，利用相应体积公式求解.12. 已知函数，r若由两个极值点，记过点，的直线的斜率为，若，则实数的取值范围为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】分析：当时，函数的导数为，不妨设，则有，所以可得，由直线的斜率公式的表达式，可得，令，得，得，即可得到，详解：当时，函数的导数为，由函数由两个极值点得，又为奇函数，不妨设，则有，所以可得，由直线的斜率公式可得，又，所以，得所以在上单调递增，又由，由，得，所以，故选A.点睛：本题主要考查导数在函数中的应用，着重考查了转化与化归思想、逻辑推理能力与计算能力，对导数的应用的考查主要从以下几个角度进行：(1)考查导数的几何意义，求解曲线在某点处的切线方程；(2)利用导数求函数的单调区间，判断单调性；已知单调性，求参数；(3)利用导数求函数的最值(极值)，解决函数的恒成立与有解问题，同时注意数形结合思想的应用.二、填空题（每题4分，满分20分，将答案填在答题纸上）13. 定积分_______.【答案】【解析】分析：根据定积分，找到被积分函数的原函数，即可求解.详解：由.点睛：本题主要考查了定积分的计算问题，其中解答中找到被积分函数的原函数是解答的关键，着重考查了推理与运算能力.14. 若，则_______.【答案】【解析】分析：由，得展开式的每一项的系数为，代入，即可求解.详解：由题意，得展开式的每一项的系数为，所以又由，且，所以.点睛：本题主要考查了二项式定理的应用，其中对二项展开式的灵活变形和恰当的赋值，以及熟练掌握二项式系数的性质是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力.15. 设抛物线的焦点为，为抛物线上第一象限内一点，满足，已知为抛物线准线上任一点，当取得最小值时，的外接圆半径为______.【答案】【解析】分析：根据抛物线的定义可知，解得，得，作抛物线的焦点，关于抛物线准线的对称点得，连接交抛物线的准线于点，使得取得最小值，此时点的坐标为，在中，分别应用正、余弦定理，即可求解结果.详解：由抛物线的方程可知，设，又由，根据抛物线的定义可知，解得，代入抛物线的方程，可得，即，作抛物线的焦点，关于抛物线准线的对称点得，连接交抛物线的准线于点，此时能使得取得最小值，此时点的坐标为，在中，，由余弦定理得，则，由正弦定理得，所以，即三角形外接圆的半径为.点睛：本题主要考查了抛物线标准方程及其定义的应用，以及正弦定理和余弦定理解三角形问题，其中解答中根据抛物线的定义和直线的对称性，得到点的坐标是解答的关键，着重考查了转化与化归的数学思想方法，以及分析问题和解答问题的能力，试题有一定的难度，属于中档试题.16. 的内角的对边分别为，且满足，若点是外一点，，，则平面四边形面积的最大值是______.【答案】【解析】分析：由，化为，又，可得为等边三角形，设三角形的边长为，则，利用余弦定理和两角和差的正弦公式，及函数的单调性即可求解.详解：由，化为，所以，所以,，所以，又，可得为等边三角形，设的边长为，则，则，当时，取得最大值.点睛：本题主要考查了解三角形性的综合应用，其中解答中涉及到两角和差的正弦公式、三角函数图象与性质，余弦定理和三角形的面积公式的综合应用，试题有一定的综合性，属于中档试题，着重考查了分析问题和解答问题的能力，以及推理与论证能力.三、解答题（本大题共6题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．）17. 已知数列的前项和为，且成等差数列.（1）求数列的通项公式；（2）若数列满足，求数列的前项和.【答案】（1）；（2）【解析】分析：（1）由题意得，化简递推得，可得数列是以1为首项，2为公比的等比数列，即可求解数列的通项公式；（2）由（1）得，得，利用裂项分组求和，即可求解数列的和.详解：（1）由已知1，，成等差数列得①当时，，∴，当时，②①─②得，∴，∴数列是以1为首项，2为公比的等比数列，∴.（2）由得，∴.点睛：本题主要考查了等比数列的定义及通项公式的求解，以及数列的分组求和的应用，其中解答中根据题设条件，正确求解数列的通项公式和恰当的选择求和的方法是解答的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力.18. 如图所示五面体，四边形是等腰三角形，，，，.（1）求证：平面平面；（2）若四边形为正方形，求二面角的余弦值.【答案】（1）见解析；（2）【解析】分析：（1）根据题意和图形的性质，证得平面，即可利用面面垂直的判定定理，证得平面平面.（2）由（1）得两两垂直，以点为坐标原点，分别以为轴建立空间直角坐标系，求得平面和平面的法向量，利用向量的夹角公式，即可求解二面角的余弦值.详解：（1）∵是等腰梯形，∴，∴，又，∴，∴，∴，又∴平面∵平面，∴平面平面.（2）由（1）知，平面平面,平面平面，四边形为正方形，∴，∴平面，∴两两垂直以点为坐标原点，分别以为轴建立空间直角坐标系，如图则，，，设是平面的一个法向量，则∴，∴，∴是平面的一个法向量，∴，∴二面角的余弦值为.19. 新能源汽车的春天来了！2018年3月5日上午，李克强总理做政府工作报告时表示，将新能源汽车车辆购置税优惠政策再延长三年，自2018年1月1日至2020年12月31日，对购置的新能源汽车免征车辆购置税.某人计划于2018年5月购买一辆某品牌新能源汽车，他从当地该品牌销售网站了解到近五个月实际销量如下表：（1）经分析，可用线性回归模型拟合当地该品牌新能源汽车实际销量（万辆）与月份编号之间的相关关系.请用最小二乘法求关于的线性回归方程，并预测2018年5月份当地该品牌新能源汽车的销量；（2）2018年6月12日，中央财政和地方财政将根据新能源汽车的最大续航里程（新能源汽车的最大续航里程是指理论上新能源汽车所装的燃料或电池所能够提供给车跑的最远里程）对购车补贴进行新一轮调整.已知某地拟购买新能源汽车的消费群体十分庞大，某调研机构对其中的200名消费者的购车补贴金额的心理预期值进行了一个抽样调查，得到如下一份频数表：（i）求这200位拟购买新能源汽车的消费者对补贴金额的心理预期值的样本方差及中位数的估计值（同一区间的预期值可用该区间的中点值代替；估计值精确到0.1）；（ii）将频率视为概率，现用随机抽样方法从该地区拟购买新能源汽车的所有消费者中随机抽取3人，记被抽取3人中对补贴金额的心理预期值不低于3万元的人数为，求的分布列及数学期望.参考公式及数据：①回归方程，其中，；②.【答案】（1），2018年5月份当地该品牌新能源汽车的销量约为2万辆；（2）（i）见解析，（ii）见解析【解析】分析：（1）利用平均数的公式求得，再利用最小二乘法，求得，进而得到回归方程，作出预测；（2）（i）根据题意，利用公式即可求解这200位拟购买新能源汽车的消费者对补贴金额的心里预期值的平均值，样本方差及中位数的估计值.（ii）根据给定的频数表可知，得到的所有可能取值为求解相应的概率，得到分布列，利用公式求解数学期望.详解：（1）易知，，，则关于的线性回归方程为，当时，，即2018年5月份当地该品牌新能源汽车的销量约为2万辆.（2）（i）根据题意，这200位拟购买新能源汽车的消费者对补贴金额的心里预期值的平均值，样本方差及中位数的估计值分别为：，中位数的估计值为.（ii）根据给定的频数表可知，任意抽取1名拟购买新能源汽车的消费者，对补贴金额的心理预期值不低于3万元的概率为，由题意可知，的所有可能取值为0,1,2,3，，，的分布列为：所以点睛：本题主要考查回归分析的应用、统计数据的求解和随机变量的分布列和数学期望，解答本题，首先要准确确定所研究对象的基本事件空间、基本事件个数，再利用二项何分布的概率公式，求得概率，得到分布列和求得数学期望，本题属中等难度的题目，计算量不是很大，能很好的考查考生数学应用意识、基本运算求解能力等.20. 已知为圆：上一动点，过点作轴，轴的垂线，垂足分别为，连接延长至点，使得，记点的轨迹为曲线.（1）求曲线的方程；（2）直线与圆相切，且与曲线交于两点，直线平行于且与曲线相切于点（位于两侧），，求的值.【答案】（1）；（2）【解析】分析：（1）设，根据中点公式得，，代入圆的方程，即可得到曲线的方程；（2）由与圆相切，求得，又由两条平行线之间的距离公式得，利用面积比，求得，用直线与椭圆联立方程组，，联立方程组，即可求解的值.详解：（1）设，则且，由为矩形，∴，∴，即，∴，∴.（2）设，∵与圆相切，∴，得①∵与距离②∵，∴或，又位于两侧，∴，③联立消去整理得，由得④由①③④得.点睛：本题主要考查椭圆的标准方程与几何性质、直线与圆锥曲线的位置关系的应用问题,解答此类题目，确定椭圆（圆锥曲线）方程是基础，通过联立直线方程与椭圆（圆锥曲线）方程的方程组，应用一元二次方程根与系数的关系，得到“目标函数”的解析式，确定函数的性质进行求解，此类问题易错点是复杂式子的变形能力不足，导致错漏百出，本题能较好的考查考生的逻辑思维能力、运算求解能力、分析问题解决问题的能力等.21. 已知函数，.（1）讨论函数极值点的个数；（2）若对，不等式成立.（i）求实数的取值范围；（ii）求证：当时，不等式成立.【答案】（1）见解析；（2）见解析【解析】试题分析：（1）先求函数导数，转化为研究二次函数实根分布：当，导函数不变号，无极值；当，分时，两个正根，有两个极值点；时，两个负根，无极值点（2）①不等式恒成立问题利用变量分离转化为对应函数最值问题：，再利用导数研究函数单调性，并得最小值，即得实数的取值范围；②由①转化证明，利用导数研究函数单调性，可得试题解析：解：由题意得，令，（1）当，即时，对恒成立，即对恒成立，此时没有极值点；（2）当，即或，①时，设方程两个不同实根为，不妨设，则，，故，或时，；在时，故是函数的两个极值点.②时，设方程两个不同实根为，则，，故，，时，；故函数没有极值点.综上，当时，函数有两个极值点；当时，函数没有极值点.（2）①，在单调递减，在单调递增，所以②只需证明易得在单调递减，在单调递增，，得证.点睛：利用导数证明不等式常见类型及解题策略(1) 构造差函数.根据差函数导函数符号，确定差函数单调性，利用单调性得不等量关系，进而证明不等式.（2）根据条件，寻找目标函数.一般思路为利用条件将求和问题转化为对应项之间大小关系，或利用放缩、等量代换将多元函数转化为一元函数.22. 以平面直角坐标系的原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程为，将曲线绕极点逆时针旋转后得到曲线.（1）求曲线的极坐标方程；（2）直线的参数方程为（为参数），直线与曲线相交于两点，已知，若，求的值.【答案】（1）；（2）【解析】分析：（1）设上任意一点的极坐标为，则在上，代入化简，即可得到曲线的极坐标方程；（2）将直线的参数方程代入的直角坐标方程，求解，得到和，得到关于的方程，即可求解的值.详解：（1）设上任意一点的极坐标为，则在上，∴，化简得的极坐标方程：.（2）的直角坐标方程为，将直线的参数方程代入的直角坐标方程得，化简得，，，，∴，∴，∴，∵，∴，满足，∴.点睛：本题主要考查了极坐标方程与直角坐标方程的互化，以及直线参数方程的应用，其中解答中正确理解直线参数方程中参数的几何意义及应用是解答的关键，着重考查了推理与运算能力，以及转化思想的应用.23. 已知函数，不等式的解集.（1）求；（2）设，证明：.【答案】（1）或；（2）见解析【解析】分析：（1）将代入不等式整理得，分类讨论去掉绝对值，即可求解不等式的解集；（2）由题意，再利用分析法，作出证明即可.详解：（1）或；（2）见解析将（1）将代入不等式整理得①当，不等式转化为，解得，所以此时，②当时，不等式转化为，解得，所以此时，③当时，不等式转化为，解得，所以此时，综上或.（2）证明：因为，所以要证，只需证即证，即证即证即证因为，所以，所以成立，所以原不等式成立.点睛：本题主要考查了含绝对值不等式的求解以及分析证明不等式，对于绝对值不等式的求解，分类讨论去掉绝对值号是求解的关键，着重考查了分析问题和解答问题的能力.。
