道路勘测设计课后答案第三版杨少伟
课后习题参考答案第二章 汽车行驶特性2.1 已知某条道路的滚动阻力系数为0.015，如果东风EQ －140型载重汽车装载90％时，挂IV 档以30km/h 的速度等速行驶，试求（1）H ＝0，（2）H =1500m 海拔高度上所能克服的最大坡度。
解：f ＝0.015，G /G ′＝1/0.9，负荷率取为：U ＝90％，则 海拔0m 时，海拔系数ξ＝1.0，λ＝（ξ G /G ′）＝1.111 海拔1500m 时，海拔系数ξ＝（1-2.26×105×1500）5.3＝0.833，λ＝0.925 IV 档时，36T max N 32N M 17.036()P =+=7.875710(-)21.15Ug h M M K A G g n n -⎡⎤-⋅--⨯⎢⎥⎣⎦24T Mmax N 2N M 5.305Q =() 2.917510(-)Ug h n M M r G n n --=⨯2-2max max 2-[-] 5.532210(-)N T MN M V M Ugh W M n rG n n ==⨯ 2 5.699%D PV QV W =++=H =0时，000arcsin0.04832.77tan 4.839%i αα=====o故：同理：H ＝1500时，1500150015002.162tan 3.775%i αα===o故：2.3 假定某弯道的最大横向力系数为0.10，则：（1） 当R =500m ，i h ＝5％时，允许最大车速为多少？（2） 当V ＝80km/h ，i h ＝－2%（反超高）时，平曲线半径至少应为多大？ 解；由2h =127V i Rμ-，（1）97.6km /h V ===（2）2280629.92m 127()127(0.100.02)h V R i μ===+⨯- 2.4 设某条道路规定的最大纵坡为5%，当汽车以80km/h 的车速在半径为250m 、超高横坡度为8%的平曲线上行驶时，求折减后的最大纵坡度。
解：i max ＝5％，V ＝80km/h ，R =250 m ，i h ＝8％，则22maxmax h 80=0.050.08 3.387%127127250V i i i R -=-⨯=⨯课后习题参考答案第三章 平面线形设计3.1 某山岭区二级公路，已知起点、JD1、JD2的坐标分别为（40961.914，91066.103）、（40433.528，91250.097）、（40547.416，91870.392），并设JD1的R=150m ，Ls ＝40m ，起点桩号为K12+234.567。
1）求JD1的曲线元素及主要点里程。
2）计算所给平曲线的ZH 、HY 、YH 和HZ 四个主要点的坐标。
3）推算JD2的桩号。
解：1JD 1由题意，起点桩号为：K12+234.567则JD 1桩号为：K12+234.567+559.505＝K12+794.072 已知 R ＝150 m ，L s ＝40 m ，则曲线要素为：243320.44424238419.9882240s s s s L L p R R L L q R--＝＝＝＝ tan 151.4382255.436sec 49.7812247.440s T R p q L R L E R p R J T L ααα++=⋅+=+＝（）＝＝（）－＝＝－＝计算L 时，注意α应以弧度（rad ）为单位。
主点桩号为：ZH ＝K12+794.072－151.438＝K12+642.634 HY ＝K12+682.634 QZ ＝K12+770.352 YH ＝K12+858.07 HZ ＝K12+898.07 2）主点坐标为：ZH 坐标： △x ＝151.438×cos （160°48′03″+180°）＝143.015△y ＝151.438×sin （160°48′03″+180°）＝-49.801x ＝40433.528+143.015＝40576.543 y ＝91250.097-49.801＝91200.296 HZ 坐标： △x ＝151.438×cos78°30′37″＝30.165△y ＝151.438×sin78°30′37″＝148.403x ＝40433.528+30.165＝40463.693y ＝91250.097+148.403＝91398.500 HY （YH ）坐标：5543764039.92940 1.7766336s s s s L x L A L Ly A A -＝－＝＝－＝HY 坐标：1cos(arctan )cos(arctan )40576.54339.929/cos(arctan1.766/39.929)cos(1604803/180arctan1.766/39.929)40539.419HY ZH x yX X A y x xξπ=+⋅+'''=+⋅⋅-=o 1sin(arctan )cos(arctan )91200.29639.929/cos(arctan1.766/39.929)sin(1604803/180arctan1.766/39.929)91215.104HY ZH xyY Y A y x xξπ=+⋅+'''=+⋅⋅-=o 同理，YH 坐标：2cos(180arctan )cos(arctan )40463.69339.929/cos(arctan1.766/39.929)cos(783037/180arctan1.766/39.929)40457.480YH HZ xyX X A y x xξππ=+⋅+-'''=+⋅⋅+-=o 2sin(180arctan )cos(arctan )91398.50039.929/cos(arctan1.766/39.929)sin(783037/180arctan1.766/39.929)91359.018YH HZ xyY Y A y x xξππ=+⋅+-'''=+⋅⋅+-=o QZ ： x ＝R sin ϕm +q ＝150×sin （87.18/150+40/2×150）+19.988=118.684 y ＝R (1－cos ϕm )+p ＝37.487 X ＝40476.789，Y ＝91274.728 3）JD2桩号：JD2=JD1+571.753-J=（K12+794.072）+571.753-47.440=K13+318.385 或：JD2=571.753-T+HZ=571.753-151.438+（K12+898.07）=K13+318.385 两种方法结果相同下图为采用Excel 计算的结果（表中所列的逐桩坐标计算仅适用于YH 之前，YH~HZ 段需另行计算）3.4 设某二级公路设计速度为80km/h ，路拱横坡为2％。
（1）试求不设超高的平曲线半径及设置超高（i h ＝8％）的极限最小半径（分别取0.035和0.15）。
（2）当采用极限最小半径时，缓和曲线长度应为多少（路面宽B =9m ，超高渐变率取1/150）？ 解：（1）不设超高时（反超高，i h =－2%）：R min ＝V 2/127（μ+i h ）＝802/[127×(0.035－0.02)]＝3359.58 m ，规范中取3350m 。
设超高时：R min ＝V 2/127（μ+i h ）＝802/[127×(0.15+0.08)]＝219.1 m ，规范中取250m 。
（2）粗略的计算： 以内侧边缘为旋转轴：L c ＝B ·△i /p ＝9×（8％+2％）/（1/150）＝135 m 以中线为旋转轴：L c ＝B ·△i /p ＝（9/2）×（8％+2％）/（1/150）＝67.50 m 在已有第五章超高过渡知识的情况下，应按照以下方法计算：已知设计速度80km/h ，超高渐变率p =1/150，由教材P113表5-10可知，旋转轴位置为行车道内侧边缘。
则：0009[2%(2%)]0.18122150B i p x x x ⋅∆⨯--====→ x 0=27m又：2%18%4 ghix Lc Lc Lci=⋅=⋅=L c=108m课后习题参考答案第四章竖曲线设计4.3 某条道路变坡点桩号为K25+460.00，高程为780.72.m，i1＝0.8％，i2＝5％，竖曲线半径为5000m。
