甘肃省天水市一中2012-2013学年高二上学期期末考试物理试题
甘肃天水一中第二学期高二期末考试物理试题参考答案
2012-2013学年度甘肃天水一中第二学期高二期末考试物理试题参考答案一、选择题 题号 123 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 ABD ACBABCCDCDBACAB二、填空题（本题共2小题：共18分。
）13．（1）BC （2）A kg 24π= 14．θ1 2/3 3/2（或1．5）三、计算题（本题共3小题，34分。
）15．解：（1）（4分）光路图如图所示，要在纤维中发生全反射，其临界角C 有 sin C ＝1n ………2分折射角θ2＝90°－C所以cos θ2＝1n ，sin θ2＝n 2－1n ………1分由折射定律：sin θ1＝n sin θ2＝n 2－1即sinθ1≤n 2－1 ………1分（2）（6分）光在纤维中传播的速度v ＝cn （c 为光在真空中传播的速度） ……2分光在沿纤维轴线方向上的速度分量：v 1＝v cos θ2＝v n ＝cn 2 ………2分所用时间：t ＝L v 1＝n 2Lc ． ………2分16．解：（1）（6分）波向右传播，且λ=4m ………2分 因为波向右传播，（n+1/4）T =0．5，所以T= 2/（4n+1） ………2分 v=2（4n+1）m/s （n=0，1，2，……） ………2分 （2）（4分）因为波向右传播，T= 2/（4n+1）（n=0，1，2，……） 又因为0＜t 2－t 1＜T ，所以n=0T=2s ，波速v=λ/ T ， ………2分 波速为2m/s ………2分 （3）（2分）t 2时计时，此时x=1m 处的质点位于平衡位置向下振动，周期为2s ，振幅为5cm ，所以由振动知识得位移时间关系式x=0．05sin （πt+π）（m ）或x=0．05sin （πt -π）（m ）17．①如图所示，光线应向屏的左侧移动 ……………2分n =030sin sin α……………2分解得：α=600 ……………2分0030cos )3060tan(R d x-=- ……………2分解得，233Rd x -=……………2分 ②当玻璃砖左移时，入射角增大，折射角增大，所以光点左移，亮度减弱至消失。
甘肃省天水一中最新高二物理上学期期末考试试题含解析
甘肃省天水一中2019－２0２０学年高二物理上学期期末考试试题（含解析)二、选择题（本题共12小题,每小题４分，共48分。
其中9—1２题是多选题,全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错的得0分。
其余题目是单选题。
）１。
下列说法正确的是( ）Ａ。
电源是通过非静电力做功把电能转化为其他形式的能的装置B. 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷ｅ的数值C. 英国物理学家法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线表示电场Ｄ．牛顿设计了理想斜面实验，得出力不是物体产生运动的原因【答案】C【解析】A：电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置.故A项错误．B:库仑提出了库仑定律,密立根最早用实验测得元电荷ｅ的数值。
故B项错误.C：英国物理学家法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线表示电场．故C项正确.D:伽利略设计了理想斜面实验,得出力不是物体产生运动的原因.故Ｄ项错误。
点睛:要熟悉物理学史以及相应的科学思维方法.2．如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是（）A． 电源的电动势为6。
0VＢ. 电源的内阻为１２ΩC. 电源的短路电流为０.5AＤ． 外电路接入了一个阻值是１8Ω的电动机，电路中的电流一定为０。
3A.【答案】A【解析】试题分析:Ｕ—I图像的纵截距表示电路电流为零时,即处于断路时路端电压，此时路端电压等于电源电动势,故电源电动势为６.0Ｖ,Ａ正确；图像的斜率表示内阻,故有,B错误；电源短路电流，即外电阻为零，路端电压为零时，所以短路电流632I A==，Ｃ错误；因为电动机是非纯电阻电路,所以不能根据欧姆定律计算,Ｄ错误;考点:考查了U—I图像【名师点睛】关键是理解图像的纵横截距,斜率所表示的含义，知道短路电流是外电路无电压时的电流,知道欧姆定律只适用于纯电阻电路,3．如图所示为一速度选择器，两极板Ｐ、Q之间存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场。
甘肃省天水一中高二物理上学期第一学段试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期第一学段物理试卷一.选择题〔每题4分，共48分．其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确．请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑．全选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．〔4分〕点电荷A的电荷量是点电荷B的倍，如此A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为〔〕A．2：1 B．1：2 C．1：1 D．不确定2．〔4分〕如下列图，在电场强度E=2000V/m的匀强电场中，有三点A、M和B，AM=4cm，MB=3cm，AB=5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q=2×10﹣9C的正电荷从B移到M点，再从M点移到A点，电场力做功为〔〕A．0.6×10﹣6J B．0.12×10﹣6J C．﹣0.16×10﹣6J D．﹣0.12×10﹣6J3．〔4分〕如下列图，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内〔不与球壁接触〕，另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是〔〕A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变4．〔4分〕如下列图，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，假设用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两局部，这两局部所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，如此如下结论正确的答案是〔〕A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q A＞Q BB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，且Q A=Q BC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q A＜Q BD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电B带负电，且Q A、Q B的值与所切的位置有关5．〔4分〕半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，当两球带等量同种电荷Q时，相互之间的库仑力为F1；当两球带等量异种电荷Q与﹣Q时，相互之间的库仑力为F2．如此〔〕A．F1＞F2B．F1＜F2C．F1=F2D．无法确定6．〔4分〕如下列图，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态．如此以下结论正确的答案是〔〕A．如果q2为正电荷，如此可能q1、q3都是正电荷B．如果q2为正电荷，如此可能q1为正电荷，q3为负电荷C．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q3电量最大D．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q1电量可能最大7．〔4分〕如下列图，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B 分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，假设用图示方向的水平推力F作用于小球B，如此两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比〔〕A．两小球间距离将增大，推力F将增大B．两小球间距离将增大，推力F将减小C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小8．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．9．〔4分〕关于摩擦起电和感应起电的实质，如下说法正确的答案是〔〕A．摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B．摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C．感应起电说明电荷可以从物体的一个局部转移到物体另一个局部D．感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了10．〔4分〕如下列图，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，如此b应〔〕A．带正电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点11．〔4分〕在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，如此A点的场强大小E A=，方向水平向右，如下说法正确的答案是〔〕A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变为水平向左C．在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此试探电荷所受的电场力变2F12．〔4分〕如下列图的同心圆是电场中的一簇等势面，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，如此有〔〕A．电子沿AC运动时受到的电场力越来越小B．电子沿AC运动时它具有的电势能越来越大C．电势φA＞φB＞φCD．电势差U AB=U BC二.填空题〔每空3分，共18分．请将答案写在答题卡上相应位置．〕13．〔6分〕如下列图，用三根长度一样的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电．平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零．B球带何种电荷：B球带；假设A球带电荷量为Q，如此B球的带电荷量．14．