广东省仲元中学2017-2018学年高一上学期期中考试物理试题 Word版含解析
广东省广州市番禺区仲元中学2017-2018学年高三上学期9月月考物理试卷 Word版含解析
广东省广州市番禺区仲元中学2017-2018学年高三上学期月考物理试卷（9月份）一．选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求，6-8题有多项符合题目要求．全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示为一物体作匀变速运动的速度图线．根据图线作出的下列判断不正确的是( )A．物体的初速度为3m/sB．物体的加速度大小为1.5m/s2C．2s末物体位于出发点D．该物体0﹣4s内的平均速度大小为零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据匀变速直线运动的速度图线t=0时刻的速度读出初速度．由斜率读出加速度．根据“面积”等于位移，研究2s末物体的位置，并求出前4s内的位移，再求解平均速度．解答：解：A、由图可知，t=0时，物体的初速度为3m/s．故A正确．B、物体的加速度为a=，即加速度大小为1.5m/s2．故B正确．C、物体在前2s内，一直向正方向运动，位移大小为x1==3m，没有回到出发点．故C错误．D、物体在前2s内位移为x1==3m，后2s内位移为x2=﹣=﹣3m，前4s内的总位移为x=x1+x2=0，则平均速度也为零．故D正确．本题选错误的故选：C．点评：根据速度图象读出任意时刻的速度、加速度和位移是应具备的基本能力，抓住“面积”等于位移，斜率等于加速度是关键．2．汽车以40m/s的速度做匀速直线运动，刹车时的加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后4s内与开始刹车后10s内汽车通过的位移之比为( )A．1：1 B．3：1 C．3：4 D．4：3考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：先求出刹车到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．解答：解：汽车刹车到停止的时间==8s＞4s所以4s内的位移．10s＞8s，所以10s内的位移等于8s内的位移则．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：本题属于刹车问题，关键要求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动．3．如图示，放在水平面上的物体受到一个水平向右的拉力F作用而处于静止状态，下列说法中正确的是( )A．拉力F和水平面对物体的摩擦力是一对作用力和反作用力B．涉及物体的共有两对作用力与反作用力C．物体受到四对平衡力的作用D．物体受到的合外力为零考点：牛顿第三定律．分析：根据施力物体与受力物体、性质等分析物体对水平面的压力与物体的重力是否相同．分析物体受力情况，分析拉力F和水平面对物体的摩擦力的关系．解答：解：A、物体水平方向受到拉力F和摩擦力而处于平衡状态，拉力F和水平面对物体的摩擦力是一对平衡力．故A错误；B、物体受重力、支持力、拉力、摩擦力，所以涉及物体的共有四对作用力与反作用力，故B错误；C、物体受到F和摩擦力、重力和支持力两对平衡力作用而处于平衡．故C错误．D、物体处于静止状态，受到的合外力为零．故D正确．故选：D．点评：分析受力情况是学习力学的基本功，一般按重力、弹力和摩擦力的顺序分析，根据平衡条件：合力为零，分析各力的关系．4．如图所示，在水平传送带上有三个质量分别为m1、m2、m3的木块1、2、3，1和2及2和3间分别用原长为L，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与传送带间的动摩擦因数均为μ，现用水平细绳将木块1固定在左边的墙上，传送带按图示方向匀速运动，当三个木块达到平衡后，1、3两木块之间的距离是( )A．2L+B．2L+C．2L+D．2L+考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分别对木块3和木块2和3整体分析，通过共点力平衡，结合胡克定律求出两根弹簧的形变量，从而求出1、3量木块之间的距离．解答：解：对木块3分析，摩擦力与弹簧弹力平衡，有：μm3g=kx，则x=．对木块2和3整体分析，摩擦力和弹簧弹力平衡，有：μ（m2+m3）g=kx′，则．则1、3两木块的距离s=2L+x+x′=2L+．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键能够正确地选择研究对象，根据共点力平衡、胡克定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．5．一质点在恒力F的作用下，由O点运动到A点的轨迹如图所示，在A点时的速度方向与x轴平行，则恒力F的方向可能沿图示中的( )A．F1的方向B．F2的方向C．F3的方向D．F4的方向考点：物体做曲线运动的条件．分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．解答：解：由于物体做的是曲线运动，根据物体做曲线运动的条件可知，合力与速度不在同一条直线上，而在O点时速度方向与Y轴正方向夹角为θ，在A点时速度方向与X轴平行，所以恒力不能沿x轴正方向，也不能与初速度V0方向相反，所以AB错误，CD正确．故选：CD．点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了．6．如图所示，高为h=1.25m的平台上覆盖一层薄冰，现有一质量为60kg的滑雪爱好者以一定的初速度v向平台边缘滑去，不计空气阻力，着地时速度的方向与水平地面的夹角为45°（取重力加速度g=10m/s2）．由此可知下列各项中正确的是( )A．滑雪者离开平台边缘时的速度大小是5.0m/sB．滑雪者着地点到平台边缘的水平距离是1.25mC．滑雪者在空中运动的时间为0.5sD．从开始运动到着地过程中滑雪爱好者机械能不守恒考点：机械能守恒定律；平抛运动．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：人做平抛运动，我们可以把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解，两个方向上运动的时间相同．解答：解：A、着地时的速度方向与水平地面的夹角为45°，所以此时的水平速度和竖直速度的大小相等，由V2=2gh 可得V==5.0m/s．所以A正确．B、人在水平方向上做匀速直线运动，水平的位移为x=vt，竖直方向上h=gt2，所以可以求得x=2.5m，所以B错误．C、由竖直方向上的位移h=gt2可以求得，时间t为0.5s，所以C正确．D、不计空气阻力，不计空气阻力，故只有重力做功，机械能守恒，故D正确．故选：ACD点评：平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．7．2013年6月20日上午10时，中国首位“太空教师”王亚平在太空一号太空舱内做了如下两个实验：实验一，将两个细线悬挂的小球由静止释放，小球呈悬浮状．实验二，拉紧细线给小球一个垂直于线的速度，小球以选点为圆做匀速圆周运动．设线长为L，小球的质量为m，小球做圆周运动的速度为v．已知地球对小球的引力约是地面重力mg的0.9倍，则在两次实验中，绳对球拉力的大小是( )A．实验一中拉力为0 B．实验一中拉力为0.9mgC．实验二中拉力为0.9+ D．实验二中拉力为考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：太空舱内物体处于完全失重状态，小球呈悬浮状，小球受力平衡，绳子拉力为零，小球做圆周运动时，合外力提供向心力．解答：解：A、太空舱内物体处于完全失重状态，小球相对太空舱呈悬浮状，小球受到的引力提供绕地球飞行的向心力，绳子拉力为零，故A正确，B错误；C、实验二中拉力提供做圆周运动的向心力，根据向心力公式得：T=，故C错误，D正确．故选：AD点评：本题主要考查了向心力公式的直接应用，知道太空舱内物体处于完全失重状态，难度不大，属于基础题．8．如图所示，物体A叠放在物体B上，B置于粗糙水平面上．A、B质量分别为m A=1kg、m B=4kg，A、B之间的动摩擦因数μ1=0.3，B与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.05．t=0时F=1.5N，此后逐渐增加，在增大到16N的过程中，则下列说法正确的是（认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力）( )A．图甲中，t=0时，两物体均保持静止状态B．