2018版世纪金榜高中物理二轮复习计算题标准练5.doc
2018届高考物理二轮复习 专题卷汇编 功和能 专题卷 含
机械能知识网络：单元切块：按照考纲的要求，本章内容可以分成四个单元，即：功和功率；动能、势能、动能定理；机械能守恒定律及其应用；功能关系动量能量综合。
其中重点是对动能定理、机械能守恒定律的理解，能够熟练运用动能定理、机械能守恒定律分析解决力学问题。
难点是动量能量综合应用问题。
§1 功和功率教学目标：理解功和功率的概念，会计算有关功和功率的问题培养学生分析问题的基本方法和基本技能教学重点：功和功率的概念教学难点：功和功率的计算教学方法：讲练结合，计算机辅助教学教学过程：一、功1．功功是力的空间积累效应。
它和位移相对应（也和时间相对应）。
计算功的方法有两种：（1）按照定义求功。
即：W =Fs cos θ。
在高中阶段，这种方法只适用于恒力做功。
当20πθ<≤时F 做正功，当2πθ=时F 不做功，当πθπ≤<2时F 做负功。
这种方法也可以说成是：功等于恒力和沿该恒力方向上的位移的乘积。
（2）用动能定理W =ΔE k 或功能关系求功。
当F 为变力时，高中阶段往往考虑用这种方法求功。
这里求得的功是该过程中外力对物体做的总功（或者说是合外力做的功）。
这种方法的依据是：做功的过程就是能量转化的过程，功是能的转化的量度。
如果知道某一过程中能量转化的数值，那么也就知道了该过程中对应的功的数值。
【例1】 如图所示，质量为m 的小球用长L 的细线悬挂而静止在竖直位置。
在下列三种情况下，分别用水平拉力F 将小球拉到细线与竖直方向成θ角的位置。
在此过程中，拉力F 做的功各是多少？⑴用F 缓慢地拉；⑵F 为恒力；⑶若F 为恒力，而且拉到该位置时小球的速度刚好为零。
可供选择的答案有A.θcos FL B .θsin FL C.()θcos 1-FL D .()θcos 1-mgL【例2】如图所示，线拴小球在光滑水平面上做匀速圆周运动，圆的半径是1m ，球的质量是0.1kg ，线速度v =1m/s ，小球由A 点运动到B点恰好是半个圆周。
2018版高中物理二轮复习实验题标准练二 含答案 精品
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实验题标准练(二)满分15分,实战模拟,15分钟拿下高考实验题高分!1.(5分)现有一块灵敏电流表A,量程为200μA,内阻约为200Ω,要精确测出其内阻R g,提供的器材有:电压表V:量程3V,内阻R V=3kΩ滑动变阻器R:阻值范围0～20Ω定值电阻R0:阻值R0=800Ω电源E:电动势约为4.5V、内阻很小单刀单掷开关S一个,导线若干(1)请将上述器材全部用上,设计出合理的、便于多次测量的实验电路图,并使实验精确度尽量高,请将电路图画在方框中。
(2)在所测量的数据中选一组数据,用测量量和已知量来计算电流表A的内阻,计算表达式R g=,表达式中各符号表示的意义是。
【解析】(1)由于灵敏电流表的最大电压较小,与给出的电压表不匹配,而电压表内阻又已知,故用电压表测电流。
为增大电压表上的电流,可用定值电阻R0与灵敏电流表并联。
滑动变阻器的总阻值较小,为调节方便,用分压式控制电路。
(2)在某次测量中,电流表读数为I,电压表读数为U。
则=I+,可得:R g=-R0;式中U表示电压表V示数;I表示电流表A示数;R0表示定值电阻;R V表示电压表V内阻。
答案:(1)如图所示(2)-R0U表示电压表V示数;I表示电流表A的示数;R0表示定值电阻;R V表示电压表V内阻2.(10分)如图所示为某同学研究“在外力一定的条件下,物体的加速度与其质量间的关系”的实验装置示意图。
世纪金榜导学号49294270 (1)下面列出了一些实验器材:电磁打点计时器、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、砂和砂桶、刻度尺。
除以上器材外,还需要的实验器材有: 。
A.秒表B.天平(附砝码)C.低压交流电源D.低压直流电源(2)实验中,需要补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力:小车放在木板上,后面固定一条纸带,纸带穿过打点计时器。
