中考物理一模试题和答案

中考物理一模试题和答案

一、选择题

1．“珍爱生命，安全第一”。关于安全用电，下列做法正确的是（）

A．更换电灯泡时，可以不切断电源

B．保险丝熔断后可以用铜丝替代

C．在户外遇到雷雨的时候，应到大树下避雨

D．使用测电笔检查电路时，手指不能接触笔尖金属部位

2．如图所示是实验室电流表的内部结构图，处在磁场中的线圈有电流通过时，线圈会带动指针一起偏转．线圈中电流越大，指针偏转角度就越大．关于电流表，下列说法正确的是

A．改变线圈中的电流方向，指针的偏转方向会改变

B．线圈中有电流通过时，把机械能转化为电能

C．该电流表是利用电磁感应原理工作的

D．线圈中电流大小变化时，其所受磁场力大小永远相同

3．如图为四冲程汽油机的压缩冲程的示意图，此冲程中活塞会压缩其上方汽缸中的封闭气体，下列相关说法正确的是

A．该冲程中活塞上方气体的密度减小

B．该冲程中活塞上方气体的压强不变

C．该冲程中活塞上方气体的温度升高

D．该冲程中内能转化为机械能

4．为了检测学校周围声音的强弱，某同学利用声敏电阻制作了一个可以检测声音强度的仪器，电路图如图，电源电压保持不变，R1是一个声敏电阻，声敏电阻随着声音强度的增大而减小。闭合开关S后，当学校周围的声音强度增大时，下列对电表示数变化的分析判断正确的是

A ．电流表和电压表示数均变小

B ．电流表和电压表示数均变大

C ．电流表示数变小，电压表示数变大

D ．电流表示数变大，电压表示数变小

5．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S ，当滑动变阻器滑片P 向右移动时，关于电压表、电流表的示数变化情况，下列说法正确的是（ ）

A ．电压表示数变大

B ．电压表示数变小

C ．电流表示数变大

D ．电流表示数变小

6．如图所示，粗糙的弧形轨道竖直固定于水平面上，小球由A 点以速度v 沿轨道滚下，经过另一侧高点B 后到达最高点C ．下列分析不正确的是（ ）

A ．小球在A 、

B 、

C 三点的速度大小关系是C B A v v v <<

B ．小球在A 、B 两点的动能之差等于小球从A 点到B 点克服摩擦力做的功

C ．小球在A 、B 两点具有的重力势能相同

D ．整个过程只有重力对小球做功 7．下列工具读数正确的是（ ）

A ．天平的读数是82.8g

B ．刻度尺的读数是2.0cm

C．秒表的读数是5min 8.5s

D．电阻箱的读数是624Ω

8．如图所示，把一把钢尺紧压在桌面上，让其一端伸出桌面，改变钢尺伸出桌面的长度，用相同的力拨动钢尺，下列说法中正确的是（）

A．钢尺发出的声音的音调不同B．钢尺发出的声音的响度不同

C．钢尺发出的声音的音色不同D．钢尺伸出的长度越短其响度越大

9．在水平桌面上有甲、乙两个完全相同的杯子盛满不同浓度的盐水，将两个完全相同的小球分别放入其中，当小球静止时，两个杯子中小球所处的位置如图所示，则（）

A．甲杯中溢出的盐水质量较小

B．乙杯底部所受的液体压强较大

C．甲杯底部所受的液体压力较大

D．小球在乙杯中受到的浮力较大

10．生活处处有物理，爱动脑的小张同学对图作出的解释错误的是（）

A．吸管的一端一般是斜的，目的是为了增大压力

B．在输液时，要将液瓶挂高是为了增大压强

C．茶壶盖上有个小孔，目的是为了平衡气压

D．船闸设计成上图形式，是利用了连通器原理

11．有6位同学用一把刻度尺测量同一本《科学》课本的长度，测得数据分别为26.02厘米，26.09厘米、26.10厘米、26.00厘米和26.08厘米、31.38厘米。下列测量结果最接近真实值的是（）

