中考物理总复习考点第十三章内能与热机(附2套中考模拟卷)

第十三章内能与热机

目录：

狙击知识点

狙击考点

狙击知识点

知识点一物质的内能

1．内能

(1)定义：物体内所有分子无规则运动的__动能__，以及 _分子势能___的总和。

(2)影响因素：物体的内能与___温度_有关。如果体积变化不大，同一物体的温度越高，其内能越__大_；温度越低，其内能越__小__。

(3)特点：物体的内能___不会__(选填“会”或“不会”)为零。

2．改变内能的两种途径

(1)__ 做功__，如_压缩空气。

(2)__ 热传递___，如_用热水袋取暖_。

3．热量

(1)定义：在热传递过程中，物体间__能量传递的多少。

(2)热传递条件：物体之间有__温度差___。

(3)热传递规律：低温物体吸热，内能__增加___；高温物体放热，内能_减少__。

(4)热传递实质：能量的_转移_。

(5)热传递方式：传导__、__对流__、_热辐射__。

知识点二物质的比热容

1．定义：__单位质量_的物质温度__升高(或降低)1 ℃__ 所吸收(或放出)的热量。

2．单位：J/(kg·℃) __。

3．水的比热容

(1)数值：c水＝4.2×103 J/(kg·℃)。

(2)意义： 1 kg水温度升高(或降低)1 ℃吸收 (或放出)的热量是4.2×103 J 。

(3)应用：由于_水的比热容大_，可以用水冷却汽车

发动机，冬天用水取暖等。

4．热量的计算公式：Q＝_ cmΔt _。

知识点三内燃机

1．热机：把燃料燃烧时释放的__内能___转变为__机械能__ 的装置。

2．内燃机

(1)定义：__燃料_直接在发动机气缸内燃烧__产生动力___ 的热机。

(2)分类：常见的内燃机有_汽油机_和__柴油机__。

(3)汽油机的工作过程

注意：

内燃机四冲程记忆口诀：一个循环四冲程，吸压做功和排气；一循曲轴转两周，燃气做功只一次；能量转化有两次，压缩做功正相反。

判断内燃机四个冲程的方法：一门打开，上排下吸气；两门关闭，上压下做功。其中“上”“下”是指活塞向上运动或向下运动。

知识点四热值与热机效率

1．热值

(1)定义：某种燃料完全燃烧放出的__热量__与所用该燃料的_质量_之比，叫作这种燃料的热值。它是燃料的一种__特性_。

(2)单位：固体、液体用__ J/kg _，气体常用_ J/m3 __。

(3)燃料燃烧的放热公式：__ Q＝mq (适用于固体和液体)或Q＝qV(适用于气体)。

2．热机效率

(1)定义：热机效率等于热机运转中，对外做的___有用功_与燃料完全燃烧释放的能量的__比值_。

(2)提高的主要途径：减少_热机工作中的各种能量损失__。

狙击考点

考点一内能及其改变

【常考角度】

(1)温度、内能和热量的关系；

(2)内能的改变

命题角度?温度、内能和热量的关系

例1下列关于温度、热量和内能的说法正确的是( )

A．热量总是从高温物体传给低温物体

B．物体从外界吸收了热量，温度一定升高

C．物体的温度越高，具有的热量越多

D．物体的内能增加，则一定是从外界吸收了热量

【思路点拨】热量是指在热传递过程中传递的能量，只有在热传递过程中才能提到热量；温度表示物体的冷热程度，在微观角度表示了大量分子无规则运动的剧烈程度；内能是分子动能和分子势能的总和。【自主解答】 A

注意：热量、温度和内能的区别

命题角度?内能的改变

例2 如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能的方法不同的是( )

【思路点拨】本题从实验入手，注重了物理知识与生活的联系，掌握改变物体内能的两种方式，即做功和热传递，做功是能量的转化，热传递是能量的转移，据此分析选择。

【自主解答】 A

【解题技巧】内能的利用有两种：一种是利用内能来做功；另一种是利用内能来加热。利用内能做功的实质是将内能转化为机械能，利用内能加热的实质是内能从一个物体转移到另一个物体。

变式训练：

1．下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是( B )

A．0 ℃的冰没有内能

B．冬天搓手取暖是利用做功来改变内能

C．物体温度越高，所含热量越多

D．物体的机械能越多，其内能就越多

2．下列实例中，改变物体内能的方式与其他三个不同的是( B )

