2020年10月湖南省永州市普通高中2021届高三第一次高考模拟物理答案
湖南省永州市2021届新高考物理第一次押题试卷含解析
湖南省永州市2021届新高考物理第一次押题试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，波长分别为λa 、λb 的单色光a 、b ，沿着AO 、BO 方向射入半圆形玻璃砖，出射光线都沿OC ，则下列说法错误的是（ ）A ．a 、b 光从玻璃砖射入空气时，均受到玻璃砖的作用力B ．在玻璃砖内a 光的动量大于在空气中a 光的动量C ．λa <λb ，且a 、b 光的临界角相等D ．在玻璃砖内a 光的动量大于在玻璃砖内b 光的动量【答案】C【解析】【详解】A ．由图可知a 、b 光从玻璃砖射入空气时，均发生偏折，可知光子的动量发生变化，由动量定理可知都受到玻璃砖的作用力，A 正确；B ．玻璃砖对a 光的折射率大于空气对a 光的折射率，根据c v n=可知，a 光在空气中的速度大；光子的动量 h P vν= 所以在玻璃砖内a 光的动量大于在空气中a 光的动量，B 正确；C ．a 光的折射率比b 光的折射率大，则知a 光的频率比b 光的频率高，由c v nλν==⋅ 可知a 的波长小于b 的波长.a 的折射率大，由1sin C n= 可知a 的临界角小，C 错误；D ．由光路图看出，a 光的偏折角大于b 的偏折角，折射定律分析得知，a 光的折射率比b 光的折射率大，由折射率与光的频率的关系可知，a 的频率大；光子的动量hn P cν= 则在玻璃中，a 光的动量大于在玻璃砖内b 光的动量，D 正确。
本题选错误的，故选C 。
2．下列说法中正确的是（ ）A ．光电效应揭示了光的波动性B ．中子与质子结合成氘核时放出能量C ．在所有核反应中，都遵从“质量守恒，核电荷数守恒”规律D ．200个镭226核经过一个半衰期后，一定还剩下100个镭226没有发生衰变【答案】B【解析】【分析】【详解】A ．光电效应揭示了光的粒子性，A 错误；B ．中子与质子结合成氘核时会质量亏损，所以放出能量，B 正确；C ．在所有核反应中，都遵从“质量数守恒，核电荷数守恒”规律，C 错误；D ．半衰期是大量原子核衰变的统计规律，研究个别原子核无意义，D 错误。
2024-2025学年湖南省永州市高三(第一次)模拟考试物理试卷(含解析)
2024-2025学年湖南省永州市高三（第一次）模拟考试物理试卷一、单选题：本大题共6小题，共24分。
1.我国正在建设的大科学装置——“强流重离子加速器”。
其科学目标之一是探寻神秘的“119号”元Am→A119X+210n产生该元素。
关于原子核Y和质量数A，下列选项正确素，科学家尝试使用核反应Y+24395的是( )A. Y为 5826Fe,A=299B. Y为 5826Fe,A=301C. Y为 5424Cr,A=295D. Y为 5424Cr,A=2972.2024年8月3日，中国选手郑钦文在巴黎奥运会网球女单决赛中战胜克罗地亚选手维基奇夺冠，为中国网球赢得史上首枚女单奥运金牌。
如图所示，网球比赛中，运动员甲某次在B点直线救球倒地后，运动员乙将球从距水平地面上D点高度为ℎ的A点水平击出，落点为C。
乙击球瞬间，甲同时沿直线BC奔跑，恰好在球落地时赶到C点。
已知BC⊥BD,BD=d,BC=l，网球和运动员甲均可视为质点，忽略空气阻力，则甲此次奔跑的平均加速度大小与当地重力加速度大小之比为( )A. lℎB. 2dlC. d2+l2ℎD. d d2+l2ℎl3.如图所示，一装满某液体的长方体玻璃容器，高度为a，上下两个面为边长32a的正方形，底面中心O 点放有一单色点光源，可向各个方向发射单色光。
液面上漂浮一只可视为质点的小甲虫，已知该液体对该单色光的折射率为n=2，则小甲虫能在液面上看到点光源的活动区域面积为( )A. 18a2πa3B. 13C. πa2D. a24.假设某空间有一静电场的电势φ随x变化情况如图所示，且带电粒子的运动只考虑受电场力，根据图中信息可以确定下列说法中正确的是( )A. 从x2到x3，场强的大小均匀增加B. 正电荷沿x轴从O运动到x1的过程中，做匀加速直线运动C. 负电荷沿x 轴从x 4移到x 5的过程中，电场力做正功，电势能减小D. x 2处场强大小为E 2，x 4处场强大小为E 4，则E 2>E 45.中国载人登月初步方案已公布，计划2030年前实现载人登月科学探索。
湖南省永州市(4校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析