（1）判断凸、凹性；（2）计算竖曲线要素；（3）计算竖曲线起点、K25+400.00、K25+460.00、K25+500.00、终点的设计高程。
解：ω＝i1-i2＝5％－0.8％＝4.2％凹曲线L＝R⋅ω＝5000×4.2％＝210.00 mT＝L/2＝105.00 mE=T2/2R＝1.10 m竖曲线起点桩号：K25+460－T＝K25+355.00设计高程：780.72－105×0.8％＝779.88 mK25+400：横距：x＝（K25+400）－（K25+355.00）＝45m竖距：h＝x2/2R＝0.20 m切线高程：779.88+45×0.8％＝780.2 m设计高程：780.24+0.20＝780.44 mK25+460：变坡点处设计高程=变坡点高程+E=780.72+1.10＝781.82 m竖曲线终点桩号：K25+460＋T＝K25+565设计高程：780.72+105×5％＝785.97 mK25+500：两种方法1、从竖曲线起点开始计算横距：x＝（K25+500）－（K25+355.00）＝145m竖距：h＝x2/2R＝2.10 m切线高程（从竖曲线起点越过变坡点向前延伸）：779.88+145×0.8%=781.04m设计高程：781.04+2.10＝783.14 m2、从竖曲线终点开始计算横距：x＝（K25+565）－（K25+500）＝65m竖距：h＝x2/2R＝0.42 m切线高程（从竖曲线终点反向计算）：785.97-65×5%=782.72m或从变坡点计算：780.72+（105-65）×5%=782.72m设计高程：782.72+0.42＝783.14 m两种方法结果相同下图为Excel计算结果。
道路勘测设计课后习题复习题参考答案资料
《道路勘测设计》复习思考题第一章：绪论2.城市道路分为几类 ?答：快速路，主干路，次干路，支路。
3. 公路工程建设项目一般采用几阶段设计?答：一阶段设计：即施工图设计，适用于技术简单、方案明确的小型建设项目。
两阶段设计：即初步设计和施工图设计，适用于一般建设项目。
三阶段设计：即初步设计、技术设计和施工图设计，适用于技术复杂、基础资料缺乏和不足的建设项目或建设项目中的个别路段、特大桥互通式立体交叉、隧道等。
4.道路勘测设计的研究方法答：先对平、纵、横三个基本几何构成分别进行讨论，然后以汽车行驶特性和自然条件为基础，把他们组合成整体综合研究，以实现空间实体的几何设计。
5.设计车辆设计速度 .答：设计车辆：指道路设计所采用的具有代表性车辆。
设计速度：指当天气条件良好、交通密度小、汽车运行只受道路本身条件的影响时，中等驾驶技术的驾驶员能保持安全顺适行驶的最大行驶速度。
6.自然条件对道路设计有哪些影响？答：主要影响道路等级和设计速度的选用、路线方案的确定、路线平纵横的几何形状、桥隧等构造物的位置和规模、工程数量和造价等。
第二章：平面设计1.道路的平面、纵断面、横断面。
答：路线在水平面上的投影称作路线的平面，沿中线竖直剖切再行展开则是路线的纵断面，中线上任一点法向切面是道路在该点的横断面。
2.为何要限制直线长度？答：在地形起伏较大地区，直线难与地形相适应，产生高填深挖，破坏自然景观，运用不当会影响线形的连续性，过长会使驾驶员感到单调、疲惫急躁，不利于安全行驶。
3.汽车的行驶轨迹特征。
答：轨迹是连续的，曲率是连续的饿，曲率变化率是连续的。
4.公路的最小圆曲线半径有几种？分别在何种情况下使用。
答：极限最小半径，特殊困难情况下使用，一般不轻易使用；一般最小半径，通常情况下使用；不设超高的最小半径，在不必设置超高就能满足行驶稳定性的圆曲线使用。
5.平面线形要素及各要素的特点。
答：直线，圆曲线，缓和曲线。
6.缓和曲线的作用，确定其长度因素。
道路勘测技术杨少伟道路勘测设计试卷及课后习题答案
道路勘测技术杨少伟道路勘测设计试卷及课后习题答案课后习题参考答案第五章 横断面设计5.1 某新建三级公路，设计速度V ＝30km/h ，路面宽度B ＝7m ，路拱i G =2%，路肩b J ＝0.75m ，i J ＝3％。
