2016年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一上学期物理期末试卷与解析
高一物理必修1期末试题及答案详解[1]
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`高一物理必修1期末“速、准"题【新人教版】A类题《满分60分,时间40分钟，g均取10m/s2》姓名座号一、选择题（每小题2分,共20分，各小题的四个选项中只有一个选项是最符合题意的)1．下列叙述中正确的是（）vA.我们所学过的物理量：速度、加速度、位移、路程都是矢量B。
物体从静止开始的下落运动叫自由落体运动C.通常所说的压力、支持力和绳的拉力都是弹力D。
任何有规则形状的物体，它的重心一定与它的几何中心重合，且也一定在物体内2．如上图所示，地面上有一个物体重为30N,物体由于摩擦向右做减速运动，若物体与地面间的动摩擦因素为0.1，则物体在运动中加速度的大小为（）A。
0。
1m/s2 B.1m/s2 C.3m/s2 D。
10m/s23．下列关于惯性的说法正确的是( ）A。
速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大,惯性越大 B。
静止的物体惯性最大C。
不受外力作用的物体才有惯性 D.行驶车辆突然转弯时,乘客向外倾倒是由于惯性造成的4．某同学为了测出井口到井里水面的深度，让一个小石块从井口落下,经过2s后听到石块落到水面的声音，则井口到水面的深度大约为（不考虑声音传播所用的时间）（ )A.10m B。
江苏省大丰市新丰中学高一 上学期物理12月月月考考试试卷含解析
江苏省大丰市新丰中学高一上学期物理12月月月考考试试卷含解析一、选择题1．下列两个实验中体现出的共同的物理思想方法是（）A．极限法B．控制变量法C．放大法D．等效替代法2．渡河时船头始终沿垂直河岸的方向．已知船在静水中航行的速度大小不变，水流的速度与船离最近的岸边的距离成正比，且比例系数为定值，河的两岸平行．在水平面内，以出发点为坐标原点，沿着河岸的方向为x轴，垂直河岸方向为y轴，四位同学画出此过程中小船运动的轨迹，其中符合实际情况的是（）A．B．C．D．2m/s，则该汽车在任意1s内3．汽车沿平直公路做匀加速直线运动时，其加速度大小为2（）A．位移一定为2mB．速度一定变化2m/sC．末速度一定是初速度的2倍D．末速度比下1s的初速度小2m/s4．如图为皮带传动示意图，传动时皮带不打滑，大小轮半径分别为R和r，且R>r，则下列说法中正确的是（）A．小轮的角速度小于大轮的角速度B．小轮的角速度等于大轮的角速度C．小轮边缘线速度与大轮边缘线速度的大小相等D．小轮边缘的线速度大于大轮边缘的线速度5．如图所示，小孩用玩具手枪在同一位置沿水平方向先后射出两粒弹珠，击中竖直墙上M、N两点（空气阻力不计），初速度大小分别为v M、v N，、运动时间分别为t M、t N，则A．v M=v N B．v M>v NC．t M>t N D．t M=t N6．从牛顿第二定律知道，无论怎样小的力都可以使物体产生加速度．可是当我们用一个很小的水平力去推很重的桌子时，却推不动它，这是因为（）A．牛顿第二定律不适用于静止物体B．根据a=F/m和判断，加速度很小，速度增量很小，眼睛不易觉察到C．推力小于静摩擦力，加速度是负值D．重力、地面支持力、推力和静摩擦力的合力等于零．根据牛顿第二定律加速度等于零，所以原来静止的桌子还是静止的7．下列关于摩擦力的说法中，错误的是（）A．两物体间有摩擦力，一定有弹力，且摩擦力的方向和它们间的弹力方向垂直B．两物体间的摩擦力大小和它们间的压力一定成正比C．在两个运动的物体之间可以存在静摩擦力，且静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度D．滑动摩擦力的方向可以与物体的运动方向相同，也可以相反8．小明回老家过年时恰逢亲成家建房，工人正在给房屋上梁只见工人用铁锤竖直向上连续敲击木楔，木楔缓慢地将横梁抬起，如图所示开始时绳子与墙壁的夹角α小于木楔的尖角β，若不考虑横梁与木楔之间的摩擦，在α还未超过β的过程中（）A．绳子拉力变大，墙壁与木楔的摩擦力变大 B．绳子拉力变大，墙壁与木楔的摩擦力不变C．绳子拉力变小，墙壁与木楔的摩擦力变小 D．绳子拉力变小，墙壁与木楔的摩擦力变大9．如图所示，小明用与水平方向成θ角的轻绳拉木箱，沿水平面做匀速直线运动，此时绳中拉力为F，则木箱所受合力大小为( )A．FsinθB．F C．FcosθD．010．在都灵冬奥会上，张丹和张昊一起以完美表演赢得了双人滑比赛的银牌。
2015-2016学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一(上)数学期末试卷 及解析
一、填空题（本大题共 14 小题，每小题 5 分，共 70 分．不需要写出解答过程， 请把答案直接填空在答题纸相应位置上． ） 1． （5.00 分）设集合 A={1，2，3}，B={2，4}，则 A∩B= 2． （5.00 分）函数 的周期为 ． ） ，则 f（9）= ． ．
，若
，则实数 n=
3
．
， • =（1，1）•（2，n）=2+n，
8． （5.00 分）已知 sin2α= ，则 cos2（α+ 【解答】解：∵sin2α= ，
）=
．
∴cos2（α+
）=
=
=
= ．
故答案为： ．
9． （5.00 分）函数 f（x）=Asin（ωx+φ） （A＞0，ω＞0，|φ|＜π）的部分图象如 图所示，则函数 f（x）的解析式为 f（x）= ﹣ ） ． sin（2x+ ） ，或 f（x）= sin（2x
= ， 则实数 n=
． ．
9． （5.00 分）函数 f（x）=Asin（ωx+φ） （A＞0，ω＞0，|φ|＜π）的部分图象如 图所示，则函数 f（x）的解析式为 ．
10． （5.00 分）设函数 f（x）= 2，2]为偶函数，则实数 a 的值为 ．
，若函数 g（x）=f（x）﹣ax，x∈[﹣
11． （5.00 分）若函数 f（x）=sin（x﹣θ） （θ＞0）的图象关于直线 x= 则 θ 的最城市大丰市新丰中学高一（上） 期末数学试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（本大题共 14 小题，每小题 5 分，共 70 分．不需要写出解答过程， 请把答案直接填空在答题纸相应位置上． ） 1． （5.00 分）设集合 A={1，2，3}，B={2，4}，则 A∩B= 【解答】解：∵A={1，2，3}，B={2，4}， ∴A∩B={2}， 故答案为：{2}． {2} ．
江苏省盐城市大丰市新丰中学2016-2017学年高一下学期
2016-2017学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一（下）期中物理试卷一、单项选择题．本题共18小题，每小题4分，共计72分．每小题只有一个选项符合题意．1．一个物体在相互垂直的恒力F1和F2作用下，由静止开始运动，经过一段时间后，突然撤去F2，则物体的运动情况将是（）A．物体做匀变速曲线运动B．物体做变加速曲线运动C．物体做匀速直线运动D．物体沿F1的方向做匀加速直线运动2．下列关于离心现象的说法正确的是（）A．当物体所受的离心力大于向心力时产生离心现象B．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将做背离圆心的圆周运动C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将沿切线做匀速直线运动D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将做曲线运动3．关于平抛运动的叙述，下列说法不正确的是（）A．平抛运动是一种在恒力作用下的曲线运动B．平抛运动的速度方向与恒力方向的夹角保持不变C．平抛运动的速度大小是时刻变化的D．平抛运动的速度方向与加速度方向的夹角一定越来越小4．投飞镖是深受人们喜爱的一种娱乐活动，如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方．忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（）A．换用质量稍小些的飞镖 B．适当减小投飞镖的高度C．到稍远些的地方投飞镖 D．适当增大投飞镖的初速度5．如图所示，洗衣机脱水筒在转动时，衣服贴靠在匀速转动的圆筒内壁上而不掉下来，则衣服（）A．受到重力、弹力、静摩擦力和离心力四个力的作用B．所需的向心力由重力提供C．所需的向心力由弹力提供D．转速越快，弹力越大，摩擦力也越大6．甲沿着半径为R的圆周跑道匀速跑步，乙沿着半径为2R的圆周跑道匀速跑步．在相同的时间内，甲、乙各自跑了一圈．他们的角速度和线速度分别为ω1，ω2，v1，v2则下列说法正确的是（）A．ω1＞ω2，v1＜v2B．ω1＜ω2，v1＜v2C．ω1=ω2，v1＜v2D．ω1=ω2，v1=v2 7．如图所示是一个玩具陀螺，a、b和c是陀螺表面上的三个点．当陀螺绕垂直于地面的轴线以角速度ω稳定旋转时，下列表述正确的是（）A．a、b和c三点的线速度大小相等B．b、c两点的线速度始终相同C．b、c两点的角速度比a点的大D．b、c两点的加速度比a点的大8．质点做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（）A．因为v=ωR，所以线速度v与轨道半径R成正比B．因为ω=，所以角速度ω与轨道半径R成反比C．因为ω=2πn，所以角速度ω与转速n成正比D．因为a=vω，所以向心速度a与ω成正比9．下列说法符合史实的（）A．牛顿发现了行星的运动规律B．开普勒发现了万有引力定律C．卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D．牛顿发现了海王星和冥王星10．下列说法正确的是（）A．第一宇宙速度是人造卫星环绕地球运动的速度B．第一宇宙速度是人造卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动所必须具有的速度C．如果需要，地球同步通讯卫星可以定点在地球上空的任何一点D．地球同步通讯卫星的轨道可以是圆的也可以是椭圆的11．关于环绕地球运转的人造地球卫星，有如下几种说法，其中正确的是（）A．轨道半径越大，速度越小，周期越长B．轨道半径越大，速度越大，周期越短C．轨道半径越大，速度越大，周期越长D．轨道半径越小，速度越小，周期越长12．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，其速度是下列的（）A．一定等于7.9km/s B．等于或小于7.9km/sC．一定大于7.9km/s D．介于7.9～11.2 km/s13．科学家们推测，太阳系的第十六颗行星就在地球的轨道上，从地球上看，它永远在太阳的背面，人类一直未能发现它，可以说是“隐居”着的地球的“孪生兄弟”．由以上信息可以确定（）A．这颗行星的公转周期和地球相等B．这颗行星的半径等于地球的半径C．这颗行星的密度等于地球的密度D．这颗行星上同样存在着生命14．如图所示，质量为m的小球置于正方体的光滑盒子中，盒子的边长略大于球的直径．某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，已知重力加速度为g，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则（）A．该盒子做匀速圆周运动的周期一定小于2πB．该盒子做匀速圆周运动的周期一定等于2πC．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小可能小于2mgD．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小可能等于2mg15．若已知行星绕太阳公转的半径为r，公转的周期为T，万有引力恒量为G，则由此可求出（）A．某行星的质量 B．太阳的质量C．某行星的密度 D．太阳的密度16．小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬车匀速前行．设小明与车的总质量为100kg，骑行过程中所受阻力恒为车和人总重的0.02倍，g取l0m/s2．通过估算可知，小明骑此电动车做功的平均功率最接近（）A．10W B．100W C．300W D．500W17．关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．