常微分方程期末模拟试题
《常微分方程》模拟练习题及参考答案
一、填空题(每个空格4分,共80分)
1、n 阶线性齐次微分方程基本解组中解的个数恰好是 n 个。
2、一阶微分方程
2=dy x dx
的通解为2=+y x C (C 为任意常数) ,方程与通过点(2,3)的特解为2
1=-y x ,与直线y=2x+3相切的解是2
4=+y x ,满足条件
3
3ydx =?
的解为22=-y x 。
3、李普希兹条件是保证一阶微分方程初值问题解惟一的 必要 条件。
4、对方程2()dy
x y dx
=+作变换=+u x y ,可将其化为变量可分离方程,其通解为tan()=+-y x C x 。 5、方程
过点共有 无数 个解。 6、方程
''2
1=-y x
的通解为42
12122=-++x x y C x C ,满足初始条件13|2,|5====x x y y 的特解为
421912264
=-++x x y x 。
7、方程
无 奇解。
8、微分方程2260--=d y dy
y dx dx 可化为一阶线性微分方程组6?=???
?=+??dy
z dx dz z y dx
。 9、方程
的奇解是 y=0 。
10、35323+=d y dy x dx dx
是 3 阶常微分方程。
11、方程
22dy
x y dx
=+满足解得存在唯一性定理条件的区域是xoy 平面。 12、微分方程22450d y dy y dx dx
--=通解为512-=+x x
y C e C e ,该方程可化为一阶线性微分方程组
21d d y x y -=)1,2
(π
x x y x
y
+-=d d y x
y
=d d
45?=???
?=+??dy
z dx
dz z y dx
。 13、二阶线性齐次微分方程的两个解12(),()y x y x ??==成为其基本解组的充要条件是 线性无关 。
14、设1342A ??=????,则线性微分方程组dX
AX dt =有基解矩阵25253()4φ--??
=??-??
t t t t e e t e
e 。
二、解方程(每个小题8分,共120分) 1、 答案:方程化为
令,则
,代入上式,得 分离变量,积分,通解为 ∴ 原方程通解为
2、
答案:特征方程为即。
特征根为,
对应特征向量应满足可确定出 同样可算出对应的特征向量为
∴ 原方程组的通解为。 0d d )2(=-+y x x y x x
y x y 21d d +=xu y =x u x u x y d d d d +=u x
u
x +=1d d 1-=Cx u x Cx y -=2
???????+=+=y x t
y y x t
x
4d d d d 014
11=--=
-λ
λλE A 0322=--λλ31=λ12-=λ?
??
???=????????????--0031413111b a ??????=??????2111b a 12-=λ???
???-=??????2122b a ??
????-+??????=???
???--t t t t C C y x 2e e 2e e 2331
3、 答案:齐次方程的通解为
令非齐次方程的特解为
代入原方程,确定出原方程的通解为+
4、
2-=x y dy
dx ; 答案:2-=x y dy
dx
是一个变量分离方程 变量分离得22y
x
dy dx =
两边同时积分得22y x c =+(其中c 为任意常数)
5、
答案:
积分:故通解为:
6、
{}
0)(22
=-+-xdy dx y x
x y
答案:
0)(22=+--dx y x x xdy ydx
两边同除以2
2
y x +得02
2=-+-xdx y x xdy ydx ,即021)(2
=-dx y x arctg d , 故原方程的解为C x y x arctg =-2
2
1
x y x
y
2e 3d d =+x
C y 3e
-=x
x C y 3e
)(-=C x C x +=5e 5
1
)(x
C y 3e -=x
2e
5
1xy e x
y
dx dy =+x
y xe xy e dx dy xy xy
-=
-=dx y xe xdy xy )(-=dx xe ydx xdy xy =+dx
xe dxy xy =xdx e dxy
xy =c x e
xy
+=--22102
1
2=++-c e x xy
7、2453dx
x y dt
dy x y dt
?=-???
