【精品PPT】2019年高考物理二轮总复习专题讲座☆★专题2力和直线运动
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最新高考物理二轮复习精品课件专题2 直线运动
2019/8/5
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专题二 │ 要点热点探究
► 探究点二 运动图象问题
通过运动图象分析物体运动情况或追及相遇问题具有简捷 直观的特点，考生必须要养成通过图象分析物理问题的习惯， 逐步提高应用图象分析解决物理问题的能力．在应用运动图象 时要特别注意：(1)首先应看清图象性质，即题目给出的是速 度图象还是位移图象；(2)要理解图象的截距、斜率、面积、 交点、拐点的物理含义并结合题意深入挖掘隐含条件，灵活解 决问题．
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11
专题二 │ 要点热点探究
例1 某天，小明在上学途中沿人行道以v1＝1 m/s的速度 向一公交车站走去；发现一辆公交车正以v2＝15 m/s的速度从 身旁的平直公路同向驶过，此时他们距车站s＝50 m．为了乘 上该公交车，他加速向前跑去，最大加速度a1＝2.5 m/s2，能 达到的最大速度vm＝6 m/s.假设公交车在行驶到距车站s0＝ 25 m处开始刹车，刚好到车站停下，停车时间t＝10 s，之后 公交车启动向前开去．(不计车长)求：
2019/8/5
6
专题二 │ 主干知识整合
(3)某段位移的中间位置的即时速度公式，公式表示为
(4)关于初速为零的匀加速直线运动规律的推论
①从运动开始计时起，时间T内、2T内、3T内、…nT内通
过的位移之比为：
s1∶s2∶s3∶…∶sn＝12∶22∶32∶…∶n2 (n＝1,2,3，…)
②从运动开始计时起，在连续相等的各段时间内通过的位
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10
专题二 │ 要点热点探究
要点热点探究
► 探究点一 运动的相关分析
追及和相遇问题是常见的运动问题． 追及和相遇问题的实质是研究在同一直线上运动的两个物 体的运动关系，所应用的规律是匀变速直线运动规律，分析此 类问题应注意：(1)明确两物体的位移关系、时间关系、速度关 系，这些关系是我们根据相关运动学公式列方程的依据；(2)追 及、相遇问题常常涉及临界状态的分析，其中找出临界条件 (速度相等是物体恰能追上或恰不能相碰、或间距最大或最小 的临界条件)是解决这类问题的关键．
—高考物理二轮复习PPT课件1
如“刚好”“恰好”“最多”“至少”等，往往对应一个临界状态，
满足相应的临界条件．
③若被追赶的物体做匀减速运动，一定要注意追上前该物体是否
已停止运动，另外最后还要注意对解的讨论分析．
【 名 校 课 堂 】获奖 PPT-第 部分专 题—高 考物理 二轮复 习课件 1（最新 版本） 推荐
第一部分 专题一 力与运动
19(3)20 题
第一部分 专题一 力与运动
高考二轮总复习 • 物理
高考命题点 命题轨迹
【 名 校 课 堂 】获奖 PPT-第 部分专 题—高 考物理 二轮复 习课件 1（最新 版本） 推荐
情境图
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牛顿运动定 2019 Ⅲ卷 20
律的应用
19(3)20 题
18(1)15 题
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19(1)18 题
第一部分 专题一 力与运动
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高考命题点
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牛顿运动定 2019 Ⅲ卷 20
律的应用
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第一部分
专题突破方略
专题一 力与运动
第2讲 力与直线运动
1 考情速览 · 明规律 2 核心知识 · 提素养 3 命题热点 · 巧突破 4 专题演练 · 速提升
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01 考情速览 · 明规律
高考二轮总复习 • 物理
高考物理二轮复习PPT课件_直线运动和牛顿运动定律
第2讲 直线运动和牛顿运动定律
考向一 直线运动(创新应用) 【建模型】研典题 【模型1】常规图象和非常规图象
1.模型图解：
(1)常规图象:
x-t图象
轴
纵轴——位移 横轴——时间
线
物体的位移与时间的关系
v-t图象
纵轴——速度 横轴——时间
物体的速度与时间的关系
x-t图象 斜率 某点的斜率表示该点的瞬时速度
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(2)速度大者追速度小者:
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2
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【解析】选B、D。由动能定理可得:F·x= 1 mv2-0,故合外力F= m v 2 ， 由图象
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【名师点睛】非常规图象要一审、二列、三判
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考向一 直线运动(创新应用) 【建模型】研典题 【模型1】常规图象和非常规图象
1.模型图解：
(1)常规图象:
