广东省北大附中深圳南山分校2017-2018学年高二下学期第一次段考生物试卷 Word版含解析
广东北大附中深圳南山分校学年高二语文下学期第一次段测验题
广东北大附中深圳南山分校学年高二语文下学期第一次段测验题—-———-——---—————-—-—-—-—-———————作者：-——-—-——-————--—-—-—————————————日期：广东省北大附中深圳南山分校2015-2016学年高二语文下学期第一次段考试题第Ⅰ卷（阅读题共70分)甲必考题（共45分）一、现代文阅读（9分，每小题3分)阅读下面的文字，完成1—3题.中医药学伴随中国古老的社会文明的产生、发展而产生、发展.从自然环境中采集药物，运用从生活、生产实践尤其是同疾病作斗争的经验，而探索、总结和积累医疗技艺和方法，是中医药学的总体特点.同汉字因保留了原始的象形文字的特征，因而与世界各国文字相比独具特色一样，中医药学也因为直接从生活、生产实践中来，而同样独具特色。
最能体现中医药学的哲学建树的是其整体恒动观念和辨证论治原则.天人一体观是中国自古就有的“天人相应”论,在中医学上的运用和反映包括两个方面:一是认为自然界是个整体，而人则是自然界中的一分子；二是认为人自身也是个有机整体。
整体恒动观是指在认为人是个有机整体的前提下，人体的脏腑器官、气血津液,通过经络系统有机地联系起来，在正常的生理活动中相互依存、相互制约,而在患病过程中则又互为因果、相互制约.而这一切,又都是建立在充满朴素物本主义（唯物主义）和辩证法的阴阳五行学说的基础之上的.理论上融医理、哲理和伦理为一体的特征，乃中医药学的一大特色.所谓“悬壶济世，治病救人"就集中体现了这个特点。
“凡大医治病，必当安神定志，无欲无求，先发大慈恻隐之心，誓愿普救含灵之苦，若有疾厄来求救者……皆如至亲之想。
亦不得瞻前顾后，自虑吉凶，护借身命。
见彼苦恼，若己有之，深心凄怆，勿避险恶，昼夜寒暑，饥渴疲劳,一心赴救,无作功夫形迹之心。
如此可为苍生大医，反此则是含灵巨贼。
……夫为医之法，不得多语调笑，谈谑喧哗，道说是非，议论人物,炫耀声名，訾毁诸医，自矜己德，偶然治瘥一病,则昂头戴面，而有自许之貌，谓天下无双，此医人之膏肓也。
广东省深圳市2017-2018学年高二第一学期七校联考生物试题 (word版附答案)
2017-2018 学年第一学期七校联考—高二生物试卷考号 姓名班别试室号座位号说明：本试卷分为第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷为选择题，共 40 分；第Ⅱ卷为非选择 题，共 60 分；全卷满分 100 分。
考试时间为 90 分钟。
第Ⅰ卷（选择题，共 40 分） 一、单项选择题（本题共 20 小题，每小题 2 分，共 40 分。
每小题只有一个选项最符合题意。
） 1. 下列有关基因工程技术的叙述，正确的是 A ．重组 DNA 技术所用的工具酶是限制酶、DNA 连接酶和运载体 B ．所有的限制酶都只能识别同一种特定的核苷酸序列 C ．基因工程打破了物种与物种之间的界限D ．只要目的基因进入受体细胞就能成功实现表达2.如图为某种农作物品种①和②培育出⑥的几种方法，有关叙述中，不正确的是 A.培育品种⑥的最简单途径是 I →V B.通过 II →IV 过程最不容易达到目的 C.通过 III →VI 过程的原理是染色体变异 D.过程 VI 常用一定浓度的秋水仙素处理 萌发的种子或幼苗3. 依据现代生物进化理论，不正确的是A ．在药物的作用下，病菌产生了抗药性变异B ．隔离是所有新物种形成的必要条件C ．突变和基因重组为自然选择提供了原材料D ．生物与生物、生物与无机环境的共同进化导致生物多样性的形成4. 果蝇的长翅（B ）对残翅（b ）为显性。
在一个由 600 只长翅果蝇和 400 只残翅果蝇组成的种 群中，若杂合子占所有个体的 30%，那么隐性基因 b 在该种群内的基因频率为 A ．35%B ．45%C ．55%D ．65%5．右图为人体局部内环境示意图,其中②④⑤为细胞外液。
下列相关叙述错误的是A.血红蛋白存在⑥中，不属于内环境的的成分B.组织细胞③内的 CO 2 浓度高于②C.⑤中的蛋白质含量比④多D.图中①和③细胞生活的内环境分别是血液和组织液、 组织液6．下图是反射弧的局部结构示意图，刺激 c 点，检测各 位点电位变化。
广东省深圳市北大附中南山分校2017-2018学年高二下学期第一次段考化学试卷 Word版含解析
2017-2018学年广东省深圳市北大附中南山分校高二（下）第一次段考化学试卷一、选择题（每小题只有一个项选符合题意，每题4分共64分）1．维生素C的结构简式为：丁香油酚的结构简式为：下列关于二者所含官能团的说法正确的是（）A．均含酯基 B．均含醇羟基和酚羟基C．均含碳碳双键 D．均为芳香族化合物2．拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂，其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如图，下列对该化合物叙述正确的是（）A．属于芳香烃B．属于卤代烃C．属于芳香化合物D．属于酚类3．分子式与苯丙氨酸（）相同，且同时符合下列条件：①有带两个取代基的苯环，②有一个硝基直接连接在苯环上，这种同分异构体的数目为（）A．3种B．6种C．8种D．10种4．某单烯烃和氢气完全加成后得到的饱和烃是，该烯烃可能有的结构有（）A．1种B．2种C．3种D．4种5．某有机物的结构简式如图所示，其名称正确的是（）A．5﹣乙基﹣2﹣己烯 B．3﹣甲基庚烯C．3﹣甲基﹣5﹣庚烯 D．5﹣甲基﹣2﹣庚烯6．下列实验式中，没有相对分子质量就可以确定分子式的是（）①CH3②CH③CH2④C2H5．A．①②B．③④C．②③D．①④7．将CH3CHO（易溶于水，沸点为20.8℃的液体）和CH3COOH分离的正确方法是…（）A．加热蒸馏B．加入Na2CO3后，通过萃取的方法分离C．先加入烧碱溶液，之后蒸出乙醛，再加入浓H2SO4，蒸出乙酸D．和Na反应后进行分离8．某化合物的结构（键线式）及球棍模型如图1：该有机分子的核磁共振氢谱图如图2（单位是ppm）：下列关于该有机物的叙述正确的是（）A．该有机物不同化学环境的氢原子有6种B．该有机物属于芳香化合物C．键线式中的Et代表的基团为﹣CH3D．该有机物在一定条件下能与金属钠、乙酸发生反应9．已知直链烷烃A和B，A比B多一个碳原子，则下列说法正确的是（）A．A沸点比B高B．A相对密度比B小C．一般情况下，同碳原子的烷烃的沸点和密度低于烯烃D．已知A在常温下为液态，则B也一定为液态10．有机化合物C4H8是生活中的重要物质，下列关于C4H8的说法中错误的是（）A．C4H8可能是烯烃B．C4H8中属于烯烃类的同分异构体有4种C．核磁共振氢谱有2种吸收峰的烯烃结构一定是D．C4H8中属于烯烃的顺反异构体有2种11．某气态烷烃和气态炔烃的混合烃2L，完全燃烧后生成CO2 2.8L、水蒸气3.2L（同压且同在200℃下测定），该混合烃为（）A．CH4、C2H2B．C2H6、C2H2C．C3H8、C3H4D．CH4、C3H412．关于下列结论正确的是（）A．该有机物分子式为C13H16B．该有机物属于苯的同系物C．该有机物分子至少有4个碳原子共直线D．该有机物分子最多有13个碳原子共平面13．下列叙述中，错误的是（）A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55～60℃反应生成硝基苯B．苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯和溴的四氯化碳溶液反应生成1，2﹣二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2，4﹣二氯甲苯14．该有机物CH3﹣CH═CH﹣Cl能发生（）①取代反应，②加成反应，③消去反应，④使溴水褪色，⑤使酸性KMnO4溶液褪色，⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀，⑦加聚反应．A．以上反应均可发生 B．只有⑦不能发生C．只有⑥不能发生D．只有②不能发生15．有两种有机物Q（）与P（），下列有关它们的说法中正确的是（）A．二者的核磁共振氢谱中均只出现两种峰且峰面积之比为3：1B．二者在NaOH醇溶液中均可发生消去反应C．一定条件下，二者在NaOH溶液中均可发生取代反应D．Q的一氯代物只有1种，P的一溴代物有2种16．香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如图所示：下列有关香叶醇的叙述正确的是（）A．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反应不能发生取代反应二、非选择题（共36分）17．实验室制备1，2﹣二溴乙烷的反应原理如下：①CH3CH2OH CH2=CH2，②CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br可能存在的主要副反应有：①乙醇在浓硫酸的存在下在l40℃脱水生成乙醚（CH3CH2OCH2CH3）；②浓硫酸将乙醇脱水碳化．用少量的溴和足量的乙醇制备1，2﹣二溴乙烷的装置如图所示：有关数据列表如下：（1）在此制各实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是；（填正确选项前的字母）a．引发反应b．加快反应速度c．防止乙醇挥发d．减少副产物乙醚生成（2）在装置C中应加入，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体：（填正确选项前的字母）a．水b．浓硫酸c．氢氧化钠溶液d．饱和碳酸氢钠溶液（3）判断该制各反应已经结束的最简单方法是；（4）将1，2﹣二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在层（填“上”、“下”）；（5）若产物中有少量未反应的Br2，最好用洗涤除去；（填正确选项前的字母）a．水b．氢氧化钠溶液c．碘化钠溶液d．乙醇（6）若产物中有少量副产物乙醚．可用的方法除去；（7）反应过程中应用冷水冷却装置d，其主要目的是；但又不能过度冷却（如用冰水），其原因是．18．丙烯醇（CH2=CH﹣CH2OH）是一种无色有刺激性气味的液体，是重要的有机合成原料．请回答：（1）丙烯醇的分子式为；丙烯醇中含有的官能团的名称是．（2）0 3mol丙烯醇与足量金属钠反应，能生成标准状况下的氢气L．（3）写出丙烯醇与溴水反应的化学方程式反应类型为（4）丙烯醇与CH3CO18OH发生酯化反应的化方程式为：醅化反应生成的产物在一定条件下可以发生加聚反应得到高分子化合物，其结构简式为．