2012届高考物理第一轮专题复习题261

课时16第三节 机械能守恒定律一、选择题1．如图所示，在两个质量分别为m 和2m 的小球a 和b 之间，用一根长为L 的轻杆连接(杆的质量可不计)，而小球可绕穿过轻杆中心O 的水平轴无摩擦转动，现让轻杆处于水平位置，然后无初速度释放，重球b 向下，轻球a 向上，产生转动，在杆转至竖直的过程中( )A ．b 球的重力势能减小，动能增加B ．a 球的重力势能增加，动能减小C ．a 球和b 球的总机械能守恒D ．a 球和b 球的总机械能不守恒解析：选AC.两球组成的系统，在运动中除动能和势能外没有其他形式的能转化，所以系统的机械能守恒．2. (2011年广东佛山模拟)在一次课外趣味游戏中，有四位同学分别将四个质量不同的光滑小球沿竖直放置的内壁光滑的半球形碗的碗口内侧同时由静止释放，碗口水平，如图所示．他们分别记下了这四个小球下滑速率为v 时的位置，则这些位置应该在同一个( )A ．球面B ．抛物面C ．水平面D ．椭圆面解析：选C.因半球形碗的内壁光滑，所以小球下滑过程中机械能守恒，取小球速率为v时所在的平面为零势能面，则根据机械能守恒定律得mgh ＝12m v 2，因为速率v 相等，所以高度相等，与小球的质量无关，即这些位置应该在同一个水平面上，C 正确．3．(2011年江苏启东中学质检)如图所示，A 、B 两球质量相等，A 球用不能伸长的轻绳系于O 点，B 球用轻弹簧系于O ′点，O 与O ′点在同一水平面上，分别将A 、B 球拉到与悬点等高处，使绳和轻弹簧均处于水平，弹簧处于自然状态，将两球分别由静止开始释放，当两球达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水平面上，则( )A ．两球到达各自悬点的正下方时，两球动能相等B ．两球到达各自悬点的正下方时，A 球动能较大C ．两球到达各自悬点的正下方时，B 球动能较大D ．两球到达各自悬点的正下方时，A 球受到向上的拉力较大解析：选BD.整个过程中两球减少的重力势能相等，A 球减少的重力势能完全转化为A 球的动能，B 球减少的重力势能转化为B 球的动能和弹簧的弹性势能，所以A 球的动能大于B 球的动能，所以B 正确；在O 点正下方位置根据牛顿第二定律，小球所受拉力与重力的合力提供向心力，则A 球受到的拉力较大，所以D 正确．4. (2011年江苏苏、锡、常、镇四市联考)如图所示，质量均为m的A 、B 两个小球，用长为2L 的轻质杆相连接，在竖直平面内，绕固定轴O 沿顺时针方向自由转动(转动轴在杆的中点)，不计一切摩擦，某时刻A 、B 球恰好在如图所示的位置，A 、B 球的线速度大小均为v ，下列说法正确的是( )A ．运动过程中B 球机械能守恒 B ．运动过程中B 球速度大小不变C ．B 球在运动到最高点之前，单位时间内机械能的变化量保持不变D ．B 球在运动到最高点之前，单位时间内机械能的变化量不断改变解析：选BD.以A 、B 球为系统，两球在运动过程中，只有重力做功(轻杆对两球做功的和为零)，两球的机械能守恒．以过O 点的水平面为重力势能的参考平面时，系统的总机械能为E ＝2×12m v 2＝m v 2.假设A 球下降h ，则B 球上升h ，此时两球的速度大小是v ′，由机械能守恒定律知m v 2＝12m v ′2×2＋mgh －mgh ，得到v ′＝v ，故运动过程中B 球速度大小不变．当单独分析B 球时，B 球在运动到最高点之前，动能保持不变，重力势能在不断增加．由几何知识可得单位时间内机械能的变化量是不断改变的，B 、D 正确．5．(2011年东北地区名校联考)如图所示，一物体以速度v 0冲向光滑斜面AB ，并能沿斜面升高h ，下列说法正确的是( )A ．若把斜面从C 点锯断，由机械能守恒定律知，物体冲出C 点后仍能升高hB ．若把斜面弯成如图所示的半圆弧形，物体仍能沿AB ′升高hC ．若把斜面从C 点锯断或弯成如图所示的半圆弧形，物体都不能升高h ，因为物体的机械能不守恒D ．若把斜面从C 点锯断或弯成如图所示的半圆弧形，物体都不能升高h ，但物体的机械能仍守恒解析：选D.