导与练一轮复习参考答案
2020《导与练》高考英语人教版一轮复习练习题：综合测试(必修1)+Word版含解析
综合测试(必修1)(时间:120分钟满分:150分)第一部分听力(共两节,满分30分)第一节(共5小题;每小题1.5分,满分7.5分)听下面5段对话。
每段对话后有一个小题,从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项,并标在试卷的相应位置。
听完每段对话后,你都有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。
每段对话仅读一遍。
(Text 1)W:There seems no need to wait for them any longer.①It’s 4:15 now.M:Be patient please,Alice!We can ①wait another 15 minutes,OK?1.What time did the speakers fix for the appointment?( A )A.At 4:00.B.At 4:15.C.At 4:30.(Text 2)M:Good morning,my name is Li Ping.②I am here for the interview about my visa application.W:Nice to meet you.What are you going to Australia for?M:I’d like to study medicine.2.Where does the dialogue most probably take place?( B )A.In a university.B.In an embassy.C.In a state-owned company.(Text 3)W:Will you pick up the kids this afternoon?M:No.W:I am sorry.M:It’s high time they learned how to get home by themselves.W:What?They are children.Just tell me if you can’t make it and I’ll get them.M:Oh,calm down.I was just kidding.③Of course.I’ll get them.3.Who do you think will pick up the children?( A )A.The man.B.The woman.C.Neither the woman nor the man.(Text 4)M:Ouch,it really hurts terribly,because I fell over heavily just now.W:I think you need an X-ray.④Shall I help you get to the hospital?M:No,thanks.4.What does the woman want to do?( C )A.To have an X-ray.B.To go to the hospital.C.To help the injured man.(Text 5)M:How do Jane and Bill like their new home?W:It’s really very nice,but ⑤ they are tired of the noise of the planes going over their house.5.What place might be close to Jane and Bill’s new home?( C )A.A train station.B.A bus station.C.An airport.第二节(共15小题;每小题1.5分,满分22.5分)听下面5段对话或独白。
【导与练】(新课标)高三数学一轮复习 第1篇 命题及其关系、充分条件与必要条件学案 理精编版
第二课时 命题及其关系、充分条件与必要条件课前预习案1.理解命题的概念；2.了解“若p ，则q ”形式的命题及其逆命题、否命题与逆否命题，会分析四种命题的相互关系；3.理解必要条件、充分条件与充要条件的意义．1.命题的概念在数学中用语言、符合或式子表达的，可以 的语句叫做命题．其中 的语句叫真命题， 的语句叫假命题．2.四种命题及其关系（1）四种命题（2）四种命题间的逆否关系（3）四种命题的真假关系：①两个命题互为逆否命题，它们有 的真假性；②两个命题互为逆命题或互为否命题，它们的真假性 ．3．充分条件与必要条件（1）如果p q ⇒，则p 是q 的 ，q 是p 的 ；（2）如果p q ⇒，q p ⇒，则p 是q 的 ．1．（2011年陕西）设a ，b 是向量，命题“若a=-b ，则||||a b =”的逆命题是（ ）A ．若a b ≠-，则||||a b ≠B ．若a b =-，则||||a b ≠C ．若||||a b ≠，则a b ≠-D ．若||||a b =，则a b =-2．设集合{}|03M x x =<≤，{}|02N x x =<≤，那么“a M ∈”是“a N ∈”的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件课堂探究案考点一 命题的关系及命题真假的判断【典例1】（2012年湖南卷）命题“若4πα=，则tan 1α=”的逆否命题是（ ） A ．若4πα≠，则tan 1α≠B ．若4πα=，则tan 1α≠C ．若tan 1α≠，则4πα≠ D ．若tan 1α≠，则4πα=【变式1】（1）分别写出下列命题的逆命题、否命题、逆否命题，并判断它们的真假．①面积相等的两个三角形是全等三角形．②若1q <，则方程220x x q ++=有实根．③若220x y +=，则实数x 、y 全为零．（2）（2012年江西卷）下列命题中，假命题为（ ）A ．存在四边相等的四边形不．是正方形 B ．1212,,z z C z z ∈+为实数的充分必要条件是12,z z 为共轭复数C ．若,x y ∈R ，且2,x y +>则,x y 至少有一个大于1D ．对于任意01,n n n n n N C C C +∈+++都是偶数考点2 充分条件与必要条件的判断【典例2】（2013宁波模拟）给出下列命题：①“数列{}n a 为等比数列”是“数列{}1n n a a +为等比数列”的充分不必要条件；②“2a =”是“函数()||f x x a =-在区间[)2,+∞上为增函数”的充要条件；③“3m =”是“直线(3)20m x my ++-=与直线650mx y -+=互相垂直”的充要条件；④设a ，b ，c 分别是△ABC 三个内角A ，B ，C 所对的边，若1,a b ==30A =︒是60B =︒的必要不充分条件．其中真命题的序号是 （写出所有真命题的序号）【变式2】（1）(2011年福建理科)若a R ∈，则2a =是(1)(2)0a a --=的（ ）A ．充分而不必要条件B ．必要而不充分条件C ．充要条件D ．既不充分又不必要条件（2）设集合{}1,2M =，{}2N a =，则“1a =”是 “N M ⊆”的（ ）A ．充分而不必要条件B ．必要而不充分条件C ．充要条件D ．既不充分又不必要条件考点3 充分条件与必要条件的应用【典例3】已知p ：1|1|23x --≤，q ：22210x x m -+-≤(0)m >，且p ⌝是q ⌝的必要而不充分条件，求实数m 的取值范围．