2019高考物理浙江二轮选考复习名师公开课省级获奖课件：微专题2
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C.2πκσ0
������ +������ ������ ������
(������2 +������2 )
B.2πκσ0 1/ 2 。
1/2 (������2 +������2 )
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E1 与 E2 方向相反,则两 图,2
关闭
������
D.2πκσ0
������ 2 +������ 2 1/2 ������ ������
(2������ )2
,- 对 m 的斥力为 。
F2=G
,两力的矢量和为 F=F1-F2=
23������������������ 100������ 2
考点1
-5-
【例2】如图所示,A、B、C、D、E是半径为r的圆周上等间距的 五个点,在这些点上各固定一个点电荷,除A点处的电荷量为-q外,其 余各点处的电荷量均为+q,则圆心O处( )
产生的电场强度 E'与点电荷产生的电场强度大小相等、方向相 4������ 4������ A.k������ 2 =k 4������ ;在 z 轴上 B.kz=ℎ 2 处,感应电荷产生的电场强度大小也为 反,E'=k 2 2 ℎ 9 ℎ 2 3ℎ 9ℎ 32 ������ 40������ 2 C.k 2 D.k 2 4������ ������ 9 ℎ 9 ℎ E',点电荷产生的电场强度大小 E=k 2 =k 2 ,E 与 E'方向相同,因此合 1ℎ ℎ 电场强度 E 合=E+E'=k40������ D 2 ,选项 D 正确。
考点1
-4-
解析 :填补法分析 :先将挖去部分填补回去,则可得到填补后的球 ������������ 体对 m 的引力 F 合 =G 2,这个 F 合实际上是如图阴影部分和挖去部
(2������)
分对 m 的引力的矢量和 ,即 F 合 =F'+F;而挖去部分对 m 的引力为 F'=G
1 ������· ������ 8 2 1 2������+ ������ 2
解析
答案
考点2
-8-
练2 如图所示,xOy平面是无穷大导体的表面,该导体充满z<0的 空间,z>0的空间为真空。将电荷量为q的点电荷置于z轴上z=h处, 则在xOy平面上会产生感应电荷。空间任意一点处的电场皆是由 点电荷和导体表面上的感应电荷共同激发的。已知静电平衡时导 关闭 ℎ z= 体内部电场强度处处为零,则在z轴上 处的电场强度大小为 (静 ℎ 2 导体处于静电平衡状态 电力常量为k)( ) ,内部电场强度为零,在 z 轴上 z=-2处,感应电荷
关闭
等效法分析:将题图 2 中空白部分看做是电荷面密度为 σ0 和-σ0 的 两部分的组合,其中面密度分别为 σ0 的部分与灰色部分组合在一起后 ������ 在 Q 点电场强度为 E1=2πκσ0(分析:r→∞,11/2=1),而面密度为-σ0
(������2 +������2 )
的部分在 Q 点电场强度为 图1 E2=2πκσ0 1者的矢量和为 2κσ 1 /0 2 A A.2πκσ0 2 2π
A.电场强度大小为 2 ,方向沿 OA 方向 B.电场强度大小为 2 ,方向沿 AO 方向 C.电场强度大小为
答案:C
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D.电场强度大小为
������ 2 2������������ ������ 2
,联立解得 F=
23������������������ 100������ 2 ������ ������ 8 ������������ 8 ������ 8
等效法分析 :空腔部分可看做是质量为 和 - 的均匀球体组成 ,其 中 部分与阴影部分对 m 的引力 F1=G
8 ������
1 ������ × ������ 8 2 1 2������ + ������ 2
考点1
-3-
【例1】如图所示,阴影区域是质量为M、半径为R的球体挖去一 个小圆球后的剩余部分。所挖去的小圆球的球心O'和大球体球心 ������ 间的距离是 2 。求球体剩余部分对球体外离球心O距离为2R、质 量为m的质点P的引力F。
答案:
23������������������ 100������2
考点1
-7-
练1 如图1所示,半径为R均匀带电圆形平板,单位面积电荷量为 σ,其轴线上任意一点P(坐标为x)的电场强度可以由库仑定律和电 ������ 1 场强度的叠加原理求出E=2πκσ (������ 2 + ������2 )1/2 ,方向沿x轴。现考虑单位 面积电荷量为σ0的无限大均匀带电平板,从其中间挖去一半径为r 的圆板,如图2所示。则圆孔轴线上任意一点Q(坐标为x)的电场强 度为( )
