安乡县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理
2018-2019第一学期高二物理试卷(2021年整理)
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2018—2019学年度第一学期期末考试高二物理考试时间90分钟满分100分一、单项选择题（每小题3分，共30分.)1、在电场中某点放一检验电荷，其电量为q，所受电场力为F．按电场强度定义可知，该点的场强大小E=F／q．那么,下列说法中正确的是： ( ）A、若移走检验电荷,则该点的电场强度为零B、若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小为E/2C、若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度人小仍为ED、若放在该点的检验电荷的电量为2q,则该点的电场强度大小为2E2、某电场的电场线如图,a、b是一条电场线上的两点，用φa、φb和E a、、E b分别表示a、b两点的电势和电场强度,则可以断定是（）A．φa＞φb B．φa =φbC．E a＞、E b D．E a = E b3、如图，两平行的带点金属板水平放置,若在两板中间a点从静止释放一带点微粒，微粒恰好保持静止状态。
现将两板绕a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转450，再由a点从静止释放一同样的微粒,该微粒将（）A、保持静止状态B、向左上方做匀加速运动C、向正下方做匀加速运动D、向左下方做匀加速运动4、在如图所示的电路中,当滑线变阻器的滑动触点向b端移动时( ）A。
湖南安乡一中2018-2019学年高二物理上册段考试卷1
2018年下学期安乡一中段考 高二物理试卷（理科）一、单项选择题（每小题5分） 1、下述说法正确的是（ B ）A ．根据E = F/q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比．B ．根据E = KQ/r 2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比． C ．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强． D ．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2、如图所示，空间有一电场，电场中有两个点a 和b .下列表述正确的是( C ) A ．该电场是匀强电场 B ．a 点的电场强度比b 点的大 C ．a 点的电势比b 点的高D ．正电荷在a 、b 两点受力方向相同3、如图所示，M 、N 两点分别放置两个等量种异电荷，A 为它们连线的中点，B 为连线上靠近N 的一点，C 为连线中垂线上处于A 点上方的一点，在A 、B 、C 三点中（ C ） A ．场强最小的点是A 点，电势最高的点是B 点 B ．场强最小的点是A 点，电势最高的点是C 点 C ．场强最小的点是C 点，电势最高的点是B 点 D ．场强最小的点是C 点，电势最高的点是A 点4、如图所示,让平行板电容器带电后,静电计的指针偏转一定角度,若不改变A 、B 两极板带的电量而减小两极板间的距离,同时在两极板间插入电介质,那么静电计指针的偏转角度 ( A )A 、一定减小B 、一定增大C 、一定不变D 、可能不变5、一个带正电的质点，电量q=2.0×10-9库，在静电场中由a 点移到b 点，在这过程中，除电场力外，其他力作的功为6.0×10-5焦，质点的动能增加了8.0×10-5焦，则a 、b 两点间的电势差为（ B ）．A. 3×104伏； B. 1×104伏；C. 4×104伏；D. 7×104伏．6、如图所示，电子在电势差为U 1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U 2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是（ B ） A.U 1变大、U 2变大B.U 1变小、U 2变大C.U 1变大、U 2变小D.U 1变小、U 2变小7 B ）AB ．1号干电池比7C ．电源电动势表征了电源把其他形式的能转化为电能的本领，电源把其他形式的能转化D8、如图所示，图中1、2分别为电阻R 1、R 2的电流随电压变化的关系图线，则( C ) A ．R 1和R 2串联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅰ区域 B ．R 1和R 2串联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅱ区域 C ．R 1和R 2并联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅰ区域 D ．R 1和R 2并联后的总电阻的I －U 图线应在Ⅲ区域9、对于电路消耗的电功和产生的焦耳热，下列说法正确的是（ C ） A ．任何电路消耗的电功和产生的焦耳热一定相等 B ．任何电路消耗的电功率都可以用P=来计算C ．任何电路产生的焦耳热都可以用Q=I 2Rt 来计算D ．有的电路通电产生的焦耳热甚至可以大于电路消耗的电功10、带电粒子在匀强电场中的运动轨迹如图所示，如果带电粒子只受电场力作用从a 到b 运动，下列说法正确的是( B ) A ．粒子带正电B ．粒子在a 和b 点的加速度相同C ．该粒子在a 点的电势能比在b 点时小D ．该粒子在b 点的速度比在a 点时小二、填空题（共24分）11、（6分）有一毫伏表，它的内阻是100 Ω，量程为300 mV ，现要将它改装成量程为3 V 的伏特表，应 串 （并 、串）联 一 个 900 Ω的电阻12、（6分）如图所示的电路中，电压表和电流表的读数分别为10 V 和0.1 A ，电流表的内阻为0.2 Ω，则R x 的测量值 100 Ω ；真实值 99.8 Ω 。
安乡县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理
安乡县高中2018-2019学年高二上学期第二次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．如图所示电路中，变压器为理想变压器，a、b接在电压有效值不变的交流电源两端，R0为定值电阻，R 为滑动变阻器。
现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表A1的示数增大了0.2 A，电流表A2的示数增大了0.8 A，则下列说法正确的是（）A．电压表V1示数增大B．电压表V2、V3示数均增大C．该变压器起升压作用D．变阻器滑片是沿c→d的方向滑动2．用一根绳子竖直向上拉一个物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，0～to时间内物块做匀加速直线运动，to时刻后物体继续加速，t1时刻物块达到最大速度。
已知物块的质量为m，重力加速度为g，则下列说法正确的是A. 物块始终做匀加速直线运动B. 0～t0时间内物块的加速度大小为C. to时刻物块的速度大小为D. 0～t1时间内绳子拉力做的总功为3．下列选项不符合历史事实的是（）A 、富兰克林命名了正、负电荷B 、库仑在前人工作的基础上通过库仑扭秤实验确定库仑定律C 、麦克斯韦提出电荷周围存在一种特殊的物质--电场D 、法拉第为了简洁形象描述电场，提出电场线这一辅助手段4． 库仑定律是电磁学的基本定律。
1766年英国的普里斯特利通过实验证实了带电金属空腔不仅对位于空腔内部的电荷没有静电力的作用，而且空腔内部也不带电。
他受到万有引力定律的启发，猜想两个点电荷（电荷量保持不变）之间的静电力与它们的距离的平方成反比.1785年法国的库仑通过实验证实了两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的平方成反比。
下列说法正确的是（ ）A ．普里斯特利的实验表明，处于静电平衡状态的带电金属空腔内部的电势为零B ．普里斯特利的猜想运用了“对比”的思维方法C ．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的距离的平方成反比，库仑制作了库仑扭秤装置D ．为了验证两个点电荷之间的静电力与它们的电荷量的乘积成正比，库仑精确测定了两个点电荷的电荷量5． 电视机中有一个传感器，能将遥控器发出的红外线信号转化为电信号，下列装置中也利用了这种传感器的是A. 电话机的话筒B. 楼道里的声控开关C. 空调中的遥控接收器D. 冰箱中的温控器6． 如图表示的是一条倾斜的传送轨道，B 是传送货物的平台，可以沿着斜面上的直轨道运送物体。
高二物理上学期第一次月考试卷(含解析)高二全册物理试题3
嗦夺市安培阳光实验学校蒙城八中高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择（每题4分，计12小题，共48分）1．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势能较高2．如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A、B分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A、B两点电场强度大小分别是E A、E B，电势分别是φA、φB，下列判断正确的是（）A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB 3．如图所示，在电场中任意取一条电场线，电场线上的a，b两点相距为d，其中a点场强大小为E，则下列说法正确的是（）A．a点的场强一定大于b点的场强B．a点的场强一定等于b点的场强C．a点的电势一定大于b点的电势D．a，b两点电势差一定等于Ed4．某电场的电场线如图所示，仅受电场力作用的同一点电荷分别运动到图中所给的M、N上，点电荷的加速度大小为a M和a N，由图可知（）A．a M＞a N B．a M＜a N C．a M=a N D．无法比较a M和a N的大小5．一个负点电荷的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，E A和E B分别表示A、B两点电场强度的大小，关于E A和E B的大小关系，下列说法正确的是（）A．E A＞E B B．E A=E BC．E A＜E B D．无法比较E A和E B的大小6．静止的带电粒子A、B在电场中的受力方向如图所示，关于它们电性说法正确的是（）A．A都带正电B．B都带负电C．A带正电，B带负电D．A带负电，B带正电7．一个正点电荷Q固定在正方形的一个角上，另一个带电粒子射入该区域时，恰好能经过正方形的另外三个角a、b、c，如图所示，则有（）A．