2018年高考理综选择题专项训练(15)

2018年高考理综选择题专项训练（15）

一、选择题：本题共13个小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．下列有关元素与化合物的相关叙述正确的是

A．生物体中含有的，质量比在万分之一以下的元素就是微量元素

B．与双缩脲试剂反应显紫色的物质是蛋白质

C．具有碱基对的核酸，有可能能运输氨基酸

D．水在光反应中的分解不需要酶来催化

【答案】C

【解析】大量元素和微量元素都是生物体生长发育所必需的元素，A错误；与双缩脲试剂反应显紫色的物质可能是含肽键的化合物，如小分子肽，蛋白质等，B错误；具有碱基对的核酸如tRNA可运输氨基酸，C正确；水在光反应中的分解需要酶来催化，D错误。

2．下图表示植物叶肉细胞内光合作用、呼吸作用中O的转移过程。下列相关叙述正确的是

A．过程①②④都有ATP生成 B．过程③⑤都有[H]生成

C．过程①②⑤都需在生物膜上进行 D．过程②③可相互提供物质

3．下列有关变异、育种与进化的叙述，正确的是

A．同源染色体上的非等位基因可以发生基因重组

B．三倍体无子西瓜的细胞中无同源染色体，不能进行正常的减数分裂

C．单倍体育种过程中，经常先筛选F1花粉类型，再进行花药离体培养

D．自然选择决定生物变异和进化的方向

【答案】A

【解析】同源染色体上的非等位基因可以发生交叉互换，属于基因重组，A正确；三倍体无子西瓜的细胞中有同

源染色体，但是不能正常配对与分离，因此不能进行正常的减数分裂产生配子，B错误；单倍体育种过程中，先进行花药离体培养，后经秋水仙素处理，最后对植株进行筛选，C错误；生物的变异是不定向的，自然选择只能决定生物进化的方向，D错误。

4．果蝇长翅和残翅是由一对等位基因控制，灰身和黑身是由另一对等位基因控制。一对长翅灰身果蝇杂交的子代中出现了残翅雌果蝇，雄果蝇中的黑身个体占1/4。不考虑基因突变和染色体变异的情况下，下列推理合理的是

A．两对基因位于同一对染色体上 B．两对基因都位于常染色体上

C．子代不会出现残翅黑身雌果蝇 D．亲本雌蝇只含一种隐性基因

【答案】B

【解析】根据题意，一对长翅果蝇杂交的子代中出现了残翅雌果蝇，说明长翅（A）对残翅（a）为显性，且该对基因位于常染色体上，双亲的基因型均为Aa；亲本灰身果蝇杂交后代出现了黑身果蝇，说明灰身（B）对黑身（b）为显性，若该对基因位于X染色体上，则亲本为X B X b xX B Y，子代雄果蝇中的黑身个体占1/2，与题意不符，因此该对基因也位于常染色体上，故双亲的基因型均为AaBb，B正确，D错误；根据上述分析可知，双亲的基因型均为AaBb，这两对基因无论是位于同一对同源染色体上，还是位于两对同源染色体上，这对灰身长翅果蝇杂交，其子代都会出现残翅雌果蝇，子代雄果蝇中的黑身个体都占1/4，A错误；若这两对基因位于两对同源染色体上或A和B连锁（a和b连锁），该对灰身长翅果蝇杂交，子代都会出现残翅黑身雌果蝇，C错误。

5．下列关于人体内环境与稳态的叙述，正确的是

A．浆细胞能够特异性识别抗原

B．饥饿时，血液流经肝脏后血糖浓度会升高

C．寒冷环境下机体通过各种途径减少散热，使散热量低于炎热环境

D．肾小管细胞和下丘脑神经分泌细胞能够选择性表达抗利尿激素受体基因

【答案】B

【解析】浆细胞不能识别抗原，A错误；饥饿时，肝糖原分解成葡萄糖，进入血液形成血糖，因此血液流经肝脏时血糖浓度会升高，B正确；寒冷环境下人体体温保持相对稳定，产热量和散热量都增加，故寒冷环境中产热量高于炎热环境中的产热量，C错误；抗利尿激素作用于肾小管和集合管，则其上含有抗利尿激素受体，即其细胞选择性表达抗利尿激素受体基因，下丘脑神经分泌细胞合成并分泌抗利尿激素，不能受其调控，则下丘脑神经分泌细胞中不能表达抗利尿激素受体基因，D错误。

