山东省威海市乳山一中届高三物理上学期第一次检测(含解析)新人教版
山东省威海市乳山一中2021届高三元月调研物理试卷 Word版含解析
2021年山东省威海市乳山一中高三元月调研物理试卷一、不定项选择题（每题4分）1．（4分）（2021•湖南模拟）下列说法中正确的是（）A．仅由阿伏加德罗常数、气体的摩尔质量和密度，是不能估算该种气体分子大小的B．若两个分子只受到它们间的分子力作用，在两分子间距离减小的过程中，分子的动能肯定增大C．物体吸取热量时，它的内能不肯定增加D．依据热力学其次定律可知，热量不行能从低温物体传到高温物体【考点】：热力学其次定律；物体的内能．【专题】：热力学定理专题．【分析】：依据已知条件可以求单个分子质量，知道密度即可求分子体积，若分子间是斥力时，在两分子间距离减小的过程中，分子的动能肯定减小，转变内能的方式有做功和热传递，热量能自发从高温物体传到低温物体．【解析】：解：A、单个分子质量m=，分子体积v=，A错误；B、若分子间是斥力时，在两分子间距离减小的过程中，分子的动能肯定减小，B错误；C、物体吸取热量时，它的内能不肯定增加，还要看是否对外做功，C正确；D、依据热力学其次定律可知，热量不行能自发从低温物体传到高温物体，D错误；故选C【点评】：本题考查了热力学其次定律的学问，难度不大基础题．2．（4分）（2022•济宁一模）小明同学利用传感器绘出了一个沿直线运动的物体在不同运动过程中，加速度a、速度v、位移x随时间变化的图象，如图所示．若该物体在t=0时刻，初速度为零，则表示该说物沿单一方向运动的图象是（）A．B．C．D．【考点】：匀变速直线运动的图像．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：速度时间图线的正负值表示物体运动的方向，通过位移时间图线的位移的增加还是减小推断运动的方向．【解析】：解：A、在0﹣2s内，位移先增大再减小，知运动的方向发生转变．故A错误．B、在0﹣2s内速度为正值，向正方向运动，在2﹣4s内速度为负值，向负方向运动，运动方向发生转变．故B错误．C、0﹣1s内加速度不变，做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s末速度为零．在一个周期内速度的方向不变．故C正确．D、在0﹣1s内，向正方向做匀加速直线运动，1﹣2s内加速度方向，大小不变，向正方向做匀减速直线运动，2s 末速度为零，2﹣3s内向负方向做匀加速直线运动，运动的方向发生变化．故D错误．故选：C．【点评】：解决本题的关键知道速度时间图线和位移时间图线的物理意义，以及知道它们的区分，并且能很好运用．3．（4分）（2021•乳山市校级模拟）如图所示，质量为m的小物体（可视为质点）静止地放在半径为R的半球体上，小物体与半球体间的动摩擦因数为μ，物体与球心的连线与水平地面的夹角为θ，整个装置静止．则下列说法正确的是（）A．地面对半球体的摩擦力方向水平向左B．小物体对半球体的压力大小为mgcosθC．半球体受到小物体的作用力大小为mgD．θ角（为锐角）变大时，地面对半球体的支持力不变【考点】：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】：以质点和半球体整体作为争辩对象，依据平衡条件得到地面对半球体的支持力和摩擦力．以质点为争辩对象，依据平衡条件求出半球体对质点的支持力和摩擦力，再牛顿第三定律得到质点对半球体的压力大小．【解析】：解：A、D、以质点和半球体整体作为争辩对象，受到重力和地面对半球体的支持力，地面对半球体没有摩擦力，由平衡条件得：地面对半球体的支持力F N=（M+m）g，不变，故A错误，D正确；B、C、以质点为争辩对象，作出受力图如图：则半球体对质点的支持力N=mgsinθ，由牛顿第三定律得：质点对半球体的压力大小为mgsinθ，故B错误；半球体受到小物体的压力和静摩擦力的合力等于重力，故C正确；故选：CD．【点评】：本题考查处理力平衡问题的力量，接受整体法和隔离法相结合的方法．4．（4分）（2021•乳山市校级模拟）继“天宫”一号空间站之后，我国又放射“神舟八号”无人飞船，它们的运动轨迹如图所示．假设“天宫”一号绕地球做圆周运动的轨道半径为r，周期为T，万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A．在远地点P处，“神舟”八号的加速度比“天宫”一号大B．依据题中条件可以计算出地球的质量C．依据题中条件可以计算出地球对“天宫”一号的引力大小D．要实现“神舟”八号与“天宫”一号在远地点P处对接，“神舟”八号需在靠近P处点火减速【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】：人造卫星问题．【分析】：依据万有引力供应向心力可以求出中心体的质量．依据牛顿其次定律比较经过P点的加速度大小．【解析】：解：A 、由=ma知a=得：在远地点P处，“神舟八号”的加速度和“天宫一号”加速度相同，故A错误；B、由“天宫一号”做圆周运动万有引力供应向心力可知：=m r，所以可以计算出地球的质量，故B正确；C、没有“天宫一号”质量是不能算出万有引力，故C错误D、“神八”在椭圆轨道上运动，P为其远地点，若在P点前减速，则沿向上的速度重量削减，则“神八”将不能到达P 点，故D错误；故选B．【点评】：天体的运动主要依靠万有引力定律充当向心力，故分析天体的运动时肯定要先从这一点进行分析，再结合所学过的运动学学问解决问题．5．（4分）（2022•枣庄模拟）物体静止在水平地面上，在竖直向上的拉力F作用下向上运动．不计空气阻力，物体的机械能E与上上升度h的大小关系如图所示，其中曲线上点A处的切线斜率最大，h2～h3的图线为平行于横轴的直线．则下列推断正确的是（）A．在h1处物体所受的拉力最大B．在h2处物体的速度最大C．h2～h3过程中拉力的功率为零D．0～h2过程中物体的加速度先增大后减小【考点】：功能关系；牛顿其次定律．【分析】：依据功能关系：除重力以外其它力所做的功等于机械能的增量，0﹣﹣h1过程中物体机械能在增加，知拉力在做正功，机械能与位移图线的斜率表示拉力．当机械能守恒时，拉力等于零，通过拉力的变化推断其加速度以及动能的变化．【解析】：解：A、由图可知，h1处物体图象的斜率最大，则说明此时机械能变化最快，由E=Fh可知此时所受的拉力最大；故A正确；B、h1～h2过程中，图象的斜率越来越小，则说明拉力越来越小；在h2处物体的速度最大，图象的斜率为零，则说明此时拉力为零；在这一过程中物体应先加速后减速，则说明最大速度肯定不在h2处；故B错误；C、h2～h3过程中机械能保持不变，故说明拉力肯定为零；故拉力的功率为零；故C正确；D、由图象可知，拉力先增大后减小，直到变为零；则物体受到的合力应先增大，后减小，减小到零后，再反向增大；故D错误；故选：AC．【点评】：本题画出了我们平常所生疏的机械能与高度的变化图象；要求我们从图象中分析物体的运动过程．要求我们能明确机械能与外力做功的关系；明确重力做功与重力势能的关系；并正确结合图象进行分析求解．6．（4分）（2022•清远二模）水平线上的O点放置一点电荷，图中画出电荷四周对称分布的几条电场线，如图所示．以水平线上的某点O′为圆心，画一个圆，与电场线分别相交于a、b、c、d、e，则下列说法正确的是（）A．b、e两点的电场强度相同B．a点电势低于c点电势C．b、c两点间电势差等于e、d两点间电势差D．电子沿圆周由d到b，电场力做正功【考点】：电场强度；电势差．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时两点的电场强度才相同；电势依据顺着电场线方向电势降低进行推断；依据对称性分析b、c 两点间电势差与b、e间电势差的关系．依据电势凹凸，推断电场力对电子做功的正负．【解析】：解：A、由图看出，b、e两点电场强度的大小相等，但方向不同，而电场强度是矢量，所以b、e两点的电场强度不同，故A错误．B、依据顺着电场线电势渐渐降低可知，离点电荷O越远，电势越低，故a点电势低于c点电势．故B正确．C、依据对称性可知，b、c 两点间电势差与e、d两点间电势差都等于零，故C正确．D、d点的电势高于b点的电势，由E p=qφ=﹣eφ，则知电子在d点的电势能小于在b点的电势能，依据功能关系可知，电子沿圆周由 d 到b，电场力做负功，故D错误．故选：BC【点评】：常见电场的电场线分布要求我们能娴熟把握，并要留意沿电场线的方向电势是降低的，同时留意点电荷形成电场的对称性．加强基础学问的学习，把握住电场线的特点，即可解决本题．7．（4分）（2022•福建）如图为肯定质量抱负气体的压强p与体积V的关系图象，它由状态A经过等容过程到状态B，再经过等压过程到状态C．设A、B、C状态对应的温度分别为T A、T B、T C，则下列关系式中正确的是（）A．T A＜T B，T B＜T C B．T A＞T B，T B=T C C．T A＞T B，T B＜T C D．T A=T B，T B＞T C【考点】：抱负气体的状态方程．【专题】：抱负气体状态方程专题．【分析】：由图象求出A、B、C三状态的压强与体积，然后由抱负气体的状态方程求出各状态的温度，然后比较温度大小．【解析】：解：A与B 状态的体积相同，则：，得：，T A＞T B；B与C 的压强相同，则：得：，T B＜T C．所以选项C正确．故选：C【点评】：本题考查了比较气体的温度凹凸，由图象求出气体的压强与体积、应用抱负气体压强公式即可正确解题．8．（4分）（2022•南昌模拟）两个电荷量相等但电性相反的带电粒子a、b分别以速度v a和v b射入匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，磁场宽度为d，两粒子同时由A点动身，同时到达B点，如图所示，则（）A．a粒子带正电，b粒子带负电B．两粒子的轨道半径之比R a：R b =：1C．两粒子的质量之比m a：m b=1：2D．两粒子的速度之比v a：v b=1：2【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：两异种电荷同时从A点不同角度射入匀强磁场后，又同时到达B点．由粒子的运动方向可确定粒子的电性；由于两粒子的电量、所处的磁场均相同，则运动的周期与质量成正比．由图可知：AB连线即为两粒子运动圆弧所对应的弦，则两圆弧的圆心在AB连线的中垂线上．从而由几何关系可求出两粒子的轨迹半径之比，由运动圆弧对应的圆心角及周期可确定粒子的质量之比．【解析】：解：A、a粒子是30°入射的，而b粒子是60°入射的，由于从B点射出，则a粒子受到的洛伦兹力方向沿b粒子速度方向，而b粒子受到的洛伦兹力方向沿a粒子速度方向，由磁场方向，得a粒子带负电，而b粒子带正电，故A错误；B、如图连接AB，AB连线是两粒子的运动圆弧对应的弦，则弦的中垂线（红线）与各自速度方向的垂直线（虚线）的交点即为各自圆心．如图：结果发觉：1．AB的连线必定与磁场的边界垂直；2．两圆心的连线与两个半径构成一个角为30°，另一个为60°的直角三角形．依据几何关系，则有两半径相比为R a：R b=1：．故B错误；C、AB连线是两粒子的运动圆弧对应的弦，则弦的中垂线与各自速度方向直线的交点即为各自圆心．结果发觉：两圆心的连线与两个半径构成一个角为30°，另一个为60°的直角三角形．则a粒子圆弧对应的圆心角为120°，而b粒子圆弧对应的圆心角为60°．由于它们运动时间相等，所以它们的周期之比为T a：T b=1：2，则质量之比m a：m b=1：2．故C正确；D、由半径公式可知：在磁场、电量肯定的状况下，速度大小与粒子的质量成反比，与轨迹的半径成正比．所以速度大小之比v a：v b=2：，故D错误；故选：C【点评】：利用圆弧的特性来确定圆心，画出圆弧并运用几何关系来算出圆弧的半径，同时还体现出把握变量的思想．9．（4分）（2022•临沂模拟）如图甲所示，矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴在匀强磁场中匀速转动，输出沟通电的电动势图象如图乙所示，经原副线圈的匝数比为1：10的抱负变压器为一灯泡供电，如图丙所示，副线圈电路中灯泡额定功率为22W．现闭合开关，灯泡正常发光．则（）A．t=0.01s时刻穿过线框回路的磁通量为零B．沟通发电机的转速为50r/sC．变压器原线圈中电流表示数为1AD．灯泡的额定电压为220V【考点】：沟通发电机及其产生正弦式电流的原理；变压器的构造和原理．【专题】：沟通电专题．【分析】：由图2可知特殊时刻的电动势，依据电动势的特点，可判处于那个面上，由图象还可知电动势的峰值和周期，依据有效值和峰值的关系便可求电动势的有效值．【解析】：解：A、由图乙可知，当0.01s时，感应电动势为零，则此时穿过线框回路的磁通量最大，故A错误；B、由图可知，沟通电的周期为0.02s，则转速为：n==50r/s，故B正确；C、原线圈输入电压为有效值为22V，则副线圈的电压为22×10=220V；由P=UI可知，副线圈电流I2===0.1A，则由=求得I1=1A；故C正确；D、灯泡正常发光，故额定电压为220V，故D错误；故选：BC．