静摩擦力对物体一定不做功B．滑动摩擦力对物体可以做正功，也可以做负功C．作用力做正功，反作用力一定做负功D．作用力不做功，反作用力一定也不做功18．物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F1对物体做功6J，物体克服力F2做功8J，则F1、F2的合力对物体做功为（）A．﹣2J B．2J C．10J D．14J二、计算题．本题共3小题，共计28分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．19．用起重机把重为2.0×104N的重物提高5m，第一次是匀速提升，第二次是以1m/s2加速度上升，求在两次上升过程重钢绳的拉力和重力各做多少功？（g=10m/s2）20．如图所示，斜面高lm，倾角θ=300，在斜面的顶点A以速度v o水平抛出一小球，小球刚好落于斜面底部B点，不计空气阻力，g取10m/s2，求（1）小球抛出的速度v0（2）小球在空中运动的时间t（3）小球在空中何时距斜面最远．21．如图所示，轻杆长l，杆的O点装在水平转轴上，杆另一端固定一个质量为m的小球，杆在竖直平面内转动，重力加速度为g．（1）若小球在最低点处的速度v1=，求此时杆对球的作用力大小；（2）若小球在最高点处的速度v2=，求此时杆对球的作用力大小和方向．2016-2017学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题．本题共18小题，每小题4分，共计72分．每小题只有一个选项符合题意．1．一个物体在相互垂直的恒力F1和F2作用下，由静止开始运动，经过一段时间后，突然撤去F2，则物体的运动情况将是（）A．物体做匀变速曲线运动B．物体做变加速曲线运动C．物体做匀速直线运动D．物体沿F1的方向做匀加速直线运动【考点】42：物体做曲线运动的条件．【分析】一个物体在相互垂直的恒力F1和F2作用下，由静止开始运动，经过一段时间后，突然撤去F2，则物体的运动情况将是（）【解答】解：一个物体在相互垂直的恒力F1和F2作用下，由静止开始沿两力的合力方向上做匀加速直线运动．经过一段时间后，突然将撤去F 2，则物体受力的方向即为F1方向，大小为F1．F1方向与此时的速度不共线，所以做曲线运动，由于合力的大小与方向不变，所以做匀变速曲线运动．因此A正确，BCD均错误；故选：A2．下列关于离心现象的说法正确的是（）A．当物体所受的离心力大于向心力时产生离心现象B．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将做背离圆心的圆周运动C．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将沿切线做匀速直线运动D．做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都突然消失后，物体将做曲线运动【考点】4C：离心现象．【分析】做圆周运动的物体，在受到指向圆心的合外力突然消失，或者不足以提供圆周运动所需的向心力的情况下，就做逐渐远离圆心的运动，这种运动叫做离心运动．所有远离圆心的运动都是离心运动，但不一定沿切线方向飞出，做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消失时，它将沿切线做直线运动．【解答】解：A、离心力是不存在的，因为它没有施力物体．所以物体不会受到离心力，故A错误．BCD中、惯性：当物体不受力或受到的合外力为零时，物体保持静止或匀速直线运动状态．所以做匀速圆周运动的物体，当它所受的一切力都消失时，由于惯性，物体继续保持该速度做匀速直线运动．故BD错误，C正确．故选：C．3．关于平抛运动的叙述，下列说法不正确的是（）A．平抛运动是一种在恒力作用下的曲线运动B．平抛运动的速度方向与恒力方向的夹角保持不变C．平抛运动的速度大小是时刻变化的D．平抛运动的速度方向与加速度方向的夹角一定越来越小【考点】43：平抛运动．【分析】平抛运动仅受重力，有水平初速度，做平抛运动，速度大小时刻改变．【解答】解：A、平抛运动所受的合力为重力，大小和方向不变，做曲线运动．故A正确．B、平抛运动的速度方向与重力的方向的夹角逐渐减小．故B错误．C、平抛运动水平初速度不变，竖直分速度不断增大，则合速度大小时刻变化．故C正确．D、加速度的方向与重力方向一致，知加速度方向与速度方向的夹角越来越小．故D正确．本题选不正确的，故选：B．4．投飞镖是深受人们喜爱的一种娱乐活动，如图所示，某同学将一枚飞镖从高于靶心的位置水平投向竖直悬挂的靶盘，结果飞镖打在靶心的正下方．忽略飞镖运动过程中所受空气阻力，在其他条件不变的情况下，为使飞镖命中靶心，他在下次投掷时应该（）A．换用质量稍小些的飞镖 B．适当减小投飞镖的高度C．到稍远些的地方投飞镖 D．适当增大投飞镖的初速度【考点】43：平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住等时性，运用运动学公式进行分析．【解答】解：A、平抛运动的规律与飞镖的质量无关，换用质量稍小的飞镖，飞镖命中的位置不变．故A错误．B、由于初速度不变、水平位移不变，则飞镖击中靶子的时间不变，则竖直方向上下落的高度不变，减小飞镖的高度，飞镖将打在靶心的正下方．故B错误．C、水平距离增大，初速度不变，则飞镖击中靶子的时间增大，竖直方向上下落的高度增大，飞镖将打在靶心的正下方．故C错误．D、增大初速度，水平距离不变，则飞镖击中靶子的时间减小，竖直方向上下落的高度减小，飞镖将会打在靶心．故D正确．故选：D．5．如图所示，洗衣机脱水筒在转动时，衣服贴靠在匀速转动的圆筒内壁上而不掉下来，则衣服（）A．受到重力、弹力、静摩擦力和离心力四个力的作用B．所需的向心力由重力提供C．所需的向心力由弹力提供D．转速越快，弹力越大，摩擦力也越大【考点】4A：向心力．【分析】衣服随脱水桶一起做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，竖直方向合力为零．根据牛顿第二定律进行分析．【解答】解：衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力的作用，共3个力作用，由于衣服在圆筒内壁上不掉下来，竖直方向上没有加速度，重力与静摩擦力二力平衡，靠弹力提供向心力．故ABD错误，C正确．故选：C．6．甲沿着半径为R的圆周跑道匀速跑步，乙沿着半径为2R的圆周跑道匀速跑步．在相同的时间内，甲、乙各自跑了一圈．他们的角速度和线速度分别为ω1，ω2，v1，v2则下列说法正确的是（）A．ω1＞ω2，v1＜v2B．ω1＜ω2，v1＜v2C．ω1=ω2，v1＜v2D．ω1=ω2，v1=v2【考点】48：线速度、角速度和周期、转速．【分析】线速度等于单位时间内走过的弧长，角速度等于单位时间内绕过的角速度，结合线速度、角速度的定义式比较线速度和角速度的大小．【解答】解：甲线速度的大小，角速度大小，乙的线速度大小，角速度大小．所以ω1=ω2，v1＜v2．故C正确，A、B、D错误．故选：C．7．如图所示是一个玩具陀螺，a、b和c是陀螺表面上的三个点．当陀螺绕垂直于地面的轴线以角速度ω稳定旋转时，下列表述正确的是（）A．a、b和c三点的线速度大小相等B．b、c两点的线速度始终相同C．b、c两点的角速度比a点的大D．b、c两点的加速度比a点的大【考点】48：线速度、角速度和周期、转速．【分析】a、b、c共轴转动，角速度大小相等，根据线速度与角速度的关系比较线速度的大小，根据向心加速度与角速度的关系比较加速度的大小．【解答】解：A、当陀螺绕垂直于地面的轴线以角速度ω稳定旋转时，a、b和c三点的角速度相同，a半径小，线速度要比b、c的小，b、c的半径相等，线速度大小相等，但是方向不同．故A、B、C错误；D、由a=ω2r可得b、c两点的加速度比a点的大，故D正确．故选：D．8．质点做匀速圆周运动时，下列说法正确的是（）A．因为v=ωR，所以线速度v与轨道半径R成正比B．因为ω=，所以角速度ω与轨道半径R成反比C．因为ω=2πn，所以角速度ω与转速n成正比D．因为a=vω，所以向心速度a与ω成正比【考点】48：线速度、角速度和周期、转速．【分析】对于线速度与角速度的关系，必须在一个量一定的才能确定其余两个量的关系；在用转速或周期表示角速度时，角速度与转速成正比，与周期成反比．【解答】解：A、v=ωR，ω一定时，线速度v才与轨道半径R成正比，所以A错误；B、v一定时，角速度ω才与轨道半径R成反比，所以B错误；C、ω=2πn，2π为常数，所以角速度ω与转速n成正比，故C正确；D、当V不变时，向心速度a与ω成正比，故D错误；故选：C．9．下列说法符合史实的（）A．牛顿发现了行星的运动规律B．开普勒发现了万有引力定律C．卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量D．牛顿发现了海王星和冥王星【考点】1U：物理学史；4E：万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定．【分析】开普勒发现了行星的运动规律；牛顿发现了万有引力定律；卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量；亚当斯发现的海王星．【解答】解：A、开普勒发现了行星的运动规律．故A错误；B、牛顿发现了万有引力定律．故B错误；C、卡文迪许第一次在实验室里测出了万有引力常量．故C正确；D、亚当斯发现的海王星．故D错误．故选：C10．下列说法正确的是（）A．第一宇宙速度是人造卫星环绕地球运动的速度B．第一宇宙速度是人造卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动所必须具有的速度C．如果需要，地球同步通讯卫星可以定点在地球上空的任何一点D．地球同步通讯卫星的轨道可以是圆的也可以是椭圆的【考点】4I：第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度；4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】地球同步卫星即地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，星距离地球的高度约为36000 km，卫星的运行方向与地球自转方向相同、运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道、运行周期与地球自转一周的时间相等，卫星在轨道上的绕行速度约为3.1公里/秒，其运行角速度等于地球自转的角速度．由万有引力提供向心力解得卫星做圆周运动的线速度表达式，判断速度与轨道半径的关系可得，第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，轨道半径最小，线速度最大．【解答】解：A、第一宇宙速度是人造卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动所必须具有的速度，而人造卫星环绕地球运动的速度随着半径增大而减小，故A错误；B、第一宇宙速度是人造卫星运动轨道半径为地球半径所对应的速度，故B正确；C、地球同步卫星运行轨道为位于地球赤道平面上圆形轨道、运行周期与地球自转一周的时间相等，故C错误；D、地球同步轨道卫星，又称对地静止卫星，是运行在地球同步轨道上的人造卫星，轨道一定是圆，故D错误；故选：B11．关于环绕地球运转的人造地球卫星，有如下几种说法，其中正确的是（）A．轨道半径越大，速度越小，周期越长B．轨道半径越大，速度越大，周期越短C．轨道半径越大，速度越大，周期越长D．轨道半径越小，速度越小，周期越长【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】要求卫星的线速度与轨道半径之间的关系，可根据G=m来求解；要求卫星的运动周期和轨道半径之间的关系，可根据有G=m R来进行求解．【解答】解：人造地球卫星在绕地球做圆周运动时地球对卫星的引力提供圆周运动的向心力故有G=m R故T=，显然R越大，卫星运动的周期越长．又G=mv=，显然轨道半径R越大，线速度越小．故A正确．故选A．12．人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，其速度是下列的（）A．一定等于7.9km/s B．等于或小于7.9km/sC．一定大于7.9km/s D．