6．某人工湖盛产鲢鱼和鳙鱼，2015年首次爆发了水华，造成鱼产量急剧下降。藻类水华的发生通常被认为是N、P污染导致水体富营养化的结果。为探究这次水华爆发的原因，研究者分析并调查了影响藻类数量变动的主

要环境因素，结果如图1；图2为11年间该湖总氮(TN)与总磷(TP)变化的曲线图。下列分析错误

．．的是

A．图1箭头不能表示能量流动的方向

B．依据图2分析，“水体富营养化”不能很好的解释2015年该湖水华发生的原因

C．控制鲢鱼、鳙鱼的捕捞量和增加投放量可一定程度上降低水华发生

D．水华发生时，藻类、水生动物的相继死亡会加剧水体的恶化，导致生态系统崩溃，该调节机制属于负反馈调节

【答案】D

【解析】能量流动是单向的，只能由低营养级流向高营养级，图1表示影响藻类数量变动的主要环境因素，因此箭头不能表示能量流动的方向，A正确；N、P污染导致水体富营养化，图2显示：2015年的总N和总P量低于之前若干年，因此，“水体富营养化”不能很好的解释2015年该湖水华发生的原因，B正确；图1显示：鲢鱼、鳙鱼主要捕食藻类，因此控制鲢鱼、鳙鱼的捕捞量和增加投放量可一定程度上降低水华发生，C正确；

水华发生时，藻类、水生动物的相继死亡会加剧水体的恶化，导致生态系统崩溃，该调节机制属于正反馈调节，D错误。

7．化学与人类生活、生产、环境密切相关,下列说法不正确的是

A．干燥剂硅胶、硅橡胶和光导纤维的主要成分都是二氧化硅

B．把石灰浆喷涂在树干上可消灭树皮上的过冬虫卵

C．防伪荧光油墨由颜料与树脂连接料等制成,其中树脂属于有机高分子材料

D．新能源汽车的推广使用有助于减少光化学烟雾

【答案】A

【解析】硅橡胶为有机物，硅胶为硅酸胶体，二者成分都不是二氧化硅，A错误；石灰水能够使蛋白质变性，因此把石灰浆喷涂在树干上可消灭树皮上的过冬虫卵，B正确；树脂的相对分子质量很大，属于有机高分子材料，C正确；新能源汽车的推广使用，减小了氮的氧化物的排放，有助于减少光化学烟雾，D正确；正确选

3

项A。

8．下列说法中正确的是

A．乙烯和氯乙烯都可以通过聚合反应得到高分子材料

B．苯酚能跟碳酸钠溶液反应，则苯酚的酸性比碳酸强

C．顺-2-丁烯和反-2-丁烯的加氢产物不同

D．CH3CH2OH与CH3CO18OH发生酯化反应所得混合液中，18O原子只存在于水分子中

【答案】A

【解析】A．乙烯和氯乙烯都含有碳碳双键，都能发生加聚反应，故可以通过聚合反应得到高分子材料，A对；B．苯酚能跟碳酸钠溶液反应，生成苯酚钠和碳酸氢钠，则苯酚的酸性比碳酸氢根强，故B错；C．顺-2-丁烯和反-2-丁烯的加氢产物是相同的，故C错；D．乙醇与乙酸发生酯化反应，乙酸脱去羟基，则水分子中含有18O，单酯化反应是可逆反应，所以乙酸不会全部转化为乙酸乙酯，所以乙酸分子中也含有18O，故 D错；答案：A。9．下列说法正确的是