【变式3】已知命题p ：方程210x mx ++=有两个不相等的负根，命题q ：方程244(2)10x m x +-+=无实根．求“p q ∨为真，p q ∧为假命题”的充要条件．1.下列命题是真命题的为（ ）A ．若11x y=,则x y = B ．若21x =,则1x =C ．若x y =,=．若x y <,则 22x y <2．命题“若B b A a ∈∉则,”的否命题是（ ）A ．若B b A a ∉∉则, B ．若B b A a ∉∈则,C ．若A a B b ∉∈则,D ．若A a B b ∈∉则,3． 设””是“则“x x x R x ==∈31,的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件课后拓展案组全员必做题1．（2012年山东）设0a >且1a ≠，则“函数()x f x a =在R 上是减函数”是“函数3()(2)g x a x =-在R 上是增函数”的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件2．（2012年北京）设,a b R ∈，则“0a =”是“复数a bi +是纯虚数”（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件3．下列命题中正确的是（ ）①“若220x y +≠，则x ，y 不全为零”的否命题；②“正多边形都相似”的逆命题；③“若0m >，则20x x m +-=有实根”的逆否命题；④“若123x -是有理数，则x 是无理数”的逆否命题．A ．①②③④B ．①③④C ．②③④D ．①④4．(2011年天津)设,,x y R ∈则“2x ≥且2y ≥”是“224x y +≥”的（ ）A. 充分而不必要条件 B ．必要而不充分条件C ．充分必要条件D ．即不充分也不必要条件5．(2011年安徽理)命题“所有能被2整除的数都是偶数”的否定．．是（ ） A ．所有不能被2整除的数都是偶数 B ．所有能被2整除的数都不是偶数C ．存在一个不能被2整除的数是偶数D ．存在一个能被2整除的数不是偶数组提高选做题1．（2013安徽模拟）下列命题是假命题的是（ ）A ．命题“若2230x x --=,则3x =”的逆否命题为:“若3x ≠,则2230x x --≠”;B ．若02x π<<，且sin 1x x <,则2sin 1x x <; C ．互相平行的两条直线在同一个平面内的射影必然是两条互相平行的直线;D ．“2x >”是“3101x -≤+”的充分不必要条件; 2．（2011年陕西）设*n N ∈，一元二次方程240x x n -+=有整数根的充要条件是n = ．3．关于x 的方程2210ax x ++=至少有一个负实数根的充要条件是 ．参考答案1.D2.B【典例1】C【变式1】（1）①逆命题：两个三角形全等，则它们的面积相等．（真命题）否命题：面积不相等的两个三角形不是全等三角形．（真命题）逆否命题：两个三角形不全等，则面积不相等．（假命题）②逆命题：若方程220x x q ++=有实根，则1q <．（假命题）否命题：若1q ≥，则方程220x x q ++=无实根．（假命题）逆否命题：若220x x q ++=无实根，则1q ≥．（真命题）③逆命题：若x 、y 全为零，则220x y +=．（真命题）否命题：若220x y +≠，则x 、y 不全为零．（真命题）逆否命题：若x 、y 不全为零，则220x y +≠．（真命题）（2）B【典例2】 ①④【变式2】（1）A （2）A【典例3】解：由1|1|23x --≤，得210x -≤≤， 即:210p x -≤≤．由22210(0)x x m m -+-≤>，得11m x m -≤≤+，即:11q m x m -≤≤+．∵p ⌝是q ⌝的必要不充分条件，∴q 是p 的必要不充分条件．∴12,110.m m -≤-⎧⎨+≥⎩解得9m ≥．经检验知m 的取值范围为9m ≥．【变式3】解：∵210x mx ++=有两个不相等的负根， ∴2121240,0,10.m x x m x x ⎧∆=->⎪+=-<⎨⎪⋅=>⎩解得2m >．∴:2p m >．又216(2)160m ∆=--<，解得13m <<．∴:13q m <<．∵p q ∨为真，p q ∧为假，∴p 、q 一真一假．①p 真q 假时，3m ≥；②p 假q 真时，12m <≤．综上知，“p q ∨为真，p q ∧为假”的充要条件为3m ≥或12m <≤．1.答案：A 解析：由11x y=得x y =,而由21x =得1x =±,由x y =,而x y <得不到22x y < 故选A.2．答案：B 解析：命题“若p ，则q ”的否命题为“若p ⌝，则q ⌝”.3．答案： A 解析：因为1,1,0,3-==x x x 解得，所以，“x=1”是x x =3的充分不必要条件。
2018高中物理导与练一轮复习Ⅱ版课时集训答案
课时集训答案第一章直线运动第1课时描述运动的基本概念1.A 确定“天宫二号”所处位置时其大小、形状的影响忽略不计,可将其看成质点;但在确定“天宫二号”飞行姿态、太阳帆板所处方位时,其形状是关键因素,在实施轨道调整时,需要“天宫二号”上不同发动机工作,不能将其看成质点,选项A 正确.2.C 由于图片上滑板运动员清晰,背景模糊,说明摄影师与滑板运动员以相同的速度运动,因此摄影师选择的参考系是滑板运动员,故选项C正确.3.B 位移是由起点到终点的有向线段,故由A到C的长度为=50 m,选项B正确.4.BCD 质点在A→B→C的过程内,AC距离为2 m,位移方向为A到C,所以位移为-2 m,路程为4 m,故选项A错误;质点在B →D的时间内,经过的路程为4 m,位移方向由B指向D,所以位移为-4 m,故选项B正确;当质点到达D点时,位置在原点的左侧,坐标为-2 m,故选项C正确;当质点到达D点时,在A点左侧3 m处,所以相对于A点的位移为-3 m,故选项D正确.5.AB 质点每秒钟匀速移动的距离均为1 m,则第2 s内的位移为1 m,故第2 s末瞬时速度大小为1 m/s,A正确;前2 s内的位移大小为x1=|AB|== m= m,平均速度== m/s,B正确;前4 s内质点通过的路程为4 m,平均速率为1 m/s,在第4 s末到达C点,平均速度为== m/s=0.5 m/s,C,D错误.6.D 小球的平均速度为== m/s=0.50 m/s,故选项D正确.7.BC 由所给表格的数据可知匀速运动的速度为v=12 m/s,1 s,2 s,3 s时刻处于匀加速过程,9.5 s和10.5 s时刻处于匀减速过程,匀加速过程的加速度a1= m/s2=3 m/s2,加速时间t1==4 s,汽车在4 s开始做匀速直线运动,故选项A错误;匀减速过程的加速度a2= m/s2=-6 m/s2,到9.5 s时刻,汽车已减速的时间Δt= s=0.5 s,说明在第9 s末开始减速,匀减速时间t2= s=2 s,匀速运动时间t3=9 s-4 s=5 s,所以选项B正确;因此t总=t1+t2+t3=11 s,所以整个过程的平均速度= m/s≈8.73 m/s,故选项C正确;加速过程的平均速度'= m/s=6 m/s,减速过程的平均速度″= m/s=6 m/s,故选项D错误.8.C 根据题图可知,汽车的速度变小,做的是减速直线运动,故选项A错误;汽车的加速度与Δv方向相同,所以与v1,v2的方向都相反,故选项B,D错误,C正确.9.B 