广西桂林市桂林中学2016-2017学年高二上学期期末模拟考试物理试题Word版含答案
一.单选题1.以下涉及物理学史上的四个重大发现，其中说法不符合史实的是（）A.伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B.奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在电场C.法拉第通过实验研究，总结出法拉第电磁感应定律D.卡文迪许通过扭秤实验，测定出了万有引力恒量2.下列说法正确的是（）A.电流方向就是正电荷定向移动的方向B.外电路短路时，电源的内电压等于零C.外电路断开时，电源的路端电压为零D.由公式URI可知，电阻R与电压U成正比，与电流I成反比3.一只普通的家用照明白炽灯正常发光时，通过它的电流与下列哪一数据较为接近（）A.20AB.10AC.2AD.0.2A4.有关电荷所受电场力和洛伦兹力的说法中，正确的是（）A.电荷在电场中一定受电场力的作用B.电荷在磁场中一定受磁场力的作用C.电荷受电场力的方向与该处的电场方向一致D.电荷若受磁场力，则受力方向与该处的磁场方向相同5. 1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速度器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒1D、2D构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A.离子从磁场中获得能量B.离子从电场中获得能量C.离子由加速器的边缘进入加速器D.离子获得的最大能量值由交变电压大小决定6.一直流电动机正常工作时两端的电压为U，通过电流为I，电动机线圈的电阻为r，该电动机正常工作时，下列说法正确的是（）A.电动机消耗的电功率为IUB.电动机的输出功率为2rIC.电动机的发热功率为2 r UD.I、U、r三个量间满足U Ir7.如图所示电路中，当变阻器3R的滑动头P向b端移动时，下列判断中正确的是（）A.电压表示数变大，电流表示数变小B.电压表示数变小，电流表示数变大C.电压表示数变大，电流表示数变大D.电压表示数变小，电流表示数变小8.如图所示，水平直导线中通有稳恒电流I，现在导线正上方以初速度v释放一重力不计的带正电的粒子，v方向与电流方向相同，则粒子将（）A.沿路径a运动，曲率半径变小B.沿路径a运动，曲率半径变大C.沿路径b运动，曲率半径变小D.沿路径b运动，曲率半径变大二.多选题9.关于磁感应强度，正确的说法是（ ） A.磁感应强度B 是矢量，方向与安培力F 的方向相同 B.B 是矢量，方向与通过该点的磁感线的切线方向相同C.在同一磁场中，磁感线密的地方B 大些，磁感线疏的地方B 小些D.根据定义式FB IL=，磁场中某点的磁感应强度B 与安培力F 成正比，与IL 成反比 10.关于电场强度的三个公式①F E q =②2kQE r=③U E d =的物理意义及适用范围，下列说法正确的是（ ） A.公式①FE q=，式中q 不是产生该电场的点电荷而是试探电荷 B.公式②2kQE r=，式中Q 是产生该电场的点电荷而不是试探电荷C.由公式②2kQE r=，可知点电荷电场中某点的电场强度与该点电荷的电量Q 成正比D.公式①和③适用于任何电场，公式②只适用于真空中的点电荷形成的电场11.图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M 点，再经过N 点，可以判定（ ）A.M 点的电势高于N 点的电势B.粒子在M 点的电场强度小于N 点的电场强度C.粒子在M 点的加速度大于在N 点的加速度D.粒子在M 点的速度小于在N 点的速度12.如图，在一个水平方向的匀强磁场中，水平放置一粗糙的绝缘杆，在杆上套有一个带正电的环，环正在沿杆运动，磁场的方向与环的运动方向如图所示，对环在此后的运动，下列说法正确的是（ ）A.环一定做减速运动，且最终速度一定为零B.环可能开始做减速运动，然后做匀速运动C.若环的动能发生了变化，可能是磁场力对环做了功D.若环的动能发生了变化，环一定克服摩擦力做了功三.填空题13.匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过1A的电流时，受到2⨯的磁场力，则该磁场的磁感应强度是T；当导线长度缩短一半时，磁感应强610N-度是T。
14.目前世界上正在研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，下图表示它的发电原理：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和带负电的微粒，而从整体上来说呈电中性）喷入磁场，由于等离子体在磁场力的作用下运动方向发生偏转，磁场中的两块金属板A 和B上就会聚集电荷，从而在两板间产生电压．请你判断：在图示磁极配置的情况下，金属→”板（选填“A”或“B”）的电势较高，通过电阻R的电流方向是（选填“a b →”）。
或“b a15.利用螺旋测微器测量铜丝的直径和用游标卡尺测量圆管的内径，分别如图所示，由左边图可知铜丝直径mm，由右边图可知圆管内径是mm。
16.用多用电表测电阻时：（1）在某次测量中，实验操作正确，选择开关的位置如图（a）所示，表头刻度和指针位置如图（b ）所示，则被测电阻的阻值为 Ω。
（2）若继续用该表测量另一阻值约为20Ω的电阻，则应将选择开关旋至倍率为 档，并在测量电阻前先进行欧姆调零操作，测量结束后，应将选择开关旋至off 或交流电压最高档。
17.在“测定电源电动势和内阻”的实验中按图甲连接电路，其中定值电阻01.8R=Ω。
（1）现有待测电源（电动势E 约4V ，内阻r 约1Ω）、电流表()00.6A A 、开关和导线若干以及以下器材： A.电压表()105V V B.电压表()215V VC.滑动变阻器()10500R Ω D.滑动变阻器()220R Ω为了使测量结果尽量准确，实验中电压表应选用 ，滑动变阻器应选用 （选填相应器材前的字母）；（2）若根据实验数据作出如图乙所示的U I -图像，则该电源的电动势E = V ；内阻r =Ω；（3）某小组在实验时，发现电流表坏了，于是不再使用电流表，仅用电阻箱'R 替换掉了滑动变阻器，他们在实验中读出几组电阻箱的阻值'R和电压表的示数U ，描绘出'11U R -的关系图像，得到的函数图像是一条直线，若该图像的斜率为k ，与纵轴的截距为b ，则其电动势为 ，内阻为 。
四.计算题18.在如图所示的水平匀强电场中，一个带正电的82.010q C -=+⨯的点电荷在沿电场线方向从A 点运动到B 点，且4000ABV U=，A.B 两点间的距离0.10d m =，求：（1）匀强电场的电场强度E 的大小；（2）该点电荷从A 点移至B 点的过程中，电场力所做的功W ； （3）该点电荷从A 点移至B 点的过程中，其电势能的减小量。
19.某辆以蓄电池为驱动能源的环保汽车总质量3310m kg =⨯，当它在水平路面上以10/v m s =的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流55I A =，电压300U V =，在此状态下行驶。
（1）求驱动电机的输入功率P电；（2）若驱动电机能够将输入功率的80%转化为用于牵引汽车前进的机械功率P机，求汽车匀速运动过程中所受阻力为多大？阻力与车重的比值为多少？（210/g m s =）20.如图所示，在与水平方向成60角的光滑金属导轨间连一电源，电源的电动势=6E V ，电源内阻和导轨电阻不计，在相距2m 的平行导轨上放一重为6N 的金属棒ab ，其电阻2R =Ω，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止，求： （1）通过棒ab 的电流强度； （2）匀强磁场的磁感应强度大小； （3）ab 棒对导轨的压力。
21.如图所示，一个质量为m.电荷量为q 的正离子，在D 处沿图示方向以一定的速度与界面成60角射入磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里，结果离子正好从距A 点为L 的小孔C 沿垂直电场方向进入匀强电场，此电场方向与AC 平行且向上，最后离子打在G 处，而G 处距A 点()3L AG AC ⊥，不计离子重力，离子运动轨迹在纸面内，求： （1）此离子在磁场中做圆周运动的半径r ； （2）此离子在磁场中做圆周运动的速度大小； （3）离子从D 处运动到G 处所需时间； （4）离子到达G 处时的动能。
参考答案：1、B2、A3、D4、A5、B6、A7、B8、A9、BC 10、ABC 11、ABD 12、BD13、0.3T ，0.3T 14、A ，a b →15、0.500mm ，111.50mm 16、（1）1300Ω；（2）1⨯17、（1）A ；D （2）4.5V ，0.7Ω （3）1E b =；0r R kb=-18、（1）匀强电场的电场强度：44.0/10ABE V m dU==⨯。
（2）电场力所做的功：58.010W qU J -==⨯。
（3）电势能的减少量为58.010p W J E -==⨯△。
19、（1）驱动电机的输入功率为： 455300 1.6510P IU W W ==⨯=⨯电。
（2）地面对环保汽车的支持力 N F mg =，摩擦力 f N F F μ=，机械功率为：80%P P =电机，汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，则有 f P Fv F v ==机，代入数据解得 1320f F N =，因此 0.044fF mg=。
20、（1）根据闭合电路欧姆定律，有：6320I A r E R ==++=A 。
（2）金属棒的平面受力分析图如图所示：根据平衡条件，有： 21260N N cos GG =︒==，60F Gtan =︒=，故磁感应强度：32B I F L =⨯。
（3）根据牛顿第三定律，压力大小等于支持力大小，为12N 。
21、（1）正离子的运动轨迹如图所示：由几何知识可得：cos60r r L += 解得：23L r =。
（2）设离子在磁场中运动的速度为0v，有牛顿第二定律得：20q B mrvv =离子在磁场中运动的速度大小为：023qBLmv =。
（3）离子在磁场中运动的周期：022rmT qBvππ==根据轨迹得到：离子在磁场中做圆周运动的时间为112023603mT qBt π== 离子从C 运动到G 做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动 所需要的时间20392LmqBt v==故离子从D C G →→的总时间为：122932m mt qB qBt t π=+=+。
（4）设电场强度为E ，对离子在电场中的运动过程，由牛顿第二定律得到：qE ma =而2212L a t = ，由动能定理得到：2012k qEL m v E =-，解得：2222681k mqB LE =。
广西桂林十八中2016-2017学年高二上学期开学物理试卷 Word版含解析
2016-2017学年广西桂林十八中高二（上）开学物理试卷一、单项选择题（每小题只有一个正确答案，每题4分，共40分）1．请用学过的电学知识判断下列说法正确的是（）A．电工穿绝缘衣比穿金属衣安全B．小鸟停在高压输电线上会被电死C．制作汽油桶的材料用金属比用塑料好D．打雷时呆在汽车里比呆在木屋里要危险2．两个完全相同的小金属球，它们带异种电荷，电荷量的大小之比为5：1（两小球皆可视为点电荷），它们在相距一定距离时相互作用力为F1，如果让它们接触后再放回各自原来的位置上，此时相互作用力变为F2，则F1：F2为（）A．5：2 B．5：4 C．5：6 D．5：93．库仑定律是电学中第一个被发现的定量规律，它的发现受万有引力定律的启发．实际问题中有时需要同时考虑万有引力和库仑力，比如某无大气层的均匀带有大量负电荷的质量分布均匀的星球．将一个带电微粒置于离该星球表面一定高度处无初速释放，发现微粒恰好能静止．现给微粒一个如图所示的初速度v，则下列说法正确的是（）A．微粒将做匀速直线运动 B．微粒将做圆周运动C．库仑力对微粒做负功D．万有引力对微粒做正功4．19世纪30年代，法拉第提出一种观点，认为在电荷周围存在电场，电荷之间通过电场传递相互作用力．下列说法中正确的是（）A．电场线越密的地方，同一电荷所受电场力一定越大B．静电场的电场线是闭合的C．电场线的方向，就是电荷受力的方向D．带电粒子仅受电场力作用，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合5．如图，在M、N处固定两个等量同种点电荷，两电荷均带正电．O点是MN连线的中点，直线PQ是MN的中垂线．现有一带正电的试探电荷q自O点以大小是v0的初速度沿直线向Q点运动．若试探电荷q只受M、N处两电荷的电场力作用，则下列说法正确的是（）A．q将做匀速直线运动B．q的加速度将逐渐减小C．q的动能将逐渐减小D．q的电势能将逐渐减小6．两个质量相同的小球用不可伸长的细线连接，置于场强为E的匀强电场中，小球1和小球2均带正电，电量分别为q1和q2（q1＞q2）．将细线拉直并使之与电场方向平行，如图所示．若将两小球同时从静止状态释放，则释放后细线中的张力T为（不计重力及两小球间的库仑力）（）A．T=（q1﹣q2）E B．T=（q1﹣q2）E C．T=（q1+q2）E D．