2018-2019学年湖北省黄冈市高二上学期期末考试物理试题 解析版
2018-2019学年湖北省黄冈市高二（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共30.0分）1.在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献。
他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法，下列叙述正确的是A.法拉第首先发现了电流的磁效应，并引入“场”的概念用来研究电和磁现象B.点电荷是一个理想模型，只有电荷量很小的带电体才可看成点电荷C.安培发现了磁场对运动电荷的作用规律，洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律D.物理量电场强度、电容、磁感应强度都是采用比值法定义的【答案】D【解析】【详解】A、奥斯特首先发现了电流的磁效应，法拉第引入“场”的概念用来研究电和磁现象，故A错误；B、点电荷是一个理想模型，带电体能否视为点电荷只需要分析其体积和大小是否在所研究的问题中能忽略，与电荷量无关，故B错误；C、洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律，故C错误；D、物理量电场强度、电容、磁感应强度都是采用比值法定义的，故D正确；故选D。
2.如图所示，P、Q为一对固定于真空中的等量正点电荷，O是它们连线的中点，A、B是连线中垂线上且关于0点对称的两点，一带负电粒子从A点由静止释放，只在静电力作用下运动，取无限远处的电势为零，下列说法正确的是A.粒子从A点到O点的运动是匀加速直线运动B.粒子从A点到B点的运动过程中加速度先增大后减小C.粒子运动到O点时动能最大，电势能为零D.粒子将在A、B之间做往复运动【解析】【详解】两等量正电荷周围部分电场线如图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向；AB、由上面的分析知粒子所受的电场力是变化的，粒子由A向O的加速度可能先增大后减小，也可能一直减小；过O点可能先增大后减小，也可能一直增大，所以粒子从A点到B点的运动过程中加速度可能先增大后减小再增大后又减小，可能先减小后增大，故A、B错误；C、由上面的分析知粒子从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到B过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，电势能最低，不是零，故C错误；D、因AB关于O点对称，粒子从A点由静止释放，到B的速度恰好为零，将在A、B之间做往复运动，故D正确；故选D。
3.示波器是一种常见的电学仪器，示波管是斑示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示若、极接稳压电源的正极，X、Y接稳压电源的负极，则在示波器荧光屏上将会看到下列哪个可能图形A. B. C. D.【答案】C【详解】电子受到的电场力方向与电场方向相反，在极板间电子向板偏转，在极板间电子向板偏转，叠加后电子打第三象限，故C正确，A、B、D错误；故选C。
4.如图，固定的绝缘光滑斜面倾角为，质量为m、长度为L的金属棒仅标出a端通有垂直纸面向外由b指向的恒定电流I，它们均处于匀强磁场中。
当磁场方向与金属棒垂直时，棒能水平静止于斜面上，已知重力加速度为g，下列说法正确的是A.匀强磁场的磁感应强度大小可能为B.匀强磁场的磁感应强度最小值为C.匀强磁场的方向可能沿斜面向上D.匀强磁场的方向可能沿斜面向下【答案】A【解析】【详解】AB、对导体棒受力分析，当磁场的方向垂直于斜面向上时，所加的磁场最小，利用共点力平衡可知，解得，故，故A正确，B错误；C、如果匀强磁场的方向沿斜面向上，根据左手定则可知安培力方向垂直于斜面向下，导体棒不可能静止，故C错误；D、如果匀强磁场的方向沿斜面向下，根据左手定则可知安培力方向垂直于斜面向上，导体棒不可能静止，故D错误；故选A。
5.两竖直放置的平行金属板P和Q接入如图所示电路中，在两板间用长为L绝缘轻绳悬挂一带电小球可视为质点，闭合开关，待电路稳定后小球静止时，轻绳与竖直方向夹角为，下列判断正确的是A.剪断轻绳后小球将作类平抛运动B.保持P板不动，将Q板缓慢向右移动一小段距离，夹角随之减小C.保持P板不动，将Q板缓慢向上移动一小段距离，夹角随之增大D.断开开关，小球会一直保持静止【答案】B【解析】【详解】A、剪断轻绳前，小球受到重力，水平向右的电场力，及绳子的拉力，当剪断轻绳后，小球将沿着绳子拉力反方向，作匀加速直线运动，不是类平抛运动，故A错误；BC、当保持P板不动，将Q板缓慢向右移动一小段距离，即增大两极板间距，因极板电压U不变，依据可知，电场强度减小，那么电场力减小，夹角随之减小，故B正确，C错误；D、断开开关，因电容器要放电，其电量Q变小，电压也减小，由可知，电场力减小，小球会向下摆，故D错误；故选B。
6.将一块宽为b，厚为d，横截面为矩形的金属导体置于匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向垂直于侧面，如图所示，当通以图示方向电流I时，在导体上、下表面间用理想电压表可测得电压为已知自由电子的电荷量为e，下列判断正确的是A.金属导体上表面电势高于下表面B.只增强金属导体中的电流I，电压表的示数会减小C.只增加金属导体的厚度d，电压表的示数会减小D.该导体中单位体积内的自由电子数为【答案】D【解析】【详解】A、根据左手定则，电子向上表面偏转，下表面失去电子带正电，所以下表面电势高，则下表面带正电，故A错误；BC、根据，解得：，导体的厚度d越大，U越大，而U与导体中的电流I无关，故B、C错误；D、再依据，得该导体中单位体积内的自由电子数为：，故D正确；故选D。
