【2014嘉兴二模】浙江省嘉兴市2014届高三教学测试(二)物理 扫描版含答案
【名师解析】浙江省金丽衢十二校2014届高三第二次联考物理试题
2014年浙江省金丽衢十二校高考物理二模试卷一、选择题（本题共4小题．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．）1．（6分）（2014•浙江二模）2013年12月14日晚上21点，嫦娥三号探测器稳稳地落在了月球．月球离地球的平均距离是384400km；中国第一个目标飞行器和空间实验室“天宫一号”的运行轨道高度为350km，它们的绕地球运行轨道均视为圆周，则（）A．月球比“天宫一号”速度大B．月球比“天宫一号”周期长C．月球比“天宫一号”角速度大D．月球比“天宫一号”加速度大【考点】：万有引力定律及其应用．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据万有引力等于向心力，分别得出速度、周期、角速度和加速度与轨道半径的关系，即可进行比较．【解析】：解：对于任一绕运行的卫星，根据万有引力等于向心力得：G=m=m=mω2r=ma则得：v=，T=2π，ω=，a=可知，卫星的轨道半径越大，线速度、角速度和加速度越小，而周期越大．据题知月球的轨道半径比“天宫一号”的大，则月球比“天宫一号”速度、角速度和加速度都小，周期比“天宫一号”长．故ACD错误，B正确．故选：B【点评】：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一基本思路，并能灵活运用向心力公式，由万有引力定律和向心力公式解题．2．（6分）（2014•浙江二模）足球比赛中，几万观众自发在观众席上进行人浪游戏．从看台A区到B区的观众依次做下列动作：起立﹣举起双臂﹣坐下，呈现类似波浪的效果．下列关于人浪说法正确的是（）A．当人浪从看台A区传到B区时，很多观众也从看台A区跑到B区B．人浪从看台A区传到B区的速度由观众从看台A跑到看台B区的速度决定C．观众“起立﹣举起双臂﹣坐下“的动作越频繁，人浪传播的速度越快D．人浪的传播是观众动作形式的传播【考点】：波的形成和传播．【分析】：人浪游戏类似于横波，观众只在自已的座位上做动作，并不向前移动．人浪的传播是观众动作形式的传播．【解析】：解：A、B、当人浪从看台A区传到B区时，观众只各自的座位上起立﹣坐下，并不向前移动，所以并不是观众从看台A区跑到B区，故AB错误．C、人浪传播的速度与观众“起立﹣举起双臂﹣坐下“的动作快慢没有关系，故C错误．D、观众动作相当于振动，人浪相当于横波，人浪的传播是观众动作形式的传播，故D正确．故选：D．【点评】：本题要抓住人浪游戏与横波相似性，分析其形成的原因、传播速度．3．（6分）（2014•浙江二模）太空深处有一均匀带负电的星球P，有一也带负电的极小星体Q沿如图所示的路径ABC掠过星球，B点是两者的最近点．忽略其他天体的影响，运动过程中万有引力始终大于静电力．则（）A．极小星体Q在A点的动能比B点大B．极小星体Q在A点的电势能比B点大C．极小星体Q在A点所受的电场力比B点大D．星球P产生的电场在A点的电势比B点高【考点】：电势能；电场强度；电势．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：小星体在运动过程中只受到万有引力和静电力，根据合外力做功正负分析动能的变化．根据电场力做功正负判断电势能的变化．由库仑定律分析电场力的大小．根据负电荷的电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线电势降低，判断电势的高低．【解析】：解：A、极小星体Q在运动过程中只受到万有引力和静电力，万有引力指向P，静电力是斥力，离背P，由于万有引力始终大于静电力，两者的合力方向始终指向P，与速度方向的夹角先小于90°，后大于90°，则合外力先做正功后做负功，根据动能定理得知从C到B动能增大，从B到A动能减小．所以Q在A点的动能比B点小．故A错误．B、从B到A，静电力一直做正功，星体Q的电势能减小，所以Q在A点的电势能比B点小，故B错误．C、星体Q与P点的距离在B点最小，根据库仑定律可知Q在A点所受的电场力比B点小，故C错误．D、根据负电荷的电场线从无穷远处指向负电荷，顺着电场线电势降低，则知星球P产生的电场在A点的电势比B点高，故D正确．故选：D．【点评】：本题关键要掌握常见的功与能的关系：动能的变化与合外力做功有关、电势能变化与电场力做功有关，知道负电荷电场线的分布情况，根据电场线的方向可判断电势的高低．4．（6分）（2014•浙江二模）特战队员在进行素质训练时，抓住一端固定在同一水平高度的不同位置的绳索，从高度一定的平台由水平状态无初速开始下摆，如图所示，在到达竖直状态时放开绳索，特战队员水平抛出直到落地．不计绳索质量和空气阻力，特战队员可看成质点．下列说法正确的是（）A．绳索越长，特战队员落地时的水平位移越大B．绳索越长，特战队员在到达竖直状态时绳索拉力越大C．绳索越长，特战队员落地时的水平速度越大D．绳索越长，特战队员落地时的速度越大【考点】：平抛运动；机械能守恒定律．【专题】：平抛运动专题．【分析】：根据动能定理、结合平抛运动的规律推导出水平位移的表达式，从而确定何时水平位移最大．根据牛顿第二定律求出在最低点的拉力，确定拉力的大小．【解析】：解：A、设高度为H，绳长为L，根据动能定理得：mgL=，解得：v=，根据H﹣L=，t=，得水平位移为：x==，知当L=时，水平位移最大．故A错误．B、在最低点，根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m，解得：F=mg+m=3mg，与绳索的长度无关．故B错误．C、绳索越长，摆到最低点的速度越大，则平抛运动的初速度越大，落地时水平速度越大．故C正确．D、对全过程运用动能定理得：mgH=，得：v=，与绳索的长度无关．故D错误．故选：C．【点评】：本题考查了动能定理与圆周运动和平抛运动的综合，知道圆周运动向心力的来源和平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键．二、选择题（本题共3小题，在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的，全都选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．）5．（6分）（2014•浙江二模）下列关于使用和乘坐小汽车的说法，符合实际情况的是（）A．小汽车的司机和前排乘客必须系好安全带，这样可以防止惯性的危害B．小汽车车尾的导电链是为了防止静电积聚C．小汽车前大灯和挡风玻璃覆盖的偏振片能使驾驶员消除对面车灯的强烈炫光D．小汽车防雾灯一般为橙黄色光，橙黄色光的波长较短，穿透力弱【考点】：光的偏振；惯性．【分析】：系好安全带，这样可以防止惯性的危害；导电链是为了防止静电积聚；偏振片能使驾驶员消除对面车灯的强烈炫光；橙黄色光的波长较长，穿透力强，从而即可求解．【解析】：解：A、司机和前排乘客必须系好安全带，当运动状态突然变化时，可以防止惯性，带来的危害，故A正确；B、车尾的导电链，可以及时导走由摩擦产生的大量静电，故B正确；C、前大灯和挡风玻璃覆盖的偏振片，当偏振方向相互垂直时，使进入驾驶员眼中的光较少，故C正确；D、防雾灯一般为橙黄色光，橙黄色光的波长较长，穿透力强，故D错误；故选：ABC．【点评】：考查惯性的概念、静电的防止与偏振的应用，理解波长的长短对衍射强弱的影响．注意惯性不是因状态变化，而出现的，总是存在的．6．（6分）（2014•浙江二模）运动学中有人认为引入“加速度的变化率”没有必要，然而现在有人指出“加速度的变化率”能引起人的心理效应，车辆的平稳加速（即加速度基本不变）使人感到舒服，否则人感到不舒服，关于“加速度的变化率”，下列说法正确的是（）A．