2015年辽宁省抚顺市部分重点高中高考物理仿真试卷含参考答案
辽宁省抚顺市第五中学高三物理模拟试卷含解析
辽宁省抚顺市第五中学高三物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 在磁场中，关于某平面的磁通量，下列说法正确的是（）A．穿过某平面的磁通量越大，则该处的磁感应强度一定越大B．在匀强磁场中，穿过某平面的磁感线的条数越多，则穿过该平面的磁通量越大C．穿过某平面的磁通量为零，则该平面一定平行于磁场方向D．将一个平面置于匀强磁场中的任何位置，穿过该平面的磁通量总是相等的参考答案：BC2. 一个质量为0.3kg的弹性小球，在光滑水平面上以6m/s的速度垂直撞到墙上，碰撞后小球沿相反方向运动，反弹后的速度大小与碰撞前相同。
则碰撞前后小球速度变化量的大小Δv和碰撞过程中墙对小球做功的大小W为（）A.Δv=0B.Δv=12m/sC.W=0D.W=10.8J参考答案：答案：BC3. 7．如图所示，两个相同的光滑小球甲和乙放在倾角为45o的斜面上，被一固定在斜面上的竖直挡板挡住，设每个小球的重力大小为G，甲球对乙球的作用力大小为F1，斜面对乙球的作用力大小为F2，则以下结论正确的是（）A． B．C． D．参考答案：BD 4. 如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A用细线悬挂于支架前端，质量为m的物块B始终相对于小车静止地摆放在右端。
B与小车平板间的动摩擦因数为μ.若某时刻观察到细线偏离竖直方向θ角，则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为（）A．斜向右上方B．，斜向左上方C．，水平向右D．，竖直向上参考答案：A5. 2011年11月3日，“神州八号”飞船与“天宫一号”目标飞行器成功实施了首次交会对接。
任务完成后“天宫一号”经变轨升到更高的轨道，等待与“神州九号”交会对接．变轨前和变轨完成后“天宫一号”的运行轨道均可视为圆轨道，对应的轨道半径分别为R1、R2，对应的角速度和向心加速度分别为ω1、ω2和a1、a2，则有A．B．C．变轨后的“天宫一号”比变轨前动能减小了，机械能增加了D．在正常运行的“天宫一号”内，体重计、弹簧测力计、天平都不能使用了参考答案：BC天宫一号绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设天宫一号的质量为m、轨道半径为R、地球质量为M，有G=m=mω2R=m（）2R=ma解得v=①，T=②，a=③,变轨后天宫一号的轨道半径增大，由①式知动能减小，由于此过程外力对天宫一号做正功，所以其机械能增加了，C对。
15学年上学期高三期末考试物理(附答案)
抚顺市重点高中高三年级期末考试物理试卷考生注意：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分。
考试时间90分钟。
2.本试卷主要考试内容：高考全部内容。
第Ⅰ卷（选择题共40分）选择题部分：本题共10小题，每小题4分，共40分。
第1～6小题只有一个选项正确，第7～10小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的得0分。
1.在人类对自然界进行探索的过程中，很多物理学家或科学家做出了杰出的贡献。
下列说法符合历史事实的是A.笛卡儿最先认为物体的运动不需要力维持B.法拉第最先引入了场的概念，并用力线来形象地描绘场C.牛顿在给出万有引力公式错误！未找到引用源。
的同时给出了引力常量G的数值D.安培最先发现电流周围存在磁场，又总结出磁场对电流的作用力公式2.电磁炉热效率高达90％，炉面无明火，无烟无废气，电磁“火力”强劲，安全可靠。
图示是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是A.当恒定电流通过线圈时，会产生恒定磁场，恒定磁场越强，电磁炉加热效果越好B.电磁炉通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C.电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因这些材料的导热性能较差D.在锅和电磁炉中间放一纸板，则电磁炉不能起到加热作用3.国内首台新型墙壁清洁机器人“蜘蛛侠”是由青岛大学学生自主设计研发的，“蜘蛛侠”利用8只“爪子”上的吸盘吸附在接触面上，通过“爪子”交替伸缩，就能在墙壁和玻璃上自由移动。
如图所示，“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由A点沿直线匀加速“爬行”到右上方B点，在这一过程中，关于“蜘蛛侠”在竖直面内的受力分析可能正确的是4.三颗人造地球卫星A、B、C在同一平面内沿不同的轨道绕地球做匀速圆周运动，且绕行方向相同，已知R A＜R B＜R C。
若在某一时刻，它们正好运行到同一条直线上，如图甲所示。
那么再经过卫星A的四分之一周期时，卫星A、B、C的位置可能是图乙中的5.一物体运动的速度一时间图象如图所示，由此可知A.在2t0时间内物体的速度一直在减小B.在2t0时间内物体的加速度一直在减小C.在2t0时间内物体所受的合力先减小后增大D.在2t0时间内物体的速度变化量为06.如图所示，一质量为m的光滑大圆环，用一细轻杆固定在竖直平面内。
2015-2016学年辽宁省部分示范性重点高中高三(上)期末物理试卷
2015-2016学年辽宁省部分示范性重点高中高三（上）期末物理试卷一、选择题（每小题4分，共40分）1．（4分）物理学家在人类发展的道路上做出了杰出的贡献，下列说法正确的是（）A．第一个对亚里士多德的“力是维持物体运动的原因”提出质疑的科学家是牛顿B．牛顿在给出万有引力公式F=的同时也给出了引力常量G的数值C．伽利略用实验的方法证实了重的物体比轻的物体下落得快D．法拉第最先提出了场的概念，并最先用电场线形象地描绘电场2．（4分）图示是物体A、B运动的v﹣t图线a、b，有图象可知（）A．物体A做直线运动，物体B做曲线运动B．物体A、B均可能做曲线运动C．t1、t2时刻为它们两次相遇的时刻D．在t1到t2的时间内，A的平均速度大于B的平均速度3．（4分）如图所示，水平面上有一长薄木板，薄木板上有两个物块A和B，力F作用在物体A上，薄木板、物块A和B相对静止一起沿水平面向右运动，则对薄木板的受力个数，下列说法正确的是（）A．可能是4个B．可能是5个C．可能是6个D．一定是7个4．（4分）图示为气流加热装置的示意图，使用电阻丝加热导气管，变压器可视为理想变压器，原线圈接入电压有效值恒定的交流电，调节触头P，使输出功率由1000W降至250W．则调节前后（）A．副线圈两端的电压比为4：1B．原线圈输入电流比为1：2C．副线圈的接入匝数比为2：1D．原线圈输入功率比为2：15．（4分）2015年9月30日7时13分，西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射第四颗新一代北斗导航卫星．若该星入轨后绕地球做匀速直线运动的轨道半径为r，线速度为v，地球的半径为R，则地球表面的重力加速度的大小为（）A．B．C．D．6．（4分）两个点电荷Q1、Q2位于x轴上A、B两点，若取无限远处的电势为零，则在它们形成的电场中，沿x轴正方向上各点的电势如图所示，且AP＞PB．由图线提供的信息可知（）A．P点的电场强度为零B．Q1的电荷量较大C．电子沿x轴从A移到B的过程中，加速度逐渐减小D．电子沿x轴从A移到B的过程中，电场力先做正功，后做负功二、多项选择题7．（4分）如图所示，电压表内阻很大，电源内阻为r．R1、R2为定值电阻．闭合开关S，当把滑动变阻器R3的滑片P由N端向M端移动时（）A．电压表的示数和电压表的示数均变大B．电压表的示数变小，和电压表的示数变大C．电压表的示数变化量大于电压表的示数变化量D．电压表的示数变化量小于电压表的示数变化量8．（4分）如图所示，绝缘粗糙斜面体固定在水平地面上，斜面所在空间存在平行于斜面向上的匀强电场E，轻弹簧一端固定在斜面顶端，另一端拴接一不计质量的绝缘薄板．一带正电的小滑块，从斜面上的P点处由静止释放后，沿斜面向上运动，并能压缩弹簧至R点（图中未标出），然后返回，则（）A．滑块从P点运动到R点的过程中，其机械能增量等于电场力与弹簧弹力做功之和B．滑块从P点运动到R点的过程中，电势能的减小量大于重力势能和弹簧弹性势能的增加量之和C．滑块返回能到达的最低位置在P点的上方D．滑块最终停下时，克服摩擦力所做的功等于电势能的减小量与重力势能增加量之差9．（4分）如图所示，在同一竖直平面内有两个正对着的半圆形光滑轨道，轨道的半径都是R．轨道端点所在的水平线相隔一定的距离x．一质量为m的小球能在其间运动而不脱离轨道，经过最低点B时的速度为v．小球在最低点B 与最高点A对轨道的压力之差为△F（△F＞0）．不计空气阻力．则（）A．m、x一定时，R越大，△F一定越小B．m、x一定时，v越大，△F一定越大C．x、R一定时，m越大，△F一定越大D．m、R一定时，x越大，△F一定越小10．（4分）如图甲所示，MN、PQ两平行金属光滑导轨固定在绝缘水平面上，其左端接一电容为C的电容器，导轨范围内存在竖直向下的匀强磁场，导体棒ab垂直MN放在导轨上，在水平拉力的作用下从静止开始向右运动。
2015届高考仿真模拟卷物理 部分
2015届高考仿真模拟卷物理部分本试卷共15题(含选考题及答案)．全卷满分110分．第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本题共8个小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．如图1所示，足够长的直线ab靠近通电螺线管，与螺线管平行．用磁传感器测量ab 上各点的磁感应强度B，在计算机屏幕上显示的大致图象是( )．图1解析通电螺线管外部中间处的磁感应强度最小，所以用磁传感器测量ab上各点的磁感应强度B，在计算机屏幕上显示的大致图象是C.答案 C15．如图2所示，物块a、b的质量分别为2m、m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态，则( )．图2A．物块b受四个力作用B．物块b受到的摩擦力大小等于2mgC．物块b对地面的压力大小等于mgD．物块a受到物块b的作用力水平向右解析物块b受重力、地面的支持力、物块a的水平弹力、物块a的竖直向下的摩擦力及外力F作用而静止，物块b受五个力作用，A错；物块a受重力、墙壁的弹力、物块b的水平弹力和竖直向上的摩擦力作用而静止，所以物块a受到物块b的作用力是斜向右上方的，D错；物块b对物块a的摩擦力大小为2mg，所以物块b受到的摩擦力大小等于2mg，B对；由整体法可知物块b对地面的压力大小等于3mg，C错．答案 B16．某星球的半径为R，在其表面上方高度为aR的位置，以初速度v0水平抛出一个金属小球，水平射程为bR，a、b均为数值极小的常数，则这个星球的第一宇宙速度为( )．A.abv0 B.bav0C.2abv0 D.a2bv0解析由于a、b均为数值极小的常数，故认为重力加速度恒定，由平抛运动规律可得bR＝v0t ，aR ＝12gt2，联立解得重力加速度g ＝2av20b2R ，而第一宇宙速度v ＝gR ，代入g ＝2av20b2R解得v ＝2ab v0，C 正确．答案 C17．质量相同的甲、乙两物体放在相同的光滑水平地面上，分别在水平力F1、F2的作用下从同一地点，沿同一方向，同时运动，其v －t 图象如图3所示，下列判断正确的是 ( )．图3A ．在0～2 s 内，F1越来越大B ．4 s 末甲、乙两物体动能相同，由此可知F1＝F2C ．4～6 s 内两者逐渐靠近D ．0～6 s 内两者在前进方向上的最大距离为4 m解析 由v －t 图象可知，0～2 s 内，甲的加速度逐渐减小，A 错误；4 s 末甲的加速度为零，乙的加速度不为零，所以F1＝0，F2>0，F1<F2，B 错误；4～6 s 内，后面的乙的速度大于前面的甲的速度，故两者逐渐靠近，C 正确；当两者速度相等时(即4 s 末)，相距最远，根据图线与时间轴所围面积之差可得最大距离大于4 m ，D 错误． 答案 C18．图4中虚线是某电场的一组等势面．两个带电粒子从P 点沿等势面的切线方向射入电场，粒子仅受电场力作用，运动轨迹如实线所示，a 、b 是实线与虚线的交点．下列说法正确的是 ( )．图4A．两粒子的电性相同B．a点的场强小于b点的场强C．a点的电势高于b点的电势D．与P点相比两个粒子的电势能均增大解析由电场等势线的分布可知该场源电荷为点电荷，根据点电荷电场场强E＝k Qr2可以判定a点的场强小于b点的场强，由于两个带电粒子的电性未知，故不能判断场源电荷的电性，a点、b点的电势高低关系无法判定，故B项正确，C项错；由于两带电粒子的入射速度方向相同，根据运动轨迹在速度与受力夹角范围内可以判定两粒子受电场力方向相反，故两粒子电性相反，且速度与电场力的夹角为锐角，电场力对两带电粒子均做正功，两带电粒子的电势能减小，故A、D均错误．答案 B19．如图5a所示，在光滑水平面上叠放着甲、乙两物体．现对甲施加水平向右的拉力F，通过传感器可测得甲的加速度a随拉力F变化的关系如图b所示．已知重力加速度g＝10 m/s2，由图线可知( )．图5A．甲的质量是2 kgB．甲的质量是6 kgC．甲、乙之间的动摩擦因数是0.2D．甲、乙之间的动摩擦因数是0.6解析由甲物体的a－F图象可知，当拉力F小于48 N时，甲、乙两物体一起加速运动，有共同的加速度；当拉力F大于48 N时，甲、乙两物体开始相对滑动．对甲物体：F－μm甲g＝m甲a，整理得a＝Fm甲－μg，将(48,6)和(60,8)两组数据代入解得m甲＝6 kg，μ＝0.2，选项B、C正确．答案BC20．一自耦调压变压器(可看做理想变压器)的电路如图6甲所示，移动滑动触头P可改变副线圈匝数．已知变压器线圈总匝数为1 900匝；原线圈为1 100匝，接在如图乙所示的交流电源上，电压表为理想电表．则( )．图6A．交流电源电压瞬时值的表达式为u＝220sin πt(V)B．P向上移动时，电压表的最大示数为380 VC．P向下移动时，原、副线圈的电流之比减小D．P向下移动时，变压器的输入功率变大解析 交流电源电压瞬时值的表达式为u ＝2202sin 100πt(V)，A 项错；由U1n1＝U2n2可得U2＝n2n1U1，当n2＝1 900匝时，U2达最大，其值为U2＝380 V ，B 项正确；根据I2I1＝n1n2可得P 向下移动时，n2减小，n1不变，故原、副线圈的电流之比减小，C 项正确；由U2＝n2n1U1可知，P 向下移动时n2减小，n1不变，故U2减小，变压器输出功率P2＝U22R减小，因P1＝P2，故变压器的输入功率变小，D 项错． 答案 BC21．如图7所示，足够长的金属导轨竖直放置，金属棒ab 、cd 均通过棒两端的环套在金属导轨上．虚线上方有垂直纸面向里的匀强磁场，虚线下方有竖直向下的匀强磁场，两匀强磁场的磁感应强度大小均为B.ab 、cd 棒与导轨间动摩擦因数均为μ，两棒总电阻为R ，导轨电阻不计．开始两棒静止在图示位置，当cd 棒无初速释放时，对ab 棒施加竖直向上的力F ，沿导轨向上做匀加速运动．则 ( )．图7A ．ab 棒中的电流方向由b 到aB ．cd 棒先加速运动后匀速运动C ．cd 棒所受摩擦力的最大值等于cd 棒的重力D ．