根据轨迹可判断该带电粒子带正电B．a、b、c三点场强大小之比是1：2：1C．粒子在a、b、c三点的加速度大小之比是2：1：2D．a、c二点的电场强度相同8．在电场中的某点放入电量为q的负电荷时，测得该点的电场强度为E，若在该点放入电量为2q的正电荷，此时测得该点的电场强度为（）A．大小为E，方向和E相同B．大小为E，方向和E相反C．大小为2E，方向和E相同D．大小为2E，方向和E相反9．两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．下列说法中正确的是（）A．P、Q是两个等量正电荷B．P、Q是两个等量负电荷C．P、Q是两个等量异种电荷D．P、Q产生的是匀强电场10．两个大小材质完全相同的金属小球a、b，带电荷量分别为+3q和﹣q，两小球接触后分开，小球带电量为（）A．a为+3q，b为﹣q B．a为﹣q，b为+3qC．a为+2q，b为﹣2q D．a为+q，b为+q11．如图所示真空中把一导体向带负电小球P缓慢地靠近（不接触），下列说法不正确的是（）A．B端的感应电荷数量增多B．导体内场强越来越大C．把A端接地，导体带正电 D．把B端接地，导体带正电12．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣8eV时，它的动能应为（）A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV二、多项选择（共6分．全选对6分，多选错选0分，少选3分）13．图中的虚线为某正点电荷电场的等势面，相邻两等势面之间电势差相等．有两个带电粒子（重力不计），以不同的速率，沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动（B、C、D、E均为运动轨迹与等势面的交点）．则以下判断正确的是（）A．粒子1带正电，粒子2带负电B．粒子1从A到B与从B到C电场力做的功相等C．粒子2的电势能先减小后增大D．经过D、E两点时两粒子的速率可能相等三、填空题（共23分）14．物理学史填空，把对应的物理学家的名字填写在横线上．①德国天文学家用了的时间研究了第谷的行星观测记录后，发表了他的行星运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础．②牛顿总结出了万有引力定律，万有引力常量G的值是用扭秤实验测量出来的．③元电荷e的数值最早是由物理学家测得的．④首先提出了“电场”的概念，认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，处在电场中的其他电荷受到的作用力就是这个电场给予的．⑤首先采用了一个简洁的方法描述电场，那就是画“电场线”．15．已知将电量为2.0×10﹣7C的正点电荷从电场中的M点移到N点时，电场力做功为5.0×10﹣5J，将此点电荷从N点移到无穷远处时，电场力做功为1.0×10﹣5J，则M点的电势为V，N点的电势为V．16．把一个电量q=﹣5×10﹣9C的负电荷放在电场中的A点，测得受到的电场力大小为5×10﹣4N，方向水平向右，则A点的场强是 N/C，方向．17．在匀强电场中有A、B、C三点，构成边长为a的等边三角形，如图，一电子在电场力作用下，经A至B动能减少W；一质子在电场力作用下，经A至C 动能增加W，那么，该电场的方向为；场强的大小为v/m．四、计算题（18题10分，19题13分，共23分．）18．（10分）（2014秋•城关区校级期末）沿水平方向的场强为E=6×103v/m的足够大的匀强电场中，用绝缘细线系一个质量m=8.0g的带电小球，线的另一端固定于O点，平衡时悬线与竖直方向成α角，α=37°，如图所示，求：（1）小球所带电的种类及电量；（2）剪断细线小球怎样运动，加速度多大？（g取10m/s2）19．（13分）（2013秋•巴南区期中）在真空中的光滑绝缘水平面上的O点处，固定一个带正电的小球，所带电荷量为Q，直线MN通过O点，N为OM的中点，OM的距离为d．M点处固定一个带负电的小球，所带电荷量为q，质量为m，如图所示．（静电力常量为k）（1）求N点处的场强大小和方向；（2）求无初速释放M处的带电小球q时，带电小球的加速度大小；（3）若点电荷Q所形成的电场中各点的电势的表达式φ=，其中r为空间某点到点电荷Q的距离．求无初速释放带电小球q后运动到N处时的速度大小v．蒙城八中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择（每题4分，计12小题，共48分）1．如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线．在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．粒子带正电B．粒子在A点加速度大C．粒子在B点动能大D．A、B两点相比，B点电势能较高【考点】电场线；动能定理的应用；电势能．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．【解答】解：A、根据曲线运动条件可得粒子所受合力应该指向曲线内侧，所以电场力逆着电场线方向，即粒子受力方向与电场方向相反，所以粒子带负电．故A错误；B、由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则A点的加速度较小．故B 错误；C、粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少，故C错误；D、对负电荷来讲电势低的地方电势能大，故D正确；故选：D【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．2．如图所示，真空中两个带等量异种点电荷，A、B分别为两电荷连线和连线中垂线上的点，A、B两点电场强度大小分别是E A、E B，电势分别是φA、φB，下列判断正确的是（）A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB 【考点】电场强度；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】该题考查常见电场的电场线特点，结合其电场线的图即可作答．【解答】解：常见电场的电场线中，等量异种电荷的电场线特点如图，可见，A点的电场线比较密，故A点的场强大；另外，电场线的分析从左到右，故A的电势高于B点的电势．因此，A选项正确，BCD都错误．故答案为：A【点评】该题考查常见电场的电场线特点，题目简单，很容易选出正确的答案．3．如图所示，在电场中任意取一条电场线，电场线上的a，b两点相距为d，其中a点场强大小为E，则下列说法正确的是（）A．a点的场强一定大于b点的场强B．a点的场强一定等于b点的场强C．a点的电势一定大于b点的电势D．a，b两点电势差一定等于Ed【考点】电场线．【分析】电场线的疏密表示电场强弱，沿着电场线的方向电势逐渐降低，在匀强电场中a、b两点间的电势差等于Ed．【解答】解：AB、一条电场线无法判断电场线的疏密，所以无法判断场强的大小，故A、B错误；C、沿着电场线的方向电势逐渐降低，则a点的电势一定大于b点的电势，故C 正确；D、只有在匀强电场中a、b两点间的电势差等于Ed，若是非匀强电场，a、b两点电势差不等于Ed．故D错误；故选：C．【点评】本题关键要掌握电场线的特点：疏密表示场强强弱，沿着电场线的方向电势逐渐降低．知道公式U=Ed只适用于匀强电场．4．某电场的电场线如图所示，仅受电场力作用的同一点电荷分别运动到图中所给的M、N上，点电荷的加速度大小为a M和a N，由图可知（）A．a M＞a N B．a M＜a NC．a M=a N D．无法比较a M和a N的大小【考点】电场线；牛顿第二定律．【分析】电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，比较出场强的大小，由牛顿第二定律分析加速度的大小．【解答】解：由电场线的分布可知，电场线在N点较密，所以在N点的电场强度大，点电荷在N点时受到的电场力大，所以由牛顿第二定律可知点电荷在N 点加速度大，故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．5．一个负点电荷的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两点，E A和E B分别表示A、B两点电场强度的大小，关于E A和E B的大小关系，下列说法正确的是（）A．E A＞E B B．E A=E BC．E A＜E B D．无法比较E A和E B的大小【考点】电场线．【分析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，据此可正确解答．【解答】解：电场线的疏密表示电场强度的强弱，由于A的电场线的密，所以A、B两点电场强度的大小关系，所以有：E A＞E B，故A正确，BCD错误．故选：A．【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度之间的关系．6．静止的带电粒子A、B在电场中的受力方向如图所示，关于它们电性说法正确的是（）A．A都带正电B．B都带负电C．A带正电，B带负电D．A带负电，B带正电【考点】电场线．【分析】电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，正电荷受到的电场力与电场线上该点的切线方向相同，负电荷则相反．据此分析即可．【解答】解：由图可知，A处的电场力与切线方向相反，则A处粒子带负电，而B处的电场力与切线方向相同，则B处粒子带正电．故选：D．【点评】本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，并结合正电荷受到的电场力与电场强度相同，负电荷则相反的原则，即可解决本题．7．一个正点电荷Q固定在正方形的一个角上，另一个带电粒子射入该区域时，恰好能经过正方形的另外三个角a、b、c，如图所示，则有（）A．根据轨迹可判断该带电粒子带正电B．a、b、c三点场强大小之比是1：2：1C．粒子在a、b、c三点的加速度大小之比是2：1：2D．a、c二点的电场强度相同【考点】电场强度．【分析】带电粒子受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力．根据点电荷场强公式E=k，求解场强之比．应用牛顿第二定律求出加速度之间的关系．【解答】解：A、带电粒子受到的电场力指向轨迹的内侧，根据轨迹弯曲方向可知出粒子与固定在O点的电荷是异种电荷，它们之间存在引力，故该带电粒子带负电．故A错误．B、根据几何知识可知a、b、c三点到Q的距离之比为r a：r b：r c=1：：1，根据点电荷场强公式E=k，得a、b、c三点场强大小之比是2：1：2．故B错误．