������ຫໍສະໝຸດ ������������电场强度 E'2 方向向上,大小为 2 ,E'2 与 E1 叠加,得到 C 答案。
������
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等效法分析:将A处的-q看做是+q和-2q组成,A点处+q与B、C、D、 E四点的+q在O点处合电场强度为零,这时,只需要考虑-2q在O点处 电场强度,直接得到答案C。 总结“等效法”的思路就是将“导致不对称的那个部分”视为“两个 相反部分”叠加在一起形成的,其中一部分与原来的其余部分组合 形成对称分布,从而达到简化计算的目的。
微专题二 等效法处理“填补法”类题目
考点1
-2-
在万有引力和静电场一章,有一类题目,在物质或电荷的几何分 布出现对称的破缺后,若直接用微元法和平行四边形定则求解,数 学计算繁杂。对这类题目,大多资料介绍的方法是填补法:若填补 这些空缺后,使得原来不对称的分布变成对称的分布,从而根据对 称性,用现有的物理规律即可获得待求的物理量。不过“填补法”需 要先填回去再挖掉,这样的反复对学生的思维能力要求较高。 为克服“填补法”的这个缺陷,在总结了大量类似题目后,这里提出 一种更直接的方法——等效法,这种方法从数学角度讲和“填补法” 是等价的,但是因为思路直接,对学生思维能力要求低,所以学生掌 握起来就相对容易一些。
,方向沿 OA 方向 ,方向沿 AO 方向
考点1
-6-
解析:填补法分析:先将A点处-q换成+q,这时由对称性可知,O点处 电场强度为零,这个零电场强度实际上是B、C、D、E四点的电荷 的合电场强度E1与A点处+q的电场强度E2的矢量和,由E1+E2=0可
知,E1 方向向上,大小为 2 ;然后将 A 点处+q 换回成-q,则-q 在 O 点的
������
C.2πκσ0
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(������2 +������2 )
B.2πκσ0 1/ 2 。
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E1 与 E2 方向相反,则两 图,2
关闭
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D.2πκσ0
������ 2 +������ 2 1/2 ������ ������
(2������ )2
,- 对 m 的斥力为 。
F2=G
,两力的矢量和为 F=F1-F2=
23������������������ 100������ 2
考点1
-5-
【例2】如图所示,A、B、C、D、E是半径为r的圆周上等间距的 五个点,在这些点上各固定一个点电荷,除A点处的电荷量为-q外,其 余各点处的电荷量均为+q,则圆心O处( )
产生的电场强度 E'与点电荷产生的电场强度大小相等、方向相 4������ 4������ A.k������ 2 =k 4������ ;在 z 轴上 B.kz=ℎ 2 处,感应电荷产生的电场强度大小也为 反,E'=k 2 2 ℎ 9 ℎ 2 3ℎ 9ℎ 32 ������ 40������ 2 C.k 2 D.k 2 4������ ������ 9 ℎ 9 ℎ E',点电荷产生的电场强度大小 E=k 2 =k 2 ,E 与 E'方向相同,因此合 1ℎ ℎ 电场强度 E 合=E+E'=k40������ D 2 ,选项 D 正确。
考点1
-4-
解析 :填补法分析 :先将挖去部分填补回去,则可得到填补后的球 ������������ 体对 m 的引力 F 合 =G 2,这个 F 合实际上是如图阴影部分和挖去部
(2������)
分对 m 的引力的矢量和 ,即 F 合 =F'+F;而挖去部分对 m 的引力为 F'=G
1 ������· ������ 8 2 1 2������+ ������ 2
解析
答案
考点2
-8-
练2 如图所示,xOy平面是无穷大导体的表面,该导体充满z<0的 空间,z>0的空间为真空。将电荷量为q的点电荷置于z轴上z=h处, 则在xOy平面上会产生感应电荷。空间任意一点处的电场皆是由 点电荷和导体表面上的感应电荷共同激发的。已知静电平衡时导 关闭 ℎ z= 体内部电场强度处处为零,则在z轴上 处的电场强度大小为 (静 ℎ 2 导体处于静电平衡状态 电力常量为k)( ) ,内部电场强度为零,在 z 轴上 z=-2处,感应电荷