19．某烃类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢．（1）A的结构简式为；（2）A中的碳原子是否都处于同一平面？（填“是”或者“不是”）；（3）在如图中，D1、D2互为同分异构体，E1、E2互为同分异构体．反应②的化学方程式为；C的名称为；E2的结构简式是；④、⑥的反应类型依次是、．2015-2016学年广东省深圳市北大附中南山分校高二（下）第一次段考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个项选符合题意，每题4分共64分）1．维生素C的结构简式为：丁香油酚的结构简式为：下列关于二者所含官能团的说法正确的是（）A．均含酯基 B．均含醇羟基和酚羟基C．均含碳碳双键 D．均为芳香族化合物【考点】人体必需的维生素的主要来源及其摄入途径．【分析】由图可知，维生素C中含有羟基（﹣OH）和酯基（﹣COO﹣）、碳碳双键，丁香油酚含有酚羟基，含有碳碳双键，以此解答该题．【解答】解：A．维生素C中含有酯基（﹣COO﹣），丁香油酚不含有酯基，故A错误；B．维生素C中含有醇羟基（﹣OH），不含酚羟基，丁香油酚含有酚羟基，不含醇羟基，故B 错误；C．维生素C中含有羟基（﹣OH）和酯基（﹣COO﹣）、碳碳双键，丁香油酚含有碳碳双键，故C正确；D．芳香族是指碳氢化合物分子中至少含有一个带离域键的苯环的一类有化合物，维生素C不含苯环不属于芳香族化合物，丁香油酚含有苯环为芳香族化合物，故D错误；故选C．2．拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂，其中对光稳定的溴氰菊酯的结构简式如图，下列对该化合物叙述正确的是（）A．属于芳香烃B．属于卤代烃C．属于芳香化合物D．属于酚类【考点】有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．【分析】由结构可知，分子中含苯环、﹣Br、﹣COOC﹣、﹣CN及醚键等，以此来解答．【解答】解：A．含Br、N等元素，不是芳香烃，故A错误；B．含N元素，不是卤代烃，故B错误；C．含苯环，为芳香化合物，故C正确；D．不含酚﹣OH，不是酚类物质，故D错误；故选C．3．分子式与苯丙氨酸（）相同，且同时符合下列条件：①有带两个取代基的苯环，②有一个硝基直接连接在苯环上，这种同分异构体的数目为（）A．3种B．6种C．8种D．10种【考点】同分异构现象和同分异构体．【分析】分子式与苯丙氨酸（C6H5CH2CHNH2COOH）相同，且同时符合下列两个条件：①有带两个取代基的苯环；②有一个硝基直接连接在苯环上，则为硝基化合物，含有﹣NO2，则另一取代基为﹣C3H7，有正丙基、异丙基两种，两种取代基有邻、间、对三种位置关系，据此解答．【解答】解：分子式与苯丙氨酸（C6H5CH2CHNH2COOH）相同，且同时符合下列两个条件：①有带两个取代基的苯环；②有一个硝基直接连接在苯环上，则为硝基化合物，含有﹣NO2，则另一取代基为﹣C3H7，有正丙基、异丙基两种，两种取代基有邻、间、对三种位置关系，故符合条件的同分异构体由2×3=6种，故选B．4．某单烯烃和氢气完全加成后得到的饱和烃是，该烯烃可能有的结构有（）A．1种B．2种C．3种D．4种【考点】有机化合物的异构现象．【分析】根据加成反应原理采取逆推法还原C=C双键，烷烃分子中相邻碳原子上均含有氢原子的碳原子间是对应烯烃存在C=C的位置，还原双键时注意防止重复．【解答】解：根据烯烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均含有原子的碳原子间是对应烯烃存在C=C的位置，该烷烃中能形成双键键位置有：1和2之间、2和3之间；2和6、4和5、4和7与1、2形成的C=C键相同，3和4与2和6位置形成的C=C键相同，故该烯烃共有2种，故选B．5．某有机物的结构简式如图所示，其名称正确的是（）A．5﹣乙基﹣2﹣己烯 B．3﹣甲基庚烯C．3﹣甲基﹣5﹣庚烯 D．5﹣甲基﹣2﹣庚烯【考点】有机化合物命名．【分析】为烯烃的键线式，键线式中每一个拐点和终点都表示一个C，然后根据烯烃的命名原则对该有机物进行命名即可．【解答】解：中含有碳碳双键的最长碳链含有7个C，主链为庚烯，编号从距离碳碳双键最近的左端开始，碳碳双键在2后C，在5号C含有1个甲基，该有机物命名为：5﹣甲基﹣2﹣庚烯，故选D．6．下列实验式中，没有相对分子质量就可以确定分子式的是（）①CH3②CH③CH2④C2H5．A．①②B．③④C．②③D．①④【考点】有机物实验式和分子式的确定．【分析】因为碳氢化合物中碳成4条键，所以氢原子数必定是偶数，而且根据烷烃通式可得，最多氢原子数=2n+2（n是碳原子数），据此分析．【解答】解：①因为如果只有一个碳，必是CH4，如果3个碳就是C3H9，但最多只可能是C3H8，所以分子式一定是C2H6，故①正确；②最简式为CH，可以是C2H2或C4H4（环丁二烯）或苯或C8H8（苯乙烯），故②错误；③任何烯烃最简式都是CH2，故③错误；④最简式为C2H5，碳原子扩大1倍为是C4H10，故④正确；故选D．7．将CH3CHO（易溶于水，沸点为20.8℃的液体）和CH3COOH分离的正确方法是…（）A．加热蒸馏B．加入Na2CO3后，通过萃取的方法分离C．先加入烧碱溶液，之后蒸出乙醛，再加入浓H2SO4，蒸出乙酸D．和Na反应后进行分离【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．【分析】CH3CHO、CH3COOH均溶于水，二者均易挥发，沸点不同，选择蒸馏法分离，以此来解答．【解答】解：A．均易挥发，直接加热蒸馏不能得到纯净物，故A不选；B．乙酸与碳酸钠反应后，与乙醛混溶，不能萃取分离，故B不选；C．先加入烧碱溶液，乙酸与NaOH反应增大与乙醛的沸点差异，蒸馏先蒸出乙醛，再加入浓H2SO4，与乙酸钠反应生成乙酸，然后蒸出乙酸，故C选；D．乙酸与Na反应生成乙酸钠，分离混合物应再使乙酸钠转化为乙酸，故D不选；故选C．8．某化合物的结构（键线式）及球棍模型如图1：该有机分子的核磁共振氢谱图如图2（单位是ppm）：下列关于该有机物的叙述正确的是（）A．该有机物不同化学环境的氢原子有6种B．该有机物属于芳香化合物C．键线式中的Et代表的基团为﹣CH3D．该有机物在一定条件下能与金属钠、乙酸发生反应【考点】有机物的结构和性质．【分析】A．该有机物结构不对称，含8种位置的H原子；B．该有机物中不含苯环；C．Et代表﹣CH2CH3；D．含﹣OH，可发生取代反应．【解答】解：A．该有机物结构不对称，含8种位置的H原子，所以核磁共振波谱图中有8种峰，故A错误；B．该有机物中不含苯环，则不属于芳香族化合物，故B错误；C．由结构及球棍模型可知，Et代表﹣CH2CH3，故C错误；D．含﹣OH，在一定条件下能与金属钠、乙酸发生反应，故D正确；故选D．9．已知直链烷烃A和B，A比B多一个碳原子，则下列说法正确的是（）A．A沸点比B高B．A相对密度比B小C．一般情况下，同碳原子的烷烃的沸点和密度低于烯烃D．已知A在常温下为液态，则B也一定为液态【考点】烷烃及其命名．【分析】烃都是分子晶体，沸点高低取决于分子间作用力，分子间作用力越大，沸点越高，而分子间作用力随着相对分子质量的增加而增大；同温同压下，密度之比等于相对分子质量之比，相对分子质量越大，密度越大；分子晶体的状态取决于分子间作用力，随着分子间作用力的增大，烷烃由气态到液态到固态．【解答】解：A．烷烃A比B多一个碳原子，相对分子质量大，分子间作用力强，沸点高，故A正确；B．烷烃A比B多一个碳原子，相对分子质量大，密度大，故B错误；C．同碳原子的烷烃和烯烃，烷烃相对分子质量大，沸点高，密度大，故C错误；D．A比B多一个碳原子，A的相对分子质量大于B，若A是液态，B可能是液态，也可能是气态，故D错误；故选A．10．有机化合物C4H8是生活中的重要物质，下列关于C4H8的说法中错误的是（）A．C4H8可能是烯烃B．C4H8中属于烯烃类的同分异构体有4种C．核磁共振氢谱有2种吸收峰的烯烃结构一定是D．C4H8中属于烯烃的顺反异构体有2种【考点】有机物结构式的确定；同分异构现象和同分异构体．【分析】A．烯烃和环烷烃的通式均为C n H2n；B．C4H8中属于烯烃的同分异构体有、CH2═CH﹣CH2CH3、CH3﹣CH═CH﹣CH3（存在顺、反异构）共4种；C．核磁共振氢谱有2种吸收峰的有和、；D．C4H8中属于烯烃的CH3﹣CH═CH﹣CH3，存在顺、反异构．【解答】解：A．烯烃和环烷烃的通式均为C n H2n，因此C4H8可能是烯烃，也可能是环烷烃，故A正确；B．C4H8中属于烯烃的同分异构体有、CH2═CH﹣CH2CH3、CH3﹣CH═CH﹣CH3（存在顺、反异构）共4种，故B正确；C．核磁共振氢谱有2种吸收峰的有和、，故C错误；D．C4H8中属于烯烃的CH3﹣CH═CH﹣CH3，存在顺、反异构，、，故D正确；故选C．11．某气态烷烃和气态炔烃的混合烃2L，完全燃烧后生成CO2 2.8L、水蒸气3.2L（同压且同在200℃下测定），该混合烃为（）A．CH4、C2H2B．C2H6、C2H2C．C3H8、C3H4D．CH4、C3H4【考点】有关混合物反应的计算．【分析】令烃的平均组成为C x H y，根据体积之比等于物质的量之比，利用原子守恒计算平均分子式，据此判断．【解答】解：两种气态烃的混合气体2L，完全燃烧后生成CO2 2.8L，水蒸气3.2L（气体体积均在同温同压下测定），令烃的平均组成为C x H y，则：根据C原子守恒有：2x=2.8，故x=1.4，根据H原子守恒有：2y=3.2×2，故y=3.2，故该烃的平均组成为C1.4H3.2，根据C原子平均数可知，该烃一定含有CH4，根据H原子平均数可知，该混合物中另外烃分子含有H原子数小于3.2，故CH4、C2H2组成的混合物符合题意，故选A．12．关于下列结论正确的是（）A．该有机物分子式为C13H16B．该有机物属于苯的同系物C．该有机物分子至少有4个碳原子共直线D．该有机物分子最多有13个碳原子共平面【考点】有机物的结构和性质．【分析】由有机物结构简式可知有机物分子式，有机物含有苯环和碳碳双键、碳碳三键，结合苯、乙烯、乙炔的结构以及苯的同系物的概念解答该题．【解答】解：A．由有机物结构简式可知有机物分子式为C13H14，故A错误；B．苯的同系物中应为饱和烃基，题中有机物含有不饱和键，不是苯的同系物，故B错误；C．由乙烯和乙炔的结构可知，该有机物分子至少有3个碳原子共直线，故C错误；D．已知苯环和乙烯为平面型结构，而乙炔为直线形结构，则所有的碳原子有可能都在同一平面上，故D正确．故选D．13．下列叙述中，错误的是（）A．苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55～60℃反应生成硝基苯B．苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷C．乙烯和溴的四氯化碳溶液反应生成1，2﹣二溴乙烷D．甲苯与氯气在光照下反应主要生成2，4﹣二氯甲苯【考点】苯的性质；乙烯的化学性质；苯的同系物．【分析】A．根据苯的硝化反应；B．根据碳碳双键能发生加成反应，苯环也可发生加成反应；C．根据碳碳双键能发生加成反应；D．根据甲苯与氯气在光照下反应主要发生的是侧链上的氢原子被取代；【解答】解：A．苯的硝化反应：苯与浓硝酸、浓硫酸共热并保持55～60℃反应生成硝基苯，故A正确；B．碳碳双键能发生加成反应，苯环也可发生加成反应，所以苯乙烯在合适条件下催化加氢可生成乙基环己烷，故B正确；C．碳碳双键能发生加成反应，所以乙烯和溴的四氯化碳溶液反应生成1，2﹣二溴乙烷，故C 正确；D．甲苯与氯气在光照下反应主要发生的是侧链上的氢原子被取代，不能得到苯环上氢原子被取代的产物2，4﹣二氯甲苯，故D错误；故选：D；14．该有机物CH3﹣CH═CH﹣Cl能发生（）①取代反应，②加成反应，③消去反应，④使溴水褪色，⑤使酸性KMnO4溶液褪色，⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀，⑦加聚反应．A．以上反应均可发生 B．只有⑦不能发生C．只有⑥不能发生D．只有②不能发生【考点】有机物的结构和性质．【分析】该分子中含有碳碳双键和﹣Cl原子，具有烯烃、氯代烃的性质，据此分析解答．【解答】解：该分子中含有碳碳双键和﹣Cl原子，具有烯烃、氯代烃的性质，碳碳双键能发生加成反应、还原反应、氧化反应、加聚反应，能和溴发生加成反应而使溴水褪色，能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色；含有氯原子，所以能发生取代反应、消去反应，因为不能电离出自由移动的氯离子，所以不能和硝酸银溶液反应，故选C．15．有两种有机物Q（）与P（），下列有关它们的说法中正确的是（）A．二者的核磁共振氢谱中均只出现两种峰且峰面积之比为3：1B．二者在NaOH醇溶液中均可发生消去反应C．一定条件下，二者在NaOH溶液中均可发生取代反应D．Q的一氯代物只有1种，P的一溴代物有2种【考点】有机物的结构和性质．【分析】A．由结构对称性可知，均含2种H，但H原子数目不同；B．Q中﹣Br与苯环相连不能发生消去反应，P中与﹣Cl相连C的邻位C上没有H；C．卤代烃、甲基等均可发生取代反应；D．Q、P中均含2种H．【解答】解：A．二者的核磁共振氢谱中均只出现两种峰，且峰面积之比分别为3：1、3：2，故A错误；B．二者在NaOH醇溶液中均不能发生消去反应，故B错误；C．卤代烃、甲基等均可发生取代反应，则一定条件下，二者在NaOH溶液中均可发生取代反应，故C正确；D．Q、P中均含2种H，则一氯代物均有2种，故D错误；故选C．16．香叶醇是合成玫瑰香油的主要原料，其结构简式如图所示：下列有关香叶醇的叙述正确的是（）A．香叶醇的分子式为C10H18OB．不能使溴的四氯化碳溶液褪色C．不能使酸性高锰酸钾溶液褪色D．能发生加成反应不能发生取代反应【考点】有机物的结构和性质．【分析】由结构可知分子式，分子中含碳碳双键、﹣OH，结合烯烃、醇的性质来解答．【解答】解：A．由结构可知香叶醇的分子式为C10H18O，故A正确；B．含碳碳双键，能使溴的四氯化碳溶液褪色，故B错误；C．含碳碳双键、﹣OH，均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C错误；D．含碳碳双键可发生加成反应，含﹣OH可发生取代反应，故D错误；故选A．二、非选择题（共36分）17．实验室制备1，2﹣二溴乙烷的反应原理如下：①CH3CH2OH CH2=CH2，②CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br可能存在的主要副反应有：①乙醇在浓硫酸的存在下在l40℃脱水生成乙醚（CH3CH2OCH2CH3）；②浓硫酸将乙醇脱水碳化．用少量的溴和足量的乙醇制备1，2﹣二溴乙烷的装置如图所示：（1）在此制各实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是d；（填正确选项前的字母）a．引发反应b．加快反应速度c．防止乙醇挥发d．减少副产物乙醚生成（2）在装置C中应加入c，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体：（填正确选项前的字母）a．水b．浓硫酸c．氢氧化钠溶液d．饱和碳酸氢钠溶液（3）判断该制各反应已经结束的最简单方法是溴的颜色完全褪去；（4）将1，2﹣二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在下层（填“上”、“下”）；（5）若产物中有少量未反应的Br2，最好用b洗涤除去；（填正确选项前的字母）a．水b．氢氧化钠溶液c．碘化钠溶液d．乙醇（6）若产物中有少量副产物乙醚．可用蒸馏的方法除去；（7）反应过程中应用冷水冷却装置d，其主要目的是冷却可避免溴的大量挥发；但又不能过度冷却（如用冰水），其原因是1，2﹣二溴乙烷的凝固点较低（9℃），过度冷却会使其凝固而使气路堵塞．【考点】制备实验方案的设计．【分析】装置A是乙醇在浓硫酸的存在下在170℃脱水生成乙烯，浓硫酸的强氧化性、脱水性导致市场的乙烯气体中含有杂质二氧化硫、二氧化碳、水蒸气等杂质，通过装置B中长导管内液面上升或下降调节装置内压强，B为安全瓶，可以防止倒吸，根据E中内外液面高低变化，可以判断是否发生堵塞，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，装置C是利用氢氧化钠溶液吸收杂质气体，溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，装置D 冷却可避免溴的大量挥发，但1，2﹣二溴乙烷的凝固点9℃较低，不能过度冷却，否则会使产品凝固而堵塞导管，1，2﹣二溴乙烷和水不互溶，1，2﹣二溴乙烷密度比水大，所以加水，振荡后静置，产物应在下层，分离得到产品．（1）乙醇在浓硫酸140℃的条件下，发生分子内脱水生成乙醚；（2）浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应；（3）乙烯和溴水发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，1，2﹣二溴乙烷为无色；（4）1，2﹣二溴乙烷和水不互溶，1，2﹣二溴乙烷密度比水大；（5）常温下下Br2和氢氧化钠发生反应，可以除去混有的溴；（6）1，2﹣二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离；（7）溴易挥发，冷却防止溴大量挥发；1，2﹣二溴乙烷的凝固点较低（9℃），过度冷却会使其凝固而使气路堵塞．【解答】解：（1）乙醇在浓硫酸140℃的条件下，发生分子内脱水生成乙醚，可能迅速地把反应温度提高到170℃左右，其最主要目的是：减少副产物乙醚生成，选择d；故答案为：d；（2）浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应而被吸收，故选c，故答案为：c；（3）乙烯和溴水发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷，1，2﹣二溴乙烷为无色，D中溴颜色完全褪去说明反应已经结束，故答案为：溴的颜色完全褪去；（4）1，2﹣二溴乙烷和水不互溶，1，2﹣二溴乙烷密度比水大，有机层在下层，故答案为：下；（5）a．溴更易溶液1，2﹣二溴乙烷，用水无法除去溴，故a错误；b．常温下Br2和氢氧化钠发生反应：2NaOH+Br2═NaBr+NaBrO+H2O，再分液除去，故b正确；c．NaI与溴反应生成碘，碘与1，2﹣二溴乙烷互溶，不能分离，故c错误；d．酒精与1，2﹣二溴乙烷互溶，不能除去混有的溴，故d错误，故答案为：b；（6）1，2﹣二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离，故答案为：蒸馏；（7）溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，冷却可避免溴的大量挥发，但1，2﹣二溴乙烷的凝固点9℃较低，不能过度冷却，过度冷却会使其凝固而使气路堵塞，B 中长导管内液面上升，故答案为：冷却可避免溴的大量挥发；1，2﹣二溴乙烷的凝固点较低（9℃），过度冷却会使其凝固而使气路堵塞．18．丙烯醇（CH2=CH﹣CH2OH）是一种无色有刺激性气味的液体，是重要的有机合成原料．请回答：（1）丙烯醇的分子式为C3H6O；丙烯醇中含有的官能团的名称是碳碳双键、羟基．（2）0 3mol丙烯醇与足量金属钠反应，能生成标准状况下的氢气 3.36L．（3）写出丙烯醇与溴水反应的化学方程式CH2=CH﹣CH2OH+Br2→CH2BrCHBrCH2OH反应类型为加成反应（4）丙烯醇与CH3CO18OH发生酯化反应的化方程式为：CH3CO18O H+CH2=CH﹣CH2OHCH3COOCH2CH=CH2+H218O醅化反应生成的产物在一定条件下可以发生加聚反应得到高分子化合物，其结构简式为．【考点】有机物的结构和性质．【分析】CH2=CH﹣CH2OH含有羟基，可发生取代、消去和氧化反应，可与钠反应生成氢气，含有碳碳双键，可发生加成、加聚和氧化反应，以此解答该题．【解答】解：（1）由结构简式可知丙烯醇的分子式为C3H6O，含有的官能团为碳碳双键、羟基，故答案为：C3H6O；碳碳双键、羟基；（2）0.3mol 烯丙醇与足量金属钠反应，发生2CH2=CH﹣CH2OH+2Na→2CH2=CH﹣CH2ONa+H2↑，生成氢气0.15mol，体积为3.36L，故答案为：3.36L；（3）丙烯醇含有碳碳双键，可与溴水发生加成反应，反应的方程式为CH2=CH﹣CH2OH+Br2→CH2BrCHBrCH2OH，故答案为：CH2=CH﹣CH2OH+Br2→CH2BrCHBrCH2OH；加成反应；（4）烯丙醇与CH3CO18OH发生酯化反应的化方程式为CH3CO18O H+CH2=CH﹣CH2OHCH3COOCH2CH=CH2+H218O，酯化反应生成的产物在一定条件下可以发生加聚反应得到聚丙烯酸乙酯，结构简式为，故答案为：CH3CO18O H+CH2=CH﹣CH2OH CH3COOCH2CH=CH2+H218O；．19．某烃类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢．。