〔6分〕将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，金属球外表的电势处处相等，a、b为电场中的两点，如此：a点的电势比b点的；检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的．15．〔6分〕如下列图，光滑绝缘杆竖直放置，它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点，质量为m、带电荷量为﹣q的有孔小球从杆上的A点无初速度下滑，q≪Q，AB=h，小球滑到B点时速度大小为，假设取A点电势为零，C点电势为，B到C电场力做的功为．三.计算论述题〔共34分．必须写出必要的公式、文字表示和推导过程．〕16．〔10分〕如图，在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成30°角，此电场方向恰使小球受到的电场力最小，如此小球所带的电量应为多大？17．〔12分〕如下列图，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如下列图的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：〔1〕原来的电场强度为多大？〔2〕物块运动的加速度？〔3〕沿斜面下滑距离为l=0.5m时物块的速度大小．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2〕18．〔12分〕如下列图，ABCDF为一绝缘光滑轨道，竖直放置在水平向右的匀强电场中，AB 与电场线平行，BCDF是半径为R的圆形轨道，今有质量为m、带电量为+q的小球在电场力作用下从A点由静止开始沿轨道运动，小球经过最高点D时对轨道的压力恰好为零，如此A 点与最低点B间的电势差为多大？甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期第一学段物理试卷参考答案与试题解析一.选择题〔每题4分，共48分．其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确．请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑．全选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．〔4分〕点电荷A的电荷量是点电荷B的倍，如此A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为〔〕A．2：1 B．1：2 C．1：1 D．不确定考点：库仑定律．分析：距离不变，只是将电量增大到原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小，而根据牛顿第三定律，A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此大小总是相等．解答：解：由点电荷库仑力的公式F=k，可以得到，距离不变，将点电荷A的电荷量是点电荷B的倍，库仑力将变为原来的倍，而A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此两者大小相等，即1：1，所以C正确，ABD错误．应当选：C．点评：此题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同时注意理解牛顿第三定律的内容．2．〔4分〕如下列图，在电场强度E=2000V/m的匀强电场中，有三点A、M和B，AM=4cm，MB=3cm，AB=5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q=2×10﹣9C的正电荷从B移到M点，再从M点移到A点，电场力做功为〔〕A．0.6×10﹣6J B．0.12×10﹣6J C．﹣0.16×10﹣6J D．﹣0.12×10﹣6J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场中，电势差与场强的关系是U=Ed，式中d是两点沿电场强度方向的距离，然后根据d的含义可求解A、B两点间的电势差．电场力做功的公式W=qU．解答：解：根据匀强电场特点可知：A、B两点间的电势差 U AB=U AM=Ed AM所以U AB=2000×4×10﹣2V=80V．正电荷从B点经M点移到A点，电场力做功为 W BA=qU BA=﹣qU AB=﹣2×10﹣9×80J=﹣1.6×10﹣7J应当选：C．点评：公式U=Ed的适用条件为匀强电场，d的含义为两点之间沿电场线方向的距离，并非两点之间的距离，因此对于物理公式要明确适用条件以与各个物理量的含义．3．〔4分〕如下列图，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内〔不与球壁接触〕，另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是〔〕A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：因为在C内部由于感应起电，带上与A相反的电荷，它们之间达到静电平衡，所以A的电场对C外部不会产生任何影响．解答：解：A在空心金属球内，由于静电感应，使得C外外表带正电，B C相互吸引，所以B向右偏而金属空腔可以屏蔽外部电场，所以B 的电荷对空腔C 的内部无影响，所以 A 位置不变．B靠近C时，改变的是 C 外表的电荷分布，但对于 C 内部空间的电场可认为没有影响，这也就是平时说的静电屏蔽．故B正确，ACD错误．应当选：B．点评：考查静电感应现象，掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．并理解外部电场对空心球内部没有影响，即为静电屏蔽．4．〔4分〕如下列图，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，假设用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两局部，这两局部所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，如此如下结论正确的答案是〔〕A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q A＞Q BB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，且Q A=Q BC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q A＜Q BD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电B带负电，且Q A、Q B的值与所切的位置有关考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据静电感应现象，在正点电荷的电场作用下，导体AB自由电荷重新分布，不论沿着哪条虚线切开，都有A带正电，B带负电，且电量总是相等．解答：解：由题意可知，静电感应现象使得A带正电，B带负电．导体原来不带电，只是在C的电荷的作用下，导体中的自由电子向B局部移动，使B局部多带了电子而带负电；A 局部少了电子而带正电．根据电荷守恒可知，A局部转移的电子数目和B局部多余的电子数目是一样的，但由于电荷之间的作用力与距离有关，距离越小，作用力越大，因此更多的电子容易转移到最接近C的位置，导致电子在导体上分布不均匀，从B端到A端，电子分布越来越稀疏，所以从不同位置切开时，Q A、Q B的值不同．故只有D正确，ABC错误；应当选：D．点评：考查静电感应的原理，理解带电本质是电子的转移，掌握电荷守恒定律的应用，注意两局部的电量总是相等是解题的突破口．5．〔4分〕半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，当两球带等量同种电荷Q时，相互之间的库仑力为F1；当两球带等量异种电荷Q与﹣Q时，相互之间的库仑力为F2．如此〔〕A．F1＞F2B．F1＜F2C．F1=F2D．无法确定考点：库仑定律．分析：此题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比拟库仑力的大小．解答：解：半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于带异种电荷的间距，根据库仑定律F=k，可知，它们相互作用的库仑力大小有：F1＜F2，故B正确，ACD错误．应当选：B．点评：此题应明确当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义．6．〔4分〕如下列图，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态．如此以下结论正确的答案是〔〕A．如果q2为正电荷，如此可能q1、q3都是正电荷B．如果q2为正电荷，如此可能q1为正电荷，q3为负电荷C．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q3电量最大D．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q1电量可能最大考点：库仑定律；共点力平衡的条件与其应用．分析：〔1〕解决此题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态〞这一特点进展分析，q2为负电荷，可以利用假设法判断q1和q3的电性，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异，近小远大〞〔三个电荷处于平衡时两边电性一样和中间相反，中间电荷离电量小的近，离电量大的远〕进展判断．〔2〕三个电荷处于同一直线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态，据此列方程即可求解．解答：解：〔1〕假设q1带负电，要使q2平衡，如此q3也应带负电．如果q1带正电，要使q2平衡如此q3也应带正电．但是q1、q3不能平衡，所以q1、q3都带负电荷，故AB错误．〔2〕设l1=l2=l，由于三个电荷均处于平衡状态，由库仑定律建立如下平衡式：对q1：=对q2：=对q3：=解得：q1：q2：q3=4：1：4．因此假设l1＜l2，如此三个点电荷中q3电量最大，故C正确，D错误；应当选：C．点评：此题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大〞的规律进展电性判断，此题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难．7．〔4分〕如下列图，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B 分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，假设用图示方向的水平推力F作用于小球B，如此两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比〔〕A．两小球间距离将增大，推力F将增大B．两小球间距离将增大，推力F将减小C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小考点：库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：对整体分析，受总重力，拉力，地面的支持力，墙壁的弹力．