人教中考数学圆的综合-经典压轴题及答案
一、圆的综合真题与模拟题分类汇编(难题易错题)
1.如图,在平面直角坐标系xoy中,E(8,0),F(0 , 6).
(1)当G(4,8)时,则∠FGE= °
(2)在图中的网格区域内找一点P,使∠FPE=90°且四边形OEPF被过P点的一条直线分割成两部分后,可以拼成一个正方形.
要求:写出点P点坐标,画出过P点的分割线并指出分割线(不必说明理由,不写画法).
【答案】(1)90;(2)作图见解析,P(7,7),PH是分割线.
【解析】
试题分析:(1)根据勾股定理求出△FEG的三边长,根据勾股定理逆定理可判定△FEG是直角三角形,且∠FGE="90" °.
(2)一方面,由于∠FPE=90°,从而根据直径所对圆周角直角的性质,点P在以EF为直径的圆上;另一方面,由于四边形OEPF被过P点的一条直线分割成两部分后,可以拼成一个正方形,从而OP是正方形的对角线,即点P在∠FOE的角平分线上,因此可得P(7,7),PH是分割线.
试题解析:(1)连接FE,
∵E(8,0),F(0 , 6),G(4,8),
∴根据勾股定理,得FG=,EG=,FE=10.
∵,即.
∴△FEG是直角三角形,且∠FGE=90 °.
(2)作图如下:
P(7,7),PH是分割线.
考点:1.网格问题;2.勾股定理和逆定理;3.作图(设计);4.圆周角定理.
2.如图,AB为⊙O的直径,点D为AB下方⊙O上一点,点C为弧ABD的中点,连接CD,CA.
(1)求证:∠ABD=2∠BDC;
(2)过点C作CH⊥AB于H,交AD于E,求证:EA=EC;
(3)在(2)的条件下,若OH=5,AD=24,求线段DE的长度.
【答案】(1)证明见解析;(2)见解析;(3)
9
2 DE=.
【解析】
【分析】
(1)连接AD,如图1,设∠BDC=α,∠ADC=β,根据圆周角定理得到∠CAB=∠BDC=α,由AB为⊙O直径,得到∠ADB=90°,根据余角的性质即可得到结论;
(2)根据已知条件得到∠ACE=∠ADC,等量代换得到∠ACE=∠CAE,于是得到结论;(3)如图2,连接OC,根据圆周角定理得到∠COB=2∠CAB,等量代换得到
∠COB=∠ABD,根据相似三角形的性质得到OH=5,根据勾股定理得到
AB22
AD BD
+=26,由相似三角形的性质即可得到结论.
【详解】
(1)连接AD.如图1,设∠BDC=α,∠ADC=β,
则∠CAB=∠BDC=α,
∵点C为弧ABD中点,∴AC=CD,∴∠ADC=∠DAC=β,∴∠DAB=β﹣α,
∵AB为⊙O直径,∴∠ADB=90°,∴α+β=90°,∴β=90°﹣α,∴∠ABD=90°﹣∠DAB=90°﹣(β﹣α),∴∠ABD=2α,∴∠ABD=2∠BDC;
(2)∵CH ⊥AB ,∴∠ACE +∠CAB =∠ADC +∠BDC =90°, ∵∠CAB =∠CDB ,∴∠ACE =∠ADC , ∵∠CAE =∠ADC ,∴∠ACE =∠CAE ,∴AE =CE ; (3)如图2,连接OC ,∴∠COB =2∠CAB , ∵∠ABD =2∠BDC ,∠BDC =∠CAB ,∴∠COB =∠ABD , ∵∠OHC =∠ADB =90°,∴△OCH ∽△ABD ,∴1
2
OH OC BD AB ==, ∵OH =5,∴BD =10,∴AB =22AD BD +=26,∴AO =13,∴AH =18,
∵△AHE ∽△ADB ,∴
AH AE AD AB =,即1824=26AE ,∴AE =392,∴DE =9
2
.