介于7.9～11.2 km/s【考点】4H：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力提供向心力=，得v=，据此讨论速度与轨道半径的关系，从而知道速度的范围．【解答】解：人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力=，得v=，由此可知轨道半径越大，速度越小，轨道半径越小，速度越大，当轨道半径最小等于地球半径R时，速度最大为v==7.9km/s，所以绕地球做匀速圆周运动的人造地球卫星的速度一定等于或小于7.9 km/s，故B正确、ACD错误．故选：B．13．科学家们推测，太阳系的第十六颗行星就在地球的轨道上，从地球上看，它永远在太阳的背面，人类一直未能发现它，可以说是“隐居”着的地球的“孪生兄弟”．由以上信息可以确定（）A．这颗行星的公转周期和地球相等B．这颗行星的半径等于地球的半径C．这颗行星的密度等于地球的密度D．这颗行星上同样存在着生命【考点】4F：万有引力定律及其应用；4A：向心力．【分析】研究行星绕太阳做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式．太阳系的第十六颗行星就在地球的轨道上，说明它与地球的轨道半径相等．【解答】解：A、万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：，行星的周期T=2π，由于轨道半径相等，则行星公转周期与地球公转周期相等，故A正确；B、这颗行星的轨道半径等于地球的轨道半径，但行星的半径不一定等于地球半径，故B错误；C、这颗行星的密度与地球的密度相比无法确定，故C错误．D、这颗行星是否存在生命无法确定，故D错误．故选：A．14．如图所示，质量为m的小球置于正方体的光滑盒子中，盒子的边长略大于球的直径．某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动，已知重力加速度为g，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，则（）A．该盒子做匀速圆周运动的周期一定小于2πB．该盒子做匀速圆周运动的周期一定等于2πC ．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小可能小于2mgD ．盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小可能等于2mg 【考点】37：牛顿第二定律；4A ：向心力．【分析】小球在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为向心力，由此可以求得小球的运动周期，在最低点时对物体受力分析，利用向心力的公式可以求得盒子与小球之间的作用力大小． 【解答】解：1、对于A 、B 选项：在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为向心力，由mg=mR得，周期T=2π，所以A 错误，而B 正确．2、对于C 、D 选项：盒子在最低点时受重力和支持力的作用，由F ﹣mg=mR ，和mg=mR可得，F=2mg ，所以C 、D 均错误． 故选：B ．15．若已知行星绕太阳公转的半径为r ，公转的周期为T ，万有引力恒量为G ，则由此可求出（ ）A ．某行星的质量B ．太阳的质量C ．某行星的密度D ．太阳的密度【考点】4F ：万有引力定律及其应用；4H ：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系． 【分析】研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出太阳的质量．【解答】解：A 、根据题意不能求出行星的质量．故A 错误；B 、研究卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：=m得：M=，所以能求出太阳的质量，故B 正确；C 、不清楚行星的质量和体积，所以不能求出行星的密度，故C 错误；D 、不知道太阳的体积，所以不能求出太阳的密度．故D 错误．故选：B．16．小明同学骑电动自行车沿平直公路行驶，因电瓶“没电”，故改用脚蹬车匀速前行．设小明与车的总质量为100kg，骑行过程中所受阻力恒为车和人总重的0.02倍，g取l0m/s2．通过估算可知，小明骑此电动车做功的平均功率最接近（）A．10W B．100W C．300W D．500W【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】人在匀速行驶时，受到的阻力的大小和脚蹬车的力的大小相等，由P=FV=fV可以求得此时人受到的阻力的大小．【解答】解：设人汽车的速度大小为5m/s，人在匀速行驶时，人和车的受力平衡，阻力的大小为f=0.02mg=0.02×1000N=20N，此时的功率P=FV=fV=20×5W=100W，所以B正确．故选：B．17．关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A．静摩擦力对物体一定不做功B．滑动摩擦力对物体可以做正功，也可以做负功C．作用力做正功，反作用力一定做负功D．作用力不做功，反作用力一定也不做功【考点】62：功的计算．【分析】功等于力与力的方向上的位移的乘积，这里的位移是相对于参考系的位移；静摩擦力的方向与物体的相对运动趋势方向相反，滑动摩擦力的方向与物体的相对滑动的方向相反；明确作用力和反作用力是作用在两个物体上的力，其做功情况取决于物体的位移情况．【解答】解；A、恒力做功的表达式W=FScosα，静摩擦力的方向与物体相对运动趋势方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，还可以与运动方向垂直，故静摩擦力可以做正功，也可以做负功，也可以不做功，故A错误B、恒力做功的表达式W=FScosα，滑动摩擦力的方向与物体相对运动方向相反，但与运动方向可以相同，也可以相反，物体受滑动摩擦力也有可能位移为零，故可能做负功，也可能做正功，也可以不做功，故B正确．C、作用力和反作用力是作用在两个相互作用的物体上，大小相同方向相反的力；但两个物体的位移不确定，故作用力和反作用力可以同时做负功，也可以同时做正功可以一个做功，一个不做功；如冰面上两个原来静止的小孩子相互推一下之后，两人同时后退，则两力做正功；而两个相对运动后撞在一起的物体，作用力和反作用力均做负功；故C错误；D、由C的分析可知，作用力不做功时，反作用力可以做功，故D错误．故选：B．18．物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F1对物体做功6J，物体克服力F2做功8J，则F1、F2的合力对物体做功为（）A．﹣2J B．2J C．10J D．14J【考点】62：功的计算．【分析】功是能量转化的量度，做了多少功，就有多少能量被转化．功是力在力的方向上发生的位移乘积．功是标量，没有方向性．求合力的功有两种方法：先求出合力，然后利用功的公式求出合力功；或求出各个力做功，之后各个功之和．【解答】解：求合力的功有两种方法，此处可选择：先求出各个力做功，之后各个功之和．力F1对物体做功6J，物体克服力F2做功8J，即﹣8J．虽然两力相互垂直，但两力的合力功却是它们之和6J+（﹣8J）=﹣2J故选：A．二、计算题．本题共3小题，共计28分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．19．用起重机把重为2.0×104N的重物提高5m，第一次是匀速提升，第二次是以1m/s2加速度上升，求在两次上升过程重钢绳的拉力和重力各做多少功？（g=10m/s2）【考点】37：牛顿第二定律；62：功的计算．【分析】根据牛顿第二定律可求得两次提升中绳子的拉力，再由功的公式可求拉力及重力所做的功．【解答】解：G=mg解得：m===2000kg；第一次匀速上升，则拉力F=mg；。
高一第一学期物理必修一期末考试试卷与答案(K12教育文档)
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高一上学期物理期末考试一、单项选择题（16 分）1．在物理学中，突出问题的主要方面,忽略次要因素，建立理想化的物理模究方法．点就是这种物理模型之一．关于地球能否看作质点，下列说法正确的是（）A．地球的质量太大，不能把地球看作质点 B ．地球的体积太大，不C．研究地球的自转时可以把地球看作质点 D ．研究地球绕太阳公转2.如图所示,在地面上的物体A、 B 在水平力F作用下处于静止状态，现对力的情况中说法正确的是：（)A．B 受到重力、支持力和摩擦力B．A 受到重力、支持力、压力和两个摩擦力C．A 受到重力、支持力、压力和地面对它的摩擦力D．通过 B 的传递， A 亦受到力F的作用3。
三个共点力1， 2， 3，其中1=1N，方向正西,2=1N，方向正北，若三力F F F F F（)A。
1N，东北B.2N，正南 C.3。
2N,东北 D . 4．下列图示为一位体操运动员的几种挂杠方式，其手臂用力最小的是( 2）5．火车在长直水平轨道上匀速行驶。
门发现仍落回到车上原处. 这A．人跳起后，厢内空气给他以向前的力，带着他随同火车一起向前运动B．人跳起的瞬间,车厢的地板给他一个向前的力,推动他随同火车一起向前运C ．人跳起后，车继续向前运动，所以人落下后必定偏后一些，只是由于时间而已Ｄ．人跳起后直到落地，在水平方向上和车具有相同的速度 6. 物体从具有共同底边、但倾角不同的若干光滑斜面顶端由静止开始自由所需的时间最短( ）A ．300B ．450C ． 600D ． 757. 一物块静止在粗糙的水平桌面上。
江苏省大丰市新丰中学高一 上学期物理12月月月考考试试卷含解析
江苏省大丰市新丰中学高一上学期物理12月月月考考试试卷含解析一、选择题1．如图所示，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度相同的光滑轨道，甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由向B处，滑过B处时的速率相等，下列说法正确的是（）A．甲比乙先到达B处B．甲通过的位移比乙通过的位移小C．甲、乙下滑的加速度大小时刻相等D．甲、乙在同一时刻总能到达同一高度2．在交警处理某次交通事故时，通过监控仪器扫描，输入计算机后得到该汽车在水平路面上刹车过程中的位移随时间变化的规律为x=20t-2t2（x的单位是m，t单位是s）．则该汽车在路面上留下的刹车痕迹长度为（）A．18m B．32m C．48m D．50m3．竖直升空的火箭，其v-t图像如图所示，由图可知以下说法中正确的是( )A．火箭上升的最大高度为16000mB．火箭上升的最大高度为48000mC．火箭经过120s落回地面D．火箭上升过程中的加速度始终是20m/s24．如图是力学中的两个实验装置，其中包含相同物理思想方法是（）A．极限的思想方法B．放大的思想方法C．控制变量的方法D．猜想的思想方法5．某跳水运动员在3m长的踏板上起跳，通过录像观察到踏板和运动员要经历图示的状态，其中A为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平衡点，C为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，则（）A．运动员在A点具有最大速度B．运动员在B处与踏板分离C．运动员和踏板由C到B的过程中，向上做匀加速运动D．运动员和踏板由C到A的过程中，运动员先超重后失重6．如图为皮带传动示意图，传动时皮带不打滑，大小轮半径分别为R和r，且R>r，则下列说法中正确的是（）A．小轮的角速度小于大轮的角速度B．小轮的角速度等于大轮的角速度C．小轮边缘线速度与大轮边缘线速度的大小相等D．小轮边缘的线速度大于大轮边缘的线速度7．智能手机的导航软件极大地方便了人们的出行，如图是某驾驶员利用手机APP导航的界面。
《解析》江苏省盐城市大丰市新丰中学2015-2016学年高一下学期期中物理试卷Word版含解析
