高二物理上册：第十三章第四节随堂达标自测
高二物理上册 电子题库 第十三章第节随堂达标自测
嘴哆市安排阳光实验学校【优化方案】高二物理上册电子题库第十三章第十一节随堂达标自测1．在用电流场模拟静电场描绘电场中等势线的实验中，所用的器材除了木板、白纸、复写纸、圆柱形电极、导线、电池、开关外，还必须具有________、________、________.解析：本实验是用恒定电流场模拟静电场，用电池、电流表、探针连成电路，在导电纸上找出等电势点，再描绘出等势线，需用什么器材，应对实验原理、实验过程非常熟悉．答案：导电纸探针灵敏电流表2．(1)图13－11－，P是一块平整的木板，在木板上要铺放三层纸，从下到上依次是________、________和________．图13－11－6(2)除了图示的器材外，还需要________．(3)这个实验描绘的并不是静电场的等势线，而是用在________上形成的恒定电流场来模拟静电场，其中A作为静电场中的________，B作为静电场中的________，之所以可以用恒定电流场模拟静电场，因为它们都是________，但它们又有根本的区别，如________．(4)大致画出几条位于A、B之间的等势线，并根据等势线大致画出几条电场线．解析：(1)白纸复写纸导电纸；(2)一个带有两根探针的灵敏电流表；(3)导电纸；正电荷；负电荷；电场；维持静电场不需要消耗任何其他形式的能量，而维持恒定电流场必须有非静电力做功；(4)由等势点连成等势线，根据电场线总是与等势线垂直作出电场线如图所示．答案：见解析3．在实验“电场中等势线的描绘”中，适当增加两极间的电压，下列说法错误的是( )A．对实验结果没有影响B．描绘出的等势线形状与原来不同C．会提高探测等势点的精确度D．找基准点的等势点时每次移动的跨度应适当小些(与原来相比)解析：选B.实验中如果仅是适当增加两电极间的电压，导电纸上的电流场仍和等量异种电荷的电场相似，那么描绘出来的等势线形状与原来相同，A正确，B错误．导电纸上每单位长度上的电势差增大，能使等势点的探测更准确，所以要增加本实验准确度，适当增加电压是可行的方法，C正确．找等势点时每次移动的距离要小些，以免太大的电势差引起的大电流烧坏电流表，D正确．4．(晋中高二检测)在描绘电场中等势线的实验中，先在导电纸上画出电极a，b(模拟点电荷)的连线，在连线上取间距相等的c、d、e、f、g五个基准点，如图13－11－7所示，G为灵敏电流计，甲、乙为两探针，如图描绘d点的等势线时，下列操作可行的是( )图13－11－7A．探针甲不动，移动乙B．探针乙不动，移动甲C．电流计示数为零时，说明电流计断路D．依此法作出五条等势线后，如能判断电势的高低，则可作出几条电场线解析：选AD.本实验是利用当灵敏电流计指针不偏转时，与灵敏电流计相连的探针相接触的两点电势相等的原理来找等势点的．具体操作时，应使一探针接触某个基准点不动，另一探针在基准点上、下两侧缓慢地移动．电流计不偏转时，复印下该点，就可找出许多等势点，故A项正确，B项错误．选项C 中电流计示数为零，说明两探针接触的两点间电势差为零而非断路，故C项错．根据电场线与等势线垂直可画出电场线的形状，根据沿电场线方向电势降低可判断电场线的方向，故选项D正确．5．图13－11－8所示为描绘电场中等势线的装置，图中A、B、C、D、E间距相等，其中A、B为金属圆柱．当电流从正接线柱流入G表时，其指针向正接线柱一侧偏转．图13－11－8(1)当G表指针________时，说明探针所接触的两点正是等势点．(2)当探针Ⅰ接在E点，探针Ⅱ接在某点时，G表指针偏向负接线柱一侧．为了找到等电势点，探针Ⅱ应向________(填“左”或“右”)移，才能找到等电势点．解析：(1)当灵敏电流表指针不偏转时，说明两探针所接触的两点是等电势点．(2)该表指针偏转方向与电流方向的关系已查明，即指针向哪个接线柱一侧偏转，这个接线柱的探针接触点的电势就高．现在电流表指针偏向负接线柱一侧，说明探针Ⅱ接触点的电势高，根据图示电源的极性，探针Ⅱ应向左移才能寻得基准点E的等电势点．答案：(1)不偏转(2)左6．如图13－11－9所示装置中，两平行铁夹正放上一铜质圆环C紧压在导电纸上不接电源，代表电场中所放导体，某同学用灵敏电流表连接两个探针描绘出平面上等势线和电场线如图中所示．求：图13－11－9(1)当两个探针探测C环内任意两点时，电流表指针应________(填“左偏”、“指零”或“右偏”)，表明在电场中_________________________________________________．(2)当两个探针探测C环表面各点时，电流表指针应______(填“左偏”、“指零”或“右偏”)，表明在电场中________________________________________________________．(3)从这位同学描绘的图中可以看出________________________________________．答案：(1)指零处于静电平衡状态的导体为等势体；(2)指零处于静电平衡状态的导体表面为等势面；(3)导体表面的场强跟导体表面垂直，电场线和等势面处处垂直相交．7．在“电场中等势线的描绘”实验中，实验步骤如下：A．在一块平塑料板上有两个固定螺杆，自下而上依次是导电纸、复写纸、白纸穿过螺杆，并用两个圆柱形铜电极固定B．两个电极与电源的两个极相连，两电极间距约为10 cm，交流电源电压约为6 VC．在两电极的连线上选取间距大致相等的五个基准点，并用探针把它们的位置复印在白纸上D．从电压表的两个接线柱引出两个探针，一个探针压在一个基准点上，另一个探针在导电纸上移动，直到表指针不偏转，即找到了等势点，用探针复印在白纸上，如此方法每个基准点找出4～8个等势点E．按照同样方法找到其他基准点的等势点F．拆除电路，取下白纸，用平滑曲线连接等势点，等势线就画成了(1)上述步骤中，有三个错了，错误的步骤是_________________________________．