关闭
等效法分析:将题图 2 中空白部分看做是电荷面密度为 σ0 和-σ0 的 两部分的组合,其中面密度分别为 σ0 的部分与灰色部分组合在一起后 ������ 在 Q 点电场强度为 E1=2πκσ0(分析:r→∞,11/2=1),而面密度为-σ0
(������2 +������2 )
的部分在 Q 点电场强度为 图1 E2=2πκσ0 1者的矢量和为 2κσ 1 /0 2 A A.2πκσ0 2 2π
A.电场强度大小为 2 ,方向沿 OA 方向 B.电场强度大小为 2 ,方向沿 AO 方向 C.电场强度大小为
答案:C
������ 2������������ ������ ������������
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D.电场强度大小为
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,联立解得 F=
23������������������ 100������ 2 ������ ������ 8 ������������ 8 ������ 8
等效法分析 :空腔部分可看做是质量为 和 - 的均匀球体组成 ,其 中 部分与阴影部分对 m 的引力 F1=G
8 ������
1 ������ × ������ 8 2 1 2������ + ������ 2
考点1
-3-
【例1】如图所示,阴影区域是质量为M、半径为R的球体挖去一 个小圆球后的剩余部分。所挖去的小圆球的球心O'和大球体球心 ������ 间的距离是 2 。求球体剩余部分对球体外离球心O距离为2R、质 量为m的质点P的引力F。
答案:
23������������������ 100������2
考点1
-7-
练1 如图1所示,半径为R均匀带电圆形平板,单位面积电荷量为 σ,其轴线上任意一点P(坐标为x)的电场强度可以由库仑定律和电 ������ 1 场强度的叠加原理求出E=2πκσ (������ 2 + ������2 )1/2 ,方向沿x轴。现考虑单位 面积电荷量为σ0的无限大均匀带电平板,从其中间挖去一半径为r 的圆板,如图2所示。则圆孔轴线上任意一点Q(坐标为x)的电场强 度为( )
������ຫໍສະໝຸດ ������������电场强度 E'2 方向向上,大小为 2 ,E'2 与 E1 叠加,得到 C 答案。
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等效法分析:将A处的-q看做是+q和-2q组成,A点处+q与B、C、D、 E四点的+q在O点处合电场强度为零,这时,只需要考虑-2q在O点处 电场强度,直接得到答案C。 总结“等效法”的思路就是将“导致不对称的那个部分”视为“两个 相反部分”叠加在一起形成的,其中一部分与原来的其余部分组合 形成对称分布,从而达到简化计算的目的。
微专题二 等效法处理“填补法”类题目
考点1
-2-
在万有引力和静电场一章,有一类题目,在物质或电荷的几何分 布出现对称的破缺后,若直接用微元法和平行四边形定则求解,数 学计算繁杂。对这类题目,大多资料介绍的方法是填补法:若填补 这些空缺后,使得原来不对称的分布变成对称的分布,从而根据对 称性,用现有的物理规律即可获得待求的物理量。不过“填补法”需 要先填回去再挖掉,这样的反复对学生的思维能力要求较高。 为克服“填补法”的这个缺陷,在总结了大量类似题目后,这里提出 一种更直接的方法——等效法,这种方法从数学角度讲和“填补法” 是等价的,但是因为思路直接,对学生思维能力要求低,所以学生掌 握起来就相对容易一些。
,方向沿 OA 方向 ,方向沿 AO 方向
考点1
-6-
解析:填补法分析:先将A点处-q换成+q,这时由对称性可知,O点处 电场强度为零,这个零电场强度实际上是B、C、D、E四点的电荷 的合电场强度E1与A点处+q的电场强度E2的矢量和,由E1+E2=0可
知,E1 方向向上,大小为 2 ;然后将 A 点处+q 换回成-q,则-q 在 O 点的
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(浙江专用)2019版高考物理大二轮复习微专题1平抛运动二级结论的一个妙用名师公开课省级获奖课件
A.1∶2 C.1∶ 2
答案:B
B. 3∶1 D.1∶ 3
Байду номын сангаас
-6-
