【名师解析2】辽宁省五校协作体2015届高三上学期期中考试(物理)
2014-2015学年度上学期省五校协作体高三期中考试物理试题时间 90分钟满分 100分【试卷综析】本试卷是高三模拟试题，包含了高中物理的必修一、必修二等内容，主要包含受力分析、物体的平衡、匀变速直线运动规律、牛顿运动定律、运动的合成和分解、万有引力定律及其应用、动能定理、电场等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，重视生素养的考查，注重主干知识，兼顾覆盖面。
第Ⅰ卷（选择题共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错、多选或不选的得0分）【题文】1．做匀减速直线运动的质点，它的位移随时间变化的规律是s=24t-1.5t2(m)，当质点的速度为零，则t为多少（）A．1.5s B．8s C．16s D．24s【知识点】匀变速直线运动A2【答案解析】B 解析：根据x==24t-1.5t2知，初速度v=24m/s，加速度a=-3m/s2．根据速度时间公式v=v+at得，t==8s．故B正确，A、C、D错误．【思路点拨】根据匀变速直线运动的位移时间公式x=求出初速度和加速度，再根据匀变速直线运动的速度时间公式v=v+at求出质点速度为零所需的时间．【题文】2.欲使在粗糙斜面上匀速下滑的物体静止，如图所示，可采用的方法是() A．对物体施一垂直于斜面的力B．增大斜面的倾角C．对物体施一竖直向下的力D．在物体上叠放一重物【知识点】受力分析物体的平衡B4【答案解析】A 解析：物体沿斜面匀速下滑时满足下滑力等于摩擦力，即mgsinθ=μF N=μmgcosθ所以μ=tanθ, CD选项的结果是下滑力和摩擦力同时增加相同的数值，物体仍匀速下滑，不能达到要求.A选项F N增加，下滑力不变，有mgsinθ＜μmgcosθ,B选项F N减小，下滑力增大，mgsinθ＞μmgcosθ,选项A 能使物体静止.【思路点拨】审题注意题意已说明物体粗糙斜面上匀速下滑说明重力沿斜面向下的分力已等于滑动摩擦力，mgsinθ=μmgcosθ可得出μ=tanθ。
对物体施加一垂直于斜面的压力可以增加最大静摩擦力而使物体静止.【题文】3．真空中有两个点电荷Q1 = + 4.0×10-8C和Q2 = - 1.0×10-8C，分别固定在x坐标轴的x = 0和x = 6cm的位置上，x坐标轴上哪些地方的电场强度方向是沿x轴的正方向的？（））； B. （0,6cm）； C. （6,12cm）； D. （0,12cm）；A.（,0【知识点】电场.I1【答案解析】B解析：某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．根据点电荷的场强公式E=，在Q1 Q2之间，正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强方向沿x轴正方向，所以实际场强也是沿x轴正方向，根据点电荷的场强公式得x坐标轴大于12cm区域电场强度方向沿x轴正方向区域．故B正确.【思路点拨】某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．运用合成进行分析．【题文】4．如图所示，船从A处开出后沿直线AB到达对岸，若AB与河岸成37°角，水流速度为4 m/s，则船在静水中的最小速度为()A．2 m/s B．2.4 m/sC．3 m/s D．3.5 m/s【知识点】运动的合成和分解．D1【答案解析】B 解析：船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和顺水流而下的分运动，其中，合速度v合方向已知，大小未知，顺水流而下的分运动v水速度的大小和方向都已知，沿船头指向的分运动的速度v船大小和方向都未知，合速度与分速度遵循平行四边形定则（或三角形定则），如图当v合与v船垂直时，v船最小，由几何关系得到v船的最小值为v船=v水sin37°=2.4m/s故选B．【思路点拨】本题中船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和顺水流而下的分运动，合速度方向已知，顺水流而下的分运动速度的大小和方向都已知，根据平行四边形定则可以求出船相对水的速度的最小值．【题文】5．如图所示，北京飞控中心对“天宫一号”的对接机构进行测试，确保满足交会对接要求，在“神舟八号”发射之前20天，北京飞控中心将通过3至4次轨道控制，对“天宫一号”进行轨道相位调整，使其进入预定的交会对接轨道，等待神舟八号的到来，要使“神舟八号”与“天宫一号”交会，并最终实施对接，“神舟八号”为了追上“天宫一号”()A．应从较低轨道上加速B．应从较高轨道上加速C．应在从同空间站同一轨道上加速D．无论在什么轨道上只要加速就行【知识点】万有引力定律及其应用 D5【答案解析】A解析：A、先让飞船进入较低的轨道，若让飞船加速，所需要的向心力变大，万有引力不变，所以飞船做离心运动，轨道半径变大，可以实现对接，故A正确；B、先让飞船进入较高的轨道，若让飞船加速，所需要的向心力变大，万有引力不变，所以飞船做离心运动，轨道半径变大，不可以实现对接，故B错误；C先让飞船与天宫一号在同一轨道上，此时飞船受到的万有引力等于向心力，若让飞船加速，所需要的向心力变大，万有引力不变，所以飞船做离心运动，不能实现对接；故BCD错误、A正确【思路点拨】根据万有引力提供向心力及近心运动和离心运动的相关知识即可求解．【题文】6.用铁锤把小铁钉钉入木板，设木板对钉子的阻力与钉进木板的深度成正比，已知铁锤第一次将钉子钉进d，如果铁锤第二次敲钉子时对钉子做的功与第一次相同，那么，第二次钉子进入木板的深度是()A．(3－1)d B．(2－1)d C. 5－12d D.22d【知识点】.动能定理．E2【答案解析】B解析：由题意可知，阻力与深度d成正比，f-d图象如图所示，【题文】7. 放在粗糙水平面上的物体，在水平拉力F的作用下以加速度a运动，现将拉力F改为2F（仍然水平方向），物体运动的加速度大小变为a′．则（）A．a′=a B．a＜a′＜2aC．a′=2a D．a′＞2a【知识点】牛顿第二定律C2【答案解析】D解析：由牛顿第二定律分别可列方程，从而解得；.所以，D正确，【思路点拨】物体在粗糙的水平面上受到拉力F和滑动摩擦力两个力作用，根据牛顿定律解题【题文】8．物体从静止开始做匀加速直线运动，第3 s内通过的位移是3 m，则() A．第3 s内的平均速度是3 m/s B．物体的加速度是1.2 m/s2C．前3 s内的位移是6 m D．3 s末的速度是6.3 m/s【知识点】匀变速直线运动规律.A2【答案解析】AB 解析：由v=s/t可知第3 s内的平均速度是3 m/s，A对；由中间时刻的瞬时速度等于平均速度，所以在2.5s时刻的瞬时速度为3m/s，由v=at可知加速度为1.2 m/s2，B对；由可计算前3s内位移为5.4m，C错；由v=at可知第3 s末的速度是3.6 m/s，D错；故选AB【思路点拨】由v=s/t可知第3 s内的平均速度，由中间时刻的瞬时速度等于平均速度，由v=at可知加速度.【题文】9. 在升降机中挂一个弹簧秤，下吊一个小球。
当升降机静止时，弹簧伸长4cm ；当升降机运动时弹簧伸长2cm ，若弹簧秤质量不计，则升降机的运动情况可能是（ ）A ．以1m/s 的加速度下降B ．以4.9m/s 的加速度减速上升C ．以1m/s 的加速度加速上升D ．以4.9m/s 的加速度加速下降 【知识点】超重 失重.C3【答案解析】BD 解析：设小球的质量为m ，弹簧的劲度系数为k ． 静止时，mg=kx 1 当弹簧伸长减小时，弹力减小，小球所受合力方向竖直向下，小球的加速度竖直向下． 根据牛顿第二定律得：mg-kx 2=ma ，x 2=代入解得 a=4.9m/s 2，方向竖直向下，则升降机可能以4.9m/s2的加速度减速上升，也可能以4.9m/s 2的加速度加速下降．故选BD.【思路点拨】以小球为研究对象，分析受力情况：重力和弹簧的弹力．静止时，两力平衡．当弹簧伸长减小时，弹力减小，小球所受合力方向向下，根据牛顿第二定律求解加速度，分析运动情况．【题文】10．如图所示，某人从高出水平地面h 的坡上水平击出一个质量为m 的高尔夫球，由于恒定的水平风力的作用，高尔夫球竖直地落入距击球点水平距离为L 的A 穴，则( )A ．该球从被击出到落入A 穴所用时间为2h gB ．该球从被击出到落入A 穴所用时间为g 2hC ．球被击出时的初速度大小为L 2g hD ．球被击出时的初速度大小为L g 2h【知识点】运动的合成和分解．D1根据运动学公式列式求解即可．【题文】11．如图所示，放置在水平地面上的直角劈M 上有一个质量为m 的物体，若在其上处于静止，M 也保持静止，则下列说法正确的是（ ）A.M 对地面的压力等于（M ＋m ）gB.M 对地面的压力大于（M ＋m ）gC.地面对M没有摩擦力D.地面对M有向左的摩擦力【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．B3B4【答案解析】AC解析：m在斜面上匀速下滑，所以m受力平衡，对m受力分析如图：因为m处于平衡状态，故支持力N与摩擦力f的合力F′等于mg，方向竖直向上，即：斜面对m的作用力竖直向上大小为mg．对斜面受力分析如图：斜面对m的作用力竖直向上大小为mg，所以m对斜面的作用力F′大小为mg，方向竖直向下．由平衡条件得：地面对斜面没有摩擦力的作用，且：N=（M+m）g故：AC正确，BD错误．【思路点拨】m在斜面上静止，所以m受力平衡，由平衡条件可求出斜面对m的作用力，再对斜面受力分析应用平衡条件分析即可．【题文】12．如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q板接地。