A．用力搓手，手会发热

B．用炉灶烧水，水温升高

C．气缸内气体被压缩，温度升高

D．用锯条锯木头，锯条温度升高

3．如图所示实验中，我们看到塞子从试管口跳出，这是由于水蒸气对塞子_做功 ___，水蒸气的__内能__能转化成塞子的_机械能__能。

考点二比热容

【常考角度】比热容概念

例3关于物质的比热容，下列说法中正确的是( )

A．比热容是物质的一种属性，只和物质的种类有关

B．同种物质质量越大比热容就越大

C．因为水的比热容较大，所以比较适合作冷却剂

D．物质的状态发生变化时其比热容一般不变

【思路点拨】

比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量。水的比热容大，说明相同质量的水和其他物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低得少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

【自主解答】 C

【解题技巧】知道比热容与物质的种类和状态有关，与其他因素无关。

变式训练：

4．小明根据表中所提供的数据得出了四个结论，其中正确的是( D )

A.液体的比热容一定比固体的比热容大

B．同种物质发生物态变化后，比热容不变

C．由于水的比热容大，白天海水温度比沙滩高

D．2 kg的水温度升高50 ℃，吸收的热量是4.2×105 J

5．水的比热容为4.2×103 J/(kg·℃)，将4 kg的水倒掉一半，剩下水的比热容是__ 4.2×103 J/(kg·℃) _；初温为30 ℃、质量为2 kg的水吸收2.1×105 J的热量后温度将升高到___55__℃。

考点三热机 (3年1考)

【常考角度】 (1)热机；(2)热量的计算

命题角度?热机

例4 汽车已成为现代生活中不可缺少的一部分。汽油机的四个冲程中，使汽车获得动力的是( ) A．吸气冲程 B．压缩冲程

C．做功冲程 D．排气冲程

【思路点拨】

汽油机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程。做功冲程是将内能转化为机械能，使汽油机获得动力，而其他三个冲程是依靠飞轮的惯性完成的。

【自主解答】 C 【解题技巧】

在内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化： 一是压缩冲程中机械能转化为内能；

二是做功冲程中内能转化为机械能，汽车在此冲程获得动力。

命题角度? 热量的计算

例5 天然气灶使用方便，经济环保。如图所示，在标准大气压下，天然气灶将一壶质量为3 kg ，温度为20 ℃的水加热至沸腾，大约需要10 min 。已知水的比热容为4.2×103 J/(kg ·℃)。天然气的热值为3.5×107 J/m3。求：

(1)水吸收的热量；

(2)若天然气完全燃烧放出的热量60%被水吸收，烧开这壶水需要多少天然气。 【思路点拨】

(1)根据公式Q 吸＝cm(t －t0)求出水吸收的热量；

(2)根据η＝ ×100%的变形公式Q 放＝ 求出天然气完全燃烧放出的热量，再根据Q 放＝Vq 的变形

公式V ＝ ，求出烧开这壶水需要天然气的体积。

【自主解答】

解：(1)在标准大气压下，水沸腾时的温度 t ＝100 ℃，水吸收的热量：

答：(1)水吸收的热量为1.008×106 J ； (2)烧开这壶水需要4.8×10－2 m3天然气。 【解题技巧】

本题注意隐含条件：标准大气压下水的沸点为100 ℃是解答本题的关键。

注意：热量的计算 (1)热学计算公式

Q Q 吸

放Q η吸Q η

吸

(2)热学计算思路

变式训练：

6．如图是四冲程汽油机的剖面图，它是由吸气、压缩、做功、排气四个冲程的不断循环来保证连续工作的。其中内能转化为机械能的是( C )

A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程

7．新农村建设中正在大力推广使用瓶装液化气。如果每瓶装10 kg液化气，液化气的热值取 4.2×107 J/kg，则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是 _4.2×108_J，若放出的热量有40%被水吸收，在标准大气压下可把__500__kg的水从20 ℃加热至沸腾。[c水＝4.2×103 J/(kg·℃)]

