重庆市2016届高考物理全真模拟试卷(六)(含解析)
重庆市2016届高三下学期第三次诊断考试理科综合物理试题Word版含答案
重庆市巴蜀中学校高2016级高三高考考前适应性考试理科综合能力测试注意事项：1、本试卷分为第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部份。
答卷前，考生务必将自己的姓名、 考生号填写在答题卡上。
2、回答第I 卷时，选出每题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答在本试卷上无效。
3、回答第II 卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4、考试终止后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 N 14 S 32 I 127第 I 卷二、选择题：本大题共8小题，每题6分。
在每题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第 19~21题有多项符合题目要求。
全数选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得 0分。
14．关于物理思想方式和物理学史，以下说法正确的选项是( )A ．卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了万有引力常量，从而提出了万有引力定律B ．匀变速直线运动的位移公式2012x v t at =+是利用微元法推导的公式C ．由于牛顿在万有引力定律方面的杰出成绩，因此被称为能“称量地球质量”的人D ．法拉第第一发觉了电流能够使周围的小磁针偏转15．如下图的理想变压器供电的电路中，已知变压器输入电压不变，假设将S 闭合，那么电流表A 1的示数，电流表A 2的示数，电流表A 3的示数，电压表V 的示数别离如何转变（ ）A ．变小 变大 变小 不变B ．变大 变小 变大 不变C ．不变 变大 变大 不变D ．不变 变大 变大 变小16．某质点做直线运动，运动速度的倒数1v 与位移x 的关系如下图。
关于质点运动的以下说法正确的选项是A ．质点做匀加速直线运动B ．1v –x 图线斜率等于质点运动加速度C ．四边形AA′B′B 面积可表示质点运动时刻D ．四边形BB′C′C 面积可表示质点运动时刻 17．如下图，虚线表示某电场中的四个等势面，相邻等势面间的电势差相 等．一不计重力的带负电的粒子从右边垂直等势面Φ4向左进入电场，运动轨 迹与等势面别离交于a 、b 、c 三点，那么能够判定（ ） A ．Φ1＞Φ2＞Φ3＞Φ4 B ．粒子的运动轨迹和Φ2等势面可能垂直 C ．Φ4等势面上各点场强处处相等 D ．该区域可能是等量异种点电荷形成的电场 18．将一小球从高处水平抛出，最初2s 内小球动能E k 随时刻t 转变的图线如图所示，不计空气阻力，重力加速度g=10m/s 2．依照图象信息以下说法正确的选项是 A ．小球的质量为 B ．小球抛出时的高度为20m C ．小球的初速度为10m/s D ．最初2 s 内重力对小球做功的平均功率为25w 19．极地卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极（轨道可视为圆轨道）。
2016年重庆高考物理试卷和答案(全国新课标ⅱ)
2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h高度，在此过程中（）A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mgC．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh2．（3分）如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（）A．一起向左运动B．一起向右运动C．ab和cd相向运动，相互靠近D．ab和cd相背运动，相互远离3．（3分）如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤去，下列对物块的描述正确的是（）A．物块将沿斜面下滑B．物块受到的摩擦力变大C．物块立即获得加速度D．物块所受的摩擦力方向改变4．（3分）如图所示路线，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述不正确的是（）A．灯泡L一定变亮 B．伏特表的示数变小C．安培表的示数变小D．R0消耗的功率变小5．（3分）在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是（）A．B．C．D．6．（3分）如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将（）A．不断增大B．不断减小C．先减小后增大D．先增大后减小二、多项选择题．本题共5小题，每小题得4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．（4分）载人飞船绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R0，飞船运行的轨道半径为KR0，地球表面的重力加速度为g0，则飞船运行的（）A．加速度是K2g0B．加速度是C．角速度是D．角速度是8．（4分）如图甲，一理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈的电压随时间变化规律如图乙所示，副线圈电路中接有灯泡，额定功率为22W；原线圈电路巾接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．灯泡的额定电压为l10VB．副线圈输出交流电的频率为50HzC．U=220V，I=0.2AD．原线圈输入电压的瞬时表达式为u=220sin100πtV9．（4分）如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻r不能忽略．R1和R2是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈．开关S原来是断开的．从闭合开关S到电路中电流达到稳定为止的时间内，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2的变化情况是（）A．I1开始较大而后逐渐变小B．I1开始很小而后逐渐变大C．I2开始很小而后逐渐变大D．I2开始较大而后逐渐变小10．（4分）如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下．不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度﹣时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（）A．a在斜面上滑行的加速度比b的大B．a在水平面上滑行的距离比b的短C．a与斜面间的动摩擦因数比b的小D．a与水平面间的动摩擦因数比b的大11．（4分）如图甲所示，Q1、Q2还两个固定的点电荷，一带负电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度v a沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v﹣t 图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等B．两点电荷一定都带负电，且电量一定相等C．t1、t2两时刻试探电荷在同一位置D．t2时刻试探电荷的电势能最大三、简答题：本题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置．12．（8分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：（1）以下实验操作正确的是．A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘牵引下恰好做匀速运动B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行C．先接通电源后释放小车D．试验中小车的加速度越大越好（2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度a=m/s2（结果保留两位有效数字）；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F 的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线．如图丙所示，图线是在轨道倾斜情况下得到的（选填“①”或“②”）：小车及车中的砝码总质量m=kg．13．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L=mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径D=mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值R=Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．四、计算题：本共4小题，共计62分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（14分）如图所示，倾角为α=30°的光滑固定斜面，斜面上相隔为d=8m平行虚线MN与PQ间有大小为B=0.1T的匀强磁场，方向垂直斜面向下．一质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2Ω，边长L=1m的正方形单匝纯电阻金属线圈，线圈cd边从距PQ上方x=2.5m处由静止释放沿斜面下滑进入磁场，切ab边刚要离开磁场时线圈恰好做匀速运动，重力加速度g=10m/s2．求：（1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度v1；（2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q．15．（15分）预警雷达探测到敌机在20000m上空水平匀速飞行，立即启动质量m=100kg的防空导弹，导弹的火箭发动机在制导系统控制下竖直向下喷气，使导弹由静止以a=10g（g=10m/s2）的加速度竖直向上匀加速上升至5000m高空，喷气方向立即变为与竖直方向成θ角（cosθ=）斜向下，导弹做曲线运动，直至击中敌机．假设导弹飞行过程中火箭推力大小恒定，且不考虑导弹质量变化及空气阻力，导弹可视为质点．试求：（1）火箭喷气产生的推力；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间；（3）导弹击中敌机时的动能．16．（16分）如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为m，与水平地面间的动摩擦因数为0.1，A点左侧地面光滑，AB 的长度为5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到A点时弹簧恢复原长，以后继续向B点滑行，并滑上光滑的半径为R的光滑圆弧BC，在C点正上方有一离C 点高度也为R的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均能达到C点的正上方．若滑块滑过C点后进入P孔，又恰能从Q孔落下，已知物体通过B点时对地面的压力为9mg．求：（1）滑块通过B点时的速度v B；（2）弹簧释放的弹性势能E p；（3）平台转动的角速度ω应满足什么条件．17．（17分）在竖直面内建立直角坐标系，曲线y=位于第一象限的部分如图，在曲线上不同点以初速度v0向x轴负方向水平抛出质量为m，带电量为+q的小球，小球下落过程中都会通过坐标原点，之后进入第三象限的匀强电场和匀强磁场区域，磁感应强度为B=T，方向垂直纸面向里，小球恰好做匀速圆周运动，并在做圆周运动的过程中都能打到y轴负半轴上（已知重力加速度为g=10m/s2、=102C/kg）．求：（1）第三象限的电场强度大小及方向；（2）沿水平方向抛出的初速度v0；（3）为使所有的小球都打到y轴负半轴，所加磁场区域的最小面积．2016年江苏省泰州市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题，本题共6小题，每小题3分，共18分，每小题只有一个选项符合题意．1．（3分）一质量为m的人站在观光电梯内的磅秤上，电梯以0.1g的加速度加速上升h高度，在此过程中（）A．磅秤的示数等于mg B．磅秤的示数等于0.1mgC．人的动能增加了0.9mgh D．人的机械能增加了1.1mgh【解答】解：A、根据牛顿第二定律得：F﹣mg=ma解得：F=mg+ma=1.1mg，即磅秤的示数等于1.1mg，故AB错误；C、根据动能定理得：△E K=W合=mah=0.1mgh，故C错误；D、人上升h，则重力做功为﹣mgh，可知重力势能增大mgh，动能增加0.1mgh，则机械能增大了1.1mgh，故D正确．故选：D2．（3分）如图所示，在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B，导轨与直导线平行且在同一水平面内，在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd．当载流直导线中的电流逐渐增强时，导体ab和cd的运动情况是（）A．一起向左运动B．一起向右运动C．ab和cd相向运动，相互靠近D．ab和cd相背运动，相互远离【解答】解：根据右手螺旋定则知，直线电流下方的磁场方向垂直纸面向里，电流增强时，磁场增强，根据楞次定律得，回路中的感应电流为abdc，根据左手定则知，ab所受安培力方向向右，cd所受安培力向左，即ab和cd相向运动，相互靠近．故C正确，A、B、D错误．故选：C．3．（3分）如图所示，一物块受到一个水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤去，下列对物块的描述正确的是（）A．物块将沿斜面下滑B．物块受到的摩擦力变大C．物块立即获得加速度D．物块所受的摩擦力方向改变【解答】解：物体受重力、支持力、拉力及摩擦力而处于平衡，重力可分解为垂直于斜面及沿斜面的两个力；垂直斜面方向受力平衡，而沿斜面方向上有拉力重力的分子及摩擦力而处于平衡；故摩擦力应与拉力与重力分力的合力平衡；如图所示：当F撤去后，垂直斜面方向上受力不变，而沿斜面方向上只有重力的分力存在，很明显重力的分力小于刚才的合力，故物体不会发生滑动；此时的摩擦力仍为静摩擦力，方向沿斜面向上；故A、B、C错误，D正确；故选D．4．