2015-2016学年山东省滨州市惠民县高二上学期期中考试物理试题 扫描版
《解析》山东省滨州市邹平县2016-2017学年高二上学期期中物理试卷Word版含解析
2016-2017学年山东省滨州市邹平县高二（上）期中物理试卷一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分．每小题只有一个选项正确．）1．如图所示，通电导体ab的电流方向由a向b，导体受到磁场力的方向向右，则磁场的方向是（）A．由导线左方向右方 B．由导线右方向左方C．垂直纸面向里 D．垂直纸面向外2．如图所示，小磁针的正上方，平行放置一直导线，当导线通入电流I时，小磁针将（）A．转动，N极转向读者B．转动，S极转向读者C．不转动D．上下振动3．真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F．如保持它们间的距离不变，将其中一个的电量增大为原来的2倍，则它们间的作用力大小变为（）A． B． C．F D．2F4．如图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，（）A．安培表读数减小，伏特表读数减小B．安培表读数增大，伏特表读数增大C．安培表读数增大，伏特表读数减小D．安培表读数减小，伏特表读数增大5．关于电场强度的定义式E=，下列说法中正确的是（）A．它只适用于点电荷的电场B．它适用于任何电场C．E的方向一定与放在该点的电荷的受力方向相同D．移去电荷q，E的大小变为零6．关于电场线的说法，正确的是（）A．电场线就是电荷运动的轨迹B．在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C．电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D．电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反7．下列哪个方式可以增大平行板电容器的电容？（）A．增加电容器极板的带电量B．减小电容器极板间的电压C．增加电容器极板间的距离D．减小电容器极板间的距离8．关于摩擦起电和感应起电原因，下列说法正确的是（）A．摩擦起电的原因是电荷的转移，感应起电原因是产生电荷B．摩擦起电的原因是产生电荷，感应起电因是电荷的转移C．摩擦起电和感应起电原因都是电荷的转移D．摩擦起电和感应起电原因都是产生电荷9．图示为某匀强电场的电场线，关于A、B两点的电场强度，下列判断正确的是（）A．大小不等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向相同D．大小相等，方向不同10．关于电源电动势，下列说法正确的是（）A．电两极间的电压一定等于电源电动势B．电在没有接入电路时两极间电压等于电源电动势C．所有电源的电动势都是相同的D．2号电池比5号电池的电动势大11．下列说法正确的是（）A．电热器的铭牌上标明的额定功率不是热功率B．电动机的电功率等于热功率C．白炽灯泡的电功率等于热功率D．热功率的单位是焦耳12．如图所示是一种油箱内油面高度检测装置的示意图．图中油量表由电流表改装而成，金属杠杆的一端接浮标，另一端触点O接滑动变阻器R．当油箱内油面下降时，下列分析正确的有（）A．触点O向下滑动B．触点O不动C．电路中的电流增大了D．电路中的电流减小了13．如图所示，是点电荷电场中的一条电场线，则（）A．a点场强一定大于b点场强B．形成这个电场的电荷一定带负电C．形成这个电场的电荷一定带正电D．在b点由静止开始释放一个电子，将一定向a点运动14．一个电容器的规格是“10μF 50V”，则（）A．这个电容器的电容为10﹣5FB．这个电容器加上50V电压时，电容才是10μFC．这个电容器没有电压时，电容为0D．这个电容器加的电压不能低于50V15．某电场的电场线分布如图所示，将某点电荷分别放在a、b两点，则点电荷所受的电场力的大小关系是（）A．F a＜F b B．F a=F b C．F a＞F b D．无法确定二、填空题（共18分，每空3分，共18分，把答案填写在答题纸上）16．一电子沿一圆周顺时针方向高速运动，周期为10﹣10s，则等效电流大小为A，电流方向是（填“顺时针”或“逆时针”）17．一电源，当它的负载电阻分别为1Ω和4Ω时，有相同的输出功率，则电源的内电阻为Ω．18．匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过2.0A的电流时，受到0.8N的安培力，磁场磁感应强度是T；当通过的电流加倍时，磁感应强度是T，导线受到的安培力大小为N．三、计算题（本题共2个小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．）19．如图所示，在水平放置的平行带电金属板间能形成竖直方向上的匀强电场．有一个质量m=1×10﹣7kg，电荷量q=1×10﹣8C的带正电的液滴，在两板正中央恰好处于静止状态．求：两极板间电场强度的大小和方向．20．在某电场中的P点，放一带电量q=﹣3.0×10﹣10C的检验电荷，测得该电荷受到的电场力大小为F=6.0×10﹣7N，方向水平向右．求：（1）P点的场强大小和方向（2）在P点放一带电量为q2=1.0×10﹣10C的检验电荷，求q2受到的电场力F2的大小和方向（3）P点不放检验电荷时的场强大小和方向．2016-2017学年山东省滨州市邹平县高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分．每小题只有一个选项正确．）1．如图所示，通电导体ab的电流方向由a向b，导体受到磁场力的方向向右，则磁场的方向是（）A．由导线左方向右方 B．由导线右方向左方C．垂直纸面向里 D．垂直纸面向外【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．【分析】通电直导线在磁场中受到的安培力方向利用左手定则判断．让磁感线穿过左手手心，四指指向电流方向，拇指指向安培力方向．【解答】解：根据左手定则：伸开左手，拇指与手掌垂直且共面，四指指向电流方向，则指向竖直向下，拇指指向安培力方向：向左．由于磁感线向里穿过手心，则手心朝外，所以磁场方向即为垂直纸面向里．故C正确，ABD错误；故选：C．【点评】考查由左手定则可判定安培力方向，注意对于左手定则的应用，要搞清两点：一是什么时候用；二是怎样用．还要注意左手定则与右手定则的区别．2．如图所示，小磁针的正上方，平行放置一直导线，当导线通入电流I时，小磁针将（）A．转动，N极转向读者B．转动，S极转向读者C．不转动D．上下振动【考点】电流的磁场对磁针的作用．【分析】当导线中通过图示方向的电流时，产生磁场，根据安培定则判断磁场的方向．小磁针处于磁场中，N极受力方向与磁场方向相同．根据磁场方向判断小磁针的转动方向．【解答】解：当导线中通过图示方向的电流时，根据安培定则判断可知，小磁针所在处磁场方向垂直纸面向里，小磁针N受力向里，S极受力向外，则小磁针N极转向里，S极转向读者．故选：B【点评】判断电流方向与磁场方向的关系是运用安培定则．小磁针N极受力方向与磁场方向相同．3．真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F．如保持它们间的距离不变，将其中一个的电量增大为原来的2倍，则它们间的作用力大小变为（）A． B． C．F D．2F【考点】库仑定律．【分析】根据库仑定律的公式F=求解静电力的大小．【解答】解：由库仑定律的公式F=知，将其中之一的电量增大为原来的2倍，它们之间的距离不变，则们之间的静电力大小变为原来的2倍．故D确，A、B、C错误．故选：D．【点评】本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了．4．如图所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，（）A．安培表读数减小，伏特表读数减小B．安培表读数增大，伏特表读数增大C．安培表读数增大，伏特表读数减小D．安培表读数减小，伏特表读数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】由电路图可知电路结论；由滑动变阻器滑片的移动可知电路中电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可得出电流及路端电压的变化；再由欧姆定律可得出伏特表示数的变化．【解答】解：由图可知，电阻与滑动变阻器串联，电压表并联在R两端；当滑片向左移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，电流增大，则流过R的电流增大，由欧姆定律可知，R两端的电压增大，故电流表及电压表的示数均增大，故B正确，ACD错误．故选：B【点评】本题为闭合电路欧姆定律的动态分析类问题，要注意明确不论串并联电路，只要有一个电阻增大，则总电阻也将增大．5．关于电场强度的定义式E=，下列说法中正确的是（）A．它只适用于点电荷的电场B．它适用于任何电场C．E的方向一定与放在该点的电荷的受力方向相同D．移去电荷q，E的大小变为零【考点】电场强度．【分析】解答本题关键掌握：电场强度的定义式E=，适用于任何电场；E的方向一定与放在该点的正电荷的受力方向相同；E由电场本身决定，与试探电荷无关．【解答】解：AB、电场强度的定义式E=，适用于任何电场；故A错误，B正确．C、E的方向一定与放在该点的正电荷的受力方向相同，与放在该点的负电荷的受力方向相反；故B错误．D、E由电场本身决定，与试探电荷无关，移去电荷q，E的大小不变．故D错误．故选：B．【点评】本题中电场强度的定义式E=，要抓住比值定义法的共性：E与F、q无关，由电场本身决定．6．关于电场线的说法，正确的是（）A．电场线就是电荷运动的轨迹B．在静电场中静止释放的点电荷，一定沿电场线运动C．电场线上某点的切线方向与正电荷的运动方向相同D．电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反【考点】电场线．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．沿着电场线方向电势是降低的．【解答】解：A、电场线上某点的切线方向即为电场强度的方向，若是正电荷，电场力方向与电场强度方向相同，而电荷运动的轨迹在电场线上，电场线必须是直线，故A错误；B、在静电场中静止释放的点电荷，若电场线是直线，则电场力与电场线共线，而电场线不一定直线，故B错误；C、电场线上某点的切线方向是电场强度的方向，是正电荷所受电场力的方向，不一定是运动方向，若是从静止开始，则一定是相同，故C错误；D、电场线上某点的切线方向与负电荷在该点所受电场力的方向相反，与正电荷在该点所受电场力的方向相同．故D正确；故选：D．【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．当正电荷沿着电场线方向移动时，电场力做正功，则电势能减少，所以电势在减少．当负电荷沿着电场线方向移动时，电场力做负功，则电势能增加，而电势仍减小．7．下列哪个方式可以增大平行板电容器的电容？（）A．增加电容器极板的带电量B．