2016年中考压轴题专题:与圆有关的最值问题(附答案)
中考压轴题专题训练:“四点共圆”典型问题50练(含解析)印刷版

中考压轴题专题训练:“四点共圆”典型问题50练一.选择题(共9小题)1.如图,在等腰Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=BC=4,D是BC中点,∠CAD=∠CBE,则AE=()A.4B.3C.2D.2.在圆内接四边形ABCD中,∠BAD、∠ADC的角平分线交于点E,过E作直线MN平行于BC,与AB、CD交于M、N,则总有MN=()A.BM+DN B.AM+CN C.BM+CN D.AM+DN3.如图,已知(1)已知△ABC的两条中线BD、CE交于点M,A、D、M、E四点共圆,BC=8,则AM 的长为()A.2B.C.D.34.如图,在△ABC中,∠B=75°,∠C=45°,BC=6﹣2,点P是BC上一动点,PE⊥AB于E,PD ⊥AC于D.无论P的位置如何变化,线段DE的最小值为()A.3﹣3B.C.4﹣6D.25.如图①,若BC是Rt△ABC和Rt△DBC的公共斜边,则A、B、C、D在以BC为直径的圆上,则叫它们“四点共圆”.如图②,△ABC的三条高AD、BE、CF相交于点H,则图②中“四点共圆”的组数为()A.2B.3C.4D.66.如图,在四边形ABCD中,AC、BD为对角线,点M、E、N、F分别为AD、AB、BC、CD边的中点,下列说法:①当AC=BD时,M、E、N、F四点共圆.②当AC⊥BD时,M、E、N、F四点共圆.③当AC=BD且AC⊥BD时,M、E、N、F四点共圆.其中正确的是()A.①②B.①③C.②③D.①②③7.如图放置的两个正方形,大正方形ABCD边长为a,小正方形CEFG边长为b(a>b),M在BC边上,且BM=b,连接AM,MF,MF交CG于点P,将△ABM绕点A旋转至△ADN,将△MEF绕点F旋转至△NGF,给出以下五个结论:①∠MAD=∠AND;②CP=b﹣;③△ABM≌△NGF;④S四边形AMFN =a2+b2;⑤A,M,P,D四点共圆,其中正确的个数是()A.2B.3C.4D.58.如图,已知∠A的平分线分别与边BC、△ABC的外接圆交于点D、M,过D任作一条与直线BC不重合的直线l,直线l分别与直线MB、MC交于点P、Q,下列判断错误的是()A.无论直线l的位置如何,总有直线PM与△ABD的外接圆相切B.无论直线l的位置如何,总有∠PAQ>∠BACC.直线l选取适当的位置,可使A、P、M、Q四点共圆D.直线l选取适当的位置,可使S△APQ<S△ABC9.如图,一副直角三角板满足∠ACB=∠EDF=90°,AC=BC,AB=DF,∠EFD=30°,将三角板DEF 的直角顶点D放置于三角板ABC的斜边AB上,再将三角板DEF绕点D旋转,并使边DE与边AC交于点M,边DF与边BC于点N.当∠EDF在△ABC内绕顶点D旋转时有以下结论:①点C,M,D,N四点共圆;②连接CD,若AD=DB,则△ADM∽△CDN;③若AD=DB,则DN•CM=BN•DM;④若AD=DB,则CM+CN=AD;⑤若DB=2AD,AB=6,则2≤S△DMN≤4.其中正确结论的个数是()A.2B.3C.4D.5二.填空题(共14小题)10.若一个圆经过梯形ABCD的四个顶点,则这个梯形是梯形.11.已知AB为圆O的一条弦(非直径),OC⊥AB于C,P为圆O上任意一点,直线PA与直线OC相交于点M,直线PB与直线OC相交于点N.以下说法正确的有.①O,M,B,P四点共圆;②A,M,B,N四点共圆;③A,O,P,N四点共圆.12.已知△ABC中,∠BAC≠90°,AD⊥BC,BE⊥AC,且AD、BE交于点H,连接CH,则∠ACH+∠BAE=.13.已知△ABC为等腰直角三角形,∠C为直角,延长CA至D,以AD为直径作圆,连BD与圆O交于点E,连CE,CE的延长线交圆O于另一点F,那么的值等于.14.已知二次函数y1=a1(x﹣1)2﹣2012,其图象顶点为M,且与x轴交于A(x1,0),B(x2,0)两点,又知二次函数y2=a2(x﹣1)2+1的顶点为N,若A,B,M,N四点共圆,则x1x2﹣x1﹣x2=.15.如图,在四边形ABCD中,∠ABC=∠ADC=90°,∠ABD=72°,则∠CAD的度数为.16.已知:AB=2,AC平分∠DAB,∠DAB+∠DCB=180°,∠DCB=120°,当∠ABD=∠CBF时,则AC=.17.在四边形ABCD中,∠DAC=98°,∠DBC=82°,∠BCD=70°,BC=AD,则∠ACD=.18.如图,在等腰△ABC中,∠ABC=90°,点D为BC的中点,点E在AC边上,以DE为腰作等腰Rt △DEF,连接CF,BF.若CE=1,△CDF的面积为7.5,则BF的长为.19.如图,线段AB、CD相交于E,AE=AC,DE=DB,点M、F、G分别为线段AD、CE、EB的中点,如果∠MAE=25°,∠AMF=40°,那么∠MFG的度数为.20.如图,点O为等边△ABC内一点,OA=2,OC=,连接BO并延长交AC于点D,且∠DOC =30°,过点B作BF⊥BD交CO延长线于点F,连接AF,过点D作DE⊥AF于点E,则DE=.21.如图,正方形ABCD的边长为2,对角线AC、BD交于点O,E为DC上一点,∠DAE=30°,过D 作DF⊥AE于F点,连接OF.则线段OF的长度为.22.如图,ABCD、CEFG是正方形,E在CD上,且BE平分∠DBC,O是BD中点,直线BE、DG交于H.BD,AH交于M,连接OH,则OH=,BM=.23.如图放置的两个正方形,大正方形ABCD边长为a,小正方形CEFG边长为b(a>b),M在BC边上,且BM=b,连接AM,MF,MF交CG于点P,将△ABM绕点A旋转至△ADN,将△MEF绕点F旋转至△NGF,给出以下五个结论:①∠MAD=∠AND;②CP=a﹣;③△ABM≌△NGF;④S四边形AMFN=a2+b2;⑤A,M,P,D四点共圆,其中正确的序号为.三.解答题(共27小题)24.设梯形ABCD中,AB∥CD,E,F分别在腰AD和BC上,若A,B,F,E四点共圆,证明C,D,E,F也必四点共圆.25.已知四边形ABCD为菱形,点E、F、G、H分别为各边中点,判断E、F、G、H四点是否在同一个圆上,如果在同一圆上,找到圆心,并证明四点共圆;如果不在,说明理由.26.如图,在△ABC中,AB<AC,AD平分∠BAC,BM=CM,K为AM上一点,且∠BKC=180°﹣∠BAC.求证:∠BKD=∠CKD.27.如图,O为△ABC外心,D为BC上一点,BD中垂线交AB于F,CD中垂线交AC于E,求证:A、F、O、E四点共圆.28.如图,点E,F分别在线段AC,BC上运动(不与端点重合),而且CE=BF,AC=BC,O是△ABC 的外心,证明C,E,O,F四点共圆.29.如图,点F是△ABC外接圆的中点,点D、E在边AC上,使得AD=AB,BE=EC.证明:B、E、D、F四点共圆.30.如图,AB是⊙O的直径,AC是⊙O的切线,BC交⊙O于点D,点E是AC的中点,连接OD.(1)求证:OD⊥DE;(2)求证:O、A、E、D四点共圆.(3)△ABC满足什么条件时,经过O、A、E、D的圆与BC相切?并说明理由.31.如图,在锐角三角形ABC中,AB=AC,∠ACB的平分线交AB于点D.过△ABC的外心O作直线OG⊥CD交AC于点E,交CD于点G,过点E作EF∥AB交CD于F.(1)求证:C,E,O,F四点共圆;(2)求证:A,O,F三点共线;(3)求证:EA=EF.32.在学习《圆》这一单元时,我们学习了圆周角定理的推论:圆内接四边形的对角互补;事实上,它的逆命题:对角互补的四边形的四个顶点共圆,也是一个真命题.在图形旋转的综合题中经常会出现对角互补的四边形,那么,我们就可以借助“对角互补的四边形的四个顶点共圆”,然后借助圆的相关知识来解决问题,例如:已知:△ABC是等边三角形,点D是△ABC内一点,连接CD,将线段CD绕C逆时针旋转60°得到线段CE,连接BE,DE,AD,并延长AD交BE于点F.当点D在如图所示的位置时:(1)观察填空:①与△ACD全等的三角形是;②∠AFB的度数为;(2)利用题干中的结论,证明:C,D,F,E四点共圆;(3)直接写出线段FD,FE,FC之间的数量关系.33.如图,四边形ABCD中,∠ACB=∠ADB=90°,自对角线AC、BD的交点N作NM⊥AB于点M,线段AC、MD交于点E,BD、MC交于点F,P是线段EF上的任意一点.证明:点P到线段CD的距离等于点P到线段MC、MD的距离之和.34.如图,在△ABC中,过A作BC的垂线,垂足为D,O为AD的中点,以AD为直径的⊙O分别与边AB、AC交于点E、F.试求证:(1)BC是⊙O的切线;(2)B、C、F、E四点共圆吗?说明理由.35.如图,圆O内接四边形ABCD的对边AD,BC延长线交于点P,对角线AC,BD交于点Q,设△PDB 的外接圆交直线PQ与P和另一个点K,求证:(1)OK⊥PQ(2)C,D,O,K四点共圆;(3)三条直线AB,OK,DC交于一点.36.如图,已知锐角三角形ABC,过点A作BC的垂线与以BC为直径的⊙O1分别交于点D,E.过点B 作CA的垂线与以CA为直径的⊙O2分别交于点F,G.求证:E,F,D,G四点共圆,并确定圆心的位置.37.已知△ABC中,∠A=60°,E、F分别为AB、AC延长线上的点,且BE=CF=BC,△ACE的外接圆与EF交于不同于E的点K,设BF与CE交于点T.(1)证明:A、B、T、C四点共圆;(2)证明:点K在∠BAC的角平分线上.38.已知半径为r的⊙O1与半径为R的⊙O2外离,直线DE经过O1切⊙O2于点E并交⊙O1于点A和点D,直线CF经过O2切⊙O1于点F并交⊙O2于点B和点C,连接AB、CD,(1)[以下ⅰ、ⅱ两小题任选一题](ⅰ)求四边形ABCD的面积(ⅱ)求证:A、B、E、F四点在同一个圆上(2)求证:AB∥DC.39.已知:AB是⊙O的直径,C为AB延长线上的一点,过点C作⊙O的割线,与⊙O交于D、E两点,OF是△BOD的外接圆O1的直径,连接CF并延长交⊙O1于点G.求证:O、A、E、G四点共圆.40.如图,四边形ABCD为⊙O的内接四边形,对边BC,AD交于点F,AB、DC交于点E,△ECF的外接圆与⊙O的另一交点为H,AH与EF交于点M,MC与⊙O交于点C.证明:(1)M为EF的中点;(2)A、G、E、F四点共圆.41.已知:AB∥DF,它们之间的距离等于AB;AC∥DE,它们之间的距离等于AC;CB∥EF,它们之间的距离等于BC,求证:A1、B1、C1、A2、B2、C2六点共圆.42.设△ADE内接于圆O,弦BC分别交AD、AE边于点F、G,且AB=AC,求证:F、D、E、G四点共圆.43.若以圆内接四边形ABCD的各边为弦作任意圆,求证:这些圆相交的四点共圆.44.如图,PQ为两圆的公共弦,M为PQ上一点,AB、CD分别是两圆的弦且它们相交于M,求证:A、C、B、D四点共圆.45.如图,⊙O1与⊙O2相交于P、Q两点,过P点作两圆的割线分别交于⊙O1与⊙O2于A、B,过A、B 分别作两圆的切线相交于T,求证:T、A、Q、B四点共圆.46.如图所示,两圆交于A、B两点,过B的直线交两圆于C、D,两圆外有一点P,连接PC,PD,分别交两圆于E,F.求证:P、E、A、F四点共圆.47.如图,⊙O是以等腰Rt△ABC的斜边AB为直径的圆,点P是BA的延长线上的一点,过点P作⊙O 的一条切线,切点为点Q,∠QPB的平分线交AC、BC于点E、F.(1)求证:P、A、E、Q四点共圆.(2)若AE=a,BF=b,求EF的长.48.如图,四边形ABCD内接于⊙O,P、Q、R分别是AB、BC、AD的中点,连接PQ与DA的延长线交于S,连接PR与CB延长线交于T,求证:S、T、Q、R四点共圆.49.如图,两圆T1、T2相交于A、B两点,过点B的一条直线分别交圆T1、T2于点C、D,过点B的另一条直线分别交圆T1、T2于点E、F,直线CF分别交圆T1、T2于点P、Q,设M、N分别是弧PB、弧QB的中点,求证:若CD=EF,则C、F、M、N四点共圆.50.如图,D是△ABC的BC边上的一点,O1、O2和O3分别为△ABC、△ADB和△ADC外接圆的圆心,求证:A、O2、O1、O3四点共圆.中考压轴题专题训练:“四点共圆”典型问题50练参考答案与试题解析一.选择题(共9小题)1.如图,在等腰Rt△ABC中,∠ABC=90°,AB=BC=4,D是BC中点,∠CAD=∠CBE,则AE=()A.4B.3C.2D.【分析】如图,连接DE,由等腰直角三角形的性质可求∠C=∠BAC=45°,AC=AB=4,由∠CAD=∠CBE,可证点A,点B,点D,点E四点共圆,可得∠ABD=∠DEC=90°,由等腰直角三角形的性质可求DE=,即可求解.【解答】解:如图,连接DE,∵∠ABC=90°,AB=BC=4,∴∠C=∠BAC=45°,AC=AB=4,∵D是BC中点,∴CD=BC=2,∵∠CAD=∠CBE,∴点A,点B,点D,点E四点共圆,∴∠ABD=∠DEC=90°,∴∠C=∠EDC=45°,∴DE=CE=CD=,∴AE=AC﹣CE=3,故选:B.2.在圆内接四边形ABCD中,∠BAD、∠ADC的角平分线交于点E,过E作直线MN平行于BC,与AB、CD交于M、N,则总有MN=()A.BM+DN B.AM+CN C.BM+CN D.AM+DN【分析】在NM上截取NF=ND,连结DF,AF,由A,B,C,D四点共圆,得出∠MND+∠MAD=180°,由MN∥BC,得出∠AMN+∠ADN=180°,可得到A,D,N,M四点共圆,再由AE,DE分别平分∠BAD,∠CDA,A,F,E,D四点共圆,由∠MAF=180°﹣∠DAF﹣∠MND=180°﹣∠DEN﹣∠MND =∠EDN=∠ADE=∠AFM,可得出MA=MF,即得出MN=MF+NF=MA+ND.