湖南省永州市(4校联考）2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．AB 是固定在空中的光滑水平横杆，一质量为M 的物块穿在杆AB 上，物块通过细线悬吊着一质量为m 的小球．现用沿杆的恒力F 拉物块使物块、小球一起（保持相对静止）向右运动，细线与竖直方向夹角为θ，则以下说法正确的是（ ）A ．杆对物块的支持力为MgB ．细线上的拉力为sin mg θC ．()tan F M m g θ=+D ．物块和小球的加速度为sin g θ【答案】C【解析】【分析】【详解】对小球和物块组成的整体，分析受力如图1所示，根据牛顿第二定律得：水平方向：，竖直方向：．故A 错误；以小球为研究对象，分析受力情况如图2所示，由牛顿第二定律得：；,故B 错误；对整体在水平方向：，故选项C 正确，选项D 错误．【点睛】 以小球和物块整体为研究对象，分析受力，根据牛顿第二定律研究横杆对M 的摩擦力、弹力与加速度的关系．对小球研究，根据牛顿第二定律，采用合成法研究细线与竖直方向的夹角、细线的拉力与加速度的关系．2．如图所示，N 匝矩形线圈以角速度ω在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕轴OO’匀速转动，线圈面积为S ，线圈电阻为R ，电流表和电压表均为理想表，滑动变阻器最大值为2R ，则下列说法正确的是（ ）A 2B ．电流表示数的最大值NBS Rω C ．线圈最大输出功率为22228N B S Rω D ．仅将滑动变阻器滑片向上滑动，电流表示数变大，电压表示数变大【答案】C【解析】【分析】【详解】AB ．线圈中产生的交流电最大值为m E NB S ω=有效值2E = 电流表示数是2()E I R R R R =++外外 电流表示数的最大值max 2I R= 电压表两端电压是路端电压2()ER NB SR U R R R R ω=++外外外选项AB 错误；C ．当外电阻等于内电阻时，电源输出功率最大，线圈最大输出功率为2222248E N B S P R Rω== 选项C 正确；D ．仅将滑动变阻器滑片向上滑动，电阻变大，则电流表示数变小，电压表示数变大，D 错误。
湖南省永州市2021届新高考模拟物理试题(校模拟卷)含解析
湖南省永州市2021届新高考模拟物理试题（校模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下运动的一段轨迹。
质点从N点出发经P点到达M点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由N点运动到P点与从P点运动到M点的时间相等。
下列说法中正确的是（）A．质点从N点运动到M点的过程中，速度大小保持不变B．质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同C．质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同D．质点在NM间的运动可能是变加速曲线运动【答案】B【解析】【详解】A．因质点在恒力作用下运动，由牛顿第二定律可知，由于加速度不变，质点做匀变速曲线运动，由力指向曲线凹面那一侧可知，质点从N点运动到M点的过程中，相同时间内的路程不同，故速度大小发生了变化，故A错误；BC．因加速度不变，则质点在这两段时间内的速度变化量大小相等、方向相同，故B正确、C错误；D．质点在恒力作用下运动，则质点在NM间的运动是匀变速曲线运动，故D错误。
故选B。
2．如图所示，真空中ab、cd四点共线且ab=b=cd在a点和d点分别固定有等量的异种点电荷，则下列说法正确的是A．b、c两点的电场强度大小相等，方向相反B．b、c两点的电场强度大小不相等，但方向相同C．同一负点电荷在b点的电势能比在c点的小D．把正点电荷从b点沿直线移到c点，电场力对其先做正功后做负功【答案】C【详解】A 、B 项：由等量异种电荷的电场线分布可知，b 、c 两点的场强大小相等，方向相同，故A 、B 错误；C 项：由电场线从正电荷指向负电荷即电场线由b 指向c ，所以b 点的电势高于c 点电势，根据负电荷在电势低处电势能大，即负电荷在b 点的电势更小，故C 正确；D 项：由C 分析可知，电场线从b 指向c ，正电荷从b 沿直线运动到c ，电场力一直做正功，故D 错误． 故应选：C ．3．如图所示，固定在水平地面的斜面体，其斜面倾角α=30°、斜面长x=1.6m ，底端与长木板B 上表面等高，B 静止在光滑水平地面上，左端与斜面接触但不粘连，斜面底端与B 的上表面接触处平滑连接。
2020-2021学年湖南省永州市某校高三高考第一次模拟考试物理试卷有答案