力F 做的功等于ab 棒产生的电热与ab 棒增加的机械能之和解析 根据右手定则可以判定ab 棒切割磁感线产生的感应电流的方向为由b 到a ，A 项正确；由于ab 棒沿导轨向上做匀加速运动，故电路中的感应电流为I ＝ER ＝BLatR ，其值逐渐增大，对cd 棒竖直方向由牛顿第二定律可得mg －μFN＝ma ，又FN ＝F 安＝B2L2atR ，故随着时间的推移，cd 棒先做加速度减小的变加速直线运动，后做加速度增大的变减速直线运动，最后静止，故B 、C 两项错；对ab 棒根据功能关系可得WF ＋WG ＋W 安＝ΔEk，解得WF ＝ΔEk－WG －W 安＝ΔEab＋Q ，故力F 做的功等于ab 棒产生的电热与ab 棒增加的机械能之和，D 项正确． 答案 AD第Ⅱ卷(非选择题 共62分)二、非选择题(包括必考题和选考题两部分．考生根据要求做答．) (一)必考题(共47分)22．(6分)在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学利用图8所示的实验装置，将一端带滑轮的长木板固定在水平桌面上，滑块置于长木板上，并用细绳跨过定滑轮与托盘相连，滑块右端连一条纸带，通过打点计时器记录其运动情况．开始时，托盘中放少许砝码，释放滑块，通过纸带记录的数据，得到图线a.然后在托盘上添加一个质量为m ＝0.05 kg 的砝码，再进行实验，得到图线b.已知滑块与长木板间存在摩擦，在滑块运动过程中，绳中的拉力近似等于托盘和所加砝码的重力之和，g 取10 m/s2，则图8图9(1)通过图9可以得出，先后两次运动的加速度之比为________；(2)根据图9，可计算滑块的质量为________ kg.解析(1)由v－t图象及a＝ΔvΔt可解得aa＝0.6 m/s2，ab＝0.8 m/s2，所以aa∶ab＝3∶4.(2)设小车质量为M，第一次实验中砝码和托盘质量为m0，由牛顿第二定律可得：m0g＝Maa，(m＋m0)g＝Mab，两式联立解得M＝2.5 kg.答案(1)3∶4 (2)2.523．(9分)某同学为了研究一个小灯泡的灯丝电阻的U－I曲线，进行了如下操作．(1)他先用多用电表的欧姆挡“×1”挡测量，在正确操作的情况下，表盘指针如图10甲所示，可读得该小灯泡的灯丝电阻的阻值Rx＝________ Ω.(2)实验中所用的器材有：电压表(量程3 V，内阻约为2 kΩ)电流表(量程0.6 A，内阻约为0.2 Ω)滑动变阻器(0～5 Ω，1 A)电源、待测小灯泡、电键、导线若干请画出该实验的电路图．图10(3)该同学已经根据实验数据，在图乙中描出了数据点，请画出小灯泡的U－I曲线．(4)如果把这个小灯泡直接接在一个电动势为1.5 V、内阻为2.0 Ω的电池两端，则小灯泡的实际功率是________ W(结果保留两位有效数字)．解析(1)根据多用电表的读数规则可知Rx＝2 Ω；(2)小灯泡内阻很小，采用电流表外接时误差较小，电压表与小灯泡并联测电压，滑动变阻器采用分压式接法．(4)作出小灯泡直接接在一个电动势为1.5 V、内阻为2.0 Ω的电池两端时的U－I图线如图所示，其与原U－I曲线的交点即为小灯泡实际工作时的电流和电压值，可得出小灯泡的实际功率为0.28 W.答案(1)2 (2)如图丙所示(3)如图丁所示(4)0.28(0.25～0.32都正确)24．(17分)一质量m ＝0.6 kg 的物体以v0＝20 m/s 的初速度从倾角为30°的斜坡底端沿斜坡向上运动．当物体向上滑到某一位置时，其动能减少了ΔEk＝18 J ，机械能减少了ΔE＝3 J ，不计空气阻力，重力加速度g ＝10 m/s2，求： (1)物体向上运动时加速度的大小； (2)物体返回斜坡底端时的动能．解析 (1)设物体在运动过程中所受的摩擦力大小为Ff ，向上运动的加速度大小为a ，由牛顿定律有 a ＝mgsin α＋Ff m①设物体动能减少ΔEk 时，在斜坡上运动的距离为x ，由功能关系得 ΔEk＝(mgsin α＋Ff)x ② ΔE＝Ff x ③联立①②③式并代入数据可得 a ＝6 m/s2④(2)设物体沿斜坡向上运动的最大距离为xm ，由运动学规律可得xm ＝v202a⑤ 设物体返回底端时的动能为Ek ，由动能定理有 Ek ＝(mgsin α－Ff)xm ⑥ 联立①④⑤⑥式并代入数据可得 Ek ＝80 J ⑦答案 (1)6 m/s2 (2)80 J25．(18分)如图11所示，半径为L1＝2 m 的金属圆环内上、下半圆各有垂直圆环平面的有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B1＝10πT ．长度也为L1、电阻为R 的金属杆ab ，一端处于圆环中心，另一端恰好搭接在金属环上，绕着a 端沿逆时针方向匀速转动，角速度为ω＝π10rad/s.通过导线将金属杆的a 端和金属环连接到图示的电路中(连接a 端的导线与圆环不接触，图中的定值电阻R1＝R ，滑片P 位于R2的正中央，R2的总阻值为4R)，图中的平行板长度为L2＝2 m ，宽度为d ＝2 m ．图示位置为计时起点，在平行板左边缘中央处刚好有一带电粒子以初速度v0＝0.5 m/s 向右运动，并恰好能从平行板的右边缘飞出，之后进入到有界匀强磁场中，其磁感应强度大小为B2，左边界为图中的虚线位置，右侧及上下范围均足够大．(忽略金属杆与圆环的接触电阻、圆环电阻及导线电阻，忽略电容器的充放电时间，忽略带电粒子在磁场中运动时的电磁辐射的影响，不计平行金属板两端的边缘效应及带电粒子的重力和空气阻力)求：图11(1)在0～4 s 内，两极板间的电势差UMN ；(2)带电粒子飞出电场时的速度；(3)在上述前提下若粒子离开磁场后不会第二次进入电场，则磁感应强度B2应满足的条件． 解析 (1)金属杆产生的感应电动势恒为E ＝12B1L21ω＝2 V由电路的连接特点知：E ＝I·4R，U0＝I·2R＝E 2＝1 V T1＝2πω＝20 s 由右手定则知：在0～4 s 时间内，金属杆ab 中的电流方向为b→a，则φa>φb，则在0～4 s 时间内，φM<φN，UMN ＝－1 V(2)粒子在平行板电容器内做类平抛运动，在0～T12时间内水平方向L2＝v0·t1 t1＝L2v0＝4 s<T12竖直方向d 2＝12at21 a ＝Eq mE ＝U dvy ＝at1得q m＝0.25 C/kg vy ＝0.5 m/s则粒子飞出电场时的速度v ＝v20＋v2y ＝22 m/s tan θ＝vy v0＝1，所以该速度与水平方向的夹角θ＝45° (3)粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由B2qv ＝m v2r得r＝mvB2q由几何关系及粒子在磁场中运动的对称性可知：2r>d时离开磁场后不会第二次进入电场，即B2<2mvdq＝2 T答案(1)－1 V (2)22m/s 方向与水平方向的夹角为45 °(3)B2<2 T(二)选考题(共15分．请考生从给出的3道物理题中任选一题做答，如果多做，则按所做的第一题计分)33．[选修3－3](15分)(1)下列说法正确的是________．a．1 g 100 ℃的水的内能小于1 g 100 ℃的水蒸气的内能b．气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关c．热力学过程中不可避免地出现能量耗散现象，能量耗散不符合热力学第二定律d．第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律图12(2)一绝热的气缸，活塞可在气缸内无摩擦移动，如图12所示．活塞外面是大气，大气压强为p0，开始时活塞被固定，气缸内有n mol的理想气体，其压强为p1＝5p0，温度T1＝350 K，体积V1＝7 L，已知该状态下气体的摩尔体积为Vm.今释放活塞，让它自由移动，当活塞再次平衡时，该状态下气体的摩尔体积为3Vm，求此时气缸内气体的温度和体积各为多少．解析(2)对气体由理想气体状态方程：p1V1T1＝p2V2T2其中p1＝5p0，p2＝p0由题意得V1n ＝13×V2n联立以上各式，解得V2＝21 LT2＝210 K答案 (1)ab (2)210 K 21 L34．[选修3－4](15分) (1)一列简谐横波在初始时刻和再经过时间t 后的波形图分别如图13中实线和虚线所示．已知波向左传播，时间t<T(T 为波的周期)，图中坐标为(12,2)的A 点，经时间t 后振动状态传播到B 点．①求B 点的坐标为多少？②求A 在时间t 内通过的路程为多少？图13图14(2)如图14所示，半球形玻璃砖的平面部分水平，底部中点有一小电珠S.利用直尺测量出有关数据后，可计算玻璃的折射率．①若S 发光，则在玻璃砖平面上方看到平面中有一圆形亮斑．用刻度尺测出________和________(写出物理量名称并用字母表示)．②推导出玻璃砖折射率的表达式(用上述测量的物理量的字母表示)．解析 (1)①波向左传播，由于t<T ，由题图知t ＝3T 4，故B 点坐标为(3,2) ②A 点在时间t 内通过的路程为s ＝3A ＝3×2 cm＝6 cm(2)①圆形亮斑的直径d1半圆形玻璃砖的直径d2②光路如图所示，由几何关系得sin C ＝d12⎝ ⎛⎭⎪⎫d122＋⎝ ⎛⎭⎪⎫d222 ＝d1d21＋d22由全反射知识有sin C ＝1n解得n ＝d21＋d22d1答案 (1)(3,2) (2)6 cm (2)①亮斑直径d1 玻璃砖的直径d2 ②n ＝d21＋d22d135．[选修3－5](15分) (1)(6分)原子核232 90Th 具有天然放射性，它经过若干次α衰变和β衰变后会变成新的原子核．下列原子核中，有三种是23290Th 衰变过程中可以产生的，它们是________．A.20482Pb B.20382Pb C.21084Po D.22488RaE.22688Ra图15(2)(9分)如图15，光滑水平面上有三个物块A、B和C，它们具有相同的质量，且位于同一直线上．开始时，三个物块均静止，先让A以一定速度与B碰撞，碰后它们粘在一起，然后又一起与C碰撞并粘在一起，求前后两次碰撞中损失的动能之比．解析(1)发生α衰变是放出42He，发生β衰变是放出电子0－1e，根据质量数和电荷数守恒有，每发生一次α衰变质量数减少4，电荷数减少2，每发生一次β衰变质量数不变化，电荷数增加1，由质量数的变化可确定α衰变的次数(必须是整数)，进而可知β衰变的次数．逐一判断可知A、C、D符合要求．(2)设三个物块A、B和C的质量均为m；A与B碰撞前A的速度为v，碰撞后的共同速度为v1；A、B与C碰撞后的共同速度为v2.由动量守恒定律得mv＝(m＋m)v1①mv＝(m＋m＋m)v2②设第一次碰撞中动能的损失为ΔE1，第二次碰撞中动能的损失为ΔE2，由能量守恒定律得1 2mv2＝12(m＋m)v21＋ΔE1③1 2(m＋m)v21＝12(m＋m＋m)v22＋ΔE2④联立①②③④式，解得ΔE1ΔE2＝3⑤答案(1)ACD (2)3。
2015高考二模 东北三省三校2015届高三第二次高考模拟考试理综物理试题 Word版含答案
哈尔滨师大附中东北师大附中辽宁省实验中学2015年高三第二次联合模拟考试理科综合能力测试注意事项：本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，其中第Ⅱ卷第33—40为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上。
2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号；非选择题答案使用0．5毫米黑色中性(签字)笔或碳素笔书写，字体工整，笔迹清楚。
3．请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4．保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5．做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 Fe 56第I卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第l4～18题只有一项符合题目要求；第l9～21题有多项符合要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．穿过同一闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图像分别如图中的①～④所示，下列关于回路中感应电动势的论述正确的是A．图①回路产生恒定不变的感应电动势B．图②回路产生的感应电动势一直在变大C．图③回路0～t1时间内产生的感应电动势小于t1～t2时间内产生的感应电动势D．图④回路产生的感应电动势先变小再变大15．如图所示，有一倾角θ=30°的斜面B，质量为M。
质量为m的物体A静止在B上。
现用水平力F推物体A，在F由mg再逐渐减为零的过程中，A和B始终保零逐渐增加至2持静止。
对此过程下列说法正确的是A．地面对B的支持力大于(M+m)gB ．A 对B 压力的最小值为2mg ，最大值为4mg C ．A 所受摩擦力的最小值为0，最大值为14mg D ．A 所受摩擦力的最小值为12mg ，最大值为34mg16．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比是100：1，电容器C 和电阻R 并联在副线圈两端，电流表为理想交流电流表，电阻R=10Ω。
辽宁师大附中2015届高三高考考前精品卷理科综合物理
2015年辽师大附中高三年级模拟考试（精品卷）理科综合试卷命题人：高三理科备课组第Ⅰ卷二、选择题：此题共8小题，每题6分，在每题给出的四个选项中，第14—18题只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.两个质点A 、B 放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v －t 图象如下图．对A 、B 运动情况的分析，以下结论准确的是 A ．A 、B 加速时的加速度大小之比为2∶1，A 、 B 减速时的加速度大小之比为1∶1B ．在t ＝3t 0时刻，A 、B 相距最远C ．在t ＝5t 0时刻，A 、B 相距最远D ．在t ＝6t 0时刻，A 、B 相遇15.S 1和S 2分别表示劲度系数为k 1和k 2的两根弹簧，k 1>k 2.a 和b 表示质量分别为m a 和m b 的两个小物体，m a >m b ，将弹簧与物块按右图所示方式悬挂起来，现要求两根弹簧的总长度最大，则应使A ．S 1在上，a 在上B ．S 1在上，b 在上C ．S 2在上，a 在上D ．S 2在上，b 在上 16. 如下图为游乐场中过山车的一段轨道， P 点是这段轨道的最高点，A 、B 、C 三处是过山车的车头、中点和车尾。
假设这段轨道是圆轨道，各节车厢的质量相等，过山车在运行过程中不受牵引力，所受阻力可忽略。
那么，过山车在通过P 点的过程中，以下说法准确的是A ．车头A 通过P 点时的速度最小B ．车的中点B 通过P 点时的速度最小C ．车尾C 通过P 点时的速度最小D ．A 、B 、C 通过P 点时的速度一样大 17. 电动机的内电阻r =2Ω，与R =8Ω的电阻串连接在线圈上，如下图．已知线圈面积为202m 2，共100匝，线圈的电阻为2Ω，线圈在B =2T 的匀强磁场中绕OO'以转速n =600r/min 匀速转动，在合上开关S 后电动机正常工作时，电压表的示数为100V ．则以下说法准确的是 A ．电路中电流的最大值为52A B ．电路中电流的最大值为102AC ．电动机正常工作时的输出功率为1000WD ．电动机正常工作时的输出功率为8002W18. 如下图，在光滑小滑轮C 正下方相距h 的A 处固定一电量为Q 的点电荷，电量为q 的带电小球B ，用绝缘细线拴着，细线跨过定滑轮，另一端用适当大小的力拉住，使小球处于静止状态，这时小球与A 点的距离为R ，细线CB 与AB 垂直。