x-t图象
轴
纵轴——位移 横轴——时间
线
物体的位移与时间的关系
v-t图象
纵轴——速度 横轴——时间
物体的速度与时间的关系
x-t图象 斜率 某点的斜率表示该点的瞬时速度
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【解析】选B、D。由动能定理可得:F·x= 1 mv2-0,故合外力F= m v 2 ， 由图象
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高考物理二轮复习精品课件专题2 直线运动
(1)同体性：在表达式中，m、F合、a都应是同一个研究对 象的对应量；
①若研究对象为单个物体，则满足F合＝ma. ②若研究对象为多个物体，则对由这些物体组成的系统而 言满足： F合＝m1a1＋m2a2＋m3a3＋…(一维情况下)．
专题二 │ 主干知识整合
(2)瞬时性：物体的加速度和合外力具有瞬时对应关系，它 们总是同增同减同生同灭；
专题二 │ 主干知识整合
2．已知物体的运动情况求受力情况．它的处理方法是先 根据物体的运动情况和运动学规律求出物体的加速度；再根据 牛顿第二定律确定物体的_合__外__力_，进而确定物体的受力情况．
以上两大问题的核心关系是物体的加速度与物体所受合外 力的关系．它们之间除了满足大小成正比的关系外，还存在下 列四性关系：
专题二 直线运动
专题二 直线运动
高考是人生中必经的一道坎！
开启高考成功之门，钥匙有三。 其一：勤奋的精神; 其二：科学的方法; 其三：良好的心态。 人生得意须尽欢，莫使金樽空对月。 天生我材必有用，千金散尽还复来。 祝大家都能考入心中理想的大学。
专题二 │ 主干知识整合
主干知识整合
一、用动力学观点解题 以牛顿运动定律结合运动学规律为依据的处理物理问题的 思维方法称为动力学观点．用动力学观点解题，就是利用牛顿 运动定律和运动学公式探求物体的运动情况或受力情况，这类 习题基本分为两大类型： 1．已知受力情况求运动情况．它的处理方法是先由 受__力__情__况__求出物体的_合__外__力_，然后根据牛顿第二定律求出物体 的加__速__度__，再根据物体运动的初始条件以及运动学规律就可以 求出物体的运动情况；
专题二 │ 主干知识整合
三、变力作用下的直线运动 1．简谐运动——详见本书专题十五 2．收尾速度问题 如果物体的受力情况与物体的运动速度有制约关系，一般是 随着物体运动速度的增大，其受到的某个阻力(如空气阻力、摩 擦力、安培力等)越大或者其受到的某个动力(如机车牵引力)越小， 则物体受到的合外力___越__小___，加速度越小，当加速度减小到零 时，速度达到最大，此速度也称为收尾速度．高中阶段常见收尾 速度情景主要有雨滴下落问题、机车启动问题、涉及洛伦兹力的 变速直线运动问题、涉及电磁感应的变速直线运动问题．
①若研究对象为单个物体，则满足F合＝ma. ②若研究对象为多个物体，则对由这些物体组成的系统而 言满足： F合＝m1a1＋m2a2＋m3a3＋…(一维情况下)．
专题二 │ 主干知识整合
(2)瞬时性：物体的加速度和合外力具有瞬时对应关系，它 们总是同增同减同生同灭；
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2．已知物体的运动情况求受力情况．它的处理方法是先 根据物体的运动情况和运动学规律求出物体的加速度；再根据 牛顿第二定律确定物体的_合__外__力_，进而确定物体的受力情况．
以上两大问题的核心关系是物体的加速度与物体所受合外 力的关系．它们之间除了满足大小成正比的关系外，还存在下 列四性关系：
专题二 直线运动
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高考是人生中必经的一道坎！
开启高考成功之门，钥匙有三。 其一：勤奋的精神; 其二：科学的方法; 其三：良好的心态。 人生得意须尽欢，莫使金樽空对月。 天生我材必有用，千金散尽还复来。 祝大家都能考入心中理想的大学。
专题二 │ 主干知识整合
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一、用动力学观点解题 以牛顿运动定律结合运动学规律为依据的处理物理问题的 思维方法称为动力学观点．用动力学观点解题，就是利用牛顿 运动定律和运动学公式探求物体的运动情况或受力情况，这类 习题基本分为两大类型： 1．已知受力情况求运动情况．它的处理方法是先由 受__力__情__况__求出物体的_合__外__力_，然后根据牛顿第二定律求出物体 的加__速__度__，再根据物体运动的初始条件以及运动学规律就可以 求出物体的运动情况；
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三、变力作用下的直线运动 1．简谐运动——详见本书专题十五 2．收尾速度问题 如果物体的受力情况与物体的运动速度有制约关系，一般是 随着物体运动速度的增大，其受到的某个阻力(如空气阻力、摩 擦力、安培力等)越大或者其受到的某个动力(如机车牵引力)越小， 则物体受到的合外力___越__小___，加速度越小，当加速度减小到零 时，速度达到最大，此速度也称为收尾速度．高中阶段常见收尾 速度情景主要有雨滴下落问题、机车启动问题、涉及洛伦兹力的 变速直线运动问题、涉及电磁感应的变速直线运动问题．
高考物理二轮复习专题一力与运动第2课时力与直线运动课件
第2课时
力与直线运动
专题一 力与运动
12/8/2021
栏目 索引
考点1 匀变速直线运动规律的应用 考点2 直线运动图象的应用 考点3 牛顿运动定律的应用 考点4 动力学方法分析“板—块”模型
12/8/2021
考点1 匀变速直线运动规律的应用
1.基本规律 速度公式：v＝v0＋at. 位移公式：x＝v0t＋12at2. 速度和位移公式的推论：v2－v02＝2ax.