解析:设小球在斜坡上的落点为A,过A点作末速度反向延长线,交 水平位移于C点,过A、C作两条竖直辅助线AD、CG,过A作一条水 平辅助线AF,交CG于E点,交QP于F点,如图所示。 则由几何关系,有 1 CD= x=AE=CE=EB,CE=y 2 B点为AP中点,故有BG=EB=CE, 故有PQ=CG=3y
-11-
【例1】如图所示,阴影区域是质量为M、半径为R的球体挖去一 个小圆球后的剩余部分。所挖去的小圆球的球心O'和大球体球心 ������ 间的距离是 2 。求球体剩余部分对球体外离球心O距离为2R、质 量为m的质点P的引力F。
答案:
23������������������ 100������2
=1
2
������ ������
过P点做末速度的反向延长线,交初速度所在直线于C点,由上式 1 可知,CD= 2 x,即C点是水平位移OD的中点。 二、结论妙用 在平抛物体与斜面、圆弧面等已知形状的障碍物组合的问题中, 若按上述方式过落点作末速度反向延长线,利用上述结论即可迅速 求出相应的水平位移x和竖直位移y,从而迅速解决平抛运动问题。
解析
答案
微专题二 等效法处理“填补法”类题目
-10-
在万有引力和静电场一章,有一类题目,在物质或电荷的几何分 布出现对称的破缺后,若直接用微元法和平行四边形定则求解,数 学计算繁杂。对这类题目,大多资料介绍的方法是填补法:若填补 这些空缺后,使得原来不对称的分布变成对称的分布,从而根据对 称性,用现有的物理规律即可获得待求的物理量。不过“填补法”需 要先填回去再挖掉,这样的反复对学生的思维能力要求较高。 为克服“填补法”的这个缺陷,在总结了大量类似题目后,这里提出 一种更直接的方法——等效法,这种方法从数学角度讲和“填补法” 是等价的,但是因为思路直接,对学生思维能力要求低,所以学生掌 握起来就相对容易一些。
2019版高考物理大二轮复习浙江专用名师公开课省级获奖课件：专题二 能量与动量 6
考点2
-10-
当堂练2 (2017浙江选考10月,10)如图所示,质量为60 kg的某运 动员在做俯卧撑运动,运动过程中可将她的身体视为一根直棒。已 知重心在c点,其垂线与脚、两手连线中点间的距离oa、ob分别为 0.9 m和0.6 m。若她在1 min内做了30个俯卧撑,每次肩部上升的距 离均为0.4 m,则克服重力做的功和相应的功率约为( )
考点1
-7-
当堂练1 (2017浙江建德学考模拟)运动员跳伞将经历加速下降 和减速下降两个过程,将运动员和伞看成一个系统,在这两个过程 中,下列说法正确的是( ) A.阻力始终对系统做负功 B.系统受到的合外力始终向下 C.合外力始终对系统做正功 D.任意相等的时间内重力做的功相等
关闭
在这两个过程中,阻力始终对系统做负功,选项A正确。加速下降时,系统 受到的合外力向下,合外力对系统做正功;减速运动时,系统受到的合外力
考点3
-12-
答案:A
解析:发动机功率为 P1 且汽车匀速运动时,v1=������1 ;发动机功率为 P2 且汽车匀速运动时,v2= 。某时刻开始,若 v0<v1,由 P=Fv 及 a=
������f ������2
f
������
������-������f ������
可知,汽车先做加速度逐渐减小的加速运动,直至速度达到v1;在t1时 刻,功率突然变大,牵引力突然变大,之后牵引力逐渐减至Ff,该阶段 汽车也是做加速度逐渐减小的加速运动,直至速度达到v2。故只有 选项A符合要求。
作三角形模型时有一定误差 故正确答案为 B。 B A.430 J,7 W B.4 300 J,70 ,W C.720 J,12 W D.7 200 J,120 W
2019高考物理浙江选考新增分二轮实用课件：专题二能量和动量2讲
√
2 C.3
1 D.7
图3
A 与 B 发生碰撞，选取向右为正方向，根据动量守恒可知： mv0 ＝
5mvB－ mav0.要使 A 球能再次追上 B球并相撞，且 A与固定挡板 P 发生弹性 1 碰撞，则av0>vB，由以上两式可解得：a> ，故B、C正确，A、D错误. 4
解析 答案
考点二
动量观点在电场和磁场中的应用
专题二 能量和动量
第2讲 动量和能量观点的应用
内容索引
考点一 考点二 考点三
动量与冲量有关概念与规律的辨析 动量观点在电场和磁场中的应用 动量和能量观点在电磁感应中的简单应用
考点一
动量与冲量有关概念与规律的辨析
1 基础知识梳理
1.动量定理 (1)冲量：力与力的作用时间的乘积叫做力的冲量，即I＝Ft，冲量是矢 量，其方向与力的方向相同，单位是N· s. (2)物理意义：动量定理表示了合外力的冲量与动量变化间的因果关系； 冲量是物体动量变化的原因，动量发生改变是物体合外力的冲量不为 零的结果. (3)矢量性：动量定理的表达式是矢量式，应用动量定理时需要规定正 方向.