可知地面的支持力等于两球的总重力．隔离对B球分析，B球受重力，墙壁的弹力和库仑力．A小球向右缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，根据平行四边形定如此，知库仑力即墙壁弹力的变化．解答：解：对A球受力分析，受到三个力，重力、弹力、库伦力，B小球向左缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定如此，库仑力变小，墙壁的弹力变小，根据库仑定律得公式可知：电荷量不变，库伦力变小，距离变大，对整体而言，墙壁对球的弹力等于拉力，所以拉力变小，所以两小球间距离将增大，推力F将减小应当选B点评：解决此题的关键先对整体受力分析，再隔离受力分析．整体法和隔离法是物理当中常见的一种方法，要灵活运用．8．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．考点：电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，如此电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．应当选C．点评：此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以与电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．9．〔4分〕关于摩擦起电和感应起电的实质，如下说法正确的答案是〔〕A．摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B．摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C．感应起电说明电荷可以从物体的一个局部转移到物体另一个局部D．感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了考点：电荷守恒定律．分析：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一局部转移到另一个局部．解答：解：A、摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．故A错误．B、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．故B确．C、感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一局部转移到另一个局部．故C正确．D、感应起电是电荷从物体的一局部转移到另一个局部．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．故D错误．应当选BC点评：摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一局部转移到另一个局部．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．10．〔4分〕如下列图，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，如此b应〔〕A．带正电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点考点：共点力平衡的条件与其应用；库仑定律．分析：小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．解答：解：小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零．小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，根据平衡条件，静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，如此b球可以放在C点，带负电；小球可以放在A点，带正电．故AC正确，BD错误．应当选：AC．点评：此题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．11．〔4分〕在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，如此A点的场强大小E A=，方向水平向右，如下说法正确的答案是〔〕A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变为水平向左C．在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此试探电荷所受的电场力变2F考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关．解答：解：A、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关，故A 点场强的大小和方向都不变，A错误；B、A点的场强大小和方向不变，正电荷的受力方向和负电荷的受力方向相反，故负电荷所受的电场力方向变为水平向左，B正确；C、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关，故A点场强的大小和方向都不变，C错误；D、A点的场强大小和方向不变，根据F=Eq可知，电荷量为2q时，F′=E2q=2F，即电场力变为原来的2倍，D正确．应当选：BD．点评：此题考查电场中电场强度和电场力的计算，注意：电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关．12．〔4分〕如下列图的同心圆是电场中的一簇等势面，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，如此有〔〕A．电子沿AC运动时受到的电场力越来越小B．电子沿AC运动时它具有的电势能越来越大C．电势φA＞φB＞φCD．电势差U AB=U BC考点：等势面；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，然后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系列式分析判断．解答：解：A、由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，根据库仑定律可以判断，电子沿AC方向运动时受到的电场力越来越大，故A错误；B、电子沿AC方向运动时，电场力做负功，故电势能逐渐变大，故B正确；C、电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，电子由A向C运动过程速度越来越小，故电场力向外，场强向内，故外侧电势较高，故φA＞φB＞φC，故C正确；D、电子沿AC方向运动过程中，电场力逐渐变大，从A到B过程电场力较小，故从A到B过程电场力做功较少，根据电势差与电场力做功关系U AB=，可以得到：U AB＜U BC，故D错误；应当选：BC点评：此题关键根据等势面和电子的运动情况确定场源电荷的电性，然后得到电场线的分布图，最后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系分析判断．二.填空题〔每空3分，共18分．请将答案写在答题卡上相应位置．〕13．〔6分〕如下列图，用三根长度一样的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电．平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零．B球带何种电荷：B球带负电；假设A球带电荷量为Q，如此B球的带电荷量﹣．考点：共点力平衡的条件与其应用；电场强度．分析：由于细线的拉力为零，故AB间、AC间都是吸引力，故A球与B球是异种电荷；然后对B球受力分析，根据共点力平衡条件求解AB球间的静电力，根据库仑定律列式求解B 的电量．解答：解：由于细线的拉力为零，故AB间、AC间都是吸引力，故A球与B球是异种电荷，A球带正电，故B球带负电；对B球受力分析，受重力、A球的吸引力，C球的排斥力；根据共点力平衡条件，有：F1=2F2根据库仑定律，有：联立解得：Q C=再对B球受力分析，同理可得：Q B=故答案为：负，﹣．点评：此题关键是正确的受力分析，然后结合共点力平衡条件和库仑定律列式求解，不难．14．〔6分〕将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，金属球外表的电势处处相等，a、b为电场中的两点，如此：a点的电势比b点的高；检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的低．。
甘肃省天水一中高二物理上学期第二次段考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2013-2014学年甘肃省天水一中高二〔上〕第二次段考物理试卷一、选择题〔全选对得4分，有错或不选得0分，对而不全得2分〕1．〔4分〕如下列图，用导线做成的圆形回路与一直线构成几种位置组合，那些组合中，切断直导线中的电流时，闭合回路中会有电流产生？图A、B、C中直导线都与圆形线圈在同一平面内，O点为线圈的圆心，D图中直导线与圆形线圈垂直，并与中心轴重合〔〕A．B．C．D．考点：感应电流的产生条件．分析：根据电流周围的磁场的特点，判断出线圈内的磁通量，然后根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁能量发生变化进展分析判断．解答：解：A、电流与线圈的直径重合，线圈中有相反的磁场，磁通量完全抵消，始终等于0，不会产生感应电流．故A错误；B、导线位于线圈的上部，导线上边的面积比拟小，穿过线圈上边的一局部的磁通量小于穿过线圈下边的一局部的磁通量，总磁通量的方向向里；切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生．故B正确；C、导线位于线圈的右侧，穿过线圈磁场方向向外；切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生．故C正确；D、线圈与导线垂直，穿过线圈的磁通量始终等于0，不会产生感应电流．故D错误；应当选：BC点评：此题关键要熟练应用安培定如此、掌握产生感应电流的条件，当线圈中磁场有两种方向时，磁通量应根据抵消后净磁感线条数来分析．2．〔4分〕如下列图，闭合圆形导体线框半径为R，共有N匝，在圆内有边长为a的正方形区域的磁场，其磁感应强度随时间变化为B1=kt+B0，其中B0为一常数，k是正常数，闭合圆形导体上产生的电动势〔〕A．等于Nka2B．等于NπkR2C．大于Nka2D．大于Nka2，小于NπkR2考点：法拉第电磁感应定律．专题：交流电专题．分析：根据法拉第电磁感应定律E=n=n S，结合磁感应强度随时间变化为B1=kt+B0，即可求得环中感应电动势．解答：解：由磁感应强度随时间变化为B1=kt+B0，可知=k，根据法拉第电磁感应定律E=N=N S=Nka2，即环中感应电动势Nka2，故A正确，BCD错误；应当选：A．点评：考查法拉第电磁感应定律应用，理解磁通量变化率求得，掌握有效面积是解题的关键．