T=（q1+q2）E7．在雷雨云下沿竖直方向的电场强度为104V/m，已知一半径为1mm的雨滴在此电场中不会下落，取重力加速度大小为10m/s2，水的密度为103kg/m3．这雨滴携带的电荷量的最小值约为（）A．2×10﹣9C B．4×10﹣9C C．6×10﹣9C D．8×10﹣9C8．如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触．把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开，（）A．此时A带正电，B带负电B．此时A电势低，B电势高C．移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D．先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合9．如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A、B分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A、B两点电场强度大小分别是E A、E B，电势分别是φA、φB，下列判断正确的是（）A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB 10．如图所示，在匀强电场中有M、N、P三点，它们的电势分别为φM=10V、φN=6V、φP=2V，则以下四个图中正确表示电场方向的是（）A． B． C．D．二、多项选择题（共24分.每题至少有2个答案，全对得4分，少选得2分，选错得0分）11．一金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示．容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度比B点的大B．小球表面的电势比容器内表面的低C．B点的电场强度方向与该处内表面垂直D．将检验电荷从A点沿不同路径到B点，电场做功为零12．如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球A、B、C（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）A．A对B的静电力一定是引力 B．A对B的静电力可能是斥力C．A的电量可能比B少D．A的电量一定比B多13．如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点．不计重力．下列说法正确的是（）A．M带负电荷，N带正电荷B．M在b点的动能小于它在a点的动能C．N在d点的电势能等于它在e点的电势能D．N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功14．如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直平面（纸面）内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称．忽略空气阻力．由此可知（）A．Q点的电势比P点高B．油滴在Q点的动能比它在P点的大C．油滴在Q点的电势能比它在P点的大D．油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小15．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，如图所示．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，下列判断中正确的是（）A．保持S不变，增大d，则θ变小B．保持S不变，增大d，则θ变大C．保持d不变，减小S，则θ变大D．保持d不变，减小S，则θ变小16．竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，小球A、B带有同种电荷．现用指向墙面的水平推力F作用于小球B，两球分别静止在竖直墙和水平地面上，如图所示．如果将小球B向左推动少许，当两球重新达到平衡时，与原来的平衡状态相比较（）A．推力F将变大B．竖直墙面对小球A的弹力变大C．地面对小球B的支持力不变D．两小球之间的距离变大三、非选择题，写出必要的解题步骤（共36分）17．如图所示：一质量为m的带电小球A用长度为l的绝缘丝质细线悬挂于天花板上的O点，在O点的正下方l处的绝缘支架上固定一个带与A同种电荷的小球B，两个带电小球都可视为点电荷．已知小球A静止时丝线OA与竖直方向的夹角为60°，设丝线中拉力为T，小球所受库仑力为F，求拉力T与库仑力F分别为多少．18．如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔，质量为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零（空气阻力忽略不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g），求：（1）小球到达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；（3）小球从开始下落运动到下极板处的时间．19．电视机的显像管中，电子束的偏转是用电偏转和磁偏转技术实现的．如图甲所示，电子枪发射出的电子经小孔S1进入竖直放置的平行金属板M、N间，两板间所加电压为U0；经电场加速后，电子由小孔S2沿水平放置金属板P和Q的中心线射入，两板间距离和长度均为L；距金属板P和Q右边缘L处有一竖直放置的荧光屏；取屏上与S1、S2共线的O点为原点，向上为正方向建立x轴．已知电子的质量为m，电荷量为e，初速度可以忽略．不计电子重力和电子之间的相互作用．（1）求电子到达小孔S2时的速度大小v；（2）若金属板P和Q间只存在电场，P、Q两板间电压U随时间t的变化关系如图乙所示，单位时间内从小孔S1进入的电子个数为N．电子打在荧光屏上形成一条亮线；每个电子在板P和Q间运动的时间极短，可以认为两板间的电压恒定；忽略电场变化产生的磁场．试求在一个周期（即2t0时间）内打到荧光屏单位长度亮线上的电子个数n．2016-2017学年广西桂林十八中高二（上）开学物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题只有一个正确答案，每题4分，共40分）1．请用学过的电学知识判断下列说法正确的是（）A．电工穿绝缘衣比穿金属衣安全B．小鸟停在高压输电线上会被电死C．制作汽油桶的材料用金属比用塑料好D．打雷时呆在汽车里比呆在木屋里要危险【考点】静电现象的解释．【分析】穿金属的衣服和待在汽车里时，可以对里面的人体起到静电屏蔽作用，从而可以保护人的安全，由于塑料和油摩擦容易起电，用塑料的话，产生的静电荷不易泄漏，反而会早造成危险．【解答】解：A、电力工人高压带电作业，全身穿戴金属丝网制成的衣、帽、手套、鞋，可以对人体起到静电屏蔽作用，使人安全作业．所以A错误．B、小鸟的两只脚之间的距离很小，所以小鸟的两只脚之间的电压也很小，所以不会对小鸟造成危害，所以B错误．C、因为塑料和油摩擦容易起电，产生的静电荷不易泄漏，形成静电积累，造成爆炸和火灾事故．所以制作汽油桶的材料用金属比用塑料好；故C正确．D、一辆金属车身的汽车也是最好的“避雷所”，一旦汽车被雷击中，它的金属构架会将闪电电流导入地下．故D错误．故选：C．【点评】本题考查静电现象的应用和解释，要求能掌握住基本的知识，对于生活中的一些现象要能够用所学的知识来解释．2．两个完全相同的小金属球，它们带异种电荷，电荷量的大小之比为5：1（两小球皆可视为点电荷），它们在相距一定距离时相互作用力为F1，如果让它们接触后再放回各自原来的位置上，此时相互作用力变为F2，则F1：F2为（）A．5：2 B．5：4 C．5：6 D．5：9【考点】库仑定律．【分析】两个球的电性不同，则接触带电的原则是先中和后平分，根据F=得出接触后再放回原处的库仑力大小．【解答】解：它们在相距一定距离时相互作用力为F1=；两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为2q，此时两球的库仑力F2==F1，则F1：F2为5：4，故B正确，ACD错误；故选B．【点评】解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式F=．3．库仑定律是电学中第一个被发现的定量规律，它的发现受万有引力定律的启发．实际问题中有时需要同时考虑万有引力和库仑力，比如某无大气层的均匀带有大量负电荷的质量分布均匀的星球．将一个带电微粒置于离该星球表面一定高度处无初速释放，发现微粒恰好能静止．现给微粒一个如图所示的初速度v，则下列说法正确的是（）A．微粒将做匀速直线运动 B．微粒将做圆周运动C．库仑力对微粒做负功D．万有引力对微粒做正功【考点】库仑定律．【分析】先库仑定律求解出库仑力表达式，根据万有引力定律求解出万有引力表达式；距离变化时，再分析合力情况．【解答】解：根据库仑定律，静电力：F=万有引力：F′=根据平衡条件，有：F=F′距离r变化时，静电力与库仑力一直平衡，故合力为零，做匀速直线运动；故选：A．【点评】本题关键是将库仑定律与万有引力定律比较，注意都是平方反比定律，题中库仑力与万有引力一直平衡．4．19世纪30年代，法拉第提出一种观点，认为在电荷周围存在电场，电荷之间通过电场传递相互作用力．下列说法中正确的是（）A．电场线越密的地方，同一电荷所受电场力一定越大B．静电场的电场线是闭合的C．电场线的方向，就是电荷受力的方向D．带电粒子仅受电场力作用，由静止开始运动，其运动轨迹一定与电场线重合【考点】电场线；电场强度．【分析】电场线越密的地方，同一电荷所受电场力一定越大，电场线从正电荷出发到负电荷终止，电场线的方向，就是正电荷受力的方向．【解答】解：A、根据电场力F=qE知，电场线越密的地方，同一电荷所受电场力一定越大，A正确；B、电场线从正电荷出发到负电荷终止，电场线不闭合，B错误；C、电场线的方向，就是正电荷受力的方向，C错误；D、带电粒子仅受电场力作用，由静止开始运动，其运动轨迹不一定与电场线重合，当电场线是直线时重合，D错误；故选：A【点评】掌握电场线的特点，知道电场线的疏密表示场强大小，电场线不变化，沿电场线方向电势逐渐降低．5．如图，在M、N处固定两个等量同种点电荷，两电荷均带正电．O点是MN连线的中点，直线PQ是MN的中垂线．现有一带正电的试探电荷q自O点以大小是v0的初速度沿直线向Q点运动．若试探电荷q只受M、N处两电荷的电场力作用，则下列说法正确的是（）A．q将做匀速直线运动B．q的加速度将逐渐减小C．q的动能将逐渐减小D．q的电势能将逐渐减小【考点】电场的叠加；电势能．【分析】本题要根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷的受力情况，分析其运动情况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况．【解答】解：A、两等量正电荷周围部分电场线如右图所示，其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向．故试探电荷所受的电场力是变化的，q由O向Q的运动做非匀加速直线运动，加速度先增大后减小，故AB错误．C、从O到Q过程，电场力做正功，电势能减小，则动能增大，故C错误．D正确．故选：D【点评】本题考查静电场的基本概念．关键要了解等量同种点电荷电场线的分布情况，运用动能定理进行分析．6．两个质量相同的小球用不可伸长的细线连接，置于场强为E的匀强电场中，小球1和小球2均带正电，电量分别为q1和q2（q1＞q2）．将细线拉直并使之与电场方向平行，如图所示．若将两小球同时从静止状态释放，则释放后细线中的张力T为（不计重力及两小球间的库仑力）（）A．T=（q1﹣q2）E B．T=（q1﹣q2）E C．T=（q1+q2）E D．T=（q1+q2）E【考点】电场线；牛顿第二定律．【分析】对球1、2整体受力分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度．对球2受力分析，由牛顿第二定律求出细线中的张力T．【解答】解：对球1、2整体受力分析，根据牛顿第二定律得：Eq1+Eq2=2ma，对球2受力分析，由牛顿第二定律得：T+Eq2=ma，两式联立得T=，故A正确．【点评】解决本题关键在于把牛顿第二定律和电场力知识结合起来，在研究对象上能学会整体法和隔离法的应用．7．在雷雨云下沿竖直方向的电场强度为104V/m，已知一半径为1mm的雨滴在此电场中不会下落，取重力加速度大小为10m/s2，水的密度为103kg/m3．这雨滴携带的电荷量的最小值约为（）A．2×10﹣9C B．4×10﹣9C C．6×10﹣9C D．8×10﹣9C【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】带电雨滴只受重力和电场力，要使雨滴不下落，电场力最小要等于重力，由二力平衡条件可以求出电荷量．【解答】解：带电雨滴在电场力和重力作用下保持静止，根据平衡条件电场力和重力必然等大反向mg=Eq其中：m=ρVV=解得C故选B．【点评】本题关键在于电场力和重力平衡，要求熟悉电场力公式和二力平衡条件！8．