2020 年湖北省十堰市中考物理试卷 (含答案解析)

2020 年湖北省十堰市中考物理试卷

一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）

1.下列关于“影”的形成，属于光的反射现象的是()

A. 在阳光照射下，大树底下出现的“阴影”

B. 皮影戏中的“手影”

C. 立竿见“影”

D. 岸边树木在河水中的“倒影”

2.如图所示，使用四种简单机械匀速提升同一物体，在不计机械自重及摩擦的情况下，所需动力

最小的是()

A. B.

C. D.

3.河面上常会看到一层雾气，这是因为水经过了()

A. 先汽化后凝固的过程

B. 先蒸发后液化的过程

C. 蒸发后形成水蒸气

D. 水蒸气液化成了小水珠

4.一架护林飞机，在某森林上空的一定高度匀速飞行，并不断地喷洒治虫药粉，下列说法中正确

的是------------------------------()

A. 飞机的动能增大，重力势能减小

B. 飞机的动能减小，重力势能增大

C. 飞机的机械能减小

D. 飞机的机械能增大

5.下列估测的数据，最符合实际情况的是()

A. 考室内的气温大约是50℃

B. 考生使用的课桌高度约为1.6m

C. 某考生的体重约为500N

D. 考室内一盏灯的功率约为1000W

6.下列关于能源、电磁波说法中，正确的是()

A. 核能是可再生能源

B. 不同频率的电磁波，波速不同

C. 化石能源来自于太阳能

D. 金属不能屏蔽电磁

波

7.如图所示，这是某潜水艇的结构图。下列说法正确的是()

A. 当其漂浮在水面上时，受到的浮力大于重力

B. 若要潜入水中，应该向水舱中加入水

C. 当潜水艇下沉时，潜水艇所受液体压强不变

D. 当潜水艇从水面到浸没的过程中，所受浮力不变

8.下列说法正确的是()

A. 投出去的篮球能继续向前运动，是由于篮球受到惯性作用

B. 竖直抛向空中的小球，在最高点时速度为零，但所受的合力不为零

C. 跳远运动员快速助胞后，飞身一跃，増大了自身惯性，以提高成绩

D. 举重运动员将杠铃举在空中静止时，他受到的重力和地面对他的支持力是一对平衡力

9.如下图所示，学校有前、后两个门和值班室，在前、后门各装有一个按钮开关，学校值班室有

电池组、电铃和红、绿两盏点灯，要求：前门来人按下开关时，红灯亮且电铃响；后门来人按下开关时，绿灯亮且电铃响，以下电路设计符合要求的是()

A. B.

C. D.

10.用石墨烯制成的湿敏电阻，其阻值会随含水量的升高而增大。如图是检测

植物叶片含水量的电路，电源电压不变。将湿敏电阻R附着在叶片上，当

叶片含水量升高时()

A. 电流表示数增大

B. 电压表示数减小

C. 电路总电阻减小

D. 电路总功率增大

二、填空题（本大题共8小题，共16.0分）

11.在考场里，监考老师正在强调考试要求。

(1)监考老师的声音是由声带的______产生的，是通过______传入考生耳中的。传播速度约为

______m/s.考生能分辨出两位监考老师的声音不同，这主要是因为他们个人的______不同。

(2)考试期间，考试周边禁止鸣笛，禁止施工，这种措施属于在______处减弱噪音。

12.二维码在现代生活中随处可见。我们能看见二维码是由于光在二维码图片上发生了______射；

用手机扫描二维码时，二维码图案通过手机镜头成______(选填

“实”或“虚”)像。

13.如图是某同学在“探究冰的熔化规律”的实验中画出的冰熔化

过程中的温度?时间图象．根据图象：

(1)冰在t=4min时刻的内能______ (选填“大于、等于或小

于”)t′=6min时刻的内能；

(2)数据表明在开始的0～2min内升温慢，最后2min(即7min～9min)升温快，这样是否合理？

______ ，理由是______ (c水>c冰).

14.如图是安装了漏电保护器的家庭电路。当漏电保护器检测到通过图中A、B两处的电流不相等(即

发生漏电)时，会迅速切断电路，从而起到保护作用。当家电维修人员在图中C处不慎触电时，漏电保护器______(填“会”或“不会”)切断电路。漏电保护器与用电器______联。