2018届高三第三次统一考试数学试题(理)及答案
2017-2018学年高中三年级第三次统一考试**数学试卷（理） 第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.设集合{|||2}A x Z x =∈≤，2{|1}B y y x ==-，则A B 的子集个数为（ ）A ．4B ． 8C ． 16D ．32 2.已知复数534iz i=+（i 是虚数单位），则z 的共轭复数z 对应的点在（ ） A ．第四象限 B ．第三象限 C ．第二象限 D ．第一象限3.“lg lg m n >”是“11()()22m n<”的（ ）A ．充要条件B ．必要不充分条件C ．充分不必要条件D ．既不充分也不必要条件 4.设随机变量(1,1)XN ，其正态分布密度曲线如图所示，那么向正方形ABCD 中随机投掷10000个点，则落入阴影部分的点的个数的估计值是（ ） 注：若2(,)XN μσ，则()0.6826P X μσμσ-<<+≈，(22)0.9544P X μσμσ-<<+≈.A ．6038B ．6587 C.7028 D ．75395.《九章算术》中的“竹九节”问题：现有一根9节的竹子，自上而下各节的容积成等差数列，上面4节的容积共3升，下面3节的容积共4升，现自上而下取第1,3,9节，则这3节的容积之和为（ ） A ．133升 B ．176升 C.199 升 D ．2512升 6.将函数()cos(2)4f x x π=-的图像向平移8π个单位，得到函数()g x 的图像，则下列说法不正确．．．的是（ ） A ．1()62g π=B ．()g x 在区间57(,)88ππ上是增函数 C.2x π=是()g x 图像的一条对称轴 D ．(,0)8π-是()g x 图像的一个对称中心7.设双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的左、右焦点分别为1F ，2F ，过1F 作倾斜角为3π的直线与y 轴和双曲线的右支分别交于点A 、B ，若11()2OA OB OF =+，则该双曲线的离心率为（ ）A ．2B 28.在ABC △中，点P 满足2BP PC =，过点P 的直线与AB ，AC 所在直线分别交于点M ，N ，若AM mAB =，(0,0)AN nAC m n =>>，则2m n +的最小值为（ ）A ．3B ．4 C.83 D ．1039.若2017(12018)x -=220170122017a a x a x a x +++()x R ∈，则2017122017201820182018a a a+++的值为（ ）A ．20172018B ．1 C. 0 D ．1-10.在三棱锥P ABC -中，PA ⊥平面ABC ，23BAC π∠=，3AP =，AB =Q 是边BC 上的一动点，且直线PQ 与平面ABC 所成角的最大值为3π，则三棱锥P ABC -的外接球的表面积为（ ） A ．45π B ．57π C. 63π D ．84π11.记数列{}n a 的前n 项和为n S .已知11a =，1()2()n n n n S S a n N *+-=∈，则2018S =（ ） A ．10093(21)- B ．10093(21)2- C.20183(21)- D ．20183(21)2-12.已知函数2()22ln x f x x e x=-与()2ln g x e x mx =+的图像有4个不同的交点，则实数m 的取值范围是（ ）A ．(4,0)-B ．1(,2)2 C. 1(0,)2D ．(0,2)第Ⅱ卷（共90分）二、填空题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分.13.阅读下面程序框图，运行相应程序，则输出i 的值为 ．14.设x ，y 满足约束条件1020330x y x y x y -+≥⎧⎪-≤⎨⎪+-≤⎩，则||3y z x =+的最大值为 ． 15.已知一几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积为 ．16.已知椭圆的焦点为1(,0)F c -，2(,0)F c，其中40cos c xdx π=，直线l 与椭圆相切于第一象限的点P ，且与x ，y 轴分别交于点A ，B ，设O 为坐标原点，当AOB △的面积最小时，1260F PF ∠=︒，则此椭圆的方程为 ．三、解答题 ：本大题共6小题，共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤. 17. 在ABC △中，内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c 且sin ()sin sin b B c b C a A +-=. （1）求角A 的大小； （2）若3sin sin 8B C =，且ABC △的面积为a . 18. 如图，四边形ABCD 是矩形，沿对角线AC 将ACD △折起，使得点D 在平面ABC 内的摄影恰好落在边AB 上.（1）求证：平面ACD ⊥平面BCD ； （2）当2ABAD=时，求二面角D AC B --的余弦值.19. 某次数学知识比赛中共有6个不同的题目，每位同学从中随机抽取3个题目进行作答，已知这6个题目中，甲只能正确作答其中的4个，而乙正确作答每个题目的概率均为23，且甲、乙两位同学对每个题目的作答都是相互独立、互不影响的.（1）求甲、乙两位同学总共正确作答3个题目的概率；（2）若甲、乙两位同学答对题目个数分别是m ，n ，由于甲所在班级少一名学生参赛，故甲答对一题得15分，乙答对一题得10分，求甲乙两人得分之和X 的期望. 20. 已知抛物线2:C y x =-，点A ，B 在抛物线上，且横坐标分别为12-，32，抛物线C 上的点P 在A ，B 之间（不包括点A ，点B ），过点B 作直线AP 的垂线，垂足为Q .（1）求直线AP 斜率k 的取值范围； （2）求|||PA PQ ⋅的最大值.21. 已知函数2()(1)2x t f x x e x =--，其中t R ∈. （1）讨论函数()f x 的单调性；（2）当3t =时，证明：不等式1122()()2t f x x f x x x +-->-恒成立（其中1x R ∈，10x >）. 请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分. 22.选修4-4：坐标系与参数方程已知直线l 的极坐标方程为sin()4πρθ+=O 为原点，极轴为x 轴的非负半轴建立平面直角坐标系，曲线1C 的参数方程为12cos 22sin x y ϕϕ=-+⎧⎨=-+⎩（ϕ为参数）.（1）求直线l 的直角坐标方程和曲线1C 的普通方程；（2）若曲线2C 为曲线1C 关于直线l 的对称曲线，点A ，B 分别为曲线1C 、曲线2C 上的动点，点P 坐标为(2,2)，求||||AP BP +的最小值. 23.选修4-5：不等式选讲已知函数()3|||31|f x x a x =-++，g()|41||2|x x x =--+. （1）求不等式()6g x <的解集；（2）若存在1x ，2x R ∈，使得1()f x 和2()g x 互为相反数，求a 的取值范围.试卷答案一、选择题1-5:CACBB 6-10: DCADB 11、12：AC二、填空题13. 4 14. 1 15.1123π+ 16.221159x y+=三、解答题17.（1）由sin ()sin sin b B c b C a A +-=，由正弦定理得22()b c b c a +-=，即222b c bc a +-=，所以2221cos 22b c a A bc +-==，∴3A π=. （2）由正弦定理simA sin sin a b c B C ==，可得sin sin a B b A =，sin sin a Cc A=， 所以1sin 2ABCS bc A =△1sin sin sin 2sin sin a B a C A A A =⋅⋅2sin sin 2sin a B C A==又3sin sin 8B C =，sin A =2=4a =. 18.（1）设点D 在平面ABC 上的射影为点E ，连接DE ，则DE ⊥平面ABC ，∴DE BC ⊥.∵四边形ABCD 是矩形，∴A B B C ⊥，∴BC ⊥平面ABD ，∴B C A D ⊥.又AD CD ⊥，所以AD ⊥平面BCD ，而AD ⊂平面ACD ，∴平面ACD ⊥平面BCD .（2）以点B 为原点，线段BC 所在的直线为x 轴，线段AB 所在的直线为y 轴，建立空间直角坐标系，如图所示.设AD a =，则2AB a =，∴(0,2,0)A a ，(,0,0)C a . 由（1）知AD BD ⊥，又2ABAD=，∴30DBA ∠=︒，60DAB ∠=︒， ∴cos AE AD DAB =⋅∠12a =，32BE AB AE a =-=，sin DE AD DAB =⋅∠=，∴3(0,)2D a，∴1(0,)2AD a =-，(,2,0)AC a a =-. 设平面ACD 的一个法向量为(,,)m x y z =，则00m AD m AC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩，即102220ay az ax ay ⎧-+=⎪⎨⎪-=⎩， 不妨取1z =，则y =x =(23,m =. 而平面ABC 的一个法向量为(0,0,1)n =， ∴cos ,m n ||||m nm n ⋅==14=.