【点睛】
本题考查了垂径定理,相似三角形的判定和性质,等腰三角形的判定和性质,正确的作出辅助线是解题的关键.
3.如图1,将长为10的线段OA 绕点O 旋转90°得到OB ,点A 的运动轨迹为AB ,P 是半径OB 上一动点,Q 是AB 上的一动点,连接PQ.
发现:∠POQ =________时,PQ 有最大值,最大值为________; 思考:(1)如图2,若P 是OB 中点,且QP ⊥OB 于点P ,求BQ 的长;
(2)如图3,将扇形AOB 沿折痕AP 折叠,使点B 的对应点B′恰好落在OA 的延长线上,求阴影部分面积;
探究:如图4,将扇形OAB 沿PQ 折叠,使折叠后的弧QB′恰好与半径OA 相切,切点为C ,若OP =6,求点O 到折痕PQ 的距离.
【答案】发现: 90°,102; 思考:(1)10
3
π=;(2)25π?1002+100;(3)点O 到折痕PQ 的距离为30. 【解析】
分析:发现:先判断出当PQ 取最大时,点Q 与点A 重合,点P 与点B 重合,即可得出结论;
思考:(1)先判断出∠POQ=60°,最后用弧长用弧长公式即可得出结论;
(2)先在Rt △B'OP 中,OP 2+(102?10)2=(10-OP )2,解得OP=102?10,最后用面积的和差即可得出结论.
探究:先找点O 关于PQ 的对称点O′,连接OO′、O′B 、O′C 、O′P ,证明四边形OCO′B 是矩形,由勾股定理求O′B ,从而求出OO′的长,则OM=
1
2
OO′=30. 详解:发现:∵P 是半径OB 上一动点,Q 是AB 上的一动点, ∴当PQ 取最大时,点Q 与点A 重合,点P 与点B 重合, 此时,∠POQ=90°,PQ=22OA OB +=102; 思考:(1)如图,连接OQ ,
∵点P 是OB 的中点,
∴OP=
12OB=1
2OQ . ∵QP ⊥OB , ∴∠OPQ=90°
在Rt △OPQ 中,cos ∠QOP=
1
2
OP OQ =, ∴∠QOP=60°, ∴l BQ =
601010
1803
ππ?=; (2)由折叠的性质可得,BP =B ′P ,AB ′=AB =2, 在Rt △B'OP 中,OP 22?10)2=(10-OP )2
解得OP=102?10,
S 阴影=S 扇形AOB -2S △AOP =290101
210(10210)3602
π?-???-
=25π?1002+100;
探究:如图2,找点O 关于PQ 的对称点O′,连接OO′、O′B 、O′C 、O′P , 则OM=O′M ,OO′⊥PQ ,O′P=OP=3,点O′是B Q '所在圆的圆心,
∴O′C=OB=10,
∵折叠后的弧QB′恰好与半径OA 相切于C 点, ∴O′C ⊥AO , ∴O′C ∥OB ,
∴四边形OCO′B 是矩形,
在Rt △O′BP 中,226425-= 在Rt △OBO′K ,2210(25)=230-, ∴OM=
12OO′=1
2
×23030 即O 到折痕PQ 30
点睛:本题考查了折叠问题和圆的切线的性质、矩形的性质和判定,熟练掌握弧长公式l=
180
n R
π(n 为圆心角度数,R 为圆半径),明确过圆的切线垂直于过切点的半径,这是常考的性质;对称点的连线被对称轴垂直平分.
4.(1)问题背景
如图①,BC 是⊙O 的直径,点A 在⊙O 上,AB=AC ,P 为BmC 上一动点(不与B ,C 重2PA=PB+PC .