从运动学角度的定义，“加速度的变化率”的单位应是m/s3B．加速度的变化率为0的运动是匀速直线运动C．若加速度与速度同方向，如图所示的a﹣t图象，表示的是物体的速度在减小D．若加速度与速度同方向，如图所示的a﹣t图象，已知物体在t=0时速度为5m/s，则2s末的速度大小为8m/s【考点】：加速度．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：速度的变化率是指加速度的变化与所用时间的比值，加速度变化率为0的运动是指加速度保持不变的运动，加速与速度同向物体做加速运动，加速度与速度反向做减速运动．【解析】：解：A、加速度的变化率是指加速度的变化与所用时间的比值，即，根据单位制知，其单位为m/s3，故A正确；B、加速度变化率为0是指加速度保持不变，如果加速度为0则物体做匀速直线运动，如果加速度不为0，则物体做匀变速运动，故B错误；C、若加速度与速度同向，则物体作加速运动，如图示加速度减小，则物体速度增加得变慢了，但仍是加速运动，故C错误；D、根据v﹣t图象可知，图象与时间轴所围图形面积表示物体的位移，同理在a﹣t图象中可知图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量即△v，则得：△v=m/s=3m/s．由于加速度与速度同向，故物体做变加速直线运动，已知初速度为5m/s，则小球在2s末的速度为8m/s，故D正确．故选：AD【点评】：本题主要考查物体运动时加速度的定义，知道在a﹣t图象中图象与时间轴所围图形的面积表示物体速度的变化量，能理解加速运动与减速运动由加速度与速度方向决定而不是由加速度的大小变化决定．7．（6分）（2014•武汉模拟）中国版“野牛”级重型气垫船，自重达540吨，最高时速为108km/h，装有M﹣70大功率燃气轮机，该机额定输出功率为8700kW．假设“野牛”级重型气垫船在海面航行过程所受的阻力f与速度v成正比，即f=kv．（）A．“野牛”级重型气垫船的最大牵引力为2.9×105NB．在额定输出功率下以最高时速航行时，气垫船所受的阻力为2.9×105NC．以最高时速一半的速度匀速航行时，气垫船发动机的输出功率为4350kWD．从题中给出的数据，能计算阻力f与速度v的比值k【考点】：功率、平均功率和瞬时功率；摩擦力的判断与计算．【专题】：功率的计算专题．【分析】：以额定功率启动，当阻力等于牵引力时，速度最大，根据P=Fv求解阻力，再根据f=kv求解k值，当速度为最高速的一半时，根据F=f=k求解此时的牵引力，再根据P=F求解此时的功率．【解析】：解：A、在额定输出功率下以最高时速航行时，根据P=Fv得：F==2.9×105N，此时匀速运动，则f=F=2.9×105N，若以恒定牵引力启动时，开始的牵引力大于匀速运动的牵引力，所以最大牵引力大于2.9×105N，根据f=kv得：k=，故A错误，BD正确；C、以最高时速一半的速度匀速航行时，F=f=k=N，则P=Fv=1.45×105×15=2175kW，故C错误．故选：BD【点评】：此题主要考查的是学生对功率计算公式的灵活应用和功率变形公式的理解掌握，以及对二力平衡知识的应用，有一定难度．三、非选择题部分8．（6分）（2014•浙江二模）在用电火花计时器“研究匀变速直线运动”的实验中，如图所示是一次记录小车车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点未画出．（电源频率为50Hz）（1）根据运动学有关公式可求得：v B=1.38m/s，v C= 2.64m/s，v D=3.90m/s；（保留三位有效数字）（2）若利用求得的数值作出小车的v﹣t图线（以打A点时开始计时），将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是0.10m/s，此速度的物理意义是从A点开始计时时，小车的速度为0.10m/s．【考点】：探究小车速度随时间变化的规律．【专题】：实验题．【分析】：（1）纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．（2）图线延长与纵轴相交，交点的物理意义是打点计时器打下计时点A时纸带对应的速度．【解析】：解：（1）电源频率为50Hz，则周期为0.02s，相邻计数点间还有四个点未画出，则可知相邻计数点间的时间为0.1s，利用匀变速直线运动的推论可知平均速度等于中间时刻的瞬时速度：v C===2.64m/s；（2）v﹣t图象延长线与纵轴的交点坐标值是：打点计时器打下计时点A时纸带对应的速度，小车的速度为0.10m/s．故答案为：（1）2.64；（2）从A点开始计时时，小车的速度为0.10 m/s．【点评】：纸带问题单位一般不是m，要注意单位的换算，处理纸带的问题，我们要熟悉匀变速直线运动的特点，以及相应的推论．9．（14分）（2014•浙江二模）为探究小灯泡的电功率P和电压U的关系，小伙伴测量小灯泡的电压U和电流I，利用P=UI得到电功率．实验所使用的小灯泡规格为“6.0V，3.0W”，电源为12V的电池，滑动变阻器的最大阻值为10Ω．（1）小伙伴预先用多用表测量小灯泡的电阻，选用“×10”倍率的电阻档测量，发现多用电表指针偏转过大，因此需选择×1倍率的电阻档（填“×1”或“×100”），并重新进行欧姆调零再进行测量，多用表的求数如图1所示，测量结果为1Ω，对照小灯泡规格你认为此测量结果正确吗？正确（填“正确”、“不正确”）；（2）请依据准备使用的实物电路图2，在如图3的方框内画出完整的电路图；（3）小伙伴处理数据后将P、U2描点在坐标纸上，并作出了一条直线，如图4所示．请指出图象中不恰当的地方：图线不应画成直线；（4）测量结束后，应先断开开关，拆除电池两端的导线，再拆除其他导线，最后整理好器材．【考点】：描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题．【分析】：（1）使用欧姆表测电阻时要选择合适的档位使指针指在表盘中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表阻值示数与档位的乘积是欧姆表示数．（2）根据实物电路图作出实验原理图．（3）画图象时若各点不在一条直线上时，应用平滑的曲线连接；（4）实验结束后，要整理实验器材．【解析】：解（1）用多用表测量小灯泡的电阻，选用“×10”倍率的电阻档测量，多用电表指针偏转过大，说明所选档位太大，为准确测量应换小挡，因此需选择×1倍率的电阻档，并重新进行欧姆调零再进行测量；由图1所示可知，测量结果为1×1=1Ω；灯泡电阻随温度的升高而增大，在常温下灯泡电阻小于灯泡正常发光时的电阻阻值，此测量结果是正确的．（2）根据实物电路图作出实验电路图，实验电路图如图所示：（3）应用描点法作图，应选择合适的标度，根据实验数据在坐标系内描出对应的点，然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出图象，由图4所示图象可知，该图象的错误之处为：图线不应画为直线．（4）测量结束后，应先断开开关，拆除电池两端的导线，再拆除其他导线，最后整理好器材．故答案为：（1）×1；重新进行欧姆调零；1；正确；（2）电路图如图所示；（3）图线不应画成直线；（4）电池．【点评】：（1）使用欧姆表测电阻时要选择合适的档位使指针指在表盘中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表阻值示数与档位的乘积是欧姆表示数（2）应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握描点法作图的方法；应用描点法作图，应选择合适的标度，根据实验数据在坐标系内描出对应的点，然后用平滑的曲线把各点连接起来，作出图象，由图2所示图象可知，该图象的错误之处有：a、图线不应画为直线，10．