3.四种问题分析 (1)瞬时问题 要注意绳、杆弹力和弹簧弹力的区别，绳和轻杆的弹力可以突变，而弹簧的弹力 不能突变. (2)连接体问题 要充分利用“加速度相等”这一条件或题中特定条件，交替使用整体法与隔离法. (3)超重和失重问题 物体的超重、失重状态取决于加速度的方向，与速度方向无关. (4)两类动力学问题 解题关键是运动分析、受力分析，充分利用加速度的“桥梁”作用.
例1 (2019·湖南娄底市下学期质量检测)如图1所示水平导轨，A、B为弹性竖直挡
板，相距L＝4 m.一小球自A板处开始，以v0＝4 m/s的速度沿导轨向B运动，它与A、 B挡板碰撞后均以与碰前大小相等的速率反弹回来，且在导轨上做减速运动的加速
度大小不变，为使小球停在AB的中点，这个加速度的大小可能为
12/8/2021
6.(2019·湖北“荆、荆、襄、宜四地七校考试联盟”期末)如图8所示，光滑的水平地
面上有两块材料完全相同的木块A、B，质量均为m，A、B之间用轻质细绳水平连接.
现沿细绳所在直线施加一水平恒力F作用在A上，A、B一起开始做匀加速直线运动，
在运动过程中把和木块A、B完全相同的木块C放在某一木块上面，系统仍加速运动，
v
＝ 20
2x xm/s＋30
x ＝24 m/s
力与直线运动
专题一 力与运动
12/8/2021
栏目 索引
考点1 匀变速直线运动规律的应用 考点2 直线运动图象的应用 考点3 牛顿运动定律的应用 考点4 动力学方法分析“板—块”模型
12/8/2021
考点1 匀变速直线运动规律的应用
1.基本规律 速度公式：v＝v0＋at. 位移公式：x＝v0t＋12at2. 速度和位移公式的推论：v2－v02＝2ax.
3.四种问题分析 (1)瞬时问题 要注意绳、杆弹力和弹簧弹力的区别，绳和轻杆的弹力可以突变，而弹簧的弹力 不能突变. (2)连接体问题 要充分利用“加速度相等”这一条件或题中特定条件，交替使用整体法与隔离法. (3)超重和失重问题 物体的超重、失重状态取决于加速度的方向，与速度方向无关. (4)两类动力学问题 解题关键是运动分析、受力分析，充分利用加速度的“桥梁”作用.
例1 (2019·湖南娄底市下学期质量检测)如图1所示水平导轨，A、B为弹性竖直挡
板，相距L＝4 m.一小球自A板处开始，以v0＝4 m/s的速度沿导轨向B运动，它与A、 B挡板碰撞后均以与碰前大小相等的速率反弹回来，且在导轨上做减速运动的加速
度大小不变，为使小球停在AB的中点，这个加速度的大小可能为
12/8/2021
6.(2019·湖北“荆、荆、襄、宜四地七校考试联盟”期末)如图8所示，光滑的水平地
面上有两块材料完全相同的木块A、B，质量均为m，A、B之间用轻质细绳水平连接.