二、多选题（本大题共4小题，共20.0分）7.将两截阻值均为R、长度均为L的均匀铜棒A和铝棒B沿中轴线对接后串联接人电路中已知两棒的横截面积分别为和，忽略温度变化对电阻的影响下列说法正确的是A.通过铜棒和铝棒的电流大小一定相同B.铜棒两端的电压与铝棒两端电压之比为：C.铜和铝棒的电阻率之比为：D.电路稳定后两棒中电场强度均为零【答案】AC【解析】【详解】A、由串联电路的特点知：，故A正确；B、根据知电阻和电流相等，则铜棒两端的电压与铝棒两端电压相等，故B错误；C、由可知，电阻相等，则铜和铝棒的电阻率之比为，故C正确；D、电路稳定后两棒中电场强度不能为零，电荷的定向移动到达动态平衡，故D错误；故选AC。
8.如图纸面内金属圆环通过一绝缘细线OA悬挂在足够长的水平通电细直导线上，悬点O固定，下列各种情况中环中能产生感应电流的是A.使圆环在竖直平面内绕O点左右摆动B.使圆环在垂直纸面方向绕O点前后摆动C.使圆环以竖直线OA为轴转动D.使通电直导线中电流均匀增大【答案】ACD【解析】【详解】A、根据右手螺旋定则可知，离直导线越远的磁场越弱，越近的磁场越强，当使圆环在竖直平面内绕O点左右摆动时，穿过环的磁通量会发生改变，会产生感应电流，故A正确；B、当使圆环在垂直纸面方向绕O点前后摆动时，穿过环的磁通量不变，不会产生感应电流，故B错误；C、当使圆环以竖直线OA为轴转动时，穿过环的磁通量会发生改变，会产生感应电流，故C正确；D、当使通电直导线中电流均匀增大时，穿过环的磁通量增大，会产生感应电流，故D正确；故选ACD。
9.在如图甲所示电路中，定值电阻，R为滑动变阻器闭合开关后，多次改变滑片的位置，分别记录电压表和电流表的示数由测得数据作出如图乙所示图线下列判断正确的是A.当滑片向右滑动时，电压表示数增大B.电源的电动势测量值约为C.电源的内阻测量值约为D.当电源短路时，电流表示数为【答案】AB【解析】【详解】BC、根据图象读出电源电动势为，根据图像斜率得到，故电源内阻为，故B正确，C错误；A、当滑片向右滑动时，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律，总电流减小，根据可得出电压表示数增大，故A正确；D、当电源短路时，根据闭合电路欧姆定律：，故D错误；故选AB；10.如图所示，在虚线EF、GH之间分布着方向水平、垂直于纸面向里、磁感应强度为的匀强磁场，EF、GH间距为h，正方形导线框ABCD由粗细均匀的同种材料制成，质量，边长，将其从EF上方处由静止释放，线框运动过程中线框平面始终与磁场垂直，且CD边始终与EF平行，已知线框下边CD刚要出磁场时，线框的速度为，线框穿过磁场区的过程中产生的热量，取重力加速度，下列说法正确的是A.磁场上下两边界的间距B.线框AB边刚要进入磁场时线框的速度大小为C.线框CD边刚进入磁场时C、D两点间的电压为D.线框CD边刚出磁场时C、D两点间的电压为【答案】BC【解析】【详解】AB、线框从开始下落到CD刚进入磁场，根据动能定理可得：，解得：，可知，则线框进入磁场和出磁场两个过程完全相同，产生的热量相同；设线框AB边刚要进入磁场时线框的速度大小，则线框进入磁场过程，由能量守恒定律得：，代入数据解得：，线框完全在磁场中做加速度为g的匀加速运动，根据运动学公式有：，代入数据解得：，故A错误，B 正确；C、线框CD边刚进入磁场时CD边产生的感应电动势为：，C、D两点间的电压为：，故C正确；D、线框CD边刚出磁场时AB边产生的感应电动势为：，C、D两点间的电压为：，故D错误；故选BC。
三、填空题（本大题共1小题，共6.0分）11.某同学使用多用电表测量一段电阻丝的电阻，图甲、图乙是分别用欧姆挡的“”和“”挡测量时表针所指的位置，则该段金属丝应选择______挡填“”或“”，该段金属丝的阻值约为______.【答案】(1).×1(2).16.0【解析】【详解】为减小测量误差，应用欧姆表测电阻时应选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近，由图示表盘可知，测该金属丝电阻应选择挡位，待测金属丝电阻阻值为：四、实验题探究题（本大题共1小题，共9.0分）12.某实验小组的同学要探究一热敏电阻的温度特性，可能用到以下实验器材：A.热敏电阻常温下的阻值约为B.烧杯、热水、温度计C.电流表量程，内阻D.电流表量程，内阻约E.电压表量程，内阻约F.滑动变阻器最大阻值为，额定电流G.滑动变阻器最大阻值为，额定电流H.电源电动势6V，额定电流2A，内阻不计I.开关一个，导线若干(1)要求通过热敏电阻的电流从零开始增大为使测量尽量准确，电流表应选择______，滑动变阻器应选择______填器材前的字母标号(2)实物图中，已正确连接了部分导线请你按照实验要求用笔画线代替导线在图中完成余下导线的连接______.(3)该实验小组的同学依据连接好的电路进行实验，计算出热敏电阻的阻值随温度变化的系列数据，对应点描在如图所示坐标纸上______.请根据坐标点作图并得出当时______。
【答案】(1).C(2).G(3).(4).(5).13【解析】【详解】解：(1)电源电动势为6V，热敏电阻常温下的阻值约为，故电流最大约为，故电流表只能选择C；为了让电流从零开始增大应采用分压接法，故滑动变阻器应选择总阻值较小的G；本实验中采用滑动变阻器分压接法，同时因电流表内阻已知，故电流表采用内接法，完成电路图如图所示；根据描出的点得出对应的图象如图所示，由由图可知，当温度时，；五、计算题（本大题共4小题，共45.0分）13.质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具。
湖北黄冈18-19学度高二上年末考试-物理(扫描版)
湖北黄冈18-19学度高二上年末考试-物理（扫描版）黄冈市2018年秋季高二年级期末考试物理试题答案及评分建议【一】此题包括10小题、每题4分，共40分。
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 选项 AC A B A D D CD D AD ABD二、此题包括2小题，共15分、11、〔6分〕 5.02，4.815±0.002〔每空3分〕 12、〔9分〕〔1〕如右图所示。