（16分）（2014•浙江二模）汽车在行驶中，当驾驶员发现紧急情况直至踩下制动作用之前的这段时间称为反应时间，反应时间内车辆行驶的距离称为反应距离．汽车制动距离是指驾驶员踩下制动踏板产生作用至汽车完全停止时，轮胎在路面上出现明显的拖印的距离．汽车行驶的安全距离为反应距离和制动距离之和．某汽车以30km/h的速度行驶在柏油路面上的制动距离为5.0m，在冰雪路面上的制动距离为15m．不计空气阻力，取g=10m/s2．（1）求汽车轮胎与柏油路面间的动摩擦因数；（2）若汽车以90km/h的速度在柏油路面上行驶的安全距离为60m，求驾驶员的反应时间；（3）若汽车以90km/h的速度在冰雪路面上行驶，驾驶员看到前方108m处有静止的事故汽车，立即制动（不计反应时间）后还是与静止的事故汽车追尾，求汽车追尾瞬间的速度．【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车与柏油路面间的加速度，结合牛顿第二定律求出动摩擦因数的大小．（2）根据速度位移公式求出制动距离的大小，从而得出反应距离，根据反应时间内做匀速直线运动求出驾驶员的反应时间大小．（3）根据速度位移公式求出汽车在冰雪路面上与事故车追尾的速度．【解析】：解：（1）30km/h=根据速度位移公式得，汽车制动的加速度大小．根据牛顿第二定律得，，解得μ1=0.7．（2）根据得，初速度变为原来的3倍，则制动距离变为原来的9倍，即制动距离x=5×9m=45m．则反应时间内的位移x1=60﹣45m=15m，则反应时间．（3）90km/h=25m/s，汽车在冰面上制动的加速度大小．根据v′2﹣v2=2a2x′，解得m/s≈11.3m/s．答：（1）汽车轮胎与柏油路面间的动摩擦因数为0.7；（2）驾驶员的反应时间为0.6s；（3）汽车追尾瞬间的速度为11.3m/s．【点评】：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的基本运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．11．（20分）（2014•浙江二模）“电磁炮”是利用电磁力对弹体加速的新型武器，具有速度快，效率高等优点．如图是“电磁炮”的原理结构示意图．光滑水平加速导轨电阻不计，轨道宽为L=0.2m．在导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B=1×102T．“电磁炮”弹体总质量m=0.2kg，其中弹体在轨道间的电阻R=0.4Ω．可控电源的内阻r=0.6Ω，电源的电压能自行调节，以保证“电磁炮”匀加速发射．在某次试验发射时，电源为加速弹体提供的电流是I=4×103A，不计空气阻力．求：（1）弹体所受安培力大小；（2）弹体从静止加速到4km/s，轨道至少要多长？（3）弹体从静止加速到4km/s过程中，该系统消耗的总能量；（4）请说明电源的电压如何自行调节，以保证“电磁炮”匀加速发射．【考点】：安培力；功能关系．【分析】：当导轨上通入电流后，炮弹在安培力的作用下，做初速度为零匀加速直线运动，因此根据牛顿第二定律求出加速度然后利用运动学公式即可求解．消耗的总能量转化为弹体的动能和热量；由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应增大，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流，是电磁炮匀加速发射．【解析】：解：（1）在导轨通有电流I时，炮弹作为导体受到磁场施加的安培力为：F=ILB=8×104N（2）由动能定理：Fx=弹体从静止加速到4000m/s，轨道至少要x==20m（3）由F=ma，v=at发射过程产生的热量：Q=I2（R+r）t=1.6×105J弹体的动能：系统消耗的总能量E=E k+Q=1.76×106J（4）由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应增大，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流，是电磁炮匀加速发射．答：（1）弹体所受安培力大小8×104N；（2）弹体从静止加速到4km/s，轨道至少要20m（3）弹体从静止加速到4km/s过程中，该系统消耗的总能量1.76×106J；（4）由于弹体的速度增大，弹体切割磁感线产生感应电动势，电源的电压应增大，抵消产生的感应电动势，以保证电源为加速弹体提供恒定的电流．【点评】：本题实质上就是借助安培力问题考查了力与运动，因此解决这类题目的基本思路是对研究对象正确进行受力分析，弄清功能转化关系，然后依据相应规律求解．12．（22分）（2014•抚州模拟）如图所示，竖直面内有一倒立等边三角形OMN区域，连长为L，MN边是水平的．在该区域有一垂直纸面向外磁感应强度为B的匀强磁场．在同一竖直面内有一束质量为m、电荷量为q、速度大小不同的带正电粒子从N点沿NM方向射入该磁场区域（可认为能发生偏转）．过O点作与MN边平行的直线作为X坐标轴，且O点为X坐标轴的原点．不计粒子的重力及粒子间的相互作用力，试求：（1）射到X坐标轴上的O点的粒子速度大小；（2）垂直OM边射出的粒子与X坐标轴的交点位置；（3）粒子在磁场中运动的时间和速度的关系．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：（1）根据意绘出粒子在磁场中的运动轨迹，根据几何关系求出打在O点的粒子半径大小，由洛伦兹力提供圆周运动向心力求解粒子速度所满足的条件；（2）同样是根据题设要求绘出粒子在磁场中运动的轨迹和射出磁场打在x坐标上的轨迹，根据几何关系求出粒子圆周运动的半径和离开磁场匀速运动的位置，从而求出粒子的坐标；（3）粒子在磁场中运动从ON边上射出时具有相同的圆心角，即时间都一样，与速度无关，当粒子从OM边射出时所满足的条件求解．【解析】：解：（1）粒子的行进路线如图中轨迹NO根据几何知识有：又得到射到x坐标轴上O点的粒子速度大小（2）粒子的行进路线如图中的轨迹2根据几何知识有：另有得（3）从ON边射出的粒子根据几何知识有：在磁场中圆弧轨迹对应的圆心角都是，所以这些粒子在磁场中的时间与速度无关等于=从OM边射出的粒子行进路线可用图中轨迹3代表，根据几何知识有：R=其中R=且α角的范围是（）可得所以t==答：（1）射到X坐标轴上的O点的粒子速度大小；（2）垂直OM边射出的粒子与X坐标轴的交点位置；（3）粒子在磁场中运动的时间和速度的关系t=或t=．【点评】：解决本题的关键是根据题设条件求出粒子运动轨迹，由运动轨迹由几何关系求出粒子做圆周运动的半径，根据洛伦兹力提供圆周运动的向心力求解．。
【2014嘉兴二模】浙江省嘉兴市2014届高三教学测试(二)语文 扫描版含答案
2014年高三教学测试（二）语文试卷参考答案及评分标准（2014.4）本卷共9个选择题，每小题3分，答案如下：1.B（A溯sùC藩fān D悭qiān）2.D（A至高点—制高点；B告磬—告罄；C讫今—迄今）3. C（A“对”引进对象或事物的关系者。
“为”表示行为的对象；替。
此处应该用“为”。
B隐讳，意思是隐瞒不说，此处应为“隐晦”。
C举重若轻，形容做繁难的事或处理棘手的问题，轻松而不费力。
D亦步亦趋是贬义词，比喻由于缺乏主张，或为了讨好，事事模仿或追随别人。
）4.B（A项中“加大”不能与“循环”搭配，应改为“加剧”。
C项语序不当，应改为“发现、识别、选用”。
D项成分残缺，应在“相关问题”前加上“解答”“解决”或者在最后加上“的解决”之类。