(2)错的地方改正后应为___________________________________________________．(3)在用电流场模拟静电场描绘电场中等势线的实验中，如图13－11－10所示的电表指针偏转方向与流入电流的关系是：当电流从正接线柱流入电表时，指针偏向正接线柱一侧．一位学生用这个电表探测基准点2两侧的等势点时，把接电表正接线柱的探针P1接触基准点2，把接电表负接线柱的探针P2接触纸上的某一点，发现表的指针发生了偏转，为了探测到等势点，则下列说法正确的是( )图13－11－10A．电表指针偏向正接线柱一侧，P2应右移B．电表指针偏向正接线柱一侧，P2应左移C．电表指针偏向负接线柱一侧，P2应右移D．电表指针偏向负接线柱一侧，P2应左移解析：根据实验原理，铺纸的顺序自下而上依次应该是白纸、复写纸、导电纸；若用交流电源，则空间各点的电势高低不断变化，也就无法描绘等势线，因此应该用直流电源；电压表的指针只朝一个方向偏转，且电势差较小时，指针摆角很小，而灵敏电流计的零刻度在中间，可以朝两个方向偏转，既方便又灵敏．因此，应该以灵敏电流计代替电压表．对于(3)，由电表指针偏转方向与流入电流的关系知，当电表指针偏向正接线柱一侧时，说明电流从探针P1流向探针P2，即P2所在点的电势较低，P2应左移．同理，若电表指针偏向负接线柱一侧，P2应右移．答案：(1)ABD (2)A自下而上依次是白纸、复写纸、导电纸B电源应为直流电源D电表应为灵敏电流计(3)BC8．图13－11－11中给出的器材为：电源E(电动势为12 V，内阻不计)，木板N(板上从下往上依次叠放白纸、复写纸、导电纸各一张)，两个金属条A、B(平行放置在导电纸上，与导电纸接触良好，用作电极)，滑动变阻器R(其总电阻值小于两平行电极间导电纸的电阻值)，直流电压表V (量程为6 V，内阻很大，其负接线柱与B极相连，正接线柱与探针P相连)，开关S.图13－11－11现要用图中仪器描绘两平行金属条A、B间电场中的等势线．A、B间的电压要求取为6 V.(1)在图中连线，画成实验电路原理图．(2)下面是主要的实验操作步骤，将所缺的内容填写在横线上方．a．接好实验电路．b．______________________________.c．合上S，并将探针P与A相接触．d．______________________________.e．用探针压印的方法把A、B的位置标记在白纸上．画一线段连接AB两极，在连线上选取间距大致相等的5个点作为基准点，用探针把它们的位置压印在白纸上．f．将探针与某一基准点相接触，________________，这一点是此基准点的等势点．用探针把这一点的位置也压印在白纸上，用相同的方法找出此基准点的其他等势点．g．重复步骤f，找出其他4个基准点的等势点．取出白纸画出各条等势线．解析：本题主要考查等势线描绘的实验装置及实验步骤．本题的情景创新和拓展点主要有3处：①由描绘等量异种电荷的等势线变为描绘平行板电容器中的等势线，具体的原理、操作步骤等皆相同；②电源不能直接供电，因滑动变阻器R的总阻值小于平行板电极间导电纸的电阻，若用限流接法直接供电，则U AB＞6 V，不满足题目要求；③用电压表替代灵敏电流表寻找等势点，为减小读数误差，须将电压表的一个接线柱和电极相连．答案：(1)连接线路如右图所示(2)b.把变阻器的滑动触头移到靠近D端处d．调节R，使电压表读数为6 Vf．记下电压表读数，在导电纸上移动探针，找出电压表读数与所记下的数值相同的另一点。
2013届高考物理核心要点突破系列课件：第13章 第四节《静电屏蔽》(人教版选修3-1)
即时应用 1.以下说法中，不正确的是( ．
)
A．由于静电感应而使导体两端出现的正、负电 荷的电荷量总是相等的 B．处于静电平衡状态的导体，内部的场强必定 处处为零 C．处于静电平衡状态的导体，净电荷只会分布 在导体外表面上 D．达到静电平衡时，导体外表面附近的电场线 可以不与导体表面垂直
解析：选D.本题主要考查对静电平衡状态的理 解．达到静电平衡时，导体为等势体，电场线 与导体表面垂直，故D错，其他几个选项都正 确．
1．无论金属导体何处接地，电子都从大地流向 导体M而且右端B不带电． 地球是一个大导体，无论金属导体M上何处接地， 都可以把地球和M看成是一个导体(如图13－4－4 所示的虚线框)．这个导体距P的近端仍在M的左 端A处，远端在地球的另一端C，其余部分为导 体的中部或内部．当这个大导体重新处于静电平 衡状态时，在距P近端A处感应出与导体P异种的 负电荷，在距P远端C处感应出与导体P同种的正 电荷，即电子从大地流向金属导体M，而导体的 其余部分没有净电荷，故导体右端B处没有净电 荷．
例1 如图13－4－6所示，Q是一个绝缘金属导
体，一个带正电的绝缘金属球P靠近Q，由于静 电感应，Q的A端电荷量大小为qA，B端电荷量大 小为qB，则( )
图13－4－6
A．用手接触一下Q的A端，拿走P后Q带正电 B．用手接触一下Q的B端，拿走P后Q带负电 C．导体Q上，qA>qB D．导体Q上，qA＝qB 【解析】 由于静电感应，离金属球P近的A端 将感应出负电荷，电荷量大小为qA，离金属球P 远的B端将感应出等量大小的qB ，因而D选项正 确．用手接触一下Q的任一部分时，人、Q和大 地构成一个新导体，整个Q看成近端，而地球的 另一侧是远端，A端带负电，地球的另一侧带正 电，当手离开Q后，无论是否移走球P，Q都带负 电，B选项正确．
人教版物理高二上学期试题及解答参考(2024年)
