2012优化方案高考物理总复习(大纲版)：第4章第二节 课件
【大纲版】2012高三物理《优化方案》总复习课件第14章2012高考导航
第14章
光的传播
光的波动性
2012高考导航 考纲展示 1.光的直线传播，本影和半影Ⅰ 2．光的反射，反射定律．平面镜成像作图法Ⅱ 3．光的折射，折射定律、折射率．全反射和临 界角Ⅱ 4．光导纤维Ⅰ 5．棱镜．光的色散Ⅰ 6．光本性学说的发展简史Ⅰ 7．光的干涉现象，双缝干涉、薄膜干涉．双缝干涉 的条纹间距与波长的关系Ⅰ
8．光的衍射Ⅰ
9．光的偏振现象Ⅰ
10．光谱和光谱分析．红外线、紫外线、X射
线、γ射线以及它们的应用．光的电磁本
性．电磁波谱Ⅰ
11．激光的特性及应用Ⅰ
12．实验十八：测定玻璃的折射率
13．实验十九：用双缝干涉测光的波长
命题热点
1.光的直线传播、光速、光的反射、平面镜成像等， 常以选择题形式考查． 2．光的折射、折射率、全反射及应用，以选择题或 简单计算形式考查，是高考的热点． 3．对光的波动性，常以选择题综合光学现象分析考 查． 4．涉及作Байду номын сангаас路图和几何关系的计算、几何光学和波 动光学的综合应用也是本章高考的热点． 5．两个实验一直是考查的重点，要充分理解原理， 掌握方法.
2012优化方案高考物理总复习(大纲版)课时卷1-7(82页)
优化方案·课时作第1章力物体的平衡课时1第1章力物体的平衡第一节重力弹力摩擦力一、选择题1.(2011年抚顺六校联合体模拟)如图所示，A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静止靠在墙边，然后释放，使它们同时沿竖直墙面下滑，已知m A>m B，则物体B()A．只受一个重力B．受到重力、摩擦力各一个C．受到重力、弹力、摩擦力各一个D．受到重力、摩擦力各一个，弹力两个解析：选A.物体A、B将一起做自由落体运动，所以A、B之间无相互作用力，物体B与墙面有接触而无挤压，所以与墙面无弹力，当然也没有摩擦力，所以物体B只受重力，选A.2.如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球重G，平衡时小球在A处，今用力F压小球至B处，使弹簧缩短x，则此时弹簧的弹力为()A．kx B．kx＋GC．G－kx D．以上都不对解析：选B.设球在A处时弹簧已压缩了Δx，球平衡时弹力F A＝G＝kΔx，球在B处时，弹簧又压缩x，球再次达到平衡时弹力F B＝k(Δx＋x)＝G＋kx.故选项B是正确的．3.用手握住一个油瓶(油瓶始终处于竖直方向且静止不动，如图所示)，下列说法中正确的是()A．当瓶中油的质量增大时，手握瓶的力必须增大B．手握得越紧，油瓶受到的摩擦力越大C．不论手握得多紧，油瓶受到的摩擦力总是一定的D．摩擦力大于油瓶与油的总重力解析：选C.因为油瓶处于平衡状态，故摩擦力与油和瓶的总重力大小相等，又因为是静摩擦力，根据其特点，大小与压力无关，故C正确，B、D错误．而最大静摩擦力F f max与正压力有关. 在压力一定的情况下，最大静摩擦力一定．若平衡时，静摩擦力未达到最大值，当适当增加油的质量时，若G≤F f max，不增加压力仍可平衡，A错．4.(2011年北京西城区抽样测试)如图所示，质量为m＝20 kg的物体，在粗糙水平面上向左运动，物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.1，物体同时还受到大小为10 N，方向向右的水平拉力F的作用，则水平面对物体的摩擦力(g取10 m/s2)()A．大小是10 N，方向水平向左B．大小是20 N，方向水平向左C．大小是20 N，方向水平向右D．大小是30 N，方向水平向右解析：选C.物体向左运动，受到向右的滑动摩擦力，大小为F f＝μF N＝μmg＝20 N，与外力F无关，故选C.5.某同学用传感器来探究摩擦力，他的实验步骤如下：①将力传感器接入数据采集器，再连接到计算机上；②将一质量m＝3.75 kg的木块置于水平桌面上，用细绳将木块和传感器连接起来；③打开计算机，使数据采集器工作，然后沿水平方向缓慢地拉动细绳，木块运动一段时间后停止拉动；④将实验得到的数据经计算机处理后在屏幕上显示出如图所示的图象．下列有关这个实验的几个说法，其中正确的是( )A ．0～6 s 内木块一直受到静摩擦力的作用B ．最大静摩擦力比滑动摩擦力大C ．木块与桌面间的动摩擦因数为0.08D ．木块与桌面间的动摩擦因数为0.11答案：BC6. (2010年高考课标全国卷)如图所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成60°角的力F 1拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成30°角的力F 2推物块时，物块仍做匀速直线运动．若F 1和F 2的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为( ) A.3－1 B ．2－ 3C.32－12 D ．1－32解析：选B.当用F 1拉物块时，由平衡条件可知：F 1cos60°＝μ(mg －F 1sin60°)；当用F 2推物块时，又有F 2cos30°＝μ(mg ＋F 2sin30°)，又F 1＝F 2，求得μ＝cos30°－cos60°sin30°＋sin60°＝2－3，B 正确．7. (2011年郑州模拟)如图所示，质量为m 的小物块静止地放在半径为R 的半球体上，小物块与半球体间的动摩擦因数为μ，小物块与球心连线与水平地面的夹角为θ，则下列说法正确的是( )A ．小物块所受摩擦力大小为μmg sin θB ．小物块对半球体的压力大小为mg cos θC ．小物块所受摩擦力大小为mg sin θD ．小物块所受摩擦力大小为mg cos θ解析： 选D.分析小物块受力如图所示，因小物块静止在半球体上，所以有F N ＝mg sin θ，F f ＝mg cos θ，故有D 正确，B 、C 错误；因小物块受静摩擦力作用，其大小不能用F f ＝μF N ＝μmg sin θ来计算，故A 错误．8．(2011年北京东城区检测) 如图所示，质量分别为m A 和m B 的物体A 、B 用细绳连接后跨过滑轮，A 静止在倾角为45°的斜面上．已知m A ＝2m B ，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°增大到50°，系统保持静止．下列说法正确的是( )A ．细绳对A 的拉力将增大B ．A 对斜面的压力将减小C ．A 受到的静摩擦力不变D ．A 受到的合力将增大解析： 选B.对A 受力分析如图所示，由物体的平衡条件得：F N－G cos θ＝0，G sin θ－F f －F ＝0，F ＝G 2若θ从45°增大到50°，则有F N 减小，F f 增大．物体A 受到的合力仍为0.9. (2011年武汉调研)如图所示，物块M 在静止的传送带上以速度v 匀速下滑时，传送带突然启动，方向如图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v ，则传送带启动后( )A ．M 静止在传送带上B ．M 可能沿斜面向上运动C ．M 受到的摩擦力不变D ．M 下滑的速度不变解析：选CD.由M 匀速下滑可知其处于平衡状态，受重力、摩擦力、支持力，传送带启动以后对M 受力没有影响，自然也不会影响其运动状态，故C 、D 正确．10. (2011年扬州模拟)如图所示，重80 N 的物体A 放在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为10 cm 、劲度系数为1000 N/m 的弹簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置物体A 后，弹簧长度缩短为8 cm ，现用一测力计沿斜面向上拉物体，若物体与斜面间最大静摩擦力为25 N ，当弹簧的长度仍为8 cm 时，测力计读数不可能为( )A ．10 NB ．20 NC ．40 ND ．60 N解析：选 D.