【解答】解:如图,在NM上截取NF=ND,连结DF,AF∴∠NFD=∠NDF,∵A,B,C,D四点共圆,∴∠ADC+∠B=180°,∵MN∥BC,∴∠AMN=∠B,∴∠AMN+∠ADN=180°,∴A,D,N,M四点共圆,∴∠MND+∠MAD=180°,∵AE,DE分别平分∠BAD,∠CDA,∴∠END+2∠DFN=∠END+2∠DAE=180°,∴∠DFN=∠DAE,∴A,F,E,D四点共圆,∴∠DEN=∠DAF,∠AFM=∠ADE,∴∠MAF=180°﹣∠DAF﹣∠MND=180°﹣∠DEN﹣∠MND=∠EDN=∠ADE=∠AFM,∴MA=MF,∴MN=MF+NF=MA+ND.故选:D.3.如图,已知(1)已知△ABC的两条中线BD、CE交于点M,A、D、M、E四点共圆,BC=8,则AM 的长为()A.2B.C.D.3【分析】延长AM交BC于F,连接ED,根据三角形中位线定理得出ED∥BC,即可求得∠DBC=∠MDE,根据四点共圆,可得∠MDE=∠BAF,由题意可得M是三角形的重心,则F是BC的中点,AM=2FM,证得△ABF∽△MBF,可得=,得出AF•FM=BF2=16,根据条件化成AM2=16,即可求得结论.【解答】解:延长AM交BC于F,连接ED,∵BD、CE是△ABC的两条中线,∴ED∥BC,∴∠DBC=∠MDE,∵A、D、M、E四点共圆,∴∠MDE=∠BAF,∵△ABC的两条中线BD、CE交于点M,∴BF=FC=BC=4,∴M为三角形的重心,∴AM=2FM,∵∠BAF=∠MBF,∠AFB=∠BFM,∴△ABF∽△MBF,∴=,∴AF•FM=BF2=16,(AM+AM)•AM=16,∴AM2=16,∴AM=.故选:C.4.如图,在△ABC中,∠B=75°,∠C=45°,BC=6﹣2,点P是BC上一动点,PE⊥AB于E,PD ⊥AC于D.无论P的位置如何变化,线段DE的最小值为()A.3﹣3B.C.4﹣6D.2【分析】下面介绍两种解法:解法一:当AP⊥BC时,线段DE的值最小,利用四点共圆的判定可得:A、E、P、D四点共圆,且直径为AP,得出∠AED=∠C=45°,有一公共角,根据两角对应相等两三角形相似得△AED∽△ACB,则,设AD=2x,表示出AE和AC的长,求出AE与AC的比,代入比例式中,可求出DE的值.解法二:先通过四点共圆同理得到:△EFD为顶角为120°的等腰三角形,所以当AP⊥BC时,线段DE的值最小,再作辅助线,求AP的长,从而得EF的长,由等腰三角形三线合一及勾股定理得DE的值.【解答】解:解法一:当AP⊥BC时,线段DE的值最小,如图1,∵PE⊥AB,PD⊥AC,∴∠AEP=∠ADP=90°,∴∠AEP+∠ADP=180°,∴A、E、P、D四点共圆,且直径为AP,在Rt△PDC中,∠C=45°,∴△PDC是等腰直角三角形,∠APD=45°,∴△APD也是等腰直角三角形,∴∠PAD=45°,∴∠PED=∠PAD=45°,∴∠AED=45°,∴∠AED=∠C=45°,∵∠EAD=∠CAB,∴△AED∽△ACB,∴,设AD=2x,则PD=DC=2x,AP=2x,如图2,取AP的中点O,连接EO,则AO=OE=OP=x,∵∠EAP=∠BAC﹣∠PAD=60°﹣45°=15°,∴∠EOP=2∠EAO=30°,过E作EM⊥AP于M,则EM=x,cos30°=,∴OM=x•=x,∴AM=x+x=x,由勾股定理得:AE=,=,=(+1)x,∴=,∴ED=.则线段DE的最小值为;解法二:如图3,取AP的中点F,连接EF、DF,有EF=DF=AP,∠EFD=120°,∴△EFD为顶角为120°的等腰三角形,∴当AP⊥BC时,线段DE的值最小,如图4,作AB的中垂线,交AP于一点O,交AB于G,连接OB,设OA=OB=2x,∵∠BOP=2∠BAO=30°,∴BP=x,OP=x,∴AP=PC=(2+)x,∵BC=6﹣2,∴x+2x+x=6﹣2,x=4﹣2,∴AP=(2+)x=(2+)(4﹣2)=2,∴EF=FD=1,如图5,过F作FH⊥ED于H,∴EH=DH,∵∠FED=30°,∴FH=,∴EH=DH=,∴DE=;故选:B.5.如图①,若BC是Rt△ABC和Rt△DBC的公共斜边,则A、B、C、D在以BC为直径的圆上,则叫它们“四点共圆”.如图②,△ABC的三条高AD、BE、CF相交于点H,则图②中“四点共圆”的组数为()A.2B.3C.4D.6【分析】根据两个直角三角形公共斜边时,四个顶点共圆,结合图形求解可得.【解答】解:如图,以AH为斜边的两个直角三角形,四个顶点共圆(A、F、H、E),以BH为斜边的两个直角三角形,四个顶点共圆(B、F、H、D),以CH为斜边的两个直角三角形,四个顶点共圆(C、D、H、E),以AB为斜边的两个直角三角形,四个顶点共圆(A、E、D、B),以BC为斜边的两个直角三角形,四个顶点共圆(B、F、E、C),以AC为斜边的两个直角三角形,四个顶点共圆(A、F、D、C),共6组.故选:D.6.如图,在四边形ABCD中,AC、BD为对角线,点M、E、N、F分别为AD、AB、BC、CD边的中点,下列说法:①当AC=BD时,M、E、N、F四点共圆.②当AC⊥BD时,M、E、N、F四点共圆.③当AC=BD且AC⊥BD时,M、E、N、F四点共圆.其中正确的是()A.①②B.①③C.②③D.①②③【分析】连接EM、MF、FN、NE,连接EF、MN,交于点O,利用三角形中位线定理可证到四边形ENFM 是平行四边形;然后根据条件判定四边形ENFM的形状,就可知道M、E、N、F四点是否共圆.【解答】解:连接EM、MF、FN、NE,连接EF、MN,交于点O,如图所示.∵点M、E、N、F分别为AD、AB、BC、CD边的中点,∴EM∥BD∥NF,EN∥AC∥MF,EM=NF=BD,EN=MF=AC.∴四边形ENFM是平行四边形.①当AC=BD时,则有EM=EN,所以平行四边形ENFM是菱形.而菱形的四个顶点不一定共圆,故①不一定正确.②当AC⊥BD时,由EM∥BD,EN∥AC可得:EM⊥EN,即∠MEN=90°.所以平行四边形ENFM是矩形.则有OE=ON=OF=OM.所以M、E、N、F四点共圆,故②正确.③当AC=BD且AC⊥BD时,同理可得:四边形ENFM是正方形.则有OE=ON=OF=OM.所以M、E、N、F四点共圆,故③正确.故选:C.7.如图放置的两个正方形,大正方形ABCD边长为a,小正方形CEFG边长为b(a>b),M在BC边上,且BM=b,连接AM,MF,MF交CG于点P,将△ABM绕点A旋转至△ADN,将△MEF绕点F旋转至△NGF,给出以下五个结论:①∠MAD=∠AND;②CP=b﹣;③△ABM≌△NGF;④S四边形AMFN =a2+b2;⑤A,M,P,D四点共圆,其中正确的个数是()A.2B.3C.4D.5【分析】①根据正方形的性质得到∠BAD=∠ADC=∠B=90°,根据旋转的性质得到∠NAD=∠BAM,∠AND=∠AMB,根据余角的性质得到∠DAM+∠NAD=∠NAD+∠AND=∠AND+∠NAD=90°,等量代换得到∠DAM=∠AND,故①正确;②根据正方形的性质得到PC∥EF,根据相似三角形的性质得到CP=b﹣;故②正确;③根据旋转的性质得到GN=ME,等量代换得到AB=ME=NG,根据全等三角形的判定定理得到△ABM ≌△NGF;故③正确;④由旋转的性质得到AM=AN,NF=MF,根据全等三角形的性质得到AM=NF,推出四边形AMFN=AM2是矩形,根据余角的想知道的∠NAM=90°,推出四边形AMFN是正方形,于是得到S四边形AMFN=a2+b2;故④正确;⑤根据正方形的性质得到∠AMP=90°,∠ADP=90°,得到∠ABP+∠ADP=180°,于是推出A,M,P,D四点共圆,故⑤正确.【解答】解:①∵四边形ABCD是正方形,∴∠BAD=∠ADC=∠B=90°,∴∠BAM+∠DAM=90°,∵将△ABM绕点A旋转至△ADN,∴∠NAD=∠BAM,∠AND=∠AMB,∴∠DAM+∠NAD=∠NAD+∠AND=∠AND+∠NAD=90°,∴∠DAM=∠AND,故①正确;②∵四边形CEFG是正方形,∴PC∥EF,∴△MPC∽△EMF,∴,∵大正方形ABCD边长为a,小正方形CEFG边长为b(a>b),BM=b,∴EF=b,CM=a﹣b,ME=(a﹣b)+b=a,∴,∴CP=b﹣;故②正确;③∵将△MEF绕点F旋转至△NGF,∴GN=ME,∵AB=a,ME=a,∴AB=ME=NG,在△ABM与△NGF中,,∴△ABM≌△NGF;故③正确;④∵将△ABM绕点A旋转至△ADN,∴AM=AN,∵将△MEF绕点F旋转至△NGF,∴NF=MF,∵△ABM≌△NGF,∴AM=NF,∴四边形AMFN是矩形,∵∠BAM=∠NAD,∴∠BAM+DAM=∠NAD+∠DAN=90°,∴∠NAM=90°,∴四边形AMFN是正方形,∵在Rt△ABM中,a2+b2=AM2,=AM2=a2+b2;故④正确;∴S四边形AMFN⑤∵四边形AMFN是正方形,∴∠AMP=90°,∵∠ADP=90°,∴∠AMP+∠ADP=180°,∴A,M,P,D四点共圆,故⑤正确.故选:D.8.如图,已知∠A的平分线分别与边BC、△ABC的外接圆交于点D、M,过D任作一条与直线BC不重合的直线l,直线l分别与直线MB、MC交于点P、Q,下列判断错误的是()A.无论直线l的位置如何,总有直线PM与△ABD的外接圆相切B.无论直线l的位置如何,总有∠PAQ>∠BACC.直线l选取适当的位置,可使A、P、M、Q四点共圆D.直线l选取适当的位置,可使S△APQ<S△ABC【分析】本题要求选出错误的命题,只需找到一个命题,说明该命题是假命题即可.可采用反证法判断C是错误的,运用相交弦定理可得DA•DM=DP•DQ,DA•DM=DB•DC,可得DP•DQ=DB•DC,即=,从而可得△DBP∽△DQC,则有∠BPD=∠QCD.由AM平分∠BAC可得∠BAM=∠MAC,根据圆周角定理可得∠MBC=∠MAC,∠MCB=∠BAM,即可得到∠MBC=∠MCB,从而有∠BPD=∠MBC,与三角形外角的性质∠MBC=∠BPD+∠BDP矛盾,故假设不成立,即选择C错误.【解答】解:假设A、P、M、Q四点共圆,根据相交弦定理可得:DA•DM=DP•DQ,∵A、B、M、C四点共圆,∴根据相交弦定理可得:DA•DM=DB•DC,∴DP•DQ=DB•DC,即=,∵∠BDP=∠QDC,∴△DBP∽△DQC,∴∠BPD=∠QCD,∵AM平分∠BAC,∴∠BAM=∠MAC,∵∠MBC=∠MAC,∠MCB=∠BAM,∴∠MBC=∠MCB,∴∠BPD=∠MBC.与∠MBC=∠BPD+∠BDP矛盾,故假设不成立,因而命题C错误,故选:C.9.如图,一副直角三角板满足∠ACB=∠EDF=90°,AC=BC,AB=DF,∠EFD=30°,将三角板DEF 的直角顶点D放置于三角板ABC的斜边AB上,再将三角板DEF绕点D旋转,并使边DE与边AC交于点M,边DF与边BC于点N.当∠EDF在△ABC内绕顶点D旋转时有以下结论:①点C,M,D,N四点共圆;②连接CD,若AD=DB,则△ADM∽△CDN;③若AD=DB,则DN•CM=BN•DM;④若AD=DB,则CM+CN=AD;⑤若DB=2AD,AB=6,则2≤S△DMN≤4.其中正确结论的个数是()A.2B.3C.4D.5【分析】①正确,如图1中,只要证明∠MCN+∠MDN=180°.②正确,可以证明△ADM与△DCN全等.③正确,如图3中,只要证明△ADM≌△CDN,推出AM=CN,DM=DN,因为AC=BC,推出CM=BN,即可证明.④正确,如图4中,作DH⊥AC于H,DG⊥BC于G.只要证明四边形CHDG是正方形,△DHM≌△DGN,推出MH=NG,推出CM+CN=CH+MH+CG﹣NG=2CH,又因为AD=CD=CH,由此即可证明.⑤正确,如图5中,由△DHM∽△DGN,推出==,设DM=x,则DG=2x,推出S△DMN=•2x•x=x2,当DM⊥AC时,DM的值最小,此时DM=DH=,△DMN的面积最小值为2,当DM ⊥AB时,DM的值最大,此时DM=AD=2,△DMN的面积的最大值为4,由此即可判断.【解答】解:①正确.理由如下:如图1中,∵∠ACB=90°,∠EDF=90°,∴∠MCN+∠MDN=180°,∴点C,M,D,N四点共圆.②正确.理由如下:如图2中,连接CD.∵AC=BC.AD=DB.∴CD⊥AB,CD=AD=DB,∴∠ADC=∠MDN=90°,∴∠ADM=∠CDN,在△ADM和△CDN中,,∴△ADM≌△CDN.故②正确.③正确.理由如下:如图3中∵CA=CB,∠ACB=90°,AD=DB,∴CD=AD=DB,CD⊥AB,∠A=∠ACD=∠DCN=45°,∴∠ADC=∠EDF=90°,∴∠ADM=∠CDN,在△ADM和△CDN中,,∴△ADM≌△CDN,∴AM=CN,DM=DN,∵AC=BC,∴CM=BN,∴DN•CM=BN•DM④正确.理由如下:如图4中,作DH⊥AC于H,DG⊥BC于G.∵∠ACD=∠BCD=45°,∴DH=DG,∵∠DHC=∠HCG=∠CGD=90°,∴四边形CHDG是矩形,∵DH=DG,∴四边形CHDG是正方形,∴∠HDG=∠MDN=90°,CH=CG,∴∠MDH=∠GDN,在△DHM和△DGN中,,∴△DHM≌△DGN,∴MH=NG∴CM+CN=CH+MH+CG﹣NG=2CH,∵AD=CD=CH,∴CM+CN=AD.如图5中,作DH⊥AC于H,DG⊥BC于G.