减小电容器极板间的电压C．增加电容器极板间的距离D．减小电容器极板间的距离【考点】电容器的动态分析．【分析】平行板电容器的电容由公式C= 分析．电容与电压和带电量无关．【解答】解：A、B、电容的定义式C=，采用比值定义法C=，电容C与极板的带电量、电压均无关，由电容器本身决定，故AB错误．C、D、根据平行板电容器的电容由公式C=，得知，增大平行板电容器的电容方法有：增加电容器极板间的正对面积，或减小电容器极板间的距离，故C错误，D正确．故选：D．【点评】解决本题关键掌握电容的定义式C=和决定式C=，知道电容C与极板的带电量、电压均无关，由电容器本身决定．8．关于摩擦起电和感应起电原因，下列说法正确的是（）A．摩擦起电的原因是电荷的转移，感应起电原因是产生电荷B．摩擦起电的原因是产生电荷，感应起电因是电荷的转移C．摩擦起电和感应起电原因都是电荷的转移D．摩擦起电和感应起电原因都是产生电荷【考点】电荷守恒定律．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一部分转移到另一个部分．或者是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．故C正确，ABD错误．故选C【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．9．图示为某匀强电场的电场线，关于A、B两点的电场强度，下列判断正确的是（）A．大小不等，方向相同B．大小不等，方向不同C．大小相等，方向相同D．大小相等，方向不同【考点】电场强度．【分析】电场线越密，代表电场强度越大，电场线的方向就是电场强度的方向．【解答】解：电场线的疏密代表场强的强弱，电场线越密，代表电场越强，从图可以看出密集程度相同，故E b=E a；又电场线的方向就是电场强度的方向，由图可知ab两点的电场线的方向相同．故选：C．【点评】把握电场线的特点：电场线越密，代表电场强度越大，电场线的方向就是电场强度的方向，即可顺利解决此题．10．关于电源电动势，下列说法正确的是（）A．电两极间的电压一定等于电源电动势B．电在没有接入电路时两极间电压等于电源电动势C．所有电源的电动势都是相同的D．2号电池比5号电池的电动势大【考点】电源的电动势和内阻．【分析】电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．对于闭合电路，电源的电动势等于内外电压之和．电动势与电源本身的性质有关．不同的干电池电动势相同．【解答】解：A、在闭合电路中，电源的电动势等于内外电压之和，由于电源有内电压，所以外电压即电源两极间的电压小于电动势，故A错误．B、根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir得：当I=0，U=E，所以电源在没有接入电路时两极间电压等于电源的电动势．故B正确．C、电动势与电源本身的性质有关，不同的电源电动势不一定相同，故C错误．D、不同的干电池电动势相同，但内阻不同，故D错误．故选：B【点评】本题要知道电动势是一个表征电源特征的物理量，由电源的本身性质决定，可运用闭合电路欧姆定律理解电动势与内外电压的关系．11．下列说法正确的是（）A．电热器的铭牌上标明的额定功率不是热功率B．电动机的电功率等于热功率C．白炽灯泡的电功率等于热功率D．热功率的单位是焦耳【考点】电功、电功率．【分析】通过实验探究电流的热效应，根据Q=Pt=I2Rt，可确定热功率的影响因素；铭牌标明的额定功率是电器的总功率，纯电阻电路的电能转化为热量．【解答】解：A、电热器是用来产生热量的电器，故其铭牌上标明的额定功率就是热功率，故A错误；B、电动机主要用来输出机械功的电器，故其铭牌信息上的功率不是热功率，故B错误；C、白炽灯是纯电阻电路，通过发热达到发光的目的，故电功率等于热功率，故C正确；D、热功率的单位是瓦特，故D错误．故选：C．【点评】考查焦耳定律的内容，掌握热功率与电功率的区别，注意不同电器消耗电能转化的能量不同，知道纯电阻电路电功等于热功．12．如图所示是一种油箱内油面高度检测装置的示意图．图中油量表由电流表改装而成，金属杠杆的一端接浮标，另一端触点O接滑动变阻器R．当油箱内油面下降时，下列分析正确的有（）A．触点O向下滑动B．触点O不动C．电路中的电流增大了D．电路中的电流减小了【考点】传感器在生产、生活中的应用．【分析】如图，该装置涉及到浮力、杠杆、滑动变阻器、电流表等相关知识．变阻器R与定值电阻R′是串联在电路中，油量表是电流表，测量的是电路中的电流．油面上升时通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大；油面下降时通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变大，电路中的电流变小．【解答】解：A、B、当油面下降时，浮标位置降低，在杠杆作用下，滑动变阻器的滑片O向上移动，故A错误，B错误；C、D、滑动变阻器的滑片O向上移动时，滑动变阻器连入电路的阻值R变大，根据I=可知电路中的电流变小，电流表示数变小，即油量表指针偏转较小．故C错误，D正确；故选：D【点评】灵活运用滑动变阻器的变阻原理：通过改变连入电阻丝的长度，改变阻值的大小，从而改变电路中的电流．本题是一道力学和电学的综合题，学以致用，符合新课标的要求．13．如图所示，是点电荷电场中的一条电场线，则（）A．a点场强一定大于b点场强B．形成这个电场的电荷一定带负电C．形成这个电场的电荷一定带正电D．在b点由静止开始释放一个电子，将一定向a点运动【考点】电场线．【分析】正电荷的电场线始于正电荷终止于无限远或负电荷，负电荷的电场线始于无限远终止于负电荷，点电荷的电场强度公式E=k判断场强强弱，电荷在电场中的受力情况根据电荷间的相互作用．【解答】解：A、B、C、根据电场线始于正电荷终止于无限远或负电荷，或电场线始于无限远终止于负电荷，此题无法确定电性，故ABC错误．D、根据电场强度的方向规定，正电荷受电场力的方向为电场强度的方向，负电荷受力则逆着电场线的方向，即由b点指向a点，故D正确．故选：D【点评】该题考查常见电场的电场线以及它们的特点，要牢记点电荷电场线、场强、处于电场中的电荷受力情况．14．一个电容器的规格是“10μF 50V”，则（）A．这个电容器的电容为10﹣5FB．这个电容器加上50V电压时，电容才是10μFC．这个电容器没有电压时，电容为0D．这个电容器加的电压不能低于50V【考点】电容．【分析】电容器的电容与板间电压和电荷量的多少无关，仅有电容器本身决定．【解答】解：A、B、C、电容器的电容与电容器板间电压无关，加电压或不加电压、电荷量多或少时，电容都是10µF=1×10﹣5F．故A正确，BC错误．D、50V是电容器的耐压值，这个电容器上加的电压不能高于50V．故D错误．故选：A．【点评】电容表征电容容纳电荷的本领大小，与板间电压和电量无关，对于给定的电容器，电容是一定的，电量与电压成正比．15．某电场的电场线分布如图所示，将某点电荷分别放在a、b两点，则点电荷所受的电场力的大小关系是（）A．F a＜F b B．F a=F b C．F a＞F b D．无法确定【考点】电势差与电场强度的关系．【分析】根据电场线的疏密得出电场强度的大小，结合电场强度的定义式比较电场力的大小．【解答】解：a点电场线比b点密，则E a＞E b，根据F=qE知F a＞F b．故C正确，A、B、D 错误．故选：C．【点评】解决本题的关键知道电场线的疏密表示电场的强弱，知道电场力F=qE，基础题．二、填空题（共18分，每空3分，共18分，把答案填写在答题纸上）16．一电子沿一圆周顺时针方向高速运动，周期为10﹣10s，则等效电流大小为 1.6×10﹣9A，电流方向是逆时针（填“顺时针”或“逆时针”）【考点】电流、电压概念．【分析】电子沿圆周顺时针运动，根据电流的定义式I=，研究等效电流的大小．等效电流的方向与电子定向移动方向相反．【解答】解：根据电流的定义式得：等效电流为I==A=1.6×10﹣9A由于电子带负电，则等效电流的方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向．故答案为：逆时针【点评】此题根据电流的定义式求解等效电流．有时还与牛顿第二定律结合起来求出周期，再求解等效电流．17．一电源，当它的负载电阻分别为1Ω和4Ω时，有相同的输出功率，则电源的内电阻为2Ω．【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【分析】根据闭合电路欧姆定律可求得电流，再根据P=I2R可得出功率表达式，根据两种情况功率相等即可求得内阻大小．【解答】解：设电源的电动势为E，内阻r，由闭合电路欧姆定律可得：I=则根据功率公式可得：P=I2R，代入数据可得：解得：r=2Ω故答案为：2．【点评】本题考查闭合电路欧姆定律以及功率公式的应用，要注意正确分析输出功率的表达式，再根据题意列式即可求解．18．匀强磁场中有一段长为0.2m的直导线，它与磁场方向垂直，当通过2.0A的电流时，受到0.8N的安培力，磁场磁感应强度是2T；当通过的电流加倍时，磁感应强度是2T，导线受到的安培力大小为 1.6N．【考点】安培力；磁感应强度．【分析】由磁感应强度的定义式B=可以求出磁感应强度大小；磁场的磁感应强度与导线的长度无关，根据F=BIL求得安培力【解答】解：由题，通电导线与磁场垂直，则磁场的磁感强度为：B=磁场的磁感强度由磁场本身决定，当通入的电流加倍时，磁场的磁感强度仍为2T，此时受到的安培力为F=BI′L=2×4×0.2N=1.6N故答案为：2，2，1.6．【点评】熟练应用磁感应强度定义式即可求出磁感应强度，要注意定义式的适用条件．知道磁感应强度的决定因素．会计算当导线与磁场有一定夹角时的安培力的大小三、计算题（本题共2个小题，共22分．解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位．）19．如图所示，在水平放置的平行带电金属板间能形成竖直方向上的匀强电场．有一个质量m=1×10﹣7kg，电荷量q=1×10﹣8C的带正电的液滴，在两板正中央恰好处于静止状态．求：两极板间电场强度的大小和方向．【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】带电液滴处于静止状态，受力平衡，重力与电场力大小相等，方向相反，根据平衡条件列式，求解板间的电场强度【解答】解：根据力的平衡条件，由mg=qE得电场强度的大小：E==N/C=1×102N/C；因液滴带正电，则E的方向竖直向上．答：两极板间电场强度的大小1×102N/C和方向为竖直向上．【点评】本题是带电体在电场中平衡问题，掌握平衡条件和电场强度与试探电荷无关的特点进行求解．20．在某电场中的P点，放一带电量q=﹣3.0×10﹣10C的检验电荷，测得该电荷受到的电场力大小为F=6.0×10﹣7N，方向水平向右．求：（1）P点的场强大小和方向（2）在P点放一带电量为q2=1.0×10﹣10C的检验电荷，求q2受到的电场力F2的大小和方向（3）P点不放检验电荷时的场强大小和方向．【考点】电场强度．【分析】电场强度的方向与正电荷在该点所受的电场力方向相同，大小由场强的定义式求出电场强度，根据F=qE求出电荷受到的电场力；电场强度是描述电场本身性质的物理量，不因试探电荷电量的改变而改变．【解答】解：（1）P点的场强为：N/C方向与负电荷受到的电场力方向相反，即水平向左。