小明同学观察到图中自点A 出发有三条线段AB ,AP ,AC ,且AB=AC ,这就为旋转作了铺垫.于是,小明同学有如下思考过程:
第一步:将△PAC 绕着点A 顺时针旋转90°至△QAB (如图①); 第二步:证明Q ,B ,P 三点共线,进而原题得证. 请你根据小明同学的思考过程完成证明过程. (2)类比迁移
如图②,⊙O 的半径为3,点A ,B 在⊙O 上,C 为⊙O 内一点,AB=AC ,AB ⊥AC ,垂足为
A,求OC的最小值.(3)拓展延伸
如图③,⊙O的半径为3,点A,B在⊙O上,C为⊙O内一点,AB=4
3
AC,AB⊥AC,垂足
为A,则OC的最小值为.
【答案】(1)证明见解析;(2)OC最小值是32﹣3;(3)3
2
.
【解析】
试题分析:(1)将△PAC绕着点A顺时针旋转90°至△QAB(如图①),只要证明△APQ 是等腰直角三角形即可解决问题;
(2)如图②中,连接OA,将△OAC绕点O顺时针旋转90°至△QAB,连接OB,OQ,在△BOQ中,利用三边关系定理即可解决问题;
(3)如图③构造相似三角形即可解决问题.作AQ⊥OA,使得AQ=4
3
OA,连接OQ,
BQ,OB.由△QAB∽OAC,推出BQ=4
3
OC,当BQ最小时,OC最小;
试题解析:(1)将△PAC绕着点A顺时针旋转90°至△QAB(如图①);
∵BC是直径,∴∠BAC=90°,
∵AB=AC,∴∠ACB=∠ABC=45°,
由旋转可得∠QBA=∠PCA,∠ACB=∠APB=45°,PC=QB,
∵∠PCA+∠PBA=180°,∴∠QBA+∠PBA=180°,∴Q,B,P三点共线,
∴∠QAB+∠BAP=∠BAP+∠PAC=90°,∴QP2=AP2+AQ2=2AP2,
∴2AP=QB+BP=PC+PB,∴2.
(2)如图②中,连接OA,将△OAC绕点A顺时针旋转90°至△QAB,连接OB,OQ,
∵AB ⊥AC,∴∠BAC=90°,
由旋转可得 QB=OC ,AQ=OA ,∠QAB=∠OAC ,∴∠QAB+∠BAO=∠BAO+∠OAC=90°, ∴在Rt △OAQ 中,OQ=32,AO=3 ,∴在△OQB 中,BQ≥OQ ﹣OB=32﹣3 , 即OC 最小值是32﹣3;
(3)如图③中,作AQ ⊥OA ,使得AQ=
4
3
OA ,连接OQ ,BQ ,OB .
∵∠QAO=∠BAC=90°,∠QAB=∠OAC ,∵QA AB OA AC ==4
3
, ∴△QAB ∽OAC ,∴BQ=
4
3
OC , 当BQ 最小时,OC 最小,易知OA=3,AQ=4,OQ=5,BQ≥OQ ﹣OB ,∴OQ≥2,] ∴BQ 的最小值为2, ∴OC 的最小值为34×2=32
, 故答案为
32
. 【点睛】本题主要考查的圆、旋转、相似等知识,能根据题意正确的添加辅助线是解题的关键.
5.解决问题:
() 1如图①,半径为4的O 外有一点P ,且7PO =,点A 在O 上,则PA 的最大值和
最小值分别是______和______.
()2如图②,扇形AOB 的半径为4,45AOB ∠=,P 为弧AB 上一点,分别在OA 边找
点E ,在OB 边上找一点F ,使得PEF 周长的最小,请在图②中确定点E 、F 的位置并直接写出PEF 周长的最小值;
拓展应用
()3如图③,正方形ABCD 的边长为4
2;E 是CD 上一点(不与D 、C 重合),
CF BE ⊥于F ,P 在BE 上,且PF CF =,M 、N 分别是AB 、AC 上动点,求PMN 周长的最小值.