故二面角D AC B --的余弦值为14.19.（1）由题意可知共答对3题可以分为3种情况：甲答对1题乙答对2题；甲答对2题乙答对1题；甲答对3题乙答对0题.故所求的概率12224233621()()33C C P C C =⋅2112423361()3C C C C +⋅30343362131()()33135C C C +⋅=. （2）m 的所有取值有1，2，3.1242361(1)5C C P m C ===，2142363(2)5C C P m C ===，34361(3)5C P m C ===，故131()1232555E m =⨯+⨯+⨯=.由题意可知2(3,)3n B ，故2()323E n =⨯=.而1510X m n =+，所以()15()10()50E X E m E n =+=.20.（1）由题可知11(,)24A --，39(,)24B -，设2(,)p p P x x -，1322p x -<<，所以 21412p p x k x -+=+12p x =-+∈(1,1)-，故直线AP 斜率k 的取值范围是(1,1)-. （2）直线11:24AP y kx k =+-，直线93:042BQ x ky k ++-=，联立直线AP ，BQ 方程可知点Q 的横坐标为223422Q k k x k --=+，||PQ =()Q p x x -22341()222k k k k --=+-+2=1||)2p PA x =+)k =-，所以3||||(1)(1)PA PQ k k ⋅=-+，令3()(1)(1)f x x x =-+，11x -<<，则2'()(1)(24)f x x x =---22(1)(21)x x =--+，当112x -<<-时'()0f x >，当112x -<<时'()0f x <，故()f x 在1(1,)2--上单调递增，在1(,1)2-上单调递减. 故max 127()()216f x f =-=，即||||PA PQ ⋅的最大值为2716.21.（1）由于'()()x xf x xe tx x e t =-=-.1）当0t ≤时，0xe t ->，当0x >时，'()0f x >，()f x 递增，当0x <时，'()0f x <，()f x 递减；2）当0t >时，由'()0f x =得0x =或ln x t =.① 当01t <<时，ln 0t <，当0x >时，'()0f x >，()f x 递增，当ln 0t x <<时，'()0f x <，()f x 递减， 当ln x t <时，'()0f x >，()f x 递增； ② 当1t =时，'()0f x >，()f x 递增； ③当1t >时，ln 0t >.当ln x t >时，'()0f x >，()f x 递增， 当0ln x t <<时，'()0f x <，()f x 递减， 当0x <时，'()0f x >，()f x 递增.综上，当0t ≤时，()f x 在(,0)-∞上是减函数，在(0,)+∞上是增函数； 当01t <<时，()f x 在(,ln )t -∞，(0,)+∞上是增函数，在(ln ,0)t 上是减函数； 当1t =时，()f x 在(,)-∞+∞上是增函数；当1t >时，()f x 在(,0)-∞，(ln ,)t +∞上是增函数，在(0,ln )t 上是减函数. （2）依题意1212()()f x x f x x +--1212()()x x x x >--+，1212()()f x x x x ⇔+++1212()()f x x x x >-+-恒成立.设()()g x f x x =+，则上式等价于1212()()g x x g x x +>-， 要证明1212()()g x x g x x +>-对任意1x R ∈，2(0,)x ∈+∞恒成立，即证明23()(1)2xg x x e x x =--+在R 上单调递增，又'()31x g x xe x =-+， 只需证明310x xe x -+≥即可.令()1x h x e x =--，则'()1xh x e =-，当0x <时，'()0h x <，当0x >时，'()0h x >，∴min ()(0)0h x h ==，即x R ∀∈，1x e x ≥+，那么，当0x ≥时，2x xe x x ≥+，所以31x xe x -+≥2221(1)0x x x -+=-≥；当0x <时，1x e <，31x xe x x -+=1(3)0x e x-+>，∴310xxe x -+≥恒成立.从而原不等式成立.22.解：（1）∵sin()4πρθ+=sin cos θρθ= 即cos sin 4ρθρθ+=，∴直线l 的直角坐标方程为40x y +-=；∵12cos 22sin x y ϕϕ=-+⎧⎨=-+⎩，∴曲线1C 的普通方程为22(1)(2)4x y +++=.（2）∵点P 在直线4x y +=上，根据对称性，||AP 的最小值与||BP 的最小值相等. 曲线1C 是以(1,2)--为圆心，半径2r =的圆. ∴min 1||||AP PC r =-23==.所以||||AP BP +的最小值为236⨯=.23.解：（1）∵()g x =33,2151,24133,4x x x x x x ⎧⎪-+≤-⎪⎪---<≤⎨⎪⎪->⎪⎩，当2x ≤-时，336x -+<解得1x >-，此时无解.当124x -<≤时，516x --<，解得75x >-，即7154x -<≤. 当14x <时，336x -<，解得3x <，即134x <<，综上，()6g x <的解集为7{|3}5x x -<<. （2）因为存在1x ，2x R ∈，使得12()()f x g x =-成立.所以{|(),}y y f x x R =∈{|(),}y y g x x R =-∈≠∅.又()3|||31|f x x a x =-++|(33)(31)||31|x a x a ≥--+=+， 由（1）可知9()[,)4g x ∈-+∞，则9()(,]4g x -∈-∞.所以9|31|4a +≤，解得1351212a -≤≤. 故a 的取值范围为135[,]1212-.。
高三数学-2018年潍坊市高三联考 精品
2018 年 潍 坊 市 高 三 联 考数 学 试 题本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分。
共120分。
考试时间100分钟。
第I 卷（选择题 共50分）参考公式： 正棱锥、圆锥的侧面积公式 如果事件A 、B 互斥，那么 P （A+B ）=P （A ）+P （B ）如果事件A 、B 相互独立，那么P （A ·B ）=P （A ）·P （B ）如果事件A 在一次试验中发生的概率 是P ，那么n 次独立重复试验中恰好发生k 次的概率kn k k n n p P C k P --=)1()(一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的. 1．设P={3，4，5}，Q={4，5，6，7}，定义P ※Q=},|),{(Q b P a b a ∈∈，则P ※Q 中元素的个数为（ ）A ．3B ．4C ．7D ．122．已知向量||),15sin ,15(cos ),75sin ,75(cos b a b a -==那么的值是（ ）A ．21 B ．22 C ．23 D ．13．3221x e y -⋅=π的部分图象大致是 （ ）clS 21=锥侧其中c 表示底面周长，l 表示斜高或母线长. 球的体积公式 334R V π=球其中R 表示球的半径4．给出下列四个命题： ①两个事件对立是这两个事件互斥的充分不必要条件； ②如果两个事件是相互独立事件，那么它们一定不是互斥事件；③若A 为一随机事件，则)()()(A P A P A A P ⋅=⋅；④设事件A ，B 的概率都大于零，若A+B 是必然事件，则A ，B 一定是对立事件. 其中正确的命题的个数是 （ ） A ．1 B ．2 C ．3 D ．4 5．已知直线a 、b 平面α、β，以下推理正确的是 （ ）A ．a b b a ⇒⎭⎬⎫⊥⊥α∥αB ．a a ⇒⎭⎬⎫⊥βα∥αC ．αβα⊥=⎭⎬⎫⊥a a D ．αβα⊥⇒⎭⎬⎫⊥a a 6．已知函数x y a log =的图象与其反函数的图象有交点，且交点的横坐标为0x ，则有（ ）A ．110>>x a 且B ．10100<<<<x a 且C ．1010<<>x a 且D ．1100><<x a 且7．（理）已知函数⎪⎩⎪⎨⎧+>--+=11132)(2ax x x x x x f 在点1=x 处连续，则a 的值是（ ）A ．2B ．3C ．－2D ．－4（文）一个容量为20的样本数据，数据的分组及各组的频数如下：（10，20），2；（20，30），3；（30，40），4；（40，50），5；（50，60），4；（60，70），2. 则样本在区间（－∞，50）上的频率为 （ ）A ．0.5B ．0.7C ．0.25D ．0.188．设F 1，F 2是双曲线1422=-y x 的两个焦点，点P 在双曲线上，且021=⋅PF PF ， 则||||21PF PF ⋅的值等于 （ ）A ．2B ．22C ．4D ．8∥β ∥β ∥β1≤x9．一次文艺演出中，需给舞台上方安装一排彩灯共15只，以不同的点亮方式增加舞台效果，要求设计者按照每次点亮时，必须有6只是关的，且相邻的灯不能同时被关掉，两端的灯必须点亮的要求进行设计，那么不同点亮方式的种数是 （ ） A ．28 B ．84 C ．180 D ．36010．一机器狗每秒钟前进或后退一步，程度设计师让机器狗以前进3步，然后再后退2步的规律移动. 如果将此机器狗放在数轴的原点，面向正的方向，以1步的距离为1单位长，令P （n ）表示第n 秒时机器狗所在位置的坐标，且P （0）=0，那么下列结论中错误．．的是（ ）A ．P （3）=3B ．P （5）=1C ．P （101）=21D ．P （118）<P （118）第II 卷（非选择题 共70分）二、填空题：本大题共4小题，每小题4分，共16分. 把答案填在题中横线上. 11．（理）设复数zi z 1,3那么+=等于 .（文）函数44313+-=x x y 单调减区间是 . 12．从4名男生和2名女生中选出3名代表，至少有一男一女的概率是 . 13．一个高中研究性学习小组对本地区2000年至2018年快餐公司发展情况进行了调查，制成了该地区快餐公司个数情况的条形图和快餐公司盒饭年销售量的平均数情况条形图（如图），根据图中提供的信息可以得出这三年中该地区每年平均销售盒饭万盒.14．在空间中，已知平面α通过（3，0，0），（0，4，0）及z 轴上一点（0，0，a ）. 如果平面xoy 与α平面所成的角为45°，那么a =.