2017-2018学年广东省深圳市高级中学高二下学期期中考试生物试题 解析版
深圳市高级中学2017－2018学年第二学期期中测试高二生物第Ⅰ卷单项选择题1. 呼吸熵(RQ=释放二氧化碳体积/消耗的氧气体积)表示生物用于有氧呼吸的能源物质的不同.测定发芽种子呼吸熵的装置如图.关闭活塞,在25℃下经20分钟读出刻度管中着色液滴移动距离.设装置1和装置2的着色液滴分别向左移动x毫米和y毫米.下列说法错误的是:A. 若测得x=180毫米,y=50毫米,则该发芽种子的呼吸熵是0.72(保留两位小数)B. 若发芽种子仅进行有氧呼吸,且呼吸熵小于1,则分解的有机物可能为脂肪C. 为使测得的x和y值更精确,还应再设置对照装置D. 若呼吸底物是葡萄糖,且测得x=300毫米,y=-100毫米 (向右移动了100毫米),则可推断有氧呼吸消耗的葡萄糖与无氧呼吸消耗的葡萄糖的摩尔比值是1:2【答案】D【解析】试题分析：根据题意和图示分析可知：装置1的试管内装有NaOH，吸收呼吸释放的二氧化碳，因此1中液滴的移动是由氧气的变化决定的；装置2中无NaOH，液滴的移动是由氧气变化与二氧化碳的变化共同决定的，二氧化碳的释放量是装置2与装置1液滴移动的距离差．解：A、若测得x=180mm，y=50mm，则细胞呼吸产生的二氧化碳是180﹣50=130mm，呼吸熵是130÷180=0.72，A正确；B、由于脂肪中的碳氢比例高，若发芽种子仅进行需氧呼吸，且呼吸熵小于1，则分解的有机物可能为油脂，B正确；C、为使测得的x和y值更精确，还应再设置对照装置，排除物理因素对实验结果的影响，C 正确；D、若呼吸底物葡萄糖，且测得x=300mm，y=﹣100mm，说明总耗氧气300，总产二氧化碳400，其中有氧呼吸耗氧气300，产二氧化碳300，耗葡萄糖；无氧呼吸产二氧化碳400﹣300=100，耗葡萄糖，因此有氧呼吸消耗葡萄糖与无氧呼吸消耗葡萄糖的比值是1：1，D错误．故选：D．考点：细胞呼吸的过程和意义．2. 长期浸水会导致树根变黑腐烂.树根从开始浸水到变黑腐烂的过程中,细胞呼吸速率的变化曲线如图所示.下列叙述不正确的是：A. Ⅰ阶段根细胞的有氧呼吸速率下降B. Ⅱ阶段根细胞的无氧呼吸速率上升C. Ⅲ阶段曲线下降的主要原因与Ⅰ阶段不同D. 细胞在a点的有氧呼吸强度小于b点【答案】D【解析】分析曲线图：Ⅰ阶段幼根开始浸水，细胞的有氧呼吸速率逐渐降低，无氧呼吸速率逐渐上升；Ⅱ阶段幼根细胞因缺氧不再进行有氧呼吸，但无氧呼吸速率上升；Ⅲ阶段幼根因无氧呼吸的特有产物酒精积累过多，是导致幼根变黑腐烂。
北京师范大学附属中学2017-2018学年高二下学期期中考试(文科)生物试题 含解析
北京师大附中2017-2018学年下学期高二年级期中考试生物试卷（文科）一、单项选择题1. 肺炎双球菌的转化实验中，使R型细菌转化为S型细菌的转化因子是A. 荚膜多糖B. 蛋白质C. R型细菌的DNAD. S型细菌的DNA【答案】D【解析】分析：肺炎双球菌转化实验包括格里菲斯的体内转化实验和艾弗里的体外转化实验，其中格里菲斯体内转化实验证明S型细菌中存在某种“转化因子”，能将R型细菌转化为S型细菌；艾弗里的体外转化实验证明DNA是遗传物质。
详解：美国科学家艾弗里的体外转化实验通过将S型细菌的DNA、蛋白质、糖类等物质分离开，单独的、直接的观察它们各自的作用，另外还增加了一组对照实验，即DNA酶和S型活菌中提取的DNA与R型菌混合培养。
通过实验，只有把S型细菌的DNA与R型细菌混合培养，R型细菌才能转化为S型细菌，并且DNA的纯度越高，转化效率就越有效，因此可以得出结论：肺炎双球菌的转化实验中，使R型细菌转化为S型细菌的转化因子是S型细菌的DNA。
故选：D。
点睛：考查肺炎双球菌转化实验，要求学生识记肺炎双球菌体内转化实验和体外转化实验的设计思路、具体过程、实验现象及实验结论，明确S型菌的DNA分子能将R型细菌转化为S 型细菌，再作出准确的判断。
2. 噬菌体侵染细菌的实验可以证明A. 蛋白质是遗传物质B. DNA是遗传物质C. RNA是遗传物质D. DNA不是遗传物质【答案】B【解析】【分析】噬菌体侵染细菌的实验步骤：分别用32P与35S标记噬菌体→噬菌体与大肠杆菌混合培养→噬菌体侵染未被标记的大肠细菌→在搅拌器中搅拌，然后离心，检测上清液和沉淀物中的放射性物质。
最终证明了DNA是遗传物质。
【详解】在噬菌体侵染细菌的实验中，用放射性同位素32P和放射性同位素35S分别标记DNA 和蛋白质，直接单独的观察它们的作用。
实验过程中，只有子代噬菌体的DNA带有32P标记，而蛋白质外壳无35S标记，说明DNA分子在噬菌体的亲子代之间具有连续性，是噬菌体的遗传物质。
广东省北大附中深圳南山分校2015-2016学年高二下学期第一次段考地理试题Word版含答案
北大附中深圳南山分校高中部高二年级 2015—2016学年度下学期 第一次段考高二地理试卷时间：90分钟 满分：100分一、单选题：本大题共22小题，每小题2分，共44分． “世界著名海峡示意图”，回答下面1-2题。
1、图中既位于两大洲之间且是重要石油运输路线，又处在板块张裂地带的海峡是（ ） A 、A B 、B C 、C D 、D2、图中不易产生地震，风浪却很大的海峡是（ ） A 、A B 、B C 、C D 、D 下图为“我国某区域简图”，读图回答3--4题。
3、图中最大的山脉走向大致为（ ） A.东西走向 B.南北走向 C.东北—西南走向 D.西北—东南走向4、在该天气系统影响下（ ） A.甲地处背风坡，降水概率较小 B.乙地吹偏西风，气温较高C.丙地处迎风坡，降水概率较大D.丁地吹偏西风，晴朗少云 右图为日本1月气温、降水分布图，回答5～7题。
5、图例①②③的数值关系是（ ） A ．①＜②＜③1月降水量① ②③0℃甲班级： 姓名： 考号： 密 封 线B．①＞②＞③C．①＜②＞③D．不能确定6、关于日本气候的叙述，正确的是（）①属温带季风气候②降水高度集中在夏季③气候具有海洋性特征④年降水量太平洋沿岸多于日本海沿岸A．①② B．②③C．③④ D．①④7、影响甲海域等温线弯曲的因素是（）A．太阳辐射、海陆位置 B．大气环流、洋流C．海陆位置、洋流 D．太阳辐射、洋流读下图，完成8～10题。
8、图中PQ两点间的最短距离约为（）A．2200千米 B．1100千米C．550千米 D．275千米9、此时（）A．亚欧大陆等温线向南凸出B．图示地区日出的地方时早于6时C．非洲最南端气候高温多雨D．北印度洋海水呈顺时针方向流动10、有关图中海峡地理特征的叙述，正确的是（）A．处于信风带，风急浪高B．位于海沟，地壳活动C．寒暖流交汇，鱼类丰富D．纬度较高，结冰期长世界局部地区某月等温线甘肃省张掖市是高原夏菜的理想产地，其夏季蔬菜品种丰富，品质优良，主要销往我国东南沿海地区，近年积极开拓中亚市场。
广东省北大附中深圳南山分校2025届高二生物第二学期期末经典试题含解析
广东省北大附中深圳南山分校2025届高二生物第二学期期末经典试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。
)1．实验发现，某物质X进入细胞时，如果使用药物限制细胞膜上蛋白质的活性，则该物质的运输速率迅速下降，如果抑制呼吸作用，却对运输速率没有影响。
由此推断下列有关该物质进入细胞方式的说法中正确的是A．它是自由扩散B．它是主动运输C．它是逆浓度梯度运输的D．葡萄糖进入红细胞通常采用该法2．如图为激素的分泌调节示意图，其中a、b和c表示人体内三种内分泌腺，①、②和③表示三种不同的激素。
下列叙述错误的是A．由图分析，激素分泌存在分级调节和反馈调节B．若图中③为性激素，则激素②是促性腺激素C．人受寒冷刺激时，c的体温调节中枢兴奋，激素③含量增加D．当饮食过咸时，c还能释放大量抗利尿激素.以维持机体水平衡3．下图表示在采用不同网目(网眼直径)和不同捕捞强度对鳕鱼捕获量的影响。
下列叙述错误的是（．．．．．）．A．调查鳕鱼的种群密度可以采用标志重捕法B．持久保持高捕捞强度会导致鳕鱼的种群数量不断减少C．保持低捕捞强度，同时用大网目捕鱼，更有利于保持鱼群的持续发展D．保持高捕捞强度，同时用中网目捕鱼，能使鱼群的年龄结构更接近稳定型4．关于下列图解的理解，错误的是A．图中基因自由组合发生在④⑤B．③⑥过程表示受精作用过程C．图1中③过程的随机性是子代中Aa占1/2的原因之一D．图2子代中aaBB的个体在aaB 中占的比1/165．城市生活垃圾提倡分类回收处理，实现废物资源化利用。
广东省北大附中深圳南山分校2017-2018学年高二下学期第一次段考数学试卷(理科) Word版含解析
2017-2018学年广东省北大附中深圳南山分校高二（下）第一次段考数学试卷（理科）一、选择题1．甲、乙等5人在9月3号参加了纪念抗日战争胜利70周年阅兵庆典后，在天安门广场排成一排拍照留念，甲和乙必须相邻的排法有（）种．A．24 B．48 C．72 D．1202．曲线y=4x﹣x3在点（﹣1，﹣3）处的切线方程是（）A．y=7x+4 B．y=7x+2 C．y=x﹣4 D．y=x﹣23．若函数f（x）=x2+bx+c的图象的顶点在第四象限，则函数f′（x）的图象是（）A．B．C．D．4．曲线y=x3﹣3x和y=x围成的面积为（）A．4 B．8 C．10 D．95．已知函数f（x）=sinx+e x+x2013，令f1（x）=f′（x），f2（x）=f1′（x），f3（x）=f2′（x），…，f n=f n′（x），则f2014（x）=（）+1A．sinx+e x B．cosx+e x C．﹣sinx+e x D．﹣cosx+e x6．函数f（x）=3x﹣4x3，x∈[0，1]的最小值是（）A．1 B．1.5 C．0 D．﹣17．设x=3+4i，则复数z=x﹣|x|﹣（1﹣i）在复平面上的对应点在（）A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限8．k棱柱有f（k）个对角面，则k+1棱柱的对角面个数f（k+1）为（）A．f（k）+k﹣1 B．f（k）+k+1 C．f（k）+k D．f（k）+k﹣29．函数y=asinx+sin3x在x=处有极值，则a=（）A．﹣6 B．6 C．﹣2 D．210．下列求导运算正确的是（）A．（2x）′=x•2x﹣1 B．（3e x）′=3e xC．（x2﹣）′=2x﹣D．（）′=11．利用数学归纳法证明不等式1+++…＜f （n ）（n ≥2，n ∈N *）的过程中，由n=k 变到n=k +1时，左边增加了（ ） A ．1项 B ．k 项 C ．2k ﹣1项 D ．2k 项12．函数f （x ）=x 2﹣2lnx 的单调减区间是 （ ）A ．（0，1]B ．[1，+∞）C ．（﹣∞，﹣1]∪（0，1]D ．[﹣1，0）∪（0，1]二、填空题13．