两物体加速度大小相等,速度变化快慢相同,故选项A,C错误;由Δv=a·Δt可知,两物体在相等时间内速度变化大小相等,方向相反,故选项D错误;由于甲物体的加速度与速度方向相同,乙物体加速度与速度方向相反,则甲做加速直线运动,乙做减速直线运动,故选项B正确.10.A 速度和加速度无必然联系,选项A正确;速度减小时,表明加速度与速度方向相反,其大小可能增大或不变,选项B错误;速度为零时,加速度不一定为零,选项C错误;速度增大时,加速度也可能不变或减小,选项D错误.11.C 加速度变化的快慢即为,加速度的单位为m/s2,时间的单位为s,则加速度变化的快慢的单位应是m/s3,故选项C正确.12.D 设第一个0.5 s内的平均速度为v1,即t1=0.25 s时的速度为v1;第一个1.5 s内的平均速度为v2,即t2=0.75 s时的速度为v2,由题意得v1-v2=2.45 m/s,故a== m/s2=-4.90 m/s2,D正确.13.B 加速度与速度同向,速度应增大,当加速度不变时,速度均匀增加;当加速度减小时,速度仍增大,但不再是均匀增大,直到加速度为零时,速度不再增大,A项错误,B项正确;因质点速度方向不变化,始终是向前运动,最终匀速运动,所以位移一直在增大,C,D项均错误.14.A 若物体某1 s内的平均速度是5 m/s,由x= t,则物体在这1 s内的位移一定是5 m,A正确;若物体在第1 s末的速度是5 m/s,但平均速度不一定是5 m/s,则物体在第1 s内的位移不一定是5 m,B错误;若物体在10 s内的平均速度是5 m/s,但其中的每1 s内的平均速度不一定都是5 m/s,故物体在其中1 s内的位移不一定是5 m,C错误;物体通过某位移的平均速度是5 m/s,则物体在通过这段位移一半时的速度不一定是2.5 m/s,D错误.15.解析:(1)v t图像如图所示.(2)v t图像的斜率表示加速度,第1个10 s内的加速度a== m/s2=2 m/s2,与运动方向相同.最后15 s内的加速度a'== m/s2=-1 m/s2.加速度方向与运动方向相反.答案:(1)见解析(2)2 m/s2,与运动方向相同 1 m/s2,与运动方向相反第2课时匀变速直线运动的规律1.BD 因为做匀加速直线运动,两个过程中,加速度相等,速度变化相等,所用时间相同,故t1=t2,故选项A错误,B正确;根据公式x=可得x1<x2,故选项C错误,D正确.2.B 设甲前进距离为x1时,速度为v,甲和乙做匀加速直线运动的加速度为a,则有vt+at2-at2=x2-x1,根据速度位移公式得,v2=2ax1,解得t=,则AB的距离x=x2+at2=.故选项B正确.3.B 起飞滑跑和着舰时都是做匀变速直线运动,设起飞速度为v1,着舰时速度为v2,则x1=t1,x2=t2,且v1=nv2,即=,故选项B正确.4.C 因为AB段的平均速度为3 m/s,故(v A+v B)=3 m/s,BC段的平均速度为6 m/s,故(v B+v C)=6 m/s,即v C-v A=6 m/s,又因为AB=BC,则===4 m/s,即v A+v C=8 m/s,联立方程得v B=5 m/s,选项C正确.5.A 如果不考虑空气阻力,则v1=v2,t上=t下=,故运动的总时间t=,由于空气阻力作用,v2<v1,<,则t=是合理的,故选项A正确,B错误;时间的单位应该是s,而的单位为m,故选项C,D错误.6.C 小球先减速上升,突然反向后加速下降,已知竖直向上的方向为正方向,速度的正负表示方向,不表示大小;故速度v先是正值,不断减小,突然变为负值,且绝对值不断变大,故选项C正确.7.B 小球通过光电门的时间很短,这段时间内的平均速度可看成瞬时速度,则v== m/s=5 m/s,由自由落体运动规律可知h==1.25 m,选项B正确.8.C 运动员的位移等于重心变化的位移,所以h=（2.10-） m=1.25 m.设初速度为v,因为横着过橫杆,竖直方向速度为零,故可得v== m/s=5 m/s,选项C正确.9.D 由v=at可得刹车时间t=2.5 s,则第3 s内的位移就是2～2.5 s内的位移,则x=at'2=0.5 m,故选项D正确.10.C 汽车刹车到停止所需的时间t== s=4 s,t1=2 s时位移x1=v0t1+a=20×2 m+×(-5)×22 m=30 m,5 s时的位移就是4 s时的位移,此时车已停止,则x2== m=40 m,2 s与5 s时汽车的位移之比为x1∶x2=3∶4,故选项C正确.11.C 若空降兵做自由落体运动的高度为h时的速度为v,此时打开降落伞并开始做匀减速运动,加速度a=-12.5 m/s2,落地时速度刚好为5 m/s,故有v2=2gh,-v2=2a(H-h),解得h=125 m,v=50 m/s.为使空降兵安全着地,他展开伞时的高度至少为H-h=99 m,A,B错误;由=2gh'可得h'=1.25 m,故选项C正确,D错误.12.解析:(1)根据匀变速直线运动中平均速度公式=,有= m/s=3.4 m/s故下滑过程中的平均速度为3.4 m/s.(2)由v2-=2ax得,a=,代入数据得a=0.128 m/s2,故下滑的加速度为0.128 m/s2.(3)由v=v0+at得,t=,代入数据得t=25 s.故下滑的时间为25 s.答案:(1)3.4 m/s (2)0.128 m/s2(3)25 s13.解析:(1)设小球落至水面所用时间为t1,在水中运动做匀变速运动,加速度为a,则h=g,v=gt1,H=v(t-t1)+a(t-t1)2解得a=0,则小球在水中匀速运动.(2)设释放点距水面距离为x,则t x=,v x=,t'=+,由数学知识知,当=时t'最小,即x==0.4 m.答案:(1)匀速运动(2)0.4 m14.解析:(1)若驾驶员使汽车立即以最大加速度加速行驶,2 s内前进的距离x1=v0t+a1t2=24 m由于x1小于25 m,所以汽车不能不闯黄灯顺利通过.(2)若汽车紧靠停车线停下,则其位移为25 m.设加速度为a,则a==2 m/s2,由于a小于5 m/s2,所以汽车能够恰好紧靠停车线停下的条件是加速度为2 m/s2.答案:(1)汽车不能不闯黄灯顺利通过(2)加速度为2 m/s2第3课时运动图像追及与相遇问题1.C x t图像的斜率等于速度,可知在0～2 s内甲、乙都沿正向运动,同向运动.在2～4 s内甲沿负向运动,乙仍沿正向运动,两者反向运动,故A错误;0～2 s内两者同向运动,甲的速度大,两者距离增大,2 s末甲反向运动,乙仍沿原方向运动,两者距离减小,则第2 s末甲、乙两物体间的距离最大,故B错误;由图知在0～4 s内甲、乙的位移都是2 m,平均速度相等,故C正确;根据斜率等于速度,直线的斜率一定,可知乙物体一直做匀速直线运动,故D错误.2.B 根据x和时间平方t2的关系图像得出位移时间关系式为x=t2,由x=at2知a=1,解得a=2 m/s2,故A错误;任意相邻1 s 内的位移差Δx=aT2=2×1 m=2 m,故B正确;第2 s内的位移x2=×2×(22-12)m=3 m,故C错误;第3 s内的位移x3=×2×(32-22)m=5 m,平均速度= m/s=5 m/s,故D错误.3.A 物体在第2 s内、第3 s内图像的斜率相同,所以加速度相同,故选项A正确;由图像可知,物体在1 s前后速度都为正值,运动方向没有发生改变,故选项B错误;物体在4 s末图像与时间轴围成的面积为0,此时回到出发点,故选项C错误;物体在2 s末和6 s末位移均最大,最大位移为1 m,故选项D错误.4.C 设b点的速度为v b,(b-m)时刻速度为v1,(b+n)时刻速度为v2,由题意可得m=S,n=S,(m+n)=2S,联立得v