3．〔4分〕〔2015春•麻城市校级期中〕如下列图，E为电池，L是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2是两个规格一样且额定电压足够大的灯泡，S是控制电路的开关．对于这个电路如下说法正确的答案是〔〕A．刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小相等B．刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小不相等C．闭合开关S待电路达到稳定，D1熄灭，D2比原来更亮D．闭合开关S待电路达到稳定，再将S断开瞬间，D2立即熄灭，D1闪亮一下再熄灭考点：自感现象和自感系数．分析：线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向一样，抑制减小，并与灯泡D1构成电路回路．解答：解：A、S闭合瞬间，由于自感线圈相当于断路，所以两灯是串联，电流相等，故A 正确B错误；C、闭合开关S待电路达到稳定时，D1被短路，D2比开关S刚闭合时更亮，C正确；D、S闭合稳定后再断开开关，D2立即熄灭，但由于线圈的自感作用，L相当于电源，与D1组成回路，D1要过一会在熄灭，故D正确；应当选：ACD点评：线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈上端是电源正极．当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈下端是电源正极．4．〔4分〕〔2010•济南二模〕两块水平放置的金属板间的距离为d，用导线与一个n匝线圈相连，线圈电阻为r，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R与金属板连接，如下列图，两板间有一个质量为m、电荷量+q的油滴恰好处于静止．如此线圈中的磁感应强度B的变化情况和磁通量的变化率分别是〔〕A．磁感应强度B竖直向上且正增强，=B．磁感应强度B竖直向下且正增强，=C．磁感应强度B竖直向上且正减弱，=D．磁感应强度B竖直向下且正减弱，=考点：法拉第电磁感应定律；电场强度；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：电荷量+q的油滴恰好静止金属板间，受到的电场力与重力平衡，由平衡条件可求出金属板间的电压．此电压等于R两端的电压．根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律结合求出磁通量的变化率，由楞次定律确定磁感应强度B的变化情况．解答：解：由题，电荷量+q的油滴恰好静止金属板间，受到的电场力与重力平衡，由平衡条件得知，油滴受到的电场力竖直向上，如此金属板上板带负电，下板带正电．A、C假设磁感应强度B竖直向上，B正在增强时，根据楞次定律得知，线圈中产生的感应电动势是下负上正，金属板下板带负电，上板带正电，油滴不能平衡，如此磁感应强度B竖直向上且B正在减弱时，油滴能保持平衡．根据法拉第电磁感应定律得：E=n①金属板间的电压为 U=E，②要使油滴平衡，如此有q=mg ③联立①②③得：=．故A错误，C正确．B、D同理可知，磁感应强度B竖直向下且正增强时，=，油滴能保持静止．故BD均错误．应当选C点评：此题是电磁感应与电路、电场、力学等知识的综合应用．对于电磁感应问题，要楞次定律判断感应电动势、法拉第定律研究感应电动势大小是常用的思路．5．〔4分〕〔2014秋•赤坎区校级期末〕交流发电机在工作时的电动势为E=E0sinωt，假设将其电枢的转速提高1倍，其他条件不变，如此其电动势变为〔〕A．E0sin2ωt B．2E0sin2ωt C．E0sinD．2E0sin考点：交流发电机与其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：感应电动势的瞬时值表达式为e=E0sinωt，其中E0=nBSω，当将其电枢的转速提高一倍时，E0和ω都增加一倍，再进展选择．解答：解：感应电动势的瞬时值表达式为e=E0sinωt，当将其电枢的转速提高一倍时，E0和ω都增加一倍，其表达式变为：e′=2E0sin2ωt．应当选：B．点评：此题考查考虑问题要全面，e=E0sinωt式中E0和ω都与转速成正比，不能简单认为表达式是E0sin2ωt．6．〔4分〕如下关于电磁波的表示中正确的答案是〔〕A．电磁场由发生区域向远处传播形成电磁波B．电磁波在任何介质中的传播速度均为3×108m/sC．电磁波由真空进入介质传播时，波长变短D．电磁波不产生干预、衍射现象考点：电磁波的产生．分析：电磁波具有一切波的特性，可以发生干预、衍射、反射、折多普勒效应等现象．解答：解：A、电磁波可以发生反射，可以有回波，即可以由远处返回发生区域，故A错误；B、电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；而在其他介质中要小于光速；故B错误；C、电磁波由真空进入介质传播时，频率不变，波速减小，根据v=λf，波长变短，故C正确；D、电磁波具有一切波的特性，可以产生干预、衍射现象，故D错误；应当选：C点评：此题关键熟悉电磁波的一些特性，知道电磁波在真空中的传播速度等于光速．7．〔4分〕〔2008•潍坊模拟〕2008年1月10日开始的低温雨雪冰冻造成我国局部地区严重灾害，其中高压输电线因结冰而损毁严重．此次灾害牵动亿万人的心．为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰．假设在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热耗功率为△P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9△P，如此除冰时〔认为输电功率和输电线电阻不变〕〔〕A．输电电流为3I B．输电电流为9IC．输电电压为D．输电电压为3U考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=可以求出输电线上的电流；根据P=I2R可以求出输电线上损失的电功率．解答：解：高压线上的热耗功率P=I2R线①假设热耗功率变为9P，如此9P=I′2R线②由①②得I′=3I，所以A正确，B错误．又输送功率不变，由P=UI=U′I′得U′=U，所以C正确，D错误．应当选：A C点评：此题考查远距离输电中的能量损失与功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压8．〔4分〕〔2011•浙江模拟〕生活中处处用电，而我们需要的电都是通过变压器进展转换的，为了测一个额定电压为100V的灯泡的额定功率，如图，理想变压器的原、副线圈分别接有理想电流表A和灯泡L，滑动变阻器的电阻值范围时0﹣100Ω不考虑温度对灯泡电阻的影响，原、副线圈的匝数比为2：1，交流电源的电压为U0=440V，适当调节滑动变阻器的触片位置，当灯泡在额定电压下正常工作时，测得电流表A的示数为1.2A，如此〔〕A．灯泡的额定功率为40WB．灯泡的额定电流为2.4AC．滑动变阻器上局部接入的电阻值为50ΩD．滑动变阻器消耗的电功率为240W考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据变压器电压和电流与匝数的关系求出副线圈电压和电流，而灯泡正常发光，所以灯泡两端的电压为100V，根据串并联电路的特点与根据功率公式即可求解．解答：解：A、根据原副线圈电压之比等于匝数比可知，副线圈电压为=220V，根据原副线圈电流之比等于匝数的倒数比可知，副线圈电流=2.4A，灯泡的额定电压为100V，所以与灯泡串联的电阻值为，所以与灯泡并联局部的阻值也为50Ω，所以通过并联局部滑动变阻器的电流为，所以通过灯泡的电流为2.4﹣2A=0.4A，所以灯泡的功率PL=U L I L=100×0.4=40W，故AC正确，B错误；D、滑动变阻器消耗的功率为100×2+120×2.4W=488W，故D错误．应当选AC点评：此题考查了变压器的特点，而难点在于如何求滑动变阻器消耗的功率．9．〔4分〕〔2013春•宝应县期末〕如下列图，有一理想变压器，原线圈接在电压一定的正弦交流电源上，副线圈电路中接入三个电阻R1、R2、R3，各交流电表的内阻对电路的影响不计，当开关S闭合时，各电表的示数变化情况是〔〕A．电流表A1示数变大B．电流表A2示数变大C．电压表V1示数变小D．电压表V2示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．解答：解：AB、因开关s闭合时，总的电阻减小，所以电路的总电流要变大，因此A1、A2的示数都要变大，故A正确，B也正确；CD、因开关s闭合时，电路的总的电阻减小，由于变压器的匝数比和输入的电压都不变，所以输出的电压也不变，即V1示数不变，但因总电阻减小，如此电流增大，因此电阻R1分压增大，所以V2示数变小，故C错误，D错误；应当选：AB．点评：电路的动态变化的分析，总的原如此就是由局部电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先局部后整体再局部的方法．10．〔4分〕如下列图，S为一在xy平面内的点光源．一平面镜垂直于xy平面放置，它与xy平面的交线为MN，MN与x轴的夹角θ=30°．现保持S不动，令平面镜以速率v沿x轴正方向运动，如此S经平面镜所成的像〔〕A．以速率v沿x轴正方向运动B．以速率v沿y轴正方向运动C．以速率沿像与S连线方向向S运动D．以速率v沿像与S连线方向向S运动考点：平面镜成像．专题：压轴题；图析法．分析：物体与物体的像关于平面镜对称，作出光路图，根据几何关系可出出像的运动情况．解答：解：设平面镜以速率v沿x轴正方向由MN运动到位置M2N2，其位移为x，经平面镜所成的像由S1移动到S2，如下列图，如此像在垂直于镜面方向移动的距离为a=vt=xsin30°=0.5vt，由几何关系知像移动的距离为2a，设像移动的速度为v′，如此2a=v′t，所以v′=v，应当选D．点评：解答光学问题在于作出光路图，根据几何关系进展分析判断．11．〔4分〕图中虚线表示两种介质的界面与其法线，实线表示一条细光束斜射到界面时发生反射与折射的光线〔〕A．bO是入射光线B．aO是入射光线C．cO是入射光线D．Ob是反射光线考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：在光的反射中，入射角等于反射角；在光的折射中，折射角与入射角不相等，且分居法线两侧，根据该规律判断哪一条是入射光线，哪一条是反射光线，哪一条是折射光线．解答：解：在光的反射中，入射角等于反射角，入射光线和反射光线分居法线两侧；在光的折射中，折射角与入射角不相等，且分居法线两侧．可知，aO是入射光线，Ob是反射光线，Oc是折射光线．故BD正确，AC错误．应当选：BD．点评：解决此题的关键知道光的反射定律和折射定律，知道入射光线与反射光线与折射光线的关系，以与知道入射角与反射角、折射角之间的关系．12．〔4分〕〔2008•四川〕如图，一束单色光射入一玻璃球体，入射角为60°．己知光线在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行．此玻璃的折射率为〔〕A．B． 1.5 C．D．2考点：光的折射定律．专题：压轴题；光的折射专题．分析：作出光线在玻璃球体内光路图．由于折射回到空气中时与入射光线平行，出射的光路与入射的光路具有对称性，根据几何知识求出光线在A点的折射角，再求解折射率．