三、解答题：本大题共5小题；共54分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 15．（本小题满分10分） 设.|4|log |2|log .,12->+∈++=x x R x x x a a a 解不等式16．（本小题满分10分）高三（1）班、高三（2）班每班已选出3名学生组成代表队，进行乒乓球对抗赛. 比赛规则是：①按“单打、双打、单打”顺序进行三盘比赛；②代表队中每名队员至少参加一盘比赛，不得参加两盘单打比赛.1已知每盘比赛双方胜出的概率均为.2（Ⅰ）根据比赛规则，高三（1）班代表队共可排出多少种不同的出场阵容？（Ⅱ）高三（1）班代表队连胜两盘的概率是多少？17．（本小题满分10分）如图，在三棱锥P—ABC中，△ABC是正三角形，∠PCA=90°，D是PA的中点，二面角P—AC—B为120°，PC=2，AB=23. 取AC的中点O为坐标原点建立空间直角坐标系，如图所示，BD交z轴于点E.（II）求BD与底面ABC所成角的余弦值.18．（本小题满分12分）（理）王先生因病到医院求医，医生给开了处方药（片剂），要求每天早晚各服一片，已知该药片每片220毫克，他的肾脏每12小时从体内排出这种药的60%，并且如果这种药在他体内的残留量超过386毫克，就将产生副作用，请问：（I）王先生第一天上午8时第一次服药，则第二天早晨8时服完药时，药在他体内的残留量是多少？（II）如果王先生坚持长期服用此药，会不会产生副作用，为什么？（文）某渔业公司年初用98万元购买一艘捕鱼船，第一年各种费用为12万元，以后每年都增加4万元，每年捕鱼收益50万元.（I）问第几年后开始获利？（II）若干年后，有两种处理方案：方案一：年平均获利最大时，以26万元出售该渔船；方案二：总纯收入获利最大时，以8万元出售该渔船.51 ）问哪种方案合算？（注：取2.719．（本小题满分12分）（理）设函数)(x f 是定义在]1,0()0,1[ -上的奇函数，当)0,1[-∈x 时a xax x f (12)(2+=为实数）. （I ）当]1,0(∈x 时，求)(x f 的解析式；（II ）若1->a ，试判断]1,0()(在x f 上的单调性，并证明你的结论； （III ）是否存在a ，使得当)(,]1,0(x f x 时∈有最大值－6？（文）设函数)(x f 是定义在]1,0()0,1[ -上的偶函数，当)0,1[-∈x 时，a ax x x f ()(3-=为实数）.（I ）当]1,0(∈x 时，求)(x f 的解析式；（II ）若3>a ，试判断]1,0()(在x f 上的单调性，并证明你的结论； （III ）是否存在a ，使得当)(,]1,0(x f x 时∈有最大值1？数学试题参考答案及评分标准一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分.DDCAC BBAAD二、填空题：本大题共4小题，每小题4分，共16分. 11．（理）i 101103+ （文）（－2，2） 12. 0.8 13. 85 14. 512三、解答题：本大题共5小题，共54分. 解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 15．（本小题满分为10分）解：（1）当04,02,0110<->+<<-<<x x x a 时即.…………………………2分 故不等式可化简为.1,42<-<+x x x 解得又,01<<-x 故此时不等式的解为：.01<<-x ………………………………5分（2）当a >1时，即4,2,01≠-≠>-<x x x x 且则当或时， 不等式可变为|,4||2|->+x x 两边平方解得：.1>x 故此时不等式的解为：.41≠>x x 且综上（1）（2），原不等式解集为：),4()4,1()0,1(+∞- ……………………10分16．（本小题满分10分）解：（I ）参加单打的队员有23A 种方法.参加双打的队员有12C 种方法.……………………………………………………2分所以，高三（1）班出场阵容共有121223=⋅C A （种）………………………5分（II ）高三（1）班代表队连胜两盘，可分为第一盘、第二盘胜或第一盘负，其余两盘胜，………………………………………………………………………7分 所以，连胜两盘的概率为.832121212121=⨯⨯+⨯………………………………10分 17．（本小题满分10分） 解：（I ）∵O 是AC 中点，D 是AP 的中点，,21=∴ ∵∠PCA=90° ∴AC ⊥OD.又∵△ABC 为正三角形， ∴BO ⊥AC. ∴∠BOD 为二面角P —AC —B 的平面角， ∴∠BOD=120°，∵OB=Absin60°=3，∴点B 的坐标为（3，0，0）………………………………2分延长BO 至F 使OF ⊥BF ，则OF=ODcos60°=21，DF=ODsin60°=23，∴点D 的坐标为)23,0,21(-.……………………………………………………4分设点P 的坐标为（x ，y ，z ），⎪⎩⎪⎨⎧==-=⇒⎪⎩⎪⎨⎧==--=∴-=-∴=.3,3,1,3,03,1),3,(21)23,0,21(,21z y x z y x z y x∴点P 的坐标为（3,3,1-）………………………………………………6分 （II ）∵ BD 在平面ABC 上的射影为BO ，∴∠OBD 为BD 与底面ABC 所成的角.………………………………………8分,13267,cos ).0,0,3(),23,0,27(=>=<-=-=∴ BD 与底面ABC 所成角的余弦值为.13267……………………………10分 18．（理）（本小题满分12分）解：（I ）设第n 次服药后，药在他体内的残留量为n a 毫克，依题意，,4.1220%)601(220,220121⨯=-+==a a a ……………………………2分2.3434.02204.0220220%)601(220223=⨯+⨯+=-+=a a （毫克），第二天早晨是他第三次服药，故服药后药在体内的残留量为343.2（毫克）…5分 （II ）依题意，%)601(2201-+=-n n a a ………………………………………………7分),4.01(311006.04.012204.014.01220)4.04.04.01(2202204.02204.02204.0220)4.0220(4.02204.0220121221n n n n n n n a a -⨯=-⨯=--⨯=++++=⨯++⨯+⨯+==++=+=----………10分若长期服药，药在体内的残留量为.386311006.04.01220lim lim <=-⨯=∞→∞→n n n n a ∴不会产生副作用.……………………………………………………………………12分（文）解：（I ）由题知，每年的费用是以12为首项，4为公差的等差数列. 设纯收入与年数n 的关系为)(n f ，则98)]48(1612[50)(-++++-=n n n f984022-+-=n n 由题知获利即为,0)(>n f 由0984022>-+-n n ， 得51105110+<<-n,,2.178.2*∈<<∴N n n 而故17,,5,4,3 =n .∴当n=3时，即第3年开始获利.……………………………………………………6分 （II ）方案一：年平均收入).49(240)(nn n n f +-= ,1449249=⋅≥+nn n n 当且仅当n=7时取“=”1214240)(=⨯-≤∴nn f （万元），即第7年平均收益最大，总收益为 12×7+26=110（万元）………………………………………………………………9分 方案二：.102)10(298402)(22+--=-+-=n n n n f当n =10时，f （n ）取最大值118，总收益为118+8=110（万元）……………………11分 比较上述两种方案，总收益均为110万元，而方案一中n=7，故选方案一…………12分 19．（本小题满分12分） （理）解：（I ）设),0,1[],1,0(-∈-∈x x 则]1,0(,12)(,)(,12)(22∈-=∴+-=-x x ax x f x f x ax x f 是奇函数 ………3分 （II ）),1(222)(33xa x a x f +=+=,01,11],1,0(,133>+≥∈->xa x x a]1,0()(.0)(在x f x f ∴>∴上是单调递增的.……………………………………7分 （III ）当]1,0()(,1在时x f a ->单调递增， 256)1()(max -=⇒-==a f x f （不合题意，舍去） 当31,0)(,1ax x f a -=='-≤则，……………………………………………10分 如下表，]1,0(22226)1()(3∈=⇒-=⇒-=-=x a a f x f man ，∴存在]1,0()(,22在使x f a -=上有最大值－6………………………………12分（文）解：（I ）设),0,1[],1,0(-∈-∈x x 则].1,0()(,)(,)(33∈+-=+-=-x axx x f x f ax x x f 为偶函数…………3分（II ）),0,3[3]1,0(,3)(22-∈⇒∈+-='x x a x x f又]1,0()(,0)(,03,32在即x f x f x a a ∴>'>-∴>上为增函数.……………7分 （III ）当.211)1()(,]1,0()(,3max =⇒=-==>a a f x f x f a 上是增函数在时 （不合题意，舍去）当.3,0)(,3)(,302ax x f x a x f a =='-='≤≤令时如下表：,13)3(3)(3=+-=∴a a a a x x f 处取最大值在 .134273<⇒<=⇒a ………………………………………………10分 当]1,0()(,]1,0()(,03)(,02在上单调递减在时x f x f x a x f a <-='<无最大值.∴存在]1,0()(,4273在使x f a =上有最大值1.…………………………………12分。
山东省潍坊市2018届高三一模考试数学(理)试题含答案