2018年高考物理全国用二轮复习精练：二 计算题32分标准练(三) Word版含答案
计算题32分标准练(三)24.(12分)如图1所示，水平光滑的平行金属导轨，左端与电阻R 相连接，匀强磁场B 竖直向下分布在导轨所在的空间内，质量一定的金属棒在垂直导轨的方向上搁在导轨上。
今使棒以一定的初速度向右运动，当其通过位置a 时速率为v a ，通过位置b 时速率为v b ，到位置c 时棒刚好静止。
设导轨与棒的电阻均不计，a 、b 与b 、c 的间距相等，则金属棒在由a ―→b 和由b ―→c 的两个过程中，回路中产生的电能E ab 与E bc 之比为多大？图1解析 金属棒向右运动时，切割磁感线，回路中产生感应电流。
根据左手定则可知，金属棒所受安培力阻碍其运动。
假设金属棒由a 到b 过程中，所受平均安培力为F 1，时间为t 1；由b 到c 过程中，所受平均安培力为F 2，时间为t 2；导轨之间距离为d 。
则F 1＝BI 1d ＝B BL ab d Rt 1d ＝B 2d 2L ab Rt 1(2分) 同理F 2＝B 2d 2L bc Rt 2(1分) 根据动量定理得－F 1t 1＝mv b －mv a ，即B 2d 2L ab R＝mv a －mv b ①(2分) －F 2t 2＝0－mv b ，即B 2d 2L bc R＝mv b ②(2分) 又因为L ab ＝L bc ③据①②③式得 mv a －mv b ＝mv b (1分)所以v a ＝2v b (1分)根据能量守恒有E ab ＝12mv 2a －12mv 2b ＝32mv 2b (1分) E bc ＝12mv 2b (1分)则E ab E bc ＝32mv 2b 12mv 2b ＝3∶1(1分) 答案 3∶125.(20分)在某项娱乐活动中，要求参与者通过一光滑的斜面将质量为m 的物块送上高处的水平传送带后运送到网兜内。
斜面长度为l ，倾角θ＝30°，传送带距地面高度为l ，传送带的长度为3l ，传送带表面的动摩擦因数μ＝0.5，传送带一直以速度v ＝3gl 2顺时针运动。
2018版世纪金榜高中物理二轮复习计算题标准练(三)
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计算题标准练(三)满分32分,实战模拟,20分钟拿下高考计算题高分!1.(14分)如图所示,遥控电动赛车(可视为质点)从A点由静止出发,经过时间t后关闭电动机,赛车继续前进至B点后水平飞出,垂直地撞到倾角为θ=53°的斜面上C点。
已知赛车在水平轨道AB部分运动时受到恒定阻力F f=0.4N,赛车的质量m=0.4kg,通电后赛车的电动机以额定功率P=2W工作,轨道AB的长度L=2m,B、C两点的水平距离s=1.2m,空气阻力忽略不计,g取10m/s2,sin53°=0.8, cos53°=0.6。
求:(1)赛车运动到B点和C点时速度的大小分别为多少。
(2)赛车电动机工作的时间t。
【解析】(1)从B点抛出后做平抛运动,垂直地撞到倾角为θ=53°的斜面上C点,设平抛运动的时间为t1,根据几何关系得:tanθ=而v0=,v y=gt1,解得:t1=0.3s,则赛车运动到B点的速度v0==m/s=4m/s,到达C点的速度v C==5m/s。
(2)从A点到B点的过程中由动能定理有:Pt-F f L=m解得:t=2s。
答案:(1)4m/s5m/s(2)2s2.(18分)如图所示,空间存在着n个连续电磁场区域,电场大小均相同,方向水平向右,磁场大小均相同,方向垂直于纸面,分别向里、向外,每个电场的宽度均为d,磁场宽度分别为d1、d2…d n,其中d1=d,d2…d n未知。
一个带电粒子(m,+q)从第一个电磁场区域的电场左端静止释放,以水平速度v1进入磁场,在磁场中的偏转角α=60°,以后在每个磁场中的偏转角均为α=60°。
电磁场区域足够高,带电粒子始终在电磁场中运动,不计带电粒子的重力。
求:世纪金榜导学号49294279(1)电场强度E和磁感应强度B的大小。
2018版高中物理二轮复习计算题标准练二 含答案 精品
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计算题标准练(二)满分32分,实战模拟,20分钟拿下高考计算题高分!1.(14分)如图所示,两条相距l的光滑平行金属导轨位于同一竖直面(纸面)内,其上端接一阻值为R的电阻;在两导轨间OO′下方区域内有垂直导轨平面向里的匀强磁场,磁感应强度为B。