b=,故选项C正确.5.C 由图知甲的加速度为负值,乙的加速度为正值,两者方向相反,故A错误;根据加速度定义式得a甲==m/s2=-m/s2,a乙==m/s2= m/s2,故甲的加速度大于乙的加速度,故D错误;0～1 s内,x甲=2×1 m-××12m= m,x乙=1×1 m+××12m= m,则x甲>x乙,故B错误;在0～2 s内,甲的位移x甲'=2×2 m-××22m= m,乙的位移x乙'=1×2 m+××22m=3 m,则x乙'-x 甲'=m,即乙在甲前 m处,故C正确.6.D 从图中可知A从3 s末开始从x=0处开始运动,B从t=0开始从x=5 m处开始运动,即两者不是从同一位置开始运动的,A 比B迟了3 s才开始运动,5 s内的平均速度分别为v A= m/s=5 m/s,v B= m/s=1 m/s,两者的平均速度不相等,故选项A,B 错误;在5 s内A的位移为10 m,B的位移为5 m,位移不相同,故选项C错误;图像的斜率表示运动速度,故从第3 s末开始,两物体运动方向相同,且v A>v B,故选项D正确.7.B 在t1时刻两车刚好在同一位置(并排行驶),在t2到t3这段时间内,a的速度一直大于b的速度,两者间距一直增大,t3时刻之后,a的速度小于b的速度,两者间距减小,则在t3时刻,两车相距最远,故A错误,B正确;根据速度—时间图像的斜率等于加速度,可知,a车的加速度不变,b车加速度逐渐增大,故C,D错误.8.CD 若b球正好运动到最高点时相遇,则b速度减为零所用的时间t1=,且x a1=g,x b1=,x a1+x b1=H,解得v01=.当a,b两球恰好在落地时相遇,则有t2=,此时A的位移x a2=g=H,解得v02=.由以上分析知:若v0>,两物体在b上升途中相遇,故选项A错误;若v0=,b球正好到最高点相遇,故选项B错误;若v0=,则b球正好运动到地面时相遇,故选项D正确;若<v0<,两物体相遇时b物体正在空中下落,故选项C正确.9.解析:(1)甲、乙两车同时同地同向运动,因初始时刻甲车速度大,故在速度相等前,甲前乙后且距离逐渐增大,直到速度相等,距离最大,设这个过程的耗时为t1,乙的加速度为a=2 m/s2,则t1末甲、乙两车的速度分别为v甲=8 m/s,v乙=at1,v甲=v乙得t1=4 st1内甲、乙两车的位移分别为x甲=v甲t1=32 m,x乙=a=16 m两车最大距离为d=x甲-x乙=16 m.(2)乙车追上甲车,必有位移相等,设这个过程耗时t2,甲、乙两车的位移分别为x甲'=v甲t2,x乙'=a,x甲'=x乙'得t2=8 s此时乙车的速度为v乙'=at2=16 m/s.答案:(1)16 m (2)8 s 16 m/s10.C 在t=4 s之前,A,B,C物体开始阶段速度方向均为正,方向相同;当t=4 s时,A,B两物体发生的位移相同,但由于两物体不是同地出发,因此此时两者并没有相遇,而A,C两物体是同时同地出发,此时两者的位移也相等,故此时两物体相遇;当t=2 s时,A,B两物体的速度相同,此时为两者之间距离的一个临界值,但由于初始状态不清,不知A,B哪个在前,故有“相距最远”和“相距最近”两种可能,选项C正确.11.AC 物体的位移在0～x2过程中,加速度恒定不变,即做匀加速直线运动,又知道是从静止开始运动的,故有v2=2ax,故当位移为x1时,v1=,故选项A正确;x2～x3过程中加速度开始减小,但是加速度方向没有变化,仍朝着正方向运动,故做加速度减小的加速运动,位移为x3时,速度最大,故选项B,D错误;由微元法可得图像的“面积”ax=,解得v max=,故选项C正确.12.解析:(1)设泥石流到达坡底的时间为t1,速率为v1,则x1=v0t1+a1v1=v0+a1t1代入数据得t1=20 s,v1=16 m/s.(2)当两者速度相等时,泥石流在水平地面的位移刚好与汽车的位移相等就安全了,故v2=a2t=v1x2==x1'=v1(t+1-t1)=x2代入数据得a2= m/s2≈0.421 m/s2.答案:(1)20 s 16 m/s (2)0.421 m/s213.解析:(1)甲质点的运动用a图线表示;v0=6 m/s(2)设质点乙、甲先后通过x=6 m处时的速度均为v,对质点甲:v2=2a1x对质点乙:v2-=-2a2x解得a1+a2=3 m/s2当质点甲的速度v1=8 m/s、质点乙的速度v2=2 m/s时,两质点通过相同的位移均为x';对质点甲:=2a1x'对质点乙:-=-2a2x'解得a1=2a2即a1=2 m/s2,a2=1 m/s2.答案:(1)a图线 6 m/s (2)2 m/s2 1 m/s2第二章相互作用第1课时重力弹力摩擦力1.BD 重力是由于地球对物体的吸引产生的,但由于地球自转的影响,通常情况下重力并不等于地球的引力,其方向竖直向下但并不一定指向地心,选项A错误;将物体由静止开始释放,只在重力作用下物体自由下落,所以重力的方向就是物体自由下落的方向,选项B正确;杆秤称量的是物体的质量而非重力,选项C错误;由公式G=mg可知,重力G的大小由质量m和重力加速度g共同决定,由于不同地点g值可能不同,因此在不同地点,同一物体所受的重力可能不同,选项D正确.2.B 球A受重力竖直向下,与挡板有挤压,与斜面间无挤压,则球A只受挡板竖直向上的弹力,故选项B正确.3.BD 由平衡条件有kx=μmg,解得弹簧的伸长量为x=,选项A错误,B正确;物体受到的支持力与它对地面的压力是一对作用力与反作用力,选项C错误;弹簧对物体的弹力与物体受到的摩擦力是一对平衡力,选项D正确.4.AD 剪断右侧细绳的瞬间,右侧细绳上拉力突变为零,而弹簧对两木块的拉力没有发生突变,与原来一样,所以b相对地面有向左运动的趋势,受到静摩擦力f b方向向右,C错误,D正确,剪断右侧细绳的瞬间,木块a受到的各力都没有发生变化,A正确,B错误.5.D 压缩的弹簧对B有向左的弹力,B有向左运动的趋势,受到向右的摩擦力,选项A错误;A对B的摩擦力向右,则B对A的摩擦力向左,选项B错误;由于整体水平方向没有相对运动趋势,地面对A没有摩擦力,选项C错误,D正确.6.B 设拉力与水平方向的夹角为θ,因为三个物体相对地面均做匀速直线运动,所以受到的摩擦力为滑动摩擦力,甲物体在竖直方向上有F N1=mg-F1sin θ;乙物体在竖直方向上有F N2=mg;丙物体在竖直方向上有F N3=mg+F3sin θ,即F N3>F N2>F N1,则F f=μF N可得F f3>F f2>F f1,故B正确.7.D 小棋子受到重力、向上的摩擦力、棋盘的吸引力和棋盘的支持力作用,选项A错误;棋盘对棋子的摩擦力等于棋子的重力,故无论棋子的磁性多强,摩擦力是不变的,质量不同的棋子所受的重力不同,故摩擦力不同,选项B,C错误,D正确.8.D (甲)图中P随Q做匀速运动相对于Q无相对运动趋势,所以P不受摩擦力;(乙)图中,假设P不受摩擦力,P将相对Q沿斜面向下运动,从而P受沿F方向的摩擦力,选项D正确.9.C 当木块受F1,F2及摩擦力的作用而处于平衡状态时,由平衡条件可知木块所受的摩擦力的大小为8 N,可知静摩擦力f静max≥8 N.当撤去力F1后,F2=2 N<f静max,木块仍处于静止状态,由平衡条件可知木块所受的静摩擦力大小和方向发生突变,且与作用在木块上的F2等大反向.C正确.10.B 滑块上滑过程中受滑动摩擦力,由F f=μF N和F N=mgcos θ联立得F f=6.4 N,方向为沿斜面向下;当滑块的速度减为零后,由于mgsin θ<μmgcos θ,滑块不动,滑块受的摩擦力为静摩擦力,由平衡条件得F f'=mgsin θ,代入可得F f'=6 N,方向为沿斜面向上,故选项B正确.11.B以斜面体为研究对象,斜面体受到重力、地面支持力、滑块的压力和地面的摩擦力作用,如图所示.