C、根据牛顿第二定律得：a=，a∝E，则知粒子在a、b、c三点的加速度大小之比是2：1：2．故C正确．D、a、c两点的电场强度大小相等，但方向不同，所以电场强度不同．故D错误．故选：C【点评】本题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力．根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧．进而判断出电荷是负电荷．8．在电场中的某点放入电量为q的负电荷时，测得该点的电场强度为E，若在该点放入电量为2q的正电荷，此时测得该点的电场强度为（）A．大小为E，方向和E相同B．大小为E，方向和E相反C．大小为2E，方向和E相同D．大小为2E，方向和E相反【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场中的场强只取决于电场本身，与有无检验电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法定义．【解答】解：电场强度是描述电场强弱的物理量，是试探电荷所受的电场力F 与试探电荷所带的电荷量q的比值，是由电场本身决定，故与试探电荷的有无，电性，电量的大小无关．故在该点放入电荷量为﹣q的试探电荷时电场强度为E，改放电荷量为+2q的试探电荷时电场强度仍为E．且方向和E相同．故选：A【点评】电场强度是由电场本身决定，与试探电荷无关是解决该题的关键．9．两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示．下列说法中正确的是（）A．P、Q是两个等量正电荷B．P、Q是两个等量负电荷C．P、Q是两个等量异种电荷D．P、Q产生的是匀强电场【考点】电场线；电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．【解答】解：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，P、Q 是两个等量异种电荷，所以AB错误，C正确．匀强电场的电场线应该是平行的直线，所以D错误．故选C．【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．10．两个大小材质完全相同的金属小球a、b，带电荷量分别为+3q和﹣q，两小球接触后分开，小球带电量为（）A．a为+3q，b为﹣q B．a为﹣q，b为+3qC．a为+2q，b为﹣2q D．a为+q，b为+q【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．【分析】电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变．接触起电物体同种电荷，若两物体完全相同，则会平分电荷．【解答】解：完全相同的金属球，接触时先中和再平分，所以每个球带电=q．故选：D．【点评】本题是基础的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，比较简单．11．如图所示真空中把一导体向带负电小球P缓慢地靠近（不接触），下列说法不正确的是（）A．B端的感应电荷数量增多B．导体内场强越来越大C．把A端接地，导体带正电 D．把B端接地，导体带正电【考点】静电场中的导体；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况；导体处于静电平衡状态，内部场强处处为零，即感应电荷的场强和带电小球的场强等大、反向、共线．【解答】解：A、离的越近，导体上的电子与负电荷排斥力越大，越会向左排斥，故N端带负电荷越多，M端带的正电荷也越多，故A正确；B、导体处于静电平衡状态，内部场强处处为零，故B错误；C、D、不论哪端接地，因处于负电荷附近，负电子被导走，则导体仍带正电，故CD正确；本题选择错误的，故选：B．【点评】本题关键是：（1）明确静电感应现象及其实质；（2）明确处于静电平衡状态的导体内部各点的场强为零；（3）明确电场强度的叠加原理．12．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣8eV时，它的动能应为（）A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV【考点】等势面；功能关系；电势能．【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题．【分析】要求正电荷的电势能为﹣8eV时的动能，需要知道该正电荷的动能和电势能的总和，得出E ka+E pa=E kb+E pb，得出E pb﹣E pa=21eV从而确定φb＞φa；根据电荷经过a、b点的动能分别为26eV和5eV和ab之间有两个等势面且等势面3的电势为0，可设等势面4的电势为φ，则等势面a的电势﹣2φ，再根据该正电荷的动能和电势能的总和保持不变求出正电荷的动能．【解答】解：在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变，故有E ka+E pa=E kb+E pb…①所以26eV+E pa=5ev+E pbE pb﹣E pa=26eV﹣5eV=21eV…②根据E P=qφ可知φb＞φa，由于相邻等势面之间的电势差相同，等势面3的电势为0，设等势面4的电势为φ，则等势面a的电势﹣2φ，代入②式得qφ﹣（﹣2qφ）=3qφ=21eVqφ=7eV正电荷的能量故有E k+（﹣8eV）=5eV+7eVE K=5eV+7eV+8eV=20eV故C正确，故选C．【点评】“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口．二、多项选择（共6分．全选对6分，多选错选0分，少选3分）13．图中的虚线为某正点电荷电场的等势面，相邻两等势面之间电势差相等．有两个带电粒子（重力不计），以不同的速率，沿不同的方向，从A点飞入电场后，沿不同的径迹1和2运动（B、C、D、E均为运动轨迹与等势面的交点）．则以下判断正确的是（）A．粒子1带正电，粒子2带负电B．粒子1从A到B与从B到C电场力做的功相等C．粒子2的电势能先减小后增大D．经过D、E两点时两粒子的速率可能相等【考点】等势面．【分析】根据轨迹判定电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力，可知两粒子在从A向D、E运动过程中电场力做功情况．根据ADE三点在同一等势面上，可判定从A到D和从A到E过程中电场力所做的总功为0．【解答】解：A、由图可知在某正点电荷电场中电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力，故粒子1带正电，粒子2带负电，故A正确．B、由于电场力做功：W=qU，相邻两等势面之间电势差相等，所以粒子1从A到B与从B到C电场力做的功相等．故B正确．C、电荷2受到中心电荷的引力，靠近的过程中电场力做正功，电势能减小；远离的过程中电场力做负功，电势能增大．故C正确．D、ADE三点在同一个等势面上，而粒子1从A到D、粒子2从A到E电场力做功均为零，则经过D、E两点两粒子的速率一定不相等，故D错误；故选：ABC．【点评】根据轨迹判定“电荷1受到中心电荷的斥力，而电荷2受到中心电荷的引力”是解决本题的突破口．三、填空题（共23分）14．物理学史填空，把对应的物理学家的名字填写在横线上．①德国天文学家开普勒用了的时间研究了第谷的行星观测记录后，发表了他的行星运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础．②牛顿总结出了万有引力定律，万有引力常量G的值是卡文迪许用扭秤实验测量出来的．③元电荷e的数值最早是由物理学家密立根测得的．④法拉第首先提出了“电场”的概念，认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，处在电场中的其他电荷受到的作用力就是这个电场给予的．⑤法拉第首先采用了一个简洁的方法描述电场，那就是画“电场线”．【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家，如开普勒、卡文迪许、密立根、法拉第的主要贡献即可．【解答】解：①德国天文学家开普勒用了的时间研究了第谷的行星观测记录后，发表了他的行星运动规律，为万有引力定律的发现奠定了基础．②牛顿总结出了万有引力定律，万有引力常量G的值是卡文迪许用扭秤实验测量出来的．③元电荷e的数值最早是由物理学家密立根测得的．④法拉第首先提出了“电场”的概念，认为在电荷的周围存在着由它产生的电场，处在电场中的其他电荷受到的作用力就是这个电场给予的．⑤法拉第首先采用了一个简洁的方法描述电场，那就是画“电场线”．故答案为：①开普勒．②卡文迪许．③密立根．④法拉第．⑤法拉第．【点评】解决本题的关键在于平时学习物理主要知识的同时，记牢开普勒、卡文迪许、密立根、法拉第的物理学贡献．15．已知将电量为2.0×10﹣7C的正点电荷从电场中的M点移到N点时，电场力做功为5.0×10﹣5J，将此点电荷从N点移到无穷远处时，电场力做功为1.0×10﹣5J，则M 点的电势为300 V，N点的电势为50 V．【考点】电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据电势差的定义式U=分别求出M、N间和N、无穷远处间的电势差，再根据电势差与电势的关系求解即可．【解答】解：M、N间的电势差为 U MN==V=250VN与无穷远间的电势差为：U N∞==V=50V无穷远电势为零，因U N∞=φN﹣φ∞，则N点电势：φN=50V．因M、NB间电势差为：U MN=φM﹣φN，则M点电势：φM=300V．故答案为：300，50．【点评】本题考查对电势差公式的应用能力，运用公式U=时，要注意各量均需代入符号．16．把一个电量q=﹣5×10﹣9C的负电荷放在电场中的A点，测得受到的电场力大小为5×10﹣4N，方向水平向右，则A点的场强是 1.0×105 N/C，方向向左．【考点】电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】本题比较简单直接考查了电场强度定义式的理解和应用以及电场方向的判定．【解答】解：根据电场强度的定义式：，得A点的场强为：，电场方向和正电荷受力方向相同和负电荷受力方向相反，由于该电荷为负，故电场方向向左．故答案为：1.0×105，向左．【点评】电场强度的概念是电场中的重要概念，要正确理解其定义式的物理意义和各个物理量含义，尤其注意电场强度大小和检验电荷无关．17．在匀强电场中有A、B、C三点，构成边长为a的等边三角形，如图，一电子在电场力作用下，经A至B动能减少W；一质子在电场力作用下，经A至C 动能增加W，那么，该电场的方向为竖直向下；场强的大小为v/m．