现使电阻为r、质量为m的金属棒ab由静止开始自OO′位置释放,向下运动距离d后速度不再变化。
(棒ab与导轨始终保持良好接触且下落过程中始终保持水平,导轨电阻不计)。
(1)求棒ab在向下运动距离d过程中回路产生的总焦耳热。
(2)棒ab从静止释放经过时间t0下降了,求此时刻的速度大小。
【解析】(1)金属棒受到的安培力:F=BI l=错误！未找到引用源。
,金属棒做匀速运动时速度达到稳定,由平衡条件得:错误！未找到引用源。
=mg,由能量守恒定律得:mgd=Q+mv2,解得:Q=mgd-(2)通过金属棒横截面的电荷量:对金属棒,由动量定理得:(mg-BI l)t0=mv,整理得:mgt0-B l q=mv,解得:v=gt0-错误！未找到引用源。
答案:(1)mgd-错误！未找到引用源。
(2)gt0-错误！未找到引用源。
2.(18分)如图,质量均为m的物体A和物体B通过一劲度系数为k的轻质弹簧相连,A、B都处于静止状态。
一条不可伸长的轻绳绕过轻滑轮,一端连物体A,另一端连一轻挂钩。
开始时各段绳都处于伸直状态,A上方的一段绳沿竖直方向。
现在挂钩上挂物体C并从静止状态释放,已知它恰好能使B离开地面但不继续上升。
已知重力加速度为g。
世纪金榜导学号49294278(1)求物体C的质量。
(2)当B刚要离开地面时,AC间的轻绳的拉力多大?(3)若将C换成质量为3m的物体D,仍从前述初始位置由静止状态释放,则这次B刚离地时D的速度的大小是多少?【解析】(1)开始时,A、B静止,设弹簧压缩量为x1,有kx1=mg ①挂C并释放后,C向下运动,A向上运动,设B刚要离地时弹簧伸长量为x2, 有kx2=mg ②由①②式可知,x1=x2=③B不再上升表示此时A和C的速度为零,C已降到其最低点。
2018版高中物理二轮复习计算题标准练十 含答案 精品
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计算题标准练(十)满分32分,实战模拟,20分钟拿下高考计算题高分!1.(14分)如图所示,有一质量m=1kg的小物块,在平台上以初速度v0=3m/s 水平抛出,到达C点时,恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的半径R=0.5m的粗糙圆弧轨道,最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板,木板上表面与圆弧轨道末端切线相平,木板下表面与水平地面之间光滑接触,当小物块在木板上相对木板运动l=1m时,与木板有共同速度,小物块与长木板之间的动摩擦因数μ=0.3,C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=53°,不计空气阻力,取g=10m/s2,sin 53°=0.8,cos 53°=0.6。
求: 世纪金榜导学号49294286(1)A、C两点的高度差h。
(2)物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力。
(3)物块通过圆弧轨道克服摩擦力做的功。
【解析】(1)小物块到C点时的速度竖直分量为v Cy=v0tan 53°=3×m/s=4m/s下落的高度h==m=0.8 m。
(2)小物块在木板上滑行达到共同速度的过程木板的加速度大小:a1==m/s2=1m/s2,物块的加速度大小:a2==μg=3m/s2,由题意得:a1t=v D-a2t,v D t-a2t2-a1t2=l联立以上各式并代入数据解得v D=2m/s,物块在D点时由牛顿第二定律得F N-mg=m代入数据解得F N=26N由牛顿第三定律得F N′=F N=26N,方向竖直向下。
(3)小物块由A到D的过程中,由动能定理得mgh+mgR(1-cos 53°)-W=m-m代入数据解得W=10.5J。
答案:(1)0.8m(2)26N,方向竖直向下(3)10.5J2.(18分)1932年,劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器。