图甲中，拉力达到3.5N时，两物体仍无相对滑动C．图乙中，t=0时，两物体均保持静止状态D．图乙中，拉力作用时间内，两物体始终没有出现相对滑动考点：牛顿第二定律．分析：AB一起匀速运动时，所用拉力最小，而AB一块做加速运动时，且加速度最大时拉力最大，故由此可以列牛顿第二定律解得拉力范围．解答：解：A与B之间的最大静摩擦力：f1=μ1m A g=0.3×1×10=3NB与地面之间的最大静摩擦力：f2=μ2（m A+m B）g=0.05×（1+4）×10=2.5N由于f2＜f1，所以B相对于地面先滑动．A、由题，t=0时F=1.5N＜f2＜f1，所以在图甲中，t=0时，两物体均保持静止状态．故A正确；B、图甲中，拉力达到3.5N＞f1时，两物体相对于地面是滑动的．若二者仍然相对静止，且A相对于B恰好要滑动时，A与B之间的摩擦力达到3N，此时B 的加速度：所以要保持相对静止，二者共同的加速度都是0.25m/s2，对整体进行受力分析得：F01﹣f2=（m A+m B）•a B代入数据得：F01=3.25N＜3.5N可知，图甲中，拉力达到3.5N时已经超过了滑动的临界拉力，所以两物体之间有相对滑动．故B错误；C、由题，t=0时F=1.5N＜f2，所以在图乙中，t=0时，两物体均保持静止状态．故C正确；D、图乙中，若二者仍然相对静止，且B相对于A恰好要滑动时，A与B之间的摩擦力达到3N，此时A的加速度：则共同的加速度也是3m/s2，对整体：F02﹣f2=（m A+m B）•a A代入数据得：F02=17N＞16N拉力作用时间内，两物体始终不能出现相对滑动．故D正确．故选：ACD点评：共同属于牛顿第二定律中的临界问题，主要是判定最小拉力和最大拉力出现的条件，对物体运动来说匀速是受力最小的状态，而加速度是受力大的状态，且加速度越大受力相应越大．三．非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题-第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题-第16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．某同学在做“互成角度的两个力的合成”的实验时，利用坐标纸记下了橡皮筋的结点位置O点以及两只弹簧测力计拉力的大小，如图（a）所示①试在图（a）中作出无实验误差情况下F1和F2的合力图示，并用F表示此力．②有关此实验，下列叙述正确的是AC．A．两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大B．橡皮筋的拉力是合力，两弹簧测力计的拉力是分力C．两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉到同一位置O．这样做的目的是保证两次弹簧测力计拉力的效果相同D．若只增大某一只弹簧测力计的拉力大小而要保证橡皮筋结点位置不变，只需调整另一只弹簧测力计拉力的大小即可③图（b）所示是甲和乙两位同学在做以上实验时得到的结果，其中哪一个比较符合实验事实？（力F′是用一只弹簧测力计拉时的图示）答：甲．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题．分析：（1）以F1和F2为邻边作平行四边形，通过O点的对角线表示合力F．（2）根据合力与分力的关系来分析判断．解答：解：①以F1和F2为邻边作平行四边形，与F1和F2共点的对角线表示合力F，标上箭头．如图所示．②A、两弹簧测力计的拉力的合力与橡皮筋的拉力大小相等，两弹簧测力计的拉力可以同时比橡皮筋的拉力大．故A正确．B、两弹簧测力计的拉力与橡皮条的拉力的合力为零，它们之间不是合力与分力的关系，B错误；C、两次拉橡皮筋时，为了使两次达到效果相同，橡皮筋结点必须拉到同一位置O．故C正确．D、结点位置不变，合力不变，当一只弹簧测力计的拉力大小改变时，另一弹簧测力计的拉力的大小和方向必须都改变，故D错误；故选A、C．③用平行四边形定则求出的合力可以与橡皮条拉力的方向有偏差，但用一只弹簧测力计拉结点的拉力与橡皮条拉力一定在同一直线上，故甲符合实验事实．故本题答案是①如图所示．②AC③甲点评：本题要防止产生错误的认识，认为橡皮筋的拉力是两弹簧测力计的拉力，根据合力与分力等效关系分析，一个弹簧测力计的拉力是两个弹簧测力计拉力的合力．10．某同学用如图1所示的实验装置研究小车在斜面上的运动．实验步骤如下：a．安装好实验器材；b．接通电源后，让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动，重复几次．选出一条点迹比较清晰的纸带，舍去开始密集的点迹，从便于测量的点开始，每两个打点间隔取一个计数点，如图2中0、1、2…6点所示；c．测量1、2、3...6计数点到0计数点的距离，分别记作：S1、S2、S3 (6)d．通过测量和计算，该同学判断出小车沿平板做匀变速直线运动．e．分别计算出S1、S2、S3…S6与对应时间的比值；f．以为纵坐标、t为横坐标，标出与对应时间t的坐标点，划出﹣t图线．结合上述实验步骤，请你完成下列任务：（1）实验中，除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有A和C．（填选项代号）A．电压合适的50Hz交流电源B．电压可调的直流电源C．刻度尺D．秒表E．天平F．重锤（2）将最小刻度为1mm的刻度尺的0刻线与0计数点对齐，0、1、2、5计数点所在位置如图3所示，则S2=3.00cm，S5=13.20cm．（3）该同学在图4中根据纸带标出1﹣6计数点对应的坐标，并画出﹣t图，请根据﹣t 图线判断，在打0计数点时，小车的速度v0=0.180m/s；它在斜面上运动的加速度a=2.40m/s2．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2与5点时小车的瞬时速度大小．解答：解：（1）实验中，除打点计时器（含纸带、复写纸）、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下列的器材中，必须使用的有电压合适的50Hz交流电源给打点计时器供电，需要用刻度尺测量计数点之间的距离处理数据．故选：AC；（2）将最小刻度为1mm的刻度尺的0刻线与0计数点对齐，0、1、2、5计数点所在位置如图2乙所示，则：S2=3.00cm，S5=13.20cm，每两个打点间隔取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.04s，（3）根据上图可知，初速度v0=0.180m/s；根据匀变速直线运动的速度与时间的图象斜率，可以求出加速度的大小，得：a==2.40m/s2，故答案为：（1）A，C （2）3.00，13.20，（3）0.180，2.40．点评：对于基本仪器的使用和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还要从实践上去了解它，自己动手去做做，以加强基本仪器的了解和使用，同时要加强利用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．11．如图所示，传送带与水平地面成夹角θ=37°，以v=4m/s的速度顺时针转动，在传送带下端轻轻地放一个质量m=0.5kg的物体，它与传送带间的动摩擦因数μ=0.8，已知传送带从A到B的长度L=50m，则物体从A到B需要的时间为多少？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体先做匀加速直线运动，速度达到传送带速度后做匀速直线运动，根据牛顿第二定律求出开始上滑的加速度，结合速度时间公式求出速度达到传送带速度的时间，根据速度位移公式求出速度达到传送带上滑的位移，从而得出匀速运动位移，结合位移公式求出匀速运动的时间，求出总时间．解答：解：物体放上传送带以后，受力如图，开始一段时间做匀加速运动，由牛顿第二定律得μmgcosθ﹣mgsinθ=ma，代入数据解得a=0.4m/s2物体加速过程的时间和位移分别为，＜50m由于mgsinθ＜μmgcosθ，所以此后物体受到沿传送带向上的静摩擦力作用，与传送带一起匀速运动．设物体完成剩余的位移s2所用的时间为t2，则s2=vt2，s1+s2=L代入数据解得t2=7.5s则需要的总时间t=t1+t2=17.5s答：物体从A到B需要的时间为17.5s．点评：解决本题的关键理清物体在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解，难度中等．12．如图所示，质量m=4kg的物体从A点沿圆弧形轨道运动到B点，经过B点时的速度为6m/s，此后在水平恒力F作用下沿水平地面上向右运动，它与地面间的动摩擦因数μ=0.1，经1s到达N点，已知圆弧形轨道的半径R=6m，BN=4m．