2015-2016学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一（下）期中物理试卷一、单项选择题：本大题共18小题，每小题3分，共54分．每小题只有一个选项符合题意．1．下列说法中正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．变速运动一定是曲线C．匀速圆周运动是速度不变的曲线运动D．平抛运动是匀速运动2．如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着线的左侧挑起细线水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度（）A．大小和方向均改变 B．大小不变，方向改变C．大小改变，方向不变D．大小和方向均不变3．一个物体以初速度v水平抛出，经一段时间，物体竖直方向速度的大小也为v，则物体运动的时间为（）A． B． C． D．4．做平抛运动的物体，每秒速度的增量总是（）A．大小相等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向不同D．大小不等，方向相同5．物体做匀速圆周运动时，下列关于物体受力情况的说法中正确的是（）A．受到始终指向圆心的恒力作用B．物体所受合力必须等于零C．物体所受合力大小可能变化D．物体所受合力大小不变，方向不断改变6．如图所示，以9.8m/s的水平初速度v0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，可知物体完成这段飞行的时间是（）（重力加速度取9.8m/s2）A．秒B．秒C．秒D．2秒7．如图所示为质点P、Q做匀速圆周运动的向心加速度随半径变化的图线．表示质点P的图线是双曲线，表示质点Q的图线是过原点的一条直线．由图象可知（）A．质点P的线速度大小不变B．质点P的角速度大小不变C．质点Q的角速度与半径成正比D．质点Q的线速度大小不变8．图示为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r，c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．若在传动过程中，皮带不打滑．下列说法不正确的是（）A．a、d两点加速度之比为1：1 B．a、c两点角速度之比为2：1C．b、c两点线速度之比为2：1 D．b、c两点角速度之比为1：19．如图所示，在匀速转动的圆盘上有一个与转盘相对静止的物体，物体相对于转盘的运动趋势是（）A．沿切线方向B．沿半径指向圆心C．沿半径背离圆心D．没有运动趋势10．一次汽车拉力赛中，汽车要经过某半径为R的圆弧形水平轨道，地面对汽车的最大静摩擦力为车重的0.2倍，汽车要想通过该弯道时不发生侧滑，那么汽车的行驶速度不应大于（）A． B．gR C． D．11．飞船围绕太阳在近似圆周的轨道上运动，若其轨道半径是地球轨道半径的9倍，则宇宙飞船绕太阳运行的周期是（）A．3年B．9年C．27年D．81年12．图中，神舟七号返回舱内，笔记本悬浮在空中；下列说法正确的是（）A．飞船内物体处于完全失重状态，不受任何作用力B．飞船离地球较远，因此受地球引力非常小，几乎可以忽略C．飞船内物体受地球引力与舱内气体浮力大小相等，合力为零D．舱内物体仅受地球的引力13．宇宙速度是物体在地球表面附近环绕地球做匀速圆周运动的速度，则有（）A．发射的物体质量越大，第一宇宙速度越大B．发射的物体质量越小，第一宇宙速度越大C．第一宇宙速度与被发射物体的质量无关D．第一宇宙速度与地球的质量无关14．地球同步通迅卫星，下列说法错误的是（）A．它一定在赤道上空运行B．各国发射的这种卫星轨道半径都一样C．它运行的线速度一定小于第一宇宙速度D．它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间15．物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F1对物体做功6，物体克服力F2做功8J，则F1、F2的合力对物体做功为（）A．14J B．10J C．2J D．﹣2J16．2010年6月，我国最大的战舰“昆仑山”号舰开赴亚丁湾执行远洋护航任务，若所需推力与其速度成正比，当该军舰以16节航速巡航时，所需推进功率为20000马力，则当速度减小为8节时所需功率为（）A．5000马力B．8000马力C．10000马力D．20000马力17．做平抛运动时，它的速度的方向和水平方向间的夹角α的正切tanα随时间t变化的图象是图中的（）A． B． C． D．18．如图所示，a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，下列说法正确的是（）A．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度B．b、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度C．c加速可追上同一轨道上的b，b减速可等候同一轨道上的cD．a卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，其线速度将增大二、计算题：本大题共4小题，共46分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．19．如图所示，（a）图表示某物体在x轴方向上的分速度的v﹣t图象，（b）图表示该物体在y轴方向上的分速度的v﹣t图象．求：（1）物体在t=0时的速度；（2）t=8s时物体的速度；（3）t=4s时物体的位移．20．如图所示，质量为1千克的小球沿光滑的水平面冲上一个光滑的半圆形轨道，轨道半径R为1m，小球在轨道的最高点对轨道的压力刚好为零．重力加速度取10m/s2，问：（1）小球离开轨道落到距地面R高处时，小球水平位移是多少？（2）小球落地时速度为多大？21．有一辆质量为800kg的小汽车驶上圆弧半径为50m的拱桥．重力加速度g取10m/s2．（1）汽车到达桥顶时速度为5m/s，汽车对桥的压力是多大？（2）汽车以多大的速度经过桥顶时恰好对桥没有压力而腾空？（3）如果拱桥的半径增大到与地球半径R一样，汽车要在桥面上腾空，速度要多大？（地球半径R=6400km）22．起重机用恒力F使质量为1000kg的货物在1s内由静止上升了2m，则在这1s内（不计空气阻力，g取10m/s2）（1）重力对物体做了多少焦耳的功？（2）F对货物做了多少焦耳的功？（3）合外力做的功？2015-2016学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共18小题，每小题3分，共54分．每小题只有一个选项符合题意．1．下列说法中正确的是（）A．曲线运动一定是变速运动B．变速运动一定是曲线C．匀速圆周运动是速度不变的曲线运动D．平抛运动是匀速运动【考点】平抛运动；曲线运动．【分析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，匀速圆周运动的加速度大小不变，方向时刻改变，速度的大小不变，方向时刻改变．【解答】解：A、曲线运动的速度方向在变化，一定具有加速度，做变速运动，故A正确．B、变速运动不一定是曲线运动，可能是直线运动．故B错误．C、匀速圆周运动的速度方向时刻改变，故C错误．D、平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，故D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动和匀速圆周运动的特点，知道平抛运动的加速度不变，速度大小和方向在变化，匀速圆周运动的速度大小不变，方向时刻改变．2．如图所示，一块橡皮用细线悬挂于O点，用铅笔靠着线的左侧挑起细线水平向右匀速移动，运动中始终保持悬线竖直，则橡皮运动的速度（）A．大小和方向均改变 B．大小不变，方向改变C．大小改变，方向不变D．大小和方向均不变【考点】运动的合成和分解．【分析】橡皮参加了两个分运动，水平向右匀速移动，同时，竖直向上匀速运动，实际运动是这两个运动的合运动，根据平行四边形定则可以求出合速度．【解答】解：橡皮在水平方向匀速运动，由于橡皮向右运动的位移一定等于橡皮向上的位移，故在竖直方向以相等的速度匀速运动，根据平行四边形定则，可知合速度也是一定的，故合运动是匀速运动；故选：D．【点评】本题关键是先确定水平方向和竖直方向的分运动，然后根据合运动与分运动的等效性，由平行四边形定则求出合速度．3．一个物体以初速度v水平抛出，经一段时间，物体竖直方向速度的大小也为v，则物体运动的时间为（）A． B． C． D．【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，在水平方向上做匀速直线运动，根据竖直分速度，结合速度时间公式求出物体运动的时间．【解答】解：平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据自由落体运动的速度公式，由v=gt得，t=．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解．4．做平抛运动的物体，每秒速度的增量总是（）A．大小相等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向不同D．大小不等，方向相同【考点】平抛运动．【分析】速度的增量就是速度的变化量．平抛运动的加速度不变，根据公式△v=at分析即可．【解答】解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，根据△v=at=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度的方向相同．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动每秒的速度增量大小相等，方向相同．5．物体做匀速圆周运动时，下列关于物体受力情况的说法中正确的是（）A．受到始终指向圆心的恒力作用B．物体所受合力必须等于零C．物体所受合力大小可能变化D．物体所受合力大小不变，方向不断改变【考点】匀速圆周运动．【分析】物体做匀速圆周运动，这里的匀速是指速度大小不变，由于圆周运动方向时刻在变化．因此物体需要一个方向与速度垂直且指向圆心的合外力．这样的合外力只会改变速度方向，不会改变速度大小．【解答】解；物体做匀速圆周运动，需要合力提供向心力，向心力始终指向圆心，所以合外力大小不变，方向时刻改变，是变力，故D正确．故选：D【点评】向心力并不是物体所受的，但做匀速圆周运动需要一个指向圆心的合外力﹣﹣﹣﹣向心力，难度不大，属于基础题．6．如图所示，以9.8m/s的水平初速度v0抛出的物体，飞行一段时间后，垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，可知物体完成这段飞行的时间是（）（重力加速度取9.8m/s2）A．秒B．秒C．秒D．2秒【考点】平抛运动．【分析】小球垂直地撞在倾角θ为30°的斜面上，知小球的速度方向与斜面垂直，将该速度进行分解，根据水平方向上的速度求出竖直方向上的分速度，根据竖直方向上做自由落体运动求出物体飞行的时间．【解答】解：小球撞在斜面上的速度与斜面垂直，将该速度分解，如图．则tan60°=，则v y=v0tan60°=gt，所以t=，故C正确，ABD错误．故选：C【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，根据竖直方向上的分速度求出运动的时间．7．如图所示为质点P、Q做匀速圆周运动的向心加速度随半径变化的图线．表示质点P的图线是双曲线，表示质点Q的图线是过原点的一条直线．由图象可知（）A．质点P的线速度大小不变B．质点P的角速度大小不变C．质点Q的角速度与半径成正比D．质点Q的线速度大小不变【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】根据a=知，线速度不变，向心加速度与r成反比；根据a=rω2知，角速度不变，向心加速度与r成正比．【解答】解：A、P为双曲线的一个分支，知Q的向心加速度与半径成反比，根据a=知，Q线速度大小不变，故A正确，B错误；C、Q为过原点的倾斜直线，知P的向心加速度与半径成正比，根据a=rω2知，P的角速度不变．v=ωr，则线速度随半径变化，故CD错误．故选：A【点评】解决本题的关键知道线速度一定，向心加速度与半径成反比，角速度一定，向心加速度与半径成正比．8．图示为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径2r，b点在小轮上，到小轮中心的距离为r，c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．若在传动过程中，皮带不打滑．下列说法不正确的是（）A．a、d两点加速度之比为1：1 B．a、c两点角速度之比为2：1C．