世纪金榜2018版复习方略物理课件5.1
2.(多选)(2017·福州模拟)在水平路面上AB段光滑,
BC段粗糙,两段长度相同,如图所示。在A处静止的小物
体(可视为质点)在水平恒力F作用下,从A点开始运动,
到C点恰好停下。下列判断正确的是
(
)
A.水平恒力F在两段路面上做功相等
动过程中做功情况正确的是
(
)
A.拉力做功150 J
B.拉力做功100 J
C.摩擦力做功250J
D.物体克服摩擦力做功200J
【解析】选A。速度—时间图象与时间轴围成的面积表
示位移大小,所以位移为25m,加速度为-2m/s2,F-Ff=ma,
F=6N,拉力F做功为W=Fl=150J,A正确、B错误;克服摩擦
第五章 机械能及其守恒定律
第1讲 功和功率
【知识梳理】 知识点1 功
1.做功的两个要素: 作用在物体上的力 。 (1)_________________ 力的方向 上发生的位移。 (2)物体在_________ 功是能量转化的量度 。 2.功的物理意义:___________________
Flcosα 。 3.公式:W=_______ 力与位移方向 之间的夹角,l为物体对地的位 (1)α 是_____________ 移。
2.(多选)(2017·厦门模拟)如图所示,滑块A和B叠放在
固定的斜面体上,从静止开始以相同的加速度一起沿斜
面加速下滑。已知B与斜面体间光滑接触,则在AB下滑
的过程中,下列说法正确的是
(
)
A.B对A的支持力不做功
B.B对A的作用力不做功
C.B对A的摩擦力做正功
D.B对A的摩擦力做负功
2018版高中物理二轮复习专题能力提升练五 含答案 精品
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专题能力提升练(五)电路与电磁感应(45分钟100分)一、选择题(本大题共7小题,每小题9分,共63分。
其中第1～4题为单选,第5～7题为多选)1.(2018·威海二模)如图甲所示,50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=T的水平匀强磁场中,线框电阻不计,线框匀速转动时所产生的正弦交流电压图象如图乙所示。
把该交流电压加在图丙中理想变压器的P、Q两端,已知变压器的原线圈Ⅰ和副线圈Ⅱ的匝数比为5∶1,交流电流表为理想电表,电阻R=1Ω,其他各处电阻不计,以下说法正确的是( )A.t=0.1s时,电流表的示数为0B.副线圈中交流电的频率为50HzC.线框面积为m2D.0.18s线圈位于图甲所示位置【解析】选C。
原线圈中电压的有效值U1==V=10V,根据=,解得U2=2V,故副线圈中的电流I2==A=2A,电流表的电流为I1,则=,解得I1=0.4A,故A错误;交流电的周期T=0.2s,故交流电的频率f==5Hz,故B错误;根据E m=nBSω可知S==m2=m2,故C正确;0.18s时线圈产生的感应电动势最大,线圈平面与中性面垂直,故D错误。
2.如图所示,电源电动势为E,内阻为r,电路中的R2、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器,R0为定值电阻,R1为光敏电阻(其电阻随光照强度增大而减小)。
当电键S闭合时,电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。
下列说法中正确的是世纪金榜导学号49294192( )A.只逐渐增大R1的光照强度,电阻R0消耗的电功率变大,电阻R3中有向上的电流B.只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时,电源消耗的功率变大,电阻R3中有向上的电流C.只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时,电压表示数变大,带电微粒向下运动D.若断开电键S,电容器所带电荷量变大,带电微粒向上运动【解析】选A。
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计算题标准练(六)
满分32分，实战模拟,20分钟拿下高考计算题高分!