【点评】：本题考察的是有关交变电流的产生和特征的基本学问，要具备从图象中获得有用信息的力量．10．（4分）（2021•乳山市校级模拟）如图所示，竖直平行金属导轨MN、PQ上端接有电阻R，金属杆质量为m，跨在平行导轨上，垂直导轨平面的水平匀强磁场为B，不计ab与导轨电阻，不计摩擦，且ab与导轨接触良好．若ab杆在竖直向上的外力F作用下匀速上升，则以下说法正确的是（）A．拉力F所做的功等于电阻R上产生的热量B．杆ab克服安培力做的功等于电阻R上产生的热量C．电流所做的功等于重力势能的增加量D．拉力F与重力做功的代数和等于电阻R上产生的热量【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电磁感应中的能量转化．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：ab杆匀速上升时，动能不变，重力势能增加，整个回路的内能增加，依据能量守恒进行分析．【解析】：解：A、依据能量守恒定律知，拉力F做的功等于重力势能的增加量和电阻R上产生的热量之和．故A 错误．B、依据功能关系知，杆ab克服安培力做功等于电阻R上产生的热量．故B正确．C、安培力的大小与重力的大小不等，则电流做的功与重力做功大小不等，即电流做功不等于重力势能的增加量．故C错误．D、依据动能定理知，拉力和重力做功等于克服安培力做功的大小，克服安培力做功等于电阻R上的热量．故D正确．故选BD．【点评】：解决本题的关键理清整个过程中的能量转换，结合能量守恒定律和功能关系进行解决．二、试验题11．（4分）（2021•乳山市校级模拟）在争辩匀变速直线运动的试验中，算出小车经过各计数点的瞬时速度如下：计数点序号 1 2 3 4 5 6计数点对应的时刻（s）0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6通过计数点的速度（m/s）44.0 62.0 81.0 100.0 110.0 168.0为了计算加速度，最合理的方法是（）A．依据任意两计数点的速度用公式a=算出加速度B．依据试验数据画出v﹣t图，量出其倾角，由公式a=tana求出加速度C．依据试验数据画出v﹣t图，由图线上相距较远的两点所对应的速度、时间，用公式a=算出加速度D．依次算出通过连续两计数点间的加速度，算出平均值作为小车的加速度【考点】：探究小车速度随时间变化的规律．【专题】：试验题；直线运动规律专题．【分析】：通过题目给出的数据作出速度﹣时间图象，解出其斜率即是小车的加速度．【解析】：解：A、在处理试验数据时，假如只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最终误差较大；所以我们可以依据试验数据画出v﹣t图象，考虑到误差，不行能是全部点都整齐的排成一条直线，连线时，应当尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度准时间，用公式a=算出加速度，所以误差小；故A错误，C正确．B、依据试验数据画出v﹣t图象，当纵坐标取不同的标度时，图象的倾角就会不同，所以量出其倾角，用公式a=tanα算出的数值并不是加速度，故B错误．D、这种方法是不对的，由于根本就不知道加速度是一个什么函数，假如是一个变化值这种方法完全是错误的，除非你能确定加速度是什么函数，故D错误．故选：C．【点评】：在试验中处理数据的方法较多，而图象法往往是一种比较精确的解题方法．12．（2分）（2021•乳山市校级模拟）如图甲所示，用n条相同材料制成的橡皮条彼此平行地沿水平方向拉一质量为m的物块．转变橡皮条条数进行多次试验，保证每次橡皮条的伸长量均相同，则物块的加速度a与所用橡皮条的数目n的关系如图乙所示，若更换物块所在水平面的材料，再重复做这个试验，则图乙中直线与水平轴线间的夹角将不变（填变大、变小、不变或与水平面的材料有关）【考点】：探究功与速度变化的关系；牛顿其次定律．【专题】：试验题；动能定理的应用专题．【分析】：对物体进行受力分析，依据牛顿其次定律求出加速度a与所用橡皮条的数目n的关系表达式，找出影响直线与水平轴线间的夹角的因数，再依据题目求解．【解析】：解：设摩擦力为f，每条橡皮条的拉力为F，依据牛顿其次定律则有：F合=nF﹣f=maa=在a﹣n 的函数表达式中斜率为，可见斜率与摩擦力无关，若更换物块所在水平面的材料，再重复做这个试验，摩擦力发生变化，而F、m不变，即斜率不变，所以夹角不变．故答案为：不变【点评】：对该试验要明确试验原理，能够把物理规律和数学学问结合起来，知道夹角的物理意义．13．（6分）（2021•乳山市校级模拟）为了测量木块与木板间动摩擦因数μ，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示试验装置，让木块从倾斜木板上一点A由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离．位移传感器连接计算机，描绘出滑块相对传感器的位移x随时间t变化规律如图乙所示．（1）依据上述图线，计算0.4s时木块的速度v=0.4m/s ，木块加速度a=1m/s2；（2）为了测定动摩擦因数μ，还需要测量的量是斜面倾角θ；（已知当地的重力加速度g）【考点】：探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】：试验题；摩擦力专题．【分析】：（1）由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；依据加速度的定义式即可求出加速度；（2）为了测定动摩擦力因数μ还需要测量的量是木板的倾角θ；【解析】：解：（1）依据某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度，得0.4s末的速度为：v=m/s=0.4m/s，0.2s末的速度为：v′==0.2m/s，则木块的加速度为：a===1m/s2．（2）选取木块为争辩的对象，木块沿斜面方向是受力：ma=mgsinθ﹣μmgcosθ得：μ=所以要测定摩擦因数，还需要测出斜面的倾角θ；故答案为：（1）0.4，1；（2）斜面倾角θ．【点评】：解决本题的关键知道匀变速直线运动的推论，在某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，以及会通过试验的原理得出动摩擦因数的表达式，从而确定所需测量的物理量．14．（6分）（2021•乳山市校级模拟）用以下器材测量一待测电阻R x的阻值（900～1000Ω）：电源E，具有肯定内阻，电动势约为9.0V；电压表V1，量程为1.5V，内阻r1=750Ω；电压表V2，量程为5V，内阻r2=2500Ω；滑线变阻器R，最大阻值约为100Ω；单刀单掷开关K，导线若干．（1）测量中要求电压表的读数不小于其量程的，试画出测量电阻R x的一种试验电路原理图（原理图中的元件要用题图中相应的英文字母标注）．（2）依据你所画的电路原理图在题给的实物图上画出连线．（3）若电压表V1的读数用U1表示，电压表V2的读数用U2表示，则由已知量和测得量表示R x的公式为R x=或．【考点】：伏安法测电阻．【专题】：试验题．【分析】：（1）由于本试验需测定的电阻R x的阻值（900～1000Ω），接近电压表V1和V2的内阻，电阻值较大，属于大电阻，电源电动势9V，大于两个电压表的量程，电压表内阻都已知，可将电压表当作大电阻使用，所以要将电阻与电压表串联，接受串联分压法，将一个电压表当电流计使用，另一个电压表就当电压表使用，滑线变阻器R的最大阻值远小于电阻R x，故必需接受分压接法；（2）连线时，可先连滑动变阻器的分压接法，然后再连接串联分压电路，同时要留意电流从电压表正接线柱流入，负接线柱流出；（3）电阻Rx的电压等于并联电压表的电压，电流等于干路电流减去与电阻R x并联的电压表的电流，由于电压表内阻已知，通过它们的电流等于其两端电压除以其阻值．【解析】：解：（1）在试验中测定的电阻R x的阻值（900～1000Ω）接近电压表V1和V2的内阻，属于测定大电阻，所以接受串联分压法，此外滑线变阻器R的最大阻值很小，必需接受分压接法，故试验电路原理图如下方的左图或右图左图中电压表V1和R x并联电阻约为420Ω，两图都满足题中要求“电压表的读数不小于其量程的”．（2）先连滑动变阻器的分压接法，然后再连接串联分压电路，如图甲或乙（3）在左图中，在右图中化简得或故答案为：或．【点评】：本题关键在于电压表内阻已知，可以当作电流表使用，而且电压表内阻与待测电阻的阻值相接近，故将一个电压表与待测电阻并联，另一个与电压表串联分压，当电流计使用．三、计算题15．（7分）（2021•乳山市校级模拟）轻质细线吊着一质量为m=0.32kg，边长为L=0.8m、匝数n=10的正方形线圈，总电阻为r=1Ω，边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示，磁场方向垂直纸面对里，大小随时间变化如图乙所示，从t=0开头经t0时间细线开头松弛，取g=10m/s2．求：（1）在前t0时间内线圈中产生的电动势；（2）在前t0时间内线圈的电功率；（3）t0的值．【考点】：法拉第电磁感应定律；导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】：（1）依据ɛ=n =n S求出感应电动势，留意S为有效面积．（2）依据感应电动势求出感应电流，再依据P=I2r求出线圈的电功率．（3）当线圈所受的安培力等于线圈的重力时，绳子的张力为零，细线开头松弛．依据F安=nBtI=mg，I=求出拉力为零时的磁感应强度，再依据图象求出时间．【解析】：解：（1）由法拉第电磁感应定律得：==n =V=0.4V；（2）线圈中的电流为：I===0.4A；线圈的电功率为P=I2r=0.16 W（3）分析线圈受力可知，当细线松弛时有：F安=nB t0I=mg而I=则有：=2T由图象知：B t0=1+0.5t0解得：t0=2 s答：（1）在前t0时间内线圈中产生的电动势0.4V；（2）在前t0时间内线圈的电功率0.16W；（3）t0的值2s．【点评】：解决本题的关键把握法拉第电磁感应定律ɛ=n =n S．以及知道细线开头松驰时，线圈所受的安培力和重力平衡．16．（8分）（2021•天津校级一模）如图所示，MN和PQ为固定在绝缘水平面上两平行光滑金属导轨，导轨左端MP间接有阻值为R1=2Ω导线；导轨右端接有与水平轨道相切、半径r=0.5m内壁光滑的半圆金属轨道．导轨间距L=0.4m，电阻不计．导轨所在平面abcd区域内有竖直向上B=0.5T的匀强磁场．导轨上长度也为0.4m、质量m=0.6kg、电阻R2=1Ω的金属棒AB以v0=6m/s速度进入磁场区域，离开磁场区域后恰好能到达半圆轨道的最高点，运动中金属棒始终与导轨保持良好接触．已知重力加速度g=10m/s2．求：（1）金属棒AB刚滑出磁场右边界cd时的速度v的大小；（2）金属棒滑过磁场区的过程中，导线R1中产生的热量Q．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿其次定律；机械能守恒定律；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：（1）金属棒恰好能到达半圆轨道的最高点，在最高点，重力等于向心力，依据牛顿其次定律列式求解最高点速度；然后对从离开磁场区到最高点过程运用机械能守恒定律列式求解初速度；（2）金属棒穿过磁场过程，减小的动能转化为系统的电热，依据能量守恒定律求解电热，然后依据焦耳定律得到两个电线的电热比值，最终求解出导线R1中产生的热量Q．【解析】：解：（1）在轨道的最高点，依据牛顿定律，有：…①金属棒刚滑出磁场到最高点，依据机械能守恒，有：…②由①②式代入数据解得：v=5m/s（2）对金属棒滑过磁场的过程中，依据能量关系，有：…③对闭合回路，依据热量关系，有：…④由③④式并代入数据得：Q=2.2J答：（1）金属棒AB刚滑出磁场右边界cd时的速度v的大小为5m/s；（2）金属棒滑过磁场区的过程中，导线R1中产生的热量Q为2.2J．【点评】：本题关键明确系统能量的转化规律，然后依据机械能守恒定律、能量守恒定律、牛顿其次定律列式求解．17．（8分）（2021•乳山市校级模拟）有一种大型玩耍机叫“跳楼机”，参与玩耍的游客被平安带固定在座椅上，由电动机将座椅沿光滑的竖直轨道提升到离地面40m高处，然后由静止释放．可以认为座椅沿轨道做自由落体运动2s后，开头受到恒定阻力而马上做匀减速运动，且下落到离地面4m高处时速度刚好减小到零．然后再让座椅以相当缓慢的速度稳稳下落，将游客送回地面．求：（取g=10m/s2）（1）座椅在自由下落结束时刻的速度是多大？