∵AB=6,BD=2AD,∴AD=2,BD=4,∴AH=DH=,DG=GB=2,∵∠DHC=∠HCG=∠CGD=90°,∴四边形CHDG是矩形,∴∠HDG=∠MDN,∴∠MDH=∠NDG,∵∠DHM=∠DGN=90°,∴△DHM∽△DGN,∴==,设DM=x,则DG=2x,=•2x•x=x2,∴S△DMN当DM⊥AC时,DM的值最小,此时DM=DH=,△DMN的面积最小值为2,当DM⊥AB时,DM的值最大,此时DM=AD=2,△DMN的面积的最大值为4,≤4.∴2≤S△DMN故选:D.二.填空题(共14小题)10.若一个圆经过梯形ABCD的四个顶点,则这个梯形是等腰梯形.【分析】由四点共圆和平行线的性质证出∠B=∠C,根据在同一底上的两角相等的梯形是等腰梯形就能求出答案.【解答】解:∵圆经过梯形ABCD的四个顶点,∴∠A+∠C=180°,∵AD∥BC,∴∠A+∠B=180°,∴∠B=∠C,∴梯形ABCD是等腰梯形.故答案为:等腰.11.已知AB为圆O的一条弦(非直径),OC⊥AB于C,P为圆O上任意一点,直线PA与直线OC相交于点M,直线PB与直线OC相交于点N.以下说法正确的有①③.①O,M,B,P四点共圆;②A,M,B,N四点共圆;③A,O,P,N四点共圆.【分析】首先按照题意画出示意图,然后根据四点共圆的判定定理进行判断.①验证∠BPM=∠BOC 即可;②由图形可知明显错误;③推导∠AOP+∠ANP=180°即可.【解答】解:如图,∵OC⊥AB于C,∴∠BOC=∠AOC=∠AOB,NA=NB,∵∠BPM=∠AOB,∴∠BPM=∠BOC,∴O、M、B、P四点共圆,∴①正确.∵四边形AMBN为凹四边形.∴A、M、B、N不共圆,∴②错误.∵NA=NB,∴∠NAB=∠NBA,∵∠NAB+∠NBA+∠ANP=180°,∴∠ANP+2∠NBA=180°∵∠AOP=2∠NBA,∴∠AOP+∠ANP=180°,∴A、O、P、N四点共圆,∴③正确.故答案为:①③12.已知△ABC中,∠BAC≠90°,AD⊥BC,BE⊥AC,且AD、BE交于点H,连接CH,则∠ACH+∠BAE=90°.【分析】根据题意可知,点A、B、D、E共圆,点H是△ABC的垂心.过点A作⊙O的切线AF交BC 的延长线BC于点F.根据切线的性质可知△ABF是直角三角形、由平行线的判定与性质可知∠HCA=∠CAF;最后由图形可知∠BAF=∠FAC+∠CAB=90°,即∠BAC+∠HCA=90°.【解答】解:∵△ABC中,∠BAC≠90°,AD⊥BC,BE⊥AC,∴点A、B、D、E在以AB为直径的⊙O上;过点A作⊙O的切线AF交BC的延长线BC于点F,则AF⊥AB.∵点H是三角形ABC的垂心,∴CH⊥AB,∴CH∥AF,∴∠HCA=∠CAF(两直线平行,内错角相等);又∵∠BAF=∠FAC+∠CAB=90°,∴∠BAC+∠HCA=90°.故答案是:90°.13.已知△ABC为等腰直角三角形,∠C为直角,延长CA至D,以AD为直径作圆,连BD与圆O交于点E,连CE,CE的延长线交圆O于另一点F,那么的值等于.【分析】连接AE,AF,DF,根据AD为直径,可证A、C、B、E四点共圆,则∠ACF=∠ABD,又∠AFC=∠ADB,可证△AFC∽△ADB,则=,而∠FAD=∠FED=∠BEC=∠BAC=45°,根据=求解.【解答】解:如图,连接AE,AF,DF,∵AD为直径,∴∠AED=∠AEB=∠ACB=90°,∴A、C、B、E四点共圆,∴∠ACF=∠ABD,又∵∠AFC=∠ADB,∴△AFC∽△ADB,∴=,∵∠FAD=∠FED=∠BEC=∠BAC=45°,在Rt△ADF中,===.故答案为:.14.已知二次函数y1=a1(x﹣1)2﹣2012,其图象顶点为M,且与x轴交于A(x1,0),B(x2,0)两点,又知二次函数y2=a2(x﹣1)2+1的顶点为N,若A,B,M,N四点共圆,则x1x2﹣x1﹣x2=﹣2013.【分析】不妨设A在B的左边,设MN与AB的交点为H,易证△AHM∽△NHA,从而可求出AH,进而得到x1,同理可求出x2,然后代入所求代数式就可解决问题.【解答】解:不妨设A在B的左边,设MN与AB的交点为H,由题可知:M(1,﹣2012),N(1,1),则MH=2012,NH=1.根据抛物线的对称性可得MN垂直平分AB,故MN为四边形AMBN外接圆的直径,根据圆周角定理可得∠NAM=∠NBM=90°,∴∠NAH+∠MAH=90°,∠HMA+∠MAH=90°,∴∠NAH=∠HMA.∵∠AHN=∠MHA=90°,∴△AHM∽△NHA,∴=,∴AH2=MH•NH=2012,∴AH==2,∴1﹣x1=2,∴x1=1﹣2.同理x2=1+2,∴x1x2﹣x1﹣x2=(1﹣2(1+2)﹣(1﹣2)﹣(1+2)=1﹣2012﹣1+2﹣1﹣2=﹣2013.故答案为﹣2013.15.如图,在四边形ABCD中,∠ABC=∠ADC=90°,∠ABD=72°,则∠CAD的度数为18°.【分析】通过证明点A,点B,点C,点D四点共圆,可得∠ABD=∠ACD=72°,由直角三角形的性质可求解.【解答】解:∵∠ABC=∠ADC=90°,∴点A,点B,点C,点D四点共圆,∴∠ABD=∠ACD=72°,∴∠CAD=90°﹣∠ACD=18°,故答案为:18°.16.已知:AB=2,AC平分∠DAB,∠DAB+∠DCB=180°,∠DCB=120°,当∠ABD=∠CBF时,则AC=+1.【分析】先证明A、B、C、D四点共圆,由圆周角定理得出∠ABD=∠ACD,再由已知条件和圆内接四边形的性质得出∠ACD=∠ADC,由三角形内角和定理求出∠ACD=∠ADC=75°,得出∠ACB=45°,作BM⊥AC于M,则∠AMB=∠CMB=90°,由含30°角的直角三角形的性质和勾股定理得出BM=AB=1,AM=,得出△CBM是等腰直角三角形,因此CM=BM=1,即可得出AC的长.【解答】解:∵∠DAB+∠DCB=180°,∴A、B、C、D四点共圆,∠DAB=180°﹣∠DCB=60°,∴∠ABD=∠ACD,∵∠ABD=∠CBF,∴∠ACD=∠CBF,∵∠CBF=∠ADC,∴∠ACD=∠ADC,∵AC平分∠DAB,∴∠DAC=∠BAC=30°,∴∠ACD=∠ADC=75°,∴∠ACB=120°﹣75°=45°,作BM⊥AC于M,如图所示:则∠AMB=∠CMB=90°,∴BM=AB=1,△CBM是等腰直角三角形,∴AM=BM=,CM=BM=1,∴AC=AM+CM=+1;故答案为:+1.17.在四边形ABCD中,∠DAC=98°,∠DBC=82°,∠BCD=70°,BC=AD,则∠ACD=28°.【分析】以CD为对称轴作△CDE与△CBD对称,可得∠DEC=∠DBC=82°,CE=CB,然后由∠DAC=98°可得∠DEC+∠DAC=180°,得出A、D、E、C四点共圆,然后可得CE=AD,继而得出∠DCA=∠CDE=∠CDB,由∠BCD和∠DBC的度数可求出∠BCD的度数,即可求出∠ACD的度数.【解答】解:以CD为对称轴作△CDE与△CBD对称,则∠DEC=∠DBC,CE=CB,∵∠DAC=98°,∠DBC=82°,∴∠DEC=82°,∴∠DEC+∠DAC=180°,∴A、D、E、C四点共圆,∵BC=AD,CE=CB,∴CE=AD,∴∠DCA=∠CDE=∠CDB,∵∠BCD=70°,∠DBC=82°,∴∠BDC=180°﹣∠BCD﹣∠DBC=28°,∴∠ACD=∠BDC=28°.故答案为:28°.18.如图,在等腰△ABC中,∠ABC=90°,点D为BC的中点,点E在AC边上,以DE为腰作等腰Rt△DEF,连接CF,BF.若CE=1,△CDF的面积为7.5,则BF的长为.【分析】作DN⊥AC,DM⊥FC,FK⊥BC,垂足分别为N,M,K,如图所示.易证∠DFE=∠ACB═45°,可得D、E、C、F四点共圆,从而可证到∠DEN=∠DFM,进而可得△DNE≌△DMF,则有DN =DM,NE=MF.易证四边形DNCM是正方形,设正方形DNCM的边长为x,根据△CDF的面积为7.5建立关于x的方程,求出x,从而可求出FC、KC、BK,然后根据勾股定理就可求出BF的长.【解答】证明:作DN⊥AC,DM⊥FC,FK⊥BC,垂足分别为N,M,K,如图所示.∵△ABC和△DEF都是等腰直角三角形,∴∠DFE=∠ACB=45°,∴D、E、C、F四点共圆,∴∠EDF+∠ECF=180°,∠DEC+∠DFC=180°,∠DCF=∠DEF=45°.∵∠DEN+∠DEC=180°,∴∠DEN=∠DFM.在△DNE和△DMF中,.∴△DNE≌△DMF,∴DN=DM,NE=MF.∵∠DNC=∠NCM=∠DMC=90°,∴四边形DNCM是矩形.∵DN=DM,∴矩形DNCM是正方形.设正方形DNCM的边长为x,则NC=MC=DM=DN=x,∴MF=NE=NC﹣EC=x﹣1,∴FC=MC+FM=x+(x﹣1)=2x﹣1.∵△CDF的面积为7.5,∴x(2x﹣1)=7.5.解得:x1=﹣2.5(舍去),x2=3.∴BD=DC==3,FC=5,∴KF=FC•sin45°=.同理:KC=,∴BK=BC﹣KC=6﹣=,∴BF==.故答案为:.19.如图,线段AB、CD相交于E,AE=AC,DE=DB,点M、F、G分别为线段AD、CE、EB的中点,如果∠MAE=25°,∠AMF=40°,那么∠MFG的度数为45°.【分析】如图,连接AF,DG,由等腰三角形的性质可得∠AFD=∠AGD=90°,可得点A,点F,点G,点D四点共圆,可得∠DFG=∠GAD=25°,由直角三角形的性质和等腰三角形的性质可求∠DFM =20°,即可求解.【解答】解:如图,连接AF,DG,∵AE=AC,DE=DB,点F,点G是CE,BE的中点,∴AF⊥CE,DG⊥BE,∴∠AFD=∠AGD=90°,∴点A,点F,点G,点D四点共圆,∴∠DFG=∠GAD=25°,∵∠AFD=90°,点M是AD中点,∴AM=FM=DM,∴∠DFM=∠FDM,且∠AMF=∠FDM+∠DFM=40°,∴∠DFM=20°,∴∠MFG=∠MFD+∠DFG=45°,故答案为45°.20.如图,点O为等边△ABC内一点,OA=2,OC=,连接BO并延长交AC于点D,且∠DOC=30°,过点B作BF⊥BD交CO延长线于点F,连接AF,过点D作DE⊥AF于点E,则DE=.【分析】过点C作CM⊥CF交BD延长线于点M,连接AM,由∠BMC=∠BAC=∠BFC=60°知A、F、B、C、M五点共圆,证∠AMB=60°、OM=OA=2得△AOM是等边三角形,由∠AOM=60°=∠OMC知MC∥AO,得===,从而有OD=OM=、DM=OM=,由A、F、B、M四点共圆证△ODG是等边三角形,得AG=OA﹣OG=OM﹣OD=DM=、EG=AG=,根据DE=DG+EG=OD+EG得出答案.【解答】解:过点C作CM⊥CF交BD延长线于点M,连接AM,∵∠DOC=30°,∴∠BMC=∠BAC=∠BFC=60°,∴A、F、B、C、M五点共圆,∴∠AMB=∠ACB=60°,∵OC=、∠COD=30°,∴OM==2=OA,∴△AOM是等边三角形,∴∠AOM=60°,∵∠AOM=60°=∠OMC,∴MC∥AO,∴===,∴OD=OM=,DM=OM=,∵A、F、B、M四点共圆,∴∠FAM=180°﹣∠FBM=90°,∴∠EAG=∠FAM﹣∠OAM=30°,∴∠OGD=∠AGE=60°,∴△ODG是等边三角形,∴AG=OA﹣OG=OM﹣OD=DM=,∴EG=AG=,∴DE=DG+EG=OD+EG=,故答案为:.21.如图,正方形ABCD的边长为2,对角线AC、BD交于点O,E为DC上一点,∠DAE=30°,过D作DF⊥AE于F点,连接OF.则线段OF的长度为﹣.【分析】作OG⊥DF于G,连接OG.易证A、O、F、D四点共圆,从而有∠OFG=∠DAO=45°,则有OG=FG.设GF=GO=x,则有DG=1+x,OF=x.然后先求出OD,再在Rt△OGD中运用勾股定理求出x,就可得到OF的长.【解答】解:作OG⊥DF于G,连接OG,如图所示.∵四边形ABCD是正方形,∴∠DAC=45°,∠AOD=90°.∵DF⊥AE,即∠AFD=90°,∴∠AOD=∠AFD.∴A、O、F、D四点共圆.∴∠OFG=∠DAO=45°.∵OG⊥DF,即∠OGF=90°,∴∠FOG=45°=∠OFG.∴OG=FG.∵∠AFD=90°,∠DAE=30°,AD=2,∴DF=1.设GF=GO=x,则有DG=DF+FG=1+x,OF==x.在Rt△AOD中,OD=AD•sin∠DAO=2×=.在Rt△OGD中,∵∠OGD=90°,∴OG2+DG2=OD2.∴x2+(1+x)2=()2.解得:x1=﹣+,x2=﹣﹣(舍去).所以OF=x=﹣.故答案为:﹣.22.如图,ABCD、CEFG是正方形,E在CD上,且BE平分∠DBC,O是BD中点,直线BE、DG交于H.BD,AH交于M,连接OH,则OH=AB,BM=AB.【分析】易得△BCE≌△DCG,得到∠1=∠2,B,C,H,D四点共圆,得出OH=BD=AB,由E关于BD的对称E′,得到△BEE′是等腰三角形,BM⊥E′E于M,由角平分线到角两边的距离相等得出BM=AB.【解答】解:如图,设EE′与BD交于点M′,∵AD=CD∴AE′=CE=EF,∵∠E′AM′=∠EFM′,∠AM′E′=∠FM′F,∴△AM′E′≌△FM′E(AAS),∴EM′=E′M′,∵ME′=ME∴M与M′重合,∵BC=DC,EC=CG,∠BCE=∠DCG,在△BCE和△DCG中,,∴△BCE≌△DCG(SAS),∴∠1=∠2,∴B,C,H,D四点共圆,∴OH=BD=AB,∵E关于BD的对称E′,∵∠3=∠4,BE=BE′,∴△BEE′是等腰三角形,∴BM⊥E′E于M,∴BM=AB.故答案为:AB,AB.23.如图放置的两个正方形,大正方形ABCD边长为a,小正方形CEFG边长为b(a>b),M在BC边上,且BM=b,连接AM,MF,MF交CG于点P,将△ABM绕点A旋转至△ADN,将△MEF绕点F旋转至△NGF,给出以下五个结论:①∠MAD=∠AND;②CP=a﹣;③△ABM≌△NGF;④S四边形AMFN=a2+b2;⑤A,M,P,D四点共圆,其中正确的序号为①③④⑤.【分析】①由正方形的性质得∠BAD=∠ADC=∠B=90°,由旋转的性质得∠NAD=∠BAM,∠AND =∠AMB,由余角的性质进而得∠DAM=∠AND,①正确;②由正方形的性质得PC∥EF,由相似三角形的性质得到CP=b﹣,②错误;③由旋转的性质得GN=ME,则AB=ME=NG,证出△ABM≌△NGF(SAS);③正确;=AM2=a2+b2;④正确;得到S四边形AMFN⑤由正方形的性质得∠AMP=90°,∠ADP=90°,得∠ABP+∠ADP=180°,推出A,M,P,D四点共圆,⑤正确.【解答】解:①∵四边形ABCD是正方形,∴∠BAD=∠ADC=∠B=90°,∴∠BAM+∠DAM=90°,∵将△ABM绕点A旋转至△ADN,∴∠NAD=∠BAM,∠AND=∠AMB,∴∠DAM+∠NAD=∠NAD+∠AND=∠AND+∠NAD=90°,∴∠DAM=∠AND,故①正确;②∵四边形CEFG是正方形,∴PC∥EF,∴△MPC∽△MFE,∴=,∵大正方形ABCD边长为a,小正方形CEFG边长为b(a>b),BM=b,∴EF=b,CM=a﹣b,ME=(a﹣b)+b=a,∴=,∴CP=b﹣;故②错误;③∵将△MEF绕点F旋转至△NGF,∴GN=ME,∵AB=a,ME=a,∴AB=ME=NG,在△ABM与△NGF中,,∴△ABM≌△NGF(SAS);故③正确;④∵将△ABM绕点A旋转至△ADN,∴AM=AN,∵将△MEF绕点F旋转至△NGF,∴NF=MF,∵△ABM≌△NGF,。