设物体所受静摩擦力F f 的方向沿斜面向上，由平衡条件得：F ＋F f ＋kx ＝mg sin30°，可得：F ＋F f ＝20 N ，F 由0逐渐增大，F f 逐渐减小，当F f ＝0时，F 为20 N ，故A 、B 均可能；当F f 沿斜面向下时，F ＋kx ＝F f ＋mg sin30°，有：F ＝F f ＋20 N ，随F 增大，F f 也逐渐增大，直到F f ＝25 N ，此时F ＝45 N ．当F >45 N ，物体就沿斜面滑动，故测力计的读数不可能为60 N.二、计算题11. 如图所示，质量分别为m 和M 的两物体P 和Q 叠放在倾角为θ的斜面上，P 、Q 之间的动摩擦因数为μ1，Q 与斜面间的动摩擦因数为μ2(μ1>μ2)．当它们从静止开始沿斜面滑下时，两物体始终保持相对静止，则物体P 受到的摩擦力大小为多少？先取PQ 为一整体，受力分析如图所示．由牛顿第二定律得：(M ＋m )g sin θ－F fQ ＝(M ＋m )aF fQ ＝μ2F NF N ＝(m ＋M )g cos θ以上三式联立可得a ＝g sin θ－μ2g cos θ再隔离P 物体，设P 受到的静摩擦力为F fP ，方向沿斜面向上，对P 再应用牛顿第二定律得：mg sin θ－F fP ＝ma可得出F fP ＝μ2mg cos θ.答案：μ2mg cos θ12．(2011年苏州模拟) 如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，劲度系数分别为k 1、k 2的两个轻弹簧沿斜面悬挂着，两弹簧之间有一质量为m 1的重物，最下端挂一质量为m 2的重物，现用力F 沿斜面向上缓慢推动m 2，当两弹簧的总长等于两弹簧原长之和时，试求：(1)m 1、m 2各上移的距离．(2)推力F 的大小．解析：(1)没加推力时：k 2x 2＝m 2g sin θk 2x 2＋m 1g sin θ＝k 1x 1加上推力后，当两弹簧的总长度等于两弹簧原长之和时，k 1的伸长量与k 2的压缩量均为x ，对m 1受力分析可得：k 1x ＋k 2x ＝m 1g sin θ所以m 1上移的距离d 1＝x 1－x ＝(m 1＋m 2)g sin θk 1－m 1g sin θk 1＋k 2m 2上移的距离d 2＝x 2＋x ＋d 1＝x 2＋x 1＝m 2g sin θk 2＋(m 1＋m 2)g sin θk 1. (2)分析m 2的受力情况，有：F ＝m 2g sin θ＋k 2x ＝m 2g sin θ＋k 2m 1g sin θk 1＋k 2.答案：(1)(m 1＋m 2)g sin θk 1－m 1g sin θk 1＋k 2m 2g sin θk 2＋(m 1＋m 2)g sin θk 1(2)m 2g sin θ＋k 2m 1g sin θk 1＋k 2课时2第二节 力的合成与分解一、选择题1．物体受共点力F 1、F 2、F 3作用而做匀速直线运动，则这三个力可能选取的数值为( )A ．15 N 、5 N 、6 NB ．3 N 、6 N 、4 NC ．1 N 、2 N 、10 ND ．1 N 、6 N 、8 N解析：选B.物体在F 1、F 2、F 3作用下而做匀速直线运动，则三个力的合力必定为零，只有B 选项中的三个力的合力可以为零，故选B.2．如图所示，F 1、F 2、F 3恰好构成封闭的直角三角形，这三个力的合力最大的是( )解析：选C.由矢量合成法则可知A 图的合力为2F 3，B 图的合力为0，C 图的合力为2F 2，D 图的合力为2F 3，因F 2为直角三角形的斜边，故这三个力的合力最大的为C 图．3. 在研究共点力合成实验中，得到如图所示的合力与两力夹角θ的关系曲线，关于合力F 的范围及两个分力的大小，下列说法中正确的是( )A ．2 N ≤F ≤14 NB ．2 N ≤F ≤10 NC ．两力大小分别为2 N 、8 ND ．两力大小分别为6 N 、8 N解析：选AD.由图象得：θ＝12π时，两分力F 1、F 2垂直，合力为10 N ，即F 21＋F 22＝10，θ＝π时，两分力方向相反，即两分力相减，|F 1－F 2|＝2，联立解得：F 1＝8 N ，F 2＝6 N ，合力的范围F 1－F 2≤F ≤F 1＋F 2，即2 N ≤F ≤14 N ．故A 、D 对，B 、C 错．4. (2011年徐州一模)如图所示，一攀岩运动员正沿竖直岩壁缓慢攀登，由于身背较重的行囊，重心上移至肩部的O 点，总质量为60 kg.此时手臂与身体垂直，手臂与岩壁夹角为53°.则手受到的拉力和脚受到的作用力分别为(设手、脚受到的作用力均通过重心O ，g 取10 m/s 2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6)( )A ．360 N,480 NB ．480 N,360 NC ．450 N,800 ND ．800 N,450 N答案：A5. (2011年湖北孝感高中质量检测)如图所示，作用于O 点的三个力平衡，设其中一个力大小为F 1，沿－y 方向，大小未知的力F 2与＋x 方向夹角为θ，下列说法正确的是( )A ．力F 3只能在第二象限B ．力F 3只能在第三象限C ．力F 3与F 2的夹角越小，则F 3与F 2的合力越小D ．F 3的最小值为F 1cos θ解析：选D.由图可知力F 3可以在第三象限，也可以在第二象限，故A 、B 错误；F 3与F 2的合力与F 1等大、反向，故C 错误；根据图解法可求出F 3的最小值为F 1cos θ，故D 正确．6. (2011年苏州高三调研)如图所示，用OA 、OB 两根轻绳将物体悬于两墙之间，OA 、OB 两根轻绳之间的夹角为90°.当更换OA 绳，使A点下移，直至轻绳OA 为水平，在此过程中保持O 点位置不变．则在A点不断下移到A ′的过程中，绳OA 的拉力( )A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．先变小后变大D ．先变大后变小解析：选A.重力不变，OB 绳上拉力方向不变，在OA 绳方向逐渐转至OA ′的过程中，两拉力方向由90°逐渐增大，则OA 绳上拉力由最小值逐渐增大，A 对．7. 2010年广州亚运会天津运动员陈一冰夺吊环冠军，其中有一个高难度的动作就是先双手撑住吊环，然后身体下移，双臂缓慢张开到如图所示位置，则在两手之间的距离增大的过程中，吊环的两根绳的拉力F T (两个拉力大小相等)及它们的合力F 的大小变化情况为( )A ．F T 增大，F 不变B ．F T 增大，F 增大C ．F T 增大，F 减小D ．F T 减小，F 不变解析：选A.由平衡条件，合力F 等于人的重力，故F 恒定不变；当两手间距离变大时，绳的拉力的夹角变大，由平行四边形定则知，F T 变大，A 正确．8. 如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，绳上的拉力将( )A ．逐渐增大B ．逐渐减小C ．先增大后减小D ．先减小后增大解析：选D.由图解法可知，当细绳与斜面平行时拉力最小，所以细绳由A 点逐渐移到D 点的过程中，拉力先减小后增大，选D 项．9. (2011年青岛模拟)如图所示，在水平天花板的A 点处固定一根轻杆a ，杆与天花板保持垂直．杆的下端有一个轻滑轮O .另一根细线上端固定在该天花板的B 点处，细线跨过滑轮O ，下端系一个重为G的物体，BO 段细线与天花板的夹角为θ＝30°.系统保持静止，不计一切摩擦．下列说法中正确的是( )A ．细线BO 对天花板的拉力大小是G 2B ．a 杆对滑轮的作用力大小是G 2C ．a 杆和细线对滑轮的合力大小是GD ．a 杆对滑轮的作用力大小是G解析：选D.细线对天花板的拉力等于物体的重力G ；以滑轮为对象，两段绳的拉力都是G ，互成120°，因此合力大小是G ，根据共点力平衡，a 杆对滑轮的作用力大小也是G (方向与竖直方向成60°斜向右上方)；a 杆和细线对滑轮的合力大小为零．10. (2011年长沙模拟)如图所示是用来粉刷墙壁的涂料滚的示意图．使用时，用撑竿推着涂料滚沿墙壁上下滚动，把涂料均匀地粉刷到墙壁上．撑竿的重量和墙壁的摩擦均不计，而且撑竿足够长．粉刷工人站在离墙壁某一距离处缓缓上推涂料滚，使撑竿与墙壁间的夹角越来越小．该过程中撑竿对涂料滚的推力为F 1，墙壁对涂料滚的支持力为F 2，下列说法正确的是( )A ．F 1、F 2均减小B ．F 1、F 2均增大C ．F 1减小，F 2增大D ．F 1增大，F 2减小解析： 选A.在缓缓上推过程中涂料滚受力如图所示．