解答：解：作出光线在玻璃球体内光路图，A、C是折射点，B反射点，OD平行于入射光线，由几何知识得，∠AOD=∠COD=60°，如此∠OAB=30°即折射角r=30°，入射角i=60°所以折射率为n==应当选C点评：此题解答的关键是作出光路图，要根据反射光路的对称性，由几何知识作出光路，求出折射角．二．实验题〔13题每空3分，14题4分，共13分〕13．〔9分〕假设示波器所显示的输入波形如下列图，要将波形上移，应调节示波器面板上的竖直位移旋钮，要使此波形横向展宽，应调节x增益旋钮，要使屏上显示3个完整的波形应调节扫描范围旋钮和扫描微调旋钮．考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：由示波器的各旋钮的功能进展选择，要明确示波器的使用方法，熟记各旋钮的作用，即可分析答题．解答：解：要将图中的波形曲线上移，应调节竖直位移旋钮，假设要使此波形横向展宽，应调节x增益旋；要使屏上能够显示3个完整的波形，应调节扫描范围旋钮和扫描微调旋钮；故答案为：竖直位移；x增益；扫描范围旋钮和扫描微调．点评：此题考查了调整示波器波形与位置的方法，知道示波器的结构、熟悉各旋钮的功能与使用方法即可解题．14．〔4分〕某同学做“测定玻璃砖的折射率的实验〞中他用测得的多组入射角θ1与折射角θ2作出sinθ1﹣sinθ2图象如下列图，如下判断正确的答案是〔〕A．他做实验时，光线由玻璃进入空气B．玻璃的折射率为0.67C．玻璃的折射率为1.5D．玻璃临界角的正弦植为0.67考点：测定玻璃的折射率．专题：实验题．分析：由图可知入射角与折射角的大小关系，即可知道光线射入的方向．由光的折射定律可求得玻璃的折射率与临界角．解答：解：A、由图象可知：sinθ1＞sinθ2，如此入射角θ1＞折射角θ2，所以光线从空气射入玻璃，故A错误．B、C、图象的斜率k即是玻璃折射率，由图易得：k=n==1.5，故B错误，C正确；D、玻璃临界角的正弦值sinC==0.67，故D正确．应当选：CD．点评：此题考查光的折射定律，图象是高中物理中常用工具，应掌握图象的意义，并能结合公式去理解图象．三．计算题15．〔12分〕〔2013春•船营区校级期末〕某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站，发电机输出功率为9kW，输出电压为500V，输电线的总电阻为10Ω，允许线路损耗的功率为输出功率的4%．求：〔1〕村民和村办小企业需要220V电压时，所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少？〔不计变压器的损耗〕〔2〕假设不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办小企业得到的电压和功率是多少？考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：〔1〕根据输电线上损失的功率求出输电线上的电流，从而得出升压变压器的输出电压，结合输入电压和输出电压得出升压变压器的原副线圈匝数之比．根据输电线上的电压损失得出降压变压器的输入的电压，结合降压变压器的输入电压和输出电压得出原副线圈的匝数之比．〔2〕根据输电电压和输送功率求出输送的电流，根据电压损失和功率损失求出用户得出的电压和功率．解答：解：建立如图甲所示的远距离输电模型，要求变压器原、副线圈的匝数比，先要知道原、副线圈两端的电压之比．此题可以线路上损耗的功率为突破口，先求出输电线上的电流I线，再根据输出功率求出U2，然后再求出U3．〔1〕由线路损耗的功率P线=I线2R线可得又因为P输出=U2I线，所以U3=U2﹣I线R线=〔1 500﹣6×10〕V=1 440 V根据理想变压器规律.所以升压变压器和降压变压器原、副线圈的匝数比分别是1：3和72：11．〔2〕假设不用变压器而由发电机直接输送〔模型如图乙所示〕，由P输出=UI线′可得所以线路损耗的功率P线=I线′2R线=182×10 W=3 240 W用户得到的电压U用户=U﹣I线′R线=〔500﹣18×10〕V=320 V用户得到的功率P用户=P输出﹣P线=〔9 000﹣3 240〕W=5760 W．答：〔1〕升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为1：3和72：11．〔2〕村民和村办小企业得到的电压为320V，功率为5760W．点评：解决此题的关键知道输送功率、输送电压、电流的关系，以与知道变压器原副线圈的电压之比等于匝数之比．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压和电压损失之和．16．〔12分〕〔2013秋•翠屏区校级期末〕如图〔a〕所示，一个电阻值为R，匝数为n的圆形金属线与阻值为2R的电阻R1连结成闭合回路．线圈的半径为r1．在线圈中半径为r2的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图〔b〕所示．图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0．导线的电阻不计．求0至t1时间内〔1〕通过电阻R1上的电流大小和方向；〔2〕通过电阻R1上的电量q与电阻R1上产生的热量．考点：法拉第电磁感应定律；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：〔1〕由B﹣t图象的斜率读出磁感应强度的变化率，由法拉第电磁感应定律求出线圈中产生的感应电动势，由欧姆定律求出感应电流的大小，由楞次定律判断出感应电流的方向．〔2〕由公式q=It求出通过电阻R1上的电量q，由焦耳定律求出电阻R1上产生的热量．解答：解：〔1〕由图象分析可知，0至t1时间内=由法拉第电磁感应定律有E=n=n s而s=π由闭合电路欧姆定m律有 I=联立以上各式解得通过电阻R1上的电流大小为I由楞次定律可判断通过电阻R1上的电流方向为从b到a〔2〕通过电阻R1上的电量q=I1t1=通过电阻R1上产生的热量Q==答：〔1〕通过电阻R1上的电流大小和方向从b到a；〔2〕通过电阻R1上的电量与电阻R1上产生的热量．点评：此题是法拉第电磁感应定律、欧姆定律、焦耳定律的综合应用，应用法拉第定律时要注意s是有效面积，并不等于线圈的面积．17．〔15分〕单位是时间内流过管道横截面的液体体积叫做液体的体积流量〔以下简称流量〕．由一种利用电磁原理测量非磁性导电液体〔如自来水、啤酒等〕流量的装置，称为电磁流量计．它主要由将流量转换为电压信号的传感器和显示仪表两局部组成．传感器的结构如下列图，圆筒形测量管内壁绝缘，其上装有一对电极a和c，a、c间的距离等于测量管内径D，测量管的轴线与a、c的连接放像以与通过电线圈产生的磁场方向三者相互垂直．当导电液体流过测量管时，在电极a、c的间出现感应电东势E，并通过与电极连接的仪表显示出液体流量Q．设磁场均匀恒定，磁感应强度为B．〔1〕D=0.40m，B=2.5×10﹣3T，Q=0.123/s，设液体在测量管内各处流速一样，试求E的大小〔π取3.0〕〔2〕一新建供水站安装了电磁流量计，在向外供水时流量本应显示为正值．但实际显示却为负值．经检查，原因是误将测量管接反了，既液体由测量管出水口流入，从如水口流出．因为已加压充满管道．不便再将测量管拆下重装，请你提出使显示仪表的流量指示变为正直的简便方法；〔3〕显示仪表相当于传感器的负载电阻，其阻值记为R．a、c间导电液体的电阻r随液体电阻率色变化而变化，从而会影响显示仪表的示数．试以E、R．r为参量，给出电极a、c 间输出电压U的表达式，并说明怎样可以降低液体电阻率变化对显示仪表示数的影响．考点：霍尔效应与其应用．分析：〔1〕导电液体通过测量管时，相当于长为D的导线做切割磁感线的运动，产生感应电动势．〔2〕在速度方向不变时，改变磁场方向可改变感应电动势的方向或改变显示仪的两极．〔3〕根据欧姆定律推导电极a、c间输出电压U的表达式，并分析如何液体降低电阻率对U 的影响．解答：解：〔1〕导电液体通过测量管时，相当于导线做切割磁感线的运动，在电极a、c 间切割感应线的液柱长度为D，设液体的流速为v，如此产生的感应电动势为：E=BDv…①由流量的定义，有：Q=Sv=v…②以上两式联立解得：E=BD=代入数据得：E=V=1.0×10﹣3 V〔2〕能使仪表显示的流量变为正值的方法简便，合理即可，如：改变通电线圈中电流的方向，是将磁场B反向，或将传感器输出端对调接入显示仪表．〔3〕传感器的显示仪表构成闭合电路，由闭合电路欧姆定律有：I=U=IR==…③输入显示仪表测量的是a、c间的电压U，流量示数和U一一对应，E 与液体电阻率无关，而r随电阻率的变化而变化，由③式可看出，r变化相应的U也随之变化．在实际流量不变的情况下，仪表显示的流量示数会随a、c间的电压U的变化而变化，增大R，使R＞＞r，如此U≈E，这样就可以降低液体电阻率的变化对显示仪表流量示数的影响．答：〔1〕E的大小为1.0×10﹣3V．〔2〕使显示仪表的流量指示变为正直的简便方法将磁场B反向，或将传感器输出端对调接入显示仪表．〔3〕电极a、c间输出电压U的表达式为U=．增大R，使R＞＞r，U≈E，可以降低液体电阻率的变化对显示仪表流量示数的影响．点评：此题是理论联系实际的问题，关键是建立模型：液体流过磁场相当于导体切割磁感线，产生感应电动势，测量管相当于电源，显示仪相当于外电路．。
甘肃省天水一中高二物理上学期期末考试试题
天水一中2013级2014-2015学年度第一学期第二学段考试物理试题一.选择题（每题4分，共48分。
1—8题每题所给选项中，只有一个选项符合题意；9—12题每题所给选项中，有两个或两个以上选项符合题意。
请将答题卡上相应的位置涂黑。
全选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1. 下列各图中，已标出电流I、磁感应强度B的方向，其中符合安培定则的是（）2. 在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以电流由西向东的直导线，则此导线：A．受到竖直向上的安培力； B．受到竖直向下的安培力；C．受到由南向北的安培力； D．受到由西向东的安培力。
3. 根据磁感应强度的定义式FBIL，下列说法中正确的是（）A．在磁场中某确定位置，B与F成正比，与I、L的乘积成反比B．一小段通电直导线在空间某处所受磁场力F=0，那么该处的B一定为零C．一小段通电直导线放在B为零的位置，那么它受到磁场力F也一定为零D．磁场中某处的B的方向跟电流在该处所受磁场力F的方向相同4. 从阴极射线管发射出的一束电子，通过图示的磁场，以下四幅图中能正确描绘电子偏转情况的是（）5. 如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L，质量为m的直导体棒。