【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据动能定理可求得BA间和CA间的电势差，判断A、B、C三点的电势差，画出等势面和电场线的分布情况，由公式U=Ed，d是电场线方向两点间的距离求场强．【解答】解：根据动能定理得电子从B到A过程中：﹣eU AB=﹣W，则得：B、A间的电势差U AB=①质子从A到C过程中，eU AC=W，得U AC=②由①②可知B、C两点电势相等且大于A点电势，即φB=φC＜φA．因为电场为匀强电场，所以BC连线为等势面（如图中虚线），与BC垂直为电场线（如图中实线）则场强大小为：E==场强方向垂直BC，并由A指向下．故答案为：竖直向下、【点评】本题关键要掌握电场力做功公式W=qU、电场强度与电势差的关系公式U=Ed，知道等势线与电场线垂直的关系，并结合动能定理进行求解．四、计算题（18题10分，19题13分，共23分．）18．（10分）（2014秋•城关区校级期末）沿水平方向的场强为E=6×103v/m的足够大的匀强电场中，用绝缘细线系一个质量m=8.0g的带电小球，线的另一端固定于O点，平衡时悬线与竖直方向成α角，α=37°，如图所示，求：（1）小球所带电的种类及电量；（2）剪断细线小球怎样运动，加速度多大？（g取10m/s2）【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】（1）对小球受力分析，根据共点力平衡求出电量的大小，根据电场力确定小球的电性．（2）剪断细线后，根据小球的受力确定小球的运动规律，根据牛顿第二定律求出加速度．【解答】解：（1）如图，小球受到的电场力水平向右，与场强方向相反，则小球带负电．小球受力如图，据受力平衡得：代入得，小球的电荷量为q==1.0×10﹣5C．（2）剪断细线后，小球受到重力和电场力，小球做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得，小球的加速度a=．答：（1）小球所带负电，电量为1.0×10﹣5C；（2）剪断细线后，小球做匀加速直线运动，小球的加速度大小为12.5m/s2．【点评】本题是带电体在电场中平衡问题，关键是分析受力情况，画出力图，比较简单．19．（13分）（2013秋•巴南区期中）在真空中的光滑绝缘水平面上的O点处，固定一个带正电的小球，所带电荷量为Q，直线MN通过O点，N为OM的中点，OM的距离为d．M点处固定一个带负电的小球，所带电荷量为q，质量为m，如图所示．（静电力常量为k）（1）求N点处的场强大小和方向；（2）求无初速释放M处的带电小球q时，带电小球的加速度大小；（3）若点电荷Q所形成的电场中各点的电势的表达式φ=，其中r为空间某点到点电荷Q的距离．求无初速释放带电小球q后运动到N处时的速度大小v．【考点】动能定理的应用；库仑定律．【专题】动能定理的应用专题．【分析】（1）由点电荷的场强公式求出场强．（2）由牛顿第二定律求出加速度．（3）由动能定理求出速度．。
安乡县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析
安乡县高中2018-2019学年高二上学期9月月考物理试卷含解析 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 三个点电荷电场的电场线分布如图，图中a 、b 两处的场强大小分别为a E 、b E ，电势分别为a b ϕϕ、，则 A ．a E ＞b E ，a ϕ＞b ϕ B ．a E ＜b E ，a ϕ＜b ϕ C ．a E ＞b E ，a ϕ＜b ϕD ．aE ＜b E ，a ϕ＞b ϕ2． 一个弹簧振子做简谐运动的周期是0.025s ，当振子从平衡位置开始向右运动，经过0.17s 时，振子的运动情况是（ ）A ．正在向右做减速运动B ．正在向右做加速运动C ．正在向左做减速运动D ．正在向左做加速运动3． 如图所示电路，水平放置的平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片P 相连接。
电子以速度垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。
在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑片P 上移，则有关电容器极板上所带电荷量q 和电子穿越平行板所需的时间t ，下列说法正确的是A. 电荷量q 增大，时间t 不变B. 电荷量q 不变，时间t 增大C. 电荷量q 增大，时间t 减小D. 电荷量q 不变，时间t 不变4． 如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W ，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过A ．40 WB ．60 WC ．80 WD ．120 W5． 如右图所示，以8m/s 匀速行驶的汽车即将通过路口，绿灯还有2s 将熄灭，此时汽车距离停车线18m 。
该车加速时最大加速度大小为2m/s 2，减速时最大加速度大小为5m/s 2。
此路段允许行驶的最大速度为12.5m/s 。
下列说法中正确的有（ ）A ．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前汽车不可能通过停车线B ．如果立即做匀加速运动，在绿灯熄灭前通过停车线汽车一定超速C ．如果立即做匀减速运动，在绿灯熄灭前汽车一定不能通过停车线D ．如果距停车线5m 处减速，汽车能停在停车线处6．如图所示，平直木板AB倾斜放置，板上的P点距A端较近，小物块与木板间的动摩擦因数由A到B逐渐减小，先让物块从A由静止开始滑到B。
高二上学期第一次月考物理试题Word版含解析 (8).doc
2018-2019学年湖南省衡阳市第一中学高二上学期第一次月考物理试题物理注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第I 卷（选择题）一、单选题1．在电场中某点放一试探电荷，其电荷量为q ，试探电荷受到的静电力为F ，则该点的电场强度为，那么下列说法中正确的是( )A ． 若移去试探电荷q ，该点的电场强度就变为零B ． 若在该点放一个电荷量为2q 的试探电荷，该点的电场强度就变为C ． 若在该点放一个电荷量为－2q 的试探电荷，则该点的电场强度大小仍为E ，但电场强度的方向与原来相反D ． 若在该点放一个电荷量为 的试探电荷，则该点的电场强度的大小仍为E ，电场强度的方向也还是原来的电场强度的方向2．某静电场的电场线分布如图所示，图中P 、Q 两点的电场强度的大小分别为E P 和E Q ，电势分别为φP 和φQ ，则()A ． E P >E Q ，φP >φQB ． E P >E Q ，φP <φQC ． E P <E Q ，φP >φQD ．E P <E Q ，φP <φQ 3．如图所示，把一个架在绝缘支架上的枕行导体放在负电荷形成的电场中，取无穷远处电势为零，导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（ ）A ． 感应电荷在A 点的场强等于在B 点的场强 B ． A 、B 两点电势不相等且满足φA < φB < 0C ． A 是端感应电荷的电量大于B 端感应电荷的电量D ． 当电键K 闭合时,导体内的自由电子沿导线向大地移动4．如图所示，相距10 mm 的两等势面AA ′、BB ′，其间有一静止的油滴P ，已知它所受的重力是1.6×10－14N ，所带的电荷量是3.2×10－19C ，则下面判断正确的是()A ． φA ＞φB ，U AB ＝100 V B ． φA ＞φB ，U AB ＝750 VC ． φA ＜φB ，U BA ＝500 VD ． φA ＜φB ，U BA ＝1 000 V5．在如图所示的四种电场中，分别标记有a 、b 两点．其中a 、b 两点电场强度大小相等、方向相反的是()A ． 甲图中与点电荷等距的a 、b 两点B ． 乙图中两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a 、b 两点C ． 丙图中两等量同种电荷连线的中垂线上与连线等距的a 、b 两点此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号D．丁图中非匀强电场中的a、b两点6．空间存在沿x轴方向的电场，电荷量为q的正点电荷沿x轴方向移动时，其电势能E P随位移x变化的图像如右图所示，x2处电势能最小，则下列说法正确的是（）A． x1处的电场强度方向沿x轴正方向B． x3处的电场强度方向沿x轴正方向C． x1处的电场强度小于x3处的电场强度D． x1处的电势比x2处的电势低7．如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电荷量为10－6 C的微粒在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少1×10－5 J．已知A点的电势为－10 V，则以下判断正确的是()A．微粒的运动轨迹如图中的虚线1所示 B．微粒的运动轨迹如图中的虚线2所示C．A、B两点间的电势差U AB为10 V D．B点电势为－20 V8．如图所示，虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等．现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如右图中两条实线所示．点a、b、c为实线与虚线的交点．已知O点电势高于c点，若不计重力，则()A． M带负电荷，N带正电荷B． N在a点的速度与M在c点的速度大小不相同C． N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D． M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零二、多选题9．如图所示,在等量异种电荷形成的电场中,有A、B、C三点,A为两点荷连线的中心,B为连线上距A为d的一点,C为连线中垂上距A也为d的一点,关于三点的场强大小、电势高低比较,正确的是( )A．B．C．φ A =φc>φB D．φA=φB>φC 10．如图所示，虚线A、B、C表示某电场中的三个等势面，相邻等势面间的电势差相等。
湖南安乡一中2018-2019学年高二物理上册段考试卷2