如果水平恒力F只作用2s就撤去，求：（1）经过B点时，物体对轨道的作用力；（2）物体最后停在距B多远的位置？考点：牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）物体在B点受到重力、支持力，两个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解；（2）设物体从B到N的加速度为a1，根据运动学基本公式结合牛顿第二定律求解加速度和拉力F，再求出F作用2s后的位移和速度，之后撤去拉力，物体做匀减速直线运动，根据运动学基本公式求解即可．解答：解：（1）对物体，在B点受力如图，由牛顿第二定律解得由牛顿第三定律，物体对轨道的作用力大小为64N，方向向上．（2）设物体从B到N的加速度为a1，由运动学公式得设F为水平向左，由牛顿第二定律得﹣（F+f）=ma1且f=μmg解得：a1=﹣4m/s2（说明加速度向左），F=12N（说明F方向水平向左）如图，设物体从B点到速度为零的P点共经历的时间为t1，通过的位移为s BP，由解得：t1=1.5s，s BP=4.5m在0.5s的时间内，物体在水平力F和方向相反的摩擦力作用下，由P点向左作匀加速运动，设其加速度为a2，经t2=0.5s到达M点，由牛顿第二定律得F﹣f=ma2代入数据得：在M点后，物体在摩擦力的作用下匀减速运动到停止在Q点，设其加速度为a3，由﹣f=ma3代入数据得：最后物体停在B点右边距B点x=（4.5﹣0.25﹣0.5）=3.75m处．答：（1）经过B点时，物体对轨道的作用力大小为64N，方向向上；（2）物体最后停在距B点3.75m的位置．点评：本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的直接应用，解题的关键是要同学们能正确对物体受力分析，能判断出物体的运动形式，知道撤去拉力后做匀减速运动一直到静止，难度适中．(二）选考题，请考生从以下两个模块中任选一模块作答[物理──选修3-3]13．一定量的理想气体从状态a开始，经历三个过程ab、bc、ca回到原状态，其p﹣T图象如图所示．下列判断正确的是( )A．过程ab中气体体积保持不变B．过程bc中气体从外界吸热C．过程ca中外界对气体所做的功等于气体所放的热D．a、b和c三个状态中，状态c分子的平均动能最小E．b和c两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：由图示图象判断气体的状态变化过程，应用气态方程判断气体体积如何变化，然后应用热力学第一定律答题解答：解：A、由图示可知，ab过程，气体压强与热力学温度成正比，则气体发生等容变化，气体体积不变，故A正确；B、由图示图象可知，bc过程气体发生等温变化，PV=C，bc过程体积增大，对外做功，温度不变，则气体内能保持不变，由热力学第一定律知bc过程吸热，故B正确；C、过程ca中温度降低，内能减小，外界对气体所做的功大于气体所放的热，故C错误D、由图象可知，a状态温度最低，在状态a分子平均动能最小，故D错误；E、b和c两个状态中，温度相同，分子平均动能相同，体积不同，则容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同，故E正确故选：ABE点评：本题考查气体的状态方程中对应的图象，分析清楚图示图象、知道理想气体内能由气体的温度决定即可解题，解题时要抓住在P﹣T图象中等容线为过原点的直线14．如图，两个侧壁绝热、顶部和底部都导热的相同气缸直立放置，气缸底部和顶部均有细管连通，顶部的细管带有阀门K．两气缸的容积均为V0气缸中各有一个绝热活塞（质量不同，厚度可忽略）．开始时K关闭，两活塞下方和右活塞上方充有气体（可视为理想气体），压强分别为P0和；a活塞在气缸正中间，其上方为真空；b活塞上方气体体积为．现使气缸底与一恒温热源接触，平衡后左活塞升至气缸顶部，且与顶部刚好没有接触；然后打开K，经过一段时间，重新达到平衡．已知外界温度为T0，不计活塞与气缸壁间的摩擦．求：（i）恒温热源的温度T；（ii）重新达到平衡后左气缸中活塞上方气体的体积V X．考点：理想气体的状态方程．专题：理想气体状态方程专题．分析：（i）两活塞下方封闭的气体等压变化，利用盖吕萨克定律列式求解；（ii）分别以两部分封闭气体为研究对象，利用玻意耳定律列式求解．解答：解：（i）与恒温热源接触后，在K未打开时，右活塞不动，两活塞下方的气体经历等压过程，由盖吕•萨克定律得：=①解得：T=②（ii）由初始状态的力学平衡条件可知，左活塞的质量比右活塞的大．打开K后，左活塞必须升至气缸顶才能满足力学平衡条件．气缸顶部与外界接触，底部与恒温热源接触，两部分气体各自经历等温过程，设在活塞上方气体压强为p，由玻意耳定律得：PV x=•③对下方气体由玻意耳定律得：（P+P0）（2V0﹣V x）=P0•V0 ④联立③④式得：6V X2﹣V0V X﹣V02=0，解得：V X=，V X=﹣，不合题意，舍去．答：（i）恒温热源的温度T为；（ii）重新达到平衡后左气缸中活塞上方气体的体积V X为．点评：本题涉及两部分气体状态变化问题，除了隔离研究两部分之外，关键是把握它们之间的联系，比如体积关系、温度关系及压强关系．[物理--选修3-5]15．在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用．下列说法符合历史事实的是( )A．汤姆生发现电子，表明原子仍具有复杂结构B．麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波的存在，后来由赫兹用实验证实了电磁波的存在C．爱因斯坦提出了量子理论，后来普朗克用光电效应实验提出了光子说D．玻尔原子理论不仅能解释氢原子光谱，而且也能解释其它原子光谱E．卢瑟福通过α粒子散射实验证实了原子具有核式结构考点：物理学史．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、汤姆生发现电子，表明原子仍具有复杂结构，故A正确；B、麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波的存在，后来由赫兹用实验证实了电磁波的存在，故B正确；C、普朗克提出了量子理论，为了解释光电效应现象，爱因斯坦提出了光子说，故C错误；D、玻尔原子理论仅能解释氢原子光谱，不能解释其它原子光谱，故D错误；E、卢瑟福通过α粒子散射实验证实了原子具有核式结构，故E正确；故选：ABE点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．16．如图，A、B、C三个木块的质量均为m．置于光滑的水平面上，B、C之间有一轻质弹簧，弹簧的两端与木块固连，弹簧处于原长状态．现A以初速v0沿B、C的连线方向朝B 运动．（1）若A与B相碰后立即粘合在一起，求以后运动过程中弹簧的最大弹性势能（2）若A与B发生弹性碰撞，求以后运动过程中弹簧的最大弹性势能．考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．分析：（1）A、B碰撞的瞬间，A、B组成的系统动量守恒，C认为未参与碰撞，根据动量守恒定律求出碰后瞬间AB的速度；当三种速度相同时，弹簧压缩到最短，弹性势能最大，。
广东省广州市番禺区仲元中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理(理)试题PDF版含解析
广东省广州市番禺区仲元中学2017—2018学年高二上学期期中考试物理（理）试题一、单选题（5小题）1. 下列说法正确的是（）A. 电荷放在电势高的地方，电势能就大B. 正电荷在电场中某点的电势能一定大于负电荷在该点具有的电势能C. 电场强度为零的点，电势一定为零D. 无论移动正电荷还是负电荷，若克服电场力做功它的电势能都增大【答案】D【解析】试题分析：正电荷放在电势高的地方，电势能就大，而负电荷放在电势高的地方，电势能就小．故A错误．电荷的电势能与电荷的电性和电势的正负有关，正电荷在电场中电势为负值的某点的电势能，小于负电荷在该点具有的电势能．故B错误．电场强度与电势无关，电场强度为零的点，电势不一定为零．故C错误．只要电荷克服电场力做功，根据功能关系可知，它的电势能都增大．故D正确．故选 D.【点睛】正电荷放在电势高的地方，电势能就大．电荷的电势能与电荷的电性和电势的正负有关，正电荷在电场中某点的电势能，不一定大于负电荷在该点具有的电势能．电荷克服电场力做功它的电势能都增大．电场强度与电势无关2. 如图所示是两个电阻、的I－U图线，将两电阻、并联后的总电阻为R，则电阻R 的I－U图象分布在图中哪个区域（）A. Ⅰ区B. Ⅱ区C. Ⅲ区D. 不能确定【答案】A【解析】试题分析：两电阻并联后，总电阻要小于两电阻；而在I-U图象中，斜率越大，电阻越小，故并联之后的电阻应在区域I.故选A．【点睛】I-U图象中的斜率表示电阻的倒数；而两电阻并联后，总电阻小于任一电阻.3. 