由平衡条件可得：F 1sin θ－F 2＝0，F 1cos θ－G ＝0解得F 1＝G cos θ，F 2＝G tan θ 由于θ减小，所以F 1减小，F 2减小，故正确答案为A.二、计算题11. 榨油在我国已有上千年的历史，较早时期使用的是直接加压式榨油方法．而现在已有较先进的榨油方法，某压榨机的结构示意图如图所示，其中B 点为固定铰链，若在A 铰链处作用一垂直于壁的力F ，则由于力F 的作用，使滑块C 压紧物体D ，设C 与D 光滑接触，杆的重力及滑块C 的重力不计．压榨机的尺寸如图所示，l ＝0.5 m ，b ＝0.05 m ．求物体D 所受压力的大小是F 的多少倍？解析：按力F 的作用效果沿AB 、AC 方向分解为F 1、F 2，如图甲所示，则F 1＝F 2＝F 2cos θ由几何知识得tan θ＝l b ＝10. 按力F 2的作用效果沿水平向左和竖直向下分解为F N ′、F N ，如图乙所示，则F N ＝F 2sin θ以上各式联立解得F N ＝5F所以物体D 所受压力的大小是F 的5倍．答案：5倍12. 如图所示，AC 和BC 两轻绳共同悬挂一质量为m 的物体，若保持AC 绳的方向不变，AC 与竖直方向上的夹角为60°，改变BC 绳的方向，试求：(1)物体能达到平衡时，θ角的取值范围．(2)θ在0～90°的范围内，求BC 绳上拉力的最大值和最小值．解析： (1)改变BC 绳的方向时，AC 绳的拉力F A 方向不变，两绳拉力的合力F 与物体的重力平衡，重力大小和方向保持不变，如图所示，经分析可知，θ最小为0°，此时F T A ＝0；且θ必须小于120°，否则两绳的合力不可能竖直向上．所以θ角的取值范围是0°≤θ<120°.(2)θ在0～90°的范围内，由图知，当θ＝90°时，F T B 最大，F max ＝mg tan60°＝3mg . 当两绳垂直时，即θ＝30°时，F T B 最小，F min ＝mg sin60°＝32mg . 答案：(1)0°≤θ<120°(2) 3 mg 32mg 课时3第三节 受力分析 共点力的平衡一、选择题1．均匀长杆一端搁在地面上，另一端用细线系在天花板上，如图所示的受力分析示意图中，正确的是( )解析：选ACD.长杆处于平衡状态，其所受所有外力的合力为零，即水平方向和竖直方向的合力都要为零，显然选项A 正确；B 、C 、D 选项中，将F 沿水平和竖直方向分解，水平方向满足平衡条件的还有C 、D 选项．综上可知，选项A 、C 、D 正确．2. (2011年长沙市一中月考)如图所示，一物体在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F 作用而做匀速直线运动，则下列说法正确的是( )A ．物体可能只受两个力作用B ．物体可能受三个力作用C ．物体可能不受摩擦力作用D ．物体一定受四个力解析：选D.物体做匀速直线运动，则受力平衡，将拉力F 在水平方向和竖直方向上分解，则物体一定要受到滑动摩擦力的作用．再根据摩擦力产生的条件知，一定会产生弹力．因此物体一定会受到四个力的作用．3. (2011年山东淄博模拟)如图所示，物块A 放在倾斜的木板上，已知木板的倾角α分别为30°和45°时物块所受摩擦力的大小恰好相同，则物块和木板间的动摩擦因数为( )A.12B.32C.22D.52解析：选C.由题意可以判断出，当倾角α＝30°时，物体受到的摩擦力是静摩擦力，大小为F f 1＝mg sin30°，当α＝45°时，物体受到的摩擦力为滑动摩擦力，大小为F f 2＝μF N ＝μmg cos45°，由F f 1＝F f 2得μ＝22. 4. (2010年高考江苏卷)如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m 的照相机．三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成30°角，则每根支架中承受的压力大小为( ) A.13mg B.23mg C.36mg D.239mg 解析： 选D.如图每根支架承受的压力为F N ，则F N 的竖直分力大小为mg 3，所以F N ＝mg /3cos30°＝239mg ，D 正确． 5. (2009年高考江苏卷)用一根长1 m 的轻质细绳将一幅质量为1 kg 的画框对称悬挂在墙壁上．已知绳能承受的最大张力为10 N ．为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为(g 取10 m/s 2)( )A.32 mB.22m C.12 m D.34 m 解析： 选A.对画框进行受力分析，并把两绳拉力作用点平移至重心处，如图所示，则有：2F T1cos α＝2F T2cos α＝mg .其中F T1＝F T2≤10 N.所以cos α≥12. 设挂钉间距为x ，则有：sin α＝x 2L 2＝x L. x ＝L sin α＝L 1－cos 2α≤ 1－14＝32m 即x ≤32m ，A 正确． 6. (2009年高考浙江理综卷)如图所示，质量为m 的等边三棱柱静止在水平放置的斜面上．已知三棱柱与斜面之间的动摩擦因数为μ，斜面的倾角为30°，则斜面对三棱柱的支持力与摩擦力的大小分别为( ) A.32mg 和12mg B.12mg 和32mg C.12mg 和12μmg D.32mg 和32μmg 解析：选A.三棱柱受重力、斜面的支持力和摩擦力三力平衡，故F N ＝mg cos θ＝32mg ，F f＝mgsin θ＝12mg ，A 选项正确． 7. (2011年北京四中一模)如图所示，表面光滑的半圆柱体固定在水平面上，小物块在拉力F 作用下从B 点沿圆弧缓慢上滑至A 点，此过程中F 始终沿圆弧的切线方向，则( )A ．小物块受的支持力逐渐变大B ．小物块受的支持力先变小后变大C ．拉力F 逐渐变小D ．拉力F 先变大后变小解析：选AC.小物块上升到圆弧最高点时，F 减小为零；支持力最大，等于重力．8. (2011年浙江金丽衢十二校联考)两光滑平板OM 、ON 构成一具有固定夹角θ0＝75°的V 形槽，一球置于槽内，用θ表示ON 板与水平面之间的夹角，如图所示．调节ON 板与水平面之间夹角θ，使球对板ON 压力的大小正好等于球所受重力的大小，则在下列给出的数值中符合条件的夹角θ值是( )A ．15°B ．30°C ．45°D ．60°解析： 选B.受力分析如图所示，OM 对球的弹力为F 1，ON对球的弹力为F 2＝G ，F 1、F 2的合力F 3与重力等大反向．则有：2α＋θ＝180°，α＋θ＝180°－θ0，解得：θ＝30°.9. (2011年青岛模拟)如图所示，水平细杆上套一环A ，环A与球B 间用一轻质绳相连，质量分别为m A 、m B ，由于B 球受到风力作用，A 与B 球一起向右匀速运动．已知细绳与竖直方向的夹角为θ.则下列说法中正确的是( )A ．风力增大时，轻质绳对B 球的拉力保持不变B ．B 球受到的风力F 为m B g tan θC ．杆对A 球的支持力随着风力的增加而增加D ．A 球与水平细杆间的动摩擦因数为m B m A ＋m B解析：选B.以B 球为研究对象，受到重力、风力和拉力，三力平衡，解三角形得到拉力F T ＝m B g cos θ，风力F ＝m B g tan θ，A 项错误，B 项正确；利用整体法，水平方向有F ＝μ(m A ＋m B )g ，解得μ＝m B tan θm A ＋m B，D 项错误；竖直方向杆对A 球的支持力F N A ＝(m A ＋m B )g ，C 项错误． 10. (2011年江苏无锡调研)如图所示，倾角为θ的斜面体C 置于水平面上，B 置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A 相连接，连接B 的一段细绳与斜面平行，A 、B 、C 都处于静止状态．则( )A ．B 受到C 的摩擦力一定不为零B ．C 受到水平面的摩擦力一定为零C ．水平面对C 的支持力与B 、C 的总重力大小相等D ．若将细绳剪断，B 物体依然静止在斜面上，水平面对C 的摩擦力为零解析：选D.若绳对B 的拉力恰好与B 的重力沿斜面向下的分力相等，则B 与C 间的摩擦力为零，A 项错误；利用整体法判断，C 一定受到水平面向左的摩擦力，B 项错误；同理在竖直方向利用整体法判断，水平面对C 的支持力小于B 、C 的总重力，C 项错误；利用整体法判断，剪断细绳后BC 系统在水平方向不受外力作用，D 项正确．