2013高三物理培优(3)
2013届高考物理精练精析训练专题复习1-3自由落体和竖直上抛
1-3自由落体和竖直上抛一、选择题1．(2011·茂名模拟)关于竖直上抛运动，以下说法正确的是( ) A ．上升过程的加速度大于下降过程的加速度 B ．当物体到达最高点时处于平衡状态C ．从抛出点上升到最高点的时间和从最高点回到抛出点的时间相等D ．抛出时的初速度大小等于物体回到抛出点时的速度大小 [答案] CD[解析] 竖直上抛运动上升过程的加速度等于下降过程的加速度，A 项错误；当物体到达最高点时受重力，不是处于平衡状态，B 项错误；从抛出点上升到最高点的时间和从最高点回到抛出点的时间相等，C 项正确；抛出时的初速度大小等于物体回到抛出点时的速度大小，D 项正确．2．(2011·重庆)某人估测一竖直枯井深度，从井口静止释放一石头并开始计时，经2s 听到石头落底声，由此可知井深约为(不计声音传播时间，重力加速度g 取10m/s 2)( )A ．10mB ．20mC ．30mD ．40m[答案] B[解析] 石头下落看作自由落体，则h ＝12gt 2＝20m.3．(2011·上海模拟)从某高处释放一粒小石子，经过1s 从同一地点再释放另一粒小石子，则在它们落地之前，两粒石子间的距离将( )A ．保持不变B ．不断增大C ．不断减小D ．有时增大，有时减小 [答案] B[解析] 设第1粒石子运动的时间为t s ，则第2粒石子运动的时间为(t －1)s ，则经过时间t s ，两粒石子间的距离为Δh ＝12gt 2－12g (t －1)2＝gt －12g ，可见，两粒石子间的距离随t 的增大而增大，故B 正确．4．以35m/s 的初速度竖直向上抛出一个小球．不计空气阻力，g ＝10m/s 2.以下判断不正确的是( )A ．小球到达最大高度时的速度为0B ．小球到达最大高度时的加速度为0C ．小球上升的最大高度为61.25mD ．小球上升阶段所用的时间为3.5s[答案] B[解析] 小球到达最大高度时的速度一定为零，否则该点不是最大高度，A 正确；小球上抛过程中只受重力作用，故加速度始终为g ，B 错；由v t 2－v 02＝2(－g )h 知，h ＝－v 02－2g＝61.25m ，C 正确； 由0＝v 0－gt 得，t ＝v 0g＝3.5s ，D 正确．5．如图所示，小球从竖直砖墙某位置由静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度为d .根据图中的信息，下列判断正确的是( )A ．位置“1”是小球释放的初始位置B ．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为d T2 D ．小球在位置“3”的速度为7d2T[答案] BCD[解析] 由图可知相邻时间间隔内通过的位移分别为2d 、3d 、4d 、5d ，所以小球做匀加速直线运动，位置“1”不是小球释放的初始位置，由位移差Δx ＝aT 2得小球下落的加速度为a ＝d T 2，小球在位置“3”的速度为v ＝x t ＝3d ＋4d 2T ＝7d 2T. 6．在某一高度以v 0＝20m/s 的初速度竖直上抛一个小球(不计空气阻力)，当小球速度大小为10m/s 时，以下判断正确的是(g 取10m/s 2)( )A ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为15m/s ，方向向上B ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s ，方向向下C ．小球在这段时间内的平均速度大小可能为5m/s ，方向向上D ．小球的位移大小一定是15m [答案] ACD[解析] 小球被竖直上抛， 做的是匀变速直线运动，平均速度可以用匀变速直线运动的平均速度公式v ＝v 0＋v t2求，规定向上为正，当小球的末速度为向上10m/s 时，v t ＝10m/s ，用公式求得平均速度为15m/s ，方向向上，A 正确；当小球的末速度为向下10m/s 时，v t ＝－10m/s ，用公式求得平均速度为5m/s ，方向向上，C 正确；由于末速度大小为10m/s 时，球的位置一定，距起点的位移x ＝v 0 2－v t22g15m ，D 正确．7．不计空气阻力，以一定的初速度竖直上抛的物体，从抛出至回到抛出点的时间为t ，现在物体上升的最大高度的一半处设置一块挡板，物体撞击挡板前后的速度大小相等、方向相反，撞击所需时间不计，则这种情况下物体上升和下降的总时间约为( )A ．0.5tB ．0.4tC ．0.3tD ．0.2t[答案] C[解析] 将物体的上升过程分成位移相等的两段，设下面一段位移所用时间为t 1，上面一段位移所用时间为t 2，根据逆向思维可得：t 2 ∶t 1＝1 ∶(2－1)，又知，物体撞击挡板后以原速度大小弹回(撞击所需时间不计)，物体上升和下降的总时间t ′＝2t 1且t 1＋t 2＝t2，由以上几式可得：t ′＝(2－1)t /2≈0.3t，正确答案为C.8．一杂技演员，用一只手抛球、接球．