山东省滨州市惠民县第一中学近年-近年学年高二物理上学期末试卷(含解析)(最新整理)
2018-2019学年山东省滨州市惠民县高二（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共7小题,共28.0分)1。
人类对科学的探索是永无止境的,下列说法不正确的是A. 通过验证月球公转的加速度约是苹果落向地面加速度的，可以检验出“使月球绕地球运动的力”与“使苹果落地的力”遵循同样的规律B。
安培发现了电流的磁效应揭示了电现象和磁现象之间的联系C。
法拉第发现了电磁感应现象,实现了磁生电的设想D. 卡文迪许通过实验较为准确地得出了引力常量G的数值【答案】B【解析】【分析】根据物理学史和常识解答,记住著名物理学家的主要贡献即可.【详解】A、牛顿通过验证月球公转的加速度约是苹果落向地面加速度的，可以检验出“使月球绕地球运动的力"与“使苹果落地的力”遵循同样的规律，故A正确；B、奥斯特发现了电流的磁效应揭示了电现象和磁现象之间的联系，故B错误；C、法拉第发现了电磁感应现象，实现了磁生电的设想,故C正确；D、牛顿发现了万有引力定律,卡文迪许通过实验测出了引力常量，故D正确；本题选择错误的故选B.【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题,对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
2.下列关于曲线运动的说法正确的是A。
平抛运动是一种匀变速运动B。
做曲线运动的物体，其加速度方向可以和速度方向相同C。
物体如果做曲线运动，其受力一定是变力D。
物体做圆周运动时，其合外力一定指向圆心【答案】A【解析】【分析】对于曲线的理解要把握其运动特点：合外力和速度方向不同线，物体速度时刻变化,为变速运动。
中学学习的典型的曲线运动有平抛运动、圆周运动等。
【详解】A、平抛运动时物体只受重力作用，加速度为重力加速度,故平抛运动时匀变速运动,故A正确；B、物体做曲线运动的条件是加速度方向与速度方向不共线,故B错误；C、物体做曲线运动与所受的力是否恒定无关，受力可以是恒力，也可以是变力，故C错误；D、物体做变速圆周运动时，合力的一部分分力指向圆心提供向心力，产生向心加速度,另一部分分力与线速度共线，为切向力，提供切向加速度，合力不指向圆心，故D错误;故选A.【点睛】本题主要是考查学生对物体做曲线运动的条件的理解，涉及的知识点较多，是一道比较好的题目.3。
山东省滨州市邹平双语学校一二区2016-2017学年高二上
邹平双语学校2016—2017第一学期期中考试1、2区高二年级 物理（普通班）试题（时间：90分钟，分值：100分）一、本题共15个小题，每小题4分，共60分．1-12题只有一个选项符合题意，13-15题有两个或两个以上正确答案，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得零分。
请将选出的答案序号填写在答卷上对应的表格中． 1．关于元电荷的理解，下列说法正确的是（ ）A 、元电荷就是电子B 、元电荷是表示跟电子所带电荷量数值相等的电荷量C 、元电荷就是质子D 、元电荷是一个有一定电量的带电体 2．在如右图所示的电场中，试比较a 、b 两点间场强的大小： A ．E a ＞E b B ．E a ＜E b C ．E a =E b D ．无法确定3．根据E =F /q ，在国际单位制中，电场强度的单位是 （ ） A ．牛/库 B ．牛/焦 C ．焦/库 D ．库/牛4．真空中有两个静止的点电荷，它们之间的相互作用力为F 。
若它们的带电量都增加为原来的2倍，而距离不变，则它们之间的相互作用力变为（ ） A ．F /4 B ．F /2 C ．2F D ．4F5．有一电场的电场线如图所示，场中A 、B 两点电势分别用φA 、φB 表示，则：（ ） A ． φa ＞φb B ． φa ＜φb C ． φa =φb D ．无法确定6．以下关于摩擦起电和感应起电的说法中正确的是（ ） A.摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷 B.摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移 C.摩擦起电的两摩擦物体必定是导体D.不论是摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移 7．关于电场力和电场强度，下列说法正确的是 ( ) A 电场强度的方向总是跟电场力的方向一致；abB电场强度的大小总是跟电场力的大小成正比C正电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向一致D电荷在某点受到的电场力越大，该点的电场强度越大8．关于电场线，下述说法中正确的是：A．电场线是客观存在的B．电场线与电荷运动的轨迹是一致的．C．正电荷在某点受力方向与电场线上该点的切线方向一致．D．沿电场线方向，场强一定越来越小．9．如图所示，两个互相接触的导体A和B不带电，现将带正电的导体C靠近A端放置，然后移开A、B，三者均有绝缘支架。
山东省滨州市惠民二中2015_2016学年高二物理上学期12月月考试卷(含解析)
2015-2016学年山东省滨州市惠民二中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．关于电场和磁场，以下说法正确的是（）A．电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向相同B．电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度一定为零C．把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱2．如图所示，电子射线管（A为其阴极），放在蹄形磁铁的N、S两极间，则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是（）A．向下 B．向上 C．向左 D．向右3．如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小4．如图所示，一根长度L的直导体棒中通过以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角，下列说法正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BILsinθ）D．一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中，由于使沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小5．如图所示，下列有关粒子的运动方向和所带电性的判断正确的是（）A．粒子由a向b运动，带正电 B．粒子由a向b运动，带负电C．粒子由b向a运动，带正电 D．粒子由b向a运动，带负电6．某电场的电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是（）A．c点场强大于b点场强B．b和c处在同一等势面上C．若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将减小D．若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点，可判断该电荷一定带正电7．直线AB是某电场中的一条电场线．若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如图所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的是（）A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＞φB D．φA＜φB8．有一金属圆环与一根带绝缘层的长直通电导线放在同一平面内，电流方向向上，且直导线与环的直径重合，如图所示．当直导线向右平移一小段距离x（x＜R）时，圆环将（）A．出现顺时针方向的感应电流 B．出现逆时针方向的感应电流C．没有感应电流 D．无法确定有无感应电流9．如图所示，导线AB可在平行导轨MN上滑动，接触良好，轨道电阻不计，电流计中有如图所示方向感应电流通过时，AB的运动情况是（）A．向右加速运动 B．向右减速运动 C．向右匀速运动 D．向左减速运动10．如图所示的电路中，D1和D2是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其阻值与R相同．在开关S接通和断开时，灯泡D1和D2亮、暗的顺序是（）A．接通时D1先达最亮，断开时D1先灭B．接通时D2先达最亮，断开时D1后灭C．接通时D1先达最亮，断开时D1后灭D．接通时D2先达最亮，断开时D2先灭二、解答题（共2小题，满分20分）11．（14分）（2014秋•东营区校级期末）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为 mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，则该电阻的阻值约为Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S及导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，测量的电路图如图所示，则选择的电流表是、电压表是、滑动变阻器是（填写所用器材的代号）．12．用伏安法测电源电动势和内电阻，已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的（甲）、（乙）两种可供选用的测量电路．（1）为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是．（2）由实验数据做出如图（丙）所示图线，则该电源的内电阻r= Ω．（3）所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比较的情况是：E测E真；r测r真．（填“＞”或“＜”）（4）误差出现的原因是．三、解答题（共4小题，满分40分.要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位.）13．（10分）（2014•淇县校级四模）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小以及方向；（3）导体棒受到的摩擦力大小与方向．（2012秋•温州校级期末）如图所示电路，电灯R1=24Ω，电动机绕组的电阻R0=1Ω，14．（10分）当电键S1、S2闭合时，测得电阻R1的电功率是P=96W，理想电流表的读数为I=5A，求此时：（1）电源的输出功率；（2）电动机的输出功率．