【精编】2015年辽宁省高考物理试卷(全国新课标ⅱ)与解析
2015年辽宁省高考物理试卷（全国新课标Ⅱ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）如图，两平行的带电金属板水平放置．若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（）A．保持静止状态B．向左上方做匀加速运动C．向正下方做匀加速运动D．向左下方做匀加速运动2．（6分）如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上．当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c．已知bc边的长度为l．下列判断正确的是（）A．U a＞U c，金属框中无电流B．U b＞U c，金属框中电流方向沿a﹣b﹣c﹣aC．U bc=﹣Bl2ω，金属框中无电流D．U bc=Bl2ω，金属框中电流方向沿a﹣c﹣b﹣a3．（6分）由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道．当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行．已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为（）A．西偏北方向，1.9×103m/s B．东偏南方向，1.9×103m/sC．西偏北方向，2.7×103m/s D．东偏南方向，2.7×103m/s4．（6分）一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所示．假定汽车所受阻力的大小f恒定不变．下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）A． B． C．D．5．（6分）指南针是我国古代四大发明之一．关于指南针，下列说明正确的是（）A．指南针可以仅具有一个磁极B．指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰D．在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转6．（6分）有两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，I中的磁感应强度是Ⅱ中的k倍，两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动．与Ⅰ中运动的电子相比，Ⅱ中的电子（）A．运动轨迹的半径是Ⅰ中的k倍B．加速度的大小是Ⅰ中的k倍C．做圆周运动的周期是Ⅰ中的k倍D．做圆周运动的角速度是Ⅰ中的k倍7．（6分）在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩连接好的车厢．当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，连接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为F；当机车在西边拉着这列车厢以大小为a的加速度向西行驶时，P和Q间的拉力大小仍为F．不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节数可能为（）A．8 B．10 C．15 D．188．（6分）如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．则（）A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必做题，每个考题考生都必须作答，第13为选考题，考生格局要求作答．9．（6分）某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑时的加速度a=m/s2，打C点时物块的速度v=m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是（填正确答案标号）A．物块的质量B．斜面的高度C．斜面的倾角．10．（9分）电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表的电流的两倍．某同学利用这一事实测量电压表的内阻（半偏法）实验室提供材料器材如下：待测电压表（量程3V，内阻约为3000欧），电阻箱R0（最大阻值为99999.9欧），滑动变阻器R1（最大阻值100欧，额定电流2A），电源E（电动势6V，内阻不计），开关两个，导线若干．（1）虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整．（2）根据设计的电路写出步骤：．（3）将这种方法测出的电压表内阻记为R v′，与电压表内阻的真实值R v相比，R v′R v（填“＞”“=”或“＜”），主要理由是．11．（12分）如图，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A、B两点间的电势差．12．（20分）下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示．假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量也为m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数μ1减小为，B、C间的动摩擦因数μ2减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第2s末，B的上表面突然变为光滑，μ2保持不变．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l=27m，C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．取重力加速度大小g=10m/s2．求：（1）在0～2s时间内A和B加速度的大小（2）A在B上总的运动时间．（二）选考题，共45分。
2015年辽宁省师大附中高考物理模拟精品试卷
2015年辽宁省师大附中高考物理模拟精品试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.两个质点A、B放在同一水平面上，由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，其运动的v-t图象如图所示．对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是（）A.A、B加速时的加速度大小之比为2：1，A、B减速时的加速度大小之比为1：1B.在t=3t0时刻，A、B相距最远C.在t=5t0时刻，A、B相距最远D.在t=6t0时刻，A、B相遇【答案】D【解析】解：A、速度时间图象的斜率表示加速度，则A加速时的加速度a A1=△v△t=2v0t，减速时的加速度为a A2=△v△t=2v02t0=v0t0，B加速时的加速度a B1=△v△t=v05t，减速时的加速度a B2=△v△t =v0t0，所以A、B加速时的加速度大小之比为10：1，A、B减速时的加速度大小之比为1：1，故A错误；B、速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，当AB速度相等时，相距最远，由图象可知，在2t0和3t0之间相距最远，故BC错误；D、当AB图象与坐标轴围成的面积相等时，相遇，根据图象可知，在t=6t0时刻，A、B位移相等，相遇，故D正确．故选：D速度时间图象的斜率表示加速度，速度时间图线与时间轴所围成的面积表示位移，当AB速度相等时，相距最远，当AB图象与坐标轴围成的面积相等时，相遇．解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，以及知道速度-时间图线与时间轴所围成的面积表示位移．2.S1和S2表示劲度系数分别为k1和k2的两根弹簧，k1＞k2；a和b表示质量分别为m a和m b的两个小物体，m a＞m b，将弹簧与物块按图示方式悬挂起来，现要求两根弹簧的总长度最大，则应使（）A.S1在上，a在上B.S1在上，b在上C.S2在上，a在上D.S2在上，b在上【答案】D【解析】解：先对下面的物体受力分析，受重力和下面的弹簧的拉力而平衡，即下面的弹簧的弹力等于下面物体的重力，则有：k下x下=m下g①再对两个物体的整体受力分析，受到总重力和上面弹簧的拉力，根据共点力平衡条k上x上=（m a+m b）g②弹簧总长度为L=L a+L b+x上+x下=L a+L b+(m a+m b)gk上+m下gk下要使总长度最大，k上要取最小值k2，m下要取最大值m a，k下要取最大值k1，故S2在上，b在上；故选D．弹簧和物体共有四种组合方式，分别对上下两个物体受力分析，然后结合胡克定律求解出弹簧的总长度．本题关键是对a、b物体受力分析，求出上下两个弹簧的弹力，然后根据胡克定律得到总长度的表达式进行分析讨论；当然也可以对四种组合分别求出总长度的表达式再进行分析．3.如图所示为游乐场中过山车的一段轨道，P点是这段轨道的最高点，A、B、C三处是过山车的车头、中点和车尾．假设这段轨道是圆轨道，各节车厢的质量相等，过山车在运行过程中不受牵引力，所受阻力可忽略．那么，过山车在通过P点的过程中，下列说法正确的是（）A.车头A通过P点时的速度最小B.车的中点B通过P点时的速度最小C.车尾C通过P点时的速度最小D.A、B、C通过P点时的速度一样大【答案】B【解析】解：过山车在运动过程中，受到重力和轨道支持力作用，只有重力做功，机械能守恒，动能和重力势能之间相互转化，则当重力势能最大时，过山车的动能最小，即速度最小，根据题意可知，车的中点B通过P点时，质心的位置最高，重力势能最大，则动能最小，速度最小，故B正确．故选：B对过山车的运动过程进行分析，运动过程中只有重力做功机械能守恒，当重力势能最大时，过山车的动能最小，即速度最小，据此分析即可．本题主要考查了机械能守恒定律的直接应用，本题要知道当重力势能最大时，过山车的动能最小，难度不大，属于基础题．4.电动机的内电阻r=2Ω，与R=8Ω的电阻串连接在线圈上，如图所示．已知线圈面积为√220m2，共100匝，线圈的电阻为2Ω，线圈在B=2πT的匀强磁场中绕OO'以转速n=600r/min匀速转动，在合上开关S后电动机正常工作时，电压表的示数为100V．则下列说法正确的是（）A.电路中电流的最大值为5√2AB.电路中电流的最大值为10√2AC.电动机正常工作时的输出功率为1000WD.电动机正常工作时的输出功率为800√2W【答案】B解：A 、B 、线圈转动时的角速度：ω=2π•n =2π×10rad /s =20πrad /s ；线圈转动时产生的电动势的最大值为：E m =NBS ω=100×2π×√220×20π=200√2V 有效值为：E=E m √2=200V ；设线圈的电阻为r ′，则电路中的电流I 为：I=E−U R+r′=200−1008+2=10A ；故最大电流为10√2A ；故A 错误，B 正确；C 、D 、电动机正常工作时的输出功率为：P=UI-I 2r =100×10W-102×2W=800W ，故C 错误，D 错误；故选：B ．先根据线圈转动时产生的电动势的最大值公式求出感应电动势的最大值，进而求出有效值，根据闭合电路欧姆定律求出电流，电动机正常工作时的输出功率等于总功率减去内阻消耗的功率．本题考查了交流发电机的原理，关键是分清有效值、最大值、瞬时值等概念，同时要结合闭合电路欧姆定律列式求解，不难．5.如图所示，在光滑小滑轮C 正下方相距h 的A 处固定一电量为Q的点电荷，电量为q 的带电小球B ，用绝缘细线拴着，细线跨过定滑轮，另一端用适当大小的力拉住，使小球处于静止状态，这时小球与A 点的距离为R ，细线CB 与AB 垂直．（静电力恒量为K ，环境可视为真空），若小球所受的重力的为G ，缓慢拉动细线（始终保持小球平衡）直到小球刚到滑轮的正下方过程中，拉力所做的功为W 1，电场力做功为W 2，则下列关系式正确的是（ ）A.W 1=mg 2ℎ（h 2-R 2）B.W 2=GR （1-R ℎ）C.W 1=ℎKQq R 2（1-R ℎ） D.G=kℎQq R 2【答案】C【解析】解：对小球，在B 点时，受力分析如图有F =Gsinα=kQq R 2 解得G =ℎKQqR 3当小球移动时，由于F、G不变，则边AB、AC长度不变，最终小球停在A点上方距离为R的H处如图则全过程库仑力F不做功，全过程由动能定理得-GR（1-sinα）+W1=0解得W1=GR(1−Rℎ)，又G=ℎKQqR3，故也可写成W1=ℎKQqR2(1−Rℎ)故选：C对小球在B点受力分析正交分解，可求重力大小．缓慢移动过程可视为速度始终为0，原题虽说明末位置在滑轮下方，但并不明确，对小球受力分析后，应用三角形相似可确定末位置．再对移动过程使用动能定理即可求出拉力的功．本题考查动能定理、共点力作用下物体的平衡、物体的动态平衡等问题，用到矢量三角形与实物三角形相似的原理，不容易想到，难度较大．二、多选题(本大题共3小题，共18.0分)6.为了探寻金矿区域的位置和金矿储量，常利用重力加速度反常现象．如图所示，P点为某地区水平地面上的一点，假定在P点正下方有一空腔或密度较大的金矿，该地区重力加速度的大小就会与正常情况有微小偏离，这种现象叫做“重力加速度反常”．如果球形区域内储藏有金矿，已知金矿的密度为ρ，球形区域周围均匀分布的岩石密度为ρ0，且ρ＞ρ0．又已知引力常量为G，球形空腔体积为V，球心深度为d（远小于地球半径），则下列说法正确的是（）A.有金矿会导致P点重力加速度偏小B.有金矿会导致P点重力加速度偏大C.P点重力加速度反常值约为△g=G(ρ−ρ0)Vd2D.在图中P1点重力加速度反常值大于P点重力加速度反常值BC【解析】解：如果将近地表的球形空腔填满密度为ρ0的岩石，则该地区重力加速度便回到正常值．重力加速度的反常值是△g ，填充岩石的质量M 0=ρ0V ，设在P 点有一质量为m 的物体，则G (M−M 0)m d 2=m △g ，△g =G (M−M 0)d 2=G (ρ−ρ0)V d 2；A 、B 、由于金矿密度大于岩石密度，金矿对P 处m 的引力大于岩石的引力，所以有金矿处会导致重力加速度偏大，故A 错误，B 正确；C 、P 点重力加速度的反常值约为，△g =G(ρ−ρ0)V d 2，故C 正确； D 、由重力反常值的表达式△g =G ρV d 2可知，重力加速度的反常值与深度V 、d 有关，在图中P 1点到球心的距离大于P 点到球心的距离，所以在图中P 1点重力加速度反常值小于P 点重力加速度反常值，故D 错误；故选：BC ．假设在空腔处填满岩石，由万有引力定律求列方程求出重力加速度的反常值，根据反常值的表达式分析答题．由于金矿的密度大于岩石的密度，同体积的金矿质量大于同体积的岩石质量，因此储存金矿的位置重力加速度偏大，出现异常，由万有引力定律可以求出异常值．7.