1.(14分)如图所示，有一可绕竖直中心轴转动的水平圆盘,原长为L、劲度系数为k的轻质弹簧一端固定于轴。
上,另一端连接质量为m的小物块Ao当圆盘静止时，把弹簧拉长后将物块放在圆盘上，使物块能保持静止的弹簧的最大长度为
Loo己知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，转动过程中弹簧伸长始终在弹性限度内，则:
(1)若开始时弹簧处于原长，当圆盘的转速为多大时，物块A将开始滑动？
3L/3L \
(2)若弹簧的长度为2 ( 2 < '"时，物块与圆盘能一起匀速转动,试求转动角速度的范围。
【解析】(1)根据题意可知，物块与圆盘的最大静摩擦力
仁 k (Lo-L)
设圆盘的角速度为时，物块A将开始滑动，则
2
k (Lo-L)二mL03。
k(Lo- L)
mL
解得：
3mL
3L
(2)若弹簧的长度为2时，物块与圆盘能一起匀速转动，当摩擦力达到最大静摩 擦力且方向指向圆心时，角速度最大，则有：
住)3L 2 I n 匕] 9 ^max
k\z /+f=m 2 2灯° - kL
解得:3点反 2/C L Q — k.L
则转动角速度的范围为OWcoW 件0- L)
答案：⑴7 mL "2kL()- kL
(2)0Ww W V 3mL
2. (18分)如图所示,在竖直平面内，虚线M0与水平线PQ 相交于。
，二者夹角0 = 30°，在MOP 范围内存在竖直向下的匀强电场，电场强度为E, MOQ 上方的某个区 域有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为B,0点处在磁场的边界上，现有一 (0<v <-]
群质量为m 、电量为+q 的带电粒子在纸面内以速度v\ 垂直于M0从0 点射入磁场，所有粒子通过直线M0时，速度方向均平行于PQ 向左，不计粒子的重 力和粒子间的相互作用力。
求：世纪金榜导学号49294282
0、•- P o Q
(1) 速度最大的粒子在磁场中的运动时间。
(2) 速度最大的粒子打在水平线POQ 上的位置离0点的距离。
(3)磁场区域的最小面积。
【解析】⑴因粒子通过直线M0时，速度方向均平行于PQ向左，说明粒子速度方271
向改变了 3,由几何关系可得粒子的运动轨迹如图所示。
设粒子在匀强磁场中做为速圆周运动的半径为R,周期为T,粒子在匀强磁场中运
动的时间为ti
2nm
因为T二Bq
1 2 Jim
所以匕二备二3qB。
2
mv
(2)由 Bqv二R
mv mF
-- 7
得R二qB二qB
设粒子自N点水平飞出磁场，出磁场后应做匀速运动至0M,设勾速运动的距离为s,由几何关系知：
R ©mE
2
s=tan0= qB
过MO后粒子在电场中做类平抛运动，设运动的时间为t2,
则：R+Rsin30° =2m \
t2= qB,
由几何关系知，速度最大的粒子打在水平线POQ上的位置离0点的距离
L二OP二Rcos 0
+s+vt2
y j3mE yj3mE
= 2B'q+ B?q + B2q
5x/3mE
二 23%。
⑶ 由题知速度大小不同的粒子均要水平通过OM,则其飞出磁场的位置均应在ON 的连线上，故磁场范围的最小面积AS是速度最大的粒子在磁场中的轨迹与ON所围成的面积,
1
扇形00' N的面积S二
△00’ N的面积为:
£
S' =R2COS30° sin 30° = 4
m2E2
联立得：AS=
2/rm
答案：（1）
3"
② 2B? q
m2£2
7F
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