他每隔0.4s 抛出一个球，接到球便立即把球抛出，已知除抛、接球的时刻外，空中总有4个球，将球的运动近似看作是竖直方向的运动，球到达的最大高度是(高度从抛出点算起，取g ＝10m/s 2)( )A ．1.6mB ．2.4mC ．3.2mD ．4.0m[答案] C[解析] 假设某时刻刚好有一球A 抛出手，由题意知空中有4个球，过0.4s 就有一个球落在手中，那以A 球过1.6s 落入手中，A 球上升到最高点只需0.8s ，h ＝12gt 2＝3.2m.二、非选择题9．利用水滴下落可以测量重力加速度g ，调节水龙头，让水一滴一滴地流出，在水龙头的正下方放一盘子，调整盘子的高度，使一滴水滴碰到盘子时，恰好有另一滴水从水龙头开始下落，而空中还有两个正在下落的水滴，测出水龙头处到盘子的高度为h (m)，再用秒表测量时间，从第一滴水离开水龙头开始，到第N 滴水落至盘中，共用时间为T (s )，当第一滴水落到盘子时，第二滴水离盘子的高度为________m ，重力加速度g ＝________m/s 2.[答案] 59h 2(N ＋2)2h /9T 2[解析] 因为任意两滴水之间的时间间隔相等，设任意两滴水之间的时间间隔为t ，第一滴水下落的时间为3t ，则有h ＝12g (3t )2第一滴水落到盘子时，第二滴水下落的时间为2t 则第二滴水离盘子的高度为h ′＝h －12g (2t )2＝h －49h ＝59h又(N ＋2)t ＝T故g ＝2h 9t2＝2(N ＋2)2h /9T 210.一根直杆AB 长15m ，上端挂起，然后让它自由下落，如图所示，求全杆经过离杆下端B 为5m 处的O 点所需的时间．(取g ＝10m/s 2)[答案] 1s[解析] 直杆AB 通过O 点的时间等于直杆上端A 到达O 点的时间t A (此时B 在O 点下方15m 处)与下端B 到达O 点的时间t B 之差．由h ＝12gt 2，得t ＝2h g.故t A －t B ＝2h 1g－2h 2g＝2×2010s －2×510s ＝1s. 11．一跳伞运动员从350m 高空离开直升机落下，开始未打开伞，自由下落一段高度后才打开伞以2m/s 2的加速度匀减速下落，到达地面时的速度为4m/s ，试求运动员在空中自由下落的时间和在空中降落的总时间．(g 取10m/s 2)[答案] 3.4s 18.7s[解析] 设跳伞运动员下落的高度为h 时打开伞，此时的速度为v 1，到达地面时速度为v ，由匀变速运动的规律可得 v 21＝2gh ＝v 2＋2a (H －h )，h ＝v 2＋2aH g ＋a＝59m跳伞运动员自由下落的时间为t 1＝2hg≈3.4s，v 1＝gt 1＝34m/s设跳伞运动员减速运动到落地的时间为t 2，此过程中有H －h ＝v 1＋v 2t 2t 2＝H －hv 1＋v ＝－34＋4s≈15.3s则跳伞运动员在空中降落的总时间为t ＝t 1＋t 2＝18.7s12．(2011·银川模拟)王兵同学利用数码相机连拍功能(查阅资料得知此相机每秒连拍10张)，记录下跳水比赛中小将陈若琳和王鑫在10m 跳台跳水的全过程．所拍摄的第一张恰为她们起跳的瞬间，第四张如图甲所示，王兵同学认为这是她们在最高点；第十九张如图乙所示，她们正好身体竖直双手触及水面，设起跳时她们的重心离台面的距离和触水时她们的重心离水面的距离相等，由以上材料，(g 取10m/s 2)(1)估算陈若琳和王鑫的起跳速度．(2)分析第四张照片是在最高点吗？如果不是，此时重心是处于上升还是下降阶段？ [答案] (1)均为3.4m/s (2)不是 上升阶段 [解析] (1)由题意得：运动员从起跳到入水所用时间为t ＝1.8s 设跳台高度为h ，起跳速度为v 0，则有： －h ＝v 0t －12gt 2解得v 0≈3.4m/s(2)上升时间为t 0＝0－v 0－g＝0.34s拍第四张照片历时是0.3s ，所以此时不是最高点，还处于上升阶段．13.如图所示，A 、B 两棒长均为L ＝1m ，A 的下端和B 的上端相距x ＝20m ，若A 、B 同时运动，A 做自由落体运动，B 做竖直上抛运动，初速度v 0＝40m/s ，求：(1)A 、B 两棒何时相遇．(2)从相遇开始到分离所需的时间． [答案] (1)0.5s (2)0.05s [解析] (1)设经过时间t 两棒相遇 由12gt 2＋(v 0t －12gt 2)＝x 得t ＝x v 0＝2040s ＝0.5s.(2)从相遇开始到两棒分离的过程中，A 棒做初速度不为零的匀加速直线运动，B 棒做匀减速直线运动 ，设从相遇开始到分离所需时间为Δt ，则(v A Δt ＋12g Δt 2)＋(v B Δt －12g Δt 2)＝2L其中v A ＝gt ，v B ＝v 0－gt代入后解得Δt ＝2L v 0＝2×140s ＝0.05s.。
2013高三物理要点
南阳市一中2013届高三第三次模拟考试二、选择题（本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