（2）座椅在匀减速阶段的时间是多少？（3）在匀减速阶段，座椅对游客的作用力大小是游客体重的多少倍？【考点】：牛顿其次定律；自由落体运动．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：（1）依据v=gt求出自由下落结束时的速度大小．（2）求出自由落体运动的位移，从而得出匀减速直线运动的位移，通过平均速度公式求出匀减速直线运动的时间．（3）依据速度时间公式求出匀减速直线运动的加速度，结合牛顿其次定律求出座椅对游客的作用力大小是游客体重的倍数．【解析】：解：（1）设座椅在自由下落结束时刻的速度为v，由v=gt1得，v=20m/s．（2）自由下落的位移设座椅匀减速运动的总高度为h，则h=40﹣4﹣20=16m．由得，t=1.6s．（3）设座椅匀减速阶段的加速度大小为a，座椅对游客的作用力大小为F，由v=at得，a=12.5m/s2由牛顿其次定律得，F﹣mg=ma所以．答：（1）座椅在自由下落结束时刻的速度是20m/s．（2）座椅在匀减速阶段的时间是1.6s．（3）在匀减速阶段，座椅对游客的作用力大小是游客体重的2.25倍．【点评】：解决本题的关键理清运动过程，结合牛顿其次定律和运动学公式进行求解．18．（9分）（2021•乳山市校级模拟）如图所示是某公园设计的一种消遣设施示意图，它们由主轨道AB组成，其中AB是半径R=5m的光滑圆弧轨道的一部分，轨道B点的切线与地面平行，整个轨道处于竖直平面内．C点的右边为水泥地面，C点的左边为水面，C点为水池的边界．现有一质量m=25kg的小孩从AB轨道上的某点P由静止开头沿轨道下滑，为平安起见，要示小孩在下滑过程中不能落到水泥地面上．已知B 点离地面的高度h=1.8m，B、C两点的水平距离s=2.4m．重力加速度g=10m/s2．求：（1）小孩刚运动到B点时，他对轨道的最小压力为多大？（2）小孩刚入水的动能至少为多大？【考点】：动能定理的应用；牛顿其次定律．。
山东威海市届高三第一轮复习质量检测一模理综物理试题含答案
山东省威海市2016届高三第一轮复习质量检测（一模）理综物理试题二、选择题(本题包括8小题，每小题6分，共48分。
每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选 对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)14．一小球在空气中从某高处由静止开始下落，t 0时刻到达地面．其v -t 图像如图。
由此可以断定物体在下落过程中 A ．不受空气阻力B ．受到的空气阻力大小不变C ．受到的空气阻力越来越小D ．受到的空气阻力越来越大15．列车在空载情况下以恒定功率P 经过一段平直的路段，通过某点时速率为v ，加速度为a 1；当列车满载货物再次经过同一点时，功率和速率均与原来相同，但加速度变为a 2。
重力加速度大小为g 。
设阻力是列车重力的k 倍，则列车满载与空载时的质量之比为 A ．12kg a kg a ++ B ．21kg a kg a ++ C ．()()21P kg a v kg a ++ D ．()()12P kg a v kg a ++16，据报道：天文学家发现一颗新的系外类地行星，名为“HD85512b ”，它的质量是地球的3.6倍，半径约是地球的1.6倍，它环绕一颗名叫HD 85512的恒星运转，运行一周只需54天。
根据以上信息可以确定A ．恒星HD 85512的质量比太阳大B ．行星HD 85512 b 自转的周期小于24hC ．行星HD 85512 b 的第一宇宙速度大于7.9km ／s D ．行星HD 85512 b 表面的重力加速度小于9.8m ／s 217．带等量异种电荷的金属板M 、N 平行正对水平放置，间距为d ，M 板中心有一小孔(小孔对电场的影响可忽略不计)。
一带电微粒从M 板上方高d 处的P 点由静止开始下落，穿过M 板的小孔后刚好到达N 板处的Q 点(但未触及N 板)而返回。
不计空气阻力，忽略金属板正对部分之外的电场。
山东省乳山市第一中学2021届高三10月学情检测物理试卷 Word版含答案
高三物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题:本题共8小题，每小题3分，共24分。
每小题只有一个选项符合题目要求。
1．我们的生活已经离不开电磁波，如:GPS定位系统使用频率为10.23MHz（1MHz=106Hz）的电磁波，手机工作时使用频率为800～1900MHz的电磁波，家用5GWi-Fi使用频率约为5725MHz的电磁波，地铁行李安检时使用频率为1018Hz的电磁波。
关于这四种电磁波的说法正确的是A．家用5GWi-Fi电磁波的衍射现象最明显B．GPS定位系统使用的电磁波的能量最强C．地铁行李安检时使用的电磁波利用了其穿透本领D．手机工作时使用的电磁波是纵波且不能产生偏振现象2．以下说法正确的是A．光电效应显示了光的粒子性B．轻核聚变后核子的总质量大于聚变前核子的总质量C．汤姆孙研究阴极射线，提出原子具有核式结构D．α粒子散射实验证明了中子是原子核的组成部分3．如图所示，一汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，系统以50Hz的频v 且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离率监视前方的交通状况。
当车速10m/s时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使汽车避免与障碍物相46m/s之间的某撞。
在上述条件下，若该车在不同路况下的“全力自动刹车”的加速度取2一值，则该车应设计的最小安全距离最接近A．5m B．12.5m C．20m D．30m4．如图所示，矩形线框置于磁场中，该磁场可视为匀强磁场。
线框通过导线与电阻构成闭合电路，线框在磁场中绕垂直于磁场方向的转轴逆时针匀速转动，下列说法正确的是A．线框通过图中位置瞬间，AB边的电流方向由A到BB．线框通过图中位置瞬间，穿过线框的磁通量最大C．线框通过图中位置瞬间，通过电阻的电流瞬时值最大D．若使线框转动的角速度增大一倍，那么通过电阻电流的有效值变为原来的2倍5．如图所示，一定量的理想气体由状态A经过过程①到达状态B，再由状态B经过过程②到达状态C，其中过程①图线与横轴平行，过程②图线与纵轴平行。
高三物理月考试题及答案-山东威海市乳山一中2016届高三上学期10月月考试题
山东省威海市乳山一中2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题：本大题共5小题，每个小题6，共30分．在每小题给出的4个选项中，只有一项是正确的．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．牛顿应用理想斜面实验总结出了牛顿第一定律B．亚里士多德认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比2．下列关于摩擦力的说法正确的是（）A．摩擦力的大小一定与正压力成正比B．摩擦力的方向总和物体的运动方向或运动趋势方向相反C．受滑动摩擦力作用物体一定是运动的D．有摩擦力则一定有弹力，且摩擦力与对应的弹力方向一定互相垂直3．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．B受到C的摩擦力一定不为零B．C受到水平面的摩擦力一定为零C．不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左D．水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等4．如图所示，O点是竖直圆环的顶点，Oc是圆环的直径，Oa和Ob是两条不同倾角的弦．在Oa、Ob、Oc线上置三个光滑的斜面，一质点自O点自由释放，先后分别沿Oa、Ob、Oc下滑，到圆环上的三点时间比较（）A．到a点所用的时间最短B．到b点所用的时间最短C．到c点所用的时间最短D．到a、b、c三点所用的时间一样长5．如图，一固定斜面上两个质量相同的小滑块A和B紧挨着匀速下滑，A与B的接触面光滑．已知A与斜面间的动摩擦因数是B与斜面间的动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α，B与斜面间的动摩擦因数是（）A．tanαB．cotαC．tanαD．cotα二、多项选择题：本大题共3个小题，每个小题6分，共18分．在每小题给出的4个选项中，有多个选项正确．全部选对的得6分；选对但不全的得3分；有选错或不答的得0分．6．甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v一t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．开始运动时，甲比乙运动得快B．在第2s末时，乙追上甲C．在第4s末时，乙追上甲D．乙追上甲时距出发点40m远7．甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻乙车从后面追上甲车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度8．如图所示水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时（）A．物块A相对小车仍静止B．物块A受到的摩擦力将减小C．物块A受到的摩擦力大小不变D．物块A受到的弹力将增大三、本题共2个小题，共15分．9．如图是“验证力的合成的平行四边形定则”实验示意图．将橡皮条的一端固定于A点，图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条，图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的合成图示．（1）有关此实验，下列叙述正确的是A．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的方向必须互相垂直B．在进行图乙的实验操作时，必须将橡皮条的结点拉到O点C．在进行图甲的实验操作时，保证O点的位置不变，F1变大时，F2一定变小D．在误差范围内，拉力F一定等于F1、F2的代数和（2）图丙中Fˊ是以F1、F2为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿AO方向的是（填“F”或者“Fˊ”）10．（1）我们已经知道，物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）两个因素有关．要研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是．（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）（3）某同学在实验中，通过打点计时器打出的纸带上的点计算出小车的加速度．某次实验时打出的纸带如图所示．A、B、C、D、E、F、G和H为八个相邻的计数点，相邻两个计数点间的时间间隔均为0.1s，根据纸带上的数据知小车的加速度为m/s2；该同学根据实验测得的数据，绘出的a﹣F图象如图所示．请你根据这个图象分析，他在实验中漏掉的步骤是．四、本大题共3个小题，共37分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．（10分）（2015秋•乳山市校级月考）2013年元月开始实施的最严交规规定：黄灯亮时车头已越过停车线的车辆可以继续通行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．我国一般城市路口红灯变亮之前绿灯和黄灯各有3s的闪烁时间．国家汽车检测标准中有关汽车制动初速度与刹车距离的规定是这样的：小客车在制动初速度为14m/s的情况下，制动距离不得大于20m．（1）若要确保小客车在3s内停下来，汽车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）某小客车正以v0=8m/s的速度驶向路口，绿灯开始闪时车头距离停车线L=36.5m，小客车至少以多大的加速度匀加速行驶才能不闯黄灯？已知驾驶员从眼睛看到灯闪到脚下采取动作的反应时间是0.5s．12．（12分）（2015秋•乳山市校级月考）所受重力G1=8N的物块悬挂在绳PA和PB的结点上．PA偏离竖直方向37°角，PB在水平方向，且连在所受重力为G2=100N的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，如图所示，试求：（sin 53°=0.8，cos 53°=0.6，重力加速度g取10m/s2）（1）BP绳上的拉力大小．