b、c两点线速度之比为2：1 D．b、c两点角速度之比为1：1【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】b、c、d同为左轮上的点，由于同轴转动，左轮上各个点的角速度相同（圆心除外），故b、c、d点的角速度相同；由于a、c两点是边缘上的点，且传动中皮带轮不打滑，故a、c两点线速度大小相等．再根据线速度与角速度的关系式和加速度公式求解．【解答】解：B、根据b、c、d同为左轮上的点，由于同轴转动，左轮上各个点的角速度相同（圆心除外），故b、c、d点的角速度相同；由于a、c两点是边缘上的点，且传动中皮带轮不打滑，故a、c两点线速度大小相等．根据V=ωr和a、c两点的角速度关系为：ωa：ωc=r c：r a=2：1．故B正确；A、c、d两点的角速度相等，所以：ωa：ωd=ωa：ωc=2：1根据：a=ω2r得：．故A正确；C、b、c点的角速度相同，根据V=ωr和b、c两点的线速度关系：v b：v c=r：2r=1：2．故C 错误；D、b、c点的角速度相同，所以b、c两点角速度之比为1：1．故D正确．本题选择不正确的，故选：C【点评】“同轴转动，角速度相同；若传动中皮带轮不打滑，接触点的线速度大小相等”是解题的关键．通过传动中皮带轮不打滑，线速度的大小把左右轮间的物理量联系起来．9．如图所示，在匀速转动的圆盘上有一个与转盘相对静止的物体，物体相对于转盘的运动趋势是（）A．沿切线方向B．沿半径指向圆心C．沿半径背离圆心D．没有运动趋势【考点】向心加速度．【分析】匀速转动的水平转盘上有一相对转盘静止的物体，做匀速圆周运动，由静摩擦力提供向心力．根据向心力方向的特点分析静摩擦力方向，确定物体的运动趋势．【解答】解：由题，物体随转盘一起做匀速圆周运动，由静摩擦力提供向心力，方向始终指向圆心，则物体相对于转盘的运动趋势是沿半径背离圆心．故C正确，ABD错误．故选：C．【点评】本题根据匀速圆周运动的特点分析物体运动趋势的方向．静摩擦力方向总是与物体相对运动趋势方向相反．10．一次汽车拉力赛中，汽车要经过某半径为R的圆弧形水平轨道，地面对汽车的最大静摩擦力为车重的0.2倍，汽车要想通过该弯道时不发生侧滑，那么汽车的行驶速度不应大于（）A． B．gR C． D．【考点】向心力．【分析】汽车在水平路面上拐弯，靠静摩擦力提供向心力，结合最大静摩擦力，根据牛顿第二定律求出即可．【解答】解：汽车做匀速圆周运动时，侧向的静摩擦力提供向心力，车的速度最大时，得：所以：v==所以选项D正确．故选：D【点评】该题考查向心力的来源问题，解决本题的关键知道汽车在水平路面上拐弯靠静摩擦力提供向心力．11．飞船围绕太阳在近似圆周的轨道上运动，若其轨道半径是地球轨道半径的9倍，则宇宙飞船绕太阳运行的周期是（）A．3年B．9年C．27年D．81年【考点】开普勒定律．【分析】开普勒第三定律中的公式=k，可知半长轴的三次方与公转周期的二次方成正比．【解答】解：开普勒第三定律中的公式=k，周期T=，飞船围绕太阳在近似圆形的轨道上运动，若轨道半径是地球轨道半径的9倍，小行星绕太阳运行的周期是地球周期的8倍，即小行星绕太阳运行的周期是27年．故选：C．【点评】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行作比．12．图中，神舟七号返回舱内，笔记本悬浮在空中；下列说法正确的是（）A．飞船内物体处于完全失重状态，不受任何作用力B．飞船离地球较远，因此受地球引力非常小，几乎可以忽略C．飞船内物体受地球引力与舱内气体浮力大小相等，合力为零D．舱内物体仅受地球的引力【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重；物体的弹性和弹力．【分析】神舟七号返回舱进入圆轨道正常运行时，飞船内的航天员和物体处于失重状态，不是平衡状态，此时飞船内的物体仍受到地球的引力作用．【解答】解：A、神舟七号返回舱内，笔记本悬浮在空中是相对于返回舱静止，相对于地球做匀速圆周运动，飞船内物体处于完全失重状态，受万有引力的作用不可忽略不计．故A 错误，B错误；C、飞船内物体受的舱内气体浮力大小几乎可以忽略不计，万有引力提供向心力．故C错误；D、可以认为舱内物体仅受地球的引力．故D正确．故选：D【点评】本题主要考查了对返回舱内的完全失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．13．宇宙速度是物体在地球表面附近环绕地球做匀速圆周运动的速度，则有（）A．发射的物体质量越大，第一宇宙速度越大B．发射的物体质量越小，第一宇宙速度越大C．第一宇宙速度与被发射物体的质量无关D．第一宇宙速度与地球的质量无关【考点】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【分析】由万有引力提供向心力解得卫星做圆周运动的线速度表达式，判断速度与轨道半径的关系可得，第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，轨道半径最小，线速度最大，且由引力提供向心力可知，第一宇宙速度与地球的质量有关，与发射的质量无关，从而即可求解．【解答】解：由万有引力提供向心力G=m，得：v=，所以第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度，且与地球的质量有关，而与发射物体的质量无关．故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】注意第一宇宙速度有三种说法：①它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度，③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度．14．地球同步通迅卫星，下列说法错误的是（）A．它一定在赤道上空运行B．各国发射的这种卫星轨道半径都一样C．它运行的线速度一定小于第一宇宙速度D．它运行的线速度介于第一和第二宇宙速度之间【考点】同步卫星．【分析】了解同步卫星的含义，即同步卫星的周期必须与地球自转周期相同．物体做匀速圆周运动，它所受的合力提供向心力，也就是合力要指向轨道平面的中心．通过万有引力提供向心力，列出等式通过已知量确定未知量．【解答】解：A、同步通迅卫星一定在赤道上空运行，它若在除赤道所在平面外的任意点，假设实现了“同步”，那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的，同步卫星运行轨道只能位于地球赤道平面上的圆形轨道．故A正确；B、根据万有引力提供向心力，由于同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，所以周期T 为一定值，根据等式得出：=m所以各国发射的这种卫星轨道半径都一样，故B正确；CD、根据万有引力提供向心力，v=，第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度．而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，根据v的表达式可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故C正确，D错误；因选错误的，故选：D．【点评】本题考查了地球卫星轨道相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心；同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期．本题难度不大，属于基础题．15．物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F1对物体做功6，物体克服力F2做功8J，则F1、F2的合力对物体做功为（）A．14J B．10J C．2J D．﹣2J【考点】功的计算．【分析】求合力的功有两种方法：先求出合力，然后利用功的公式求出合力功；或求出各个力做功，再求出各个功之和．【解答】解：由题，力F1对物体做功W1=6J，物体克服力F2做功8J，则F2做功为W2=﹣8JF1、F2的合力对物体做功等于两个力做功之和，为W=W1+W2=6J﹣8J=﹣2J故选：D【点评】解决本题关键要掌握合力做功与总功的关系，知道合力对物体做功等于各个力做功的代数和．16．2010年6月，我国最大的战舰“昆仑山”号舰开赴亚丁湾执行远洋护航任务，若所需推力与其速度成正比，当该军舰以16节航速巡航时，所需推进功率为20000马力，则当速度减小为8节时所需功率为（）A．5000马力B．8000马力C．10000马力D．20000马力【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】根据推力与速度的关系，结合P=Fv，结合速度的变化得出功率的变化．【解答】解：推力与速度成正比，有F=kv，功率P=Fv=kv2，当速度减小为8节时，可知速度变为原来的一半，则功率变为原来的四分之一，即为5000马力．故选：A．【点评】解决本题的关键知道功率与推力、速度的关系，抓住速度的变化分析判断，基础题．17．做平抛运动时，它的速度的方向和水平方向间的夹角α的正切tanα随时间t变化的图象是图中的（）A． B． C． D．【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，速度不变，在竖直方向上做自由落体运动，速度，根据得出tanα与t的函数关系．【解答】解：根据平抛运动的规律，速度分解为水平和竖直方向水平分速度：竖直分速度：∝t，图象为过原点的一条倾斜的直线，B正确，ACD错误．故选：B【点评】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，速度不变，在竖直方向上做自由落体运动，速度．18．如图所示，a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，下列说法正确的是（）A．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度B．b、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度C．c加速可追上同一轨道上的b，b减速可等候同一轨道上的cD．a卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，其线速度将增大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有=ma=mA、v=，b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度，故A错误；B、a=，所以b、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度，故B正确；C、c加速，万有引力不够提供向心力，做离心运动，离开原轨道，所以不会与同轨道上的卫星相遇．故C错误．D、卫星由于某原因，轨道半径缓慢减小，根据公式，v=，则线速度增大．故D正确．故选：BD．【点评】解决本题的关键掌握线速度、向心加速度与轨道半径的关系，以及两卫星在同一轨道上，通过只加速或减速是不会相遇的．二、计算题：本大题共4小题，共46分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．19．如图所示，（a）图表示某物体在x轴方向上的分速度的v﹣t图象，（b）图表示该物体在y轴方向上的分速度的v﹣t图象．求：（1）物体在t=0时的速度；（2）t=8s时物体的速度；。
江苏省盐城市大丰市新丰中学2016届高三物理上学期10月月考试题(含解析)