15．（10分）（2014秋•东营区校级期末）如图所示，一个质量为m、电荷量为q，不计重力的带电粒子，从x轴上的P（a，0）点，以速度v沿与x轴正方向成60°角射入第一象限内的匀强磁场中，并恰好垂直于y轴射出第一象限．求：匀强磁场的磁感应强度B的大小和粒子通过第一象限的时间．16．（10分）（2011秋•江苏校级期末）如图所示，在倾角为45°的斜面OA左侧有一竖直档板，档板与斜面OA间有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B=0.2T，档板上有一小孔P，OP=0.6m，现有一质量m=4×10﹣20kg，带电量q=+2×10﹣14C的粒子，从小孔以速度v0=3×104m/s水平射进磁场区域．粒子重力不计．（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径是多少？（2）通过调整粒子进入磁场的速度大小可以控制粒子打到斜面OA时的速度方向，现若要粒子垂直打到斜面OA上，则粒子进入磁场的速度该调整为多少？此情况下粒子打到斜面OA 的时间又为多少？2015-2016学年山东省滨州市惠民二中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．关于电场和磁场，以下说法正确的是（）A．电场中某点的电场强度的方向与放在该点的正试探电荷所受电场力方向相同B．电流在磁场中某点不受磁场力作用，则该点的磁感应强度一定为零C．把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值表示该点电场的强弱D．把一小段通电导线放在磁场中某处，它所受的磁场力与该小段通电导线的长度和电流的乘积的比值表示该处磁场的强弱【考点】电场；磁现象和磁场．【分析】电场强度是用来表示电场的强弱和方向的物理量，电场强弱可由试探电荷所受的力与试探点电荷带电量的比值确定，电场方向与正电荷受力方向一致与负电荷受力方向相反．磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．比值与磁场力及电流元均无关．【解答】解：A、电场中某点的电场强度的方向，与放在该点的正试探电荷，所受电场力方向相同，与负电荷受到的电场力相反，故A正确；B、电流在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度不一定为零，可能电流与磁场方向平行，故B错误；C、把一试探电荷放在电场中的某点，它受到的电场力与所带电荷量的比值，来表示该点电场的强弱，故C正确；D、一小段通电导体在磁场中某位置受到的磁场力为零，则该位置的磁感应强度不一定为零，还受到放置的位置有关，故D错误；故选：AC．【点评】电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关，本题是考查基础知识的好题．磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系．再如密度也是，密度与物体的质量及体积均无关．同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关．2．如图所示，电子射线管（A为其阴极），放在蹄形磁铁的N、S两极间，则荧光屏上的电子束运动径迹偏转方向是（）A．向下 B．向上 C．向左 D．向右【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】此题要求要了解电子射线管的构造和原理，阴极是发射电子的电极，电子在磁场中运动，受到洛伦兹力的作用而发生偏转．从而显示电子运动的径迹，偏转方向有左手定则判断．【解答】解：因为A是阴极，B是阳极，所以电子在阴极管中的运动方向是A到B，产生的电流方向是B到A（注意是电子带负电），根据左手定则，四指指向A，手掌对向N极（就是这个角度看过去背向纸面向外），此时大拇指指向下面，所以轨迹向下偏转．故选：A【点评】本题要掌握左手定则判定：伸开左手，使大拇指跟其余四个手指垂直，并且跟手掌在同一平面内，把手放入磁场中，让磁感线穿过掌心，四指所指为正电荷运动方向，拇指所指方向为电荷所受洛伦兹力的方向．（注：对负电荷而言，四指所指方向为其运动的反方向）3．如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示．电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器．当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）A．I变大，U变大B．I变小，U变小C．I变小，U变大D．I变大，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】R2为用半导体热敏材料制成的传感器，出现火情，温度升高时，其电阻减小．分析外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化．【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，温度升高，由图乙知R2的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流I总变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．电路中并联部分的电压U并=E﹣I总（R1+r），I总变大，其他量不变，则U并变小，电流表示数I变小．故B正确，ACD错误；故选：B．【点评】电路的动态分析类题目首先要明确电路的结构，再按外电路、内电路、外电路的顺序进行分析即可得出正确答案．4．如图所示，一根长度L的直导体棒中通过以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角，下列说法正确的是（）A．导体棒受到磁场力大小为BLIsinθB．导体棒对轨道压力大小为mg﹣BILsinθC．导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg﹣BILsinθ）D．一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中，由于使沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小【考点】安培力．【专题】定性思想；推理法；磁场磁场对电流的作用．【分析】对导体棒受力分析，正交分解，根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力．【解答】解：A、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示．B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，故A错误；B、根据共点力平衡规律得：BILsinθ+F n=mg，得导体棒对轨道的压力大小为F n=mg﹣BILsinθ，故B正确；C、由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为F f=BILcosθ，故C错误；D、一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中，由于使沿途空气电离而消耗粒子的能量，使粒子的动能逐渐减小，故D正确．故选：BD【点评】本题借助安培力考查了平衡条件以及正交分解的应用，注意安培力公式F=BILsinθ，θ为B与I之间的夹角．5．如图所示，下列有关粒子的运动方向和所带电性的判断正确的是（）A．粒子由a向b运动，带正电 B．粒子由a向b运动，带负电C．粒子由b向a运动，带正电 D．粒子由b向a运动，带负电【考点】洛仑兹力．【专题】定性思想；推理法；带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，粒子的能量逐渐减小，速度减小，则半径减小，即可由轨迹分析粒子入射的方向．由左手定则判断电荷的电性．【解答】解：据题意，带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场，粒子的能量逐渐减小，速度减小，则由公式r=得知，粒子的半径应逐渐减小，由图看出，粒子的运动方向是从b 到a．在b处，粒子所受的洛伦兹力指向圆心，即斜向左上方，由左手定则判断可知，该粒子带负电．故选：D．【点评】本题只要掌握带电粒子在磁场中匀速圆周运动的半径r=和左手定则就能正确解答．6．某电场的电场线分布如图所示（实线），以下说法正确的是（）A．c点场强大于b点场强B．b和c处在同一等势面上C．若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电荷的电势能将减小D．若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由 a点运动到d点，可判断该电荷一定带正电【考点】电场线．【分析】解这类题是思路：电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，根据带电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化．【解答】解：A、电场线的疏密表示场强的强弱，由图知c点场强大于b点场强，故A正确；B、沿电场线方向电势逐渐降低，故b的电势大于c的，故B错误；C、若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故C正确；D、由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左上方，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故D正确；故选；ACD．【点评】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解．比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再比较电势能．7．直线AB是某电场中的一条电场线．若有一电子以某一初速度，仅在电场力的作用下，沿AB由A运动到B，其速度图象如图所示，下列关于A、B两点的电场强度EA、EB和电势φA、φB的判断正确的是（）A．E A＞E B B．E A＜E B C．φA＞φB D．φA＜φB【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据速度图象得出电子的加速度越来越小，根据牛顿第二定律说明电场力越来越小，再根据电场强度的定义求解．沿着电场线方向电势降低．【解答】解：A、B、由图可知，电子在A点加速度较大，则可知A点所受电场力较大，由F=Eq可知，A点的场强要大于B点场强；故A正确，B错误；C、D、电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，故电势能增加，故ɛA＜ɛB，电子带负电，由φ=可知，A点的电势要大于B点电势，φA＞φB，故C正确，D错误；故选：AC．