（2）木块所受斜面的弹力和摩擦力的大小．13．（15分）（2010秋•楚州区校级期末）如图所示，有两个高低不同的光滑水平面，一质量M=5kg、长L=2m的平板车靠高水平面边缘A点放置，上表面恰好与高水平面平齐．一质量m=1kg可视为质点的滑块静止放置，距A点距离为L0=3m，现用大小为6N、水平方向的外力F拉小滑块，当小滑块运动到A点时撤去外力，滑块以此时的速度滑上平板车．滑块与平板车间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．（1）求滑块滑动到A点时的速度大小；（2）求滑块滑动到平板车上时，滑块和平板车的加速度大小分别为多少？（3）通过计算说明滑块能否从平板车的右端滑出．山东省威海市乳山一中2015-2016学年高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共5小题，每个小题6，共30分．在每小题给出的4个选项中，只有一项是正确的．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．牛顿应用理想斜面实验总结出了牛顿第一定律B．亚里士多德认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比考点：物理学史．分析：本题考查物理学史，可根据伽利略、开普勒、牛顿等科学家的成就进行解答．解答：解：AC、伽利略应用理想斜面实验总结出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故AC错误．B、亚里士多德认为力的真正效应是维持物体的速度，而不仅仅是使之运动，故B错误．D、胡克认为在弹性限度内，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故D正确．故选：D．点评：对于物理学史属于常识性问题，关键在于平时要加强记忆，注意积累．2．下列关于摩擦力的说法正确的是（）A．摩擦力的大小一定与正压力成正比B．摩擦力的方向总和物体的运动方向或运动趋势方向相反C．受滑动摩擦力作用物体一定是运动的D．有摩擦力则一定有弹力，且摩擦力与对应的弹力方向一定互相垂直考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间．摩擦力的存在依赖于正压力，但其大小不一定与压力成正比．摩擦力的方向不一定与物体的运动方向相反．有摩擦力作用的物体之间必定有弹力的作用．解答：解：A、弹力是产生摩擦力的前提，滑动摩擦力大小一定与压力成正比，而静摩擦力大小与压力没有直接关系．故A错误．B、摩擦力的方向不一定与物体的运动方向相反，也可能与与物体的运动方向相同．如物体轻轻放在匀速运动的水平传送带上，在开始阶段，物体受到的滑动摩擦力与物体的运动方向相同．故B错误．C、静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用．故C错误．D、弹力是产生摩擦力的前提条件，有摩擦力一定有弹力，且摩擦力平行接触面，而弹力垂直接触面，则有摩擦力与对应的弹力方向一定互相垂直．故D正确．故选：D．点评：本题考查对弹力和摩擦力关系的理解．摩擦力要分静摩擦力和滑动摩擦力，它们的特点不同．滑动摩擦力方向一定与物体相对运动的方向相反，但不一定与运动方向相反．3．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．B受到C的摩擦力一定不为零B．C受到水平面的摩擦力一定为零C．不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左D．水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等考点：共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）该题的临界状态是当m A g=m B gsinθ时，沿斜面方向列平衡方程解得摩擦力f=0，（2）分析水平面对C的摩擦力，要把B和C看做一个整体，则整体受到重力、支持力及绳对整体斜向上的拉力，将斜向上的拉力分解为竖直向上和水平向右的分力．由于水平向右的分力的存在，故应有地面对整体的摩擦力，故C受到水平向左的摩擦力．（3）水平面对C的支持力由平衡条件知：水平地面对C的支持力等于B、C的总重力减去拉力沿竖直方向的分力．解答：解：A、对物体B：当m A g=m B gsinθ时．BC间摩擦力为0．故A错误．B、BC整体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和斜向右上方的绳的拉力，而绳的拉力可分解为竖直向上的分力和水平向右的分力．由于BC静止．由平衡条件知必有水平面对C的水平向左的摩擦力与拉力的水平分力平衡．所以水平面对C的摩擦力不可能为0，故B 错误．C、由对B项的解析知：C正确．故C正确．D、对BC整体而言，由于拉力有竖直向上的分力，故水平面对C的支持力等于BC的总重力减分力．所以水平面对C的支持力不等于BC的总重力．故D错误．故选C．点评：该题着重考察学生对受力分析、平衡条件应用等知识的掌握情况以及整体法隔离法分析物理问题的能力．极易做错．4．如图所示，O点是竖直圆环的顶点，Oc是圆环的直径，Oa和Ob是两条不同倾角的弦．在Oa、Ob、Oc线上置三个光滑的斜面，一质点自O点自由释放，先后分别沿Oa、Ob、Oc 下滑，到圆环上的三点时间比较（）A．到a点所用的时间最短B．到b点所用的时间最短C．到c点所用的时间最短D．到a、b、c三点所用的时间一样长考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：设半径为R，斜面与竖直方向夹角为θ，则物体运动的位移为x=2Rcosθ，根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据x=at2求解时间．解答：解：设半径为R，斜面与竖直方向夹角为θ，则物体运动的位移为x=2Rcosθ，物体运动的加速度a==gcosθ，根据x=at2，则t=，与θ角无关．故D正确，ABC错误．故选：D点评：解决本题的关键根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求出运动的时间，看时间与θ角的关系．5．如图，一固定斜面上两个质量相同的小滑块A和B紧挨着匀速下滑，A与B的接触面光滑．已知A与斜面间的动摩擦因数是B与斜面间的动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α，B与斜面间的动摩擦因数是（）A．tanαB．cotαC．tanαD．cotα考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对AB整体进行研究，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解．解答：解：设每个物体的质量为m，B与斜面之间动摩擦因数为μ．以AB整体为研究对象．根据平衡条件得2mgsinα=μA mgcosα+μB mgcosα=2μmgcosα+μmgcosα解得μ=tanα故选A．点评：本题是力平衡问题，研究对象也可以采用隔离法研究，要注意斜面对两个物体的支持力相等．二、多项选择题：本大题共3个小题，每个小题6分，共18分．在每小题给出的4个选项中，有多个选项正确．全部选对的得6分；选对但不全的得3分；有选错或不答的得0分．6．甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v一t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．开始运动时，甲比乙运动得快B．在第2s末时，乙追上甲C．在第4s末时，乙追上甲D．乙追上甲时距出发点40m远考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：通过图象直接读出速度，可以发现甲和乙的运动性质以及乙的加速度，根据v﹣t图象中图形所包围的面积求解位移去分析何时乙追上甲．解答：解：A、从v﹣t图象中可以看出0﹣2s内，v甲＞v乙，即甲比乙运动得快，故A正确．B、根据“面积”表示位移，可知，前2s内甲的位移比乙的位移大，而两个质点的出发点相同，所以在第2s末时，乙还没有追上甲，故B错误．CD、0﹣4s内，甲的位移为x甲=10×4m=40m，乙的位移为x乙=×4×20m=40m，则知在第4s末时，乙追上甲．且乙追上甲时距出发点40m．故CD正确．故选：ACD点评：该题目考查了v﹣t图象的物理意义，可以通过图形所包围的面积求解位移，根据位移关系分析物体是否相遇．7．甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻乙车从后面追上甲车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．解答：解：A、两车在同一时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，经过时间t1位移又相等，在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，故A正确；B、由图象可知，在t1时刻两车位移相等，两车相遇，相距为零，故B错误；C、位移﹣时间图象的斜率表示速度，t1时刻乙车的速度大于甲车的速度，故C错误；D、0到t1时间内，甲乙两车位移相等，根据平均速度等于位移除以时间可知，0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度，故D正确；故选：AD．点评：本题考查对位移图象的物理意义的理解，关键抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，就能分析两车的运动情况．8．如图所示水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时（）A．物块A相对小车仍静止B．物块A受到的摩擦力将减小C．物块A受到的摩擦力大小不变D．物块A受到的弹力将增大考点：牛顿第二定律；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体开始时受弹力为5N，而处于静止状态，受到的静摩擦力为5N，说明物体的最大静摩擦力大于等于5N；当小车的加速度为1m/s2，两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=1m/s2，则需要的外力为10N；根据弹力和最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于等于最大加速度时，物体与小车仍保持相对静止．弹簧的弹力不变，摩擦力大小不变．解答：解：A、物体开始时受弹力F=5N，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5N，则物体的最大静摩擦力F m≥5N．当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为a0=．所以当小车的加速度为a=1m/s2时，物块A相对小车仍静止．故A正确．B、C根据牛顿第二定律得：小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时，弹力水平向右，大小仍为5N，摩擦力水平向右大小仍为5N．故B错误，C正确．D、物体A相对于小车静止，弹力不变．故D错误．故选AC点评：本题考查应用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力．要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化．三、本题共2个小题，共15分．9．如图是“验证力的合成的平行四边形定则”实验示意图．将橡皮条的一端固定于A点，图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条，图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的合成图示．（1）有关此实验，下列叙述正确的是BA．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的方向必须互相垂直B．在进行图乙的实验操作时，必须将橡皮条的结点拉到O点C．在进行图甲的实验操作时，保证O点的位置不变，F1变大时，F2一定变小D．