2024年人教版物理高二上学期自测试题(答案在后面)一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、一个物体从静止开始沿着光滑的斜面向下滑动，下列说法正确的是（）A、物体的加速度随时间均匀增大B、物体的速度随时间均匀减小C、物体下滑过程中机械能守恒D、物体下滑过程中重力势能转化为动能2、一个物体在水平面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（）A、物体的动能不变B、物体的势能不变C、物体的动量不变D、物体的速度不变3、在下列关于光的干涉现象的描述中，正确的是：A. 只有相干光才能产生干涉现象B. 光的干涉现象一定是颜色的混合C. 光的干涉条纹间距与光的波长成正比D. 光的干涉条纹间距与光的频率成反比4、在下列关于电磁波的性质的描述中，正确的是：A. 电磁波的传播速度在真空中恒为3×10^8 m/sB. 电磁波在介质中的传播速度一定大于在真空中的传播速度C. 电磁波在介质中的传播速度与介质的折射率成反比D. 电磁波在介质中的传播速度与介质的磁导率成正比5、一个物体从静止开始沿光滑水平面加速运动，其速度随时间变化的图线如下所示。
根据图线，下列说法正确的是：A、物体在0-2秒内的平均速度为5 m/sB、物体在2-4秒内的加速度为2.5 m/s²C、物体在4秒时的速度为10 m/sD、物体在0-4秒内的位移为20 m6、一个质量为m的物体从高度h自由落下，不计空气阻力。
以下关于物体下落过程的描述中，正确的是：A、物体下落过程中，重力势能转化为动能，机械能守恒B、物体下落过程中，重力势能转化为内能，机械能不守恒C、物体下落过程中，动能和重力势能之和保持不变，机械能守恒D、物体下落过程中，重力势能转化为动能，但机械能随时间减小7、一物体在水平面上做匀速直线运动，受到的摩擦力与拉力大小相等，若突然将物体的质量加倍，则物体受到的摩擦力与拉力的大小关系为：A、摩擦力加倍，拉力不变B、摩擦力不变，拉力加倍C、摩擦力加倍，拉力也加倍D、摩擦力不变，拉力不变二、多项选择题（本大题有3小题，每小题6分，共18分）1、下列关于力的说法中，正确的是：A、力是物体间的相互作用，物体间不接触也可以产生力的作用B、力可以使物体的形状发生改变，也可以使物体的运动状态发生改变C、作用力和反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在两个不同的物体上D、物体受到的合力越大，物体的加速度也越大，加速度的方向与合力的方向相同2、关于波的传播，下列说法正确的是：A、波在传播过程中，介质中的质点不会随波迁移，只是振动B、波的传播速度与介质的种类和介质的温度有关C、机械波在均匀介质中传播时，波速不变，波长和频率也不变D、光波是一种电磁波，可以在真空中传播3、以下关于力和运动的描述正确的是（）A. 力是改变物体运动状态的原因，但物体运动状态改变不一定是因为受到力的作用B. 动能大小与物体的质量、速度有关，质量越大、速度越快，动能越大C. 力的作用效果有两个：一是使物体发生形变，二是改变物体的运动状态D. 力和运动状态的关系是：有力必有运动，有运动必有受力三、非选择题（前4题每题10分，最后一题14分，总分54分）第一题题目：一质量为m的物体，从静止开始在水平面上受到一个恒定的水平推力F，同时受到一个恒定的摩擦力f。
高中物理人教版选修3-4(学业分层测评)第十三章 光 学业分层测评13 Word版含答案
学业分层测评(十三)(建议用时：45分钟)[学业达标]1．对两列光波在空中叠加，以下说法中正确的是( )A ．不同的色光有可能发生干涉现象B ．不同的色光不可能发生干涉现象C ．光的强度不同有可能发生干涉现象D ．光的强度不同不可能发生干涉现象E ．发生不发生干涉现象与光的强度无关【解析】 两列光波叠加是否发生干涉现象关键看两列光波是否是相干光，即是否满足频率相同、相位差恒定的条件，不同的色光频率不同，所以不可能发生干涉现象，故B 项正确；光的强度不同，但仍有可能满足相干条件，也就是有可能发生干涉现象，故选项C 、E 正确，D 错误．【答案】 BCE2．关于光的干涉，下列说法中正确的是( )【导学号：23570099】A ．在双缝干涉现象里，相邻两明条纹和相邻两暗条纹的间距是相等的B ．在双缝干涉现象里，入射光波长变短，相邻两个明条纹间距将变窄C ．只有频率相同的两列光波才能产生干涉D ．频率不同的两列光波也能产生干涉现象，只是不稳定E ．频率不同的光不可能叠加【解析】 在双缝干涉现象中，相邻两明条纹和相邻两暗条纹的间距是相等的，入射光的波长越长，相邻两个明条纹的间距越大；两列波产生干涉时，频率必须相同．任何两列光波都能叠加．【答案】 ABC3．杨氏双缝干涉实验中，下列说法正确的是(n 为自然数，λ为光波波长)( )A ．在距双缝的光程差相等的点形成暗条纹B ．在距双缝的光程差为nλ的点形成明条纹C ．在距双缝的光程差为n λ2的点形成明条纹 D ．在距双缝的光程差为⎝⎛⎭⎫n ＋12λ的点形成暗条纹 E ．在双缝的光程差相等的点一定出现明条纹【解析】 在双缝干涉实验中，当某处距双缝距离之差Δδ为波长的整数倍时，即Δδ＝nλ，n ＝0、1、2、3、…这点为加强点，该处出现明条纹；当距离之差Δδ为半波长的奇数倍时，即Δδ＝(2n＋1)λ2，n＝0、1、2、3、…这点为减弱点，该处出现暗条纹．B、D、E正确．【答案】BDE4.如图13-3-5所示，用一束平行的白光经图示装置垂直照到挡光板Q上，板上开两条靠得很近的平行狭缝S1，S2，在屏P上可以看到干涉条纹，O点是屏上到两狭缝距离相等的一点，则干涉条纹是________的，O点是________点. 【导学号：23570100】图13-3-5【解析】不同颜色的光波长不同，白色光含有不同颜色的光，各种色光形成的干涉条纹间距不同，故显示的条纹是彩色的．O到S1、S2的距离相同，所以各色光在此处均为亮纹．【答案】彩色亮5.煤矿中的瓦斯危害极大，某同学查资料得知含有瓦斯的气体的折射率大于干净空气的折射率，于是他根据双缝干涉现象设计了一个监测仪，其原理如图13-3-6所示：在双缝前面放置两个完全相同的透明容器A、B，容器A与干净的空气相通，在容器B中通入矿井中的气体，观察屏上的干涉条纹，就能够监测瓦斯浓度．