现沿细绳所在直线施加一水平恒力F作用在A上，A、B一起开始做匀加速直线运动，
在运动过程中把和木块A、B完全相同的木块C放在某一木块上面，系统仍加速运动，
v
＝ 20
2x xm/s＋30
x ＝24 m/s
推荐2019年高考物理二轮专题复习课件：第2讲直线运动和牛顿运动定律
2．一个匀变速直线运动的过程，一般用五个物理量来描述，即v0、v、 a、x、t。在这五个量中，只要知道其中三个量。就可以求解其他两个未知量， 常叫“知三求二”。
湖南省郴州市高三下学期一模 )“折返跑”是耐力跑的替 典例 1 (2018· 代项目。这个项目既能发展学生的速度和灵敏素质，又能提高变换方向的能力， 是一项很有价值的锻炼项目。在某次“20 米折返跑”测试中，受试者在平直跑 道上听到“跑”的口令后，在起点终点线前全力跑向正前方 20 米处的折返线， 测试员同时开始计时。 受试者到达折返线时， 用手触摸折返线处的物体 (如木箱)， 再转身跑向起点终点线，当胸部到达起点终点线的垂直面时，测试员停表，所计 时间即为“折返跑”的成绩，如图所示。设受试者起跑的加速度为 4.0m/s2，运 动过程中的最大速度为 6.4m/s，到达折返线处时需减速到零，加速度的大小为 8.0m/s2，返回时达到最大速度后不需减速， 保持最大速度冲线。 受试者在加速和减速阶 段的运动均可视为匀变速直线运动。 求该受 试者“折返跑”的成绩为多少秒？
C．从t1到t2时间内，两车走过的路程相等
D．在t1到t2时间内的某时刻，两车速度相等
[解析]
A错：x－t图象斜率表示两车速度，则可知t1时刻乙车速度大于
甲车速度。B错：由两图线的纵截距知，出发时甲在乙前面，t1时刻图线相交表 示两车相遇，可得0到t1时间内乙车比甲车多走了一段距离。C、D对：t1和t2两图 线相交，表明两车均在同一位置，从t1到t2时间内，两车走过的路程相等；在t1到
时刻相遇，但0～t1时间内两者的位移差小于t1～t2时间内两者的位移差，则t1 时
刻甲在乙的后面；C错、D对：由图象的斜率知，甲、乙两车的加速度均先减小 后增大。
3．(多选)(2018·全国Ⅲ，18)甲、乙两车在同一平直公路上同向运动，甲
高考物理二轮专题复习篇课件：专题1第2讲力与直线运动
D．
ngH 2n＋1
B [设乙球上抛的初速度为 v0，经过时间 t 甲、乙在空中相碰， 甲做自由落体运动的位移为 h1＝H－Hn ＝12gt2，解得 t＝ 2nHn－ g H， 乙做竖直上抛运动的位移 h2＝Hn ＝v0t－12gt2，解得 v0＝ 2nng－H1， 故选项 B 正确。]
2．(多选)2022 年冬奥会将在北京和河北张家口联合举行。俯式 冰橇是冬奥会的比赛项目之一，某次比赛的赛道可简化为起点和终 点高度差为 120 m、长度为 1 200 m 的直斜坡。假设某运动员从起点 开始，以平行赛道的恒力 F＝40 N 推动质量 m＝40 kg 的冰橇开始沿 斜坡向下运动，出发 4 s 内冰橇的位移为 12 m,8 s 末运动员迅速登上 冰橇与冰橇一起沿直线运动直到终点。假定运动员登上冰橇前后冰 橇速度不变，不计空气阻力，g 取 10 m/s2，赛道倾角的余弦值取为 1， 正弦值按照题目要求计算。下列说法正确的是( )
[跟进训练] 1．(2020·河南南阳第四次月考)甲球从离地面 H 高处由静止开始 自由下落，同时使乙球从甲球的正下方地面处做竖直上抛运动，欲
使乙球上升到Hn (n>1)处与甲球相撞，则乙球上抛的初速度为(重力加 速度为 g，忽略空气阻力)( )
A．
gH 2
B．
ngH 2n－1
C．
n－1gH 2n
A．出发 4 s 内冰橇的加速度大小为 1.5 m/s2 B．冰橇与赛道间的动摩擦因数为 0.06 C．出发 10 s 内冰橇的位移为 75 m D．比赛中运动员到达终点时的速度大小为 36 m/s
AD [由出发 4 s 内冰橇的位移为 x1＝12a1t21，解得出发 4 s 内冰橇的加速度 大小为 a1＝1.5 m/s2，选项 A 正确；对冰橇，由牛顿第二定律有 F＋mgsin θ－ μmgcos θ＝ma1，解得 μ＝0.05，选项 B 错误；出发 8 s 内冰橇做匀加速直线运 动，位移为 x2＝12a1t22＝48 m,8 s 后对冰橇和运动员，由牛顿第二定律有(m＋ M)gsin θ－μ(m＋M)gcos θ＝(m＋M)a2，解得 a2＝0.5 m/s2,8 s 末冰橇的速度为 v1 ＝a1t2＝12 m/s，再运动 2 s 后位移为 x3＝v1t3＋12a2t23＝25 m，出发 10 s 内冰橇的 位移为 x2＋x3＝73 m，选项 C 错误；运动员登上冰橇后一直做加速运动，由 v22－ v21＝2a2(x－x2)，解得运动员到达终点时速度 v2＝36 m/s，选项 D 正确。]