如图所示，D 是一个具有单向导电性的理想二极管，水平放置的平行板电容器AB 内部原有带电微粒P 处于静止状态．下列措施下，关于P 的运动情况的说法中正确的是（ ）A.保持S 闭合，增大A 、B 板间距离，P 仍静止B.保持S 闭合，减小A 、B 板间距离，P 向上运动C.断开S 后，增大A 、B 板间距离，P 向下运动D.若B 板接地，断开S 后，A 板稍下移，P 的电势能不变【答案】ABD【解析】解：A 、当保持开关S 闭合时，则电容器的电压不变；当增大A 、B 极间距，则导致电容器的电容减小，则出现电容器的电量减小，然而二极管作用导致电容器的电量不会减小，则电容器的电量会不变．由于平行板电容器的电场强度与电容器的电量、电介质及正对面积有关．所以电场强度不变，故A 正确；B 、当保持开关S 闭合时，电容器的电压不变；当减小A 、B 极间距，则导致电容器的电容增加，则出现电容器的电量增加．由于平行板电容器的电场强度与电容器的电量、电介质及正对面积有关．因此电场强度增大，所以P 向上运动．故B 正确；C 、当增大A 、B 板间距离，导致电容器的电容减小，由于断开开关S ，则电容器的电量不变，所以极板间的电场强度不变．因此P 仍处于静止，故C 错误；D 、A 板稍下移，导致电容器的电容增大；当断开S 后，则电容器的电量不变，所以电场强度也不变．由于B 板接地，则P 点到B 板的电势差不变，因此P 点的电势能也不变．故D 正确；故选：ABD单向二极管与平行板电容器串连接入电源两极，导致平行板电容器只能充电，不能放电．所以当开关闭合时，电容器的电量只可能增加不可能减小．当开关断开时，电容器的电量不变．电路，只会导致电容器的电量有增无减．同时考查了影响平行板电容器的电场强度的因素．8.如图，足够长的U 型光滑金属导轨平面与水平面成θ角（0＜θ＜90°），其中MN 与PQ 平行且间距为l ，导轨平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，导轨电阻不计，其上端所接定值电阻为R ．给金属棒ab 一沿斜面向上的初速度v 0，并与两导轨始终保持垂直且良好接触，ab 棒接入电路的电阻为r ，当ab 棒沿导轨上滑距离x 时，速度减小为零．则下列说法不正确的是（ ）A.在该过程中，导体棒所受合外力做功为12mv 02B.在该过程中，通过电阻R 的电荷量为BlxR (R+r)2C.在该过程中，电阻R 产生的焦耳热为Rmv 022(R+r)D.在导体棒获得初速度时，整个电路消耗的电功率为B 2l 2v 0R+r v 0 【答案】BC【解析】解：A 、根据动能定理可知：合外力做功为W 合=12mv 02-0=12mv 02．故A 正确．B 、在该过程中，通过电阻R 的电荷量q =It =BlvtR+r =Blx R+r ，故B 错误．C 、设整个回路产生的总焦耳热为Q ．根据能量守恒得：12mv 02=mgxsin θ+Q电阻R 产生的焦耳热为Q R =R R+r Q=R R+r （12mv 02-mgxsin θ），故C 错误．D 、在导体棒获得初速度时，电流I=Blv 0R+r整个电路消耗的电功率P=I 2（R+r ）=B 2l 2v 02R+r ．故D 正确．本题选不正确的，故选：BC ．合外力做功根据动能定理求．由根据电磁感应定律、欧姆定律和电量与电流的关系式求解电荷量．根据能量守恒求电阻R 产生的焦耳热和整个电路消耗的电功率． 电磁感应综合题中，常常用到能量守恒定律和这个经验公式：感应电量q =n △ΦR+r ，但在计算题中，不能直接作为公式用，要推导．五、多选题(本大题共1小题，共5.0分)13.下列叙述和热力学定律相关，其中正确的是（ ）A.第一类永动机不可能制成，是因为违背了能量守恒定律B.能量耗散过程中能量不守恒C.电冰箱的制冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，违背了热力学第二定律D.能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性E.物体从单一热源吸收的热量可全部用于做功ADE【解析】解；A、第一类永动机既不消耗能量又能源源不断对外做功，违背了能量守恒定律，所以不可能制成．故A正确．B、能量耗散过程中能量也守恒．故B错误．C、电冰箱的致冷系统能够不断地把冰箱内的热量传到外界，是由于压缩机做功，并不违背了热力学第二定律．故C错误．D、能量耗散是从能量转化的角度反映出自然界中的宏观过程具有方向性．故D正确．E、根据热力学第二定律可知：气体不可能从单一热源吸热，并全部用来对外做功，而不引起其它变化；若引起外界变化则可以，故E正确故选：ADE第一类永动机违背了能量守恒定律．第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，内能在转化为机械能的过程中要生热，所以要引起其它变化本题关键要掌握两种永动机不能制成的原因，考查了热力学第二定律的应用七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，下列说法正确的是（）A.用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B.用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光的衍射现象C.在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象D.光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象E.在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变窄【答案】CDE【解析】解：A、用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的干涉现象．故A错误．B、用三棱镜观察白光看到的彩色图样是利用光折射现象．故B错误．C、在光导纤维束内传送图象是利用光的全反射现象．故C正确．D、光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象．故D正确．E、光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，由于波长变长，根据公式λ，则干涉条纹间距变宽，故E正确；△x=Ld故选：CDE．光在科学技术、生产和生活中有着广泛的应用，根据光的特性判断现象在应用中是否正确；光的双缝干涉实验中，则干涉条纹间距随着波长越长而变宽．本题属于基础题，要了解光的各种现象，以及各种现象在生产和生活中的运用．考查光的干涉与衍射的区别，理解光的全反射的应用，及注意其条件，掌握干涉条纹间距与波长的关系．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.某学习小组利用自行车的运动“探究克服阻力做功与速度变化的关系”．人骑自行车在平直的路面上运动，当人停止蹬车后，由于受到阻力作用，自行车的速度会逐渐无动力后受到的阻力恒定．（1）在实验中使自行车在平直的公路上获得某一速度后停止蹬车，为了计算自行车的初速度v，除了需要测出人停止蹬车后自行车向前滑行的距离s，还需要测量______ （填写物理量的名称及符号）．（2）设自行车受到的阻力恒为f，计算出克服阻力做的功W及自行车的初速度v．改变人停止蹬车时自行车的速度，重复实验，可以得到多组测量值．以阻力对自行车做功的大小为纵坐标，自行车初速度为横坐标，作出W-v曲线．分析这条曲线，就可以得到克服阻力做的功与自行车速度变化的定性关系．在实验中作出W-v图象如图2所示，其中符合实际情况的是______ ．【答案】人停止蹬车后自行车滑行的时间t；C【解析】解：（1）人停止蹬车后，人和车组成的系统做匀减速直线运动，由匀变速直线运动规律得：v2=2as；且有v=at，故需要测出人停止蹬车后自行车向前滑行的时间t；mv2，故知W与v成二次函数关系，且抛物线开口向（2）根据动能定理得：-W=0-12上．故C正确．故答案为：人停止蹬车后自行车滑行的时间t，C．（1）根据匀变速直线运动规律得：v2=2as；且有v=at，即可求解；（2）根据动能定理得出人停止蹬车后，阻力做功与自行车速度的关系，从而判断W 与v图线．解决本题的关键根据动能定理得出阻力做功与速度的关系，并掌握匀变速直线运动的运动规律．10.为了节能环保，一些公共场所使用光控开关控制照明系统．光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件（照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx）．（1）某光敏电阻R在不同照度下的阻值如表，根据表中已知数据，在图1的坐标系中描绘出了阻值随照度变化的曲线．由图象可求出照度为1.01x时的电阻约为______照度（1x）0.20.40.60.8 1.0 1.2电阻（kΩ）754028232018（2）如图2所示是街道路灯自动控制模拟电路，利用直流电源为电磁铁供电，利用照明电源为路灯供电．为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，路灯应接在______ （填“AB”或“BC”）之间，请用笔画线代替导线，正确连接电路元件．（3）用多用电表“×10Ω”挡，按正确步骤测量图中电磁铁线圈电阻时，指针示数如图3所示，则线圈的电阻为______ Ω．已知当线圈中的电流大于或等于2m A时，继电器的衔铁将被吸合．图中直流电源的电动势E=6V，内阻忽略不计，滑动变阻器有三种规格可供选择：R l（0～10Ω，2A）、R2（0～200Ω，1A）、R3（0～1750Ω，0.1A）．要求天色渐暗照度降低至1.01x时点亮路灯，滑动变阻器应选择______ （填R1、R2、R3）．为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地______ （填“增大”或“减小”）滑动变阻器的电阻．【答案】2.0；AB；140；R3；减小【解析】解：（1）根据图象直接读出对应的照度为1.0x时的电阻约为2.0kΩ．（2）光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通．所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在AB 之间．电路图如图；（3）欧姆表的读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率，表盘的刻度是14，倍率是“×10Ω”，所以电阻值是14×10=140Ω；天色渐暗照度降低至1.01x时点亮路灯，此时光敏电阻的电阻值是2kΩ，电路中的电流是2m A，R=EI −R光=62×10−3−2000=1000Ω，所以要选择滑动变阻器R3．由于光变暗时，光敏电阻变大，分的电压变大，所以为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地减小滑动变阻器的电阻．故答案为：（1）2.0；（2）AB，如图；（3）140，R3；减小（1）根据图象直接读出对应的数据即可；（2）利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点．（3）欧姆表的读数是先读出表盘的刻度，然后乘以倍率．由于光变暗时，光敏电阻变系统，可以算出定值电阻的大小．该题考查电路设计的问题和变化电路的分析，要结合闭合电路欧姆定律、光敏电阻的特点去分析，难度比较大．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，轮半径r =10cm 的传送带，水平部分AB 的长度L=1.5m ，与一圆心在O 点半径R=1m 的竖直光滑圆轨道的末端相切于A 点，AB 高出水平地面H=1.25m ．一质量m =0.1kg 的小滑块（可视为质点），由圆轨道上的P点从静止释放，OP 与竖直线的夹角θ=37°．已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g =10m /s 2，滑块与传送带的动摩擦因数μ=0.1，不计空气阻力．（1）求滑块对圆轨道末端的压力．（2）若传送带一直保持静止，求滑块的落地点与B 间的水平距离．（3）若传送带以v 0=0.5m /s 的速度沿逆时针方向运行（传送带上部分由B 到A 运动），求滑块在皮带上滑行过程中产生的内能．【答案】解：（1）从P 到圆轨道末端的过程中，由动能定理可得：mgR(1−cos37°)=12mv 2−0可得滑块到达A 点时的速度v =√2gR(1−cos37°)=√2×10×1×(1−0.8)m /s =2m /s ；在轨道末端根据牛顿第二定律有：N −mg =m v 2R可得N=mg +mv 2R =0.1×10+0.1×221N =1.4N根据牛顿第三定律得：滑块对圆轨道末端的压力大小为1.4N ，方向竖直向下；（2）从A 到B 的过程中，只有摩擦力对滑块做功，根据动能定理得：−μmgL =12mv B 2−12mv 2 代入数据可解得滑块到达B 时的速度v B =1m /s因为在B 点做圆周运动的临界速度√gr =√10×0.1m/s ，所以滑块恰好从B 点开始做平抛运动，所以滑块落地点距B 点的水平距离：x =v B t =v B √2H g =1×√2×1.2510m =0.5m （3）传送带向左运动和传送带静止对滑块的受力情况没有变化，滑块从A 至B 的运△x =L +v 0v −v B −μg =1.5+0.5×1−2−0.1×10m =2m 所以滑块在皮带上滑行过程中产生的内能Q=μmg △x =0.1×0.1×10×2J=0.2J 答：（1）滑块对圆轨道末端的压力为1.4N ；（2）若传送带一直保持静止，滑块的落地点与B 间的水平距离为0.5m ；（3）若传送带以v 0=0.5m /s 的速度沿逆时针方向运行（传送带上部分由B 到A 运动），滑块在皮带上滑行过程中产生的内能为0.2J ．【解析】（1）根据动能定理求得滑块到达末端时的速度，再由牛顿第二定律求得轨道对滑块的支持力，由牛顿第三定律得滑块对圆轨道的压力；（2）根据动能定理求得滑块离开传送带时的速度，再根据平抛知识求滑块落地点与B 间的水平距离；解决本题的关键理清滑块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．12.在地面附近的真空中，存在着竖直向上的匀强电场和垂直电场方向水平向里的匀强磁场，如图甲所示．磁场的磁感应强度B（图象中的B 0末知）随时间t 的变化情况如图乙所示．该区域中有一条水平直线MN ，D 是MN 上的一点．在t =0时刻，有一个质量为m 、电荷量为+q 的小球（可看做质点），从M 点开始沿着水平直线以速度v 0向右做匀速直线运动，t 0时刻恰好到达N 点．经观测发现，小球在t =2t 0至t =3t 0时间内的某一时刻，又竖直向下经过直线MN 上的D 点，并且以后小球多次水平向右或竖直向下经过D 点．不考虑地磁场的影响，求：（1）电场强度E 的大小；（2）小球从M 点开始运动到第二次经过D 点所用的时间；（3）小球运动的周期，并画出运动轨迹（只画一个周期）．【答案】解：（1）小球从M 点运动到N 点时，有q E=mg ，解得E=mg q ． （2）小球从M 点到达N 点所用时间t 1=t 0小球从N 点经过34个圆周，到达P 点，所以t 2=t 0小球从P 点运动到D 点的位移x =R=mv 0qB 0小球从P 点运动到D 点的时间t 3=R v 0=mB 0q 得 t 0=2πmqB ，t 3=2t03π 所以所求时间t =t 1+t 2+t 3=2t 0（13π+1）．（3）小球运动一个周期的轨迹如图所示．小球的运动周期为T=8t 0．答：（1）电场强度E 的大小是mg q ；（2）小球从M 点开始运动到第二次经过D 点所用的时间是2t 0（13π+1）；（3）小球运动的周期是8t 0，画出运动轨迹如图所示．【解析】（1）小球从M 点运动到N 点时，电场力与重力平衡，由平衡条件即可求解E 的大小；（2）根据直线运动与圆周运动，结合运动学公式与周期公式，即可求解；（3）由上分析，根据受力与运动情况，可画出运动轨迹．考查粒子在复合场的运动，掌握受力与运动的关系，注意学会画出运动轨迹，体现几何的特性及对称性．六、计算题(本大题共1小题，共10.0分)14.如图，在大气中有一水平放置的固定圆筒，它由a 、b和c 三个粗细不同的部分连接而成，各部分的横截面积分别为2S 、S2和S ．已知大气压强为p 0，温度为T 0．两活塞A 和B 用一根长为4l 的不可伸长的轻线相连，把温度为T 0的空气密封在两活塞之间，此时两活塞的位置如图所示．现对被密封的气体加热，使其温度缓慢上升到T ．若活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略，此时两活塞之间气体的压强可能为多少？【答案】解：设加热前，被密封气体的压强为p 1，轻线的张力为f ，根据平衡条件可得： 对活塞A ：2p 0S-2p 1S+f =0对活塞B ：p 1S-p 0S-f =0，解得：p 1=p 0f =0即被密封气体的压强与大气压强相等，轻线处在拉直的松弛状态，这时气体的体积为：V 1=2S l +S l +S l =4S l对气体加热时，被密封气体温度缓慢升高，两活塞一起向左缓慢移动，气体体积增大，压强保持p 1不变，若持续加热，此过程会一直持续到活塞向左移动的距离等于l 为止，这时气体的体积为：V 2=4S l +S l =5S l根据盖•吕萨克定律得：V 2T 2=V 1T 0解得：T 2=54T 0。