A．某固体焰色反应呈黄色，则一定存在钠盐

B．某溶液能使淀粉碘化钾溶液变蓝，则该溶液一定为氯水

C．可采用通过饱和碳酸氢钠溶液的方法，除去CO2中含有的SO2

D．用原子吸收光谱确定物质中含有哪些非金属元素

【答案】C

【解析】A．焰色反应为元素的性质，则某固体焰色反应呈黄色，固体一定含钠元素，可能为钠的单质、氧化物、NaOH或钠盐，故A错误；B．具有氧化性的物质可氧化碘离子，淀粉遇碘变蓝，则某溶液能使淀粉碘化钾溶液变蓝，则该溶液可能为氯水或溴水、过氧化氢等，故B错误；C．二氧化硫与碳酸氢钠反应生成二氧化碳，则将气体通过饱和碳酸氢钠溶液洗气可除杂，故C正确；D．不同元素的原子发生跃迁时会吸收不同的光，形成特征谱线，所以现代化学分析测试中用原子吸收光谱确定物质中含有哪些金属元素，故D错误；故选C。10．某小组拟用如图装置制备氮化钙（化学式为Ca3N2，极易与H2O反应），下列说法正确的是

A．打开活塞K通入N2，试管A内有气泡产生．说明装置气密性良好

B．将产物Ca3N2放入盐酸中，能得到CaCl2和NH4Cl两种盐

C．U形管中盛放的干燥剂可以是碱石灰，也可以能用浓硫酸

D．反应结束后，先关闭活塞K，再熄灭酒精灯待反应管冷却至室温

11．2009年，美国麻省理工学院的唐纳德·撒多维教授领导的小组研制出一种镁一锑液态金属储能电池。该电池

:

工作温度为700摄氏度，其工作原理如图所示

A．该电池放电时，正极反应式为Mg2+-2e-=Mg

B．该电池放电时，Mg(液)层生成MgCl2，质量变大

C．该电池充电时，Mg-Sb(液)层中Mg发生氧化反应

D．该电池充电时，熔融盐中的Cl-进入Mg-Sb(液)层

【答案】C

【解析】试题分析：由图中电子的流向可知，Mg为负极。因为是储能电池，所以该电池可以放电也可以由此充电。

放电时镁被氧化为镁离子，所以充电时，镁离子被还原为镁。A．该电池放电时，正极反应式为Mg2++2e-=Mg，A不正确；B．该电池放电时，Mg(液)层生成Mg2+进入熔融盐中，质量变小，B不正确；C．该电池充电时，Mg-Sb(液)层中Mg发生氧化反应，C正确；D．该电池充电时，熔融盐中的Cl-不进入Mg-Sb(液)层，而是Mg2+进入熔融盐中，D不正确。本题选C。

12．短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大,X原子的最外层电子数是内层电子数的3倍,Y单质能在W 单质中燃烧,生成的二元化合物与H2O反应,产生的气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝。Z与X同主族。下列说明不正确的是

A．X的简单氢化物的沸点比Z的高 B．简单离子半径r(Z)>r(X)>r(Y)

C．W与X只能形成两种二元化合物 D．W、Z的最高价氧化物对应的水化物都是强酸

5

【答案】C

【解析】X原子的最外层电子数是内层电子数的3倍,X为氧元素；Z与X同主族，Z为硫元素；Y单质能在W单质中燃烧,生成的二元化合物与H2O反应,产生的气体能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，气体为氨气；所以Y为镁元素，W为氮元素，镁与氮气反应生成的氮化镁与水反应生成氨气，符合题意； H2O分子间存在氢键，而H2S 无有，因此沸点：H2O>H2S，A正确；核外电子排布相同的离子，核电荷数越大，离子半径越小，电子层数越多，半径越大，因此简单离子半径：S2->O2-> Mg2+，B正确；氮元素和氧元素形成的化合物：NO 、N2O、N2O3、N2O4、NO2等，C错误；硝酸、硫酸均为强酸，D正确；正确选项C。