当导体棒中的电流I垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可加平行纸面的匀强磁场中，下列有关磁场的描述中正确的是:( )A ．若磁场方向竖直向上，则ILmg B θtan = B ．若磁场方向平行斜面向上，则IL mg B αsin =C ．若磁场方向垂直斜面向下，则IL mg B αsin =D ．若磁场方向垂直斜面向上，则ILmg B αcos =6. 如图所示，直线a 为某电源的路端电压随干路电流强度的变化图线，直线b 为某一电阻R 两端的电压随电流变化图线，把该电源和该电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内电阻分别为：（ ）A ．4W ，0.5ΩB ．6W ，1ΩC ．4W ，1ΩD ．2W ，0.5Ω7. 如图是一火警报警装置的一部分电路示意图，其中R 2是半导体热敏传感器，它的电阻随温度升高而减小，a 、b 接报警器：当传感器R 2所在处出现火情时，电流表的电流I 和a 、b 两端电压U 与出现火情前相比 ( ) A ．I 变大，U 变大 B ．I 变小，U 变大 C ．I 变大，U 变小 D ．I 变小，U 变大8. 如图是有三个输入端的复合门电路，当C 端输入0时Y 输出0，那么A 、B 端输入分别是（ ）A.1、1B.0、1C.1、0D.0、09. 如图所示，R 1和R 2是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但R 1的尺寸比R 2的尺寸大．在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图，则下列说法中正确的是（ ） A ．R 1中的电流小于R 2中的电流 B ．R 1中的电流等于R 2中的电流C ．R 1中自由电荷定向移动的速率大于R 2中自由电荷定向移动的速率D ．R 1中自由电荷定向移动的速率小于R 2中自由电荷定向移动的速率10. 现有两个点电荷A 和B ，它们电量分别为+Q 和﹣Q ，a 为AB 连线的中点，b 与a 关于B 对称，它们都在一条直线上，如图所示，试比较ab 两点所在处场强E 的大小和电势φ的高低（ ）A.E a ＜E bB.E a ＞E bC.φa ＜φbD. φa ＞φb11. a 、b 、c 三个α粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b 恰好飞出电场，由此可以肯定（ ） A.在b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上 B.b 和c 同时飞离电场C.进入电场时，c 的速度最大，a 的速度最小D.动能的增量相比，c 的最小，a 和b 的一样大12. 两个电荷量分别为+q 和－q 的带电粒子分别以速度v a 和v b 射入匀强磁场，两粒子的入射方向与竖直磁场边界的夹角分别为30°和60°，磁场宽度为d ，两粒子同时由A 点出发，同时到达与A 等高的B 点，如图所示，则（ ） A ．a 粒子带正电，b 粒子带负电B ．两粒子的轨道半径之比R a ∶R b ＝ 3∶1C ．两粒子的质量之比m a ∶m b ＝1∶2D ．两粒子的速度之比v a ∶v b ＝3∶2二.实验题（每空3分，共18分）13.（1） 用多用电表的电阻“×10”挡进行测量时表盘的示数如下图，待测阻值约为 Ω。
甘肃省天水市一中12—13上学期高三物理第一次学段考试试卷(答案录入)
甘肃省天水一中2012－2013学年度第一学期第一次考试物理试题一、选择题：本题共12小题(每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确)．1．一质点开始时做匀速直线运动，从某时刻起受到一恒力作用．此后，该质点的动能可能A ．一直不变B ．先逐渐减小至零，再逐渐增大C ．先逐渐减小至某一非零的最小值，再逐渐增大D ．先逐渐增大至某一最大值，再逐渐减小2．一只小船在静水中的速度大小始终为8m /s ，在流速为4m /s 的河中航行，则河岸上的人能看到船的实际航速大小可能是A ．4m /sB ．1m /sC ．3m /s D．14m /s3．一物体自t＝0时开始做直线运动，其速度图线如图所示．下列选项正确的是A ．在0～6s 内，物体离出发点最远为30mB ．在0～6s 内，物体经过的路程为40mC ．0～2s 内的加速度比5～6s 内的大D ．5～6s 内，物体所受的合外力做负功4．大磅秤上站着一个重500N 的人，同时放着一个重30N 的物体，当此人用20N 的力竖直向上提这个物体时A ．磅秤的示数减少20NB ．磅秤的示数不会改变C ．物体受到的合力为10ND ．人对磅秤的压力是520N5．嫦娥二号卫星于2010年成功发射，其环月飞行的高度距离月球表面100 km ，所探测到的有关月球的数据比环月飞行高度为200 km 的嫦娥一号更加详实．若两颗卫星环月飞行均可视为匀速圆周运动，飞行轨道如图所示．则A ．嫦娥二号环月飞行时角速度比嫦娥一号更小B ．嫦娥二号环月飞行的线速度比嫦娥一号更小C ．嫦娥二号环月飞行时向心加速度比嫦娥一号更小D ．嫦娥二号环月飞行的周期比嫦娥一号更小6．如图，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正在沿斜面匀加速下滑，斜劈保持静止，则地面对斜劈的摩擦力A ．等于零B ．不为零，方向向右C ．不为零，方向向左D ．以上答案都有可能7．如图所示，一轻弹簧左端固定在长木板m 2的左端，右端与小木块m 1连接，且m 1、m 2及m 2与地面之间接触面光滑，开始时m 1和m 2均静止，现同时对m 1、m 2施加等大反向的水平恒力F 1和F 2，从两物体开始运动以后的整个过程中，对m 1、m 2和弹簧组成的系统(整个过程中弹簧形变不超过其弹性限度)，正确的说法是 A ．由于F 1、F 2等大反向，故系统机械能守恒B ．由于F 1、F 2分别对m 1、m 2做正功，故系统动能不断增加C ．由于F 1、F 2分别对m 1、m 2做正功，故系统机械能不断增加D ．当弹簧弹力大小与F 1、F 2大小相等时，m 1、m 2的动能最大8．如图，一长为L 的轻杆一端固定在光滑铰链上，另一端固定一质量为m的小球．一水平向右的拉力作用于杆的P 点，P 到小球的距离为L /3，使杆以角速度ω匀速转动，当杆与水平方向成60°时，拉力的功率为A ．31mgL ω B ω C ．12mgL ω D ω 9．一物体静止在升降机的地板上，在升降机加速上升的过程中，地板对物体的支持力所做的功等于A ．物体势能的增加量B ．物体动能的增加量C ．物体动能的增加量加上物体势能的增加量D ．物体动能的增加量加上克服重力所做的功10．如图所示，劲度数为k 的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为m 的物体接触(未连接)，弹簧水平且无形变．用水平力F 缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了0x ，此时物体静止．撤去F 后，物体开始向左运动，运动的最大距离为40x ．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g ．则A ．撤去F 后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B ．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为0kx g mμ- C ．物体做匀减速运动的时间为D ．物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为0()mg mg xkμμ-11．如图所示，倾斜放置的圆盘绕着中轴匀速转动，圆盘的倾角为37°，在距转动中心r ＝0.1m 处放一小木块，小木块跟随圆盘一起转动，小木块与圆盘的动摩擦因数为μ＝0.8，木块与圆盘的最大静摩擦力与相同条件下的滑动摩擦力相同．若要保持小木块不相对圆盘滑动，圆盘转动的角速度最大值为A ．8rad /sB ．2rad /sC ．124 rad /sD ．60rad /s 12．内壁光滑的环形凹槽半径为R ，固定在竖直平面内，一根长度为2R 的轻杆一端固定有质量为m 的小球甲，另一端固定有质量为2m 的小球乙，将两小球放入凹槽内，小球乙位于凹槽的最低点，如图所示,由静止释放后A ．下滑过程中甲球减少的机械能总是等于乙球增加的机械能B ．下滑过程中甲球减少的重力势能总是等于乙球增加的势能C ．甲球可沿凹槽下滑到槽的最低点D ．杆从右向左滑回时，乙球一定能回到凹槽的最低点二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上，每空2分，共10分．13．某实验小组利用如图甲所示的气垫导轨实验装置来探究合力一定时，物体的加速度与质量之间的关系．(1)做实验时，将滑块从图甲所示位置由静止释放，由数字计时器(图中未画出)可读出遮光条通过光电门1、2的时间分别为Δt 1、Δt 2；用刻度尺测得两个光电门中心之间的距离x ，用游标卡尺测得遮光条宽度d ．则滑块经过光电门1时的速度表达式v 1＝___；经过光电门2时的速度表达式v 2 ＝____，滑块加速度的表达式a ＝____．(以上表达式均用已知字母表示)．如图乙所示，若用20分度的游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数为_______mm ．(2)为了保持滑块所受的合力不变，可改变滑块质量M 和气垫导轨右端高度h (见图甲)．关于“改变滑块质量M 和气垫导轨右端的高度h ”的正确操作方法是_________A ．M 增大时，h 增大，以保持二者乘积增大B．M增大时，h减小，以保持二者乘积减小C．M减小时，h增大，以保持二者乘积不变D．M减小时，h减小，以保持二者乘积减小三、计算题：本题共4小题42分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位．14．(8分)宇航员站在一星球表面上，从星球表面以初速度v0沿竖直方向抛出一个小球，经过时间2t，球落到星球表面．已知该星球的半径为R，引力常量为G，求该星球的质量M．15．(10分)如图所示，质量为m的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离l后以速度v飞离桌面，最终落在水平地面上．已知l＝1.4m,s＝0.90m,m＝0.10kg,物块与桌面间的动摩擦因数u＝0.25,桌面高h＝0.45m．不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2．求(1)小物块落地时速度方向与水平方向的夹角；(2)小物块的初速度大小v0．16．(10分)．质量为150kg的摩托车，由静止开始沿倾角为10°的斜坡以1m／s2．的加速度上行驶，若所受阻力是车重的0.03倍，则行驶12.5m时摩托车的功率为多少?若摩托车的额定功率为4.5kW，它能维持匀加速行驶的时间是多少? 摩托车能达到的最大速度是多少?(sin10°＝0.17)?17．(14分)如图所示为放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四部分粗细均匀的金属杆组成，其中倾斜直轨AB与水平直轨CD长均为L＝3m，圆弧形轨道APD 和BQC均光滑，BQC的半径为r＝1m，APD的半径为R＝2m，AB、CD与两圆弧形轨道相切，O2A、O1B与竖直方向的夹角均为 ＝37°．现有一质量为m＝1kg的小球穿在滑轨上，以E k0的初动能从B点开始沿AB向上运动，小球与两段直轨道间的动摩擦因数均为μ＝1，设小球经过轨道连接处均无能量损失．(g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，求：(1)要使小球完成一周运动回到B点，初动能E K0至少多大？(2)若以题(1)中求得的最小初动能E K0从B点向上运动，求小球在CD段上运动的总路程．。
甘肃省天水一中高二物理上学期第一学段测试题 理【会员独享】