高考物理二轮复习专题一 第2讲 力与直线运动
应考策略
抓住“两个分析”和“一个桥梁”． “两个分析”是指“受力分析”和“运动情景或运动过程分析”． “一个桥梁”是指“加速度是联系运动和受力的ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ梁 ”．综合应用牛顿运动定 律和运动学公式解决问题．
二轮物理
第一部分
专题整合突破
抓牢· 规律方法 突破· 命题方向
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课时作业
第一部分
专题整合突破
x 则其平均速度 v＝ t ＝5 m/s；而前锋队员的最大速度为 6 m/s，故前锋队员应该先加速后匀速。
设前锋队员恰好在底线追上足球，加速过程中加速度为 a′，若前锋队员一
x 匀加速运动，则其平均速度 v＝ t ＝5 m/s；而前锋队员的最大速度为 6 m/s，故
二轮物理
第一部分
专题整合突破
抓牢· 规律方法 突破· 命题方向
答案:C
【例】在真空中的光滑水平绝缘面上有一带电小滑块．开始时滑块静止．若在滑 块所在空间加一水平匀强电场E1，持续一段时间后立刻换成与E1相反方向的匀强电
场E2．当电场E2与电场E1持续时间相同时，滑块恰好回到初始位置，且具有动能
Ek．在上述过程中，E1对滑块的电场力做功为W1，E2对滑块的电场力做功为W2，求
⑩
v0 v1 v12 x2= t1+ 2 2 a 2
物块相对于木板的位移的大小为 x=x2-x1 联立①⑤⑥⑧⑨⑩
或根据v-t图求位移
式得 x=1.125m.
二轮物理
第一部分
专题整合突破
抓牢· 规律方法 突破· 命题方向
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课时作业
考向一 [真题体验]
运动图象的理解及应用
二轮物理
第一部分
专题整合突破
高考物理二轮复习课件：专题一第2讲力与直线运动
大小 a1＝02.4
m/s2＝0.2
m/s2，撤去外力
F
后的加速度大小
0.s2，设木板质量为 m，根据牛顿第二定律，2～4 s 内：F－F 摩＝ma1,
解析 答案
4 s 以后：F 摩＝ma2，解得 m＝1 kg，F＝0.4 N，A、B 正确。0～2 s 内，F ＝f，由题图 b 知，F 随时间是均匀增加的，C 错误。因物块质量不可求， 故由 F 摩＝μm 物 g 可知动摩擦因数不可求，D 错误。
解析
2．(2020·江苏高考)中欧班列在欧亚大陆开辟了“生命之路”，为国际
抗疫贡献了中国力量。某运送防疫物资的班列由 40 节质量相等的车厢组成，
在车头牵引下，列车沿平直轨道匀加速行驶时，第 2 节对第 3 节车厢的牵
引力为 F。若每节车厢所受摩擦力、空气阻力均相等，则倒数第 3 节对倒数
第 2 节车厢的牵引力为( )
解析
7．(2018·全国卷Ⅰ) 如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放 有物块 P，系统处于静止状态。现用一竖直向上的力 F 作用在 P 上，使其 向上做匀加速直线运动。以 x 表示 P 离开静止位置的位移，在弹簧恢复原 长前，下列表示 F 和 x 之间关系的图象可能正确的是( )
答案
解析 物块静止时受到向上的弹力和向下的重力，处于平衡状态，有： kx0＝mg，施加拉力 F 后，物块向上做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有： F＋k(x0－x)－mg＝ma，所以 F＝ma＋kx，A 正确。
答案
解析 v-t 图象中图象与 t 轴所包围的面积代表运动的位移，两车在 t2 时刻并排行驶，利用逆向思维并借助于面积可知在 t1 时刻甲车在后，乙车 在前，故 A 错误，B 正确；图象的斜率表示加速度，所以甲的加速度先减 小后增大，乙的加速度也是先减小后增大，故 C 错误，D 正确。故选 B、D。
新高考物理二轮复习专题ppt_基础考法(二)力与直线运动
【名校课堂】获奖P P T - 新高考物理二轮复习专题课件：基础考法 （二） 推荐力 与直线 运动（ 最新版 本）推 荐