（A）（D）（C）2018年下学期安乡一中段考高二物理试卷（文科）一、单项选择题（每小题5分）1.元电荷是指（ D ）A.电子B.质子C.中子D.自然界中已知的电荷的最小单元2．下列说法中正确的是（ D ）A.体积小的带电体就是点电荷B.体积大的带电体，不能看成点电荷C.两个半径是0.25m的带电金属球，在球心距离为1m时，可以看成点电荷D.库仑定律只适用于点电荷间的相互作用3.地毯中夹入少量的金属纤维是为了（ B ）A.避免人走动时产生静电B.将人走动时产生的静电及时导走C.增大地毯的强度和韧性D.对地毯起装饰作用4、关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是（ B ）A．摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B．不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移C．摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移D．以上说法均不正确5.关于电场线的以下说法中，正确的是（ C ）A.电场线上每一点的切线方向都跟电荷在该点的受力方向相同B.沿电场线的方向，电场强度越来越小C.电场线越密的地方同一试探电荷受的电场力就越大D.顺着电场线移动电荷，电荷受电场力大小一定不变6．如图所示各图中，A、B两点电场强度相等的是（ C7．关于电场强度E的说法正确的是（ A ）A.电场中某点的场强方向跟正电荷在该点所受到的电场力的方向相同B.根据E＝F／Q可知，电场中某点的电场强度与电场力F成正比，与电量Q成反比C.Q为负电荷时，E的方向与其所受到的电场力方向相同D.一个正电荷激发的电场就是匀强电场8.电视机的荧光屏表面经常有许多灰尘，这主要是因为（ D ）A.灰尘的自然堆积；B.荧光屏有极强的吸附灰尘的能力；C.电视机工作时，屏表面温度较高而吸附灰尘；D.电视机工作时，屏表面有静电而吸附灰尘；9.奥斯特实验的重大意义在于它说明了（ D ）A.磁场的存在B.磁场具有方向性C.磁体间有相互作用D.通电导线周围存在磁场10.下列关于磁感线说法正确的是（ A ）A.磁感线可以形象的描述磁场的强弱与方向B.沿磁感线方向，磁场越来越弱C.所有磁感线都不是闭合的D.磁感线与电场线一样都能相交11.关于地磁场的说法错误的是（ A ）A.地磁场的北极在地理北极B.最早发现磁偏角的是我国宋朝的沈括C.地磁两极与地理两级并不重合D.地球是一个大磁体，地球具有全球性的磁场12.随着我国人民生活水平的不断提高，家庭中使用的电器越来越多。
安陆市第四中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理
安陆市第四中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 关于电源电动势E 的下列说法中错误的是：（ ） A ．电动势E 的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特V B ．干电池和铅蓄电池的电动势是不同的 C ．电动势E 可表示为E=qW，可知电源内非静电力做功越多，电动势越大 D ．电动势较大，表示电源内部将其它形式能转化为电能的本领越大2． 甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度—时间图象 分别如图中的a 和b 所示。
在t 1时刻（ ）A. 它们的运动方向相同B. 它们的运动方向相反C. 甲的速度比乙的速度大D. 乙的速度和甲的速度相等3． （2015·聊城二模，17）探月工程三期飞行试验器于2014年10月24日2时在中国西昌卫星发射中心发射升空，最终进入距月球表面高为h 的圆形工作轨道。
设月球半径为R ，月球表面的重力加速度为g ，万有引力常量为G ，则下列说法正确的是（ ）A ．飞行试验器在工作轨道上的加速度为⎝ ⎛⎭⎪⎫R R ＋h 2gB ．飞行试验器绕月球运行的周期为2πR gC ．飞行试验器在工作轨道上的绕行速度 为g R ＋hD ．月球的平均密度为3g4πGR4． 小型登月器连接在航天站上，一起绕月球做圆周运动，其轨道半径为月球半径的3倍，某时刻，航天站使登月器减速分离，登月器沿如图所示的椭圆轨道登月，在月球表面逗留一段时间完成科考工作后，经快速启动仍沿原椭圆轨道返回，当第一次回到分离点时恰与航天站对接，登月器快速启动时间可以忽略不计，整个过程中航天站保持原轨道绕月运行。
已知月球表面的重力加速度为g ，月球半径为R ，不考虑月球自转的影响，则登月器可以在月球上停留的最短时间约为（ ）A ．4.7πR gB ．3.6πR gC ．1.7πR gD ．1.4πR g5． （2015·江苏南通高三期末）2012年10月15日著名极限运动员鲍姆加特纳从3.9万米的高空跳下，并成功着陆。
高二物理上学期第一次月考试题高二全册物理试题_2_05
嗦夺市安培阳光实验学校苏大附中高二（上）第一次月考物理试卷一、单项选择题（3×9共27分）1．有关电压与电动势的说法中正确的是（）A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势是电源两极间的电压C．电动势公式E=中W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A ．B ．C ．D ．3．电阻R和电动机M串连接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2．则有（）A．U1＜U2，Q1=Q2B．U1=U2，Q1=Q2C．W1=W2，Q1＞Q2D．W1＜W2，Q1＜Q24．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同5．如图所示为一磁流体发电机示意图，A、B是平行正对的金属板，等离子体（电离的气体，由自由电子和阳离子构成，整体呈电中性）从左侧进入，在t 时间内有n个自由电子落在B板上，则关于R中的电流大小及方向判断正确的是（）A．I=，从上向下B．I=，从上向下C．I=，从下向上D．I=，从下向上6．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P 点，小灯泡的电阻为C．对应P 点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积7．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是（）A ．板间电场强度大小为B ．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间8．如图所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为Y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况）（）A．增大偏转电压U B．增大加速电压U0C．增大偏转极板间距离D．将发射电子改成发射负离子9．一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U的关系图象如图（a）所示，将它与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系有（）A．P1=4P D B．P1＜4P2C．P D=P2D．P D =二、多项选择题（4×5共20分）10．（多选）下列说法正确的是（）A．据R=可知，加在电阻两端的电压变为原来的2倍时，导体的电阻也变为原来的2倍B．不考虑温度对阻值的影响，通过导体的电流及加在两端的电压改变时导体的电阻不变C．据ρ=可知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积RS成正比，与导体的长度l成反比D．导体的电阻率与导体的长度l、横截面积S、导体的电阻R皆无关11．在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时（）A．L2的电阻为12ΩB．L1消耗的电功率为0.75 WC．L1、L2消耗的电功率的比值为4：1D．L1两端的电压为L2两端电压的2倍12．如图，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板，板间有匀强电场，质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子，以初速度v由小孔进入电场，当M、N 间电压为U时，粒子刚好能到达N板，如果要使这个带电粒子能到达M、N两板间距的处返回，则下述措施能满足要求的是（）A ．使初速度减为原来的B．使M、N间电压提高到原来的2倍C．使M、N间电压提高到原来的4倍D．使初速度和M、N 间电压都减为原来的13．如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．2s末带电粒子回到原出发点C．3s末带电粒子的速度为零D．0～3s内，电场力做的总功为零14．如图所示，光滑的水平轨道AB，与半径为R的光滑的半圆形轨道BCD相切于B点，AB水平轨道部分存在水平向右的匀强电场，半圆形轨道在竖直平面内，B为最低点，D为最高点．一质量为m带正电的小球从距B点x的位置在电场力的作用下由静止开始沿AB向右运动，恰能通过最高点，则（）A．R越大，x越大B．R越大，小球经过B点后瞬间对轨道的压力越大C．m越大，x越大D．m与R同时增大，电场力做功增大三、实验题（2×9共18分）15．（12分）（2015秋•江苏校级月考）某同学在探究规格为“6V，3W”的小灯泡伏安特性曲线实验中：该同学采用如图所示的电路进行测量．图中R为滑动变阻器（阻值范围0～20Ω，额定电流1.0A），L为待测小灯泡，V为电压表（量程6V，电阻20kΩ），A为电流表（量程0.6A，内阻1Ω），E为电源（电动势8V，内阻不计），S为开关．Ⅰ．在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最端；（填“左”或“右”）Ⅱ．在实验过程中，已知各元件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是点至点的导线没有连接好；（图中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写如图所示中的数字）Ⅲ．该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图所示，则小灯泡的电阻值随工作电压的增大而．（填“不变”、“增大”或“减小”）16．小明对2B铅笔芯的导电性能感兴趣，于是用伏安法测量其电阻值．（1）图1是部分连接好的实物电路图，请用电流表外接法完成接线并在图1中画出．（2）小明用电流表内接法和外接法分别测量了一段2B铅笔芯的伏安特性，并将得到的电流、电压数据描到U﹣I图上，如图2．在图中，由电流表外接法得到的数据点是用（填“○”或“×”）表示的．（3）请你选择一组数据点，在图2上用作图法作图，并求出这段铅笔芯的电阻为Ω．四、推理与计算题（18+18+19共55分）17．