在等比数列{a n }中，若前n 项之积为T n ，则有．则在等差数列{b n }中，若前n 项之和为S n ，用类比的方法得到的结论是 ．14．已知函数f （x ）=x 3+2x 2﹣ax +1在区间（﹣1，1）上恰有一个极值点，则实数a 的取值范围是 ．15．若复数z=，其中i 是虚数单位，则||= ．16．已知不等式1﹣的解集为（﹣1，2），则= ．三、解答题17．设函数f （x ）=xlnx（1）求f （x ）的单调区间；（2）求f （x ）在区间[，]的最大值和最小值．18．已知函数f （x ）=e x ﹣ax 2﹣bx ﹣1，其中a 、b ∈R ，e=2.71828…为自然对数的底数．设g （x ）是函数f （x ）的导函数，求函数g （x ）在区间[0，1]上的最小值．19．先观察不等式（a +a）（b+b）≥（a 1b 1+a 2b 2）2（a 1、a 2、b 1、b 2∈R ）的证明过程：设平面向量=（a 1，b 1），=（a 2，b 2），则||=，||=，•=a 1a 2+b 1b 2． ∵|•|≤||•||，∴|a 1a 2+b 1b 2|≤•，∴（a 1a 2+b 1b 2）2≤（a +b ）（a +b ），再类比证明：（a+b+c）（a+b+c）≥（a 1a 2+b 1b 2+c 1c 2）2．20．已知点的序列A n （x n ，0），n ∈N *，其中x l =0，x 2=a （a ＞0），A 3是线段A l A 2的中点，A 4是线段A 2A 3的中点，…，A n 是线段A n ﹣2A n ﹣1的中点，…． （1）写出x n 与x n ﹣1、x n ﹣2之间的关系式（n ≥3）；（2）设a n =x n +1﹣x n ，计算a l ，a 2，a 3，由此推测数列{a n }的通项公式，并加以证明． 21．设函数f （x ）=1+（1+a ）x ﹣x 2﹣x 3，其中a ＞0．（Ⅰ）讨论f（x）在其定义域上的单调性；（Ⅱ）当x∈[0，1]时，求f（x）取得最大值和最小值时的x的值．22．已知函数f（x）=﹣x2+2lnx．（Ⅰ）求函数f（x）的最大值；（Ⅱ）若函数f（x）与g（x）=x+有相同极值点，（i）求实数a的值；（ii）若对于“x1，x2∈[，3]，不等式≤1恒成立，求实数k的取值范围．2015-2016学年广东省北大附中深圳南山分校高二（下）第一次段考数学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题1．甲、乙等5人在9月3号参加了纪念抗日战争胜利70周年阅兵庆典后，在天安门广场排成一排拍照留念，甲和乙必须相邻的排法有（）种．A．24 B．48 C．72 D．120【考点】计数原理的应用．【分析】甲、乙两人必须相邻，利用捆绑法与其余3人全排即可．【解答】解：由题意，利用捆绑法，甲、乙两人必须相邻的方法数为A22•A44=48种．故选：B．2．曲线y=4x﹣x3在点（﹣1，﹣3）处的切线方程是（）A．y=7x+4 B．y=7x+2 C．y=x﹣4 D．y=x﹣2【考点】导数的几何意义．【分析】已知点（﹣1，﹣3）在曲线上，若求切线方程，只需求出曲线在此点处的斜率，利用点斜式求出切线方程．【解答】解：∵y=4x﹣x3，∴y'︳x=﹣1=4﹣3x2︳x=﹣1=1，∴曲线在点（﹣1，﹣3）处的切线的斜率为k=1，即利用点斜式求出切线方程是y=x﹣2，故选D．3．若函数f（x）=x2+bx+c的图象的顶点在第四象限，则函数f′（x）的图象是（）A．B．C．D．【考点】函数的单调性与导数的关系．【分析】先判断函数f（x）的单调性，根据当导函数大于0时原函数单调递增，当导函数小于0时原函数单调递减得到答案．【解答】解：函数f（x）=x2+bx+c是开口向上的二次函数，顶点在第四象限说明对称轴大于0根据函数f（x）在对称轴左侧单调递减，导函数小于0；在对称轴右侧单调递增，导函数大于0知，A满足条件故选A．4．曲线y=x3﹣3x和y=x围成的面积为（）A．4 B．8 C．10 D．9【考点】定积分．【分析】先求出曲线y=x3﹣3x与y=x的交点坐标，得到积分的上下限，然后利用定积分求出第一象限所围成的图形的面积，根据图象的对称性可求出第三象限的面积，从而求出所求．【解答】解：曲线y=x3﹣3x与y=x的交点坐标为（0，0），（2，2），（﹣2，﹣2）曲线y=x3﹣3x与直线y=x在y轴右侧所围成的图形的面积是（x﹣x3+3x）dx=（4x﹣x3）dx=（2x2﹣x4）=4，根据y=x3﹣3x与y=x都是奇函数，关于原点对称，y轴左侧的面积与第一象限的面积相等．∴曲线y=x3﹣3x与y=x所围成的图形的面积为2×4=8．故选B．5．已知函数f（x）=sinx+e x+x2013，令f1（x）=f′（x），f2（x）=f1′（x），f3（x）=f2′（x），…，=f n′（x），则f2014（x）=（）f n+1A．sinx+e x B．cosx+e x C．﹣sinx+e x D．﹣cosx+e x【考点】导数的运算．【分析】利用三角函数，指数函数，幂函数的导数公式分别进行求导，找出规律即可．【解答】解：f1（x）=f′（x）=cosx+e x+2013x2012f2（x）=f′1（x）=﹣sinx+e x+2013×2012×x2011f3（x）=f′2（x）=﹣cosx+e x+2013×2012×2011x2010f4（x）=f′3（x）=sinx+e x+2013×2012×2011×2010x2009…f2013（x）=cosx+e x+2013!f2014（x）=f′2013（x）=﹣sinx+e x故选：C．6．函数f（x）=3x﹣4x3，x∈[0，1]的最小值是（）A．1 B．1.5 C．0 D．﹣1【考点】利用导数求闭区间上函数的最值．【分析】由f（x）=3x﹣4x3，知f′（x）=3﹣12x2，令f′（x）=3﹣12x2=0，得x=±．由此能求出函数f（x）=3x﹣4x3，x∈[0，1]的最小值．【解答】解：∵f（x）=3x﹣4x3，∴f′（x）=3﹣12x2，令f′（x）=3﹣12x2=0，得x=±．∵，∴x=﹣（舍）．∵f（0）=0，f（）==1，f（1）=3﹣4=﹣1．∴函数f（x）=3x﹣4x3，x∈[0，1]的最小值是﹣1．故选D．7．设x=3+4i，则复数z=x﹣|x|﹣（1﹣i）在复平面上的对应点在（）A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限【考点】复数的代数表示法及其几何意义．【分析】由模长公式和复数的运算化简已知复数，可得对应的所在的象限．【解答】解：由题意可得z=x﹣|x|﹣（1﹣i）=3+4i﹣|3+4i|﹣（1﹣i）=3+4i﹣﹣（1﹣i）=﹣3+5i对应的点为（﹣3，5）在第二象限，故选B8．k棱柱有f（k）个对角面，则k+1棱柱的对角面个数f（k+1）为（）A．f（k）+k﹣1 B．f（k）+k+1 C．f（k）+k D．f（k）+k﹣2【考点】棱柱的结构特征；归纳推理．【分析】因为过不相邻两条侧棱的截面为对角面，过每一侧棱与它不相邻的一条侧棱都能作对角面，可作（k﹣3）个对角面，k条侧棱可作k（k﹣3）个对角面，由于这些对角面是相互之间重复计算了，所以共有k（k﹣3）÷2个对角面，从而得出f（k+1）与f（k）的关系．【解答】解：因为过不相邻两条侧棱的截面为对角面，过每一侧棱与它不相邻的一条侧棱都能作对角面，可作（k﹣3）个对角面，k条侧棱可作k（k﹣3）个对角面，由于这些对角面是相互之间重复计算了，所以共有k（k﹣3）÷2个对角面，所以可得f（k+1）﹣f（k）=（k+1）（k+1﹣3）÷2﹣k（k﹣3）÷2=k﹣1，故f（k+1）=f（k）+k﹣1．故选：A．9．函数y=asinx+sin3x在x=处有极值，则a=（）A．﹣6 B．6 C．﹣2 D．2【考点】函数在某点取得极值的条件．【分析】先对函数进行求导，根据函数f（x）在x=处有极值应有f′（）=0，进而可解出a的值．【解答】解：f′（x）=acosx+×3×cos3x=acosx+cos3x，根据函数f（x）在x=处有极值，故应有f′（）=0，即acos+cos（3×）=0，﹣1=0，a=2．故选D．10．下列求导运算正确的是（）A．（2x）′=x•2x﹣1 B．（3e x）′=3e xC．（x2﹣）′=2x﹣D．（）′=【考点】导数的运算．【分析】利用导数的运算法则逐项判断即可．【解答】解：（2x）′=2x ln2，故A错误；，故C错误；=，故D错误；故选B．11．利用数学归纳法证明不等式1+++…＜f（n）（n≥2，n∈N*）的过程中，由n=k变到n=k+1时，左边增加了（）A．1项B．k项C．2k﹣1项D．2k项【考点】数学归纳法．【分析】依题意，由n=k递推到n=k+1时，不等式左边为1+++…++++…+，与n=k时不等式的左边比较即可得到答案．【解答】解：用数学归纳法证明等式1+++…+＜f （n ）（n ≥2，n ∈N *）的过程中，假设n=k 时不等式成立，左边=1+++…+，则当n=k +1时，左边=1+++…++++…+，∴由n=k 递推到n=k +1时不等式左边增加了： ++…+，共（2k +1﹣1）﹣2k +1=2k 项，故选：D ．12．函数f （x ）=x 2﹣2lnx 的单调减区间是 （ ） A ．（0，1] B ．[1，+∞） C ．（﹣∞，﹣1]∪（0，1] D ．[﹣1，0）∪（0，1] 【考点】利用导数研究函数的单调性．【分析】先求出函数f （x ）的导数，解关于导函数的不等式，从而求出函数的递减区间．【解答】解：f ′（x ）=2x ﹣=，（x ＞0），令f ′（x ）≤0，解得：0＜x ≤1， 故选：A ．二、填空题13．在等比数列{a n }中，若前n 项之积为T n ，则有．则在等差数列{b n }中，若前n 项之和为S n ，用类比的方法得到的结论是 ． 【考点】类比推理．【分析】由等差和等比数列的通项和求和公式及类比推理思想可得结果．【解答】解：在等差数列中S 3n =S n +（S 2n ﹣S n ）+（S 3n ﹣S 2n ）=（a 1+a 2+…+a n ）++（S 2n ﹣S n ）+（a 2n +1+a 2n +2+…+a 3n ）因为a 1+a 3n =a 2+a 3n ﹣1=…=a n +a 2n +1=a n +1+a 2n所以S n +（S 3n ﹣S 2n ）=2（S 2n ﹣S n ），所以S 3n =3（S 2n ﹣S n ）． 故答案为：S 3n =3（S 2n ﹣S n ）．14．已知函数f （x ）=x 3+2x 2﹣ax +1在区间（﹣1，1）上恰有一个极值点，则实数a 的取值范围是 ．【考点】函数在某点取得极值的条件．