在误差范围内，拉力F一定等于F1、F2的代数和（2）图丙中Fˊ是以F1、F2为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿AO方向的是F（填“F”或者“Fˊ”）考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题．分析：（1）在实验过程中，需要根据力的大小和方向做平行四边形，由此可知需要记录力的大小和方向，同时该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，对于两分力的夹角没有定性要求，只要便于减小误差即可．（2）力的合成遵循平行四边形定则，理论值是根据平行四边形定则作出的，实际值是用一根弹簧量出来的，故实际值一定沿OA方向．解答：解：（1）A、在进行“验证力的合成的平行四边形定则”实验时，F1、F2的方向并非要求一定垂直，故A错误；B、该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，因此要求橡皮条的结点拉到O点，故B正确；C、O点的位置不变，即合力大小方向不变，当一个分力变大时，另一个分力不一定变小，还与它们的夹角有关，故C错误；D、力为矢量，只有当F1、F2的在一条直线上时，其合力F才等于它们的代数和，故D错误．故选：B．（2）以表示F1、F2的有向线段为邻边画平行四边形，以F1、F2交点为起点的对角线用F 表示，故F是理论值，用一个弹簧拉橡皮筋时的值为实验值，其方向一定与OA共线，由于误差的存在，理论值与实验值并非完全重合，有一定的夹角，故该题中一定沿AO方向的是F．故答案为：（1）B；（2）F．点评：要解答本题应熟练掌握实验的目的及原理，尤其是理解“等效”含义，“等效”指橡皮筋的形变量和方向均相同，明确“理论值”与“实验值”的区别．10．（1）我们已经知道，物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）两个因素有关．要研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是控制变量法．（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）（3）某同学在实验中，通过打点计时器打出的纸带上的点计算出小车的加速度．某次实验时打出的纸带如图所示．A、B、C、D、E、F、G和H为八个相邻的计数点，相邻两个计数点间的时间间隔均为0.1s，根据纸带上的数据知小车的加速度为0.3m/s2；该同学根据实验测得的数据，绘出的a﹣F图象如图所示．请你根据这个图象分析，他在实验中漏掉的步骤是未平衡摩擦力．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：（1）研究物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）的关系，需采用控制变量法．（2）根据牛顿第二定律，结合整体和隔离法求出拉力和砝码总质量的关系式，从而分析判断．（3）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度，根据F不等于零，a仍然为零，分析图线不过原点的原因．解答：解：（1）研究加速度、质量、合力这三个物理量之间的定量关系的思想方法是控制变量法．（2）对整体分析，加速度a=，则绳子的拉力T=，当砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量，砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力．（3）在连续相等时间内的位移之差△x=0.3cm=0.003m，则加速度a=，故答案为：控制变量法，远小于，0.3，未平衡摩擦力点评：解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．四、本大题共3个小题，共37分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．（10分）（2015秋•乳山市校级月考）2013年元月开始实施的最严交规规定：黄灯亮时车头已越过停车线的车辆可以继续通行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．我国一般城市路口红灯变亮之前绿灯和黄灯各有3s的闪烁时间．国家汽车检测标准中有关汽车制动初速度与刹车距离的规定是这样的：小客车在制动初速度为14m/s的情况下，制动距离不得大于20m．（1）若要确保小客车在3s内停下来，汽车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）某小客车正以v0=8m/s的速度驶向路口，绿灯开始闪时车头距离停车线L=36.5m，小客车至少以多大的加速度匀加速行驶才能不闯黄灯？已知驾驶员从眼睛看到灯闪到脚下采取动作的反应时间是0.5s．考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．。
山东省威海市乳山一中高三物理上学期10月月考试题(含
2015-2016学年山东省威海市乳山一中高三（上）月考物理试卷（10月份）一、单项选择题：本大题共5小题，每个小题6，共30分．在每小题给出的4个选项中，只有一项是正确的．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．牛顿应用理想斜面实验总结出了牛顿第一定律B．亚里士多德认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比2．下列关于摩擦力的说法正确的是（）A．摩擦力的大小一定与正压力成正比B．摩擦力的方向总和物体的运动方向或运动趋势方向相反C．受滑动摩擦力作用物体一定是运动的D．有摩擦力则一定有弹力，且摩擦力与对应的弹力方向一定互相垂直3．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．B受到C的摩擦力一定不为零B．C受到水平面的摩擦力一定为零C．不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左D．水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等4．如图所示，O点是竖直圆环的顶点，Oc是圆环的直径，Oa和Ob是两条不同倾角的弦．在Oa、Ob、Oc线上置三个光滑的斜面，一质点自O点自由释放，先后分别沿Oa、Ob、Oc下滑，到圆环上的三点时间比较（）A．到a点所用的时间最短B．到b点所用的时间最短C．到c点所用的时间最短D．到a、b、c三点所用的时间一样长5．如图，一固定斜面上两个质量相同的小滑块A和B紧挨着匀速下滑，A与B的接触面光滑．已知A与斜面间的动摩擦因数是B与斜面间的动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α，B与斜面间的动摩擦因数是（）A．tanαB．cotαC．tanαD．cotα二、多项选择题：本大题共3个小题，每个小题6分，共18分．在每小题给出的4个选项中，有多个选项正确．全部选对的得6分；选对但不全的得3分；有选错或不答的得0分．6．甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v一t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．开始运动时，甲比乙运动得快B．在第2s末时，乙追上甲C．在第4s末时，乙追上甲D．乙追上甲时距出发点40m远7．甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻乙车从后面追上甲车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度8．如图所示水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时（）A．物块A相对小车仍静止B．物块A受到的摩擦力将减小C．物块A受到的摩擦力大小不变D．物块A受到的弹力将增大三、本题共2个小题，共15分．9．如图是“验证力的合成的平行四边形定则”实验示意图．将橡皮条的一端固定于A点，图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条，图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的合成图示．（1）有关此实验，下列叙述正确的是A．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的方向必须互相垂直B．在进行图乙的实验操作时，必须将橡皮条的结点拉到O点C．在进行图甲的实验操作时，保证O点的位置不变，F1变大时，F2一定变小D．在误差范围内，拉力F一定等于F1、F2的代数和（2）图丙中Fˊ是以F1、F2为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿AO方向的是（填“F”或者“Fˊ”）10．（1）我们已经知道，物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）两个因素有关．要研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是．（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）（3）某同学在实验中，通过打点计时器打出的纸带上的点计算出小车的加速度．某次实验时打出的纸带如图所示．A、B、C、D、E、F、G和H为八个相邻的计数点，相邻两个计数点间的时间间隔均为0.1s，根据纸带上的数据知小车的加速度为 m/s2；该同学根据实验测得的数据，绘出的a﹣F图象如图所示．请你根据这个图象分析，他在实验中漏掉的步骤是．四、本大题共3个小题，共37分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．（10分）（2015秋•乳山市校级月考）2013年元月开始实施的最严交规规定：黄灯亮时车头已越过停车线的车辆可以继续通行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．我国一般城市路口红灯变亮之前绿灯和黄灯各有3s的闪烁时间．国家汽车检测标准中有关汽车制动初速度与刹车距离的规定是这样的：小客车在制动初速度为14m/s的情况下，制动距离不得大于20m．（1）若要确保小客车在3s内停下来，汽车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）某小客车正以v0=8m/s的速度驶向路口，绿灯开始闪时车头距离停车线L=36.5m，小客车至少以多大的加速度匀加速行驶才能不闯黄灯？已知驾驶员从眼睛看到灯闪到脚下采取动作的反应时间是0.5s．（12分）（2015秋•乳山市校级月考）所受重力G1=8N的物块悬挂在绳PA和PB的结点上．PA 12．偏离竖直方向37°角，PB在水平方向，且连在所受重力为G2=100N的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，如图所示，试求：（sin 53°=0.8，cos 53°=0.6，重力加速度g取10m/s2）（1）BP绳上的拉力大小．（2）木块所受斜面的弹力和摩擦力的大小．13．（15分）（2010秋•楚州区校级期末）如图所示，有两个高低不同的光滑水平面，一质量M=5kg、长L=2m的平板车靠高水平面边缘A点放置，上表面恰好与高水平面平齐．一质量m=1kg可视为质点的滑块静止放置，距A点距离为L0=3m，现用大小为6N、水平方向的外力F拉小滑块，当小滑块运动到A点时撤去外力，滑块以此时的速度滑上平板车．滑块与平板车间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2．（1）求滑块滑动到A点时的速度大小；（2）求滑块滑动到平板车上时，滑块和平板车的加速度大小分别为多少？（3）通过计算说明滑块能否从平板车的右端滑出．2015-2016学年山东省威海市乳山一中高三（上）月考物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共5小题，每个小题6，共30分．在每小题给出的4个选项中，只有一项是正确的．1．在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．牛顿应用理想斜面实验总结出了牛顿第一定律B．亚里士多德认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动C．牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比考点：物理学史．分析：本题考查物理学史，可根据伽利略、开普勒、牛顿等科学家的成就进行解答．解答：解：AC、伽利略应用理想斜面实验总结出力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故AC错误．B、亚里士多德认为力的真正效应是维持物体的速度，而不仅仅是使之运动，故B错误．D、胡克认为在弹性限度内，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故D正确．故选：D．点评：对于物理学史属于常识性问题，关键在于平时要加强记忆，注意积累．2．下列关于摩擦力的说法正确的是（）A．摩擦力的大小一定与正压力成正比B．摩擦力的方向总和物体的运动方向或运动趋势方向相反C．受滑动摩擦力作用物体一定是运动的D．有摩擦力则一定有弹力，且摩擦力与对应的弹力方向一定互相垂直考点：摩擦力的判断与计算．专题：摩擦力专题．分析：静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间．摩擦力的存在依赖于正压力，但其大小不一定与压力成正比．摩擦力的方向不一定与物体的运动方向相反．有摩擦力作用的物体之间必定有弹力的作用．解答：解：A、弹力是产生摩擦力的前提，滑动摩擦力大小一定与压力成正比，而静摩擦力大小与压力没有直接关系．故A错误．B、摩擦力的方向不一定与物体的运动方向相反，也可能与与物体的运动方向相同．如物体轻轻放在匀速运动的水平传送带上，在开始阶段，物体受到的滑动摩擦力与物体的运动方向相同．故B错误．C、静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用．故C错误．D、弹力是产生摩擦力的前提条件，有摩擦力一定有弹力，且摩擦力平行接触面，而弹力垂直接触面，则有摩擦力与对应的弹力方向一定互相垂直．故D正确．故选：D．点评：本题考查对弹力和摩擦力关系的理解．摩擦力要分静摩擦力和滑动摩擦力，它们的特点不同．滑动摩擦力方向一定与物体相对运动的方向相反，但不一定与运动方向相反．3．如图所示，倾角为θ的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态．则（）A．B受到C的摩擦力一定不为零B．C受到水平面的摩擦力一定为零C．不论B、C间摩擦力大小、方向如何，水平面对C的摩擦力方向一定向左D．水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等考点：共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：（1）该题的临界状态是当m A g=m B gsinθ时，沿斜面方向列平衡方程解得摩擦力f=0，（2）分析水平面对C的摩擦力，要把B和C看做一个整体，则整体受到重力、支持力及绳对整体斜向上的拉力，将斜向上的拉力分解为竖直向上和水平向右的分力．由于水平向右的分力的存在，故应有地面对整体的摩擦力，故C受到水平向左的摩擦力．（3）水平面对C的支持力由平衡条件知：水平地面对C的支持力等于B、C的总重力减去拉力沿竖直方向的分力．解答：解：A、对物体B：当m A g=m B gsinθ时．BC间摩擦力为0．故A错误．B、BC整体受到竖直向下的重力、竖直向上的支持力和斜向右上方的绳的拉力，而绳的拉力可分解为竖直向上的分力和水平向右的分力．由于BC静止．由平衡条件知必有水平面对C 的水平向左的摩擦力与拉力的水平分力平衡．所以水平面对C的摩擦力不可能为0，故B错误．C、由对B项的解析知：C正确．故C正确．D、对BC整体而言，由于拉力有竖直向上的分力，故水平面对C的支持力等于BC的总重力减分力．所以水平面对C的支持力不等于BC的总重力．故D错误．故选C．点评：该题着重考察学生对受力分析、平衡条件应用等知识的掌握情况以及整体法隔离法分析物理问题的能力．极易做错．4．如图所示，O点是竖直圆环的顶点，Oc是圆环的直径，Oa和Ob是两条不同倾角的弦．在Oa、Ob、Oc线上置三个光滑的斜面，一质点自O点自由释放，先后分别沿Oa、Ob、Oc下滑，到圆环上的三点时间比较（）A．到a点所用的时间最短B．到b点所用的时间最短C．到c点所用的时间最短D．到a、b、c三点所用的时间一样长考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：设半径为R，斜面与竖直方向夹角为θ，则物体运动的位移为x=2Rcosθ，根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据x=at2求解时间．解答：解：设半径为R，斜面与竖直方向夹角为θ，则物体运动的位移为x=2Rcosθ，物体运动的加速度a==gcosθ，根据x=at2，则t=，与θ角无关．故D正确，ABC错误．故选：D点评：解决本题的关键根据牛顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求出运动的时间，看时间与θ角的关系．5．如图，一固定斜面上两个质量相同的小滑块A和B紧挨着匀速下滑，A与B的接触面光滑．已知A与斜面间的动摩擦因数是B与斜面间的动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α，B与斜面间的动摩擦因数是（）A．tanαB．cotαC．tanαD．cotα考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：对AB整体进行研究，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解．解答：解：设每个物体的质量为m，B与斜面之间动摩擦因数为μ．以AB整体为研究对象．根据平衡条件得2mgsinα=μA mgcosα+μB mgcosα=2μmgcosα+μmgcosα解得μ=tanα故选A．点评：本题是力平衡问题，研究对象也可以采用隔离法研究，要注意斜面对两个物体的支持力相等．二、多项选择题：本大题共3个小题，每个小题6分，共18分．在每小题给出的4个选项中，有多个选项正确．全部选对的得6分；选对但不全的得3分；有选错或不答的得0分．6．甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，它们的v一t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A．开始运动时，甲比乙运动得快B．在第2s末时，乙追上甲C．在第4s末时，乙追上甲D．乙追上甲时距出发点40m远考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：通过图象直接读出速度，可以发现甲和乙的运动性质以及乙的加速度，根据v﹣t 图象中图形所包围的面积求解位移去分析何时乙追上甲．解答：解：A、从v﹣t图象中可以看出0﹣2s内，v甲＞v乙，即甲比乙运动得快，故A正确．B、根据“面积”表示位移，可知，前2s内甲的位移比乙的位移大，而两个质点的出发点相同，所以在第2s末时，乙还没有追上甲，故B错误．CD、0﹣4s内，甲的位移为 x甲=10×4m=40m，乙的位移为 x乙=×4×20m=40m，则知在第4s末时，乙追上甲．且乙追上甲时距出发点40m．故CD正确．故选：ACD点评：该题目考查了v﹣t图象的物理意义，可以通过图形所包围的面积求解位移，根据位移关系分析物体是否相遇．7．甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻乙车从后面追上甲车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．解答：解：A、两车在同一时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，经过时间t1位移又相等，在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，故A正确；B、由图象可知，在t1时刻两车位移相等，两车相遇，相距为零，故B错误；C、位移﹣时间图象的斜率表示速度，t1时刻乙车的速度大于甲车的速度，故C错误；D、0到t1时间内，甲乙两车位移相等，根据平均速度等于位移除以时间可知，0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度，故D正确；故选：AD．点评：本题考查对位移图象的物理意义的理解，关键抓住纵坐标表示物体的位置，纵坐标的变化量等于物体的位移，斜率等于速度，就能分析两车的运动情况．8．如图所示水平面上，质量为10kg的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时（）A．物块A相对小车仍静止B．物块A受到的摩擦力将减小C．物块A受到的摩擦力大小不变D．物块A受到的弹力将增大考点：牛顿第二定律；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体开始时受弹力为5N，而处于静止状态，受到的静摩擦力为5N，说明物体的最大静摩擦力大于等于5N；当小车的加速度为1m/s2，两物体将保持相对静止时，物体的加速度为a=1m/s2，则需要的外力为10N；根据弹力和最大静摩擦力可求出物体相对于小车静止的最大加速度，当小车的加速度小于等于最大加速度时，物体与小车仍保持相对静止．弹簧的弹力不变，摩擦力大小不变．解答：解：A、物体开始时受弹力F=5N，而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5N，则物体的最大静摩擦力F m≥5N．当物体相对于小车向左恰好发生滑动时，加速度为a0=．所以当小车的加速度为a=1m/s2时，物块A相对小车仍静止．故A正确．B、C根据牛顿第二定律得：小车以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速运动时，弹力水平向右，大小仍为5N，摩擦力水平向右大小仍为5N．故B错误，C正确．D、物体A相对于小车静止，弹力不变．故D错误．故选AC点评：本题考查应用牛顿第二定律分析物体受力情况的能力．要注意静摩擦力大小和方向会随物体状态而变化．三、本题共2个小题，共15分．9．如图是“验证力的合成的平行四边形定则”实验示意图．将橡皮条的一端固定于A点，图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条，图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的合成图示．（1）有关此实验，下列叙述正确的是 BA．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的方向必须互相垂直B．在进行图乙的实验操作时，必须将橡皮条的结点拉到O点C．在进行图甲的实验操作时，保证O点的位置不变，F1变大时，F2一定变小D．在误差范围内，拉力F一定等于F1、F2的代数和（2）图丙中Fˊ是以F1、F2为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿AO方向的是 F （填“F”或者“Fˊ”）考点：验证力的平行四边形定则．专题：实验题．分析：（1）在实验过程中，需要根据力的大小和方向做平行四边形，由此可知需要记录力的大小和方向，同时该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，对于两分力的夹角没有定性要求，只要便于减小误差即可．（2）力的合成遵循平行四边形定则，理论值是根据平行四边形定则作出的，实际值是用一根弹簧量出来的，故实际值一定沿OA方向．解答：解：（1）A、在进行“验证力的合成的平行四边形定则”实验时，F1、F2的方向并非要求一定垂直，故A错误；B、该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，因此要求橡皮条的结点拉到O点，故B正确；C、O点的位置不变，即合力大小方向不变，当一个分力变大时，另一个分力不一定变小，还与它们的夹角有关，故C错误；D、力为矢量，只有当F1、F2的在一条直线上时，其合力F才等于它们的代数和，故D错误．故选：B．（2）以表示F1、F2的有向线段为邻边画平行四边形，以F1、F2交点为起点的对角线用F表示，故F是理论值，用一个弹簧拉橡皮筋时的值为实验值，其方向一定与OA共线，由于误差的存在，理论值与实验值并非完全重合，有一定的夹角，故该题中一定沿AO方向的是F．故答案为：（1）B；（2）F．点评：要解答本题应熟练掌握实验的目的及原理，尤其是理解“等效”含义，“等效”指橡皮筋的形变量和方向均相同，明确“理论值”与“实验值”的区别．