二、计算题11. (2011年揭阳模拟)如图所示，小球被轻质细绳系住斜吊着放在静止的光滑斜面上，设小球质量m ＝1 kg ，斜面倾角α＝30°，细绳与竖直方向夹角θ＝30°，光滑斜面体的质量M ＝3 kg ，置于粗糙水平面上．(g取10 m/s 2)求：(1)细绳对小球拉力的大小；(2)地面对斜面体的摩擦力的大小和方向．解析：(1)以小球为研究对象受力分析如图甲所示．F ＝mg ，F T cos30°＝12F 得F T ＝12mg cos30°＝12×1×1032N ＝1033 N(2)以小球和斜面整体为研究对象受力分析如图乙所示，因为系统静止，所以F f ＝F T sin30°＝1033×12N ＝533N ，方向水平向左． 答案：(1)1033 N (2)533N ，方向水平向左 12. (2011年湖南岳阳市一中质检)如图所示，两个完全相同的球，重力大小均为G ，两球与水平地面间的动摩擦因数都为μ，且假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，一根轻绳两端固结在两个球上，在绳的中点施加一个竖直向上的拉力，当绳被拉直后，两段绳间的夹角为α.问当F 至少为多大时，两球将会发生滑动？ 解析：对结点O 受力分析如图甲所示，由平衡条件得：F 1＝F 2＝F 2cos α2对任一球(如右球)受力分析如图乙所示，球发生滑动的临界条件是：F 2sin α2＝μF N . 又F 2cos α2＋F N ＝G . 联立解得：F ＝2μG μ＋tan α2. 答案：2μG μ＋tan α2高三物理 优化方案·课时作业课时4第2章 直线运动第一节 描述运动的基本概念一、选择题1．下列说法正确的是( )A ．参考系必须是固定不动的物体B ．参考系可以是变速运动的物体C ．地球很大，又因有自转，研究地球公转时，地球不可视为质点D ．研究跳水运动员转体动作时，运动员不可视为质点解析：选BD.参考系是为了描述物体的运动而人为选定作为参照的物体，参考系可以是不动的，也可以是变速运动的物体，A 错误，B 正确；地球的公转半径比地球半径大得多，在研究地球公转时，可将地球视为质点，C 错误；但在研究跳水运动员身体转动时，运动员的形状和大小对研究结果的影响不可忽略，不能被视为质点，D 正确．2. 为了使高速公路交通有序、安全，路旁立了许多交通标志．如图所示，甲图是限速路标，表示允许行驶的最大速度是110 km/h ；乙图是路线指示标志，表示到泉州还有100 km.上述两个数据的物理意义是( )A ．110 km/h 是平均速度，100 km 是位移B ．110 km/h 是平均速度，100 km 是路程C ．110 km/h 是瞬时速度，100 km 是位移D ．110 km/h 是瞬时速度，100 km 是路程 答案：D3．第一次世界大战期间，一名法国飞行员在2000 m 高空飞行时，发现脸旁有一个小东西，他以为是虫子，敏捷地把它一把抓过来，令他吃惊的是，抓到的竟然是一颗子弹，飞行员能抓到子弹的原因是( )A ．飞行员的反应快B ．子弹的飞行速度远小于飞行员的速度C ．子弹相对于飞行员来说几乎是静止的D ．飞行员的手特有劲 解析：选C.子弹相对于飞行员的速度几乎为零，飞行员才有可能抓住子弹，选项C 正确． 4．(2011年黑龙江大庆一中质检)一个物体做匀加速直线运动，在t 秒内经过的位移是s ，它的初速度为v 0，t 秒末的速度为v t ，则物体在这段时间内的平均速度为( )A.st B.v 0＋v t t C.v t －v 0t D.v t ＋v 02解析：选AD.平均速度的定义式：v ＝xt ，适用于一切运动；v ＝v t ＋v 02仅适用于匀变速直线运动．5. 在2009年8月柏林世界田径锦标赛中，牙买加飞人博尔特在男子100 m 决赛中和男子200 m 决赛中分别以9.58 s 和19.19 s 的成绩打破他在北京奥运会创造的纪录，获得两枚金牌，如图所示．关于他在这两次决赛中的运动情况，下列说法正确的是( )A ．200 m 决赛中的位移是100 m 决赛的两倍B ．200 m 决赛中的平均速度约为10.42 m/sC ．100 m 决赛中的平均速度约为10.44 m/sD ．100 m 决赛中的最大速度约为20.88 m/s解析：选C.200 m 决赛的跑道有一段弯道，所以200 m 决赛的位移小于200 m ，所以A错；200 m 决赛的平均速度v <200 m 19.19 s ＝10.42 m/s ，故B 错；100 m 决赛的平均速度v ＝100 m9.58 s ＝10.44 m/s ，故C 对．由于不是匀加速运动，所以最大速度不是平均速度的2倍，D 错．6．(2010年启东中学调研)对于质点的运动，下列说法中正确的是( ) A ．质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零 B ．质点速度变化率越大，则加速度越大C ．质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D ．质点运动的加速度越大，它的速度变化越大解析：选B.质点运动的加速度为零时，质点的速度变化为零，但速度不一定为零，A 错误；质点速度变化率即为加速度，B 正确；质点在某时刻的加速度不为零，其速度可能为零，如自由落体的物体在开始下落的瞬间，故C 错误；质点的速度变化Δv ＝a ·Δt ，即速度的变化由质点的加速度和时间共同决定，D 错误．7．一个做变速直线运动的物体，加速度逐渐减小到零，那么该物体的运动情况可能是( )A ．速度不断增大，到加速度为零时，速度达到最大，而后做匀速直线运动B ．速度不断减小，到加速度为零时，物体运动停止C ．速度不断减小到零，然后向相反方向做加速运动，而后物体做匀速直线运动D ．速度不断减小，到加速度为零时速度减小到最小，而后物体做匀速直线运动解析：选ABCD.变速直线运动的物体可以是加速，也可以是减速，加速度不断减小到零表明物体速度变化的越来越慢至速度不变，故A 、B 、C 、D 都正确．8．(2010年临沂市期中)2009年10月14日，在山东威海举行了第十一届全国运动会铁人三项的女子决赛．本届全运会铁人三项比赛采用奥林匹克标准竞赛距离，包括一点五公里游泳、四十公里自行车和十公里跑步三部分，总距离为五十一点五公里．东道主选手王毅在最后一圈加速冲刺，以领先9.24秒的优势获得冠军，总成绩是2小时16分02秒77.假设王毅在三项中各段的时间分别为t 1、t 2、t 3，对应行程为s 1、s 2、s 3，三项中各段的平均速率分别为v 1、v 2、v 3，总平均速率为v .则(计算中结果保留一位小数)( )A ．v 1<v 3<v 2B ．v ＝v 1＋v 2＋v 33C ．v ＝6.3 m/sD ．v 可能比s 2t 2大，也可能比s 1t 1小解析：选AC.游泳平均速率v 1最小，自行车平均速率v 2最大，选项A 正确；平均速率v ＝s t ＝51.5×103m 8162.77 s≈6.3 m/s ，选项C 正确． 9．一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4 m/s,1 s 后速度的大小变为10 m/s ，在这1 s 内该物体的( )A ．位移的大小可能小于4 mB ．位移的大小可能大于10 mC ．加速度的大小可能小于4 m/s 2D ．加速度的大小可能大于10 m/s 2解析：选AD.(1)若初、末速度同向时：v ＝v 0＋v 2＝4＋102m/s ＝7 m/s ，s ＝v t ＝7 m ；。
【精品推荐】2012优化方案高考物理总复习(大纲版)第5章第二节知能优化演练