解析：由题图知，甲车做初速度为0的匀加速直线运动，其加速度a甲＝10 m/s2。 乙车做初速度v0＝10 m/s、加速度a乙＝5 m/s2的匀加速直线运动。3 s内甲、乙车 的位移分别为：x甲＝12a甲t32＝45 m x乙＝v0t3＋12a乙t32＝52.5 m 由于t＝3 s时两车并排行驶，说明t＝0时甲车在乙车前，Δx＝x乙－x甲＝7.5 m，选 项B正确；t＝1 s时，甲车的位移为5 m，乙车的位移为12.5 m，由于甲车的初始 位置超前乙车7.5 m，则t＝1 s时两车并排行驶，选项A、C错误；甲、乙车两次 并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为52.5 m－12.5 m＝40 m，选项D正确。 答案：BD
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解析：设物块P静止时，弹簧的压缩量为x0，则有kx0＝mg，在弹簧恢 复原长前，物块受力如图所示，根据牛顿第二定律得F＋k(x0－x)－mg ＝ma，整理得F＝kx＋ma，即F是x的一次函数，选项A正确。 答案：A
解析：空气阻力不计，运动员竖直上升过程做匀减速直线运动，位移 为H时的速度为0。逆向观察，如图所示，运动员做初速度为0的匀加 速直线运动，则通过连续相等位移所用时间之比为1∶( 2 －1)∶( 3 － 2)∶…∶( n－ n－1)。由题意知，t2∶t1＝1∶(2－ 3)＝2＋ 3， 可知选项C正确。 答案：C
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
【精品PPT】2019年高考物理二轮总复习专题讲座☆★
专题二
力和直线运动
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
思维网络建构
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
一、直线运动问题思维流程 匀速直线、静止 （∑F＝0） 匀变速直线运动 自由落体运动、竖直上抛、下抛、斜面 应用匀变速直线运动 直线运动 上的加速运动、机车匀加速启动、刹车 （∑F为恒定的值） 方程及推论方程解题 （∑F与v共线） 问题、追及相遇问题、板块模型 变加速直线运动 雨滴下落、小球压缩弹簧的直线运动、带电粒子 应用功能关系及 （∑F不恒定） 在复合场中的运动、机车以恒定功率启动 能量守恒解题
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
运动分析：解题的关键在于分析洛伦兹力， 带 电 小 球 在 复 由于洛伦兹力的变化造成合力的变化， 一般 合 场 中 的 变 加 也要列牛顿第二定律进行运动分析 变加速 直线运 动问题 速直线运动 功能分析： 对研究对象列动能定理时， 注意 洛伦兹力不做功 运动分析： 对导体棒进行受力分析， 列牛顿 在 匀 强 磁 场 中 第二定律，尤其注意对安培力的分析 金 属 棒 沿 导 轨 能量分析： 首先利用导体棒克服安培力做功 运动问题 衡量回路中感应的电能， 其次看回路中感应 的电能进一步如何分配
第 8页
高考调研 ·二轮总复习 ·物理
(1)求油滴运动到 B 点时的速度； (2)求增大后的电场强度的大小； 为保证后来的电场强度比原 来的大，试给出相应的 t1 和 v0 应满足的条件．已知不存在电场 时，油滴以初速度 v0 做竖直上抛运动的最大高度恰好等于 B、A 两点间距离的两倍．
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
【答案】
(1)油滴运动到 B 点时的速度为 v0－2gt1
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
高考审题例析
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
(2017· 课标全国Ⅰ)真空中存在电场强度大小为 E1 的匀 强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度 大小为 v0， 在油滴处于位置 A 时， 将电场强度的大小突然增大到 某值，但保持其方向不变．持续一段时间 t1 后，又突然将电场反 向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到 B 点．重力加速度大小为 g.