中考物理模拟试卷

一、选择题

1．坐在船上的人用浆向后划水时，船就会前进，使船前进的力是 A ．人手作用于船浆上的力 B ．水作用于浆上的力 C ．水作用于船体的力 D ．浆作用于水上的力

【答案】B

【解析】A ．人手作用在桨上的力，它的反作用力应该是桨作用给人手的，这两个力都不是直接使船前进的力，不合题意；

B ．水作用于桨上的力，推动了桨，进而推动了船，因此，这是使船前进的力，符合题意；

C ．水并没有直接作用于船体，推动船体前进，而是将力作用在桨上，不合题意；

D ．桨作用于水上的力方向是向后的，并不是使船前进的力，不合题意．

2．现有用同一种材料做成的四个正方体，其中有一个是空心的，它们的边长和质量如图所示，空心的是（ ）

A ．

B ．

C ．

D ．

【答案】C

【解析】A ．3

35g 5g /cm 1cm

m V == B ．33

40g

5g /cm 8cm m V == C ．33

105g

3.89g /cm 27cm m V == D ．3

3

320g 5g /cm 64cm

m V == 所以选C ．

3．下列能源中，属于可再生能源的一组是：①太阳能；②天然气；③石油；④水能；⑤核燃料 A ．①② B ．①④

C ．②④

D ．③⑤

【答案】B

【解析】②天然气、③石油、⑤核燃料一旦使用，在短期内不能再生，所以，属于是不可再生能源；①太阳能、④水能及时的补充，所以，属于是可再生能源，故B 符合题意．

4．为了监督司机是否遵守限速规定，交管部门在公路上安装了固定测速仪。如图所示，汽车向放置在道路中间的测速仪匀速驶来，测速仪向汽车发出两次短促的超声波信号。第一次发出信号到测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时0.5s ，第二次发出信号到测速仪接收到经汽车反射回来的信号用时0.3s ，若发出两次信号的时间间隔是l.ls ，超声波的速度是340m/s ，则（ ）

A．汽车接收到第一次信号时，距测速仪170m

B．汽车接收到第二次信号时，距测速仪102m

C．汽车的速度是34m/s

D．汽车的速度是30.9m/s

【答案】C

【解析】A．第一次信号遇到汽车时，汽车距测速仪的距离为s1==85m，故A错误，不符合题意；

B．第二次信号遇到汽车时，汽车距测速仪的距离为s2==51m，故B错误，不符合题意；CD．二次遇到信号的距离间隔是△s=85m－51m=34m，时间间隔是△t=1.1s－0.25s +0.15s =1s，故汽车的速度为v==34m/s，故C正确，符合题意，D错误，不符合题意。

5．为了提高学生应用能力保护国家资产，我校在微机室设置前后两扇门，只有当两扇门都关上时（关上一道门相当于闭合一个开关），办公室内的指示灯才会亮，表明门都关上了下列四幅图中符合要求的电路图是

A．B．

C．D．

【答案】A

【解析】由题意可知，办公室内的指示灯是由两个开关控制的，当两个开关都闭合时，灯才亮，说明两个开关是串联的，

A、两个开关和灯串联，只有两个开关都闭合时，指示灯才会发光，符合要求；

B、两个开关都闭合时，灯泡和电源都被短路，不符合要求；

C、图中两个开关并联，闭合任何一个开关，指示灯都会发光，不符合要求；

D、当S1闭合时，电源被短路，不符合要求。

6．如图所示，同样的小球在盛有不同液体的容器中保持静止，四个容器中的液面到容器底面的距离相同，则容器底面受到的液体压强最大的是

A．B．C．D．

【答案】A

【解析】（1）物体密度大于液体密度时下沉、物体密度等于液体密度时悬浮、物体密度小于液体密度时漂浮；

（2）物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理判断漂浮时液体密度的大小关系； （3）根据p=ρgh 判断液面处于同一高度时，容器底部受到液体压强的大小关系． 【详解】由图可知，小球在AB 中漂浮，C 中悬浮，D 中下沉， 根据物体的浮沉条件可知AB 液体的密度大于C 和D 液体的密度； 因为物体漂浮时浮力和自身的重力相等，

所以根据F 浮=ρgV 排可知，A 中小球排开液体的体积小于B 中小球排开液体的体积，A 中液体的密度最大， 所以根据p=ρgh 可知，液面处于同一高度时，A 中容器底部受到液体压强最大． 7．质量相同、温度相同的铁块和铜块（c 铜＜c 铁），吸收相同热量后，温度更高的是 A ．铁块 B ．铜块

C ．一样高

D ．不确定

【答案】B

【解析】因为铁块和铜块的质量相同，初温相同，吸收的热量也相同，根据公式Q cm t ＝知道，比热容大的物体升高的温度小，由于铁的比热容大于铜的比热容，所以，铁块升温小，即铜块的末温就高，故只有B 正确。