【答案】(1)11,3;(2)图见解析,PEF 周长最小值为423)41042. 【解析】 【分析】
()1根据圆外一点P 到这个圆上所有点的距离中,最远是和最近的点是过圆心和该点的直
线与圆的交点,容易求出最大值与最小值分别为11和3;
()2作点P 关于直线OA 的对称点1P ,作点P 关于直线OB 的对称点2P ,连接1P 、2P ,与
OA 、OB 分别交于点E 、F ,点E 、F 即为所求,此时PEF 周长最小,然后根据等腰直角三角形求解即可;
()3类似()2题作对称点,
PMN 周长最小12PP =,然后由三角形相似和勾股定理求解.
【详解】 解:()1如图①,
圆外一点P 到这个圆上所有点的距离中,最大距离是和最小距离都在
过圆心的直线OP 上,
此直线与圆有两个交点,圆外一点与这两个交点的距离个分别最大距离和最小距离.
PA ∴的最大值227411PA PO OA ==+=+=,
PA 的最小值11743PA PO OA ==-=-=, 故答案为11和3;
()2如图②,以O 为圆心,OA 为半径,画弧AB 和弧BD ,作点P 关于直线OA 的对称点
1P ,作点P 关于直线OB 的对称点2P ,连接1P 、2P ,与OA 、OB 分别交于点E 、F ,点E 、
F 即为所求.
连接1OP 、2OP 、OP 、PE 、PF ,
由对称知识可知,1AOP AOP ∠∠=,2BOP BOP ∠∠=,1PE PE =,2PF P F = ∴1245AOP BOP AOP BOP AOB ∠∠∠∠∠+=+==,
12454590POP ∠=+=,
12POP ∴为等腰直角三角形,
121PP ∴==
PEF 周长1212PE PF EF PE P F EF PP =++=++=,此时PEF 周长最小.
故答案为;
()3作点P 关于直线AB 的对称1P ,连接1AP 、1BP ,作点P 关于直线AC 的对称2P ,
连接1P 、2P ,与AB 、AC 分别交于点M 、N .如图③ 由对称知识可知,1
PM PM =,2PN P N =,PMN 周长1212PM PN MN PM P N MN PP =++=++=,
此时,PMN 周长最小12PP =.
由对称性可知,1BAP BAP ∠∠=,2EAP EAP ∠∠=,12AP AP AP ==, ∴1245BAP EAP BAP EAP BAC ∠∠∠∠∠+=+==
12454590P AP ∠=+=,
12P AP ∴为等腰直角三角形,
PMN ∴周长最小值12PP =,当AP 最短时,周长最小. 连接DF .
CF BE ⊥,且PF CF =,
45PCF ∠∴=,PC
CF
=45ACD ∠=,
PCF ACD ∠∠∴=,PCA FCD ∠∠=,
又AC
CD
=, ∴在APC 与DFC 中,AC PC
CD CF
=,PCA FCD ∠∠=
C AP ∴∽DFC ,
AP AC DF CD
∴== ∴
AP =
90BFC ∠=,取AB 中点O .
∴点F 在以BC 为直径的圆上运动,当D 、F 、O 三点在同一直线上时,DF 最短.
DF DO FO OC =-===
AP ∴最小值为AP = ∴此时,PMN 周长最小值
12PP =
===.
【点睛】
本题考查圆以及正方形的性质,运用圆的对称性和正方形的对称性是解答本题的关键.
6.如图所示,AB 是半圆O 的直径,AC 是弦,点P 沿BA 方向,从点B 运动到点A ,速度为1cm/s ,若10AB cm ,点O 到AC 的距离为4cm .