其中单选：14、15、16、17、21题;多选：18、19、20题） 14. 一个质点运动的速度时间图象如图甲所示,任意很短时间内质点的运动可以近似视为 匀速运动,该时间内质点的位移即为条形阴影区域的面积，经过累积，图线与坐标轴围 成的面积即为质点在相应时间内的位移。
利用 这种微元累积法我们可以研究许多物理问题， 图乙是某物理量随时间变化的图象,此图线与 坐标轴所围成的面积,下列说法中不正确的是A.如果y 轴表示变化磁场在金属线圈产生的电动势,则面积等于该磁场在相应时间内磁感应强度的变化量B.如果Y 轴表示力做功的功率,则面积等于该力在相应时间内所做的功C.如果Y 轴表示流过用电器的电流,则面积等于在相应时间内流过该用电器的电量D.如果Y 轴表示加速度,则面积等于质点在相应时间内的速度变化15.如图所示，竖直面内有一个半圆形轨道，AB 为水平直径，O 为圆心，将一些半径远小于轨道半径的小球从A 点以不同的初速度水平向右抛出，若不计空气阻力，在小球从抛出到碰到轨道这个过程中，下列说法正确的是A.初速度大的小球运动时间长B.小球落到落在半圆形轨道的瞬间，速度方向沿半径方向C.落在圆形轨道最低点的小球运动时间最长D.初速度不同的小球运动时间不可能相同 16．截面为直角三角形的木块A 质量为M,放在倾角为θ的斜面上,当θ=37°时,木块恰能静止在斜面上.现将θ改为30°,在A 与斜面间放一质量为m 的光滑圆柱体B,如图乙,sin37°=0.6,cos37°=0.8,则 ( )A.A 、B 仍一定静止于斜面上B.若M=4m,则A 受到斜面的摩擦力为52mg C.若M=2m,则A 受到的摩擦力为32mg D.以上说法都不对17.银河系中由一颗白矮星和它的类日伴星组成的双星系统，由于白矮星不停的吸收类日伴星抛出的物质致使其质量不断增加，假设类日伴星所释放的物质被白矮星全部吸收，并且两星之间的距离在一段时间内不变，两星球的总质量不变，则下列说法正确的是A.两星间的万有引力不变B.两星的运动周期不变C.类日伴星的轨道半径减小D.白矮星的轨道半径增大 18．一质量为2 kg 的物体,在水平恒定拉力的作用下以某一速度在粗糙的水平面上做匀速运动,当运动一段时间后,拉力逐渐减小,且当拉力减小到零时,物体刚好停止运动,图中给出了拉力随位移变化的关系图象。
高三物理培优学案：应用质心概念解决高考题
应用质心概念解决高考题一、质心的定义与系统总动量一个系统由多个质点组成，各质点的质量和位置矢量分别为m 1、r 1，m 2、r 2，m 3、r 3，……则该系统的质心的位置矢量为：i i Cm r r M =∑v ，其中M =m 1+m 2+m 3+… 写成直角坐标系下的分量式为： i i C m xx M =∑，i iC m y y M =∑，i i C m zz M =∑上式变形，对时间求导，容易得出：d d d d d d C C i i i i i ir r Mv M m r m m v t t t ====∑∑∑v v v v v 即：一个系统的总动量可以用系统总质量M 与质心C 的速度v C 的乘积。
二、质心与重心、重力势能重心即重力的等效集中作用点，其定义与质心类似：i i iCG i i m g r r m g =∑∑v vv 从这个定义来看，如果重力场是匀强场，则重心与质心重合，高中物理中，大多数情况下，物体或质点系所占都不够大，因此可将物体所在区域视为匀强重力场，因此质心与重心重合；但是重力场若非匀强场，则重心与质心是有偏离的这点需要特别注意。
另一方面，也可利用力平衡和力矩平衡的方法来确定重心的位置，这就是所谓悬挂法和支撑法的基础。
有上述定义可以看出，质点系的重力势能可以用重心来计算：CG i i i i i h m g m g h ⋅=∑∑v v v v匀强重力场中，上式可以简化为：C i iMgh m gh =∑。
这就是不可视为质点的物体——比如链条、软绳等物体重力势能可用重心（质心）计算的基础。
三、质心与动能、机械能如果物体只做平动，物体上各个部分的速度完全相同，则物体可视为质点，动能当然能够用质心来计算；但是物体倘若还转动，或物体内各个部分相对质心还有运动，则由克尼希定理，有：CM 2k k 12C E E Mv =+ 其中CM CM 2k 1()2i i E m v =∑为各质点相对质心的动能之和，CM i v 是各质点相对质心的速度。
东三校2013年高三第一次联合模拟考试物理试题(带答案)
2013年三省三校第一次联合模拟考试物理答案14.D 15. C 16.AD 17. BCD 18.A 19.D 20.CD 21.A22.C （4分）23.（1）③R1的滑动触片位置（1分），最大值的一半（1分）④R2（1分）（2）大于（2分）（3）2（1分） 左（1分）（4）E=1/b （2分） r=k/b （2分）24.BA N N =030cot ………………………3分 13= ……………………… 2分 根据牛顿第三定律，,A A N N =',B B N N ='1:3:=''B A N N …………1分（2）N B -mgsin300=macos300 …………………… 2分mgcos300-N A =masin300 ……………………2分 解得：2313230cos 30sin 30sin 30cos 000+-=+-=a g a g N N B A =835- ………3分 根据牛顿第三定律，即为所求压力之比。