如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触．把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开，（）A．此时A带正电，B带负电B．此时A电势低，B电势高C．移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D．先把A和B分开，然后移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合【考点】静电现象的解释．【分析】根据静电感应规律可明确AB两端所带电性，再根据电荷间的相互作用分析移走C后AB所带电量，即可明确金箔能否闭合．【解答】解：A、物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电；故A 错误；B、此时AB为等势体，两端电势相等；故B错误；C、移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合；故C正确；D、先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔仍然张开；故D错误；故选：C．【点评】本题考查静电现象，要注意理解感应起电的性质，并明确正负电荷之间的相互作用所带来的现象，能通过所学物理规律进行分析解答．9．如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A、B分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A、B两点电场强度大小分别是E A、E B，电势分别是φA、φB，下列判断正确的是（）A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB 【考点】电场强度；电势．【分析】该题考查常见电场的电场线特点，结合其电场线的图即可作答．【解答】解：常见电场的电场线中，等量异种电荷的电场线特点如图，可见，A点的电场线比较密，故A点的场强大；另外，电场线的分析从左到右，故A的电势高于B点的电势．因此，A选项正确，BCD都错误．故答案为：A【点评】该题考查常见电场的电场线特点，题目简单，很容易选出正确的答案．10．如图所示，在匀强电场中有M、N、P三点，它们的电势分别为φM=10V、φN=6V、φP=2V，则以下四个图中正确表示电场方向的是（）A． B． C．D．【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】匀强电场电场线是平行等间距，而等势面与电场线垂直，则等势面也平行等间距，且沿着电场线方向，电势降低．【解答】解：由题意可知，各点的电势分别为φM=10V、φN=6V、φP=2V，则MP连线的中点的电势为6V，所以该点与N点的连线，即为等势线．由于沿着电场线方向，电势降低．故C 正确，ABD错误；故选：C【点评】考查匀强电场的电场线是平行，等势线也是平行，且掌握电场线的方向与电势降低的方向关系．二、多项选择题（共24分.每题至少有2个答案，全对得4分，少选得2分，选错得0分）11．一金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如图所示．容器内表面为等势面，A、B为容器内表面上的两点，下列说法正确的是（）A．A点的电场强度比B点的大B．小球表面的电势比容器内表面的低C．B点的电场强度方向与该处内表面垂直D．将检验电荷从A点沿不同路径到B点，电场做功为零【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】根据电场线的疏密可判定电场强度的强弱；依据沿着电场线方向电势是降低的小球表面和容器表面的电势高低；根据电场线总与等势线垂直即可确定B点的电场强度与该处的内表面是否垂直；在同一等势线上移送电荷时电场力做功为零．【解答】解：A、依据电场线越疏，电场强度越弱，而电场线越密的，则电场强度越强，由图可知，则A点的电场强度比B点的小，故A错误；B、根据沿着电场线方向电势是降低的，可知，小球表面的电势比容器内表面的高，故B错误；C、因容器内表面为等势面，且电场线总垂直于等势面，因此B点的电场强度方向与该处内表面垂直，故C正确；D、因A、B在同一等势面上，将检验电荷从A点沿不同路径到B点，电场力所做的功相同，均为零，故D正确；故选：CD．【点评】本题考查电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，掌握电场线的方向与电势的高低的关系，理解电场线总垂直等势面，注意同一等势面上移送电荷时，电场力不做功．12．如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球A、B、C（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下静止，则以下判断正确的是（）A．A对B的静电力一定是引力 B．A对B的静电力可能是斥力C．A的电量可能比B少D．A的电量一定比B多【考点】库仑定律；电势能．【分析】因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进行分析列出平衡方程即可求得结果．【解答】解：AB、根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，因此A对B的静电力一定是引力，故A正确，B错误；CD、根据库仑定律来确定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量的大小，因此在大小上一定为“两大夹一小”，因此A的电量一定比B多．故C错误，D正确；故选：AD．【点评】三个小球只受静电力而平衡时，三个小球所带的电性一定为“两同夹一异”，且在大小上一定为“两大夹一小”距离上“近小远大”．13．如图，一带正电的点电荷固定于O点，两虚线圆均以O为圆心，两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹，a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点．不计重力．下列说法正确的是（）A．M带负电荷，N带正电荷B．M在b点的动能小于它在a点的动能C．N在d点的电势能等于它在e点的电势能D．N在从c点运动到d点的过程中克服电场力做功【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【分析】根据轨迹的弯曲，确定粒子所受的力是吸引力还是排斥力，从而确定粒子的电性；根据动能定理，结合库仑力做功情况判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化．【解答】解：A、由粒子运动轨迹可知，M受到的是吸引力，N受到的是排斥力，可知M带负电荷，N带正电荷，故A正确．B、M从a到b点，库仑力做负功，根据动能定理知，动能减小，则b点的动能小于在a点的动能，故B正确．C、d点和e点在同一等势面上，电势相等，则N在d点的电势能等于在e点的电势能，故C 正确．D、N从c到d，库仑斥力做正功，故D错误．故选：ABC．【点评】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，掌握判断动能和电势能变化的方向，一般的解题思路是根据动能定理判断动能的变化，根据电场力做功判断电势能的变化．14．如图，一带负电荷的油滴在匀强电场中运动，其轨迹在竖直平面（纸面）内，且相对于过轨迹最低点P的竖直线对称．忽略空气阻力．由此可知（）A．Q点的电势比P点高B．油滴在Q点的动能比它在P点的大C．油滴在Q点的电势能比它在P点的大D．油滴在Q点的加速度大小比它在P点的小【考点】电势差与电场强度的关系；电势能．【分析】根据曲线运动的性质以及运动轨迹可明确粒子受力情况，再根据电场力的性质即可判断电场线的方向，从而明确电势高低；根据电场力做功情况可明确动能的变化以及电势能的变化；根据力的性质可明确加速度的关系．【解答】解：A、根据粒子的弯折方向可知，粒子受合力一定指向上方；同时因轨迹关于P点对称，则可说明电场力应竖直向上；粒子带负电，故说明电场方向竖直向下；则可判断Q点的电势比P点高；故A正确；B、粒子由P到Q过程，合外力做正功，故油滴在Q点的动能比它在P点的大；故B正确；C、因电场力做正功，故电势能减小，Q点的电势能比它在P点的小；故C错误；D、因受力为恒力；故PQ两点加速度大小相同；故D错误；故选：AB．【点评】本题考查带电粒子在匀强电场中的运动，要注意本题中油滴受到重力和电场力作用，这里应先考虑合力，再去分析电场力的性质；同时注意掌握物体做曲线运动的条件应用．15．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，如图所示．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，下列判断中正确的是（）A．保持S不变，增大d，则θ变小B．保持S不变，增大d，则θ变大C．保持d不变，减小S，则θ变大D．保持d不变，减小S，则θ变小【考点】影响平行板电容器电容的因素．【分析】静电计指针偏角大小表示极板间电势差的大小，抓住电量不变，根据U=，通过C 的变化，从而判断U 的变化．【解答】解：根据电容的定义式C=，保持S 不变，增大d ，电容C 减小，再根据U=，知U 增大，所以θ变大．故A 错误，B 正确；保持d 不变，减小S ，电容减小，再根据U=，知U 增大，所以θ变大．故C 正确，D 错误．故选：BC ．【点评】解决电容器的动态分析问题关键抓住不变量．若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变．16．竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，小球A 、B 带有同种电荷．现用指向墙面的水平推力F 作用于小球B ，两球分别静止在竖直墙和水平地面上，如图所示．如果将小球B 向左推动少许，当两球重新达到平衡时，与原来的平衡状态相比较（ ）A ．推力F 将变大B ．竖直墙面对小球A 的弹力变大C ．地面对小球B 的支持力不变D ．两小球之间的距离变大【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】先以A 球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件分析墙壁对A 的弹力如何变化，再以AB 整体为研究对象，根据平衡条件分析F 如何变化和地面对小球B 的弹力的变化．由库仑定律分析两球之间的距离如何变化．【解答】解：A 、B 、C 以A 球为研究对象，分析受力，作出力图如图1所示．设B 对A 的库仑力F 与墙壁的夹角为θ，由平衡条件得竖直墙面对小球A 的弹力为： N 1=m A gtan θ，将小球B 向左推动少许时θ减小，则竖直墙面对小球A 的弹力N 1减小．故B 错误． 再以AB 整体为研究对象，分析受力如图2所示，由平衡条件得：F=N 1N 2=（m A +m B ）g则F 减小，地面对小球B 的支持力一定不变．故A 错误，C 正确．D 、由上分析得到库仑力F 库=，θ减小，cos θ增大，F 库减小，根据库仑定律分析得知，两球之间的距离增大．故D 正确．故选：CD ．。
广西壮族自治区高二上学期物理期末考试试卷 (I)卷(模拟)
广西壮族自治区高二上学期物理期末考试试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共10题；共23分)1. （2分）地球的地理两极与地磁两极并不完全重合，它们之间存在磁偏角，首先观测到磁偏角的是（）A . 意大利航海家哥伦布B . 葡萄牙航海家麦哲伦C . 我国的航海家郑和D . 中国古代科学家沈括2. （2分） (2017高二上·海口期末) 关于匀强电场的说法中正确的是（）A . 电场强度的大小和方向处处相同B . 匀强电场的电场线是不平行直线C . 逆着电场线方向的各场点电场强度越来越大D . 不同点电荷在匀强电场中所受电场力一样3. （2分）如图所示，R3处是光敏电阻，a、b两点间接一电容，当开关S闭合后，在没有光照射时，电容上下极板上电量为零，当用光线照射电阻R3时,下列说法正确的是（）A . R3的电阻变小，电容上极板带正电，电流表示数变大B . R3的电阻变小，电容上极板带负电，电流表示数变大C . R3的电阻变大，电容上极板带正电，电流表示数变小D . R3的电阻变大，电容上极板带负电，电流表示数变小4. （2分） (2015高二下·广州期中) 如图所示，一宽40cm的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向里．一边长为20cm的正方形导线框位于纸面内，以垂直于磁场边界的恒定速度v=20cm/s通过磁场区域，取它刚进入磁场的时刻t=0，设逆时针方向为正．在下列图线中，正确反映感应电流随时间变化规律的是（）A .B .C .D .5. （2分） (2016高二上·新会期中) 关于匀强电场中电势差与场强的关系，正确的说法是（）A . 在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大B . 任意两点间的电势差等于场强和这两点距离的乘积C . 电势减小的方向，必定是场强的方向D . 沿电场线的方向任意相同距离上的电势差必定相等6. （2分）(2020·扬州模拟) 磁流体发电机的结构简图如图所示。