【点评】本题根据图象考查对电场的认识，要求学生能从图象中找出加速度的大小及速度的变化，再应用动能定理及牛顿第二定律进行分析判断；同时还需注意，电势能是由电荷及电场共同决定的，故不能忽视了电荷的极性．8．有一金属圆环与一根带绝缘层的长直通电导线放在同一平面内，电流方向向上，且直导线与环的直径重合，如图所示．当直导线向右平移一小段距离x（x＜R）时，圆环将（）A．出现顺时针方向的感应电流 B．出现逆时针方向的感应电流C．没有感应电流 D．无法确定有无感应电流【考点】楞次定律．【分析】根据安培定则可知通电直导线周围产生磁场，左侧磁场出来，右侧磁场进去，两侧对称．当直导线向右平移一小段距离时，直导线右侧穿过圆环进去的磁通量减少，直导线左侧穿过圆环出来的磁通量增加，穿过圆环的总的磁通量向外增加，根据楞次定律可以判断圆环中产生的感应电流的方向．【解答】解：直导线周围产生磁场，左侧磁场出来，右侧磁场进去，两侧对称，当直导线向右平移一小段距离时，直导线右侧穿过圆环进去的磁通量减少，直导线左侧穿过圆环出来的磁通量增加，穿过圆环的总的磁通量向外增加，根据楞次定律，圆环中产生的感应电流的磁场垂直纸面向里，根据安培定则可知，圆环中的感应电流应是顺时针方向的感应电流，故A 正确、BCD错误．故选：A．【点评】本题考查安培定则和楞次定律，要知道感应电流产生的磁场总要阻碍产生感应电流的磁场的变化，原磁场的磁通量增加，感应电流的磁场方向与原来的磁场方向相反，原磁场的磁通量减小，感应电流的磁场方向原来的磁场方向相同．9．如图所示，导线AB可在平行导轨MN上滑动，接触良好，轨道电阻不计，电流计中有如图所示方向感应电流通过时，AB的运动情况是（）A．向右加速运动 B．向右减速运动 C．向右匀速运动 D．向左减速运动【考点】变压器的构造和原理．【专题】交流电专题．【分析】根据电流计中电流的方向判断出感应电流磁场的方向，再根据楞次定律分析原磁场方向不同时所对应的棒的变化．【解答】解：产生如图所示的电流时，右边螺线管内的磁场方向是向上的，根据楞次定律，感应电流产生的磁场要减弱原磁场的变化．那么左边就是两种情况：1．原磁场方向向下，且减弱．2．原磁场方向向上，且增强．1中，若磁场方向向下，其中的电流是由A向B再经过螺线管回到A．由右手定则知，AB左移会产生这样的感应电流．磁场减弱，表明AB移速减小，即向左减速运动，D正确．2中，若磁场方向向上，电流则是从B向A再经过螺线管回到B．AB右移产生这样的感应电流．磁场增强，表明AB加速，即向右加速运动，A正确．故选AD【点评】本题分析时应逆向分析，棒的运动状态药根据原磁场的方向和磁通量增大还是减小来判断．10．如图所示的电路中，D1和D2是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈，其阻值与R相同．在开关S接通和断开时，灯泡D1和D2亮、暗的顺序是（）A．接通时D1先达最亮，断开时D1先灭B．接通时D2先达最亮，断开时D1后灭C．接通时D1先达最亮，断开时D1后灭D．接通时D2先达最亮，断开时D2先灭【考点】自感现象和自感系数．【分析】电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加，故线圈中电流逐渐增加；电键断开瞬间，电路中电流要立即减小零，但线圈中会产生很强的自感电动势，与灯泡D1构成闭合回路放电．【解答】解：A、电键接通瞬间，电路中迅速建立了电场，立即产生电流，但线圈中产生自感电动势，阻碍电流的增加，故开始时通过灯泡D1的电流较大，故灯泡D1较亮；电路中自感电动势阻碍电流的增加，但不能阻止电流增加，电流稳定后，两个灯泡一样亮，即D1灯泡亮度逐渐正常，电键断开瞬间，电路中电流要立即减小零，但线圈中会产生很强的自感电动势，与灯泡D1构成闭合回路放电，故断开时D1后灭，故A错误；B、由A分析得，B错误．C、由A分析得，C正确．D、由A分析得，D错误；故选：C．【点评】本题考查了通电自感和断电自感，关键是明确线圈中自感电动势的作用是阻碍电流的变化，但不能阻止电流变化二、解答题（共2小题，满分20分）11．（14分）（2014秋•东营区校级期末）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用螺旋测微器测量其直径如图1，由图可知其直径为 4.700 mm；（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如2图，则该电阻的阻值约为220 Ω．（3）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S及导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，测量的电路图如图所示，则选择的电流表是A2、电压表是V1、滑动变阻器是R1（填写所用器材的代号）．【考点】测定金属的电阻率．【专题】实验题．【分析】（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；（2）用欧姆表测电阻的读数为指针示数乘以倍率，当指针指在中央附近时测量值较准确；（3）的关键是通过估算电路中的最大电流来选择电流表量程；根据要求“测得多组数据”可知．变阻器应采用分压式接法，应选择阻值小的变阻器方便调节．【解答】解：（1）螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm．（2）该电阻的阻值约为22.0×10Ω=220Ω．（3）电源的电动势是4V，所以要使用量程是3V的电压表V1，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的最大电流为： A，所以电流表应选A2；由于要求“测得多组数据”，所以变阻器应用分压式接法，应选择阻值小的变阻器R1；故答案为：（1）4.700；（2）220；（3）A2，V1，R1．【点评】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12．用伏安法测电源电动势和内电阻，已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，画出的（甲）、（乙）两种可供选用的测量电路．（1）为提高电动势和内电阻的测量精度，应选用的电路是乙．（2）由实验数据做出如图（丙）所示图线，则该电源的内电阻r= 1 Ω．（3）所测得的电源电动势E和内电阻r的测量值与真实值相比较的情况是：E测＜E真；r测＜r真．（填“＞”或“＜”）（4）误差出现的原因是电压表分流．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】（1）当电源内阻较小时，为减小实验误差，相对于电源电流表应采用外接法．（2）电源U﹣I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．（3）根据实验电路分析实验误差．（4）根据图示电路图分数实验误差原因．【解答】解：（1）已知电流表内阻和电源内电阻相比，不可忽略，为减小实验误差，应采用图乙所示电路图．（2）由图2所示图象可知，电源内阻r===1.0Ω．（3）由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U﹣I图象如图所示，由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值．（4）由图示图象可知，由于电压表的分流作用，所测电流小于通过电源的电流，电压表分流是造成误差的原因．故答案为：（1）乙；（2）1；（3）＜；＜；（4）电压表分流．【点评】本题考查测量电动势和内电阻实验的数据的处理，要求能正确分析误差的来源，并能用图象法求出电势和内电阻．三、解答题（共4小题，满分40分.要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位.）13．（10分）（2014•淇县校级四模）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小以及方向；（3）导体棒受到的摩擦力大小与方向．。
2016年中考物理试卷物理(山东省山东滨州卷)(解析版)
第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本题包括15个小题，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13～15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．小明对教室中一些物理量的估测，合理的是A．黑板擦受到的重力约为100N B．课桌的高度约为80cmC．教室内一盏日光灯的功率约为1000W D．教室内感觉比较舒适的温度约为37℃【答案】B【考点定位】质量、长度、电功率、温度的估测。
2. 二胡是中国的民族乐器，有粗（内弦）、细（外弦）两根弦，拉弓时马尾和弦摩擦发出声音，如图所示，下列做法不能改变二胡音调的是A．用手指按压同一根弦的不同位置B．手指按压在弦的相同位置，从摩擦内弦换到摩擦外弦C．加大摩擦弦的力量D ．旋转弦轴，增加弦的紧张度 【答案】C【考点定位】音调和响度3. 下列现象中，由于光的反射形成的是：【答案】D【考点定位】光现象4、小明利用如图甲所示装置探究冰的熔化特点，他每隔相同时间记录一次温度计的示数，并观察物质的状态。
绘制成图像如图乙所示，下列分析错误的是A ．铅笔在水面处“折断”B ．人在阳光下形成影子C ．放大镜把字放大D ．豹子在水中形成倒影A．冰是晶体B．冰的熔点是00CC．冰的熔化过程持续了15分钟D．冰在熔化过程中吸收热量，但温度不变【答案】C【考点定位】晶体熔化特点5. 如图所示的实验或机器均改变了物体的内能，其中与另外三个改变内能方法不同的是（）【答案】A【解析】试题分析：改变内能的两种方法：做功和热传递。
选项A是通过热传递的方式改变内能，改变了水的温度；选项B、C、D是通过做功的方式改变内能，故选A。
【考点定位】改变内能的途径6．甲、乙、丙三种物质的质量与体积的关系如图所示。
ρ甲、ρ乙、ρ丙、ρ水分别代表甲、乙、丙三种物质和水的密度，据图可知A．ρ甲>ρ乙>ρ丙，且ρ丙>ρ水B．ρ甲>ρ丙>ρ乙，且ρ丙<ρ水C．ρ丙>ρ乙>ρ甲，且ρ丙=ρ水D．ρ乙>ρ甲>ρ丙，且ρ丙>ρ水【答案】B【考点定位】密度7. 小明学习惯性的知识之后，在探究跳远成绩是否与地球自转有关的研究中，他查了相关资料，发现地球由西向东自转，赤道附近的速度约为460m/s，滨州市城区地面的自转速度约为370m/s。