……………………1分25.解：(1) 两电子轨迹如图．由图可知，a 电子作圆周运动的半径R ＝l 0 …… 1分Rv m Bve 2= …………… 1分 可得： 0el m v B = …………… 1分 （2）在电场中2121at y = ……………1分 mEe a = …………… 1分 102vt l = ……………1分可得0l y = ，即a 电子恰好击中x 轴上坐标为02l 的位置 ……………1分根据几何分析，PO ´AO ″为菱形，所以PO ´与O ″A 平行.又因为PO ´⊥x 轴， O ″A ⊥x 轴，所以粒子出场速度v A 平行于x 轴，即b 电子经过磁场偏转后，也恰好沿x 轴正方向进入电场， ……………2分有0002330cos l l r r y b +=+= ……………1分 O ´ O ″ A B N当b 沿y 方向运动l 0后沿与x 轴方向成θ做匀速直线运动. v v ⊥=θtan ……………1分at v =⊥……………1分又2tan =θ 可得xy y a b ∆-=θtan 解得：046l x =∆ …………… 1分 （3）在磁场中，有vl T 02π= ……………1分 a 与b 在磁场中运动的时间差为Δt 100190150,2-=∆∆=∆θπθT t 所以，vl T t 3601π==∆ ……………1分 B 在第二象限内的无场区域的匀速时间为Δt 2vl v r r t 230sin 002=-=∆ ……………1分 a 与b 在第一象限中运动的时间差为Δt 3vx t ∆=∆3 ……………1分 所以时间差v l l v l t t t t 4623000321++=∆+∆+∆=∆π ……………1分33.（1）ACD （6分）（每选对一个选项给2分，多选或错选不得分）（2）解：①加热气体1时，气体2的温度、压强、体积均不改变，402LP P += ……………2分cmHg P 0.952= ……………1分 ②对于气体1，设玻璃管横截面积为S ，则有222010T V P T V P ⋅=⋅ ……………2分LS V LS V 45,21== ……………2分 解得K T 75.4682= ……………1分C t o 1962= ……………1分35. （1）CD （6分）（每选对一个选项给3分，多选或错选不得分）（2）设甲球质量为M ，012222012020/2020222202022001112222212=122222Mv Mv mv Mv Mv mv v M v v m M m M M m v v M m v v mv mgh v h gv v v v v h g g =+=+==++〉〉====≤<∴≤< 当时，当时，……………2分……………2分 ……………1分……………1分 ……………1分 ……………1分。
高三物理培优补差计划
高三物理培优补差计划高三物理培优补差计划第一篇一、学生状况及分析本学期我主要负责九年级142班〔平行班〕的物理教学工作，从学生的学习成果来看，存在较大问题，班内学生的学习水平整体较差，学困生的数量较大，这部分学生的成果均在平均成果的半数以下，究其缘由，差生各有差的缘由，有的是基础太差，学问欠缺多，有的是智力方面的因素，有的是受社会大环境的影响，认为读书无用，并沾染了一些不良的社会习气，在学生中的影响很坏，有的是学习没有动力，更谈不上主动性欠主动性，对学习毫无兴趣，甚至有厌学的心情，表如今学习上就是懒散成性，教师布置的课堂作业都不想做，略微好点的是抄袭、照搬照抄，消极对付在校时间纯属应付公事，当一天和尚撞一天钟，这部分学生不仅学习上不用功，反而还影响班内其他同学，想学习的同学也受到他们极大的制约，所以导致师生对他们较为反感，但是越是这样，他们越是严重，形成恶性循环，越来越差。
二、培育目标1、仔细组织相关的学生参与活动中去，使大部分的学生参与到培优补差活动中去。
2、通过培优补差，学生能认识到学习的重要性，并在这个过程中发觉好苗子重点培育。
3、仔细做好参与学生的辅导工作和思想教育工作，培优和补差工作每周不少于一次。
三、培育措施1、定培训人、培训内容，培训时间。
2、尽量做到一对一辅导，对症下药。
3、对后进生实施多做多练措施。
优生适当增加题目难度，并支配课外作品，不断提高做题和能力。
定期对培训的学生进行考试和检测，准时了解培训状况。
4、采纳激励机制，对后进生的每一点进步都给予确定，并鼓舞其继续进取，在优生中树立典范，给机会表现，调动他们的学习主动性和胜利感。
5、充分了解后进生现行学习方法，给予正确引导，朝正确方向进展，保证后进生改善目前学习差的状况，提高学习成果。
6、重视中等成果学生，保持其成果稳定和提高。
高三物理培优补差计划第二篇一、指导思想拔尖优等生，提高优生中的偏科生和中等生，转变后进生，这是培优治拐辅差的工作目标。
2013届高三物理试题汇编详解系列 第3期 专题14 机械振动和机械波含答案