某平曲线α＝34°50"08´，R ＝150m ，L s ＝40m ，交点桩号为K7+086.42。
试求曲线上5个主点及下列桩号的路基路面宽度、横断面上的高程与设计高程之差：1）K7+030；2) K7+080；3）K7+140；4) K7+160（圆曲线上的全加宽与超高值按《规范》处理） 解：已知：JD ＝K7+086.42，α＝34°50′08″，R =150 m ，L s ＝40 m平曲线要素计算：243320.44424238419.9882240s ss s L L p R R L L q R --＝＝＝＝s +tan 67.186=+131.199=+sec 7.6742 3.173T R p q L R L E R p R J T L ααα+⋅＝（）＝2＝（）－＝2＝－＝主点桩号计算：ZH ＝K7+019.234 HY ＝K7+059.234QZ= K7+074.834 YH ＝K7+110.433 HZ ＝K7+150.433 超高过渡及加宽计算：超高过渡采用内边轴旋转，加宽线性过渡，路基边缘为设计高程，山岭重丘区三级公路采用第一类加宽：b ＝0.6 m ，已知i h ＝4％，则x 0＝i a /i h ⋅L c ＝2/4×40＝20 mK7+030处：（前缓和曲线上）ΔΔx ＝10.766 b x ＝x/L c ⋅b ＝0.16 m ，i 内＝ig ＝2％，i 外＝x/ L c ⋅2i h －i g ＝0.1532％ B内＝3.66 B外＝3.50 b j ＝0.75 B内’＝4.41 B 外’＝4.25 △h内＝b j ⋅i j －（b j +b x ）i内＝0.75×3％－（0.75+0.16）×2％＝0.004△h 内’＝b j ⋅i j －b j ⋅i 内＝0.75×3％－0.16×2％＝位置0.019△h中＝b j⋅i j+B/2⋅i内＝0.75×3％+7.0/2×2％＝0.093△h外＝b j⋅i j+B/2⋅（i内+i外）＝0.75×3％+3.5×（2％+0.1532％）＝0.098△h外’＝b j⋅i j+B/2⋅i内+（B/2 + b j）⋅i外＝0.75×3％+3.5×2％+（3.5+0.75）×0.1532％＝0.099K7+080处：（圆曲线上）位置i内＝i外＝4％B内＝4.10 B外＝3.50 B内′＝4.85 B外′＝4.25△h内＝b j⋅i j－（b j+b x）i内＝0.75×3％－（0.75+0.16）×4％＝－0.032△h内′＝b j⋅i j－b j⋅i内＝0.75×3％－0. 6×4％＝0.002△h中＝b j⋅i j+B/2⋅i内＝0.75×3％+7.0/2×4％＝0.163△h外＝b j⋅i j+B/2⋅（i内+i外）＝0.75×3％+3.5×（4％+4％）＝0.303△h外′＝b j⋅i j+B/2⋅i内+（B/2 + b j）⋅i外＝0.75×3％+3.5×4％+（3.5+0.75）×4％＝0.333K7+140处：（与K7+030处相似，后缓和曲线上）i内＝i g＝2％x＝10.433 b x＝0.16 i外＝0.0866％△h内＝b j⋅i j－（b j+b x）i内＝0.75×3％－（0.75+0.16）×2％＝0.004△h内′＝b j⋅i j－b j⋅i内＝0.75×3％－0. 6×2％＝0.019△h中＝b j⋅i j+B/2⋅i内＝0.75×3％+7.0/2×2％＝0.093△h外＝b j⋅i j+B/2⋅（i内+i外）＝0.75×3％+3.5×（2％+0.0866％）＝0.096△h外′＝b j⋅i j+B/2⋅i内+（B/2 + b j）⋅i外＝0.75×3％+3.5×2％+（3.5+0.75）×0.0866％＝0.096K7+160处：（直线段上）B内＝3.50 B外＝3.50 B内’＝4.25 B外’＝4.25△h内＝0△h内′＝b j⋅i j＝0.023△h中＝b j⋅i j+B/2⋅i g＝0.75×3％+7.0/2×4％＝0.093△h外＝0△h外′＝b j⋅i j＝0.0235.2某双车道公路，设计速度V＝60km/h，路基宽度8.5m，路面宽度7.0m。