开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度α。
在以下方法中，能使悬线的偏角α变小的是（）A.缩小a、b间的距离B.加大a、b间的距离C.取出a、b两极板间的电介质D.换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质【知识点】电容器电场力.I1 I3【答案解析】A D解析：对小球受力分析如图：要使悬线的偏角α变小，需要减少F电，即减少PQ两极板间的电场强度，PQ两极板距离不变，所以只需减少PQ两极板间的电压即可．两个电容器并联，所以两个电容器极板间的电压相同，只需减少ab两极板之间的电压就可以减少PQ两极板间的电压．对电容器ab：Q不变，由C=得知，要减少U，则需要将电容C增大．由C=分析得：增大电容C可有三个方法：1、减小极板距离d 2、增大正对面积s 3、换介电常数大的电介质；故选AD【思路点拨】对小球受力分析：重力，拉力，电场力三个力的作用，要使悬线的偏角a变小，需要减少PQ 两极板间的电场强度，PQ两极板距离不变，即只需减少PQ两极板间的电压即可．两个电容器并联，电压相同，只需减少ab两极板之间的电压就可以减少PQ两极板间的电压．ab电容器带电量不变，由C=，C=结合进行分析即可．第Ⅱ卷（非选择题共52分）【题文】13．（3分）物体做平抛运动的规律可以概括为两点：⑴在水平方向做匀速直线运动；⑵在竖直方向做自由落体运动。
辽宁省沈阳市2024-2025学年高三上学期期中联合考试 物理含答案
2024——2025学年度上学期高中学段高三联合考试物理学科试卷（答案在最后）答题时间：75分钟满分：100分命题人：注意事项：1．本试卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分．答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡指定位置．2．回答第I 卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号．写在本试题卷上无效．3．回答第Ⅱ卷时，用黑色笔写在答题卡指定位置上．写在本试题卷上无效．4．考试结束后，考生将答题卡交回．第Ⅰ卷选择题（46分）一、选择题（本题共10小题．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每个小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选或不答的得0分）1．2024年春天，中国航天科技集团研制的50kW 级双环嵌套式霍尔推力器，成功实现点火并稳定运行，标志着我国已跻身全球嵌套式霍尔电推进技术领先行列．嵌套式霍尔推力器不用传统的化学推进剂，而是使用等离子体推进剂，它的一个显著优点是“比冲”高．比冲是航天学家为了衡量火箭引擎燃料利用效率引入的一个物理量，英文缩写为sp I ，是单位质量的推进剂产生的冲量．比冲这个物理量的单位应该是（）A ．m/sB ．kg m /s ⋅C ．2m /sD ．N s⋅2．活塞带动飞轮转动可简化为如图模型：图中A 、B 、O 三处都是转轴，当活塞在水平方向上移动时，带动连杆AB 运动，进而带动OB 杆以O 点为轴转动．若某时刻活塞的水平速度大小为v ，连杆AB 与水平方向夹角为α，B 杆与OB 杆的夹角为β．此时B 点做圆周运动的线速度大小为（）A ．sin sin v αβB ．cos sin v αβC ．cos cos v αβD ．sin cos v αβ3．如图，一位同学用双手水平夹起一摞书，并停留在空中．已知手掌与书间的动摩擦因数10.3μ=，书与μ=，设最大静摩擦力的大小等于滑动摩擦力大小．若每本书的质量为0.2kg，该同书间的动摩擦因数20.210m/s．则下列说法正确的是（）学对书的水平正压力为200N，每本书均呈竖直状态，重力加速度g取2A．每本书受到的摩擦力的合力大小不等B．书与书之间的摩擦力大小均相等C．他最多能夹住42本书D．他最多能夹住60本书4．如图，直杆AB可绕其中心O在竖直面内自由转动，一根细绳的两端分别系于直杆的A、B两端，重物用光滑挂钩吊于细绳上，开始时重物处于静止状态，现将直杆从图示位置绕O点沿顺时针方向缓慢转过90︒．则此过程中，细绳上的张力（）A．先增大后减小B．先减小后增大C．一直减小D．大小不变5．广场喷泉是城市一道亮丽的风景．如图，某广场喷泉喷口竖直向上喷水，已知喷管的直径为D，水在喷口处的速度为0v．重力加速度为g，不考虑空气阻力的影响．则在离喷口高度为H时的水柱直径为（）A．D BC D6．如图，质量为M、长为L的木板置于光滑的水平面上，一质量为m的滑块放置在木板左端，滑块与木板间滑动摩擦力大小为f F，用水平的恒定拉力F作用于滑块．当滑块运动到木板右端时，木板在地面上移动的距离为x．下列结论中正确的是（）A．上述过程中，F做功等于滑块和木板动能的增量B．其他条件不变的情况下，M越大，x越小C．其他条件不变的情况下，F越大，滑块到达右端所用时间越长D．其他条件不变情况下，f F越大，滑块与木板间产生的热量越少α=︒，7．在地球赤道上空有一颗运动方向与地球自转方向相同的卫星A，对地球赤道覆盖的最大张角60赤道上有一个卫星监测站B（图中未画出）．设地球半径为R，自转周期为T，地球表面重力加速度为g．那么监测站B 能连续监测到卫星A 的最长时间为（）AB．CD8．关于平抛运动的叙述，下列说法正确的是（）A ．平抛运动是一种匀变速曲线运动B ．平抛运动的速度方向与恒力方向的夹角保持不变C ．平抛运动的速度大小是时刻变化的D ．平抛运动的速度方向与加速度方向的夹角一定越来越小9．如图，甲、乙两车同时由静止从A 点出发，沿直线AC 运动．甲以加速度3a 做初速度为零的匀加速运动，到达C 点时的速度为v ；乙以加速度1a 做初速度为零的匀加速运动，到达B 点后做加速度为2a 的匀加速运动，到达C 点时的速度也为v ．若123a a a ≠≠，则（）A ．甲、乙不可能同时由A 到达CB ．乙一定先由A 到达CC ．甲可能先由A 到达CD ．当13a a >时，甲一定先由A 到达C10．一物块在高3.0m 、长5.0m 的斜面顶端从静止开始沿斜面下滑，其重力势能和动能随下滑距离s 的变化如图中直线I 、II 所示，重力加速度取210m /s ．则（）A ．物块下滑过程中机械能不守恒B ．物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C ．物块下滑时加速度的大小为26.0m /sD ．当物块下滑2.0m 时机械能损失了12J第II 卷（非选择题共54分）二、非选择题（本题共5小题，共54分）11．（6分）图甲为测量重力加速度的实验装置，C 为数字毫秒表，A 、B 为两个相同的光电门，C 可以测量铁球通过两光电门之间的时间间隔．开始时铁球处于A 门的上边缘，当断开电磁铁的开关由静止释放铁球时开始计时，落到B 门时停止计时，毫秒表显示时间为铁球通过A 、B 两个光电门的时间间隔t ，测量A 、B 间的距离为x ．现将光电门B 缓慢移动到不同位置，测得多组x 、t 数值画出xt随t 变化的图线为直线，如图乙所示，直线的斜率为k ，则由图线可知，当地重力加速度g =________；若某次测得小球经过A 、B 门的时间间隔为0t ，则可知铁球经过B 门时的速度大小B v 为________，此时两光电门间的距离d 为________．12．（8分）用如图甲所示装置来验证机械能守恒定律．带有刻度的玻璃管竖直放置，光电门的光线沿管的直径并穿过玻璃管，小钢球直径略小于管的直径，该球从管口由静止释放．完成下列相关实验内容：（1）如图乙，用螺旋测微器测得小球直径 4.000mm d =；如图丙，某次读得光电门测量位置到管口的高度差h =________cm ．（2）设小球通过光电门的挡光时间为t ∆，当地重力加速度为g ，若小球下落过程机械能守恒，则h 表达式为：h =________（用d 、t ∆、g 表示）．（3）多次改变h 并记录挡光时间t ∆，数据描点如图丁，请在图丁中作出21()h t -∆图线．（4）根据图丁中图线及测得的小球直径，计算出当地重力加速度值g =________2m /s （结果保留两位有效数字）．13．（8分）如图，水平转盘的中心有一个光滑的竖直小圆孔，质量为m 的物体A 放在转盘上，物体A 到圆孔的距离为r ，物体A 通过轻绳与物体B 相连，物体B 的质量也为m ．若物体A 与转盘间的动摩擦因数为μ（1μ<），重力加速度为g ．则转盘转动的角速度ω在什么范围内，才能使物体A 随转盘转动而不滑动？14．（12分）如图，一弹簧一端固定在倾角为37θ=︒的足够长的光滑固定斜面的底端，另一端拴住质量为16kg m =的物体P ，Q 为一质量为210kg m =的物体，弹簧的质量不计，劲度系数600N /m k =，系统处于静止状态．现给物体Q 施加一个方向沿斜面向上的力F ，使它从静止开始沿斜面向上做匀加速运动，已知在前0.2s 时间内，F 为变力，0.2s 以后F 为恒力，6s n 37i 0.︒=，8c s37o 0.︒=，g 取210m /s ．求：（1）系统处于静止状态时，弹簧的压缩量0x ；（2）物体Q 从静止开始沿斜面向上做匀加速运动的加速度大小a ；（3）力F 的最大值与最小值．15．（18分）如图，竖直平面内固定两根足够长的细杆1L 、2L ，两杆不接触，且两杆间的距离忽略不计．两个小球a 、b （视为质点）质量均为m ，a 球套在竖直杆1L 上，b 球套在水平杆2L 上，a 、b 通过铰链用长度为l 的刚性轻杆L 连接．