一、单项选择题1.（浙江省温州八校2013届高三9月期初联考物理试卷）下列关于物理事实、物理原理或物理方法的说法正确的是（ ）A.开普勒发现了万有引力定律，人们尊称他为“天体的立法者"B 。
伽利略发现单摆的等时性,并推导出单摆的公式g LT π2= C.超高压带电作业的工人穿戴的工作服中包含金属丝，是为了静电屏蔽D.从电容器的电容表达式U Q C =可以看出,C 与Q 成正比，与U 成反比1.C 解析：开普勒发现了行星运动的规律即开普勒三定律，牛顿发现了万有引力定律，并被人们尊称为“天体的立法者”，选项A 错误；伽利略发现了单摆的等时性，惠更斯推导出单摆的公式g LT π2=，并将摆运用于计时器，人类才进入一个新的计时时代，选项B 错误；在高压带电作业中，工人穿上用金属丝或导电纤维织成的均压服，可以对人体起屏蔽保护作用，选项C 正确；表达式U Q C =是电容的计算式非决定式,电容器的电容与电容器本身结构有关，而与Q 、U 无关，选项D 错误。
本题答案为C 。
2．（福建省福州一中2012届高三下学期5月理科综合校模拟）如图所示为一列沿x 轴传播的简谐横波某时刻的图象,已知从该时刻起，图中质点A 经时间0.1s 第一次经过平衡位置,而图中的质点B 第一次经过平衡位置所需的时间大于0。
1s,则下列说法中正确的是（)A．波的传播速度大小为1 m/s B．波的传播速度大小为20 m/sC．波沿x轴正方向传播D．波沿x轴负方向传播2．C 解析：根据题意，周期T=0。
4s，图示时刻，质点B 正向y轴正方向运动，根据“带动”原理可知，该波波沿x轴正方向传播，选项C正确，D错误；根据波形图可知，波长λ=2m，所以波速v=λ/T=5 m/s，选项AB错误.本题答案为C。
3．（福建省厦门双十中学2012届高三5月热身卷理科综合）如图所示,图（a）为一波源的共振曲线，图（b）中的a表示该波源在共振状态下的振动形式沿x轴传播过程中形成的机械波在t=0时刻的是（）的波形曲线。
高三物理培优辅差工作计划
高三物理培优辅差工作计划高三物理培优辅差工作计划时光在流逝，从不停歇，迎接我们的将是新的生活，新的挑战，该好好计划一下接下来的工作了！相信许多人会觉得工作计划很难写吧，下面是小编为大家整理的高三物理培优辅差工作计划，仅供参考，大家一起来看看吧。
高三物理培优辅差工作计划1一、指导思想：学生的个体差异是一个客观存在，因此培优补差是教学工作不可少的一环。
为了让每个学生都能在原有基础上得到提高发展，体验学习的快乐，进步的乐趣，达到全面提高学生素质的目的，我们根据教育理论中“因材施教，量力性原则”和前苏联教育家巴班斯基“班内分组理论”，实施特殊教育计划，分层教学，在班级中挖掘学生的个体差异，做好拔尖补差工作，从而让优生更优，差生不差，共享成功。
二、学情分析：通过上学期一学期的学习，我所教两个班级学生在物理上愈加呈现出两级分化的趋势。
优秀生对所学物理知识掌握的愈加牢固，学困生对物理学习兴趣越来越淡，导致他们的成绩也是越来越差，从而使班内两级分化愈加明显。
三、扎实做好培优工作1、成立课外兴趣小组，通过活动进行培优。
对于优良学生在时间上把好关，课堂内他们能吃饱，但不会吃好，因此要求各教研组组织任课教师成立课外兴趣小组，给予“精科”，也就是精心挑选一些拔高题，题型要多种多样，通过各种形式的活动来提高他们的学习积极性，从而逐步提高优良学生的学习成绩。
2、做好优良学生的“补差”工作因为优良学生中还存在个别科目比较差的现象，所以他们的补差科问题也是非常重要的，为此，我们要求各任课教师做好这部分学生的思想工作，使他们喜欢这一科目，循序渐进，不断提高，从而使他们优上加优，不优创优，真正成为优秀的接班人。
四、具体要求：1．培优主要以扩大学生知识面，培养学生灵活的思维及发展多种能力为目标，为一些特别聪明的学生提供专门的学习资源，如文学、艺术、科技、体育等，以满足他们特殊的发展需要；补差则重在帮助一些学习有困难的学生提供特殊帮助，采取分层、分组的方式，帮助他们查漏补缺，弥补基础知识的不足，在补差的同时提高学生的分析能力和理解能力。
2013届高考物理冲刺套卷(大纲版,十三)参考答案汇总
2013届高考物理冲刺套卷（大纲版，十三） 参考答案（本答案仅供参考）题号14 15 1617 18192021 答案 C D B A D CD BDB C 的质*皿1・甘球的顶姑秆!母諒编线摘蹩］5方同的夹埔帝磁握品鸟 &两球抉到审岛盒时堀孩与翌査方向的浊积琴（3#）22、（ 8 分） 厂 $丿」：皿-八:、；；：-，：-：—»：. “寿w 右•、黑.；m（3）珈岂增人细线的灯E ：②适当墙&小球的密隔③话当册丸舞战那球冲抱起苗瘠度t ④确猱两琛览生对右磁坨• L 片山-点即可得井，Jt 百合遂建址均可45井）门井、1 2 1 2匀加速阶段：S 1 at 〔 2 3 =9 m （2分）v i =at i =2 x 3=6m/s （2 分） 匀减速阶段：a'= （i=g .4 x 10=4m f s （2 分）t 2=v/a'=64=1.5s（1 分） S 2=v i t 2/2=6 x 1/2=4.5m（1 分） 物体在5s 内滑行的总位移 s=&+S 2=9+4.5=13.5m（ 2分）25、（佃分）解析：据题意，小球P 在球面上做水平的匀速圆周运动，该圆周的圆心为 O'。