道路勘测设计课后习题答案
道路勘测设计课后习题答案道路勘测设计是土木工程专业中非常重要的一门课程，它涉及到道路建设中的勘测、设计和规划等多个方面。
通过学习这门课程，我们可以了解到道路的勘测设计原理、方法和技术，为今后从事相关工作打下坚实的基础。
下面是一些道路勘测设计课后习题的答案，希望对大家的学习有所帮助。
1. 什么是道路勘测设计？道路勘测设计是指在道路建设前，对道路线路、地形地貌、土壤地质等进行详细的调查和测量，然后根据勘测结果进行设计和规划的过程。
它包括道路线路选择、纵断面设计、横断面设计、交叉口设计等内容。
2. 道路勘测设计的目的是什么？道路勘测设计的主要目的是确定道路的线路、纵断面和横断面等参数，以满足交通运输的需求，并保证道路的安全性、经济性和环保性。
通过勘测设计，可以合理规划道路的线路，提高道路的通行能力和交通安全性。
3. 道路勘测设计的基本步骤有哪些？道路勘测设计的基本步骤包括：确定勘测设计的目标和要求；进行地形地貌调查；进行土壤地质调查；进行地面控制点的测量；进行纵断面和横断面的测量；进行交叉口设计；编制勘测设计报告等。
4. 道路勘测设计中常用的测量方法有哪些？道路勘测设计中常用的测量方法包括：全站仪测量法、电子经纬仪测量法、GPS测量法、水准测量法、三角测量法等。
这些测量方法具有高精度、高效率和高可靠性的特点，可以满足道路勘测设计的要求。
5. 道路纵断面设计的主要内容有哪些？道路纵断面设计的主要内容包括：确定纵断面的起点和终点；确定纵断面的坡度和坡长；确定纵断面的超高和超高长度；确定纵断面的曲线和曲线长度；确定纵断面的渠化和渠化长度等。
这些内容都是为了保证道路的通行能力和交通安全性。
6. 道路横断面设计的主要内容有哪些？道路横断面设计的主要内容包括：确定横断面的车道数和车道宽度；确定横断面的路肩和路肩宽度；确定横断面的人行道和人行道宽度；确定横断面的排水设施和排水设施宽度等。
这些内容都是为了保证道路的通行能力和交通安全性。
《道路勘测设计》章课后习题及答案
第二章 平面设计2-5.设某二级公路设计速度为80km/h ，路拱横坡为2%。
⑴试求不设超高的圆曲线半径及设置超高（% 8 i h =）的极限最小半径（μ值分别取0.035和0.15）。
⑵当采用极限最小半径时，缓和曲线长度应为多少（路面宽 B = 9 m ,超高渐变率取1/150）？解：⑴不设超高时：）（h V R i 1272+=μ＝0.02)]-(0.035[127802⨯＝3359.58 m ， 教材P36表2-1中，规定取2500m 。
设超高时：）（h V R i 1272+=μ＝0.8)](0.15[127802+⨯＝219.1 m ， 教材P36表2-1中，规定取250m 。
⑵当采用极限最小半径时,以内侧边缘为旋转轴,由公式计算可得：缓和曲线长度：=∆=p i B L '150/1%2%89）（+⨯=135 m 2-6 某丘陵区公路，设计速度为40km/h ，路线转角"38'04954︒=α，4JD 到5JD 的距离D=267.71m 。
由于地形限制，选定=4R 110m ，4s L =70m ，试定5JD 的圆曲线半径5R 和缓和曲线长5s L 。
解:由测量的公式可计算出各曲线要素：πδπβ︒•=︒•=-==1806,18022402m ,240000200032R l R l R l l R l p ， 解得：p=1.86 m , q = 35 m , =4T 157.24 m , 则=5T 267.71-157.24 = 110.49 m考虑5JD 可能的曲线长以及相邻两个曲线指标平衡的因素，拟定5s L =60 m ，则有：522460p R = ,30260m ==，"28'20695︒=α 解得=5R 115.227m2-7、某山岭区公路，设计速度为40km/h ,路线转角"00'54322︒=右α ，"00'3043︒=右α ，1JD 至2JD 、2JD 到3JD 距离分别为458.96m 、560.54 m 。