广西壮族自治区高二上学期物理期末考试试卷 (I)卷
广西壮族自治区高二上学期物理期末考试试卷（I）卷姓名:________ 班级:________ 成绩:________一、选择题 (共12题；共29分)1. （2分） (2017高一下·武威期末) 下列说法正确的是（）A . 第一次通过实验比较准确的测出万有引力常量的科学家是卡文迪许B . 做匀速圆周运动的物体，当它所受的合力突然减小一半时，它将做直线运动C . 经典力学适用于宏观高速物体D . 力是矢量，位移是矢量，所以功也是矢量2. （2分） (2016高二上·福建期中) 如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．当滑动变阻器的触片P向上端滑动时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为△U1和△U2 ，下列说法中正确的是（）A . 小灯泡L1、L2变亮，L3变暗B . 小灯泡L2变亮，L1、L3变暗C . △U1＜△U2D . △U1＞△U23. （2分）如图所示，金属棒AB原来处于静止状态(悬挂)．由于CD棒的运动，导致AB棒向右摆动，则CD 棒（）A . 向右平动B . 向左平动C . 向里平动D . 向外平动4. （2分）关于地球磁场的说法中，正确的是（）A . 地球的地磁北极在地理的南极附近B . 地球的地磁北极在地理的北极附近C . 地球的地磁北极与地理的南极重合D . 地球的地磁两极与地理的两极重合5. （2分） (2016高二上·新疆期中) 如图所示，水平放置的平行板电容器，闭合电键与稳压直流电源连接，下板固定，当上板在AB位置时，一个带电油滴刚好静止在电容器的中点，现在断开电键，使上板在AB位置与A′B′位置之间上下往复移动，以下关于带电油滴的运动描述正确的是（）A . 油滴在电容器两极板间上下往复运动B . 油滴始终向下极板运动最后到达下极板C . 油滴始终处于静止状态D . 上板向上移动时，油滴做加速运动；上板向下移动时，油滴做减速运动6. （2分） (2018高二上·鄂尔多斯月考) 如图所示，一正方体导线框各边电阻均为R ， MN、PQ两边均接有电容为C的电容器．开关闭合后，若电流表的示数为I ，则每个电容器所带的电荷量为（）A .B .C .D .7. （2分）(2017·平遥模拟) 两块平行金属板带等量异种电荷，要使两板间的电压变为原来的3倍，而板间的电场强度减为原来的，可采用的办法有（）A . 两板的电量变为原来的3倍，而距离变为原来的9倍B . 两板的电量变为原来的3倍，而距离变为原来的3倍C . 两板的电量变为原来的倍，而距离变为原来的9倍D . 两板的电量变为原来的倍，而距离变为原来的3倍8. （3分） (2017高二下·兰州期中) 如图所示，阻值为R的金属棒从图示位置ab分别以v1、v2的速度沿光滑水平导轨（电阻不计）匀速滑到a′b′位置，若v1：v2=1：2，则在这两次过程中（）A . 回路电流I1：I2=1：2B . 产生的热量Q1：Q2=1：4C . 通过任一截面的电荷量q1：q2=1：1D . 外力的功率P1：P2=1：29. （3分） (2016高二上·桂林开学考) 竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，小球A、B带有同种电荷．现用指向墙面的水平推力F作用于小球B，两球分别静止在竖直墙和水平地面上，如图所示．如果将小球B向左推动少许，当两球重新达到平衡时，与原来的平衡状态相比较（）A . 推力F将变大B . 竖直墙面对小球A的弹力变大C . 地面对小球B的支持力不变D . 两小球之间的距离变大10. （3分） (2017高二上·东营期末) 如图所示，在光滑绝缘的水平桌面上放一弹性闭合导体环，在导体环轴线上方有一条形磁铁．当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，下列判断中正确的是（）A . 导体环有收缩趋势B . 导体环有扩张趋势C . 导体环对桌面压力减小D . 导体环对桌面压力增大11. （3分） (2020高二上·泰州期末) 硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点。
桂林市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题
桂林市高中物理高二物理上学期精选试卷检测题一、第九章静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，一带电小球P用绝缘轻质细线悬挂于O点。
带电小球Q与带电小球P处于同一水平线上，小球P平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。
现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q，使带电小球P能够保持在原位置不动，直到小球Q移动到小球P位置的正下方。
对于此过程，下列说法正确的是（）A．小球P受到的库仑力先减小后增大B．小球P、Q间的距离越来越小C．轻质细线的拉力先减小后增大D．轻质细线的拉力一直在减小【答案】AD【解析】【分析】【详解】画出小球P的受力示意图，如图所示当小球P位置不动，Q缓慢向右下移动时，Q对P的库仑力先减小后增大，根据库仑定律可得，QP间的距离先增大后减小；轻质细线的拉力则一直在减小，当Q到达P的正下方时，轻质细线的拉力减小为零，故选AD。
2．如图所示，带电量为Q的正点电荷固定在倾角为30°的光滑绝缘斜面底端C点，斜面上有A、B、D三点，A和C相距为L，B为AC中点，D为A、B的中点。
现将一带电小球从A 点由静止释放，当带电小球运动到B点时速度恰好为零。
已知重力加速度为g，带电小球在A 点处的加速度大小为4g，静电力常量为k 。
则（ ）A ．小球从A 到B 的过程中，速度最大的位置在D 点 B ．小球运动到B 点时的加速度大小为2g C ．BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA D ．AB 之间的电势差U AB =kQ L【答案】BC 【解析】 【分析】 【详解】A ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma L θ-= 当小球速度最大时，加速度为零，有'2sin 0Qqmg θkL-= 联立上式解得'22L L =所以速度最大的位置不在中点D 位置，A 错误； B ．带电小球在A 点时，有2sin A Qqmg kma Lθ-= 带电小球在B 点时，有2sin 2BQq k mg θma L -=（） 联立上式解得2B g a =B 正确；C ．根据正电荷的电场分布可知，B 点更靠近点电荷，所以BD 段的平均场强大小大于AD 段的平均场强，根据U Ed =可知，BD 之间的电势差U BD 大于DA 之间的电势差U DA ，C 正确；D ．由A 点到B 点，根据动能定理得sin 02AB Lmg θqU ⋅+= 由2sin A Qqmg kma Lθ-=可得 214Qq mg k L= 联立上式解得AB kQU L=-D 错误。
广西桂林市桂林中学2016-2017学年高二上学期期末模拟考试物理试题
一、单选题1. 以下涉及物理学史上的四个重大发现，其中说法不符合史实的是（）A.伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B.奥斯特通过实验研究，发现了电流周围存在电场C.法拉第通过实验研究，总结出法拉第电磁感应定律D.卡文迪许通过扭秤实验，测定出了万有引力恒量【答案】B【解析】考点：物理学史【名师点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
2. 下列说法正确的是（）A.电流方向就是正电荷定向移动的方向B.外电路短路时，电源的内电压等于零C.外电路断开时，电源的路端电压为零D.由公式错误！未找到引用源。
可知，电阻R与电压U成正比，与电流I成反比【答案】A【解析】试题分析：电流方向是正电荷定向移动的方向，与负电荷定向移动的方向相反，故A正确；外电路短路时，错误！未找到引用源。
，则电流为错误！未找到引用源。
，内电压错误！未找到引用源。
，故B错误；外电路断开时，电路中电流为零，电源的内电压为零，根据闭合电路欧姆定律得知，电源的路端电压等于电动势，故C错误；公式错误！未找到引用源。
是比值定义法，具有比值定义法的共性，R与U、I无关，反映导体本身的特性，不能说电阻R 与电压U成正比，与电流I成反比，故D错误。
考点：路端电压与负载的关系；电流、电压概念【名师点睛】本题关键掌握部分电路欧姆定律和全电路欧姆定律，要正确理解断路和短路时路端电压的大小。
3. 一只普通的家用照明白炽灯正常发光时，通过它的电流与下列哪一数据较为接近（）A.错误！未找到引用源。
B.错误！未找到引用源。
C.错误！未找到引用源。
D.错误！未找到引用源。
【答案】D【解析】考点：电功、电功率【名师点睛】本题关键对普通家用照明白炽灯泡的额定电压和额定功率有所了解，考查生活常识，比较简单。
4. 有关电荷所受电场力和洛伦兹力的说法中，正确的是（）A.电荷在电场中一定受电场力的作用B.电荷在磁场中一定受磁场力的作用C.电荷受电场力的方向与该处的电场方向一致D.电荷若受磁场力，则受力方向与该处的磁场方向相同【答案】A【解析】试题分析：电场的基本性质是对其中的电荷有力的作用，可知电荷在电场中一定受到电场力，故A正确；电荷在磁场中不一定受到磁场力，比如：运动方向与磁场平行，故B错误；电荷在电场中一定受电场力作用，与电荷运动状态无关，正电荷受力和电场方向一致，负电荷受力和电场方向相反，故C错误；电荷在磁场中的运动方向和磁场方向不在同一线上时，电荷受洛伦兹力作用，洛伦兹力方向和磁场垂直，故D错误。
《解析》广西桂林中学2016-2017学年高一上学期期末物理模拟试卷Word版含解析
2016-2017学年广西桂林中学高一（上）期末物理模拟试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1-8小题只有一个选项符合题意，9-12小题有多个选项符合题意，全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．根据速度定义式v=，当△t极小时表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法B．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．下列说法中正确的是（）A．研究奥运会冠军刘翔的跨栏技术时可将刘翔看作质点B．在某次铅球比赛中，某运动员以18.62米的成绩获得金牌，这里记录的成绩是比赛中铅球经过的路程C．瞬时速度可理解为时间趋于零时的平均速度D．“北京时间10点整”指的是时间，一节课40min指的是时刻3．关于物体运动状态的改变，下列说法中正确的是（）A．物体运动的速率不变，其运动状态就不变B．物体运动的加速度不变，其运动状态就不变C．物体运动状态的改变包括两种情况：一是由静止到运动，二是由运动到静止D．物体的运动速度不变，我们就说它的运动状态不变4．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1s内与第2s内的位移之比为x1：x2，在走完第1m时与走完第2m时的速度之比为v1：v2，以下说法正确的是（）A．x1：x2=1：3，v1：v2=1：2 B．x1：x2=1：3，v1：v2=1：C．x1：x2=1：4，v1：v2=1：2 D．x1：x2=1：4，v1：v2=1：5．某物体做匀变速直线运动，其位移与时间的关系为x=0.5t+t2（m），则当物体的速度为3m/s时，物体已运动的时间为（）A．1.25 s B．2.5 s C．3 s D．6 s6．如图所示，分别是物体运动的位移x、速度v、加速度a和物体受到的合外力F 随时间t的变化图象，其中表示物体在做匀加速运动的是（）A．B．C．D．7．如图，在地面上一盘子C的正上方A处有一金属小球a距C为20m，在B处有另一个金属小球b距C为15m，小球a比小球b提前1s由静止释放（g取10m/s2）．则（）A．b先落入C盘中，不可能在下落过程中相遇B．a先落入C盘中，a、b下落过程相遇点发生在BC之间某位置C．a、b两小球同时落入C盘D．在a球下落过程中，a、b两小球相遇点恰好在B处8．如图所示，两楔形物块A、B两部分靠在一起，接触面光滑，物块B放置在地面上，物块A上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，A、B两物块均保持静止．则（）A．绳子的拉力可能为零B．地面受的压力大于物块B的重力C．物块B与地面间不存在摩擦力D．物块B受到地面的摩擦力水平向左9．跳高运动员蹬地后上跳，在起跳过程中（）A．运动员蹬地的作用力大小大于地面对他的支持力大小B．运动员蹬地的作用力大小等于地面对他的支持力大小C．运动员所受的支持力和重力相平衡D．运动员所受的合力一定向上10．