辽宁省抚顺市高三物理上学期第一次模拟试卷(含解析)
辽宁省抚顺市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项符合题目要求，6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．2012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演，该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．下列结论不正确的是( )A．在0～t0时间内加速度不变，在t0～3t0时间内加速度减小B．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越大C．在t0～3t0的时间内，平均速度＜D．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小2．一颗人造地球卫星在距地球表面髙度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为T若地球半径为R，则( )A．该卫星运行时的线速度为B．该卫星运行时的向心加速度为C．物体在地球表面自由下落的加速度为D．地球的第一宇宙速度为3．在地面上方的A点以E1=3J的初动能水平抛出一小球，小球刚落地前的瞬时动能为E2=7J，落地点在B点，不计空气阻力，则A、B两点的连线与水平方向的夹角为( )A．30°B．37°C．45°D．60°4．如图所示，水平传送带两端点A、B间的距离为L，传送带开始时处于静止状态．把一个小物体放到右端的A点，某人用恒定的水平力F使小物体以速度v1匀速滑到左端的B点，拉力F所做的功为W1、功率为P1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为Q1．随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用相同的水平力恒定F拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从A滑行到B，这一过程中，拉力F所做的功为W2、功率为P2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 Q2．下列关系中正确的是( )A．W1=W2，P1＜P2，Q1=Q2B．W1=W2，P1＜P2，Q1＞Q2C．W1＞W2，P1=P2，Q1＞Q2D．W1＞W2，P1=P2，Q1=Q25．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．则( )A．E带正电，F带负电，且Q E＞Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能6．如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示．t=0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正．则下面关于感应电流i和cd所受安培力F随时间t变化的图象正确的是( )A．B．C．D．7．如图所示，等腰直角三角体OAB的斜边AB是由AP和PB两个不同材料的面拼接而成，P 为两面交点，且BP＞AP．将OB边水平放置，让小物块从A滑到B；然后将OA边水平放置，再让小物块从B滑到A，小物块两次滑动均由静止开始，且经过P点的时间相同．物体与AP 面的摩擦因数为μA，与PB面的摩擦因数μB；滑到底部所用的总时间分别是t AB和t BA，下列说法正确的是( )A．两面与小物体间的摩擦系数μA＜μBB．两次滑动中物块到达底端速度相等C．两次滑动中物块到达P点速度相等D．两次滑动中物块到达底端总时间t AB＞t BA8．如图所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n：1．原线圈接电压为u=U0sinωt的正弦交流电，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机的线圈电阻为R．当输入端接通电源后，电动机带动一质量为m的重物匀速上升，此时电流表的示数为I，重力加速度为g，下列说法正确的是( )A．电动机两端电压为IRB．原线圈中的电流为nIC．电动机消耗的电功率为D．重物匀速上升的速度为二、非选择题9．用如图1所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定．①实验时，一定要进行的操作是__________a．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数b．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带c．用天平测出砂和砂桶的质量d．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量②以弹簧测力计的示数F为横坐标，以加速度a为纵坐标，图2画出的a﹣F图象可能正确的是__________③若测出a﹣F图象的斜率为k后，则小车的质量为__________．10．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为__________mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为__________mm．（3）用多用电表的电阻“×10”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为__________Ω．（4）为更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～15mA，内阻约30Ω）电流表A2（量程0～3mA，内阻约50Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ）开关S，导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图丁框中画出测量用的正确电路图，并标明所用器材的代号．11．如图所示，光滑的直角细杆AOB固定在竖直平面内，OA杆水平，OB杆竖直．有两个质量相等均为0.3kg的小球a与b分别穿在OA、OB杆上，两球用一轻绳连接，轻绳长L=25cm．两球在水平拉力F作用下目前处于静止状态，绳与OB杆的夹角θ=53°（sin37°=0.6，cos37°=0.8，sin53°=0.8，cos53°=0.6），求：（1）此时细绳对小球b的拉力大小，水平拉力F的大小；（2）现突然撤去拉力F，两球从静止开始运动，设OB杆足够长，运动过程中细绳始终绷紧，则当θ=37°时，小球b的速度大小．12．如图所示，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R．以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场．D为收集板，板上各点到O点的距离以及板两端点的距离都为2R，板两端点的连线垂直M、N板．质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场．粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计．（1）当M、N间的电压为U时，求粒子进入磁场时速度的大小υ；（2）若粒子恰好打在收集板D的中点上，求M、N间的电压值U0；（3）当M、N间的电压不同时，粒子从s1到打在D上经历的时间t会不同，求t的最小值．选修3-313．关于物体的内能、温度和分子的平均动能，下列说法正确的是( ) A．温度低的物体内能有可能比温度高的物体内能大B．温度低的物体分子运动的平均速率小C．外界对物体做功时，物体的内能一定增加D．做加速运动的物体，分子平均动能可能越来越大E．温度低的物体分子平均动能一定小14．如图所示，U形管右管横截面积为左管2倍，管内水银在左管内封闭了一段长为26cm、温度为280K的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，大气压为76cm Hg．现向右管缓慢补充水银．①若保持左管内气体的温度不变，当左管空气柱长度变为20cm时，左管内气体的压强为多大？②在①条件下，停止补充水银，若给左管的气体加热，使管内气柱长度恢复到26cm，则左管内气体的温度为多少？选修3-415．如图，一个三棱镜的截面为等腰直角△ABC，∠A为直角，由单色光a和b组成的一束光垂直AB入射，在右侧光屏MN上只有a光，以下说法中正确的是( )A．a光的波长比b光波长短B．由AB界面到BC界面a光所需时间短C．介质对b光的折射率至少为D．用同一双缝干涉装置观察光干涉现象，b光条纹间距较大E．若a光照射某金属表面能发生光电效应，则用b光照射该金属表面也一定能发生光电效应16．如图在O点有一波源，t=0时刻开始振动，在介质中形成一列振幅为10cm的简谐横波，在t=0.9s时刻到P点时波形如图，OP距离为1.5m，从此时开始，又经过1.9s，质点A第一次到达平衡位置下方5cm处，由此判断：（1）该机械波的周期；（2）A点距振源O的距离．选修3-517．下列说法正确的有 ( )A．α射线与γ射线都是电磁波B．按照玻尔理论，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小C．天然放射现象表明原子核具有复杂的结构D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为光的强度太弱E．比结合能小的原子核结合成或分裂成比结合能大的原子核时一定释放能量18．质量为M=2kg的小平板车C静止在光滑水平面上，车的一端静止着质量为m A=2kg的物体A（可视为质点），如图所示，一颗质量为m B=20g的子弹以600m/s的水平速度射穿A后，速度变为100m/s，最后物体A静止在车上，求（1）平板车最后的速度是多少？（2）整个系统损失的机械能是多少？辽宁省抚顺市2015届高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项符合题目要求，6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．2012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演，该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．下列结论不正确的是( )A．在0～t0时间内加速度不变，在t0～3t0时间内加速度减小B．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越大C．在t0～3t0的时间内，平均速度＜D．若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，根据斜率的变化判断加速度的变化．根据牛顿第二定律判断阻力的变化解答：解：A、在0～t0时间内，图线的斜率不变，则加速度不变，在t0～3t0时间内，图线斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小．故A正确．B、打开降落伞后，加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律得，f﹣mg=ma，则f=mg+ma，知阻力逐渐减小．故B错误．C、在t0～3t0的时间内，若做匀减速直线运动由v1减速到v2，则平均速度为，根据图线与时间轴围成的面积表示位移，知变减速运动的位移小于匀减速直线运动的位移，则平均速度＜．故C正确．D、若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，由于第一个伞兵的速度先大于第二个伞兵的速度，然后又小于第二个伞兵的速度，所以空中的距离先增大后减小．故D 正确．本题选不正确的，故选：B点评：解决本题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，结合牛顿第二定律进行求解2．一颗人造地球卫星在距地球表面髙度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为T若地球半径为R，则( )A．该卫星运行时的线速度为B．该卫星运行时的向心加速度为C．物体在地球表面自由下落的加速度为D．地球的第一宇宙速度为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：A、根据线速度公式，即可求解；B、根据向心加速器度表达式，即可求解；C、根据地球表面的重力等于万有引力，结合向心力表达式，即可求解；D、根据第一宇宙速度，再结合引力提供向心力表达式，即可求解．