以速度沿水平方向飞行的手榴弹在空中爆炸，炸裂成1kg和0.5kg的两块，其中0.5kg 的那块以的速率沿原来速度相反的方向运动，此时另一块的速率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】试题分析：手榴弹在空中爆炸过程，爆炸力远大于重力，在水平方向上动量守恒，以手榴弹原来速度为正方向，由动量守恒定律得：，即，解得，故选 C.【点睛】手榴弹在空中爆炸过程，爆炸力远大于重力，在水平方向上动量守恒，根据动量守恒定律求出另一块的速率．4. 如图虚线表示某点电荷电场中的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A运动到B的轨迹如图中实线所示.粒子在A、B点的加速度大小分别为、，电势能分别为、，下列判断正确的是（）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】试题分析：根据粒子轨迹的弯曲方向可知带电粒子受到的是静电斥力，从外向内，电势降低，所以该电场是负的点电荷产生的电场，则粒子带负电；根据U=Ed知，等差等势面越密的位置场强越大，B处等差等势面较密集，则场强大，带电粒子所受的电场力大，加速度也大，即，从A到B，电场线对带电粒子做负功，电势能增加，则知B点电势能大，即；故D正确，ABC错误．故选D．【点睛】本题关键是先根据靠差等势面的疏密判断场强的大小，再结合电场力做功正负分析电势能变化．公式U=Ed，对非匀强电场可以用来定性分析场强．5. 直角坐标系xOy中,M、N两点位于x轴上,G、H两点坐标如图.M、N两点各固定一负点电荷,一电量为Q的正点电荷置于O点时,G点处的电场强度恰好为零,静电力常量用k表示.若将该正点电荷移到G点,则H点处场强的大小和方向分别为（）A. ,沿y轴正向B. ,沿y轴负向C. ,沿y轴正向D. ,沿y轴负向【答案】B考点：电场的叠加【名师点睛】此题是电场的叠加问题；关键是能找到两个负电荷在G、H两点的场强大小，根据点电荷场强公式求解正电荷Q的场强，最后叠加即可．二、多选题（5小题）6. 如图所示的装置中,木块B与水平面间的接触面是光滑的,子弹A沿水平方向射入木块后留在木块内,将弹簧压缩到最短,弹簧左端连着墙壁,现将子弹、木块和弹簧合在一起作为研究对象(系统),则此系统在从子弹开始射入木块到弹簧压缩至最短的整个过程中（）A. 动量守恒B. 动量不守恒C. 机械能守恒D. 机械能不守恒【答案】BD【解析】试题分析：此系统在从子弹开始射入到弹簧被压缩至最短的整个过程中水平方向受到墙壁对系统的向右的作用力，所以系统的动量不守恒；子弹在进入木块的过程中，子弹相对于木块有一定的位移，所以子弹与木块组成的系统有一定的动能损失，所以系统的机械能也不守恒．故BD正确，AC错误．故选BD【点睛】分析清楚物体运动过程、掌握系统动量守恒的条件、机械能守恒的条件是解题的关键，以及知道当系统只有动能和势能之间相互转化时，系统机械能守恒．分析清楚运动过程即可正确解题．7. 下列说法正确的是（）A. 由可知，电场强度与放入其中的检验电荷所受的电场力成正比，与检验电荷所带的电荷量成反比B. 电容器的电容，但电容的大小不是决定于带电量和两极板的电压，而是决定于电容器本身的结构C. 由可知，导体的电阻与导体的长度和横截面积都有关系D. 由可知，导体的电阻与导体两端的电压、电流都有关系【答案】BC【解析】试题分析：电场强度反映电场本身的性质，与试探电荷的电荷量无关，故A错误；电容是电容器本身的性质，和极板上的电荷量及电压无关，而是决定于电容器本身的结构．故B正确；由电阻定律的表达式可知，电阻与导体的长度和横截面积都有关系，故C正确．导体的电阻电阻与导体的长度和横截面积都有关系，与电压、电流无关．故D错误．故选BC. 【点睛】该题考查对电场强度、电容、电阻的定义式以及欧姆定律的表达式等几个不同的公式的理解，要通过它们的比较，理解定义式与定律的表达式的差别．8. 如图所示，两个质量相等的物体A、B从同一高度沿倾角不同的两光滑斜面由静止自由滑下，在到达斜面底端的过程中，下列说法正确的是（）A. 两物体所受重力的冲量相同B. 两物体所受合外力的冲量相同C. 两物体动量的变化量不同D. 两物体动能的变化量相同【答案】CD【解析】试题分析：设高度为h，根据牛顿第二定律得，加速度为：，由，得，由于斜面的倾角不同，则运动时间不同，根据I=mgt知，重力的冲量不同，故A 错误．根据动能定理知：，解得：，到达底端时动能变化量相同，由于斜面倾角不同，故速度大小相等、方向不同，根据动量定理知，动量的变化量大小相等、方向不同，故合力的冲量大小相等、方向不同，故合力的冲量不相同，动量的变化量也不相同，故B错误，C D正确．故选CD．【点睛】物体在同一高度沿倾角不同两个光滑斜面由静止自由滑下，运动时间不等，重力的冲量不同．高度相同，重力做功相同．合力的冲量是矢量，方向不同，合力的冲量不同．根据机械能守恒定律分析刚到达底端的动能是相同的.9. 如图所示，将平行板电容器与电池组相连，两板间的带电油滴恰好处于静止状态．若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（）A. 电容器带电荷量不变B. 油滴仍静止C. 检流计中有a→ｂ的电流D. 检流计中有b→ａ的电流【答案】BC【解析】试题分析：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式，知电容减小，而电压不变，由Q=UC可知，电容器带电量减小．故A错误．由于板间电压和板间距离不变，则板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．电容器电量减小，处于放电状态，而电容器上板带正电，下极板带负电，电路中形成逆时针方向的电流，则检流计中有a→ｂ的电流．故C正确，D错误．故选BC．【点睛】带电油滴原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断尘埃是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．10. 如图所示，一质量为m、电荷量为q的小球在电场强度为E、区域足够大的匀强电场中，以初速度沿ON在竖直面内做匀变速直线运动．ON与水平面的夹角为，重力加速度为，且已知，则（）A. 电场方向竖直向上B. 小球运动的加速度大小为C. 小球上升的最大高度为D. 若小球在初始位移的电势能为零，则小球电势能的最大值为【答案】BD【解析】试题分析：小球做匀变速直线运动，合力应与速度在同一直线上，即在ON直线上，因，所以电场力与重力关于ON对称，根据数学知识得：电场力与水平方向的夹角应为，受力情况如图一所示，合力沿ON方向向下，大小为，所以加速度为，方向沿ON 向下．故A、B错误；经对A的分析可知，小球做匀减速直线运动，由运动学公式可得最大位移为，则最大高度为，故C错误；若小球在初始位置的电势能为零，在减速运动至速度为零的过程中，小球克服电场力做功和克服重力做功是相等的，由能量的转化与守恒可知，小球的初动能一半转化为电势能，一半转化为重力势能，初动能为，小球的最大电势能为，故D正确。
广东省仲元中学2015-2016学年高一下学期期中考试物理(理)试题Word版含答案
2015学年下学期仲元中学期中考试高一年级物理试卷命题人:吴龙才审题人：吴忠标考生注意：本卷共四大题，满分100分。
第四大题解答要求写出必要的文字说明、计算式和主要的演算步骤。
只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不能得分。