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
情况二： h 位移之和 x1＋x2＝－ ⑩ 2 联立①、②、③、⑥、⑦、⑧、⑩可得： E1 v02 2v0 E2＝E1＋ (g－ － ) g 4gt12 t1 2v0 v02 3 v0 由题意得 E2>E1， 即满足条件 ＋ <g， 即 t1>(1＋ ) ， t1 4gt12 2 g 另一解为负，不合题意，舍去．
第Hale Waihona Puke 3页高考调研 ·二轮总复习 ·物理
由运动学公式，可得油滴在电场反向时的速度为： v＝v0＋ a1t1④ 油滴在 B 的速度为：vB＝v－a2t1⑤ 联立①至⑤式，可得：vB＝v0－2gt1 (2)设无电场时竖直上抛的最大高度为 h， 由运动学公式， 有： v02＝2gh⑥ 1 2 根据位移时间关系可得：v0t1＋ a1t1 ＝x1⑦ 2 1 2 v1t1－ a2t1 ＝x2⑧ 2
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
二、直线运动问题题型及方法
直线运动问题题型及方法 运动类别 解决问题的方法
单物体的匀变速直线运动问题 牛顿运动定律结合运动方程 解追及相遇问题 建立两物体之间的位移关联、 时间关联、 速度关联 方法一：分析物体的受力、运动，利用 板块模型 牛顿运动定律结合运动方程 方法二：利用能量守恒分析板块问题
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B 点，注意有两 位移时间的关系 场强及 t1 与
高考调研 ·二轮总复习 ·物理
第三步：定“模式” 该试题属于：“含电场力的已知受力求运动的模式”．
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
【解析】 (1)设油滴质量为 m，带电荷量为 q，增大后的电 场强度为 E2，根据题中条件可以判断电场力与重力方向相反； 对于匀速运动阶段，有 qE1＝mg① 对于场强突然增大后的第一段 t1 时间，由牛顿第二定律得： qE2－mg＝ma1② 对于场强第二段 t1 时间， 由牛顿第二定律得： qE2＋mg＝ma2 ③
第一步：抓“题眼” 题眼：“突然将电场反向，但保持其大小不变；再持续同样 一段时间”
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
第二步：研“过程”
研究过程 油滴从 A 出发至 持续时间 t1 再持续同样时间 运动到 B 点 油滴以初速度 v0 做竖直上抛运动 油滴从 A 出发至 种可能情况 应用规律 所求量 过程图示 动量定理或牛顿 油 滴 运 动 第二定律与速度 到 B 点时的 时间关系相结合 速度 动量定理 最 大 高 度 等 于 v0 与 AB 两 B、 A 两点间距的 点 间 距 离 两倍 的关系 增大后的 v0 的关系
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
油滴运动有两种情况： 情况一： h 位移之和 x1＋x2＝ ⑨ 2 联立①、②、③、⑥、⑦、⑧、⑨可得： E1 v02 2v0 E2＝E1＋ (g＋ － ) g 4gt12 t1 2v0 v02 由题意得 E2>E1，即满足条件 － <g，即当 0<t1<(1－ t1 4gt12 3 v0 3 v0 ) 或 t1>(1＋ ) 才是可能的． 2 g 2 g
多物体运 动相关联 问题
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高考调研 ·二轮总复习 ·物理
雨滴下落过程中受到了阻力， 阻力一般认为 雨滴下落 变加速 直线运 动问题 与速度的平方成正比， 一般列牛顿第二定律 进行分析 运动分析： 机车启动一般列牛顿第二定律及 瞬时功率的方程，利用方程进行运动分析 机车启动问题 功能分析： 尤其是以额定功率运动时， 用功 率与时间的乘积可以求出机车牵引力做功， 进一步从功能的角度列方程解题
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一、直线运动问题思维流程 匀速直线、静止 （∑F＝0） 匀变速直线运动 自由落体运动、竖直上抛、下抛、斜面 应用匀变速直线运动 直线运动 上的加速运动、机车匀加速启动、刹车 （∑F为恒定的值） 方程及推论方程解题 （∑F与v共线） 问题、追及相遇问题、板块模型 变加速直线运动 雨滴下落、小球压缩弹簧的直线运动、带电粒子 应用功能关系及 （∑F不恒定） 在复合场中的运动、机车以恒定功率启动 能量守恒解题
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运动分析：解题的关键在于分析洛伦兹力， 带 电 小 球 在 复 由于洛伦兹力的变化造成合力的变化， 一般 合 场 中 的 变 加 也要列牛顿第二定律进行运动分析 变加速 直线运 动问题 速直线运动 功能分析： 对研究对象列动能定理时， 注意 洛伦兹力不做功 运动分析： 对导体棒进行受力分析， 列牛顿 在 匀 强 磁 场 中 第二定律，尤其注意对安培力的分析 金 属 棒 沿 导 轨 能量分析： 首先利用导体棒克服安培力做功 运动问题 衡量回路中感应的电能， 其次看回路中感应 的电能进一步如何分配
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(1)求油滴运动到 B 点时的速度； (2)求增大后的电场强度的大小； 为保证后来的电场强度比原 来的大，试给出相应的 t1 和 v0 应满足的条件．已知不存在电场 时，油滴以初速度 v0 做竖直上抛运动的最大高度恰好等于 B、A 两点间距离的两倍．
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【答案】
(1)油滴运动到 B 点时的速度为 v0－2gt1
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(2017· 课标全国Ⅰ)真空中存在电场强度大小为 E1 的匀 强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度 大小为 v0， 在油滴处于位置 A 时， 将电场强度的大小突然增大到 某值，但保持其方向不变．持续一段时间 t1 后，又突然将电场反 向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到 B 点．重力加速度大小为 g.