?=-+?? . 答案:方程组的特征方程为203A E λλλ
---=
=--45
即(2)(3)(4)(5)0λλ----?-=,即25140λλ--= 特征根为17λ=,22λ=-
对应特征向量应满足1127405370a b --??????=??????--??????,可得1145a b ????=????-??
??
同样可算出22λ=-时,对应特征向量为2211a b ????
=??????
??
∴ 原方程组的通解为72127245--??????
=+??
????-??????
t t t t x e e C C y e e 8、
答案:线性方程的特征方程故特征根
是特征单根,
原方程有特解代入原方程A=-B=0
不是特征根,
原方程有特解代入原方程B=0
所以原方程的解为
9、0)2()122(=-++-+dy y x dx y x 答案:
,令z=x+y ,则 所以 –z+3ln|z+1|=x+, ln =x+z+
sin cos2x x t t ''+
=-0x x ''+
=210λ+=i λ=±1()sin f t t =i λ=(cos sin )x t A t B t =+1
2
2()cos 2f t t =-2i λ=cos2sin 2x A t B t =+1
3
A =1211
cos sin cos cos223
x c t c t t t t =+-+2)(1)(2-+-+-=y x y x dx dy dx dy
dx dz +=1,212121+-+=---=z z z z dx dz dx dz z z =++-1
21C 3
|1|+z 1C
即
10、220++=d x dx x dt dt
答案:所给方程是二阶常系数齐线性方程。 其特征方程为210λλ++=
特征根为112λ=-
,2122
i λ=-- ∴
方程的通解为111
()()2221212()t t t x c e c e
c c e ---=+=+
11、3
1
2+++-=y x y x dx dy 答案: (x-y+1)dx-(x++3)dy=0
xdx-(ydx+xdy)+dx-dy-3dy=0即d -d(xy)+dx--3dy=0
所以
三、证明题(共160分)
1、(12分)证明如果满足初始条件的解,那么 。
证明:设的形式为=(1)
(C 为待定的常向量) 则由初始条件得= 又= 所以C==
代入(1)得= 即命题得证。
y
x Ce y x +=++23)1(2
y 2
y 212x 33
1dy C y y x xy x =--+-33
1213
2Ax x t =/
)是(?η?=)(0t =)(t ?[
]η)
(0t t A e
-)(t ?)(t ?C e At )(0t ?η=C e At 01)(0
-At e
0At e -1)(0-At e η0At e -η)(t ?ηη)(0
t t A At At
e e e --=
2、(12分)设在区间上连续.试证明方程
的所有解的存在区间必为。
证明 :由已知条件,该方程在整个平面上满足解的存在唯一及解的延展定理条件。
显然是方程的两个常数解。
任取初值,其中,。记过该点的解为, 由上面分析可知,一方面可以向平面无穷远处无限延展;
另一方面又上方不能穿过,下方不能穿过,否则与惟一性矛盾; 故该解的存在区间必为。
3、(12分)设,是方程的解,且满足==0,
,这里在上连续,.试证明:存在常数C 使得=C . 证明:设,是方程的两个解,则它们在上有定义,
其朗斯基行列式为 由已知条件,得 故这两个解是线性相关的;由线性相关定义,存在不全为零的常数, 使得, 由于,可知.