将a 球从图示位置（轻杆与2L 杆夹角为45︒）由静止释放，不计一切摩擦，已知重力加速度为g ．在此后的运动过程中，求：（1）b 球的速度为零时，a 球的加速度大小；（2）b 球的最大速度max b v 为多大；（3）L 杆与竖直方向夹角θ的余弦值为多大时，a 球的速度最大，最大速度max a v 为多大．2024——2025学年度上学期高中学段高三联合考试物理学科参考答案一、选择题（共46分）1．A2．B ．3．C4．A5．C6．B7．C ．8．ACD9．AC10．AB二、非选择题（共54分）11．（6分）（每空2分）2k ；02kt ；2kt 12．（10分）（1）5.60（5.58～5.62）（2分）（2）222()d g t ∆（2分）；（3）如图（3分）（4）9.6（9.5～9.8）（3分）13．（8ω≤≤【解析】物体B ：静止时，平衡条件T mg=物体A ：ω最小时，f 沿半径向外且最大，牛顿第二定律21T mg m rμω-=解得1ω=物体A ：ω最大时，f 沿半径向里且最大，同理22T mg m rμω+=解得2ω=ω≤≤14．（12分）（1）0.16m（2）210m /s 3（3）280N 3、160N 3【解析】（1）（3分）开始时弹簧的压缩量为0x ，对整体：静止时，平衡条件120()sin m m g kx θ+=解得00.16mx =（2）（4分）前0.2s 时间内F 为变力，之后为恒力，则0.2s 时刻两物体分离，此时P 、Q 之间的弹力为零且加速度大小相等，设此时弹簧的压缩量为1x ．对物体P ，牛顿第二定律111sin kx m g m aθ-=前0.2s 时间内两物体的位移20112x x at -=联立解得210m /s 3a =（3）（5分）开始运动时F 最小，分离时F 最大，对PQ 整体，同理min 01212()sin ()F kx m m g m m aθ+-+=+解得min 160N 3F =对Q ：同理max 22sin F m g m aθ-=解得max 280N 3F =15．（18分）（1）g（2（3）cos 6θ=【解析】（1）（6分）①返回初始位置时，由牛顿第二定律知a 球：1sin 45mg F ma -︒=，式中F 为L 杆沿杆的推力b 球：2sin 45F ma ︒=沿杆方向两球加速度分量相等，即12cos 45sin 45a a ︒=︒联立解得：122ga a ==②杆水平时，竖直方向amg ma =解得a a g=（2）（5分）杆竖直时b 球速度最大，此时a 球速度为零a 、b 球：由开始释放到下降到最低点过程，动能定理()2max 11sin 452b mgl mv +︒=解得max b v =（3）（7分）〈法一〉：a 球速度最大时，a 球位于2L 下方，设此时杆与竖直方向夹角为θ，a 、b 球：由开始释放到杆与竖直方向夹角为θ的过程，同理()2211sin 45cos 22a b mgl mv mv θ︒+=+沿杆方向有：cos sin a b v v θθ=a v =令(22cos sin y θθ=+，一阶导数为0时，有极值，即()22sin 3cos 10θθθ+-=sin 0θ=，0θ=（舍）；142cos 6θ=-（舍）；142cos 6θ=代入得a v =〈法二〉：a 球速度最大时，a 球位于2L 下方，设此时杆与竖直方向夹角为θ，a 、b 球：由开始释放到杆与竖直方向夹角为θ的过程，同理2211(sin 45cos )22a b mgl mv mv θ︒+=+沿杆方向有：cos sin a b v v θθ=a 球：末态，竖直方向，平衡条件cos T mgθ=b 球：末态，竖直方向cos b N mg T θ=+沿杆方向，牛顿第二定律()2sin cos cos cos a b bv v T mg N mlθθθθ++-=联立解得cos 6θ=-（舍）；cos 6θ=a v =〈注〉：（1）用机械能守恒定律、功能原理列式只要正确就给分．（2）其他解法可酌情给分．。
辽宁省重点中学协作体2015年高考理综(物理部分)模拟考试试题
辽宁省重点中学协作体2015年高考理综（物理部分）模拟考试试题（扫描版）2015年辽宁省重点中学协作体高考模拟考试理科综合物理试卷参考答案二、选择题14.B 15.C 16.B 17.D 18.C 19.ABD 20.BC 21.AC三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。
第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答。
（一）必考题（共129分）22.(1) 1.326 （2）不需要 （3）AC23.(1) ABD （少选或错选不得分） (2) 如图(3)21222)(I I R R I A -+ ，I1、I2分别为电流表A1、A2的读数评分标准：电路图3分，其余每空2分，共15分。
24（14分）解：(1) 粒子在电场中加速qE=ma ① 221at L = ②得qE mLt 2=③(2) 设粒子经电场加速后的速度为v ，根据动能定理有 qEL=21mv2 ④ 得m q E L v 2=⑤粒子在磁场中完成了如图所示的部分圆运动，设其半径为R ，因洛仑兹力提供向心力，所以有R m v Bqv 2= ⑥ 由几何关系得︒=30tan R r⑦所以232qr mELB =⑧评分标准：⑤ ⑦ 每式1分，其余每式2分；若结果正确，⑤式可以没有。
25.（18分）解：（1）小球在最高点A 处 ，根据牛顿第三定律可知轨道对小球的压力mg F F N N ==' ①根据牛顿第二定律R mv mg F AN 2=+ ② 从B 到A 过程,由动能定理可得 2022121)2(mv mv R mg A -=⋅- ③代入数据可解得v0=32m/s ④（2）情况一：若小球恰好停在C 处，对全程进行研究，则有：21210mv mgL -=-μ ⑤得v1=4m/s ⑥若小球恰好过最高点AR mv mg A2'=⑦ 从B 到A 过程 222'2121)2(mv mv R mg A -=⋅- ⑧得 v2=10m/s ⑨所以当10m/s≤v B ≤4m/s 时，小球停在BC 间。
辽宁省县级重点高中协作体2024-2025学年高三上学期期中考试物理试卷(含解析)
2024—2025学年度上学期辽宁省县级重点高中协作体高三期中考试物理本卷满分100分，考试时间75分钟。
注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名，准考证号等填写在答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡的指定位置。
考试结束后，将题卡交回。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
3.回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
一、选择题：本题共10小题，共46分。
在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.如图，真空中正方形的两个顶点、分别固定两个正点电荷，点固定一负点电荷，三个点电荷的电荷量均为，静电力常量为，则正方形中心点的电场强度大小为（ ）B.D.2.某次军事演习中，甲、乙两架战斗机均在空中水平面内做匀速圆周运动，此时战斗机仅受空气对战斗机的升力（方向与机翼平面垂直）和重力。
已知甲、乙做圆周运动的轨迹半径相同，且甲的速率大于乙的速率，则甲、乙两架战斗机机翼与水平面间的夹角与的大小关系为（ ）A. B. C. D.无法确定3.“双星”一词是由弗里德里希·赫歇尔在1802年所创。
根据他的定义，“双星”是由两个星体根据万有引力定律组成的一个系统，故宇宙中的两颗相距较近、质量较大的天体称为“双星”。
它们以两者连线的某一点为圆心做匀速圆周运动，而不至于因万有引力的作用吸引在一起。
如图，已知一双星系统中、两星的距离为，、均绕点做匀速圆周运动，、质量之和为，、间距离为，且大于、间的距离，则下列说法中正确的是（ ）A B C Q k O 23kQL 2kQL 1θ2θ12θθ<12θθ=12θθ>A B L A B O A B M O A A L O BA.星的质量为B.星的质量为C.星与星的线速度相同D.星的线速度小于星的线速度4.真空中轴上、两点分别固定两个电荷量相等的点电荷，轴上电场强度的变化情况如图所示，、两点关于点对称，取轴正方向为电场强度的正方向，则下列说法中正确的是（ ）A.点固定的是正点电荷、点固定的是负点电荷B.、两点的电场强度相同C.、两点的电势差D.同一个正电荷在点的电势能大于其在点的电势能5.如图，同种材料做成的电阻丝粗细均匀，上有一点，其长度关系满足，现将段均匀拉伸，段不变，末端为点，且，然后将电阻丝、两端接入电路中，则下列说法正确的是（ ）A.段横截面积是段的4倍B.段电阻是段的4倍C.段电压是段的一半D.段自由电荷定向移动速率是段的2倍6.如图，圆盘在水平面内做匀速圆周运动，质量为的小物块放置在水平圆盘的正中央，并用一A A L M LA A L L M L -AB A B x A B xCD O x A B C D C D 0CD U =C D AC AC B 2AB BC =BC AB D 2BD BC =A D AB BD BD AB BD AB BD AB 0.2kg M =根0.1m 长的轻质细线与质量为的另一个小物块连接，两物块与圆盘间的动摩擦因数均为0.2。
辽宁省抚顺市第二中学2015届高三上学期期中考试物理试卷
2015届高三期中测试物理试题满分：100分时间：90分钟一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