〔2分〕 〔2〕1I =r +R E +R 0E L 〔3分〕〔3〕0.40，9.60±0.12〔每空2分〕三、此题包括4小题，共45分、 13、〔10分〕 解：〔1〕以导线框平面与磁场垂直时为计时起点，导线框的感应电动势e=BS ωsin ωt 〔2分〕 当导线框转过90°即ωt=π2时，电动势e=BS ωsin π2=BS ω〔2分〕因此，如今导线框中的电流i=e R =BS ωR 〔2分〕〔2〕当导线框平面与磁场垂直时，导线框中的磁通量Φ1=BS ；当导线框转过90°时，导线框中的磁通量Φ2=0，故磁通量变化量的绝对值ΔΦ=Φ1—Φ2=BS 〔2分〕通过线框截面的电荷量q=I Δt =ΔΦR Δt Δt=ΔΦR =BSR 〔2分〕 14、〔10分〕解：设两圆环单位长度上的电阻为r 0，那么两圆环的电阻分别为R a =2πrr 0，R b =6πrr 0〔2分〕依照法拉第电磁感应定律可得，感应电动势E a =ΔΦa Δt =ΔBS a Δt =πB 0r2t 0〔2分〕E b =ΔΦb Δt =ΔBS b Δt =4πB 0r 2t 0〔2分〕又在0~t 0时间内圆环中产生的热量Q=E 2R t 0〔2分〕1/-1故热量之比Q a Q b =E a 2R a t 0E b 2R b t 0=E a 2R b E b 2R a =(πB 0r2t 0)2R b (4πB 0r 2t 0)2R a =316〔2分〕15、〔11分〕解：〔1〕依照闭合电路欧姆定律，当滑动变阻器的电阻为R 1=1Ω时，电流I 1=ER 1+R 0+r =2A 〔3分〕〔2〕金属棒受重力mg 、安培力F 和支持力F N 如图。
2018-2019学年高二物理上学期期末考试试题 (III)
2018-2019学年高二物理上学期期末考试试题 (III)一．选择题（共10小题,40分，其中1—6题只有一个选项正确，每小题4分，7—10题有两个或两个以上选项正确，每小题4分，选对但不全得2分，有选错的不得分。
）1．首先发现电流周围存在磁场的科学家是（）A．安培B．特斯拉C．阿斯顿D．奥斯特2．如图所示，质子（）和α粒子（），以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为（）A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．1：43．电子、质子、氘核、氚核以同样的速度垂直射入同一匀强磁场做匀速圆周运动，其中轨道半径最大的是（）A．电子B．质子C．氘核D．氚核4．如图所示电路，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中（）A．电压表与电流表的示数都减小B．电压表与电流表的示数都增大C．电压表的示数增大，电流表的示数减小D．电压表的示数减小，电流表的示数增大5．如图所示，一带正电的粒子，沿着电场线从A点运动到B点的过程中，以下说法正确的是（）A．带电粒子的电势能越来越小B．带电粒子的电势能越来越大C．带电粒子受到的静电力一定越来越小D．带电粒子受到的静电力一定越来越大6．如图所示为磁场作用力演示仪中的线圈，在线圈中心处挂上一个小磁针，且与线圈在同一平面内，则当线圈中通以如图所示顺时针的电流时（）A．小磁针N极向里转B．小磁针N极向外转C．小磁针在纸面内向左摆动D．小磁针在纸面内向右摆动注意：以下各题都有两个或两个以上答案正确7．如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1＝E2，短路电流I1＞I2B．电动势E1＝E2．内阻r2＞r1C．电动势E1＞E2，内阻r1＜r2D．以上都错8．某电场的电场线如图所示，a、b是一条电场线上的两点，用E a、E b和φa、φb分别表示a、b两点的电场强度和电势，可以判定（）A．E a＜E b B．E a＞E b C．φa＜φb D．φa＞φb9．下列装置工作时，利用电流热效应工作的是（）A．电热毯B．白炽灯C．电烙铁D．干电池10．在磁感应强度为B的匀强磁场中做匀速圆周运动的带电粒子，当磁感应强度突然增大为2B时，这个带电粒子（）A．速率加倍，周期减半B．速率不变，轨道半径减半C．速率不变，周期减半D．速率减半，轨道半径不变二．填空题（共4小题，每空2分，共16分）11．A、B两个完全相同的金属小球（可看成点电荷），分别带有+3Q和﹣Q的电荷量，当它们相距r时，它们之间的库仑力大小为。
2018—2019学年度第一学期高二期末考试物理试题(含答案)
2018—2019学年度第一学期高二期末考试物理试卷（难度高）本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分。
考试时间90分钟。
第Ⅰ卷（选择题部分）注意事项：1．答卷前将学校、姓名、准考号填写清楚。
2．选择题的每小题选出答案后，用铅笔把机读卡上对应题目的答案标号涂黑。
其它小题用钢笔或圆珠笔将答案写在答题卡上。
一、单项选择题（本题共7小题，每小题3分，共21分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确。
）1、 在电磁学发展的过程中，很多物理学家都作出了突出贡献，下列有关说法正确的是（ ）A ．欧姆发现了电流的热效应B ．安培发现通电导线在磁场中会受到力的作用C ．楞次定律表明，感应电流会与原来的电流方向相反D ．奥斯特发现了“磁生电”，法拉第发现了“电生磁”2、两个分别带有电荷量为-Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为r 的两处，它们间库仑力的大小为F 。
现将两球相互接触后固定在相距为0.5r 的两处，则相互接触后两球间库仑力的大小为（ ）A ．4FB ．34FC.43FD ．12F3、关于电磁感应现象，下列说法正确的是 A ．线圈放在磁场中就一定能产生感应电流B ．闭合线圈放在匀强磁场中做切割磁感线运动时，一定能产生感应电流C ．感应电流的磁场总是阻碍原来磁场的磁通量的变化D ．感应电流的磁场总是与原磁场方向相反4、研究电流的磁效应时，将一根长直导线南北放置在小磁针的正上方，导线不通电时，小磁针在地磁场作用下静止且N 极指向北方，如图所示。