【分析】首先利用函数的导数与极值的关系求出a 的值，由于函数f （x ）=x 3+2x 2﹣ax +1在区间（﹣1，1）上恰有一个极值点，所以f ′（﹣1）f ′（1）＜0，进而验证a=﹣1与a=7时是否符合题意，即可求答案．【解答】解：由题意，f′（x）=3x2+4x﹣a，当f′（﹣1）f′（1）＜0时，函数f（x）=x3+2x2﹣ax+1在区间（﹣1，1）上恰有一个极值点，解得﹣1＜a＜7，当a=﹣1时，f′（x）=3x2+4x+1=0，在（﹣1，1）上恰有一根x=﹣，当a=7时，f′（x）=3x2+4x﹣7=0在（﹣1，1）上无实根，则a的取值范围是﹣1≤a＜7，故答案为﹣1≤a＜7．15．若复数z=，其中i是虚数单位，则||=．【考点】复数求模．【分析】根据复数的四则运算求出复数z，即可求出结论．【解答】解：∵z====，∴，即||=，故答案为：116．已知不等式1﹣的解集为（﹣1，2），则=．【考点】定积分．【分析】将不等式1﹣进行移项化简，根据其交集为（﹣1，2），求出a的值，再根据定积分的定义进行求解；【解答】解：∵不等式1﹣化简可得（x+a）（x+a﹣3）＜0，其解集为（﹣1，2），∴a=2，∴=[x﹣3ln（x+1）]=2﹣3ln3，故答案为：2﹣3ln3；三、解答题17．设函数f（x）=xlnx（1）求f（x）的单调区间；（2）求f（x）在区间[，]的最大值和最小值．【考点】利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究函数的单调性．【分析】（1）由已知条件条件推导出函数的定义域为（0，+∞），f′（x）=lnx+1，由此能求出f（x）的单调区间．（2）由，f（）=，f（）=，能求出f（x）在区间[，]的最大值和最小值．【解答】解：（1）∵函数f（x）=xlnx，∴函数的定义域为（0，+∞），f′（x）=lnx+1，令f′（x）=lnx+1=0，得x=，令f′（x）＞0，得x＞；令f′（x）＜0，得．∴f（x）的单调递增区间为（），单调减区间为（0，）．（2）∵，f（）=，f（）=，又，∴f（x）在区间[，]的最大值为．最小值为﹣．18．已知函数f（x）=e x﹣ax2﹣bx﹣1，其中a、b∈R，e=2.71828…为自然对数的底数．设g （x）是函数f（x）的导函数，求函数g（x）在区间[0，1]上的最小值．【考点】利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究函数的单调性．【分析】由f（x）求导得g（x）=f′（x）=e x﹣2ax﹣b，再求导得g′（x）=e x﹣2a，从而讨论a以确定导数的正负，从而确定函数在区间[0，1]上的单调性，由单调性确定最小值点及最小值即可．【解答】解：∵f（x）=e x﹣ax2﹣bx﹣1，∴g（x）=f′（x）=e x﹣2ax﹣b．所以g′（x）=e x﹣2a．当x∈[0，1]时，g′（x）∈[1﹣2a，e﹣2a]．当a≤时，g′（x）≥0，所以g（x）在[0，1]上单调递增．因此g（x）在[0，1]上的最小值是g（0）=1﹣b；当a≥时，g′（x）≤0，所以g（x）在[0，1]上单调递减，因此g（x）在[0，1]上的最小值是g（1）=e﹣2a﹣b；当＜a＜时，令g′（x）=0得x=ln（2a）∈（0，1）．所以函数g（x）在区间[0，ln（2a）]上单调递减，在区间（ln（2a），1]上单调递增．于是，g（x）在[0，1]上的最小值是g（ln（2a））=2a﹣2aln（2a）﹣b；综上所述，当a≤时，g（x）在[0，1]上的最小值是g（0）=1﹣b；当＜a ＜时，g （x ）在[0，1]上的最小值是g （ln （2a ））=2a ﹣2aln （2a ）﹣b ；当a ≥时，g （x ）在[0，1]上的最小值是g （1）=e ﹣2a ﹣b ．19．先观察不等式（a +a）（b+b）≥（a 1b 1+a 2b 2）2（a 1、a 2、b 1、b 2∈R ）的证明过程：设平面向量=（a 1，b 1），=（a 2，b 2），则||=，||=，•=a 1a 2+b 1b 2．∵|•|≤||•||，∴|a 1a 2+b 1b 2|≤•，∴（a 1a 2+b 1b 2）2≤（a +b ）（a +b ），再类比证明：（a+b+c）（a+b+c）≥（a 1a 2+b 1b 2+c 1c 2）2．【考点】类比推理．【分析】利用类比的方法，结合向量的运算，即可证明结论．【解答】解：设空间向量=（a 1，b 1，c 1），=（a 2，b 2，c 2），则||2=a+b+c，||2=a+b+c，•=a 1a 2+b 1b 2+c 1c 2，∵|•β|≤||•||，∴|a 1a 2+b 1b 2+c 1c 2|2≤（a +b +c ）（a+b+c）∴（a+b+c）（a+b+c）≥（a 1a 2+b 1b 2+c 1c 2）2．20．已知点的序列A n （x n ，0），n ∈N *，其中x l =0，x 2=a （a ＞0），A 3是线段A l A 2的中点，A 4是线段A 2A 3的中点，…，A n 是线段A n ﹣2A n ﹣1的中点，…． （1）写出x n 与x n ﹣1、x n ﹣2之间的关系式（n ≥3）；（2）设a n =x n +1﹣x n ，计算a l ，a 2，a 3，由此推测数列{a n }的通项公式，并加以证明． 【考点】数列的应用．【分析】（1）根据题意，A n 是线段A n ﹣2A n ﹣1的中点，可得x n 与x n ﹣1、x n ﹣2之间的关系式，（2）由题意知a 1=a ，a 2=﹣a ，a 3=a ，由此推测：a n =（﹣）n ﹣1a （n ∈N *）再进行证明． 【解答】解：（1）根据题意，A n 是线段A n ﹣2A n ﹣1的中点，则有当n ≥3时，x n =．（2）a 1=x 2﹣x 1=a ，a 2=x 3﹣x 2=﹣x 2=﹣（x 2﹣x 1）=﹣a ，a3=x4﹣x3=﹣x3=﹣（x3﹣x2）=﹣（﹣a）=a，由此推测：a n=（﹣）n﹣1a（n∈N*）．证明如下：因为a1=a＞0，且a n=x n﹣x n=﹣x n=+1=﹣（x n﹣x n）﹣1=﹣a n（n≥2），﹣1所以a n=（﹣）n﹣1a．21．设函数f（x）=1+（1+a）x﹣x2﹣x3，其中a＞0．（Ⅰ）讨论f（x）在其定义域上的单调性；（Ⅱ）当x∈[0，1]时，求f（x）取得最大值和最小值时的x的值．【考点】利用导数求闭区间上函数的最值；利用导数研究函数的单调性．【分析】（Ⅰ）利用导数判断函数的单调性即可；（Ⅱ）利用（Ⅰ）的结论，讨论两根与1的大小关系，判断函数在[0，1]时的单调性，得出取最值时的x的取值．【解答】解：（Ⅰ）f（x）的定义域为（﹣∞，+∞），f′（x）=1+a﹣2x﹣3x2，由f′（x）=0，得x1=，x2=，x1＜x2，∴由f′（x）＜0得x＜，x＞；由f′（x）＞0得＜x＜；故f（x）在（﹣∞，）和（，+∞）单调递减，在（，）上单调递增；（Ⅱ）∵a＞0，∴x1＜0，x2＞0，∵x∈[0，1]，当时，即a≥4①当a≥4时，x2≥1，由（Ⅰ）知，f（x）在[0，1]上单调递增，∴f（x）在x=0和x=1处分别取得最小值和最大值．②当0＜a＜4时，x2＜1，由（Ⅰ）知，f（x）在[0，x2]单调递增，在[x2，1]上单调递减，因此f（x）在x=x2=处取得最大值，又f（0）=1，f（1）=a，∴当0＜a＜1时，f（x）在x=1处取得最小值；当a=1时，f（x）在x=0和x=1处取得最小值；当1＜a＜4时，f（x）在x=0处取得最小值．22．已知函数f（x）=﹣x2+2lnx．（Ⅰ）求函数f（x）的最大值；（Ⅱ）若函数f（x）与g（x）=x+有相同极值点，（i）求实数a的值；（ii）若对于“x1，x2∈[，3]，不等式≤1恒成立，求实数k的取值范围．【考点】导数在最大值、最小值问题中的应用；函数恒成立问题．【分析】（Ⅰ）求导函数，确定函数的单调性，从而可得函数f（x）的最大值；（Ⅱ）（ⅰ）求导函数，利用函数f（x）与g（x）=x+有相同极值点，可得x=1是函数g（x）的极值点，从而可求a的值；（ⅱ）先求出x1∈[[，3]时，f（x1）min=f（3）=﹣9+2ln3，f（x1）max=f（1）=﹣1；x2∈[[，3]时，g（x2）min=g（1）=2，g（x2）max=g（3）=，再将对于“x1，x2∈[，3]，不等式≤1恒成立，等价变形，分类讨论，即可求得实数k的取值范围．【解答】解：（Ⅰ）求导函数可得：f′（x）=﹣2x+=﹣（x＞0）由f′（x）＞0且x＞0得，0＜x＜1；由f′（x）＜0且x＞0得，x＞1．∴f（x）在（0，1）上为增函数，在（1，+∞）上为减函数．∴函数f（x）的最大值为f（1）=﹣1．（Ⅱ）∵g（x）=x+，∴g′（x）=1﹣．（ⅰ）由（Ⅰ）知，x=1是函数f（x）的极值点，又∵函数f（x）与g（x）=x+有相同极值点，∴x=1是函数g（x）的极值点，∴g′（1）=1﹣a=0，解得a=1．（ⅱ）∵f（）=﹣﹣2，f（1）=﹣1，f（3）=﹣9+2ln3，∵﹣9+2ln3＜﹣﹣2＜﹣1，即f（3）＜f（）＜f（1），∴x1∈[[，3]时，f（x1）min=f（3）=﹣9+2ln3，f（x1）max=f（1）=﹣1由（ⅰ）知g（x）=x+，∴g′（x）=1﹣．当x∈[，1）时，g′（x）＜0；当x∈（1，3]时，g′（x）＞0．故g（x）在[，1）为减函数，在（1，3]上为增函数．∵，g（1）=2，g（3）=，而2＜＜，∴g（1）＜g（）＜g（3）∴x2∈[[，3]时，g（x2）min=g（1）=2，g（x2）max=g（3）=①当k﹣1＞0，即k＞1时，对于“x1，x2∈[，3]，不等式≤1恒成立，等价于k≥[f（x1）﹣g（x2）]max+1∵f（x1）﹣g（x2）≤f（1）﹣g（1）=﹣1﹣2=﹣3，∴k≥﹣2，又∵k＞1，∴k＞1．②当k﹣1＜0，即k＜1时，对于“x1，x2∈[，3]，不等式≤1恒成立，等价于k≤[f（x1）﹣g（x2）]min+1∵f（x1）﹣g（x2）≥f（3）﹣g（3）=﹣，∴k≤．又∵k＜1，∴k≤．综上，所求的实数k的取值范围为（﹣∞，]∪（1，+∞）．2016年10月11日。