若把斜面从C 点锯断，物体到达最高点时水平速度不为零，由机械能守恒定律知，物体冲出C 点后不能升高h ；若把斜面弯成如题图所示的半圆弧形，物体在升高h 之前已经脱离轨道．物体在这两种情况下机械能均守恒．6．(2011年盐城第一次调研)如图所示，离水平地面一定高处水平固定一内壁光滑的圆筒，筒内固定一轻质弹簧，弹簧处于自然长度．现将一小球从地面以某一初速度斜向上抛出，刚好能水平进入圆筒中，不计空气阻力．下列说法中正确的是( )A ．弹簧获得的最大弹性势能小于小球抛出时的动能B ．小球从抛出到将弹簧压缩到最短的过程中小球的机械能守恒C ．小球抛出的初速度大小仅与圆筒离地面的高度有关D ．小球从抛出点运动到圆筒口的时间与小球抛出时的角度无关解析：选AB.小球从抛出到弹簧压缩到最短的过程中，只有重力和弹力做功，小球的机械能守恒．即12m v 20＝mgh ＋E p ，所以E p <E k0，故A 对，B 对．斜上抛运动可分解为竖直上抛运动和水平方向的匀速直线运动，所以h ＝0－v 20sin θ－2g＝v 20sin θ2g (θ为v 0与水平方向的夹角)．即v 0＝2gh sin θ，知C 错；由0＝v 0sin θ－gt ，t ＝v 0sin θg知D 错． 7．(2011年福建福州第一次模拟)如图所示，小车上有固定支架，一可视为质点的小球用轻质细绳拴挂在支架上的O 点处，且可绕O 点在竖直平面内做圆周运动，绳长为L .现使小车与小球一起以速度v 0沿水平方向向左匀速运动，当小车突然碰到矮墙后，车立即停止运动，此后小球上升的最大高度可能是( ) A ．大于v 202g B ．小于v 202gC ．等于v 202gD ．等于2L 答案：BCD8．(2011年河南安阳质检)ABCD 是一段竖直平面内的光滑轨道，AB 段与水平面成α角，CD 段与水平面成β角，其中BC 段水平，且其长度大于L .现有两小球P 、Q ，质量分别是2m 、m ，用一长为L 的轻质直杆连接，将P 、Q 由静止从高H 处释放，在轨道转折处用光滑小圆弧连接，不考虑两小球在轨道转折处的能量损失．则小球P 滑上CD 轨道的最大高度h 为( )A ．h ＝HB ．h ＝H ＋L (2sin α－sin β)3C ．h ＝H ＋L sin βD ．h ＝H ＋L (sin α－sin β)3 解析：选B.P 、Q 整体上升的过程中，机械能守恒，以地面为重力势能的零势面，根据机械能守恒定律有：mgH ＋2mg (H ＋L sin α)＝2mgh ＋mg (h ＋L sin β)，解方程得：h ＝H ＋L (2sin α－sin β)3. 9. (2011年广东调研考试)如图所示，一质量为m 的滑块以初速度v从固定于地面的斜面底端A 开始冲上斜面，到达某一高度后返回A ，斜面与滑块之间有摩擦．下列各项分别表示它在斜面上运动的速度v 、加速度a 、势能E p 和机械能E 随时间的变化图象，可能正确的是( )解析：选C.由牛顿第二定律可知，滑块上升阶段有：mg sin θ＋F f ＝ma 1，下滑阶段有：mg sin θ－F f ＝ma 2，因此a 1>a 2，B 选项错误；且v >0和v <0时，速度图象的斜率不同，故A 选项错误；由于摩擦力始终做负功，机械能一直减小，故选项D 错误；重力势能先增大后减小，且上升阶段加速度大，势能变化快，下滑阶段加速度小，势能变化慢，故选项C 正确．10．(2011年江西六所重点中学联考)面积很大的水池，水深为H ，水面上浮着一正方体木块，木块边长为a ，密度为水的1/2，质量为m .开始时，木块静止，有一半没入水中，如图所示．现用力将木块缓慢地压到池底．在这一过程中( )A ．木块的机械能减少了mg (H －a 2) B ．水池中水的机械能不变C ．水池中水的机械能增加了2mg (H －a 2) D ．水池中水的机械能增加了2mg (H －5a 8) 解析：选AD.