(1)求弦AC 的长;
(2)问经过多长时间后,△APC 是等腰三角形. 【答案】(1)AC=6;(2)t=4或5或14
5
s 时,△APC 是等腰三角形; 【解析】 【分析】
(1)过O 作OD ⊥AC 于D ,根据勾股定理求得AD 的长,再利用垂径定理即可求得AC 的长;(2)分AC=PC 、AP=AC 、AP=CP 三种情况求t 值即可. 【详解】
(1)如图1,过O 作OD ⊥AC 于D ,
易知AO=5,OD=4, 从而AD==3,
∴AC=2AD=6;
(2)设经过t 秒△APC 是等腰三角形,则AP=10﹣t
①如图2,若AC=PC,过点C作CH⊥AB于H,
∵∠A=∠A,∠AHC=∠ODA=90°,
∴△AHC∽△ADO,
∴AC:AH=OA:AD,即AC: =5:3,
解得t=s,
∴经过s后△APC是等腰三角形;
②如图3,若AP=AC,
由PB=x,AB=10,得到AP=10﹣x,
又∵AC=6,
则10﹣t=6,解得t=4s,
∴经过4s后△APC是等腰三角形;
③如图4,若AP=CP,P与O重合,
则AP=BP=5,
∴经过5s后△APC是等腰三角形.
综上可知当t=4或5或s时,△APC是等腰三角形.
【点睛】
本题是圆的综合题,解决问题利用了垂径定理,勾股定理等知识点,解题时要注意当△BPC是等腰三角形时,点P的位置有三种情况.
7.如图,在ABC △中,10AC BC ==,
3
cos 5
C =,点P 是BC 边上一动点(不与点,A C 重合),以
PA 长为半径的
P 与边AB 的另一个交点为D ,过点D 作DE CB ⊥于点E .
()1当P 与边BC 相切时,求P 的半径;
()2联结BP 交DE 于点F ,设AP 的长为x ,PF 的长为y ,求y 关于x 的函数解析式,
并直接写出x 的取值范围;
()3在()2的条件下,当以PE 长为直径的
Q 与P 相交于AC 边上的点G 时,求相交
所得的公共弦的长.
【答案】(1)409;(2)()2
5880
010x x x y x -+=<<;(3)1025- 【解析】 【分析】
(1)设⊙P 与边BC 相切的切点为H ,圆的半径为R ,连接HP ,则HP ⊥BC ,cosC=3
5
,则sinC=
45,sinC=
HP CP =R 10R -=4
5
,即可求解; (2)PD ∥BE ,则EB PD =BF
PF
,即:22
48805x x x y x
--+-=
,即可求解;
(3)证明四边形PDBE 为平行四边形,则AG=GP=BD ,即:AB=DB+AD=AG+AD=45,即可
求解. 【详解】
(1)设⊙P 与边BC 相切的切点为H ,圆的半径为R ,
连接HP,则HP⊥BC,
cosC=
3
5
,则sinC=
3
5
,
sinC=HP CP
=
R
10R
-
=
4
5
,解得:R=
40
9
;
(2)在△ABC中,AC=BC=10,cosC=
3
5
,
设AP=PD=x,∠A=∠ABC=β,过点B作BH⊥AC,
则BH=ACsinC=8,
同理可得:
CH=6,HA=4,AB=45,则:tan∠CAB=2BP=()2
2
84
x
+-=2880
x x
-+,DA=
25
5
x,则BD=45-
25
5
x,
如下图所示,
PA=PD,∴∠PAD=∠CAB=∠CBA=β,
tanβ=2,则
55
EB=BDcosβ=(5
5
5
x)
5
2
5
x,
∴PD∥BE,
∴EB
PD
=
BF
PF
,即:2
2
4880
5
x x x y
x
--+-
=,
整理得:y=()2
5x x 8x 80
0x 10-+<<;
(3)以EP 为直径作圆Q 如下图所示,
两个圆交于点G ,则PG=PQ ,即两个圆的半径相等,则两圆另外一个交点为D ,GD 为相交所得的公共弦, ∵点Q 时弧GD 的中点, ∴DG ⊥EP , ∵AG 是圆P 的直径, ∴∠GDA=90°, ∴EP ∥BD ,
由(2)知,PD ∥BC ,∴四边形PDBE 为平行四边形, ∴AG=EP=BD ,
∴5 设圆的半径为r ,在△ADG 中, 55
AG=2r , 5551
+, 则:5
5 相交所得的公共弦的长为5 【点睛】
本题考查的是圆知识的综合运用,涉及到解直角三角形、勾股定理等知识,其中(3),要关键是根据题意正确画图,此题用大量的解直角三角形的内容,综合难度很大.