＝10×10－3 kg，静止在桌子边缘上的F点，即x轴上x＝3 3m处； 现让甲球从金属板M
附近由静止开始在电场中加速，经y轴上y＝3 m处的E点， 垂直y轴射入磁场， 甲球恰好
能与乙球对心碰撞，碰后沿相反方向弹回， 最后垂直于磁场边界PQ射出， 而乙球落到
地面.假设在整个过程中甲球的电荷量始终保持不变，重力加速度g＝10 m/s2，则：
(2)近似适用条件：系统内各物体间相互作用的内力远大于它所受到的外力.
(3)如果系统在某一方向上所受外力的合力为零，则系统在该方向上动量
2019版高三物理第二轮复习课件第1部分板块2专题7动量和动量守恒定律
板块二 动能与能量 专题七 动量和动量守恒定律
高考统计·定方向
命题热点提炼
高考命题方向
五年考情汇总
1.动量和动量 定理
2.动量守恒定 律
3.碰撞与动量 守恒
2018·全国卷Ⅰ T14
动量和动量定理
2018·全国卷Ⅱ T15
2017·全国卷Ⅲ T20
动量守恒定律
2018·全国卷Ⅱ T24 2017·全国卷Ⅰ T14
B [列车启动的过程中加速度恒定，由匀变速直线运动的速度与时间关系 可知 v＝at，且列车的动能为 Ek＝12mv2，由以上整理得 Ek＝12ma2t2，动能与时间 的平方成正比，动能与速度的平方成正比，A、C 错误；将 x＝12at2 代入上式得 Ek＝max，则列车的动能与位移成正比，B 正确；由动能与动量的关系式 Ek＝2pm2 可知，列车的动能与动量的平方成正比，D 错误．]
Ft＝mv，代入数据解得 F≈1×103 N，所以 C 正确．]
3．(多选)(2017·全国卷Ⅲ)一质量为 2 kg 的物块在合外力 F 的作用下 从静止开始沿直线运动．F 随时间 t 变化的图线如图 1 所示，则( )
图1
A．t＝1 s 时物块的速率为 1 m/s B．t＝2 s 时物块的动量大小为 4 kg·m/s C．t＝3 s 时物块的动量大小为 5 kg·m/s D．t＝4 s 时物块的速度为零 [题眼点拨] ①“合外力 F 的作用下”说明力 F 的冲量等于物块动量的增 量；②“从静止开始沿直线运动”说明物块的初动量为零．
AB [由动量定理可得：Ft＝mv，故物块在 t＝1 s 时的速度 v1＝Fmt1＝2×2 1 m/s＝1 m/s，A 正确；物块在 t＝2 s 时的动量大小 p2＝Ft2＝2×2 kg·m/s＝4 kg·m/s， 在 t＝3 s 时的动量大小 p3＝(2×2－1×1) kg·m/s＝3 kg·m/s，故 B 正确，C 错误； 在 t＝4 s 时，I 合＝(2×2－1×2)N·s＝2 N·s，由 I 合＝mv4 可得 t＝4 s 时，物块的 速度大小 v4＝1 m/s，D 错误．]
高考统计·定方向
命题热点提炼
高考命题方向
五年考情汇总
1.动量和动量 定理
2.动量守恒定 律
3.碰撞与动量 守恒
2018·全国卷Ⅰ T14
动量和动量定理
2018·全国卷Ⅱ T15
2017·全国卷Ⅲ T20
动量守恒定律
2018·全国卷Ⅱ T24 2017·全国卷Ⅰ T14
B [列车启动的过程中加速度恒定，由匀变速直线运动的速度与时间关系 可知 v＝at，且列车的动能为 Ek＝12mv2，由以上整理得 Ek＝12ma2t2，动能与时间 的平方成正比，动能与速度的平方成正比，A、C 错误；将 x＝12at2 代入上式得 Ek＝max，则列车的动能与位移成正比，B 正确；由动能与动量的关系式 Ek＝2pm2 可知，列车的动能与动量的平方成正比，D 错误．]
Ft＝mv，代入数据解得 F≈1×103 N，所以 C 正确．]
3．(多选)(2017·全国卷Ⅲ)一质量为 2 kg 的物块在合外力 F 的作用下 从静止开始沿直线运动．F 随时间 t 变化的图线如图 1 所示，则( )