中考数学专题隐圆中最值问题

几何求最值是初中数学难点之一,而“隐圆”问题便是常见的一类考题,此类问题综合性强 (常常会牵扯到三角形、四边形、甚至坐标系等问题),隐蔽性强(不容易想到),加上部分题 目的计算量很大,很容易造成同学们的丢分。近年来在全国各地的中考或名校的模拟考试中经常 会出现“隐圆”求最值的问题(2014、2015、2016连续三年陕西中考的压轴题的最后一问都牵 扯到了隐圆)。此类题目出现的位置一般是在填空的最后一题或是压轴题,基本都是难题。广大 学生在此问题上经常丢分,甚至已经到了谈“隐圆”变色的地步。
A
P BD
P'
E
C
方法总结
名师说法
附:圆外一点到圆上的最小距离和最大距离 如图:点 P 为圆O 外一点,连接 PO 交圆O 于M 点,延长 PO 交圆O 于 N 点。 则线段 PM 长为点 P 到圆O 上一点的最小距离;线段 PN 长为点 P 到圆O 上一点的最大距离
P
O
N
M
名师数学
温馨提示:
在动点运动的过程中同学们要注意的是:虽然点在动(或不确定位置), 但题目一定会有一些量是不变的,可能是某条线段的长度不变,也可能是 某个角度不变,也有可能某个线与线、线与角、角与角的关系不变,这样 才能化动态问题为定态问题。这个需要同学们对题目进行认真的分析和B = 900 ,AB = 6 ,BC = 8 ,D 为 AC 边一动点,过点 D 作DE ⊥DF
,分别交 AB 边、 BC 边于 E 、 F 两点,则 EF 的最小值是
。
A
E
D
B
F
C
思路)分析:
由于在四边形 EBFD 中 ,DE ⊥ DF ,∠B = 90o ,所以 E、B、F、D 四点共圆(对角互补的四边形 四个顶点共圆),且 EF 为圆的直径(如图 2)。所以,要求 EF 的最小值其实质就是求圆的直 径最小值。
人教中考数学与圆的综合有关的压轴题含答案解析

一、圆的综合 真题与模拟题分类汇编(难题易错题)1.如图,CD 为⊙O 的直径,点B 在⊙O 上,连接BC 、BD ,过点B 的切线AE 与CD 的延长线交于点A ,AEO C =∠∠,OE 交BC 于点F . (1)求证:OE ∥BD ;(2)当⊙O 的半径为5,2sin 5DBA ∠=时,求EF 的长.【答案】(1)证明见解析;(2)EF 的长为212【解析】试题分析:(1)连接OB ,利用已知条件和切线的性质证明; (2)根据锐角三角函数和相似三角形的性质,直接求解即可.试题解析:(1)连接OB , ∵CD 为⊙O 的直径 , ∴ 90CBD CBO OBD ∠=∠+∠=︒. ∵AE 是⊙O 的切线,∴ 90ABO ABD OBD ∠=∠+∠=︒. ∴ ABD CBO ∠=∠. ∵OB 、OC 是⊙O 的半径,∴OB=OC . ∴C CBO ∠=∠. ∴C ABD ∠=∠. ∵E C ∠=∠,∴E ABD ∠=∠. ∴ OE ∥BD . (2)由(1)可得sin ∠C = ∠DBA=25,在Rt △OBE 中, sin ∠C =25BD CD =,OC =5, 4BD =∴90CBD EBO ∠=∠=︒∵E C ∠=∠,∴△CBD ∽△EBO . ∴BD CDBO EO= ∴252EO =.∵OE ∥BD ,CO =OD , ∴CF =FB . ∴122OF BD ==. ∴212EF OE OF =-=2.已知:如图,在矩形ABCD 中,点O 在对角线BD 上,以OD 的长为半径的⊙O 与AD ,BD 分别交于点E 、点F ,且∠ABE=∠DBC .(1)判断直线BE 与⊙O 的位置关系,并证明你的结论; (2)若sin ∠ABE=33,CD=2,求⊙O 的半径.【答案】(1)直线BE 与⊙O 相切,证明见解析;(2)⊙O 的半径为32. 【解析】分析:(1)连接OE ,根据矩形的性质,可证∠BEO =90°,即可得出直线BE 与⊙O 相切; (2)连接EF ,先根据已知条件得出BD 的值,再在△BEO 中,利用勾股定理推知BE 的长,设出⊙O 的半径为r ,利用切线的性质,用勾股定理列出等式解之即可得出r 的值. 详解:(1)直线BE 与⊙O 相切.理由如下:连接OE ,在矩形ABCD 中,AD ∥BC ,∴∠ADB =∠DBC . ∵OD =OE ,∴∠OED =∠ODE . 又∵∠ABE =∠DBC ,∴∠ABE =∠OED , ∵矩形ABDC ,∠A =90°,∴∠ABE +∠AEB =90°,∴∠OED +∠AEB =90°,∴∠BEO =90°,∴直线BE 与⊙O 相切;(2)连接EF ,方法1:∵四边形ABCD 是矩形,CD =2,∴∠A =∠C =90°,AB =CD =2. ∵∠ABE =∠DBC ,∴sin ∠CBD =33sin ABE ∠= ∴23DCBD sin CBD∠==在Rt △AEB 中,∵CD =2,∴22BC =. ∵tan ∠CBD =tan ∠ABE ,∴2222DC AE AEAE BC AB ,,==∴=, 由勾股定理求得6BE =在Rt △BEO 中,∠BEO =90°,EO 2+EB 2=OB 2.设⊙O 的半径为r ,则222623r r +=-()(),∴r =32, 方法2:∵DF 是⊙O 的直径,∴∠DEF =90°. ∵四边形ABCD 是矩形,∴∠A =∠C =90°,AB =CD =2. ∵∠ABE =∠DBC ,∴sin ∠CBD =3sin ABE ∠=. 设3DC x BD x ==,,则2BC x =.∵CD =2,∴22BC =. ∵tan ∠CBD =tan ∠ABE ,∴2222DC AE AEAE BC AB ,,=∴=∴=, ∴E 为AD 中点.∵DF 为直径,∠FED =90°,∴EF ∥AB ,∴132DF BD ==,∴⊙O 的半径为32.点睛:本题综合考查了切线的性质、勾股定理以及三角函数的应用等知识点,具有较强的综合性,有一定的难度.3.如图,O 是△ABC 的内心,BO 的延长线和△ABC 的外接圆相交于D ,连结DC 、DA 、OA 、OC ,四边形OADC 为平行四边形. (1)求证:△BOC ≌△CDA . (2)若AB =2,求阴影部分的面积.【答案】(1)证明见解析;(2433π-. 【解析】分析: (1)根据内心性质得∠1=∠2,∠3=∠4,则AD=CD ,于是可判断四边形OADC 为菱形,则BD 垂直平分AC ,∠4=∠5=∠6,易得OA=OC ,∠2=∠3,所以OB=OC ,可判断点O 为△ABC 的外心,则可判断△ABC 为等边三角形,所以∠AOB=∠BOC=∠AOC=120°,BC=AC ,再根据平行四边形的性质得∠ADC=∠AOC=120°,AD=OC ,CD=OA=OB ,则根据“SAS”证明△BOC ≌△CDA ;(2)作OH ⊥AB 于H ,如图,根据等腰三角形的性质和三角形内角和定理得到∠BOH=30°,根据垂径定理得到BH=AH=12AB=1,再利用含30度的直角三角形三边的关系得到OH=33BH=33,OB=2OH=233,然后根据三角形面积公式和扇形面积公式,利用S 阴影部分=S 扇形AOB-S △AOB 进行计算即可. 详解:(1)证明:∵O 是△ABC 的内心,∴∠2=∠3,∠5=∠6, ∵∠1=∠2,∴∠1=∠3, 由AD ∥CO ,AD =CO ,∴∠4=∠6, ∴△BOC ≌△CDA (AAS )(2)由(1)得,BC =AC ,∠3=∠4=∠6, ∴∠ABC =∠ACB ∴AB =AC∴△ABC 是等边三角形 ∴O 是△ABC 的内心也是外心 ∴OA =OB =OC设E 为BD 与AC 的交点,BE 垂直平分AC . 在Rt △OCE 中,CE=12AC=12AB=1,∠OCE=30°, ∴23∵∠AOC=120°, ∴=AOBAOB S S S -阴影扇=2120231323602π-⨯ =433π- 点睛: 本题考查了三角形的内切圆与内心:与三角形各边都相切的圆叫三角形的内切圆,三角形的内切圆的圆心叫做三角形的内心,这个三角形叫做圆的外切三角形.三角形的内心就是三角形三个内角角平分线的交点.也考查了等边三角形的判定与性质和扇形面积的计算.4.如图,已知AB为⊙O直径,D是BC的中点,DE⊥AC交AC的延长线于E,⊙O的切线交AD的延长线于F.(1)求证:直线DE与⊙O相切;(2)已知DG⊥AB且DE=4,⊙O的半径为5,求tan∠F的值.【答案】(1)证明见解析;(2)2.【解析】试题分析:(1)连接BC、OD,由D是弧BC的中点,可知:OD⊥BC;由OB为⊙O的直径,可得:BC⊥AC,根据DE⊥AC,可证OD⊥DE,从而可证DE是⊙O的切线;(2)直接利用勾股定理得出GO的长,再利用锐角三角函数关系得出tan∠F的值.试题解析:解:(1)证明:连接OD,BC,∵D是弧BC的中点,∴OD垂直平分BC,∵AB 为⊙O的直径,∴AC⊥BC,∴OD∥AE.∵DE⊥AC,∴OD⊥DE,∵OD为⊙O的半径,∴DE 是⊙O的切线;(2)解:∵D是弧BC的中点,∴DC DB,∴∠EAD=∠BAD,∵DE⊥AC,DG⊥AB且DE=4,∴DE=DG=4,∵DO=5,∴GO=3,∴AG=8,∴tan∠ADG=84=2,∵BF是⊙O的切线,∴∠ABF=90°,∴DG∥BF,∴tan∠F=tan∠ADG=2.点睛:此题主要考查了切线的判定与性质以及勾股定理等知识,正确得出AG,DG的长是解题关键.5.如图.在△ABC中,∠C=90°,AC=BC,AB=30cm,点P在AB上,AP=10cm,点E从点P 出发沿线段PA以2c m/s的速度向点A运动,同时点F从点P出发沿线段PB以1c m/s的速度向点B运动,点E到达点A后立刻以原速度沿线段AB向点B运动,在点E、F运动过程中,以EF为边作正方形EFGH,使它与△ABC在线段AB的同侧,设点E、F运动的时间为t (s)(0<t<20).(1)当点H落在AC边上时,求t的值;(2)设正方形EFGH与△ABC重叠部分的面积为S.①试求S关于t的函数表达式;②以点C为圆心,12t为半径作⊙C,当⊙C与GH所在的直线相切时,求此时S的值.【答案】(1)t=2s或10s;(2)①S=2229?(02)75050(210)240400?(1020)t tt t tt t t⎧<≤⎪⎪-+-<≤⎨⎪-+<<⎪⎩;②100cm2.【解析】试题分析:(1)如图1中,当0<t≤5时,由题意AE=EH=EF,即10﹣2t=3t,t=2;如图2中,当5<t<20时,AE=HE,2t﹣10=10﹣(2t﹣10)+t,t=10;(2)分四种切线讨论a、如图3中,当0<t≤2时,重叠部分是正方形EFGH,S=(3t)2=9t2.b、如图4中,当2<t≤5时,重叠部分是五边形EFGMN.c、如图5中,当5<t<10时,重叠部分是五边形EFGMN.d、如图6中,当10<t<20时,重叠部分是正方形EFGH.分别计算即可;②分两种情形分别列出方程即可解决问题.试题解析:解:(1)如图1中,当0<t≤5时,由题意得:AE=EH=EF,即10﹣2t=3t,t=2如图2中,当5<t<20时,AE=HE,2t﹣10=10﹣(2t﹣10)+t,t=10.综上所述:t=2s或10s时,点H落在AC边上.(2)①如图3中,当0<t≤2时,重叠部分是正方形EFGH,S=(3t)2=9t2如图4中,当2<t≤5时,重叠部分是五边形EFGMN,S=(3t)2﹣12(5t﹣10)2=﹣72t2+50t﹣50.如图5中,当5<t<10时,重叠部分是五边形EFGMN,S=(20﹣t)2﹣12(30﹣3t)2=﹣72t2+50t﹣50.如图6中,当10<t<20时,重叠部分是正方形EFGH,S=(20﹣t)2=t2﹣40t+400.综上所述:S=2229?(02)75050(210)240400?(1020)t tt t tt t t⎧<≤⎪⎪-+-<≤⎨⎪-+<<⎪⎩.②如图7中,当0<t≤5时,12t+3t=15,解得:t=307,此时S=100cm2,当5<t<20时,12t+20﹣t=15,解得:t=10,此时S=100.综上所述:当⊙C与GH所在的直线相切时,求此时S的值为100cm2点睛:本题考查了圆综合题、正方形的性质、等腰直角三角形的性质、切线的性质等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,学会用分类讨论的思想思考问题,注意不能漏解,属于中考压轴题.6.阅读:圆是最完美的图形,它具有一些特殊的性质:同弧或等弧所对的圆周角相等,一条弧所对的圆周角等于这条弧所对的圆心角的一半……先构造“辅助圆”,再利用圆的性质将问题进行转化,往往能化隐为显、化难为易。