物体m静止与斜面体M一起静止在水平面上．若将斜面的倾角A稍微增大一些，且物体m仍然静止在斜面上，则（）A．斜面体对物体的支持力变小B．斜面体对物体的摩擦力变大C．水平面与斜面体间的摩擦力变大D．水平面与斜面体间的摩擦力变小11．A、B两个物体从同一地点出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向相反B．t=4s时，A、B两物体处于同一位置C．在相遇前，t=4s时A、B两物体相距最远D．在相遇前，A、B两物体的最远距离为20m12．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上向右滑行，木块同时受到向右的拉力F的作用，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则（）A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgB．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2（m+M）gC．当F＞μ2（m+M）g时，木板便会开始运动D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动二、实验题（本题共2小题，每空2分，共16分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．）13．如图在“验证力的平行四边形定则”的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O．（1）某同学在做该实验时认为：A．拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B．拉橡皮条时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C．橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些D．拉力F1和F2的夹角越大越好其中正确的是（填入相应的字母）（2）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须A．每次把橡皮条拉到同样的位置B．每次把橡皮条拉直C．每次准确读出弹簧测力计的示数D．每次记准细绳的方向（3）若两个弹簧测力计的读数均为4N，且两弹簧测力计拉力的方向相互垂直，则（选填“能”或“不能”）用一个量程为5N的弹簧测力计测量出它们的合力，理由是．14．在“探究加速度与质量的关系”的实验中：（1）备有器材：A．长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C．细绳、小车、砝码；D．装有细沙的小桶；E．薄木板；F．毫米刻度尺；还缺少的一件器材是．（2）实验得到如图甲所示的一条纸带，相邻两个计数点的时间间隔为T；B、C两点的间距x2和D、E两点的间距x4已量出，利用这两段间距计算小车加速度的表达式为．（3）某同学根据实验数据画出的a﹣图线如图乙所示，从图线可得沙和沙桶的总质量为kg．（g取10m/s2）（4）另一位同学根据实验数据画出的a﹣图象如图丙所示，则造成这一结果的原因是．三、计算题：（本大题共4小题，共36分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．一颗自由下落的小石头，经过某点时的速度是10m/s，经过另一点时的速度是30m/s，求经过这两点的时间间隔和两点间的距离．（取g=10m/s2）16．如图所示，光滑金属球的质量G=40N．它的左侧紧靠竖直的墙壁，右侧置于倾角θ=37°的斜面体上．已知斜面体处于水平地面上保持静止状态，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）墙壁对金属球的弹力大小；（2）水平地面对斜面体的摩擦力的大小和方向．17．在消防演习中，消防队员从一根竖直的长直轻绳上由静止滑下，经一段时间（2.5s）落地．为了获得演习中的一些数据，以提高训练质量，研究人员在轻绳上端安装一个力传感器并与数据处理系统相连接，用来记录消防队员下滑过程中轻绳受到的拉力与消防队员重力的比值随时间变化的情况．已知某队员在一次演习中的数据如图所示，求该消防队员在下滑过程中的最大速度和落地速度各是多少？（取g=10m/s2）18．质量为10kg的物体在F=200N的水平推力作用下，从粗糙斜面的底端由静止开始沿斜面运动，斜面固定不动，与水平地面的夹角θ=37°．力F作用2秒钟后撤去，物体在斜面上继续上滑了1.25秒钟后，速度减为零．求：物体与斜面间的动摩擦因数μ和物体的总位移S．（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）2016-2017学年广西桂林中学高一（上）期末物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，其中1-8小题只有一个选项符合题意，9-12小题有多个选项符合题意，全部选对得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等，以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．根据速度定义式v=，当△t极小时表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法B．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；在电路中用一个合适的电阻来代替若干电阻，是等效替代法．质点是一种理想化的物理模型，实际并不存在，故把物体当做质点是理想模型法．在△t非常小时，用平均速度代替瞬时速度是极限思维法．【解答】解：A、根据速度定义式v=，当△t极小时表示物体在时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故A正确；B、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故B错误；C、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法，故C正确；D、在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D 正确；本题选不正确的，故选：B．2．下列说法中正确的是（）A．研究奥运会冠军刘翔的跨栏技术时可将刘翔看作质点B．在某次铅球比赛中，某运动员以18.62米的成绩获得金牌，这里记录的成绩是比赛中铅球经过的路程C．瞬时速度可理解为时间趋于零时的平均速度D．“北京时间10点整”指的是时间，一节课40min指的是时刻【考点】平均速度；瞬时速度．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，路程是物体运动轨迹的长度，位移是从初位置到末位置的有向线段，当时间趋向于零时，平均速度等于瞬时速度，时间是指时间的长度，在时间轴上对应时间段，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点．【解答】解：A、研究奥运会冠军刘翔的跨栏技术时，要看刘翔的动作，不能看成质点，故A错误；B、铅球比赛中，铅球的运动轨迹是曲线，成绩是测量初末位置的直线距离，所以记录的成绩是比赛中铅球的水平位移，故B错误；C、根据可知，当时间趋向于零时，平均速度等于瞬时速度，故C正确；D、北京时间10点整在时间轴上对应的是一个点，所以是时刻，一节课40min在时间轴上对应的是一个线段，表示时间，故D错误．故选：C3．关于物体运动状态的改变，下列说法中正确的是（）A．物体运动的速率不变，其运动状态就不变B．物体运动的加速度不变，其运动状态就不变C．物体运动状态的改变包括两种情况：一是由静止到运动，二是由运动到静止D．物体的运动速度不变，我们就说它的运动状态不变【考点】速度；力的概念及其矢量性．【分析】物体的运动状态包括速度大小和方向两方面，速度大小和方向只要有一个改变，那么运动状态就得改变．【解答】解：A、物体运动的速率不变，它的运动方向可能会改变，所以运动状态可能改变，故A错误；B、运动物体的加速度不变，速度可能发生改变，例如平抛运动，故B错误；C、物体速度的改变包括两种情况：一是由静止到运动，二是由运动到静止，运动状态还与运动方向有关，故C错误；D、物体的运动速度不变，我们就说它的运动状态不变，故D正确．故选D．4．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1s内与第2s内的位移之比为x1：x2，在走完第1m时与走完第2m时的速度之比为v1：v2，以下说法正确的是（）A．x1：x2=1：3，v1：v2=1：2 B．x1：x2=1：3，v1：v2=1：C．x1：x2=1：4，v1：v2=1：2 D．x1：x2=1：4，v1：v2=1：【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间得出第1s内和第2s内的位移之比，根据匀变速直线运动的速度位移公式求出速度之比．【解答】解：根据x=at2知，1s内和2s内的位移之比为1：4，则s1：s2=1：3．根据v2=2ax得，通过1m后和2m后的速度之比为1：．故B正确，A、C、D错误．故选：B．5．某物体做匀变速直线运动，其位移与时间的关系为x=0.5t+t2（m），则当物体的速度为3m/s时，物体已运动的时间为（）A．1.25 s B．2.5 s C．3 s D．6 s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间关系得出物体运动的初速度和加速度，再根据速度时间关系求得运动时间．【解答】解：根据匀变速直线运动的位移时间关系由物体运动的位移时间关系x=0.5t+t2（m）可得物体运动的初速度v0=0.5m/s，加速度a=2m/s2根据速度时间关系可知，当物体速度为3m/s时经历的时间所以A正确，BCD错误．故选：A．6．如图所示，分别是物体运动的位移x、速度v、加速度a和物体受到的合外力F 随时间t的变化图象，其中表示物体在做匀加速运动的是（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】理解匀变速直线运动的规律，掌握匀变速直线运动的各量随时间的变化关系即可求解．【解答】解：A、匀变速直线运动的位移﹣时间图象为抛物线，而本图中图象所示为匀速直线运动，故A错误；B、匀变速直线运动的速度﹣时间图象为倾斜的直线，本图中表示的是匀速直线运动，故B错误；C、匀加速直线运动的加速度是保持不变的，故应为水平直线，故C错误；D、匀加速直线运动的加速度是保持不变的，由牛顿第二定律可知受力也应是恒定不变的，故F﹣t图象应为水平直线，故D正确；故选D．7．如图，在地面上一盘子C的正上方A处有一金属小球a距C为20m，在B处有另一个金属小球b距C为15m，小球a比小球b提前1s由静止释放（g取10m/s2）．则（）A．b先落入C盘中，不可能在下落过程中相遇B．a先落入C盘中，a、b下落过程相遇点发生在BC之间某位置C．a、b两小球同时落入C盘D．在a球下落过程中，a、b两小球相遇点恰好在B处【考点】自由落体运动．【分析】ab都做自由落体运动，由自由落体运动规律可判定各个选项．【解答】解：由于a比b提前1s释放，故a在1s内下落的位移为：，因为a在b上方5m处，故a到B处时候b才开始释放，故a、b两小球相遇点恰好在B处．由于在B点相遇时a有初速度，b没有，故a先落地，b后落体．故ABC错误，D正确．故选：D．8．如图所示，两楔形物块A、B两部分靠在一起，接触面光滑，物块B放置在地面上，物块A上端用绳子拴在天花板上，绳子处于竖直伸直状态，A、B两物块均保持静止．则（）A．绳子的拉力可能为零B．地面受的压力大于物块B的重力C．物块B与地面间不存在摩擦力D．物块B受到地面的摩擦力水平向左【考点】摩擦力的判断与计算；物体的弹性和弹力．【分析】隔离对A分析，根据平衡条件判断绳子拉力的有无．对B整体分析，判断地面有无摩擦力以及对地面的压力与重力关系．【解答】解：A、由题：AB接触面光滑，AB间没有摩擦力．对A分析知，A受到重力和绳子的拉力，二力平衡，B对A没有支持力，否则三个力不可能平衡．故A 错误．B、C、D对B分析知：B受到重力、地面的支持力，根据平衡条件知，地面对B的支持力等于物块B的重力，地面对B没有摩擦力．故BD错误，C正确．故选：C9．跳高运动员蹬地后上跳，在起跳过程中（）A．运动员蹬地的作用力大小大于地面对他的支持力大小B．运动员蹬地的作用力大小等于地面对他的支持力大小C．运动员所受的支持力和重力相平衡D．运动员所受的合力一定向上【考点】作用力和反作用力．【分析】解答本题应明确：力是改变物体运动状态的原因；物体在平衡力的作用下会保持静止状态，物体在非平衡力的作用下运动状态不断变化；物体间力的作用是相互的．【解答】解：人在地面上跳起，是因为人受到的支持力大于人的重力，人的合力向上；但人对地面的压力与地面对人的支持力为作用力与反作用力，故二者大小相等；故AC错误；BD正确；故选：BD10．物体m静止与斜面体M一起静止在水平面上．若将斜面的倾角A稍微增大一些，且物体m仍然静止在斜面上，则（）A．