天水一中2009级2022—2012学年第一学期第二阶段试题物 理一．选择题（每小题至少有一个选项正确每小题4分，共48分）1．示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。
如果在荧光屏上P 点出现亮斑，那么示波管中的A ．极板X 应带正电B ．极板X ’应带正电 C ．极板Y 应带正电D ．极板Y ’应带正电2．在真空中，有两个完全相同的金属小球带电量分别为－Q 1和＋Q 2，相距r 时，其相互作用力为F 。
今将两小球接触一下，再相距r ，这时相互作用力为F/3，则两球原来带电量大小的关系是A ．Q 1:Q 21:3=B ．Q 1:Q 23:1=C ．Q 1:Q 22:1=D ． Q 1:Q 21:2=3．如图所示，带箭头的直线表示某电场的电场线，虚线表示等势线，一个带负电的粒子以一定初速度进入电场，由A 运动到B （轨迹为图中AB 实曲线所示）．设粒子经过A 、B 两点时的加速度和速度分别用a A 、a B 、v A 、v B 表示，则（不计粒子重力）A ．a A ＞a BB ．a A ＜a BC ．v A ＞v BD ．v A ＜v B4．A 、B 是一条电场线上的两点，一正电荷从A 点静止释放，仅在电场力的作用下沿电场线由A 点运动到B 点，此过程中的速度图象如图所示，比较A 、B 两点场强E 和电势φ的大小，以下正确的是A. E A ＞E BB. E A ＜E BC.φA ＞φBD.φA ＜φB5．如图所示，带正电的金属圆环竖直放置，某一时刻，一个电子恰好经过圆环的圆心沿轴线以速度v 0水平向右运动，若电子仅受电场力，则运动情况可能是A ．做匀速直线运动B ．做减速直线运动C ．做加速直线运动D ．以圆心为平衡位置做振动6．如图所示，中子内有一个电荷量为 + 23 e 的上夸克和两个电荷量为 - 13 e 的下夸克，3个夸克都分布在半径为 r 的同一圆周上，则3个夸克在其圆心处产生的电场强度为（ ）A ．ker 2B ．ke 3r2 C ．ke 9r2 D ．2ke 3r27．质量为m 的带正电小球A 悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E 的匀强电场中，当小球A 静止时，细线与竖直方向成30°角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为A ．E m g33 B ．Em g3 C ．Emg2 D ．Emg28．某电场的部分电场线如图所示，A 、B 是一带电粒子仅在电场力作用下运动轨迹(图中虚线)上的两点，下列说法中正确的是 A ．粒子的机械能一定守恒B ．粒子一定是从B 点向A 点运动C ．粒子在A 点的动能小于它在B 点的动能D ．粒子在A 点的电势能小于它在B 点的电势能9．如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间距离等于b 、 c 间距离，用φa 、φb 、φc 和E a 、E b 、E c 分别表示a 、b 、c 三点的电势和场强，可以判定A ．φa ＞φb ＞φ cB ．E a ＞E b ＞E cC ．φa –φb =φb –φ cD ．E a = E b = E c10．关于等势面，以下说法正确的是A ．等势面越密的地方，电场强度越大B ．等量同种点电荷的中垂面一定是等势面C ．在同一等势面上各点的电场强度必定相等D ．在同一等势面上移动电荷，电场力不做功11. 匀强电场中有两点A 、B,已知U AB ＝5V,A 、B 间的距离为0.1m ，则匀强电场的场强A.E ≥50V/mB.E ≤50V/mC.E ＝50V/mD.以上说法都不对12. 对处于静电平衡状态的导体，以下说法正确的是A ．导体一定是等势体a bB．导体内部的场强处处为零C．导体的电势一定为零D．导体表面的电场线一定与表面垂直二. 填空题 (每空4分,共20分 )13．在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A 与一灵敏的相接，极板B和静电计的外壳接地。
甘肃省天水市一中12—13上学期高三物理第一次学段考试试卷答案
甘肃省天水一中2012－2013学年度第一学期第一次考试物理试题参考答案一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确．1．BC 2．A 3．B 4．BD 5．D 6．C 7．D 8．C 9．CD 10．BD11．B 12．AD二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上，每空2分，共10分．13．(1)15.82)()(212221、、、xt d t d t d t d ∆-∆∆∆ (2)C三、计算题：本题共4小题42分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位．14．(8分)解：由竖直上抛运动可知 t v g /0=又 mg R Mm G =2得 GtR v M 20= 15．(10分)解：(1)22/1gt h = vt s =解得s 30.0=t m/s 0.3=v又m/s 0.3==gt v y故小物块落地时速度方向与水平方向的夹角为45°(2)由2022/12/1mv mv umgl -=-得 m /s 0.40=v16．(10分)解：摩托车行驶12.5m 时的速度大小为v ＝as 2＝5m /s ，牵引力大小为 F －mg sin10º＝kmg ＝ma代入数据得 F ＝450N ．此时摩托车的功率为 P ＝Fv ＝2.25×103W摩托车作匀加速度运动时的牵引力大小为 F ＝450N则作匀加速运动的最大速度为 v ＝P /F ＝10m /s则摩托车作匀加速运动的时间 t ＝v /a ＝10s17．(14分)解：(1)要使小球能够向上运动并回到B 点，有两个临界条件的要求：一是要使小球能够通过圆弧APD 的最高点，二是通过了圆弧APD 的最高点后还能够再次到达B 点．所以：若要使小球能够通过圆弧APD 的最高点，因为小球是穿在杆上，所以到达最高点时速度可以为0．由能量守恒得：θμθθcos )]cos (sin [0mgL R R L mg E k +-+=J 308.0*3*10*1*31)8.0*226.0*3(*10*1=+-+=(2分) (即小球在B 点的初动＝小球增加的重力势能＋因摩擦而发的热)假若仅使小球恰好到达B 点，即到达B 点时速度恰好为0，则由能量守恒： mgL mgL E k μθμ+=cos 0J 183*10*1*318.0*3*10*1*31=+=(2分) 所以，要使小球能再次回到B 点，至少需要J 30的初动能．(2)当小球在B 点以J 300=k E 向上运动，再次回到B 点时，小球的动能1k E ，由动能定理：,cos 01mgL mgL E E k k μθμ--=-所以：J 121830cos 01=-=--=mgL mgL E E k k μθμ(1分)假设小球经过B 点后，还能沿AB 上升x ，由动能定理：)cos (sin 01x mg mgx E k θμθ-+-=-解得：m 13188.0*10*1*316.0*10*112cos sin 1=+=+=θμθmg mg E x k (1分) 在AB 杆上，由于θμθcos sin mg mg >，所以小球将再次下滑，在AB 杆上因摩擦而发的热：J 13961318*8.0*10*1*31*2*cos 21===x mg Q θμ 当小球第二次回到D 点时，由能量守恒得：kD k E mgL Q E r r mg ++=++μθ11)cos ((1分) 所以：J 6.12J 13164)cos (11≈=--++=mgL Q E r r mg E k kD μθ(1分) 小球到达D 点后，将沿光滑的圆弧面APB 上升，但到不了最高点，将再次滑回D 点，且J 13164=kD E ． 假若要使小球还能够返回B 点，则要求在D 点时具有的动能为：kD E r r mg mgL >=++J 28)cos (θμ；(1分)所以小球将无法再次回B 点，而只能在光滑圆弧APD 和BQC 及DC 间作来回往复的运动，最终小球将停在DC 上，此时小滑在DC 上滑过的总路程为S '， 由S mg E kD '=μ得：(1分)m 6524610*1*3113164==='mg E S kD μ(1分) 所以m 78.9m 656366524662==+='+=S L S 总(1分)。
甘肃省天水一中2013-2014学年高二物理上学期第一学段段中试题 文
天水一中2012级2013-2014学年第一学期第一学段中考试题物 理（文科）一．选择题（每小题4分，共60分）1．关于电场线的说法，正确的是( )A ．电场线就是电荷运动的轨迹B ．在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C ．电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D ．电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反2. 下列说法错误的是 ( )A ．电场线越密的地方电场强度越强B ．在电场中，任意两条电场线不会相交C ．静电场中的电场线是闭合的D ．电场线某点的切线方向表示该点电场方向3．如右图所示，在电荷为+Q 的电场中，有a 、b 两点。
一电子从a 向b 运动，那么，该电子所受的电场力将( )A.减小B.增大C.不变D.无法判断4. 如图所示，把两个质量相等的小球悬挂在同一点上。
两球带同种电荷，但A 球的电荷量大于B 球的电荷量，下列关系式正确的是( )A 、α＞βB 、α＜βC 、α＝βD 、无法确定5. 真空中有两个距离保持不变的点电荷，若将它们各自的电量都增大到原来的3倍，则两电荷之间相互作用的静电力将增大到原来的：（ ）A、3倍 B 、3倍 C 、6倍 D 、9倍6.对物体带电现象的叙述，正确的是（ ）A ．物体带电一定是因为具有多余的电子B ．摩擦起电实质是电荷从一个物体转移到另一个物体的过程C ．物体所带电荷量可能很小，甚至小于eD ．电中和是等量异种电荷完全消失的现象7.关于电动势的说法正确的是( )A. 电源的电动势就是直接接在电源两端的电压表测得的电压值B. 同一电源接入不同的电路中,电动势就回发生变化C. 电源的电动势就是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量D. 在电路中,接入电路的电阻越大,电源的电动势就越大8．下列哪个是电场强度的单位( )0a Qb9．关于电场强度的定义式E＝F/q，下列说法中正确的是( )A．它适用于任何电场中场强的计算B．电场强度与电荷量成反比C．E的方向一定与放在该点的电荷的受力方向相同D．移去电荷q，E的值减小为零10．下列哪些方式可以增大平行板电容器的电容( )A．增加电容器极板的带电量B．减小电容器极板间的电压C．增加电容器极板间的正对面积D．增大电容器极板间的距离11. 保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务。
天水市一中2010级2012-2013学年度第一学期2010级第二次次考试物理试题.doc
天水市一中 2010 级 2012— 2013 学年度第一学期2010 级第二次考试物理试题命题：审查：一、选择题（每题给出的四个选项起码有一个选项切合题意，每题 4 分，共 48 分。