一．单选题（本题共6小题，每小题5分，共30分，每小题的四个选项中只有一个正确）1. 物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列表述中正确的是( )A．丹麦天文学家第谷发现了行星运动三定律B．牛顿发现了万有引力定律测出了引力常量C．在研究行星运动规律时，开普勒的第三行星运动定律中的k值与地球质量有关D．1798年英国物理学家卡文迪许通过扭秤实验测量出了万有引力常量2．关于曲线运动，以下说法中正确的是（）A. 曲线运动一定是变速运动B. 曲线运动的物体所受合力有可能沿运动轨迹切线方向C. 曲线运动的物体所受合外力不可能是恒力D. 曲线运动的两个分运动不可能都是直线运动3．农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选．在同一风力作用下，谷种和瘪谷(空壳)都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，如图所示．若不计空气阻力，对这一现象，下列分析正确的是()A．谷种飞出洞口时的速度比瘪谷飞出洞口时的速度大些B．谷种和瘪谷飞出洞口后都做匀变速曲线运动C．谷种和瘪谷从飞出洞口到落地的时间不相同D．M处是谷种，N处是瘪谷4. 如图所示，一辆汽车沿水平地面匀速行驶，通过跨过定滑轮的轻绳将一物体A竖直向上提起，在此过程中，物体A的运动情况是()A．加速上升B．减速上升C．匀速上升D．变加速度的减速上升5．铁路在弯道处的内外轨道高度是不同的，已知内外轨道平面与水平面倾角为θ，如图所示，弯道处的圆弧半径为R ，若质量为m） A ．内轨对内侧车轮轮缘有挤压 B ．外轨对外侧车轮轮缘有挤压C ．这时铁轨对火车的支持力等于mgcos θ D ．这时铁轨对火车的支持力大于mgcos θ6．如图所示，光滑的水平面上，小球m 在拉力F 作用下做匀速圆周运动，若小球到达P 点时F 突然发生变化，则下列关于小球运动的说法正确的是( )． A ．F 突然变大，小球将沿轨迹Pb 做离心运动 B ．F 突然变小，小球将沿轨迹Pa 做离心运动 C ．F 突然变大，小球将沿轨迹Pc 做近心运动 D ．F 突然变小，小球将沿轨迹Pc 逐渐靠近圆心 二．多选题（本题共3小题，每小题6分，共18分）7.如图所示为一皮带传动装置，右轮半径为r ，a 点在它的边缘上；左轮半径为2r ，b 点在它的边缘上．若在传动过程中皮带不打滑，则a 点与b 点的向心加速度和速度大小之比（ ）A. a a :a b =4:1B. v a :v b =1:1C. a a :a b =2:1D. v a :v b =1:28. 如图所示，长为L 的轻杆，一端固定着一个小球，另一端可绕光滑的水平轴转动，使小球在竖直平面内运动，设小球在最高点的速度为v ，则( ) A. v 的最小值为 gL B ．v 若增大，向心力也增大C ．当v 由gL 逐渐增大时，杆对球的弹力也增大D ．当v 由gL 逐渐减小时，杆对球的弹力也减小9．一物体运动规律是x ＝3t 2 m ，y ＝4t 2 m ，则下列说法中正确的是( )A ．物体在x 轴和y 轴方向上都是初速度为零的匀加速直线运动B ．物体的合运动是初速度为零、加速度为5m/s 2的匀加速直线运动C ．物体的合运动是初速度为零、加速度为10m/s 2的匀加速直线运动D ．物体的合运动是加速度为5m/s 2的曲线运动三、填空题（12分每空2分）10．一条河宽400m，水流的速度为2.5m/s，船相对静水的速度5m/s，要想渡河的时间最短，渡河的最短时间是s；此时船沿河岸下游方向漂移了m．11.如图所示为向心力演示仪。
广东省仲元中学2017-2018学年高一下学期期末考试物理(理)试题 Word版含答案
2017-2018学年下学期广东仲元中学期末考试高一年级理科物理试卷考生注意：本卷共四大题，满分100分。
第四大题解答要求写出必要的文字说明、计算式和主要的演算步骤。
只写出最后答案，未写出主要演算过程的，不能得分。
一、单项选择题（本题共5小题，每小题5分，共25分，每小题只有一个选项正确）1．关于功率的说法，正确的是A ．由P =tW知，力做功越多，功率就越大 B ．由P =F ·v 知，物体运动越快，功率越大C ．由W =Pt 知，功率越大，力做功越多D ．由P =Fv cos θ知，某时刻力大且速率也大，功率不一定大2．如图1所示，在斜面底端的正上方h 处水平拋出一个小球，不计空气阻力，飞行一段时间后小球垂直地撞在倾角为45°的斜面上．设重力加速度为g ，由此可推算出小球完成这段飞行所用的时间是 A ．g h 32 B ．gh 3 C ．gh23 D ．条件不足，无法计算3．小球由地面竖直上抛，上升的最大高度为H ，设所受阻力大小恒定，地面为零势能面。
在上升至离地高度h 处时，小球的动能是势能的2倍，到达最高点后再下落至离地高度h 处时，小球的势能是动能的2倍，则h 等于A ．B ．C ．D ．4．小球P 和Q 用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，P 球的质量大于Q 球的质量，悬挂P 球的绳比悬挂Q 球的绳短。
将两球拉起，使两绳均被水平拉直，如图2所示。
将两球由静止释放，在各自轨迹的最低点时A ．P 球的速度一定大于Q 球的速度B ．P 球的动能一定小于Q 球的动能C ．P 球所受绳的拉力一定大于Q 球所受绳的拉力D ．P 球的向心加速度一定小于Q 球的向心加速度5．设地球自转周期为T ，质量为M ,引力常量为G 。
假设地球可视为质量均匀分布的球体，半径为R 。
同一物体在南极和赤道水平面上静止时，所受到的支持力之比为A ．32224R GMT GMT π+B ．32224R GMT GMT π-C ．23224GMT R GMT π-D ．23224GMTR GMT π+二、不定项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分，答对得6分，漏选得3分，错选得0分）6．如图3所示，当带正电的球C 移近不带电的枕形金属导体A 端时，下列说法正确的是 A ．枕形金属导体的A 端带负电，B 端带正电B ．金属导体中的正、负电荷同时分别向B 端和A 端移动C ．金属导体中的带负电的电子向A 端移动，正电荷不移动D ．金属导体中的正电荷向B 端移动，带负电的电子不移动7．如图4所示，地球赤道上的小山丘e 、近地资源卫星p 和同步通信卫星q 均在赤道平面上绕地心做匀速圆周运动。
2017-2018学年广东仲元中学高一下学期期中考试物理(文)试题+Word版含答案
广东仲元中学 2017 学年第二学期期末考试高一年级水平考试物理学科试卷命题人：陈燕妮审题人：张建国一、单项选择题Ⅰ：本大题共30小题，每小题1分，共30分。
在每小题列出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1.下列科学家中,用扭秤实验测出引力常数数值的是A．牛顿 B．爱因斯坦 C．卡文迪许 D．伽利略2.下列物理量为矢量的是A. 路程B. 时间C. 速度D. 质量3.下列竞技运动中，可将运动员视为质点的是A．花样滑冰 B．自由体操C．马拉松 D．跳水4.某同学绕400 m的跑道,跑完一圈回到出发点,则他运动的路程和位移大小分别是A. 400m，0B. 0，400mC. 400m，400mD. 0，05.某一时刻，一物体沿水平和竖直方向的分速度分别为8m/s和6m/s，则该物体的速度大小是A. 2 m/sB. 6 m/sC. 10 m/sD. 14 m/s6.如图所示，一位于水平面的物体在恒力F的作用下沿曲线从A运动到B，物体到达B点时，这时突然使它所受力的方向改变而大小不变(即由F变为－F)，在此力作用下物体以后的运动情况，下列说法正确的是A．物体可能沿原曲线由B返回AB．物体可能沿曲线Ba运动C．物体可能沿曲线Bb运动D．物体可能沿曲线Bc运动7.已知小船在静水中的速度为v，当小船向对岸垂直划行时，在划行到河中心时，水流速度突然增大，则渡河时间将A. 增大B. 减小C. 不变D. 不能判断8.小船在静水中的速度为v。
若小船过河时船头始终与岸垂直，水流速度增大后A．小船相对于岸的速度减小 B．小船相对于岸的速度增大C．小船能到达出发点的正对岸 D．小船到达对岸的过河路程减小9.下列做平抛运动的物体是A. 升空的火箭B. 树上落下的果实C. 投向篮框的篮球D. 水平飞行的飞机释放的物体10.射箭比赛中，运动员水平射箭击中了靶心，可以推断，击发时箭头的方向对准了A. 靶心B. 比靶心高一点的位置C. 比靶心低一点的位置D. 靶心偏右一点的位置11.从水平匀速向右飞行的飞机上按相等的时间间隔，依次释放出a、b、c三个球，不考虑空气阻力，站在地面上的人看到小球在空中的下落情况是12.在匀速圆周运动中，下列物理量中不变的是A．向心加速度B．线速度C．向心力 D．周期13.如图所示，用细绳系着一个小球，使小球在水平面内做匀速圆周运动，不计空气阻力，关于小球受力有以下说法，正确的是A.只受重力B. 只受拉力C.受重力和拉力D. 受重力、拉力和向心力14.如图所示，光驱读盘时绕固定轴高速转动，当转速恒定时，下列说法正确的是A．盘面上越靠近圆心的点，线速度大小越大B．盘面上越靠近圆心的点，角速度大小越大C．盘面上所有的点的角速度大小都相等D．盘面上所有的点的线速度大小都相等15.如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动,下列说法正确的是A. a、b两球角速度相等B. a、b两球线速度相等cC. a 球的线速度比b 球的大D. a 球的角速度比b 球的大16.如图为皮带传动示意图，假设皮带没有打滑，R>r ，则下列说法中正确的是 A ．大轮边缘的线速度大于小轮边缘的线速度 B ．大轮边缘的线速度小于小轮边缘的线速度 C ．大轮边缘的线速度等于小轮边缘的线速度 D ．大轮的角速度较大17.在水平路面上安全转弯的汽车，向心力是 A ．重力和支持力的合力提供B ．重力、支持力和牵引力的合力提供C ．汽车与路面间的静摩擦力提供D ．汽车与路面间的滑动摩擦力提供18.同一辆汽车以同样大小的速度先后开上平直的桥和凸形桥，在桥的中央处有 A ．车对两种桥面的压力一样大 B ．车对平直桥面的压力大 C ．车对凸形桥面的压力大 D ．无法判断19.火车在转弯行驶时，需要靠铁轨的支持力提供向心力。