如果屏的正中央O点变为暗纹，说明B中气体一定__________瓦斯．图13-3-6【解析】如果屏的正中央O变为暗纹，说明从两个子光源到屏的光程差发生变化，所以B中气体一定含瓦斯．【答案】含6．光通过双缝后在屏上产生彩色条纹，若用红色和绿色玻璃各挡住一缝，则屏上________干涉条纹(填“有”无或“无”)．【解析】红光和绿光的频率不同，不能产生干涉现象．【答案】无7．在双缝干涉实验中，光屏上P点到双缝S1、S2的距离之差ΔS1＝0.75 μm，光屏上Q点到双缝S1、S2的距离之差ΔS2＝1.5 μm.若用频率ν＝6.0×1014 Hz的黄光照射双缝，则P点出现_______条纹，Q点出现_______条纹. 【导学号：23570101】【解析】由光的频率ν＝6.0×1014 Hz，知光的波长λ＝c/ν＝5×10－7 m．P点到双缝S1、S2的距离之差ΔS1＝0.75 μm＝7.5×10－7 m＝1.5λ.Q点到双缝S1、S2的距离之差ΔS2＝1.5 μm＝15×10－7 m ＝3λ，因此，P 点出现暗条纹，Q 点出现亮条纹． 【答案】 暗 亮8．如图13-3-7所示，在双缝干涉中，若用λ1＝5.0×10－7m 的光照射，屏上O 为中央亮条纹，屏上A 为第二级亮条纹所在处，若换用λ2＝4.0×10－7m 的光照射时，屏上O 处是什么情况？屏上A 处又是什么情况？图13-3-7【解析】 屏上O 点到双缝的距离之差，无论用何种光做实验，路程差都是0，所以O 处仍为亮条纹，此亮条纹为中央亮纹．设屏上A 点到双缝的距离差为Δx ，因用λ1＝5.0×10－7 m 的光照射时，A 处为第二级亮条纹，有Δx ＝2λ1，但对λ2的入射光来说Δx ＝kλ2，故Δx ＝2λ1＝1×10－6 m ＝kλ2＝k ×4.0×10－7 m 有k ＝2.5，即Δx 为λ22的奇数倍，所以A 处为暗条纹，则：Δx ＝(2n ＋1)λ22(n ＝0，±1，±2，±3，…) 解得n ＝2，而n ＝0时为一级暗条纹，因n ＝2，所以A 处为三级暗条纹．【答案】 O 处为亮条纹 A 处为三级暗条纹[能力提升]9．某同学利用如图13-3-8所示实验观察光的干涉现象，其中A 为单缝屏，B 为双缝屏，C 为光屏．当他让一束阳光照射A 屏时，C 屏上并没有出现干涉条纹，他移走B 后，C 上出现一窄亮斑．分析实验失败的原因可能是________．图13-3-8【解析】 双缝干涉中单缝的作用是获得线光源，而线光源可以看做是由许多个点光源沿一条线排列组成的，这里观察不到光的干涉现象是由于单缝太宽，得不到线光源．【答案】 单缝S 太宽10.如图13-3-9所示，在用单色光做双缝干涉实验时，若单缝S 从双缝S 1、S 2的中央对称轴位置处稍微向上移动，还能不能产生干涉现象？如果能，中央亮纹向哪移动？ 【导学号：23570102】图13-3-9【解析】 本实验中单缝S 的作用是形成频率一定的线光源，双缝S 1，S 2的作用是形成相干光源，稍微移动S 后，没有改变传到双缝的光的频率，由S 1，S 2射出的仍是相干光．若单缝S 稍微向上移动，则单缝S 发出的光到达屏上P 点的下方某点的光程差为零，故中央亮纹下移．【答案】 仍可产生干涉条纹，且中央亮纹P 的位置略向下移．11.如图13-3-10所示，在双缝干涉实验中，S 1和S 2为双缝，P 是光屏上的一点，已知P 点与S 1和S 2的距离之差为2.1 μm.今分别用A ，B 两种单色光在空气中做双缝干涉实验，问P 点处是亮条纹还是暗条纹？图13-3-10(1)已知A 光在折射率为n ＝1.5的介质中波长为4×10－7m ； (2)已知B 光在某种介质中波长为3.15×10－7 m ，当B 光从这种介质射向空气时临界角为37°.【解析】 (1)设光在空气中的波长为λ1，由于在介质中传播时频率不变，所以由n ＝λ1λ2得：λ1＝nλ2＝1.5×4×10－7m ＝6×10－7m.由光程差Δδ＝2.1 μm ＝2.1×10－6 m 得：N 1＝Δδλ1＝2.1×10－66×10－7＝3.5.由此可知，从S 1、S 2到P 点的光程差是半波长的奇数倍，故P 点处为暗条纹．(2)根据临界角与折射率的关系，sin C ＝1n ，所以n ＝1sin 37°＝53，所以B 光在空气中的波长为λ3＝nλ2介＝53×3.15×10－7 m ＝5.25×10－7 m ．由光程差和波长的关系：N 2＝Δδλ3＝2.1×10－65.25×10－7＝4.由此可知，当B 光做光源时，P 点处为亮条纹．【答案】 (1)暗条纹．(2)亮条纹．12．如图13-3-11所示，用激光束照射双缝干涉实验装置，后面屏上出现干涉条纹，其中单缝的作用是产生线光源，单缝、双缝应平行放置．若将单缝绕中心轴旋转(不超过90°)条纹将发生什么变化？若将双缝绕中心轴旋转(不超过90°)条纹将发生什么变化？【导学号：23570103】图13-3-11【解析】在双缝干涉实验中，单缝的作用是形成线光源，双缝的作用是形成振动情况相同的相干光源，当单缝旋转时，双缝被照亮的面积减小，双缝虽然仍能形成相干光源，但由于通过双缝的光能量减少，所以屏上仍能产生干涉条纹，但条纹变暗．当双缝旋转时，同样会导致干涉条纹变暗．同时，干涉条纹保持与双缝平行，也随双缝的旋转而旋转．【答案】见解析.。
河北省保定市物理高二上学期2024年自测试题与参考答案
2024年河北省保定市物理高二上学期自测试题与参考答案一、单项选择题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）1、在下列关于光的传播特性的描述中，正确的是：A、光在同一均匀介质中沿直线传播B、光在不同介质中传播时速度相同C、光在真空中的速度比在水中的速度慢D、光从一种介质进入另一种介质时，传播方向不变答案：A解析：光在同一均匀介质中确实是沿直线传播的，这是光的基本传播特性之一。