8.如图,AB 是半圆⊙O 的直径,点C 是半圆⊙O 上的点,连接AC ,BC ,点E 是AC 的中点,点F 是射线OE 上一点.
(1)如图1,连接FA ,FC ,若∠AFC =2∠BAC ,求证:FA ⊥AB ;
(2)如图2,过点C 作CD ⊥AB 于点D ,点G 是线段CD 上一点(不与点C 重合),连接FA ,FG ,FG 与AC 相交于点P ,且AF =FG .
①试猜想∠AFG和∠B的数量关系,并证明;
②连接OG,若OE=BD,∠GOE=90°,⊙O的半径为2,求EP的长.
【答案】(1)见解析;(2)①结论:∠GFA=2∠ABC.理由见解析;②PE=3
.
【解析】
【分析】
(1)证明∠OFA=∠BAC,由∠EAO+∠EOA=90°,推出∠OFA+∠AOE=90°,推出∠FAO=90°即可解决问题.
(2)①结论:∠GFA=2∠ABC.连接FC.由FC=FG=FA,以F为圆心FC为半径作
⊙F.因为AG AG
,推出∠GFA=2∠ACG,再证明∠ACG=∠ABC.
②图2﹣1中,连接AG,作FH⊥AG于H.想办法证明∠GFA=120°,求出EF,OF,OG即可解决问题.
【详解】
(1)证明:连接OC.
∵OA=OC,EC=EA,
∴OF⊥AC,
∴FC=FA,
∴∠OFA=∠OFC,
∵∠CFA=2∠BAC,
∴∠OFA=∠BAC,
∵∠OEA=90°,
∴∠EAO+∠EOA=90°,
∴∠OFA+∠AOE=90°,
∴∠FAO=90°,
∴AF⊥AB.
(2)①解:结论:∠GFA =2∠ABC . 理由:连接FC .
∵OF 垂直平分线段AC , ∴FG =FA , ∵FG =FA ,
∴FC =FG =FA ,以F 为圆心FC 为半径作⊙F . ∵AG AG =, ∴∠GFA =2∠ACG , ∵AB 是⊙O 的直径, ∴∠ACB =90°, ∵CD ⊥AB ,
∴∠ABC +∠BCA =90°, ∵∠BCD +∠ACD =90°, ∴∠ABC =∠ACG , ∴∠GFA =2∠ABC .
②如图2﹣1中,连接AG ,作FH ⊥AG 于H .
∵BD =OE ,∠CDB =∠AEO =90°,∠B =∠AOE , ∴△CDB ≌△AEO (AAS ), ∴CD =AE , ∵EC =EA , ∴AC =2CD .
∴∠BAC =30°,∠ABC =60°, ∴∠GFA =120°, ∵OA =OB =2, ∴OE =1,AE =,BA =4,BD =OD =1,
∵∠GOE =∠AEO =90°,
∴OG ∥AC ,
33
,33
DG OG ∴=
=
,
3
AG
∴==,
∵FG=FA,FH⊥AG,
∴AH=HG
∠AFH=60°,
∴AF
=
sin60
AH
?
=,
在Rt△AEF中,EF
1
3
=,
∴OF=OE+EF=4
3
,
∵PE∥OG,
∴PE EF
OG0F
=,
∴
1
3
4
3
=,
∴PE
.
【点睛】
圆综合题,考查了垂径定理,勾股定理,圆周角定理,全等三角形的判定和性质,锐角三角函数,解直角三角形等知识,解题的关键是学会添加常用辅助线,构造直角三角形解决问题.