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情况二： h 位移之和 x1＋x2＝－ ⑩ 2 联立①、②、③、⑥、⑦、⑧、⑩可得： E1 v02 2v0 E2＝E1＋ (g－ － ) g 4gt12 t1 2v0 v02 3 v0 由题意得 E2>E1， 即满足条件 ＋ <g， 即 t1>(1＋ ) ， t1 4gt12 2 g 另一解为负，不合题意，舍去．
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由运动学公式，可得油滴在电场反向时的速度为： v＝v0＋ a1t1④ 油滴在 B 的速度为：vB＝v－a2t1⑤ 联立①至⑤式，可得：vB＝v0－2gt1 (2)设无电场时竖直上抛的最大高度为 h， 由运动学公式， 有： v02＝2gh⑥ 1 2 根据位移时间关系可得：v0t1＋ a1t1 ＝x1⑦ 2 1 2 v1t1－ a2t1 ＝x2⑧ 2
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二、直线运动问题题型及方法
直线运动问题题型及方法 运动类别 解决问题的方法
单物体的匀变速直线运动问题 牛顿运动定律结合运动方程 解追及相遇问题 建立两物体之间的位移关联、 时间关联、 速度关联 方法一：分析物体的受力、运动，利用 板块模型 牛顿运动定律结合运动方程 方法二：利用能量守恒分析板块问题
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B 点，注意有两 位移时间的关系 场强及 t1 与
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第三步：定“模式” 该试题属于：“含电场力的已知受力求运动的模式”．
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【解析】 (1)设油滴质量为 m，带电荷量为 q，增大后的电 场强度为 E2，根据题中条件可以判断电场力与重力方向相反； 对于匀速运动阶段，有 qE1＝mg① 对于场强突然增大后的第一段 t1 时间，由牛顿第二定律得： qE2－mg＝ma1② 对于场强第二段 t1 时间， 由牛顿第二定律得： qE2＋mg＝ma2 ③
第一步：抓“题眼” 题眼：“突然将电场反向，但保持其大小不变；再持续同样 一段时间”
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第二步：研“过程”
研究过程 油滴从 A 出发至 持续时间 t1 再持续同样时间 运动到 B 点 油滴以初速度 v0 做竖直上抛运动 油滴从 A 出发至 种可能情况 应用规律 所求量 过程图示 动量定理或牛顿 油 滴 运 动 第二定律与速度 到 B 点时的 时间关系相结合 速度 动量定理 最 大 高 度 等 于 v0 与 AB 两 B、 A 两点间距的 点 间 距 离 两倍 的关系 增大后的 v0 的关系
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油滴运动有两种情况： 情况一： h 位移之和 x1＋x2＝ ⑨ 2 联立①、②、③、⑥、⑦、⑧、⑨可得： E1 v02 2v0 E2＝E1＋ (g＋ － ) g 4gt12 t1 2v0 v02 由题意得 E2>E1，即满足条件 － <g，即当 0<t1<(1－ t1 4gt12 3 v0 3 v0 ) 或 t1>(1＋ ) 才是可能的． 2 g 2 g
多物体运 动相关联 问题
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雨滴下落过程中受到了阻力， 阻力一般认为 雨滴下落 变加速 直线运 动问题 与速度的平方成正比， 一般列牛顿第二定律 进行分析 运动分析： 机车启动一般列牛顿第二定律及 瞬时功率的方程，利用方程进行运动分析 机车启动问题 功能分析： 尤其是以额定功率运动时， 用功 率与时间的乘积可以求出机车牵引力做功， 进一步从功能的角度列方程解题