山东省潍坊市2018届高三一模考试数学（理）试题含答案山东省潍坊市2018届高三下学期一模考试数学（理）试题第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若复数z 满足()142i z i +=+，则z =（）A．3i -+B．32i -C．3i +D．1i +2.已知集合{}{}22,20A x x B x x x =<=-->，则A B ⋂=（）A．{}22x x <<B．{}12x x -<<C．{}21x x <<-D．{}12x x -<<3.若函数()x x f x a a -=-（0a >且1a ≠）在R 上为减函数，则函数()log 1a y x =-的图象可以是（）A．B．C ．D．4.已知,x y 满足约束条件10330210x y x y x y +-≥⎧⎪-+≥⎨⎪--≤⎩，则函数22z x y =+）A．12B．22C．125.ABC ∆的内角,,A B C 的对边分別为,,a b c ，已知()cos 2cos ,2,1b A c a B c a =-==，则ABC ∆的面积是（）A．12B．2C．16.对于实数,a b ，定义一种新运算“⊗”：y a b =⊗，其运算原理如程序框图所示，则5324=⊗+⊗（）A．26B．32C．40D．467.若函数()()3log 2,0,0x x f x g x x ->⎧⎪=⎨<⎪⎩为奇函数，则()()3f g -=（）A．3-B．2-C．1-D．08.如图，网格纸上正方形小格的边长为1，粗实线画出的是某几何体的三视图，则该几何体的表面积为（）A．20πB．24πC．28πD．32π9.已知函数()()2sin 0,f x x πωϕωϕ⎛⎫=+>< ⎪⎝⎭的最小正周期为4π，其图象关于直线23x π=对称.给出下面四个结论：①函数()f x 在区间40,3π⎡⎤⎢⎥⎣⎦上先增后减；②将函数()f x 的图象向右平移6π个单位后得到的图象关于原点对称；③点,03π⎛⎫- ⎪⎝⎭是函数()f x 图象的一个对称中心；④函数()f x 在[],2ππ上的最大值为1.其中正确的是（）A．①②B．③④C．①③D．②④10.甲、乙、丙、丁四位同学参加一次数学智力竞赛，决出了第一名到第四名的四个名次.甲说:“我不是第一名”；乙说:“丁是第一名”；丙说:“乙是第一名”；丁说:“我不是第一名”.成绩公布后，发现这四位同学中只有一位说的是正确的.则获得第一名的同学为（）A．甲B．乙C．丙D．丁11.双曲线()222210,0x y a b a b-=>>的左右焦点分别为12,F F ，过1F 的直线交曲线左支于,A B 两点,2F AB ∆是以A 为直角顶点的直角三角形，且230AF B ∠=︒.若该双曲线的离心率为e ，则2e =（）A．11+B．13+C．16-D．19-12.函数()1y f x =+的图象关于直线1x =-对称，且()y f x =在[)0,+∞上单调递减.若[]1,3x ∈时，不等式()()()2ln 323ln 32f mx x f f x mx --≥-+-恒成立，则实数m 的取值范围为（）A．1ln 66,+⎡⎤⎢⎥⎣⎦B．1ln 36,+⎡⎤⎢⎥⎣⎦C．1ln 66,+⎡⎤⎢⎥⎣⎦D．1ln 36,+⎡⎤⎢⎥⎣⎦第Ⅱ卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.实数,a b 满足2221a b +=，则ab 的最大值为．14.()(511x +-展开式中2x 的系数为．(用数字填写答案）15．已知抛物线()20y ax a =>的准线为l ，若l 与圆()22:31C x y -+=则a =．16．正四棱柱1111ABCD A B C D -中，底面边长为2，侧棱11AA =，P 为上底面1111A B C D 上的动点，给出下列四个结论：①若3PD =，则满足条件的P 点有且只有一个；②若PD =P 的轨迹是一段圆弧；③若//PD 平面1ACB ，则PD 与平面11ACC A 所成角的正切的最大值为④若//PD 平面1ACB ，则平面BDP 截正四棱柱1111ABCD A B C D -的外接球所得图形面积最大值为25π.其中所有正确结论的序号为．三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17.公差不为0的等差数列{}n a 的前n 项和为n S ，已知410S =，且139,,a a a 成等比数列.（1）求{}n a 的通项公式；（2）求数列3n n a ⎧⎫⎨⎬⎩⎭的前n 项和n T .18.如图，直三棱柱111ABC A B C -中，14,2,45CC AB AC BAC ===∠=︒，点M 是棱1AA 上不同于1,A A 的动点.（1）证明:1BC B M ⊥；（2）若平面1MB C 把此棱拄分成体积相等的两部分，求此时二面角1M B C A --的余弦值.19.某公司新上一条生产线，为保证新的生产线正常工作，需对该生产线进行检测.现从该生产线上随机抽取100件产品，测量产品数据，用统计方法得到样本的平均数14μ=，标准差2σ=，绘制如图所示的频率分布直方图.以频率值作为概率估计值.（1）从该生产线加工的产品中任意抽取一件，记其数据为X ，依据以下不等式评判（P 表示对应事件的概率）：①()0.6826P X μσμσ-<<+≥②()220.9544P X μσμσ-<<+≥③()330.9974P X μσμσ-<<+≥评判规则为：若至少满足以上两个不等式，则生产状况为优，无需检修；否则需检修生产线，试判断该生产线是否需要检修；（2）将数据不在()2,2μσμσ-+内的产品视为次品，从该生产线加工的产品中任意抽取2件，次品数记为Y ，求Y 的分布列与数学期望EY .20.如图，椭圆()2222:10x y C a b a b+=>>的左右焦点分别为12,F F ，左右顶点分别为,,A B P 为椭圆C 上任一点（不与A B 、重合）.已知12PF F ∆的内切圆半径的最大值为2-C 的离心率为2.（1）求椭圆C 的方程；（2）直线l 过点B 且垂直于x 轴，延长AP 交l 于点N ，以BN 为直径的圆交BP 于点M ，求证:O M N 、、三点共线.21.函数()()()sin ,1cos x x f x e x g x x x ==+-.（1）求()f x 的单调区间；（2）对120,,0,22x x ππ⎡⎤⎡⎤∀∈∀∈⎢⎥⎢⎥⎣⎦⎣⎦，使()()12f x g x m +≥成立，求实数m 的取值范围；（3）设()()2sin 2sin x h x f x n x x =⋅-⋅在0,π⎛⎫ ⎪⎝⎭上有唯一零点，求正实数n 的取值范围.请考生在22、23两题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分.22.选修4-4：坐标系与参数方程在平面直角坐标系xOy 中，直线l 的参数方程为1cos sin x t y t αα=+⎧⎨=⎩）（t 为参数，0απ≤<），在以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴的极坐标系中，曲线C 的极坐标方程为2211sin ρθ=+.（1）求曲线C 的直角坐标方程；（2）设点M 的坐标为()1,0，直线l 与曲线C 相交于,A B 两点，求11MA MB+的值.23.选修4-5：不等式选讲设函数()()()210,f x ax x a a g x x x =++->=+.（1）当1a =时，求不等式()()g x f x ≥的解集；（2）已知()32f x ≥，求a 的取值范围.试卷答案一、选择题1-5:CCDBB 6-10:CBCCA 11、12：DB二、填空题13.414.12015.1216.①②③三、解答题17.（1）设{}n a 的公差为d ，由题设可得，123194610a d a a a +=⎧⎪⎨=⋅⎪⎩，∴()()12111461028a d a d a a d +=⎧⎪⎨+=+⎪⎩，解得11,1a d ==.∴n a n =.（2）令3n n nc =，则12n nT c c c =+++ 231123133333n n n n--=+++++ ，①1121n n n n nT +-=++++ ，②①－②得：21211133333n n n nT +⎛⎫=+++- ⎪⎝⎭111133131n n n +⎛⎫- ⎪⎝⎭=--1112233n n n +=--⨯，∴323443n n n T +=-⨯.18.（1）解:在ABC ∆中，由余弦定理得，24822cos 454BC =+-⨯⨯︒=，∴2BC =，则有2228AB BC AC +==，∴90ABC ∠=︒，∴BC AB ⊥，又∵11,BC BB BB AB B ⊥⋂=，∴BC ⊥平面11ABB A ，又1B M ⊂平面11ABB A ，∴1BC B M ⊥.（2）解：由题设知，平面把此三棱柱分成两个体积相等的几何体为四棱锥1C ABB M -和四棱锥111B A MCC -.由（1）知四棱1C ABB M -的高为2BC =，∵111122482ABC A B C V -=⨯⨯⨯=三棱柱，∴114C ABB M V V -==四棱锥柱，又11112433C ABB M ABB M ABB M V S BC S -=⋅==四棱锥梯形梯形，∴14622ABB M AM S +==⨯梯形，∴2AM =.此时M 为1AA 中点，以点B 为坐标原点，1,,BA BC BB 的方向为x 轴，y 轴，z 轴建立如图所示的空间直角坐标系B xyz -.∴()()()()12,0,0,0,2,0,0,0,4,2,0,2A C B M .∴()()()110,2,4,2,0,2,2,2,0CB B M AC =-=-=- ，设()1111,,n x y z = 是平面1CB M 的一个法向量，∴111100n CB n B M ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ ，即1111240220y z x z -+=⎧⎨-=⎩，令11z =，可得()11,2,1n = ，设()2222,,n x y z = 是平面1ACB 的一个法向量，∴21200n CB n AC ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ ，即2222240220y z x y -+=⎧⎨-+=⎩，令21z =，可得()22,2,1n = ，∴121212776cos ,36n n n n n n ⋅===⋅ 。
山东省潍坊市2018届高三第三次高考模拟考试数学(理)试题(含答案)