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2017-2018学年广东省北大附中深圳南山分校高二（下）第一次段考生物试卷一、单选题（共20小题，每小题3分，共60分，每题只有一个选项符合题意）1．利用下列细胞工程技术培养出的新个体中，只具有一个亲本遗传性状的是（）①植物组织培养②细胞融合③动物胚胎移植④克隆技术．A．①③B．①③④C．①D．①④2．下列关于核酸分子杂交和抗原-抗体杂交的叙述，正确的是（）A．核酸分子杂交是指两条脱氧核苷酸链的杂交B．抗原-抗体杂交的原理为碱基互补配对原则C．核酸分子杂交可检测目的基因的存在和转录D．抗原-抗体杂交中目的基因产物常作为抗体3．用DNA连接酶把被限制性核酸内切酶Ⅰ（识别序列和切点是-↓GATC-）切割过的质粒和被限制酶Ⅱ（识别序列和切点是-G↓GATCC-）切割过的目的基因连接起来后，该重组DNA分子如图所示，该重组DNA分子能够再被限制酶Ⅱ切割开的概率是（）A．1/2B．7/16C．1/16D．1/44．下列有关基因工程的叙述，错误的是（）A．基因工程可以克服不同物种之间的生殖隔离，实现生物的定向变异B．在同一DNA分子中，限制酶的识别序列越长，酶切点出现的概率越大C．基因载体上有一个或多个限制酶的切割位点，供外源DNA插入D．以大肠杆菌为受体细胞时，先要用Ca2+处理细胞以使其处于感受态5．如图是利用基因工程技术生产可食用疫苗的部分过程，其中PstⅠ、SmaⅠ、EcoRⅠ、ApaⅠ为四种限制性核酸内切酶．下列有关说法中正确的是（）A．图示过程是基因工程的核心步骤，所需的限制性核酸内切酶均来自原核生物B．图示中构建基因表达载体时，需用到一种限制性核酸内切酶C．一种限制性核酸内切酶只能识别一种特定的核糖核苷酸序列D．抗卡那霉素基因的存在有利于将含有抗原基因的细胞筛选出来6．如表中列出了几种限制酶识别序列及其切割位点，图1、图2中箭头表示相关限制酶的酶切位点．下列说法正确的是（）团B．若对图中质粒进行改造，插入的SmaⅠ酶切位点越多，质粒的热稳定性越低C．用图中的质粒和外源DNA构建重组质粒，一定不能使用SmaⅠ切割D．因为限制酶具有特异性，所以不同的限制酶酶切DNA后一定形成不同的粘性末端7．如图是两种二倍体植物细胞（甲、乙）融合并培育新植株过程的示意图．有关分析正确的是（）A．过程①需用纤维素酶和果胶酶溶液处理，且溶液的渗透压略大于细胞液渗透压B．过程②可用聚乙二醇诱导原生质体融合，主要依据细胞膜具有选择透过性原理C．过程③表示细胞壁的再生，④⑤需要根据生长发育进程更换不同的液体培养基D．最终得到的植株相对于甲、乙而言发生了染色体数目变异，因此不具有可育性8．如图为制备人工种子部分流程示意图，下列叙述正确的是（）A．制备人工种子繁殖植物相当于植物的有性生殖B．人工种皮中添加的营养成分相当于植物的胚乳或子叶为胚状体提供碳源C．该过程以海藻酸钠作为营养成分，以CaCl溶液作为凝固剂2D．包埋胚状体的凝胶珠能够隔绝空气，有利于人工种子的储藏B．BC．CD．D10．下列有关植物组织培养的叙述中，错误的是（）A．在愈伤组织培养中加入细胞融合的诱导剂，不可获得染色体加倍的细胞B．在组织培养中，生长素用于诱导细胞的分裂和根的分化C．对外植体进行严格的消毒、灭菌后再进行组织培养可获得脱毒植株D．愈伤组织的诱导往往需要暗培养，再分化一定要有光照11．如图表示抗人体胃癌的单克隆抗体的制备过程有关叙述不正确的是（）A．图中实验小鼠注射的甲是能与抗人体胃癌抗体特异性结合的抗原B．利用灭活的病毒可诱导细胞融合获得乙，却不能诱导植物原生质体融合C．用特定的选择培养基对乙筛选，融合细胞均能生长，未融合细胞均不能生长D．丙需进行克隆化培养和抗体检测，才能获得大量所需抗体12．下列叙述正确的是（）A．要获得转基因植物，可选用植物的体细胞作受体细胞，然后通过组织培养技术获得；如果要获得转基因动物，可选用动物的体细胞作受体细胞，然后通过动物细胞培养技术获得B．通过转基因方式获得的抗虫棉具有永久抗虫的能力C．用相同的限制性内切酶切割DNA留下的粘性末端是一定相同的；用不同的限制性内切酶切割DNA留下的粘性末端一定是不相同的D．诱导动物细胞融合除可以用离心、振荡、电激等物理方法，聚乙二醇处理等化学方法外，还可以采用灭活的病毒进行处理13．下列为有关动物细胞培养的叙述，其中不正确的是（）①用于培养的细胞大都取自胚胎或幼龄动物的器官或组织；②将所取的组织先用胰蛋白酶等进行处理使其分散成单个细胞，也可用胃蛋白酶处理；③在培养瓶中要定期用胰蛋白酶使细胞从瓶壁上脱离，制成悬浮液；④动物细胞培养只能传50代左右，所培养的细胞全部衰老死亡；培养箱维持适宜的pH；⑤动物细胞培养时用CO2⑥人们通常将动物组织消化后的初次培养称为原代培养，把细胞从一个培养瓶分装到多个培养瓶称为传代培养；⑦培养瓶的内表面要粗糙、无毒、易于贴附，培养基中通常需加入血清、血浆的等天然成分；⑧动物细胞培养技术是其他动物细胞工程技术的基础．A．③⑤⑧B．②③⑦C．②④⑦D．①⑤⑥14．随着生物技术的迅速发展，已灭绝生物的“复活”将不再是神话．如果世界上最后一只野驴刚刚死亡，下列“复活”野驴的方法中，最可行的是（）A．将野驴的体细胞取出，利用组织培养技术，经脱分化、再分化，培育成新个体B．取出野驴的体细胞两两融合，再经组织培养培育成新个体C．取出野驴的体细胞核移植到家驴的去核卵母细胞中，经孕育培养成新个体D．将野驴的基因导入家驴的受精卵中，培育成新个体15．下列四个选项中没有采取植物组织培养技术的是（）A．花药离体培养得到单倍体植株B．秋水仙素处理幼苗获得多倍体植株C．人工种子的培育D．“番茄-马铃薯”杂种植株的培育过程16．图甲、乙中的箭头表示三种限制性核酸内切酶的酶切位点，Amp r表示氨苄青霉素抗性基因，Ne r表示新霉素抗性基因．下列叙述正确的是（）A．图甲中的质粒用BamHⅠ切割后，含有4个游离的磷酸基团B．在构建重组质粒时，可用PstⅠ和BamHⅠ切割质粒和外源DNAC．用PstⅠ和HindⅢ酶切，加入DNA连接酶后可得到1种符合要求的重组质粒D．导入目的基因的大肠杆菌可在含氨苄青霉素的培养基中生长17．下列有关蛋白质工程的说法错误的有（）项①蛋白质工程无需构建基因表达载体②通过蛋白质工程改造后的蛋白质有的仍是天然的蛋白质③蛋白质工程需要用到限制酶和DNA连接酶④蛋白质工程是在蛋白质分子水平上改造蛋白质的．A．1B．2C．3D．4B．BC．CD．D19．下列关于质粒的叙述，正确的是（）A．质粒是广泛存在于细菌细胞中的一种颗粒状细胞器B．质粒是细菌细胞质中能够自主复制的小型环状DNA分子C．质粒上有细菌生活所必需的基因D．细菌质粒的复制过程一定是在宿主细胞外独立进行的20．将β-胡萝卜素合成途径中的相关基因导入水稻，可以使米粒含有β一胡萝卜素，称为“金色大米”．这种“金色大米”形成的全过程中可以不需要的酶是（）A．限制性内切酶B．DNA连接酶C．RNA聚合酶D．逆转录酶二、非选择题：（共4小题，计40分）21．2008年诺贝尔化学奖授予了三位在研究绿色荧光蛋白（GFP）方面做出突出贡献的科学家．绿色荧光蛋白能在蓝光或紫外光的激发下发出荧光，这样借助GFP发出的荧光就可以跟踪蛋白质在细胞内部的移动情况，帮助推断蛋白质的功能．如图1为我国首例绿色荧光蛋白（GFP）转基因克隆猪的培育过程示意图，据图回答：（1）图中通过过程①、②形成重组质粒，需要限制性内切酶切取目的基因、切割质粒．限制性内切酶Ⅰ的识别序列和切点是-G↓GATCC-，限制性内切酶Ⅱ的识别序列和切点是-↓GATC-．在质粒上有酶Ⅰ的一个切点，在目的基因的两侧各有1个酶Ⅱ的切点．①如图2所，请画出质粒被限制酶Ⅰ切割后所形成的黏性末端．②在DNA连接酶的作用下，上述两种不同限制酶切割后形成的黏性末端能否连接？理由是：_________．（2）过程③将重组质粒导入猪胎儿成纤维细胞时，采用最多也最有效的方法是_________．（3）如果将切取的GFP基因与抑制小猪抗原表达的基因一起构建到载体上，GFP 基因可以作为基因表达载体上的标记基因，其作用是_________．获得的转基因克隆猪，可以解决的医学难题是，可以避免_________．（4）目前科学家们通过蛋白质工程制造出了蓝色荧光蛋白，黄色荧光蛋白等，采用蛋白质工程技术制造出蓝色荧光蛋白过程的正确顺序是：_________（填序号）．①推测蓝色荧光蛋白的氨基酸序列和基因的核苷酸②蓝色荧光蛋白的功能分析和结构设计序列③蓝色荧光蛋白基因的修饰（合成）④表达出蓝色荧光蛋白．22．干扰素是病毒侵入人体后由淋巴细胞产生的一种免疫活性物质，它具有广谱抗病毒的作用．利用现代生物技术生产干扰素的流程如下：（1）过程①产生的物质A是_________，cDNA文库_________（大于/小于）人的基因组文库．（2）过程④用到的工具酶是_________、_________，过程⑤需先用_________处理受体细胞，过程⑥通常采用_________技术．（3）过程⑧和⑨涉及的关键技术分别是_________、_________．（4）基因工程的核心步骤是图中的_________（填标号）．23．GDNF是一种神经营养因子，对损伤的神经细胞具有营养和保护作用．研究人员构建了含GDNF基因的表达载体（如图1所示），并导入到大鼠神经干细胞中，用于干细胞基因治疗的研究．请回答：（1）构建含GDNF基因的表达载体时，需选择图1中的_________限制酶进行酶切．（2）经酶切后的载体和GDNF基因进行连接，连接产物经筛选得到的载体主要有3种：单个载体自连、GDNF基因与载体正向连接、GDNF基因与载体反向连接（如图1所示）．为鉴定这3种连接方式，选择HpaⅠ酶和BamHⅠ酶对筛选得到的载体进行双酶切，并对酶切后的DNA片段进行电泳分析，结果如图2所示．图中第_________泳道显示所鉴定的载体是正向连接的．（3）将正向连接的表达载体导入神经干细胞后，为了检测GDNF基因是否成功表达，可用相应的_________与提取的蛋白质杂交．当细胞培养的神经干细胞达到一定密度时产生接触抑制，换瓶后进行_________培养以得到更多数量的细胞，用于神经干细胞移植治疗实验．（4）对于神经干细胞可以来源于胚胎干细胞的诱导分化，胚胎干细胞来源于_________，在培养时可以只分裂不分化，但是通过诱导可以分化成各种不同的组织细胞，胚胎干细胞的这个特性称为_________．（5）胚胎干细胞也可以来自于核移植的重组细胞，一般体细胞核移植要比胚胎细胞核移植难度大，原因是_________，而取自卵巢的卵母细胞需要培养到_________期，才可进行核移植．24．如图是利用生物学技术制备单克隆抗体的两条途径模式简图．请据图回答相关问题．（1）经过程①依据的原理是_________、_________，通常用_________诱导融合；过程②至少需要_________次筛选才能得到X细胞．（2）过程④所用的酶为_________．过程⑥常用_________处理大肠杆菌．（3）结构甲为_________，结构甲组成的基本原件必须包括启动子、终止子、复制原点、_________及_________等．（4）利用上述技术也可以生产干扰素（糖蛋白），但是用大肠杆菌只能生产无糖干扰素，原因是_________．2017-2018学年广东省北大附中深圳南山分校高二（下）第一次段考生物试卷参考答案与试题解析一、单选题（共20小题，每小题3分，共60分，每题只有一个选项符合题意）1．利用下列细胞工程技术培养出的新个体中，只具有一个亲本遗传性状的是（）①植物组织培养②细胞融合③动物胚胎移植④克隆技术．