15.现有一形状不规则的木块，小明同学用图甲、乙、丙所示的步骤测出了木块的密度，实验步骤

如下：

(1)向容器内倒入适量的水，水的体积记为V1。

(2)将木块轻轻放入容器中，液面上升至V2。

(3)用细针将木块按压，使木块浸没于水中，液面上升至V3.请写出下列物理量的表达式：木块的

质量m=______，木块的体积V=______，木块密度ρ=______。(密度ρ水为已知)

16.小明在“探究电流通过体产生热量的多少与什么因素有关”时，采用了如图所示的实验装置，

其中a、b、c、d四个相同的容器密闭着等量空气并与U形管紧密相连，实验前U形管两端液面相平，将1、2和3、4导线分別接到电源两端，在实验过程中，通过观察U形管两边的______变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少；图______所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与电流的关系。

17.

如图甲所示，铜块的长度为______cm；用托盘天平测铜块的质量：应先将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端的______刻度线处，调节平衡螺母使天平平衡；然后将铜块放入左盘，当右盘所加砝码和游码位置如图乙所示时天平再次平衡，铜块的质量为______g。

18.在探究水沸腾时具有什么特征的实验中，从水温接近90℃时开始计

时，每隔1min记录一次温度，其数据如下表所示。

加热时间

0123456789

/min

温度/℃85878992949697989898

(1)______℃

的温度______。(选填“升高”、“不变”或“降低”)

(2)实验中，观察到水沸腾前和沸腾中，水中气泡在上升过程中气泡大小变化的情况不同，则图

中______图是水沸腾前气泡上升的情况示意图。(选填“甲”或“乙”)

三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）

19.如图所示，一束光线从空气斜射到水面时发生反射和折射，OB为反射光线，请作出入射光线和

大致的折射光线方向。

四、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）

20.小明用弹簧测力计、圆柱体物块和两个相同的烧杯，其中两个烧杯分别装有一定量的水和盐水，

对浸在液体中的物块所受的浮力进行了探究，其装置和弹簧测力计示数如图所示。

(1)分析图甲、乙、丙，说明浮力的大小与______有关。

(2)圆柱体物块浸没在水中时受到的浮力是______N，圆柱体物块的体积是______cm3。

(3)用图示实验数据计算出盐水的密度是______kg/m3。

21.为了探究导体在磁场中怎样运动，才能在电路中产生电流，采用了图中所示的实验装置：

(1)将细导线悬挂的导体放入蹄形磁体中，闭合开关，电流计指针不偏转，让导体在蹄形磁体中

左右运动，电流计指针______偏转；断开开关，让导体在蹄形磁体中左右运动，电流计指针______偏转。(填”会“或”不会“)

(2)将细导线悬挂的导体放入蹄形磁体中，闭合开关，让导体在蹄形磁体中竖直上下运动，电流

计指针______偏转；让导体在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，电流计指针______偏转。(填”

会“或”不会“)

(3)综合(1)(2)中的实验现象可知，导体在磁场中运动产生电流的条件是：导体必须是闭合电路

的一部分，且一定要做______的运动。

(4)在这个试验中机械能转化为了______。

22.小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中，实验装置如图甲所示。

(1)小明在杠杆两湍挂上不同数量的钩码，使杠杆在水平位置平衡，得到的实验数据如下表：

实验序号动力F1/N动力臂L1/cm阻力F2/N阻力臂L2/cm

10.51015

2215 1.520

3 1.51035

(2)小明又用如图乙所示装置进行实验，弹簧测力计的读数应是______N(一个钩码重0.5N)；

(3)如图丙所示，小明实验时在一平衡杠杆的两端放上不同数量的相同硬币，杠杆仍在水平位置

平衡。他用刻度尺测出L1和L2，则2L1______3L2(选填“>”、“<”或“=”)。

23.小明在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压保持不变，小灯泡的额定电流为0.2A，操作