现在直导线中通有从北向南的恒定电流I ，小磁针转动后再次静止时N 极指向sCA ．北方B ．西方C ．北偏西方向D ．北偏东方向5、 在如图所示的四个图中，标出了匀强磁场的磁感应强度B 的方向、通电直导线中电流I 的方向以及通电直导线所受安培力F 的方向，其中正确表示三者方向关系的图是A B C D 6、在竖直向上的匀强磁场中，水平放置一个不变形的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图1所示，当磁场的磁感应强度B 随时间t 如图2变化时，图中正确表示线圈中感应电动势E 变化的是（ ）7、. 如图所示，先接通S 使电容器充电，然后断开S ，增大两极板间的距离时，电容器所带电量Q 、电容C 、两极板间电势差U 的变化情况是 A 、Q 变小，C 不变，U 不变 B 、Q 变小，C 变小，U 不变 C 、Q 不变，C 变小，U 变大 D 、Q 不变，C 变小，U 变小FIFBF I二、多项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．每小题有多个选项符合题意．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分． 8、如图甲所示，A 、B 是一条电场线上的两点，若在某点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A 运动到B ，其速度随时间变化的规律如图乙所示，则A ．场强方向由A 指向B B ．电场强度E A 〈 E BC ．电势B A ϕϕ<D ．电子的电势能E PA < E PB9、在如图所示的电路中，E 为电源，其内阻为r ，L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R 1、R 2为定值电阻，R 3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，为理想电压表，若将照射R 3的光的强度增强，则 ( ) A ．电压表的示数变大 B ．小灯泡消耗的功率变小 C ．通过R 2的电流变小 D ．电源内阻的电压变大10、如图所示，电路中A 、B 是规格相同的灯泡，L 是电阻可忽略不计的电感线圈，那么( )A ．合上S ，A 、B 一起亮，然后A 变暗后熄灭 B ．合上S ，B 先亮，A 逐渐变亮，最后A 、B 一样亮C ．断开S ，A 立即熄灭，B 由亮变暗后熄灭D ．断开S ，B 立即熄灭，A 闪亮一下后熄灭11、如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘。
2018-2019学年高二上学期期末考试物理试卷(答案+解析)
2018-2019学年高二上学期期末考试物理试题一、单选题1.下列说法正确的是（）A. 磁通量发生变化时，磁感应强度也一定发生变化B. 穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零；C. 穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大。
D. 根据阻碍的含义，感应电流的磁场总和回路中原磁场的方向相反；【答案】C【解析】【详解】根据ϕ=BS可知，磁通量发生变化时，磁感应强度不一定发生变化，选项A错误；穿过线圈的磁通量为零，但是磁通量的变化率不一定为零，即感应电动势不一定为零，选项B错误；穿过线圈的磁通量变化越快，则磁通量的变化率越大，感应电动势越大，选项C 正确。
根据阻碍的含义，当磁通量增加时，感应电流的磁场和回路中原磁场的方向相反；当磁通量减小时，感应电流的磁场和回路中原磁场的方向相同，选项D错误；故选C.2.下列关于物理学史的说法中正确的是（）A. 奥斯特发现了电磁感应现象B. 库伦发现了库伦定律，并由卡文迪许利用扭秤实验测出了静电力常量C. 焦尔发现了电流的热效应，定量给出了电能和内能之间的转换关系D. 安培发现了电流的磁效应，总结了电现象与磁现象之间的联系【答案】C【解析】【详解】丹麦物理学家奥斯特发现电流磁效应之后，1831年英国科学家法拉第发现了电磁感应定律，故A错误；库伦发现了库伦定律，并利用扭秤实验测出了静电力常量，卡文迪许用扭秤实验测出了引力恒量，故B错误；焦耳发现了电流的热效应，定量给出了电能和内能之间的转换关系，故C正确；丹麦物理学家奥斯特发现电流磁效应，故D错误。
所以C正确，ABD错误。
3.如图所示，纸面内有一矩形导体闭合线框abcd，置于垂直纸面向里、边界为MN的匀强磁场外，线框的ab边平行磁场边界MN，线框以垂直于MN速度匀速地完全进入磁场，线框上产生的热量为Q1，通过线框导体横截面的电荷量为q1。
现将线框进入磁场的速度变为原来的两倍，线框上产生的热量为Q2，通过线框导体横截面的电荷量为q2，则有A. Q2=Q1 q2=q1B. Q2=2Q1 q2=2q1C. Q2=2Q1 q2=q1D. Q2=4Q1 q2=2q1【答案】C【解析】根据及可得安培力表达式：；拉力做的功转化为电能，然后转化为焦耳热，由可知产生的焦耳热与速度成正比，所以；根据可知通过线框某横截面的电荷量与速度无关，，故ABD错误，C正确。
2018-2019学年湖北省黄冈市高二(上)期末物理试卷解析版
2018-2019学年湖北省黄冈市高二（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共6小题，共30.0分）1.在科学发展史上，很多科学家做出了杰出的贡献。