否则,若,则有,而,则, 这与,线性相关矛盾.故
4、(12分)叙述一阶微分方程的解的存在唯一性定理的内容,并给出唯一性的证明。
)(x ?),(∞+-∞y x x
y
sin )(d d ?=),(∞+-∞xoy 1±=y ),(00y x ),(0∞+-∞∈x 10 () ()(2 1 21x y x y x y x y x W ''= 0)()(0 )()()() ()(02 0102 01 02010=''=''= x y x y x y x y x y x y x W 21αα, 0)()(2211=+x y x y αα),(∞+-∞∈x 0)(1≠x y 02≠α02=α0)(11=x y α0)(1≠x y 01=α)(1x y )(2x y )()()(112 1 2x Cy x y x y =-=αα 定理:设00:||,||R x x a y y b -≤-≤. (1)(,)f x y 在R 上连续, (2)(,)f x y 在R 上关于y 满足利普希茨条件: 120,(,),(,)L x y x y R ?>?∈,总有1212|(,)(,)|||f x y f x y L y y -≤-. 则初值问题00 (,) ()dy f x y dx y x y ?=???=?存在唯一的解()y x ?=,定义于区间0||x x h -≤上, 连续且满足初值条件00()x y ?=,这里(,)min(, ),max |(,)|x y R b h a M f x y M ∈==. 唯一性:设()x φ是积分方程在区间00[,]x h x h -+上的解,则()()x x φ?=. 证明:0 0()(,())x x x y f d φξφξξ=+?,0 01()(,())x n n x x y f d ?ξ?ξξ-=+?,1,2,......n = 首先估计0x x ≥. 000|()()||(,())|()x x x x f d M x x ?φξφξξ-≤≤-?, 10|()()||(,())(,())|x x x x f f d ?φξ?ξξφξξ-≤-? 2000|()()|()()2! x x x x ML L d LM x d x x ?ξφξξξξ≤-≤-= -?? 设10|()()|()(1)! n n n ML x x x x n ?φ+-≤ -+成立,则 00 1 210|()()||(,())(,())||()()|()(2)! n x x n n n n x x ML x x f f d d x x n ?φξ?ξξφξξ?ξφξξ+++-≤-≤-=-+?? 这就证明了对任意的n ,总成立估计式:1 10|()()|()(1)!(1)! n n n n n ML ML x x x x h n n ?φ++-≤ -≤++. 因此,{()}n x ?一致收敛于()x φ,由极限的唯一性,必有00()(),[,]x x x x h x h φ?=∈-+. 5、(10分)求解方程组的奇点,并判断奇点的类型及稳定性。 ?????--=++=51 y x dt dy y x dt dx 解:令,得,即奇点为(2,-3) 令,代入原方程组得, 因为 ,又由 , 解得,为两个相异的实根, 所以奇点为不稳定鞍点,零解不稳定。 6、(12分)求方程组313dx x y dt dy y dt ?=++????=??满足初始条件1(0)1?-??=????的解. 解:方程组的特征方程为 23 1 (3)00 3 λλλ--=-=-, 所以特征根为3λ=(二重), 对应齐次方程组的基解矩阵331exp ((3))01t t t At e I A E t e ?? =+-=???? , 满足初始条件的特解 0()exp exp exp()()t t At At As f s ds φη=+-?33301111101101010t t t s t t s e e e ds ---?????????? =+???????????????????? ? 3331111331010t t t t t e e e -??--??????=+????????????3332133t t t te e e ?? --??=???? 7、(10分)假设不是矩阵的特征值,试证非齐线性方程组有一解形如 其中,是常数向量。 ?? ?=--=++0501y x y x ? ??-==32 y x ???+=-=32 y Y x X ?????-=+=Y X dt dY Y X dt dX 021 11 1≠-=-021 1 1 1 2=-=+---κλλ21=λ22-=λm A mt ce Ax x +='mt pe t =)(?c p 证明:设方程有形如的解,则是可以确定出来的。 