斜面体对物体的支持力变小B．斜面体对物体的摩擦力变大C．水平面与斜面体间的摩擦力变大D．水平面与斜面体间的摩擦力变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】物体静止在斜面上，对物体进行受力分析，求出摩擦力和支持力的大小，根据角度的变化判断支持力和摩擦力的变化；对整体分析，判断地面对斜面体摩擦力的变化．【解答】解：A、设斜面的倾角为θ，物体m受重力、支持力和摩擦力处于平衡，则有：N=mgcosθ，f=mgsinθ，当θ增大，则支持力减小，摩擦力变大．故A、B正确．C、对整体分析知，整体受总重力、地面的支持力平衡，水平方向上不受力，所以地面的摩擦力为零．故C、D错误．故选AB．11．A、B两个物体从同一地点出发，在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度图象如图所示，则（）A．A、B两物体运动方向相反B．t=4s时，A、B两物体处于同一位置C．在相遇前，t=4s时A、B两物体相距最远D．在相遇前，A、B两物体的最远距离为20m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据速度的正负值判断A、B两物体的运动方向，两个物体从同一地点在同一直线上做匀变速直线运动，相遇时位移应相等，根据图象与坐标轴围成面积代表位移，分析t=4s时是否相遇．根据A、B两物体的运动情况确定A、B两物体的最远距离．【解答】解：A、A、B两物体的速度都为正值，则知两物体运动方向相同．故A 错误．BCD、在4s前，B的速度大于A的速度，两物体的距离越来越大，4s后，B的速度小于A的速度，两物体的距离越来越小，则知t=4时，A、B的距离最大，最大距离△x=m=20m．故CD正确，B错误．故选：CD．12．如图所示，质量为m的木块在质量为M的长木板上向右滑行，木块同时受到向右的拉力F的作用，长木板处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则（）A．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mgB．木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2（m+M）gC．当F＞μ2（m+M）g时，木板便会开始运动D．无论怎样改变F的大小，木板都不可能运动【考点】牛顿第二定律；滑动摩擦力．【分析】以木板为研究对象，根据平衡条件求出地面对木板的摩擦力大小．当木块对木板的摩擦力大于地面对木板的最大静摩擦力时木板便会开始运动．【解答】解：A、以木板为研究对象，木板水平方向两个力：m的向右的滑动摩擦力，大小为f1=μ1mg和地面向左的静摩擦力f2，根据平衡条件得：f2=f1=μ1mg．故A正确．B、地面对木板的最大静摩擦力为f m=μ2（m+M）g，而题中条件不足，无法判断木板所受的静摩擦力是否达到最大值，所以木板受到地面的摩擦力的大小不一定是μ2（m+M）g．故B错误．C、当F＞μ2（m+M）g时，木块对木板的滑动摩擦力大小仍等于f1=μ1mg，没有变化，木板都不可能运动．故C错误．D、无论怎样改变F的大小，木块对木板的滑动摩擦力大小不变，不会大于地面对木板的最大静摩擦力，木板都不可能运动．故D正确．故选AD二、实验题（本题共2小题，每空2分，共16分．把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答．）13．如图在“验证力的平行四边形定则”的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O．（1）某同学在做该实验时认为：A．拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B．拉橡皮条时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C．橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些D．拉力F1和F2的夹角越大越好其中正确的是ABC（填入相应的字母）（2）要使每次合力与分力产生相同的效果，必须AA．每次把橡皮条拉到同样的位置B．每次把橡皮条拉直C．每次准确读出弹簧测力计的示数D．每次记准细绳的方向（3）若两个弹簧测力计的读数均为4N，且两弹簧测力计拉力的方向相互垂直，则不能（选填“能”或“不能”）用一个量程为5N的弹簧测力计测量出它们的合力，理由是量程太小．【考点】验证力的平行四边形定则．【分析】（1）本实验采用“等效法”，即要求两次拉橡皮筋的效果相同，对于两弹簧拉力大小以及夹角大小没有具体要求，只要便于作图以及减小误差即可；（2）该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置；（3）由平行四边形定则可得出两拉力的合力大小，比较拉力与弹簧秤的量程则可知5N量程的弹簧秤是否可用．【解答】解：（1）A、为了方便而且更加准确确定力的方向，操作时可以使绳套细且长一些，故A正确；B、作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，故B正确；C、橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些，故C正确；D、为了做平行四边形方便，拉力F1和F2的夹角适当，并非越大越好，故D错误．故选：ABC．（2）要使每次合力与分力产生相同的效果，每次将橡皮条拉到同样的位置，即用一个力与用两个力的作用效果相同，故BCD错误，A正确；故选：A（3）两力均为4N，且相互垂直，则其合力大小为F=4N＞5N，合力超过了弹簧秤的量程，故弹簧秤无法测出物体所受的合力，故不能使用．故答案为：（1）ABC；（2）A；（3）不能；量程太小14．在“探究加速度与质量的关系”的实验中：（1）备有器材：A．长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C．细绳、小车、砝码；D．装有细沙的小桶；E．薄木板；F．毫米刻度尺；还缺少的一件器材是天平．（2）实验得到如图甲所示的一条纸带，相邻两个计数点的时间间隔为T；B、C两点的间距x2和D、E两点的间距x4已量出，利用这两段间距计算小车加速度的表达式为．（3）某同学根据实验数据画出的a﹣图线如图乙所示，从图线可得沙和沙桶的总质量为0.02kg．（g取10m/s2）（4）另一位同学根据实验数据画出的a﹣图象如图丙所示，则造成这一结果的原因是没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】（1）本题需测量小车的质量，所以还需要天平；（2）利用匀变速直线运动的推论，根据作差法求出加速度；（3）根据牛顿第二定律可知，a﹣图象的斜率等于砂和砂桶的总重力；（4）从上图中发现直线没过原点，当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，则该同学实验操作中遗漏了平衡摩擦力这个步骤．【解答】解：（1）本题要测量小车的质量，则需要天平，所以还缺少的一件器材是天平；（2）根据逐差法得：解得：。
广西桂林市2015-2016学年高二下学期期末物理试卷Word版含解析
2015-2016学年广西桂林市高二（下）期末物理试卷一、选择题：本大题共10小题，共35分。
在每小题给出的四个选项中，第1-5题（3分/题）只有一项符合题目要求；第6-10题（4分/题）有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分。
1．发现电磁感应现象的物理学家是（）A．法拉第B．安培C．牛顿D．伽利略2．关于感应电动势的大小，下列说法正确的是（）A．跟穿过闭合电路的磁通量有关B．跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关C．跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关D．跟电路中电阻大小有关3．如图所示，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中正确的是（）A．K断开瞬间，A、B两灯同时熄灭B．K断开瞬间，B灯立即熄灭，A灯闪亮后再逐渐熄灭C．开关K合上瞬间，B灯先亮起来，A灯后亮起来D．K合上稳定后，A、B两灯同时亮着4．如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域．从BC 边进入磁场区开始计时，到A点离开磁场区止的过程中，线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是如图所示中的（）A．B．C．D．5．如图所示为一交流电的电流随时间变化的图象，则此交流电的有效值为（）A．3A B．4A C．5A D．6A6．关于扼流圈的说法，正确的是（）A．扼流圈是利用电感阻碍交变电流的作用制成的B．低频扼流圈用来“通低频，阻高频”C．低频扼流圈用来“通直流，阻交流”D．高频扼流圈用来“通直流，阻交流”7．如图是霍尔元件的工作原理示意图，如果用d表示薄片的厚度，k为霍尔系数，对于一个霍尔元件d、k为定值，如果保持I恒定，则可以验证U H随B的变化情况．以下说法中正确的是（工作面是指较大的平面）（）A．将水磁体的一个磁极逐渐靠近霍尔元件的工作面，U H将变小B．在测定地球两极的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直C．在测定地球赤道上的磁场强弱时，霍尔元件的工作面应保持竖直D．改变磁感线与霍尔元件工作面的夹角，U H将发生变化8．如图所示是发电厂通过升压变压器进行高压输电，接近用户端时再通过降压变压器降压给用户供电的示意图（图中变压器均可视为理想变压器，图中电表均为理想交流电表）．设发电厂输出的电压一定，两条输电线总电阻用R0表示，变阻器R相当于用户用电器的总电阻．当用电器增加时，相当于R变小，则当用电进入高峰时（）A．电压表V3、V4的读数均减小，电流表A3的读数也减小B．电压表V1、V2的读数均不变，电流表A1、A2的读数均增大C．电流表V2、V3的读数之差与电流表A2的读数的比值不变D．发电厂的输出功率不变9．如图甲所示，在倾角为θ的光滑斜面内分布着垂直于斜面的匀强磁场，其磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示．质量为m的矩形金属框从t=0时刻静止释放，t3时刻的速度为v，移动的距离为L，重力加速度为g．在金属框下滑的过程中，下列说法正确的是（）A．t1～t3时间内金属框中的电流方向不变B．0～t3时间内金属框做匀加速直线运动C．0～t3时间内金属框做加速度逐渐减小的直线运动D．0～t3时间内金属框中产生的焦耳热为mgLsinθ﹣10．如图所示，相距为d的边界水平的匀强磁场，磁感应强度垂直纸面向里、大小为B．质量为m、电阻为R、边长为L的正方形线圈M，将线圈在磁场上方高h处由静止释放，已知cd边刚进入磁场时和cd边刚离开磁场时速度相等，不计空气阻力，则（）A．若L=d，则线圈穿过磁场的整个过程用时为2B．在线圈穿过磁场的整个过程中，克服安培力做功为mgdC．若L＜d，则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能为D．若L＜d，则线圈穿过磁场的整个过程中最小速度可能为二、实验题：请将正确答案填在答题卷的相应位置，每空2分，本题共2小题，共8分。
2016-2017学年广西桂林一中高二(上)期中物理试卷(文科)