选项B错误，因为光在不同介质中的速度不同。
选项C错误，实际上光在真空中的速度是最快的，大约是3×10^8 m/s。
选项D错误，光从一种介质进入另一种介质时，如果入射角不为零，传播方向会发生偏折，即折射。
因此，正确答案是A。
2、下列关于力的概念的说法中，正确的是：A、力是物体对物体的作用，不能离开施力物体和受力物体而单独存在B、力的单位是牛顿，1N等于1千克物体受到1米每秒平方的加速度C、两个物体之间的相互作用力，大小相等、方向相反，作用在同一直线上D、力可以改变物体的形状，但不能改变物体的运动状态答案：AC解析：选项A正确，力是物体间的相互作用，不能单独存在。
选项B正确，牛顿是力的单位，1N确实等于1千克物体受到1米每秒平方的加速度。
选项C正确，根据牛顿第三定律，两个物体之间的相互作用力大小相等、方向相反，作用在同一直线上。
选项D错误，力不仅可以改变物体的形状，还可以改变物体的运动状态，包括速度的大小和方向。
因此，正确答案是AC。
3、在研究平抛运动时，下列哪个选项不是判断物体是否做平抛运动的关键条件？A. 物体的水平初速度不为零B. 物体的竖直初速度不为零C. 物体只受重力作用D. 物体在任何时刻的速度方向与水平方向成一定角度答案：B解析：平抛运动的关键条件是物体具有水平初速度且只受重力作用。
物体的竖直初速度可以为零，因为平抛运动是从静止开始竖直下落的，所以竖直初速度不为零不是判断平抛运动的必要条件。
而选项A、C、D均符合平抛运动的条件。
高二物理上册 电子题库 第十三章第五节随堂达标自测
【优化方案】2013届高二物理上册 电子题库 第十三章第五节随堂达标自测1.(2010年高考广东理综卷)如图13－5－4是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是( )图6－1－12A ．a 点的电势高于b 点的电势B ．该点电荷带负电C ．a 点和b 点电场强度的方向相同D ．a 点的电场强度大于b 点的电场强度解析：选BD.沿着电场线电势降低，a 点电势比b 点电势低，A 错误；由电场线方向知该点电荷带负电，B 正确；a 点和b 点不在同一条电场线上，电场强度方向不同，C 错误；a 点靠近场源电荷，a 点场强大于b 点场强，D 正确．2．下列关于电势差的说法正确的是( )A ．由电势差的定义式U ＝W /q 可知，两点间的电势差U 与电场力做功成正比，与移动电荷的电荷量成反比B ．两点间的电势差等于将正电荷在这两点间移动过程中电场力所做的功C ．将1 C 电荷从A 点移到B 点，电场力做功为1 J ，则A 、B 两点间的电势差为1 VD ．如果在电场中两点间不移动电荷，则这两点间无电势差解析：选C.电场中两点的电势差决定于电场本身，与在这两点间被移动电荷的电量无关，即使不移动电荷，电势差仍存在，故A 、D 错．电场中两点间的电势差数值上等于W q，而不是等于W ，B 错．由电势差的定义可知C 对．3．如图13－5－5所示，在正点电荷形成的电场中A 点，无初速度释放一带电粒子，若带电粒子在电场中仅受电场力的作用，则下列说法正确的是( )图13－5－5A ．若带电粒子是正电荷，则电场力做正功，带电粒子的电势能增加B ．若带电粒子是负电荷，则电场力做负功，带电粒子的电势能增加C ．无论带电粒子是正电荷还是负电荷，电场力都做正功，带电粒子的电势能一定会减少D ．若带电粒子释放时初速度不为零，则电场力可能做负功，带电粒子的电势能可能增加答案：CD4．一带电粒子在电场力的作用下沿图13－5－6中曲线JK 穿过一匀强电场，a 、b 、c 、d 为该电场的等势面，其中有φa ＜φb ＜φc ＜φd ，若不计粒子的重力，可以确定( )图13－5－6A ．粒子带正电B ．从J 到K 粒子的电势能增加C ．该粒子带负电D ．粒子从J 到K 运动过程中的动能与电势能之和不变解析：选CD.由等势线判断出电场线垂直于等势线且水平向左．由粒子的运动轨迹和电场线方向判断出粒子带负电，故C 对，A 错．从J 到K 电场力做正功电势能减少，故B 错．整个过程电势能转化为动能，由能量守恒定律，动能和电势能之和不变，故D 对．5．将一个电荷量为－2×10－8C 的点电荷，从零电势点S 移到M 点要克服电场力做功4×10－8J ，则M 点电势φM ＝________.若将该电荷从M 点移到N 点，电场力做功14×10－8J ，则N 点的电势φN ＝________，MN 两点间的电势差U MN ＝________.解析：由W SM ＝qU SM 得 U SM ＝W SM q ＝－4×10－8－2×10－8V ＝2 V 而U SM ＝φS －φM 所以φM ＝φS －U SM ＝(0－2) V ＝－2 V由W MN ＝qU MN 得U MN ＝W MN q ＝14×10－8－2×10－8V ＝－7 V 而U MN ＝φM －φN所以φN ＝φM －U MN ＝[－2－(－7)] V ＝5 V.答案：－2 V 5 V －7 V。
高二物理人教版选修3-4 第十三章过关检测 含解析
(2)如图乙所示,乙同学利用插针法确定入射光线、折射光线后,测得的入射角不受影响,但测得的折射角比真实的折射角偏大,因此测得的折射率偏小。
答案:(1)不变 (2)偏小
三、计算题(每小题16分,共32分)
答案:D
3.劣质的玻璃中往往含有空气泡,这些空气泡看上去比较亮,对这一现象有以下不同的解释,其中正确的是( )
A.空气泡对光线有会聚作用,因而较亮B.气泡对光线有发散作用,因而较亮
C.从空气泡到达玻璃的界面处的光一部分发生全反射,因而较亮
D.从玻璃到达空气泡的界面处的光一部分发生全反射,因而较亮
解析:要注意发生全反射的条件是:光从光密介质进入光疏介质,且入射角大于或等于临界角。一部分从玻璃到达空气泡的界面处的光满足了发生全反射的条件,因而发生全反射,这也就是气泡看上去比较亮的原因。
10.在利用插针法测定玻璃砖折射率的实验中:
(1)甲同学在纸上正确画出玻璃砖的两个界面aa'和bb'后,不小心碰了玻璃砖使它向aa'方向平移了少许,如图甲所示。则他测出的折射率将 (选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
(2)乙同学在画界面时,不小心将两界面aa'、bb'间距画得比玻璃砖宽度大些,如图乙所示,则他测得折射率 (选填“偏大”“偏小”或“不变”)。
所以λ'=m=3.0×10-7m
故增透膜的厚度d'=λ'=7.5×10-8m。
答案:(1)3.9×10-7 m (2)7.5×10-8 m
式中,n是玻璃的折射率,θ是入射角,α是折射角。
现假设A'恰好在纸片边缘。由题意,在A'点刚好发生全反射,故α=
高二物理上册 电子题库 第十三章本章综合检测
【优化方案】2013届高二物理上册 电子题库 第十三章本章综合检测(时间：90分钟，满分：100分)一、选择题(本题包括10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．如图13－13所示 ，用两根等长的细线各悬一个小球，并挂于同一点．已知两球质量相同，当它们带上同种电荷时，相距r 1而平衡．若使它们的电量都减少一半，待它们重新平衡后，两球间的距离为r 2，则( )图13－13A ．r 2＝12r 1B ．r 2＜12r 1C ．r 2＞12r 1 D ．不能确定解析：选C.设两小球带电量均为Q ，当小球相距r 1时，两悬线与竖直方向夹角都为α；当小球相距r 2时，两悬线与竖直方向夹角都为β，则根据库仑定律和物体平衡条件，有k Q 2r 21＝mg tan α，k Q 24r 22＝mg tan β. 因为α＞β，所以k Q 2r 21＞k Q 24r 22，则r 2＞12r 1.2．(2009年高考北京卷)某静电场的电场线分布如图13－16所示，图中P 、Q 两点的电场强度的大小分别为E P 和E Q ，电势分别为U P 和U Q ，则( )图13－16A ．E P ＞E Q ，U P ＞U QB ．E P ＞E Q ，U P ＜U QC ．E P ＜E Q ，U P ＞U QD ．E P ＜E Q ，U P ＜U Q解析：选A.从图可以看出P 点的电场线的密集程度大于Q 点的密集程度，故P 点的场强大于Q 点的场强，因电场线的方向由P 指向Q ，而沿电场线的方向电势逐渐降低，P 点的电势高于Q 点的电势，故A 正确．3．如图13－15所示，在重力加速度为g 的空间，有一个带电荷量为＋Q 的场源电荷置于O 点，B 、C 为以O 为圆心、半径为R 的竖直圆周上的两点，A 、B 、O 在同一竖直线上，AB ＝R ，O 、C 在同一水平线上．现在有一质量为m 、电荷量为－q 的有孔小球，沿光滑绝缘细杆AC 从A 点由静止开始滑下，滑至C 点的速度的大小为5gR ，下列说法正确的是( )图13－15A．从A到C小球做匀速运动B．从A到C小球的机械能守恒C．B、A两点间的电势差为mgR/2qD．若从A点自由释放，则下落到B点时的速度大小为3gR答案：CD4．如图13－16所示，在两个固定电荷＋q和－q之间放入两个原来不带电的导体，1、2、3、4为导体上的四个点．在达到静电平衡后，各点的电势分别是φ1、φ2、φ3、φ4，则( )图13－16A．φ4>φ3>φ2>φ1B．φ4＝φ3>φ2＝φ1C．φ4＜φ3＜φ2＜φ1D．φ4＝φ3＜φ2＝φ1解析：选B.在电场中的导体处于静电平衡状态时，同一导体上各点电势相等，则φ2＝φ1，φ4＝φ3，沿电场线方向电势降低，所以φ4＝φ3＞φ2＝φ1.5．(2009年高考广东物理卷)如图13－17所示，在一个粗糙水平面上，彼此靠近地放置两个带同种电荷的小物块．由静止释放后，两个物块向相反方向运动，并最终停止．在物块的运动过程中，下列表述正确的是( )图13－17A．两个物块的电势能逐渐减少B．物块受到的库仑力不做功C．两个物块的机械能守恒D．物块受到的摩擦力始终小于其受到的库仑力解析：选A.由于两电荷电性相同，则二者之间的作用力为斥力，因此在远离过程中，电场力做正功，则电势能逐渐减少，A正确；B错误；由于运动过程中，有重力以外的力电场力和摩擦力做功，故机械能不守恒，C错误；在远离过程中开始电场力大于摩擦力，后来电场力小于摩擦力．6．(2009年高考宁夏理综卷)如图13－18所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b 为其两极板，a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度α.在以下方法中，能使悬线的偏角α变大的是( )图13－18A ．缩小a 、b 间的距离B ．加大a 、b 间的距离C ．取出a 、b 两极板间的电介质D ．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质解析：选BC.由题意可得U PQ ＝U ab ；α角增大可知PQ 间场强增大，由U ＝Ed 知U PQ 增大；由Q ＝CU 知P 、Q 板电荷增多，由题意知b 板和Q 板电荷量之和恒定，知a 、b 板电荷一定减少；由Q ＝CU ，知电容器C 电容一定减小；由C ＝εS4πkd，知A 错，B 对，C 对，D 错．7．如图13－19所示，带有等量异种电荷的两块平行金属板M 、N 水平放置．两板之间有一带电微粒以速度v 0沿直线运动．当微粒运动到P 点时，将M 板迅速向上平移一小段距离，则此后微粒( )图13－19A ．可能沿轨迹①运动B ．一定沿轨迹②运动C ．可能沿轨迹③运动D ．可能沿轨迹④运动解析：选B.微粒以速度v 0沿直线运动，则微粒受到的重力和电场力的合力为零，做匀速直线运动．M 板向上平移一小段距离，M 、N 两极板间的场强不变，所以微粒仍以原来的方向做匀速直线运动，即微粒一定沿轨迹②运动．8．