（18分）（2012秋•校级期末）如图所示，A为电解槽，M为电动机，N为电炉子，恒定电压U=12V，电解槽内阻r A=2Ω，当K1闭合，K2、K3断开时，电流表示数6A；当K2闭合，K1、K3断开时，电流表示数5A，且电动机输出功率为35W；当K3闭合，K1、K2断开时，电流表示数为4A．求：（1）电炉子的电阻及发热功率各多大？（2）电动机的内阻是多少？（3）在电解槽工作时，电能转化为化学能的功率为多少？18．（18分）（2008•青岛二模）如图所示，真空中水平放置的两个相同极板Y 和Y'长为L，相距d，足够大的竖直屏与两板右侧相距b．在两板间加上可调偏转电压U，一束质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力）从两板左侧中点A 以初速度v0沿水平方向射入电场且能穿出．（1）证明粒子飞出电场后的速度方向的反向延长线交于两板间的中心O点；（2）求两板间所加偏转电压U的范围；（3）求粒子可能到达屏上区域的长度．19．（19分）（2014•一模）如图，水平放置的金属薄板A、B间有匀强电场，已知B板电势高于A板．电场强度E=5×105N/C，间距d=1.25m．A板上有一小孔，M恰好在孔的正上方，距离h=1.25m．从M处每隔相等时间间隔由静止释放一个质量m=1×10﹣3kg的带电小球．第1个带电小球的电量q1=+1×10﹣8C，第n 个带电小球的电量q n=nq1．取g=10m/s2．求：（1）第1个带电小球从M下落至B板的时间；（2）第几个带电小球将不能抵达B板；（3）第（2）问中该带电小球下落过程中机械能的变化量．苏大附中高二（上）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（3×9共27分）1．有关电压与电动势的说法中正确的是（）A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势是电源两极间的电压C．电动势公式E=中W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电压与电动势的单位相同，但物理意义不同．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．解答：解：A、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量．故A 错误．B、根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E﹣Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势．当外电路接通时，路端电压即电源两极间的电压小于电动势，故B错误．C、电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．故C错误．D、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小．故D正确．故选：D．点评：本题考查电动势的概念，关键要明确电动势的物理意义，知道与电压的区别，属于基础题．2．欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律，有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为a、b、c，且a＞b＞c．电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是（）A ．B ．C ．D ．考点：电阻定律．专题：恒定电流专题．分析：由金属导体电阻的决定式R=ρ进行计算，注意各电阻中的导体长度及截面积．解答：解：由电阻的决定式可知，A中电阻R A =，B中电阻R B =；C中电阻R C =；D中电阻R D =；故电阻最小的为A；故选：A．点评：本题考查电阻定率的应用，要注意电阻是由导体本身的性质决定的．3．电阻R和电动机M串连接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2．则有（）A．U1＜U2，Q1=Q2B．U1=U2，Q1=Q2C．W1=W2，Q1＞Q2D．W1＜W2，Q1＜Q2考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：开关接通后，电动机正常工作，其电路非纯电阻电路，电动机两端的电压大于线圈电阻与电流的乘积．而电阻R是纯电阻，其两端电压等于电阻与电流的乘积．根据焦耳定律研究热量关系．解答：解：设开关接通后，电路中电流为I．对于电阻R，由欧姆定律得U1=IR 对于电动机，U2＞IR，则U1＜U2．根据焦耳定律得Q1=I2Rt，Q2=I2Rt，则Q1=Q2．故选A点评：本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用．4．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A．图甲中的A1、A2的示数相同B．图甲中的A1、A2的指针偏角相同C．图乙中的A1、A2的示数和偏角都不同D．图乙中的A1、A2的指针偏角相同考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大．当它们串联时，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．解答：解：A、B图甲中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同．故A错误，B正确．C、D图乙中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同．由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同．故CD错误．故选B点评：本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．5．如图所示为一磁流体发电机示意图，A、B是平行正对的金属板，等离子体（电离的气体，由自由电子和阳离子构成，整体呈电中性）从左侧进入，在t 时间内有n个自由电子落在B板上，则关于R中的电流大小及方向判断正确的是（）A．I=，从上向下B．I=，从上向下C．I=，从下向上D．I=，从下向上考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的定义式求解电流的大小，根据左手定则判断洛伦兹力的方向，分析自由电子向什么方向运动．解答：解：由题，在t时间内，落到B板的电子数为n个，即电子的电量为q=ne，根据电流的定义式I=，得通过R的电流大小为I=，根据左手定则判断可知，电子所受的洛伦兹力方向向下，则R中电流方向从上向下．故选A点评：磁流体发电机的原理实质是带电粒子在磁场中偏转而形成电流．电流方向与电子定向移动方向相反．6．小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线在P点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P 点，小灯泡的电阻为C．对应P 点，小灯泡的电阻为D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围面积考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”．解答：解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A错误；B、C由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=≠，故B、C错误；D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．故选D．点评：对于线性元件，其电阻R==，非线性元件，R=；对于U﹣I 图与I﹣U图要区分清楚，电阻R=K，还是R=不能搞错．7．如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板射入板间，最后垂直打在M屏上，则下列结论正确的是（）A ．板间电场强度大小为B ．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据题意分析，质点最后垂直打在M屏上，必须考虑质点的重力．质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M屏上．第一次偏转质点做类平抛运动，第二次斜向上抛运动平抛运动的逆过程，运用运动的分解法，根据对称性，分析前后过程加速度的关系，再研究电场强度的大小．水平方向质点始终做匀速直线运动，质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．解答：解：A、B：据题分析可知，质点在平行金属板间轨迹应向上偏转，做类平抛运动，飞出电场后，质点的轨迹向下偏转，质点才能最后垂直打在M 屏上，前后过程质点的运动轨迹有对称性，如图，可见两次偏转的加速度大小相等，根据牛顿第二定律得，qE﹣mg=mg ，得到．故A错误，B错误． C、D由于质点在水平方向一直做匀速直线运动，两段水平位移大小相等，则质点在板间运动的时间跟它从板的右端运动到光屏的时间相等．故C正确，D错误．故选：C点评：本题是类平抛运动与平抛运动的综合应用，基本方法相同：运动的合成与分解．8．如图所示，一电子枪发射出的电子（初速度很小，可视为零）进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为Y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的（不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况）（）A．增大偏转电压U B．增大加速电压U0C．增大偏转极板间距离D．将发射电子改成发射负离子考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子先经电场加速，后经电场偏转，先根据动能定理得到加速获得的速度表达式，再运用运动的分解，结合类平抛运动的规律，得到偏转距离y 的表达式，即可进行分析．解答：解：经加速电场后的速度为v，则mv2=eU0所以电子进入偏转电场时速度的大小为，v=电子进入偏转电场后的偏转的位移 y=at2=••（）2=．可见，要增大y，可行的方法有：增大偏转电压U，减小加速电压U0．或减小偏转电场极板间距离d，与粒子的电性和质量无关．故A正确．故选：A．点评：本题是先加速后偏转，带电粒子通过组合场的类型，得到的结论与带电粒子的电量和质量无关．9．