（3分）如图所示路线，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述不正确的是（）A．灯泡L一定变亮 B．伏特表的示数变小C．安培表的示数变小D．R0消耗的功率变小【解答】解：AB、当R的滑动触点向上滑移动时，R变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，电源的内电压变大，则路端电压变小，因此伏特表读数变小．灯泡L的电压减小，则灯L一定变暗．故A错误，B正确．CD、电路中并联部分电压变小，通过L的电流减小，而总电流增大，则安培表A 的读数变大，R0消耗的功率变大．故C、D错误．本题选不正确的，故选：ACD5．（3分）在竖直方向的匀强磁场中，水平放置一个面积不变的单匝金属圆线圈，规定线圈中感应电流的正方向如图甲所示，取线圈中磁场B的方向向上为正，当磁场中的磁感应强度B随时间t如图乙变化时，下列图中能正确表示线圈中感应电流变化的是（）A．B．C．D．【解答】解：在0﹣s内，根据法拉第电磁感应定律，=．根据楞次定律，感应电动势的方向与图示箭头方向相反，为负值；在﹣T内，根据法拉第电磁感应定律，E′=n==2E，所以感应电流是之前的2倍．再根据楞次定律，感应电动势的方向与图示方向相反，为负值．故A正确，B、C、D错误．故选A．6．（3分）如图所示，一物体在水平恒力作用下沿光滑的水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90°，则物体在M点到N点的运动过程中，物体的动能将（）A．不断增大B．不断减小C．先减小后增大D．先增大后减小【解答】解：其速度方向恰好改变了90°，可以判断恒力方向应为向右偏M方向，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此恒力先做负功，当达到速度与恒力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大．所以C正确．故选C二、多项选择题．本题共5小题，每小题得4分，共计20分，每小题有多个选项符合题意．全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分．7．（4分）载人飞船绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R0，飞船运行的轨道半径为KR 0，地球表面的重力加速度为g0，则飞船运行的（）A．加速度是K2g0B．加速度是C．角速度是D．角速度是【解答】解：A、根据万有引力定律，引力提供向心力，则有：G；而黄金代换公式：GM=g0R02，联立上两式，解得：a n=，故A错误，B正确；C、根据万有引力定律，引力提供向心力，则有：；且GM=g0R02，解得：角速度ω=，故C正确，D错误；故选：BC．8．（4分）如图甲，一理想变压器原副线圈的匝数比为2：1，原线圈的电压随时间变化规律如图乙所示，副线圈电路中接有灯泡，额定功率为22W；原线圈电路巾接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则（）A．灯泡的额定电压为l10VB．副线圈输出交流电的频率为50HzC．U=220V，I=0.2AD．原线圈输入电压的瞬时表达式为u=220sin100πtV【解答】解：A、有效值为：U==220V，副线圈的电压为：U2=U1=110V，则A正确．B、原线圈的频率为f=，变压器不会改变频率，故B正确，C、副线圈电流为：I2==0.2A，原线圈的电流为：I1=I1=0.1A，则C错误．D、ω=2πf=100π，瞬时表达式为：u=220sin100πtV，故D正确故选：ABD9．（4分）如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻r不能忽略．R1和R2是两个定值电阻，L是一个自感系数较大的线圈．开关S原来是断开的．从闭合开关S到电路中电流达到稳定为止的时间内，通过R1的电流I1和通过R2的电流I2的变化情况是（）A．I1开始较大而后逐渐变小B．I1开始很小而后逐渐变大C．I2开始很小而后逐渐变大D．I2开始较大而后逐渐变小【解答】解：开关S闭合瞬间，L相当于断路，通过R1的电流I1较大，通过R2的电流I2较小；当稳定后L的自感作用减弱，通过R1的电流I1变小，通过R2的电流I2变大，故AC正确BD错误．故选：AC10．（4分）如图（a）所示，质量相等的a、b两物体，分别从斜面上的同一位置A由静止下滑，经B点的水平面上滑行一段距离后停下．不计经过B点时的能量损失，用传感器采集到它们的速度﹣时间图象如图（b）所示，下列说法正确的是（）A．a在斜面上滑行的加速度比b的大B．a在水平面上滑行的距离比b的短C．a与斜面间的动摩擦因数比b的小D．a与水平面间的动摩擦因数比b的大【解答】解：A、由乙图图象斜率可知a做加速运动时的加速度比b做加速时的加速度大，故A正确；B、物体在水平面上的运动是匀减速运动，a从t1时刻开始，b从t2时刻开始．由图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，a在水平面上做匀减速运动的位移比b 在水平面上做匀减速运动的位移大，故B错误；C、物体在斜面上运动的加速度为，因为a的加速度大于b的加速度，所以a与斜面间的动摩擦因数比b的小，故C 正确；D、物体在水平面上运动的加速度为，因为a的加速度小于b的加速度，所以a与水平面间的动摩擦因数比b的小，故D错误故选：AC11．（4分）如图甲所示，Q1、Q2还两个固定的点电荷，一带负电的试探电荷仅在电场力作用下以初速度v a沿两点电荷连线的中垂线从a点向上运动，其v﹣t 图象如图乙所示，下列说法正确的是（）A．两点电荷一定都带负电，但电量不一定相等B．两点电荷一定都带负电，且电量一定相等C．t1、t2两时刻试探电荷在同一位置D．t2时刻试探电荷的电势能最大【解答】解：A、由图乙可知，试探电荷先向上做减速运动，再反向向下做加速运动，说明粒子受到的电场力应先向下后向上，故两点电荷一定都带正电；由于电场线只能沿竖直方向，故两个点电荷带电量一定相等；故AB错误；C、根据速度图象的斜率表示加速度，知t1、t2两时刻试探电荷的加速度不同，所受的电场力不同，所以不可能在同一位置．故C错误．D、t 2时刻试探电荷的速度为零，动能为零，根据能量守恒定律可知试探电荷的电势能最大．故D正确．故选：D三、简答题：本题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置．12．（8分）为了“探究加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示的实验装置：（1）以下实验操作正确的是BC．A．将木板不带滑轮的一端适当垫高，使小车在砝码及砝码盘牵引下恰好做匀速运动B．调节滑轮的高度，使细线与木板平行C．先接通电源后释放小车D．试验中小车的加速度越大越好（2）在实验中，得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为T=0.1s，且间距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，则小车加速度a=0.33m/s2（结果保留两位有效数字）；（3）有一组同学保持小车及车中的砝码质量一定，探究加速度a与所受外力F 的关系，他们在轨道水平和倾斜两种情况下分别做了实验，得到了两条a﹣F图线．如图丙所示，图线①是在轨道倾斜情况下得到的（选填“①”或“②”）：小车及车中的砝码总质量m=0.5kg．【解答】解：（1）A、平衡摩擦力就是让小车在无拉力的作用下做匀速直线运动，让重力沿斜面的分力等于小车受到的摩擦力．所以平衡时应为：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动，故A错误；B、为了使绳子拉力代替小车受到的合力，需要调节滑轮的高度，使细线与木板平行，故B正确；C、使用打点计时器时，先接通电源后释放小车，故C正确；D、试验中小车的加速度不是越大越好，加速度太大，纸带打的点太少，不利于测量，故D错误．故选：BC（2）由匀变速运动的规律得：s4﹣s1=3aT2s5﹣s2=3aT2s6﹣s3=3aT2联立得：（s4+s5+s6）﹣（s1+s2+s3）=9aT2解得：a===0.33m/s2，（3）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的．根据F=ma得a﹣F图象的斜率k=，由a﹣F图象得图象斜率k=2，所以m=0.5kg．故答案为：（1）BC；（2）0.33；（3）①，0.513．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度L=50.15 mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径D= 4.699mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值R=300Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～10mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～50mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约30kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约50kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～50Ω，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干．为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．【解答】解；（1）游标卡尺的读数为：L=50mm+3×0.05mm=50.15mm；（2）螺旋测微器的读数为：D=4.5mm+19.9×0.01mm=4.699（4.700±0.001）；（3）欧姆表的读数为：R=30×10Ω=300Ω；（4）根据电源的电动势为4V可知电压表应选择；由于通过待测电阻的最大电流为===13mA，所以电流表应选择；由于待测电阻满足，所以电流表应用外接法；由于实验要求能测多组数据，所以变阻器应采用分压式接法，电路图如图所示：故答案为：（1）50.15；（2）4.699；（3）300；（4）如图四、计算题：本共4小题，共计62分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和主要演算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．14．（14分）如图所示，倾角为α=30°的光滑固定斜面，斜面上相隔为d=8m平行虚线MN与PQ间有大小为B=0.1T的匀强磁场，方向垂直斜面向下．一质量为m=0.1kg，电阻为R=0.2Ω，边长L=1m的正方形单匝纯电阻金属线圈，线圈cd边从距PQ上方x=2.5m处由静止释放沿斜面下滑进入磁场，切ab边刚要离开磁场时线圈恰好做匀速运动，重力加速度g=10m/s2．求：（1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度v1；（2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q．【解答】解：（1）导线框沿斜面向下运动：解得：（2）导线进入磁场通过ab棒的电量：联立得：==0.5C（3）导线框离开磁场时：解得：由能量守恒有：代入数据：解得：则ab边产生的热量为：答：（1）cd边刚进入磁场时，线圈的速度为5m/s；（2）线圈进入磁场的过程中，通过ab边的电量q为0.5C；（3）线圈通过磁场的过程中，ab边产生的热量Q为15．（15分）预警雷达探测到敌机在20000m上空水平匀速飞行，立即启动质量m=100kg的防空导弹，导弹的火箭发动机在制导系统控制下竖直向下喷气，使导弹由静止以a=10g（g=10m/s2）的加速度竖直向上匀加速上升至5000m高空，喷气方向立即变为与竖直方向成θ角（cosθ=）斜向下，导弹做曲线运动，直至击中敌机．假设导弹飞行过程中火箭推力大小恒定，且不考虑导弹质量变化及空气阻力，导弹可视为质点．试求：（1）火箭喷气产生的推力；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间；（3）导弹击中敌机时的动能．【解答】解：（1）对导弹，由牛顿第二定律得F﹣mg=ma解得火箭喷气产生的推力F=m（g+a）=100×（10+100）N=11mg=1.1×104N （2）导弹竖直向上做匀加速直线运动的过程，有=h1，得t1==s=10s推力改变方向后，由于Fcosθ=11mg×=mg所以导弹在竖直方向上作匀速运动，运动时间为t2=又v y=at1=100×10=1000m/s，H=20000m联立解得t2=15s=t1+t2=25s故t总（3）在5000m高处之后，导弹在竖直方向作匀速运动，水平方向作匀加速运动，则水平方向有Fsinθ=ma x，sinθ==解得a x==20m/s2；导弹击中飞机时水平分速度为v x=a x t2=300m/s则导弹击中飞机时的动能为E k==1.85×108J答：（1）火箭喷气产生的推力是1.1×104N；（2）导弹从发射到击中敌机所用的时间是25s；（3）导弹击中敌机时的动能是1.85×108J．16．（16分）如图所示，一压缩的轻弹簧左端固定，右端与一滑块相接触但不连接，滑块质量为m，与水平地面间的动摩擦因数为0.1，A点左侧地面光滑，AB 的长度为5R，现将滑块由静止释放，滑块运动到A点时弹簧恢复原长，以后继续向B点滑行，并滑上光滑的半径为R的光滑圆弧BC，在C点正上方有一离C 点高度也为R的旋转平台，沿平台直径方向开有两个离轴心距离相等的小孔P、Q，旋转时两孔均能达到C点的正上方．若滑块滑过C点后进入P孔，又恰能从Q孔落下，已知物体通过B点时对地面的压力为9mg．求：（1）滑块通过B点时的速度v B；（2）弹簧释放的弹性势能E p；（3）平台转动的角速度ω应满足什么条件．【解答】解：（1）物体经过B点做圆周运动，由牛顿第二定律可得：即：，解得：（2）物体由静止释放到B点，根据动能定理可得：又由功能关系W=E P解得：即E P=4.5mgR（3）滑块从B点开始运动后机械能守恒，设滑块到达P处时速度为V P．则由机械能守恒定律得解得：滑块穿过P孔后再回到平台时间：要想实现上述过程，必须满足ωt=（2n+1）π解得：答：（1）滑块通过B点时的速度为；（2）弹簧释放的弹性势能为4.5mgR；。
重庆市万州区高考物理六模考试卷