）5.（3分）答案示例：春天的雨，丝丝的，绵绵的，细细的，迷迷蒙蒙，相互交织，从檐下望去，像是张开了一张绵密的大网，要把春天网住。
春雨是要带走春天呢，还是要为大地永久地留下春天？（答案包括3个要素：对雨形状的描写、运用原诗修辞格、有意蕴，每点1分，共3分，字数不足扣1分）6.（4分）答案示例：感触手心手背的血肉亲情，叙说普通人家的咸淡生活，体会平头百姓的善良淳朴，探讨新闻背后的价值取向。
（从四个不同方面介绍，字数可不完全相同，每方面1分，共4分）7.（5分）答案示例：同学们，大家好！上面这个调查表告诉我们，学习兴趣与听课效率是成正比的，所以我们要培养自己对每门学科的兴趣，只有这样，才能提高听课效率，从而提高各学科的成绩。
祝愿大家取得好成绩！（答案包括以下要素：问好或表示欢迎；调查表得出的结论；提出建议；成效；祝愿或感谢。
每点1分，共5分）8.D（此项做法没有将内容打碎，且没有将“各种要素抽取出来，并能根据阅读需要对要素重新组合”。
）9. A（B项文本中未提及纸书阅读会制约阅读本身。
C项“让读者的阅读和思维可以随意游走”是终极形式，而非是“成为现实”。
定位信息在原文第三段最后一句。
2014年浙江省高考模拟试题理科综合(2-1)—物理部分
2014年浙江省高考模拟试卷理科综合（2-1）—物理部分选择题部分一、选择题（本题共4小题。
在每题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的。
）14．在物理学发展的过程中，许多物理学家做出了重要贡献。
下列叙述中，符合物理发展历程的是（）A．奥斯特最早发现了电磁感应现象B．亚里士多德认为两个从同一高度自由落下的物体，重物体与轻物体下落一样快C．牛顿应用“理想斜面实验”推翻了“力是维持物体运动的原因”的观点D．卡文迪许通过扭秤实验测定出了万有引力常量G15．如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带。
假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动。
下列说法中正确的是（）A．各小行星绕太阳运动的周期小于一年B．与太阳距离相等的每一颗小行星，受到太阳的引力大小都相等C．小行星带内侧行星的加速度小于外侧行星的加速度D．小行星带内各行星绕太阳公转的线速度均小于地球公转的线速度16．一束单色光斜射到厚平板玻璃的一个表面上，经两次折射后从玻璃板另一个表面射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离。
在下列情况下，出射光线侧移距离最大的是（）A.红光以30º的入射角入射B.红光以45º的入射角入射C.紫光以30º的入射角入射D.紫光以45º的入射角入射17．如图所示，在粗糙的足够长的竖直木杆上套有一个带正电小球，整个装置处在有水平匀强电场和垂直于纸面向里的匀强磁场组成的足够大的复合场中，小球由静止开始下滑，在整个运动过程中，关于描述小球运动的v-t图像中正确的是（）二、选择题（本题共3小题。
在每题给出的四个选项中，可能只有一个选项正确，也有可能有多个选项正确。
）18．如图所示，一个带正电荷的物块m，由静止开始从斜面上A点下滑，滑到水平面BC上的D点停下来。
已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过B 处时的机械能损失。
现在ABC 所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块m 从A 点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的D′点停下来。
2014届浙江省嘉兴市高三教学测试(即一模)理科综合物理试卷(
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3 . 如图是一段拉伸速度不均匀而造成的不合格光纤产品，呈圆台形状．一单色光射到上边界O点时，入射角为30°，折射角为53°（sin53° =0.8），则
A．此光纤的折射率为0.625 B．单色光在光纤中的传播速度为1.875×108m/s C．减小单色光在O点入射角可以提高光能传输效率 D．同一单色光在此光纤内的临界角比圆柱形光纤中大
（1）离子在磁场中做圆周运动的半径和周期； （2）现只改变B的大小，使离子不经过OA边界而直接从y轴离开磁场区域，则B应满足什么条件？ （3）若B=0.125T，且从离子经过Q点开始计时，则离子在哪些时刻恰好经过OA边界？
难度：0.64 组卷：1489 题型：解答题 更新：2014/6/6
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A．周期大
B．角速度大
难度：0.64 组卷：957 题型：多选题 更新：2014/6/6
C．线速度小
D．向心加速度小
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6 . 某物体以一定初速度沿斜面向上运动的最大位移为x，且x随斜面倾角θ的变化关系如图，重力加速度g=10m/s2，则
A．物体初速度大小为5m/s B．物体和斜面之间动摩擦因素为 C．θ=53°时，x有最小值 D．x最小值为 m
（4）理论上电压从0逐渐增加到2.5V和从2.5V逐渐减小到0的两个测量过程中，在电压表示数相同时，电流表示数应该略有不同．该同学 进行该实验时，正值寒冬，气温很低，发现电压表示数调到相同情况下，所对应的电流表示数几乎一样．请简要分析可能的原因？ （写出一条即可）
难度：0.65 组卷：750 题型：实验题 更新：2014/6/6
【名师解析】浙江省名校新高考研究联盟2014届高三第二次联考物理试题
2014年浙江省名校新研究联盟联考高考物理二模试卷一、单项选择题（每小题6分，共24分．在每个小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的．）1．（6分）（2014•浙江二模）关于生活中光的现象，下列说法正确的是（）A．水面上的油膜呈现出彩色是由于光的折射而发生的B．通过眼镜片边缘观察日光灯可看到彩色干涉条纹C．应用光的多普勒效应能够判断出其他星球是靠近还是远离我们D．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往再镜头前加装一个偏振片以增加透射光的强度【考点】：光的折射定律；多普勒效应；光的干涉．【分析】：太阳光的薄膜干涉出现彩色条纹；通过眼镜片边缘观察日光灯可看到彩色衍射条纹；应用光的多普勒效应能够判断出其他星球是靠近还是远离我们；拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往再镜头前加装一个偏振片使反射减弱．【解析】：解：A、水面上的油膜呈现出彩色是由于油膜上下表面反射回来的光发生干涉而形成的，故A错误；B、通过眼镜片边缘观察日光灯可看到彩色衍射条纹，故B错误；C、应用光的多普勒效应能够判断出其他星球是靠近还是远离我们，C正确；D、拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片使反射减弱，但不能增加透射光的强度，故D错误．故选：C．【点评】：本题考查光的波动性部分的基础知识，平时注意识记和练习，牢固掌握，多与生活现象相联系，可以提高学习兴趣．2．（6分）（2014•浙江二模）如图所示，在今年索锲冬奥会冰壶比赛中，某次运动员从投掷线MN放手投掷后，发现冰壶投掷的初速度v0较小，直接滑行不能使冰壶沿虚线到达更近圆心O的位置，于是运动员再冰壶到达前用毛刷摩擦冰壶运行前方的冰面，这样可以使冰壶与冰面间的动摩擦因数从μ减少至某一较小值μ′，恰使冰壶滑行到圆心O点．