图1
A．t＝1 s 时物块的速率为 1 m/s B．t＝2 s 时物块的动量大小为 4 kg·m/s C．t＝3 s 时物块的动量大小为 5 kg·m/s D．t＝4 s 时物块的速度为零 [题眼点拨] ①“合外力 F 的作用下”说明力 F 的冲量等于物块动量的增 量；②“从静止开始沿直线运动”说明物块的初动量为零．
AB [由动量定理可得：Ft＝mv，故物块在 t＝1 s 时的速度 v1＝Fmt1＝2×2 1 m/s＝1 m/s，A 正确；物块在 t＝2 s 时的动量大小 p2＝Ft2＝2×2 kg·m/s＝4 kg·m/s， 在 t＝3 s 时的动量大小 p3＝(2×2－1×1) kg·m/s＝3 kg·m/s，故 B 正确，C 错误； 在 t＝4 s 时，I 合＝(2×2－1×2)N·s＝2 N·s，由 I 合＝mv4 可得 t＝4 s 时，物块的 速度大小 v4＝1 m/s，D 错误．]
2019高考物理浙江二轮选考复习课件：专题二能量与动量7
B 至 P 的水平距离
1 − ������������������ 2 2
������������ 2 -������������ 2 2ℎ 1 L= 2������������ +vC ������ =4-4 ������������ 2
4 + 5vC(m)
当 vC=1.6 m/s 时,P 至 B 的水平距离最大 LBC=3.36 m
第7 讲
动能定理的应用
-2-
动能定理解决恒力做功问题 【典题1】如图所示,用一块长L=1.0 m的木板在墙和水平地面间架 设斜面,斜面与水平地面的倾角θ可在0~60°间调节后固定,将质量 m=0.2 kg的小物块从斜面顶端静止释放,物块与斜面间的动摩擦因 数为μ1=0.05,物块与水平地面间的动摩擦因数为μ2=0.8,忽略物块 在斜面与水平地面交接处的能量损失。(已知重力加速度g取10 m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,最大静摩擦力等于滑动摩擦力)
3 1 2
1
-9-
动能定理解决变力做功问题 【典题2】(2018年4月浙江选考,20)如图所示,一轨道由半径为2 m 的四分之一竖直圆弧轨道AB和长度可调的水平直轨道BC在B点平 滑连接而成。现有一质量为0.2 kg 的小球从A点无初速度释放,经 过圆弧上B点时,传感器测得轨道所受压力大小为3.6 N,小球经过 1 BC段所受的阻力为其重力的 5 ,然后从C点水平飞离轨道,落到水平 地面上的P点,P、C两点间的高度差为3.2 m。小球运动过程中可视 为质点,且不计空气阻力,g取10 N/kg。
-6-
当堂练1 如图所示,借助一长为L的粗糙斜面,将一质量为m的物 体(视为质点)移上货车。第一次使物体以初速度v从斜面底端沿斜 3 面上滑,滑行的最大距离为 5 L;第二次使物体以相同的初速度向上 滑行的同时,施加沿斜面向上的恒定推力,作用一段距离后撤去该 力,物体继续上滑,恰好到达斜面顶端。
(浙江选考)2019届高考物理二轮复习-微专题1 平抛运动二级结论的一个妙用课件
下滑的加速度大小为 a=gsin 60°=
t
20
0 0
1
11
3
为 C.滑雪者沿斜坡
s'=vt0+ 0 2 = NP
v0t0,N、P
两点之间的高度差为 0s'sin
下滑的加速度大小为
2
4
20
11 3
15 3
15
3
60°=
v
t
,M、P
之间的高度差为
h=y+s'sin
60°=
v0t0,D 项正关闭
山坡上N点时速度方向刚好沿斜坡向下,接着从N点沿斜坡下滑,又
关闭
经t0时间到达坡底P处。已知斜坡NP与水平面夹角为60°,不计摩擦
3
滑雪者到达 N 点时的竖直分速度为 vy=gt0=v0tan 60°,得 g= 0,到达 N