13．室温时，1mol/L的HA和1mol/L的HB两种酸溶液，起始时的体积均为Vo，分别向两溶液中加水进行稀释，所得曲线如图所示。下列说法错误的是

A．M点溶液中c(A-)等于N点溶液中c(B-)

B．HA的电离常数约为10-4

C．浓度均为0.1mol/L的NaA和HA混合溶液的pH<7

D．M、P两点的溶液分别用等浓度的NaOH溶液中和，消耗的NaOH溶液体积:P>M

【答案】D

【解析】试题分析：由图中信息可知，1mol/L的HA和1mol/L的HB两种酸溶液的pH分别为2和0，所以HA是弱酸、HB是强酸，HB已完全电离。因为两溶液浓度和体积均相等，故两溶液中所含一元酸的物质的量相等。

A．M点溶液和N点溶液的pH都等于3，由电荷守恒可知，M点溶液中c(A-)等于N点溶液中c(B-)，A正确；

B．1mol/L的HA溶液的pH为2，c(A-)＝c(H＋)＝0.01mol/L，c(HA) ≈1mol/L，则HA的电离常数约为10-4，B正确；C．浓度均为0.1mol/L的NaA和HA混合溶液中，c(HA) ≈c(A-)，根据电离常数的表达式可知，c(H -4mol/L，所以该溶液的pH<7，C正确；D．M、P两点的溶液所含一元酸的物质的量相等，故＋)＝K

a(HA)= 10

分别用等浓度的NaOH溶液中和时，消耗的NaOH溶液体积相等，D不正确。本题选D。

点睛：本题通过图像考查了一元强酸和一元弱酸加水稀释的相关问题，主要考查了有关弱电解质的电离平衡常数的计算和从图中获取信息的能力。分析图像时，要先看清横坐标和纵坐标所表示的物理量，然后看图中线的变化趋势，最后看线的起点和其他特殊点。另外，酸碱中和就是酸和碱恰好反应，不能错误地认为酸碱中和

就是反应到pH=7。

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第

19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

14．如图所示，一物块受到一水平力F作用静止于斜面上，此力F的方向与斜面平行，如果将力F撤除，下列对物块的描述正确的是

( )

A．木块将沿斜面下滑 B．木块立即获得加速度

C．木块受到的摩擦力变小 D．木块所受的摩擦力方向不变

【答案】 C

【解析】设木块的重力为G，将木块所受的重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面向下方向，沿斜面向下的分力大小为Gsinθ，如图，

在斜面平面内受力如图，力F未撤掉时，由图1根据平衡条件得，静摩擦力大小

1

f=

力F撤掉时，重力分力

sin

Gθ

<2，

根据平衡条件得f2=Gsinθ，所以木块受到的摩擦力变小，由图看出，木块所受的摩擦力方向发生了改变。

由以上分析可得，故C正确。

点晴：将木块所受的重力分解为垂直于斜面方向和沿斜面方向，在垂直于斜面的平面内分析受力情况，根据平衡条件分析摩擦力大小和方向如何变化。

15．在自由式滑雪比赛中，运动员在较高的雪坡上滑到某一弧形部位处，沿水平方向飞离斜坡，在空中划过一段抛物线后，再落到雪坡上，如图所示，若雪坡的倾角为θ，飞出时的速度大小为v0则以下说法错误的是( )

7

A．运动员在空中经历的时间是

B．运动员的落点与起飞点的距离是

C．运动员的落点与起飞点间竖直高度是

D．运动员落回雪坡时的速度大小是

【答案】 D

【解析】设在空中飞行时间为t，运动员在竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，则两方向位移关系：，则有飞行的时间，故A正确；因此竖直方向的速度大小为：，

竖直方向的高度是，由几何关系得：落点与起飞点的距离为，故BC正确；落回雪坡时的速度大小，故D错误；本题选错误的，故选D．

【点睛】运动员做平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由斜面倾角的正切等于竖直位移与水平位移之比，从而求出运动的时间；因此可求出竖直方向的运动速度，求解运动员落地点时的速度大小；同时可求出竖起高度与抛出点和落地点的距离．