8．如图所示，电源电压不变，闭合开关S 后，滑动变阻器滑片自a 向b 移动的过程中

A ．电压表V 1示数变大，V 2示数变大，电流表A 的示数变大

B ．电压表V 1示数变小，V 2示数变大，电流表A 的示数变小

C ．电压表V 1示数不变，V 2示数变小，电流表A 的示数变大

D ．电压表V 1示数不变，V 2示数变大，电流表A 的示数变小 【答案】B

【解析】方法一：滑动变阻器滑片自a 向b 移动的过程中，R 2的电阻变大→电路的总电阻就变大→由于电源电压不变，导致电路中的总电流变小→电流表A 示数变小→依据U 1=IR 1，R 1不变，I 变小，所以U 1变小→电压表U 1示数变小→依据U 2=U-U 1，电源电压U 不变，U 1变小，所以U 2变大． 方法二：串联电路中

12

12

U U =R R ，即电压与电阻成正比，当滑动变阻器滑片自a 向b 移动的过程中，R 2占总电阻的比例增大，分得电压也增大；R 1占总电阻的比例减小，分得的电压也减小；电路中的电流随总电阻的增大而减小． 故选B ．

9．如图所示是课本中的四个实验，其中说明磁场对电流有力的作用的是

甲 乙 丙 丁 A ．甲和丙 B ．甲和丁

C ．乙和丙

D ．乙和丁

【答案】A

【解析】甲图，给磁场中的直导线通电，导线运动，说明了磁场对电流有作用力；乙图，说明电流周围存在磁场；丙图，给磁场中的线圈通电，线圈转动，说明磁场对电流有作用力；丁图，说明闭合回路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会有感应电流的产生．所以选择A ． 10．下列数据中，最不接近符合生活实际的是 A ．一个鸡蛋的质量约50g B ．一个乒乓球的直径约为40mm C ．人通常步行的速度约为10m/s

D ．200w 的家用电冰箱正常工作电流约为1A 【答案】C

【解析】A 、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g ，所以一个鸡蛋的质量在50g 左右．此选项符合实际；

B 、一个乒乓球的直径约为4cm 即40mm ．此选项符合实际；

C 、人正常步行的速度大约是1.1m/s 左右．故此选项不符合实际；

D 、家庭电路中电压为220V ，根据P=UI 可计算电流大小，当200W 的电冰箱正常工作时电流约为

200=0.909A 220P W I U V

=

≈，故此选项符合实际． 故C 选项符合题意． 【点睛】

不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个． 二、填空题

11．太阳是巨大的“核能火炉”，在其内部，氢原子核在超高温下发生_____（选填“聚变”或“裂变”），放出巨大的能量。从可否再生来说，核能属于_____能源。 【答案】聚变 不可再生

【解析】在太阳的内部，氢原子核在超高温下发生聚变，较轻的原子核结合成较重的原子核时，放出巨大的能量，所以说太阳是一个巨大的“核能火炉”；

从可否再生来说，核能需要核燃料，而核燃料不能循环获得，因此核能属于不可再生能源。

12．电热水器使用三线插头，分别与火线、零线和______线相连，小红家的电热水器内装有50kg 的水，将其单独接入家庭电路中，热水器工作正常，要使热水器的水升高10℃，则这些水吸收的热量为_______J ；在此过程中，热水器的热效率为70%，则如图所示的电能表的转盘会转过_________转．（不计热损失，c

水

=4.2×103J/(kg·℃）

【答案】地 2.1×106 3000

【解析】为了安全，三线插头分别接火线、零线和地线；水吸收的热量为：Q 吸=c 水m △t=4.2×103J/(kg ?℃)×50kg ×10℃=2.1×106J ；需要消耗的电能为：

W=70%Q 吸=62.110J 70%

=3×106J=56kW ?h ，电能表转过的圈数是：56kW ?h ×3600r/(kW ?h)=3000r ．

13．人以0.5m/s 的速度向竖直放置的平面镜走近，人在平面镜中像的大小________（变大/不 变/变小），经过2s 像向平面镜走近________m ． 【答案】不变 1

【解析】由于平面镜成的像与物大小相同，不论人离镜远还是近，它们大小都相同；又像与物到镜面的距离相等，所以相对于镜子，像与物有相同的速度，根据速度公式推导：s ＝vt ＝0.5m/s×2s ＝1m ． 【点睛】

1、平面镜成的像与物大小相同，像与物到镜面的距离相等；

2、已知速度和运动时间，根据速度公式的变形可求出运动的路程．

14．如图甲所示是通过灯泡L 的电流跟其两端电压关系的图象，现将L 与阻值为10 Ω的电阻R 连入图乙所示电路，闭合开关S ，L 的实际功率为1.8 W ，则电源电压是_______ V ，此时定值电阻R 的电功率是_______W.