他们在物理学的研究过程中应用了很多科学的思想方法，下列叙述正确的是A. 法拉第首先发现了电流的磁效应，并引入“场”的概念用来研究电和磁现象B. 点电荷是一个理想模型，只有电荷量很小的带电体才可看成点电荷C. 安培发现了磁场对运动电荷的作用规律，洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律D. 物理量电场强度、电容、磁感应强度都是采用比值法定义的【答案】D【解析】解：A、奥斯特首先发现了电流的磁效应，法拉第引入“场”的概念用来研究电和磁现象，故A错误；B、点电荷是一个理想模型，带电体能否视为点电荷只需要分析其体积和大小是否在所研究的问题中能忽略，与电荷量无关，故B错误；C、洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律，故C错误；D、物理量电场强度、电容、磁感应强度都是采用比值法定义的，故D正确。
故选：D。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可；同时掌握物理学中常见的物理方法。
本题考查物理学史以及物理方法，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
2.如图所示，P、Q为一对固定于真空中的等量正点电荷，O是它们连线的中点，A、B是连线中垂线上且关于0点对称的两点，一带负电粒子从A点由静止释放，只在静电力作用下运动，取无限远处的电势为零，下列说法正确的是A. 粒子从A点到O点的运动是匀加速直线运动B. 粒子从A点到B点的运动过程中加速度先增大后减小C. 粒子运动到O点时动能最大，电势能为零D. 粒子将在A、B之间做往复运动【答案】D【解析】解：两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向。
AB、由上面的分析知粒子所受的电场力是变化的，粒子由A向O的加速度可能先增大后减小，也可能一直减小；粒子从A点到B点的运动过程中加速度可能先增大后减小，过O点增大再减小，也可能先减小过O点在增大，故AB错误。
湖北黄冈2018-2019学度高二上学期年末考试物理试题(word版)
湖北黄冈2018-2019学度高二上学期年末考试物理试题（word版）考生注意：1、本试卷分第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕，总分100分，考试时间90分钟.2、请将Ⅰ卷答案填写在Ⅱ卷“选择题答题卡”中，考试结束时只交第二卷.第一卷〔选择题共40分〕【一】此题包括10小题、每题4分，共40分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分、1、许多科学家在物理学进展过程中做出了重要贡献，以下表述正确的选项是〔〕A、奥斯特通过实验研究，发明电流周围存在磁场B、麦克斯韦通过实验研究，发明磁铁和电流的磁场基本上分子电流产生的C、法拉第通过实验研究，发明利用变化的磁场能够产生电流D、安培认为，磁场变化时会在空间中激发产生电场2、如下图，电路中三只电流表均为理想电流表，滑动变阻器R1和定值电阻R2并联，电源内阻不能忽略。
现将滑动变阻器的滑片向右移动到另一位置，发明电流表A0的示数减小了0.30A，那么电流表A1和A2的示数变化可能是〔〕A 、A 1减小0.50A ，A 2增大0.20AB 、A 1减小0.10A ，A 2减小0.20AC 、A 1增大0.50A ，A 2减小0.20AD 、A 1增大0.20A ，A 2减小0.50A3、随着信息技术的进展，我们能够用磁传感器把磁感应强度变成电信号，通过计算机对磁场进行研究。
图中磁传感器探头对磁场特别敏感，输出的电信号从右端通过电缆和接口装置进入计算机。
现用磁传感器探测通电螺线管轴线上的磁感应强度，将探头从螺线管右端沿轴线向左端移动时，测得磁感应强度B 的大小随位置x 的变化关系，下面最符合实际情况的图是〔〕4、如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相同的电流。
a 、O 、b 在M 、N 的连线上，c 、d 位于MN 的中垂线上，O 为ab 和cd 的中点。
高二物理期末试卷及解析
2018—2019学年度第一学期高二物理期末考试试卷参考答案一、选择题(本题共13小题,每小题4分，共52分。
在每小题给出的是个选项中,其中1—9题只有一项符合题目要求，第10—13题有多项符合要求.全部选对的得4分，选对但是不全的得2分,有错选和不选的得0分。
)1.关于磁感线的说法,下列正确的是( ）A。
磁感线从磁体N极出发,终止于S极B. 沿磁感线方向,磁场逐渐减弱C。
磁感线就是磁场中碎铁屑排列成的曲线D. 磁感线可表示磁场的强弱和方向【答案】D【解析】磁感线在磁体的外部从磁体N极出发到S极；内部从S极出发到N极，形成闭合的曲线，选项A错误；沿磁感线方向，磁场不一定逐渐减弱，选项B错误；磁感线是为了描述磁场而人为引入的虚拟线，并不存在，故C错误．磁感线可表示磁场的强弱和方向,磁感线的疏密表示磁场强弱，磁感线的切向方向表示磁场的方向，选项D正确；故选D。
2. 对“静电场”一章中几个公式的理解，正确的是（）A。
公式C=Q/U指出,电容器的电容随电容器所带电荷量Q的增加而增加B. 由E=U/d可知，电场中两点的距离越大，电场场强E越小C. 在公式F=kQ1Q2/r2中,kQ2/r2是Q2所在位置的电场强度的大小=qΦ中,同一个负电荷在电势越高的地方电势能越小D。
公式EP【答案】D【解析】公式C=Q/U指出，电容器的电容等于电容器所带电荷量Q与两板电压U的比值，电容器的电容与所带电量无关，选项A错误；匀强电场的电场强度与电场中两点的距离无关，选项B错误;在公式F=kQ1Q2/r2中，kQ2/r2是Q2在Q1所在位置的电场强度的大小,选项C错误；=qφ中，同一个负电荷在电势越高的地方电势能越小，选项D正确;故选D.公式EP点睛：本题考查对电场中几个公式的理解能力，关键要抓住各个公式的适用条件、公式中每个量的含义进行分析．可根据点电荷场强的计算公式E=kQ/r2，来重新理解库仑定律．3。
如下图所示,放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开,再移走A,则导体B（)A．不带电B．带正电C．带负电D．不能确定【答案】C【解析】根据静电感应现象和电荷间的相互作用，可判断导体B带负电，故选C。