16．2016年9月15日．“天宫二号”空间实验室发射升空，10月17日7时30分，“神舟11 号”飞船载着两名宇航员飞向太空．并于10月19日凌晨与“天宫二号”交会对接，交会时“天宫二号”在前，“神舟11号”在后．如图是交会对接时的示意图．则该过程中（）

A．宇航员看“天宫二号”是向后运动的

B．飞船应该直接发射到“天宫二号”运行的轨道上，然后慢慢加速追上并对接

9

C ．飞船应该从低轨道加速追上“天宫二号”

D ．对接过程中，飞船对“天宫二号”的作用力大于“天宫二号”对飞船的作用力

【答案】

C

17．一带负电的粒子只在电场力作用下沿x 轴正方向运动，其电势能p E 随位移x 变化的关系如图9所示，其中

20x -段是关于直线1x x =对称的曲线， 23x x -段是直线，则下列说法正确的是：

A ．1x 处电场强度最小，但不为零

B ．粒子在20x -段做匀变速运动， 23x x -段做匀速直线运动

C ．在0、x 1、x 2、x 3处电势0φ、1φ、2φ、3φ的关系为3201φφφφ>=>

D ．23x x -段的电场强度大小方向均不变

【答案】 D

【解析】A 项：根据图像的斜率表示电场力，在x 1处斜率为零即电场力为了，所以在此处的场强为零，故A 错误；

B 项：由图像斜率可知，在10x ~斜率减小，即电场力减小，同理可知， 12x x ~电场力增大，所以粒子做变加速直线运动，故B 错误；

C 项：根据负电荷在电势低的地方电势能更大，可知， 013???<<，根据对称性可知， 02??=

所以3201????<=<，故C 错误；

D 项：由于23x x ~的斜率不变，即电场力不变，所以电场强度不变，故D 正确。

18．如图所示，电源的电动势和内阻分别为E 、r ，在滑动变阻器的滑片P 由a 向b 移动的过程中，下列说法正确

的是：

A．电流表的读数一定减小

B．R0的功率一定增大

C．电源的输出功率可能先减小后增大

D．电压表与电流表读数的比值一定先减小后增大

【答案】 C

【解析】试题分析：在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，确定电流表示数的变化、的功率变化和路端电压的变化．根据电源内外电阻的关系分析电源输出功率的变化．

滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中总电流I先减小后增大，则电流表的读数先减小后增大，A错误；电流表的读数先减小后增大，故的功率先减小后增大，B错误；路端电压先增大后减小，则电压表的读数先增大后减小．由于电源的内阻与外电阻的关系未知，无法判断电源输出功率如何变化．可能先减小后增大，也可能先增大后减小，C正确；电流表的读数先减小后增大，电压表的读数先增大后减小，电压表与电流表读数的比值一定先增大后减小，D错误．

19．铋在现代消防、电气、工业、医疗等领域有广泛的用途。以前铋被认为是相对原子质量最大的稳定元素，但在2003年，人们]发现了铋有极其微弱的放射性，一个铋210核(Bi)放出一个β粒子后衰变成一个钋核(Po)，并伴随产生了γ射线。已知铋210的半衰期为5天，该反应中铋核、β粒子、钋核的质量分别为m1、m2、m3。下列说法正确的是（）

A．核反应中释放的能量是(m1-m2-m3)c2

B．若有16个铋210核，经过20天后只剩下一个铋原子核

C．β粒子是铋原子核外的电子电离形成的

D．该核反应中释放出的γ射线是由新产生的钋原子核发生能级跃迁产生的

【答案】 AD

【解析】反应中亏损的质量为，根据爱因斯坦的质能方程，得释放的能量是

，故A正确；半衰期具有统计意义，对大量的原子核适用，故B错误；粒子是铋原子核内的中子转化为质子同时释放一个电子，C错误；放射性的原子核在发生衰变后产生的新核往往处于高能级，这时它要向低能级跃迁，辐射光子，即射线，故D正确；故选AD．