山东省潍坊市2018届高三第三次高考模拟考试数学（理）试题第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．设集合N A =，}03|{≤-=x xx B ，则=B A （ ） A ．)3,0[ B ．}2,1{ C ．}2,1,0{ D ．}3,2,1,0{ 2．若复数z 满足)43)(2()2(i i z -+=-，则=||z （ ） A ．5 B ．3 C ．5 D ．25 3．在直角坐标系中，若角α的终边经过点)32cos ,32(sinππP ，则=-)sin(απ（ ） A ．21 B ．23 C ．21- D ．23-4．已知双曲线)0(1:2222>>=-b a by a x C 的一条渐近线与直线012=+-y x 垂直，则双曲线C 的离心率为（ ）A. 2B.2 C.3 D. 55．已知实数y x ,满足⎪⎩⎪⎨⎧≤+≤-+≤+-0094032y x y x y x ，则y x z -=2的最大值为（ ）A ．9-B ．3-C ．1-D ．06．已知n m ,是空间中两条不同的直线，βα,是两个不同的平面，有以下结论： ①βαβα⊥⇒⊥⊂⊂n m n m ,, ②βαααββ//,,//,//⇒⊂⊂n m n m ③βααβ⊥⇒⊥⊥⊥n m n m ,, ④αα////,n n m m ⇒⊂. 其中正确结论的个数是（ ）A ．0B ．1C ．2D ．37．直线8)5(2:,354)3(:21=++-=++y m x l m y x m l ，则“1-=m 或7-=m ”是“21//l l ”的（ ） A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件8．已知32log ,)43(,)32(433232===c b a ，则c b a ,,的大小关系是（ ）A ．c b a <<B ．c a b <<C ．b a c <<D ．b c a <<9．三国时期吴国的数学家赵爽曾创制了一幅“勾股圆方图”，用数形结合的方法给出了勾股定理的详细证明.如图所示的“勾股圆方图”中，四个全等的直角三角形与中间的小正方形拼成一个大正方形，其中一个直角三角形中较小的锐角α满足43tan =α，现向大正方形内随机投掷一枚飞镖，则飞镖落在小正方形内的概率是（ ）A ．254 B ．253 C ．252 D ．251 10．执行如图所示的程序框图，输出S 的值为（ ）A. 45B. 55C. 66D. 7811．一个几何体的三视图如图所示，其中正视图和俯视图均为直角三角形，则该几何体外接球的表面积为（ ）A ．π23B ．π423 C ．π364D ．π64 12．已知函数⎩⎨⎧<-+>-=0),ln(0,ln )(x x ax x x ax x f ，r 若)(x f 由两个极值点21,x x ，记过点))(,(11x f x A ，))(,(22x f x B 的直线的斜率为k ，若e k 20≤<，则实数a 的取值范围为（ ）A ．],1(e eB ．]2,1(eC ．]2,(e eD ．]12,2(e+二、填空题（每题4分，满分20分，将答案填在答题纸上）13．定积分=+⎰dx e x x1)( .14．若2018201822102018)13(x a x a x a a x ++++=- ，则=+++20182018221333a a a . 15．设抛物线y x 42=的焦点为F ，A 为抛物线上第一象限内一点，满足2||=AF ，已知P 为抛物线准线上任一点，当||||PF PA +取得最小值时，PAF ∆的外接圆半径为 . 16．ABC ∆的内角C B A ,,的对边分别为c b a ,,，且满足ABa b c b cos cos 1,-==，若点O 是ABC ∆外一点，)0(πθθ<<=∠AOC ，1,2==OC OA ，则平面四边形OABC 面积的最大值是 .三、解答题 （本大题共6题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．）17．已知数列}{n a 的前n 项和为n S ，且n n S a ,,1成等差数列. （1）求数列}{n a 的通项公式；（2）若数列}{n b 满足n n n na b a 21+=⋅，求数列}{n b 的前n 项和n T .18．如图所示五面体ABCDEF ，四边形ACFE 是等腰三角形，FC AD //，3π=∠DAC ，AF DE ⊥，CF CA =.（1）求证：平面⊥DEF 平面ACFD ；（2）若四边形BCFE 为正方形，求二面角F ED B --的余弦值.19.新能源汽车的春天来了！2018年3月5日上午，李克强总理做政府工作报告时表示，将新能源汽车车辆购置税优惠政策再延长三年，自2018年1月1日至2020年12月31日，对购置的新能源汽车免征车辆购置税.某人计划于2018年5月购买一辆某品牌新能源汽车，他从当地该品牌销售网站了解到近五个月实际销量如下表：（1）经分析，可用线性回归模型拟合当地该品牌新能源汽车实际销量y （万辆）与月份编号t 之间的相关关系.请用最小二乘法求y 关于t 的线性回归方程a t b yˆˆˆ+=，并预测2018年5月份当地该品牌新能源汽车的销量； （2）2018年6月12日，中央财政和地方财政将根据新能源汽车的最大续航里程（新能源汽车的最大续航里程是指理论上新能源汽车所装的燃料或电池所能够提供给车跑的最远里程）对购车补贴进行新一轮调整.已知某地拟购买新能源汽车的消费群体十分庞大，某调研机构对其中的200名消费者的购车补贴金额的心理预期值进行了一个抽样调查，得到如下一份频数表：（i ）求这200位拟购买新能源汽车的消费者对补贴金额的心理预期值X 的样本方差2s 及中位数的估计值（同一区间的预期值可用该区间的中点值代替；估计值精确到0.1）；（ii ）将频率视为概率，现用随机抽样方法从该地区拟购买新能源汽车的所有消费者中随机抽取3人，记被抽取3人中对补贴金额的心理预期值不低于3万元的人数为ξ，求ξ的分布列及数学期望)(ξE .参考公式及数据：①回归方程a x b yˆˆˆ+=，其中∑∑==---=ni ii ni it ty y t tb 121)()()(，t b y a -=；②∑==518.18i ii yt .20．已知M 为圆O ：122=+y x 上一动点，过点M 作x 轴，y 轴的垂线，垂足分别为B A ,，连接BA 延长至点P ，使得2||=PA ，记点P 的轨迹为曲线C . （1）求曲线C 的方程；（2）直线m kx y l +=:与圆O 相切，且与曲线C 交于E D ,两点，直线1l 平行于l 且与曲线C 相切于点Q （Q O ,位于l 两侧），32=∆∆QDE ODE S S ，求k 的值.21．已知函数)(21ln )(2R a ax x x x f ∈++=，223)(x e x g x +=. （1）讨论函数)(x f 极值点的个数； （2）若对0>∀x ，不等式)()(x g x f ≤成立. （i ）求实数a 的取值范围；（ii ）求证：当0>x 时，不等式2)1(2>++-+xex e x e x 成立. 请考生在22、23二题中任选一题作答，如果都做，则按所做的第一题记分. 22．选修4-4：坐标系与参数方程以平面直角坐标系的原点O 为极点，x 轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线1C 的极坐标方程为)0(sin cos 3>+=a a a θθρ，将曲线1C 绕极点逆时针旋转3π后得到曲线2C . （1）求曲线2C 的极坐标方程；（2）直线l 的参数方程为⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧=+-=t y t x 23211（t 为参数），直线l 与曲线2C 相交于N M ,两点，已知)0,1(-P ，若2||||||MN PN PM =，求a 的值.23．选修4-5：不等式选讲已知函数|4|)(+=x x f ，不等式|22|8)(-->x x f 的解集M .（1）求M ；（2）设M b a ∈,，证明：)2()2()(b f a f an f -->.参考答案一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 选项CCCDBBBADBCA二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分． 13．21-e 14．1- 15．45 16．2345+ 三、解答题：本大题共6小题，满分70分．解答须写出文字说明、证明过程和演算步骤． 17．解：（1）由已知1，n a ，n S 成等差数列得n n S a +=12① 当1=n 时，111112a S a +=+=，∴11=a ，当2≥n 时，1112--+=n n S a ② ①─②得n n n a a a =--122， ∴21=-n na a ， ∴数列}{n a 是以1为首项，2为公比的等比数列，∴1111221---=⨯==n n n n q a a .（2）由n n n na b a 21+=⋅得n a b nn 21+=， ∴n a a a b b b T nn n 2141212121++++++=+++= )242()111(21n a a a n+++++++= 122122)22(211211--++=++--=n n n n n n . 18.解：（1）∵ACFD 是等腰梯形，FC AD // ∴3π=∠=∠DAC FDA ，∴32π=∠=∠DFC ACF ， 又CF CA =，∴6π=∠CFA ，∴2π=∠DFA ，∴AF DF ⊥，又DE AF ⊥ ∴⊥AF 平面DEF ∵⊂AF 平面ACFD ， ∴平面⊥DEF 平面ACFD .（2）由（1）知AF DF ⊥，平面⊥DEF 平面ACFD ,平面 DEF 平面CF ACFD =，四边形BCFE 为正方形，∴CF EF ⊥， ∴⊥EF 平面ACFD ， ∴FA FE FD ,,两两垂直以点F 为坐标原点，分别以FE FA FD ,,为z y x ,,轴建立空间直角坐标系，如图则)3,0,0(),1,0,0(),0,0,1(A E D ，)1,23,21(-B )1,0,1(-=DE ，)1,23,23(--=BD ， 设)1,,(y x n =是平面BDE 的一个法向量，则⎪⎩⎪⎨⎧=⋅=⋅00BD n DE n ∴⎪⎩⎪⎨⎧=--=+-01232301y x x ，∴⎪⎩⎪⎨⎧==331y x ， ∴)1,33,1(=n )3,0,0(=FA 是平面DEF 的一个法向量，∴7213733||||,cos =⨯=⋅>=<FA n FA n FA n ， ∴二面角F ED B --的余弦值为721. 19.解：（1）易知3554321=++++=t ，04.157.14.116.05.0=++++=y555432122222512=++++=∑=i it，32.0355504.1358.1855)())((ˆ251225151251=⨯-⨯⨯-=--=---=∑∑∑∑====i i i i ii i i i itt yt y tt t y y t tb， 08.0332.004.1ˆˆˆ=⨯-=-=t b y a则y 关于t 的线性回归方程为08.032.0ˆ+=t y， 当6=t 时，00.2ˆ=y，即2018年5月份当地该品牌新能源汽车的销量约为2万辆. （2）（i ）根据题意，这200位拟购买新能源汽车的消费者对补贴金额的心里预期值X 的平均值x ，样本方差2s 及中位数的估计值分别为：5.305.05.61.05.515.05.43.05.33.05.21.05.1=⨯+⨯+⨯+⨯+⨯+⨯=x ， +⨯-+⨯-+⨯-+⨯-=15.0)5.35.4(3.0)5.35.3(3.0)5.35.2(1.0)5.35.1(22222s 7.105.0)5.35.6(1.0)5.35.5(22=⨯-+⨯-中位数的估计值为3.331360602010013≈+=--⨯+.