9.我们知道,如图1,AB是⊙O的弦,点F是AFB的中点,过点F作EF⊥AB于点E,易得点E是AB的中点,即AE=EB.⊙O上一点C(AC>BC),则折线ACB称为⊙O的一条“折弦”.
(1)当点C在弦AB的上方时(如图2),过点F作EF⊥AC于点E,求证:点E是“折弦ACB”的中点,即AE=EC+CB.
(2)当点C在弦AB的下方时(如图3),其他条件不变,则上述结论是否仍然成立?若成立说明理由;若不成立,那么AE、EC、CB满足怎样的数量关系?直接写出,不必证明.
(3)如图4,已知Rt△ABC中,∠C=90°,∠BAC=30°,Rt△ABC的外接圆⊙O的半径为2,过⊙O上一点P作PH⊥AC于点H,交AB于点M,当∠PAB=45°时,求AH的长.
【答案】(1)见解析;(2)结论AE=EC+CB不成立,新结论为:CE=BC+AE,见解析;(3)AH的长为3﹣1或3+1.
【解析】
【分析】
(1)在AC上截取AG=BC,连接FA,FG,FB,FC,证明△FAG≌△FBC,根据全等三角形的性质得到FG=FC,根据等腰三角形的性质得到EG=EC,即可证明.
(2)在CA上截取CG=CB,连接FA,FB,FC,证明△FCG≌△FCB,根据全等三角形的性质得到FG=FB,得到FA=FG,根据等腰三角形的性质得到AE=GE,即可证明.
(3)分点P在弦AB上方和点P在弦AB下方两种情况进行讨论.
【详解】
解:(1)如图2,
在AC上截取AG=BC,连接FA,FG,FB,FC,
∵点F是AFB的中点,FA=FB,
在△FAG和△FBC中,
,FA FB FAG FBC AG BC =??
∠=∠??=?
∴△FAG ≌△FBC (SAS ), ∴FG =FC , ∵FE ⊥AC , ∴EG =EC ,
∴AE =AG+EG =BC+CE ;
(2)结论AE =EC+CB 不成立,新结论为:CE =BC+AE , 理由:如图3,
在CA 上截取CG =CB ,连接FA ,FB ,FC , ∵点F 是AFB 的中点, ∴FA =FB , FA FB =, ∴∠FCG =∠FCB ,
在△FCG 和△FCB 中,,CG CB
FCG FCB FC FC =??
∠=∠??=?
∴△FCG ≌△FCB (SAS ), ∴FG =FB , ∴FA =FG , ∵FE ⊥AC , ∴AE =GE ,
∴CE =CG+GE =BC+AE ;
(3)在Rt △ABC 中,AB =2OA =4,∠BAC =30°,
∴1
2232
BC AB AC =
==,, 当点P 在弦AB 上方时,如图4,
在CA 上截取CG =CB ,连接PA ,PB ,PG , ∵∠ACB =90°, ∴AB 为⊙O 的直径, ∴∠APB =90°, ∵∠PAB =45°, ∴∠PBA =45°=∠PAB , ∴PA =PB ,∠PCG =∠PCB ,
在△PCG 和△PCB 中, ,CG CB PCG PCB PC PC =??
∠=∠??=?
∴△PCG ≌△PCB (SAS ), ∴PG =PB , ∴PA =PG , ∵PH ⊥AC , ∴AH =GH ,
∴AC =AH+GH+CG =2AH+BC , ∴2322AH =+,
∴31AH =, 当点P 在弦AB 下方时,如图5, 在AC 上截取AG =BC ,连接PA ,PB ,PC ,PG ∵∠ACB =90°, ∴AB 为⊙O 的直径, ∴∠APB =90°, ∵∠PAB =45°, ∴∠PBA =45°=∠PAB , ∴PA =PB ,
在△PAG 和△PBC 中,
,AG BC PAG PBC PA PB =??
∠=∠??=?
∴△PAG ≌△PBC (SAS ),