广东省仲元中学2017_2018学年高一物理上学期期中试题(含解析)
广东仲元中学学年第一学期期中考试高一年级物理学科必修试卷一、单项选择题，本题共小题，每小题分，共分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
. 下列说法中正确的是（）. 宏观天体由于体积太大，都不能看成质点. 路程是标量，即位移的大小. 火车以速度经过某一段路，是指平均速度. 速率、位移、加速度都是矢量【答案】【解析】、质点不一定代表一个很小的物体，比如研究地球的公转时，地球可以看做质点，故错误、路程是轨迹的长度，位移为从初位置到末位置的有向线段，两点间直线距离最短，故位移的大小不会比路程大，故错误；、火车以速度经过某一段路，是指该位移的平均速度，故错误；、速率是标量，只有大小，位移和加速度是矢量，故错误。
故选．【点睛】本题关键明确平均速度、瞬时速度、平均速率的区别，以及位移与路程的区别，不难．. 坐在行驶的列车里的乘客，看到铁轨两旁的树木迅速后退，“行驶的列车”和“迅速后退的树木”的参考系分别为（）. 地面、列车 . 列车、地面. 列车、列车 . 地面、地面【答案】【点睛】运动和静止是相对的，选不同的参照物，描述物体运动的结果会不同，通过本题充分理解运动的相对性．. 关于速度、加速度和速度变化量的关系，下列说法中正确的是. 加速度表示速度变化的大小. 物体的加速度增大时，速度可能反而减小. 物体的速度为零时，加速度一定为零. 物体的加速度很大，则速度变化量一定很大【答案】【解析】、加速度是描述速度大小和方向变化快慢的物理量，故错误．、速度增大还是减小取决于速度与加速度的方向是否相同，假设速度与加速度反向，那么加速度增大时，速度减小的更快．故正确．、物体的速度为零时，因为加速度，当某一瞬时速度等于零，比如：，而≠，则此时加速度可以不为零．故错误．、加速度，表示单位时间速度的变化量很大，可以是很小的速度变化量对应更短的时间，加速度很大．故选.【点睛】用好速度增大减小判断的依据：速度与加速度同向，速度增加；速度与加速度反向，速度减小．. 一座小岛与码头相距，某人乘摩托艇从码头出发时开始计时，往返于码头和岛屿之间，其位移图象（﹣图）如图．则下列说法正确的是( ). 摩托艇在内位移大小是，路程是. 摩托艇在内位移大小是，路程是. 摩托艇在时的瞬时速度大小为. 摩托艇在时的瞬时速度大小为【答案】【解析】试题分析：本题应抓住：﹣图象△表示物体的位移，路程等于各段过程物体位移大小之和；图象的斜率等于速度．解：、根据﹣图象△表示物体的位移可知，摩托艇在﹣内位移为，﹣内位移为，﹣内位移为﹣﹣，则在内位移大小是，路程等于．故、错误．、﹣图象的斜率等于速度，则摩托艇在时的瞬时速度大小为．故正确．、摩托艇在时的瞬时速度为﹣，速度大小为．故错误．故选：点评：本题关键抓住位移图象的数学意义来理解其物理意义：图象的斜率等于速度，纵坐标的变化量表示位移．. 甲球的重力是乙球的倍，甲乙分别从高处、处同时自由落下（足够大），不计空气阻力，下列说法正确的是：. 同一时刻甲的速度比乙大. 下落时，甲、乙球的速度相同. 下落过程中甲的加速度是乙的倍. 在自由下落的全过程中，两球的平均速度大小相等【答案】【解析】、因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为，任意时刻的速度为：，所以两物体下落过程中，在同一时刻甲的速度与乙的速度相等，故错误；、根据公式，下落时，甲、乙的速度相同，故正确；、因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为，下落过程中甲的加速度与乙的加速度相同，故错误；、根据和可知，两球平均速度大小不等，故错误；故选．【点睛】本题关键是对自由落体运动的物体运用位移时间公式和速度位移公式列式求解．二、多项选择题。
【中小学资料】广东省仲元中学2017-2018学年高一物理上学期期中试题(含解析)
广东仲元中学2017学年第一学期期中考试高一年级物理学科必修1试卷一、单项选择题，本题共5小题，每小题6分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 下列说法中正确的是（）A. 宏观天体由于体积太大，都不能看成质点B. 路程是标量，即位移的大小C. 火车以速度v经过某一段路，v是指平均速度D. 速率、位移、加速度都是矢量【答案】C【解析】A、质点不一定代表一个很小的物体，比如研究地球的公转时，地球可以看做质点，故A错误.B、路程是轨迹的长度，位移为从初位置到末位置的有向线段，两点间直线距离最短，故位移的大小不会比路程大，故B错误；C、火车以速度v经过某一段路，v是指该位移的平均速度，故C错误；D、速率是标量，只有大小，位移和加速度是矢量，故D错误。
故选C．【点睛】本题关键明确平均速度、瞬时速度、平均速率的区别，以及位移与路程的区别，不难．2. 坐在行驶的列车里的乘客，看到铁轨两旁的树木迅速后退，“行驶的列车”和“迅速后退的树木”的参考系分别为（）A. 地面、列车B. 列车、地面C. 列车、列车D. 地面、地面【答案】A【点睛】运动和静止是相对的，选不同的参照物，描述物体运动的结果会不同，通过本题充分理解运动的相对性．3. 关于速度、加速度和速度变化量的关系，下列说法中正确的是A. 加速度表示速度变化的大小B. 物体的加速度增大时，速度可能反而减小C. 物体的速度为零时，加速度一定为零D. 物体的加速度很大，则速度变化量一定很大【答案】B【解析】A、加速度是描述速度大小和方向变化快慢的物理量，故A错误．B、速度增大还是减小取决于速度与加速度的方向是否相同，假设速度与加速度反向，那么加速度增大时，速度减小的更快．故B正确．C、物体的速度为零时，因为加速度，当某一瞬时速度等于零，比如：v2=0，而v1≠0，则此时加速度可以不为零．故C错误．D、加速度，表示单位时间速度的变化量很大，可以是很小的速度变化量对应更短的时间，加速度很大．故选B.【点睛】用好速度增大减小判断的依据：速度与加速度同向，速度增加；速度与加速度反向，速度减小．4. 一座小岛与码头相距300m，某人乘摩托艇从码头出发时开始计时，往返于码头和岛屿之间，其位移图象（x﹣t图）如图．则下列说法正确的是( )A. 摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是600mB. 摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是0mC. 摩托艇在48s 时的瞬时速度大小为0m/sD. 摩托艇在75s时的瞬时速度大小为150m/s【答案】C【解析】试题分析：本题应抓住：x﹣t图象△x表示物体的位移，路程等于各段过程物体位移大小之和；图象的斜率等于速度．解：AB、根据x﹣t图象△x表示物体的位移可知，摩托艇在0﹣30s内位移为x1=300m，30﹣60s内位移为x2=0，60﹣90s内位移为x3=0﹣300m=﹣300m，则在150s内位移大小是x=x1+x2+x3=0，路程等于S=|x1|+|x2|+|x3|=600m．故A、B错误．C、x﹣t图象的斜率等于速度，则摩托艇在48s 时的瞬时速度大小为0．故C正确．D、摩托艇在75s时的瞬时速度为v==m/s=﹣10m/s，速度大小为10m/s．故D错误．故选：C点评：本题关键抓住位移图象的数学意义来理解其物理意义：图象的斜率等于速度，纵坐标的变化量表示位移．5. 甲球的重力是乙球的5倍，甲乙分别从高H处、3H处同时自由落下（H足够大），不计空气阻力，下列说法正确的是：A. 同一时刻甲的速度比乙大B. 下落2m时，甲、乙球的速度相同C. 下落过程中甲的加速度是乙的5倍D. 在自由下落的全过程中，两球的平均速度大小相等【答案】B【解析】A、因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为g，任意时刻的速度为：v=gt，所以两物体下落过程中，在同一时刻甲的速度与乙的速度相等，故A错误；B、根据公式v2=2gh，下落2m时，甲、乙的速度相同，故B正确；C、因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为g，下落过程中甲的加速度与乙的加速度相同，故C错误；D、根据和可知，两球平均速度大小不等，故D错误；故选B．【点睛】本题关键是对自由落体运动的物体运用位移时间公式和速度位移公式列式求解．二、多项选择题。
2017-2018年高一上册期中考试物理试卷及参考答案