A．26.058厘米B．26.06厘米

C．26.95厘米D．无法确定，因为真实值未知

12．以下事例与物理知识对应的是（）

A．高压锅的原理﹣﹣﹣沸点与气压的关系

B．用验钞机检验人民币的真伪﹣﹣﹣利用红外线使荧光物质发光

C．吹电风扇感到凉爽﹣﹣﹣风扇转动降低了室温

D．运动员打鼓用的力越大，鼓声越高﹣﹣﹣振幅越大，音调越高

13．如图所示的电路中，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω．下列说法正确的是（）

A．通过电阻R1的电流为0.5A

B．电源电压为5V

C．电阻R1的阻值为15Ω

D．若断开开关S2，电流表A1示数变大

14．如图所示是四冲程汽油机的剖面图，关于其四个冲程的描述正确的是

A．吸气冲程中，汽油和空气的混合物进入汽缸

B．压缩冲程中，通过做功的方式使汽缸内气体的内能减小

C．做功冲程中，燃料释放的能量绝大部分转化为机械能

D．排气冲程中，废气带走了燃料释放的能量的极少部分

15．生活中常常需要估测，下列估测符合实际的是（）

A．一个人的正常体温为37.6℃B．一间普通教室的面积约为60m2

C．紫外线消毒灯的功率为200W D．新型肺炎冠状病毒的直径约为1mm 16．如图所示，关于声现象的各种实验情景中，下列说法中正确的是

A．甲实验：钢尺振动频率越高，响度越大

B．乙实验：抽气过程中，钟罩内铃声变小，说明真空可以传声

C．丙实验：鼓面的振动幅度越大，音调越高

D．丁实验：将正在发声的音叉紧靠悬线下的轻质小球，可将音叉的微小振动放大，便于观察

17．如图是甲、乙两种液体的质量与体积关系图象，将相同的木块分别放入盛有甲、乙两种液体的容器a和b中，木块静止时，两容器液面相平，下列说法正确的是（）

A．a容器盛的是乙液体，b容器盛的是甲液体

B．木块在a容器内排开液体的质量较大

C．a、b两容器底部受到液体的压强相等

D．a、b两容器中木块下表面受到液体的压强相等

18．家庭电路中属于控制电路通断元件的是

A．空气开关B．电能表C．导线D．节能灯

19．水银温度计中封闭着一定量的水银，在用这种温度计测量温度的过程中水银发生热胀冷缩。下列说法正确的是( )

A．温度计中水银的质量不变B．温度计中水银的体积不变

C．温度计中水银的高度不变D．温度计中水银的密度不变

20．利用下图探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关，下列说法正确的是（）

A．通电一段时间后，右边U形管两液面的高度差大

B．U形管中两液面产生高度差是因为U形管中液体的热胀冷缩造成的

C．容器外R3在本实验中主要起到分流的作用，在实验过程中也会发热

D．通电一段时间后，左侧R1产生的热量等于R2、R3产生的热量之和

21．下列图像中，能正确反映同种物质的质量和体积关系的是（）

A．B．

C．D．

22．图甲是我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的强弱变化的磁场转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。能解释磁异探测器工作原理的是（）

A．B．

C．D．

23．小明制作了一个利用电压表测物体重力的小作品，如图所示，它能在电压表盘上读出所放物体重力的大小。闭合开关，下列说法正确的是（）

A．滑片P处于b点时，电压表指针恰好指在零刻度线处

B．秤盘中增加重物时，电路中电流不变

C．秤盘中减少重物时，R1两端电压增大

D．R1两端电压和电压表示数之和等于电源电压

24．2019年3月10日凌晨，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将“中星6C”卫星发射升空，在卫星加速升空的过程中，关于卫星的能量分析，下列说法正确的是