重庆市万州区高考物理六模考试卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题1．在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n=1000匝，横截面积S=20cm2．螺线管导线电阻r=1.0Ω，R1=4.0Ω，R2=5.0Ω，C=30μF．在一段时间内，垂直穿过螺线管的磁场的磁感应强度B的方向如图甲所示，大小按如图乙所示的规律变化则下列说法中正确的是A．螺线管中产生的感应电动势为1.2VB．闭合K，电路中的电流稳定后电容器下极板带负电C．闭合K，电路中的电流稳定后，电阻R1的电功率为2.56×10－2WD．K断开后，流经R2的电量为1.8×10-2C2．如图所示，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，两个带有同种电荷的小球A、B分别位于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，若用图示方向的水平推力F作用于小球B，则两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，待两球重新达到平衡时，跟原来相比（）A．两小球间距离将增大，推力F将减小B．两小球间距离将增大，推力F将增大C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小3．如图所示，做爬行实验的小机器人沿四分之一圆弧形曲面，从底部O向A爬行，受到水平向右恒定的风力，恰以某一大小不变的速度爬行，则小机器从O向A爬行的过程中A．受到的合外力大小不变B．摩擦力方向与运动方向始终相反C．摩擦力先变大后变小D．曲面对小机器人的作用力大小不变4．一正弦交变电流的电压随时间变化的规律如图所示．由图可知该交变电流( )A．周期为0.125sB．电压的有效值为10VC．电压的最大值为20VD．电压瞬时值的表达式为u=10sin8πt(V)5．如图所示，固定的倾斜角为（小于45度）光滑杆上套有一个质量为的圆环，圆环与竖直放置的轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A点，弹簧处于原长．让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零．则在圆环下滑过程中（）A．圆环机械能守恒B．弹簧的弹性势能先增大后减小C．弹簧的弹性势能变化了D．弹簧的弹性势能最大时圆环动能最大6．下列说法正确的是：（）A．汤姆孙通过研究阴极射线发现了电子，从而建立了核式结构模型B．贝克勒尔通过对天然放射现象的硏究，发现了原子中存在原子核C．原子核由质子和中子组成，稳定的原子核内，中子数一定小于质子数D．大量处于基态的氢原子在单色光的照射下，发出多种频率的光子，其中必有一种与入射光频率相同二、多项选择题7．如图，轴上与是两个波源，产生的简谐波分别沿轴向右、向左传播，波速均为v=0.4m/s，振幅均为A=2cm，图示为t=0时刻两列波的图象，此时分别传播到P点和Q点，下列说法正确的是_______A．图示时刻质点P、Q都沿y轴负向运动B．t=0.75s时刻，质点P、Q都运动到M点C．t=1s时刻，质点M的位移为-4cmD．t=1.25s时刻，质点M为振动减弱点E.t=3.5s时刻，质点P的位移为08．如图所示为定质量的理想气体的p-T图像，虚线Ob为第一象限横纵坐标轴的角平分线，ab平行于横轴，bc平行于纵轴，且 ab=bc，ac与Ob交于d点。
2016年全国高考物理真题(重庆)
二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要，全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。
14.质量为m的物体轻绳AB悬于天花板上，用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示，用T表示绳段的拉力大小，在O点向左移动过程中（）A、F逐渐变大，T逐渐变大；B、F逐渐变大，T逐渐变小；C、F逐渐变小，T逐渐变大；D、F逐渐变小，T逐渐变小；15、如图，Ｐ是固定的点电荷，虚线是以Ｐ为圆心的两个圆，带电粒子Ｑ在Ｐ的电场中运动，运动轨迹与两圆在同一平面内，a、b、c为轨迹上的三个点，若Ｑ仅受Ｐ的电场力作用，其在a、b、c点的加速度度大小分别为a a、a b、a c，速度大小分别为V a、V b、V c，则（）A、a a>a b>a c，V a>V c>V b，B、a a>a b>a c，V b>V c>V a，C、a b>a c>a a，V b>V c>V a，D、a b>a c>a a，V a>V c>V b，16、小球Ｐ和Ｑ用不可伸长的轻绳悬挂在天花板上，Ｐ球质量大于Ｑ球的质量，悬挂Ｐ球的绳比悬挂Ｑ球的绳短，将两球拉起，使现现两绳均被水平拉直，如图所示，将两球由静止释放，在各自在轨迹的最低（）A .Ｐ球的速度一定大于Ｑ球的速度； B. .Ｐ球的动能一定小于Ｑ球的动能；C .Ｐ球所受绳的拉力一定大于Ｑ球所受绳的拉力；D.Ｐ球的向心加速度一小于Ｑ球的向心加速度17、阻值相等的四个电阻、电容器Ｃ及电池Ｅ（内阻可忽略）连成如图所示的电路，开关Ｓ断开且电流稳定时，Ｃ所带的电荷量为Ｑ1，闭合开关Ｓ，电流再次稳定后，Ｃ所带的电荷量为Ｑ2，则Ｑ１、与Ｑ２的比值为（）A. B. C. D.18、一圆筒处于磁感应强度大小为Ｂ的匀强磁场中，磁场方向与筒的轴平行，筒的横截面如图所示，图中直径ＭＮ两端分别开有小孔，筒绕其中心以角速度ω顺时针转动，在该截面内，带电粒子从小孔Ｍ射入筒内，射入时的运动方向与ＭＮ成300角，当筒转过900叶，该粒子恰好从小孔Ｎ飞出圆筒，不计重力，若粒子在筒内末与筒壁发生碰撞，则电子的比荷为（）A. B. C. D.19、两实心小球甲和乙由同一种材料制成，甲球质量大于乙球质量，两球在空气中由静止下落，假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比，与球的速率无关，若它们下落相同的距离，则（）A、甲球用的时间比乙球长；B、甲球的末速度的大小大于乙球的末速度大小；C、甲球的加速度大小小于乙球的加速度大小；D、甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功；20、法拉第圆盘发电机的示意图如图所示，铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别与圆盘的边缘和铜轴接触。
重庆市巴蜀中学2016届高三上学期一诊模拟考试理综物理试题及答案
物理二、选择题：第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.关于物理概念的建立和物理规律的形成，下列说法不正确的是A. 在定义“瞬时速度”的概念时，利用了微元法B. 伽利略在研究“落体运动”时，利用了演绎法C. 在建立“质点”和“点电荷”的概念时，利用了假设法D. 在万有引力定律的建立过程中，除了牛顿以外，科学家第谷、开普勒、卡文迪许均做出了重要的贡献15.一物体由静止开始沿直线运动，其加速度随时间变化的规律如图5所示。
取物体开始运动的方向为正方向，则下列关于物体运动的描述正确的是图 5A. 在1~2s内，物体做减速运动B. 2s末时物体的速度最大，大小为3m/sC. 在1~3s内，物体做匀变速直线运动D. 在0~4s内，物体先沿正方向运动，后沿负方向运动16.从某国带回一把标有“110V、60Hz、880W”的电咖啡壶，该电咖啡壶利用电热丝加热。
在我国，为使电咖啡壶能正常工作，需要通过变压器与市电相连。
下列说法正确的是A. 可以将电咖啡壶直接与市电相连，只是电功率是3520WB. 电咖啡壶应接在A、B线圈匝数比为2:1的B线圈两端，且B线圈绕制的导线较粗C. 电咖啡壶通过变压器正常工作时，与市电相连的线圈中电流为8AD. 电咖啡壶通过变压器正常工作时，电热丝中的交变电流频率为60Hz17.如图6所示，长为2L的轻质杆两端固定质量分别为m和2m的两小球P、Q，杆可绕中点的轴O 在竖直平面内无摩擦转动。
若给静止于最高点的P球一初速度，使P、Q两球在竖直面内做圆周运动。
不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法正确的是A. Q球在运动过程中机械能守恒B. P从最高点运动到最低点过程中杆对其做功为2mgLC. Q到达最高点时杆对其作用力的最小值大小为2mgD. 为使P 、Q 两球能够做圆周运动，P 球的初速度不能小于2gL 18.如图7所示，质量为M ，倾角为θ的斜面滑道静置于水平面上，现在一滑板运动员沿斜面匀加速下滑，加速度大小为a .若人与滑板的总质量为m ，则在运动员下滑的过程中A. 滑板受到的摩擦力大小等于(sin )m g a θ- B. 运动员和滑板受到斜面的作用力大小为cos mg θC. 地面对斜面的支持力大小等于()m M g +D. 地面对斜面的摩擦力方向向左，大小为cos ma θ19.地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a ，地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r 1，向心加速度为a 1.已知万有引力常量为G ，地球半径为R ，地球赤道表面的加速度为g .下列说法正确的是A. 地球质量2aR M G = B. 地球质量211a r M G= C. a 、a 1、g 的关系是1a a g << D . 加速度之比2121a R a r = 20.如图8所示，磁场方向垂直于纸面，磁感应强度大小在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布。
超级全能生26省2016届联考高三物理模拟试卷(甲卷)(含解析)
2016年超级全能生26省联考高考物理模拟试卷（甲卷）一.选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．已知一个带正电的粒子在某一电场中只受电场力的作用，若给它一个适当的初速度，其就能沿某一直线运动；而给它另一个适当的初速度，其就能沿该电场的某一等势面运动．则满足上述运动情况的电场可能是（）A．正点电荷产生的电场B．两个等量同种正点电荷产生的电场C．负点电荷产生的电场D．均强电场2．如图所示，正弦交流电与方波交流电电流的最大值与频率均相同，把它们分别通入甲乙两个完全相同的电热器，若让它们连续正常工作产生的热量相同则甲乙两个电热器的工作时间之比为（）A．2：1 B．1：4 C．2：1 D．4：13．对做平抛运动的物体，在已知重力加速度g 的条件下，给出下列4 组条件，其中不能确定出平抛的初速度大小的是（）A．下落高度和水平位移B．水平位移和落地时的速度大小和方向C．位移大小和方向及水平位移D．位移大小及落地时的速度大小4．有一固定的足够长的斜面，滑块以速率v1由斜面底端向上运动，速度减为零后又沿斜面下滑，当它回到出发点时速率变为v2，且v2＜v1．若滑块由底端向上运动到最高处的位移中点 A，取斜面底端重力势能为零，则（）A．上行时滑块的机械能减小、下行时滑块的机械能增大B．上行时通过A 点的速率大于C．上升过程中动能和势能相等的位置在A点D．上升过程中动能和势能相等的位置在A点下方5．在甲、乙两条直导线所在平面内，﹣带电粒子的运动轨迹如图所示，已知两条导线甲、乙中只有一条导线中通有电流，另一条导线中无电流．若带电粒子所受的重力及空气阻力均可忽略不计，关于电流方向和粒子带电情况及运动的方向，下列说法中可能正确的是（）A．甲中通有自上而下的不断增大的电流，带负电的粒子从a 点向b 点运动B．甲中通有自上而下的恒定电流，带正电的粒子从b 点向a 点运动C．乙中通有自下而上的不断减小的电流，带正电的粒子从b 点向a 点运动D．乙中通有自下而上的恒定电流带负电的粒子从a 点向b 点运动6．如图所示，正方形导线框在水平恒力F 作用下向右平移，并将穿过一有界匀强磁场磁场，磁场沿ab 方向的范围足够大，宽度大于线框边长，ab 边平行磁场左边界MN，且沿垂直于磁场和边界的方向进入磁场时，线框的加速度为零，对于线框进入磁场过程与穿出磁场过程（不含全在磁场中的过程），下列说法中正确的是（）A．力F 做功相等B．线框中感应电流方向相反C．线框所受安培力方向相反D．线框中产生的焦耳热相同7．已知万有引力恒量为G，如果将月球绕地球运行的轨道视为圆周，并测出了其运行的轨道半径R和运行周期T，则由此可推算（）A．地球的质量B．地球的半径C．月球的运行速度D．地球对月球的万有引力8．质量为m=20kg 的物体，在大小恒定的水平外力作用下沿水平面做直线运动．该物体在0﹣4s 内的v﹣t 图象如图所示，重力加速度取g=10m/s2，下列说法中正确的是（）A．该物体与水平面间的动摩擦因数为0.20B．恒定的水平外力大小为60NC．在0﹣4s 内恒定的水平外力对物体做的功为960JD．在0～4s 内物体运动的位移大小为12m三、非选择题：（包括必考题和选考题两部分．第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～40题为选考题，考生根据要求作答）9．利用水滴法可以粗略测量当地的重力加速度，方法是：如图所示，细心调整水龙头水滴的快慢，使第一滴水落到盘子的瞬间，第二滴正好从水龙头口开始下落．从某一滴水从水龙头口流出的瞬间开始计时，并开始数1，数到第n 滴水离开水龙头口时停止计时，记下所用的时间t0再测出（填写物理量的名称和单位），就可以利用公式g=（用题中的物理量的符号表示）算出当地的重力加速度值．10．一种电池标称电动势为9V，内电阻约50Ω，允许的最大输出电流为50mA．为了较准确地测量这个电池的电动势和内电阻，可以设计出如1图所示的实验电路，已知实验中所使用的电压表内电阻足够大，可以忽略其对电路的影响；图中R为电阻箱，阻值范围为0﹣999.9Ω，为保护电阻．（1）实验室里备用的定值电阻有以下几种规格：A．10Ω B．50Ω C．150Ω D．500Ω实验时，R0应选用较好（填字母代号）．（2）按照图1所示的电路图，将图2所示的实物连接成实验电路．（3）在实验中，当变阻箱调到图3所示位置后，闭合开关S，电压表的示数为8.70V，此时通过电阻箱的电流为mA．（保留2位有效数字）（4）断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数．多次重复上述操作，可得到多组电压值U 和通过电阻箱的电流值I，利用多次读取和计算出的数据，作出如图4所示的图线．根据图线可知，该电源的电动势E= V，内电阻r= Ω．11．如图所示，一对竖直放置的平行正对金属板A、B构成电容器，电容为C．电容器的A 板接地，且中间有一个小孔S．一个被灯丝加热的阴极K与S位于同一水平线，从阴极上可以不断地发射出电子，电子经过电压U0．加速后通过小孔S沿水平方向射入A、B两极板间．设电子的质量为m，电荷量为e，电子从阴极发射时的初速度可忽略不计，如果到达B板的电子都被B板吸收，且单位时间内射入电容器的电子个数为n，随着电子的射入，两极板间的电势差逐渐增加，致使最终电子无法到达B板．求：（1）第一个到达B板的电子其速度的大小；（2）当B板吸收了N个电子时，A、B两板间的电势差；（3）从电子射人小孔开始到A、B两板间的电势差达到最大值所经历的时间．12．如图所示为一平直传送带，A、B 两端点间距为L，传送带的运行速率为v．