大学道路勘测设计第三版(杨少伟)第二章作业
道路勘测设计第二章作业2-1、汽车行驶轨迹有哪些特征？道路平面线形由哪些要素组成？答：特征：（1）轨迹是连续的，即轨道上任一点不出现折转和错位；（2）轨迹的曲率是连续的，任一点不出现两个曲率值；（3）曲率变化是连续的，任一点不出现两个曲率变化率值。
平面线形要素：直线、圆曲线和缓和曲线。
2-2、为何要限制直线的长度？答：（1）在地形起伏较大的地区，直线难与地形相适应，产生高填深挖路基，破坏自然景观；（2）若长度运用不当，会影响线性的连续性；（3）过长的直线会使驾驶员感到单调、疲倦和急躁，易超速行驶，对安全行车不利。
2-3、公路的最小圆曲线半径有几种? 分别在何情况下使用？答：三种：极限最小半径、一般最小半径和不设超高的最小半径。
（1）极限最小半径：是路线设计中的极限值，是在特殊困难条件下不得已才使用的，一般不轻易采用。
（2）一般最小半径：是在通常情况下推荐采用的最小半径。
（3）不设超高的最小半径：当圆曲线半径较大时，离心力的影响较小，路面摩阻力可保证汽车有足够的稳定性，这时可使用不设超高的最小半径。
2-4、缓和曲线的作用是什么？确定其长度应考虑哪些因素？答：作用：1.曲率连续变化，便于车辆遵循。
2.离心加速度逐渐变化，旅客感觉舒适。
3.超高横坡度及加宽逐渐变化，行车更加平稳。
4.与圆曲线配合，增加线形美观。
因素：1.旅客感觉舒适；2.超高渐变率适中；行驶时间不过短。
2-5、设某二级公路设计速度为80km/h ，路拱横坡为2%。
（1）试求不设超高的圆曲线半径及设置超高（% 8 i h =）的极限最小半径（μ值分别取0.035和0.15）。
（2） 当采用极限最小半径时，缓和曲线长度应为多少（路面宽B = 9 m ,超高渐变率取1/150） ？解：（1）不设超高时：）（h V R i 1272+=μ＝0.02)]-(0.035[127802⨯＝3359.58 m ，规范中取3350m.设超高时：）（h V R i 1272+=μ＝0.8)](0.15[127802+⨯＝219.1 m ，规范中取250m 。
《道路勘测设计》章课后习题及答案
《道路勘测设计》章课后习题及答案第⼆章平⾯设计2-5.设某⼆级公路设计速度为80km/h ，路拱横坡为2%。
⑴试求不设超⾼的圆曲线半径及设置超⾼（% 8 i h =）的极限最⼩半径（µ值分别取0.035和0.15）。
⑵当采⽤极限最⼩半径时，缓和曲线长度应为多少（路⾯宽B = 9 m ,超⾼渐变率取1/150）？解：⑴不设超⾼时：）（h V R i 1272+=µ＝0.02)]-(0.035[127802＝3359.58 m ，教材P36表2-1中，规定取2500m 。
设超⾼时：）（h V R i 1272+=µ＝0.8)](0.15[127802+?＝219.1 m ，教材P36表2-1中，规定取250m 。
⑵当采⽤极限最⼩半径时,以内侧边缘为旋转轴,由公式计算可得：缓和曲线长度：==pi B L '150/1%2%89）（+?=135 m 2-6 某丘陵区公路，设计速度为40km/h ，路线转⾓"38'04954?=α，4JD 到5JD 的距离D=267.71m 。
由于地形限制，选定=4R 110m ，4s L =70m ，试定5JD 的圆曲线半径5R 和缓和曲线长5s L 。
解:由测量的公式可计算出各曲线要素：πδπβ?==-==1806,18022402m ,240000200032R l R l R l l R l p ，解得：p=1.86 m , q = 35 m , =4T 157.24 m , 则=5T 267.71-157.24 = 110.49 m考虑5JD 可能的曲线长以及相邻两个曲线指标平衡的因素，拟定5s L =60 m ，则有：522460p R = ,30260m ==，"28'20695?=α解得=5R 115.227m 2-7、某⼭岭区公路，设计速度为40km/h ,路线转⾓"00'54322?=右α，"00'3043?=右α，1JD ⾄2JD 、2JD 到3JD 距离分别为458.96 m 、560.54 m 。