甲 乙

【答案】6 3.6

【解析】由图乙可知，灯泡L 与电阻R 并联，由图甲可知，当U L =6V ，I L =0.3A 时，灯泡的实际功率为P L =U L I L =6V×0.3A=1.8W ，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电源电压：U=U R =U L =6V ；此时定值电阻R 的电功率：P R =

=

=3.6W ．

15．现有两个分别标有“6V 6W”和“3V 6W”的灯泡1L 和2L ，若将它们并联后接在某一电源上，使其中一个灯泡正常发光，干路允许通过的最大电流是______A ．若将它们串联后接在某一电源上，使其中一个灯

泡正常发光，则电源电压是______V 。 【答案】2.5 7.5

【解析】根据题意知，L 1的额定电压16V U =，额定功率16W P =，所以L 1的额定电流为：

1

116W 1A 6V P I U =

==，L 1的电阻为：1116V 6Ω1A

U R I ===， L 2的额定电压为23V =U ，额定功率为26W P = . 所以L 2的额定电流为：2226W

2A 3V

P I U =

== ， L 2的电阻为：2223V

1.5Ω2A

U R I =

==， 若两灯泡并联，若使其中一个灯泡正常发光，电源电压应为3V. 所以干路电流为：213V

2A 2.5A 6Ω

U I I R 并=

+=+= ， 若两灯泡串联，使其中一个灯泡正常发光，则电路中的电流应为1A I =串 . 所以电源电压为：126V 1A 1.5Ω7.5V U U I R =+=+?=串串. 故答案为：2.5；7.5.

16．在学习了机械能的转化和守恒之后，教师让学生考察日常生活中有关的能量转化现象，并从中发现问题．小华说：前几天我买了一个氢气球，不小心氢气球飞上了天，在氢气球上升的过程中，机械能增加了，这份增加的机械能是由什么能量转化而来的呢?接着，老师做了以下实验，引导学生分析思考：液体和气体很多时候具有相似的性质，我们不妨先看看木块在水中上浮的情况实验发现，把木块浸没在水中，当撤去对木块的压力时，由于____，木块上浮.木块升高了，机械能增加了，而这时，会有一部分水下去填补木块原来占据的位置，水面有所下降，所以水的重力势能____(选填“增加”或“减少”)了；假设气球在空气中上升和木块在水中上浮原理是相同的，你能解释小明小军提出的问题了吗?请试着分析一下：___． 【答案】所受浮力大于自身的重力 减小 氢气球增加的机械能来自于下降空气的机械能 【解析】浸没在水中的木块，当撒去对木块的压力时，由于所受浮力大于自身的重力，所以木块上浮．木块升高了，机械能增加了，会有一部分水下去填补木块原来占据的位置，水面有所下降，所以水的重力势能减少了．与木块在水中上升的情况相似，氢气球在空中上升，其机械能增加，氢气球上升后，周围有一部分空气过来填充氢气球原来占据的空间，所以有一部分空气下降，其机械能减小，氢气球增加的机械能来自于下降空气的机械能．

17．水稻是喜温植物，春季育秧时，农民通常在傍晚向秧田灌水，早晨再将水放出，以防霜冻，这是因为水的________较大，当气温降低时，水能放出较多的热量，如果某秧田中水的温度降低了2℃，放出了3.36×107J 的热量，则该秧田内的水的质量为_________kg.（已知c 水=4.2×103J/（kg·℃））

【答案】比热容 4000

【解析】水稻是喜温植物，因此需要保温防霜冻，水的比热容较大，相同质量的水和其他物质相比，夜间放出相同的热量，水降低的温度少，能起到保温作用；如果某秧田中水的温度降低了2℃，放出了3.36×107J 的热量，则该秧田内的水的质量