解答：解：A、根据线速度公式=，故A错误；B、根据向心加速器度表达式=，故B错误；C、根据公式，结合，即可求解地球表面重力加速度，g=，故C正确；D、地球的第一宇宙速度为，且，因此v=，故D正确；故选：CD．点评：考查线速度与向心加速度公式，掌握牛顿第二定律与万有引力定律的应用，理解黄金代换公式与向心力表达式的内容．3．在地面上方的A点以E1=3J的初动能水平抛出一小球，小球刚落地前的瞬时动能为E2=7J，落地点在B点，不计空气阻力，则A、B两点的连线与水平方向的夹角为( ) A．30°B．37°C．45°D．60°考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做的是平抛运动，根据水平方向的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，求出A、B两点的连线与水平方向的夹角的正切值，即可求得夹角的大小．解答：解：设物体的质量为m，物体的动能为E1=3J，所以E1=mv02=3J，所以物体的速度v0为v0==，物体的末动能E2=7J，根据E2=mv2=7J，所以物体的速度v为v==，所以物体在竖直方向上的速度的大小为v y==，设A、B两点的连线与水平方向的夹角为θ，则tanθ======，所以θ=30°，故选A．点评：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．4．如图所示，水平传送带两端点A、B间的距离为L，传送带开始时处于静止状态．把一个小物体放到右端的A点，某人用恒定的水平力F使小物体以速度v1匀速滑到左端的B点，拉力F所做的功为W1、功率为P1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为Q1．随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用相同的水平力恒定F拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从A滑行到B，这一过程中，拉力F所做的功为W2、功率为P2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 Q2．下列关系中正确的是( )A．W1=W2，P1＜P2，Q1=Q2B．W1=W2，P1＜P2，Q1＞Q2C．W1＞W2，P1=P2，Q1＞Q2D．W1＞W2，P1=P2，Q1=Q2考点：牛顿第二定律；功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．专题：传送带专题．分析：传送带不运动时和运动时，拉力的大小相同，物体对地位移相同，做功相同．传送带以v2的速度匀速运动时，物体从A运动到B时间缩短，拉力做功功率增大．摩擦而产生的热量等于物体与传送带组成的系统克服摩擦力做功．根据系统克服摩擦力做功大小，判断热量的大小．解答：解：设AB的长度为L，拉力大小为F，滑动摩擦力大小为f．当传送带不运动时，拉力做功W1=FL，物体从A运动到B的时间t1=，因摩擦而产生的热量Q1=fL．当传送带运动时，拉力做功W2=FL，物体从A运动到B的时间t2=＜t1，因摩擦而产生的热量Q2=fv1t2．拉力做功功率P1=，P2=比较可知W1=W2，P1＜P2．又v1t2＜v1t1，v1t1=L 得Q1＞Q2．故选B．点评：本题难点是分析物体运动时间和摩擦生热．摩擦发热等于滑动摩擦力与物体和传送带相对位移的乘积．5．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．则( )A．E带正电，F带负电，且Q E＞Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能考点：电场线；电场的叠加；电势能．专题：压轴题；电场力与电势的性质专题．分析：A、根据电场线的方向和场强的叠加，可以判断出E、F的电性及电量的大小．B、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．C、电场线和等势面垂直．D、先比较电势的高低，再根据E p=qU，比较电势能．解答：解：A、根据电场线的流向，知E带正电，F带负电；N点的场强可看成E、F两电荷在该点产生场强的合场强，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而NF＞NE，所以Q F＞Q E．故A错误．B、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故B错误．C、因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直．故C正确．D、沿电场线方向电势逐渐降低，U M＞U N，再根据E p=qU，q为负电荷，知E pM＜E pN．故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道电场线的特点及电势能高低的判断．电势能高低判断：一可以从电场力做功角度判断，二根据电势能的公式判断．6．如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示．t=0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正．则下面关于感应电流i和cd所受安培力F随时间t变化的图象正确的是( )A．B．C．D．考点：法拉第电磁感应定律；安培力．专题：压轴题；电磁感应中的力学问题．分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势和感应电流的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向，通过安培力大小公式求出安培力的大小以及通过左手定则判断安培力的方向．解答：解：A、0～2s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为正值．根据法拉第电磁感应定律，E==B0S为定值，则感应电流为定值，．在2～3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与0～2s内相同．在3～4s内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与0～2s内相同．在4～6s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与0～2s内相同．故A正确，B错误．C、在0～2s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根据F A=BIL，则安培力逐渐减小，cd边所受安培力方向向右，为负值．0时刻安培力大小为F=2B0I0L．在2s～3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据F A=BIL，则安培力逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，为正值，3s末安培力大小为B0I0L．在2～3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向右，为负值，第4s初的安培力大小为B0I0L．在4～6s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2B0I0L．故C 正确，D错误．故选AC．点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会运用楞次定律判断感应电流的方向，以及掌握安培力大小公式，会用左手定则判定安培力的方向．7．如图所示，等腰直角三角体OAB的斜边AB是由AP和PB两个不同材料的面拼接而成，P 为两面交点，且BP＞AP．将OB边水平放置，让小物块从A滑到B；然后将OA边水平放置，再让小物块从B滑到A，小物块两次滑动均由静止开始，且经过P点的时间相同．物体与AP 面的摩擦因数为μA，与PB面的摩擦因数μB；滑到底部所用的总时间分别是t AB和t BA，下列说法正确的是( )A．两面与小物体间的摩擦系数μA＜μBB．两次滑动中物块到达底端速度相等C．两次滑动中物块到达P点速度相等D．两次滑动中物块到达底端总时间t AB＞t BA考点：动能定理的应用；功能关系．分析：根据匀加速直线运动位移时间公式及牛顿第二定律联立方程判断动摩擦力因数的大小，从A到B和从B到A分别利用动能定理可以比较物块滑到低端时的速度大小，由功的计算公式可以求出克服摩擦力所做的功．解答：解：A、根据匀加速直线运动位移时间公式得：x=解得：a=因为两次运动到P点的时间相同，且BP＞AP，所以a B＞a A根据牛顿第二定律得：a=，所以μA＞μB，故A错误；B、从A到B和从B到A过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到达底端速度相等，故B正确；C、由题意可知，小物块两次滑动经过P点的时间相同且BP＞AP，因此从B到P的平均速度大于从A到P的平均速度，设从A到P点时速度为v1，从B到P时速度为v2，则根据匀变速直线运动特点有：，即从B到P点速度大于从A到P点的速度，故C错误；D、从B到P点速度大于从A到P点的速度，且以a B＞a A，BP＞AP，所以B从P点滑到A的时间大于A从P点滑到B的时间，又因为经过P点的时间相同，所以两次滑动中物块到达底端总时间t AB＞t BA，故D正确．故选：BD．点评：熟练应用动能定理是解答这类问题的关键，应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节．8．如图所示为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n：1．原线圈接电压为u=U0sinωt的正弦交流电，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机的线圈电阻为R．当输入端接通电源后，电动机带动一质量为m的重物匀速上升，此时电流表的示数为I，重力加速度为g，下列说法正确的是( )A．电动机两端电压为IRB．原线圈中的电流为nIC．电动机消耗的电功率为D．重物匀速上升的速度为考点：变压器的构造和原理；电磁感应中的能量转化．专题：交流电专题．分析：根据变压器匝数与电流、电压的关系和交流电表达式，分析AB，利用功能关系分析CD．解答：解：A、电动机两端电压为副线圈两端的电压，A错误；B、原线圈中的电流为，B错误；C、电动机消耗的电功率为P电=，C正确；D、由功能关系知P电=I2R+mgv，解得v=，D正确；故选CD点评：本题是个小型的综合题目，考查的知识点较多，比如变化电路中能量的分配，难度不大．二、非选择题9．用如图1所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定．①实验时，一定要进行的操作是aba．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数b．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带c．用天平测出砂和砂桶的质量d．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量②以弹簧测力计的示数F为横坐标，以加速度a为纵坐标，图2画出的a﹣F图象可能正确的是a③若测出a﹣F图象的斜率为k后，则小车的质量为．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数．解答：解：（1）a、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故a正确；b、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故b正确；c、本题拉力可以由弹簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故cd错误．故选：ab（2）小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以a﹣F图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的a﹣F图象在F轴上有截距，故a正确．故选：a（3）对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，此题，弹簧测力计的示数F=，故小车质量为故答案为：（1）ab；（2）a；（3）．点评：本题考察的比较综合，需要学生对这一实验掌握的非常熟，理解的比较深刻才不会出错，知道a﹣F图的斜率等于小车质量的倒数，难度适中．10．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为50.15mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为4.699mm．（3）用多用电表的电阻“×10”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为220Ω．（4）为更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～15mA，内阻约30Ω）电流表A2（量程0～3mA，内阻约50Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V，内阻不计）。
辽宁省抚顺市高三物理上学期第一次模拟试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