今将一工件无初速度的放在A 端，已知工件与传动带之间摩擦系数为μ，且认为传送带的形状及速率不受放上工件的影响．取重力加速度为g，求：（1）工件刚放到传送带上时的加速度大小为；（2）传送带将该工件由 A端传送到 B端可能的时间间隔△t及相应的条件（即题中给出量之间应满足的关系）．（二）、选考题（共45分．请考生从给出的3道物理题、3道化学题、3道生物题中每科任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分）13．如图所示，p﹣V坐标系中每个方格的边长均相等，在p﹣V图中的直线段AB表示一定质量的理想气体的状态变化过程．则气体从状态A 变化到状态B 的整个过程中，下列说法正确的是（）A．气体的温度保持不变B．气体的内能先增加某一值，再减少同样的值C．气体对外做功，并吸热D．气体的密度不断减小14．如图所示，内径均匀的玻璃管，A端封闭，E端开口，AB段和CE段竖直，BC段水平．AB 段长10cm，BC段长30cm，CD段长40cm，DE段长56cm，F点位于DE之间且EF段长40cm．DE 段充满水银，AD段充满空气，外界大气压p0=760mmHg．现玻璃管突然从F处折断，下段玻璃管连同管中水银一起脱落，求再次平衡后管内空气柱的长度．（设整体变化过程中气体的温度保持不变）15．关于光在传播过程中所表现的现象，下列说法正确的是（）A．雨后天空出现的彩虹是光的衍射现象B．白光通过分光镜在光屏上形成的彩色光带是光的色散现象C．涂有增透膜的照相机镜头呈淡紫色，说明增透膜增强了对淡紫色的透色程度D．夜间观看到天边星座的位置比实际位置偏高，这是光的折射现象E．利用红外线进行遥感控只要是因为红外线的波长长，容易发生衍射16．一列沿x轴传播的简谐横波，其周期为T，某时刻的波形图象如图中的实线所示，再经t=0.2s的波形图如图中的虚线所示．求：（1）若t小于T，则此列波的波速为多大．（2）若t大于T，则此列波的波速为多大？17．下列说法正确的是（）A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的裂变反应B．利用卢瑟福的α粒子散射实验可以估算原子核的大小C．玻尔理论是依据α粒子散射实验分析得出的D．氢原子核外电子从半径较小的轨道跃到半径较大的轨道时，电子的动能减小，电势能增大，总能量增大E．当氢原子从n=3的状态跃迁到n=1的状态将发射出光子18．如图所示，图中的线段a，b，c 分别表示在光滑水平面带上沿一条直线运动的滑块Ⅰ、Ⅱ和他们发生正碰后结合体的速度﹣时间图象．已知滑块Ⅰ的质量m1=1.0kg，根据图象，试求滑块Ⅰ与滑块Ⅱ碰撞过程中损失的机械能．2016年超级全能生26省联考高考物理模拟试卷（甲卷）参考答案与试题解析一.选择题（本大题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．已知一个带正电的粒子在某一电场中只受电场力的作用，若给它一个适当的初速度，其就能沿某一直线运动；而给它另一个适当的初速度，其就能沿该电场的某一等势面运动．则满足上述运动情况的电场可能是（）A．正点电荷产生的电场B．两个等量同种正点电荷产生的电场C．负点电荷产生的电场D．均强电场【考点】电势差与电场强度的关系；库仑定律．【分析】粒子只受电场力的作用，沿直线运动时电场力必定在此直线上，说明电场线应是直线．根据带正电的粒子做匀速圆周运动的特征，可知为点电荷的电场．再确定点电荷的电性．【解答】解：据题，只有电场线是直线时，给带正电的粒子一个初速度，粒子在电场力作用做直线运动．当粒子沿一等势面运动时，由于电场力与等势面垂直，所以粒子只能做匀速圆周运动，电场力提供粒子做圆周运动所需的向心力，由此可知，该电场应为负点电荷的电场，故C正确．故选：C2．如图所示，正弦交流电与方波交流电电流的最大值与频率均相同，把它们分别通入甲乙两个完全相同的电热器，若让它们连续正常工作产生的热量相同则甲乙两个电热器的工作时间之比为（）A．2：1 B．1：4 C．2：1 D．4：1【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】方波的电流有效值I b=I m，正弦交流电的有效值I a=I m．根据功率公式P=I2R，由电流的有效值求解功率，再算出时间的比值．【解答】解：解：方波的电流有效值I b=I m，正弦交流电的有效值I a=I m．由做功相同，根据做功公式P=I2Rt得到： ==2：1 则A正确故选：A3．对做平抛运动的物体，在已知重力加速度g 的条件下，给出下列4 组条件，其中不能确定出平抛的初速度大小的是（）A．下落高度和水平位移B．水平位移和落地时的速度大小和方向C．位移大小和方向及水平位移D．位移大小及落地时的速度大小【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住等时性，根据运动学公式分析初速度．【解答】解：A、由h=，x=v0t得 v0=x，可知知道下落高度和水平位移，可以确定初速度，故A正确．B、已知落地时的速度大小和方向，根据平行四边形定则可以求出初速度．故B正确．C、已知位移大小和方向及水平位移，能求下落的高度，结合A项分析知能求出初速度，故C正确．D、已知位移大小，不能求出水平位移和下落的高度，已知落地时的速度大小，方向未知，不能求初速度，故D错误．本题选不能确定出平抛的初速度大小的，故选：D4．有一固定的足够长的斜面，滑块以速率v1由斜面底端向上运动，速度减为零后又沿斜面下滑，当它回到出发点时速率变为v2，且v2＜v1．若滑块由底端向上运动到最高处的位移中点 A，取斜面底端重力势能为零，则（）A．上行时滑块的机械能减小、下行时滑块的机械能增大B．上行时通过A 点的速率大于C．上升过程中动能和势能相等的位置在A点D．上升过程中动能和势能相等的位置在A点下方【考点】功能关系．【分析】由物体回到出发点的速度可知物体应受到阻力，则可知机械能的变化；要找出动能和势能和同的点，可以先表示出A点的机械能，则比较出发点与A点的机械能的关系可得出动能和势能的关系，则可得出动能和势能相同的位置．【解答】解：A、由题可知，滑块在运动的过程中受到摩擦力的作用，摩擦力做功，将机械能转化为内能，所以上滑时机械能减小，下滑时机械能也减小．故A错误；B、上升过程，在最低点，机械能为：E1=；在最高点，机械能为：E2=mgh；在中点A处，机械能为：E A=，由运动学公式得：，v A=，动能为，重力势能为，由于E1＞E2，故动能大，所以上升过程中动能和重力势能相等的位置在A点上方，故B正确，CD错误；故选：B5．在甲、乙两条直导线所在平面内，﹣带电粒子的运动轨迹如图所示，已知两条导线甲、乙中只有一条导线中通有电流，另一条导线中无电流．若带电粒子所受的重力及空气阻力均可忽略不计，关于电流方向和粒子带电情况及运动的方向，下列说法中可能正确的是（）A．甲中通有自上而下的不断增大的电流，带负电的粒子从a 点向b 点运动B．甲中通有自上而下的恒定电流，带正电的粒子从b 点向a 点运动C．乙中通有自下而上的不断减小的电流，带正电的粒子从b 点向a 点运动D．乙中通有自下而上的恒定电流带负电的粒子从a 点向b 点运动【考点】洛仑兹力；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】先由安培定则判断磁场的方向，再由左手定则判断粒子所受的洛伦兹力方向，从而粒子的运动方向．【解答】解：A、由粒子的轨迹弯曲方向知，粒子所受的洛伦兹力方向指向轨迹内侧．甲中通有自上而下的不断增大的电流，由安培定则知甲右侧的磁场为垂直纸面向外，由左手定则判断知，带负电的粒子若从a 点向b 点运动，洛伦兹力向下，轨迹向下弯曲，且由r=知，B可能增大，曲率半径不断减小，因此是可能的．故A正确．B、与A相反，甲中通有自上而下的恒定电流，若带正电的粒子从b 点向a 点运动，向右弯曲，且由r=知，B减小，曲率半径增大，是可能的．故B正确．C、乙中通有自下而上的不断减小的电流，由安培定则知乙左侧的磁场为垂直纸面向外，由左手定则判断知，若带正电的粒子从b 点向a 点运动，洛伦兹力向下，且由r=知，B 可能增大，曲率半径可能增大，故C正确．D、乙中通有自下而上的恒定电流，乙左侧的磁场为垂直纸面向外，由左手定则判断知，若带负电的粒子从a 点向b 点运动，洛伦兹力向下，磁感应强度减小，由r=知粒子的曲率半径应不断增大，与图不符，故D错误．故选：ABC6．如图所示，正方形导线框在水平恒力F 作用下向右平移，并将穿过一有界匀强磁场磁场，磁场沿ab 方向的范围足够大，宽度大于线框边长，ab 边平行磁场左边界MN，且沿垂直于磁场和边界的方向进入磁场时，线框的加速度为零，对于线框进入磁场过程与穿出磁场过程（不含全在磁场中的过程），下列说法中正确的是（）A．力F 做功相等B．线框中感应电流方向相反C．线框所受安培力方向相反D．线框中产生的焦耳热相同【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；功的计算；焦耳定律．【分析】力F做功公式为W=Fl，线框进入磁场过程与穿出磁场过程位移大小相等，即可知做功关系．由楞次定律判断感应电流方向的关系．由左手定则判断安培力方向．线框完全在在磁场中时做匀加速运动，穿出磁场过程线框的速度大于进入磁场过程的速度，分析感应电流的大小关系，可判断焦耳热的关系．【解答】解：A、由图看出，线框进入磁场过程与穿出磁场过程位移大小相等，F又是恒力，根据功的公式W=Fl得知，力F做功相等．故A正确．B、线框进入磁场过程与穿出磁场过程中，磁场方向相同，但磁通量变化情况相反，则根据楞次定律得知，线框中感应电流方向相反．故B正确．C、两个过程中，线框受到的安培力都是阻力，根据左手定则可知，安培力方向与线框的速度方向相反，则知，线框所受安培力方向相同．故C错误．D、线框完全在在磁场中时做匀加速运动，则线框刚穿出磁场时速度大于进入磁场过程的速度，而刚出磁场时速度大于或等于进入磁场的速度，由I=得知，感应电流与速度成正比，由焦耳定律得知，穿出磁场时线框中产生的焦耳热较多．故D错误．故选：AB7．已知万有引力恒量为G，如果将月球绕地球运行的轨道视为圆周，并测出了其运行的轨道半径R和运行周期T，则由此可推算（）A．地球的质量B．地球的半径C．月球的运行速度D．地球对月球的万有引力【考点】万有引力定律及其应用．【分析】月球绕地球做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，根据万有引力定律和向心力公式列式分析即可．【解答】解：AB、设月球的质量为m，地球的质量为M，根据万有引力提供向心力，得：G=m，得：M=即可求出地球的质量M，不能求出月球的质量m．故A正确，B错误．C、月球的运行速度为 v=，故C正确．D、地球对月球的万有引力为 F=G，由于月球的质量m无法求出，所以地球对月球的万有引力不能求出．故D错误．故选：AC8．质量为m=20kg 的物体，在大小恒定的水平外力作用下沿水平面做直线运动．该物体在0﹣4s 内的v﹣t 图象如图所示，重力加速度取g=10m/s2，下列说法中正确的是（）A．该物体与水平面间的动摩擦因数为0.20B．恒定的水平外力大小为60NC．在0﹣4s 内恒定的水平外力对物体做的功为960JD．在0～4s 内物体运动的位移大小为12m【考点】功的计算；牛顿第二定律．【分析】根据图象分别求出匀减速运动和匀加速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律列方程，求解动摩擦因数和水平外力大小，由面积求位移，再求解水平外力做功的大小．【解答】解：AB、由图象可得：0～2s内物体做匀减速直线运动，加速度大小为：a1===5m/s2，2s～4s内物体做匀加速直线运动，加速度大小为：a2===1m/s2，根据牛顿第二定律得：匀减速过程有 F+F f=ma1匀加速过程有 F﹣F f=ma2又 F f=μmg，解得：μ=0.20，F=60N．故A、B正确．C、0～2s内物体的位移大小 x1===10m，2～4s内物体的位移大小为x2=m=2m故水平外力做功为 W=﹣F（x1﹣x2）=﹣60×（10﹣2）J=﹣480J．故C错误．D、在0～4s 内物体运动的位移大小为 x=x1﹣x2=10m．故D错误．故选：AB三、非选择题：（包括必考题和选考题两部分．第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～40题为选考题，考生根据要求作答）9．利用水滴法可以粗略测量当地的重力加速度，方法是：如图所示，细心调整水龙头水滴的快慢，使第一滴水落到盘子的瞬间，第二滴正好从水龙头口开始下落．从某一滴水从水龙头口流出的瞬间开始计时，并开始数1，数到第n 滴水离开水龙头口时停止计时，记下所用的时间t0再测出水龙头口到盘子底部的高度h （填写物理量的名称和单位），就可以利用公式g= （用题中的物理量的符号表示）算出当地的重力加速度值．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】（n﹣1）滴水下落的总时间t，每一滴水的时间是T=，高度是h，代入h=gT2，化简可以得到重力加速度．【解答】解：每滴水下落所用时间为：T=；开始数1，数到第n 滴水离开水龙头口时停止计时，记下所用的时间t0再测出水龙头口到盘子底部的高度h；又根据自由落体公式有：h=g（）2得：g=故答案为：水龙头口到盘子底部的高度h；．10．一种电池标称电动势为9V，内电阻约50Ω，允许的最大输出电流为50mA．为了较准确地测量这个电池的电动势和内电阻，可以设计出如1图所示的实验电路，已知实验中所使用的电压表内电阻足够大，可以忽略其对电路的影响；图中R为电阻箱，阻值范围为0﹣999.9Ω，为保护电阻．（1）实验室里备用的定值电阻有以下几种规格：A．10Ω B．50Ω C．150Ω D．500Ω实验时，R0应选用 C 较好（填字母代号）．（2）按照图1所示的电路图，将图2所示的实物连接成实验电路．（3）在实验中，当变阻箱调到图3所示位置后，闭合开关S，电压表的示数为8.70V，此时通过电阻箱的电流为18 mA．（保留2位有效数字）（4）断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数．多次重复上述操作，可得到多组电压值U 和通过电阻箱的电流值I，利用多次读取和计算出的数据，作出如图4所示的图线．根据图线可知，该电源的电动势E= 10.0 V，内电阻r= 0.50 Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律求出此时的R0，再选择定值电阻R0的规格．（2）根据给出的原理图可画出对应的实物图；（3）由图可得出电阻箱的阻值，再由欧姆定律可求得电流；（4）根据闭合电路欧姆定律可得出对应的表达式，再结合数学规律可求出对应的电动势和内电阻．【解答】解：（1）当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律得I m=得R0=130Ω，所以保护电阻应大于130Ω，但不能太大，故选150Ω．（2）本题用闭合电路欧姆定律列式求解电源内阻，电阻箱和保护电阻串连接入电源，电压表接在电阻箱两端，电路图如图所示：（3）当变阻箱调到图3所示位置后，电阻为343.8Ω闭合开关S，电压表的示数为8.70V，根据欧姆定律得I===18mA．（4）由闭合电路欧姆定律可知：U=变形得：=+由图象可知： =0.10解得；E=10.0Vk===0.05解得：r=0.50Ω故答案为：（1）C（2）如图所示；（3）18（4）10.0 0.5011．如图所示，一对竖直放置的平行正对金属板A、B构成电容器，电容为C．电容器的A 板接地，且中间有一个小孔S．一个被灯丝加热的阴极K与S位于同一水平线，从阴极上可以不断地发射出电子，电子经过电压U0．加速后通过小孔S沿水平方向射入A、B两极板间．设电子的质量为m，电荷量为e，电子从阴极发射时的初速度可忽略不计，如果到达B板的电子都被B板吸收，且单位时间内射入电容器的电子个数为n，随着电子的射入，两极板间的电势差逐渐增加，致使最终电子无法到达B板．求：（1）第一个到达B板的电子其速度的大小；（2）当B板吸收了N个电子时，A、B两板间的电势差；（3）从电子射人小孔开始到A、B两板间的电势差达到最大值所经历的时间．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）第一个到达B板的电子在运动过程中，只有KA间的电场力做功，根据动能定理求出其到达B板的速度大小．（2）当B板吸收了N个电子时电容器所带电荷量为Q=Ne，由电容的定义式C=，求A、B 两板间的电势差．（3）电子经过U0的电压加速后，进入A、B板间的动能为eU0，进入A、B板间电场后做减速运动．随着B板电荷增加，电子在A、B间的加速度越来越大，直至电子到达B板的速度为零，此时A、B板间的电势差达到最大值U m根据动能定理求解U m．再由C=，Q=net结合求【解答】解：（1）对于第一个到达B板的电子，根据动能定理得：eU0=则得：v=。