（ii ）根据给定的频数表可知，任意抽取1名拟购买新能源汽车的消费者，对补贴金额的心理预期值不低于3万元的概率为53200120=， 由题意可知)53,3(~B ξ，ξ的所有可能取值为0,1,2,31258)52()53()0(3003===C P ξ，12536)52()53()1(2113===C P ξ，12554)52()53()2(1223===C P ξ，12527)52()53()3(0333===C P ξ ξ的分布列为：所以5912522512527312554212536112580)(==⨯+⨯+⨯+⨯=ξE 20．（1）设),0(),0,(),,(00y B x A y x P ，则),(00y x M 且12020=+y x ，由OAMB 为矩形， ∴1||||==OM AB ，∴BA AP 2=，即),(2),(000y x y x x -=-， ∴2,300yy x x -==， ∴14922=+y x . （2）设n kx y l +=:1， ∵l 与圆O 相切， ∴11||21=+=k m d ，得122+=k m ① ∵1l 与l 距离1||22+-=k n m d ②∵32||||||21||212121=-==⋅⋅=∆∆n m m d d d DE d DE S S QDEODE ， ∴n m 2-=或n m 52=，又Q O ,位于l 两侧，∴n m 52=，③ 联立⎪⎩⎪⎨⎧+==+n kx y y x 14922消去y 整理得036918)49(222=-+++n knx x k ， 由0=∆得4922+=k n ④ 由①③④得11113±=k . 21．解：（1）)0(11)('2>++=++=x xax x a x x x f ， 令0)('=x f ，即012=++ax x ，42-=∆a①当042≤-a 时，即22≤≤-a 时，012≥++ax x 恒成立，即0)('≥x f ， 此时)(x f 在),0(+∞单调递增，无极值点， ②当042>-a 时，即2-<a 或2>a ，若2-<a ，设方程012=++ax x 的两根为21,x x ，且21x x <，由韦达定理⎩⎨⎧>=>-=+0102121x x a x x ，故0,021>>x x ，此时)(,0)('),,0(1x f x f x x >∈单调递增，)(,0)('),,(21x f x f x x x <∈单调递减，)(,0)('),,(2x f x f x x >+∞∈单调递增，故21,x x 分别为)(x f 的极大值点和极小值点， 因此2-<a 时，)(x f 有两个极值点；若2>a ，设方程012=++ax x 的两根为21,x x ，且21x x <， 由韦达定理⎩⎨⎧>=<-=+0102121x x a x x ，故0,021<<x x ，此时)(x f 无极值点，综上：当2-<a 时，)(x f 有两个极值点，当2-≥a 时，)(x f 无极值点. （2）（i ）)()(x g x f ≤等价于222321ln x e ax x x x +≤++， 即ax x x e x≥+-2ln ，因此xx x e a x 2ln +-≤，设xx x e x h x 2ln )(+-=，22221ln )1(ln )21()('x x x x e x x x e x x x e x h x x x -++-=-+-+-=， 当)1,0(∈x 时，01ln )1(2<-++-x x x e x ，即0)('<x h ，)(x h 单调递减 ),1(+∞∈x 时，01ln )1(2>-++-x x x e x ，即0)('>x h ，)(x h 单调递增因此1=x 为)(x h 的极小值点，即1)1()(+=≥e h x h ，故1+≤e a .（ii ）由（i ）知1+=e a 时，)()(x g x f ≤，即2223)1(21ln x e x e x x x +≤+++， 因此x x e x e x ln )1(2≤+-+ 故xe x x e x e x e x +≤++-+ln )1(2① 当且仅当1=x 时等号成立， 下证：2ln ≥+xe x ， 事实上，设x e x x k +=ln )(， 221)('xe x x e x x k -=-=， 令0)('=x k ，解得e x =，当),0(e x ∈时，0)('<x k ，)(x k 单调递减，当),(+∞∈e x 时，0)('>x k ，)(x k 单调递增，故e x =为)(x k 的极小值点，因此2)()(=≥e k x k ， 即2ln ≥+xe x ② 当且仅当e x =时的号成立，由①②两式等号不同时成立， 因此2)1(2>++-+xe x e x e x . 22．解：（1）设2C 上任意一点的极坐标为),(θρ，则)3,(πθρ-在1C 上， ∴)3sin()3cos(3πθπθρ-+-=a a ， 化简得2C 的极坐标方程：θρsin 2a =.（2）2C 的直角坐标方程为222)(a a y x =-+，将直线l 的参数方程代入2C 的直角坐标方程得222)23()211(a a t t =-++-， 化简得01)31(2=++-t a t ，04)31(2>-+=∆a ，1,312121=+=+t t a t t ，1||||21==⋅t t PN PM ，∴1||2=MN2122122124)()(||t t t t t t MN -+=-=， ∴4)31(12-+=a ， ∴043232=-+a a ，∵0>a ，∴3315-=a ，满足0>∆，∴3315-=a . 23．解：将（1）将|4|)(+=x x f 代入不等式整理得8|22||4|>-++x x①当4-≤x ，不等式转化为8224>+---x x ， 解得310-<x ，所以此时4-≤x ， ②当14<<-x 时，不等式转化为8224>-++x x ，解得2-<x ，所以此时24-<<-x ，③当1≥x 时，不等式转化为8224>-++x x ，解得2>x ，所以此时2>x ，综上2|{-<=x x M 或}2>x .（2）证明：因为|22||4242||42||42|)2()2(b a b a b a b f a f +=-++≤+--+=--， 所以要证)2()2()(b f a f ab f -->，只需证|22||4|b a ab +>+即证22)22()4(b a ab +>+，即证2222484168b ab a ab b a ++>++即证016442222>+--b a b a即证0)4)(4(22>--b a因为M b a ∈,，所以4,422>>b a ，所以0)4)(4(22>--b a 成立，所以原不等式成立.。
2018届高三上学期期末联考数学(理)试题有答案-精品
2017—2018学年度第一学期期末联考试题高三数学（理科）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分全卷满分150分，考试时间120分钟．注意：1. 考生在答题前，请务必将自己的姓名、准考证号等信息填在答题卡上．2. 选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，答在试卷上无效．3. 填空题和解答题用0.5毫米黑色墨水签字笔答在答题卡上每题对应的答题区域内．答在试题卷上无效．第Ⅰ卷（选择题 共60分）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．把答案填在答题卡上对应题号后的框内，答在试卷上无效．1．设集合{123}A =，，，{45}B =，，{|}M x x a b a A b B ==+∈∈，，，则M 中的元素个数为A ．3B ．4C ．5D ．62．在北京召开的第24届国际数学家大会的会议，会议是根据中国古代数学家赵爽的弦图（如图）设计的，其由四个全等的直角三角形和一个正方形组成，若直角三角形的直角边的边长分别是3和4，在绘图内随机取一点，则此点取自直角三角形部分的概率为 A ．125B ．925C ．1625D ．24253．设i 为虚数单位，则下列命题成立的是A ．a ∀∈R ，复数3i a --是纯虚数B ．在复平面内i(2i)-对应的点位于第三限象C ．若复数12i z =--，则存在复数1z ，使得1z z ∈RD ．x ∈R ，方程2i 0x x +=无解4．等比数列{}n a 的前n 项和为n S ，已知3215109S a a a =+=，，则1a =A ．19B ．19-C ．13D ．13-5．已知曲线421y x ax =++在点(1(1))f --，处切线的斜率为8，则(1)f -=试卷类型：A天门 仙桃 潜江A ．7B ．－4C ．－7D ．4 6．84(1)(1)x y ++的展开式中22x y 的系数是A ．56B ．84C ．112D ．1687．已知一个空间几何体的三视图如图，根据图中标出的尺寸（单位：cm ），可得这个几何体的体积是 A ．4cm 3B ．5 cm 3C ．6 cm 3D ．7 cm 38．函数()sin()(0,0)f x A x A ωϕω=+>>的图像如图所示，则(1)(2)(3)(18)f f f f ++++的值等于ABC 2D ．19．某算法的程序框图如图所示，其中输入的变量x 在1，2，3…，24 这24个整数中等可能随机产生。