2020-2021学年湖南省永州市某校高三高考第一次模拟考试物理试卷一、选择题1. 关于静电场下列说法正确的是（）A.电场强度为零的点，电势一定为零B.负电荷沿电场线方向移动时，电势能一定增加C.在同一个等势面上的各点，场强的大小必然是相等的D.电势降低的方向就是电场强度的方向2. 甲、乙两小车沿同一直线运动的位移—时间图像如图所示，已知甲车自t=0时起做初速度为零的匀变速直线运动，加速度大小为2m/s2，则乙车的速度大小为（）A.1m/sB.2m/sC.5m/sD.10m/s3. 如图所示，物体在平行于斜面向上的拉力作用下，分别沿倾角不同的斜面由底端匀速运动到高度相同的顶端，物体与各斜面间的动摩擦因数相同，则（）A.无论沿哪个斜面拉，克服重力做的功相同B.无论沿哪个斜面拉，克服摩擦力做的功相同C.无论沿哪个斜面拉，拉力做的功均相同D.沿倾角较小的斜面拉，拉力做的功较小4. 如图所示，在光滑绝缘水平面上，三个质量均为m的带电小球分别固定在直角三角形ABC的三个顶点上，∠ABC=30∘，AC边长为l．已知A、B、C三个顶点上的小球所带电荷量分别为+q、+4q、−q，在释放顶点C处小球的瞬间，其加速度大小为（）A.√3kq2ml2B.kq2ml2C.√3kq22ml2D.√3kq23ml25. 使物体脱离星球的引力束缚，不再绕星球运行，从星球表面发射所需的最小速度称为第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2=√2v1．已知某星球的半径为地球半径R的4倍，质量为地球质量M的2倍，地球表面重力加速度为g．不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（）A.√12gR B.12√gR C.√gR D.√18gR6. 如图所示，用a、b两束光分别照射同一光电管的阴极，得到两条不同的光电流与电压之间的关系曲线，下列说法正确的是（）A.a光的强度小于b光的强度B.a光的强度等于b光的强度C.a光的频率等于b光的频率D.a光的频率大于b光的频率7. 如图所示，两平行光滑金属导轨CD、EF间距为L，与电动势为E0的电源相连，质量为m、电阻为R的金属棒ab垂直于导轨放置构成闭合回路，回路平面与水平面成θ角，回路其余电阻不计，重力加速度为g．为使ab静止，需在空间施加的匀强磁场磁感强度的最小值及其方向分别为（）A.mgRE0L，水平向右B. mgR cosθE0L，垂直于回路平面向下C.mgR tanθE0L，竖直向下D.mgR sinθE0L，垂直于回路平面向上8. 如图所示，固定斜面倾角为θ，轻质弹簧的下端固定在斜面底端，弹簧的上端连接一个可视为质点的、质量为m的物块，O点是弹簧处于原长状态时上端的位置，物块静止时位于A点，斜面上另外有B、C、D三点，AO=OB=BC=CD=l，其中B点下方斜面光滑，BD段粗糙，物块与斜面BD段间的动摩擦因数为μ=tanθ，重力加速度为g．物块静止在A点时弹簧的弹性势能为E，用外力将物块拉到D点由静止释放，物块沿斜面向下运动第一次经过O点时的速度大小为v，已知弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是（）A.物块从D点向下运动到A点的过程中，最大加速度大小为2g sinθB.物块最后停在B点+mgl sinθC.物块在D点时的弹性势能为mv22+mgl sinθ−ED.物块运动的全过程中因摩擦产生的热量为mv229. 质量为m的物体静止在光滑水平面上，在水平力F作用下，经时间t物体的动量为p，动能为E k．若水平力变为2F，经过时间2t，则（）A.物体的动量变为2pB.物体的动量变为4pC.物体的动能变为4E kD.物体的动能变为16E k10. 如图所示，矩形导线框置于磁场中，该磁场可视为匀强磁场．电阻不计的线框通过电刷、导线与变压器原线圈构成闭合电路，线框在磁场中绕垂直于磁场方向的转轴以大小为ω的角速度逆时针转动，已知线框匀速转动时产生的感应电动势最大值为E m，原、副线圈的匝数比为1:4，副线圈通过电阻R接两个相同的灯泡．下列说法正确的是（）A.从图示中线框与磁感线平行的位置开始计时，线框中感应电动势表达式为e=√2E m sinωtB.副线圈上电压的有效值为2√2E mC.开关K闭合时，电阻R两端电压升高D.保持开关K闭合，若线框转动角速度增大，灯泡的亮度不变11. 现在大型室外活动通常用无人飞机进行航拍．如图所示，一质量m=2.0kg的无人飞机在操作员的操控下由静止开始竖直向上匀加速运动2s，然后无人飞机又匀速向上运动3s，接着匀减速向上运动4s速度恰好为零，之后悬停进行航拍．已知无人飞机上升过程中的最大速度为v m=4m/s，受到的空气阻力恒为f=1N，重力加速度大小g=10m/s2，则（）A.无人飞机上升的第一个阶段，受到向上的作用力大小是25NB.无人飞机上升的第二个阶段，受到向上的作用力大小是20NC.无人飞机上升的第三个阶段，受到向上的作用力大小是18ND.无人飞机上升的总高度为24m12. 如图甲所示，半径为r带小缺口的刚性金属圆环固定在竖直平面内，在圆环的缺口两端用导线分别与两块水平放置的平行金属板A、B连接，两板间距为d且足够大．有一变化的磁场垂直于圆环平面，规定向里为正，其变化规律如图乙所示．在平行金属T内处于静止状态．重力加速板A、B正中间有一电荷量为q的带电液滴，液滴在0∼14度为g．下列说法正确的是（）A.