如下：

(1)请你用笔画线代替导线，替小明将图甲中的实物电路连接完整。

(2)闭合开关，移动滑片P滑到某一点时，电压表示数如图乙所示，此时电压为______V；

(3)某同学移动滑片P记下多组对应电压表和电流表的示数，绘制成图丙所示的I?U图象，根

据信息可算出小灯泡的额定功率是______W。

(4)小花在测量过程中，若电压表不慎损坏，她设计了如图丁所示的电路，也测出了该小灯泡正

常发光时的功率，其中定值电阻R=25Ω，她的操作如下：①只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为I1=______A；②闭合开关S和S1，断开开关S2，保持滑动变阻器滑片的位置不动，读出电流表示数为I2；③小灯泡功率的表达式为P额=______(用符号表示)。

五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）

24.如图所示是一辆质量为11t的流动式混凝土搅拌车，当装有5t的混凝土时，轮胎与地面接触的

总面积为0.8m2.车以72km/?的速度在平直公路上匀速行驶时，发动机的输出功率为128kW.求：(g取10N/kg，燃油的热值q取4×107J/kg，假设燃油完全燃烧)

(1)装有5t混凝土的搅拌车静止在水平地面上，对地面的压强

(2)搅拌车以72km/?的速度匀速直线行驶时，受到地面的阻力(拌筒旋转功率忽略不计)。

(3)搅拌车行驶时发动机的效率为40%，以72km/?的速度匀速行驶10km，需要消耗多少千克燃

油？

25.小刘家的电饭锅如图甲，额定电压为220V，“煮饭”时额定功率为1210W，简化电路如图乙，

S为温控开关，发热电阻R1和R2的阻值不随温度变化，电阻R1在“保温”状态与“煮饭”状态时的功率之比为1：16，求：

(1)正常“煮饭”状态，通过电饭锅的电流为多少安？

(2)电阻R2的阻值为多少欧？

(3)小刘关闭家里其它用电器，只让“保温”状态的电饭锅工作，发现自家电能表(如图丙)表盘

每转4次所用的时间为48s。则R1两端的实际电压为多少伏？

-------- 答案与解析 --------

1.答案：D

解析：

【分析】

(1)知道影子的形成、日月食的形成及小孔成像都是光沿直线传播形成的；

(2)“倒影”属于平面镜成像，是光的反射原理。

此题主要考查了光现象中的几种“影”在学习过程中要注意区分．熟练掌握其原理，对于生活中的现象要善于总结，达到学以致用的目的。

【解答】

选项A中的“阴影”、选项B中的“手影”和选项C中的“影”都是影子，其形成都是光沿直线传播形成的；而岸边树木在河水中的“倒影”属于平面镜成像，是光的反射现象。

故选D。

2.答案：B

解析：解：设物体重力为G，不计机械自重和摩擦：

A、图中为定滑轮，不省力，则F=G；

B、图中为省力杠杆，由杠杆的平衡条件得：F=GL

3L+L =G

4

；

C、图中为滑轮组，与动滑轮相连的绳子段数是3，因此F=1

3

G；

D、图中为斜面，根据功的原理可得：F=G?

L =G?2m

4m

=G

2

。

比较可知，所需动力最小的是B。

故选：B。

根据简单机械的原理：不省功和杠杆平衡条件，分别求出四个力，再确定最小的动力。

此题主要是考查各种简单机械省力情况及省力的原理，属于基础知识的考查。

3.答案：B

解析：解：当河面上方温度很低时，河水蒸发后的水蒸气会液化为小水珠而漂浮在河面上，这就是我们看到的雾气。

故选：B。

物体由液态变为气态的现象叫汽化，由气态变为液态的现象叫液化；

河水在常温下就可以汽化形成水蒸气，水蒸气遇冷就会液化形成雾。

本题不要误以为雾气是河水蒸发形成的水蒸气。生活中看到的白气、白雾都是液态的小水滴，而不

是水蒸气，它的形成过程都是液化。

4.答案：C

解析：

【分析】

动能大小跟质量、速度有关．质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大；

重力势能大跟质量、高度有关．质量一定时，高度越高，重力势能越大；高度一定时，质量越大，重力势能越大；

机械能=动能+势能。

本题考查了动能和势能的大小变化；掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素；能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。