在运动过程中，以下说法正确的是（）A．只要投掷成功，在冰壶直线滑行路径上靠近O点的区间擦冰，擦冰距离要小一些B．只要投掷成功，在冰壶直线滑行路径上任意区间擦冰，擦冰距离都是一样的C．只要投掷成功，在冰壶直线滑行路径上靠近O点的区间擦冰，冰壶滑行的总时间要小些D．只要投掷成功，在冰壶直线滑行路径上任意区间擦冰，冰壶滑行的总时间都一定【考点】：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：直线运动规律专题．【分析】：从发球到O点应用动能定理列出等式找出在冰壶滑行路线上擦冰的距离来进行判断；擦冰区间越靠近投掷线，则开始阶段冰壶的平均速度就越大，总的平均速度越大，距离一定，所以时间越短．【解析】：解：A、从发球到O点应用动能定理列出等式可知：，所以可以在冰壶滑行路线上的不同区间上擦冰，只要保证擦冰的距离一定就行，A错误，B正确．C、擦冰区间越靠近投掷线，则开始阶段冰壶的平均速度就越大，总的平均速度越大，距离一定，所以时间越短，故C、D均错误．故选：B．【点评】：本题关键要分析冰壶的运动情况，能运用动能定理找出擦冰的距离，对于一定距离，先以较大速度运动，再以较小速度运动，总的时间较小．掌握规律是解决问题的关键．3．（6分）（2014•浙江二模）如图所示，某探月卫星在月球同步轨道上运行，此时其动能E k1，周期T1；控制它进行变轨，最终进入贴近月球表面的圆轨道做匀速圆周运动，此时其动能为E k2，圆周T2；则为（）A．B．C．D．【考点】：同步卫星．【专题】：人造卫星问题．【分析】：对于卫星绕地球运动，根据动能表达式计算向心力，再根据万有引力提供向心力列方程，解出周期与质量和动能之间的关系，对于卫星绕月球运动有类似的关系．【解析】：解：卫星绕地球做匀速圆周运动，设卫星质量为m，轨道半径为r1，运动线速度为v1，因为动能为：E k1=所以向心力为：==同理，=故=故选：C【点评】：本题考查了万有引力在天体中的应用，根据万有引力提供向心力列出等式．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用．4．（6分）（2014•浙江二模）如图所示，一理想变压器原线圈匝数为n1=1000匝，副线圈匝数为n2=200匝，将原线圈接在u=200sin100πt（V）的交流发电机上，副线圈上电阻R和理想刘表电压表并联接入电路，现在A、B两点间接入不同的电子元件，则下列说法正确的是（）A．在A、B两点间串联一只电容器C，电压表读数可能为40VB．穿过铁芯的磁通量的最大变化率为0.2Wb/sC．电阻R越大，电阻R消耗电功率越大D．提高发电机转速，电压表读数增大【考点】：变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：根据变压器变压比公式得到输出电压，根据有效值定义求解电压有效值；电感器的感抗与频率成正比，电容器的容抗与频率成反比．【解析】：解：A、在A、B两点间串联一只电容器，输入电压有效值为200V，根据电压与匝数成正比知副线圈两端电压即电压表的示数为40V，故A错误；B、原线圈的电压最大值为200V，根据E=N知，穿过铁芯的磁通量的最大变化率为=0.2Wb/s，故B错误；C、副线圈的电压不变，电阻R越大，电阻R消耗电功率越小，故C错误；D、根据E m=NBSω=2NBSπn知提高发电机转速，输入电压增大，则副线圈电压即电压表读数增大，故D正确；故选：D【点评】：本题关键是明确变压器的输入和输出电压成正比，然后转化为恒定电路的动态分析问题，不难．二、不定项选择题（每小题6分，共18分．在每个小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分．）5．（6分）（2014•浙江二模）如图2所示甲、乙、丙、丁是游乐场中比较常见的过山车，甲、乙两图的轨道车在轨道的外侧作圆周运动，丙、丁两图的轨道车再轨道的内侧做圆周运动，两种过山车都有安全锁（其结构如图1所示，由上、下、侧三个轮子组成）把轨道车套在了轨道上，四个图中轨道的半径都为R，下列说法正确的是（）A．甲图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最高点时，座椅一定给人向上的力B．乙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，安全带一定给人向上的力C．丙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，座椅一定给人向上的力D．丁图中，轨道车过最高点的最小速度为【考点】：向心力．【专题】：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】：轨道车过最高点和最低点时，靠径向的合力提供向心力，结合牛顿第二定律分析轨道车对人的作用力方向．【解析】：解：A、在甲图中，当速度比较小时，根据牛顿第二定律得，mg﹣N=m，即座椅给人施加向上的力，当速度比较大时，根据牛顿第二定律得，mg+F=，即座椅给人施加向下的力．故A错误．B、在乙图中，因为合力指向圆心，重力竖直向下，所以安全带给人一定是向上的力．故B 正确．C、在丙图中，当轨道车以一定的速度通过轨道最低点时，合力方向向上，重力竖直向下，则座椅给人的作用力一定竖直向上．故C正确．D、在丁图中，由于轨道车有安全锁，可知轨道车在最高点的最小速度为零．故D错误．故选：BC．【点评】：解决本题的关键知道圆周运动向心力的来源，知道圆周运动靠径向的合力提供向心力，结合牛顿第二定律进行求解．6．（6分）（2014•浙江二模）在O点有一波源（作为坐标原点），t=0时刻开始振动，形成沿x轴正方向传播的一列简谐横波．t1=7s时刻该波第一次在OP区域出现如图甲所示的波形图；距离O点为x1=3m的质点的振动图象如图乙所示．由此可知（）A．该波波源的起振方向沿y轴方向B．该波的周期为4sC．P点坐标为x p=7mD．该波的波速为1.5m/s【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：简谐横波传播过程中，介质中各个质点的起振方向相同，由乙图读出x1=3m处质点的起振方向，即可知道波源的起振方向；由乙图读出周期，即为该波的周期；由乙图知x1=3m的质点在t=2s末起振，由v=求解波速，即可得到P点坐标．【解析】：解：A、由乙图知x1=3m处质点的起振方向沿y轴负方向，所以该波波源的起振方向沿y轴负方向，故A错误．B、由乙图读出周期T=4s，故B正确．C、D、由乙图知x1=3m的质点在t=2s末起振，说明在时间t=2s内波传播的距离为x=3m，则波速为v==m/s=1.5m/s；P点坐标为x p=vt1=1.5×7m=10.5m，故C错误，D正确．故选：BD【点评】：此题要能从图象中读出正确的信息；掌握介质中各个质点的起振方向都与波源的起振方向相同，波速可由两个公式求解：v=和v=．7．（6分）（2014•河北模拟）一带正电的检验电荷，仅在电场力作用下沿x轴从x=﹣∞向x=+∞运动，其速度υ随位置x变化的图象如图所示．x=x1和x=﹣x1处，图线切线的斜率绝对值相等且最大．则在x轴上（）A．x=x1和x=﹣x1两处，电场强度相同B．x=x1和x=﹣x1两处，电场强度最大C．x=0处电势最高D．从x=x1运动到x=+∞过程中，电荷的电势能逐渐增大【考点】：电势差与电场强度的关系；电场强度；电势；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：根据速度﹣位移图象可知，检验电荷先减速后加速，加速度先增大后减小，在增大后减小，且初末速度相等，检验电荷带正电，根据电场力做功情况可以判断电势能的变化．