其中第1题至第7题每小题给出的四个选项中，只有一项符合题意要求。
第8题至第12题有多项符合题意要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错的得0分。
）1.在力学发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了物理学的进步。
对以下几位物理学家所作科学贡献的表述中，与事实不相符．．．．．．的是A. 伽利略首先建立平均速度、瞬时速度和加速度等描述运动的概念B. 胡克提出如果行星的轨道是圆形，太阳与行星间的引力与距离的平方成反比C. 卡文迪许是测量地球质量的第一人D. 伽利略根据理想斜面实验，得出自由落体运动是匀变速直线运动2.如图所示，质量为m1的木块在质量为m2的无限长木板上，在力F的作用下向右滑行，长木板始终处于静止状态，已知木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，则A．木板受到地面的摩擦力大小一定为μ1m1gB．木板受到地面的摩擦力大小一定为μ2(m1＋m2)gC．木板受到地面的摩擦力大小一定为 FD．木块受到木板的摩擦力大小一定为 F3.将质量为m的小球置于半径为l的固定光滑圆槽与圆心等高的一端无初速度释放，小球在竖直平面内做圆周运动，若小球在最低点的势能取做零，则小球运动过程中第一次动能和重力势能相等时重力的瞬时功率为A. B.C. D.4.德国天文学家开普勒对第谷观测的行星数据进行多年研究，得出著名开普勒行星三定律。
根据周期定律，设太阳的行星匀速圆周运动的半径立方与周期平方的比值为K1，地球的卫星匀速圆周运动的半径立方与周期平方的比值为K2，月球的卫星匀速圆周运动的半径立方与周期平方的比值为K3，则三者大小关系为A.K1=K2=K3B. K1＞K2＞K3C. K1＜K2＜K3. D. K1＞K2=K35.在空中某一高度将一小球水平抛出，取抛出点为坐标原点，初速度方向为轴正方向，竖直向下为y轴正方向，得到其运动的轨迹方程为y=ax2（a为已知量），不计空气阻力，重力加速度为g。
2024学年辽宁省沈阳市五校协作体物理高三上期中经典模拟试题含解析
2024学年辽宁省沈阳市五校协作体物理高三上期中经典模拟试题请考生注意：1．请用2B 铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。
写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，一圆盘与水平方向夹角为30°，半径为0.1 m ，圆盘可绕过圆盘中心垂直盘面的转轴转动，一物体放置在圆盘边缘，物体与圆盘间的动摩擦因数为32，当圆盘以某一角速度转动时，物体在最低点恰好不会被甩离圆盘，取g=10 m/s 2，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则A ．物体在最低点受到的摩擦力恰好为零B ．物体的线速度大小为1 m/sC ．圆盘转动的角速度为5 rad /sD ．物体的向心加速度大小为5 m/s 22、在水下潜水器某次海试活动中，完成任务后从海底竖直上浮，从上浮速度为v 时开始计时，此后匀减速上浮，经过时间t 上浮到海面， 速度恰好减为零，则蛟龙号在0t （0t t <）时刻距离海平面的深度为A ．2vtB ．00(1)2tvt t-C ．22121122a t vt a t =-D ．20()2v t t t-3、下列各物理量中，其国际单位属于基本单位，同时也属于矢量的是( ) A ．时间 B ．位移 C ．质量 D ．力4、下列选项中的各14圆环大小相同，所带电荷量已在图中标出，且电荷均匀分布，各14圆环间彼此绝缘．坐标原点O 处电场强度最大的是A．B．C．D．5、北京时间8月19日,2016年里约奥运会田径比赛在200米决赛中,“飞人”博尔特以19秒79的成绩夺得冠军,下列说法正确的是A．200米指位移B．19秒79为时间间隔C．博尔特撞线时可以看成质点D．博尔特夺冠是因为他的加速度最大6、有一竖直放置的T型架，表面光滑，两质量均为m的滑块A、B分别套在水平杆与竖直杆上，A、B间用一不可伸长的轻细绳相连，A、B可看作质点，如图所示，开始时细绳水平伸直，A、B静止。
【解析版】辽宁省五校协作体2015届高三上学期期中联考数学理试题Word版含解析
2014-2015学年度上学期省五校协作体高三期中考试数学(理）试题第Ⅰ卷（选择题，共60分）一、选择题：本大题共有12小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.已知集合A={x||x|<3}，B={x|y=lg(x-1)}，则集合A ∩B 为A ．[0,3)B ．[1,3)C ．(1,3)D ．(-3,1]【知识点】集合运算. A1【答案】【解析】C 解析：A={x|-3<x<3},B={x|x>1}.所以A ∩B=(1,3)，故选C. 【思路点拨】化简集合A 、B ，然后由交集意义得A ∩B. 2.下列函数中周期为且为偶函数的是A ．y=cos(2x-2)B ．y=sin(2x+2)C ．y=sin(x+2)D ．y=cos(x-2)【知识点】函数的奇偶性；函数的周期性；诱导公式. B4 C2【答案】【解析】B 解析：因为y=sin(2x+2)=cos2x 是偶函数，且周期T= 22ππ=，故选B.【思路点拨】先用诱导公式化简函数解析式，再用弦周期公式2T πω=，求相应函数的周期.3.下列有关命题的说法正确的是A.命题“∀x R, 均有x 2-x+1>0”的否定是：“∃x R, 使得x 2-x+1<0”B.“x=3”是“2x 2-7x+3=0”成立的充分不必要条件C.线性回归方程a x b y ˆˆˆ+=对应的直线一定经过其样本数据点(x 1,y 1), (x 2,y 2),…，(x n ,y n )中的一个点D.若“p (q)”为真命题，则“p q ”也为真命题【知识点】命题真假的判定；充分条件；必要条件；含一个量词的命题的否定；.线性回归方程的性质. A2 A3 I4【答案】【解析】B 解析：命题“∀x R, 均有x 2-x+1>0”的否定是：“∃x R, 使得x 2-x+1≤0”故A 不正确；因为x=3时2x 2-7x+3=0成立，而2x 2-7x+3=0时x 不一定等于3，所以“x=3”是“2x 2-7x+3=0”成立的充分不必要条件是正确的.故选 B. 【思路点拨】依次分析各命题，直到得到正确命题为止.【题文】4.已知平面向量a →=(2m+1,3), b →=(2,m)，且a →与b →反向，则|b →|等于A.1027 B. 52或2 2 C.52D. 2 2 【知识点】向量共线的意义；向量的运算. F1 F2【答案】【解析】D 解析：因为a →与b →反向，所以a →与b →共线，所以()21230m m +-⨯=22602m m m ⇒+-=⇒=-或32m =，当m=-2时a →=（-3,3），b →=（2，-2），a →与b →反向，此时|b →|=22；当32m = 时，a →=（4,3），b →=（2，32）a →与b →同向.故选D.【思路点拨】由a →与b →反向，得a →与b →共线，所以()21230m m +-⨯=，解得m 值后，代入向量a →、b →的坐标，分析a →与b →是否反向，得出使a →与b →反向得m 值后，再求|b →|. 【题文】5.设偶函数f(x)对任意x R 都有f(x+3)=-1f(x),且当x [-3,-2]时，f(x)=4x,则f(107.5)=A.10 B.110 C.-10 D.-110【知识点】抽象函数的奇偶性；周期性. B4 【答案】【解析】B 解析：由f(x+3)=-1f(x) 1(6)()(3)f x f x f x ⇒+=-=+，所以函数f(x)的周期为6，又f(x)是偶函数，所以f(107.5)=f(617 5.5⨯+)=f(5.5)=-1(2.5)f()111( 2.5)4 2.510f =-=-=--.故选 B.【思路点拨】由f(x+3)=-1f(x)得函数的周期为6 ，所以f(107.5)=f(617 5.5⨯+)=f(5.5) =-1(2.5)f ，又函数f(x)是偶函数，所以f(107.5) ()111( 2.5)4 2.510f =-=-=--. 【题文】6.函数f(x)=Asin(x+)(A>0,>0,||<2)的图象如下图所示，则下列说法正确的是A ．对称轴方程为x=3+2k(kZ) B ．=-6C.最小正周期是 D ．f(x)在区间(-32,-56)上单调递减【知识点】函数sin()y A x ωϕ=+的图像与性质. C4-6 56O【答案】【解析】D 解析：5222166T T ππππω⎛⎫=+=⇒==⎪⎝⎭,A=1，所以2266k k ππϕπϕπ-+=⇒=+,因为||<2，所以=6 ，所以f(x)=sin(x+6)，其对称轴方程为x=3+k(kZ)，所以A 、B 、C 都不正确，故选D.【思路点拨】根据图像求得A 、ω、ϕ的值，进一步得函数解析式，从而确定正确选项. 【题文】7.已知f(x)=sin(2014x+6)+cos(2014x-3)的最大值为A ，若存在实数x 1,x 2,使得对任意实数x 总有f(x 1)f(x)f(x 2)成立，则A|x 1-x 2|的最小值为（ ）A ．1007 B ．2014 C ．21007 D．21007【知识点】函数sin()y A x ωϕ=+的性质. C4【答案】【解析】A 解析：f(x)=sin(2014x+6)+cos(2014x-3)=2 sin(2014x+6)，所以A=2，周期T=1007π,而|x 1-x 2|的最小值为半周期，所以A|x 1-x 2|的最小值=T=1007π,故选A. 