P受到向下的重力 mg 、球面对它沿OP 方向的支持力N 和磁场的洛仑兹力f = qvB ① ........... 1分式中v 为小球运动的速率。
洛仑兹力f 的方向指向O 。
根据牛顿第二定律^t3Dsff~mg=0f - X sin - m -------…二一 ③ ....................................由①②③式得加锁蔦异/in 诃.0…. ④ ...............................由于v 是实数，必须满足2m g由此得矗曲⑥可见，为了使小球能够在该圆周上运动，磁感应强度大小的最小值为Mq Vcos^23、（ 10分）（1）（4分）如右图（2）（ 2 分）R ）U 1U 2 U i -U iU i U 2 -U i U ； -6R o24、（15 分）N+Fsin B =mg （ 1 分） Fcos 卜卩 N=ma （2 分）联立方程组，解得拉力ma ：〔 _mg 0.78 2 0.4 0.78 10F4.5 NcosB+4si n 日 0.8+0.4X0.6（2分）3分............ 2分>0此时，带电小球做匀速圆周运动的速率为由⑦⑧式得cos?sin 8— *26、（20分）（1）C与A相碰后速度为、，，三个球共同速度为m e V。
精编2013年全国各地高考招生物理试题精编3-3及解析
15(2013全国卷大纲版)．根据热力定律,下列说法正确的是（）A．电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递B．空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的热量．技的进步可以使内燃机成为单一的热热机D．对能的过度消耗使自然界的能量不断减少，形成“能危机”答案：AB5【2013上海高考】．液体与固体具有的相同特点是(A)都具有确定的形状(B)体积都不易被压缩()物质分子的位置都确定(D)物质分子都在固定位置附近振动答案：B15【2013上海高考】．已知湖水深度为20，湖底水温为4℃，水面温度为17℃，大气压强为10×105P。
当一气泡从湖底缓慢升到水面时，其体积约为原的(取g ＝10/2，ρ＝10×103g/3)(A)128倍(B)85倍()31倍(D)21倍答案：18【2013广东高考】图6为某同设计的喷水装置，内部装有2L水，上部密封1的空气05L，保持阀门关闭，再充入1的空气01L，设在所有过程中空气可看作空气想气体，且温度不变，下列说法正确的有A充气后，密封气体压强增加B充气后，密封气体的分子平均动能增加打开阀门后，密封气体对外界做正功D打开阀门后，不再充气也能把水喷光答案：A12A【2013江苏高考】[选修3-3](12 分)如图所示,一定质量的想气体从状态A 依次经过状态B、和D 后再回到状态A 其中,A→B 和→D 为等温过程,B→和D→A 为绝热过程(气体与外界无热量交换) 这就是著名的“卡诺循环”(1)该循环过程中,下列说法正确的是__________(A)A→B 过程中,外界对气体做功(B)B→过程中,气体分子的平均动能增大()→D 过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子增多(D)D→A 过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变(2)该循环过程中,内能减小的过程是______ (选填“A →B”、“B →”、“→D”或“D→A”) 若气体在A→B 过程中吸收63 J 的热量,在→D 过程中放出38 J 的热量,则气体完成一次循环对外做的功为________ J(3)若该循环过程中的气体为1 ,气体在A 状态时的体积为10 L,在B 状态时压强为A状态时的23求气体在B 状态时单位体积内的分子( 已知阿伏加德罗常NA=6 0×1023-1,计算结果保留一位有效字)29【2013上海高考】．(7分)利用如图装置可测量大气压强和容器的容积。
高三物理培优
第1页，共4页 高三物理（一） 班级__________ 座号_____ 姓名__________ 分数__________ 一、选择题 1．(2016上海高考)物体做匀加速直线运动，相继经过两段距离为16 m的路程，第一段用时4 s，第二段用时2 s，则物体的加速度是（ ）
（A）22m/s3（B）24m/s3（C）28m/s9（D）2
16m/s
9
2．做匀加速直线运动的物体，依次通过A、B、C三点，位移sAB=sBC
，已知物体在AB段的平均速度为3 m/s，
在BC段的平均速度为6 m/s，则物体在B点的瞬时速度为（ ） A.4 m/s B.4.5 m/s C.5 m/s D.5.5 m/s
3．（多选）物体自O点由静止开始做匀加速直线运动，A、B、C、D为其运动轨迹上的四点，测得AB＝2 m，BC＝3 m．且物体通过AB、BC、CD所用时间相等，则下列说法正确的是（）