20．如图所示，足够长的竖直圆管内有一轻活塞，活塞与管壁之间的滑动摩擦力为f＝1.4N，活塞下连有一个劲

11

度系数k ＝10N/m 的轻弹簧，弹簧下连接一个质量为m ＝0.1kg 的小球。当弹簧处于自然长度时由静止释放小球。假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g ＝10m/s 2

，在小球第一次运动到最低点的过程中（弹簧始终处于弹性限度内），下列说法正确的是（ ）

A ．弹簧的最大伸长量为0.14m

B ．当小球运动到最低点时，弹簧的弹性势能为0.098J

C ．小球先做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，直到停止

D ．活塞克服摩擦力做功大小为0.147J

【答案】 ABD

【解析】A 、当弹簧的弹力等于活塞与管壁之间的滑动摩擦力时，活塞开始运动，弹簧不再伸长，弹簧的最大伸长量为 1.40.1410

f x m k ===，故A 正确； BC 、小球的重力等于弹簧的弹力时， 0kx m

g =，代入得00.10x m =，小球开始向下运动的过程中弹簧变长，弹簧的弹力增大，开始时重力大于弹簧的弹力，小球向下做加速运动，加速度随弹簧长度的增大而减小，即做加速度减小的加速运动；当弹簧的弹力大于重力时，小球开始做减速运动，加速度随弹簧长度的增大而增大，即小球做加速度增大的减速运动；当弹簧的弹力等于活塞与管壁之间的滑动摩擦力时，活塞开始运动，弹簧不再伸长，由运动的对称性可知，弹簧的最大伸长量为0.14m ，小球有向下的速度，小球继续向下运动，因为活塞与管壁之间的滑动摩擦力不变，所以小球做加速度不变的减速运动，直到小球到达最低点，当小球运动到最低点时，弹簧的弹性势能为2211·100.140.09822P m m E W F x kx J ===

=??=，故B 正确，C 错误； D 、小球下降0.14m 时： 212

P mgh E mv -=，小球继续下降的过程中弹簧不再伸长，所以弹力不做功，重力与摩擦力做功，则有2102mg x f x mv ?-?=-

，联立解得活塞克服摩擦力做功大小为0.147f W J =，故D 正确；

故选ABD 。

【点睛】对小球受力分析，然后结合牛顿第二定律分析小球的运动，根据功能关系分析弹簧的弹性势能的变化。

21．如图所示，在空间由一坐标系xOy ，直线OP 与轴正方向的夹角为30°，第一象限内有两个方向都垂直纸面

向外的匀强磁场区域I 和II ，直线OP 上方区域I 中磁场的磁感应强度为B ，一质量为m ，电荷量为q 的质子（不计重力）以速度v 从O 点沿与OP 成30°角的方向垂直磁场进入区域I ，质子先后通过强磁场区域I 和II 后，恰好垂直打在x 轴上的Q 点（图中未画出），则

A ．粒子在第一象限中运动的时间为712m qB

π B ．粒子在第一象限中运动的时间为

56m qB π C ．Q

点的横坐标为

)12mv qB D ．Q

点的横坐标为

)22mv qB

【答案】 AC 【解析】设质子在磁场I 和II 中做圆周运动的轨道半径分别为1r 和2r ，区域II 中磁感应强度为B'，由牛顿第二定律21v qvB m r =①2

2

'v qvB m r =②，粒子在两区域运动的轨迹如图所示，

1

3 计算得出712m t qB

π=，因此选项A 正确、选项B 错误；Q 点坐标212cos30cos30x OA r r r =?+=?+，代人数据

得)12mv

x qB =，因此选项C 正确，D 错误．故选AC ．

点睛：带电粒子通过磁场的边界时，如果边界是直线，根据圆的对称性得到，带电粒子入射速度方向与边界的夹

角等于出射速度方向与边界的夹角，这在处理有界磁场的问题常常用到．