【思路点拨】由诱导公式得f(x)= 2 sin(2014x+6),从而得A=2，周期T= 1007π，因为存在实数x 1,x 2,使得对任意实数x 总有f(x 1)f(x)f(x 2)成立，所以f(x 1)是函数的最小值，f(x 2)是函数的最大值，所以|x 1-x 2|的最小值为半周期，进而得A|x 1-x 2|的最小值. 【题文】8.已知向量a →=（2，1），a →·b →=10，|a →+b →|=52,则|b →|=A ．5B ．25C ． 5D ．10【知识点】向量数量积的坐标运算；向量模的坐标运算. F2 F3【答案】【解析】A 解析：设(,)b x y =，则()()222102150x y x y +=⎧⎪⎨+++=⎪⎩解得：34x y =⎧⎨=⎩或50x y =⎧⎨=⎩， 所以|b →|=5，故选A.【思路点拨】设(,)b x y =，根据题意得关于x 、y 的方程组，解得b 的坐标，从而求得b . 【题文】9.已知集合M={(x,y)|x+y-20,x 0,y0},N={(x,y)|yx,y0},则集合M ∩N 中的点所构成的平面区域的面积为（ ）A ．79B ．1C ．34D ．76【知识点】二元一次不等式表示的平面区域；定积分的几何意义. E5 B13【答案】【解析】D 解析：如图，集合M ∩N 中的点所构成的平面区域为曲边三角形AOB ，其面积312012121711|232326S x =+⨯⨯=+=+=⎰.故选D.【思路点拨】在坐标系中画出两集合的交集，把它分成一个直角三角形和一个曲边三角形面积的和来求，其中曲边三角形面积用定积分求出.【题文】10.已知数列{a n },定直线l:(m+3)x-(2m+4)y-m-9=0,若(n,a n )在直线l 上，则数列{a n }的前13项和为（ ）A ．10B ．21C ．39D ．78 【知识点】等差数列及其前n 项和. D2【答案】【解析】C 解析：因为(n,a n )在直线(m+3)x-(2m+4)y-m-9=0上，所以392424n m m a n m m ++=-++，即数列{a n }是等差数列, 所以131639(13)132242424m m S m m m ++=-+⨯-⨯+++=39.故选C.【思路点拨】由(n,a n )在一条直线上得数列{a n }是等差数列，然后由等差数列的前n 项和公式求解.【题文】11.已知{a n }为等差数列,0<d<1,a 5≠k 2,sin 2a 3+2sina 5cosa 5=sin 2a 7,S n 为数列{a n }的前n 项和，若S nS 10对一切nN *都成立，则首项a 1的取值范围是（ ）A ．[-98π,-π）B ．[-98π,-π]C ．（-54π,-98π]D ．[-54π,-98π]【知识点】等差数列的性质. D2【答案】【解析】D 解析：由sin 2a 3+2sina 5cosa 5=sin 2a 7,得3751cos 21cos 2sin 222a a a --+=()()537552sin 2cos2cos2cos22cos22a a a a d a d ⇒=-=--+ 52sin 2sin 4a d =因为a 5≠k2,所以sin4d=1，所以42,228k d k d k Z ππππ=+⇒=+∈，又因为0<d<1，所以8d π=. 因为S n S 10对一切nN *都成立，所以11101111990081001008a d a a a a d a ππ⎧+=+≤⎪≤⎧⎪⇒⎨⎨≥⎩⎪+=+≥⎪⎩119854a a ππ⎧≤-⎪⎪⇒⎨⎪≥-⎪⎩，即首项a 1的取值范围是[-54π,-98π].故选D.【思路点拨】根据等差数列的性质和已知条件求得公差8d π=，再由S n S 10对一切n N*都成立，得关于首项a 1的不等式组求解.【题文】12.已知函数f(x)在[0,+∞)上可导，其导函数记作f (x)，f(0)=-2,且f(x+)=12f(x),当x[0,)时，f(x)·cos2x>f(x)·sin2x-f(x),若方程f(x)+k n secx=0在[0,+∞)上有n 个解，则数列{nk 2n}的前n 项和为A.(n-1)·2n+1 B.(n-1)·2n+1+2 C.n ·2n-1D.(2n-1)·3n+14【知识点】函数性质及应用；导数的综合应用；数列求和. B1 B12 D4【答案】【解析】A 解析：由f(0)=-2,f(x+)=12f(x)得，f(π)=-1，f(2π)=- 12，f(3π)= - 14，11,()2n f n π-⎛⎫=- ⎪⎝⎭.由当x [0,)时，f (x)·cos2x>f(x)·sin2x-f(x)得2()(cos 21)()sin 2()2cos ()2sin cos f x x f x x f x x f x x x ''+>⇒>cos [()cos ()sin ]0x f x x f x x '⇒-> cos [()cos ]0x f x x '⇒>所以(0,)2x π∈时，h(x)=f(x)cosx 是增函数，,2x ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时，h(x)=f(x)cosx 是减函数. 由于方程f(x)+k n secx=0在[0,+∞)上有n 个解，即()cos n k f x x =-在[0,+∞)上有n 个解， 则()()()12310cos02,cos 1,2cos 22k f k fk f ππππ=-==-=-=-=，，((1))cos(1)n k f n n ππ=---. 则有11221,22n n n nnk n k --⎛⎫=∴=⋅ ⎪⎝⎭. 令23112232422n S n -=+⋅+⋅+⋅++⋅，则2321222322n S n =⋅+⋅+⋅++⋅两式相减得23112122222212nn nn S n n ---=+++++-⋅=-⋅-则()121nS n =-⋅+.故选A.【思路点拨】由f(0)=-2,f(x+)=12f(x)得11()2n f n π-⎛⎫=- ⎪⎝⎭.由当x [0,)时，f(x)·cos2x>f(x)·sin2x-f(x)得(0,)2x π∈时，h(x)=f(x)cosx 是增函数，,2x ππ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭时，h(x)=f(x)cosx 是减函数. 由于方程f(x)+k n secx=0在[0,+∞)上有n 个解， 即()cos n k f x x =-在[0,+∞)上有n 个解.所以()()()12310cos02,cos 1,2cos 22k f k f k f ππππ=-==-=-=-=，，((1))cos(1)n k f n n ππ=---. 则有11221,22n n n nnk n k --⎛⎫=∴=⋅ ⎪⎝⎭.再用错位相减法求数列{nk 2n}的前n 项和. 【题文】第Ⅱ卷（非选择题，共90分）【题文】二、填空题：本大题共4小题，每小题5分。
辽宁省朝阳市重点高中协作校2015届高三上学期期中考试物理试题及答案
辽宁省朝阳市重点高中协作校2015届高三上学期期中考试试题（物理）第Ⅰ卷（共44分）一．选择题：本题共11小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-11题有多个选项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.在物理学发展过程中，有许多伟大的科学家做出了巨大贡献。
关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A．库仑最早引入电场概念，并采用了电场线描述电场B．牛顿发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量GC．伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”D．奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了磁场对电流的作用规律2、如图所示，河水的流速为5m/s，一条船要从河的南岸A点沿与河岸成30°角的直线航行到北岸下游某处，则船的开行速度（相对于水的速度）最小为A．2m/s B．3m/sC．3.5m/s D．2.5m/s3．如图示，一根轻弹簧上端固定，下端挂一个质量为m0平盘，盘中有一质量为m的物体，当盘静止时，弹簧的长度比其自然长度伸长了L，今向下拉盘使弹簧再伸长了ΔL后停止，然后松手放开，设弹簧总处在弹性限度内，则刚松手时盘对物体的支持力等于（）A．(1+ΔL/L)mg B．(1+ΔL/L)(m+m0)g C．(mgΔL)/L D．(m+m0)gΔL/L4、已知火星的质量和半径分别为地球的1/10和1/2，地球表面的重力加速度为g，则火星表面的重力加速度约为（）A．0.2g B．0.4g C．2.5g D．5.0g5．装修公司进行家居装饰时，可以用喷枪将染料液喷射出去, 如图喷枪是水平放置且固定的, 虚线分别为水平线和竖直线，在墙上同一竖直线喷有A、B、C、D四个液滴（可以视为质点），不计空气阻力，要求AB、BC、CD间距依次为7cm、5cm、3cm，D与水平线的间距为1cm，如图所示，正确的是（）A．ABCD四个液滴的射出速度可以相同，要达到目的，只需要调整它们的出射时间间隔即可B ．ABCD 四个液滴在空中的运动时间是相同的C ．ABCD 四个液滴出射速度之比应为1：2：3：4 D ．ABCD 四个液滴出射速度之比应为3：4：6：126．放在水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6 s 内其速度与时间图象和拉力的功率与时间图象分别如图（甲）、（乙）所示，则物体的质量为（取g =10 m ／s 2）A ．35㎏ B ．910㎏ C ．53㎏ D ．109㎏7．一小物块以某一初速度滑上水平足够长的固定木板，经一段时间t 后停止。