地面对斜面体的支持力F N=Mg+Ncos θ=Mg+mgcos2θ<Mg+mg,故选项A错误;由平衡关系可知,斜面体受到的摩擦力方向向右,故选项B正确;无论力F 增大还是反向,滑块对斜面体的压力不变,因此斜面体所受摩擦力不变,选项C,D错误.12.C 一根弹簧挂一个质量为m的小球时,弹簧的总长度变为2L,即伸长L,劲度系数k=mg/L.若两个小球如题图悬挂,则下面的弹簧也伸长L,上面的弹簧受力2mg,伸长2L,则弹簧的总长为L+L+L+2L=5L,故选项C正确.13.解析:(1)滑块受力如图(甲)所示,由平衡条件得沿斜面方向:F=m1gsin 30°+F f解得F f=F-m1gsin 30°=5 N沿垂直于斜面方向F N=m1gcos 30°=43.3 N由F f=μF N得μ=0.12.(2)滑块与斜面体整体受力如图(乙)所示,由平衡条件得沿水平方向:F f地=Fcos 30°=15 N沿竖直方向:F N地=(m1+m2)g-Fsin 30°=135 N.答案:(1)0.12 (2)15 N 135 N第2课时力的合成和分解1.AD F1,F2的合力范围是|F1-F2|≤F≤F1+F2,即14 N≤F≤70 N,选项B错误;由于F3的大小处于F1和F2的合力范围之内,所以这三个力的合力可能为零,选项A正确;当三个共点力方向相同时其合力最大,该三个力的最大值为90 N,选项C错误;若物体处于平衡状态(静止或匀速直线运动),则某两个力的合力必定与第三个力等大反向,选项D正确.2.B 根据题意可得,当它们的夹角为90°时,F1=F2= F.当两个共点力F1和F2之间的夹角为120°时,合力F合=F1=F,故选项B正确.3.D 由于绳与滑轮为“活结”,绳中张力处处相等,但由于物体对滑轮拉力不变,随着B向右缓慢移动,AB绳之间夹角逐渐增大,而滑轮所受绳AB的合力F始终等于物体的重力mg,所以两绳的合力F保持不变,故选项C错误,D正确;随着B向右缓慢移动,两绳间夹角变大,则两绳张力增大,故选项A,B错误.4.B 甲种情况下,物体静止,弹簧的拉力F1=G.乙种情况下物体受力如图(a)所示.将重力G沿F N,F2的反方向分解,F2=Gsin 60°=G.丙种情况下动滑轮受力如图(b)所示.将重力G分别沿F3反方向分解,可得F3=G.故F3=F1>F2,选项B正确.5.A 根据重物对O点的拉力产生的效果,重物的拉力F可分解为沿AO方向的力F1与沿OB方向的力F2,由力的矢量三角形可知,F1=Ftan θ,F2=,而F=mg,则F1=mgtan θ,F2=,故选项A正确.6.D 无论θ变大还是变小,水平绳和竖直绳中的拉力不变,这两个力的合力保持不变,且总与杆的弹力大小相等,方向相反,故弹力不变,故选项D正确.7.B 由于细绳跨过滑轮,细绳中各处张力大小相等,则滑轮两边绳的拉力均为F1,设动滑轮两边绳的夹角为θ,对动滑轮有2F1cos =mg,当重物上升时,变大,cos 变小,F1变大;对该同学,有F2'+F1=Mg,而F1变大,Mg不变,则F2'变小,即对地面的压力F2变小.故选项B正确.8.A由于硬杆O点通过钢索挂于O点,O点为“死结”,则O点受三个力作用:钢索的拉力F A,硬杆的弹力F B,细线的拉力F C(设重物的质量为m,则有F C=mg),如图所示.由于O点处于平衡状态,则F A与F B的合力与F C总是等大反向,由于F C不变,则选项C,D错误;当悬挂点A缓慢向下移动时,钢索AO与硬杆间夹角变小,由图示可知F A,F B均变大,选项A正确.9.B当用F1拉物块做匀速直线运动时,物体A受力如图所示.将F1正交分解,则水平方向有F1cos 60°=F f1,竖直方向有F1sin 60°+F N1=mg,其中F f1=μF N1,联立可得F1=.同理,当用F2推物块做匀速直线运动时,则有F2=.由于F1=F2,解得μ=2-,故选项B正确.10.D “照相机”受四个力作用处于平衡状态,支架的作用力与“重力”的作用线方向夹角均为30°,将支架的作用力正交分解,则水平分力合力为零,而竖直分力满足3Fcos 30°=mg,解得F=mg,故选项D正确.11.C 以A物体为研究对象,其受力为竖直向下的重力、垂直斜面向上的支持力、沿斜面向上的静摩擦力和弹簧向上的弹力.弹簧的弹力等于B物体的重力,当斜面倾角为45°时,有m A gsin 45°=m B g+F f,而m A=3m B,则F f=(-1)m B g,当斜面倾角为30°时,有m A gsin 30°=m B g+F f',则F f'=m B g<F f,即物体A在斜面上位置不变,摩擦力变小.即弹簧的弹力不变,故选项A,D错误,C 正确;由于F N=mgcos θ,当倾角减小时F N变大,由牛顿第三定律知,A物体对斜面的压力变大,故选项B错误.12.A 因物块A处于静止状态,轻绳均跨过滑轮,则轻绳的拉力F=mgsin 30°=mg,对右侧滑轮,滑轮左右两段轻绳拉力的合力与物块B的重力等大反向,即2Fcos 45°=m B g,解得m B=m,故选项A正确.13.C 因为细线跨过滑轮,细线中各处张力大小相等,所以悬挂A的细线的拉力F=mg(m为小球A的质量),并保持不变,由平衡条件可知,悬挂定滑轮的细线拉力与滑轮两侧拉力的合力等大反向,当B在水平地面上缓慢移动一小段距离后拉B的绳子与竖直方向的夹角变化,动滑轮受到的三根绳子的拉力中两个拉力大小不变,但是这两个拉力的方向发生变化,则第三根绳子的拉力方向一定发生变化,故选项A,B错误;增大小球A的质量,若B仍保持不动,则滑轮两侧绳的拉力方向不变,则合力方向不变,夹角不变,故选项C正确;拉AB的绳子的夹角小于90°,而这两个绳子的拉力都等于mg,所以合力即悬挂滑轮的绳子的拉力一定大于mg,故选项D错误.14.解析:把竖直向下的力F沿两杆OA,OB方向分解,如图(甲)所示,则杆作用于滑块上的力为F1=F2=杆对滑块的作用力F1产生两个效果:竖直向下压滑块的力F1″和沿水平方向推滑块的力F1',因此,将F1沿竖直方向和水平方向分解,如图(乙)所示,则细线上的张力F T与F1'大小相等,即F T=F1sin =sin =Ftan .答案:tan第3课时受力分析共点力的平衡1.B老鹰沿虚线斜向下减速飞行,加速度沿着虚线向上,故合力F沿着虚线向上,老鹰受重力和空气对其作用力,三力矢量关系如图所示,由图可知选项B正确.2.D 因P,Q两木块一起做匀速运动,故P只受重力和支持力,Q受重力,P对Q的压力,地面的支持力,地面对Q的摩擦力及推力F,故P受2个力,Q受5个力,D正确,A,B,C错误.3.A施加水平力F后,由于小环静止,则小环所受重力G、支持力F N和F三力的矢量关系如图所示,则F=mgtan 37°=1×10×N=7.5 N,方向水平向左,故选项A正确.4.A 以木块1为研究对象,其受力为重力、弹簧的拉力、地面的支持力和摩擦力,根据平衡条件有kx=μm1g;x=;所以两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是s=L+x=L+m1g,故选项A正确.5.BC 以木块和球体整体为研究对象,整体处于静止状态,而水平方向无相对运动趋势,故半球体不受地面的摩擦力,选项A 错误;而木块受到重力、支持力及摩擦力,三力作用下处于平衡状态,由平衡条件及牛顿第三定律得木块对球面的压力为mgsin θ;木块受到的摩擦力F f=mgcos θ,故选项B,C正确,D错误.6.D以斜面体和小球整体为研究对象,由于受轻绳拉力,整体有向左运动的趋势,则水平面的摩擦力水平向右,其受力如图所示. 