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2018届潍坊高三期末考试数学（理）2018. 1本试卷分第I 卷和第H 卷两部分，共 6页.满分150分.考试用时120分钟.考试结束后， 将本试卷和答题卡一并交回. 注意事项：1. 答卷前，考生务必用 0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、学校、准考证号填写在答题卡 和试卷规定的位置上.2 •第I 卷每小题选出答案后，用 2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动， 用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答案写在试卷上无效.3. 第H 卷必须用 0. 5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应 的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂 改液、胶带纸、修正带.不按以上要求作答的答案无效.4. 填空题请直接填写答案，解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第I 卷（共60分）一、选择题：本大题共 12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的.1.若集合 A —X -1 ：： x ：： 1 ?, B —xlog z x ：： 1,则 A B 二2.下列函数中，图象是轴对称图形且在区间 0, * 上单调递减的是1A . yB.y = -x 2 1C . y = 2xD . y = log 2 xxx - y 2 乞 03 .若x, y 满足约束条件 x • y - 4亠0,则z = 2x - y 的最大值为 [y 兰45 .已知双曲线笃 =1 a T.b 0的焦点到渐近线的距离为 a b6 .某几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为 A . 42 3-.3，且离心率为2，则该双曲线的实轴长为A . 1 B. 、3 C. 2A .-1,1B. (0, 1)C. (-1, 2) D . (0, 2)A . -4B. -1C. 0D . 44 .若角〉终边过点A 2,1 ,sin 3 二22罷A.5C VD .2 2B . 4 4.2C. D . 7 .如图，六边形 分的概率是1 A.— 42 C.—3 ABCDEF 是一个正六边形，若在正六边形内任取一点，则恰好取在图中阴影部 1 B.— 3 3 D.-4 &函数y、、3 sin 2x -cos2x 的图象向右平移 10 个单位后，得到函数y = g x 的2丿图象，若 y = g x 为偶函数，则 JT B.— 6 ji C.— 4 A . 12 9.某篮球队对队员进行考核， 规则是：①每人进行 若至少投中1次，则本轮通过，否则不通过•已知队员甲投篮 JT D.- 3 3个轮次的投篮；②每个轮次每人投篮 2次, 2 1次投中的概率为 ，如果甲各 3次投篮投中与否互不影响，那么甲8 B.- 3 A . 3 3个轮次通过的次数 X 的期望是 5 D.- 3 C . 2 10.已知抛物线y 2 =4x 与直线2x -y -3=0相交A 、B 两点，0为坐标原点，设 OA , OB 的 斜率为k 1,k 2,则k 1 k 2 —的值为A .B . 11. 壬、 干”4 “干支纪年法” 癸被称为“十天干 以“甲”字开始， 1 C.—4 1 D.- 2 1 2 是中国历法上自古以来使用的纪年方法，甲、乙、丙、 ”,子、丑、寅、卯、辰、巳、午、未、申、酉、 “地支”以“子”字开始，两者按干支顺序相配, 相配顺序为：甲子、乙丑、丙寅…癸酉， 共得到60个组成，周而复始，循环记录. 是“干支纪年法”中的 A .己亥年 B .戊戌年 C.庚子年 12.已知函数数为n ,则nA . 3 丁、戊、己、庚、辛、 戌、亥叫做“十二地支”.“天 组成了干支纪年法，其 甲戌、乙亥、丙子…癸未，甲申、乙酉、丙戌…癸巳，…， 2014年是“干支纪年法”中的甲午年，那么 2020年 D .辛丑年 12 f x = x 2 -3 e x ,若关于x 的方程f 2x - mf x -一2 0的不同实数根的个 e的所有可能值为 B . 1 或 3C . 3 或 5D . 1或3或5第U 卷（共90分）二、填空题：本大题共 4小题，每小题5分，共20分.25414. _______________________________________________ （1 +X +X ）（1 + X ）展开式中X 的系数为 _______________________________________________ （用数字作答）. 15.已知正四棱柱的顶点在同一个球面 0上，且球0的表面积为12二，当正四棱柱的体积最大 时，正四棱柱的高为 ___________ .16.在如图所示的平面四边形 ABCD 中，AB =1,BC =）3, CACD 为等腰直角三角形，且.ACD =90；，则BD 长的最大值为三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或 演算步骤.第17〜21题为必考题，每个试题考生都必须作答.第 22、23题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题：共60分. 17. （本小题满分12分）若数列的前几项和S n 满足：S n =2a n i ；F ；，0,N” .在L PABC 中，PA=4,PC =2 2^ P = 45：, D 是PA 中点（如图1）.将△ PCD 沿CD 折起到图2 中URCD 的位置，得到四棱锥 P 1— ABCD.⑴将厶PCD 沿CD 折起的过程中，CD 丄平面RDA 是否成立？并证明你的结论；（H ）若RD 与平面ABCD 所成的角为60°,且厶RDA 为锐角三角形，求平面RAD 和平面RBC 所成角的余弦值.19. （本小题满分12分）为研究某种图书每册的成本费 y （元）与印刷数x （千册）的关系，收集了一些数据并作了初步处理， 得13.已知单位向量e \,e2,右向量a = © - 2q ,贝U a =（I ）证明：数列「aj 为等比数列，并求an ；「a nn 为奇数（n ）若，=4, b n[log 2 a n n 为偶数18. （本小题满分12分）N ”，求数 的前2n 项和T 2n ・（图2 i1 R|图1 F到了下面的散点图及一些统计量的值._ 25 iois~5o~25~5D ~~So~33~57T*印刷数册y1■二— ■y)« -]"-uHy, -r) 15. 25 3.63 0. 26920U5.5-230. 3(X 7877.049d(l)根据散点图判断：y 二a • bx 与y=c •-哪一个更适宜作为每册成本费y(元)与印刷数x(千册)x的回归方程类型？(只要求给出判断，不必说明理由 )(n )根据(I)的判断结果及表中数据，建立 y 关于X 的回归方程(回归系数的结果精确到0.01)；(Ill)若每册书定价为10元，则至少应该印刷多少千册才能使销售利润不低于78840元？(假设能够全部售出。
结果精确到 1)(附：对于一组数据 -'i< 1 ,匕，：2，…，，’n ,：n ，其回归直线■宀「二的斜率和截距的最 n - 2M -Wi =120. (本小题满分12分)椭圆C 的一个顶点时，直线 PF 1恰与以原点 O 为圆心，以椭圆 C 的离心率e 为半径的圆相切. (I)求椭圆C 的方程；(n )设椭圆C 的左右顶点分别为 A 、B ,若PA PB 交直线x =6于M 、N 两点•问以MN 为直径 的圆是否过定点？若是，请求出该定点坐标；若不是，请说明理由. 21. (本小题满分12分)已知函数f x =21 n x - 2ax ■ x 2有两个极值点x 1,x 2 x^： x> . (I)求实数a 的取值范围；(n )设g x =1 nx-bx-ex 2，若函数f x 的两个极值点恰为函数g x 的两个零点，当表中u i丄匚F U i .X i 8 i 4小—乘估计分别为(I ：-'=已知椭圆 2 2C:% y ^ = 1 a b 0 上动点 a bP 到两焦点F 1, F 2的距离之和为4,当点P 运动到3「2A --------------------时，求y 二为-X 2g j x ---- x2 的最小值.」童5二尹三(—)选考题：共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答._ 222.（本小题满分10分）【选修4—4:坐标系与参数方程】「X = 2C0S0C在平面直角坐标系xOy中，曲线G的参数方程为r为参数），以原点为极点，y = 2 + 2s in。
x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为?cos% - si nr （限定::_0, 0 ":::二）.（I）写出曲线C i的极坐标方程，并求C i与C2交点的极坐标;（n ）射线6 I- <P <-'与曲线C i与C2分别交于点A、B（A、B异于原点）,的取值16 3丿范围.23.（本小题满分10分）【选修4—5:不等式选讲】已知函数f(x)=x+1+|x—a|(—1vaE0).（I）求关于x的不等式f x 1的解集；（n ）记f x的最小值为m,证明：m< 1.高三理科数学参考答案及评分标准2018. 1 一、选择题（每小题5分■共6（）分）BBCAC BE BBI） CA二、填空题（每小題5分，共20分）13. J3 14. 25 15. 2 16.用+1三、解答题（本大题共6小题，共70分）17.解：（| ）•.• S.=2a.-A,当n = l时，得如=入，.................................................. 1分当心2时,S.j =2叫“-入，故S. =2a. -2“..],艮卩a・=2a・-2a.・丨, ................................................. 3分a."”..].・•• 是以入为首项・2为公比的等比数列. .............................. 4分a.=入• 2"*1. ..................................................................................... . .............. 5 分（n ）••• A =4■得叫=4 -2-1.(r4l.n为奇数•• 1仃+ 1・"为偶数才••• T u =22 +3 +24 +5 +26 +7 + ••• +2" +2n + 1=(22 +24 + —+21-) +(3+5+—+2n + l) .................................................................... 9 分4-2" - 4 a n(3 +2n + 1)1 -4 2犷"-4= ----- - --- + n( n +2)12分18.( I )WAPCD沿CD折起过程中■仞丄平面PQ4成立. ...................... 1分证明:••• 〃是円中点■••• DP = DA=2.在△PDC中.由余兹定理得，cur = PC2 +P〃2 -2PC • PD• «.<n45。