2024年辽宁省沈阳市五校协作体高三物理第一学期期中调研试题含解析
2024年辽宁省沈阳市五校协作体高三物理第一学期期中调研试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，质量为60kg 的某运动员在做俯卧撑运动，运动过程中可将她的身体视为一根直棒，已知重心在C 点，其垂线与脚、两手连线中点间的距离oa 、ob 分别为0.9m 和0.6m ，若她在1min 内做了30个俯卧撑，每次肩部上升的距离均为0.4m ，则克服重力做功为（ ）A ．4320JB ．144JC ．720JD ．7200J2、如图，拉格朗日点L 1位于地球和月球连线上，处在该点的物体在地球和月球引力的共同作用下，可与月球一起以相同的周期绕地球运动．据此，科学家设想在拉格朗日点L 1建立空间站，使其与月球同周期绕地球运动．以1a 、2a 分别表示该空间站和月球向心加速度的大小，3a 表示地球同步卫星向心加速度的大小．以下判断正确的是（ ）A ．231a a a >>B ．213a a a >>C ．312a a a >>D ．321a a a >>3、小明将一辆后轮驱动的电动小汽车，按图示方法置于两个平板小车上，三者置于水平实验桌上．当小明用遥控器启动小车向前运动后，他看到两个平板小车也开始运动，下列标出平板小车的运动方向正确的是A ．B ．C ．D ．4、如图所示，质量为1m 、2m ，电量大小为1q 、2q 的两小球，用绝缘丝线悬于同一点，静止后它们恰好位于同一水平面上，细线与竖直方向夹角分别为α、β，则A ．若12m m =，12q q <，则αβ<B ．若12m m =，12q q <，则αβ>C ．若12q q =，12m m >，则αβ>D ．若12m m >，则αβ<5、如图所示，弹簧测力计外壳质量为m 0，弹簧及挂钩的质量忽略不计，挂钩吊着一质量为m 的重物．现用一竖直向上的外力F 拉着弹簧测力计，使其向上做匀加速直线运动，则弹簧测力计的读数为（ ）A ．mgB ．FC ．0mF m m + D ．00m F m m +6、假如宇航员在土星表面上用测力计测得质量为m 的物块重为G 0，已知土星半径为R ，土星绕太阳公转的周期为T ，线速度为v ，引力常量为G ，则太阳对土星的引力大小为（ ）A ．202vG R GmT πB ．20G vR GmTC ．202vGR G mTD ．20GvR G mT二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
辽宁省五校协作体高三物理上学期期中试卷(含解析)
辽宁省五校协作体2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，第8～12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错、多选或不选的得0分）1．（4分）做匀减速直线运动的质点，它的位移随时间变化的规律是s=24t﹣1.5t2（m），当质点的速度为零，则t为多少（）A．1.5s B．8s C．16s D．24s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式x=求出初速度和加速度，再根据匀变速直线运动的速度时间公式v=v0+at求出质点速度为零所需的时间．解答：解：根据x==24t﹣1.5t2知，初速度v0=24m/s，加速度a=﹣3m/s2．根据速度时间公式v=v0+at得，t==8s．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式x=和速度时间公式v=v0+at．2．（4分）欲使在粗糙斜面上匀速下滑的物体静止，如图所示，可采用的方法是（）A．对物体施一垂直于斜面的力B．增大斜面的倾角C．对物体施一竖直向下的力D．在物体上叠放一重物考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：木块匀速滑下，合力为零，根据平衡条件得到动摩擦因数与斜面倾角θ的关系．要使木块停下，必须使之减速，合力方向与速度方向应相反．分别分析木块的受力情况，确定合力的方向，判断其运动性质．解答：解：D、木块匀速滑下，合力为零，根据平衡条件得mgsinθ=μmgcosθ；得：sinθ=μcosθ，与质量无关，在木块A上再叠放一个重物后，整体匀速下滑，不可能停下；故D错误；A、对木块A施加一个垂直于斜面的力F，重力沿斜面向下的分力mgsinθ不变，而滑动摩擦力f=μ（F+mgcosθ）增大，合力方向沿斜面向上，木块做减速运动，可以使木块停下；故A正确；B、若增加斜面的倾角θ，重力沿斜面向下的分力mgsinθ增加，滑动摩擦力f=μmgcosθ减小，木块的合力方向将沿斜面向下，木块做加速运动，故B错误；C、对木块A施加一个竖直向下的力，由于（F+mg）sinθ=μ（F+mg）cosθ，木块的合力仍为零，仍做匀速运动，不可能停下；故C错误；故选：A．点评：本题关键根据物体做减速运动的条件，分析木块的合力方向，当合力方向与速度反向时，木块能做减速运动，可以停下来．3．（4分）真空中有两个点电荷Q1=+4.0×10﹣8C和Q2=﹣1.0×10﹣8C，分别固定在x坐标轴的x=0和x=6cm的位置上，x坐标轴上哪些地方的电场强度方向是沿x轴的正方向的？（）A．（﹣∞，0）B．（0，6cm）C．（6，12cm）D．（0，12cm）考点：电场强度；库仑定律．.分析：某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．运用合成进行分析．解答：解：某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强．根据点电荷的场强公式E=，所以要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强大小相等方向相反．不会在Q1的左边，因为Q1的电荷大于Q2，也不会在Q1 Q2之间，因为它们电荷相反，在中间的电场方向都是一样的所以，只能在Q2右边．设该位置据Q2的距离是L，所以有：=解得：L=6cm所以x坐标轴上x=12cm处的电场强度为零．在Q1 Q2之间，正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强方向沿x轴正方向，所以实际场强也是沿x轴正方向，根据点电荷的场强公式得x坐标轴大于12cm区域电场强度方向沿x轴正方向区域．所以x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向区域是（0，6cm）和（12cm，∞），故B正确，ACD错误．故选：B．点评：空间中某一点的电场，是空间所有电荷产生的电场的叠加，场强是矢量，其合成遵守平行四边形定则．4．（4分）如图所示，船从A处开出后沿直线AB到达对岸，若AB与河岸成37°角，水流速度为4m/s，则船从A点开出的最小速度为（）A．2m/s B．2.4m/s C．3m/s D．3.5m/s考点：运动的合成和分解．.专题：运动的合成和分解专题．分析：本题中船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和顺水流而下的分运动，合速度方向已知，顺水流而下的分运动速度的大小和方向都已知，根据平行四边形定则可以求出船相对水的速度的最小值．解答：解：船参与了两个分运动，沿船头指向的分运动和顺水流而下的分运动，其中，合速度v合方向已知，大小未知，顺水流而下的分运动v水速度的大小和方向都已知，沿船头指向的分运动的速度v船大小和方向都未知，合速度与分速度遵循平行四边形定则（或三角形定则），如图当v合与v船垂直时，v船最小，由几何关系得到v船的最小值为v船=v水sin37°=2.4m/s．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：本题关键先确定分速度与合速度中的已知情况，然后根据平行四边形定则确定未知情况．5．（4分）如图所示，北京飞控中心对“天宫一号”的对接机构进行测试，确保满足交会对接要求，在“神舟八号”发射之前20天，北京飞控中心将通过3至4次轨道控制，对“天宫一号”进行轨道相位调整，使其进入预定的交会对接轨道，等待神舟八号的到来，要使“神舟八号”与“天宫一号”交会，并最终实施对接，“神舟八号”为了追上“天宫一号”（）A．应从较低轨道上加速B．应从较高轨道上加速C．应在从同空间站同一轨道上加速D．无论在什么轨道上只要加速就行考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．.专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力提供向心力及近心运动和离心运动的相关知识即可求解．解答：解：A、神舟八号在较低轨道上加速后做离心运动，轨道半径增大故可能“追上”较高轨道上运行的天宫一号从而实现对接，故A正确；B、从较高轨道上加速，神舟八号将做离心运动，轨道高度继续增加，故不可能与较低轨道上的天宫一号实现对接，故B错误；C、在空间站同一轨道上加速，神舟八号将做离心运动，轨道高度增加，故不可能与同轨道的天宫一号实现对接，故C错误．D、由卫星变轨原理知，神舟八号只有在较低轨道上做加速运动才可以实现与天宫一号的对接，故D错误．故选：A．点评：本题主要考查了近心运动和离心运动的含义，要实现对接可以再较低轨道上加速，或在较高轨道上减速，难度不大，属于基础题．