【中考数学压轴题专题突破28】圆中的新定义问题(2)

【中考压轴题专题突破28】圆中的新定义问题(2)1.以点P为端点竖直向下的一条射线PN,以它为对称轴向左右对称摆动形成了射线PN1,PN2,我们规定:∠N1PN2为点P的“摇摆角”,射线PN摇摆扫过的区域叫作点P的“摇摆区域”(含PN1,PN2).在平面直角坐标系xOy中,点P(2,3).(1)当点P的摇摆角为60°时,请判断O(0,0)、A(1,2)、B(2,1)、C(2+,0)属于点P的摇摆区域内的点是(填写字母即可);(2)如果过点D(1,0),点E(5,0)的线段完全在点P的摇摆区域内,那么点P的摇摆角至少为°;(3)⊙W的圆心坐标为(a,0),半径为1,如果⊙W上的所有点都在点P的摇摆角为60°时的摇摆区域内,求a的取值范围.2.如图,在平面直角坐标系xOy中,过⊙T外一点P引它的两条切线,切点分别为M,N,若60°≤∠MPN<180°,则称P为⊙T的环绕点.(1)当⊙O半径为1时,①在P1(1,0),P2(1,1),P3(0,2)中,⊙O的环绕点是;②直线y=2x+b与x轴交于点A,与y轴交于点B,若线段AB上存在⊙O的环绕点,求b的取值范围;(2)⊙T的半径为1,圆心为(0,t),以(m,m)(m>0)为圆心,m为半径的所有圆构成图形H,若在图形H上存在⊙T的环绕点,直接写出t的取值范围.3.对于平面直角坐标系xOy中的图形M,N,给出如下定义:如果点P为图形M上任意一点,点Q为图形N上任意一点,那么称线段PQ长度的最小值为图形M,N的“近距离”,记作d(M,N).若图形M,N的“近距离”小于或等于1,则称图形M,N互为“可及图形”.(1)当⊙O的半径为2时,①如果点A(0,1),B(3,4),那么d(A,⊙O)=,d(B,⊙O)=;②如果直线y=x+b与⊙O互为“可及图形”,求b的取值范围;(2)⊙G的圆心G在x轴上,半径为1,直线y=﹣x+5与x轴交于点C,与y轴交于点D,如果⊙G和∠CDO互为“可及图形”,直接写出圆心G的横坐标m的取值范围.4.在平面直角坐标系xOy中,已知点A(0,2),点B在x轴上,以AB为直径作⊙C,点P在y轴上,且在点A上方,过点P作⊙C的切线PQ,Q为切点,如果点Q在第一象限,则称Q为点P的离点.例如,图1中的Q为点P的一个离点.(1)已知点P(0,3),Q为P的离点.①如图2,若B(0,0),则圆心C的坐标为,线段PQ的长为;②若B(2,0),求线段PQ的长;(2)已知1≤P A≤2,直线l:y=kx+k+3(k≠0).①当k=1时,若直线l上存在P的离点Q,则点Q纵坐标t的最大值为;②记直线l:y=kx+k+3(k≠0)在﹣1≤x≤1的部分为图形G,如果图形G上存在P的离点,直接写出k的取值范围.5.定义:有且仅有一组对角相等的凸四边形叫做“准平行四边形”.例如:凸四边形ABCD 中,若∠A=∠C,∠B≠∠D,则称四边形ABCD为准平行四边形.(1)如图①,A,P,B,C是⊙O上的四个点,∠APC=∠CPB=60°,延长BP到Q,使AQ=AP.求证:四边形AQBC是准平行四边形;(2)如图②,准平行四边形ABCD内接于⊙O,AB≠AD,BC=DC,若⊙O的半径为5,AB=6,求AC的长;(3)如图③,在Rt△ABC中,∠C=90°,∠A=30°,BC=2,若四边形ABCD是准平行四边形,且∠BCD≠∠BAD,请直接写出BD长的最大值.6.我们定义:如果圆的两条弦互相垂直,那么这两条弦互为“十字弦”,也把其中的一条弦叫做另一条弦的“十字弦”.如:如图,已知⊙O的两条弦AB⊥CD,则AB、CD互为“十字弦”,AB是CD的“十字弦”,CD也是AB的“十字弦”.(1)若⊙O的半径为5,一条弦AB=8,则弦AB的“十字弦”CD的最大值为,最小值为.(2)如图1,若⊙O的弦CD恰好是⊙O的直径,弦AB与CD相交于H,连接AC,若AC=12,DH=7,CH=9,求证:AB、CD互为“十字弦”;(3)如图2,若⊙O的半径为5,一条弦AB=8,弦CD是AB的“十字弦”,连接AD,若∠ADC=60°,求弦CD的长.【中考压轴题专题突破28】圆中的新定义问题(2)参考答案与试题解析一.解答题(共6小题)1.解:(1)根据“摇摆角”作出图形,如图所示,将O、A、B、C四点在平面直角坐标系中描出后,可以发现,B、C在点P的摇摆区域内,故属于点P的摇摆区域内的点是B、C(2)如图所示,当射线PN1过点D时,由对称性可知,此时点E不在点P的摇摆区域内,当射线PN2过点E时,由对称性可知,此时点D在点P的摇摆区域内,易知:此时PQ=QE,∴∠EPQ=45°,∴如果过点D(1,0),点E(5,0)的线段完全在点P的摇摆区域内,那么点P的摇摆角至少为90°(3)如果⊙W上的所有点都在点P的摇摆角为60°时的摇摆区域内,此时⊙W与射线PN1相切,设直线PN1与x轴交于点M,⊙W与射线PN1相切于点N,P为端点竖直向下的一条射线PN与x轴交于点Q,由定义可知:∠PMW=60°,∵NW=1,PQ=3,∴sin∠PMW=,tan∠PMW=∴MW=,MQ=,∴OM=2﹣,∴OW=OM+MW=2﹣+=2﹣∴此时W的坐标为:(2﹣,0)由对称性可知:当⊙W与射线PN2相切时,此时W的坐标为:(2+,0)∴a的范围为:2﹣≤a≤2+2.解:(1)①如图,PM,PN是⊙T的两条切线,M,N为切点,连接TM,TN.当∠MPN=60°时,∵PT平分∠MPN,∵∠TPM=∠TPN=30°,∵TM⊥PM,TN⊥PN,∴∠PMT=∠PNT=90°,∴TP=2TM,以T为圆心,TP为半径作⊙T,观察图象可知:当60°≤∠MPN<180°时,⊙T的环绕点在图中的圆环内部(包括大圆设的点不包括小圆上的点).如图1中,以O为圆心2为半径作⊙O,观察图象可知,P2,P3是⊙O的环绕点,故答案为P2,P3.②如图2中,设小圆交y轴的正半轴与于E.当直线y=2x+b经过点E时,b=1.当直线y=2x+b与大圆相切于K(在第二象限)时,连接OK,由题意B(0,b),A(﹣,0),∴OB=b,OA=,AB===b,∵OK=2,•AB•OK=•OA•OB,∴•b×2=•b•,解得b=2,观察图象可知,当1<b≤2时,线段AB上存在⊙O的环绕点,根据对称性可知:当﹣2≤b<﹣1时,线段AB上存在⊙O的环绕点,综上所述,满足条件的b的值为1<b≤2或﹣2≤b<﹣1.(2)如图3中,不妨设E(m,m),则点E在直线y=x时,∵m>0,∴点E在射线OE上运动,作EM⊥x轴,∵E(m,m),∴OM=m,EM=,∴以E(m,m)(m>0)为圆心,m为半径的⊙E与x轴相切,作⊙E的切线ON,观察图象可知,以E(m,m)(m>0)为圆心,m为半径的所有圆构成图形H,图形H即为∠MON的内部,包括射线OM,ON上.当⊙T的圆心在y轴的正半轴上时,假设以T为圆心,2为半径的圆与射线ON相切于D,连接TD.∵tan∠EOM==,∴∠EOM=30°,∵ON,OM是⊙E的切线,∴∠EON=∠EOM=30°,∴∠TOD=30°,∴OT=2DT=4,∴T(0,4),当⊙T的圆心在y轴的负半轴上时,且经过点O(0,0)时,T(0,﹣2),观察图象可知,当﹣2<t≤4时,在图形H上存在⊙T的环绕点.3.解:(1)①如图1中,设⊙O交y轴于E,连接OB交⊙于F.由题意d(A,⊙O)=AE=1,d(B,⊙O)=BF=OB﹣OF=5﹣2=3.故答案为1,3.②如图2中,作OH⊥EF于H,交⊙O于G.当GH=1时,OF=OG+GH=3,∵直线EF的解析式为y=x+b,∴E(0,b),F(﹣b,0),∴OE=OF=b,∵OH⊥EF,∴HE=HF,∵EF=2OH=6,∴b=3,根据对称性可知当﹣3≤b≤3时,直线y=x+b与⊙O互为“可及图形”.(2)如图3中,当⊙G在y轴的左侧,OG=2时,GG(﹣2,0),当⊙G′在y轴的右侧,作G′H⊥CD于H,当HG′=2时,∵直线y=x﹣5交x轴于C,交y轴于D,∴C(5,0),D(0,5),∴OC=OD=5,∠OCD=45°,∵∠CHG′=90°,∴CH=HG′=2,∴CG′=2,∴G′(5﹣2,0),当点G″在直线CD的右侧时,同法可得G″(5+2,0),观察图象可知满足条件的m的值为:﹣2≤m≤2或5﹣2≤m≤5+2.4.解:(1)①如图可知:C(0,1),在Rt△PQC中,CQ=1,PC=2,∴PQ=,故答案为(0,1);;②如图,过C作CM⊥y轴于点M,连接CP,CQ.∵A(0,2),B(2,0),∴C(1,1).∴M(0,1).在Rt△ACM中,由勾股定理可得CA=.∴CQ=.∵P(0,3),M(0,1),∴PM=2.在Rt△PCM中,由勾股定理可得PC=.在Rt△PCQ中,由勾股定理可得PQ==.(2)①如图1:当k=1时,y=x+4,∴Q(t﹣4,t),∵1≤P A≤2,∴P的纵坐标为4时,PQ与圆C相切,设B(m,0),∴C(,1),∵CQ⊥PQ,∴CQ的解析式为y=﹣x++1,∴Q点横坐标为﹣,∴﹣=t﹣4,∴m=4t﹣10,∴C(2t﹣5,1),∵CQ=AC,∴(2t﹣5)2+1=2(t﹣1)2,∴t=6或t=2,∴t的最大值为6;故答案为6.②∵﹣1≤x≤1,∵y=kx+k+3经过定点(﹣1,3),∵PQ是圆的切线,AO是圆的弦,∴PQ2=P A•PO,当k<0时,Q点的在端点(﹣1,3)和(1,2k+3)之间运动,当P(0,4)时,PQ=2,以P为圆心,PQ长为半径的圆与y轴交于点(0,4﹣2),此时k=1﹣2,当P(0,3)时,PQ=,Q(1,2k+3),∴1+4k2=3,∴k=,∴k=﹣,∴1﹣2<k≤﹣;当k>0时,当P(0,4)时,PQ=2,以P为圆心,PQ长为半径的圆与y轴交于点(0,4+2),此时k=1+2,当P(0,3)时,PQ=,Q(1,2k+3),∴1+4k2=3,∴k=,∴k=,∴≤k<1+2.5.证明:(1)∵∠APC=∠CPB=60°,∴∠APQ=60°,且AQ=AP,∴△APQ是等边三角形,∴∠Q=60°=∠QAP,∵四边形APBC是圆内接四边形,∴∠QP A=∠ACB=60°,∵∠Q+∠ACB+∠QAC+∠QBC=360°,∴∠QAC+∠QBC=240°,且∠QAC=∠QAP+∠BAC+∠P AB=120°+∠P AB>120°,∴∠QBC<120°,∴∠QAC≠∠QBC,且∠QP A=∠ACB=60°=∠Q,∴四边形AQBC是准平行四边形;(2)如图②,连接BD,∵AB≠AD,BC=DC,∴∠ABD≠∠ADB,∠CBD=∠CDB,∴∠ABC≠∠ADC,∵四边形ABCD是准平行四边形,∴∠BAD=∠BCD,∵四边形ABCD是圆内接四边形,∴∠BAD+∠BCD=180°,∠ABC+∠ADC=180°,∴∠BAD=∠BCD=90°,∴BD是直径,∴BD=10,∴AD===8,将△ABC绕点C顺时针旋转90°得到△CDH,∴AB=DH=6,AC=CH,∠ACH=90°,∠ABC=∠CDH,∵∠ABC+∠ADC=180°,∴∠ADC+∠CDH=180°,∴点A,点D,点H三点共线,∴AH=AD+DH=14,∵AC2+CH2=AH2,∴2AC2=196∴AC=7;(3)如图③,作△ACD的外接圆⊙O,过点O作OE⊥AC于E,OF⊥BC于F,∵∠C=90°,∠A=30°,BC=2,∴∠ABC=60°,∠ABC=60°,AC=BC=2∵四边形ABCD是准平行四边形,且∠BCD≠∠BAD,∴∠ABC=∠ADC=60°,∴∠AOC=120°,且OE⊥AC,OA=OC,∴∠ACO=∠CAO=30°,CE=AE=,∴OE=1,CO=2OE=2,∵OE⊥AC,OF⊥BC,∠ECF=90°,∴四边形CFOE是矩形,∴CE=OF=,OE=CF=1,∴BF=BC+CF=3,∴BO===2,∵当点D在BO的延长线时,BD的长有最大值,∴BD长的最大值=BO+OD=2+2.6.解:(1)如图a,当CD是直径时,CD的长最大,则CD的最大值为10;如图b,当点D与点A重合时,CD有最小值,过点O作OE⊥CD于E,OF⊥AB于F,∴AF=BF=4,DE=CE,∴OF===3,∵OE⊥CD,OF⊥AB,∠CDB=90°,∴四边形CEOF是矩形,∴CE=OF=3,∴CD=6,∴CD最小值为6,故答案为:10,6;(2)如图1,连接AD,∵DH=7,CH=9,∴CD=16,∵CD是直径,∴∠CAD=90°,∴AD===4,∵,=,∴,∠ADH=∠ADC,∴△ADH∽△CDA,∴∠AHD=∠CAD=90°,∴AB⊥CD,∴AB、CD互为“十字弦”;(3)如图2,过点O作OE⊥CD于E,过点O作OF⊥AB于点F,连接AO,CO,过点O作ON⊥AC于N,∵∠ADC=60°,AB⊥CD,∴AF=DF,∵OE⊥CD,OF⊥AB,AB⊥CD,∴四边形OEHF是矩形,AF=BF=4,CE=ED,∴OF=EH,∵OF===3,∴EH=3,∴ED=CE=3+DH,∴CF=3+2DH,∵∠AOC=2∠ADC=120°,且AO=CO=5,ON⊥AC,∴∠CAO=30°,AN=CN,∴NO=,AN=,∴AC=5,∵AH2+CH2=AC2,∴75=3DH2+(3+2DH)2,∴DH=2﹣,∴CD=2CE=2(3+2﹣)=.。