【解答】

一架护林飞机，在某森林上空的一定高度匀速飞行，并不断地喷洒治虫药粉，飞机的质量减小，速度不变，动能变小；高度不变，重力势能变小；飞机喷洒药粉时，没有发生弹性形变，不具有弹性势能；机械能=动能+重力势能，机械能变小；

故ABD错误，C正确。

故选C。

5.答案：C

解析：解：A、考室内的气温大约是25℃，50℃不符合实际；

B、考生使用的课桌高度约为0.8m，1.6m不符合实际；

C、某考生的体重约为G=mg=50kg×10N/kg=500N，符合实际；

D、考室内一盏灯的功率约为40W，1000W不符合实际；

故选：C。

根据生活经验及对生活常识的了解，逐一分析各选项并作出判断。

对各种物理量的估算：需要凭借生活经验、需要简单的计算；物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一。

6.答案：C

解析：解：

A、核能不能在短时间内得到补充，所以核能是不可再生能源，故A错误；

B、不同频率的电磁波，波速相同，故B错误；

C、石油和天然气的化学能归根到底来自太阳能，即间接来自太阳能，故C正确。

D、金属材料制成的壳体或网罩，对电磁波有屏蔽作用，故D错误。

故选：C。

(1)像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；

(2)电磁波频率不同，但在近似真空的太空速度相等都等于光速；

(3)石油和天然气的化学能归根到底来自太阳能；

(4)对电磁波有屏蔽作用是金属材料制成的壳体或网罩。

本题考查学生对能源分类、电磁波的速度即屏蔽，属于基础内容的考查，比较简单。

7.答案：B

解析：解：

A、当其漂浮在水面上时，处于漂浮状态，则受到的浮力等于重力，故A错误；

B、若要潜入水中，应该向水舱中加入水来增加重力，使重力大于浮力而下潜，故B正确；

C、当潜水艇下沉时，深度增加，根据p=ρg?知，潜水艇所受液体压强变大，故C错误；

D、当潜水艇从水面到浸没的过程中，排开液体的体积变大，根据F浮=ρ液gV排知所受浮力变大，故D错误。

故选：B。

(1)物体的浮沉条件是：浮力大于重力，上浮；浮力等于重力，悬浮；浮力小于重力，下沉；

(2)根据p=ρg?分析解答；

(3)物体受到的浮力与液体密度和排开液体体积的大小有关，根据F浮=ρ液gV排判断浮力的大小变化；此题考查的是阿基米德原理和物体浮沉条件的应用，需要知道：物体的浮沉决定于浮力和重力的大

小关系。

8.答案：B

解析：解：

A、投出去的篮球能继续在空中飞行，是由于篮球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；

B、竖直上抛的小球达到最高点速度为零时，小球只受重力的作用，因此合力不为零，故B正确；

C、跳远运动员快速助跑后，飞身一跃，以提高成绩，这是利用了自身惯性，此过程中人的质量不变，惯性大小不变，故C错误；

D、举重运动员将杠铃举在空中静止时，地面对他的支持力等于他的重力加上杠铃的重力，则地面对他的支持力和他的重力大小不相等，二力不是一对平衡力，故D错误。

故选：B。

(1)一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种属性，人们在实际生活中利用惯性为我们服务，也能更好的防止它带来的危害；

(2)在最高点时对小球受力分析即可；

(3)二力平衡的条件是：作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上；平衡力和相互作用力主要区别在于是否作用在同一物体上；平衡力是作用在同一物体上的，相互作用力是作用在不同的物体上的。

此题综合考查了力的合成、惯性的应用、二力平衡条件的应用及平衡力的判断，属于基础知识，需要学生将基础知识掌握扎实。

9.答案：D

解析：

【分析】

前门来人按下开关时，红灯亮且电铃响，说明前门开关与红灯、电铃串联；后门来人按下开关时，绿灯亮且电铃响，说明后门开关与绿灯、电铃串联；由于只有一个电铃，所以，电铃位于干路、且红灯、绿灯并联、红灯与前门开关串联，绿灯与后门开关串联。