2015-2016学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高三（上）月考物理试卷（10月份）一．选择题．（本题共6小题，每题3分，共18分．每小题只有一个选项正确．）1．以下情景中，加着重号的人或物体可看成质点的是（）A．研究一列火车通过长江大桥所需的时间B．乒乓球比赛中，运动员发出的旋转球C．研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作D．用GPS确定打击海盗的“武汉”舰在大海中的位置2．根据材料，结合已学的知识，判断下列说法正确的是（）A．图甲为我国派出的军舰护航线路图，总航程4500海里，总航程4500海里指的是位移B．图甲为我国派出的军舰护航线路图，总航程4500海里，总航程4500海里指的是路程C．如图乙所示是奥运火炬手攀登珠峰的线路图，由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移D．如图丙所示是高速公路指示牌，牌中“25km”是指从此处到下一个出口的位移是25km3．一个运动员在百米赛跑中，测得在50m处的瞬时速度为6m/s，16s末到达终点时的瞬时速度为7.5m/s，则全程内的平均速度的大小为（）A．6m/s B．6.25m/s C．6.75m/s D．7.5m/s4．如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用﹣根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为G，悬绳与竖直墙壁的夹角为a，悬绳对工人的拉力大小为F T，墙壁对工人的弹力大小为F N，则（）A．F T=B．F N=GtanαC．若缓慢碱小悬绳的长度，F T与F N的合力变大D．若缓慢减小悬绳的长度，F T减小，F N增大5．放在粗糙水平面上的物块A、B用轻质弹簧秤相连，如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数均为μ，今对物块A施加一水平向左的恒力F，使A、B一起向左匀加速运动，设A、B 的质量分别为m、M，则弹簧秤的示数（）A．B．C．D．6．如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（）A．（M+m）g B．（M+m）g﹣ma C．（M+m）g+ma D．（M﹣m）g二．多项选择题．（本题共5小题，每小题5分，共25分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）7．如图所示是一辆汽车做直线运动的s﹣t图象，对线段OA，AB，BC，CD所表示的运动，下列说法正确的是（）A．OA段运动最快B．AB段静止C．CD段表示的运动方向与初始运动方向相反D．运动4 h汽车的位移大小为60km8．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．9．如图（甲）所示，一根弹簧一端固定在传感器上，传感器与电脑相连．当对弹簧施加变化的作用力（拉力或压力）时，在电脑上得到了弹簧形变量与弹簧产生的弹力大小的关系图象，如图（乙）所示．则下列判断不正确的是（）A．弹簧产生的弹力和弹簧的长度成正比B．弹力增加量与对应的弹簧长度的增加量成正比C．该弹簧的劲度系数是200N/mD．该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变10．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（）A．F fa大小不变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右11．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态．当用水平向左的恒力F推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力变化情况不能确定C．轻绳上的拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变三．简答题．（本题共2题，共计27分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．）12．某同学在学完“力的合成”后，想在家里做实验验证力的平行四边形定则．他从学校的实验室里借来两个弹簧秤，按如下步骤进行实验．A．在墙上贴一张白纸用来记录弹簧秤弹力的大小和方向B．在一个弹簧秤的下端悬挂一装满水的水杯，记下静止时弹簧秤的读数FC．将一根大约30cm长的细线从杯带中穿过，再将细线两端分别拴在两个弹簧秤的挂钩上．在靠近白纸处用手对称地拉开细线，使两个弹簧秤的示数相等，在白纸上记下细线的方向，弹簧秤的示数如图甲所示D．在白纸上按一定标度作出两个弹簧秤的弹力的图示，如图乙所示，根据力的平行四边形定则可求出这两个力的合力F′（1）在步骤C中，弹簧秤的读数为N．（2）在步骤D中，合力F′=N．（3）若，就可以验证力的平行四边形定则．13．（18分）（2015秋•大丰市校级月考）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中：（1）为了探究加速度与力的关系，应保持质量质量不变，为了直观地判断加速度a与力F的数量关系，应作出图象（选填“a﹣F”或“a﹣”）；为了探究加速度与质量的关系，应保持力一定力力，为了直观地判断加速度a与质量m的数量关系，应作图象（选填“a﹣m”或“a﹣”）；（2）某同学采用了如图1所示的实验装置，为了使实验中能将砝码和砝码盘的总重力当作小车受到的合外力，以下步骤必须采用的有A．保证小车下面的长木板水平放置B．将小车下面的长木板右端适当垫高以平衡摩擦力C．使小车质量远远大于砝码和砝码盘的总质量D．使小车质量远远小于砝码和砝码盘的总质量（3）如图2为某次实验得到的纸带，实验数据如图，图中相邻计数点之间还有4个点未画出，根据纸带可求出小车的加速度大小为m/s2；打D点时速度大小为m/s；（保留三位有效数字）加速度方向为（填向左、向右）．（4）该同学把砝码和砝码的总重量作为小车的拉力，并依次测出了小车的加速度．然后画出了如图3所示的图象，该图象虽是一条直线，但不通过坐标原点．原因是：．四．计算题共4小题，计50分．写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．答案必须写出数值和单位．14．（12分）（2014秋•上饶期末）如图所示，轻杆BC的C点用光滑铰链与墙壁固定，杆的B点通过水平细绳AB使杆与竖直墙壁保持30°的夹角．若在B点悬挂一个定滑轮（不计重力），某人用它匀速地提起重物．已知重物的质量m=30kg，人的质量M=50kg，g取10m/s2．试求：（1）此时地面对人的支持力的大小；（2）轻杆BC和绳AB所受力的大小．15．（12分）（2009•青浦区一模）一同学想研究电梯上升过程的运动规律．某天乘电梯上楼时他携带了一个质量为5kg的砝码和一套便携式DIS实验系统，砝码悬挂在力传感器上．电梯从第一层开始启动，中间不间断，一直到最高层停止．在这个过程中，显示器上显示出的力随时间变化的关系如图所示．取重力加速度g=10m/s2，根据表格中的数据，求：（1）电梯在最初加速阶段的加速度a1与最后减速阶段的加速度a2的大小；（2）电梯在3.0～13.0s时段内的速度v的大小；（3）电梯在19.0s内上升的高度H．16．（12分）（2015春•浏阳市校级期末）风洞实验室中可以产生水平方向的、大小可调节的风力，现将一套有小球的细直杆放入风洞实验室，小球孔径略大于细杆直径．（1）当杆在水平方向上固定时，调节风力的大小，使小球在杆上作匀速运动，这时小球所受的风力为小球所受重力的0.5倍，求小球与杆间的滑动摩擦因数．（2）保持小球所受风力不变，使杆与水平方向间夹角为37°并固定，则小球从静止出发在细杆上滑下距离S所需时间为多少？（sin37°=0.6，cos37°=0.8）17．（14分）（2015秋•大丰市校级月考）如图所示为一皮带传送装置，皮带保持匀速率运动，货物由静止放到传送带上，被传送带向下传送，其运动的v﹣t图象如图乙所示．解答下列问题（计算中取=1.41，=1.73）：（l）皮带的速度：（2）皮带与水半面间的夹角θ及货物与皮带之间的动摩擦因数μ的大小．（3）如果货物是用麻袋装载的石灰粉，当一件货物被运送后，发现这件货物在皮带上留有一段l=4.0m长的白色痕迹，请由此推断该件货物的传送时间和传送距离．2015-2016学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一．选择题．（本题共6小题，每题3分，共18分．每小题只有一个选项正确．）1．以下情景中，加着重号的人或物体可看成质点的是（）A．研究一列火车通过长江大桥所需的时间B．乒乓球比赛中，运动员发出的旋转球C．研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作D．用GPS确定打击海盗的“武汉”舰在大海中的位置考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：把物体看成质点的条件：物体的大小或形状对研究的问题没有影响，或者对研究问题的影响可以忽略时，物体就可以看作质点．解答：解：A、研究火车通过长江大桥的时间，火车的长度不能忽略，不能把火车看成质点，故A错误；B、乒乓球比赛中，运动员发出的旋转球不能视为质点，否则就没有旋转了，故B错误；C、研究航天员翟志刚在太空出舱挥动国旗的动作时，航天员的大小和形状不能忽略，不能把翟志刚看成质点，故C错误；D、用GPS确定“武汉”舰在大海中的位置时，舰的大小和形状可以忽略，可以把“武汉”舰看成质点，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键掌握物体能否看成质点的条件，关键看物体的大小和形状在研究的问题中能否忽略．2．根据材料，结合已学的知识，判断下列说法正确的是（）A．图甲为我国派出的军舰护航线路图，总航程4500海里，总航程4500海里指的是位移B．图甲为我国派出的军舰护航线路图，总航程4500海里，总航程4500海里指的是路程C．如图乙所示是奥运火炬手攀登珠峰的线路图，由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的位移D．如图丙所示是高速公路指示牌，牌中“25km”是指从此处到下一个出口的位移是25km 考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：物体经过的实际轨迹长度为物体的路程；位移是描述物体位置变化的物理量，是从始点指向终点的直线距离．解答：解：A、军舰护航时不可能为直线运动，故4500海里指的是路程，不是位移；故A 错误；B正确；C、火距手攀登珠峰的线路为曲线，由起点到终点火炬手所走线路的总长度是火炬手的路程；故C错误；D、高速公路不是直线，故离出口的距离应为路程；故D错误；故选：B．点评：本题考查位移及路程的定义，明确路程为标量，为物体实际运动轨迹的长度．3．一个运动员在百米赛跑中，测得在50m处的瞬时速度为6m/s，16s末到达终点时的瞬时速度为7.5m/s，则全程内的平均速度的大小为（）A．6m/s B．6.25m/s C．6.75m/s D．7.5m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：正确理解平均速度的定义，直接根据公式即可正确解答本题．解答：解：排除题目中的干扰因素，百米比赛为直道，其位移为100米，所以平均速度为：，故ACD错误，B正确．故选B．点评：平均速度是采用比值法定义的，大小与位移和时间无关，注意平均速度大小等于位移与时间比值，并非路程和时间比值，注意他们的区别．4．如图所示，清洗楼房玻璃的工人常用﹣根绳索将自己悬在空中，工人及其装备的总重量为G，悬绳与竖直墙壁的夹角为a，悬绳对工人的拉力大小为F T，墙壁对工人的弹力大小为F N，则（）A．F T=B．F N=GtanαC．若缓慢碱小悬绳的长度，F T与F N的合力变大D．若缓慢减小悬绳的长度，F T减小，F N增大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：工人受力平衡，合力为零，由平衡条件求出F1和F2．根据F1和F2的表达式分析讨论缓慢减小悬绳的长度时，F1与F2如何变化．解答：解：A、B、分析工人受力，受到重力、支持力和拉力，如图：根据共点力平衡条件，有水平方向：F T sinα=F N竖直方向：F T cosα=G解得，F T=，F N=Gtanα．故A错误，B正确．C、D、当缓慢减小悬绳的长度时，细绳与竖直方向的夹角α变大，故F T变大，F N变大，但F T与F N的合力与重力平衡，保持不变；故C错误，D错误．故选：B．点评：本题关键是根据共点力平衡条件，由几何关系得到F1与F2的表达式，再讨论变化情况．5．