液滴带负电B.液滴的质量为4B0qπr2gdTT时液滴的运动方向改变C.t=34gT2D.t=T时液滴与初始位置相距12二、实验题某兴趣小组在学习了自由落体以后设计了一个测量重力加速度的装置，装置如图甲所示．（注意实验时，将第一个光电门固定在靠近钢球开始下落的位置）实验步骤如下：A．按照图示安装实验器材B．释放小球，记录小球从第一个光电门下落到第二个光电门之间的高度ℎ和所用时间t，并填入设计好的表格中C．保持第一个光电门位置不变，改变第二个光电门的位置，多次重复实验步骤B D．根据实验数据作出ℎ−t图像，并由此图像求解重力加速度t根据以上信息思考下面的问题：（1）根据实验数据得到的ℎt−t图像如图乙所示，写出图线的斜率k与重力加速度g之间的关系为g=________．（2）根据实验中的数据以ℎt 为纵轴，t为横轴建立坐标系，发现ℎt−t图线不过原点，如图丙所示，图线与纵轴的截距的物理意义是________．A.小球通过第一个光电门时的速度B.小球通过第二个光电门时的速度（3）从理论上利用图丙计算的重力加速度g与利用图乙计算的重力加速度g________（填“有”或“无”）区别．某实验探究小组利用下列实验器材测量电池的电动势和内阻．A．待测电池（电动势约1.5V，内阻r较小）B．灵敏电流表G（量程0∼100mA，内阻r g=18Ω）C．电阻箱R（0∼10.00Ω）D．各种型号的定值电阻E．开关及导线若干（1）为了满足实验要求，该实验小组首先把现有的灵敏电流表改装成0∼0.6A的电流表，改装时应并联一个阻值________Ω的定值电阻．（2）该实验小组利用改装后的电流表和上述器材用图甲所示电路来测电源的电动势和内阻．①实验时，在闭合开关前，电阻箱的阻值应调至________（选填“最大值”或“最小值”）．②图乙是实验小组由实验数据绘出的1I−R（其中I为改装后电流表的示数）图像，根据图像及条件可求得电源的电动势E=________V，内阻r=________Ω．（结果均保留两位有效数字）三、解答题如图所示，一内壁光滑的圆弧形轨道ACB固定在水平地面上，轨道的圆心为O，半径R=0.5m，C为最低点，其中OB水平，∠AOC=37∘，质量m=2kg的小球从轨道左侧距地面高ℎ=0.55m的某处水平抛出，恰好从轨道A点沿切线方向进入圆轨道，取g= 10m/s2，sin37∘=0.6，cos37∘=0.8，求：（1）小球抛出点到A点的水平距离；（2）小球运动到B点时对轨道的压力大小．如图所示，一质量m1=2.0kg的长木板（足够长）静止在光滑水平地面上，左端放一质量m2=2.0kg的滑块，离长木板右端d=0.1m处有一竖直固定的挡板，在滑块正上方的O点用长L=0.9m的轻质细绳悬挂质量m3=1.0kg的小球．现将小球向左上方拉至细绳与竖直方向成θ=60∘角的位置由静止释放，小球摆到最低点与滑块发生弹性碰撞．已知滑块与长木板间的动摩擦因数μ=0.18，重力加速度g取10m/s2．求：（1）小球与滑块碰撞后，滑块的速度大小．（2）长木板与挡板碰撞前瞬间滑块的速度大小．现代科学仪器常利用电场、磁场控制带电粒子的运动．如图所示的xOy平面内，x轴上方有一沿y轴正方向的匀强电场，电场强度为E=qdB 22m．在x轴下方相邻并排着两个宽度为d的匀强磁场，磁场区域1、2的感应强度分别为B1=B，B2=2B，方向都垂直平面向外，在x轴上x=3d至4d间有一个收集板（图中未标注）．现有一可在y轴正半轴上移动的粒子源，能释放不计初速度，质量为m，带电量为−q的粒子（重力忽略不计，不考虑粒子之间的相互影响）．（1）若粒子从A(0,y0)处释放，求粒子在磁场区域1内做圆周运动的轨道半径r1．（2）若某粒子恰好不从磁场区域2的下边界射出，求粒子在y轴上释放的位置y1．（3）若粒子源在y轴正半轴上2d至10d范围内均匀释放粒子，求能打在收集板上的粒子对应y轴上的范围．如图甲所示，一左端封闭、右端开口的细长玻璃管水平放置，玻璃管的左端封有长为L1=20.0cm的空气柱，中间有一段长为L2=25.0cm的水银柱．现将玻璃管沿逆时针方向缓慢转为竖直放置且开口向上，如图乙所示．已知大气压强p0=75cmHg，环境的温度T0=300K．求：（1）封闭空气柱的长度L3；（2）现对封闭空气柱缓缓加热，使其恢复原长，此时空气柱的温度．如图，某三棱镜的横截面为等腰直角三角形ABC，BC长度为d，O为BC中点．在ABC 所在平面内，光线PO垂直BC边入射，恰好在AB边界发生全反射．（1）求该三棱镜的折射率；（2）保持光线PO入射点O不变，入射方向逐渐向CO方向偏转，求AB边有光线射出的区域宽度．参考答案与试题解析2020-2021学年湖南省永州市某校高三高考第一次模拟考试物理试卷一、选择题1.【答案】B【考点】电场力做功与电势能变化的关系电势电场强度【解析】电场强度与电势大小无关，电场强度为0的位置电势不一定为0；电势相同的点，电场强度不一定相同；电势降低最快的方向就是电场强度的方向．