解答此类题目时要充分理解题目中的要求，然后根据串并联电路的特点，灵活的判断开关的连接方式即可得到合适的电路。

【解答】

A.前门开关、后门开关、红灯、绿灯、电铃串联，故A不符合题意；

B.电铃位于干路、红灯与后门开关串联，绿灯与前门开关串联，故B不符合题意；

C.电铃在红灯与前门开关串联的支路上，故闭合后门开关时绿灯亮，电铃不响，故C不符合题意；

D.电铃位于干路、红灯与前门开关串联，绿灯与后门开关串，故D符合题意。

故选D。

10.答案：B

解析：

【分析】

本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好“湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大”是关键。

【解答】

C.由电路图可知，湿敏电阻R与定值电阻R1串联，电流表测电路中的电流，将湿敏电阻R附着在叶片上，因湿敏电阻的阻值会随含水量的升高而增大，且串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以，当叶片含水量升高时，湿敏电阻的阻值增大，电路的总电阻增大，故C错误；

A.由I=U

可知，电路中的电流减小，即电流表示数减小，故A错误；

R

B.由U=IR可知，R1两端的电压减小，即电压表的示数减小，故B正确；

D.由P=UI可知，电路总功率减小，故D错误。

故选B。

11.答案：振动空气340 音色声源

解析：解：(1)监考教师强调要求是在说话，人说话是声带在振动发声；

(2)我们生活在空气中，通常听的声音是通过空气传播的；声音在空气中的速度为340m/s。

(3)音色是指声音的品质和特色，不同的人说话主要是音色不同；

(4)禁止鸣笛、禁止工地的机器运转，都是使声源不振动了，所以在声源处减弱噪声。

故答案为：振动；空气；340；音色；声源。

(1)一切正在发声的物体都在振动，声音都是由物体的振动产生的；

(2)声音的传播需要介质，通常听到的声音是通过空气传来的；声音在空气中的速度为340m/s。

(3)能分辨出不同的人说话主要是音色不同；

(4)减弱噪声有三条途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。

此题考查了声音的产生与传播，声音的特性与减小噪声的方法，是一道声学基础题。

12.答案：反实

解析：解：

看见二维码是由于光在二维码图案上发生了反射，反射的光线进入人的眼睛；

手机的镜头为凸透镜，用手机扫描二维码时，二维码位于两倍焦距以外，二维码反射的光经过摄像头后，成倒立、缩小的实像；

故答案为：反；实。

我们能看见物体是因为物体发出或反射的光线进入眼睛；凸透镜成像时，物距u>2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；

本题考查光的反射现象、凸透镜成像及其应用，与实际生活联系密切，是一道中档题。

13.答案：小于；不合理；根据Q=cm△t，同一物体质量相同，两段相同时间内吸收相同的热量，因为冰的比热容小于水的比热容，冰升温应快一些

解析：解：(1)从4min到第6min的这个过程中，冰不断吸热，内能增加，但是温度保持0℃不变，这个过程称为熔化过程，对应的温度0℃称为熔点．

(2)前2min物质的种类是冰，后2min物质变成了水，物质的质量没有变化，但状态发生了变化；使用相同的酒精灯加热时，相同时间内冰和水吸收的热量是相同的，根据Q=cm△t，同一物体质量相同，两段相同时间内吸收相同的热量，因为冰的比热容小于水的比热容，冰升温应快一些．

故答案为：(1)小于；(2)不合理；根据Q=cm△t，同一物体质量相同，两段相同时间内吸收相同的热量，因为冰的比热容小于水的比热容，冰升温应快一些．

(1)冰是晶体，在熔化过程中不断吸热，内能不断增加，但是温度却保持熔点不变；

(2)相同质量的不同物质的吸收或放出相同热量，升高或降低的温度一般不同，物理学上为了区别物质的这个特点，引入了比热容这个概念．

本题考查冰熔化特点实验以及数据的分析处理，学生容易在最后一个问题上出错，也是实验中容易忽略的问题．

14.答案：会串

解析：解：当家电维修人员在图中C处不慎触电时，电流就会从C处通过人体流向大地，导致通过B处的电流比A处的小，因此漏电保护器会切断电路。漏电保护器应与用电器串联接入电路中。