重庆市2016年高考物理模拟试卷5月份 含解析 精品
2016年重庆市高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示为简易升降装置，某人在吊篮中，通过定滑轮拉绳子使系统竖直匀速运动，人的质量为M，吊篮的质量为m，不计空气阻力和摩擦，不计绳子质量，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．匀速上升时人的拉力大于匀速下降时人的拉力B．匀速下降时人的拉力大小等于（m+M）gC．人对吊篮的压力大小为D．人的拉力大小为2．为了道路交通安全，在一些路段设立了刹车失灵避险车道，如图所示，故障车驶入避险车道是为了（）A．增大运动加速度B．减小运动加速度C．增加机械能损失D．减少机械能损失3．如图所示为固定的半径为R的半圆形轨道，O为圆心，一质量为m可视为质点的小物块，由静止开始自轨道边缘上的P点滑下，到达最低点Q时，测得小物块对轨道的弹力大小为2mg，重力加速度为g，则自P滑到Q的过程中，小物块克服摩擦力所做的功为（）A． B． C． D．4．带等量异种电荷的平行板竖直正对放置，两板间有垂直纸面向里的匀强磁场．三个带同种电荷的粒子以相同动能竖直向下射入两板间，轨迹如图所示，不计粒子重力及粒子间的相互作用，则下列说法一定正确的是（）A．粒子带正电B．质量关系m1＞m2C．质量关系m3＞m2D．有一个粒子动能不变5．宇宙空间中有两个星球，绕同一圆心做匀速圆周运动，天文观测到它们之间的距离恒为l，运动周期为T，不考虑其它星体的影响，由此可得出（）A．每个星球的轨道半径B．两个星球的总质量C．每个星球的密度D．每个星球的质量6．某加工厂里有宽度为1m的长条形材料，为了将材料切割成规定尺寸的矩形，使材料以v o=3m/s匀速直线运动，切割刀具的速度v=5m/s，切割过程中刀具与材料各自速度均不变，则下列说法正确的是（）A．切割一次的时间为0.2s B．切割一次的时间为0.25sC．矩形材料的长度是0.6m D．矩形材料的长度是0.75m7．如图所示，倾角为30°的足够长光滑绝缘斜面上，放有两个质量相等的带电小球A、B，控制A球，当A、B相距d时，B球刚好处于静止状态，两小球均可视为质点，不计空气阻力．将A球从静止开始释放后，在A、B间距增大为2d的过程中，下列说法正确的是（）A．两小球系统机械能守恒B．两小球系统机械能增大C．两小球加速度总和不变D．A、B间距增大为2d时，A、B小球加速度大小之比为8：38．如图所示直角坐标xOy平面，在0≤x≤a区域Ⅰ内有沿x轴正向的匀强电场，电场强度大小为E；在x＞a的区域Ⅱ中有垂直于xOy平面的匀强磁场（图中未画出），一质量为m、电量为q的正粒子，从坐标原点由静止开始自由释放，不计粒子重力，能过坐标为（a，b）的P点，则下列说法正确的是（）A．磁场方向垂直于xOy平面向里B．粒子通过P点时动能为qEaC．磁感应强度B的大小可能为D．磁感应强度B的大小可能为6二、非选择题：共62分．9．某同学探究功和动能变化的关系，装置如图所示．（1）将橡皮筋拉伸至O点，使小物块在橡皮筋的作用下从静止开始弹出，离开水平桌面后平抛落至水平地面上，落点记为P，用刻度尺测量出桌面到地面的高度h，小物块抛出点到落地点的水平距离L，不计空气阻力，取重力加速度为g，则小物块离开桌面边缘时速度大小v= ．（2）在钉子上分别套上n条同样的橡皮筋，重复步骤（1），小物块落点记为P′，若在实验误差允许范围内，满足小物块抛出点到落地点的水平距离L′=L，可验证动能定理．10．某学习小组同学发现实验室有一压力传感器，其电阻R与压力F线性关系如图甲所示，他们利用有关电学知识及相关实验器材，设计制作测量物体质量的电子秤．（1）学习小组同学利用一直流电源，其端电压U与电流I关系如图乙所示，则该电源电动势E= V，内阻r= Ω．（2）现有刻度均匀的电流表A：量程为0～3A（内阻不计），导线及电键等，在传感器上面固定绝缘载物板（质量不计），按照图丙连接电路．（3）根据设计电路，重力加速度取g=10m/s2，该电子秤可测量物体的最大质量m= kg，若电流表刻度1A、2A、3A分别对应质量m1、m2、m3，△m=m2﹣m1，△m′=m3﹣m2，则△m △m′（填“＞”、“=”或“＜”）．（4）若该直流电源使用时间过长，则该电子秤读数相对真实值（填“偏大”或“偏小”），属于（填“系统”或“偶然”）误差．11．如图所示，水平地面左侧有光滑的圆弧轨道AB，半径R=1.8m，质量为M的木板静置于圆弧轨道下端，且木板上表面恰好与圆弧轨道最低点B相切，B点在圆心O正下方．质量为m的小物块（可视为质点）从圆弧轨道最高点A处从静止开始释放，小物块恰好能到达木板右端．已知：m=M，物块与木板间动摩擦因数μ1=0.5，木板与水平面间动摩擦因数μ2=0.2，重力加速度取g=10m/s2．求：（1）木板长度L；（2）木板在水平地面运动时间t．12．如图所示，甲、乙两足够长光滑金属直杆交叉固定在光滑水平面上，两杆交于O点，夹角θ=60°，一轻弹簧沿两杆夹角平分线放置，左端固定于O′点，右侧自由端恰好位于O 点，弹簧劲度系数k=10N/m．虚线PQ与弹簧垂直，PQ与O点间距D=1m，PQ右侧有竖直向下匀强磁场，磁感应强度大小B=1T，一质量m=0.1kg金属杆MN置于甲乙杆上且接触良好，金属杆MN将弹簧压缩（不拴接）至图示位置，MN与PQ间距d=0.25m将金属杆MN从图示位置由静止开始无初速释放，金属杆MN沿O′O向右直线运动．已知：甲、乙及MN金属杆是完全相同的导体材料，其单位长度的电阻是r0=Ω/m．弹簧的弹性势能E P与其形变量x的关系是：E P=kx2，式中k为弹簧的劲度系数．求：（1）金属杆MN运动至磁场边界PQ时速度大小；（2）金属杆MN运动至O点过程中，金属杆MN消耗的电能；（3）金属杆MN最终停止运动位置与O点间距L．（共2小题，满分15分）13．下列说法正确的是（）A．气体对容器的压强是大量气体分子对容器的碰撞而产生的B．晶体可能是各项异性的C．压强不超过大气压的几十倍时，实际气体都可以看成理想气体D．第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律E．两个分子间距减小时，分子力可能增大14．如图所示，左端封闭右端开口的细玻璃管水平放置，用h=20cm水银柱封闭了长为L=65cm 理想气体，水银柱右端距玻璃管开口端l=10cm．已知外界大气压强p0=76cmHg，温度t=27℃，重力加速度g=9.8m/s2．求：①玻璃管沿其轴线做水平匀变速直线运动，右端面恰在玻璃管右端口时（水银未溢出），玻璃管的加速度大小a；②给密闭气体缓慢加热，管中水银柱右端面恰在玻璃管右端口时（水银未溢出），密闭气体的温度．（共1小题，满分0分）15．如图所示为t=0时刻的沿x轴正向传播的某简谐横波波形图，质点P的横坐标x P=1.5m．①t=0.5s时，若质点P第一次到达y=0处，求波速大小v1；②若质点P点经0.5s到达最大正位移处，求波速大小v2．（共2小题，满分0分）16．下列说法正确的是（）A．某色光照射到一金属板表面时能够发生光电效应，当增大该色光的照射强度时，从这一金属板表面逸出的光电子的最大初动能不变B．氢原子光谱说明了氢原子辐射的光的频率是不连续的C．一群从处于n=1的基态的氢原子跃迁到n=4的激发态，一定是吸收了6种不同频率的光子D．α射线的电离本领比β射线的电离本领强E．核力将核子束缚在核内，说明核力一定是吸引力17．如图所示，光滑水平面上A、B、C三点间距相同，C点有竖直挡板，质量为m的小球甲从A点以速度v0水平向右运动，与静止于B点的小球乙发生弹性正碰，碰后甲向左运动，乙与挡板发生弹性碰撞后恰好在A点追上甲，两小球均可视为质点，所有碰撞时间忽略不计．求：①小球乙的质量；②挡板对小球乙的冲量．2016年重庆市高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图所示为简易升降装置，某人在吊篮中，通过定滑轮拉绳子使系统竖直匀速运动，人的质量为M，吊篮的质量为m，不计空气阻力和摩擦，不计绳子质量，重力加速度为g．下列说法正确的是（）A．匀速上升时人的拉力大于匀速下降时人的拉力B．匀速下降时人的拉力大小等于（m+M）gC．人对吊篮的压力大小为D．人的拉力大小为【考点】2H：共点力平衡的条件及其应用；29：物体的弹性和弹力．【分析】分别对系统进行受力分析，根据平衡条件列式求解人对绳子的拉力，再对人受力分析，根据平衡条件可求得人受到的支持力，从而由牛顿第三定律求出压力大小．【解答】解：A、不论是匀速上升还是匀速下降，系统均处于平衡状态，合力为零，故匀速上升时人的拉力等于匀速下降时人的拉力，故A错误；B、对人和吊篮分析可知，系统受重力和向上的绳子的拉力，则有：2F=（m+M）g，故F=（m+M）g，故B错误，D正确；C、对人分析可知，人受向上的拉力、重力和吊篮的支持力，根据平衡条件可知：F+N=mg，解得：N=mg﹣（m+M）g=（m﹣M）g，根据牛顿第三定律可知，人对吊篮的拉力为（m﹣M）g，故C错误．故选：D．2．为了道路交通安全，在一些路段设立了刹车失灵避险车道，如图所示，故障车驶入避险车道是为了（）A．增大运动加速度B．减小运动加速度C．增加机械能损失D．减少机械能损失【考点】6A：动能和势能的相互转化；37：牛顿第二定律．【分析】根据避险车道的特点，结合牛顿第二定律和功能关系分析即可．【解答】解：A、由题图可知，避险车道为斜面，车进入避险车道后沿斜面向上运动，车受到的重力有沿斜面向下的分力，与运动的方向相反，所以对车的减速能起到增大减速运动的加速度的作用．故A正确，B错误；C、车进入避险车道后沿斜面向上运动的过程中，动能减小，同时重力势能增大，机械能的变化与重力做功无关．故CD错误．故选：A3．如图所示为固定的半径为R的半圆形轨道，O为圆心，一质量为m可视为质点的小物块，由静止开始自轨道边缘上的P点滑下，到达最低点Q时，测得小物块对轨道的弹力大小为2mg，重力加速度为g，则自P滑到Q的过程中，小物块克服摩擦力所做的功为（）A． B． C． D．【考点】65：动能定理；62：功的计算．【分析】小球在Q点竖直方向上受重力和支持力，根据合力提供向心力求出B点的速度，再根据动能定理求出摩擦力所做的功．【解答】解：在最低点，小物块在竖直方向上受重力和支持力，竖直方向上的合力提供向心力，由牛顿第二定律可得：2mg﹣mg=m，自P滑到Q的过程中，由动能定理可得：mgR﹣W f=m﹣0，联立两式解得：W f=．故ABD错误，C正确．故选：C．4．带等量异种电荷的平行板竖直正对放置，两板间有垂直纸面向里的匀强磁场．三个带同种电荷的粒子以相同动能竖直向下射入两板间，轨迹如图所示，不计粒子重力及粒子间的相互作用，则下列说法一定正确的是（）A．粒子带正电B．质量关系m1＞m2C．质量关系m3＞m2D．有一个粒子动能不变【考点】CF：洛仑兹力．【分析】根据粒子在复合场中的受力，判断粒子的电性，因为不计重力，故无法判断质量间的关系，根据轨迹图判断2电场力不做功，判断动能不变【解答】解：A、粒子进入电场和磁场的复合场后，如果带电，不论带正电荷还是负电荷，受到的电场力和洛伦兹力方向都相反，故发生偏转与受力的大小有关，故无法判断电性，故A错误；BC、粒子的偏转与受到的电场力和洛伦兹力有关，与重力无关，故无法判断质量关系，故BC错误；D、有图可知，2沿直线运动，电场力不做功，故动能不变，故D正确；故选：D5．宇宙空间中有两个星球，绕同一圆心做匀速圆周运动，天文观测到它们之间的距离恒为l，运动周期为T，不考虑其它星体的影响，由此可得出（）A．每个星球的轨道半径B．两个星球的总质量C．每个星球的密度D．每个星球的质量【考点】4F：万有引力定律及其应用．【分析】双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度，对分别运用牛顿第二定律列出动力学方程【解答】解：设两星球的质量分别为和，的轨道半径为，的轨道半径为，由于它们之间的距离恒定，因此双星在空间的绕向一定相同，同时角速度和周期也都相同，由向心力公式可得：对：①对：②由①得③由②得④③+④得⑤因为，⑥⑥代入⑤式得由上面的分析知，ACD错误，每个星球的轨道半径无法求解，每个星球总质量无法求解，每个星球的密度无法求解，只能求出两个星球的总质量，故B正确．故选：B6．某加工厂里有宽度为1m的长条形材料，为了将材料切割成规定尺寸的矩形，使材料以v o=3m/s匀速直线运动，切割刀具的速度v=5m/s，切割过程中刀具与材料各自速度均不变，则下列说法正确的是（）A．切割一次的时间为0.2s B．切割一次的时间为0.25sC．矩形材料的长度是0.6m D．矩形材料的长度是0.75m【考点】44：运动的合成和分解．【分析】割刀实际参与两个分运动，即沿玻璃的运动和垂直玻璃方向的运动．根据运动的合成确定运动的轨迹以及合速度．根据分运动与合运动具有等时性，求出完成一次切割所需的时间，以及一次切割时间里玻璃板的位移．【解答】解：AB、为了使割下的玻璃板都成规定尺寸的矩形，割刀相对玻璃的运动速度应垂直玻璃．割刀实际参与两个分运动，即沿玻璃的运动和垂直玻璃方向的运动．则割刀垂直玻璃方向的速度v⊥==4m/s，那么切割一次的时间为t===0.25s．故A错误，B 正确．CD、在0.25s内玻璃在水平方向的运动位移x=v∥t=3×0.25=0.75m．故C错误，D正确．故选：BD．7．如图所示，倾角为30°的足够长光滑绝缘斜面上，放有两个质量相等的带电小球A、B，控制A球，当A、B相距d时，B球刚好处于静止状态，两小球均可视为质点，不计空气阻力．