A．动能增加，势能不变B．动能不变，势能增加

C．机械能总量不变D．机械能总量增加

25．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

A．温度相同的物体内能一定相等

B．物体吸收热量，温度不一定升高

C．不敢大口喝热气腾腾的汤，是因为汤中含有的热量较多

D．热传递过程中，热量总是从内能多的物体向内能少的物体转移

26．如图甲所示是小灯泡L的I﹣U图象，把小灯泡接入图乙的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S，电压表示数为3V；再将滑片P向左移动直到电压表示数为6V，此时小灯泡L刚好正常发光。已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“20Ω

2A”，则下列说法正确的是（）

A．电源电压为9V

B．小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为9Ω

C．小灯泡的额定电功率为3W

D．在滑动变阻器移动的过程中，电路中消耗的总功率的最大值和最小值之比为25：6 27．跳水运动员从高台起跳跃入水中，运动员的运动轨迹如图中虚线所示，则从起跳至入水的过程中，该运动员的重力势能的变化情况是（）

A．一直减小B．一直增大C．先减小后增大D．先增大后减小28．如图为某物质熔化时温度随加热时间变化的图像（加热装置的功率始终不变），从图中能得到的正确信息是（）

A．该物质为晶体，熔点为10℃B．该物质在AB段的比热容比在CD段小C．该物质在B、C两点时温度、内能都相等D．该物质在B、C两点之间温度不变，是因为到B点后不再吸热

29．下列关于物理知识的说法中正确的是（）

A．气压越高液体的沸点越低

B．物体的比热容越大吸收的热量越多

C．汽油机压缩冲程燃气的内能减小

D．温度相同的物体接触时不发生热传递

30．在体育测试过程中，以下选项正确的是（）

A．跳远测试时，必须选用分度值为1mm的刻度尺进行测量

B．小明在50m测试中看到旁边的看台向后运动，选取的参照物是跑道

C．小明50m测试的成绩是7s，则他的平均速度为6.25m/s

D．1000m测试小明的平均速度为5m/s、小亮的成绩是240s，小明更快

二、实验题计算题

31．在测3.8V小灯泡（电阻大约为10Ω左右）额定功率的实验时，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V。

（1）请将实物电路连接完整__________（要求：滑动变阻器的滑片向右移动时小灯变亮）。

（2）下表为某小组的实验记录：

该小组数据处理的过程是否正确？_______；小灯泡的额定功率为_______W.

（3）在（1）题的基础上，撤去电流表，新增一个阻值已知的定值电阻R0和开关S1、S2，小林设计了如图乙所示的电路，请将电压表（）开关S2（）填入图中合适的虚线方框内。

以下是她设计的实验方案，请将它补充完整：

①只闭合开关S和______，移动变阻器的滑片P，使电压表的示数为3.8V；

②保持滑片位置不动，只闭合开关S和______，读出电压表的示数为U；

③利用上述测量出的物理量及已知量，写出小灯泡额定功率的表达式是：P=________。32．如图所示，甲是用“伏安法”测量未知电阻R x的实物电路图．

(1)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到_____________处；闭合开关,发现电流表几乎无示数,电压表指针明显偏转,则出现的故障可能是R x_________．

(2)排除故障后,闭合开关，当滑片移动到某位置时,电压表示数为2.4 V,电流表示数如图乙所示,其读数为_________ A，则未知电阻R x＝_______Ω．

(3)若实验中电压表损坏，利用其他的原有器材也能测出未知电阻R x的阻值．实验电路如图丙所示(滑动变阻器最大阻值为R0,电源电压未知且不变),请将下列相关实验步骤补充完整：

①闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P移到a端,记录电流表示数为I1；

②闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P移到______端,记录电流表示数I2；

③写出待测电阻的表达式,R x＝______________．(用已知量和测量量符号表示)