故答案为：会；串。

判断漏电保护器会不会切断电路，就是分析A、B两处的电流是否相等，如果相等就不会切断电路，如果不相等就会切断电路。

本题关键有两点：一是抓住漏电保护器的工作条件：通过虚线框内火线与零线的电流不相等；二是明确家庭电路的连接方式。

15.答案：ρ水(V2?V1)；V3?V1；V2?V1

V3?V1ρ水

解析：解：

(3)由图乙知，木块处于漂浮状态，则木块受到的浮力和自身的重力相等，即F浮=G=mg，由甲乙可知，木块排开水的体积：V排=V2?V1，

由ρ=m

V

和G=mg可得，木块排开水的重力：G排=m排g=ρ水V排g=ρ水(V2?V1)g，

由阿基米德原理可得：F浮=G排，即mg=ρ水(V2?V1)g，

则木块的质量：m=ρ水(V2?V1)，

因物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等，

所以，由甲丙可知，木块的体积：V=V3?V1，木块的密度：

ρ=m

V =V2?V1

V3?V1

ρ

水

。

故答案为：(3)ρ水(V2?V1)；V3?V1；V2?V1

V3?V1ρ

水

。

由图乙可知，木块处于漂浮状态，受到的浮力和自身的重力相等，甲乙两次容器内液体的差值即排开液体的体积，根据密度公式和重力公式求出排开水的重力，根据阿基米德原理得出等式求出木块的质量，由甲丙可知木块浸没时排开水的体积即为木块的体积，根据密度公式求出木块的密度。

本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、密度公式、重力公式的应用，从甲乙丙中得出木块的体积和漂浮时排开水的体积是关键。

16.答案：液面高度差乙

解析：解：电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；

探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同，电流不同，图甲是串联电路，电流相同；

图乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I内+I外，所以，I左>I内，烧瓶内的电阻值都是5Ω，阻值相等，通电时间相等，电流不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电流的关系。

故答案为：液面高度差；乙。

(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法；

(2)探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同。

本题考查了学生利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系的实验。

17.答案：2.250 31

解析：解：(1)物体末端对应刻度值是2.25cm，起始位置对应刻度值是0.00cm，物体长度L=2.25cm?0.00cm=2.25cm。

(2)用托盘天平测铜块的质量：若游码不在“0”刻度线处，则在未测铜块前就增加了右盘砝码的质量，所以测量不准确；应将游码移至标尺左端的“0”刻度线处，调节平衡螺母使天平平衡；

读数时：铜块的质量为m=20g+10g+1g=31g。

故答案为：2.25、0、31。

(1)刻度尺读数时注意起始端是否从“0”刻度开始，一定要估读到分度值的下一位；刻度尺是要精

确读数。

(2)使用天平测量时，因游码向右的移动相当于增加右盘的质量，所以测量前将游码移至标尺左端的0刻度线处；

读数时，右盘中砝码的质量加上游码的示数即为物体质量。

本题考查测量工具的正确读数，特别注意天平上的游码的作用是：游码向右的移动相当于增加右盘的质量；使用之前将游码移至标尺左端的“0”刻度线处，读数时不要忘记将游码的示数加上。18.答案：98；不变；乙

解析：解：(1)由表中的实验数据可知：水在第7min开始，不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以此时水的沸点是98℃；

当水的温度达到沸点后，继续给水加热，水的温度保持不变。

(2)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，图乙符合水沸腾前的现象；

水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，图甲符合水沸腾时的现象。

故答案为：98；不变；乙。

(1)液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点。

(2)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小；水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大。

对于水沸腾前后气泡上升时大小的变化，不能机械记忆，要理解气泡上升过程中变大和变小的原因，便于记忆。

19.答案：解：先过折射点O垂直水面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线，方向指向入射点，然后再根据折射角小于入射角在水中画出折射光线，如图所示：