A．①③B．①③④C．①D．①④【考点】植物培养的条件及过程；细胞融合的方法；动物体细胞克隆；胚胎移植．【分析】植物组织培养依据的原理为植物体细胞的全能性，即已经分化的细胞仍然具有发育成完整植株的潜能；培养过程的顺序是离体植物器官、组织或细胞（外植体）脱分化形成愈伤组织，再分化形成根、芽等器官进而形成新的植物体．动物细胞融合也称细胞杂交，是指两个或多个动物细胞结合形成一个细胞的过程．融合后形成的具有原来两个或多个细胞遗传信息的单核细胞，称为杂交细胞．动物核移植的概念：将动物的一个细胞的细胞核移入一个去掉细胞核的卵母细胞中，使其重组并发育成一个新的胚胎，这个新的胚胎最终发育为克隆动物；主要是指不同种的细胞的拆合，新个体具备双亲的遗传特性．胚胎移植是指将雌性动物的早期胚胎，或者通过体外受精及其他方式得到的胚胎，移植到同种的、生理状态相同的其他雌性动物的体内，使之继续发育为新个体的技术．【解答】解：①植物组织培养是由一个细胞分裂分化形成新个体，属无性生殖，因而新个体只有一种亲本的遗传性状，故①正确；②细胞融合是由两个细胞融合到一起，融合后的细胞同时具有原来两个细胞的遗传物质，故②错误；③动物胚胎移植可将有性生殖形成的胚胎进行移植，只不过当受精卵卵裂到一定阶段后找一个代孕场所，同样具有两个亲本遗传性状，故③错误；④克隆技术是指把一细胞的细胞核分离出来移植到另一个去核的卵细胞中，发育形成的新个体的基因主要来自供体细胞的细胞核，也有少数基因来自卵细胞线粒体中的DNA，故④错误．故选：C．【点评】本题考查植物组织培养、细胞融合、胚胎移植、克隆技术等相关知识，意在考查学生分析问题和解决问题的能力，解题的关键是理解新个体的遗传物质来源．2．下列关于核酸分子杂交和抗原-抗体杂交的叙述，正确的是（）A．核酸分子杂交是指两条脱氧核苷酸链的杂交B．抗原-抗体杂交的原理为碱基互补配对原则C．核酸分子杂交可检测目的基因的存在和转录D．抗原-抗体杂交中目的基因产物常作为抗体【考点】基因工程的原理及技术．【分析】1、目的基因的检测与鉴定：（1）分子水平上的检测：①检测转基因生物染色体的DNA是否插入目的基因--DNA分子杂交技术；②检测目的基因是否转录出了mRNA--分子杂交技术；③检测目的基因是否翻译成蛋白质--抗原-抗体杂交技术．（2）个体水平上的鉴定：抗虫鉴定、抗病鉴定、活性鉴定等．2、核酸分子杂交是基因诊断的最基本的方法之一．基因诊断技术它的基本原理是：互补的DNA单链能够在一定条件下结合成双链，即能够进行杂交．这种结合是特异的，即严格按照碱基互补的原则进行，它不仅能在DNA和DNA之间进行，也能在DNA和RNA之间进行．因此，当用一段已知基因的核酸序列作出探针，与变性后的单链基因组DNA接触时，如果两者的碱基完全配对，它们即互补地结合成双链，从而表明被测基因组DNA中含有已知的基因序列．【解答】解：A、核酸分子杂交是指两条核苷酸链的杂交，A错误；B、抗原-抗体杂交的原理为抗体与抗原特异性结合，B错误；C、核酸分子杂交可检测目的基因的存在和转录，C正确；D、抗原-抗体杂交中目的基因产物常作为抗原，D错误．故选：C．【点评】本题考查基因工程的相关知识，要求考生识记基因工程的原理及操作步骤，掌握基因工程技术的相关应用，能结合所学的知识准确判断各选项．3．用DNA连接酶把被限制性核酸内切酶Ⅰ（识别序列和切点是-↓GATC-）切割过的质粒和被限制酶Ⅱ（识别序列和切点是-G↓GATCC-）切割过的目的基因连接起来后，该重组DNA分子如图所示，该重组DNA分子能够再被限制酶Ⅱ切割开的概率是（）A．1/2B．7/16C．1/16D．1/4【考点】基因工程的原理及技术．【专题】模式图；基因工程．【分析】重组DNA分子要能够再被限制酶I切割开，就也应该具有识别序列和切点：-↓GATC-，而题中所述切割后重组有两种情况：情况一：情况二：【解答】解：重组DNA分子能够再被限制酶Ⅱ切割开，就应该具有识别序列和切点：-G↓GATCC-，而题中所述切割后重组有两种情况：若要每种情况都含序列-G↓GATCC-，情况一重组DNA分子片段左侧碱基须是G，概率为1/4（A、G、C、T之一），情况二重组DNA分子片段右侧碱基须是C，概率同为1/4（A、G、C、T之一），考虑到两种情况同时符合要求的重复情形，要减去一个1/4×1/4，从而有1/4+1/4-1/4×1/4=7/16．故选：B．【点评】本题具有一定的难度，着重考查基因工程中限制酶的特点，在解题时要能够写出质粒和目的基因重组后的情况，然后再分情况进行讨论，要求考生具有较强的推理能力，并做出合理的判断的能力．4．下列有关基因工程的叙述，错误的是（）A．基因工程可以克服不同物种之间的生殖隔离，实现生物的定向变异B．在同一DNA分子中，限制酶的识别序列越长，酶切点出现的概率越大C．基因载体上有一个或多个限制酶的切割位点，供外源DNA插入D．以大肠杆菌为受体细胞时，先要用Ca2+处理细胞以使其处于感受态【考点】基因工程的原理及技术．【分析】基因工程又叫DNA重组技术，是指按照人们的意愿，进行严格的设计，并通过体外DNA重组和转基因等技术，赋予生物以新的遗传特性，从而创造出更符合人们需要的新的生物类型和生物产品．【解答】解：A、基因工程可以突破生殖隔离，实现不同物种之间的基因交流，A 正确；B、限制性核酸内切酶识别序列越短，则该序列在DNA中出现的几率就越大，B 错误；C、基因载体上有一个或多个限制酶的切割位点，供外源DNA插入，C正确；D、以大肠杆菌为受体细胞时，先要用Ca2+处理细胞以使其处于感受态，以便目的基因的导入，D正确．故选：B．【点评】本题考查基因工程的相关知识，要求考生识记基因工程的原理及意义，掌握基因工程的操作工具及其作出，能结合所学的知识准确判断各选项，属于考纲识记和理解层次的考查．5．如图是利用基因工程技术生产可食用疫苗的部分过程，其中PstⅠ、SmaⅠ、EcoR Ⅰ、ApaⅠ为四种限制性核酸内切酶．下列有关说法中正确的是（）A．图示过程是基因工程的核心步骤，所需的限制性核酸内切酶均来自原核生物B．图示中构建基因表达载体时，需用到一种限制性核酸内切酶C．一种限制性核酸内切酶只能识别一种特定的核糖核苷酸序列D．抗卡那霉素基因的存在有利于将含有抗原基因的细胞筛选出来【考点】基因工程的原理及技术．【分析】分析题图：图示表示基因表达载体的构建过程，含抗原基因的DNA分子中含有PstⅠ、SmaⅠ、EcoRⅠ三种限制性核酸内切酶的识别序列，其中SmaⅠ的识别序列位于目的基因上；质粒中含有PstⅠ、SmaⅠ、EcoRⅠ、ApaⅠ四种限制性核酸内切酶的识别序列．【解答】解：A、图示表示基因表达载体的构建过程，这是基因工程的核心步骤，所需的限制性核酸内切酶一般来自原核生物，A错误；B、此表达载体构建时需要用到EcoRⅠ、PstⅠ限制性核酸内切酶，B错误；C、限制酶具有特异性，即一种限制性核酸内切酶只能识别一种特定的脱氧核苷酸序列并在特点的位点切割，C错误；D、抗卡那霉素基因作为标记基因，主要作用是筛选含有目的基因的受体细胞，D 正确．故选：D．【点评】本题结合图解，考查基因工程的相关知识，要求考生识记基因工程的原理及操作步骤，掌握各操作步骤中的相关细节，能结合图中信息准确判断各选项，属于考纲识记和理解层次的考查．6．如表中列出了几种限制酶识别序列及其切割位点，图1、图2中箭头表示相关限制酶的酶切位点．下列说法正确的是（）团B．若对图中质粒进行改造，插入的SmaⅠ酶切位点越多，质粒的热稳定性越低C．用图中的质粒和外源DNA构建重组质粒，一定不能使用SmaⅠ切割D．因为限制酶具有特异性，所以不同的限制酶酶切DNA后一定形成不同的粘性末端【考点】基因工程的原理及技术．【分析】根据题意和图示分析可知：在质粒上存在Sma I、EcoR I、HindⅢ和BamH I等四个酶切位点，但是Sma I的切割位点就在抗生素抗性基因上，该基因为载体的标记基因，因此不可用该酶切割．在目的基因上，Sma I、EcoR I、HindⅢ和BamH I四种酶也存在酶切位点，但是Sma I酶的切割位点在目的基因中间序列，该酶切割不能获得完整的基因．【解答】解：A、质粒切割前是双链环状DNA分子，所有磷酸基团参与形成磷酸二酯键，故不含游离的磷酸基团．从图1可以看出，质粒上只含有一个SmaⅠ的切点，因此被该酶切割后，质粒变为线性双链DNA分子，因每条链上含有一个游离的磷酸基团，因此切割后含有两个游离的磷酸基团，A错误；B、若对图中质粒进行改造，插入的SmaⅠ酶切位点越多，碱基GC的含量越多，形成的氢键越多，所以质粒的热稳定性越高，B错误；C、基因表达载体必须具备目的基因、启动子、终止子、标记基因，图中质粒的标记基因为抗生素抗性基因，而Sma I的切割位点就在该基因上，因此用质粒和外源DNA构建重组质粒，不能使用Sma I切割，C正确；D、虽然限制酶具有特异性，但是不同的限制酶酶切DNA后也有可能形成相同的粘性末端，D错误．故选：C．【点评】本题考查了DNA分子的结构和基因工程的相关知识，意在考查考生的识记能力和分析能力，难度适中．考生要能够识记环状DNA分子中无游离的磷酸基团，而链状DNA分子中含有2个游离的磷酸基团；理解运用不同的限制酶切割可以防止自身环化；识记基因表达载体的组成部分．7．如图是两种二倍体植物细胞（甲、乙）融合并培育新植株过程的示意图．有关分析正确的是（）A．过程①需用纤维素酶和果胶酶溶液处理，且溶液的渗透压略大于细胞液渗透压B．过程②可用聚乙二醇诱导原生质体融合，主要依据细胞膜具有选择透过性原理C．过程③表示细胞壁的再生，④⑤需要根据生长发育进程更换不同的液体培养基D．最终得到的植株相对于甲、乙而言发生了染色体数目变异，因此不具有可育性【考点】植物体细胞杂交的过程．【分析】分析题图：图示为两种二倍体植物细胞（甲、乙）融合并培育新植株的过程，其中①表示去壁获取原生质体的过程；②表示人工诱导原生质体融合；③表示再生出新细胞壁的过程；④表示脱分化过程；⑤表示再分化过程；⑥表示个体发育过程．【解答】解：A、①为去壁过程，需要将植物组织置于含纤维素酶和果胶酶的等渗溶液中，或略大于细胞液渗透压，A正确；B、过程②要用聚乙二醇等方法诱导原生质体融合，主要依据细胞膜具有一定的流动性，B错误；C、④为脱分化过程、⑤为再分化过程、⑥为个体发育过程，这三个过程需要根据生长发育进程更换不同的固体培养基，C错误；D、最终得到的植株相对于甲、乙而言发生了染色体数量变异，属于异源四倍体，可育，D错误．故选：A．【点评】本题结合两种二倍体植物细胞融合并培育新植株的过程图解，考查植物体细胞杂交和植物组织培养过程，要求考生识记植物体细胞杂交和植物组织培养的原理、具体过程及应用，能准确判断图中各过程的名称，再结合题干信息准确判断各选项．8．如图为制备人工种子部分流程示意图，下列叙述正确的是（）A．制备人工种子繁殖植物相当于植物的有性生殖B．人工种皮中添加的营养成分相当于植物的胚乳或子叶为胚状体提供碳源。