水平方向有F f=F T cos θ,故选项A,B错误;竖直方向有F T sin θ+F N=(m+M)g,可见F N<(M+m)g,根据牛顿第三定律,斜面体对水平面的压力F N'=F N<(M+m)g,故选项C错误,D正确.7.A以小球为研究对象,其受力为重力、a,b两绳的拉力F1,F2.根据平衡条件得F1和F2的合力方向竖直向上,大小与重力相等,而保持不变,则b绳在三个不同位置时,两个拉力的变化情况如图所示,由几何关系可知,绳b处于位置2时,绳b与绳a垂直,由此可知,F1=F3>F2,由图看出,绳a的拉力依次减小,故选项A正确,B,C,D错误.8.AB小圆柱体Q的受力如图所示,由平衡知识可得F N'=mgtan θ,F N=,MN保持竖直并且缓慢地向右移动时,θ角增大,F N',F N均增大,故选项A正确,C错误;Q处于平衡态,所受的合力为零,保持不变,故选项D错误;对P,Q整体,水平方向受到地面的摩擦力F f与MN对Q的弹力F N'大小相等,所以F f=F N',即地面对P的摩擦力逐渐增大,故选项B正确.9.C小球受重力mg、绳的拉力F T、外力F三个力作用,合力为0.则mg与F的合力一定与F T等大反向,由三力的矢量关系三角形可知,当F与F T垂直时,F最小,即F min=mgsin 30°=mg,选项C正确.10.A 设物体刚好不下滑时F=F1,则F1·cos θ+μF N=G·sin θ,F N=F1·sin θ+G·cos θ,得===;设物体刚好不上滑时F=F2,则F2·cos θ=μF N'+G·sin θ,F N'=F2·sin θ+G·cos θ,得===2,即≤≤2,故F与G的比值不可能为3,故选项A正确.11.CB部分在水平面内受推力F、水平面的摩擦力F fB、A的弹力F N,如图所示,由平衡条件得F fB=,A部分水平面内受B的弹力F N'和静摩擦力F fA,由平衡条件得,F fA=F N'.根据牛顿第三定律得,F N'=F N,则F fA∶F fB=tan θ=tan 30°=,故选项C正确.12.ABC 物体放在斜面上匀速下滑,受重力、垂直斜面的支持力、沿斜面向上的摩擦力,则mgsin θ=μmgcos θ得μ=tan θ,且支持力、摩擦力的合力竖直向上,此时的斜面受重力、地面的支持力、垂直斜面向下的压力、沿斜面向下的摩擦力,由牛顿第三定律可知木块对斜面的压力、摩擦力合力方向竖直向下,即斜面体在水平方向无相对运动趋势,则摩擦力为0.图(甲)中水平力F使物体的支持力减小,相应的摩擦力也减小,但并不改变支持力和摩擦力的合力方向,即物体对斜面体作用力的方向竖直向下,同理,图(乙)、(丙)中物体对斜面体作用力方向也竖直向下,则地面对斜面体的摩擦力为零,选项A,B,C正确;图(丁)中当物体沿斜面上滑时,斜面受沿斜面向上的摩擦力、重力、垂直斜面向下的压力、地面的支持力等.沿斜面向上的摩擦力、垂直斜面向下的压力的合力指向右下方,故斜面与地面一定有摩擦力,方向向左,选项D错误.13.C 设板与水平面的夹角为α时,滑块相对于板刚要滑动.则由mgsin α=μmgcos α得tan α=,则α=,即θ在0～范围内,弹簧处于原长,弹力F=0,故选项A,B错误.当板与水平面的夹角大于时,滑块相对板缓慢滑动,由平衡条件得F=mgsinθ-μmgcos θ=mg(sin θ-μcos θ)=mg·sin (θ-β),其中tan β=μ,说明F与θ是正弦函数关系,故选项C正确,D错误.14.解析:(1)当工人斜向下推割草机时,在竖直方向上有F N1=mg+Fsin 30°,解得F N1=700 N,由牛顿第三定律可得,割草机作用在地面上向下的压力大小F N1'=F N1=700 N.(2)工人用最小力斜向右上方拉割草机时,在水平方向上有Fcos α=μF N,在竖直方向上有F N+Fsin α=mg,联立可得F==,其中tan φ=,所以当α+φ=90°,即tan α=μ时,F有最小值F min=,代入数据得μ=0.75,α=37°.答案:(1)700 N (2)0.75 37°。
2020版导与练一轮复习化学习题：选修5 有机化学基础 第36讲 认识有机化合物含答案解析
第36讲认识有机化合物课时集训测控导航表1.(2019·广西桂林十八中月考)下列各有机物的分类或命名不正确的是( C )A.对甲苯酚属于芳香化合物B.3-甲基戊烷属于烷烃C.2-甲基-1-丙醇属于一元醇D.3-甲基-1-丁烯属于脂肪烃解析:A.含酚—OH,—OH与甲基位于苯环的对位,则名称为对甲苯酚,含苯环属于芳香化合物,故正确;B.为饱和烃,名称为3-甲基戊烷,属于烷烃,故正确;C.含—OH,且含—OH的最长碳链含4个C原子,则名称为 2-丁醇,故错误;D.含碳碳双键,且含双键的最长碳链有4个C,3号C上有甲基,则名称为3-甲基-1-丁烯,由链状结构可知属于脂肪烃,故正确。
2.(2018·广东六校高三联考)都属于多环烃类,下列有关它们的说法错误的是( A )A.这三种有机物的二氯代物同分异构体数目相同B.盆烯能使酸性高锰酸钾溶液褪色C.棱晶烷和盆烯互为同分异构体D.等质量的这三种有机物完全燃烧,耗氧量相同解析:立方烷的二氯代物的同分异构体分别是:一条棱上的两个氢原子被氯原子代替1种、面对角线上的两个氢原子被氯原子代替1种、体对角线上的两个氢原子被氯原子代替1种,所以立方烷二氯代物的同分异构体有3种,棱晶烷的二氯代物的同分异构体分别是:一条棱上的两个氢原子被氯原子代替有2种、面对角线上的两个氢原子被氯原子代替1种,所以二氯代物的同分异构体有3种,盆烯的二氯代物有、、(•表示另一个氯原子可能的位置),共7种,同分异构体数目不同,故A错误;盆烯含有碳碳双键,能使酸性高锰酸钾溶液褪色,故B正确;棱晶烷和盆烯的分子式相同,都为C6H6,但结构不同,称为同分异构体,故C正确;三种有机物的最简式都是CH,等质量的这三种有机物完全燃烧,耗氧量相同,故D正确。
3.(2018·甘肃武威中学期末)下列说法正确的是( B )A.质谱、红外光谱都能够快速、精确地测定有机物的相对分子质量B.核磁共振氢谱中,CH3COOH、CH3OH都可给出两种信号C.的名称为2,2,4-三甲基-4-戊烯D.、和互为同系物解析:质谱能够快速、精确地测定有机物的相对分子质量,而红外光谱图不能,A错误;CH3COOH和CH3OH分子中都有两种氢原子,在核磁共振氢谱中都可给出两种信号,B正确;正确的名称为2,4,4-三甲基-1-戊烯,C错误;、同属于酚类,两者属于同系物,中羟基为醇羟基,与酚类不属于同系物,D错误。
2025导与练生物高考一轮复习(人教版)第二单元 细胞的基本结构和物质的运输含答案
2025导与练生物高考一轮复习(人教版）第二单元细胞的基本结构和物质的运输第4讲细胞膜和细胞核基础巩固练1.(2023·河北唐山三模)下列关于细胞核的叙述,错误的是( B )A.受损细胞核的蛋白质、核酸可被溶酶体降解B.衰老细胞的细胞核体积变小,核膜内折C.代谢活动旺盛的细胞,核仁大、核孔数量多D.是遗传信息库,是细胞代谢和遗传的控制中心解析:溶酶体中有水解酶,受损细胞核的蛋白质、核酸可被溶酶体降解,降解产生的有用物质可被再次利用;衰老细胞体积变小,细胞核体积变大,核膜内折,染色质收缩,染色加深;核仁与某种RNA的合成以及核糖体的形成有关,因此代谢活动旺盛的细胞,核孔的数量多、核仁的体积大;细胞核中有染色质,染色质主要由DNA 和蛋白质组成,DNA是遗传物质。
因此,细胞核是遗传信息库,是细胞代谢和遗传的控制中心。