山东省滨州市惠民二中高二物理上学期第一次月考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年山东省滨州市惠民二中高二〔上〕第一次月考物理试卷一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．每题所给的选项中，有的只有一个是正确的，有的有几个是正确的．将正确选项的序号选出填入题后的括号中，全部选对的得4分，局部选对的得2分，有错选或不选的得0分〕1．关于点电荷和元电荷的说法中，正确的答案是〔〕A．只有很小的球形带电体才叫做点电荷B．带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷C．元电荷就是电子D．任何带电体的电量都是元电荷的整数倍2．关于静电场的如下说法中正确的答案是〔〕A．电场中电势较高处的电场强度也一定较大B．同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C．电场中的电场线一定与等势面垂直相交D．非匀强电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动3．如下列图为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的答案是〔〕A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等4．如下列图，A、B为两个固定的等量同种正点电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正点电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，假设不计C所受的重力，如此关于电荷C以后的运动情况，如下说法中正确的答案是〔〕A．加速度始终增大B．加速度始终减小C．速度始终增大 D．速度先增大后减小5．如下静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以与距离，如此〔〕①F=k②E=③E=④U=Ed．A．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立6．一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断〔〕A．粒子带负电B．粒子速度v b＞v aC．粒子动能E Ka＞E KC D．粒子电势能E pb＞E pc7．如下关于等势面的说法正确的答案是〔〕A．沿电场线方向电势降低，所以电势降低的方向就是电场的方向B．在同一等势面上移动电荷时，电场力不做功C．在电场中将电荷由a点移到b点，电场力做功为零，如此该电荷一定是在等势面上运动D．某等势面上各点的场强方向与该等势面垂直8．两块大小、形状完全一样的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如下列图．接通开关S，电源即给电容器充电，如下说法中正确的答案是〔〕A．保持S接通，减小两极板间的距离，如此两极板间的电场强度减小B．保持S接通，在两极板间插入一块电介质，如此极板上的电荷量增大C．断开S，减小两极板间的距离，如此两极板间的电势差减小D．断开S，在两极板间插入一块电介质，如此两极板间的电势差增大9．如图平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，如此在此过程中，该粒子〔〕A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加 D．做匀加速直线运动10．如下列图，两块相对的平行金属板M、N与电池相连接以保持两板间电压不变，N板接地，在距两板等远的一点P固定一个带负电的点电荷，如果将N板向上平移一小段距离后，〔〕A．点电荷受到的电场力减小B．点电荷受到的电场力增大C．点电荷的电势能保持不变D．点电荷的电势能减小二、填空题〔每空3分共计18分〕11．图中A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=﹣3V由此可得D点电势φD=v．12．相距L的两个点电荷A、B分别带的电荷量为+9Q和﹣Q，放在光滑绝缘的水平面上，现引入第三个点电荷C，使三者在库仑力作用下都处于静止状态，问C所带的电荷量，电性为应把C应放在位置上．13．如下列图，在匀强电场中有a、b、c三点，a、b相距4cm，b、c相距10cm．将一个带电荷量为2×10﹣8C的电荷从a点移到b点时，电场力做功为4×10﹣6J．将此电荷从b点移到c点时电场力做功为 J，a、c间电势差为V．三、计算题〔本大题包括4个小题，共42分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位．〕14．将一个电量﹣2×10﹣8C的点电荷，从零电势点O移到M点需抑制电场力做功4×10﹣8J，假设将该电荷从M点再移至N点，电场力做功1.4×10﹣7J．求M、N两点的电势分别是多少？15．〔10分〕〔2013秋•安庆期末〕如下列图，一个质量m，带电量为﹣q，半径极小的小球，用丝线悬挂在某匀强电场中〔电场线与水平面平行〕，当小球静止时，测得悬线与竖直线夹角为30°，求该匀强电场的场强大小与方向．16．〔12分〕〔2015秋•邵武市校级期中〕如下列图的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一电子〔其电荷量为e=1.6×10﹣﹣18J．求：19C〕从a移到b电场力做功为Wab=3.2×10〔1〕匀强电场的场强大小与方向；〔2〕电子从b移到c，电场力对它做功；〔3〕a、c两点的电势差等于多少？17．〔12分〕〔2011秋•泸西县校级期末〕如下列图，BC是半径为R的圆弧形的光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E．今有一质量为m、带正电q的小滑块〔体积很小可视为质点〕，从C 点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．假设滑块与水平轨道间的动摩擦因数为μ，求：〔1〕滑块通过B点时的速度大小V b？〔2〕水平轨道上A、B两点之间的距离S？附加题10分18．〔2014秋•济宁期末〕如下列图，有一电子〔电量为e〕经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间．假设电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：〔1〕金属板AB的长度．〔2〕电子穿出电场时的动能．2015-2016学年山东省滨州市惠民二中高二〔上〕第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题〔此题共10小题，每题4分，共40分．每题所给的选项中，有的只有一个是正确的，有的有几个是正确的．将正确选项的序号选出填入题后的括号中，全部选对的得4分，局部选对的得2分，有错选或不选的得0分〕1．关于点电荷和元电荷的说法中，正确的答案是〔〕A．只有很小的球形带电体才叫做点电荷B．带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷C．元电荷就是电子D．任何带电体的电量都是元电荷的整数倍【考点】元电荷、点电荷．【分析】点电荷是一种理想化的物理模型；元电荷又称“根本电量〞，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都是e的整数倍【解答】解：A、带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷，故A错误B正确；C、元电荷是物体带电量的最小值，不是某种电荷，故C错误；D、目前认为自然界中任何带电体所带的电荷量都是元电荷的整数倍，故D正确；应当选：BD【点评】点电荷是电荷，有电荷量与电性，而元电荷不是电荷，有电荷量但没有电性2．关于静电场的如下说法中正确的答案是〔〕A．电场中电势较高处的电场强度也一定较大B．同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C．电场中的电场线一定与等势面垂直相交D．非匀强电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动【考点】电场强度；电场线；等势面．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电势的上下看电场线的方向，电场强度的大小看电场线的疏密，电势与场强两者没有直接的关系．根据E=，定性分析等势面的疏密与场强的关系．电荷在电场中由静止释放，不一定沿电场线运动．【解答】解：A、电势与场强两者没有直接的关系，电场中电势较高处的电场强度不一定较大．故A错误．B、根据E=，同一电场中，等差等势面较密处的电场强度才较大．故B错误．C、根据电场线与等势面的关系，两者一定相互垂直．C正确．D、只有当电场线是直线时，电子由静止释放后才沿电场线运动，否如此不沿电场线运动．故D错误．应当选C．【点评】此题考查对电场中几对关系的理解能力，即电场强度与电势、电场线与等势面、电场线与运动轨迹的关系．3．如下列图为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的答案是〔〕A．E A与E B一定不等，φA与φB一定不等B．E A与E B可能相等，φA与φB可能相等C．E A与E B一定不等，φA与φB可能相等D．E A与E B可能相等，φA与φB一定不等【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】图析法．【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的上下看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．【解答】解：电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故E A与E B可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；应当选D．【点评】此题关键在于通过电场线的疏密程度看电场强度的大小，通过电场线的指向看电势的上下．4．如下列图，A、B为两个固定的等量同种正点电荷，在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正点电荷C，现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0，假设不计C所受的重力，如此关于电荷C以后的运动情况，如下说法中正确的答案是〔〕A．加速度始终增大B．加速度始终减小C．速度始终增大 D．速度先增大后减小【考点】电场强度；牛顿第二定律．【分析】根据自由运动电荷的受力情况得出加速度方向，根据所受合力大小的变化，判断加速度大小的变化，根据加速度方向和速度方向的关系判断速度的变化．【解答】解：根据A、B为两个固定的等量同种正电荷，在它们连线的中点C的电场强度为0，从C到无穷远，电场强度先增大后减小，因此自由电荷在C点所受合力为0，沿中轴线运动，所受合力的方向沿中轴线向上，在无穷远处，合力又为零，所以合力的大小先增大后减小，根据牛顿第二定律，如此加速度先增大后减小，加速度方向向上，与速度一样，所以速度一直增大．故C正确，A、B、D错误．应当选：C．