一个用半导体材料制成的电阻器D，其电流I随它两端电压U的关系图象如图（a）所示，将它与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，现将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端，设电阻器D和电阻R1、R2消耗的电功率分别是P D、P1、P2，它们之间的大小关系有（）A．P1=4P D B．P1＜4P2C．P D=P2D．P D =考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据半导体材料的伏安特性曲线可知，随着电压增大，电阻器D的电阻减小，电压减小，电阻增大．电阻器D与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D 的电压小于电源的电压，电阻增大，根据并联电路的特点分析其电流与R1、R2电流的关系，再研究功率关系．解答：解：由题，电阻器D与两个电阻R1、R2并联后接在电压恒为U的电源两端，三个用电器消耗的电功率均为P，此时三个电阻的阻值相等；当将它们连接成如图（b）所示的电路，接在该电源的两端时，电阻器D的电压小于电源的电压，由（a）图象可知，电阻器D的电阻增大，则有R D＞R1=R2．而R D与R2并联，电压相等，根据欧姆定律得知，电流I D＜I2，又I1=I2+I D，得到I1＜2I2，I1＞2I D ．，，，所以得到P1＜4P2．P1与4P D的大小无法判断．P D＜P2．P2＞，故如图（b）的电路中，P D 与无法比较．故选B点评：本题首先要读懂半导体材料的伏安特性曲线，其次要抓住串并联电路的特点进行分析．二、多项选择题（4×5共20分）10．（多选）下列说法正确的是（）A．据R=可知，加在电阻两端的电压变为原来的2倍时，导体的电阻也变为原来的2倍B．不考虑温度对阻值的影响，通过导体的电流及加在两端的电压改变时导体的电阻不变C．据ρ=可知，导体的电阻率与导体的电阻和横截面积的乘积RS成正比，与导体的长度l成反比D．导体的电阻率与导体的长度l、横截面积S、导体的电阻R皆无关考点：电阻定律；欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，应用欧姆定律分析答题．解答：解：A、由于R=的定义式，对于一个确定的导体来说，导体的电阻与导体两端的电压无关，故A错误；B、导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，在温度不变时，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故B正确；C、同种材料的导体，导体的电阻率不变，故C错误；D、材料的电阻率与导体材料、长度、横截面积无关，故D正确；故选：BD．点评：本题是一道基础题，知道导体电阻的决定因素、应用欧姆定律即可正确解题．11．在如图甲所示的电路中，L1、L2、L3为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．当开关S闭合后，电路中的总电流为0.25A，则此时（）A．L2的电阻为12ΩB．L1消耗的电功率为0.75 WC．L1、L2消耗的电功率的比值为4：1D．L1两端的电压为L2两端电压的2倍考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当开关S闭合后L1灯的电流强度为总电流，结合图象得到灯泡L1、L2、L3的电压和电流，然后求解功率．解答：解：A、据电路图可知据乙图可知电流为0.25A，L1灯泡的电压为3V；灯泡L2、L3并联，每个灯泡通过的电流为0.125A，从图乙知电压U2=U3＜1V，L1两端的电压不是L2两端电压的2倍，电流为0.125A时电压大约为0.5V，所以L2电阻R2=，故A错误D错误；B、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1==12Ω，功率P1=U1I1=0.75W，B正确．C、L2消耗的功率P2=U2I2＜1V×0.125A=0.125W，故C错误．故选：B点评：本题关键结合图象得到灯泡L1、L2、L3的电压和电流，图中数据比较特殊，刚好是处于方格纸的交点位置．12．如图，M、N是在真空中竖直放置的两块平行金属板，板间有匀强电场，质量为m、电荷量为﹣q的带电粒子，以初速度v由小孔进入电场，当M、N 间电压为U时，粒子刚好能到达N板，如果要使这个带电粒子能到达M、N两板间距的处返回，则下述措施能满足要求的是（）A ．使初速度减为原来的B．使M、N间电压提高到原来的2倍C．使M、N间电压提高到原来的4倍D．使初速度和M、N 间电压都减为原来的考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：由题意知粒子射入电场后，电场力做负功，动能减小，根据动能定理列出方程．要使粒子刚好达到两板间距离的一半处，根据匀强电场沿电场线方向两点间电势差与距离成正比，再运用数学知识进行讨论，选择题意的选项．解答：解：粒子刚好能达到B金属板时，根据动能定理得，﹣qU=0﹣，现在使带电粒子能到达MN 板间距的处返回，则电场力做功等于﹣．A 、当初速度，U 不变，则有带电粒子动能的变化，故A错误；B、电压提高到原来的2倍，则带电粒子运动到MN 板中点时电场力做功，与粒子动能变化相等，故B正确；C、电压提高到原来的4倍，则带电粒子运动到MN板中点时电场力做功W=，与粒子动能的变化不等，故C错误；D 、初速度减为原来的，则带电粒子动能变化减为原来的，MN板间电压减为原来的，则运动到MN 板间中点电场力做功为原来的，故D正确．故选BD点评：本题根据动能定理研究带电粒子在电场中加速的问题，是常用的方法．比较简单．13．如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t=0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（）A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．2s末带电粒子回到原出发点C．3s末带电粒子的速度为零D．0～3s内，电场力做的总功为零考点：电场强度．分析：由图象可知，电场强度的大小与方向的变化，当带电粒子由静止释放仅在电场力作用下，根据运动与力的关系可确定运动情况．解答：解：由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为 a1=，为第2s内加速度a2=的，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v﹣t图象如图所示：A、带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误．B、根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点最远，故B错误；C、由图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C正确；D、因为第4s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前4s内动能变化为0，即电场力做的总功为零．故D正确．故选：CD．点评：本题带电粒子在周期性变化的电场中运动，关键之处是电场强度大小不一，导致加速度不一，所以失去对称性．若电场强度大小相同，则带电粒子一直同一个方向运动．14．如图所示，光滑的水平轨道AB，与半径为R的光滑的半圆形轨道BCD相切于B点，AB水平轨道部分存在水平向右的匀强电场，半圆形轨道在竖直平面内，B为最低点，D为最高点．一质量为m带正电的小球从距B点x的位置在电场力的作用下由静止开始沿AB向右运动，恰能通过最高点，则（）A．R越大，x越大B．R越大，小球经过B点后瞬间对轨道的压力越大C．m越大，x越大D．m与R同时增大，电场力做功增大考点：动能定理的应用；向心力；匀强电场中电势差和电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．。
安乡县第四中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理
安乡县第四中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1． 在水平向右的匀强电场中，质量为m 的带正电质点所受重力mg 是电场力的倍．现将其以初速度v 0竖3直向上抛出，则从抛出到速度最小时所经历的时间为（）A ．t ＝B ．t ＝v 0g 2v 03gC ．t ＝D ．t ＝3v 02g 3v 04g2． （2016·江苏苏北四市高三联考）某踢出的足球在空中运动轨迹如图所示，足球视为质点，空气阻力不计。
用v 、E 、E k 、P 分别表示足球的速率、机械能、动能和重力的瞬时功率大小，用t 表示足球在空中的运动时间，下列图象中可能正确的是（）3． 如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场，之后1E 进入电场线竖直向下的匀强电场发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互2E 作用，那么（）A ．偏转电场对三种粒子做功一样多2EB ．三种粒子打到屏上时速度一样大C ．三种粒子运动到屏上所用时间相同D ．三种粒子一定打到屏上的同一位置4． 距地面高5m 的水平直轨道A 、B 两点相距2m ，在B 点用细线悬挂一小球，离地高度为h ，如图所示。
小车始终以4m/s 的速度沿轨道匀速运动，经过A 点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B 点时细线被轧断，最后两球同时落地。
不计空气阻力，取重力加速度的大小g=10m/s²。
可求得h 等于（ ）A. 3.75mB. 2.25mC. 1.25mD. 4.75m5． 甲、乙两车在平直公路上沿同一方向行驶，其v －t 图像如图所示，在 t ＝0时刻，乙车在甲车前方x 0处，在t ＝t 1时间内甲车的位移为x ．下列判断正确的是（）A. 若甲、乙在t 1时刻相遇，则x 0＝x 13B. 若甲、乙在时刻相遇，则下次相遇时刻为12t 132t C. 若x 0＝x ，则甲、乙一定相遇两次34D. 若x 0＝x ，则甲、乙一定相遇两次126． 将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，v ﹣t 图象如图所示。