2.(2023·湖南长沙期末)下列有关细胞膜成分的说法错误的是( C )A.细胞膜主要由脂质和蛋白质组成,还有少量糖类B.一般来说,功能越复杂的细胞膜,其蛋白质种类和含量越多C.提取动物细胞中磷脂分子,在空气—水界面上铺成单分子层,其面积恰为细胞表面积的2倍D.探索膜成分的实验,相比使用植物细胞作实验材料,动物细胞的优势是没有细胞壁解析:细胞膜主要由脂质和蛋白质组成,还有少量糖类;一般来说,功能越复杂的细胞膜,其蛋白质种类和含量越多;当提取哺乳动物成熟红细胞的磷脂分子时,在空气—水界面上铺成单分子层,其面积恰为细胞表面积的2倍,其他动物细胞因为有除细胞膜之外的其他膜结构,所以得到的磷脂分子单分子层会比细胞表面积的2倍大;动物细胞不含有细胞壁,细胞破碎较容易,因此其作为实验材料比较有优势。
3.如图是真核细胞的部分结构模式图,下列相关说法错误的是( B )A.结构①不能存在于原核细胞中B.结构②表示核膜,它由2层磷脂分子组成C.结构④对物质的进出有选择透过性D.④所在的结构把核内物质与细胞质分开解析:原核细胞不含染色质,即结构①染色质是真核细胞特有的;结构②表示核膜,为双层膜,由4层磷脂分子组成;结构④为核孔,对物质进出细胞核有选择透过性;④(核孔)位于核膜上,核膜把核内物质与细胞质分开,维持了细胞核内环境的稳定。
2020版导与练高考化学一轮复习习题：第三章金属及其化合物第9讲铝、镁及其重要化合物附答案解析
2020版导与练高考化学一轮复习习题：第三章金属及其化合物第9讲铝、镁及其重要化合物附答案解析2020版导与练高考化学一轮复习习题第9讲铝、镁及其重要化合物课时集训测控导航表知识点镁、铝的性质及用途铝的重要化合物的性质铝三角及图像分析基础1,2,534能力67,98,10挑战12111.(2019·山东临沂月考)近年来,科学家正在探索利用铝粉作为新能源的可能性,以期铝能成为一种石油的取代物。
假如铝作为一种普遍使用的新型能源开发利用,关于其有利因素的说法错误的是( D )A.铝质轻,便于运输、贮存,且安全B.铝燃烧时放出的热量大,且燃烧后产物对环境的污染容易得到有效的控制C.在地球上,铝矿资源比较丰富D.现代电冶铝的工业技术已为铝作为新能源奠定了重要基础解析:作为新能源,要求含量丰富(铝元素在地壳中含量占第三位),便于运输、贮存,且安全,燃烧放出能量高,能重复使用,对环境污染小,因此A、B、C 说法正确,电解铝消耗大量的电能,故选项D说法错误。
2.(2019·山东临沂月考)镁粉是焰火、闪光粉、鞭炮中不可缺少的原料。
工业上制造镁粉是将镁蒸气在某种气体中冷却,有下列气体:①空气、②CO、③2Ar、④H、⑤N,其中可作为冷却气体的是( C )2 2A.①和②B.②和③C.③和④D.④和⑤解析:点燃或高温条件下Mg与O、CO、N均反应,故不能在这些气体中冷却,2 2 2故选C。
3.下列有关说法中不正确的是( C )A.Al(OH)在用于治疗胃酸过多类疾病时表现出弱碱性3B.明矾溶于水后可得到少量的有强吸附性的Al(OH),故明矾可作净水剂3C.Al(OH)可用于中和馒头制作过程(如发酵阶段)中产生的酸3D.Al O可用于制作耐火材料而Al(OH)不能2 3 3解析:治疗胃酸过多时要消耗胃中的酸,因此Al(OH)表现弱碱性,A 项正3确;Al(OH) 有强吸附性,能吸附水中悬浮的杂质并最终转化为沉淀而使水变3澄清,B项正确;馒头制作过程中加小苏打用于发泡和中和酸,不用Al(OH),C3项不正确;耐火材料本身应对热稳定且熔点很高,而Al(OH)受热易分解,D项3正确。
【导与练】(浙江专用)2021高考物理大一轮总复习第三章第5课时实验探究加速度与力质量的关系知能达标
【导与练】（浙江专用）2021高考物理大一轮总复习第三章第5课时实验探究加速度与力质量的关系知能达标训练1.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,在拉力不变时探究加速度a与小车的质量M的关系时,由于没有注意始终满足M m的条件,结果得到的图象应是图中的( D )解析:在本实验中绳中的张力F和小车的加速度a可由以下关系求得mg-F=ma①F=Ma②即张力F=,加速度a=因此在探究加速度跟小车质量M的关系时,保持m不变,若横轴为,则a图象应是过原点的直线,当满足M m时,m能够忽略不计, a≈,a图象能够认为是过原点的直线;当小车的质量较小、不满足M m时,图象便会发生向下弯曲.故只有选项D正确.2.如图所示,在探究牛顿运动定律的演示实验中,若1、2两个相同的小车所受拉力分别为F1、F2,车中所放砝码的质量分别为m1、m2,打开夹子后通过相同的时刻两车的位移分别为x1、x2,则在实验误差承诺的范畴内,有( A )A.当m1=m2、F1=2F2时,x1=2x2B.当m1=m2、F1=2F2时,x2=2x1C.当m1=2m2、F1=F2时,x1=2x2D.当m1=2m2、F1=F2时,x2=2x1解析:当m1=m2、F1=2F2时,由F=ma可知,a1=2a2,再由x=at2可得:x1=2x2,故选项A正确,选项B错误;当m1=2m2、F1=F2时,无法确定两车加砝码后的质量关系,两小车的加速度关系也就不明确,故无法判定两车的位移关系,选项C、D均错.3.(2011年浙江理综)在“探究加速度与力、质量的关系”实验时,已提供了小车、一端附有定滑轮的长木板、纸带、带小盘的细线、刻度尺、天平、导线.为了完成实验,还须从图中选取实验器材,其名称是(漏选或全选得零分);并分别写出所选器材的作用.解析:依照实验原理F=ma,必须要用打出的纸带来求a,这就需要学生电源和打点计时器.要测量和改变小车的质量,就要用砝码和钩码;要改变小车受到拉力的大小,需用砝码.答案:学生电源、电磁打点计时器、钩码、砝码(或电火花计时器、钩码、砝码) 学生电源为电磁打点计时器提供交流电源;电磁打点计时器(电火花计时器)记录小车运动的位置和时刻;钩码用以改变小车的质量;砝码用以改变小车受到拉力的大小,还可用于测量小车质量4.(2020年大纲全国卷节选)图(甲)为验证牛顿第二定律的实验装置示意图.图中打点计时器的电源为50 Hz的交流电源,打点的时刻间隔用Δt表示.在小车质量未知的情形下,某同学设计了一种方法用来探究“在外力一定的条件下,物体的加速度与其质量间的关系”.(1)完成下列实验步骤中的填空:①平稳小车所受的阻力:小吊盘中不放物块,调整木板右端的高度,用手轻拨小车,直到打点计时器打出一系列的点.②按住小车,在小吊盘中放入适当质量的物块,在小车中放入砝码.③打开打点计时器电源,开释小车,获得带有点列的纸带,在纸带上标出小车中砝码的质量m.④按住小车,改变小车中砝码的质量,重复步骤③.⑤在每条纸带上清晰的部分,每5个间隔标注一个计数点.测量相邻计数点的间距s1、s2、…求出与不同m相对应的加速度a.⑥以砝码的质量m为横坐标,为纵坐标,在坐标纸上作出m关系图线.若加速度与小车和砝码的总质量成反比,则与m应成关系(填“线性”或“非线性”).(2)图(乙)为所得实验图线的示意图.设图中直线的斜率为k,在纵轴上的截距为b,若牛顿定律成立,则小车受到的拉力为,小车的质量为.解析:(1)平稳阻力的过程要求给定小车一个速度后,小车做匀速直线运动,因此直到打点计时器打出一系列间距相等的点,则说明小车做匀速直线运动.若加速度与小车和砝码的总质量成反比,则与m应成线性关系.(2)若牛顿定律成立则应满足F=(M+m)a,可知=m+M,由题可知:k=,b=M,则小车受到的拉力F=,得小车的质量M=.答案:(1)①间距相等⑥线性(2)5.