【点评】解决此题的关键得出自由电荷所受合力的变化，根据牛顿第二定律得出加速度的变化，以与知道加速度方向与速度方向一样，做加速运动，加速度方向与速度方向反向，做减速运动．5．如下静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以与距离，如此〔〕①F=k②E=③E=④U=Ed．A．它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B．①②③只对点电荷或点电荷的场成立，④只对匀强电场成立C．①②只对点电荷成立，③对任何电场都成立，④只对匀强电场才成立D．①②只对点电荷成立，③④对任何电场都成立【考点】电场强度；电势差；电势能．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】、E=只适用于点电荷；适用于任何电场，U=Ed只适用于匀强电场．【解答】解：是库仑定律的公式，只适用于点电荷．E=是由库仑定律和电场强度的定义式E=推导出来的，也可适用于点电荷；是电场定义式，采用比值法定义，适用于任何电场；U=Ed是根据W=qU和W=qEd结合推导出来的，W=qEd只适用于匀强电场，所以U=Ed只对匀强电场成立．故C正确．应当选：C．【点评】解决此题的关键知道库仑定律和电场强度三大公式的适用条件，要知道各个公式的来源，并能灵活运用，即可正确答题．6．一带电粒子射入固定在O点的点电荷的电场中，粒子轨迹如图虚线abc所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，可以判断〔〕A．粒子带负电B．粒子速度v b＞v aC．粒子动能E Ka＞E KC D．粒子电势能E pb＞E pc【考点】电场线；物体做曲线运动的条件．【分析】从粒子运动轨迹看出，轨迹向左弯曲，可知带电粒子受到了向左的力〔排斥力〕作用，从a到b过程中，电场力做负功，可判断电势能的大小和速度大小．a、c两点处于同一等势面上，由动能定理分析粒子在a、c两点的动能大小关系．【解答】解：A、如下列图，粒子的轨迹向左弯曲，如此带电粒子所受的电场力方向向左，可知带电粒子受到了静电排斥力作用，由于Q的电性未知，所以粒子的电性不能确定．故A 错误．B、从a到b过程中，电场力做负功，可知电势能增大，动能减小，粒子在b点的速度一定小于在a点的速度，即v b＜v a．故B错误．C、a、c两点处于同一等势面上，从a到c，电场力做功为零，如此由动能定理可知a、c 两点动能相等，故C错误．D、从b到c过程中，电场力做正功，可知电势能减小，粒子在b点的电势能一定大于在c 点的电势能，即有E Pb＞E Pc，故D正确．应当选：D．【点评】此题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路．7．如下关于等势面的说法正确的答案是〔〕A．沿电场线方向电势降低，所以电势降低的方向就是电场的方向B．在同一等势面上移动电荷时，电场力不做功C．在电场中将电荷由a点移到b点，电场力做功为零，如此该电荷一定是在等势面上运动D．某等势面上各点的场强方向与该等势面垂直【考点】等势面．【分析】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点电荷，电场力不做功．【解答】解：A、沿电场线方向电势降低，电场的方向是电势降低最快的方向．故A错误；B、等势面与电场线垂直，故沿着等势面移动点电荷，电场力与运动方向一直垂直，电场力不做功，故B正确；B、电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面，等势面上各个点的场强大小情况要看具体的电场，故B错误；C、在电场中将电荷由a点移到b点，电场力做功为零，说明a与b两点的电势相等，该电荷不一定是在等势面上运动，故C错误；D、电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，故D正确；应当选：BD．【点评】此题关键是要明确等势面的概念，同时要能根据电场线画出常见的几种等势面图．8．两块大小、形状完全一样的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如下列图．接通开关S，电源即给电容器充电，如下说法中正确的答案是〔〕A．保持S接通，减小两极板间的距离，如此两极板间的电场强度减小B．保持S接通，在两极板间插入一块电介质，如此极板上的电荷量增大C．断开S，减小两极板间的距离，如此两极板间的电势差减小D．断开S，在两极板间插入一块电介质，如此两极板间的电势差增大【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】电容器与电源相连，两极板间的电势差不变，通电后断开，如此两极板上的电量不变；由平行板电容器电容C=，根据某些量的变化可知电容的变化，如此由Q=UC可知电压或电量的变化，由E=可求得电场强度的变化．【解答】解：A、保持S接通，如此电容器两板间的电势差不变，因d减小，由E=可知，两极板间的电场场强增大，故A错误；B、保持S接通，两板间的电势差不变，在两极板间插入介质后，电容增大，由Q=CU可知，极板上的电荷量增大，故B正确；C、断开S，两板上所带电量不变，减小距离d，电容增大，由C=可知U减小，故C正确；D、断开S，两板上所带电量不变，插入介质后电容变大，由C=可知极板上的电势差减小，故D错误；应当选：BC．【点评】电容器的动态分析重点在于明确电容器的两种状态：充电后断开电源如此极板上的电量不变；电容器保持和电源相连，如此两板间的电势差不变．再根据E=，C=，C=结合进展分析．9．如图平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连．假设一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器，如此在此过程中，该粒子〔〕A．所受重力与电场力平衡 B．电势能逐渐增加C．动能逐渐增加 D．做匀加速直线运动【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】带电粒子在电场中受到电场力与重力，根据粒子的运动轨迹，结合运动的分析，可知电场力垂直极板向上，从而可确定粒子的运动性质，与根据电场力做功来确定电势能如何变化．【解答】解：A、D、带电粒子在电场中受到电场力与重力，根据题意可知，粒子做直线运动，电场力必定垂直极板向上，电场力与重力的合力必定与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动，故A错误，D也错误；B、电场力垂直于极板向上，电场力做负功，如此电势能增加，故B正确；C、因重力不做功，电场力做负功，如此电势能增加，导致动能减小，故C错误；应当选：B．【点评】考查根据运动情况来确定受力情况，并由电场力做功来确定电势能如何，以与动能的变化．10．如下列图，两块相对的平行金属板M、N与电池相连接以保持两板间电压不变，N板接地，在距两板等远的一点P固定一个带负电的点电荷，如果将N板向上平移一小段距离后，〔〕A．点电荷受到的电场力减小B．点电荷受到的电场力增大C．点电荷的电势能保持不变D．点电荷的电势能减小【考点】电势差与电场强度的关系；电容．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】平行金属板 M、N 与电池相连，板间电压不变．将M板向上平移一小段距离，板间距离增大，电容减小，场强减小，点电荷所受电场力减小．根据P点与下板之间电势差的变化情况，确定P点电势的变化．假设电势升高，负电荷的电势能降低；假设电势降低，负电荷的电势能增大．【解答】解：AB、由题分析得知，电容器的板间电压保持不变，将N板向上平移一小段距离，板间距离减小，如此由E=得知，板间场强E增大，点电荷受到的电场力增大．故A错误，B正确．CD、板间场强增大，P点与上板间的距离未变，由U=Ed得知，P点与上板之间电势差增大，板间电压不变，如此P点与下板间的电压减小，P点的电势高于下板的电势，如此P点的电势升高，点电荷带负电，如此点电荷在P点具有的电势能减小．故C错误，D正确．应当选：BD【点评】解答此题时，关键要对物理量间的关系要熟悉．确定电势，往往先确定电势差，再确定电势．二、填空题〔每空3分共计18分〕11．图中A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=﹣3V由此可得D点电势φD=9v．【考点】电势；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC 线上找出与D等势点，再确定D点的电势．【解答】解：连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，如此根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接BE，如此BE为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BE，如此DF也是一条等势线，所以D点电势φD=9V．故答案为：9．【点评】此题的技巧是找等势点，作等势线，充分利用匀强电场的等势面相互平行，而且沿电场线方向相等距离，电势差相等进展作图．12．相距L的两个点电荷A、B分别带的电荷量为+9Q和﹣Q，放在光滑绝缘的水平面上，现引入第三个点电荷C，使三者在库仑力作用下都处于静止状态，问C所带的电荷量，电性为正应把C应放在9Q、﹣Q连线延长线距﹣Q为的位置上．【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】因题目中要求三个小球均处于平衡状态，故可分别对任意两球进展分析列出平衡方程即可求得结果．【解答】解：A、B、C三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以C必须为正，在B的另一侧．设C所在位置与B的距离为r，如此C所在位置与A的距离为L+r，要能处于平衡状态，所以A对C的电场力大小等于B对C的电场力大小，设C的电量为q．如此有：解得：r=对点电荷A，其受力也平衡，如此解得：q=故答案为：；正；9Q、﹣Q连线延长线距﹣Q为的【点评】我们可以去尝试假设C带正电或负电，它应该放在什么地方，能不能使整个系统处于平衡状态．不行再继续判断．13．如下列图，在匀强电场中有a、b、c三点，a、b相距4cm，b、c相距10cm．将一个带电荷量为2×10﹣8C的电荷从a点移到b点时，电场力做功为4×10﹣6J．将此电荷从b点移到c点时电场力做功为5×10﹣6 J，a、c间电势差为450V．【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势差；电势能．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】电荷从a点移到b点时电场力做功W ab=qELab，从b点移到c点时电场力做功W bc=qELbccos60°，用比例法求出电荷从b点移到c点时电场力做功．根据公式U ac=求出a、c间电势差．