《道路勘测设计》第2章平面设计课后习题及答案
第二章平面设计 2-5.设某二级公路设计速度为80km/h ，路拱横坡为2%。
⑴试求不设超高的圆曲线半径及设置超高（% 8 i h =）的极限最小半径（μ值分别取0.035和0.15）。
⑵当采用极限最小半径时，缓和曲线长度应为多少（路面宽B=9 m,超高渐变率取1/150）？
解：⑴不设超高时：
2-6。
解:=p 考虑5JD 可能的曲线长以及相邻两个曲线指标平衡的因素，拟定5s L =60 m ，则有：
522460p R =,302
60m ==，"28'20695︒=α解得=5R 115.227m "00'54322︒=右α，
2-7、某山岭区公路，设计速度为40km/h,路线转角,'30291︒=右α
"00'3043︒=右α，1JD 至2JD 、2JD 到3JD 距离分别为458.96 m 、560.54 m 。
选定m L R S 6530011==，，试分别确定2JD 、3JD 的圆曲线半径和缓和曲线长度。
解：(1)1JD 曲线要素计算
587.024p 2s 0==R
l ，487.322402q 23s =-=R l l s ， 则m q P R T 63.1112tan )(1=++=α
由于6倍，即（2由于p =所以4倍，可（3由于L min 2JD .560按min L 反算半径：m 59.1980min =⋅=π
αR ，由于半径大于不设超高最小半径， 可不设缓和曲线，则m R L S 59.1980033==，。
道路勘测技术_杨少伟__道路勘测设计试卷及课后习题答案
第二章习题2-1 已知某条道路的滚动阻力系数为0.015，如果东风EQ140型载重车装载90%时，挂1V档以30km／h的速度等速行驶，试求（1）H=0，（2）H=1500m 海拔高度上所能克服的最大坡度。
2-2己知λ=0.8，f=1%，若东风EQ-140型载重车以80km／h的速度开始在3%的坡道上爬坡，当该坡道长为600m时，求到达坡顶的车速。
2-3假定某弯道的最大横向力系数为0.10，则（1）当R=500m，ih=5%时，允许最大车速为多少？（2）当V=80km/h，ih=-2%（反超高）时，平曲线半径至少应为多大？2-4设某条道路规定的最大纵坡为5%，当汽车以80km／h的速度在半径为250m、超高横坡度为8%的平曲线上行驶时，求折减后的最大纵坡度。
习题答案：2-1 1）海拔H=0，ξ=1，装载90%，G'=G×90%，2）H=1500，ξ=0.83，装载90%，G'=G×90%，f=1%，Dmax=0.06，1）当H=0时：i 1=tgαmax=tg(3.2496)= 5.67%2)当H=1500时，αmax=2.593768i 2=tgαmax=tg(2.593768)= 4.53%2-2因为V=80km/h，故为V档，λ=0.8，f=1%，查图2-8a）得，V1=80km/h，S1=120m，S2=600+120=720 则 V2=57km/h2-3 μ=0.10（1）R=500，ih=5%km/h（2）V=80km/h，ih=-2%2-4 纵坡i=5%，V=80km/h，R=250，ih=8%第三章习题1．用级数展开法计算p、q的表达式。
=15°28′30″，半径R=600m，2．已知平原区某二级公路有一弯道，偏角α右JD=K2+536.48。
要求：（1）计算确定缓和曲线长度Ls（2）计算曲线主点里程桩号；（3）计算曲线上每隔25m整桩号的切线支距值。
道路勘测设计(杨少伟)课后答案(最全的版本)-第三版
课后习题参考答案第二章 汽车行驶特性2.1 已知某条道路的滚动阻力系数为0.015，如果东风EQ －140型载重汽车装载90％时，挂IV 档以30km/h 的速度等速行驶，试求（1）H ＝0，（2）H =1500m 海拔高度上所能克服的最大坡度。
