【2014潮州二模】广东省潮州市2014届高三第二次模拟考试物理试题 Word版含答案

2014潮州二模理综物理部分13.在给自行车轮胎快速打入空气（可看成理想气体）的过程中，对于轮胎内的气体。

下列说法中正确的是：（）A.压强不变B.内能增加C.分子平均动能不变D.分子势能增加14.厦深铁路于2013年12月28日全线正式运营。

假设列车从潮汕站开出后某段时间内做匀加速直线运动，速度由25km/h增加到50km/h 所用时间为t1、位移为x1；速度由50km/h增加到75km/h所用时间为t2、位移为x2。

以下说法正确的是（）A．t1> t2B．x1= x2C．t1<t2D．x1<x215.下列说法中正确的是（）A．电容器所带的电量是指两极板所带的电量绝对值之和B．平行板电容器间的距离增大则电容减小C．日本福岛核电站核泄漏物质是核聚变引起的D．β衰变的电子来自于原子最外层电子16.天空发生闪电之前，通常可以看到互相靠近带电云层A 和带电云层B。

以下说法正确的是（）A．B的加速度越来越小B．B做匀变速直线运动C．B运动所处环境的电场强度越来越大D．B运动中系统电势能越来越大17．如图，一木块放置在水平地面上，刚开始受到一个逐渐增大的水平力F作用，当木块开始滑动时立刻保持力F不变（最大静摩擦略大于滑动摩擦），下列说法中正确的是（）A．木块未被拉动前静摩擦力逐渐增大B．木块未被拉动前最大静摩擦力逐渐增大C．木块被拉动后做匀速直线运动ArrayD．木块被拉动后做匀加速直线运动18．如图所示，L 1、L 2是理想变压器的两个线圈，如果把它当做降压变压器，则当接负载正常工作后，下列说法中正确的是（ ）A ．L 1接电源B ．L 2接电源C ．L 1 、L 2两端电压之比为4∶1D ．L 1 、L 2电流之比为4∶119．如图所示为氢原子能级示意图，现有大量的氢原子处于n =4的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干不同频率的光。

下列说法正确的是（ ）A ．这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光B ．由n =2能级跃迁到n =1能级产生的光频率最小C ．由n =4能级跃迁到n =1能级过程中原子的能量在增加D ．用n =2能级跃迁到n =1能级辐射出的光照射逸出功为6.34eV 的金属铂能发生光电效应A ．从a 点到b 点的过程中，“嫦娥三号”受到的月球引力减小B ．从a 点到b 点的过程中，月球引力对“嫦娥三号”做正功C ．从a 点到b 点的过程中，“嫦娥三号”飞行的线速度减小D ．从a 点到b 点的过程中，“嫦娥三号”与月球系统的引力势能减少21．如图是比荷相同的两粒子从O 点垂直进入直线边界匀强磁场区域的运动轨迹。

则下列说法正确的是：（ ）A ． a 带正电，b 带负电B ． a 的带电量比b 的带电量小C ． a 运动的速率比b 的小E n /eV0 -0.85 -1.51 -3.4 -13.6n 1 23 4 ∞12匝 bOD ． a 的运动时间比b 的短 34．（18分）（Ⅰ）某课外小组计划用水果制作水果电池，并测量水果电池的电动势（E ）和内阻（r ）。

他们将铜片、锌片插入水果中，制成了“水果电池”。

某同学连接如图所示的实物图。

（1）实物图中有两处导线连接错误（电表量程正确），分别是导线_______和导线________。

（用“A ”～“F ”表示）（2）更正电路后，改变滑动变阻器的阻值，甲乙两同学记录电压表和电流表的读数如下表所示。

在数据处理时两位同学意见出现分歧，甲同学认为只需选择其中两组数据便可以得出E 、r ，如甲只选择第3、第4两组数据，请为他求出r= 。

乙则认为需利用六组数据，用作图法在U-I 图象中也可求出电动势内电阻，如乙用以上六组数据作U-I 图象，你认为他应先剔除第 组数据后再连线。

对比两位同学的做法，你认为 同学做法相对来说更能精确测出实验结果。

（结果保留三位有效数字）（Ⅱ）某兴趣小组为测一遥控电动小车的额定功率，进行了如下实验：①用天平测出电动小车的质量为0.3kg ；②将电动小车、纸带和打点计时器按如图所示安装；③接通打点计时器（其打点周期为0.02s ）；④使电动小车以额定功率加速运动，达到最大速度一段时间后关闭小车电源，B待小车静止时再关闭打点计时器。

在上述过程中，打点计时器在纸带上所打的部分点迹如图所示。

请你分析纸带数据，回答下列问题（计算结果取两位有效数字）：（1）小车的整个运动过程依次是： （选填匀加速或变加速）、匀速、匀减速；（2）该电动小车运动的最大速度为 m/s ； （3）小车是在 段关闭电源；（4）该电动小车被关闭电源后加速度大小为 m/s 2； （5）该电动小车的额定功率为 。