【解答】解：由题，电荷从a点移到b点时，电场力做功W ab=qEL ab①电荷从b点移到c点时电场力做功W bc=qEL bc cos60°②由②：①得W bc=5×10﹣6Ja、c间电势差U ac===450V故此题答案是：5×10﹣6；450【点评】此题考查求解电场力做功的根本能力．对于电势差公式U=应用时，往往各个量均代入符号．三、计算题〔本大题包括4个小题，共42分．要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位．〕14．将一个电量﹣2×10﹣8C的点电荷，从零电势点O移到M点需抑制电场力做功4×10﹣8J，假设将该电荷从M点再移至N点，电场力做功1.4×10﹣7J．求M、N两点的电势分别是多少？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】计算题；定量思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电荷在电场力作用下做功，导致电势能变化．所以由做功与电量可求出两点的电势差；如此可求得MN点的电势．【解答】解：由题意可知，从O点移到M点电场力做功W=﹣4×10﹣8J，根据公式W=qU可知，U==V=2V，U OM=0﹣φM=2V，故φM=﹣2V；将电量﹣2×10﹣8C的点电荷从M点再移至N点电场力做功1.4×10﹣7J，根据公式W=qU可知，U MN==V=﹣7V；U MN=φM﹣φN=﹣7V，故φN=5V；答：M、N点的电势分别为﹣2V和5V．【点评】电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样．电势差可正可负，所以U=公式中做功要注意正与负，电荷量也要代入电性．15．〔10分〕〔2013秋•安庆期末〕如下列图，一个质量m，带电量为﹣q，半径极小的小球，用丝线悬挂在某匀强电场中〔电场线与水平面平行〕，当小球静止时，测得悬线与竖直线夹角为30°，求该匀强电场的场强大小与方向．【考点】电场强度；物体的弹性和弹力；共点力平衡的条件与其应用．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】以小球为研究对象，分析小球的受力情况，作出力图，根据平衡条件和电场力公式F=qE求解场强大小和方向．。
山东省滨州市惠民县淄角镇中学高二物理测试题含解析
山东省滨州市惠民县淄角镇中学高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （单选）一个做匀速运动的物体，突然受到一个恒定的外力作用，则( )A．它一定做匀加速直线运动B．它一定做匀变速运动C．它一定做匀减速直线运动D．它一定做曲线运动参考答案：B2. 如图，在平行玻璃砖上方有一点光源S o,观察者在A点隔着玻璃砖看到的S。
像在S1处，若将玻璃砖向右下方平行移动一段距离至虚线位置，观察者仍在A点将看到S0的像点S，的位置在：A．在S1点正上方 B．在S1点正下方C．在s1点左上方 D．仍在S1点参考答案：D3. 下列物理量属于标量的是()A. 加速度B. 力C. 电场强度D. 功参考答案：D4. 如图所示，正弦式交变电源的输出电压和电流分别为U和I1，理想变压器原线圈的输入电压为U1，两个副线圈的输出电压和电流分别为U2和I2、U3和I3，接在原副线圈中的五个完全相同的灯泡均正常发光。
则下列表述正确的是（）A．I1∶I2∶I3=1∶2∶1B．U1∶U2∶U3=4∶1∶2C．线圈匝数之比n1∶n2∶n3=2∶1∶2D．U∶U1=5∶4参考答案：ABD5. 关于滑动摩擦力，下列说法中正确的是()A. 有滑动摩擦力作用的两物体间不一定有弹力B. 滑动摩擦力总是与物体的重力成正比C. 滑动摩擦力总是阻碍物体间的相对运动D. 滑动摩擦力总是与物体的运动方向相反参考答案：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，气球质量为100kg，下连一质量不计的长绳，质量为50kg的人抓住绳子与气球一起静止在20m高处，若此人要沿着绳子安全下滑着地，求绳子至少有_____________m长。
参考答案：7. 如图所示为“风光互补路灯”系统，它在有阳光时通过太阳能电池板发电，有风时通过风力发电机发电，二者皆备时同时发电，并将电能输至蓄电池储存起来，供路灯照明使用。
2024届山东省惠民县第二中学高二物理第一学期期中检测试题含解析
2024届山东省惠民县第二中学高二物理第一学期期中检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一根粗细均匀的电阻丝阻值为R，若温度不变，则下列情况中其电阻仍为R的是（）A．长度和横截面半径都增大一倍时B．当长度不变、横截面积增大一倍时C．当截面积不变、长度增大一倍时D．当长度和横截面积都缩小一半时2、在解锁智能手机的过程中，可以采用人脸识别，也可以输入正确的密码，则要完成解锁手机，上述两种方式的逻辑关系是（）A．“或”关系B．“与”关系C．“非”关系D．不存在逻辑关系3、关于电场线和磁感线，下列描述正确的是（）A．磁感线是闭合曲线B．电场线是闭合曲线C．沿电场线方向，场强越来越小D．点电荷在电场中的运动轨迹跟电场线相重合4、用伏安法测电阻R，按（甲）图测得的结果为R1，按（乙）图测得的结果为R2，若电阻的真实值为R Z，则下列关系正确的是A．R1 >R Z >R2B．R1 <R Z <R2C．R Z >R1，R Z >R2D．R1 = R Z = R25、关于物体带电的电荷量，以下说法中不正确的是（）A．物体所带的电荷量可以为任意实数B．物体所带的电荷量只能是某些特定值C．物体带电荷＋1.60×10-9C，这是因为该物体失去了1.0×1010个电子D．物体带电荷量的最小值为1.6×10-19C6、如图为皮带传动装置．当机器正常运物时．关于主动轮上A点、与主动轮接触的皮带上的B点、与从动轮接触的皮带上的C点及从动轮上的D点，这四点的摩擦力的方向的描述，正确的是A．A点受到的摩擦力沿顺时针方向B．B点受到的摩擦力沿顺时针方向C．C点受到的摩擦力沿逆时针方向D．D点受到的摩擦力沿顺时针方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
山东省滨州市邹平双语学校高二物理上学期期中试题
山东省滨州市邹平双语学校2015-2016学年高二物理上学期期中试题（时间：90分钟，分值：100分）第I 卷（选择题 共40分）一、选择题：本题共10小题，每小题4分,共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一 项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.如图1所示，电解池内有一价的电解液，t s 内通过溶液内截面S 的正离子数是n 1，负离子数是n 2，设元电荷为e ，则以下解释中正确的是 ( )．A ．正离子定向移动形成电流方向从A →B ，负离子定向移动形成电流方向B →A B ．溶液内正负离子向相反方向移动，电流抵消C ．溶液内电流方向从A 到B ，电流I ＝n 1e tD ．溶液中电流方向从A 到B ，电流I ＝12()n n et2.一个电流表的刻度盘的每1小格代表1μA ，内阻为R g .如果把它改装成量程较大的电流表，刻度盘的每一小格代表n μA，则( )．A ．给它串联一个电阻，阻值为nR gB ．给它串联一个电阻，阻值为(n －1)R gC ．给它并联一个电阻，阻值为R g nD ．给它并联一个电阻，阳值为R gn －13.如图2所示，有一内电阻为4.4 Ω的电解槽和一盏标有“110 V、60 W”的灯泡串联后接在电压为220 V 的直流电路两端，灯泡正常发光，则 ( )． A ．电解槽消耗的电功率为120 W B ．电解槽的发热功率为60 W C ．电解槽消耗的电功率为60 W D ．电路消耗的总功率为60 W4. 如图3所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根与磁铁垂直的长直导线，当导线中通以图示方向的电流逐渐增大时( )．A ．磁铁对桌面的压力逐渐增大，且受到向右的逐渐减小的摩擦力作用B ．磁铁对桌面的压力逐渐减小，且受到向右的逐渐增大的摩擦力作用C ．磁铁对桌面的压力逐渐增大，且受到向左的逐渐增大的摩擦力作用D ．磁铁对桌面的压力逐渐减小，且受到向左的逐渐减小的摩擦力作用图1图2第 1 页，共 7 页图 6图4图55.如图4所示，开始时矩形线框与匀强磁场的方向垂直，且一半在磁场内，一半在磁场外，若要使线框中产生感应电流，下列办法中不可行．．．的是( )． A ．以bc 边为轴转动(小于60°) B ．以ab 边为轴转动(小于90°) C ．以 ad 边为轴转动(小于60°) D ． 将线框向左拉出磁场6. 图5所示，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc 的ab 边与磁场边界平行，现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab 边垂直．则下列各图中哪一个可以定性地表示线框在进入磁场的过程中感应电流随时间变化的规律：( )7.在如图6所示的电路中，灯泡L 的电阻大于电源的内阻r ，闭合电键S ，将滑动变阻器滑片P 向左移动一段距离后，下列结论正确的是( )． A ．灯泡L 变亮 B ．电源的输出功率变小 C ．电容器C 上电荷量减少D ．电流表读数变小，电压表读数变大8.如图7所示，闭合小金属环从高h 的光滑曲面上端无初速滚下，又沿曲面的另一侧上升， 则（ )．A ．若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于hB ．若是匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于hC ．若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度小于hD ．若是非匀强磁场，环在左侧滚上的高度等于h9. 如图8，质量为m 、长为L 的直导线用两绝缘细线悬挂于O 、O ′，并处于匀强磁场中．当导线中通以沿x 正方向的电流I ，且导线保持静止时，悬线与竖直方向夹角为θ.则磁感应强度的方向和大小可能为( )． A ．z 正向，mg IL tan θ B ．y 正向，mg ILC ．z 负向，mg IL tan θD ．沿悬线向上，mg ILsin θ图8图7第 2 页，共 7 页号：________________________10. 如图9所示，质量为m、带电荷量为＋q的P环套在固定的粗糙水平长直绝缘杆上，整个装置处在垂直于杆的水平匀强磁场中，磁感应强度大小为B.现给环一向右的初速度v0(v0＞mgqB)，则( )．A．环将向右减速，最后匀速B．环将向右减速，最后停止运动C．从环开始运动到最后达到稳定状态，损失的机械能是12mv20D．从环开始运动到最后达到稳定状态，损失的机械能是12mv20－12m⎝⎛⎭⎪⎫mgqB2第二卷非选择题(共60分)二、填空题(18分)11.（8分）利用如图甲所示的电路测量某种电阻丝材料的电阻率，所用电阻丝的电阻约为20 Ω。