事实上,将代入方程得, 因为,所以, (1) 又不是矩阵的特征值, 所以存在,于是由(1)得存在。 故方程有一解 8、(12分)试求方程组' x Ax =的一个基解矩阵,并计算exp At ,其中2112A -?? = ?-?? . 解:12()det()0,p E A λλλλ=-=== 设1λ对应的特征向量为1v ,则由11 ()0E A v λ-= ,得1(2v αα?? = ??? ,0α≠. 取112v ??= +?,同理可得1λ 对应的特征向量为212v ?? = -?, 则1122(),()t t ??==,均为方程组的解, 令12()((),())t t t φ??= ,又1(0)det (0)022w φ== =≠-, ∴ ()t φ 即为所求基解矩阵(2(2e e ?? ? ?+? ? . 9、(12分)试证明:对任意及满足条件的,方程 的满足条件的解在上存在. 证明:∵ ,在全平面上连续 mt pe t =)(?p mt pe mt mt mt ce Ape mpe +=0=mt e c Ape mp +=c P A mE =-)(m A 0)det(≠-A mE 1 ) (--A mE c A mE p 1 )(--=mt mt pe ce A mE t =-=-1 )()(?0x 100< 21) 1(d d y x y y x y ++-=00)(y x y =)(x y y =),(∞+-∞221)1(),(y x y y y x f ++-= 2 2222)1(2)1()1)(12(),(y x y y y y x y y x f y ++--++-=' ∴ 原方程在全平面上满足解的存在唯一性定理及解的延展定理条件. 又显然是方程的两个特解. 现任取,,记为过的解, 那么这个解可以唯一地向平面的边界无限延展,又上不能穿越,下不能穿越, 因此它的存在区间必为. 10、(10分)求平面上过原点的曲线方程,该曲线上任一点处的切线与切点和点(1,0)的连线相互垂直. 解:设曲线方程为()y y x =,切点为(,)x y ,切点到点(1,0)的连线的斜率为 1 y x -, 则由题意可得如下初值问题:'11(0)0 y y x y ?=-?-??=? 分离变量,积分并整理后可得2 2 (1)y x C =--+, 代入初始条件可得1C =, 因此得所求曲线为2 2(1)1x y -+=. 11、(12分) 在方程 中,已知,在上连续,且.求证:对任意和,满足初值条件的解的存在区间必为. 证明:由已知条件可知,该方程在整个平面上满足解的存在惟一及延展定理条件,又存在常数解 . 对平面内任一点,若,则过该点的解是,显然是在上有定义. 若,则,记过该点的解为, 那么一方面解可以向平面的无穷远无限延展; 另一方面在条形区域内不能上、下穿过解 1,0==y y ),(0∞+-∞∈x )1,0(0∈y )(x y y =),(00y x 1=y 0=y ),(∞+-∞)()(d d y y f x y ?=)(y f )(x ?'),(∞+-∞0)1(=±?0x 10 和,否则与解的惟一性矛盾. 因此解的存在区间必为. 12、(10分)设12(),()y x y x ??==是方程" ()0y q x y +=的任意两个解,求证:它们的朗斯基行列式 ()W x C ≡,其中C 为常数. 证明:由已知条件,该方程在整个xoy 平面上满足解的存在唯一性及解的延展定理条件. 显然1y =±是方程的两个常数解. 任取初值00(,)x y ,其中0(,)x ∈-∞+∞,0||1y <,记过该点的解为()y y x =, 由上面分析可知,一方面()y y x =可以向平面无穷处无限延展; 另一方面又上方不能穿过1y =,下方不能穿过1y =-,否则与唯一性矛盾, 故该解的存在区间必为(,)-∞+∞. 13、(12分)试证:在微分方程Mdx+Ndy=0中,如果M 、N 试同齐次函数,且xM+yN 0,则 是该方程的一个积分因子。 证明:如M 、N 都是n 次齐次函数, 则因为x +y =nM ,x +y =nN , 故有= = ==0. π)1(+=k y πk y =),(∞+-∞≠) (1 yN xM +x M y M x N y N M N y xM yN x xM yN ??-?+?+2 ()() ()y y y xM yN M x N y xM yN N M M +-+++2 ()() ()x x x xM yN N x M y xM yN N N M +-++-+2 ()() () x x y M x yN N x y xM yN N N M +-+- +2 ()() ()M nN N nM xM yN -- + 故命题成立。