1．下列关于运动物体所受合外力做的功和动能变化的关系正确的是( )A ．如果物体所受合外力为零，则合外力对物体做的功一定为零B ．如果合外力对物体所做的功为零，则合外力一定为零C ．物体在合外力作用下做变速运动，动能一定发生变化D ．物体的动能不变，所受合外力一定为零解析：选A.由W ＝Fs cos θ知当F ＝0时，W ＝0，A 对，而当W ＝0时，F 不一定为零，B 错．物体做变速运动时可以是速度大小变化，也可以是速度方向变化，若速度大小没变，则动能不变，C 错．动能不变只是速度大小不变，例如匀速圆周运动，而物体所受合外力不为零，D 错．2．如图5－2－8所示，电梯质量为M ，地板上放置一质量为m 的物体．钢索拉电梯由静止开始向上加速运动，当上升高度为H 时，速度达到v ，则( )A ．地板对物体的支持力做的功等于12m v 2 B ．地板对物体的支持力做的功等于mgHC ．钢索的拉力做的功等于12M v 2＋MgH D ．合力对电梯M 做的功等于12M v 2 解析：选D.对物体m 用动能定理：WF N －mgH ＝12m v 2，故WF N ＝mgH ＋12m v 2，A 、B 均错，钢索拉力做的功WF 拉＝(M ＋m )gH ＋12(M ＋m )v 2，故C 错误，由动能定理知，合力对电梯M 做的功应等于电梯动能的变化12M v 2，故D 正确． 3．两辆汽车在同一平直路面上行驶，它们的质量之比m 1∶m 2＝1∶2，速度之比v 1∶v 2＝2∶1.当两车急刹车后，甲车滑行的最大距离为l 1，乙车滑行的最大距离为l 2.设两车与路面间的动摩擦因数相等，不计空气阻力，则( )A ．l 1∶l 2＝1∶2B ．l 1∶l 2＝1∶1C ．l 1∶l 2＝2∶1D ．l 1∶l 2＝4∶1答案：D4．一个木块静止于光滑水平面上，现有一个水平飞来的子弹射入此木块并深入2 cm 而相对于木块静止，同时间内木块被带动前移了1 cm ，则子弹损失的动能、木块获得动能以及子弹和木块共同损失的动能三者之比为( )A ．3∶1∶2B ．3∶2∶1C ．2∶1∶3D ．2∶3∶1答案：A5．右端连有光滑弧形槽的水平桌面AB 长L ＝1.5 m ，如图5－2－9所示．将一个质量为m ＝0.5 kg 的木块在F ＝1.5 N 的水平拉力作用下，从桌面上的A 端由静止开始向右运动，木块到达B 端时撤去拉力F ，木块与水平桌面间的动摩擦因数μ＝0.2，取g ＝10 m/s 2.求：图5－2－9(1)木块沿弧形槽上升的最大高度；(2)木块沿弧形槽滑回B 端后，在水平桌面上滑动的最大距离．解析：(1)由动能定理得：FL －F f L －mgh ＝0其中F f ＝μF N ＝μmg ＝0.2×0.5×10 N ＝1.0 N所以h ＝FL －F f L mg ＝1.5×(1.5－1.0)0.5×10m ＝0.15 m. (2)由动能定理得：mgh －F f s ＝0所以s ＝mgh F f ＝0.5×10×0.151.0m ＝0.75 m. 答案：(1)0.15 m (2)0.75 m高*考[试)题═库。
2012优化方案高三物理一轮复习课件--第4章第一节.
第4章曲线运动万有引力与航天课堂互动讲练基础知识梳理第一节曲线运动运动的合成与分解经典题型探究知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天课堂互动讲练二二节曲线运动运动的合成与分解基础知识梳理基础知识梳理课堂互动讲练知能优化演练经典题型探究知能优化演练基础知识梳理经典题型探究一、曲线运动1.运动特点(1)速度方向：质点在某点的速度，沿曲线上该点的切线方向.(2)运动性质：做曲线运动的物体，速度的方向_时刻改变，所以曲线运动一定是变速课堂互动讲练知能优化演练运动，即必然具有加速第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理经典题型探究2・曲线运动的条件(1)从动力学角度看：物体所受查力_方向跟它的速度方向不在同一条直线上.(2)从运动学角度看：物体的加速度方向跟它的速度方向不在同一条直线上.特别提示：曲线运动一定是变速运动，至少速度的方向在时刻改变，而变速运动不一定是曲线运动，如匀变速直线运动.课堂互动讲练知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天2. 分解原则根据运动的实际效果分解,也可釆用正交分解・3. 遵循的规律位移、速度、加速度都是矢量，故它们的合成与 分解都遵循平行四边形定则.基础知识梳理 经典题型探究思考感悟怎样判断一个物体是否做曲线运动？ 提示：看合外力（加速度）与速度方向是否 在一条直线上.课堂互动讲练知能优化演练基础知识梳理二、运动分运动云运动的合成 运动的分解亠合运动课堂互动讲练经典题型探究知能优化演练基础知识梳理(1妆口果各分运动在同一直线上，需选取正方向，与正方向同㈱量取“ + ”号，与正方向反的量取号, 从而将矢量运算简化为代数运算(2)两分运动不在同一直线上时，按照平行I I边形定则进行合成,如图4一1一1所示.经典题型探究U!04 — 1 —1知能优化演练返回第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理经典题型探究4.合运动和分运动的关系(1)等时性：合运动与分运动经历的时间_il峑.(2)独立性：一个物体同时参与几个分运动时，各分运动独立进行，不受其他分运动的影响.(3)等效性：各分运动叠加起来与合运动有完全相同的效果.课堂互动讲练知能优化演练返回返回图4一1一2课堂互动讲练基础知识梳理 一、曲线运动的合力、轨迹、速度之间的关系1.合力方向与轨迹的关系物体做曲线运动的轨迹一定夹在合力方向和速度 方向之间，速度方向与轨迹相切，合力方向指向 课堂互动讲练经典题型探究 轨迹的“凹"侧・2.合力方向与速度方向的关系物体做曲线运动时，所受合力的方向与速度方向 一定不在同一条直线上，这是判断物体是否做曲 知能优化演练线运动的依据.返回第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理 3.合力方向与速度大小变化的关系 合力沿切线方向的分力改变速度的大小，沿径向 的分力改变速度的方向，如图4一1一2所示的两 个情景.课堂互动讲练经典题型探究知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天即时应用(即时突破，小试牛刀)1・(原创题)“嫦娥二号”卫星于2010年10月1日18时59分发射升空.如图4-1-3所示，“嫦娥二号”探 月卫星在基础知识梳理经典题型探究(1) 当合力方向与速度方向的夹角为锐角时， 物体课堂互动讲练知能优化演练基础知识梳理课堂互动讲练经典题型探究点的月卫知能优化演练由地球飞向月球时，沿曲线从M点到N返回图4_1_3解析：选C ・做曲线运动的物体所受合力的方 向总是指向曲线凹侧，A 、D 错误；由于速 度逐渐减小，故力F 的方向与速度方向的夹 角应大于90° , C 正确.返回第4章曲线运动万有引力与航天二、合运动的性质和轨迹的判定1. 物体运动的性质由加速度决定，常见的类型有 (1) 4=0：匀速直线运动或静止.(2) 4恒定：性质为匀变速运动，分为： ① y 、a 同向，匀加速直线运动； ② 八a 反向，匀减速直线运动； ③ 八a 成一角度，匀变速曲线运动(轨迹在八a 之 间，和速度卩的方向相切，方向逐渐向a 的方向接近, 但不可能达到).(3) a 变化：性质为变加速运动.如简谐运动，加速 度大小、基础知识梳理课堂互动讲练经典题型探究知能优化演练基础知识梳理课堂互动讲练经典题型探究知能优化演练方向都随时间变化.第4章曲线运动万有引力与航天2. 物体的运动轨迹由物体的速度和加速度的方 向关系决定，如图4 — 1—4. (1) 速度与加速度共线时，物体做直线运动. (2) 速度与加速度不共线时，物体做曲线运动.经典题型探究知能优化演练返回第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理 特别提醒：匀变速曲线运动的特例是平抛运 课堂互动讲练动，非匀变速曲线运动的特例是匀速圆周运 经典题型探究动，非匀变速直线运动的特例是弹簧振子的 振动，掌握这些运动具有非常重要的意义.知能优化演练基础知识梳理课堂互动讲练第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理 即时应用 （即时突破，小试牛刀）2.一物体运动规律是x=3f+3/2m, j=4/+4r 2 m, 则下列说法中正确的是（ ）A.物体在x 轴和y 轴方向上都是初速度为零的匀 加速直线运动经典题型探究 B. 物体的合运动是初速度为5 m/s 、加速度为5 m/s?的匀加速直线运动C. 物体的合运动是初速度为5 m/s 、加速度为10 m/s2的匀变速直线运动D. 物体的合运动是加速度为10m/s 2的曲线运动知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理 经典题型探究解析：选C.