73

3.3610J

4.210/()2Q m c t J kg ?==????放

℃℃

=4000 kg 18．如图所示，为某地区的水表，其示数为_____m 3

【答案】556

【解析】×1000的位置对应的数0，应为0；×100的位置对应的数5，应为500；×10的位置对应的数5，应为50；×1的位置对应的数6，应为6；×0.1的位置对应的数0，应为0；故最终水表的读数为(500+50+6)m 1=556m 1．

19．如图甲所示，将物体挂在弹簧测力计下端，浸没在水中，静止时弹簧测力计示数为2 N, 此时物体所受浮力_______（选填“大于”、“等于”或“小于”）重力；若增加物体浸没在水中的深度，物体所受液体压强_______（选填“变大”、“不变”或“变小”）；若将同一物体浸没在酒精中，静止时弹簧测力计的示数为2.2 N ，如图乙所示，可计算出物体受到的重力为______N ．（ g=10 N/kg ，ρ水=1.0×103 kg/m 3，ρ酒精=0.8×103 kg/m 3）

【答案】小于 变大 3

【解析】物体受到的浮力：F 浮=G?F ′=G?2N ，所以此时物体所受浮力小于其自身重力；若增加物体浸没在水中的深度，根据P=gh ρ物体所受液体压强变大；如图乙所示，可计算出物体受到的浮力为G-F ''=G-2.2N ，即物体在酒精中比浸没在水中时，浮力减小了0.2N ，gV ρ水排-gV ρ排酒精=0.2N ，1.0×103kg/m 3×10N/kg V ?排-0.8×103kg/m 3×10N/kg V ?排=0.2N ，V 排=1.04310m -?，在水中时的浮力为1.0×103kg/m 3×10N/kg V ?排=1.0×103kg/m 3×10N/kg 431.010m -??=1N ，体受到的重力为G 物=1N+2=3N 。

三、作图题

20．下图甲中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分，当导线以图甲所示方向运动时，电路中可产生感应电流.若想改变电路中感应电流的方向，你有什么方法，请在图乙中画出来，并标出磁极的N、S极位置.

【答案】

【解析】如图甲，a表示垂直于纸面的一根导体，它是闭合电路的一部分，若导体a向下做切割磁感线运动，会产生感应电流；若改变导体a中的感应电流方向，可以改变磁场方向即在保持导体切割磁感线方向不变，对调N、S极或保持磁场方向不变，改变导体a切割磁感线方向．如图：

21．如图所示，某人使用滑轮组提升重物，请你画出他使用滑轮组最省力的绕线方法。

【答案】

【解析】由图可以看出，人站在地面拉动绳子，所以绳子的拉动方向应向下．绕线时，从定滑轮开始，依次绕线，最后绕过定滑轮到达人手，如图：

四、实验题

22．在“测定物质的密度”实验中，要用电子天平测物体的____，用量筒测物体的___．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，应将杠杆的中点支在铁架台上，调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在____位置保持平衡，若在图中所示的A点悬挂钩码，并在B点用力使杠杆平衡，为顺利完成实验，则应将弹簧力计沿____

方向用力拉杠杆（选填“BM”、“BN”、“BP”或“BQ”）．

【答案】质量体积水平BN

【解析】电子天平是测量物体质量的仪器，量筒是测物体的体积的仪器，测出了物体的质量和体积，根据密度公式可求出物质的密度；为了在杠杆上直接读出力臂大小，实验时应使杠杆在水平位置平衡．若在图中所示的A点悬挂钩码，并在B点用力使杠杆平衡，为顺利完成实验，方便读出力臂，应使力的方向与杆垂直，故应将弹簧测力计沿BN方向用力拉杠杆．

23．汽车里的防冻液是由不易蒸发、密度为1.11g/cm3的乙二醇和纯净水混合而成，含水量不同，其沸点和凝固点都会发生改变，对此小明选用不同含水量的防冻液进行了实验探究，并记录实验数据如下表。含水量W/% 50 40 30 20 10 5

防冻液沸点t/℃106 107 110 120 142 160

防冻液凝固点t/℃﹣35 ﹣30 ﹣25 ﹣20 ﹣15 ﹣10

（1）根据表中的数据在图中作出防冻液的沸点t和含水量W的关系图象

（________）

（2）通过表中的数据，请分析东北地区比海南地区防冻液的含水量要_____（选填“多”或“少”），理由是：_____

【答案】多东北地区比海南地区温度低，防冻液的凝固点要低

【解析】（1）用描点法画出防冻液的沸点t和含水量W的关系图象，如下图：