带电粒子射入一固定的正电荷Q 的电场中，沿图13－20所示实线轨迹从a 运动到b ，a 、b 两点到点电荷Q 的距离分别为r a 、r b (r a ＞r b )，不计粒子的重力，则可知( )图13－20A ．运动粒子带负电B ．b 点的场强大于a 点的场强C ．由a 到b 的过程中，电场力对粒子不做功D ．由a 到b 的过程中，粒子的动能与电势能之和保持不变解析：选BD.由粒子运动轨迹可判断粒子受斥力，因而带正电，由点电荷电场特点，b 点场强大于a 点场强，由a 到b ，电场力对粒子做负功，粒子动能转化为电势能，粒子动能与电势能之和保持不变．9．一个一价和一个二价的静止铜离子，经过同一电压加速后，再垂直射入同一匀强偏转电场，然后打在同一屏上，屏与偏转电场方向平行，下列说法正确的是( )A ．二价铜离子打在屏上时的速度大B ．离开偏转电场后，二价铜离子飞到屏上用的时间短C ．离子经加速电场过程中，二价铜离子受电场力的冲量大D ．在离开偏转电场时，两种离子在电场方向上的位移不相等解析：选ABC.经同一电场加速，又经同一电场偏转，偏转位移y ＝U 2L 24U 1d，因此两种离子偏转位移相同，D 错误；而U 1q ＋U 2d yq ＝12mv 2，v 2∝q ，所以A 正确；在加速电场中，U 1q ＝12mv 2，v 2＞v 1，l 1＝l 2，t 2＜t 1，B 正确；I ＝Δp ，因v 2＞v 1，所以Δp 2＞Δp 1，C 正确．10．如图13－21所示的交变电压加在平行板电容器A 、B 两极板上，开始时，B 板电势比A 板电势高，这时有一个原来静止的电子正处在两板的中间，它在电场作用下开始运动，设A 、B 两极板间的距离足够大，下列说法正确的是( )图13－21A ．电子一直向着A 板运动B ．电子一直向着B 板运动C ．电子先向A 板运动，然后返回向B 板运动，之后在A 、B 两板间做周期性往复运动D ．电子先向B 板运动，然后返回向A 板运动，之后在A 、B 两板间做周期性往复运动 解析：选D.根据交变电压的变化规律，不难确定电子所受电场力的变化规律，从而作出电子的加速度a 、速度v 随时间变化的图线．从图中可知，电子在第一个T /4内做匀加速运动，第二个T /4内做匀减速运动，在这半周期内，因初始B 板电势比A 板电势高，所以电子向B 板运动，加速度大小为eUmd.在第三个T /4内粒子做匀加速运动，第四个T /4内做匀减速运动，但在这半个周期内运动方向与前半周期相反，向A 板运动，加速度大小为eUmd，所以电子在交变电场中将以t ＝T /4时刻所在位置为平衡位置做周期性往复运动，综上分析答案为D.二、填空题(本题共4小题，每小题5分，共20分．把答案填在题中指定位置)11．将一个10－6 C 的负电荷从电场中A 点移动到B 点，克服电场力做功2×10－6J ，从C 点移动到D 点，电场力做功7×10－6 J ，若已知B 点比C 点电势高3 V ，则AD 之间的电势差的值是________ V.解析：由W ＝qU 可以计算出U AB ＝－2×10－6－10－6 V ＝2 V ，U CD ＝7×10－6－10－6 V ＝－7 V ，U BC ＝3 V ，则U AD ＝U AB ＋U BC ＋U CD ＝－2 V.答案：－212．平行的带电金属板A 、B 间是匀强电场，如图13－22所示，两极板间距离是5 cm ，两板间的电压是60 V ，则图13－21(1)两板间的场强是________；(2)电场中有P 1和P 2两点，P 1点离A 板0.5 cm ，P 2点离B 板也是0.5 cm ，P 1和P 2两点间的电势差为________；(3)若B 板接地，P 1和P 2两点的电势是______伏和________伏．解析：(1)两板间是匀强电场，可应用E ＝U /d 求解，所以两板间的场强为：E ＝U /d ＝600.05V/m ＝1.2×103V/m.(2)P 1、P 2两点间沿场强方向的距离为： d ′＝5－0.5－0.5＝4(cm)∴UP 1P 2＝Ed ′＝1.2×103×4′×10－2V ＝48 V.(3)B 板接地，即选B 板电势为零，电场中某点的电势就等于这点与B 板的电势差，所以φP 1＝Ed 1＝1.2×103×4.5×10－2 V ＝54 VφP2＝Ed2＝1.2×103×0.5×10－2 V＝6 V.答案：(1)1.2×103 V/m (2)48 V (3)54 613．如图13－23所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下一带电粒子(不计重力)经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，试判断：图13－23(1)粒子带________电．(2)粒子在________点加速度最大．(3)A、B两点比较，电势较高的点是________．解析：(1)由电场线方向可知A点场强方向，由轨迹知粒子受力方向应与E方向一致，粒子应带正电．(2)由于B处电场线较密，故B点场强较大，B点电场力较大，且电荷在B 点受力方向跟该处的场强方向相同，则粒子在B点加速度较大．(3)对φA与φB的关系，必须分别作出过A点和B点的等势面，由电场线性质可知B点电势较高，即φB＞φA.可见只要熟记电场线的性质，再与力学知识联系即可．答案：(1)正(2)B(3)B点14．“电场中等势线的描绘”的实验装置如图13－24所示．图13－24(1)图中电源应是约________V的直流电源．(2)在平整的木板上，由下而上依次铺放________纸、______纸、________纸各一张，且导电纸有导电物质的一面要朝________(填“上”或“下”)．(3)若用图中的灵敏电流表的两个接线柱引出的两个表笔(探针)分别接触图中d和f两点(d与f连线和A与B连线垂直)时，指针向右偏(若电流从红表笔流进时，指针向右偏)，则电流表的红表笔接触在________点；要使指针仍指在刻度盘中央(即不发生偏转)，应将接f的表笔向________(填“左”或“右”)移动．