压轴题中的与圆有关的最值以及取值范围问题

压轴题中的与圆有关的最值以及取值范围问题中考培优辅导讲义要解答一个圆中的动点问题,特别是圆中的最值问题,需要对圆的基础知识、基本技能和基本思维方法有足够的掌握。
充分利用转化的思想以及思路,既要凭直观感觉去寻找、猜想,利用关键位置来求解,又要对其真正的几何原理理解透彻.解题策略:1.直观感觉,画出图形;2.特殊位置,比较结果;3.理性分析动点过程中所维系的不变条件,通过几何构建,寻找动量与定量(常量)之间的关系,建立等式,进行转化.已知OA=5,sin∠O=35,点D为线段OA上的动点,以A为圆心、AD为半径作⊙A.(1)如图1,若⊙A交∠O于B、C两点,设OD=x,BC=y,求y关于x的函数解析式,并写出函数的定义域;(2)将⊙A沿直线OB翻折后得到⊙A′.①若⊙A′与直线OA相切,求x的值;②若⊙A′与以D为圆心、DO为半径的⊙D相切,求x的值.图1思路点拨1.把不变的量先标记出来,圆心A到直线OB的距离AE=3,翻折以后的圆心A′的位置不变,AA′=2AE=6.2.若⊙A′与直线OA相切,那么圆心A′到直线OA的距离等于圆的半径,由此自然就构造出垂线,以AA′为斜边的直角三角形的三边长就是确定的.3.探究两圆相切,在罗列三要素R、r、d的过程中,发现先要突破圆心距A′D.满分解答(1)如图2,作AE⊥BC,垂足为E,那么E是BC的中点.在Rt△OAE中,OA=5,sin∠O=35,所以AE=3.在Rt △BAE 中,AB =AD =5-x ,AE =3,BE =1122BC y =, 由勾股定理,得2221(5)3()2x y -=+.整理,得y =0≤x <2.图2 图3(2)①如图3,将⊙A 沿直线OB 翻折后得到⊙A ′,AA ′=2AE =6. 作A ′H ⊥OA ,垂足为H .在Rt △A ′AH 中,AA ′=6,sin ∠A ′=35,所以AH =185,A ′H =245.若⊙A ′与直线OA 相切,那么半径等于A ′H . 解方程2455x -=,得15x =.②如图4,在Rt △A ′DH 中,'A D = 对于⊙A ′,R =5-x ;对于⊙D ,r =DO =x ;圆心距d =A ′D .如果两圆外切,由d =R +r 5x x -+.解得145x =(如图4).如果两圆内切,由d =|R -r||5|x x =--. 解得86515x =>.所以两圆不可能内切.图4 图5考点伸展当D为OA的中点时,⊙A′与以D为圆心、DA为半径的⊙D是什么位置关系?⊙A′和⊙D等圆,R=52,两圆不可能内切.当D为OA的中点时,DH=AH-AD=18511 5210-=.此时'5A D==.因此两圆的半径和大于圆心距,此时两圆是相交的(如图5).如图1,已知⊙O的半径长为3,点A是⊙O上一定点,点P为⊙O上不同于点A的动点.(1)当1tan2A=时,求AP的长;(2)如果⊙Q过点P、O,且点Q在直线AP上(如图2),设AP=x,QP=y,求y关于x的函数关系式,并写出函数的定义域;(3)在(2)的条件下,当4tan 3A =时(如图3),存在⊙M 与⊙O 相内切,同时与⊙Q相外切,且OM ⊥OQ ,试求⊙M 的半径的长.图1 图2 图3思路点拨1.第(1)题的计算用到垂径定理和勾股定理.2.第(2)题中有一个典型的图,有公共底角的两个等腰三角形相似.3.第(3)题先把三个圆心距罗列出来,三个圆心距围成一个直角三角形,根据勾股定理列方程.满分解答(1)如图4,过点O 作OH ⊥AP ,那么AP =2AH .在Rt △OAH 中,OA =3,1tan 2A =,设OH =m ,AH =2m ,那么m 2+(2m)2=32.解得m =.所以24AP AH m ==. (2)如图5,联结OQ 、OP ,那么△QPO 、△OAP 是等腰三角形.又因为底角∠P 公用,所以△QPO ∽△OAP . 因此QP OP POPA=,即33y x=.由此得到9y x=.定义域是0<x ≤6.图4 图5(3)如图6,联结OP ,作OP 的垂直平分线交AP 于Q ,垂足为D ,那么QP 、QO 是⊙Q 的半径.在Rt △QPD 中,1322PD PO ==,4tan tan 3P A ==,因此52QP =.如图7,设⊙M 的半径为r .由⊙M 与⊙O 内切,3O r =,可得圆心距OM =3-r . 由⊙M 与⊙Q 外切,52Q r QP ==,可得圆心距52QM r =+.在Rt △QOM 中,52QO =,OM =3-r ,52QM r =+,由勾股定理,得22255()(3)()22r r +=-+.解得911r =.图6 图7 图8考点伸展如图8,在第(3)题情景下,如果⊙M 与⊙O 、⊙Q 都内切,那么⊙M 的半径是多少? 同样的,设⊙M 的半径为r .由⊙M 与⊙O 内切,3O r =,可得圆心距OM =r -3. 由⊙M 与⊙Q 内切,52Q r QP ==,可得圆心距52QM r =-.在Rt △QOM 中,由勾股定理,得22255()(3)()22r r -=-+.解得r =9.如图1,A(-5,0),B(-3,0),点C在y轴的正半轴上,∠CBO=45°,CD//AB,∠CDA =90°.点P从点Q(4,0)出发,沿x轴向左以每秒1个单位长的速度运动,运动时间为t 秒.(1)求点C的坐标;(2)当∠BCP=15°时,求t的值;(3)以点P为圆心,PC为半径的⊙P随点P的运动而变化,当⊙P与四边形ABCD的边(或边所在的直线)相切时,求t的值.图1答案(1)点C的坐标为(0,3).(2)如图2,当P在B的右侧,∠BCP=15°时,∠PCO=30°,4t=如图3,当P在B的左侧,∠BCP=15°时,∠CPO=30°,4t=+图2 图3(3)如图4,当⊙P与直线BC相切时,t=1;如图5,当⊙P与直线DC相切时,t=4;如图6,当⊙P与直线AD相切时,t=5.6.图4 图5 图6在坐标系中,点A 的坐标为(3,0),点B 为y 轴正半轴上的一点,点C 是第一象限内一点,且AC=2.设tan ∠BOC=m ,则m 的取值范围是_________.解:C 在以A 为圆心,以2为半径作圆周上,只有当OC 与圆A 相切(即到C 点)时,∠BOC 最小,AC=2,OA=3,由勾股定理得:OC=,∵∠BOA=∠ACO=90°, ∴∠BOC+∠AOC=90°,∠CAO+∠AOC=90°,∴∠BOC=∠OAC ,tan ∠BOC=tan ∠OAC==,随着C 的移动,∠BOC 越来越大,∵C 在第一象限,∴C 不到x 轴点,即∠BOC<90°, ∴tan ∠BOC ≥,故答案为:m ≥.题4图感悟:通过隐藏圆(高中轨迹的定义),寻找动点C与两个定点O、A构成夹角的变化规律,转化为特殊位置(相切)进行线段、角度有关计算,同时对三角函数值的变化(增减性)进行了延伸考查,其实质是高中“直线斜率”的直接运用;如图,在边长为1的等边△OAB中,以边AB为直径作⊙D,以O为圆心OA长为半径作圆O,C为半圆AB上不与A、B重合的一动点,射线AC交⊙O于点E,BC=a,AC=b.(1)求证:AE=b+a;(2)求a+b的最大值;(3)若m是关于x的方程:x2+ax=b2+ab的一个根,求m的取值范围.【考点】圆的综合题.【分析】(1)首先连接BE,由△OAB为等边三角形,可得∠AOB=60°,又由圆周角定理,可求得∠E的度数,又由AB为⊙D的直径,可求得CE的长,继而求得AE=b+a;(2)首先过点C作CH⊥AB于H,在Rt△ABC中,BC=a,AC=b,AB=1,可得(a+b)2=a2+b2+2ab=1+2ab=1+2CH•AB=1+2CH≤1+2AD=1+AB=2,即可求得答案;(3)由x2+ax=b2+ab,可得(x﹣b)(x+b+a)=0,则可求得x的值,继而可求得m的取值范围.【解答】解:(1)连接BE,∵△OAB为等边三角形,∴∠AOB=60°,∴∠AEB=30°,∵AB为直径,∴∠ACB=∠BCE=90°,∵BC=a,∴BE=2a,CE=a,∵AC=b,∴AE=b+a;(2)过点C作CH⊥AB于H,在Rt△ABC中,BC=a,AC=b,AB=1,∴a2+b2=1,∵S△ABC=AC•BC=AB•CH,∴AC•BC=AB•CH,∴(a+b)2=a2+b2+2ab=1+2ab=1+2CH•AB=1+2CH≤1+2AD=1+AB=2,∴a+b≤,故a+b的最大值为,(3)∵x2+ax=b2+ab,∴x2﹣b2+ax﹣ab=0,∴(x+b)(x﹣b)+a(x﹣b)=0,∴(x﹣b)(x+b+a)=0,∴x=b或x=﹣(b+a),当m=b时,m=b=AC<AB=1,∴0<m<1,当m=﹣(b+a)时,由(1)知AE=﹣m,又∵AB<AE≤2AO=2,∴1<﹣m≤2,∴﹣2≤m<﹣1,∴m的取值范围为0<m<1或﹣2≤m<﹣1.【点评】此题考查了圆周角定理、等边三角形的性质、完全平方公式的应用以及一元二次方程的解法.此题难度较大,注意掌握数形结合思想与分类讨论思想的应用.变式:如图,在边长为1的等边△OAB中,以边AB为直径作⊙D,以O为圆心OA长为半径作⊙O,C为半圆弧AB上的一个动点(不与A、B两点重合),射线AC交⊙O于点的最大值.E,BC=a,AC=b,求a b+≤解:.a b感悟:通过圆的基本性质,寻找动点C与两个定点A、B构成三角形的不变条件,结合不等式的性质进行转化,其实质是高中“柯西不等式”的直接运用;引例2图如图,∠BAC=60°,半径长为1的圆O与∠BAC的两边相切,P为圆O上一动点,以P为圆心,PA长为半径的圆P交射线AB、AC于D、E两点,连接DE,则线段DE长度的最大值为( ).A.3 B.6 C D.解:连接EP,DP,过P点作PM垂直DE于点M,过O做OF⊥AC与F,连接AO,如图,∵∠BAC=60°,∴∠DPE=120°.∵PE=PD,PM⊥DE,∴∠EPM=60°,∴ED=2EM=2EP•sin60°=EP=PA.当P与A、O共线时,且在O点右侧时,⊙P直径最大.∵⊙O与∠BAC两边均相切,且∠BAC=60°,∴∠OAF=30°,OF=1,∴AO==2,AP=2+1=3,∴DE=PA=3.故答案为:D。
例谈与圆有关的几何最值问题

技法点拨例谈与圆有关的几何最值问题■卢光丽几何图形的最值问题是中考数学试卷中常见的题型,此类问题一般是动态问题,难度较大,题目多在选择题、填空题或解答题的压轴题中呈现,其所涉及的知识点很多都与圆有关,只要我们认真审题,以静制动,巧妙地构造辅助圆(或圆弧),就能化难为易,使问题很快获解。
我们先来探究基本模型。
如图1,已知点M 是⊙O 外的一点,连接MO 交⊙O 于点A ,延长MO 交⊙O 于点B .则(1)线段MA 的长为圆外一点(M )到圆上的最短距离;(2)线段MB 的长为圆外一点(M )到圆上的最长距离.证明:(1)在⊙O 任取一点A ′(点A ′与点A 不重合),连接MA ′,OA ′,则MA ′+OA ′>MO =MA +OA ,∵OA ′=OA ,∴MA ′>MA .即线段MA 的长为圆外一点(M )到圆上的最短距离.(2)在⊙O 任取一点B ′(点B ′与点B 不重合),连接MB ′,O B ′,则MO +O B ′>MB ′,∵OB =OB ′,∴MO +OB =MB >MB ′.即线段MB 的长为圆外一点(M )到圆上的最长距离.下面,我们举例谈谈如何运用上述模型的结论解决几何最值问题。
例1.(2020·广东)有一架竖直靠在直角墙面的梯子正在下滑,一只猫紧紧盯住位于梯子正中间的老鼠,等待与老鼠距离最小时捕捉。
把墙面、梯子、猫和老鼠都理想化为同一平面内的线或点,模型如图2,∠ABC=90°,点M ,N 分别在射线BA ,BC 上,MN 的长度始终保持不变,MN =4,E 为MN 的中点,点D 到BA ,BC 的距离分别为4和2.在此滑动过程中,猫与老鼠的距离DE 的最小值为_________.A BEDNCCN D EBAMMG 图2图3分析:梯子MN 在滑动过程中,始终保持△MBN 是直角三角形,点E 是MN 的中点。
根据“直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半”可知,点E 的运动轨迹是以点B 为圆心,12MN 的长为半径的圆弧,连接BD 交圆弧于点E ,此时猫与老鼠的距离DE 最小。
专题4.2圆---利用“隐圆”模型求最值-中考数学二轮复习必会几何模型剖析(全国通用)

D
Q
Q
C
N N
H
O O
A
MM
P P
B
∵MN=2NH= ON2-OH2 = 262-OH2
∴当OH最短时,MN最长.
与“圆”有关的最值问题
强化训练
提升能力
4.如图,在Rt△ABC中,∠C=90º,BC=6,AC=8,D,E分别是BC,AC上的一点,且
24/5
DE=6.若以DE为直径的圆与斜边AB相交于M,N两点,则MN的最大值为_____.
A
M
D
E
B
N
C
针对训练
点圆最值---点心线
考点4-1
1.如图,⊙O、⊙C,OC=5,点A、B分别是平面内的动点,且OA=4,BC=3,则OB长
2 ,AC长的最大值为_____
8 ,OB长的最小值为______
9 ,AC长的最小值
的最大值为______
12 ,AB长的最小值为____.