由x = 3t+3t 2和y=4t+4t 2知物 体在兀、丿方向上的初速度分别为o （）x=3 m/s 、 Vo y =4 m/s,加速度分别为 a x =6 m/s 2> a,=8 m/s 2,所以合运动的初速度vo=\lvi x + vl y =5 m/s,加速度 a =\]ax += 10 m/s 2, a 与兀轴的夹角相等，故C 项正确.课堂互动讲练知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天三、渡河问题1.船的实际运动是水流的运动和船相对静水的 运动的合运动.2・三种速度：可（船在静水中的速度）、©（水流 速度）、祕船的实际速度）. 3・三种情景（1） 过河时间最短：船头正对河岸时，渡河时间 最短，/短=*〃为河宽）.（2） 过河路径最短（V2<V X 时）：合速度垂直于河岸 时，航程最短，£短=〃•船头指向上游与河岸夹第4章曲线运动万有引力与航天⑶过河路径最短（卩2刃1时爪合速度不可能垂直 于河岸，无法垂直渡河.确定方法如下：如图4—1—5所示, 以巾矢量末端为圆心,以巾矢量经典题型探究的大小为半径画弧，从“矢量的始端向 弧作切线，则合速度沿此切线方向航程最短.知能优化演练基础知识梳理经典题型探究角为5cosa =—VI课堂互动讲练知能优化演练基础知识梳理动讲练第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理课堂互动讲练经典题型探究由图可知：COSY =—, V2最短航程:短—cosa V\知能优化演练返回第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理经典题型探究特别提醒：⑴船的航行方向与船头指向一致(勺的方向)，是分速度方向，而船的航行方向是实际运动的方向，也就是合速度的方向.(2)小船过河的最短时间与水流速度无关.课堂互动讲练知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天返回即时应用 （即时突破，小试牛刀）3.（2011年成都模拟）河水的流速随离河岸的距离的 变化关系如图4-1-6甲所示，船在静水中的速 度与时间的关系如图乙所示，若要使船以最短时 间渡河，贝!1（）经典题型探究T乙图4一1 一6知能优化演练返回第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理 A.船渡河的最短时间是60sB. 船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直C. 船在河水中航行的轨迹是一条直线D.船在河水中的最大速度是5 m/s解析：选BD.当船头指向垂直于河岸时，船的渡河课堂互动讲练经典题型探究时间最短，其时间Z=^=^s=100 s, A 错、B 对•因 河水流速不均匀，所以船在河水中的航线是一条曲线，当船行驶至河中央时，船速最大，最大速度P 知能优化演练=寸4? + 3? m/s=5 m/s, C 错、D 对.基础知识梳理 课堂互动讲练第4章曲线运动万有引力与航天返回基础知识梳理对曲线运动的理解经典题型探究磁I■一个质点受两个互成锐角的恒力耳和入课堂互动讲练经典题型探究作用，由静止开始运动，若运动过程中保持二力方向不变，但巴突然增大到Fi + AF,则质点以后（）A.继续做匀变速直线运动B.在相等时间内速度的变化一定相等知能优化演练C・可能做匀速直线运动D.可能做变加速曲线运动返回第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理经典题型探究【思路点拨】先判定是曲线运动还是直线运动，方法是看力的方向与速度方向是否在一条直线上；再判定是加速运动还是匀速运动，方法是看F合是否为零以及是否变化.课堂互动讲练知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天【解析】八、尸2为恒力，物体从静止开始做匀加速直线运动，Fi突变后仍为恒力，合力仍为恒力，但合力的方向与速度方向不再共线，所以物体将做匀变速曲线运动，故A错. 由加速度的定义式詈知，在相等时间M内\v = 伉心必相等，故B对.做匀速直线运动的条件是F合=0,所以物体不可能做匀速直线运动，故C错.由于只突变后，Fi + AF和八的合力仍为恒力，故加速度不可能变化，故D错.第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理经典题型探究【答案】B【规律总结】对于质量一定的物体，我们应抓住加速度与合力两个关键因素，判断一个物体的运动轨迹是曲线还是直线，就是要看其速度方向与合力的方向是否在同一直线上.课堂互动讲练知能优化演练基础知识梳理课堂互动讲练经典题型探究知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理变式训练1 （2011年浙江金华模拟）一质点在欢妙平面内的运动轨迹如图4-1-7所示，下列判断正 课堂互动讲练图4一1一7确的是（）知能优化演练返回第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理 经典题型探究A. 若在x 方向始终匀速运动，则在y 方向先 减速后加速运动B. 若在x 方向始终匀速运动，则在y 方向先 加速后减速运动C. 若在y 方向始终匀速运动，则在x 方向一 直加速运动D. 若在y 方向始终匀速运动，则在x 方向一 直减速运动课堂互动讲练知能优化演练基础知识梳理经典题型探究解析：选A.若在某一坐标轴方向上为匀速运动，因$=此即£正比于时间则轴可看作时间轴.再根据图象分析另一坐标轴方向上的运动性质.可以看出，若r方向匀速，y方向位移的斜率是先减小后增大，故y方向先减速后加速，同理，若y方向匀速，A：方向是先加速后减速.课堂互动讲练知能优化演练第4章曲线运动万有引力与航天基础知识梳理经典题型探究关联''速度的求解蜩I如图4—1—8所示，一个长直轻杆两端分别固定一个小球4和B,两球的质量均为加，两球半径忽略不计，杆A〃的长度为/,现将杆竖直靠放在竖直墙上，轻轻振动小球B,使小球〃在水平地面上由静止向右运动，求当4球沿墙下滑距离为1-时A、〃两球的速度少和⑰的大小.（不计一切摩擦）课堂互动讲练知能优化演练返回【思路点拨】解答本题时要注意两点：(1)A. 〃两球的实际运动是它们各自的合运动；(2)4、B 两球沿杆方向的分速度相等.返回第4章曲线运动万有引力与航天课堂互动讲练基础知识梳理基础知识梳理 【解析】A.B 两球速度的分解情况如图 4一1一9所示，由题意知，"=30。
2012年高考一轮复习优化方案 第4章第二节
(1)小球水平抛出的初速度v0是多少？ (2)斜面顶端与平台边缘的水平距离x是多少？ (3)若斜面顶端高H＝20.8 m，则小球离开平台后 经多长时间t到达斜面底端？
答案：(1)3 m/s
(2)1.2 m
(3)2.4 s
类平抛运动问题求解 13分) 质量为m的飞机以水平速 度v0飞离跑道后逐渐上升，若飞机在此过程中水平 速度保持不变，同时受到重力和竖直向上的恒定 升力(该升力由其他力的合力提供，不含重力)．今 测得当飞机在水平方向的位移为l时，它的上升高 度为h，如图4－2－10所示，求：
特别提示：(1)平抛运动物体的合位移与合 速度的方向并不一致．
(2)斜抛运动的处理方法与平抛运动的处理
方法相同，不同的是，斜抛物体在竖直方 向上的初速度不为零．
课堂互动讲练
2．速度的变化规律 水平方向分速度保持vx＝v0不变；竖直方向加速 度恒为g，速度vy＝gt，从抛出点起，每隔Δt时间 ，速度的矢量关系如图4－2－1所示，这一矢量 关系有两个特点：
第二节
抛体运动
基础知识梳理 第 二 节 抛 体 运 动
课堂互动讲练
经典题型探究
知能优化演练
基础知识梳理
一、平抛运动 1．定义：将物体以一定的初速度沿水平方向抛 重力 作用下 出，不考虑空气阻力，物体只在______ 所做的运动，叫平抛运动． 重力加速度g 2．性质：平抛运动是加速度恒为___________ 匀变速 曲线运动，轨迹是抛物线． 的________
图 4－ 2－ 3
特别提醒：速度和位移与水平方向的夹角关 系为tanθ＝2tanφ，但不能误认为θ＝2φ.