解析：一束光线由空气射到水面时，既要发生反射，又要发生折射，反射角等于入射角，折射角小于入射角。反射光线与水面的夹角为30°，则入射角和反射角均为60°。

本题考查了根据光的折射规律作图，弄清光从空气斜射向水，还是从水斜射向空气，从而确定折射角和入射角的大小关系，记住在空气中的角度大。

20.答案：物体排开液体的体积 4 400 1.1×103

解析：解：

(1)由图甲、乙、丙所示实验可知，液体的密度相同而排开液体的体积不同，测力计示数不同，说明物体受到的浮力不同，由此可知，浮力大小与物体排开液体的体积有关。

(2)由图甲、丁所示实验可知，圆柱体浸没在水中时受到的浮力：F浮=G?F=5N?1N=4N。圆柱体浸没在水中，由F浮=ρ水gV排可得，圆柱体的体积：

V=V

排=

F

浮

ρ

水

g

=4N

1×103kg/m3×10N/kg

=4×10?4m3=400cm3；

(4)由图甲、戊所示实验可知，圆柱体浸没在盐水中所受浮力：F浮盐水=G?F′=5N?0.6N=4.4N，圆柱体分别浸没在水和盐水中时，排开液体的体积相同，

则盐水的密度：ρ盐水=F

浮盐水

gV

排

= 4.4N

10N/kg×4×10?4m3

=1.1×103kg/m3；

故答案为：(1)物体排开液体的体积；(2)4；400；(3)1.1×103。

(1)分析图示实验，根据实验控制的变量与实验现象得出实验结论。

(2)(3)根据图中测力计示数分析；根据阿基米德原理求出物块的体积、盐水的密度。

本题考查了探究影响浮力大小因素实验、求物体的体积与密度问题，要掌握称重法测浮力的方法、应用浮力公式即可解题，应用控制变量法是正确解题的关键。

21.答案：会；不会；不会；会；切割磁感线；电能

解析：解；

(1)将细导线悬挂的导体放入蹄形磁体中，闭合开关，没有切割磁感线，电流计指针不偏转；让导体在蹄形磁体中左右运动，导体切割磁感线，有感应电流产生，电流计指针会偏转；

断开开关，让导体在蹄形磁体中左右运动，虽然导体切割磁感线，但由于开关断开，电路没有电流，电流计指针不会偏转；

(2)将细导线悬挂的导体放入蹄形磁体中，闭合开关，让导体在蹄形磁体中竖直上下运动，导体没有切割磁感线，没有感应电流产生，电流计指针不会偏转；

闭合开关，让导体在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动，导体做切割磁感线运动，有感应电流产生，电流计指针会偏转；

(3)综合(1)(2)中的实验现象可知，导体在磁场中运动产生电流的条件是：导体必须是闭合电路的一部分，且一定要做切割磁感线的运动；

(4)此实验中消耗了机械能，获得了电能，是将机械能转化为电能的过程。

故答案为：(1)会；不会；(2)不会；会；(3)切割磁感线；(4)电能。

(1)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生电流，这种电流叫感应电流，这一现象叫电磁感应现象；

(2)产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；

(3)电磁感应是机械能转化为电能。

此题考查了产生感应电流的条件：首先电路必须闭合；导体要做切割磁感线运动。切割磁感线可以是导体动也可以是磁体动。

22.答案：F1L1=F2L2 1 >

解析：解：(1)由表格中数据：0.5N×10cm=1N×5cm，2N×15cm=1.5×20cm，1.5N×10cm= 3N×5cm知：动力、动力臂的乘积等于阻力、阻力臂的乘积，可得杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；

(2)设一个钩码重0.5N，一个小格为L，

则F1=2×0.5N=1N，L1=3L，

力臂是支点到力的作用线的距离，弹簧测力计拉力与杠杆的夹角是30°，

×6L=3L，

所以L2=1

2

根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2，

代入数据，1N×3L=F2×3L

可得F2=1N；

(3)根据杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2

设每个硬币的重量为G，则由图可得，2G(r+L1)=3G(r+L2)