湖北省黄冈市南河中学2018-2019学年高二物理期末试题含解析
湖北省黄冈市南河中学2018-2019学年高二物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 在物理学的发展历程中，首先采用了假设和实验检验猜想的科学方法，把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学发展的是( )A. 伽利略B. 亚里士多德C. 牛顿D. 爱因斯坦参考答案：A2. （单选）如图所示，质量为m、带电量为+q的滑块，沿绝缘斜面匀速下滑，当滑块滑至竖直向下的匀强电场区时，滑块运动的状态为( )A.继续匀速下滑B.将加速下滑C.将减速下滑D.上述三种情况都可能发生参考答案：A3. 如图所示，与竖直方向夹角60°的恒力F通过轻绳绕过光滑动滑轮拉动被悬挂的物体，在物体匀速上升h高度的过程中，恒力做功为( )A．Fh B．FhC．Fh D．2 Fh参考答案：B4. 下列说法正确的是A.普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说B.光电效应、康普顿效应说明具有粒子性C.粒子散射实验证明了原子核是由质子和中子组成的D.天然放射现象的发现揭示了原子的核式结构参考答案：AB5. 许多同学家里都有调光电灯、调速风扇，过去是用变压器来实现的，缺点是成本高、体积大、效率低，且不能任意调节灯的亮度或风扇的转速。
现在的调光灯、调速电风扇是用可控硅电子元件来实现的。
如图所示为经一双向可控硅调节后加在电灯上的电压，即在正弦交流电的每个二分之一周期内，前周期被截去，调节台灯上的旋钮可以控制截去的多少，从而改变电灯上的电压，那么现在电灯上的电压为A. B. C. D.参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，可看成质点的A、B两个小球，质量分别为m和2m，用细绳连接后跨在固定的光滑圆柱体上，圆柱的半径为R.先使小球B处于与圆柱中心等高，则小球A张紧细绳后刚好接触地面，再将小球B无初速释放，当B球着地后，A球能继续上升的最大高度是.参考答案：R/37. 质量为m的小球，在竖直平面内的圆形光滑轨道内侧运动，两次通过最高点时，对轨道的压力分别为3mg和8mg，则小球前后两次通过最高点时，所受合外力之比为，两次通过最高点时的线速度之比为参考答案：4:9，2:38. 在如图下所示的电路中，电流表、电压表的读数如图所示，则通过R的电流是____A，加在电阻R两端的电压是______V。
人教版高二上学期物理期末考试考试题解析版
6.带有等量异号电荷，相距10cm的平行板A和B之间有一个匀强电场（如图），电场强度 ，方向向下。电场中C点距B板3cm，D点距A板2cm。下列说法正确的是
A.E点电势高于D点电势
B.C．D两点的电势差
C. 如果令B板接地（即电势 ），则C点电势
D. 如果令A板接地，则D点电势
【答案】C
【解析】
则发电机的电动势E=Bdv，故C正确，D错误。
故选ABC。
15.如图所示,从MN上方存在匀强磁场，带同种电荷的粒子a、b以相同的动能同时从O点射入匀强磁场中，两粒子的入射方向与磁场边界MN的夹角分别为30o和60o，且同时到达P点，已知OP=d，则（）
A.a、b在A点的电势能小于在B点的电势能
D. 正点电荷在B点的电势能大于在C点的电势能
【答案】D
【解析】
【详解】A．如图知为等差等势面，其疏密反应电场强度的大小，故A点电场强度大于C点电场强度，根据F=Eq知负点电荷在A点受到的电场力大于在C时的电场力，故A错误；
B．将正点电荷从A点移到C点，电势降低，正电荷电势能减小，电场力做正功，故B错误；
故选C。
2.真空中两个相同的带等量异号电荷（电荷量的绝对值为q）的金属小球A和B（均可看做点电荷），分别固定在两处，两球间静电力为F。现用一个不带电的同样的金属小球C先与A接触，再与B接触，然后移开C，则
A.C最终带电量的绝对值为 B.C最终带电量的绝对值为
C. 小球A、B间的作用力变为 D. 小球A、B间的作用力变为
C.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大
D.穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大
【答案】C
【解析】
【详解】法拉第电磁感应定律得 是比值定义式，感应电动势与穿过线圈的磁通量的大小，所用的时间，没有正反比关系，感应电动势与磁通量的变化率成正比，即穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大，故C正确。
黄冈市2019年春季高二年级物理参考答案
黄冈市2019年春季高二年级期末考试物理试题答案及评分建议必考部分1．解析：普朗克提出了量子论，A 项错误；B 项正确；该反应为裂变反应方程式，C 项错误；从高能级向低能级跃迁，电子的动能增大，电势能减小，D 项错误．答案为B ．2．解析：初速度的方向未知，无法确定其运动规律，A 项错误；因无法确定是加速运动还是减速运动，故B 项错误；由t a v ∆=∆·=2m/s ，C 项错误，D 项正确．答案为D ．3．解析：反应过程中出现质量亏损，A 项错误；原子核A 比原子核C 的核子平均质量大，原子核C 比原子核A 更稳定，故原子核A 的比结合能比原子核C 的比结合能大，B 项错误；核反应过程中核子平均质量减小，出现质量亏损，释放能量，C 项正确；原子核A 的原子序数大于原子核C 的原子序数，即原子核A 的结合能大于原子核C 的结合能，D 项错误．答案为C ．4．解析：大量氢原子向低能级跃迁时能辐射光子数2n C N =，得N =6条，A 项错误；辐射的6种光子频率为0.66eV 、1.89eV 、2.55eV 、10.2eV 、12.09eV 、12.75eV ，其中从n =4跃迁到n =1所发出的光子频率最高，B 项错误；6种光子有4中光子能使金属钠发生光电效应，C 项正确；金属钠表面逸出的光电子最大初动能为10.46eV ，D 项错误．