A．可以求出物体加速度的大小 B．可以求得CD＝4 m C．可求得OA之间的距离为1.125 m D．可求得OA之间的距离为1.5 m
4．（2013春•船营区校级期末）一质点由静止做匀加速直线运动，加速度大小为a1，经过时间t后，开始做加速度大小为a2的匀减速直线运动，再经过t时间，恰好回到出发点．则两次的加速度大小之比a1：a2为（ ）
A．1：2B．1：3C．2：3D．1：4
5．原地起跳时，先屈腿下蹲，然后突然蹬地。从开始蹬地到离地是加速过程（视为匀加速），加速过程中重心上升的距离称为"加速距离"。离地后重心继续上升，在此过程中重心上升的最大距离称为"竖直高度"。现有下列数据：人原地上跳的"加速距离"d1＝0.50m，"竖直高度"h1＝1.0m；跳蚤原地上跳的"加速距离"d2＝0.00080m，"竖直高度"h2＝0.10m。假想人具有与跳蚤相等的起跳加速度，而"加速距离"仍为0.50m，则人上跳的"竖直高度"为（） A.6.25m B.12.5m C. 62.5m D.125m 第2页，共4页
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2013高三物理培优（3）
21．如图所示，质量为M的长滑块静止在光滑水平地面上，左端固定劲度系数为k且足够长的轻质弹簧，右侧用一不可伸
长的细绳连接于竖直墙上，细绳所能承受的最大拉力为T，使一质量为m、初速度为的小物体，在滑块上无摩擦地向左滑动
而后压缩弹簧．弹簧的弹性势能表达式为（k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量）
（1）给出细绳被拉断的条件；
（2）滑块在细绳拉断后被加速的过程中，所能获得的最大向左的加速度为多大？
（3）物体最后离开滑块时，相对地面速度恰好为零的条件是什么？
22．如图所示，质量为mA=4.0kg的木板A放在水平面C上，木板与水平面间的动摩擦因数为μ=0.24，木板最右端放着质
量为mB=1.0kg的小物块（视为质点），它们均处于静止状态，木板突然受到水平向右的12N•s的
瞬时冲量I作用开始运动，当小物块离开木板时，木板的动能为8.0J,小物块的动能为0.5J
（g=10m/s2）求：
(1)瞬时冲量作用结束时木板的速度为多少？
(2)木板的长度时多少？
23．柴油打桩机的重锤由气缸、活塞等若干部件组成，气缸与活塞间有柴油与空气的混合物。在重锤与桩碰撞的过程中，通过
压缩使混合物燃烧，产生高温高压气体，从而使桩向下运动，锤向上运动。现把柴油打桩机和打桩过程简化如下：
柴油打桩机重锤的质量为m，锤在桩帽以上高度为h处（如图1）从静止开始沿竖直轨道自由落下，打在质量为M（包括
桩帽）的钢筋混凝土桩子上。同时，柴油燃烧，产生猛烈推力，锤和桩分离，这一过程的时间极短。随后，桩在泥土中向下移
动一距离l。已知锤反跳后到达最高点时，锤与已停下的桩幅之间的距离也为h（如图2）。已知m＝1.0×103kg，M＝2.0×103kg，
h＝2.0m，l＝0.20m，重力加速度g＝10m/s2，混合物的质量不计。设桩向下移动的过程中泥土对桩的作用力F是恒力，求此力
的大小。
24．
在竖直面内有一光滑水平直轨道和一光滑半圆形轨道，二者在半圆的一个端点B相切，如图所示，半圆形轨道的另一
端点为C，半径为R．在直轨道上距离B为x的A点，有一可看作质点的质量为m的小球处于静止状态．现用水平恒力将小球
推到B处后撤去恒力，小球沿半圆轨道运动到C处后又落到水平面上．求：
(1)若小球正好落到出发点A处，在这种情况下：
①用x和给出的已知最来表达推力对小球所做的功；
②x取何值时，水平恒力做功最小？最小值为多少？
③x取何值时，所用水平恒力最小？最小值为多少？
(2)在任意情况下，x取任意值，求小球在B处和C处对轨道的压力大小之差．
25．如图所示，坡道顶端距水平面高度为h，质量为m1的小物块A从坡道顶端由静止滑下，进入水平面上的滑道时无机械能损
失，为使A制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线M处的墙上，一端与质量为m2的档板B相连，弹簧处于原长时，B
恰位于滑道的末端O点．A与B碰撞时间极短，碰后结合在一起共同压缩弹簧，已知在OM段A、B与水平面间的动摩擦因数
均为μ，其余各处的摩擦不计，重力加速度为g，求：
(1)物块A在与挡板B碰撞前瞬间速度v的大小；
(2)弹簧最大压缩量为d时的弹性势能Ep（设弹簧处于原长时弹性势能为
零）。
26．如图所示，轻且不可伸长的细绳悬挂一质量为0.5 kg的小圆球，圆球又套在可沿水平方向移动的框架槽内，框架槽沿
铅直方向，质量为0.2 kg.自细绳静止于铅直位置开始，框架在水平力F=20 N恒力作用下移至图中位置，此时细绳与竖直方向
夹角．绳长0. 2 m，不计一切摩擦．
求：（1）此过程中重力对小圆球做功为多少？
（2）外力F做功为多大？
（3）小圆球在此位置的瞬时速度大小是多少．（取B ）