33．如图所示，小明在进行“测量小灯泡电功率”的实验，他已连接了部分电路．已知电源电压恒为3V，小灯泡的额定电压为2.5V．

（1）请用笔画线代替导线，将图示电路连接完整______________；

（2）连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不亮，此时电压表有示数，电流表示数为零，则出现故障的原因可能是______；

（3）排除故障后继续实验时，小明移动滑动变阻器的滑片，发现电压表的示数为2V，要使灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片向___________移动（选填“左”或“右”）．（4）小明将实验数据记录在表格中，则灯泡的额定功率是___W；当小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻为___Ω；由实验数据可以发现通过灯泡的电流与其两端的电压不成正比关系，这是由于______；

（5）小明想通过实验来比较灯泡“实际电压是额定电压一半时的电功率P1”和“实际电流是额定电流一半时的电功率P2”的大小，但小明的同学没有通过实验也比较出了它们的大小，P1______P2（选填“大于”、“小于”或“等于”）

34．小王在“用电流表、电压表测电阻”的实验中，元件均完好，电源电压为2伏的整数倍，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样．他正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键后，电流表的示数如图(a)所示；当把滑动变阻器的滑片P恰好移到中点时，电压表示数如图(b)所示；小王继续移动滑片P，在确保安全的情况下，又测得电路中的最大电流为0.42安．

根据以上信息，小张经思考后认为，小王所用的电源电压为6伏．请你通过计算说明，小张的判断是正确的．_______

请将下表填写完整．__________(计算电阻时，精确到0.1欧)

35．在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）．

（1）为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用________

A．“10Ω 0.5A”的滑动变阻器B．“50Ω 0.5A”的滑动变阻器

（2）用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整___________．

（3）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表无示数，电流表有示数，若电路只有一处故障，则故障原因是________．

（4）排除故障后，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，其读数是

________V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向________（选填“A”或“B”）端移动．

（5）根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图象（如图丙所示）．分析图象可知：

①小灯泡的额定功率为________W．

②实验中观察到：当小灯泡两端的电压低于0.5V时，小灯泡不发光，根据图象分析其原因是________．

（6）完成上述实验后，小华在缺少电压表的情况下，根据绘制出的小灯泡电流与电压关系图象，设计出了一个测未知定值电阻的电路，如图丁所示．请根据电路图写出其中一次测量的实验步骤：

1：只闭合开关S1， ________，使得电流表示数为0.2A；

2：________，表达式：Rx=________．

36．小明做测“小灯泡电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电压表、电流表、开关和导线。

（1）如图甲所示是小明没有连接完整实物电路，请你用笔画线代替导线，帮小明将实物电路连接完整_____；

（2）小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，无论如何移动滑动变阻器滑片P，小灯泡亮度都不变，则原因可能是_____；

（3）小明调整电路后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，要测得该小灯泡的额定功率，应将滑片P向_____（选填“左”或“右”）端滑动；

（4）小明通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成了如图乙所示的U﹣I图象，根据图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是_____W；（5）实验结束后，小明仅将小灯泡换成定值电阻，来探究电流与电阻的关系。如果保持定值电阻两端的电压2V不变，准备好的定值电阻有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω．为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于_____Ω。

【参考答案】***试卷处理标记，请不要删除

一、选择题

1．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．更换灯泡时，为避免意外触电，应先切断电源，不切断电源可能造成安全事故，故A错误；

B．保险丝是由电阻率大、熔点低的铅梯合金制成的，当电路中有过大的电流通过时，保解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．更换灯泡时，为避免意外触电，应先切断电源，不切断电源可能造成安全事故，故A 错误；

B．保险丝是由电阻率大、熔点低的铅梯合金制成的，当电路中有过大的电流通过时，保险丝发热自动熔断切断电路，从而起到保护电路的作用，如果用铜丝代替，因铜丝熔点高，起不到保护电路的作用，故B错误；