放在粗糙水平面上的物块A、B用轻质弹簧秤相连，如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数均为μ，今对物块A施加一水平向左的恒力F，使A、B一起向左匀加速运动，设A、B 的质量分别为m、M，则弹簧秤的示数（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求出加速度，再对B研究，求出弹簧秤对B 的拉力大小，得到弹簧秤的示数．解答：解：根据牛顿第二定律得：对整体：a==对B：F弹﹣μMg=Ma解得，F弹=μMg+Ma=μMg+M（）=故选：B点评：本题抓住连接体加速度相同的特点，采用整体法和隔离法结合求解弹簧秤的示数，可以看出这个结果与水平面有无摩擦无关．6．如图所示为杂技“顶竿”表演，一人站在地上，肩上扛一质量为M的竖直竹竿，当竿上一质量为m的人以加速度a加速下滑时，竿对“底人”的压力大小为（）A．（M+m）g B．（M+m）g﹣ma C．（M+m）g+ma D．（M﹣m）g考点：牛顿第二定律；超重和失重．专题：压轴题．分析：竿对“底人”的压力大小应该等于竿的重力加上竿上的人对杆向下的摩擦力，竿的重力已知，求出竿上的人对杆向下的摩擦力就可以了．解答：解：对竿上的人分析：受重力mg、摩擦力F f，有 mg﹣F f=ma；所以 F f=m（g﹣a），竿对人有摩擦力，人对竿也有反作用力﹣﹣摩擦力，且大小相等，方向相反，对竿分析：受重力Mg、竿上的人对杆向下的摩擦力F f′、顶竿的人对竿的支持力F N，有Mg+F f′=F N，又因为竿对“底人”的压力和“底人”对竿的支持力是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律，得到F N′=Mg+F f′=（M+m）g﹣ma．所以B项正确．故选：B．点评：由于人加速下滑，处于失重状态，人对竿的作用力并不等于人的重力，这是在解答本题的过程中常出现的错误，注意这一点这道题就可以了．二．多项选择题．（本题共5小题，每小题5分，共25分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分．）7．如图所示是一辆汽车做直线运动的s﹣t图象，对线段OA，AB，BC，CD所表示的运动，下列说法正确的是（）A．OA段运动最快B．AB段静止C．CD段表示的运动方向与初始运动方向相反D．运动4 h汽车的位移大小为60km考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：位移图象的斜率等于速度，由数学知识分析速度的大小．斜率的正负表示速度的方向．由位移等于坐标的变化量，求解4h内汽车的位移．解答：解：A、由图看出，CD段斜率最大，汽车的速度最大，运动最快．故A错误．B、AB段速度为零，说明汽车静止．故B正确．C、OA段斜率为正值，说明汽车的速度沿正方向，CD段斜率为负值，说明汽车的速度沿负方向，所以CD段表示的运动方向与初始运动方向相反．故C正确．D、运动4h后汽车回到了出发点，位移为0．故D错误．故选：BC点评：本题是位移图象的识别和理解问题，关键从数学的角度：斜率等于速度来分析和理解图象的物理意义．8．某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v﹣t图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（）A．B．C．D．考点：匀变速直线运动的图像；牛顿第二定律．分析：由图可知各段上物体的受力情况，则由牛顿第二定律可求得物体的加速度，即可确定其运动情况，画出v﹣t图象．解答：解：由图可知，t0至t1时间段弹簧秤的示数小于G，故合力为G﹣F=50N，物体可能向下加速，也可能向上减速；t1至t2时间段弹力等于重力，故合力为零，物体可能为匀速也可能静止；而t2至t3时间段内合力向上，故物体加速度向上，电梯可能向上加速也可能向下减速；AD均符合题意；故选AD．点评：本题考查图象与牛顿第二定律的综合，关键在于明确加速度的方向，本题易错在考虑不全面上，应找出所有的可能性再确定答案．9．如图（甲）所示，一根弹簧一端固定在传感器上，传感器与电脑相连．当对弹簧施加变化的作用力（拉力或压力）时，在电脑上得到了弹簧形变量与弹簧产生的弹力大小的关系图象，如图（乙）所示．则下列判断不正确的是（）A．弹簧产生的弹力和弹簧的长度成正比B．弹力增加量与对应的弹簧长度的增加量成正比C．该弹簧的劲度系数是200N/mD．该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变考点：胡克定律．分析：利用传感器进行弹力与弹簧形变量之间关系的实验，使实验更加准确，解答本题的关键是根据胡克定律正确分析乙图，得出弹力与形变量之间关系等信息．解答：解：A、根据胡克定律可知：F=k（l﹣l0）=kx，即弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，与弹簧长度不成正比，故A错误；B、根据A选项的论述可知B正确；C、在弹力与弹簧形变量图象上，图象的斜率表示劲度系数，由此可知该弹簧的劲度系数是200N/m，故C正确；D、由于图象斜率不变，因此由实验可知该弹簧受到反向压力时，劲度系数不变，故D正确．本题选错误的是，故选：A．点评：通过实验、图象考查了对胡克定律的理解，特别是受反向压力，即弹簧压缩，角度新颖，是一道好题．10．如图所示，将两相同的木块a、b置于粗糙的水平地面上，中间用一轻弹簧连接，两侧用细绳固定于墙壁．开始时a、b均静止．弹簧处于伸长状态，两细绳均有拉力，a所受摩擦力F fa≠0，b所受摩擦力F fb=0，现将右侧细绳剪断，则剪断瞬间（）A．F fa大小不变B．F fa方向改变C．F fb仍然为零D．F fb方向向右考点：牛顿第二定律．分析：根据弹簧和绳不同的特点，弹簧在力变化时不会发生突变，而绳的拉力是能够突变的，再根据物体的受力就可以判断摩擦力的变化情况．解答：解：将右侧细绳剪断，则剪断瞬间，弹簧的弹力的大小不变，速度不能突变，故b 仍静止，弹簧对木块b作用力方向向左，所以b所受摩擦力F fb方向应该向右；由于弹簧弹力不能发生突变，剪断瞬间，弹簧弹力不变，a的受力的情况不变，所受摩擦力也不变，所以选项AD正确．故选：AD点评：主要就是考查学生对弹簧和绳在力发生突变时它们的特点，知道这一点就很容易了．11．如图所示，表面粗糙的固定斜面顶端安有滑轮，两物块P、Q用轻绳连接并跨过滑轮（不计滑轮的质量和摩擦），P悬于空中，Q放在斜面上，均处于静止状态．当用水平向左的恒力F推Q时，P、Q仍静止不动，则（）A．Q受到的摩擦力一定变小B．Q受到的摩擦力变化情况不能确定C．轻绳上的拉力一定变小D．轻绳上拉力一定不变考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：分别对P、Q两个物体进行受力分析，运用力的平衡条件解决问题．由于不知具体数据，对于静摩擦力的判断要考虑全面．解答：解：C、对物体P受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故绳子的拉力等于物体P 的重力；当用水平向左的恒力推Q时，P、Q仍静止不动，故绳子的拉力仍然等于物体P的重力，轻绳上拉力一定不变．故C错误，D正确；A、对物体Q受力分析，受重力、拉力、支持力，可能有静摩擦力；当静摩擦力沿斜面向上时，有T+f=mgsinθ，当用水平向左的恒力推Q时，静摩擦力f会减小，也可能摩擦力大小不变，方向相反，当静摩擦力沿着斜面向下时，有T=f+gsinθ，当用水平向左的恒力推Q时，静摩擦力会增加，故A错误，B正确．故选：BD．点评：本题关键要对物体P和Q分别受力分析，然后根据平衡条件列式分析，难点在于静摩擦力的方向的不确定上．三．简答题．（本题共2题，共计27分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．）12．某同学在学完“力的合成”后，想在家里做实验验证力的平行四边形定则．他从学校的实验室里借来两个弹簧秤，按如下步骤进行实验．A．在墙上贴一张白纸用来记录弹簧秤弹力的大小和方向B．在一个弹簧秤的下端悬挂一装满水的水杯，记下静止时弹簧秤的读数FC．将一根大约30cm长的细线从杯带中穿过，再将细线两端分别拴在两个弹簧秤的挂钩上．在靠近白纸处用手对称地拉开细线，使两个弹簧秤的示数相等，在白纸上记下细线的方向，弹簧秤的示数如图甲所示D．在白纸上按一定标度作出两个弹簧秤的弹力的图示，如图乙所示，根据力的平行四边形定则可求出这两个力的合力F′（1）在步骤C中，弹簧秤的读数为 3.00 N．（2）在步骤D中，合力F′= 5.5±0.3N．（3）若若F′在竖直方向且数值与F近似相等，就可以验证力的平行四边形定则．考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题；平行四边形法则图解法专题．分析：（1）注意每小格代表的数值，然后进行读数；（2）以两个分力为边做出平行四边形，其对角线长度代表合力的大小；（3）水杯处于平衡状态，因此两个弹簧秤所测拉力的合力应该与重力等大反向．解答：解：（1）弹簧测力计读数，每1N被分成10格，则1格就等于0.1N，图指针落在3N格处，所以读数为3.00N．故答案为：3.00．（2）两个分力为边做出平行四边形，如下图所示：根据力的图示，可以测量出合力的大小大约为5.5N．故答案为：5.5±0.3（3）根据实验原理可知，只要合力的大小与水杯重力大小相等，方向与重力方向相反，即可验证力的平行四边形定则．故答案为：F′近似在竖直方向，且数值与F近似相等．故答案为：（1）3.00；（2）5.5±0.3；（3）若F′在竖直方向且数值与F近似相等．点评：通过作出力的图示来验证“力的平行四边形定则”，重点是如何准确作出力的图示，明确实验原理是解答实验问题的关键．13．（18分）（2015秋•大丰市校级月考）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中：（1）为了探究加速度与力的关系，应保持质量质量不变，为了直观地判断加速度a与力F的数量关系，应作出a﹣F 图象（选填“a﹣F”或“a﹣”）；为了探究加速度与质量的关系，应保持力一定力力，为了直观地判断加速度a与质量m的数量关系，应作a﹣图象（选填“a﹣m”或“a﹣”）；（2）某同学采用了如图1所示的实验装置，为了使实验中能将砝码和砝码盘的总重力当作小车受到的合外力，以下步骤必须采用的有BCA．保证小车下面的长木板水平放置B．将小车下面的长木板右端适当垫高以平衡摩擦力C．使小车质量远远大于砝码和砝码盘的总质量D．使小车质量远远小于砝码和砝码盘的总质量（3）如图2为某次实验得到的纸带，实验数据如图，图中相邻计数点之间还有4个点未画出，根据纸带可求出小车的加速度大小为0.510 m/s2；打D点时速度大小为0.747 m/s；（保留三位有效数字）加速度方向为向左（填向左、向右）．（4）该同学把砝码和砝码的总重量作为小车的拉力，并依次测出了小车的加速度．然后画出了如图3所示的图象，该图象虽是一条直线，但不通过坐标原点．原因是：没有平衡摩擦或平衡不够．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）“探究加速度与力、质量的关系”实验中，研究三者关系必须运用控制变量法，正确理解控制变量法的应用即可解答；（2）理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项，知道实验误差的来源．（3）纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．（4）当F≠0时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明小车的摩擦力与绳子的拉力抵消．该同学实验操作中遗漏了平衡摩擦力这个步骤．解答：解：（1）为了直观地判断加速度a与质量F的数量关系及a与m的数量关系，应作出直线图形．所以该同学要探究小车的加速度a和力F的关系，应该保持质量M不变；作出a﹣F图象；探究加速度与质量的关系时，应该保持细线对车的拉力F不变，做出a﹣图象；（2）A、该实验要平衡摩擦力，让绳子的拉力等于合外力，所以要将小车下面的长木板右端适当垫高以平衡摩擦力，故A错误，B正确；C、当砝码和砝码盘的质量远小于小车的质量时才可以用砝码和砝码盘的重力来表示小车的拉力，故C正确，D错误．（3）相邻计数点之间还有4个点未画出，说明相邻的计数点时间间隔为0.1s，由图2可知，相邻两个计数点之间的位移差是个定值，△x=0.0772﹣0.0721=0.0051m利用匀变速直线运动的两个推论得出：a==0.510m/s2v D===0.747m/s从纸带上看出向左做匀加速直线运动，所以加速度的方向向左．（4）从上图中发现直线没过原点，当F≠0时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明小车的摩擦力与绳子的拉力抵消．该同学实验操作中遗漏了平衡摩擦力这个步骤．所以原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够．。