用力将木块缓慢地压到池底的过程中，木块下降的深度为H －a 2，所以木块的机械能减少了mg (H －a 2)，A 对；因水池面积很大，可忽略因木块压入水中所引起的水深变化，木块刚好完全没入水中时，图中原来处于划斜线区域的水被排开，结果等效于使这部分水平铺于水面，这部分水的质量为m ，上升的高度为34a ，其势能的增加量为ΔE 水1＝mgH －mg (H －34a )＝34mga ；木块从刚好完全没入水中到压入池底的过程中，等效成等体积的水上升到木块刚好完全没入水中的位置，这部分水的质量为2m ，上升的高度为H －a ，势能的增加量为ΔE 水2＝2mg (H －a )，所以水池中水的机械能增加了ΔE 水＝ΔE 水1＋ΔE 水2＝2mg (H －5a 8)，D 对． 二、计算题11．(2010年高考江苏卷)在游乐节目中，选手需借助悬挂在高处的绳飞越到水面的浮台上，小明和小阳观看后对此进行了讨论．如图所示，他们将选手简化为质量m ＝60 kg 的质点，选手抓住绳由静止开始摆动，此时绳与竖直方向夹角α＝53°，绳的悬挂点O 距水面的高度为H ＝3 m ，不考虑空气阻力和绳的质量，浮台露出水面的高度不计，水足够深．取重力加速度g ＝10 m/s 2，sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6.(1)求选手摆到最低点时对绳拉力的大小F ；(2)若绳长l ＝2 m ，选手摆到最高点时松手落入水中．设水对选手的平均浮力F f 1＝800 N ，平均阻力F f 2＝700 N ，求选手落入水中的深度d ；(3)若选手摆到最低点时松手，小明认为绳越长，在浮台上的落点距岸边越远；小阳却认为绳越短，落点距岸边越远．请通过推算说明你的观点．解析：(1)由机械能守恒定律得mgl (1－cos α)＝12m v 2① 选手做圆周运动，有F ′－mg ＝m v 2l解得F ′＝(3－2cos α)mg且选手对绳的拉力F ＝F ′则F ＝1080 N.(2)由动能定理得 mg (H －l cos α＋d )－(F f 1＋F f 2)d ＝0则d ＝mg (H －l cos α)F f 1＋F f 2－mg解得d ＝1.2 m.(3)选手从最低点做平抛运动，则有x ＝v t ，H －l ＝12gt 2 联立①式解得x ＝2l (H －l )(1－cos α)当l ＝H 2时，x 有最大值，解得l ＝1.5 m 因此，两人的看法均不正确．当绳长越接近1.5 m 时，落点距岸边越远．答案：(1)1080 N (2)1.2 m (3)见解析12．(2011年青岛高三摸底考试)如图所示，一内壁光滑的细管弯成半径为R ＝0.4 m 的半圆形轨道CD ，竖直放置，其内径略大于小球的直径，水平轨道与竖直半圆轨道在C 点连接完好．置于水平轨道上的弹簧左端与竖直墙壁相连，B 处为弹簧的自然状态．将一个质量为m ＝0.8 kg 的小球放在弹簧的右侧后，用力向左侧推小球而压缩弹簧至A 处，然后将小球由静止释放，小球运动到C 处后对轨道的压力为F 1＝58 N ．水平轨道以B 处为界，左侧AB段长为x ＝0.3 m ，与小球的动摩擦因数为μ＝0.5，右侧BC 段光滑．g ＝10 m/s 2，求：(1)弹簧在压缩时所储存的弹性势能．(2)小球运动到轨道最高处D 点时对轨道的压力． 解析：(1)对小球在C 处，由牛顿第二定律及向心力公式得F 1－mg ＝m v 21Rv 1＝(F 1－mg )R m ＝(58－0.8×10)×0.40.8＝5(m/s) 从A 到B 由动能定理得E p －μmgx ＝12m v 21E p ＝12m v 21＋μmgx ＝12×0.8×52＋0.5×0.8×10×0.3＝11.2(J) (2)从C 到D 由机械能守恒定律得12m v 21＝2mgR ＋12m v 22 v 2＝v 21－4gR ＝52－4×10×0.4＝3(m/s) 由于v 2>gR ＝2 m/s ，所以小球在D 处对轨道外壁有压力．小球在D 处，由牛顿第二定律及向心力公式得F 2＋mg ＝m v 22R F 2＝m (v 22R －g )＝0.8×(320.4－10)＝10(N) 由牛顿第三定律可知，小球在D 点对轨道的压力大小为10 N ，方向竖直向上． 答案：(1)11.2 J (2)10 N 方向竖直向上。