答案为D ．5．解析：变压器原线圈的输入电压U 1=220V ，由U 1:U 2=n 1:n 2，得U 2=10V ，A 项正确；在副线圈回路中可将副线圈和定值电阻R 等效为电动势为10V ，内阻为10Ω的直流电源与滑动变阻器串联，当R 变=R =10Ω时，滑动变阻器的功率最大．此时电压表的读数为5V ，B 项错误；由R R U P P +==变出入22，当R 变=0时，P 入最大，则RU I 2==1A ，C 项正确；电源频率的改变对变压器的输入功率无影响，D 项错误．答案为AC ． 6．解析：根据x -t 图像，物体甲221t a t v x 甲甲甲+=，当s 4212=⨯-=甲甲a v t 时，x 甲=80m ，得v 甲=40m/s ，a 甲=－10m/s 2．物体乙x 乙=v 乙t ，得v 乙=20m/s ．由图可知0~4s 内两物体之间的距离先增大再减小，4~8s 内两物体之间的距离增大，A 项错误；0~8s 内两物体运动的路程都为160m ，B 项正确；当甲乙两物体速度相等时，v 甲－a 甲t =v 乙，得t =2s ，即0~2s 内甲物体速率大于乙物体速率，2~4s 后甲物体速率小于乙物体速率，C 项错误；由C 项分析得2s 时甲乙两物体相距最远，D 项正确．答案为BD ．选考部分[选修3-3]7．解析：温度升高，实际气压不变，饱和汽压增大，A 项错误；绝对湿度一定的情况下，温度越高，饱和汽压增大，相对湿度越小，B 项错误；空气的相对湿度越小，水蒸气的压强越小于饱和汽压，C 项错误；干湿泡温度计两温度读数相差越小，即实际气压越接近饱和汽压，空气湿度越大，D 项正确．答案为D ．8．解析：气体的温度升高，分子的平均动能增大，A 项错误；当存在其他影响时，吸收的热量可以全部转化为功，B 项错误；C 项正确；一切宏观自然过程除了要符合能量守恒定律，还得符合热力学第二定律，D 项错误．答案为C ．9．解析：由图可知r e 为分子间的平衡距离，分子间距小于r e 时，斥力大于引力，A 项正确；分子间距小于r e 时，分子间距离减小，分子力增大，分子间距大于r e 时，分子间距离减小时，分子力可能减小，可能增大，也可能先减小后增大，B 项错误；分子间距从无穷远处到r e 时，分子力表现为引力，分子力做正功，分子势能减小，分子间距继续减小时，分子力表现为斥力，分子力做负功，分子势能增大，故r =r e 时，分子势能最小，C 项正确；气体分子间的平均距离远大于r e ，D 项错误．答案为AC ．10．解析：由图可得，气体在状态A 时p A =p ，V A =2V ，T A =200K ，状态B 时p B =2p ，V B =V ，T B =200K ，状态C 时p C =p ，V C =V ，T C =100K ，C→A 过程ΔU CA =U A －U C =Q CA +W CA =150J ，由U =K T ，T A =2T C 得U A =2U C ，得U A =300J ，U C =150J ，A 项正确；B 项错误；由W CA =－pV =－100J ，W AB <pV 23=150J ，ΔU AB =Q AB +W AB =0，得Q AB <150J ，C 项错误；U B =U A =300J ，且ΔU BC =U C －U B =Q BC +W BC =－150J ，Q BC =－150J ，D 项正确．答案为AD ．选考部分[选修3-4]7．解析：纵波也能发生干涉，A 项错误；B 项正确；共振时，物体振动的频率等于自身的固有频率，C 项错误；波源频率不变，当观察者靠近或远离波源时，接收频率也会发生变化，D 项错误．答案为B ．8．解析：麦克斯韦提出了电磁波理论，赫兹通过实验进行了验证，A 项错误；光导纤维传送图像信息利用了光的全反射原理，B 项错误；光的偏振现象说明了光是横波，C 项错误；微波与食物中水分子的固有频率接近时，发生共振使热运动加剧从而实现加热的目的，D 项正确．答案为D ．9．解析：复色光入射角α相等，折射角为βa 、βb ，由βαsin sin =n 得n a >n b ，f a >f b ，A 项错误；C 项错误；在玻璃砖中ncv =，nf c f v ==λ，得λa <λb ，B 项正确；由光路可逆可知，离开玻璃砖时与进入玻璃砖时光线平行，D 项正确，答案为BD ．10．解析：如图乙，0.3s 时，y p =－0.1m ，质点Q 不在最大位移处，则y p >y Q ，A 项错误；0.5s 时，y p =0.1m ，质点Q 不在最大位移处，则v P <v Q ，a P >a Q ，B 项正确；C 项正确；由质点P 的振动图象可知，简谐横波沿x 轴负方向传播，0~0.4s 内质点Q 运动的路程为0.4m ，0.4s~0.5s 内，质点Q 回到起始位置并向下运动，运动的路程大于0.1m ，则0~0.5s 内，质点Q 运动的路程大于0.5m ，D 项错误．答案为BC ． 二、实验题(共14分)必考部分11．(1) 0.61； (2) 0.80； (3)偏小 (每空2分) 解析：(1)s 1.0550===f T T ，m/s 61.0265≈+=Tss v F ，22321654m/s 80.09=---++=Ts s s s s s a(2)由232165423216542599f s s s s s s T s s s s s s a ⋅⨯---++=---++=，依据f 测<f 实，得a 测<a实，即加速度的测量值比实际值偏小．选考部分12．[选修3-3] (1)AB (2分)； (2)CD (2分)；(3) 0.048(0.046~0.050) (2分)； 5.0×10-10(4.8×10-10~5.2×10-10) (3分)；解析：(1)．用油膜法估测分子大小实验中计算分子直径是根据体积与面积之比，所以需将油膜看成单分子层油膜，不考虑各油酸分子间的间隙，故答案选AB(2)．