即时应用 (即时突破，小试牛刀) 1．(2010年高考大纲全国卷Ⅰ)一水平抛出的小 球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜 面垂直，运动轨迹如图4－2－4中虚线所示．小 球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的 距离之比为( )
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1. 运动的合成与分解 2．抛体运动 Ⅱ Ⅱ
3．匀速圆周运动、角速度、线速度、向心加速度 Ⅰ
4．匀速圆周运动的向心力
5．离心现象
Ⅱ
Ⅰ
6．万有引力定律及其应用 7．环绕速度
Ⅱ Ⅱ
8．第二宇宙速度和第三宇宙速度
说明：斜抛运动只作定性要求
Ⅰ
命题热点
1.运动的合成与分解，可能会以选择题的形式出现． 2．平抛运动规律的应用，可能单独考查，也可能与 圆周运动、功能关系综合考查． 3．竖直平面内的圆周运动也是2012年浙江高考的热 点，该类题型主要结合牛顿第二定律和机械能守恒定 律或能量守恒定律进行考查． 4．运用万有引力定律及向心力公式分析人造卫星的 绕行速度、运行周期以及计算天体的质量、密度等在 近几年浙江高考中每年必考.
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物体支撑的小球，在竖直平面内做变速圆周运动
过最高点的情况．
图 4－ 3－ 4
(1)临界条件：小球到达最高点时绳子的拉力(或 轨道的压力)刚好为零，小球的重力提供其圆周运 v2 临界 动的向心力，即 mg＝m . r 上式中的 v 临界是小球通过最高点的最小速度，通 常叫临界速度，v 临界＝ gr. (2)通过最高点的条件：v≥v 临界，当 v>v 临界时， 绳、轨道对球分别产生拉力 F、压力 FN. (3)不能通过最高点的条件： v<v 临界(实际上球还没 有到最高点就脱离了轨道)．
球的弹力情况与杆类似．
特别提醒：判断小球经过最高点时，轻杆提供 的力是拉力还是支持力，可以用假设法进行判 断：先假设为拉力F，根据牛顿第二定律列方程 求解，若求得F>0，说明此时轻杆提供拉力；若 求得F<0，说明此时轻杆提供支持力，其大小与 所求得的F的大小相等，方向相反．
即时应用 (即时突破，小试牛刀) 3.(2011年东北地区名校联考)如图4－3－6所示， 质量为m的小球在竖直平面内的光滑圆环轨道上 做圆周运动．圆环半径为R，小球经过圆环最高 点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时( )
第三节 圆周运动及其应用
第 三 节 圆 周 运 动 及 其 应 用
基础知识梳理
课堂互动讲练
经典题型探究
知能优化演练
基础知识梳理
一、描述圆周运动的物理量
弧长l
转过的角度φ
一周
圈数
二、向心力 1．作用效果：产生向心加速度，只改变速度的方 大小 ． 向，不改变速度的_____ v2 4π2 m m 2r r ＝mω2r＝_______. 2．大小：F＝ma＝_____ T 圆心 ，时刻在改 3．方向：总是沿半径方向指向 _____ 变，即向心力是一个变力． 4 ．来源：向心力可以由一个力提供，也可以由 几个力的合力 ______________ 提 供 ， 甚 至 可 以 由 一个力的分力 提供，因此向心力的来源要根据 ______________ 物体受力的实际情况判定．
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即时应用 (即时突破，小试牛刀) 2.( 双选 ) 如图 4 － 2－ 5 所示，质量相同的 A、 B两 质点以相同的水平速度 v 抛出， A 在竖直平面内 运动，落地点在P1；B在光滑的斜面上运动，落 地点在 P2 ，不计空气阻力，则下列说法中正确 的是( )
图 4－ 2－ 5
A．A、B的运动时间相同
B．A、B沿x轴方向的位移相同 C．A、B落地时的速度大小相同，方向不同 D．A、B落地时的动能相同
解析：选 CD.A 做平抛运动，B 做类平抛运动， 设高度为 h，夹角为 θ，如图所示： 2h tA＝ g h 1 B 的加速度为 gsinθ，则 ＝ gsinθ· t2 B sinθ 2 2h 所以 tB＝ ，所以 A、B 错误． gsin2θ 因运动过程只有重力做功，所以 C、D 正确．
特别提醒： (1)判断物体做匀变速运动的依据 是看加速度是否恒定．若加速度恒定，则物 体一定做匀变速运动，与物体的轨迹无关， 因此平抛运动是匀变速运动．根据Δv＝gΔt可 以判断在相同时间内速度的改变是恒定的．
(2)由平抛运动的规律可以得到速度大小的表达
2 2 2 式 v＝ v2 ＋ v ＝ v ＋ gt ，显然平抛运动的速 x y 0 度大小并不均匀变化，所以我们所说的匀变速运 动只是说速度是随时间均匀变化的，而速度大小 并不随时间均匀变化，其原因是速度为矢量． (3)在平抛运动过程中， 位移矢量与速度矢量永远 不会同线．它们与水平方向的夹角关系为 tanα ＝2tanθ，但不能误认为 α＝2θ.
证明：如图 4－2－4 所示，设平抛物体的初速 度为 v0，从原点 O 到 A 点的时间为 t，A 点坐 标为(x，y)，B 点坐标为(x′，0)，则 v⊥ 1 2 y x＝v0t， y＝ gt ， v⊥＝gt， 又 tanα＝ ＝ ， 2 v0 x－x′ x 解得 x′＝ . 2 即末状态速度方向的反向延长线与 x 轴的交点 必为此时水平位移的中点．
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即时应用
(即时突破，小试牛刀)
1.( 单选 )(2010 年高考福建卷 ) 火星探测项目是我国 继神舟载人航天工程、嫦娥探月工程之后又一个 重大太空探索项目．假设火星探测器在火星表面 附近圆形轨道运行的周期为 T1 ，神舟飞船在地球
表面附近的圆形轨道运行周期为 T2 ，火星质量与
地球质量之比为 p ，火星半径与地球半径之比为 q, 则T1与T2之比为( )
2 v Mm 周运动的向心力，由 G 2 ＝m 得 v＝ r r
GM ， r
由此可知，轨道半径 r 越大，卫星的线速度 v 越 小．当卫星由于某种原因速度 v 突然改变时，受到 v2 Mm 的万有引力 G 2 和需要的向心力 m 不再相等， r r
2 v Mm 卫星将偏离原轨道运动．当 G 2 >m r 时，卫星 r 做近心运动，其轨道半径 r 变小，由于万有引力 2 Mm v 做正功， 因而速度越来越大； 反之， 当 G 2 <m r r 时，卫星做离心运动，其轨道半径 r 变大，由于 万有引力做负功，因而速度越来越小．
三、天体运动中的几种常见模型分析
1．赤道上随地球自转的物体模型 赤道上的物体随地球自转的圆周运动半径等于地 球半径，向心力由地球对物体的万有引力部分分 力提供 ( 万引力的另一分力产生重力 ) ．其运动周 期和角速度都等于地球自转周期和角速度，即与 同步卫星具有相同的周期和角速度.