【解答】解：A．电场强度大小与电势大小无关，电场强度为0的点，电势不一定为0，比如等量的正电荷连线的中点，电场强度为0，但电势不为0，故A错误；B．负电荷沿电场线方向移动时，电场力做负功，电势能一定增加，故B正确；C．电势相同的点，电场强度不一定相同，比如等量异种电荷连线的中垂线为等势线，从连线中点向无穷远电场强度减小，故C错误；D．电势降低最快的方向就是电场强度的方向，故D错误．故选B．2.【答案】C【考点】x-t图像（匀变速直线运动）【解析】乙做匀速直线运动，在0−t1时间内通过的位移为25m，根据公式x=vt求出t1；t——1时刻两车相遇，由x=12a12求乙的速度大小．【解答】解：根据图像知，乙车在0∼t1时间内通过的位移为25m，有v乙t1=x乙，对甲车有：x甲=12at12，其中x甲=x乙，解得v乙=5m/s，故ABD错误，C正确．故选C．3.【答案】A【考点】变力做功能量守恒定律的应用恒力做功【解析】重力做功取决于初末位置的高度差，与路径无关，上升的高度相同，重力做功就相同；根据力的平衡得出F，根据W=FL讨论分析拉力做功；根据W=fx求得摩擦力做功的表达式，即可判断影响因素即可判断．【解答】解：A．重力做功只与高度差有关，高度相等，所以克服重力做功相等，故A正确；B．设斜面倾角为θ，高度为ℎ，斜面长度L，摩擦力做的功W=−μmg cosθ⋅L=−μmg cosθ⋅ℎsinθ=−μmgℎtanθ，所以倾角越大，摩擦力做功越小，克服摩擦力做的功也越小，故B错误；C．根据力的平衡得：F−mg sinθ−μmg cosθ=0，解得：F=mg sinθ+μmg cosθ，所以F做的功为：W=FL=(mg sinθ+μmg cosθ)⋅ℎsinθ=mgℎ+μmgℎcotθ，因为m、ℎ、g、μ相等，所以θ越小，W越大，故C错误；D．根据能量守恒可知拉力做功W=mgℎ+μmgℎsinθ，θ越小，拉力做功越大，故D错误．故选A．4.【答案】A【考点】库仑定律与力学问题的综合应用【解析】此题暂无解析【解答】解：∠ABC=30∘，AC边长为x1=l，由几何关系可得BC边长为x2=2l，小球A对小球C的库仑力：F1=−k q2l，小球B对小球C的库仑力：F2=k4q22l =k2q2l，由几何关系可知F1与F2的夹角为120∘，合力F=√3kq 2l2，则加速度a=Fm =√3kq2ml2．故选A．5.【答案】C【考点】第二宇宙速度和第三宇宙速度 第一宇宙速度 【解析】第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，即GmM R 2=mv 2R，此题把地球第一宇宙速度的概念迁移的某颗星球上面然后再利用第一宇宙速度与第二宇宙速度关系即可求解． 【解答】解：某星球的质量为M ，半径为r ，设绕其飞行的卫星质量m ， 由万有引力提供向心力得：GmM R 2=mv 12R，解得：v 1=√GM R，带入GM =gR 2得地球的第一宇宙速度为：v 地1=√gR ，某星球的半径为地球半径4倍，质量为地球质量的2倍，地球半径为R ， 所以v 1′v地1=√2，v 1′=√2地1=√2gR 2，第二宇宙速度v 2与第一宇宙速度v 1的关系是：v 2=√2v 1，则该星球的第二宇宙速度为v 2′=√gR ，故ABD 错误，C 正确． 故选：C ． 6. 【答案】 C【考点】光电效应现象及其解释 【解析】 此题暂无解析 【解答】解：光电流恰为零时，光电管两端加的电压为截止电压，对应的光的频率为截止频率，由图可知a 光的频率等于b 光的频率，故D 错误，C 正确．由图可知，a 的饱和电流大于b 的饱和电流，而光的频率相等，所以a 光的强度大于b 光的强度，故AB 错误． 故选C ． 7.【答案】 D【考点】安培力作用下的平衡问题 【解析】导体棒受重力、支持力和安培力，三力平衡，当安培力沿斜面向上时，安培力最小，此时根据安培力公式计算出的磁感应强度即为最小值． 【解答】解：对导体棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如图：从图像可以看出，当安培力沿斜面向上时，安培力最小，由左手定则分析，此时磁感应强度方向垂直于回路平面向上，故安培力的最小值为：F A=mg sinθ，故磁感应强度的最小值为：B=F AIL =mg sinθIL，根据欧姆定律，有：E0=IR，故B=mgR sinθE0L．故选D．8.【答案】D【考点】用牛顿运动定律分析斜面体模型能量守恒定律的应用【解析】此题暂无解析【解答】解：物块在BD段向下运动过程中，因μ=tanθ，物块的重力沿斜面向下的分力mgsinθ与滑动摩擦力μmgcosθ大小相等，弹簧弹力提供加速度，物块在D点处加速度最大，有k⋅3l=ma，物块静止时有kl=mgsinθ，得a=3gsinθ，物块在DA段的最大加速度为3gsinθ，故A错误；物块从D点下滑后，沿斜面向下运动，因μ=tanθ，物块在B点时受到弹簧拉力，最终在B点下方做往复运动，不可能静止，故B错误；物块从D点第一次到O点，由功能关系得E p+mgsinθ⋅3l=μmgcosθ⋅2l+mv22，E p=mv22−mglsinθ，故C错误；物块在B点时弹簧的弹性势能与物块在A点时弹簧的弹性势能相同，对全过程分析有(E p−E)+mgsinθ⋅2l=Q，得Q=mv22+mglsinθ−E，故D正确．