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安乡县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________一、选择题1．（2018江西赣中南五校联考）如图所示，a、b 两颗人造地球卫星分别在半径不同的轨道上绕地球做匀速圆周运动，则下列说法正确的是A.a 的周期小于b 的周期B.a 的动能大于b 的动能C.a 的势能小于b的势能D.a 的加速度大于b 的加速度2．图示为一正弦式交变电流的电流i随时间t变化的图象，由图可知，这个交流电的A. 有效值为10VB. 频率为50HzC. 有效值为D. 频率为0.02Hz3．下列关于电场强度E的表达式，在任何电场中都成立的是A. B.C. D. 以上都不是4．2016年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”。
双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a、b两颗星体组成，这两颗星绕它们连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动。
测得a星的周期为T，a、b 两颗星的距离为l，a、b两颗星的轨道半径之差为Δr（a星的轨道半径大于b星的），则A. b星的周期为B. a星的线速度大小为C. a、b两颗星的轨道半径之比为D. a、b两颗星的质量之比为5．在匀强磁场中,一矩形金属框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动,如图甲所示,产生的交变电动势的图象如图乙所示,则（）A.t=0.005 s时线框的磁通量变化率为零B.t=0.01 s时线框平面与中性面重合C.线框产生的交变电动势有效值为311 VD.线框产生的交变电动势频率为100 Hz6．（2018天星金考卷）目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小．若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（）A．卫星的动能逐渐减小B．由于地球引力做正功，引力势能一定减小C．由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变D．卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小7．关于电流激发的磁场，下列四个图中，磁场方向跟电流方向标注正确的是A. B. C. D.8．某马戏团演员做滑杆表演，已知竖直滑杆上端固定，下端悬空，滑杆的重力为200 N，在杆的顶部装有一拉力传感器，可以显示杆顶端所受拉力的大小。
从演员在滑杆上端做完动作时开始计时，演员先在杆上静止了0.5 s，然后沿杆下滑，3.5 s末刚好滑到杆底端，并且速度恰好为零，整个过程演员的v–t图象和传感器显示的拉力随时间的变化情况分别如图甲、乙所示，g＝10 m/s2，则下列说法正确的是A ．演员的体重为800 NB ．演员在最后2 s 内一直处于超重状态C ．传感器显示的最小拉力为600 ND ．滑杆长4.5 m9． 1．A 为实心木球，B 为实心铁球，C 为空心铁球。
已知三个球的直径相同，运动中空气阻力不计，A 、C 球质量相同。
它们从同一高度处同时由静止开始自由下落，以下说法中正确的是： A. 三个球同时落地 B. A 球先落地 C. B 球先落地 D. C 球先落地10．某物体从O 点开始做初速度为零的匀加速直线运动，依次通过A 、B 、C 三点，OA 、AB 、BC 过程经历的时间和发生的位移分别对应如图，经过A 、B 、C 三点时速度分别为、、，以下说法不正确的是（ ）A. 若123::1:2:3t t t =，则::1:3:6A B c v v v =B. 若123::1:2:3t t t =，则123::1:8:27s s s =C. 若123::1:2:3s s s =，则::A B c v v v =D. 若123::1:2:3s s s =，则123::t t t =11．如图所示电路，水平放置的平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片P 相连接。
电子以速度垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场。
在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑片P 上移，则有关电容器极板上所带电荷量q 和电子穿越平行板所需的时间t ，下列说法正确的是A. 电荷量q 增大，时间t 不变B. 电荷量q 不变，时间t 增大C. 电荷量q 增大，时间t 减小D. 电荷量q 不变，时间t 不变12．如图，理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=4∶1，电压表V 和电流表A 均为理想电表，灯泡电阻R L =12Ω，AB 端电压1(V)u t π=。
下列说法正确的是A ．电流频率为100HzB ．电压表V 的读数为96VC ．电流表A 的读数为0.5AD ．变压器输入功率为6W13．如图所示,两根相互平行的长直导线过纸面上的M 、N 两点,且与纸面垂直,导线中通有大小相等、方向相反的电流。
A 、O 、B 在M 、N 的连线上,O 为MN 的中点,C 、D 位于MN 的中垂线上,且A 、B 、C 、D 到O 点的距离均相等。
关于以上几点处的磁场,下列说法错误的是（ ）A. O 点处的磁感应强度为0B. A 、B 两点处的磁感应强度大小相等、方向相反C. C 、D 两点处的磁感应强度大小相等、方向相同D. A 、C 两点处的磁感应强度的方向不同14．（2016·河南开封模拟）如图所示，倾角为θ＝30°的光滑绝缘斜面处于电场中，斜面AB 长为L ，一带电荷量为＋q 、质量为m 的小球，以初速度v 0由斜面底端的A 点开始沿斜面上滑，到达斜面顶端时速度仍为v 0，则（ ）A ．小球在B 点时的电势能一定大于小球在A 点时的电势能 B ．A 、B 两点之间的电势差一定为mgL 2qC ．若该电场是匀强电场，则电场强度的值一定是mgqD ．若该电场是由放在AC 边中垂线上某点的点电荷Q 产生的，则Q 一定是正电荷 15．在图示的四幅图中，正确标明了带正电的粒子所受洛伦兹力f 方向的是A. B. C. D.16．已知元电荷数值为，某个物体带电量不可能．．．是A. B.C.D.17．如图所示，a 、b 、c 是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a 到c ，a 、b 间距离等于b 、c 间距离。
用ϕa 、ϕb 、ϕc 和Ea 、Eb 、Ec 分别表示a 、b 、c三点的电势和电场强度，可以判定：（ ） A ．ϕa>ϕb>ϕc B ． ϕa —ϕb ＝ϕb —ϕcC ． Ea>Eb>EcD ． Ea=Eb=Ec18．横截面积为S 的铜导线，流过的电流为I ，设单位体积的导体中有n 个自由电子，电子的电荷量为e ，此时电子的定向移动的平均速率设为v ，在时间内，通过导线横截面的自由电子数为A. B.C.D.二、填空题19．在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡的规格为“2.0V ，0.5A ”。
备有下列器材： A. 电源E （电动势为3.0V ，内阻不计） B. 电压表（量程0-3V ，内阻约） C. 电压表（量程0-15V ，内阻约） D. 电流表（量程0-3A ，内阻约） E. 电流表（量程0-0.6A ，内阻约）F. 滑动变阻器（0-，3.0A ） G . 滑动变阻器（0-，1.25 A ）H. 开关和若干导线为了尽可能准确地描绘出小灯泡的伏安特性曲线，请完成以下内容。
（1）实验中电压表应选用______，电流表应选用______，滑动变阻器应选用_____（请填写选项前对应的字母）。
测量时采用图中的_________图电路（选填“甲”或“乙”）。
（2）图丙是实物电路，请你不要改动已连接的导线，把还需要连接的导线补上。
____（3）某同学完成该实验后，又找了另外两个元件，其中一个是由金属材料制成的，它的电阻随温度的升高而增大，而另一个是由半导体材料制成的，它的电阻随温度的升高而减小。
他又选用了合适的电源、电表等相关请根据表中数据在图丁中作出该元件的I-U图线_____；该元件可能是由________（选填“金属”或“半导体”）材料制成的。
20．有些机床为了安全，照明电灯用的电压是36V，这个电压是把380V的交流电压经变压器降压后得到的。
将变压器视为理想变压器，如图所示，如果原线圈是1140匝，则副线圈的匝数是匝，变压器原、副线圈的电流之比为。
三、解答题21．如图,ABD为竖直平面内的光滑绝缘轨道,其中AB段是水平的,BD段为半径R=0.2 m的半圆,两段轨道相切于B点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中,电场强度大小E=5×103 V/m。
一带正电小球,以速度v0沿水平轨道向右运动,接着进入半圆轨道后,恰能通过最高点D点。
已知小球的质量为m=1.0×10-2 kg,所带电荷量q=2.0×10-5 C,g取10 m/s2。
（水平轨道足够长,小球可视为质点,整个运动过程无电荷转移）（1）小球能通过轨道最高点D时的速度v D；（2）带电小球在从D点飞出后,首次在水平轨道上的落点与B点的距离；（3）小球的初速度v0。
22．（2016·江苏南通高三期末）一物体在一个水平拉力作用下在粗糙水平面上沿水平方向运动的v－t图象如图甲所示，水平拉力的P－t图象如图乙所示，g＝10 m/s2，图中各量的单位均为国际单位制单位。
（1）若此水平拉力在6 s内对物体所做的功相当于一个恒定力F′沿物体位移方向所做的功，则F′多大？（2）求物体的质量及物体与水平面间的动摩擦因数。
安乡县第四高级中学2018-2019学年高二上学期第一次月考试卷物理（参考答案） 一、选择题1． 【答案】AD【解析】地球对卫星的万有引力提供卫星做匀速圆周运动的向心力即：G 2Mm r =ma =m 22T π⎛⎫ ⎪⎝⎭r,解得：T =2π.。
由于卫星a 的轨道半径较小，所以a 的周期小于 b 的周期，选项A 正确；由G 2Mm r =ma 可知，a 的加速度大于 b 的加速度，选项D 正确。
2． 【答案】B【解析】根据图象可知，交流电的最大电流为10A ，周期为0.02s ，频率为：，故B 正确，D 错误；电流有效值：，故AC 错误。
所以B 正确，ACD 错误。
3． 【答案】C【解析】电场强度E=表达式，在任何电场中都成立；只适用点电荷电场；只适用匀强电场；故选C.4． 【答案】B【解析】试题分析：a 、b 两颗星体是围绕同一点绕行的双星系统，故周期T 相同，选项A 错误。
由，得，。
所以,选项C 错误；a 星体的线速度,选项B 正确；由，得，选项D 错误；故选B ．考点：双星【名师点睛】解决本题的关键知道双星系统的特点，角速度大小相等，向心力大小相等，难度适中。