实验中用注射器吸取配制好的油酸酒精溶液，把它一滴一滴地滴入小量筒中，若100滴溶液的体积是1 mL ，则1滴油酸酒精溶液的体积是10－2 mL ，含有纯油酸的体积小于10－2mL ，选项A 错误；用注射器往水面上滴1滴油酸酒精溶液，同时将玻璃板放在浅盘上，待油酸在液面上分布均匀并稳定后，在玻璃板上描下油酸膜的形状，选项B 错误；将画有油酸膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，计算轮廓范围内正方形的个数，并求得油膜的面积，选项C 正确；根据1滴油酸酒精溶液中油酸的体积V 和油膜面积S 就可以算出油膜厚度d ＝VS ，即油酸分子的直径小，选项D 正确．(3)在围成的方格中，不足半格舍去，多于半个的算一个，共有120个方格，故油酸膜的面积为S ＝120×20mm×20 mm ＝480 cm 2＝4.8×10－2 m 2，每滴油酸酒精溶液中含有油酸的体积V＝1002.1×0.2% mL ＝2.4×10－11 m 3，根据d ＝V S ＝5.0×10－10 m ．12．[选修3-4] (1) B (2分)； (2)AD (2分)； (3)15.6 (2分)； 6.43×10-7 (3分)解析：(1)通过滤光片获得单色光，通过单缝获得线光源，通过双缝获得相干光，故正确顺序为滤光片、单缝、双缝，答案选B ．(2)根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Δx ＝ld λ可知，要使观察到的条纹数目增加，就得使条纹间距Δx 减小，可以减小波长或减小双缝到屏的距离或增大双缝间的距离，所以选项A 、D 正确，B 、C 错误．(3)根据条纹间距公式Δx ＝l d λ可知，得波长λ＝dl Δx ，由题图丙可直接读出x 2＝15.6 mm ，A 、B 之间共有7个条纹间距，故两条相邻亮条纹间的距离Δx ＝0.643mm mm 71.116.15=-． 将以上数据代入得λ＝d Δx l ＝m 106.43m 500.010643.0105.07-3-3-⨯=⨯⨯⨯． 三、计算题(共46分)必考部分13．解析：(1)线圈在图示位置产生的感应电动势最大，有E m =nBL 1L 2ω=75V①(2分)由图可知，线圈从垂直中性面开始，则感应电动势瞬时值的表达式e =E m cos α ②(2分) 由α=60°，代入得e =37.5V(1分) (2)线圈产生感应电动势的有效值为 2mE E =③(1分)干路电流r +=R E I④(1分) 则电阻R 消耗的功率 P R =I 2R ⑤(2分) 由③④⑤式解得P R =225W(2分)14．解析：(1)由小球恰好到达地面可知小球落地时速度为零，设小球到达力作用区时速度为v ，由运动学公式可知： v 2=2gh 2 ① (1分)v 2=2ah 1 ② (1分)由①②式可得：h 1=4m(2分)(2)将小球自h 3处释放，小球运动的最长时间对应小球恰好到达地面时速度为零，设在力作用区达到的最大速度为v m ，下落过程中加速时间为t 1，减速时间为t 2，减速下落高度为h 4，向上运动时间t 3，则由运动学公式可知： v m 2=2g (h 3－h 4) ③(1分) v m 2=2ah 4 ④(1分) v m =gt 1 ⑤(1分)v m =at 2⑥(1分)23121at h =⑦(2分) 经历的总时间为 t =t 1+t 2+t 3 ⑧(1分) 由③④⑤⑥⑦⑧式可得t =1.6s(2分)[选修3-3]15．解析：(1)由题目条件可得初始水银柱长度h 1=31cm-10cm=21cm ，设倒置玻璃管后剩余水银柱的长度为h 2． 则气体初态 p 1=p 0+21cmHg=96cmHg ，V 1=10S(1分) 气体末态 p 2=p 0-ρgh 2，V 2=(31-h 2)S(1分) 由玻意耳定律 p 1V 1=p 2V 2 (2分) 得h 2=15cm(1分)(2)设气体最终状态时温度为T 3，有 p 3=p 0+ρgh 2=90cmHg ，V 3=16S(1分)而倒置时T 2=T 1=(27+273)K=300K ，p 2=p 0－ρgh 2=60cmHg ，V 2=16S (1分)由理想气体状态方程 333222T V p T V p =(2分) 得T 3=450K (1分) 16．解析：(1)气体初态p 1=p 0，V 1=2LS(1分)设稳定时缸内气体高度为h 1，气体末态Smgp p +=02，V 2=h 1S (1分) 由波意耳定律 p 1V 1=p 2V 2 (1分) 得h 1=1.6m(2分)(2)假定温度降低为T 1过程中，气体是等压变化过程，且缸内气体高度为h ． 则末态V =hS ，由盖吕萨克定律 102T V T V =(1分) 得h =0.5m<L(1分)即活塞位置在固定卡口处，设活塞对卡口的压力为F ．由受力平衡得p 3S +F =p 0S +mg(1分) 则气体最终状态S Fmg p p -+=03，V 3=LS ，T 1=100K (1分) 由理想气体状态方程 333111T V p T V p = (1分) 解得F =250Ｎ(1分)即至少要用大小为250N 的力才可以拉动活塞．[选修3-4]15．解析：(1)由两列波的相遇条件可得L OP =2vt①(1分)由振动方程y =5sin10πt (cm)得ω=10πrad/s ， 得 ωT π2=②(1分)λ=vT ③(1分) 由①②③式解得：λ=4m(2分) (2)0~1s 内弹性绳中点的振动时间t 振=(1－0.25)s=0.75s④(1分)由两列波频率和振幅均相等，且同时到达弹性绳中点，该点为振动加强点， 故其最大振幅A m =5×2cm=10cm⑤(1分)运动的路程 m A T t s 4⨯=振⑥(1分)解得：s =1.5m(2分) 16．解析：(1)光在玻璃工件中的速度 n c v =①(2分)由波长f v =λ ②(2分)由①②式解得：nfc =λ (1分)(2)设光线在圆柱体中发生全反射时的入射角为α，传播到右端面的路程为s ，则s R 8sin =α③(2分)v R s t +=④(1分)即R cnt ⎪⎭⎫⎝⎛+=1sin 8α，当α为最小值时，t 有最大值，此时n 1sin =α⑤(1分)由③④⑤式得 ()c R n n t +=2m8(2分)。