C．大树、人打的伞等地面的尖端突起物，极易受到雷击，所以在树下避雨极其危险，故C 错误；

D．使用式电笔时，试电笔的笔尖金属体要接触火线，若手指接触试电笔的笔尖金属体，就会使人体因接触火线而触电，所以人不能接触金属笔尖，故D正确。

故选D。

2．A

【解析】

据上面的分析可知，电流表是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；

A. 改变线圈中的电流方向，其转动方向会发生改变，故A正确；

B. 线圈中有电流通过时，电能转化为机械能和内能；故

解析：A

【解析】

据上面的分析可知，电流表是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；

A. 改变线圈中的电流方向，其转动方向会发生改变，故A正确；

B. 线圈中有电流通过时，电能转化为机械能和内能；故B错误；

C. 通过电流表的内部构造显示电流表的制成原理：通电线圈在磁场中受力而转动，故C错误；

D. 电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大；故D错误．

点睛：首先利用图示的装置分析出其制成原理，即通电线圈在磁场中受力转动，线圈的转动可以带动指针的偏转；然后找出与电流表的原理相同的选项即可．

3．C

【解析】

【详解】

四冲程汽油机在压缩冲程中，活塞会压缩其上方汽缸中的封闭气体，气体的质量不变、体积减小，则其密度变大，同时气体的温度升高、内能增大，气体压强变大，该过程中机械能转化为内能，故A

解析：C

【解析】

【详解】

四冲程汽油机在压缩冲程中，活塞会压缩其上方汽缸中的封闭气体，气体的质量不变、体积减小，则其密度变大，同时气体的温度升高、内能增大，气体压强变大，该过程中机械能转化为内能，故ABD错误，C正确。

4．D

【解析】

【详解】

由电路图可知，声敏电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。

由声敏电阻随着声音强度的增大而减小可知，周围声音的强度增大时，R1的阻值减小，电

解析：D

【解析】

【详解】

由电路图可知，声敏电阻R1与定值电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。

由声敏电阻随着声音强度的增大而减小可知，周围声音的强度增大时，R1的阻值减小，电

路中的总电阻减小，由I=U

R

可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；由U=IR可

知R2两端的电压变大，由于电源电压不变，根据串联电路中总电压等于各分电阻两端的电压之和可知，R1两端的电压变小，即电压表的示数变小。

5．D

【解析】

【详解】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流。

AB．因为电源电压不变，所以电压表的示数始终不变，与滑片移动的方向无关，故AB错误；

CD．当滑

解析：D

【解析】

【详解】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流。AB．因为电源电压不变，所以电压表的示数始终不变，与滑片移动的方向无关，故AB错误；

CD．当滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，即电路中的总电

阻变大，由欧姆定律I=U

R

可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故C错误，D

正确。

6．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．小球运动过程中会克服摩擦力做功，且质量不变，故从A运动到C的过程中，机械能减小，小球在A与B点的势能相同，故在A点的动能大于B点的动能，C点最高，故小球在C点的

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

A ．小球运动过程中会克服摩擦力做功，且质量不变，故从A 运动到C 的过程中，机械能减小，小球在A 与

B 点的势能相同，故在A 点的动能大于B 点的动能，

C 点最高，故小球在C 点的势能最大，动能最小，所以C B A v v v <<，故A 正确，不符合题意；

BC ．A 、B 两点高度相同，小球的质量不变，故小球的重力势能相同，小球从A 点运动到B 点，会克服摩擦力做功，动能减小，动能之差等于克服摩擦力所做的功，故B 、C 正确，不符合题意；

D ．整个过程中，摩擦力也会对小球做功，故D 错误，符合题意。 故选D 。

7．D 【解析】 【分析】 【详解】

A ．砝码总质量为80g ，游码分度值为0.2g ，示数为2.4g ，故天平读数为82.4g ，故A 错误；

B ．刻度尺分度值为1mm ，读数时需要估读到分度值的下一位，所以示数

解析：D 【解析】 【分析】 【详解】

A ．砝码总质量为80g ，游码分度值为0.2g ，示数为2.4g ，故天平读数为82.4g ，故A 错误；

B ．刻度尺分度值为1mm ，读数时需要估读到分度值的下一位，所以示数为2.00cm ，故B 错误；

C ．小表盘指针在5min 和6min 之间，读数为5min ，小表盘指针更靠近刻度6，则大表盘读数为38.5s ，所以秒表示数为5min38.5s ，故C 错误；

D ．电阻箱读数为每个指针所指的数值乘以指针下的倍数，并相加，其示数为

01000Ω6100Ω210Ω41Ω=624ΩR =?+?+?+?