整理得2GL1>3GL2，即2L1>3L2；

故答案为：(1)F1L1=F2L2；(2)1；(3)>。

(1)根据表格中数据分析动力、动力臂的乘积及阻力、阻力臂乘积的关系得出结论：F1L1=F2L2。

(2)根据杠杆的平衡条件求弹簧测力计的示数；

(3)用杠杆平衡条件可对两侧的力的力臂的乘积进行分析，最后做出判断；

本题考查杠杆的平衡条件实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

23.答案：2.20.50.1U额(I2?I1)

解析：解：

(1)由图知，灯的额定电流为0.2A，故电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中，如下所示：

(2)闭合开关，移动滑片P滑到某一点时，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，此时电压为2.2V；

(3)根据制成图丙所示的I?U图象知，灯在额定电压的电流为0.2A，根据信息可算出小灯泡的额定功率是：

P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；

(4)只闭合开关S和S2，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为U额(I2?I1)

②闭合开关S和S1，断开开关S2，保持滑动变阻器滑片的位置不动，读出电流表示数为I2；

③在②中电流表测干路电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流为：I2?I1；

小灯泡功率的表达式为P额=U额(I2?I1)。

故答案为：(1)如上所示；(2)2.2(3)0.5；(4)①0.1；③U额(I2?I1)。

(1)由图知，灯的额定电流为0.2A确定电流表选用小量程与灯串联，变阻器按一上一下接入电路中；

(2)根据电压表选用小量程确定分度值读数；

(3)根据制成图丙所示的I?U图象知灯在额定电压的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；

(4)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R应起到电压表的测量作用，故将R与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为I1= 0.1时，由并联电路电压的规律，灯的电压为2.5V，灯正常发光；

保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。

本题测定“小灯泡电功率”的实验，考查电路连接、操作过程、功率计算及设计方案测额定功率的能力。

24.答案：解：(1)装有5t混凝土的搅拌车静止在水平地面上对对面的压力为：F=G=mg=(11+ 5)×1000kg×10N/kg=1.6×105N，

车对公路的压强：

p=F

S =1.6×105N

0.8m2

=2×105Pa；

(2)72km/?=20m/s，

根据P=W

t =Fs

t

=Fv得，

车的牵引力为：F

牵=P

v

=128×103W

20m/s

=6400N

因为车在水平路面上匀速直线行驶，

所以，车受到的阻力和牵引力是一对平衡力，大小相等，车受到的阻力：f=F牵=6400N；

(3)车做的有用功：

W

有用

=Fs=6400N×10×103m=6.4×107J，

由η=W

有用

Q

放

×100%得，汽油完全燃烧放出的热量：

Q 放=

W

有用

η

=6.4×107J

40%

=1.6×108J，

由Q放=mq得，需要完全燃烧油的质量：

m

油=

Q

放

q

油

= 1.6×108J

4.0×107J/kg

=4kg。

答：(1)装有5t混凝土的搅拌车静止在水平地面上，对地面的压强为2×105Pa；

(2)搅拌车以72km/?的速度匀速直线行驶时，受到地面的阻力6400N；

(3)搅拌车行驶时发动机的效率为40%，以72km/?的速度匀速行驶10km，需要消耗4千克燃油。

解析：(1)根据G=mg算出重力；

水平面上的物体对水平面的压力等于物体的重力，由p=F

S

计算车对对面的压强；

(2)根据公式P=W

t =Fs

t

=Fv求出牵引力，根据二力平衡的条件求出阻力。

(3)利用W=FsPt求出做的有用功，利用发动机的效率η=W

有用

Q

放

×100%求油完全燃烧放出的热量，

再利用Q放=mq求需要完全燃烧油的质量。

本题考查了压强公式、功率的公式、功的公式、重力公式的掌握和运用，要求灵活运用所学公式，还要注意计算中各物理量单位要统一。

25.答案：解：(1)正常煮饭状态下的电流：

I=P

煮饭

U

=1210W

220V

=5.5A；

(2)由I=U

R

得R1的电阻为：

R1=U

I =220V

5.5A

=40Ω；

在“保温”状态与“煮饭”状态时的功率之比为1：16。即I保2R1：I煮2R1=1：16

I

保

：I煮=1：4

即

U

R1+R2

：

U

R1

=1：4

所以R2=3R1=120Ω。