将A球从静止开始释放后，在A、B间距增大为2d的过程中，下列说法正确的是（）A．两小球系统机械能守恒B．两小球系统机械能增大C．两小球加速度总和不变D．A、B间距增大为2d时，A、B小球加速度大小之比为8：3【考点】6C：机械能守恒定律；37：牛顿第二定律．【分析】分析两球的受力情况，明确库仑力做功，根据机械能守恒条件可明确机械能是否守恒；根据牛顿第二定律可求得加速度，进而明确两物体的加速度大小之和以及比值．【解答】解：A、开始时B球静止，则说明AB两球间为斥力，在A球由静止释放相互远离的过程中，由于库仑力做正功，故两小球的机械能增大；故A错误，B正确；C、两小球受重力和库仑力的作用而做加速运动，设某时刻库仑力大小为F，则由牛顿第二定律可知：A的加速度为：a A=；而B的加速度a B=；则可知，两小球加速度之和不变；故C正确；D 、根据平衡条件可知：mgsin30°=；当距离为2d 时，库仑力为：F′===；则可知，A 的加速度为：a A ==；B 的加速度a B ==；故加速度之比5：3；故D 错误；故选：BC ．8．如图所示直角坐标xOy 平面，在0≤x ≤a 区域Ⅰ内有沿x 轴正向的匀强电场，电场强度大小为E ；在x ＞a 的区域Ⅱ中有垂直于xOy 平面的匀强磁场（图中未画出），一质量为m 、电量为q 的正粒子，从坐标原点由静止开始自由释放，不计粒子重力，能过坐标为（a ，b ）的P 点，则下列说法正确的是（ ）A ．磁场方向垂直于xOy 平面向里B ．粒子通过P 点时动能为qEaC ．磁感应强度B 的大小可能为D ．磁感应强度B 的大小可能为6【考点】CI ：带电粒子在匀强磁场中的运动；AK ：带电粒子在匀强电场中的运动． 【分析】根据左手定则判断磁感应强度的方向；根据动能定理求解粒子通过P 点时的动能；粒子可能经过多个半周以后通过P 点，分析粒子运动半径大小．推导出磁感应强度的计算公式进行分析．【解答】解：根据题意可得，粒子能够通过（a ，b ）的P 点，轨迹可能的情况如图所示， A 、根据左手定则可得，磁场方向垂直于xOy 平面向里，A 正确；B 、洛伦兹力不做功，整个过程中只有电场力做功，根据动能定理可得，粒子通过P 点时动能为E k =qEa ，B 正确；CD、粒子在磁场中运动的速度大小为v，则E k=qEa=，解得：v=；粒子在磁场中运动的半径为：r=，其中n=1、2、3…，根据r=可得：B=2n，磁感应强度不可能为；当n=3时，B=6，所以C错误，D正确；故选：ABD．二、非选择题：共62分．9．某同学探究功和动能变化的关系，装置如图所示．（1）将橡皮筋拉伸至O点，使小物块在橡皮筋的作用下从静止开始弹出，离开水平桌面后平抛落至水平地面上，落点记为P，用刻度尺测量出桌面到地面的高度h，小物块抛出点到落地点的水平距离L，不计空气阻力，取重力加速度为g，则小物块离开桌面边缘时速度大小v= L．（2）在钉子上分别套上n条同样的橡皮筋，重复步骤（1），小物块落点记为P′，若在实验误差允许范围内，满足小物块抛出点到落地点的水平距离L′=L，可验证动能定理．【考点】MJ：探究功与速度变化的关系．【分析】（1）小球离开桌面后做平抛运动，根据桌面到地面的高度，可计算出平抛运动的时间，再根据小物块抛出点到落地点的水平距离，可计算出小球离开桌面时的速度；（2）根据动能定理列式求出在钉子上分别套上n条同样的橡皮筋小物体离开桌面边缘的速度与只有一根橡皮筋时速度的关系，再结合平抛运动基本规律分析即可．【解答】解：（1）小球离开桌面后做平抛运动，根据h=，和L=vt，可得v=L，（2）小物块在橡皮筋的作用下从静止开始弹出的过程中，根据动能定理得：在钉子上分别套上n条同样的橡皮筋，根据动能定理则有：，解得：，而平抛运动的时间相等，根据L=vt可知，L′=L，即在实验误差允许范围内，满足小物块抛出点到落地点的水平距离L′=L，可验证动能定理．故答案为：（1）L；（2）10．某学习小组同学发现实验室有一压力传感器，其电阻R与压力F线性关系如图甲所示，他们利用有关电学知识及相关实验器材，设计制作测量物体质量的电子秤．（1）学习小组同学利用一直流电源，其端电压U与电流I关系如图乙所示，则该电源电动势E= 12 V，内阻r= 2 Ω．（2）现有刻度均匀的电流表A：量程为0～3A（内阻不计），导线及电键等，在传感器上面固定绝缘载物板（质量不计），按照图丙连接电路．（3）根据设计电路，重力加速度取g=10m/s2，该电子秤可测量物体的最大质量m= 180 kg，若电流表刻度1A、2A、3A分别对应质量m1、m2、m3，△m=m2﹣m1，△m′=m3﹣m2，则△m ＞△m′（填“＞”、“=”或“＜”）．（4）若该直流电源使用时间过长，则该电子秤读数相对真实值偏小（填“偏大”或“偏小”），属于系统（填“系统”或“偶然”）误差．【考点】N3：测定电源的电动势和内阻；N6：伏安法测电阻．【分析】（1）电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻．（3）物体的质量越大，压力传感器受到的压力越大，压力传感器电阻越小，电路电流越大，电路最大电流是电流表量程，由欧姆定律求出传感器接入电路的最小阻值，然后求出物体的最大质量；根据闭合电路欧姆定律分析答题．（4）应用根据闭合电路欧姆定律分析电源使用时间过长后电子称测量值与真实值间的关系，然后答题．【解答】解：（1）由图示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为12，则电源电动势为：E=12V，电源内阻为：r===2Ω；（3）电流表量程为3A，电路最大电流为3A，电路最小电阻阻值为：R最小+r===4Ω，传感器接入电路的最小阻值为：R最小=2Ω；由图甲可知，传感器阻值与所受压力的关系为：R=kF+b，由图示图象可知：b=20，0=2000k+b，k=﹣0.01，则R=﹣0.01F+20，当R=2Ω时：2=﹣0.01F+20，则F=1800N，由平衡条件可知：F=G=mg，则有：m最大=180kg；电流为1A时：R1=﹣r=10Ω，10=﹣0.01F1+20，F1=1000N，F1=G1=m1g，m1=100kg，电流为2A时：R2=﹣r=4Ω，4=﹣0.01F2+20，F2=1600N，F2=G2=m2g，m2=160kg，电流为3A时：m3=m最大=180kg，则：△m=m2﹣m1=60kg，△m′=m3﹣m2=20kg，则△m＞△m′．（4）若该直流电源使用时间过长，电源的电动势变小，电源内阻变大，在同一刻度值传感器电阻应更大，所测物体实际质量偏大，则该电子秤读数相对真实值偏小；属于系统误差．故答案为：（1）12；2；（3）180；＞；（4）偏小；系统．11．如图所示，水平地面左侧有光滑的圆弧轨道AB，半径R=1.8m，质量为M的木板静置于圆弧轨道下端，且木板上表面恰好与圆弧轨道最低点B相切，B点在圆心O正下方．质量为m的小物块（可视为质点）从圆弧轨道最高点A处从静止开始释放，小物块恰好能到达木板右端．已知：m=M，物块与木板间动摩擦因数μ1=0.5，木板与水平面间动摩擦因数μ2=0.2，重力加速度取g=10m/s2．求：（1）木板长度L；（2）木板在水平地面运动时间t．【考点】6C：机械能守恒定律；1G：匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】（1）根据机械能守恒定律可求得物体到达B点时的速度，再对物体和木板受力分析，根据牛顿第二定律求解各自的加速度，再根据运动学公式即可求得木板的长度；（2）木板与物块达到共同速度后一起以相同的加速度运动，根据牛顿第二定律可求得加速度，再根据运动学公式即可求得时间．【解答】解：（1）设小物块滑至B点时速度大小为v0；由机械能守恒定律得：mgh=解得：v0=6m/s；物块受木板动摩擦力f1=μ1mg；运动加速度大小为a1有f1=ma1解得：a1=5m/s2；木板受地面动摩擦力f2=μ2（M+m）g；运动加速度大小为a2；有f1﹣f2=Ma2解得：a2=1m/s2；设历时t1木板与物块达到共同速度v；有v=v0﹣a1t1v=a2t1解得：t1=1s；v=1m/s物块位移x1=木板位移x2=木板长度L=x1﹣x2解得：L=3m．（2）木板与物块达到共同速度后一起以加速度a3做匀减速直线运动，a3=μ2g历时t2至停止v=a3t2t2=0.5s；木板在水平地面运动时间t=t1+t2=1+0.5=1.5s．答：（1）木板长度L为3m；（2）木板在水平地面运动时间t为1.5s．12．如图所示，甲、乙两足够长光滑金属直杆交叉固定在光滑水平面上，两杆交于O点，夹角θ=60°，一轻弹簧沿两杆夹角平分线放置，左端固定于O′点，右侧自由端恰好位于O 点，弹簧劲度系数k=10N/m．虚线PQ与弹簧垂直，PQ与O点间距D=1m，PQ右侧有竖直向下匀强磁场，磁感应强度大小B=1T，一质量m=0.1kg金属杆MN置于甲乙杆上且接触良好，金属杆MN将弹簧压缩（不拴接）至图示位置，MN与PQ间距d=0.25m将金属杆MN从图示位置由静止开始无初速释放，金属杆MN沿O′O向右直线运动．已知：甲、乙及MN金属杆是完全相同的导体材料，其单位长度的电阻是r0=Ω/m．弹簧的弹性势能E P与其形变量x的关系是：E P=kx2，式中k为弹簧的劲度系数．求：（1）金属杆MN运动至磁场边界PQ时速度大小；（2）金属杆MN运动至O点过程中，金属杆MN消耗的电能；（3）金属杆MN最终停止运动位置与O点间距L．【考点】D9：导体切割磁感线时的感应电动势；6C：机械能守恒定律；8G：能量守恒定律；BB：闭合电路的欧姆定律；CE：安培力的计算．【分析】（1）金属杆MN运动至磁场边界PQ过程中，只有弹簧弹力做功，故弹簧和杆系统的机械能守恒，根据机械能守恒定律列式分析即可；（2）根据切割公式、安培力公式、胡克定律判断金属杆的运动性质，然后根据能量守恒定律列式求解；（3）金属杆MN与弹簧不拴接，故金属杆经过O点后向右运动时受重力、支持力和安培力，根据切割公式求解感应电动势，根据安培力公式求解安培力，根据牛顿第二定律列式并结合微元法列式求解．【解答】解：（1）设金属杆MN运动至磁场边界PQ时速度大小为v0，有：，代入数据解得：v0=7.5m/s；（2）金属杆MN刚进入磁场瞬时，产生感应电动势为：，电流强度为：，，受安培力为：，受弹簧弹力为：F2=kD，解得：F2=F1，同理分析得：金属杆MN运动至O点过程中，受力平衡，作匀速直线运动，回路消耗的电能为：，金属杆MN消耗的电能为：；（3）金属杆MN通过O点后，设MN到O点距离为x时，导体棒在回路中的长度为l，速度大小为v，加速度大小为a，回路中的电流强度为I，根据牛顿第二定律，有：BIl=ma，其中：，故：，由于，故，故：，由微元法得：，。
重庆版2016届高三理综第六次月考试题
第六次月考理综试题【重庆版】一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个答案中，只有一项符合题目要求）1．交流电源输出的电压U 随时间t 变化的图线如题1图所示，则下列说法正确的是 A ．交变电流的频率为5Hz B ．交变电流的周期为2sC ．交变电压的有效值为220VD ．交变电压的最大值为220V2．如题2图所示，两根通电直导线用四根长度相等的绝缘细线悬挂于O 、O '两点，已知O O '连线水平，导线静止时绝缘细线与竖直方向的夹角均为θ，保持导线中的电流大小和方向不变，在导线所在空间加上匀强磁场后绝缘细线与竖直方向的夹角均增大了相同的角度，下列分析正确的是 A ．两导线中的电流方向一定相同 B ．所加磁场的方向可能沿z 轴正方向 C ．所加磁场的方向可能沿x 轴正方向 D ．所加磁场的方向可能沿y 轴负方向 3．U 23892经过多次α、β衰变最终变为稳定核Pb 20682．则在此衰变过程中不可能．．．出现的原子核为 A ．Rn 22286 B ．Po 21884C ． Bi 21483D ． At 216854．如题4图所示，A 、B 、C 是匀强电场中的三点，AB 垂直于BC ，AB =4cm ，BC =3cm ．AC 与电场方向平行，A 、B 两点的电势分别为5V 和1.8V ．则电场强度大小和C 点的电势分别为 A ．100N/C 和0V B ．80N/C 和4V C ．100N/C 和10V D ．80N/C 和1V5．如题5图所示，太阳和地球组成“日地双星系统”，两者绕共同的圆心C 点（图中未画出）做周期相同的圆周运动．数学家拉格朗日发现，处在拉格朗日点（如题5图所示）的航天器在太阳和地球引力的共同作用下可以绕“日地双星系统”的圆心C 点做周期相同的圆周运动，从而使日、地、航天器三者在太空的相对位置保持不变．不考虑航天器对日地双星系统的影响，不考虑其它天体对该系统的影响．已知：太阳质量为M ，地球质量为m ，太阳与地球球心距离为d ．则下列说法正确的是A ．位于拉格朗日点的绕C 点稳定运行的航天器，其向心加速度小于地球的向心加速度B ．日地双星系统的周期为GMmd T 32π= C ．圆心C 点在太阳和地球的连线上，距离太阳和地球球心的距离之比等于太阳和地球的质量之比D ．拉格朗日点距地球球心的距离x 满足关系式)()(322m M dMx dm M G x m G x d M G+++=++ 二、非选择题（本大题共4小题，共68分）6．（19分）（1）在实验室里为了验证动量守恒定律，可以采用如题6（1）图所示的装置．若入射小球质量为1m ，半径为1r ；被碰小球质量为2m ，半径为r ，则 ( )题1图 题2图题4图 题5图A ．21m m >，21r r >B ．21m m >，21r r <C ．21m m >，21r r =D ．21m m <，21r r =（2）小欢在实验室中利用各种仪器探索由电源和电阻组成的黑箱，如题6（2）图甲所示．I ．为了探测黑箱，小欢进行了以下几步测量： ①用多用电表的电阻挡测量a 、b 间的电阻； ②用多用电表的电压挡测量a 、b 间的输出电压； ③用多用电表的电流挡测量a 、b 间的输出电流．你认为以上测量中哪2项不妥： (填序号)，理由是：II ．含有电源的黑箱相当于一个等效电源（a 、b 是电源的两极)，小欢想测定这个等效电源的电动势和内阻，设计了如题6（2）图乙所示的测量电路，此电路同时能测出电阻0R 的阻值．小欢将滑动变阻器的滑片移动到不同位置时，记录了三个电表的一系列示数．记录在下面两个表格中．表格一电压表示数/V 1.21 0.90 0.60 0.29 0.01 电流表示数/A0.100.200.300.400.50表格二电压表示数/V 1.40 1.31 1.22 1.08 1.00 电流表示数/A0.100.200.300.400.50①在题6（2）图丙的坐标纸中分别作出0R 的I U -图象和等效电源的I U -图象； ②根据作出的图象可以求出定值电阻0R =________Ω，电源电动势E =_______V ，内电阻r =__________Ω③若实验中的所有操作和数据处理无错误，不考虑读数等偶然误差，实验中测得的定值电阻0R 值_____实际值（横线上选填“大于、等于、小于”）．7．如题7图所示的钢板由倾斜部分和水平部分组成，水平部分足够长，两部分之间由一小段圆弧面相连接．在钢板的中间有位于竖直面内的光滑圆槽轨道，斜面的倾角为θ．现有两个质量均为m 、半径均为r （不能忽略）的均匀球沿圆槽轨道排列，在施加于1号球的水平外力作用下均静止，此时1号球球心距它在水平．．．．．．．