6．（4分）用铁锤把小铁钉钉入木板，设木板对钉子的阻力与钉进入木板的深度成正比，已知铁锤第一次将钉子钉进d，如果铁锤第二次敲钉子时对钉子做功与第一次相同，那么第二次钉子进入木板的深度是（）A．（﹣1）d B．（﹣1）d C．d D．d考点：动能定理．.专题：动能定理的应用专题．分析：阻力与深度成正比，力是变力，可以应用f﹣d图象分析答题．解答：解：由题意可知，阻力与深度d成正比，f﹣d图象如图所示，F﹣x图象与坐标轴所形成图形的面积等于力所做的功，每次钉钉子时做功相同，如图所示可得：力与深度成正比，则：f=kd，f′=kd′，两次做功相同， df=（f+f′）（d′﹣d），解得：d′=d，第二次钉子进入木板的深度：h=d′﹣d=（﹣1）d；故选：B．点评：本题考查了变力做功问题，可以应用图象法解题，也可以求出力的平均值，应用动能定理解题．7．（4分）放在粗糙水平面上质量为m物体，在水平拉力F的作用下以加速度a运动，现将拉A．a′=a B．a＜a′＜2a C．a′=2a D．a′＞2a考点：牛顿第二定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律分别求出拉力为F和2F时的加速度，从而比较加速度的关系．解答：解：根据牛顿第二定律得，当拉力为F时，．当拉力为2F时，．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．8．（4分）物体从静止开始做匀加速直线运动，第3s内通过的位移是3m，则（）A．第3s内的平均速度是3m/s B．物体的加速度是1.2m/s2C．前3s内的位移是6m D．3s末的速度是6.3m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：由公式求解第3s内的平均速度．第3s内位移等于前3s内与前2s内位移之差，根据位移公式列式，求出加速度．再由运动学求出前3s内的位移和平均速度，及3s末的速度．解答：解：A、第3s内的平均速度为：由公式==3m/s．故A正确．B、设加速度大小为a，则有：x=﹣，得：a==m/s2=1.2m/s2．故B正确．C、前3s内位移为：x3==m=5.4m，故C错误；D、v3=at3=1.2×3=3.6m/s．故D错误．故选：AB．点评：本题运用匀变速直线运动的基本公式研究初速度为零的匀加速运动问题，也可以通过图象研究．9．（4分）升降机里，一个小球系于弹簧下端，升降机静止时，弹簧伸长4cm，升降机运动时，A．以1m/s2的加速度加速下降B．以4.9m/s2的加速度减速上升C．以1m/s2的加速度加速上升D．以4.9m/s2的加速度加速下降考点：牛顿第二定律．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：升降机与小球具有共同的加速度，隔离对小球分析，运用牛顿第二定律求出加速度，从而得出升降机的运动状况．解答：解：对小球分析，开始小球静止，知mg=kx1，当升降机运动时有：mg﹣kx2=ma，因为，解得加速度为：a==4.9m/s2，方向竖直向下，可知升降机以4.9m/s2的加速度加速下降，或以4.9m/s2的加速度减速上升．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．点评：解决本题的关键知道小球和升降机具有共同的加速度，结合牛顿第二定律进行求解，基础题．10．（4分）如图所示，某人从高出水平地面h的坡上水平击出一个质量为m的高尔夫球，由于恒定的水平风力的作用，高尔夫球竖直地落入距击球点水平距离为L的A穴，则（）A．该球从被击出到落入A穴所用时间为B．该球从被击出到落入A穴所用时间为C．球被击出时的初速度大小为LD．球被击出时的初速度大小为L考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出运动的时间，根据水平位移求出初速度的大小．解答：解：AB、高尔夫球做平抛运动，设高尔夫球飞行时间为t，则有：h=gt2，所以：t=故A正确，B错误；CD、小球水平飞行距离为：L=v0t，则有：v0==L故C错误，D正确．故选：AD点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解．11．（4分）如图所示，放置在水平地面上的直角劈M上有一个质量为m的物体，若在其上处于静止，M也保持静止，则下列说法正确的是（）A．M对地面的压力等于（M+m）g B．M对地面的压力大于（M+m）gC．地面对M没有摩擦力D．地面对M有向左的摩擦力考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：本题的简单接法是对直角劈和物体组成的系统运用牛顿第二定律，系统在水平方向受到的外力等于M和m与对应水平方向的加速度乘积的矢量和，系统在竖直方向上受到的外力等于两物体质量与对应竖直方向加速度乘积的矢量和．解答：解：A、对直角劈M和物体m整体在竖直方向，受力平衡：（M+m）g﹣F N=0，得F N=（M+m）g，所以A正确B错误；C、对直角劈M和物体m整体为研究对象，设地面对直角劈摩擦力大小为f，根据牛顿第二定律则有：f=（m+M）•0=0，解得：f=0，即地面对直角劈没有摩擦力，所以C正确D错误．故选：AC．点评：对系统整体为研究对象的好处是受力分析时只分析系统受到的外力不分析内力作用，注意牛顿第二定律的矢量性．12．（4分）如图所示，C为中间插有电介质的电容器，a和b为其两极板；a板接地；P和Q 为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P板与b板用导线相连，Q 板接地．开始时悬线静止在竖直方向，在b板带电后，悬线偏转了角度α．在以下方法中，能使悬线的偏角α变小的是（）A．缩小a、b间的距离B．加大a、b间的距离C．取出a、b两极板间的电介质D．换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质考点：电容器的动态分析．.专题：电容器专题．分析：题中电容器ab与平行金属板PQ并联，电势差相等，根据左边电容器的电容的变化得出平行金属板两端的电势差变化，从而得出电场强度的变化，判断悬线偏转角度α的变化．解答：解：A、缩小a、b间的距离，根据C=，则电容增大，Q不变，ab端的电势差U=减小，所以PQ两端的电势差减小，电场强度减小，则电场力变小，α变小．故A正确B错误．C、取出a、b两极板间的电介质，根据C=，则电容减小，Q不变，ab端的电势差增大，所以PQ两端的电势差增大，电场强度增大，则电场力变大，α变大．故C错误．D、换一块形状大小相同、介电常数更大的电介质，根据C=，则电容增大，Q不变，ab端的电势差U=减小，所以PQ两端的电势差减小，电场强度减小，则电场力变小，α变小．故D正确．故选：AD．点评：本题综合了电路、电容的知识，综合性较强；是通过平衡条件的考查转移到电容器动态分析的一个考查，需要认真推敲一下．二、第Ⅱ卷（非选择题共52分）13．（3分）（2009•杨浦区模拟）物体做平抛运动的规律可以概括为两点：（1）在水平方向做匀速直线运动；（2）在竖直方向做自由落体运动．图所示为一种研究物体做平抛运动规律的实验装置，其中A、B为两个等大的小球，C为与弹性钢片E相连的小平台，D为固定支架，两小球等高．用小锤击打弹性钢片E，可使A球沿水平方向飞出，同时B球被松开，做自由落体运动．在不同的高度多次做上述实验，发现两球总是同时落地，这样的实验结果：（）A．只能说明上述规律中的第（1）条B．只能说明上述规律中的第（2）条C．能同时说明上述两条规律．D．不能说明上述两条规律中的任意一条．考点：研究平抛物体的运动．.专题：实验题；平抛运动专题．分析：探究平抛运动的规律中，实验同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动，若两小球同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，而不能说明A球水平方向的运动性质．解答：解：在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动，结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，故ACD错误，B正确．故选B．点评：本题属于简单基础题目，实验虽然简单，但是很直观的验证了平抛运动在竖直方向上的运动规律．14．（11分）（1）小方同学想测出某种材料的电阻率，由于不知其大约阻值，他只好用多用电表先粗测该材料一段样品的电阻．经正确操作后，选“×100Ω”挡时发现指针偏转情况如图甲所示，由图可知，其阻值约为104Ω（只填数量级）．由于指针太偏左，他应该换用×1k 挡（填“×10Ω”或“×1k”），换挡后，在测量前先要进行欧姆调零．（2）要测出上述样品的电阻率，必须精确测出其电阻的阻值．除导线和开关外，实验室还备有以下器材可供选用：电流表A1，量程30mA，内阻r2约200Ω电流表A2，量程1A，内阻r1约0.5Ω电压表V1，量程6V，内阻R V1等于20kΩ电压表V2，量程10V，内阻R V2约30kΩ滑动变阻器R1，0～2000Ω，额定电流0.1A滑动变阻器R2，0～20Ω，额定电流2A电源E（电动势为12V，内阻r约2Ω）①请选择合适的器材，设计出便于精确测量的电路图画在方框中．其中滑动变阻器应选R2②若选用其中一组电表的数据，设该段圆柱形材料的长为L，直径为d，由以上实验得出这种材料电阻率的表达式为，式中电表物理量符号的含义为U1表示电压表V1的示数，U2表示电压表V2的示数．③用螺旋测微器测得该材料直径d的读数如图乙示，则d= 3.509 mm．考点：测定金属的电阻率．.