0
阻力和空气阻力,则( )
0
点时的速度大小为 v=cos60°
=2v0,A 项不正确;M、N 两点之间的水平位
3
1
4
2
1
故 CB=y-BG= R- R= R
4
3
2
3
R· 3 = R
4
【例2】如图所示,小球由倾角为45°的斜坡底端P点正上方某一
位置Q处自由下落,下落至P点的时间为t1,若小球从同一点Q处以速
度v0水平向左抛出,恰好垂直撞在斜坡上,运动时间为t2,不计空气阻
力,则t1∶t2等于(
)
A.1∶2
C.1∶ 2
)
A.v1=v2 B.v1>v2
C.t1=t2 D.t1>t2
关闭
1
根据平抛运动的规律 h= gt2 知,运动的时间由下落的高度决定,故 t1>t2,
t
20
0 0
1
11
3
为 C.滑雪者沿斜坡
s'=vt0+ 0 2 = NP
v0t0,N、P
两点之间的高度差为 0s'sin
下滑的加速度大小为
2
4
20
11 3
15 3
15
3
60°=
v
t
,M、P
之间的高度差为
h=y+s'sin
60°=
v0t0,D 项正关闭
山坡上N点时速度方向刚好沿斜坡向下,接着从N点沿斜坡下滑,又
关闭
经t0时间到达坡底P处。已知斜坡NP与水平面夹角为60°,不计摩擦
3
滑雪者到达 N 点时的竖直分速度为 vy=gt0=v0tan 60°,得 g= 0,到达 N
0
阻力和空气阻力,则( )
0
点时的速度大小为 v=cos60°
=2v0,A 项不正确;M、N 两点之间的水平位
3
1
4
2
1
故 CB=y-BG= R- R= R
4
3
2
3
R· 3 = R
4
【例2】如图所示,小球由倾角为45°的斜坡底端P点正上方某一
位置Q处自由下落,下落至P点的时间为t1,若小球从同一点Q处以速
度v0水平向左抛出,恰好垂直撞在斜坡上,运动时间为t2,不计空气阻
力,则t1∶t2等于(
)
A.1∶2
C.1∶ 2
)
A.v1=v2 B.v1>v2
C.t1=t2 D.t1>t2
关闭
1
根据平抛运动的规律 h= gt2 知,运动的时间由下落的高度决定,故 t1>t2,
2019高考物理浙江选考新增分二轮专题五 加试选择题题型强化 第2讲
例3 (多选)(2017· 七彩阳光联盟联考)关于图8中现象的表述正确的是
图8 A.甲图中蝙蝠利用超声波定位 √
B.乙图中CT是利用β射线照射人体 D.丁图中夜视系统是利用不可见光中的紫外线
解析 答案
C.丙图中回路电阻和向外辐射电磁波造成振荡电流能量的减小 √
拓展训练
7.(多选)LC振荡电路中，某时刻磁场方向如图9所示， 则下列说法正确的是 A.此时电路中电流的方向为顺时针 √ B.若磁场正在减弱，则电容器上极板带正电 √ C.若电容器正在放电，则电容器上极板带正电 D.若电容器正在放电，则自感电动势正在阻碍电流增大 √
例2 (多选)如图6所示，下列四幅图对应的说法正确的是
图6
A.图甲是研究光的衍射 √
C.图丙是利用光的偏振
B.图乙是研究光的干涉 √ D.图丁是衍射图样 √
解析 答案
拓展训练
5.(多选)如图7所示，把一个凸透镜的弯曲表面压在另一个玻璃平面上， 让单色光从上方射入，这时可以看到亮暗相间的同心圆环，对这些亮暗 圆环的相关阐释合理的是 A.远离中心点处亮环的分布较密 √ B.用白光照射时，不会出现干涉形成的圆环 C.是透镜曲面上反射光与透镜上方平面上的 反射光干涉形成的 D.与同一亮环相对应的空气薄膜的厚度是相同的 √
D.若另一种光是黄色，P点和Q点都在O点的左边
图3
解析 答案
3.(多选)(2018· 台州市高三期末)如图4所示，一玻璃柱体的横截面为半圆
形，细的单色光束从空气射向柱体的O点(半圆的圆心)，产生反射光束1