选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得0 分 )1．下陈述法正确的选项是（）A．依据 E = F/q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比．B．依据 E = KQ/r 2，知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比．C．依据场强叠加原理，可知合电场的场强必定大于分电场的场强．D ．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹.2．如下图，质量为 m 的质点静止地放在半径为R 的半球体上，质点与半球体间的动摩擦因数为，质点与球心的连线与水平川面的夹角为，则以下说法正确的选项是A．地面对半球体的摩擦力方向水平向左B ．质点所受摩擦力大小为mgcosC．质点所受摩擦力大小为 mgsinD ．质点对半球体的压力大小为mgsin3．以 v0 =12 m/s 的速度匀速行驶的汽车，忽然刹车，刹车过程中汽车以 a =－6 m/s 2 的加快度持续前进，则刹车后 ()A ．3 s 内的位移是 12 m B． 3 s 内的位移是 9 mC．1 s 末速度的大小是 6 m/s D． 3 s 末速度的大小是 6 m/sy4.如下图x 轴在水平川面内，y 轴沿竖直方向。
图中画出了从by 轴上沿 x 轴正向抛出的三个小球a、b 和 c 的运动轨迹，此中 b和 c 是从同一点抛出的，不计空气阻力，则A. a 的飞翔时间比 b 的长B.b 和 c 的飞翔时间同样c ax OC.a 的水平速度比 b 的小D.b 的初速度比 c 的大5．如图，倾角为的斜面体放在粗拙的水平面上，质量为m的物体A与一劲度系数为k 的轻弹簧相连．现用拉力 F 沿斜面向上拉弹簧，使物体 A 在圆滑斜面上匀速上滑，上滑的高度为h，斜面体一直处于静止状态．在这一过程中 FA ．弹簧的伸长量为F mg sink B．拉力 F 做的功为Fh sin A （C．物体 A 的机械能增添mghD．斜面体受地面的静摩擦力大小等于Fcos6．一宇宙飞船在一个星球表面邻近做匀速圆周运动，宇航员要估测星球的密度，只要要测定飞船的（）A ．围绕半径 B.围绕速度 C.围绕周期 D.围绕角速度7．在温控电路中，经过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路有关物理量的控制作用，如下图电路，R1为定值电阻，R2为半导体热敏电阻（温度越高电阻越小），C为电容器，当环境温度降低时（）A ．电压表的读数减小B．电容器C的带电量增大C ．电容器 C 两板间的电场强度减小D ．R1耗费的功率增大8.如图，把一带正电的小球 a 放在圆滑绝缘面上，欲使球 a 能静止在斜面上，需在 MN间放一带电小球 b，则 b 应（）A．带负电，放在 A 点 B ．带正电，放在 B 点C．带负电，放在C点 D ．带正电，放在C点9.如图，平行板电容器的两个极板与水平川面成一角度，两极板与向来流电源相连。
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甘肃省天水市一中2012-2013学年高二上学期期末考试物理试题
一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小
题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分) 1．关于电场，下列说法正确的是( )
A ．由E ＝F
q 知，若q 减半，则该处电场强度为原来的2倍
B ．由E ＝k Q
r 2知，E 与Q 成正比，而与r 2成反比
C ．由E ＝k Q
r
2知，在以Q 为球心，以r 为半径的球面上，各处场强均相同
D ．电场中某点场强方向就是该点所放电荷受到的静电力的方向
2．一带电粒子从电场中的A 点运动到B 点，轨迹如图1－3－18中虚线所示．不计粒子所受重力，则( ) A ．粒子带正电 B ．粒子加速度逐渐减小 C ．A 点的速度大于B 点的速度 D ．粒子的初速度不为零
3．如图1－6－11所示是电场中的一条电场线，已知ab ＝bc ，则下列关系式中一定正确的是( )
A ．E a ＝E b ＝E c
B ．E a >E b >E c
C ．φa >φb >φc
D ．U ab ＝U bc
4．示波管是一种多功能电学仪器，它的工作原理可以等效成下列情况：如图所示，真空室中电极K 发出电子(初速度不计)，经过电压为U 1的加速电场后，由小孔S 沿水平金属板A 、B 间的中心线射入板中．金属板长为L ，相距为d ，当A 、B 间电压为U 2时电子偏离中心线飞出电场打到荧光屏上而显示亮点．已知电子的质量为m 、电荷量为e ，不计电子重力，下列情况中一定能使亮点偏离中心距离变大的是
A ．U 1变大，U 2变大
B ．U 1变小，U 2变大
C ．U 1变大，U 2变小
D ．U 1变小，U 2变小
5．两只完全相同的灵敏电流计改装成量程不同的电压表V 1、V 2，如将两表串联起来后去测某一线路的电压，则两只表
A ．读数相同
B ．指针偏转的角度相同
C ．量程大的电压表读数大
D ．量程大的电压表读数小
6．如图所示，R 1为定值电阻，R 2为可变电阻，E 为电源的电动势，r 为电源内阻，且R 1>r ，
以下说法中正确的是
A ．当R 2＝R 1＋r 时，R 2上获得最大功率
B ．当R 1＝R 2＋r 时，R 1上获得最大功率
C ．当R 2＝0时，R 1上获得最大功率
D ．当R 2＝0时，电源的输出功率最大
7．在“测定电池电动势和内阻”的实验中，某同学根据实验数据，
作出了正确的U －I 图象，如图所示，其中图线斜率绝对值的物
理含义是( )
A ．短路电流
B ．电池内阻
C ．电池电动势
D ．全电路电阻
8．在如图所示的逻辑电路中，当A 端输入电信号1、B 端输入电信号
0时，则在C 和D 端输出的电信号分别为( ) A ．1和0 B ．0和1 C ．1和1 D ．0和0 9．奥斯特实验说明了( )
A ．磁场的存在
B ．磁场的方向性
C ．电流可以产生磁场
D ．磁体间有相互作用 10．有关洛伦兹力和安培力的描述，正确的是( )
A ．通电直导线在匀强磁场中一定受到安培力的作用
B ．安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的宏观表现
C ．带电粒子在匀强磁场中运动受到的洛伦兹力做正功
D ．通电直导线在磁场中受到的安培力方向与磁场方向平行 11．关于磁感应强度，下列说法中正确的是( )
A ．若长为L 、电流为I 的导线在某处受到的磁场力为F ，则该处的磁感应强度必为F
IL
B ．由F
B IL
=知，B 与F 成正比，与IL 成反比
C ．由F
B IL
=
知，一小段通电导线在某处不受磁场力，说明该处一定无磁场 D ．磁感应强度的方向就是小磁针北极所受磁场力的方向
12．有a 、b 、c 、d 四个小磁针，涂黑的一端是小磁针的N 极，分别放置在通电螺线管的附
近和内部.当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的 A ．a B ．b C ．c D ．d
二、填空题：把答案填在答题卡相应的横线上(本大题2小题，每问3分，共15分). 13．有一标有“6 V , 1.5 W”的小灯泡，现要描绘其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关
外，还有：
A ．直流电源6 V(内阻不计)
B ．直流电流表0～3 A(内阻0.1 Ω以下)
C ．直流电流表0～300 mA(内阻约为5 Ω)
D ．直流电压表0～15 V(内阻约为15 k Ω)
E ．滑动变阻器10Ω，2 A 回答下列问题：
(1)实验中电流表应选用______ (用序号表示) ；
(2)下面是本实验的实物连线图，其中还有两条导线没有接好，请用稍粗些的虚线代替导线，补全这个实物连线图
b
c
a
d
cm 14．(1)右图所示的游标卡尺的读数是cm.
(2)常用螺旋测微器的测微螺杆的螺距是mm，
右下图所示的螺旋测微器的读数是cm.
三、解答题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（本大题3小题，共37分）. 15．(12分)如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平
放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的
A点，经电压U0加速后,通过B点进入两板间距为d、电压为U
的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属
板之间穿出，已知A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行
金属板的长度为L，求：
(1)电子通过B点时的速度大小V
(2) 电子从右侧的两块平行金属板之间穿出时的侧移距离y
16．(12分)如图是质谱仪的工作原理示意图。
一个质量为m、电荷量为q的粒子，从容器下方的小孔S1飘入电势差为Ｕ的加速电场，然后经过S3沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为Ｂ的匀强磁场中，最后打到照相底片Ｄ上的P点，求：
（1）求粒子进入磁场时的速率
（2）写出S3与P之间距离X的表达式。
17．(13分)在图所示电路中，电源电动势E＝6 V，内阻r＝1Ω.D
为直流电动机，其电枢线圈电阻R＝2Ω，限流电阻R′＝3Ω.
当电动机正常工作时，电压表示数为0.3 V．求：
(1)通过电动机的电流是多大？
(2)电动机输入的电功率、线圈电阻的发热功率和输出功率各是
多少？
天水市一中2011级2012－2013学年度第一学期第二阶段考试物理试题(理科)参考答案
一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．)
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12
B BCD
C B BC AC
D B C C B D B
二、填空题：(本大题2小题，每问3分，共15分).
13. (1) C
(2)
14．5.44 0.5 0.326
2
002
2115. (1) ..........(2) 22 . (2)
1 (2) y=..........(2) 2 L= ..........(2) . (2)
y=4eU mV eU V m
at Vt eU a dm UL d ===分 分分分分0
(2)
U 分三、解答题：（本大题3小题，共37分）
17．(1)通过电动机的电流I 与流过限流电阻R ′的电流相同，
由I ＝
U R ′
得：I ＝0.3
3 A ＝ 0.1 A.………………（2分）
(2)由E ＝Ir ＋U ＋U D 可得电动机两端电压
U D ＝E －Ir －U ＝6 V －0.1×1 V －0.3 V ＝5.6 V . ………………（4分） 所以电动机输入的电功率P 入＝U D I ＝0.56 W. ………………（2分） 电动机的发热功率P 热＝I 2R ＝0.02 W. ………………（2分） 电动机的输出功率P 出＝P 入－P 热＝0.54 W. ………………（3分）
2116. (1) (2)
22 ..........(2)qU mV qU V m ==分 分2 (2) 2 . (2)
..........(2)22 ..........(4) X R V qVB m R mU X B q ==分分分。