2016-2017学年广西桂林一中高二（上）期中物理试卷（文科）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共25小题，共60.0分)1.一小球从半径为R的四分之一圆弧面顶端沿圆弧滑至底端，如图所示．则物体在该运动过程中（）A.位移大小是RB.位移大小是RC.路程是2RD.路程是πR【答案】B【解析】解：路程等于运动轨迹的长度，为s=πR，位移大小等于首末位置的距离为x=R，故B正确，ACD错误．故选：B位移是从起点到终点的有向线段，路程是物体运动路线的长度．本题是基础题，紧扣位移和路程的概念，抓住位移的方向从起点指向终点2.下列物理量中，属于矢量的是（）A.速度B.时间C.功率D.质量【答案】A【解析】解：矢量是既有大小又有方向的物理量，速度是矢量，而标量是只有大小没有方向的物理量，时间、功率和质量都是标量，故A正确，BCD错误．故选：A．矢量是既有大小又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．本题关键掌握矢量的概念，知道其运算法则：平行四边形法则．3.下列叙述正确的是（）A.伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快得结论B.爱因斯坦发现了电流的磁效应，揭示电现象和磁现象之间的联系C.牛顿略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究D.开普勒发现了万有引力定律【答案】A【解析】解：A、伽利略做了著名的斜面实验，得出轻重物体自由下落一样快的结论，故A正确；B、奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系，故B错误；C、伽利略开创了科学实验之先河，他把科学的推理方法引入了科学研究，故C错误；D、牛顿发现了万有引力定律，故D错误；故选：A忆，这也是考试内容之一．4.2014年11月11日在广东省珠海市航展中心举行，中国空军八一飞行表演队女飞行员将首次驾驶歼十亮相．在表演中，八一飞行表演队的表演机保持队形，直刺苍穹，做出了很多个高难度动作，如图所示，下列关于飞机运动情况的说法不正确的是（）A.地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系B.飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系C.以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是静止的D.以编队中某一飞机为参考系，其他飞机是运动的【答案】D【解析】解：A、地面上的人看到飞机是相对于地面飞过，是以地面为参考系，故A正确B、飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系，故B正确C、D、以编队中某一飞机为参考系，所有飞机的位置相对不变，其他飞机是静止的，故C正确，D错误．本题选择错误的，故选：D建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．为了描述物体的运动状态要选择参考系，为定量描述物体位置变化要在参考系上建立坐标系，并且要建立合适的坐标系．5.冰壶是冬奥会的正式比赛项目．运动员将冰壶推出后，在较长时间内冰壶的运动可近似看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的（）A.摩擦力非常小B.重力小C.推力小D.不受任何力【答案】A【解析】解：冰壶被推出后不再受推力，竖直方向重力与支持力平衡，冰壶的运动可看作匀速直线运动，原因是冰壶受到的摩擦力小．选项A正确，BCD错误．故选：A冰壶被推出后靠惯性运动，重力不变与支持力大小相等，冰面上的摩擦力小．本题考查了物体的运动不需要力来维持，冰壶受的摩擦力减小，忽略不计时，其运动可以看做匀速直线运动．6.人从快速行驶的汽车上跳下来后容易（）A.向汽车行驶的反方向跌倒B.向汽车行驶的同方向跌倒C.向车右侧方向跌倒D.向车左侧方向跌倒【答案】B【解析】解：人从正在行驶车中跳下时，由于惯性人保持和车相同的速度，而脚受阻力很快停下来，上身继续前冲而摔到，所以人会向汽车行驶的方向跌倒．故B正确，ACD错误．故选：B性质，任何物体任何情况都有惯性，其大小只与物体的质量有关．7.如图所示，一质点沿螺旋线自外向内运动，已知其走过的弧长s与时间t成正比．关于该质点的运动，下列说法正确的是（）A.质点运动的线速度不变B.质点运动的线速度越来越大C.质点运动的角速度越来越小D.质点所受的角速度不变【答案】C【解析】解：AB、因为弧长s与时间t成正比，所以线速度大小不变．故AB错误．CD、根据ω=知，v不变，r减小，则角速度增大．故C正确，D错误．故选：C．通过的弧长s与运动时间t成正比，知小球的线速度大小不变，结合v=rω，判断角速度的变化．解决本题的关键抓住线速度的大小不变，结合线速度、角速度之间的关系分析求解．基础题．8.F1和F2是共点力，根据平行四边形定则求合力F，作图正确的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，所以力的合成的平行四边形定则只适用于共点力，与两个分力共点的那条对角线所表示的力才是它们的合力，故A正确，BCD错误．故选：A．两个力合成时，以表示这两个力的线段为邻边作平行四边形，这两个邻边之间的对角线就代表合力的大小和方向，根据平行四边形定则的内容即可解答．本题主要对平行四边形定则的内容的直接考查，难度不大，属于基础题，注意平行四边形的对角线表示合力的大小与方向．9.“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，其发射速度为（）A.7.9km/sB.11.2km/sC.大于7.9km/s，小于11.2km/sD.大于11.2km/s，小于16.7km/s【答案】C【解析】解：7.9km/s即第一宇宙速度是卫星发射的最小速度，是指发射绕地球表面运行卫星时的速度；发射高度越高，则发射速度越大；11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．“嫦娥三号”发射后直接进入椭圆形地月转移轨道，由此可知此卫星仍绕地球运行，但一定不会绕地面运行；故从地面发射的速度介于7.9km/s和11.2km/s之间．速度，11.2km/s即第二宇宙速度是卫星脱离地球束缚的发射速度．解决本题的关键宇宙速度的意义；并明确发射速度大于7.9km/s，小于11.2km/s时，卫星能进入椭圆形地月转移轨道．10.关于力对物体做功，下列说法正确的是（）A.作用力与反作用力在相同时间内所做的功一定大小相等B.合外力对物体不做功，物体必定做匀速直线运动C.恒力对物体做功与物体运动的路径无关，只与初末位置有关D.滑动摩擦力对物体一定做负功【答案】C【解析】解：A、作用力和反作用力的作用点的位移可能同向，也可能反向，大小可以相等，也可以不等，故作用力和反作用力对发生相互作用的系统做功不一定相等，也不一定是一正一负；故A错误；B、合外力对物体不做功只能说明物体的动能不变，但速度方向可能在发生变化；如匀速圆周运动；故B错误C、恒力做功与路径无关，只与初末位置有关．比如重力做功．故C正确．D、滑动摩擦力阻碍的是物体间的相对运动，可能出现摩擦力与运动方向相同的情况，故摩擦力可能做正功；故D错误；故选：C．力做功的正负即决于力和位移的方向关系，结合根据作用力和反作用力、平衡力的性质可以判断两力做功的情况．解决本题的关键知道恒力做功的特点，以及摩擦力不一定做负功，作用力与反作用力做功不一定大小相等，也不一定一正一负．11.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，关于平衡摩擦力的说法中不正确的是（）A.“平衡摩擦力”的本质就是想法让小车受到的摩擦力为零B.“平衡摩擦力”的本质就是使小车所受的重力在沿斜面方向的分力与所受到的摩擦阻力相平衡C.“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力D.“平衡摩擦力”是否成功，可由小车拖动后，由打点计时器打出的纸带上的点迹间距是否均匀而确定【答案】A【解析】解：AB、平衡摩擦力的实质是小车（及车上砝码）的重力沿木板方向的分力与木板与小车间、纸带与计时器间、绳与滑轮间、滑轮与轴间等摩擦力平衡，故A不正确，B正确．C、“平衡摩擦力”的目的就是要使小车所受的合力等于所挂砝码通过细绳对小车施加的拉力，故C正确．D、恰好平衡摩擦力时，小车拖动纸带，不给小车提供拉力，给小车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．故D正确．本题选择不正确的．故选：A车一个初速度，小车做匀速直线运动，由打点计时器打出的纸带点迹间距应该是均匀的．实验问题需要结合物理规律去解决．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．12.关于自由落体运动的加速度，正确的是（）A.重的物体下落的加速度大B.在地球赤道比在地球北极大C.在地球上任何地方都一样大D.同一地点，任何物体下落的加速度一样大【答案】D【解析】解：A、同一地点物体的重力近似等于万有引力，则：=mg，可得，因为R 是定值，所以同一地点轻重物体的g值一样大，故A错误；B、因为地球近似一个椭球形，在赤道的半径比两极半径略大，由可知自由落体运动的加速度在地球赤道比在地球北极小，故B错误；C、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，因此地球上不同地方的g值不同，C 错误；D、地面的物体的重力加速度受纬度和海拔的影响，同一地点，海拔和纬度都相同，因此任何物体下落的加速度一样大，故D正确．故选：D．自由落体运动的加速度g是由重力产生的，由牛顿第二定律可知a=g，重力加速度与物体的质量无关，而重力是由万有引力产生的，所以万有引力的大小会影响自由落体加速度的大小．考查了对重力加速度g的理解，以及影响重力加速度的因素，如果在还没有学习到万有引力定律时只需要记住重力加速度一般受纬度和海拔的影响即可，学习了万有引力定律后可以列出关系式去理解为什么会受纬度和海拔的影响．13.一个人站在磅秤上，在他蹲下的过程中，磅秤的示数将（）A.先小于体重后大于体重，最后等于体重B.先大于体重后小于体重，最后等于体重C.先小于体重，后等于体重D.先大于体重，后等于体重【答案】A【解析】解：由题，当人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然下蹲时，人向下加速，具有向下的加速度，人处于失重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力小于人的重力，则人对测力计的压力也小于人的重力，然后人向下减速，具有向上的加速度，人处于超重状态，根据牛顿第二定律分析可知测力计对人的支持力大于人的重力，则人对测力计的压力也大于人的重力，故A正确，BCD错误故选：A．人站在测力计上静止不动时，测力计的示数等于人的重力，当此人突然站起时，具有向上的加速度，根据牛顿第二定律人所受的支持力，再由牛顿第三定律分析测力计示数的析产生的是超重还是失重现象．14.下列系统不具有势能的有（）A.高高悬挂的大石头B.被压缩的弹簧C.满弓上的箭D.已经着地的足球【答案】D【解析】解：A、高高悬挂的大石头，石头具有质量，也有高度，因此高高悬挂的大石头具有重力势能；B、被压缩的弹簧，由于发生了弹性形变，因此弹簧具有弹性势能；C、满弓上的箭，由于弓发生了弹性形变，因此满弓上的箭具有弹性势能；D、已经着地的足球，由于没有被举高，也没发生弹性形变，因此不具有势能．故选：D．重力势能大小的影响因素：物体的质量、被举的高度；同时具备以上两个因素，物体就具有重力势能；弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小；物体发生弹性形变就具有弹性势能．掌握势能的概念是解答本题的关键，势能包含重力势能和弹性势能，要清楚影响势能大小的因素．15.从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有（）A.方向性B.永恒性C.持久性D.有条件性【答案】A【解析】解：根据热力学第二定律可知，能量的自发的转化和转移具有方向性，如热量只能自发地从高温物体传到低温物体，不能自发地从低温物体传到高温物体．涉及热现象的宏观过程都具有方向性．故A正确，BCD错误．故选：A从能量转化的角度来看，能量的自发的转化和转移具有方向性，结合热力学第二定律分析．能量的自发的转化和转移具有方向性，是热力学第二定律反映的规律，可结合实例进行理解并掌握．16.在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A.弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B.两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C.读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D.使用弹簧测力计时，不能超过其量程【解析】解：A、实验中为了减小因摩擦造成的误差，要求在拉弹簧秤时，要注意使弹簧秤与木板平面平行，故A正确；B、两弹簧测力计的拉力方向不一定要垂直，只有拉到同一点即可，故B不正确；C、实验中拉力的大小可以通过弹簧秤直接测出，读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度，故C正确；D、弹簧测力计时，不能超过其量程，故D正确．本题选不正确的，故选：B．根据验证力的平行四边形定则的实验原理及注意事项可得出正确答案．理解实验应理解实验的原理及方法，由实验原理和方法记忆实验中的注意事项，最好通过实际操作实验，加深对实验的理解．17.在直线运动中，关于速度和加速度的说法，正确的是（）A.物体的速度大，加速度就大B.物体速度的改变量大，加速度就大C.物体的速度改变快，加速度就大D.物体的速度为零时，加速度一定为零【答案】C【解析】解：A、物体的速度大，加速度不一定大，比如高速匀速飞行的飞机，速度很大，而加速度为零．故A错误．B、物体速度的改变量大，加速度不一定大，还取决于变化所用的时间．故B错误．C、加速度的物理意义表示物体速度变化的快慢，物体的速度改变快，加速度就大．故C正确．D、加速度与速度没有直接关系，物体的速度为零时，物体的加速度不一定为零．故D 错误．故选C加速度的物理意义表示物体速度变化的快慢，与速度没有直接关系，速度大，加速度不一定大，速度为零时，物体的加速度不一定为零．本题考查速度与加速度的关系，是常见的题型，应抓住速度与加速度无关及加速度的物理意义进行分析．18.