2017－2018学年第一学期期中考试高一物理试题一、单项选择题1. 在电视连续剧《西游记》中，常常有孙悟空“腾云驾雾”的镜头，如图所示，通常是采用“背景拍摄法”：让“孙悟空”站在平台上，做着飞行的动作，在他的背后展现出蓝天和急速飘动的白云，同时加上烟雾效果；摄影师把人物动作和飘动的白云及下面的烟雾等一起摄入镜头.放映时，观众就感觉到“孙悟空”在“腾云驾雾”.这时，观众所选的参考系是 ( )A. 飘动的白云B. 平台C. 孙悟空D. 镜头2. 以v0=20 m/s的速度竖直上抛一小球，经2 s以相同的初速度在同一点竖直上抛另一小球．g取10m/s2，则两球相碰处离出发点的高度是 ( )A. 10 mB. 15 mC. 20 mD. 不会相碰3. 运动质点从原点出发，沿x轴做直线运动，各时刻的位置和瞬时速度如表所列。
则下列说法正确是：A. 质点运动是匀速直线运动B. 质点运动是匀加速直线运动C. 质点在第3s内的平均速度是2m/sD. 质点在第2.5s末的速度是2.5m/s4. 在同一水平面上有A、B两物体，相距s=7m，A在后B在前，A以v A= 4m/s 向右作匀速直线运动，此时B的瞬时速度为v B=10m/s，方向也向右，且以加速度a=2m/s2作匀减速直线运动。
从此位置开始计时，A追上B所需时间为A. 7sB. 8sC. 9sD. 10s5. 某汽车沿一直线运动，在t时间内通过的路程为L，在处速度为v1，在处速度为v2，则下列说法中正确的是（）①若作匀加速运动，则v1＞v2②若作匀减速运动，则v1＜v2③若作匀加速运动，则v1＜v2④若作匀减速运动，则v1＞v2A. ①③B. ②④C. ①④D. ②③6. 如图所示是汽车的速度计，某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化.开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过8 s后指针指示在如图乙所示的位置，若汽车做匀变速直线运动，那么它的加速度约为A. 1.4m/s2B. 0.6 m/s2C. 11 m/s2D. 5.0 m/s27. 一小球从A点由静止开始做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则AB：BC 等于（）A. 1：1B. 1：2C. 1：4D. 1：3二、多项选择题8. 下列几种奥运比赛项目中的研究对象可视为质点的是A. 在撑杆跳高比赛中研究运动员手中的支撑杆在支持地面过程中的转动情况时B. 帆船比赛中确定帆船在大海中的位置时C. 跆拳道比赛中研究运动员动作时D. 铅球比赛中研究铅球被掷出后在空中飞行时间时9. 关于位移和路程，下列说法正确的是A. 物体沿直线向某一方向运动，通过的路程就是位移B. 物体沿直线运动，通过的路程等于位移的大小C. 物体通过一段路程，其位移可能为零D. 两物体通过的路程不等，位移可能相同10. 在军事演习中，某空降兵从飞机上跳下，先做自由落体运动，在t1时刻速度达较大值v1时打开降落伞，做减速运动，在t时刻以较小速度v2着地．他的速度图象如图所示．下列关于该空降兵在0～t2和t1～t2时间内的平均速度的结论正确的是 ( )A. 0～t1，B. t1～t2，C. t1～t2，D. t1～t2，11. 甲、乙、丙三个物体在同一直线上运动, 它们的位移图象如图所示,由图象可知（）A. 开始计时时, 甲在最前, 丙在甲、乙之后B. 当t = t2时刻，甲、乙、丙相遇C. 甲停止运动时, 丙开始运动，丙的速度最大D. 在0—t2时间内, 甲的平均速度最大, 丙的平均速度最小12. 某物体的运动情况如图，下列说法正确的是（）A. 在第1s末物体的运动方向发生了改变B. 在3～4s内物体的速度不断减小C. 在0～1s内和3～4s内物体的加速度相同D. 第2s末质点的速度改变方向三．实验与探究13. 某同学用如图所示的装置测量重力加速度g，打下如图所示的纸带．如果在所选纸带上取某点为0号计数点，然后每隔4个点取一个计数点，相邻计数点之间的距离记为x1、x2、x3、x4、x5、x6.（1）实验时纸带的________端应和重物相连接．(选填“A”或“B”)（2）该同学用两种方法处理数据(T为相邻两计数点间的时间间隔)：方法A：由，，…，取平均值g=9.767 m/s2；方法B：由取平均值g=9.873 m/s2.从数据处理方法看，在x1、x2、x3、x4、x5、x6中，对实验结果起作用的数据，方法A中有________；方法B 中有______________．因此，选择方法________(填“A”或“B”)更合理．14. 如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．（1）已知打点计时器电源频率为 50 Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为________s．（2）A、B、C、D 是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出 A、B 两点间距x=______cm；C点对应的速度是_____ m/s(计算结果保留三位有效数字)．四．计算题，本题共3小题．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题答案中必须明确写出数值和单位．必须填写在答题卡上指定区域的指定位置．15. 以18m/s的速度行驶的汽车，制动后做匀减速运动，在3 S内前进36 m，求：（1）汽车的加速度；（2）最后一秒的位移。
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广东仲元中学2017学年第一学期期中考试高一年级物理学科必修1试卷一、单项选择题，本题共5小题，每小题6分，共30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
1. 下列说法中正确的是（）A. 宏观天体由于体积太大，都不能看成质点B. 路程是标量，即位移的大小C. 火车以速度v经过某一段路，v是指平均速度D. 速率、位移、加速度都是矢量【答案】C【解析】A、质点不一定代表一个很小的物体，比如研究地球的公转时，地球可以看做质点，故A错误.B、路程是轨迹的长度，位移为从初位置到末位置的有向线段，两点间直线距离最短，故位移的大小不会比路程大，故B错误；C、火车以速度v经过某一段路，v是指该位移的平均速度，故C错误；D、速率是标量，只有大小，位移和加速度是矢量，故D错误。
故选C．【点睛】本题关键明确平均速度、瞬时速度、平均速率的区别，以及位移与路程的区别，不难．2. 坐在行驶的列车里的乘客，看到铁轨两旁的树木迅速后退，“行驶的列车”和“迅速后退的树木”的参考系分别为（）A. 地面、列车B. 列车、地面C. 列车、列车D. 地面、地面【答案】A【点睛】运动和静止是相对的，选不同的参照物，描述物体运动的结果会不同，通过本题充分理解运动的相对性．3. 关于速度、加速度和速度变化量的关系，下列说法中正确的是A. 加速度表示速度变化的大小B. 物体的加速度增大时，速度可能反而减小C. 物体的速度为零时，加速度一定为零D. 物体的加速度很大，则速度变化量一定很大【答案】B【解析】A、加速度是描述速度大小和方向变化快慢的物理量，故A错误．B、速度增大还是减小取决于速度与加速度的方向是否相同，假设速度与加速度反向，那么加速度增大时，速度减小的更快．故B正确．C、物体的速度为零时，因为加速度，当某一瞬时速度等于零，比如：v2=0，而v1≠0，则此时加速度可以不为零．故C错误．D、加速度，表示单位时间速度的变化量很大，可以是很小的速度变化量对应更短的时间，加速度很大．故选B.【点睛】用好速度增大减小判断的依据：速度与加速度同向，速度增加；速度与加速度反向，速度减小．4. 一座小岛与码头相距300m，某人乘摩托艇从码头出发时开始计时，往返于码头和岛屿之间，其位移图象（x﹣t图）如图．则下列说法正确的是( )A. 摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是600mB. 摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是0mC. 摩托艇在48s 时的瞬时速度大小为0m/sD. 摩托艇在75s时的瞬时速度大小为150m/s【答案】C【解析】试题分析：本题应抓住：x﹣t图象△x表示物体的位移，路程等于各段过程物体位移大小之和；图象的斜率等于速度．解：AB、根据x﹣t图象△x表示物体的位移可知，摩托艇在0﹣30s内位移为x1=300m，30﹣60s内位移为x2=0，60﹣90s内位移为x3=0﹣300m=﹣300m，则在150s内位移大小是x=x1+x2+x3=0，路程等于S=|x1|+|x2|+|x3|=600m．故A、B错误．C、x﹣t图象的斜率等于速度，则摩托艇在48s 时的瞬时速度大小为0．故C正确．D、摩托艇在75s时的瞬时速度为v==m/s=﹣10m/s，速度大小为10m/s．故D错误．故选：C点评：本题关键抓住位移图象的数学意义来理解其物理意义：图象的斜率等于速度，纵坐标的变化量表示位移．5. 甲球的重力是乙球的5倍，甲乙分别从高H处、3H处同时自由落下（H足够大），不计空气阻力，下列说法正确的是：A. 同一时刻甲的速度比乙大B. 下落2m时，甲、乙球的速度相同C. 下落过程中甲的加速度是乙的5倍D. 在自由下落的全过程中，两球的平均速度大小相等【答案】B【解析】A、因为甲乙物体同时做自由落体运动，它们的初速度为零，加速度为g，任意时刻的速度为：v=gt，所以两物体下落过程中，在同一时刻甲的速度与乙的速度相等，故A错误；B、根据公式v2=2gh，下落2m时，甲、乙的速度相同，故B正确；C、因为甲乙物体均做自由落体运动，加速度为g，下落过程中甲的加速度与乙的加速度相同，故C错误；D、根据和可知，两球平均速度大小不等，故D错误；故选B．【点睛】本题关键是对自由落体运动的物体运用位移时间公式和速度位移公式列式求解．二、多项选择题。