槽运动时的球心．．．．．．．高度差为h ．现撤去外力使小球开始滑动，然后两个小球均以相同速度滑动到水平槽内．已知整个过程中系统无机械能损失，重力加题6（2）图 θh12 F题7图（1）两球在水平槽中一起匀速运动的速度．（2）从开始运动到两球在水平槽中一起匀速运动的过程中，1号球机械能的变化量 8．如题8图所示，纸面内有一固定的金属导轨，它由长为r 的直线段ON 和以O 点为圆心、半径为r 、在NF 处开有小缺口的圆环两部分组成. 另一直导线OP 以 O 为圆心，沿逆时针方向匀速转动,周期为T . 直导线OP 与导轨接触良好，导轨和直导线单位长度电阻均为λ．整个空间有磁感应强度为B 、方向垂直于纸面向外的匀强磁场．当直导线OP 转动到与ON 的夹角为θ（只考虑P 到达F 点之前的情况）时，求（1）固定导轨消耗的电功率；（2）圆环缺口NF 两端的电势差NF U ．9．平时擦玻璃时，我们经常会用到如题9图甲所示的“魔力刷”．使用时，两个一样的刷子分别位于玻璃窗户玻璃板的两侧，两刷子靠磁铁的吸引力吸在玻璃上，当移动其中一块刷子时，另一块刷子会跟到移动，达到同时清洁玻璃内外侧的目的．已知：某种品牌玻璃刷的每个刷子的质量都为m ，与玻璃的滑动摩擦因数均为63=μ，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g ．（1）将其中一个刷子用与竖直方向成3πθ=的推力压在竖直玻璃上，如题9图乙所示，现要把刷子沿竖直方向向上推动，求推力的最小值（2）把两个刷子对齐分别放在竖直玻璃板的两侧，如题9图丙所示，现用与竖直方向成3πα=，大小为mg F 60=的拉力向下拉动内侧的刷子时，外侧刷子将立即跟着移动且很快与内侧刷子保持相对静止．此时刷子磁铁间的吸引力在垂直玻璃板面方向的分量恒为mg 36，求刷子间的磁铁吸引力在沿玻璃板面切线方向的分量．（3）假设玻璃是边长为L 的正方形，刷子是边长为d 的正方形；当两刷子的正对面积大于一半时，刷子磁铁间的吸引力的垂直分量和切向分量均不变，当两刷子的正对面积小于或等于一半时，两刷子就无法吸引在一起．在（2）的情况下，若拉力方向不变，大小变为mg 45271，要使一次性向下拉动刷子就可以完成清理玻璃的竖边，求Ld的取值范围．三、选做题 10．（12分）（1）题10（1）图为“研究一定质量气体在压强不变的条件下，体积变题8图甲 乙 丙αθ 题9图化与温度变化的关系”的实验装置图．粗细均匀的弯曲玻璃管的A 管插入烧瓶，B 管与玻璃管C 下部用橡胶管连接，C 管开口向上，一定质量的气体被水银封闭于烧瓶内．开始时，B 、C内的水银面等高，外界大气压恒定，下列判断正确的是A ．保持B 、C 两管不移动，若烧瓶内气体温度降低，则瓶内气体密度增大，对外做正功 B ．保持B 、C 两管不移动，若烧瓶内气体温度降低，则C 管中水银柱将升高 C ．若烧瓶内气体温度升高，为使瓶内气体的压强不变，应将C 管向下移动D ．若烧瓶内气体温度升高，为使瓶内气体的压强不变，应将C 管向上移动（2）如题10（2）图，喷雾器内有一定体积的水，初始时上部封闭有压强为0p 、体积为1V 的空气．关闭喷雾阀门，用打气筒向喷雾器内再充入压强为0p 、体积为2V 的空气（设外界环境温度一定，空气可看作理想气体）． ①当水面上方被封气体温度与外界温度相等时，求气体压强．②打开喷雾阀门，喷雾过程中封闭气体可以看成等温膨胀，此过程气体是“吸热”、“放热”或“既不吸热也不放热”？11．略化学试题可能用到的相对原子质量：C-12 O-16 Na-23 Mg-24 Cl-35.5 Ca-40 1.下列对有关物质性质的分析正确的是 A ．IBr 可与水反应生成HIO 和HBrB ．在高温下用氢气还原MgCl 2可制取金属镁C ．Na 久置于空气中，最终生成NaHCO 3D ．打开盛浓盐酸的试剂瓶可看到白色的雾，说明HCl 不稳定 2.下列反应的离子方程式书写正确的是A ．硝酸银溶液中滴加过量氨水：Ag ＋＋NH 3·H 2O===AgOH ↓＋NH ＋4B ．FeSO 4溶液在空气中变质：4Fe 2+＋O 2＋2H 2O===4Fe 3+＋4OH－C ．泡沫灭火器工作时化学反应： 2Al 3++3CO 32-+3H 2O===2Al(OH)3↓+3CO 2↑D ．过量碳酸氢钠溶液与氢氧化钡溶液反应：Ba 2++2OH -+2HCO 3-===BaCO 3↓+CO 32-+2H 2O3.下列实验现象预测正确的是A ．I ：振荡后静置，上层溶液颜色保持不变B ．II ：酸性KMnO 4溶液中出现气泡，且颜色逐渐褪去C ．III ：微热稀HNO 3片刻，溶液中有气泡产生，广口瓶内始终保持无色D ．IV ：继续煮沸溶液一定能得到氢氧化铁胶体4．将浓度都为1mol/L 的Na 2CO 3溶液和稀H 2SO 4按体积比2：1混合，则下列说法正确的是 A.混合溶液的pH<7B.混合溶液中：c(SO 42-)+c(OH -)< c(HCO 3-)+c(H 2CO 3)+c(CO 32-)C.混合溶液中：c(Na +)+c(H +)<2[c(SO 42-)+c(CO 32-)]D.混合溶液中离子浓度大小顺序是：c(Na +)>c(HCO 3-)>c(OH -)>c(SO 42-)>c(H +)5．麦考酚酸是一种有效的免疫抑制剂，其结构简式如下图所示。
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2016年重庆三十七中高考物理全真模拟试卷（六）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1．质量为m的物体在沿斜面向上的拉力F作用下沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则斜面与地面间（）A．没有摩擦力B．摩擦力的方向水平向右C．支持力为（M+m）g D．支持力小于（M+m）g2．如图1是书本上演示小蜡块运动规律的装置．在蜡块沿玻璃管（y方向）上升的同时，将玻璃管紧贴着黑板沿水平方向（x方向）向右运动，得到了蜡块相对于黑板（xoy平面）运动的轨迹图（图2）．则蜡块沿玻璃管的上升运动与玻璃管沿水平方向的运动，可能的形式是（）A．小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动，玻璃管沿水平方向做匀加速直线运动B．小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动，玻璃管沿水平方向做匀速直线运动C．小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，玻璃管沿水平方向先加速后减速D．小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，玻璃管沿水平方向先减速后加速3．一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行．现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的轨迹．下列说法中正确的是（）A．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B．木炭包的质量越大，径迹的长度越短C．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短4．半径为r的带缺口刚性金属圆环在纸面上固定放置，并处在变化的磁场中，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，如甲图所示．磁场的方向垂直于纸面，规定垂直纸面向里为正，变化规律如乙图所示．则以下说法正确的是（）A．第2秒内上极板为正极B．第3秒内上极板为负极C．第2秒末两极板之间的电场强度大小为零D．第4秒末两极板之间的电场强度大小为5．科学家在望远镜中看到太阳系外某一恒星有一行星，并测得它围绕该恒星运行一周所用的时间为1200年，它与该恒星的距离为地球到太阳距离的100倍．假定该行星绕恒星运行的轨道和地球绕太阳运行的轨道都是圆周，仅利用以上两个数据可以求出的量有（）A．行星质量与太阳质量之比B．恒星密度与太阳密度之比C．行星质量与地球质量之比D．行星运行速度与地球公转速度之比6．一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，原线圈与正弦交流电源连接，输入电压U 如图所示，副线圈仅接一个10Ω的电阻，则（）A．流过电阻的电流是0.2AB．变压器的输入功率是1×103WC．经过1分钟电阻发出的热量是6×l03JD．与电阻并联的电压表示数是100 V7．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a，b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不计粒子的重力．则（）A．a，b一定是异种电荷的两个带电粒子B．沿M﹣P轨迹方向电势将降低，沿M﹣N轨迹方向电势将升高C．a粒子的加速度将减小，b粒子的加速度将增大D．a粒子的电势能增加，b粒子的电势能减小8．在xOy平面上以O为圆心、半径为r的圆形区域内，存在磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，从原点O以初速度v沿y轴正方向开始运动，经时间t后经过x轴上的P点，此时速度与x轴正方向成θ角，如图所示．不计重力的影响，则下列关系一定成立的是（）A．若r＜，则0°＜θ＜90°B．若r≥，则t≥C．若t=，则r=D．若r=，则t=二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第22题～第25题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33题～第35题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共47分）9．为了测量木块与木板间动摩擦因数μ，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离．位移传感器连接计算机，描绘出木块相对传感器的位移S随时间t变化规律，如图所示．（1）根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v= m/s，木块加速度a=m/s2；（2）为了测定动摩擦因数μ，还需要测量的量是；（已知当地的重力加速度g）；（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数μ的测量精度，下列措施可行的是（单选）A．A点与传感器距离适当大些B．木板的倾角越大越好C．选择体积较大的空心木块D．传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻．10．一实验小组准备探究元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图所示的电路图．请回答下列问题：（1）考虑电表内阻的影响，该无件电阻的测量值（选填“大于”、“等于”或“小于’’）真实值．（2）实验测得表格中的7组数据．请在坐标纸上作出该元件的I﹣U图线．（3）为了求元件Q在I﹣U图线上某点的电阻，甲同学利用该点的坐标（u、I），由求得．乙同学作出该点的切线，求出切线的斜率k，由R=求得．其中（选填“甲’’或“乙”）同学的方法正确．11．如图所示，光滑绝缘的正方形水平桌面边长为d=0.48m，离地高度h=1.25m．桌面上存在一水平向左的匀强电场（除此之外其余位置均无电场），电场强度E=1×104N/C．在水平桌面上某一位置P处有一质量m=0.01kg，电量q=1×10﹣6C的带正电小球以初速v0=1m/s向右运动．空气阻力忽略不计，重力加速度g=10m/s2．求：（1）小球在桌面上运动时加速度的大小和方向？（2）P处距右端桌面多远时，小球从开始运动到最终落地的水平距离最大？并求出该最大水平距离？12．电子对湮灭是指电子“e﹣”和正电子“e+”碰撞后湮灭，产生γ射线的过程，电子对湮灭是正电子发射计算机断层扫描（PET）及正电子湮灭能谱学（PAS）的物理基础．如图所示，在平面直角坐标系xOy上，P点在x轴上，且=2L，Q点在负y轴上某处．在第Ⅰ象限内有平行于y轴的匀强电场，在第Ⅱ象限内有一圆形区域，与x，y轴分别相切于A，C两点， =L，在第Ⅳ象限内有一未知的圆形区域（图中未画出），未知圆形区域和圆形区域内有完全相同的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面向里．一束速度大小为v0的电子束从A点沿y轴正方向射入磁场，经C点射入电场，最后从P点射出电场区域；另一束速度大小为v0的正电子束从Q点沿与y轴正向成45°角的方向射入第Ⅳ象限，而后进入未知圆形磁场区域，离开磁场时正好到达P点，且恰好与从P点射出的电子束正碰发生湮灭，即相碰时两束电子速度方向相反．已知正、负电子质量均为m、电荷量均为e，电子的重力不计．求：（1）圆形区域内匀强磁场磁感应强度B的大小和第Ⅰ象限内匀强电场的场强E的大小；（2）电子从A点运动到P点所用的时间；（3）Q点纵坐标及未知圆形磁场区域的最小面积S．（二）选考题（共15分.请从给出的3道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一个题目计分）[物理--选修33]13．下列说法正确的是（）A．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大B．当分子力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大C．外界对物体做功，物体内能一定增加D．当分子间的距离增大时，分子力一定减小E．有些单晶体在不同方向上有不同的光学性质14．如图所示，内径粗细均匀的U形管，右侧B管上端封闭，左侧A管上端开口，管内注入水银，并在A管内装配有光滑的、质量可以不计的活塞，使两管中均封入L=25cm的空气柱，活塞上方的大气压强为P0=76cmHg，这时两管内水银面高度差h=6cm．今用外力竖直向上缓慢地拉活塞，直至使两管中水银面相平．设温度保持不变，则：A管中活塞向上移动距离是多少？[物理--选修34]15．下列说法中正确的是（）A．在光导纤维束内传送图象是利用光的衍射现象B．用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉现象C．全息照片往往用激光来拍摄，主要是利用了激光的相干性D．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度E．海市蜃楼产生的原因是由于海面上上层空气的折射率比下层空气折射率小16．一列简谐横波在x轴上传播，如图所示，实线为t=0时刻的波形图，虚线为△t=0.2s 后的波形图，求：①此波的波速为多少？②若△t＞T且波速为165m/s，试通过计算确定此波沿何方向传播？[物理--选修35]17．