0
为______
1 ,AB长的最大值为______
2.如图,在矩形ABCD中,AB=4,AD=6,点E是AB边上的中点,点F是线段BC边上
的动点,将△EBF沿EF所在直线折叠得到△EB´F,连接B´C,则B´C最小值是
A
2 10-2
________.
A
B
O
C
D
B´
E
B´
B
F
C
模型分析
线圆最值---心垂线
考点4-2
BC、CD上两个动点,且∠EAF=60º,则△AEF的面积是否存在最小值?若存在,
求出其最小值;若不存在,请说明理由. 定角夹定高
【简答】将△ADF绕点A顺时针旋转120º,得△ABF´,则∠EAF´=60º,易证
专题:阿氏圆与线段和最值问题(含答案)

专题:阿氏圆与线段和最值问题以阿氏圆(阿波罗尼斯圆)为背景的几何问题近年来在中考数学中经常出现,对于此类问题的归纳和剖析显得非常重要.具体内容如下: 阿氏圆定理(全称:阿波罗尼斯圆定理),具体的描述:一动点P 到两定点A 、B 的距离之比等于定比n m (≠1),则P 点的轨迹,是以定比n m内分和外分定线段AB 的两个分点的连线为直径的圆.这个轨迹最先由古希腊数学家阿波罗尼斯发现,该圆称为阿波罗尼斯圆,简称阿氏圆.定理读起来和理解起来比较枯燥,阿氏圆题型也就是大家经常见到的PA+kPB ,(k ≠1)P 点的运动轨迹是圆或者圆弧的题型.PA+kPB,(k ≠1)P 点的运动轨迹是圆或圆弧的题型阿氏圆基本解法:构造母子三角形相似例题1、问题提出:如图1,在Rt △ABC 中,∠ACB =90°,CB =4,CA =6,⊙C 半径为2,P 为圆上一动点,连结AP 、BP ,求AP +BP 的最小值.(1)尝试解决:为了解决这个问题,下面给出一种解题思路:如图2,连接CP ,在CB 上取点D ,使CD =1,则有==,又∵∠PCD =∠BCP ,∴△PCD ∽△BCP .∴=,∴PD =BP ,∴AP +BP =AP +PD .请你完成余下的思考,并直接写出答案:AP +BP 的最小值为 .(2)自主探索:在“问题提出”的条件不变的情况下,AP +BP 的最小值为 . (3)拓展延伸:已知扇形COD 中,∠COD =90°,OC =6,OA =3,OB =5,点P 是上一点,求2P A +PB 的最小值.【分析】(1)利用勾股定理即可求出,最小值为AD =;(2)连接CP,在CA上取点D,使CD=,则有,可证△PCD∽△ACP,得到PD=AP,即:AP+BP=BP+PD,从而AP+BP的最小值为BD;(3)延长OA到点E,使CE=6,连接PE、OP,可证△OAP∽△OPE,得到EP=2P A,得到2P A+PB=EP+PB,当E、P、B三点共线时,得到最小值.【解答】解:(1)如图1,连结AD,∵AP+BP=AP+PD,要使AP+BP最小,∴AP+AD最小,当点A,P,D在同一条直线时,AP+AD最小,即:AP+BP最小值为AD,在Rt△ACD中,CD=1,AC=6,∴AD==,AP+BP的最小值为,故答案为:;(2)如图2,连接CP,在CA上取点D,使CD=,∴,∵∠PCD=∠ACP,∴△PCD∽△ACP,∴,∴PD=AP,∴AP+BP=BP+PD,∴同(1)的方法得出AP+BP的最小值为BD==.故答案为:;(3)如图3,延长OA到点E,使CE=6,∴OE=OC+CE=12,连接PE、OP,∵OA=3,∴,∵∠AOP=∠AOP,∴△OAP∽△OPE,∴,∴EP=2P A,∴2P A+PB=EP+PB,∴当E、P、B三点共线时,取得最小值为:BE==13.【点评】此题是圆的综合题,主要考查了勾股定理,相似三角形的判定和性质,极值的确定,还考查了学生的阅读理解能力,解本题的关键是根据材料中的思路构造出△PCD ∽△ACP和△OAP∽△OPE,也是解本题的难点.例题2、问题背景如图1,在△ABC中,BC=4,AB=2AC.问题初探请写出任意一对满足条件的AB与AC的值:AB=,AC=.问题再探如图2,在AC右侧作∠CAD=∠B,交BC的延长线于点D,求CD的长.问题解决求△ABC的面积的最大值.【分析】问题初探:设AC=x,则AB=2x,根据三角形三边间的关系知2x﹣x<4且2x+x >4,解之得出x的范围,在此范围内确定AC的值即可得出答案;问题再探:设CD=a、AD=b,证△DAC∽△DBA得==,据此知,解之可得;问题解决:设AC=m、则AB=2m,根据面积公式可得S△ABC=2m,由余弦定理可得cos C,代入化简S△ABC=,结合m的取值范围,利用二次函数的性质求解可得.【解答】解:问题初探,设AC=x,则AB=2x,∵BC=4,∴2x﹣x<4且2x+x>4,解得:<x<4,取x=3,则AC=3、AB=6,故答案为:6、3;问题再探,∵∠CAD=∠B,∠D=∠D,∴△DAC∽△DBA,则==,设CD=a、AD=b,∴,解得:,即CD=;问题解决,设AC=m、则AB=2m,根据面积公式可得S△ABC=AC•BC sin C=2m sin C=2m,由余弦定理可得cos C=,∴S△ABC=2m=2m===由三角形三边关系知<m<4,所以当m=时,S△ABC取得最大值.【点评】本题主要考查三角形三边关系、相似三角形的判定与性质及二次函数的应用,解题的关键是熟练掌握相似三角形的判定与性质、三角形的面积公式、余弦定理及二次函数的性质.例题3、如图,已知AC=6,BC=8,AB=10,⊙C的半径为 4,点D 是⊙C上的动点,连接AD,BD,则12AD BD的最小值为_________【解答】例题4、在△ABC中,AB=9,BC=8,∠ABC=60°,⊙A 的半径为6,P是⊙A上的动点,连接PB,PC,则3PC+2PB的最小值为___________【解答】21练习1.如图,在平面直角坐标系中,点A(4,0),B(4,4),点P在半径为2的圆O上运动,则AP+BP的最小值是.【分析】如图,取点K(1,0),连接OP、PK、BK.由△POK∽△AOP,可得==,推出PK=P A,在△PBK中,PB+PK≥BK,推出PB+P A=PB+PK的最小值为BK的长.【解答】解:如图,取点K(1,0),连接OP、PK、BK.∵OP=2,OA=4,OK=1,∴==,∵∠POK=∠AOP,∴△POK∽△AOP,∴==,∴PK=P A,∴PB+P A=PB+PK,在△PBK中,PB+PK≥BK,∴PB+P A=PB+PK的最小值为BK的长,∵B(4,4),K(1,0),∴BK==5.故答案为5.【点评】本题考查坐标与图形的性质、相似三角形的判定和性质、三角形的三边关系、两点之间的距离公式等知识,解题的关键是灵活运用所学知识解决问题,学会用转化的思想思考问题,属于中考填空题中的压轴题.2.如图,正方形ABCD的边长为4,⊙B的半径为2,P为⊙B上的动点,则PD+PC的最小值等于.【分析】在BC上截取BE=1,连接BP,PE,由正方形的性质可得BC=4=CD,BP=2,EC=3,可证△PBE∽△CBP,可得PE=PC,即当点D,点P,点E三点共线时,PD+PE 有最小值,即PD+PC有最小值,【解答】解:如图,在BC上截取BE=1,连接BP,PE,∵正方形ABCD的边长为4,⊙B的半径为2,∴BC=4=CD,BP=2,EC=3∵,且∠PBE=∠PBE∴△PBE∽△CBP∴∴PE=PC∴PD+PC=PD+PE∴当点D,点P,点E三点共线时,PD+PE有最小值,即PD+PC有最小值,∴PD+PC最小值为DE==5故答案为:5【点评】本题考查了正方形的性质,圆的有关知识,相似三角形的判定和性质,添加恰当的辅助线构造相似三角形是本题的关键.3.如图,四边形ABCD为边长为4的正方形,⊙B的半径为2,P是⊙B上一动点,则PD+ PC的最小值为;PD+4PC的最小值为.【分析】①如图,连接PB、在BC上取一点E,使得BE=1.只要证明△PBE∽△CBP,可得==,推出PD+PC=PD+PE,再根据三角形的三边关系PE+PD≤DE即可解决问题;②连接DB,PB,在BD上取一点E,使得BE=,连接EC,作EF⊥BC于F.只要证明△PBE∽△DBP,可得==,推出PE=PD,推出PD+4PC=4(PD+PC)=4(PE+PC),根据三角形的三边关系PE+PC≤EC即可解决问题;【解答】解:①如图,连接PB、在BC上取一点E,使得BE=1.∵PB2=4,BE•BC=4,∴PB2=BE•BC,∴=,∵∠PBE=∠CBP,∴△PBE∽△CBP,∴==,∴PD+PC=PD+PE,∵PE+PD≤DE,在Rt△DCE中,DE==5,∴PD+PC的最小值为5.②连接DB,PB,在BD上取一点E,使得BE=,连接EC,作EF⊥BC于F.∵PB2=4,BE•BD=×4=4,∴BP2=BE•BD,∴=,∵∠PBE=∠PBD,∴△PBE∽△DBP,∴==,∴PE=PD,∴PD+4PC=4(PD+PC)=4(PE+PC),∵PE+PC≥EC,在Rt△EFC中,EF=,FC=,∴EC=,∴PD+4PC的最小值为10.故答案为5,10.【点评】本题考查轴对称最短问题、正方形的性质、相似三角形的判定和性质等知识,解题的关键是学会利用数形结合的思想解决问题,学会根据相似三角形解决问题,属于中考填空题中的压轴题.4.如图,半圆的半径为1,AB为直径,AC、BD为切线,AC=1,BD=2,P为上一动点,求PC+PD的最小值.【分析】如图当A、P、D共线时,PC+PD最小,根据PC+PD=PM+PD=DM=AD﹣AM即可计算.【解答】解:如图当A、P、D共线时,PC+PD最小.理由:连接PB、CO,AD与CO交于点M,∵AB=BD=4,BD是切线,∴∠ABD=90°,∠BAD=∠D=45°,∵AB是直径,∴∠APB=90°,∴∠P AB=∠PBA=45°,∴P A=PB,PO⊥AB,∵AC=PO=2,AC∥PO,∴四边形AOPC是平行四边形,∴OA=OP,∠AOP=90°,∴四边形AOPC是正方形,∴PM=PC,∴PC+PD=PM+PD=DM,∵DM⊥CO,∴此时PC+DP最小=AD﹣AM=2﹣=.【点评】本题考查切线的性质、轴对称﹣最短问题、正方形的判定和性质、等腰直角三角形的判定和性质等知识,解题的关键是找到点P的位置,学会通过特殊点探究问题,找到解题的突破口,属于中考常考题型.5.如图,在Rt△ABC中,∠A=30°,AC=8,以C为圆心,4为半径作⊙C.(1)试判断⊙C与AB的位置关系,并说明理由;(2)点F是⊙C上一动点,点D在AC上且CD=2,试说明△FCD~△ACF;(3)点E是AB边上任意一点,在(2)的情况下,试求出EF+F A的最小值.【分析】(1)结论:相切.作CM⊥AB于M.,只要证明CM=4,即可解决问题;(2)由CF=4,CD=2,CA=8,推出CF2=CD•CA,推出=,由∠FCD=∠ACF,即可推出△FCD∽△ACF;(3)作DE′⊥AB于E′,交⊙C于F′.由△FCD∽△ACF,可得==,推出DF=AC,推出EF+AF=EF+DF,所以欲求EF+AF的最小值,就是要求EF+DF 的最小值;【解答】(1)解:结论:相切.理由:作CM⊥AB于M.在Rt△ACM中,∵∠AMC=90°,∠CAM=30°,AC=8,∴CM=AC=4,∵⊙O的半径为4,∴CM=r,∴AB是⊙C的切线.(2)证明:∵CF=4,CD=2,CA=8,∴CF2=CD•CA,∴=,∵∠FCD=∠ACF,∴△FCD∽△ACF.(3)解:作DE′⊥AB于E′,交⊙C于F′.∵△FCD∽△ACF,∴==,∴DF=AC,∴EF+AF=EF+DF,∴欲求EF+AF的最小值,就是要求EF+DF的最小值,当E与E′,F与F′重合时,EF+DF的值最小,最小值=DE′=AD=3.【点评】本题考查圆综合题、切线的判定和性质、相似三角形的判定和性质,垂线段最短等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,正确切线的证明方法,学会正确寻找相似三角形解决问题,学会利用垂线段最短解决问题,属于中考压轴题.6.问题提出:如图1,在等边△ABC中,AB=12,⊙C半径为6,P为圆上一动点,连结AP,BP,求AP+BP的最小值.(1)尝试解决:为了解决这个问题,下面给出一种解题思路:如图2,连接CP,在CB 上取点D,使CD=3,则有==,又∵∠PCD=∠BCP,∴△PCD∽△BCP,∴=,∴PD=BP,∴AP+BP=AP+PD.请你完成余下的思考,并直接写出答案:AP+BP的最小值为.(2)自主探索:如图3,矩形ABCD中,BC=7,AB=9,P为矩形内部一点,且PB=3,AP+PC的最小值为.(3)拓展延伸:如图4,扇形COD中,O为圆心,∠COD=120°,OC=4,OA=2,OB=3,点P是上一点,求2P A+PB的最小值,画出示意图并写出求解过程.【分析】(1)由等边三角形的性质可得CF=6,AF=6,由勾股定理可求AD的长;(2)在AB上截取BF=1,连接PF,PC,由,可证△ABP∽△PBF,可得PF=AP,即AP+PC=PF+PC,则当点F,点P,点C三点共线时,AP+PC的值最小,由勾股定理可求AP+PC的值最小值;(3)延长OC,使CF=4,连接BF,OP,PF,过点F作FB⊥OD于点M,由,可得△AOP∽△POF,可得PF=2AP,即2P A+PB=PF+PB,则当点F,点P,点B三点共线时,2AP+PB的值最小,由勾股定理可求2P A+PB的最小值.【解答】解:(1)解:(1)如图1,连结AD,过点A作AF⊥CB于点F,∵AP+BP=AP+PD,要使AP+BP最小,∴AP+AD最小,当点A,P,D在同一条直线时,AP+AD最小,即:AP+BP最小值为AD,∵AC=12,AF⊥BC,∠ACB=60°∴CF=6,AF=6∴DF=CF﹣CD=6﹣3=3∴AD==3∴AP+BP的最小值为3(2)如图,在AB上截取BF=1,连接PF,PC,∵AB=9,PB=3,BF=1∴,且∠ABP=∠ABP,∴△ABP∽△PBF,∴∴PF=AP∴AP+PC=PF+PC,∴当点F,点P,点C三点共线时,AP+PC的值最小,∴CF===5∴AP+PC的值最小值为5,(3)如图,延长OC,使CF=4,连接BF,OP,PF,过点F作FB⊥OD于点M,∵OC=4,FC=4,∴FO=8,且OP=4,OA=2,∴,且∠AOP=∠AOP∴△AOP∽△POF∴∴PF=2AP∴2P A+PB=PF+PB,∴当点F,点P,点B三点共线时,2AP+PB的值最小,∵∠COD=120°,∴∠FOM=60°,且FO=8,FM⊥OM∴OM=4,FM=4∴MB=OM+OB=4+3=7∴FB==∴2P A+PB的最小值为.【点评】此题是圆的综合题,主要考查了圆的有关知识,勾股定理,相似三角形的判定和性质,极值的确定,还考查了学生的阅读理解能力,解本题的关键是根据材料中的思路构造出相似三角形,也是解本题的难点.7.(1)如图1,已知正方形ABCD的边长为4,圆B的半径为2,点P是圆B上的一个动点,求PD+的最小值和PD﹣的最大值;(2)如图2,已知正方形ABCD的边长为9,圆B的半径为6,点P是圆B上的一个动点,那么PD+的最小值为,PD﹣的最大值为.(3)如图3,已知菱形ABCD的边长为4,∠B=60°,圆B的半径为2,点P是圆B 上的一个动点,那么PD+的最小值为,PD﹣的最大值为.【分析】(1)如图1中,在BC上取一点G,使得BG=1.由△PBG∽△CBP,推出==,推出PG=PC,推出PD+PC=DP+PG,由DP+PG≥DG,当D、G、P 共线时,PD+PC的值最小,最小值为DG==5.由PD﹣PC=PD﹣PG≤DG,当点P在DG的延长线上时,PD﹣PC的值最大(如图2中),最大值为DG=5;(2)如图3中,在BC上取一点G,使得BG=4.解法类似(1);(3)如图4中,在BC上取一点G,使得BG=4,作DF⊥BC于F.解法类似(1);【解答】解:(1)如图1中,在BC上取一点G,使得BG=1.