故选D．9.【答案】B,D【考点】动量定理的基本应用动能【解析】根据动量定理计算物体的动量；根据动量的表达式分析速度的变化，根据动能表达式分析动能变化．【解答】解：AB．由动量定理有p=Ft，水平力变为2F，时间变为2t，则动量变为p′=2F⋅2t=4p，故A错误，B正确；CD．由p′=mv′=4mv可知，物体的速度变为原来的4倍，根据动能的表达式E k=1mv2可得动能变为原来的16倍，故C错误，D正确．2故选BD．10.【答案】B,C【考点】变压器的动态分析交流发电机及其产生正弦式电流的原理【解析】线框与磁感线平行时，磁通量为0，感应电动势最大，从此位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值表达式为e=E m cosωt；求出原线圈电压的有效值，根据电压与匝数成正比即可求出副线圈上电压的有效值；根据闭合电路的欧姆定律分析副线圈回路的总电流的变化，再分析电阻R上电压的变化；当线框转动的角速度增大时，感应电动势增大，副线圈两端电压增大，灯泡两端电压变大【解答】解：A．从图示中线框与磁感线平行的位置开始计时，线框中感应电动势表达式为e=E m cosωt，故A错误；B．原线圈电压有效值为U1=m，则副线圈上电压的有效值为U2=4U1=2√2E m，故√2B正确；C．开关K闭合时，副线圈电路的总电阻减小，则副线圈电路中的电流变大，电阻R两端电压升高，故C正确；D．当线框转动角速度增大时，则交流电的最大值变大，变压器原线圈两端的电压变大，副线圈两端的电压也变大，则灯泡的亮度变亮，故D错误．故选BC．11.【答案】A,D【考点】匀变速直线运动规律的综合运用牛顿运动定律的应用—从运动确定受力【解析】根据加速度的定义计算各段加速度，再由牛顿第二定律计算受到的向上的作用力；根据运动学公式计算各段上升高度．【解答】=2m/s2，根据牛顿解：A．无人飞机上升的第一个阶段，具有向上的加速度a1=v mt1第二定律可知无人飞机受到向上的作用力大小满足F1−mg−f=ma1，解得F1=25N，故A正确；B．无人飞机上升的第二个阶段，无人飞机做匀速直线运动，受力平衡，受到向上的作用力大小F2=mg+f=21N，故B错误；C．无人飞机上升的第三个阶段，具有向下的加速度a3=v mt3=1m/s2，根据牛顿第二定律可知无人飞机受到向上的作用力大小满足mg+f−F3=ma3，解得F3=19N，故C错误；D．无人飞机上升的第一个阶段上升位移x1=v m2⋅t1=4m，无人飞机上升的第二个阶段上升位移x2=v m t2=12m，无人飞机上升的第三个阶段上升位移x3=v m2⋅t3=8m，故上升的总高度x=x1+x2+x3=24m，故D正确．故选AD．12.【答案】B,D【考点】带电粒子在交变电场中的运动楞次定律法拉第电磁感应定律【解析】由图可知磁感应强度的变化，则由楞次定则可得出平行板上的带电情况；对带电粒子受力分析可知带电粒子的受力情况，由牛顿第二定律可知粒子的运动情况；根据粒子受力的变化可知粒子加速度的变化，通过分析可得出粒子的运动过程。
〖加15套高考中考模拟卷〗湖南省永州市2020届高三下学期第一次模拟考试物理试卷含解析
湖南省永州市2020届高三下学期第一次模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一额定电压U额＝150V的电动机接在电压U1＝5V的直流电源上时未转动，测得此时流过电动机的电流I1＝0.5A。
现将该电动机接入如图所示的电路，用以提升质量m＝50kg的重物，当电源供电电压恒为U2＝200V时，电动机正常工作，保护电阻R＝10Ω，不计一切摩擦，g＝10m/s2电动机正常工作时，下列说法正确的是( )A．电动机线圈的直流电阻r＝30ΩB．电动机的铭牌应标有“150V，10A＂字样C．重物匀速上升的速度大小v＝2m/sD．若重物被匀速提升h＝60m的高度，整个电路消耗的电能为E总＝6×104J2、摩天轮是的乐场一种大型转轮状设施，摩天轮边缘悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直平面内做匀速圆周运动，下列叙述正确的是A．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B．摩天轮物动一周的过程中，乘客所受合外力的冲量为零C．在最低点，乘客处于失重状态D．摩天轮转动过程中，乘客所受的重力的瞬时功率保持不变OO沿逆时针方向匀速转动，从图3、图甲是小型交流发电机的示意图，线圈绕垂直于匀强磁场的水平轴'示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示，以下判断正确的是（）A．交流电的频率是100HzB．0.02s时线圈平面与磁场方向平行C．0.02s时穿过线圈的磁通量最大D ．电流表的示数为20A4、在2018年亚运会女子跳远决赛中，中国选手许小令获得铜牌。