【解析】：解：A、x=x1和x=﹣x1两处，图线切线的斜率绝对值相等且最大，故加速度绝对值相等且最大，由牛顿第二定律得电场力电绝对值相等且最大，由F=qE得场强度大小相同，方向相反，故A错误B、同理可得B正确，C、一带正电的检验电荷，仅在电场力作用下沿x轴从x=﹣∞向x=+∞运动，由图乙可知，检验电荷先减速后加速运动，电场力先做负功后做正功，由电场力做功与电势能的关系，故电势能先增大后减小，得x=0处电势最高；故C正确；D、从x=x1运动到x=+∞过程中，电荷的速度增大，电场力做正功，由电场力做功与电势能的关系，故电势能减小，电势能逐渐减小，故D错误，故选BC．【点评】：解决这类问题要明确正、负点电荷形成电场特点以及带电粒子在电场中运动的功能关系．三、非选择题8．（10分）（2014•浙江二模）（1）请读出图1中螺旋测微器的读数10.600mm．（2）如图2为验证机械能守恒定律的实验装置图．（a）请找出图中安装不合理之处（至少找出2处）①打点计时器安装时没有竖直安装②打点计时器离桌面太近（b）在实验中，若操作正确，打出的纸带如图3所示，设重锤由静止开始自由下落的位置记为O，A、B、C为从合适位置开始选取连续点中的三个点．一直打点计时器每隔时间T 打一个点，则打点B时重锤的速度计算过程为C（填选项的序号即可）A、测出下落时间t，通过v=gt计算处顺时速度vB、用刻度尺测出物体下落的高度h B，并通过v=计算处瞬时速度v．C、用刻度尺测出物体下落的高度h A和h C，通过v=算出瞬时速度v（c）为了求起点O到B重锤的重力势能变化量，需要知道重力的速度g的值，这个g值应该是D（填选项的序号即可）．A、近似取10m/s2B、根据打出的纸带，用△s=gT2求出C、必须取g=9.8m/s2D、必须取当地的实际g值．【考点】：验证机械能守恒定律．【专题】：实验题．【分析】：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能．实验的目的是验证机械能守恒，所以求解重力势能变化需要的g应取当地的实际g值．【解析】：解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为10.5mm，可动刻度读数为0.01×10.0mm=0.100mm，所以最终读数为：10.5mm+0.100mm=10.600mm．（2）a、由图可知，打点计时器安装时没有竖直安装且离桌面太近；b、B点为C点中间时刻，根据匀变速直线运动中间时刻速度等于平均速度得：，所以用刻度尺测出物体下落的高度h A和h C，通过v=算出B点瞬时速度v，故C正确．故选：Cc、实验的目的是验证机械能守恒，所以求解重力势能变化需要的g应取当地的实际g值．如果采用△S=gT2求解，那么求出来的只是运动的加速度．故选：D．故答案为：（1）10.600；（2）（a）、打点计时器安装时没有竖直安装；打点计时器离桌面太近；（b）、C；（c）、D．【点评】：常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项．9．（10分）（2014•浙江二模）图1所示是太阳能电池演示仪，它可拆分成太阳能电池和一个小电风扇．（1）在一定光照条件下，测定太阳能电池的电动势和内阻测量方法的选择肯定错误的是AA、用多用表电压档测电动势，用多用表的欧姆档测内阻B、用多用表电压档和电阻箱，测多组数据后作图线求电动势和内阻C、用多用表电流档和电阻箱，测多组数据后作图线求电动势和内阻（2）如果采用如图2所示的电路测太阳能电池的电动势和内阻，实验室提供的器材如图3所示，一直电流表的量程有0.6A和3A，电压表的量程有3V和15V，用多用表选择开如图4所示，如表是测量结果，请选择器材并完成图3中实物的连线．1 2 3 4 5 6 7 8 9 10U/A 2.90 2.80 2.50 2.30 2.10 1.90 1.50 1.10 0.70 0.50I/mA 6.3 9.6 14 16 18 20 23 26 28 29（3）在图5中作出该电池的U﹣I图线（4）观察图线可以看出，随着电流的增大，太阳能电池的内阻变大（填“变大”“变小”或“不变”）（5）测量小电风扇从快速转动到停转后的各种状态下的电压和电流，画出的U﹣I图线如图6所示，当太阳能电池演示仪在②小题相同的光照条件下，小风扇被卡住不懂，小电机的发热功率越为0.037W．（保留两位有效数字）【考点】：测定电源的电动势和内阻；描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】：实验题．【分析】：测量电池电动势与内阻的方法有多种，主要有伏安法，伏阻法和安阻法．根据电路图连接实物图，根据描点法作出电池的U﹣I图线．由伏安法测电阻的原理利用闭合电路欧姆定律可得出函数关系，再由数学知识求解．【解析】：解：（1）A、用多用表电压档直接测量电池两端，得到的是路端电压，不是电动势，故A错误；B、用多用表电压档和电阻箱，测多组数据后作图线求电动势和内阻，这是伏阻法，故B正确；C、用多用表电流档和电阻箱，测多组数据后作图线求电动势和内阻，这是安阻法，故C正确；本题选错误的，故选：A．（2）根据实验数据得电压表选择3V量程，根据电路图连接实物图：（3）根据描点法作出电池的U﹣I图线：（4）由闭合电路欧姆定律可知，U=E﹣Ir；由数学函数关系可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势，图象的斜率绝对值表示内电阻；观察图线可以看出，随着电流的增大，图象的斜率绝对值增大，太阳能电池的内阻变大．（5）在电池的U﹣I图线上作出小电风扇从快速转动到停转后的各种状态下的电压和电流图象，其交点U=2.2V，I=17mA，所以小风扇被卡住不懂，小电机的发热功率P=UI=0.037W．故答案为：（1）A（2）如图（3）如图（4）变大（5）0.037【点评】：对物理实验来说，只要能根据物理规律解出的物理量就能通过实验测出该物理量．要正确实验器材的选取原则，理解实验原理是正确解题的关键，掌握图象法求解问题的思路．10．（16分）（2014•浙江二模）滑草是最近几年再国内兴起的一种休闲健身运动，有一种滑法是坐在滑草车上从草坡上滑下，刺激又省劲，如图所示．现有一滑草场近似处理为斜坡段和水平段连接，其斜坡段长度为L1=72m，倾角为18°，水平段长度L2=30m，斜坡段和水平段的动摩擦因素μ=0.3，一质量为50kg的人（包括小车的质量）从斜坡的顶端由静止滑下，不考虑再斜坡与水平面连接处机械能损失，g=10m/s2，问：（sin18°=0.31，cos18°=0.95，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）滑草车沿斜面下滑时的加速度大小和滑到斜面底端时的速度大小？（2）滑草车将再水平段上滑行多远后停下？（3）为使滑草车最终能刚好停再水平轨道终点，当滑草车刚好到斜坡底端时，有人拉起滑草车前端的绳子以斜向上成37°的恒力F作用下均速运动了一段时间后撤去F，求此恒力F 的大小和滑草车再水平段上的运动时间．【考点】：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）根据牛顿第二定律求出滑草车的加速度，结合速度位移公式求出求出滑到底端时的速度大小．（2）根据牛顿第二定律求出滑草车在水平面上运动的加速度大小，结合速度位移公式求出在水平面上滑行的距离．（3）根据共点力平衡求出恒力F的大小，根据速度位移公式知，物体匀减速运动的位移与第一次匀减速运动的位移相等，结合匀减速运动的位移求出匀速运动的位移，从而得出匀速运动的时间，结合匀减速运动的时间得出在水平面上运动的总时间．【解析】：解：（1）设在斜坡下滑的加速度为a1，根据牛顿第二定律得，mgsinθ﹣μmgcosθ=ma1，代入数据解得，设滑到斜坡底端的速率为v，则=2a1L1，代入数据解得v=6m/s．