(2020宁波市六校期中)某实验小组在“探究加速度与物体受力的关系”实验中,设计出如下的实验方案,事实上验装置如图所示.已知小车质量M=214.6 g,砝码盘质量m0=7.8 g,所使用的打点计时器交流电频率f=50 Hz.事实上验步骤是:A.按图中所示安装好实验装置;B.调剂长木板的倾角,轻推小车后,使小车能沿长木板向下做匀速运动;C.取下细绳和砝码盘,记下砝码盘中砝码的质量m;D.先接通电源,再放开小车,打出一条纸带,由纸带求得小车的加速度a;E.重新挂上细绳和砝码盘,改变砝码盘中砝码的质量,重复B~D步骤,求得小车在不同合外力F作用下的加速度.回答下列问题:(1)按上述方案做实验,是否要求砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量? (填“是”或“否”).(2)实验中打出的其中一条纸带如图所示,由该纸带可求得小车的加速度a=m/s2.(3)某同学将有关测量数据填入他所设计的表格中,如下表,次数 1 2 3 4 5 砝码盘中砝码的重力F/N小车的加速度a/(m·s-2)他依照表中的数据画出a F图象如下.造成图线只是坐标原点的一条最要紧缘故,从该图线延长线与横轴的交点可求出的物理量是,其大小为.解析:(1) 依照实验步骤B可得,Mgsin θ-F f=(m0+m)g,其中θ是调剂后长木板的倾角,F f是小车和纸带所受的阻力,由的牛顿第二定律得:Mgsin θ-F f=Ma,因此a=g,由此可知,在该实验方案中没有必要砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量.(2)由于Δx=0.88 cm,依照Δx=aT2得,a=m/s2=0.88 m/s2(3)由上述可知,小车的加速度应为a=g,但从记录的数据能够看出,拉力只记为F=mg,未将砝码盘的重力计入,这确实是图线只是坐标原点的一条最要紧缘故,图线延长线与横轴的交点即为砝码盘的重力,从图能够读出其大小约为 N.答案:(1)否(2)(3)在运算小车所受的合外力时未计入砝码盘的重力砝码盘的重力 N。
【导与练】2021届高三生物一轮总复习限时训练 第11讲 能量之源——光与光合作用 Word版含答案
第11讲能量之源——光与光合作用课时训练•知能提升限时式检测梯级式提升(时间:40分钟分值:90分)测控导航表一、选择题:本大题共9小题,每小题5分,共45分。
1.利用小球藻培育液进行光合作用试验时,发觉在其中加入抑制暗反应的药物后,在同样的光照条件下释放氧气的速率下降。
缘由主要是( B )A.叶绿素吸取光能的效率下降B.[H]的积累,水的光解减慢C.ATP合成所需的酶的活性受到抑制D.暗反应中生成的水削减,使得光反应的原料不足解析:光照条件相同,光反应速率基本不变,故叶绿素分子吸取光能的速率不变,ATP 合成酶的活性不变;加入抑制暗反应的药物后,暗反应减弱,消耗的三碳化合物、[H]、ATP削减,剩余的[H]、ATP、三碳化合物增多,故[H]积累,水的光解减慢。
2.(2022广东六校第一次联考)关于“绿叶中色素的提取和分别”试验的叙述,不正确的是( D )A.二氧化硅有助于研磨得充分B.用毛细吸管吸取少量滤液,画在滤纸条一端C.滤纸条插入时应留意滤液细线不能触及层析液D.叶绿素a的色素带最宽,溶解度最高解析:本题以叶绿体色素的提取和分别为载体,考查试验分析推断、综合运用学问的力量。
二氧化硅使研磨更充分,以提取更多色素;毛细吸管吸取少量滤液在滤纸条的一端画色素线,要画2～3次,且要细、齐、直,要在色素线干后再画;滤纸条上的色素细线不能没过层析液的液面,否则叶绿体色素会溶解在层析液中;叶绿素a含量最多,色素带最宽,但胡萝卜素在层析液中溶解度最高,在滤纸条上集中速度最快,在滤纸条的最上端。
3.(2022辽宁试验中学阶段性测试)离体的叶绿体在光照下进行稳定的光合作用时,假如突然中断CO2气体的供应,短时间内叶绿体中C3化合物与C5化合物及细胞中ATP 的相对含量的变化是( B )A. 上升、下降、上升B. 下降、上升、上升C.下降、上升、下降D. 上升、下降、下降解析:突然中断CO2气体的供应,导致消耗的C5化合物削减,所以C5化合物的含量在短时间内上升;而C3化合物的来源削减,所以短时间内C3化合物的含量下降;C3化合物的含量下降,消耗的ATP和[H]削减,所以短时间内ATP的含量上升。
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第一课神奇的货币
13、(1)市场上流通中实际需要的货币量是由货币流通规律支配的。
如果流通的货币量减少，商品交换受阻，会阻碍经济的发展。
如果流通的货币量过多，又会引起物价上涨，影响人民的生活和社会的经济秩序，加大通货膨胀的风险。
(2)要控制好货币总量。
当前我国内外部流动性充裕，通胀预期较强，通胀压力不断加大，需要通过货币政策回归稳健、控制物价过快上涨的货币条件。
我国实施稳健的货币政策，可以控制物价过快上涨，有利于提高人民生活水平；有利于创造良好的国内经济环境，从哪里经济平稳较快发展。
(3)要保持贷款总量合理适度增长。
当前，世界经济缓慢复苏，我国面临的经济形势具有复杂性和不确定性。
我国实施稳健的货币政策，通过贷款总量合理适度增长，达到刺激经济增长的目的，这是我国运用经济手段进行宏观调控的表现。
有利于改善企业的融资环境，提振的信心；有利于保持国内经济平稳较快发展。
第一课神奇的货币
14、(1)美元贬值、人民币升值，会抬高我国出口商的价格，
削弱其国际竞争力，不利于扩大出口，进而影响到就业和经济的平稳发展，也会造成我国持有的美元资产缩水，影响安全。
(2)人民币升值会影响美国在中国投资商的利益与国内消费者
的利益，美国经济无益。
(3)在应对全球金融危机的背景下，人民币大幅升值会影响世
界金融稳定，对世界经济复苏不利。
(4)汇率是一国调控经济的重要手段，中国根据世界经济形势
和自身经济运行情况统筹考虑，推进人民币汇率形成机制改革，有利于维护我国经济安全，保持人民生活安定与国际经济又好又快发展，有利于世界金融稳定和经济发展。
13、(1)价格变化对生产有调节作用。
钢铁价格的上涨，使得铁矿石企业利润增加，促使生产者扩大铁矿石生产规模。
铁矿石价格的上涨，使钢铁生产企业生产成本提高，从而使逐步缩小生产规模，导致粗钢产量逐年下降。
（2）钢铁企业必须遵循价值规律，积极应对原材料价格上涨。
钢铁企业通过采用先进技术，加强内部管理，提高劳动生产率，缓解原材料上涨对企业利润的压力。
在产品供不应求的情况下，钢铁企业可以适当提高钢铁产品的价格来保证企业的利润。
钢铁企业要积极调整生产结构，减少技术含量低的粗钢的生产，依靠自主创新，开发适应市场需要的技术含量高的钢铁产品，以质取胜，争创品牌，努力扩大市场份额。
14、(1)物价上涨对不同收入群体的影响不同：收入越低的群体由于其收入水平可能难以承受生活成本支出的不断增加，而导致生活水平明显下降，因而对物价上涨的关注程度、受影响程度就越高；收入高的群体虽然生活成本支出会增加，但其生活水平和质量不会下降，因而对物价上涨的关注程度、受影响程度就相对较低。
（结论）收入是消费的前提和基础，物价上涨会影响人们的购买力和消费量，因而影响到生活水平和生活质量。
（2）物价上涨原因：价值决定价格、供求关系影响价格。
物价上涨影响：物价持续上涨，会导致居民购买力下降，增加消费支出，生活水平下降；由于物价涨幅超过了银行利率，导致储蓄存款实际收益下降，因此会影响到居民的投资选择。
物价上涨对策：政府要加强宏观调控，采取有效措施，保持物价平稳，以促进经济社会的健康发展。