在某一跳中，她（可看作质点）水平距离可达6.50 m ，高达1.625 m 。
设她离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则正切值tanα的倒数等于（ ）A ．0.5B ．1C ．4D ．85、如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为12:10:1n n =，a 、b 两点间的电压为2202u = sin100V πt （），R 为可变电阻，P 为额定电流1A 、用铅锑合金制成的保险丝．为使保险丝中的电流不超过1A ，可变电阻R 连入电路的最小阻值是（ ）A ．2.2ΩB ．2.22ΩC ．22ΩD ．222Ω6、已知地球和火星绕太阳公转的轨道半径分别为R 1和R 2（公转轨迹近似为圆），如果把行星和太阳连线扫过的面积和与其所用时间的比值定义为扫过的面积速率，则地球和火星绕太阳公转过程中扫过的面积速率之比是（ ）A ．12R RB ．21R RC ．12R RD ．21R R 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
湖南省永州市2021届新高考物理仿真第一次备考试题含解析
湖南省永州市2021届新高考物理仿真第一次备考试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．一小球系在不可伸长的细绳一端，细绳另一端固定在空中某点。
这个小球动能不同，将在不同水平面内做匀速圆周运动。
小球的动能越大，做匀速圆周运动的（ ） A ．半径越小 B ．周期越小 C ．线速度越小 D ．向心加速度越小【答案】B 【解析】 【详解】A ．设小球做匀速圆周运动时细绳与竖直方向的夹角为θ，如图所示：速度为v ，细绳长度为L ．由牛顿第二定律得：2tan v mg m rθ=，圆周运动的半径为：r=Lsinθ，小球的动能为：212K E mv =，联立解得： sin tan v gL θθ=E k =mgLsinθtanθ，则知小球的动能越大，θ越大，则做匀速圆周运动的半径越大，故A 错误。
B ．根据2cos 22sin tan r L T v g gL πθθθ===θ越大，cosθ越小，则周期T 越小，故B 正确。
C ．根据sin tan v gL θθ=C 错误。
D ．向心加速度2tan v a g rθ==，则向心加速度越大，故D 错误。
故选B 。
2． “蹦极”运动中，长弹性绳的一端固定，另一端绑在人身上，人从几十米高处跳下。
将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动。
从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，若不计空气阻力，下列分析正确的是（ ）A ．绳对人的冲量始终向上，人的动量一直减小B ．绳对人的拉力始终做负功，人的动能一直减小C ．绳恰好伸直时，人的动能最大D ．人的动量最大时，绳对人的拉力等于人所受的重力 【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】“蹦极”运动中，从绳恰好伸直，到人第一次下降至最低点的过程中，绳对人的拉力的方向始终向上，故绳对人的冲量始终向上，绳恰好伸直时，绳子的拉力小于重力，人做加速度减小的加速运动，当绳子拉力等于重力时，加速度为0，速度最大，之后绳子拉力大于重力，人做加速度增加的减速运动，直到速度为零。
湖南省永州市2021届新高考物理一月模拟试卷含解析
湖南省永州市2021届新高考物理一月模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，MON 是竖直平面内的光滑直角支架，小球p 和q 通过一根轻绳连接且它们都套在支架上。
对p 球施加一个沿ON 杆水平向右的拉力F ，使q 球缓慢上升，则此过程中（ ）A ．力F 增大B ．力F 减小C ．p 球受到的支持力增大D ．p 球受到的支持力减小【答案】A 【解析】 【详解】CD ．p 和q 整体分析，p 球受到的支持力等于整体重力，故p 球受到的支持力不变；故CD 错误； AB ．p 和q 整体分析，拉力F 等于OM 杆对q 球的弹力N F ；对q 球分析，设轻绳与OM 杆的夹角为θ，则tan N q F G θ=q 球上升过程中，θ角变大、N F 变大，故F 变大，A 正确，B 错误。