辽宁省抚顺市2015届高考物理一模试卷一、选择题〔共8小题，每一小题6分，在每一小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项符合题目要求，6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分〕1．2012年9月16日，济南军区在“保钓演习〞中，某特种兵进展了飞行跳伞表演，该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．如下结论不正确的答案是( )A．在0～t0时间内加速度不变，在t0～3t0时间内加速度减小B．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越大C．在t0～3t0的时间内，平均速度＜D．假设第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，如此他们在空中的距离先增大后减小2．一颗人造地球卫星在距地球外表髙度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为T假设地球半径为R，如此( )A．该卫星运行时的线速度为B．该卫星运行时的向心加速度为C．物体在地球外表自由下落的加速度为D．地球的第一宇宙速度为3．在地面上方的A点以E1=3J的初动能水平抛出一小球，小球刚落地前的瞬时动能为E2=7J，落地点在B点，不计空气阻力，如此A、B两点的连线与水平方向的夹角为( ) A．30°B．37°C．45°D．60°4．如下列图，水平传送带两端点A、B间的距离为L，传送带开始时处于静止状态．把一个小物体放到右端的A点，某人用恒定的水平力F使小物体以速度v1匀速滑到左端的B点，拉力F所做的功为W1、功率为P1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为Q1．随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用一样的水平力恒定F拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从A滑行到B，这一过程中，拉力F所做的功为W2、功率为P2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 Q2．如下关系中正确的答案是( )A．W1=W2，P1＜P2，Q1=Q2B．W1=W2，P1＜P2，Q1＞Q2C．W1＞W2，P1=P2，Q1＞Q2D．W1＞W2，P1=P2，Q1=Q25．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．如此( )A．E带正电，F带负电，且Q E＞Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能6．如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示．t=0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正．如此下面关于感应电流i和cd所受安培力F随时间t变化的图象正确的答案是( )A．B．C．D．7．如下列图，等腰直角三角体OAB的斜边AB是由AP和PB两个不同材料的面拼接而成，P 为两面交点，且BP＞AP．将OB边水平放置，让小物块从A滑到B；然后将OA边水平放置，再让小物块从B滑到A，小物块两次滑动均由静止开始，且经过P点的时间一样．物体与AP 面的摩擦因数为μA，与PB面的摩擦因数μB；滑到底部所用的总时间分别是t AB和t BA，如下说法正确的答案是( )A．两面与小物体间的摩擦系数μA＜μBB．两次滑动中物块到达底端速度相等C．两次滑动中物块到达P点速度相等D．两次滑动中物块到达底端总时间t AB＞t BA8．如下列图为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n：1．原线圈接电压为u=U0sinωt 的正弦交流电，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机的线圈电阻为R．当输入端接通电源后，电动机带动一质量为m的重物匀速上升，此时电流表的示数为I，重力加速度为g，如下说法正确的答案是( )A．电动机两端电压为IRB．原线圈中的电流为nIC．电动机消耗的电功率为D．重物匀速上升的速度为二、非选择题9．用如图1所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定．①实验时，一定要进展的操作是__________a．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数b．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带c．用天平测出砂和砂桶的质量d．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量②以弹簧测力计的示数F为横坐标，以加速度a为纵坐标，图2画出的a﹣F图象可能正确的答案是__________③假设测出a﹣F图象的斜率为k后，如此小车的质量为__________．10．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：〔1〕用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为__________mm；〔2〕用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为__________mm．〔3〕用多用电表的电阻“×10〞档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，如此该电阻的阻值约为__________Ω．〔4〕为更准确地测量其电阻，现有的器材与其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1〔量程0～15mA，内阻约30Ω〕电流表A2〔量程0～3mA，内阻约50Ω〕电压表V1〔量程0～3V，内阻约10kΩ〕电压表V2〔量程0～15V，内阻约25kΩ〕直流电源E〔电动势4V，内阻不计〕滑动变阻器R1〔阻值范围0～15Ω〕滑动变阻器R2〔阻值范围0～2kΩ〕开关S，导线假设干为使实验误差较小，要求测得多组数据进展分析，请在图丁框中画出测量用的正确电路图，并标明所用器材的代号．11．如下列图，光滑的直角细杆AOB固定在竖直平面内，OA杆水平，OB杆竖直．有两个质量相等均为0.3kg的小球a与b分别穿在OA、OB杆上，两球用一轻绳连接，轻绳长L=25cm．两球在水平拉力F作用下目前处于静止状态，绳与OB杆的夹角θ=53°〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，sin53°=0.8，cos53°=0.6〕，求：〔1〕此时细绳对小球b的拉力大小，水平拉力F的大小；〔2〕现突然撤去拉力F，两球从静止开始运动，设OB杆足够长，运动过程中细绳始终绷紧，如此当θ=37°时，小球b的速度大小．12．如下列图，相距为R的两块平行金属板M、N正对着放置，s1、s2分别为M、N板上的小孔，s1、s2、O三点共线，它们的连线垂直M、N，且s2O=R．以O为圆心、R为半径的圆形区域内存在磁感应强度为B、方向垂直纸面向外的匀强磁场．D为收集板，板上各点到O点的距离以与板两端点的距离都为2R，板两端点的连线垂直M、N板．质量为m、带电量为+q的粒子，经s1进入M、N间的电场后，通过s2进入磁场．粒子在s1处的速度和粒子所受的重力均不计．〔1〕当M、N间的电压为U时，求粒子进入磁场时速度的大小υ；〔2〕假设粒子恰好打在收集板D的中点上，求M、N间的电压值U0；〔3〕当M、N间的电压不同时，粒子从s1到打在D上经历的时间t会不同，求t的最小值．选修3-313．关于物体的内能、温度和分子的平均动能，如下说法正确的答案是( ) A．温度低的物体内能有可能比温度高的物体内能大B．温度低的物体分子运动的平均速率小C．外界对物体做功时，物体的内能一定增加D．做加速运动的物体，分子平均动能可能越来越大E．温度低的物体分子平均动能一定小14．如下列图，U形管右管横截面积为左管2倍，管内水银在左管内封闭了一段长为26cm、温度为280K的空气柱，左右两管水银面高度差为36cm，大气压为76cm Hg．现向右管缓慢补充水银．①假设保持左管内气体的温度不变，当左管空气柱长度变为20cm时，左管内气体的压强为多大？②在①条件下，停止补充水银，假设给左管的气体加热，使管内气柱长度恢复到26cm，如此左管内气体的温度为多少？选修3-415．如图，一个三棱镜的截面为等腰直角△ABC，∠A为直角，由单色光a和b组成的一束光垂直AB入射，在右侧光屏MN上只有a光，以下说法中正确的答案是( )A．a光的波长比b光波长短B．由AB界面到BC界面a光所需时间短C．介质对b光的折射率至少为D．用同一双缝干预装置观察光干预现象，b光条纹间距较大E．假设a光照射某金属外表能发生光电效应，如此用b光照射该金属外表也一定能发生光电效应16．如图在O点有一波源，t=0时刻开始振动，在介质中形成一列振幅为10cm的简谐横波，在t=0.9s时刻到P点时波形如图，OP距离为1.5m，从此时开始，又经过1.9s，质点A第一次到达平衡位置下方5cm处，由此判断：〔1〕该机械波的周期；〔2〕A点距振源O的距离．选修3-517．如下说法正确的有 ( )A．α射线与γ射线都是电磁波B．按照玻尔理论，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小C．天然放射现象明确原子核具有复杂的结构D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为光的强度太弱E．比结合能小的原子核结合成或分裂成比结合能大的原子核时一定释放能量18．质量为M=2kg的小平板车C静止在光滑水平面上，车的一端静止着质量为m A=2kg的物体A〔可视为质点〕，如下列图，一颗质量为m B=20g的子弹以600m/s的水平速度射穿A后，速度变为100m/s，最后物体A静止在车上，求〔1〕平板车最后的速度是多少？〔2〕整个系统损失的机械能是多少？辽宁省抚顺市2015届高考物理一模试卷一、选择题〔共8小题，每一小题6分，在每一小题给出的四个选项中，1-5题只有一个选项符合题目要求，6-8题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分〕1．2012年9月16日，济南军区在“保钓演习〞中，某特种兵进展了飞行跳伞表演，该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t0时刻打开降落伞，在3t0时刻以速度v2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．如下结论不正确的答案是( )A．在0～t0时间内加速度不变，在t0～3t0时间内加速度减小B．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越大C．在t0～3t0的时间内，平均速度＜D．假设第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，如此他们在空中的距离先增大后减小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．分析：速度时间图线的斜率表示加速度，根据斜率的变化判断加速度的变化．根据牛顿第二定律判断阻力的变化解答：解：A、在0～t0时间内，图线的斜率不变，如此加速度不变，在t0～3t0时间内，图线斜率逐渐减小，如此加速度逐渐减小．故A正确．B、打开降落伞后，加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律得，f﹣mg=ma，如此f=mg+ma，知阻力逐渐减小．故B错误．C、在t0～3t0的时间内，假设做匀减速直线运动由v1减速到v2，如此平均速度为，根据图线与时间轴围成的面积表示位移，知变减速运动的位移小于匀减速直线运动的位移，如此平均速度＜．故C正确．D、假设第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，由于第一个伞兵的速度先大于第二个伞兵的速度，然后又小于第二个伞兵的速度，所以空中的距离先增大后减小．故D 正确．此题选不正确的，应当选：B点评：解决此题的关键知道速度时间图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义，结合牛顿第二定律进展求解2．一颗人造地球卫星在距地球外表髙度为h的轨道上做匀速圆周运动，运行周期为T假设地球半径为R，如此( )A．该卫星运行时的线速度为B．该卫星运行时的向心加速度为C．物体在地球外表自由下落的加速度为D．地球的第一宇宙速度为考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．专题：人造卫星问题．分析：A、根据线速度公式，即可求解；B、根据向心加速器度表达式，即可求解；C、根据地球外表的重力等于万有引力，结合向心力表达式，即可求解；D、根据第一宇宙速度，再结合引力提供向心力表达式，即可求解．解答：解：A、根据线速度公式=，故A错误；B、根据向心加速器度表达式=，故B错误；C、根据公式，结合，即可求解地球外表重力加速度，g=，故C正确；D、地球的第一宇宙速度为，且，因此v=，故D正确；应当选：CD．点评：考查线速度与向心加速度公式，掌握牛顿第二定律与万有引力定律的应用，理解黄金代换公式与向心力表达式的内容．3．在地面上方的A点以E1=3J的初动能水平抛出一小球，小球刚落地前的瞬时动能为E2=7J，落地点在B点，不计空气阻力，如此A、B两点的连线与水平方向的夹角为( ) A．30°B．37°C．45°D．60°考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：物体做的是平抛运动，根据水平方向的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，求出A、B两点的连线与水平方向的夹角的正切值，即可求得夹角的大小．解答：解：设物体的质量为m，物体的动能为E1=3J，所以E1=mv02=3J，所以物体的速度v0为v0==，物体的末动能E2=7J，根据E2=mv2=7J，所以物体的速度v为v==，所以物体在竖直方向上的速度的大小为v y==，设A、B两点的连线与水平方向的夹角为θ，如此tanθ======，所以θ=30°，应当选A．点评：此题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．4．如下列图，水平传送带两端点A、B间的距离为L，传送带开始时处于静止状态．把一个小物体放到右端的A点，某人用恒定的水平力F使小物体以速度v1匀速滑到左端的B点，拉力F所做的功为W1、功率为P1，这一过程物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为Q1．随后让传送带以v2的速度匀速运动，此人仍然用一样的水平力恒定F拉物体，使它以相对传送带为v1的速度匀速从A滑行到B，这一过程中，拉力F所做的功为W2、功率为P2，物体和传送带之间因摩擦而产生的热量为 Q2．如下关系中正确的答案是( )A．W1=W2，P1＜P2，Q1=Q2B．W1=W2，P1＜P2，Q1＞Q2C．W1＞W2，P1=P2，Q1＞Q2D．W1＞W2，P1=P2，Q1=Q2考点：牛顿第二定律；功率、平均功率和瞬时功率；功能关系．专题：传送带专题．分析：传送带不运动时和运动时，拉力的大小一样，物体对地位移一样，做功一样．传送带以v2的速度匀速运动时，物体从A运动到B时间缩短，拉力做功功率增大．摩擦而产生的热量等于物体与传送带组成的系统抑制摩擦力做功．根据系统抑制摩擦力做功大小，判断热量的大小．解答：解：设AB的长度为L，拉力大小为F，滑动摩擦力大小为f．当传送带不运动时，拉力做功W1=FL，物体从A运动到B的时间t1=，因摩擦而产生的热量Q1=fL．当传送带运动时，拉力做功W2=FL，物体从A运动到B的时间t2=＜t1，因摩擦而产生的热量Q2=fv1t2．拉力做功功率P1=，P2=比拟可知W1=W2，P1＜P2．又v1t2＜v1t1，v1t1=L 得Q1＞Q2．应当选B．点评：此题难点是分析物体运动时间和摩擦生热．摩擦发热等于滑动摩擦力与物体和传送带相对位移的乘积．5．真空中，两个相距L的固定点电荷E、F所带电荷量分别为Q E和Q F，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向．