解析：(1)6 (2)白复写导电上(3)因A接电源正极，根据等量异号电荷等势线的分布可知：f点电势高于d点电势，而电流表指针右偏表明电流从红表笔流进，即接高电势点，亦即电流表红表笔接触在f点．要使指针不偏转，即要求d点的等势点接f点的表笔向低电势点移动，即向右移动．答案：(1)6 (2)白复写导电上(3)f右三、计算题(本题共4小题，共40分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，必须明确写出数值和单位) 15．(8分)如图13－25所示，在竖直放置的光滑半圆形绝缘细管的圆心处放一个点电荷，将质量为m、带电量为q的小球从圆弧的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则放在圆心O处的点电荷在圆弧中点处的场强大小为多少？图13－25解析：圆弧与放在O点的点电荷的等势面重合，带电小球从A点运动到B点电场力不做功，根据动能定理，有：mgR ＝12mv 2.小球在B 点只受到重力和电场力，根据牛顿第二定律，有qE －mg ＝m v 2R.由以上两式可得E ＝3mgq.答案：3mg q16．(10分)(2011年湛江高二检测)两个半径均为R 的圆形平板电极，平行正对放置，相距为d ，极板间的电势差为U ，板间电场可以认为是均匀的．一个α粒子从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间，到达负极板时恰好落在极板中心．已知质子电荷为e ，质子和中子的质量均视为m ，忽略重力和空气阻力的影响，求： (1)极板间的电场强度 E ；(2)α粒子在极板间运动的加速度a ； (3)α粒子的初速度v 0.解析：(1)极板间场强E ＝U d.(2)α粒子带电荷量为2e ，质量为4m ，所受电场力F ＝2eE ＝2eUdα粒子在极板间运动的加速度a ＝F 4m ＝eU2md .(3)由d ＝12at 2得：t ＝2da＝2dm eUv 0＝R t ＝R 2d eU m.答案：(1)U d (2)eU 2md (3)R 2d eUm17．(10分)半径为r 的绝缘光滑圆环固定在竖直平面内，环上套有一质量为m 、带正电的珠子，空间存在水平向右的匀强电场，如图13－26所示．珠子所受静电力是其重力的34倍，将珠子从环上最低位置A 点由静止释放，求：图13－26(1)珠子所能获得的最大动能是多少？ (2)珠子对圆环的最大压力是多少？解析：(1)设qE 、mg 的合力F 合与竖直方向的夹角为θ，由qE ＝34mg ，所以tan θ＝qE mg ＝34，则sin θ＝35，cos θ＝45，则珠子由A 点静止释放后在从A 到B的过程中做加速运动，如图所示．由题意知珠子在B 点的动能最大，由动能定理得qEr sin θ－mgr (1－cos θ)＝E k ，解得E k ＝14mgr .(2)珠子在B 点对圆环的压力最大，设珠子在B 点受圆环的弹力为F N ，则F N －F 合＝mv 2r，12mv 2＝14mgr 即F N ＝F 合＋mv 2r＝mg2＋qE2＋12mg ＝54mg ＋12mg ＝74mg . 由牛顿第三定律得，珠子对圆环的最大压力为74mg .答案：(1)14mgr (2)74mg18．(12分)一足够大的匀强电场，场强方向是水平的(如图13－27)．一个质量为m 的带正电的小球，从O 点出发，初速度的大小为v 0，在电场力与重力的作用下，恰能沿与场强的反方向成θ角的方向做直线运动．求：图13－27(1)小球所受电场力F E 的大小； (2)小球运动加速度a 的大小；(3)小球运动到最高点时其电势能与在O 点的电势能之差．解析：(1)因小球做直线运动，它受的电场力F E 和重力mg 的合力必沿直线．如图所示．mg ＝F E tan θ，故电场力F E ＝mgtan θ. (2)由小球受力分析图可知其所受的合外力F ＝mgsin θ，故小球做匀减速运动的加速度大小为a ＝gsin θ.(3)设从O 点到最高点的位移s ，有v 20＝2as .运动的水平距离为L ＝s cos θ. 两点的电势能之差ΔE p ＝F E L .由以上各式得ΔE p ＝12mv 20cos 2θ.答案：(1)mg tan θ (2)g sin θ (3)12mv 20cos 2θ。
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1．(2011年杭州高二检测)使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．图13－4－9表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是()
图13－4－9
解析：选B.带电的金属球靠近不带电的验电器时，小球和箔片感应出异种电荷，所以A、C错；靠近带电金属球的小球带异种电荷，所以D错，B正确．
2．如图13－4－10所示，P是一个带电体，N是一个不带电的金属空腔，在下列情况中，放在绝缘板上的小纸屑(图中S)不会被吸引的是()
图13－4－10
答案：AD
3．如图13－4－11所示，带正电小球靠近不带电的金属导体AB的A端，由于静电感应，导体A端出现负电荷，B端出现正电荷，关于导体AB感应起电的说法正确的是()
图13－4－11
A．用手接触一下导体的A端，导体将带正电荷
B．用手接触一下导体AB的正中部位，导体则不带电
C．用手接触一下导体的任何部位，导体将带负电
D．用手接触一下导体AB后，只要带正电小球不移走，AB不可能带负电
解析：选C.带正电小球靠近A端，金属导体AB电势大于零，不论用手接触导体的哪个部位，大地的负电荷都会通过人的身体移动到AB上与正电荷中和，故导体带负电．。