35．（18分）如图A 所示，一能承受最大拉力为16N 的轻绳吊一质量为m=0.8kg 边长为L=m 2正方形线圈ABCD ，已知线圈总电阻为R=0.5Ω,在线圈上半部分布着垂直于线圈平面向里，大小随时间变化的磁场，如图B 所示，已知t 0时刻轻绳刚好被拉断，g=10m/s 2求：（1）在轻绳被拉断前线圈感应电动势大小及感应电流的方向； （2）t=0时AB 边受到的安培力的大小； （3）t 0 的大小。

36．（18分）如图所示，倾角为 =370的斜面底端有一轻质弹簧，左端与挡板A 连接，斜面顶端与一光滑圆管平滑对接。

斜面上有凹槽M ，槽M 内靠近左侧壁C图A图B3 2 1 t/s（但刚好不粘连）有一光滑滑块N ，槽M 的内侧左右各带有一粘性物质（两物体相碰会粘在一起）,刚开始M 、N 两者均被锁定。

现斜面上有一光滑小球P 以速度V 0=9m/s 与槽M 发生碰撞, 并以速度v 1=3m/s 反弹。

在碰撞瞬间同时释放M 、N 两物体。

已知N 的质量为m 1=1kg 、M 的质量为m 2=3kg 、P 质量为m 0=1.5kg 、M 与斜面之间的动摩擦因数为μ=43、槽长L=3m 、圆弧半径R=0.25m ,且圆心D 与C 点等高。

AB 足够长、小球直径略小于管的内径，忽略槽M 两侧厚度、N 的大小，g=10m/s 2 求：（1）P 滑至圆管最高点E 时对圆管压力大小 ； （2）被小球撞后M 、N 经多长时间粘在一起 ； （3）槽M答题卡：34（18分）.（Ⅰ）（1）导线和导线（2）r= ；；（Ⅱ）（1）；（2）m/s；；（3）（4）m/s2；（5）。

35（18分）.36（18分）.C图A图B321t/s（2）41.7Ω；1；乙 每空2分 （Ⅱ）（1）变加速（2）1.5（3）DE （4）2.0；（5）0.90 W 每空2分 35.解：（1）由电磁感应定律可知：22L t B s tB∆∆=∆∆=ε ………………………………………………………2分 ()V12212=⨯=V ……………………………………………………………2分由楞次定律知电流方向为逆时针方向………………………………………2分 （2）由闭合电路欧姆定律知回路中的电流：A RI 2==ε………………………………………………………………3分AB 边受到安培力：N N BIL F 22221=⨯⨯==…………………………………………………2分 (3)当轻绳刚被拉断时受力如图所示T =+'mg cos45F 2 ………………………………………………………………2分 解得N F 24=' ………………………………………………………………1分 由T ILB IL B F 2F ='=''='得……………………………………………………2分 由图知s t 10= …………………………………………………………………2分 36.解：小球P 反弹至最高点E 过程中机械能守恒： 2002102121E v m gR m v m += …………………………………………… …………2分 解得s m gR V v E/2221=-=………………………………………1分在最高点假设球与管的上侧接触则由牛顿第二定律有：Rmv N g m E20=+ …………………………………………………………………2分mgTF 'F '解得N=9N 说明与管上侧接触 ………………………………………………1分 由牛顿第三定律知球对轨道压力N N 9N ==' ………………………………1分 （2）m 0 、m 2相撞动量守恒：221000v m v m v m +-= …………………………………………………………… 1分解得sm m v v m v /6)(20102=+=………………………………………………………………1分 撞后N 做匀加速直线运动由牛顿第二定律有：21111/6sin sm a a m g m ==θ ………………………………………………………………1分对M 做匀减速直线运动由牛顿第二定律有：()θθμsin cos 22122g m g m m a m -+=解得22/2s m a = ……………………………………………………………… 1分 假设N 与M 左侧相碰当两者共速时N 离槽M 的左侧距离最大11122t a t a v =- 得s t 75.01=m m t a t a t v L 325.2212121121212<=--=∆说明没有与右侧相碰 ………………1分设两者相撞所需的时间为t 2则有221222222121t a t a t v =- 得s t 5.12= …………………………………………………………………1分 因槽减速到速度为零的时间2223t s a v t >==∆ 故两者相撞所需的时间为1.5s …………………………………………………1分 （3）从M 被P 撞后一直到与弹簧接触之前对M 、N 有()()θμθcos sin 2121g m m g m m +=+ ……………………………… 1分 故系统动量守恒：()32122v m m v m +=得粘后的共同速度s m v /5.42= ……………………………………………… 1分 用其它方法求解共同速度同样给总分2分因系统未与弹簧接触之前做匀速运动故弹簧弹性势能最大值为()J v m m E P 5.40212321=+=…………………………………………………… 2分。