故D 正确。 故选D 。

8．A 【解析】 【分析】 【详解】

ACD ．改变钢尺伸出桌面的长度，可以改变尺子振动的频率，从而改变发出声音的音调，钢尺伸出的长度越短其音调越高，钢尺发出的声音的音色不变，故A 正确，CD 错误； B ．用

解析：A 【解析】 【分析】 【详解】

ACD ．改变钢尺伸出桌面的长度，可以改变尺子振动的频率，从而改变发出声音的音调，钢尺伸出的长度越短其音调越高，钢尺发出的声音的音色不变，故A 正确，CD 错误； B ．用相同的力拨动钢尺，钢尺发出的声音的响度不变，故B 错误。 故选A 。

9．C 【解析】 【分析】

本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。 【详解】 AD ．因为物体漂浮

解析：C 【解析】 【分析】

本题考查了物体浮沉条件和液体压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。 【详解】

AD ．因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以完全相同的小球在两杯中受到的浮力相等，都等于小球的重力，根据F G m g ==浮排排可知，小球排开液体的质量相同，故A 、D 不符合题意；

BC ．由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态，因为ρρ>液物时物体漂浮，ρρ=液物时物体悬浮，所以甲杯中盐水的密度大于乙杯中盐水的密度，由于两杯中液面相平，根据p gh ρ=可知，甲杯底压强大于乙杯底压强，底面积相同，根据F pS =可知，甲杯中所受液体的压力较大，故B 不符合题意、C 符合题意。 故选C 。

10．A 【解析】

【详解】

A ．吸管的一端一般是斜的，目的是减小受力面积来增大压强，故A 错误，符合题意；

B ．液体压强随深度的增加而增大，所以在输液时，可以将液瓶挂高来增大压强，故B 正确，不符

解析：A 【解析】 【分析】 【详解】

A ．吸管的一端一般是斜的，目的是减小受力面积来增大压强，故A 错误，符合题意；

B ．液体压强随深度的增加而增大，所以在输液时，可以将液瓶挂高来增大压强，故B 正确，不符合题意；

C ．茶壶盖上有个小孔，保证茶壶内部与外界相通，茶水才能倒出去，故C 正确，不符合题意；

D ．船闸是利用连通器原理来工作的，故D 正确，不符合题意。 故选A 。

11．B 【解析】 【分析】 【详解】

分析六次测量数据可以发现，刻度尺的分度值应为1mm ，且这个数据与其他五个相差太大，应该是一个错误数据须剔除；所以测量结果为其他五次测量结果的平均值，即 故选B 。

解析：B 【解析】 【分析】 【详解】

分析六次测量数据可以发现，刻度尺的分度值应为1mm ，且31.38cm 这个数据与其他五个相差太大，应该是一个错误数据须剔除；所以测量结果为其他五次测量结果的平均值，即