27．如图，长为R的轻绳，上端固定在O点，下端连一个小球．小球接近地面，处于静止状态．现给小球一沿水平方向的
初速度，小球开始做圆周运动．设小球到达最高点时绳突然断开，已知小球最后落在离小球最初位置3R的地面上．求小球
的初速度，重力加速度为g．
28．如图所示，在光滑的水平面上停放着一辆平板车，在车上的左端放一木块B．车左边紧邻一个固定在竖直面内、半径为
R
的圆弧形光滑轨道，已知轨道底端的切线水平，且高度与车表面相平．现有另一木块A（木块A、B均可视为质点）从圆
弧轨道的顶端由静止释放，然后滑行到车上与B发生碰撞．两木块碰撞后立即粘在一起在平板车上滑行，并与固定在平板车上
的水平轻质弹簧作用后被弹回，最后两木块刚好回到车的最左端与车保持相对静止．已知木块A的质量为m，木块B的质量为
2m，车的质量为3m，重力加速度为g，设木块A、B碰撞的时间极短可以忽略．求：
（1）木块A、B碰撞后的瞬间两木块共同运动速度的大小．
（2）木块A、B在车上滑行的整个过程中，木块和车组成的系统损失的机械能．
（3）弹簧在压缩过程中所具有的最大弹性势能．
2013高三物理培优（3）参考答案
21． 解析：（1）设弹簧压缩x有
，故
（2）绳被拉断时，小物体速度为v，有，
得
当弹簧压缩最短时，滑块有向左的最大加速度，有
故
（3）设离开时滑块速度为有，故。
22． 解析：(1)以A由静止到获得初速度为研究过程，由动量定理可知
I= mv0
带入数据得到：v0=3m/s ①
(2)对A获得速度到B从A的左端掉下来为研究过程，其运动过程如图所示，设A运动的时间为t，运动的位移为Sa，B
运动的位移为Sb，B对A，C对A，A对B的摩擦力分别为fBA，fCA，fAB，由动量定理可得：
对A：-（fBA+fCA）t=mAvA-mAv0 ②
对B： fABt=mBvB ③
由动能定理可知对A：-（fBA+fCA）Sa=mAv A 2/2-mAv02/2 ④
对B： fABSb=mBvB2/2 ⑤
由牛顿第三定律可知，A对B的摩擦力和B对A的摩擦力大小相等
fAB= f
BA
⑥
fCA=μ（mA+mB）g ⑦
L=Sa-Sb ⑧
由①②③④⑤⑥⑦⑧联立可解得：L=0.5m
答案：（1）v0=3m/s；（2） L=0.5m
点评：本题考查动量定理和动能定理相结合的知识点，对此题注重过程的分析，画出运动过程图，再做此题就一目了然。
23． 解析：锤自由下落，碰桩前速度v1向下， ①
碰后，已知锤上升高度为（h－l），故刚碰后向上的速度为 ②
设碰后桩的速度为V，方向向下，由动量守恒， ③
桩下降的过程中，根据功能关系， ④
由①、②、③、④式得 ⑤
代入数值，得N
答案：N
点评：此题属于打击中的动量守恒，在离开桩后，锤的机械能守恒。分析题意，浓缩成物理模型，再利用动能定理和动量
守恒定律相结合求解结果。
24． 解析：(1)若正好落到出发点A处，则小球由C到A做平抛运动．
①设小球在C处的速度为，由运动学知识知：在水平方向上有
在竖直方向上有，联立解得
对小球从A到C由动能定理得
解得．
②当有最小值时，小球恰能到达C处（设此时小球的速度为），此时小球在C处只受重力作用，则，
又因为小球仍能落到A处，所以，即有，，
③由功的定义式，得
所以，由于和积是常量，所以当时，，此时F有最小值。最小值为
(2)在小球在B处时，受到重力和轨道向上的支持力，由牛顿第二定律得
当小球在C处时，受到重力mg和轨道向下的压力，由牛顿第二定律得
从B到c由机械能守恒得
三式联立得.
25． 解析：(1)由机械能守恒定律，有
解得v＝
(2)A、B在碰撞过程中内力远大于外力，由动量守恒，有
碰后A、B一起压缩弹簧，）到弹簧最大压缩量为d时，A、B克服摩擦力所做的功
由能量守恒定律，有
解得：
答案：（1）；（2）
26．求：（1）此过程中重力对小圆球做功为多少？
（2）外力F做功为多大？
（3）小圆球在此位置的瞬时速度大小是多少．（取B ）
解析：（1）小球重力所做功为J
（2）外力F做功为
（3）将小球和框架槽看作一个系统，则由系统动能定理得
其中为小球的质量和小球此时的速度，为框架槽的质量和此时的速度．由运动的分解得
代入上述方程得
最后得。
27．
解析：设小球质量为m，小球到达最高点时速度为v，由机械能守恒定律，得
绳子断开后，小球做平抛运动，经时间t到达地面，则
，则，得。
28． 解析：（1）设木块A到达圆弧底端时的速度为，对木块A沿圆弧下滑的过程，根据机
械能守恒定律，有，在A、B碰撞过程中，两木块组成系统动量守恒，设碰撞后的共同速度大小为，则
解得
（2）A、B在车上滑行的过程中，A、B及车组成的系统动量守恒．A、B滑到车的最左端时与车具有共同的速度，设此时
速度大小为v，根据动量守恒定律，有
A、B在车上滑行的整个过程中系统损失的机械能为
（3）设当弹簧被压缩至最短时，木块与车有相同的速度，弹簧具有最大的弹性势能E，根据动量守恒定律有
，所以
设木块与车面摩擦力为f，在车上滑行距离为L，对于从A、B一起运动到将弹簧压缩至最短的过程由能量守恒有
对于从弹簧被压缩至最短到木块滑到车的左端的过程有
解得。