故选A 。
2．半径相同的两个金属小球A 、B 带有等量的电荷，相隔较远的距离，两球之间的吸引力大小为F ，今用第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A 、B 两球接触后移开，这时A 、B 两球之间作用力的大小是（ ） A ．4F B ．34F C ．8F D ．38F 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】两球之间是吸引力，故假设A 的带电量为Q ，B 的带电量为-Q ，两球之间的相互吸引力的大小是：22kQ F r=，第三个不带电的金属小球C 与A 接触后，A 和C 的电量都为2Q，C 与B 接触时先中和再平分，则C 、B分开后电量均为4Q-，这时，A、B两球之间的相互作用力的大小：22212488Q Qk kQF Fr r'⋅⋅===故C正确ABD错误。
故选C。
3．某同学按如图1所示连接电路，利用电压传感器研究电容器的放电过程。
先使开关S接1，电容器充电完毕后将开关掷向2，可视为理想电压表的电压传感器将电压信息传入计算机，屏幕上显示出电压随时间变化的U-t曲线，如图2所示。
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由⑤⑥式解得
F＝68 N1分
小球对轨道的作用力F′＝F＝68 N1分
16．（12分）
解：（1）小球从开始到最低点的过程中,有
①1分
பைடு நூலகம்小球与小滑块碰撞过程,有
②2分
③2分
由①~③式解得v2=2 m/s④1分
（2）设长木板与挡板P碰撞前,物块与滑板具有共同速度v,此过程长木板运动的位
移为 。有
绝密★启用前
湖南省永州市普通高中
2021届高三毕业班上学期第一次高考模拟考试
物理试题参考答案
2020年10月
一、选择题(单选题每小题3分，共24分。多选题每小题4分，共16分。)
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
答案
B
C
A
A
C
C
D
D
BD
BC
AD
BD
二、非选择题
13．（1）2k（2分）（2）A （2分） （3）无（2分）
有p1V1=p2V21分
解得L3=15 cm1分
（2）加热过程发生等压变化
状态3：p3=p2,V3=V11分
有 1分
解得T=400 K2分
19．（8分）
解：（1）光线PO恰好在AB边界发生全反射,临界角C＝45°1分
有 sinC＝ 1分
解得n＝ 2分
（2）光线PO入射方向逐渐转向CO方向时，光线从棱镜的出射点对应由E点逐渐向B点移动。当光线几乎沿CO方向入射时，光线折射后沿OD方向。
粒子再次回到x轴时的坐标为：
回到电场,受电场力的作用,再回到磁场能打到收集板上。1分
综上所述,粒子源在y轴上 范围内均匀发射粒子,能打在收集板上的粒子对应y轴位置的范围为 ,以及 。2分
选做题
18．（8分）
解：（1）设玻璃管横截面积为S,
状态1：p1=p0,V1=L1S1分
状态2：p2=p0+ρ gL2,V2=L3S1分
⑤1分
⑥1分
由④~⑥式解得x≈0.28 m>d=0.1m1分
假设不成立,滑板与挡板 碰撞前瞬间未达到共速。
设长木板与挡板碰撞前瞬间滑块的速度大小为v2′,长木板的速度大小为v1,有
⑦1分
⑧1分
由④⑦⑧式解得v2′＝1.4m/s1分
17．（16分）
解：（1）在电场中
①1分
②
在磁场中
③1分
由①~③式解得
由n＝ 1分
解得 ∠DOE＝45°1分
又OE＝OB＝
光线出射区域的宽度DE＝OEsin∠DOE
解得区域宽度DE＝ d2分
2分
（2）粒子在两磁场区运动的轨迹如图。设粒子在磁场1、2区域运动的轨道半径分别为r1′、r2′,∠OO1C＝θ, 有
④1分
,r1′＝2r2′⑤1分
⑥1分
⑦1分
由④~⑦式解得
y1＝9d1分
（3）①在 处释放的粒子恰好不从磁场区域2的下边界射出时,粒子再次回到x轴时的坐标为：
所以粒子回到x轴时的坐标： ,能打到收集板上1分
②刚好能打到收集板3d位置的粒子
解得： 或 1分
对应y轴位置 （舍去）,或 1分
③打在x轴上2d—3d位置的粒子,在x轴上的跨幅大于2d,第一次打到x轴上,回到电场,受电场力的作用,再回到磁场直接跨过收集板不能打到收集板上。
④打在x轴上 位置的粒子
解得： 或
对应 （舍去）或 1分
⑤在y轴 处释放的粒子, ,
14．（1）3.6 （2分） （2） ①最大值（2分） ②1.5（2分） 0.75（2分）
15．（10分）
解：（1）由h－R（1－cos 37°）＝ gt2①1分
vy＝gt②1分
v0＝ ③1分
x＝v0t④1分
联立①~④式解得
x＝1.2 m1分
（2）从抛出到B点,有
mg（h－R）＝ mvB2－ mv02,⑤2分