26.0226.09cm 26.10cm 26.00cm 26.08cm

26.058cm 26.06cm 5

cm ++++=≈

故选B 。 12．A

【分析】 【详解】

A ．高压锅是利用液体沸点随气压升高而升高的原理来工作的，故A 选项符合题意；

B ．紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机，故B 选项不符合题意；

C ．吹风扇感到凉爽是因为风

解析：A 【解析】 【分析】 【详解】

A ．高压锅是利用液体沸点随气压升高而升高的原理来工作的，故A 选项符合题意；

B ．紫外线能使荧光物质发光，制成验钞机，故B 选项不符合题意；

C ．吹风扇感到凉爽是因为风加快了身体上汗液的蒸发，蒸发需要吸热，从而使人体温降低，感到凉爽，室温不会降低，故C 选项不符合题意；

D ．运动员打鼓用的力越大，鼓声越高，是因为振幅越大，响度越大，振幅是决定响度大小的，故D 选项不符合题意。 故选A 。

13．C 【解析】

分析：由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；根据并联电路的电流特点求出通过电阻R1的电流，再根据并联

解析：C 【解析】

分析：由电路图可知，两电阻并联，电流表A 2测R 2支路的电流，电流表A 1测干路的电流；开关S 1控制整个电路，开关S 2控制电阻R 1；根据并联电路的电流特点求出通过电阻R 1的电流，再根据并联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻R 1的阻值，若断开开关S 2，只有R 1支路的电流，判断出电流表A 1示数的变化．

解答：由电路图可知，两电阻并联，电流表A 2测R 2支路的电流，电流表A 1测干路的电流；开关S 1控制整个电路，开关S 2控制电阻R 1；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R 1的电流：120.50.30.2I I I A A A =-=-=，故A 错误；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得，电源的电压：

2220.3103U U I R A V ===?Ω=，故B 错误；电阻R 1的阻值：113150.2U V R I A

=

==Ω ，故C 正确．若断开开关S 2，电流表A 1只测量R 2的电流，电流表A 1示数变小，故D 错误．

【点睛】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题．14．A

【解析】

【分析】

【详解】

汽油机在吸气冲程中，进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动，汽油和空气的混合物进入汽缸，故A正确；

在压缩冲程中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，燃料混合物被压缩解析：A

【解析】

【分析】

【详解】

汽油机在吸气冲程中，进气门打开、排气门关闭，活塞向下运动，汽油和空气的混合物进入汽缸，故A正确；

在压缩冲程中，进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，燃料混合物被压缩，此过程是机械能转化为内能的过程，故B错误；

在做功冲程中，燃料燃烧释放的内能大部分需要克服摩擦、发生热传递而散失，只有一少部分转化为机械能，故C错误；

在排气冲程中，废气带走了燃料释放的能量的大部分，故D错误．

15．B

【解析】

【分析】

【详解】

A．一个人的正常体温为36.5℃，故A不符合题意；

B．一间普通教室的面积约为

故B符合题意；

C．紫外线消毒灯常用功率有15W、25W、36W、60W，故C不符

解析：B

【解析】

【分析】

【详解】

A．一个人的正常体温为36.5℃，故A不符合题意；

B．一间普通教室的面积约为

2

S=?

6m10m=60m

故B符合题意；

C．紫外线消毒灯常用功率有15W、25W、36W、60W，故C不符合题意；

，故D不符合题意。

D．新型肺炎冠状病毒的直径约为1m

故选B。

16．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．当钢尺振动的频率越高时，音调越高，故A错误；

B．当空气被不断抽出后，铃声逐渐减弱，说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故B错误；

C．敲鼓时，鼓面的振动幅度

解析：D

【解析】

【分析】

【详解】

A．当钢尺振动的频率越高时，音调越高，故A错误；

B．当空气被不断抽出后，铃声逐渐减弱，说明声音的传播需要介质，真空不能传声，故B 错误；

C．敲鼓时，鼓面的振动幅度越大，响度越大，故C错误；

D．将正在发声的音叉紧靠悬线下的轻质小球，可将音叉的微小振动放大，便于观察，用到了转换法，故D正确．故选D.

17．D

【解析】

【分析】

【详解】

A．由图象可知，体积V相同时，甲的质量大于乙的质量，则根据可知

相同木块在a、b中都处于漂浮，则所受浮力

根据可得

由图可知

所以

所以，由此可知，a容

解析：D