下列说法正确的是（）A．卢瑟福通过α粒子散射实验提出了原子的核式结构模型B．结合能越大，原子核结构一定越稳定C．如果使用某种频率的光不能使某金属发生光电效应，则需增大入射光的光照强度才行D．发生β衰变时，元素原子核的质量数不变，电荷数增加1E．在相同速率情况下，利用质子流比利用电子流制造的显微镜将有更高的分辨率18．如图所示，质量为M=2kg的木板静止在光滑的水平地面上，木板AB部分为光滑的四分之一圆弧面，半径为R=0.3m，木板BC部分为水平面，粗糙且足够长．质量为m=1kg的小滑块从A点由静止释放，最终停止在BC面上D点（D点未标注）．若BC面与小滑块之间的动摩擦因数μ=0.2，g=10m/s2，求：（Ⅰ）小滑块刚滑到B点时的速度大小；（Ⅱ）BD之间的距离．2016年重庆三十七中高考物理全真模拟试卷（六）参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.1．质量为m的物体在沿斜面向上的拉力F作用下沿放在水平地面上的质量为M的粗糙斜面匀速下滑，此过程中斜面体保持静止，则斜面与地面间（）A．没有摩擦力B．摩擦力的方向水平向右C．支持力为（M+m）g D．支持力小于（M+m）g【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对整体分析，通过共点力平衡求出地面的摩擦力和支持力的大小．【解答】解：整体受力如图所示，根据共点力平衡得，地面的摩擦力f=Fcosθ，分析水平向左．支持力的大小N=（M+m）g﹣Fsinθ，小于（M+m）g．故D正确，A、B、C错误．故选：D．【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解．掌握整体法和隔离法的运用．2．如图1是书本上演示小蜡块运动规律的装置．在蜡块沿玻璃管（y方向）上升的同时，将玻璃管紧贴着黑板沿水平方向（x方向）向右运动，得到了蜡块相对于黑板（xoy平面）运动的轨迹图（图2）．则蜡块沿玻璃管的上升运动与玻璃管沿水平方向的运动，可能的形式是（）A．小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动，玻璃管沿水平方向做匀加速直线运动B．小蜡块沿玻璃管做匀加速直线运动，玻璃管沿水平方向做匀速直线运动C．小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，玻璃管沿水平方向先加速后减速D．小蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，玻璃管沿水平方向先减速后加速【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】轨迹切线方向为初速度的方向，且轨迹弯曲大致指向合力的方向．【解答】解：由曲线运动的条件可知，合力与初速度不共线，且轨迹的弯曲大致指向合力的方向，若蜡块沿玻璃管做匀速直线运动，则玻璃管沿x方向先减速后加速；若蜡块沿水平方向做匀速直线运动，则玻璃管沿x方向先加速后减速；故A、B、C错误，D 正确．故选：D．【点评】解决本题的关键了解曲线运动的特点，轨迹上每一点切线方向为速度的方向，且轨迹弯曲大致指向合力的方向．3．一条足够长的浅色水平传送带自左向右匀速运行．现将一个木炭包无初速地放在传送带的最左端，木炭包在传送带上将会留下一段黑色的轨迹．下列说法中正确的是（）A．黑色的径迹将出现在木炭包的左侧B．木炭包的质量越大，径迹的长度越短C．传送带运动的速度越大，径迹的长度越短D．木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短【考点】滑动摩擦力；匀变速直线运动规律的综合运用；牛顿第二定律．【分析】木炭包在传送带上先是做匀加速直线运动，达到共同速度之后再和传送带一起匀速运动，黑色的径迹就是它们相对滑动的位移，求出相对位移再看与哪些因素有关．【解答】解：A、刚放上木炭包时，木炭包的速度慢，传送带的速度快，木炭包向后滑动，所以黑色的径迹将出现在木炭包的右侧，所以A错误．木炭包在传送带上运动靠的是与传送带之间的摩擦力，摩擦力作为它的合力产生加速度，所以由牛顿第二定律知，μmg=ma，所以a=μg，当达到共同速度时，不再有相对滑动，由V2=2ax 得，木炭包位移 X木=，设相对滑动的时间为t，由V=at，得t=，此时传送带的位移为x传=vt=，所以滑动的位移是△x=x传﹣X木=，由此可以知道，黑色的径迹与木炭包的质量无关，所以B错误，传送带运动的速度越大，径迹的长度越长，所以C错误，木炭包与传送带间动摩擦因数越大，径迹的长度越短，所以D正确．故选：D．【点评】求黑色的轨迹的长度，就是求木炭包和传送带的相对滑动的位移，由牛顿第二定律和匀变速直线运动的规律很容易求得它们相对滑动的位移，在看相对滑动的位移的大小与哪些因素有关即可．4．半径为r的带缺口刚性金属圆环在纸面上固定放置，并处在变化的磁场中，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，如甲图所示．磁场的方向垂直于纸面，规定垂直纸面向里为正，变化规律如乙图所示．则以下说法正确的是（）A．第2秒内上极板为正极B．第3秒内上极板为负极C．第2秒末两极板之间的电场强度大小为零D．第4秒末两极板之间的电场强度大小为【考点】法拉第电磁感应定律；电容；闭合电路的欧姆定律．【分析】由图可知磁感应强度的变化，则由楞次定则可得出平行板上的带电情况；对带电粒子受力分析可知带电粒子的受力情况，由牛顿第二定律可知粒子的运动情况；根据粒子受力的变化可知粒子加速度的变化，通过分析可得出粒子的运动过程．【解答】解：A、第2s内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电；故A正确；B、第3s内情况：由楞次定律可知，金属板上极板带正电，金属板下极板带负电；故B错误；C、根据法拉第电磁感应定律可知，第2秒末感应电动势不变，则两极板之间的电场强度大小不为零，故C错误；D、由题意可知，第4秒末两极板间的电场强度大小E===，故D错误；故选：A．【点评】本题属于综合性题目，注意将产生感应电流的部分看作电源，则可知电容器两端的电压等于线圈两端的电压，这样即可还原为我们常见题型．5．科学家在望远镜中看到太阳系外某一恒星有一行星，并测得它围绕该恒星运行一周所用的时间为1200年，它与该恒星的距离为地球到太阳距离的100倍．假定该行星绕恒星运行的轨道和地球绕太阳运行的轨道都是圆周，仅利用以上两个数据可以求出的量有（）A．行星质量与太阳质量之比B．恒星密度与太阳密度之比C．行星质量与地球质量之比D．行星运行速度与地球公转速度之比【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】根据行星的万有引力等于向心力，结合行星的轨道半径和公转周期列式求出恒星质量的表达式进行讨论即可．【解答】解：行星绕恒星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设恒星质量为M，行星质量为m，轨道半径为r，有G=m（）2r=m①解得：M=，v=同理，太阳质量为：M′=，v′=A、由于该行星的周期为1200年，地球的公转周期为1年，则有：T：T′=1200：1；题中有：r：r′=100：1，故可以求得恒星质量与太阳质量之比，故A错误；B、由于恒星与太阳的体积均不知，故无法求出它们的密度之比，故B错误；C、由于①式中，行星质量可以约去，故无法求得行星质量，也不能求出地球的质量，故C 错误．D、由于能求出行星质量与太阳质量之比，已知r：r′=100：1，所以可求出行星运行速度与地球公转速度之比，故D正确．故选：D．【点评】本题关键是根据行星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，列方程求出太阳和恒星的质量．6．一理想变压器原、副线圈匝数比n1：n2=11：5，原线圈与正弦交流电源连接，输入电压U 如图所示，副线圈仅接一个10Ω的电阻，则（）A．流过电阻的电流是0.2AB．变压器的输入功率是1×103WC．经过1分钟电阻发出的热量是6×l03JD．与电阻并联的电压表示数是100 V【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【专题】交流电专题．【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论【解答】解：A、由图象可知，原线圈中电压的最大值为220V，所以电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为10Ω，所以电流的为10A，所以A错误；B、原副线圈的功率是相同的，由P=UI=100×10W=1×l03W，所以B正确；C、经过1分钟电阻发出的热量是Q=I2Rt=102×10×60=6×104J，故C错误；D、电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V，故D错误．故选：B【点评】掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题7．如图所示，实线为不知方向的三条电场线，从电场中M点以相同速度飞出a，b两个带电粒子，运动轨迹如图中虚线所示，不计粒子的重力．则（）A．a，b一定是异种电荷的两个带电粒子B．沿M﹣P轨迹方向电势将降低，沿M﹣N轨迹方向电势将升高C．a粒子的加速度将减小，b粒子的加速度将增大D．a粒子的电势能增加，b粒子的电势能减小【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据粒子轨迹的弯曲方向可判断粒子所受电场力的方向，根据电场力方向与场强方向的关系判断电性．电场线越密，场强越大，电荷所受电场力越大，加速度越大；电场线越疏，场强越小，电荷所受电场力越小，加速度越小．根据电场力做功正负判断电势能和动能的变化【解答】解：A、粒子做曲线运动，所受电场力（合力）的方向指向轨迹的内侧，所以能判断a，b一定带异种电荷，但是不清楚哪一个带正电荷，哪一个带负电荷，所以不能判断电场的方向，即不能判断出a，b粒子运动方向上电势是升高还是降低，故选项A正确，B错误；C、电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，所以a受电场力减小，加速度减小，b受电场力增大，加速度增大，故选项C正确；D、物体做曲线运动，所受力的方向指向轨迹的内侧，从图中轨迹变化来看电场力都做正功，动能都增大，速度都增大，所以电势能都减小，故选项D错误．故选：AC【点评】本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向判断出电荷所受的电场力是关键．基础题，不应失分8．在xOy平面上以O为圆心、半径为r的圆形区域内，存在磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面．一个质量为m、电荷量为q的带电粒子，从原点O以初速度v沿y轴正方向开始运动，经时间t后经过x轴上的P点，此时速度与x轴正方向成θ角，如图所示．不计重力的影响，则下列关系一定成立的是（）A．若r＜，则0°＜θ＜90°B．若r≥，则t≥C．若t=，则r=D．若r=，则t=【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】根据带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的过程中，洛伦兹力提供向心力，即可求出粒子运动的半径与周期；结合几何关系即可求得其他．【解答】解：粒子在磁场中运动时，洛伦兹力提供向心力，得：所以粒子在磁场中运动的半径：粒子运动的周期：A、若r＜2R=，则粒子运动的轨迹如图1，粒子从第一象限射出磁场，射出磁场后做直线运动，所以0°＜θ＜90°．故A正确；B、C、D、若r≥2R=，则粒子运动的轨迹如图2，粒子一定是垂直与x轴经过x轴，所以粒子在第一象限中运动的时间是半个周期，所以t==．故BC错误，D正确．故选：AD【点评】带电粒子在磁场中由洛伦兹力提供做匀速圆周运动，同时结合数学几何关系来构建长度关系．注意运动圆弧的半径与磁场半径的区别．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第22题～第25题为必考题，每个试题考生都必须作答.第33题～第35题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题（共47分）9．为了测量木块与木板间动摩擦因数μ，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离．位移传感器连接计算机，描绘出木块相对传感器的位移S随时间t变化规律，如图所示．（1）根据上述图线，计算0.4s时木块的速度v= 0.4 m/s，木块加速度a= 1 m/s2；（2）为了测定动摩擦因数μ，还需要测量的量是斜面倾角（或A点的高度）；（已知当地的重力加速度g）；（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数μ的测量精度，下列措施可行的是 A （单选）A．A点与传感器距离适当大些B．木板的倾角越大越好C．选择体积较大的空心木块D．传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题；摩擦力专题．【分析】（1）由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；（2）为了测定动摩擦力因数μ还需要测量的量是木板的倾角θ；（3）为了提高木块与木板间摩擦力因数μ的测量精度，可行的措施是A点与传感器位移适当大些或减小斜面的倾角．【解答】解：（1）根据某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得0.4s 末的速度为：v=，0.2s末的速度为：，则木块的加速度为：a=．（2）选取木块为研究的对象，木块沿斜面方向是受力为：ma=mgsinθ﹣μmgcosθ得：所以要测定摩擦因数，还需要测出斜面的倾角θ（3）根据（2）的分析可知，在实验中，为了减少实验误差，应使木块的运动时间长一些，可以：可以减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等，传感器开始的计时时刻不一定必须是木块从A点释放的时刻．故A正确，BCD错误．故选：A故答案为：（1）0.4，1；（2）斜面倾角（或A点的高度）；（3）A．【点评】解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及会通过实验的原理得出动摩擦因数的表达式，从而确定所需测量的物理量．10．一实验小组准备探究元件Q的伏安特性曲线，他们设计了如图所示的电路图．请回答下列问题：（1）考虑电表内阻的影响，该无件电阻的测量值大于（选填“大于”、“等于”或“小于’’）真实值．（2）实验测得表格中的7组数据．请在坐标纸上作出该元件的I﹣U图线．。