本题共5小题，每小题6分，共30分。
题目中的四个选项中，有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
6. 某一运动质点沿一直线做往返运动,如图所示，OA=AB=OC=CD=1 m，O点为x轴上的原点，选取如图方向为正方向，且质点由A点出发向x轴的正方向运动至B点再返回沿x轴的负方向运动，以下说法正确的是( )A. 质点在A→B→C的过程内发生的位移为2 m，路程为4 mB. 质点在B→D的时间内发生的位移为-4 m，路程为4 mC. 当质点到达D点时，其位置可用D点的坐标-2 m表示D. 当质点到达D点时，相对于A点的位移为-3 m【答案】BCD考点：位移与路程【名师点睛】解决本题的关键知道位移是矢量，大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度。
7. 物体甲的x-t图象和物体乙的v-t图象分别如下图所示，则这两个物体的运动情况是（）A. 甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零B. 甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 mC. 乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D. 乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 m【答案】BC【解析】试题分析：位移﹣时间图象表示物体的位置随时间变化的规律，而速度﹣时间图象表示速度随时间变化的规律；由图象的性质可得出物体的运动性质及位移大小．解：A、甲在0时刻由负方向上距原点2m处向正方向运动，6s时达到正向的2m处，故总位移为4m，故A错误；B、根据斜率等于速度，可知，甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m，故B正确；CD、乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，3s后做正向的匀加速直线运动，图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移，故总位移为零，故C正确，D错误；故选：BC【点评】本题考查对速度图象和位移的识别和理解能力，抓住各自的数学意义理解其物理意义，即速度图象的“面积”大小等于位移，而位移图象的斜率等于速度，△x表示位移．8. 做匀减速直线运动的物体，它的加速度大小为a，初速度大小是v0，经过时间t速度减小到零，则它在这段时间内的位移大小表达正确．．的是( )A. v0t＋at2B. v0t－at2C. v0tD. at2【答案】BCD【解析】由题意，初速度为v0，加速度大小为a，时间为t，则匀减速运动的位移为：s=v0t-at2，故A错误，B正确．由题，物体做匀减速直线运动，已知初速度为v0，末速度为0，根据平均速度公式，所以这段时间内物体的位移，故C正确．此运动可看出反向的初速度为零的匀加速运动，则 s=at2，故D正确．故选BCD．9. 如图所示，物体沿曲线轨迹的箭头方向运动，在AB、ABC、ABCD、ABCDE四段轨迹上运动所用的时间分别是：1 s，2 s，3 s, 4 s．下列说法正确的是( )A. 物体在AB段的平均速度为1 m/sB. 物体在ABC段的平均速度为m/sC. AB段的平均速度比ABC段的平均速度更能反映物体处于A点时的瞬时速度D. 物体在B点的速度等于AC段的平均速度【答案】ABC【解析】试题分析：物体在AB段的位移为1米，因此由公式得故A正确；物体在ABC段的位移大小为：，所以故B正确；根据公式可知，当物体位移无限小，时间无限短时，物体的平均速度可以代替某点的瞬时速度，位移越小，平均速度越能代表某点的瞬时速度，故C正确；物体做曲线运动，物体在B点的速度不等于AC段的平均速度，故D错误．考点：平均速度；瞬时速度10. 一辆汽车从静止开始匀加速直线开出,然后保持匀速直线运动,最后做匀减速直线运动,直到停止,下表给出了不同时刻汽车的速度,根据表格可知( )A. 汽车在t=5 s时刻开始做匀速直线运动B. 汽车匀速运动的时间为5 sC. 汽车从开始运动直到停止的过程中的平均速度大小约8.73 m/sD. 汽车加速阶段的平均速度等于减速阶段的平均速度【答案】BCD【解析】A、由题意汽车做初速度为0的匀加速直线运动，1s末汽车的速度达到3m/s可知，汽车的加速度，由表格知汽车5s末至7s末速度都是12m/s，故可知汽车匀速运动的速度为12m/s同时也是汽车加速的最大速度，故加速的时间，即汽车4s 末开始做匀速直线运动；故A错误；B、由表格知，汽车从9.5s-10.5s是减速运动过程故可知减速时汽车的加速度：，故汽车做匀减速运动的总时间：，汽车由12m/s减速至9m/s所用的时间：，故汽车从9s末开始减速运动，所以汽车做匀速直线运动的时间：t2=9-4s=5s，故B正确；C、0-4s做匀加速度为a=3m/s2的匀加速运动，产生的位移：； 4-9s做匀速度v=12m/s的匀速直线运动，产生的位移：x2=12×5m=60m；9-11s做初速度为12m/s，加速度a′=-6m/s2的匀减速运动，产生的位移：，所以汽车产生的总位移：x=x1+x2+x3=24+60+12m=96m，故全程的平均速度：；故C正确；D、根据公式，汽车加速段的平均速度和减速过程的平均速度都等于最大速度的一半，相等，故D正确；故选BCD.【点睛】注意能从表格中得出有用的信息，并根据运动规律进行验证，不能仅根据表格数据得出匀加速运动时间为5s，更不能认为汽车从7s末开始做减速运动，根据运动特征分析运动时间是解决本题的关键．三、实验题。
每空2分，5空共10分。
11. （1）关于打点计时器和打出的纸带，下列叙述中正确的是________A．电火花打点计时器使用交流电，电磁打点计时器使用直流电B．纸带上点迹均匀，说明物体做匀速运动C．纸带上点迹变稀疏，说明物体做加速运动D．做探究自由落体实验时，先释放纸带，再接通电源（2）利用如图所示的装置可以研究自由落体运动．按正确步骤使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列的小点．为了测得重物下落的加速度，还需要的实验器材有________．(填入正确选项前的字母) A．天平B．秒表C．米尺（3）在“探究小车速度随时间变化规律”的实验中，如图是甲同学实验中获得的一条纸带．从图中读出A、B两点间距s＝______cm；乙同学在另一纸带上选择7个计数点A、B、C、D、E、F、G，相邻两个计数点之间还有4个点没有画出．已知打点计时器电源频率为50 Hz，打B点时小车的速度v B=__________m/s，（要求保留三位有效数字）计算出小车运动的加速度为a=__________m/s2（要求保留三位有效数字）.【答案】 (1). BC (2). C (3). 0.70 (4). 0.250 (5). 1.00【解析】(1) A、电磁打点计时器使用的是6V-8V的低压交流电，电火花打点计时器使用的是220V，故A错误；B、点迹均匀，知相等时间内的位移相等，纸带做匀速直线运动，故B正确；C、点迹变疏，知相等时间内的位移变大，纸带做加速运动，故C正确；D、为充分利用纸带，实验时先接通电源再释放纸带，故D错误.故选BC.(2)打点计时器测速度需要测量位移，需要刻度尺．故选C.(3)由图示刻度尺可知,其分度值为1mm,A、B两点间的距离s=1.70cm-1.00cm=0.70cm；(4)B点的速度等于AC段的平均速度，则;因为连续相等时间内的位移之差△x=1.00cm，根据△x=aT2得，.【点睛】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，注意有效数字的保留，基础题．四、计算题（本题共2小题，共30分，其中第12题15分，第13题15分。