特别提醒：卫星绕地球转动的向心加速度与物体 随地球自转的向心加速度的比较
3 GMT2 b． 由于所有同步卫星的周期都相同， 由 r＝ 4π2 知，所有同步卫星的轨道半径都相同，即同一轨道 运动，其确定的高度约为 3.59×104 km. ④环绕速度大小一定：所有同步卫星绕地球运动的 线速度的大小是一定的， 都是 3.08 km/s.环绕方向与 地球自转方向相同． ⑤向心加速度大小一定：所有同步卫星由于到地心 距离相同，所以它们绕地球运动的向心加速度大小 都相同，约为 0.23 m/s2.
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【规律总结】
(1)在解决追及、相遇类问题时，
要紧紧抓住“一图三式”，即过程示意图、时间关 系式、速度关系式和位移关系式． (2)分析追及、相遇类问题时，要抓住题目中的关 键字眼、临界条件，如“刚好”、“恰好”、“至少”、 “最多”等，往往对应一个临界状态，满足相应的
临界条件．
2．相遇问题 (1)同向运动的两物体的相遇问题即追及问题，分 析同上． (2)相向运动的物体，当各自发生的位移的绝对值 之和等于开始时两物体间的距离时，物体相遇．
3．求解追及相遇问题的基本思路 (1)分别对两物体研究；
(2)画出运动过程示意图；
(3)列出位移方程；
(4)找出时间关系、速度关系、位移关系；
思考感悟
利用s－t图象或v－t图象能表示物体做曲线运动
的规律吗？
【思考· 提示】
不能，只能表示直线．
二、追及和相遇问题 1．追及问题：注意追和被追的两物体的_____ 速度 相 等(同向运动)是能否追上及两者距离有极值的临 界条件． 第一类：速度大者减速(如匀减速直线运动)追速 度小者(如匀速运动)： (1)当两者速度相等时，若追者位移仍小于被追者 最小距离． 位移，则永远追不上，此时两者间有____
的斜率表示加速度大小．
面积：图线与坐标轴围成的面积常与某一表示过 程的物理量相对应．如v－t图象与横轴包围的“面 积”大小表示位移大小．
特别提醒：速度图象向上倾斜不一定做加速运动，
速度图象向下倾斜不一定做减速运动，物体做加
速运动还是减速运动是看速度的方向与加速度的
方向是相同还是相反．物体可以做负方向的加速
不可能追上了．
vt＝at＝v0，t＝10 s
s1＝v0t＝100 m，s2＝at2/2＝50 m．s2＞s1－60 m， 故B不能追上A，A、B间距离最小为 s＝s2－(s1－60 m)＝10 m. 答案：见解析经典题型探究利用图象 Nhomakorabea析物体的运动
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(2)设小球离开平台到达斜面顶端所需时间为t1，由vy＝gt1得t1＝
0.4 s，则x＝v0t1＝3×0.4 m＝1.2 m. 答案：(1)3 m/s(2)1.2 m(3)2.4 s (满分样板13分)质量为m的飞机以水平速度v0飞离跑道后逐渐上升，若飞机在此过程中
水平速度保持不变，同时受到重力和竖直向上的恒定升力(该升力由其他力的合力提供，不含
重力)．今测得当飞机在水平方向的位移为l时，它的上升高度为h，如图4－2－11所示，
求： (1)飞机受到的升力大小； (2)从起飞到上升至h高度的过程中升力所做的功及在高度
h处飞机的动能．例3 类平抛运动问题求解【思路点拨】本题以曲线运动为背景，考查
运动的合成与分解及牛顿运动定律等问题，解答的方法是将飞机的运动分解成水平和竖直两
个方向上的直线运动．【规律总结】(1)类平抛运动规律与平抛运动规律相同，处理方法
也相同．平抛运动的两个重要推论也适用于类平抛运动． (2)解答类平抛运动问题时，不一
定按水平方向和竖直方向进行分解，可以按初速度方向和合外力方向来分解．第二节平抛
物体的运动第二节平抛物体的运动基础知识梳理课堂互动讲练经典题型探究知能优
化演练基础知识梳理一、平抛运动 1．定义：将物体以一定的初速度沿________方向抛出，
不考虑空气阻力，物体只在_______作用下所做的运动，叫平抛运动． 2．性质：平抛运动是
加速度恒等于___的_______曲线运动，轨迹是抛物线．水平重力匀变速 g 二、平抛运动
的研究方法将平抛运动分解为水平方向的________直线运动和竖直方向的__________运动，
分别研究两个分运动的规律，必要时再用运动合成方法进行合成．图4－2－1 匀速自由落
体三、平抛运动的规律以抛出点为坐标，水平初速度v0方向为x轴方向，竖直向下的方向
为y轴方向，如图4－2－1所示，则： v0 v0t gt 名师点拨：平抛运动物体的合位移与合
速度的方向并不一致．思考感悟θ等于α的2倍吗？提示：两者不是2倍的关系．课堂
互动讲练一、对平抛运动规律的进一步理解 1．水平射程和飞行时间 2．速度的变化规律水
平方向分速度保持vx＝v0不变；竖直方向加速度恒为g，速度vy＝gt，从抛出点起，每隔Δ
t时间，速度的矢量关系如图4－2－2所示，这一矢量关系有两个特点：图4－2－2 (1)
任意时刻的速度水平分量均等于初速度v0. (2)任意相等时间间隔Δt内的速度改变量Δv的
方向均竖直向下，大小均为Δv＝Δvy＝gΔt. 3．位移的变化规律 (1)任意相等时间间隔内，
水平位移不变，且Δx＝v0Δt. (2)任意相等的时间间隔Δt内，竖直方向上的位移差不变，
即Δy＝gΔt2. 4．平抛运动的两个重要推论 (1)推论Ⅰ：做平抛(或类平抛)运动的物体在
任一时刻任一位置处，设其速度方向与水平方向的夹角为θ，位移与水平方向的夹角为α，
则tanθ＝2tanα. 图4－2－3 (2)推论Ⅱ：做平抛(或类平抛)运动的物体，任意时刻的瞬
时速度方向的反向延长线一定通过此时水平位移的中点．图4－2－4 名师点拨：速度和位
移与水平方向的夹角关系为tanθ＝2tanα，但不能误认为θ＝2α. 即时应用二、类平抛
运动的分析 1．类平抛运动的受力特点物体所受合力为恒力，且与初速度的方向垂直． 2．类
平抛运动的运动特点在初速度v0方向做匀速直线运动，在合外力方向做初速度为零的匀加
速直线运动，加速度a 3．类平抛运动的求解方法 (1)常规分解法：将类平抛运动分解为沿
初速度方向的匀速直线运动和垂直于初速度方向(即沿合力的方向)的匀加速直线运动． (2)
特殊分解法：对于有些问题，可以过抛出点建立适当的直角坐标系，将加速度分解为ax、ay，
初速度v0分解为vx、vy，然后分别在x、y方向列方程求解． 2．如图4－2－6所示，光滑
斜面长为b，宽为a，倾角为θ，一物块沿斜面左上方顶点P水平射入．而从右下方顶点Q
离开斜面，求入射初速度．即时应用图4－2－6 解析：物块在垂直于斜面方向没有运动，
物块沿斜面方向上的曲线运动可分解为水平方向上速度为v0的匀速直线运动和沿斜面向下
初速度为零的匀加速运动．在沿斜面方向上mgsinθ＝ma1，a1＝gsinθ①水平方向上的位
移x＝a＝v0t ②经典题型探究例1 平抛运动规律的应用 (2010年
高考天津理综卷)如图4－2－7所示，在高为h的平台边缘水平抛出小球A，同时在水平地面
上距台面边缘水平距离为s处竖直上抛小球B，两球运动轨迹在同一竖直平面内，不计空气阻力，重力加速度为g.若两球能在空中相遇，则小球A的初速度vA应大于________，【思路点。