解：f ＝0.015，G /G ′＝1/0.9，负荷率取为：U ＝90％，则 海拔0m 时，海拔系数ξ＝1.0，λ＝（ξ G /G ′）＝1.111 海拔1500m 时，海拔系数ξ＝（1-2.26×105×1500）5.3＝0.833，λ＝0.925 IV 档时，36T max N 32N M 17.036()P =+=7.875710(-)21.15Ug h M M K A G g n n -⎡⎤-⋅--⨯⎢⎥⎣⎦24T Mmax N 2N M 5.305Q =() 2.917510(-)Ug h n M M r G n n --=⨯2-2max max 2-[-] 5.532210(-)N T M N M V M Ugh W M n rG n n ==⨯ 2 5.699%D PV QV W =++=H =0时，000arcsin0.04832.77tan 4.839%i αα=====故：同理：H ＝1500时，1500150015002.162tan 3.775%i αα===故：2.3 假定某弯道的最大横向力系数为0.10，则：（1） 当R =500m ，i h ＝5％时，允许最大车速为多少？（2） 当V ＝80km/h ，i h ＝－2%（反超高）时，平曲线半径至少应为多大？ 解；由2h =127V i Rμ-，（1）97.6km /h V ===（2）2280629.92m 127()127(0.100.02)h V R i μ===+⨯- 2.4 设某条道路规定的最大纵坡为5%，当汽车以80km/h 的车速在半径为250m 、超高横坡度为8%的平曲线上行驶时，求折减后的最大纵坡度。
道路勘测设计杨少伟课后答案最全的版本第三版
道路勘测设计杨少伟课后答案最全的版本第三版课后习题参考答案第二章 汽车行驶特性2.1 已知某条道路的滚动阻力系数为0.015，如果东风EQ －140型载重汽车装载90％时，挂IV 档以30km/h 的速度等速行驶，试求（1）H ＝0，（2）H =1500m 海拔高度上所能克服的最大坡度。
解：f ＝0.015，G /G ′＝1/0.9，负荷率取为：U ＝90％，则海拔0m 时，海拔系数ξ＝1.0，λ＝（ξ G /G ′）＝1.111海拔1500m 时，海拔系数ξ＝（1-2.26×105×1500）5.3＝0.833，λ＝0.925IV 档时，36T max N 32N M 17.036()P =+=7.875710(-)21.15Ug h M M K A G g n n -⎡⎤-⋅--⨯⎢⎥⎣⎦24T Mmax N 2N M 5.305Q =() 2.917510(-)Ug h n M M r G n n --=⨯ 2-2max max 2-[-] 5.532210(-)N TMN M V M Ugh W M n rG n n ==⨯2 5.699%D PV QV W =++=H =0时，222220001.111 5.699100.0151 1.111(5.66910)0.015arcsin0.04832.77tan 4.839%i αα--⨯⨯-⨯-⨯⨯+=====故：同理： H ＝1500时，1500150015002.162tan 3.775%i αα===故：2.3 假定某弯道的最大横向力系数为0.10，则： （1） 当R =500m ，i h ＝5％时，允许最大车速为多少？（2） 当V ＝80km/h ，i h ＝－2%（反超高）时，平曲线半径至少应为多大？ 解；由2h=127Vi Rμ-， （1）127()127(0.100.05)50097.6km /hh V i R μ=+⋅=⨯+⨯=（2）2280629.92m127()127(0.100.02)h V R i μ===+⨯-2.4 设某条道路规定的最大纵坡为5%，当汽车以80km/h 的车速在半径为250m 、超高横坡度为8%的平曲线上行驶时，求折减后的最大纵坡度。