和透射光束2，已知玻璃折射率为 3 ，入射角为45°，现保持入射光不
变，将半圆柱绕通过O点垂直于图面的轴线顺时针转过15°，如图中虚
解析 答案
(浙江选考)2019高考物理二轮复习-专题一 力与运动 第1讲 匀变速直线运动规律的应用课件
专题一 力与运动
第1讲 匀变速直线运动规律的应用
内容索引
考点一 运动学概念的辨析 考点二 匀变速直线运动规律的应用 考点三 自由落体运动规律的应用 考点四 运动学图象的理解
考点一
运动学概念的辨析
1 基础知识梳理
1.矢量和标量：矢量既有大小又有方向，运算遵守平行四边形定则；标 量只有大小，没有方向，运算遵守代数加减法. 2.位移和路程：位移是从初位置到末位置的有向线段，是矢量；而路程 是运动轨迹的长度，是标量. 3.平均速度： (1) v ＝xt是定义式，适用于任何运动； (2) v ＝v0＋2 v只适用于匀变速直线运动.
运送到地面.某一竖井的深度为104 m，升
降机运行的最大速度为8 m/s，加速度大
小不超过1 m/s2.假定升降机到井口的速度
为0，则将矿石从井底提升到井口的最短
时间是
√A.13 s
B.16 s
C.21 s
D.26 s
图5
解析 答案
拓展训练
6.(2018·嘉兴市期末)在平直的小区道路上，一毛开着玩具车正以7.2 km/h
√B.根据导航图中的数据可以预估“常规路线”行车的
平均速度约为59.7 km/h
C.图中显示的“59分钟”是指时间
D.途中经过“三都岭隧道”，进入隧道前路边竖有限
速标志80，指的是车辆经过隧道过程中，瞬时速度
不能超过80 km/h
12345
图3
答案
5.[速度与加速度]如图4甲所示，火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到
3.分析交点、转折点、渐近线 (1)交点：往往是解决问题的切入点. (2)转折点：满足不同的函数关系式，对解题起关键作用. (3)渐近线：往往可以利用渐近线求出该物理量的极值或确定它的变化 趋势.
第1讲 匀变速直线运动规律的应用
内容索引
考点一 运动学概念的辨析 考点二 匀变速直线运动规律的应用 考点三 自由落体运动规律的应用 考点四 运动学图象的理解
考点一
运动学概念的辨析
1 基础知识梳理
1.矢量和标量：矢量既有大小又有方向，运算遵守平行四边形定则；标 量只有大小，没有方向，运算遵守代数加减法. 2.位移和路程：位移是从初位置到末位置的有向线段，是矢量；而路程 是运动轨迹的长度，是标量. 3.平均速度： (1) v ＝xt是定义式，适用于任何运动； (2) v ＝v0＋2 v只适用于匀变速直线运动.
运送到地面.某一竖井的深度为104 m，升
降机运行的最大速度为8 m/s，加速度大
小不超过1 m/s2.假定升降机到井口的速度
为0，则将矿石从井底提升到井口的最短
时间是
√A.13 s
B.16 s
C.21 s
D.26 s
图5
解析 答案
拓展训练
6.(2018·嘉兴市期末)在平直的小区道路上，一毛开着玩具车正以7.2 km/h
√B.根据导航图中的数据可以预估“常规路线”行车的
平均速度约为59.7 km/h
C.图中显示的“59分钟”是指时间
D.途中经过“三都岭隧道”，进入隧道前路边竖有限
速标志80，指的是车辆经过隧道过程中，瞬时速度
不能超过80 km/h
12345
图3
答案
5.[速度与加速度]如图4甲所示，火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到
3.分析交点、转折点、渐近线 (1)交点：往往是解决问题的切入点. (2)转折点：满足不同的函数关系式，对解题起关键作用. (3)渐近线：往往可以利用渐近线求出该物理量的极值或确定它的变化 趋势.