10．（1）我们已经知道，物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）两个因素有关．要研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是控制变量法．（2）为使砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量．（选填“远大于”、“远小于”或“近似等于”）（3）某同学在实验中，通过打点计时器打出的纸带上的点计算出小车的加速度．某次实验时打出的纸带如图所示．A、B、C、D、E、F、G和H为八个相邻的计数点，相邻两个计数点间的时间间隔均为0.1s，根据纸带上的数据知小车的加速度为0.3 m/s2；该同学根据实验测得的数据，绘出的a﹣F图象如图所示．请你根据这个图象分析，他在实验中漏掉的步骤是未平衡摩擦力．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：（1）研究物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）的关系，需采用控制变量法．（2）根据牛顿第二定律，结合整体和隔离法求出拉力和砝码总质量的关系式，从而分析判断．（3）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出加速度，根据F不等于零，a仍然为零，分析图线不过原点的原因．解答：解：（1）研究加速度、质量、合力这三个物理量之间的定量关系的思想方法是控制变量法．（2）对整体分析，加速度a=，则绳子的拉力T=，当砝码桶及桶内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量，砝码桶及桶内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力．（3）在连续相等时间内的位移之差△x=0.3cm=0.003m，则加速度a=，故答案为：控制变量法，远小于，0.3，未平衡摩擦力点评：解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．四、本大题共3个小题，共37分，要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．（10分）（2015秋•乳山市校级月考）2013年元月开始实施的最严交规规定：黄灯亮时车头已越过停车线的车辆可以继续通行，车头未越过停车线的若继续前行则视为闯黄灯，属于交通违章行为．我国一般城市路口红灯变亮之前绿灯和黄灯各有3s的闪烁时间．国家汽车检测标准中有关汽车制动初速度与刹车距离的规定是这样的：小客车在制动初速度为14m/s的情况下，制动距离不得大于20m．（1）若要确保小客车在3s内停下来，汽车刹车前的行驶速度不能超过多少？（2）某小客车正以v0=8m/s的速度驶向路口，绿灯开始闪时车头距离停车线L=36.5m，小客车至少以多大的加速度匀加速行驶才能不闯黄灯？已知驾驶员从眼睛看到灯闪到脚下采取动作的反应时间是0.5s．。
山东省威海市乳山市银滩高级中学2024-2025学年高三上学期9月月考物理试题(无答案)
2024-2025学年度第一学期高三9月模块检测物理试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分100分，考试时间90分钟。
考试结束后，将答卷纸和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（共40分）注意事项1．答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的班级、姓名、座号、准考证号填写在答题卡和试卷规定的位置上，并将答题卡上的考号、科目、试卷类型涂好。
2．第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答案不能答在试卷上。
3．第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔在答卷纸各题的答题区域内作答；不能写在试题卷上，不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题：本题共12小题，在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，选对的每题得3分；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1．如图所示，物体静止于一固定在水平地面上的斜面上，下列说法正确的是（ ）A ．物体对斜面的压力和斜面对物体的支持力是一对平衡力B ．物体对斜面的摩擦力和物体重力沿斜面的分力是一对作用力和反作用力C ．物体所受重力和斜面对物体的作用力是一对平衡力D ．物体所受重力可以分解为沿斜面的力和对斜面的压力2．如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H。
上升第一个所用的时间为，第五个所用的时间为，不计空气阻力，则满足（ ）A ．B ．C ．D ．3．如图所示，物体A 、B 用足够长的细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮，A 置于薄木板上，此时弹簧左侧细绳与木板平行，已知质量，现将薄木板由倾角30°缓慢放平，物体A 始终与木板保持相对静止，不计滑轮摩擦，物体A 、B 大小可忽略不计．（ ）5H 1t 5H 2t 21t t 2112t t <<2123t t <<2134t t <<2145t t <<3A B m m =A ．弹簧伸长量逐渐变大B ．连接A 、B 的细绳对滑轮的作用力不变C ．物体A 受到的摩擦力先变小后变大D ．物体A 受到的摩擦力大小不变4．发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）．速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网．其原因是（ ）A ．速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B ．速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C ．速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D ．速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大5．A 、B 两质点在同一直线上运动，时刻，两质点从同一地点运动的图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A ．A 质点以20m/s 的速度匀速运动B ．B 质点先沿正方向做直线运动，后沿负方向做直线运动C ．经过4s ，B 质点的位移大于A 质点的位移D ．在图示的运动过程中，A 、B 两质点之间的距离在0~4s 内某一时刻达到最大6．如图所示，物块A 放在直角三角形斜面体B 上面，B 放在弹簧上面并紧挨着竖直墙壁，初始时A 、B 静止。
2021年高三物理上学期第一次摸底考试试题(含解析)新人教版
2021年高三物理上学期第一次摸底考试试题（含解析）新人教版【试卷综析】本试卷是高三模拟试卷，包含了高中物理必修一、必修二、主要包含了匀变速运动规律、受力分析、牛顿第二定律、动能定理、机械能守恒、知识覆盖面广，知识点全面。
题型基础、基本，为高三打下坚实的基础，质量很高。
一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分。
选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。
）【题文】1.牛顿的三大运动定律构成了物理学和工程学的基础．它的推出、地球引力的发现和微积分的创立使得牛顿成为过去一千多年中最杰出的科学巨人之一．下列说法中正确的是（）A．牛顿第一定律是牛顿第二定律的一种特例B．牛顿第二定律在非惯性系中不成立C．牛顿第一定律可以用实验验证D．为纪念牛顿，人们把“力”定为基本物理量，其基本单位为“牛顿”【知识点】牛顿第二定律．C2【答案解析】B 解析：A、牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律，牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系，故牛顿第一定律是牛顿第二定律的基础，故A错误；B、牛顿运动定律成立的参考系是惯性系，故牛顿第二定律在非惯性系中不成立的，故B正确；C、地球上的一切物体都受到重力，完全不受力的物体是没有的，牛顿第一定律可以用理想实验验证，故C错误；D、为纪念牛顿，人们把力的单位规定为牛顿，即1N=1kg•m/s2，但不是基本单位，故D错误；故选B．【思路点拨】牛顿第一定律揭示了物体不受力时的运动规律，牛顿第二定律给出了加速度与力和质量的关系，牛顿第三定律揭示了作用力与反作用力的关系．本题考查了牛顿三定律之间的联系，牛顿第一定律是基础，说明力不需要运动维持，第二定律给出了力与运动的具体关系．【题文】2.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=6+5t+t2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A.第1 s内的位移是12 mB.前2 s内的平均速度是7 m/sC.第3秒时刻的瞬时速度是11m/sD.任意1 s内的速度增量都是2 m/s【知识点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2【答案解析】BCD 解析： A、将t=0s代入x=6+5t+t2得，第0s内的位移是x1=6 m,将t=1s 代入x=6+5t+t2得，第1s内的位移是x1=12 m．故第一秒位移为6m，A错误；B、将t=0、t=2s代入x=6+5t+t2得，前2s内的位移为x2=14m，则前2 s内的平均速度是 =7m/s．故B 正确．C、将x=6+5t+t2 与匀变速直线运动的位移公式：x=v0t+at2对比得到：加速度，a=2m/s2，第3秒时刻的瞬时速度，故C正确；D、任意1s内的速度增量△v=at=2×1m/s=2m/s．故D正确．故选BCD【思路点拨】将t=1s代入位移x与时间t的关系式，直接求出第1 s内的位移；由平均速度公式求解前2s内的平均速度；任意1 s内的速度增量由公式△v=at求解．本题考查对匀变速直线运动位移公式的掌握程度和应用能力，以及对加速度的理解能力，采用对比的方法得到加速度是关键．【题文】3.A、B两辆汽车在平直公路上朝同一方向运动，如图所示为两车运动的v-t图象，下面对阴影部分的说法正确的是（）A．若两车从同一点出发，它表示两车再次相遇前的最大距离B．若两车从同一点出发，它表示两车再次相遇前的最小距离C．若两车从同一点出发，它表示两车再次相遇时离出发点的距离D．表示两车出发时相隔的距离【知识点】匀变速直线运动的图像．A5【答案解析】A 解析在v-t图象中，图象与时间轴所包围的图形的“面积”表示位移，两条线的交点为二者速度相等的时刻，若两车从同一点出发，则题图中阴影部分的“面积”就表示两车再次相遇前的最大距离，故A正确，BCD错误．故选A【思路点拨】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，切线表示加速度，加速度向右上方倾斜，图象与坐标轴围成面积代表位移．本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，难度不大，属于基础题．【题文】4.测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，图中B为测速仪，A为汽车，两者相距335m，某时刻B发出超声波，A由静止开始作匀加速直线运动。
2021-2022学年山东省威海乳山市高三上学期期中物理试题(PDF版)
试卷类型：A2021-2022学年山东省威海乳山市高三上学期期中物理2021.11 注意事项：1.答题前，考生先将自己的学校、姓名、班级、座号、考号填涂在相应位置。
2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5毫米黑色签字笔书写，绘图时，可用2B铅笔作答，字体工整、笔迹清楚。
3.请按照题号在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