（2）设在水平段滑行的加速度大小为a2，则μmg=ma2，解得，设水平运动的位移为x，则v2=2a2x解得x=．（3）恒力作用下匀速运动，有：Fcosθ=μ（mg﹣Fsinθ）代入数据解得F=153N．撤去F后减速的位移还是x=6m，时间t=，则匀速运动的位移x′=L2﹣x=24m，由x′=vt′得，，运动的总时间t总=t+t′=6s．答：（1）滑草车沿斜面下滑时的加速度大小为0.25m/s2，滑到斜面底端时的速度大小为6m/s；（2）滑草车将再水平段上滑行6m后停下；（3）恒力F的大小为153N，滑草车在水平段上的运动时间为6s．【点评】：解决本题的关键理清滑草车在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．11．（20分）（2014•浙江二模）如图所示，固定在光滑金属导轨间距为L，导轨电阻不计，上端a、b间接有阻值为R的电阻，导轨平面与水平面的夹角为θ，导轨所在空间存在一有界矩形均强磁场区域GEFH，其宽度为d，磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上，现有质量为m，电阻为r的导体棒从导轨上某一位置静止下滑，恰好均速穿过磁场，整个运动过程中导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触，已知弹簧的中心轴与导轨平行，弹簧形变没有超过其弹性限度，导体棒与弹簧作用过程没有机械能损失．（1）求导体棒匀速穿过磁场时，通过电阻R的电流I的大小和方向；（2）求导体棒开始下滑的位置离EF边的距离；（3）试定性分析导体棒最终的运动状态，并计算从初始到最终全过程中电阻R上产生的焦耳热Q．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；焦耳定律；楞次定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）由平衡条件求出电流大小，由右手定则判断出电流方向；（2）由E=BLv与欧姆定律求出导体棒做匀速运动的速度，由牛顿第二定律与运动学公式求出导体棒的位移；（3）由能量守恒定律与串联电路特点求出电阻产生的焦耳热．【解析】：解：（1）导体棒匀速穿过磁场，做匀速直线运动，处于平衡状态，由平衡条件得：mgsinθ=BIL，解得：I=，由右手定则可知，电流方向为：a→b；（2）设导体棒匀速运动的速度为v，感应电动势：E=BLv，由欧姆定律可得：E=I（R+r），解得：v=，导体棒进入磁场前做匀加速运动，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma，由速度位移公式得：v2=2ax，解得：x=；（3）导体棒最终在边界GH下方往复运动，从开始到在GH下方往复运动过程中，动能的变化量：△E K=0，由能量守恒定律得：mg（x+d）sinθ=Q，解得：Q总=+mgdsinθ，R上产生的焦耳热：Q=Q总=+；答：（1）导体棒匀速穿过磁场时，通过电阻R的电流I=，电流方向为：a→b；（2）导体棒开始下滑的位置离EF边的距离为；（3）导体棒最终在边界GH下方往复运动，从初始到最终全过程中电阻R上产生的焦耳热为：+．【点评】：本题是电磁感应与力学、电路相结合的一道综合题，分析清楚导体棒的运动过程是正确解题的关键，应用平衡条件、E=BLv、欧姆定律、牛顿第二定律、运动学公式、能量守恒定律即可正确解题．12．（22分）（2014•浙江二模）如图所示xoy空间内，OADC是边长为d的正方形，其内存在竖直向下匀强电场E，等腰直角三角形CDG内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，一带电量为q，质量为m正离子从A点射入匀强电场，再由CD边射入电场，求：（1）离子进入A点的速度v0为多大？（2）CDG内匀强磁场B的取值范围和离子在CDG内匀强磁场运动的时间取值范围？（3）现让一排宽度为d速度大小仍为v0同种离子从O到A之间范围进来，离子进入磁场后（此时三角形磁场取（2）问中的最小值，撤去左边的电场，并在左边合适的区域内加上一个垂直纸面向外的圆形的磁场，圆心为O，使得从CD边出来的粒子都汇聚到一点Q，画图并标出离子从CD边射出的长度范围和OQ连线与x轴的夹角（夹角大小只要求写出答案，不要求解题过程）【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】：（1）离子在电场中做类平抛运动，由类平抛运动知识可以求出离子的速度；（2）离子在磁场中做匀速运动运动，由牛顿第二定律求出磁感应强度，然后根据周期公式求出周期，再求出运动时间．（3）根据题意作出图示，然后求出夹角．【解析】：解：（1）离子在电场中做类平抛运动，在水平方向：d=v0t，在竖直方向：d=at2=t2，解得：v0=；（2）离子在磁场中做圆周运动，最大轨道半径：R=，离子进入磁场时的速度：v=v0=，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：B=8，则磁感应强度：B≥8，离子做圆周运动的最大周期：Tm==，离子在磁场中转过的圆心角为270°，离子的最大运动时间：t=T=Tm=；则t的取值范围：t≤；（3）离子运动轨迹如图所示：离子从MN间射出磁场时，由几何知识可知，MN间的距离为，OQ越x轴间的夹角为45°；答：（1）离子进入A点的速度v0=；（2）CDG内匀强磁场B的取值范围和离子在CDG内匀强磁场运动的时间取值范围是：t≤；（3）离子从CD边射出的长度范围如图所示，OQ连线与x轴的夹角为45度．【点评】：本题考查了离子在电磁场中的运动，应用类平抛运动规律、牛顿第二定律即可正确解题，由数学知识求出离子轨道半径与转过的圆心角是正确解题的关键．。
2014嘉兴二模物理试题
A．线圈在图乙所示位置时.线圈中电流方向为 abcda B．线圈在图乙所示位置时，线圈产生电动势的大小为 1/2NBL1L2 C．外力做功的平均功率为 NBL1L2 I/2 D.闭合电路的总电阻为 NBL1L2 /I (10 分）某同学得到一段未知材料的细金属丝.欲知其直径与阻值，进行了如下实验: 用螺旋测微器测量金属丝的横截面直径，图甲中读数 为▲ mm. 用图乙所示的多用电表粗测其阻值。 实验前检査发现指针位置如图乙 所示， 则首先应调 节 ▲ （填 A、B 或 C） 再用图丙所示电路精确确测量其阻值： 图丙中有下列实验器材：直流电源 E，滑动变阻器 R，待测金属丝 R0，电阻箱 R1, 电流表 A 和开 关 K。 ①在答题纸相应位置实物图中补全电路连线： ②实验时先将 K 置于 1,调节滑动变阻器 R,使电流表的读数为 I:再将 K 置于 2, 保持滑动变阻器的阻 值不变，调节电阻箱 R1 到如图丁所示情况，此时电流表的读数仍为 I 则待测金属丝的阻值为 ▲
24.(20 分〉如图所示是研究带电体的质量与电量关系的光滑绝缘细管，长为 L、且竖直放置，点电 荷 M 固定在管底部，电荷量为+Q。现从管口 A 处静止释放一带 电体.N,当其电荷量为+q、质量为 m 时，N 下落至距 M 为 h 的 B 处速度恰好为零。已知静电力常量为看 k ,重力加速度为 g 带电体下 落过程中不影响原电场。 (1) 若把 A 换成电量为+q、质量为 3m 的带电体 N1，仍从 A 处静止释放. 求 N1 运动过程中速度最 大处与 M 的距离及到达 B 处的速度大小。 (2) 若 M 略向上移动，试判断带电体 N 能否到达 B 处，并说明理由: (3)若 M 保持原位置不变，设法改变带电体 N 的质量与电量，要求带电体下落的最低点在 B 处， 列出 N 应满足的条件.