∵==2,==2,∴=,∵∠PBG=∠PBC,∴△PBG∽△CBP,∴==,∴PG=PC,∴PD+PC=DP+PG,∵DP+PG≥DG,∴当D、G、P共线时,PD+PC的值最小,最小值为DG==5.∵PD﹣PC=PD﹣PG≤DG,当点P在DG的延长线上时,PD﹣PC的值最大(如图2中),最大值为DG=5.(2)如图3中,在BC上取一点G,使得BG=4.∵==,==,∴=,∵∠PBG=∠PBC,∴△PBG∽△CBP,∴==,∴PG=PC,∴PD+PC=DP+PG,∵DP+PG≥DG,∴当D、G、P共线时,PD+PC的值最小,最小值为DG==.∵PD﹣PC=PD﹣PG≤DG,当点P在DG的延长线上时,PD﹣PC的值最大,最大值为DG=.故答案为,(3)如图4中,在BC上取一点G,使得BG=1,作DF⊥BC于F.∵==2,==2,∴=,∵∠PBG=∠PBC,∴△PBG∽△CBP,∴==,∴PG=PC,∴PD+PC=DP+PG,∵DP+PG≥DG,∴当D、G、P共线时,PD+PC的值最小,最小值为DG,在Rt△CDF中,∠DCF=60°,CD=4,∴DF=CD•sin60°=2,CF=2,在Rt△GDF中,DG==∵PD﹣PC=PD﹣PG≤DG,当点P在DG的延长线上时,PD﹣PC的值最大(如图2中),最大值为DG=.故答案为,.【点评】本题考查圆综合题、正方形的性质、菱形的性质、相似三角形的判定和性质、两点之间线段最短等知识,解题的关键是学会构建相似三角形解决问题,学会用转化的思想思考问题,把问题转化为两点之间线段最短解决,题目比较难,属于中考压轴题.8.如图,抛物线y=﹣x2+bx+c与直线AB交于A(﹣4,﹣4),B(0,4)两点,直线AC:y=﹣x﹣6交y轴于点C.点E是直线AB上的动点,过点E作EF⊥x轴交AC于点F,交抛物线于点G.(1)求抛物线y=﹣x2+bx+c的表达式;(2)连接GB,EO,当四边形GEOB是平行四边形时,求点G的坐标;(3)在(2)的前提下,y轴上是否存在一点H,使∠AHF=∠AEF?如果存在,求出此时点H的坐标,如果不存在,请说明理由.【分析】(1)把A、B点的坐标分别代入代入y=﹣x2+bx+c得关于b、c的方程组,然后解方程组求出b、c,从而得到抛物线的解析式;(2)先利用待定系数法求出直线AB的解析式为y=2x+4,设G(x,﹣x2﹣2x+4),则E(x,2x+4),根据平行四边形的判定,当GE=OB时,且点G在点E的上方,四边形GEOB为平行四边形,从而得到﹣x2﹣2x+4﹣(2x+4)=4,然后解方程即可得到此时G 点坐标;(3)先确定C(0,﹣6),再利用勾股定理的逆定理证明△BAC为直角三角形,∠BAC =90°,接着根据圆周角定理,由∠AHF=∠AEF可判断点H在以EF为直径的圆上,EF的中点为M,如图,设H(0,t),由于E(﹣2,0),F(﹣2,﹣5),则M(﹣2,﹣),然后根据HM=EF得到22+(t+)2=×52,最后解方程即可得到H点的坐标.【解答】解:(1)把A(﹣4,﹣4),B(0,4)代入y=﹣x2+bx+c得,解得,∴抛物线的解析式为y=﹣x2﹣2x+4;(2)设直线AB的解析式为y=kx+m,把A(﹣4,﹣4),B(0,4)代入得,解得,∴直线AB的解析式为y=2x+4,设G(x,﹣x2﹣2x+4),则E(x,2x+4),∵OB∥GE,∴当GE=OB时,且点G在点E的上方,四边形GEOB为平行四边形,∴﹣x2﹣2x+4﹣(2x+4)=4,解得x1=x2=﹣2,此时G点坐标为(﹣2,4);(3)存在.当x=0时,y=﹣x﹣6=﹣6,则C(0,﹣6),∵AB2=42+82=80,AC2=42+22=20,BC2=102=100,∴AB2+AC2=BC2,∴△BAC为直角三角形,∠BAC=90°,∵∠AHF=∠AEF,∴点H在以EF为直径的圆上,EF的中点为M,如图,设H(0,t),∵G(﹣2,4),∴E(﹣2,0),F(﹣2,﹣5),∴M(﹣2,﹣),∵HM=EF,∴22+(t+)2=×52,解得t1=﹣1,t2=﹣4,∴H点的坐标为(0,﹣1)或(0,﹣4).【点评】本题考查了二次函数的综合题:熟练掌握二次函数图象上点的坐标特征和平行四边形的判定;会利用待定系数法求函数解析式;会利用勾股定理的逆定理证明直角三角形,能运用圆周角定理判断点在圆上;理解坐标与图形的性质,记住两点间的距离公式.9.如图1,抛物线y=ax2+(a+3)x+3(a≠0)与x轴交于点A(4,0),与y轴交于点B,在x轴上有一动点E(m,0)(0<m<4),过点E作x轴的垂线交直线AB于点N,交抛物线于点P,过点P作PM⊥AB于点M.(1)求a的值和直线AB的函数表达式;(2)设△PMN的周长为C1,△AEN的周长为C2,若=,求m的值;(3)如图2,在(2)条件下,将线段OE绕点O逆时针旋转得到OE′,旋转角为α(0°<α<90°),连接E′A、E′B,求E′A+E′B的最小值.【分析】(1)令y=0,求出抛物线与x轴交点,列出方程即可求出a,根据待定系数法可以确定直线AB解析式.(2)由△PNM∽△ANE,推出=,列出方程即可解决问题.(3)在y轴上取一点M使得OM′=,构造相似三角形,可以证明AM′就是E′A+E′B的最小值.【解答】解:(1)令y=0,则ax2+(a+3)x+3=0,∴(x+1)(ax+3)=0,∴x=﹣1或﹣,∵抛物线y=ax2+(a+3)x+3(a≠0)与x轴交于点A(4,0),∴﹣=4,∴a=﹣.∵A(4,0),B(0,3),设直线AB解析式为y=kx+b,则,解得,∴直线AB解析式为y=﹣x+3.(2)如图1中,∵PM⊥AB,PE⊥OA,∴∠PMN=∠AEN,∵∠PNM=∠ANE,∴△PNM∽△ANE,∴=,∵NE∥OB,∴=,∴AN=(4﹣m),∵抛物线解析式为y=﹣x2+x+3,∴PN=﹣m2+m+3﹣(﹣m+3)=﹣m2+3m,∴=,解得m=2.(3)如图2中,在y轴上取一点M′使得OM′=,连接AM′,在AM′上取一点E′使得OE′=OE.∵OE′=2,OM′•OB=×3=4,∴OE′2=OM′•OB,∴=,∵∠BOE′=∠M′OE′,∴△M′OE′∽△E′OB,∴==,∴M′E′=BE′,∴AE′+BE′=AE′+E′M′=AM′,此时AE′+BE′最小(两点间线段最短,A、M′、E′共线时),最小值=AM′==.【点评】本题考查相似三角形的判定和性质、待定系数法、最小值问题等知识,解题的关键是构造相似三角形,找到线段AM′就是E′A+E′B的最小值,属于中考压轴题.。
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例四、柯西不等式、配方法
1.如图,已知半径为 2 的⊙O 与直线 l 相切于点 A,点 P 是直径 AB 左侧半圆上的动点,过
点 P 作直线 l 的垂线,垂足为 C,PC 与⊙O 交于点 D,连接 PA、PB,设 PC 的长为 x(2<x<
4),则当 x=
时,PD•CD 的值最大,且最大值是为 .
.
3.如图,⊙M,⊙N 的半径分别为 2cm,4cm,圆心距 MN=10cm.P 为⊙M 上的任意一点,Q 为⊙
N 上的任意一点,直线 PQ 与连心线 l 所夹的锐角度数为 ,当 P、Q 在两圆上任意运动时,
tan 的最大值为(
6 ).(A) ;
12
4 (B) ;
3
3 (C) ;
3
3 (D)
心,PA 长为半径的⊙P 交射线 AB、AC 于 D、E 两点,连接 DE,则线段 DE 长度的范围
为
.
A P
Q
C
B
11.在直角坐标系中,点 A 的坐标为(3,0),点 P( m,n )是第一象限内一点,且 AB=2,
则 m n 的范围为
.
12.在坐标系中,点 A 的坐标为(3,0),点 P 是 y 轴右侧一点,且 AP=2,点 B 上直线 y=x+1
线段 EF 长度的最小值为
.
A F
EO
B
D
C
7.如图,A、B 两点的坐标分别为(2,0)、(0,2),⊙C 的圆心的坐标为(-1,0),半径为
1,若 D 是⊙C 上的一个动点,线段 DA 与 y 轴交于点 E,则△ABE 面积的最小值是( ).
A.2
B.1
C. 2 2
D. 2 2
2
5
8.如图,已知 A、B 两点的坐标分别为(-2,0)、(0,1),⊙C 的圆心坐标为(0,-1),半径 为 1,D 是⊙C 上的一个动点,射线 AD 与 y 轴交于点 E,则△ABE 面积的最大值是( ).
过点 C 作 CP 的垂线 CD 交 PB 的延长线于 D 点.
(1)在点 P 的运动过程中,线段 CD 长度的取值范围为
;
D
(2)在点 P 的运动过程中,线段 AD 长度的最大值为
.
C
A
O
B
例三、正弦定理
P
1.如图,△ABC 中,∠BAC=60°,∠ABC=45°,AB= 2 2 ,D 是线段 BC 上的一个动点,以 AD
与定点之间不变的维系条件,构建关系,将研究的问题转化为变量与常量之间的关系,就能
找到解决问题的突破口!几何中的定值问题,是指变动的图形中某些几何元素的几何量保持
不变,或几何元素间的某些几何性质或位置关系不变的一类问题,解几何定值问题的基本方
法是:分清问题的定量及变量,运用特殊位置、极端位置,直接计算等方法,先探求出定值,
综合比较、回顾这三个问题,知识本身的难度并不大,但其难点在于学生不知道转化的 套路,只能凭直观感觉去寻找、猜想关键位置来求解,但对其真正的几何原理却无法通透. 二、解题策略
1.直观感觉,画出图形; 2.特殊位置,比较结果; 3.理性分析动点过程中所维系的不变条件,通过几何构建,寻找动量与定量(常量) 之间的关系,建立等式,进行转化.
A.3
B. 11
C. 10
D.4
3
3
9.如图,等腰 Rt△ABC 中,∠ACB=90°,AC=BC=4,⊙C 的半径为 1,点 P 在斜边 AB 上,PQ
切⊙O 于点 Q,则切线长 PQ 长度的最小值为( ).
A. 7
B. 2 2
C. 3
D.4
10.如图∠BAC=60°,半径长 1 的⊙O 与∠BAC 的两边相切,P 为⊙O 上一动点,以 P 为圆
4
【题型训练】
1.如图,已知直线 l 与⊙O 相离,OA⊥l 于点 A,OA=5,OA 与⊙O 相交于点 P,AB 与⊙O 相
切于点 B,BP 的延长线交直线 l 于点 C,若在⊙O 上存在点 Q,使△QAC 是以 AC 为底边的等
腰三角形,则⊙O 的半径 r 的取值范围为
.
2.已知:如图,RtΔABC 中,∠B=90º,∠A=30º,BC=6cm,点 O 从 A 点出发,沿 AB 以每秒
3 cm 的速度向 B 点方向运动,当点 O 运动了 t 秒(t>0)时,以 O 点为圆心的圆与边 AC 相
切于点 D,与边 AB 相交于 E、F 两点,过 E 作 EG⊥DE 交射线 BC 于 G.
(1)若点 G 在线段 BC 上,则 t 的取值范围是
;
(2)若点 G 在线段 BC 的延长线上,则 t 的取值范围是
例五、其他知识的综合运用 1.(2015•济南)抛物线 y=ax2+bx+4(a≠0)过点 A(1,﹣1),B(5,﹣1),与 y 轴交于 点 C. (1)求抛物线的函数表达式; (2)如图 1,连接 CB,以 CB 为边作▱CBPQ,若点 P 在直线 BC 上方的抛物线上,Q 为坐 标平面内的一点,且▱CBPQ 的面积为 30,求点 P 的坐标; (3)如图 2,⊙O1 过点 A、B、C 三点,AE 为直径,点 M 为 上的一动点(不与点 A,E 重合),∠MBN 为直角,边 BN 与 ME 的延长线交于 N,求线段 BN 长度的最大值.
再给出证明.
几何中的最值问题是指在一定的条件下,求平面几何图形中某个确定的量(如线段长度、角
度大小、图形面积)等的最大值或最小值,求几何最值问题的基本方法有:
1.特殊位置与极端位置法;2.几何定理(公理)法;3.数形结合法等.
注:几何中的定值与最值近年广泛出现于中考试题中,由冷点变为热点.这是由于这类问题
BC= a ,AC= b ,求 a b 的最大值.
引例 3:如图,∠BAC=60°,半径长为 1 的圆 O 与∠BAC 的两边相切,P 为圆 O 上一动点,
以 P 为圆心,PA 长为半径的圆 P 交射线 AB、AC 于 D、E 两点,连接 DE,则线段 DE
长度的最大值为( ).
A.3
B.6
33 C.
2
D. 3 3
O
C
A DB
一、题目分析: 此题是一个圆中的动点问题,也是圆中的最值问题,主要考察了圆内的基础知识、基本
技能和基本思维方法,注重了初、高中知识的衔接 1.引例 1:通过隐藏圆(高中轨迹的定义),寻找动点 C 与两个定点 O、A 构成夹角的
变化规律,转化为特殊位置(相切)进行线段、角度有关计算,同时对三角函数值的变化 (增减性)进行了延伸考查,其实质是高中“直线斜率”的直接运用;
在第一象限内,过点 P 作⊙O 的切线与 x 轴相交于点 A,与 y 轴相交于点 B,线段 AB 长度的
最小值是
.
例四、相切的应用(有公共点、最大或最小夹角)
1.如图,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=6,BC=8,D 为 AB 边上一点,过点 D 作 CD 的垂线
交直线 BC 于点 E,则线段 CE 长度的最小值是
.A
D
C
O
EB
2.如图,Rt△ABC 中,∠C=90°,∠A=30°,AB=4,以 AC 上的一点 O 为圆心 OA 为半径作⊙
O,若⊙O 与边 BC 始终有交点(包括 B、C 两点),则线段 AO 的取值范围是 . A
O
3
C B
3.如图,⊙O 的半径为 2,点 O 到直线 l 的距离为 3,点 P 是直线 l 上的一个动点,PQ 切⊙O 于点 Q,则 PQ 的最小值为( )A. B. C.3 D.2
为直径作⊙O 分别交 AB,AC 于 E,F 两点,连接 EF,则线段 EF 长度的最小值
为
.
2. 如图,定长弦 CD 在以 AB 为直径的⊙O 上滑动(点 C、D 与点 A、B 不重合),M 是 CD 的中 点,过点 C 作 CP⊥AB 于点 P,若 CD=3,AB=8,则 PM 长度的最大值是 .
4
Q
P
C
P
A
D
P
M
N
l
O
Q
A
D
B
B
C
4.如图,在矩形 ABCD 中,AB=3,BC=4,O 为矩形 ABCD 的中心,以 D 为圆心 1 为半径作⊙
D,P 为⊙D 上的一个动点,连接 AP、OP,则△AOP 面积的最大值为( ).
21
35
(A)4
(B)
(C)
5
8
17 (D)
4
5.如图,在 Rt△ABC 中,∠C=90°,AC=8,BC=6,经过点 C 且与边 AB 相切 的动圆与 CA 、CB
2.如图,线段 AB=4,C 为线段 AB 上的一个动点,以 AC、BC 为边作等边△ACD 和等边△
BCE,⊙O 外接于△CDE,则⊙O 半径的最小值为( ).
23
32
A.4
B.
C.
D. 2
E
3
2
D
O
A
C
B
3.在平面直角坐标系中,以坐标原点 O 为圆心,2 为半径画⊙O,P 是⊙O 上一动点,且 P
2.(2013 秋•相城区校级期末)如图,已知 A、B 是⊙O 与 x 轴的两个交点,⊙O 的半径为 1,P 是该圆上第一象限内的一个动点,直线 PA、PB 分别交直线 x=2 于 C、D 两点,E 为 线段 CD 的中点. (1)判断直线 PE 与⊙O 的位置关系并说明理由; (2)求线段 CD 长的最小值; (3)若 E 点的纵坐标为 m,则 m 的范围为 .
与圆有关的最值(取值范围)问题
引例 1:在坐标系中,点 A 的坐标为(3,0),点 B 为 y 轴正半轴上的一点,点 C 是第一象限
内一点,且 AC=2.设 tan∠BOC=m,则 m 的取值范围是_________.