保持卡面清洁，不折叠、不破损。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.质点从P点到Q点做匀变速曲线运动，轨迹如图所示，运动到N点时速度方向与加速度方向互相垂直。
下列说法中正确的是A. M点的速率比N点小B. M点的加速度比N点小C. P点的加速度方向与速度方向平行D.从P到Q的过程中加速度方向与速度方向的夹角一直减小2.某次军事演习中，直升机低空悬停，将一装备由静止释放，空气阻力恒定，则该装备落地前，重力做功的平均功率P随其运动时间t变化的关系图像正确的是A B C D3.如图所示，圆柱体固定在地面上，表面光滑，轻质橡皮绳一端连接小球甲，另一端跨过圆柱体连接小球乙，乙通过细绳与地面连接，甲质量是乙的2倍，甲乙均静止。
将连接地面的细绳剪断瞬间A.甲球的加速度为gB.甲球处于失重状态C.乙球处于超重状态D.乙球处于平衡状态4.半径为R的半圆柱形凹槽固定在水平面上，其内壁光滑，槽口水平，截面如图所示。
完全相同的甲、乙两小球用长为R的直轻杆连接，开始时甲位于槽口边缘，乙靠在槽壁上，且甲、乙处在同一个半圆截面内，现将两球由静止释放，则甲的最大速度为A.B.C.D.5.北京时间2021年10月16日6时56分，神舟十三号载人飞船采用自主快速交会对接模式成功对接于空间站天和核心舱径向端口，翟志刚、王亚平、叶光富三名航天员成功进驻空间站天和核心舱，开始中国迄今时间最长的载人飞行。
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威海市乳山一中2014届高三上学期第一次检测 物理试题（2013-10-9）
一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是符合题目要求的。全部全对的，得4分；选对但不全的，得2分；有选错的，得0分。） 1、物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（ ） A 胡克应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点 B.在利用速度一时间图象推导匀变速直线运动的位移公式时，使用的是微元法 C. 牛顿提出了牛顿第一定律，并在实验室里通过实验验证了这一定律的正确性 D.亚里斯多德将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动 【答案】B 【解析】伽利略设想了“理想斜面实验”，推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”观点，并且将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，故选项AD错误；不受力的实验只能是理想实验，是无任何实验误差的思维实验，严格来说“不受力”的条件真实实验不能满足，只能靠思维的逻辑推理去把握，故牛顿第一定律是不可以通过实验直接得以验证的，选项C错误；通过v-t图象导出匀变速直线运动的位移公式是 “以不变量代替变化量的方法”，即无限分割时间轴，认为极短时间内速度不变，使用的是微元法，选项B正确。 2.下列说法正确的是（ ） A．物体的加速度增大时，速度可能反而减小 B．匀变速直线运动中，在任意相等的时间内速度的变化量恒定 C．物体速度变化量为正，则加速度也为正，速度变化量为负，加速度也为负 D．速率是瞬时速度大小，平均速率就是平均速度的大小 【答案】ABC 【解析】当加速度方向跟速度方向相反时，加速度增大，速度减小，选项A正确；匀变速直线运动的加速度恒定，即速度的变化率恒定，任意相等的时间内速度的变化量恒定，选项B正确；由加速度的定义可知加速度的方向跟速度变化的方向一致，选项C正确；平均速率是路程与时间的比值，而平均速度是位移与时间的比值，选项D错误。 3、下列所给的位移-时间图象与速度-时间图像中能反映作直线运动的物体在2秒末回到初始位置的是（ ） 【答案】AC 【解析】位移时间图象中，物体的初末位置的坐标相同，则物体重新回到初始位置，故A正确B错误；速度时间图象中，速度时间图线围成的面积为零，则位移为零，物体回到初始位置，故C正确D错误． 4、某物体由静止开始运动，它所受到的合外力方向不变，大小随时间变化的规律如图所示，则在
0～t0这段时间，下列说法错误的是 （ ） A．物体做匀加速直线运动 B．物体在t＝0时刻加速度最大 C．物体在t0时刻速度最大，而加速度为零 D．物体作变加速运动，运动速度越来越大 【答案】A 【解析】由题图看出，合外力F减小，则由牛顿第二定律得知加速度a减小，加速度与速度同向，物体做变加速运动，速度越来越大，故A错误，D正确．由于a与v同向，物体的速度增大，在t0
时刻加速度为零，速度最大．故B、C正确．
5、从16m高处每隔一定时间释放一球，让它们自由落下，已知第一个球刚落地时，第五个球刚释放，这时第二个球离地面的高度是（ ） A．15m B．12m C．9m D．7m 【答案】D
【解析】设间隔时间为t，则有：h=12g（4t）2；代入数据解得：t=0.2s，第二个小球下落的高
度h'=12g（3t）2=9m；故第二个小球离地高度为h-h′=16-9m=7m；故选D．
2 t/s O C v/ms−1 1 2 −2 s/m t/s O A 2 2 1 D v/ms−1 t/s O 2 2 1 B
O 1 2 t/s
s/m
−2 2 6、如图，物体M在竖直向上的拉力F的作用下能静止在斜面上，关于M受力
的个数，下列说法中正确的是（ ） A．M一定是受两个力作用 B．M一定是受四个力作用 C．M可能受三个力作用 D．M不是受两个力作用就是受四个力作用 【答案】D 【解析】对A受力分析，拉力F是已知的；地球表面附近的物体一定受到地球的重力，故一定受到向下的重力；如果拉力与重力平衡，物体A对斜面体没有压力，故物体只受2个力； 如果拉力F小于重力，会与斜面体相互挤压，故物体还会受到支持力和沿斜面向上的静摩擦力，即共受4个力；故选D． 7、如图所示，猎人非法猎猴，用两根轻绳将猴子悬于空中，猴子处于静止状态。以下相关说法正确的是（ ） A．猴子受到两个力的作用 B．绳拉猴子的力和猴子拉绳的力相互平衡 C．地球对猴子的引力与猴子对地球的引力与是一对作用力和反作用力 D．人将绳子拉得越紧，猴子受到的合力越大 【答案】C 【解析】猴子受到重力、两根绳子的拉力，共计受到3个力的作用，故A错误；绳拉猴子的力和猴子拉绳的力是一对作用力和反作用力，故B错误；地球对猴子的引力与猴子对地球的引力是一对作用力和反作用力，故C正确；绳子拉猴子的合力与猴子所受的重力是一对平衡力，大小相等，故受到的合力大小不变，故D错误；故选C． 8、下列说法正确的是（ ） A.体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态。 B.蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态。 C.举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态。 D.游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态。 【答案】B 【解析】物体在竖直方向上有加速度才会出现超重或失重现象，选项ACD中的研究对象均处于静止状态，故不正确，蹦床运动员在空中上升和下落过程中均有竖直向下的加速度，都处于失重状态，故现象B正确。 9、如图甲所示，放在光滑水平面上的木块受到两个水平力F1与F2的作用，静止不动，现保持力F1
不变，使力F2逐渐减小到零，再逐渐恢复到原来的大小，在这个过程中，正确描述木块运动情况的
图象是图乙中的 （ ）
【答案】B 【解析】由于木块受到两个水平力F1与F2的作用而静止不动，故两个推力相等，设F1=F2=F，力F2
逐渐减小到零再逐渐恢复到原来的大小的过程中，合力先增大到F再减小到零，故加速度也是先增
大再减小，故C错误；物体先做加速度不断变大的加速运动，再做加速度不断变小的加速运动，合力变为零后做匀速直线运动，而速度时间图象的切线的斜率表示加速度，故A错误，B正确；位移时间图象的切线的斜率表示速度，而D选项图表示减速运动，故D错误；故选B．
10、如图所示，绳子质量、滑轮摩擦不计，物体M静止在倾角的斜面上，若倾角增大，物体M仍然静止。下列判断正确的是（ ）
A．绳子的拉力增大
B．物体M对斜面的正压力减小 C．物体M受到的静摩擦力可能增大 D．物体M受到的静摩擦力可能减小 【答案】BCD 【解析】对物体m受力分析，受重力和绳拉力，由二力平衡得到：T=mg，绳子拉力一定不变，故A错误；对物体M受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力；①如果静摩擦力沿斜面向上，如图： 根据平衡条件得到f+T-Mgsinθ=0，N-Mgcosθ=0，解得：f=Mgsinθ-T=Mgsinθ-mg，N=Mgcosθ 当θ变大时，f变大，N变小； ②如果静摩擦力沿斜面向下，同理可得到：f=T-Mgsinθ=mg-Mgsinθ，N=Mgcosθ 当θ变大时，f变小，N变小；故选BCD． 二、实验题（本大题共4小题，共16分。把答案写在答题纸中指定答题处，不要求写出演算过程。） 11.某同学在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验时，将一轻弹簧竖直悬挂并让其自然下垂，测出其自然长度；然后在其下部施加外力F，测出弹簧的总长度L，改变外力F的大小，测出几组数据，作出外力F与弹簧总长度L的关系图线如图所示．（实验过程是在弹簧的弹性限度内进行的）由图可知该弹簧的自然长度为_______cm；该弹簧的劲度系数为________N/m．
【答案】10cm，50N/m
【解析】由图线和坐标轴交点的横坐标表示弹簧的原长可知弹簧的原长为10cm；当拉力为10．0N时，弹簧的形变量为x=30cm-10cm=20cm=0.2m，由胡克定律F=kx得：
k= Fx=100.2=50N/m。 12.在做“测定匀变速直线运动加速度”的实验中，取下一段如图所示的纸带研究其运动情况。设O点为计数的起始点，在四个连续的计数点中，相邻两计数点间的时间间隔为0.1 s，若物体做理想的匀加速直线运动，则计数点“A”与起始点O之间的距离s1为 cm，打计数点“A”时物体的瞬时速度为 m/s，物体的加速度为 m/s2（结果均保留3位有效数字）。 【答案】4.00cm，0.500cm，2.00m/s2 【解析】根据匀变速直线运动的特点（相邻的时间间隔位移之差相等）得出：xBC-xAB=xAB-xOA，解得计数点A与起始点O之间的距离s1为4.00cm。
利用匀变速直线运动的推论得：vA= OBOBxt=0.5m/s，根据运动学公式△x=at2得：
a=2ABOAxxt=2.00m/s2。 13.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置。分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白 记录O点的位置和拉线的方向。 (1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，弹簧测力计的最小刻度是_______图中A的示数为_______N。 (2)下列不必要的实验要求是_________。(请填写选项前对应的字母) (A)应测量重物M所受的重力 (B)弹簧测力计应在使用前校零 (C)拉线方向应与木板平面平行 (D)改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置 【答案】（1）0.2N，3.6N（2）D 【解析】（1）弹簧测力计读数中，每1N被分成5格，则1格就等于0.2N．图指针落在3N到4N的第3格处，所以为3.6N． （2）实验通过作出三个力的图示，来验证“力的平行四边形定则”，因此重物的重力必须要知道，故A项也需要；弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零，故B项也需要；拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性，故C项也需要；当结点O位置确定时，弹簧测力计A的示数也确定，由于重物的重力已确定，两力大小与方向均一定，因此弹簧测力计B的大小与方向也一定，所以不需要改变拉力多次实验，故D项不需要．故选D． 14. 某研究性学习小组对“不同类型的运动鞋底在相同平面上滑动时摩擦力的大小”进行了探究，如图所示。他们先测出每只不同类型运动鞋的质量，再往质量小的鞋子里均匀摆放砝码，使鞋子(连同鞋里砝码)的质量均相等。接着用弹簧测力计先后匀速拉动不同类型的运动鞋，使它们沿水平桌面滑动，读取各次弹簧测力计的读数。