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2015-2016学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一（上）期末物理试卷一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分．）1．（4.00分）最早对自由落体运动进行科学的研究，否定了亚里士多德错误论断的科学家是（）A．伽利略B．牛顿C．开普勒D．胡克2．（4.00分）做下列运动的物体，能当作质点处理的是（）A．研究自转中的地球B．研究百米冲刺奔向终点的运动员C．研究匀速直线运动的火车的速度D．研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员3．（4.00分）下列说法正确的是（）A．“北京时间10点整”，指的是时间B．列车在上海站停了8min，指的是时间C．一节课是40min，指的是时刻D．“今天晚上7：30，你一定在家等我吗？”，这里指的是时间4．（4.00分）关于速度、速度变化、加速度，下列说法中正确的是（）A．速度变化越大，加速度越大B．速度变化越快，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度不断减小，速度也不断减小5．（4.00分）对做匀减速运动的物体（无往返），下列说法中正确的是（）A．速度和位移都随时间减小B．速度和位移都随时间增大C．速度随时间增大，位移随时间减小D．速度随时间减小，位移随时间增大6．（4.00分）关于自由落体运动，下列说法中错误的是（）A．它是竖直向下、v0=0、a=g的匀加速直线运动B．在开始连续的三个1 s内通过的位移之比是1：3：5C．在开始连续的三个1 s末的速度大小之比是1：2：3D．从开始运动起下落4.9 m、9.8 m、14.7 m所经历的时间之比为1：2：3 7．（4.00分）用手握住瓶子，使瓶口向上静止在空中，则（）A．手对瓶子的摩擦力与瓶子所受的重力大小相等B．手对瓶子的压力与瓶子所受的重力大小相等C．手握得越紧，手对瓶子的摩擦力越大D．手对瓶子的摩擦力大于瓶子所受的重力8．（4.00分）将一竖直向下的8N的力分解为两个力，其中一个分力方向水平，大小为6N，那么另一个分力大小为（）A．10N B．8N C．6N D．2N9．（4.00分）如图所示，细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同，长度MO＞NO，则在不断增加重物G的重力过程中（绳OC不会断）（）A．ON绳先被拉断B．OM绳先被拉断C．ON绳和OM绳同时被拉断D．条件不足，无法判断10．（4.00分）关于惯性的说法，正确的是（）A．运动的物体有惯性，静止的物体没有惯性B．物体的质量越大，惯性也越大C．物体受的合外力越大，惯性也越大D．物体的速度越大，惯性也越大11．（4.00分）如图所示，质量为10Kg的物体在水平面上向左运动，物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.2，与此同时，物体受到一个水平向右的推力F=20N的作用，则物体产生的加速度为（）A．0 B．4m/s2水平向右C．2m/s2水平向左 D．2m/s2水平向右12．（4.00分）吊车用竖直向上的拉力F将集装箱由静止吊起，集装箱获得大小为a的加速度，现改用2F的拉力吊起这个集装箱，则集装箱的加速度大小（不计其它阻力）（）A．大于2a B．等于2aC．大于a而小于2aD．小于a13．（4.00分）关于车拉马、马拉车的问题，下列说法中正确的是（）A．马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力B．马拉车前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C．马拉车不论车动还是不动，马拉车的力的大小总是等于车拉马的力的大小D．马拉车不动或车匀速前进时，才是马拉车的力与车拉马的力大小相等14．（4.00分）质量为m的物体放置在升降机内的台秤上，升降机以加速度a在竖直方向做匀变速直线运动，若物体处于失重状态，则（）A．升降机的加速度方向竖直向下B．台秤示数减少maC．升降机一定向上运动D．升降机一定做加速运动15．（4.00分）关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．物体运动状态改变着，它一定做曲线运动B．物体做曲线运动，它的运动状态一定在改变C．物体做曲线运动时，它的加速度的方向始终和速度的方向一致D．物体做曲线运动时，它的加速度方向有可能与物体所受到的合外力方向不一致二、实验题（每空2分，共18分）16．（18.00分）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中（1）某同学使用了如图所示的装置，计时器打点频率为50Hz．该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如下图所示，自A点起，相邻两点间的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，则打E点时小车的速度为m/s，小车的加速度为m/s2．（2）在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，下列做法中正确的是A、改变小车的质量再次进行实验时，需要重新平衡摩擦力B、小车运动的加速度可由牛顿第二定律直接求出C、实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车D、平衡摩擦力时，应将装砝码的砝码盘用细绳通过定滑轮系在小车上（3）实验中，要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持不变；若要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持不变．（4）该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如图所示，则①图中的直线不过原点的原因是．②图中的力F理论上是指，而实验中却用表示．（选填字母符号）A、砂和砂桶的重力B、绳对小车的拉力③此图中直线发生弯曲的原因是．三、计算或论述题：解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位（共22分）.17．（6.00分）一小球在某高处以v0=15m/s的初速度被水平抛出，落地时的速度v t=25m/s，不计空气阻力，g=10m/s2．（1）小球的落地时间t；（2）小球的水平位移x．18．（8.00分）质量为5.0kg的物体，从离地面64m高处，由静止开始匀加速下落，经4s落地，当地的重力加速度g取10m/s2试求：（1）物体下落的加速度的大小；（2）下落过程中物体所受阻力的大小．19．（8.00分）一质量为5kg的滑块在F=15N的水平拉力作用下，由静止开始做匀加速直线运动，若滑块与水平面间的动摩擦因数是0.2，g取10m/s2，问：（1）滑块运动的加速度是多大？（2）滑块在力F作用下经5s，通过的位移是多大？（3）如果力F作用8s后撤去，则滑块在撤去F后还能滑行多远？2015-2016学年江苏省盐城市大丰市新丰中学高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分．）1．（4.00分）最早对自由落体运动进行科学的研究，否定了亚里士多德错误论断的科学家是（）A．伽利略B．牛顿C．开普勒D．胡克【解答】解：伽利略最早对自由落体运动进行科学的研究，否定了亚里士多德错误论，故BCD错误，A正确。
2．（4.00分）做下列运动的物体，能当作质点处理的是（）A．研究自转中的地球B．研究百米冲刺奔向终点的运动员C．研究匀速直线运动的火车的速度D．研究在冰面上旋转的花样滑冰运动员【解答】解：A、研究自转中的地球，不能把地球当作质点，否则就无法分辨它的转动了。
故A错误。
B、研究百米冲刺奔向终点的运动员，运动员肢体的形状影响很大，不能把运动员当作质点。
故B错误。
C、匀速直线运动的火车，各个的运动情况相同，可当作质点处理。
故C错误。
D、在冰面上旋转的花样滑冰运动员不能当作质点，因为运动员的造型、姿态等直接影响观赏和打分。
故D错误。
故选：C。
3．（4.00分）下列说法正确的是（）A．“北京时间10点整”，指的是时间B．列车在上海站停了8min，指的是时间C．一节课是40min，指的是时刻D．“今天晚上7：30，你一定在家等我吗？”，这里指的是时间【解答】解：A、“北京时间10点整”，指的是时刻，所以A错误；B、停了8min指的是时间的长度，是指时间，所以B正确；C、一节课是40min，指的是时间，不是时刻，所以C错误；D、今天晚上7：30，对应时间点，是指时刻，所以D错误；故选：B。
4．（4.00分）关于速度、速度变化、加速度，下列说法中正确的是（）A．速度变化越大，加速度越大B．速度变化越快，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度方向也保持不变D．加速度不断减小，速度也不断减小【解答】解：A、据加速度的定义式a=可知，其加速度与速度的变化量和时间有关，并不是速度变化越大，加速度越大，故A错误；B、据加速度的意义可知，加速度是表示物体速度变化快慢的物理量，所以速度变化越快，加速度越大，故B正确；C、据加速度的定义式可知，加速度的方向与速度变化的方向相同，并不是与速度的方向保持不变，故C错误；D、加速度减小，速度不一定减小，如物体做加速度逐渐减小的加速运动，其速度逐渐增大，故D错误。
故选：B。
5．（4.00分）对做匀减速运动的物体（无往返），下列说法中正确的是（）A．速度和位移都随时间减小B．速度和位移都随时间增大C．速度随时间增大，位移随时间减小D．速度随时间减小，位移随时间增大【解答】解：匀减速直线运动中，速度随时间均匀减小，因为物体一直向前运动，所以位移随时间一直增大。
故D正确，A、B、C错误。
故选：D。
6．（4.00分）关于自由落体运动，下列说法中错误的是（）A．它是竖直向下、v0=0、a=g的匀加速直线运动B．在开始连续的三个1 s内通过的位移之比是1：3：5C．在开始连续的三个1 s末的速度大小之比是1：2：3D．从开始运动起下落4.9 m、9.8 m、14.7 m所经历的时间之比为1：2：3【解答】解：A：自由落体的初速度为零，加速度是重力加速度故A正确B：由初速度为零的匀加速度直线运动的推论，知其相等时间内位移之比为奇数比即1：3：5：7，故B正确C：由速度时间关系式知，末速度与时间成正比，故C正确D：由推论，通过相同的位移所用时间的比值为：1：：．故D 错误。
该题选错误的，故选D7．（4.00分）用手握住瓶子，使瓶口向上静止在空中，则（）A．手对瓶子的摩擦力与瓶子所受的重力大小相等B．手对瓶子的压力与瓶子所受的重力大小相等C．手握得越紧，手对瓶子的摩擦力越大D．手对瓶子的摩擦力大于瓶子所受的重力【解答】解：手紧握瓶子，手握得越紧，对瓶子的压力越大，手与瓶子间的最大静摩擦力也越大，瓶子在竖直方向受重力和静摩擦力，由于瓶子始终处于平衡状态，合力为零，故静摩擦力等于重力，只要瓶子不滑动，其大小与压力大小无关；故选：A。
8．（4.00分）将一竖直向下的8N的力分解为两个力，其中一个分力方向水平，大小为6N，那么另一个分力大小为（）A．10N B．8N C．6N D．2N【解答】解：根据平行四边形定则，已知一个分力沿水平方向，做出平行四边形如图所示，由图形可知另一个分力F2的大小为F2==10N。
故选：A。
9．（4.00分）如图所示，细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同，长度MO＞NO，则在不断增加重物G的重力过程中（绳OC不会断）（）A．ON绳先被拉断B．OM绳先被拉断C．ON绳和OM绳同时被拉断D．条件不足，无法判断【解答】解：物体对O点拉力等于物体重力，此力有两个效果：一是使NO绳拉紧；二是使OM绳拉紧。