专题：实验题．分析：（1）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．（2）根据实验目的与实验器材确定滑动变阻器与电流表接法，然后作出实验电路图；为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；应用欧姆定律与电阻定律求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．解答：解：（1）用“×100Ω”挡测电阻，由图甲所示可知，待测电阻阻值的数量级约为：100×100Ω=1×104Ω．由于指针太偏左，所选挡位太小，应该换用×1k挡，换挡后，在测量前先要进行欧姆调零．（2）①电源电动势为12V，电压表应选V2，电路最大电流约为：I==0.001A=1mA，两电流表量程都太大，读数误差较大，可以把待测电阻与已知内阻的电压表V1串联，用电压表V1测电流，为方便实验操作，滑动变阻器应选R2；待测电阻阻值约为104Ω，滑动变阻器最大阻值为20Ω，待测电阻阻值远大于滑动变阻器阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示：②由欧姆定律可知，电阻阻值：R=，其中I=，由电阻定律得：R=ρ=ρ，解得：ρ=；③由图示螺旋测微器可知，其示数为3.5mm+0.9×0.01mm=3.509mm．故答案为：（1）104；×1k；进行欧姆调零；（2）①电路图如图所示；R2；②；U1表示电压表V1的示数，U2表示电压表V2的示数；③3.509（3.508﹣3.510均正确）．点评：本题关键要明确实验的实验原理，同时要明确实验中系统误差的来源；欧姆表刻度不均匀，读数误差大，只能粗测电阻，伏安法测电阻较为精确．15．（8分）赛车比赛出发阶段，一辆赛车用时7s跑过了一段200m长的直道，将该赛车运动可简化为初速为零的匀加速直线运动和匀速直线运动两个阶段；已知该车在加速阶段的第3s 内通过的距离为25m，求该赛车的加速度及在加速阶段通过的距离．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的位移时间公式，抓住第3s内的位移为25m求出赛车的加速度．赛车经历了匀加速直线运动和匀速直线运动，结合总位移为200m，总时间为7s，通过位移公式和速度时间公式求出加速阶段的距离．解答：解：（1）设赛车在匀加速阶段的加速度为a，在前2s和第3s内通过的位移分别为x1和x2，由运动学规律得：t0=1sx2=25m代入数据解得：a=10m/s2（2）设赛车做匀加速运动的时间为t1，匀速运动的时间为t2，匀速运动的速度为v1，跑完全程的时间为t，全程的距离为x，依题意及运动学规律，得：t=t1+t2v=at1设加速阶段通过的距离为x′，则：代入数据求得：x′=80m答：赛车的加速度为10m/s2，在加速阶段通过的距离为80m．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度好司机公式，理清赛车的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大．16．（14分）如图所示，一半径为R的半圆形轨道BC与一水平面相连，C为轨道的最高点，一质量为m的小球以初速度v0从圆形轨道B点进入，沿着圆形轨道运动并恰好通过最高点C，然后做平抛运动．求：（1）小球平抛后落回水平面D点的位置距B点的距离；（2）小球由B点沿着半圆轨道到达C点的过程中，克服轨道摩擦阻力做的功．考点：动能定理的应用；牛顿第二定律；平抛运动．.专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由牛顿第二定律求出到达C点的速度，离开C后做平抛运动，应用平抛运动规律可以求出距离．（2）应用动能定理可以求出克服摩擦力做功．解答：解：（1）小球刚好通过C点，由牛顿第二定律：mg=m，小球做平抛运动，有2R=gt2，s=v C t解得小球平抛后落回水平面D点的位置距B点的距离s=2R．（2）小球由B点沿着半圆轨道到达C点，由动能定理﹣mg•2R﹣W f=mv C2﹣mv02，解得小球克服摩擦阻力做功W f=mv02﹣mgR．答：（1）小球平抛后落回水平面D点的位置距B点的距离为2R；（2）小球由B点沿着半圆轨道到达C点的过程中，克服轨道摩擦阻力做的功为mv02﹣mgR．点评：本题考查了求距离、功，分析清楚物体运动过程，应用牛顿第二定律、平抛运动规律、动能定理即可正确解题．17．（16分）如图所示，摆球质量为m=2×10﹣4kg，摆长l=0.8m，悬挂在水平方向的匀强电场中，电场强度E=3×104N/C，当它与竖直方向夹角为θ=37°时，恰好在P点静止不动．现将摆球拉回竖直方向，然后释放．求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）小球带电量为多少？（2）摆球到达原平衡位置P点时的速度为多大？（3）若摆球到达平衡位置P点时，摆线恰好断裂，则它到达与它一样高的Q点所需时间为多少？PQ之间的距离为多少？考点：共点力平衡的条件及其应用；动能定理的应用；电场强度．分析：（1）小球受重力、电场力和拉力，三力平衡，根据共点力平衡条件列式求解；（2）对从最低点到P点过程，根据动能定理列式求解即可；（3）小球从P到Q过程做类似平抛运动，根据牛顿第二定律列式求解加速度，根据分运动公式列式求解．解答：解：（1）由平衡条件，有：Tsinθ=qETcosθ=mg可得：q===5.0×10﹣8 C（2）电场力和重力的合力：F合==mg由动能定理：mgL（1﹣cosθ）=mv2可得：v=2 m/s（3）小球作类平抛运动，建立如图所示坐标系，根据平抛规律有：y=at2=×gt2=gt2x=vt由几何关系得：tanθ=以上三式联立并代入数据得：t=0.24 sPQ的距离为：答：（1）小球带电量为5.0×10﹣8 C；（2）摆球到达原平衡位置P点时的速度为2m/s；（3）若摆球到达平衡位置P点时，摆线恰好断裂，则它到达与它一样高的Q点所需时间为0.24s；PQ之间的距离为0.6m．点评：本题关键是明确小球的受力情况和运动情况，第3问是类似平抛运动，关键是根据分运动公式列式求解，不太难．。
辽宁省五校协作体高三物理上学期期初考试试题
2015---2016学年度上学期省五校协作体高三期初考试物理试题一、选择题：（1__8题是单选题，9__12题是多选题,每小题4分，共48分；选对得4分，选对不全得2分，选错得0分）1.物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识,推动了科学技术的创新和革命,促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步。
下列说法中正确的是（）A.开普勒通过对行星观测记录的研究发现了万有引力定律B.卡文迪许测出了引力常量的数值C.牛顿运动定律是自然界普遍适用的基本规律之一D.牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”的观点2．如图所示，倾角为 的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态，则( )A．B受到C的摩擦力一定不为零B．C受到水平面的摩擦力一定为零C．不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左D．水平面对C的支持力大小等于B、C的重力之和3.两个质点A、B放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v－t图象如图所示．对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是( )A．A、B加速时的加速度大小之比为2∶1，A、B减速时的加速度大小之比为1∶1B．在t＝3t0时刻，A、B相距最远C．在t＝5t0时刻，A、B相距最远D．在t＝6t0时刻，A、B相遇4.S1和S2分别表示劲度系数为k1和k2的两根弹簧，k1>k2.a和b表示质量分别为m a和m b的两个小物体，m a>m b，将弹簧与物块按右图所示方式悬挂起来，现要求两根弹簧的总长度最大，则应使 ( )A．S1在上，a在上B．S1在上，b在上C．S2在上，a在上D．S2在上，b在上5. 假设地球可视为质量均匀分布的球体，已知地球表面的重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常数为G，则地球的密度为：( )A．B．C．D．6.如图所示，光滑水平面上放置质量分别为m、2m的A、B两个物体，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，则拉力F的最大值为( )A．μmg B．2μmgC．3μmg D．4μmg7．如图所示的两个电场中，点电荷+Q位于圆心处，乙图中另有一水平向右的匀强电场，关于圆上a、b、c、d四点的场强和电势正确的是A．a、b两点场强不同，电势相同B．a、b两点场强不同，电势不同C．c、d两点场强相同，电势相同D．c、d两点场强相同，电势不同8．一带负电小球在从a点运动到b点的过程中，受重力、电场力和空气阻力作用，小球克服重力做功3J，电场力对小球做功2J，小球克服空气阻力做功1 J，此过程中下列说法正确的是（）A．小球的重力势能减少了3 J B．小球的机械能增加了1JC．小球的动能减少了1J D．小球的电势能增加了2J9．如图所示，甲、乙两个小球从同一固定斜面的顶端0点水平抛出，分别落到斜面上的A 、B 两点， A 点为OB 的中点，不计空气阻力。