汽车以20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后的加速度大小为5m/s2，那么开始刹车后2s与开始刹车后6s汽车通过的位移大小之比为（）A.1：4B.3：5C.3：4D.5：9【答案】C【解析】解：汽车刹车到停止的时间：t0=＞2s所以2s内的位移：x1=v0t1+at12=20×2-×5×22m=30m．而6s＞4s，4s后汽车停止运动，所以6s内的位移等于4s内的位移x2=v0t0+=20×4-×5×42m=40m则：．故C正确，A、B、D错误．动的位移时间公式求出刹车后的位移．本题属于刹车问题，关键要求出汽车刹车到停止的时间，因为汽车速度为零后不再运动．19.对于做匀速圆周运动的质点，下列物理量不变的是（）A.线速度B.角速度C.加速度D.向心力【答案】B【解析】解：匀速圆周运动的过程中，速度的大小不变，即速率不变，但是方向时刻改变．向心力、加速度的方向始终指向圆心，方向时刻改变．所以保持不变的量是角速度和动能．故B正确，ACD错误．故选：B．速度、向心力、加速度是矢量，有大小有方向，要保持不变，大小和方向都不变．在匀速圆周运动的过程中，速度的大小不变，方向时刻改变，加速度、向心力的方向始终指向圆心，所以方向也是时刻改变，角速度和动能不变．解决本题的关键知道匀速圆周运动的过程中，速度的大小、向心力的大小、向心加速度的大小保持不变，但方向时刻改变．20.某人在高h处抛出一个质量为m的物体，不计空气阻力，物体落地时速度为v，该人对物体所做的功为（）A.mghB.C.mgh+D.-mgh【答案】D【解析】解：人对小球做的功等于小球获得的初动能，根据对抛出到落地的过程运用动能定理得：mgh=解得：即人对小球做的功等于故选D人对小球做的功等于小球获得的初动能，根据对抛出到落地的过程运用动能定理即可求得初动能本题考查了动能定理的直接应用，在不涉及到运动时间和运动过程以及变力做功时运用动能定理解题较为简洁、方便．该题难度不大，属于基础题．21.关于弹力，下列叙述正确的是（）A.两物体相互接触，就一定会产生相互作用的弹力B.两物体不接触，就一定没有相互作用的弹力C.两物体有弹力作用，物体不一定发生了形变D.只有弹簧才能产生弹力【答案】BB、由A的分析可知，若两物体不接触则一定不会有弹力；故B正确；C、由弹力的条件可知，两物体间有弹力，则一定有形变；故C错误；D、任何能发生弹性形变的物体均可以产生弹力；故D错误；故选：B．明确弹力产生的条件：两物体相互接触且发生了弹性形变．本题考查弹力产生的条件，要注意明确两个条件缺一不可．22.两个半径很小带等量异种电荷的小球，两球心相距1m时的作用力为F，现将它们接触一下后，放到相距2m的位置，则它们的相互作用力大小变为（）A.4FB.0C.D.【答案】B【解析】解：未接触前，根据库仑定律，得F=k接触后两球带电量q==0；放在两球心间相距2m处，再由库仑定律，得F′=0；故B正确、ACD错误．故选：B．等量异种电荷的小球，在真空中相距为r时，根据库仑定律可以得到F与电量Q、距离r的关系；当两球相互接触后放在两球心间相距2r处，电荷先中和再平分，再根据库仑定律得到相互作用的库仑力大小与Q、r的关系．本题考查运用比例法求解物理问题的能力．对于两个完全相同的金属球，互相接触后电量q′=．23.下列电器中主要是利用电流通过导体产生热量工作的是（）A.电冰箱B.吸尘器C.电风扇D.电饭煲【答案】D【解析】解：电饭煲是利用电流的热效应，即利用电流通过导体产生热量来加热食物的，电能转化为内能．而吸尘器，电风扇和电冰箱的工作原理不是利用电流的热效应来工作的，它们工作时，一部分电能转化为内能，大于部分电能转化为其他形式的能．故ABC错误，D正确．故选：D利用电流通过导体产生热量工作的是电饭煲，不是吸尘器，电风扇和电冰箱，可根据能量是如何转化的分析．本题的关键要了解家用电器的工作原理，明确能量的转化情况．24.如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针．现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A.小磁针保持不动B.小磁针的N 极将向下转动C【解析】解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动，故C正确，ABD错误．故选：C．小磁针能体现出磁场的存在，且小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向．也可为磁感线在该点的切线方向．而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向．右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向．当导线是环形时，则四指向为电流的方向．25.关于理想变压器，下面各说法中正确的是（）A.它的输出功率小于它的输入功率B.它的输出功率等于它的输入功率C.原副线圈两端的电压与它们的匝数成反比D.原副线圈的电流与它们的匝数成正比【答案】B【解析】解：A、输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的，并且大小相等，所以A错误B 正确；C、输出电压是由输入电压和匝数比决定的，电压与匝数成正比，所以C错误；D、原副线圈的电流与它们的匝数成反比，所以D错误．故选：B根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．本题考查变压器的基本原理；只要掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．二、多选题(本大题共4小题，共14.0分)26.放在水平桌面上的书静止不动，下列说法正确的是（）A.桌面受到书的压力和桌面对书的支持力是一对作用力和反作用力B.桌面受到书的压力和书受到的重力是一对作用力和反作用力C.桌面对书的支持力和书受到的重力是一对平衡力D.桌面受到书的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力【答案】AC【解析】解：AD、桌面受到的书的压力和桌面对书的支持力是相互作用的两个物体受到力，故是一对作用力与反作用力，故A正确，D错误；B、物体的重力是作用在物体上的力，支持力也是作用在用这个物体上的力，这两个力大小相等、方向相反且作用在同一直线上，所以这两个力是一对平衡力；不是作用力与反作用力，故B错误；C、桌面对书的支持力和书受到的重力大小相等，方向相反，作用在同一个物体上，故二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力；若这两个力大小相等，方向相反，且作用在一条直线上，这两个力就是一对平衡力．主要的判断依据是看这两个力是不是作用在同一个物体上．本题要注意区分作用力与反作用力及平衡力的区别，特别注意平衡力是同一个物体受到的力，而作用力反作用力是两个相互作用的两个物体之间的受力．27.在下列几种运动中，机械能守恒的是（）A.自由落体运动B.汽车加速运动C.物体沿固定光滑斜面下滑D.跳伞运动员在降落伞打开后匀速下落【答案】AC【解析】解：A、自由落体运动只有重力做功，机械能守恒，故A正确；B、汽车加速过程，牵引力对汽车做正功，机械能增加，机械能不守恒，故B错误；C、物体沿固定光滑斜面下滑，只有重力做功，机械能守恒，故C正确；D、跳伞运动员在降落伞打开后匀速下落，动能不变，重力势能减少，机械能不守恒，故D错误；故选：AC．只有重力做功或只有弹力做功，机械能守恒，根据机械能守恒条件分析答题．本题考查了判断机械能是否守恒，知道机械能守恒的条件即可正确解题．28.以初速度v0水平抛出一物体，当其竖直分位移与水平分位移相等时，此物体的（）A.竖直分速度等于水平分速度B.瞬时速度为v0C.运动时间为D.运动的位移是【答案】BC【解析】解：A、根据得，t=，则竖直分速度v y=gt=2v0，与水平分速度不等，则瞬时速度v=，故B、C正确，A错误．D、水平位移x=，根据平行四边形定则知，运动的位移s=，故D错误．故选：BC．通过竖直分位移与水平分位移大小相等，求出时间，根据时间可求出竖直方向的分速度以及速度的大小．根据时间求出水平位移，根据平行四边形定则求出运动的位移．解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，平抛运动可分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动．且分运动与合运动具有等时性．29.物体做匀变速直线运动，初速度为10m/s，经过2s后，末速度大小仍为10m/s，方向与初速度方向相反，则在这2s内，下列说法正确的是（）A.加速度为0；平均速度为10m/s，与初速度同向B.加速度大小为10m/s2，与初速度同反C.平均速度为0D.加速度大小为10m/s2，平均速度为10m/s，二者都与初速度反向【答案】。
广西桂林市桂林中学高二物理上学期段考试题 文(含解析)
广西桂林市桂林中学2016-2017学年高二物理上学期段考试题文（含解析）考试时间：90分钟一、单项选择题Ⅰ（本大题共15小题，每小题2分，共30分。
在每小题列出的四个备选项中只有一项符合题目要求，错选、多选或未选均不得分。
温馨提示：请在答题卡上作答，在本试题上作答无效。
）1．两同学从公园西门出发前往东门。
甲步行，乙骑自行车，路线如图1。
甲乙两人的A．路程和位移均相同B．路程和位移均不同C．路程相同，位移不同D．路程不同，位移相同【答案】D考点：路程和位移【名师点睛】解决本题的关键知道路程位移的区别，以及知道位移大小和路程的关系，难度不大。
2．2015年田径世锦赛在北京举行，图2是男子100米决赛冠军博尔特冲线瞬间的照片，照片右上角显示的时间为其成绩，根据这些信息可以A ．求出博尔特的起跑速度B ．求出博尔特的冲线速度C ．求出博尔特全程的平均速度D ．排出各选手的最终名次【答案】C考点：速度【名师点睛】生活中比较运动快慢通常有两种方法，即比较相同时间内通过的路程多少或通过相同路程所用时间的多少，但统一的方法是直接比较速度的大小。
3．做匀加速直线运动的物体，位移与时间的关系满足2132x t t =+（m ），其初速度是 A ．3 m/sB ．2 m/sC ．1 m/sD ．12m/s 【答案】A【解析】 试题分析：由22011322x v t at t t =+=+，得初速度03/v m s =，加速度2/1a m s =，故选项A 正确。
考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 【名师点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式2012x v t at =+。
4．足球运动员头球时，头部对球的作用力是F ，球对头部的反作用力是F ′，则A ．F 大于F ′B ．F 与F ′大小相等C ．先有F 后有F ′D ．先有F ′后有F【解析】试题分析：足球运动员头球时，头部对球的作用力是F，球对头部的反作用力是F′，根据牛顿第三定律，作用力和反作用力大小相等，方向相反，同时产生、同时消失，故选项B正确。
广西桂林市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题(解析版)
广西桂林市2017-2018学年高二上学期期末考试物理试题一.单项选择题1. 把一根长直导线平行地放在如图所示磁针的正上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A. 法拉第B. 奥斯特C. 安培D. 库仑【答案】B..... .............点睛：电流磁效应的发现，揭开了人类研究电与磁之间联系的序幕，奥斯特是成就要记牢。
2. 下列关于电场的叙述中正确的是（）A. 正电荷周围的场强一定比负电荷周围的场强大B. 根据可知，电场中某点的场强与电场力成正比C. 取走电场中某点的试探电荷后，该点的场强为零D. 电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点场强的方向不一定相同【答案】D【解析】A、正电荷周围的电场线不一定比负电荷周围电场线密，则场强不一定大，故A错误；B、公式是电场强度的定义式，场强的大小是由电场本身决定的，与电场力无关，与试探电荷的有无无关，故BC错误；D、电场强度的方向为正电荷所受电场力的方向，也可以是负电荷在该点受力的反方向，所以正、负电荷在电场中的同一点所受的电场力方向相反，故D正确。
点睛：电场强度是描述电场强弱的物理量，大小由某点电荷所受电场力与其电荷量的比值来表示，方向即为正电荷所受电场力的方向，电场线的疏密可表示电场的强弱。
3. 如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）A. 该点电荷带正电B. a点的电场强度大于b点的电场强度C. a点和b点电场强度的方向相同D. a点的电势高于b点的电势【答案】B【解析】A、根据电场线的方向特点，可知该点电荷带负电，故A错误；B、电场线越密的地方电场强度越大，则a点的电场强度大于b点的电场强度，故B正确；C、场强方向即电场线切线方向，由题图可看出a点和b点电场强度的方向不同，故C错误；D、根据电场线与等势线垂直，在b点所在电场线上可以找到与a点电势相等的点，依据沿电场线方向电势降低，则知a点电势低于b点电势，故D错误。