电场线上标出了M、N两点，其中N点的切线与EF连线平行，且∠NEF＞∠NFE．如此( )A．E带正电，F带负电，且Q E＞Q FB．在M点由静止释放一带正电的检验电荷，检验电荷将沿电场线运动到N点C．过N点的等势面与过N点的切线垂直D．负检验电荷在M点的电势能大于在N点的电势能考点：电场线；电场的叠加；电势能．专题：压轴题；电场力与电势的性质专题．分析：A、根据电场线的方向和场强的叠加，可以判断出E、F的电性与电量的大小．B、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．C、电场线和等势面垂直．D、先比拟电势的上下，再根据E p=qU，比拟电势能．解答：解：A、根据电场线的流向，知E带正电，F带负电；N点的场强可看成E、F两电荷在该点产生场强的合场强，电荷E在N点电场方向沿EN向上，电荷F在N点产生的场强沿NF向下，合场强水平向右，可知F电荷在N点产生的场强大于E电荷在N点产生的场强，而NF＞NE，所以Q F＞Q E．故A错误．B、只有电场线方向是一条直线，且初速度为0或初速度的方向与电场平行，运动轨迹才与电场线重合．而该电场线是一条曲线，所以运动轨迹与电场线不重合．故B错误．C、因为电场线和等势面垂直，所以过N点的等势面与过N点的切线垂直．故C正确．D、沿电场线方向电势逐渐降低，U M＞U N，再根据E p=qU，q为负电荷，知E pM＜E pN．故D错误．应当选C．点评：解决此题的关键知道电场线的特点与电势能上下的判断．电势能上下判断：一可以从电场力做功角度判断，二根据电势能的公式判断．6．如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示．t=0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向水平向左为正．如此下面关于感应电流i和cd所受安培力F随时间t变化的图象正确的答案是( )A．B．C．D．考点：法拉第电磁感应定律；安培力．专题：压轴题；电磁感应中的力学问题．分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应电动势和感应电流的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向，通过安培力大小公式求出安培力的大小以与通过左手定如此判断安培力的方向．解答：解：A、0～2s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为正值．根据法拉第电磁感应定律，E==B0S为定值，如此感应电流为定值，．在2～3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与0～2s内一样．在3～4s内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与0～2s内一样．在4～6s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与0～2s内一样．故A正确，B错误．C、在0～2s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根据F A=BIL，如此安培力逐渐减小，cd边所受安培力方向向右，为负值．0时刻安培力大小为F=2B0I0L．在2s～3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据F A=BIL，如此安培力逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，为正值，3s末安培力大小为B0I0L．在2～3s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，如此安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向右，为负值，第4s初的安培力大小为B0I0L．在4～6s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，如此安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2B0I0L．故C正确，D错误．应当选AC．点评：解决此题的关键掌握法拉第电磁感应定律，会运用楞次定律判断感应电流的方向，以与掌握安培力大小公式，会用左手定如此判定安培力的方向．7．如下列图，等腰直角三角体OAB的斜边AB是由AP和PB两个不同材料的面拼接而成，P 为两面交点，且BP＞AP．将OB边水平放置，让小物块从A滑到B；然后将OA边水平放置，再让小物块从B滑到A，小物块两次滑动均由静止开始，且经过P点的时间一样．物体与AP 面的摩擦因数为μA，与PB面的摩擦因数μB；滑到底部所用的总时间分别是t AB和t BA，如下说法正确的答案是( )A．两面与小物体间的摩擦系数μA＜μBB．两次滑动中物块到达底端速度相等C．两次滑动中物块到达P点速度相等D．两次滑动中物块到达底端总时间t AB＞t BA考点：动能定理的应用；功能关系．分析：根据匀加速直线运动位移时间公式与牛顿第二定律联立方程判断动摩擦力因数的大小，从A到B和从B到A分别利用动能定理可以比拟物块滑到低端时的速度大小，由功的计算公式可以求出抑制摩擦力所做的功．解答：解：A、根据匀加速直线运动位移时间公式得：x=解得：a=因为两次运动到P点的时间一样，且BP＞AP，所以a B＞a A根据牛顿第二定律得：a=，所以μA＞μB，故A错误；B、从A到B和从B到A过程中摩擦力做功相等，重力做功相等，根据动能定理可知，两次滑动中物块到达底端速度相等，故B正确；C、由题意可知，小物块两次滑动经过P点的时间一样且BP＞AP，因此从B到P的平均速度大于从A到P的平均速度，设从A到P点时速度为v1，从B到P时速度为v2，如此根据匀变速直线运动特点有：，即从B到P点速度大于从A到P点的速度，故C错误；D、从B到P点速度大于从A到P点的速度，且以a B＞a A，BP＞AP，所以B从P点滑到A的时间大于A从P点滑到B的时间，又因为经过P点的时间一样，所以两次滑动中物块到达底端总时间t AB＞t BA，故D正确．应当选：BD．点评：熟练应用动能定理是解答这类问题的关键，应用动能定理时注意正确选择两个状态，弄清运动过程中外力做功情况，可以不用关心具体的运动细节．8．如下列图为一理想变压器，原、副线圈的匝数比为n：1．原线圈接电压为u=U0sinωt的正弦交流电，输出端接有一个交流电流表和一个电动机，电动机的线圈电阻为R．当输入端接通电源后，电动机带动一质量为m的重物匀速上升，此时电流表的示数为I，重力加速度为g，如下说法正确的答案是( )A．电动机两端电压为IRB．原线圈中的电流为nIC．电动机消耗的电功率为D．重物匀速上升的速度为考点：变压器的构造和原理；电磁感应中的能量转化．专题：交流电专题．分析：根据变压器匝数与电流、电压的关系和交流电表达式，分析AB，利用功能关系分析CD．解答：解：A、电动机两端电压为副线圈两端的电压，A错误；B、原线圈中的电流为，B错误；C、电动机消耗的电功率为P电=，C正确；D、由功能关系知P电=I2R+mgv，解得v=，D正确；应当选CD点评：此题是个小型的综合题目，考查的知识点较多，比如变化电路中能量的分配，难度不大．二、非选择题9．用如图1所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板和弹簧测力计均水平固定．①实验时，一定要进展的操作是aba．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录弹簧测力计的示数b．改变砂和砂桶质量，打出几条纸带c．用天平测出砂和砂桶的质量d．为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量②以弹簧测力计的示数F为横坐标，以加速度a为纵坐标，图2画出的a﹣F图象可能正确的答案是a③假设测出a﹣F图象的斜率为k后，如此小车的质量为．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以与须知事项，小车质量不变时，加速度与拉力成正比，对a﹣F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数．解答：解：〔1〕a、打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录弹簧测力计的示数，故a正确；b、改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故b正确；。
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10． （9 分）为测定某电源的电动势 E、内阻 r 以及一段电阻丝的电阻率 ρ，设计 了如图 1 所示的电路． ab 是一段电阻率较大的粗细均匀的电阻丝， R0 是阻值为 2Ω 的保护电阻， 滑片 P 与电阻丝接触良好．实验中用螺旋测微器测得电阻丝的直径 为 d=0.400mm．实验时，闭合开关 S，调节 P 的位置，记录 aP 长度 x 和对应的 电压 U、电流 I 的数据，并求得 的数值，分别绘出了 U﹣I 关系图象和 ﹣x 关 系图象，如图 2、3 如所示：
5． （6 分）如图所示，四个单匝闭合线罔是用相同导线制成的正方形或长方形线 框，正方形甲、丁的边长分别为 L、2L，长方形乙、丙的两边长分别为 2L、L．四 个线框以相同的速度先后垂直进入正方形匀强磁场区域，磁场方向垂直纸面向 里，区域宽度大于 2L，则在线框进入磁场过程中，通过导线某横截面的电荷量 最大的是（ ）
A．甲 B．乙 C．丙 D．丁 6． （6 分）一质量为 2kg 的质点在如图甲所示的 xOy 平面内运动，在 x 方向的速 度﹣时间（vx﹣t）图象和 y 方向的位移﹣时间（y﹣t）图象分别如图乙、丙所示， 由此可知（ ）
A．t=0s 时，质点的速度大小为 12m/s B．质点做加速度恒定的曲线运动 C．前两秒，质点所受的合力大小为 10N D．t=1.0s 时，质点的速度大小为 7m/s 7． （6 分）如图所示，两个等量异种点电荷同定在绝缘水平桌面上相距 L 的 M、 N 两点，M 点为正点电荷，N 点为负点电荷．分别以 M、N 两点为圆心做两个半 径相等且小于 的圆，下列关于圆上各点的电场强度、电势的说法正确的是 （ ）
（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度 d，如图乙所示，则 d=
mm．
（2）实验时，将滑块从 A 位置中静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电 门 B 的时间 t ，为了得到滑块的加速度，该同学还需用刻度尺测量的物理量 是 ．
（3）改变钩码的质量，记录对应的力传感器的示数 F 和遮光条通过光电门的时 间 t，通过描点作出线性图象，研究滑块的加速度与力的关系，处理数据时应作 出 图象． （选填“t2﹣F”，“ ﹣F”，“ ﹣F”）
A．月球的质量为
B．月球的密度为
C．月球的半径为 D．月球的第一宇宙速度为 4． （6 分）如图所示，一半球状物体静置于粗糙的水平面上，一只甲虫（可视为 质点）从半球面的最高点开始缓慢往下爬行，在爬行过程中（ ）
A．球面对甲虫Βιβλιοθήκη 支持力变大 C．球面对甲虫的作用力变小
B．球面对甲虫的摩擦力变大 D．地面对半球体的摩擦力变小
A．在探究物体的加速度与合力、加速度与质量的关系时，用到了等效替代的方 法 B．在研究物体运动时，把物体看作质点，用到了微元法 C．合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想 D ．用比值法定义的物理量在物理学中占有相当大的比例，例如电场强度大小 E= 、电容 C= 及加速度 a= 都是采用比值法定义的 2． （6 分）如图所示，两光滑的平行导轨与水平方向成角同定，导轨的下端接有 如图所示的电源，一劲度系数为 k 的轻质弹簧同定在导轨的顶端，下端拴接一导 体棒 ab，将整个装置置于垂直导轨平面向上的匀强磁场中．已知磁感应强度的 大小为 B，导轨的间距为 L，当开关闭合后，导体棒 ab 平衡时，回路中的电流为 I，弹簧的伸长量为 x0．如果将电源反接，闭合开关后，导体棒 ab 再次平衡时， 回路中的电流仍为 I，电流产生的磁场可忽略不计，则弹簧的伸长量为（ ）
A．
+x0 B．
+x0 C．
﹣x0
D．
﹣x0
3． （6 分）2015 年 3 月 6 日，全国政协委员、中国载人航天工程总设计师周建平 接受新华社记者采访时说， 从现在掌握的基础技术来说，我国具备实施载人登月 工程的能力．假设飞船贴近月球表面做匀速圆周运动的周期为 T，宇航员在月球 上着陆后，测得一物块由静止从距月球表面 h 高度自由下落所用的时间为 t，已 知引力常量为 G，月球视为均匀球体，则下列叙述正确的是（ ）
A．因为 A 球下落过程中 C 球处于静止，故 A、B 两球和细线组成的系统在 A 下 落的过程中机械能守恒 B．A 球下落过程中的重力势能转化为 B 球的动能和弹簧的弹性势能 C．C 球的质量也为 m
D．A 球的最大速度为 g
二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第 9-12 题为必考题，每个试题考 生都必须作答，第 13-18 题为选考题，考生根据要求作答． 9． （6 分）某同学采用如图甲所示的实验装置，探究滑块质量一定时，加速度与 力的关系．他在气垫导轨上安装了一个光电门 B，滑块上同定一遮光条，滑块用 细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑 块都从 A 处由静止释放．
A．F、G 两点的电场强度相同，电势不相等 B．E、H 两点的电场强度相同，电势不相等 C．I、P 两点的电场强度相同，电势相等 D．I、Q 两点的电场强度相同，电势不相等 8． （6 分）如图所示，A、B 两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，B、C 两小球 在倾角 α=30°的同 定光滑斜面上通过劲度系数为 k 的轻质弹簧相连，C 球靠在垂直于斜面的光滑挡 板上． 现用手控制住 A 球， 使细线刚刚拉直但无拉力作用， 并保证滑轮左侧细线、 弹簧均与斜面始终平行．已知 A、B 两球的质量均为 m，重力加速度为 g，细线 与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态，释放 A 后，A 竖直向下 运动至速度最大时 C 恰好离开挡板，则下列说法中正确的是（ ）
2015 年辽宁省抚顺市部分重点高中高考物理仿真试卷
一、选择：本题共 8 小题，每小题 6 分，在每小题给出的四个选项中，第 1-5 题 只有一项符合题目要求，第 6-8 题有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选 对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分． 1． （6 分） 物理学的发展创新了很多研究问题的方法， 如控制变量法、 微元法等． 下 列叙述正确的是（ ）