【2014嘉兴二模】浙江省嘉兴市2014届高三教学测试(二)生物Word版含答案
2014年嘉兴市高三教学测试（二）理综生物1.下列有关细胞生命历程的叙述错误的是A.细胞分裂产生的子细胞基因型相同B.部分基因的差异表达是细胞分化的原因C.细胞衰老过程中细胞核体积增大、核膜内陷D.细胞凋亡是某些基因编程性表达的过程2.植物的光合作用受光强度、CO2浓度等环境因素的影响（如图）。
下列叙述错误的是A. a点条件下NADPH的合成速率大于b点B. b点条件下RUBP的再生速率小于c点C. X一般大于大气中CO2浓度D.a点对应的光强度一般大于全日照3.下列关于单倍体育种的叙述，正确的是A.单倍体育种的最终目标是获得单倍体植株B. 花药离体培养是获得单倍体植株简便而有效的方法C. 花药离体培养时应添加秋水仙素以诱导愈伤组织的分化D. 单倍体育种相对杂交育种的优势是更易得到隐性纯合子4.河豚毒素能选择性地抑制钠离子通道的开放，而不会抑制钾离子通道的开放。
用适量的河豚毒素处理蛙坐骨神经，给予一定刺激并测量，膜电位的变化是A. 有去极化、无复极化B. 无去极化、有复极化C. 无去极化、无复极化D. 有去极化、有复极化5.某种线性DNA含有限制性核酸内切酶EcoR I的1个酶切位点。
该DNA样品（甲）经EcoRI 酶切后，在DNA连接酶催化下形成产物乙（如图）。
则反应液中产物乙共有6.在生长素的发现史上，1913年丹麦植物学家波森.詹森进行了如图的实验，以检验达尔文的化学物质假说。
下列叙述错误的是A. 达尔文的假说是，可能有某种化学物质从苗尖端传递到了下面B. 选择明胶和云母的原因是，化学物质能够透过明胶却不能透过云母C. 当时的实验结论是，的确有某种化学物质从苗尖端向下传递D. 若把单侧光改为黑暗进行实验，实验结果就不能支持达尔文的假说30.（14分）下图是某田鼠种群数量变化曲线图。
请回答：（1）标志重捕法调查田鼠种群数量时，第一次捕捉到285只，标记后△，一定时间后重捕，重捕到1401只，其中被标记的有95只。
(理综物理14套合集)嘉兴市重点高中名校高三第二次(二模)试卷合集含答案
高三理综物理第二次模拟考试（二模）试题14．下列说法正确的是A．氡的半衰期是3.8天，所以10个氡原子核经过3.8天一定还剩5个B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应C．核子凭借核力结合在一起构成原子核D．温度越高，放射性元素衰变越快15．游乐场中，从离水面一定高度的A处到水面B处有两条长度相同的光滑轨道，如图所示。
甲、乙两名小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，则两名小孩在全部滑行过程中的速率v随时间t变化的下列图象，正确的是16．“天舟一号”飞船是中国空间技术研究院研制的第一艘货运飞船，2017年4月20日19时41分在海南文昌航天发射中心，由长征7号遥2运载火箭发射。
4月21日上午，“天舟一号”货运飞船已经完成了两次的轨道控制，后来又进行了三次的轨道控制，使“天舟一号”货运飞船控制到“天宫二号”的后下方。
4月22日12时23分，“天舟一号”货运飞船与离地面390公里处的“天宫二号”空间实验室顺利完成自动交会对接。
下列说法正确的是A．根据“天宫二号”离地面的高度，可计算出地球的质量B．“天舟一号”与“天宫二号”的对接过程，满足动量守恒、能量守恒C．“天宫二号”飞越地球的质量密集区上空时，轨道半径和线速度都略微减小D．若测得“天舟一号”环绕地球近地轨道的运行周期，可求出地球的密度17．图甲为两水平金属板，在两板间加上周期为T的交变电压u，电压u随时间t变化的图线如图乙所示。
质量为m、重力不计的带电粒子以初速度v0沿中线射入两板间，经时间T从两板间飞出。
下列关于粒子运动的描述错误．．的是A．t=0时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大B．t=14T时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大C．无论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度方向都水平D．无论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度大小都相等18．如图所示，以O为圆心的圆形区域内，存在方向垂直纸面向外的匀强磁场。
磁场边界上的A点有一粒子发射源，沿半径AO方向发射出速率不同的同种粒子(粒子重力不计)，垂直进入磁场。
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车厢运动到最高点的时间为t0= =30s，③（1分）
上升的最大位移为xm= =135m，④（1分）
设上升运动到距离脱钩处120m所经历的时间为t1，则
x1=v0t1－ ，⑤（1分）
得t1=20s，t1′=40s（舍弃）。（1分）
向下匀加速时mgsinθ－μmgcosθ=ma2，⑥（1分）
由动能定理得：m′g(l－h)+q′UAB=0，（3分）
= 。（2分）
25．解析：
（1）带电粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，由牛顿第二定律得
qvB= ，得r= =0.05m=5cm，①（2分）
粒子在磁场中运动周期为T= = ×10-7s，②（2分）
如图所示为粒子在磁场中运动轨迹
由几何关系得α=600，③（1分）
vsinθ=at1，⑧（2分）
由⑥⑦⑧解得
E= =1.92×105N/C。⑨（2分）
（4）如图所示，带电粒子离开磁场后先作匀速运动，后作类平抛运动。电场左边界的横坐标x0与从电场右边界出射点纵坐标y0的函数关系为
y1－(x0+ )tanθ=y0，即y0=6.125－0.75x0，⑩（2分）
当x0=0时，从电场右边界出射点的纵坐标为y0=6.125cm，
解得r＝ 。（2分）
设电荷N1运动到B处时的速度为vB，由动能定理，有
3mg(l－h)+qUAB＝ ×3mv ，（2分）
依题意有
mg(l－h)+qUAB=0，（3分）
联立两式可得：vB＝2 。（2分）
（2）N不能到达B处。（2分）
因为mg(l－h)+qUAB′＜பைடு நூலகம்（2分）
（3）设带电体N的质量为m′、电荷量为+q′，
当y0=0时，电场左边界的横坐标x0为x0= cm，
答案见右图所示。（3分）
t= = ×10-7s，，④（1分）
（2）从y轴最上方飞出的粒子坐标为(0，y1)，
由几何关系得(2r)2=62+y12，得y1=8cm，⑤（3分）
（3）从磁场射出时速度方向与x轴的夹角为θ，有sinθ= ，即θ=37º，（1分）
粒子在电场中运动的时间为t1，t1= ，⑥（2分）
设粒子的加速度大小为a，则a= ，⑦（1分）
得a2=0.1m/s2，（1分）
从最高处向下运动15m的时间为t2，则
x2= ，⑦（1分）
得t2= s，
故第二次运动到距离脱钩处120m所经历的时间为t2′，则
t2′=t2+t0=（30+ ）s。⑧（1分）
24．解析：（1）电荷N1运动到重力等于电场力时，速度最大，距底部距离为r，则有
3mg＝ ，（2分）
2014年嘉兴市高三教学测试（二）参考答案
理综·物理2014年4月
题号
14
15
16
17
18
19
20
答案
B
A
D
D
AC
AD
ACD
21．（1）0.600（2分）（2）A（2分）（3）连线如图；（4分）11.1（2分）
22．（每空2分）
（1）0.098m/s2；
（2）如图所示；
（3）0.293m/s；（±0.002）
（4）在；
（5）导轨的气流不均匀或倾角大小及光电门放置位置的读数、作图等因数引起。
23．解析：（1） =Mgsinθ+μMgcosθ，①（2分）
得vm=33.3m/s。（2分）
（2）最后一节车厢先以初速度向上作匀减速运动，到达最高点后，再向下作初速为零的匀加速运动。
向上匀减速时mgsinθ+μmgcosθ=ma1，②（2分）