高三物理培优(3)(答案)
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷培优测试卷

高中物理必修3物理全册全单元精选试卷培优测试卷一、必修第3册静电场及其应用解答题易错题培优(难)1.如图所示,把一个倾角为θ的绝缘斜面固定在匀强电场中,电场方向水平向右,电场强度大小为E,有一质量为m、带电荷量为+q的物体,以初速度v0从A端滑上斜面恰好能沿斜面匀速运动,求物体与斜面间的动摩擦因数.【答案】cos sincos sin qE mg mg qEθθθθ-+【解析】【分析】【详解】物体做匀速直线运动,由平衡条件得:在垂直于斜面方向上:N=mgcosθ+qEsinθ…①在平行与斜面方向上:f+mgsinθ=qEcosθ…②滑动摩擦力:f=μN…③由①②③可得:f qEcos mgsinN mgcos qEsinθθμθθ-=+=.【点睛】本题考查了学生受力分析及力的合成以及摩擦定律的相关知识,正确的受力分析是正确解题的关键,学会用正交分解法处理多力合成问题.2.如图所示,一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置.在管子的底部固定一电荷量为Q(Q>0)的点电荷.在距离底部点电荷为h2的管口A处,有一电荷量为q(q>0)、质量为m的点电荷由静止释放,在距离底部点电荷为h1的B处速度恰好为零.现让一个电荷量为q、质量为3m的点电荷仍在A处由静止释放,已知静电力常量为k,重力加速度为g,则该点电荷运动过程中:(1)定性分析点电荷做何运动?(从速度与加速度分析) (2)速度最大处与底部点电荷的距离 (3)运动到B 处的速度大小【答案】(1)先做加速度减小的加速,后做加速度增大的减速运动; (2)3KQqr mg=(3)2123()3B v g h h =-【解析】 【详解】(1)由题意知,小球应先做加速运动,再做减速运动,即开始时重力应大于库仑力;而在下落中,库仑力增大,故下落时加速度先减小,后增大;即小球先做加速度减小的加速,后做加速度增大的减速运动;(2)当重力等于库仑力时,合力为零,此时速度最大,23kQqF mg r 库==解得:3kQqr mg=(3)点电荷在下落中受重力和电库仑力,由动能定理可得:mgh +W E =0;即W E =-mgh ;当小球质量变为3m 时,库仑力不变,故库仑力做功不变,由动能定理可得:3mgh-mgh =123mv 2; 解得:2123()3B v g h h =-点睛:本题综合考查动力学知识及库仑力公式的应用,解题的关键在于明确物体的运动过程;同时还应注意点电荷由静止开始运动,故开始时重力一定大于库仑力.3.万有引力和库仑力有类似的规律,有很多可以类比的地方。
2021届高三物理三轮复习重难点培优:波粒二象性(解析版)

2021届高三三轮物理重难点培优:波粒二象性1、 能正确解释黑体辐射实验规律的是( )A.能量的连续经典理论B.普朗克提出的能量量子化理论C.牛顿提出的能量微粒说D.以上说法均2.下列说法不正确的是( )A.平均结合能小的原子核结合成或分解成平均结合能大的原子核时一定放出核能B.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关C.贝克勒尔通过对天然放射现象的研究,发现了原子中存在原子核D.康普顿效应说明光具有粒子性,电子的衍射实验说明粒子具有波动性3.对黑体辐射电磁波的波长分布的影响因素是( )A.温度B.材料C.表面状况D.以上都正确4.下列有关黑体辐射和光电效应的说法中正确的是( )A.在黑体辐射中,随着温度的升高,各种频率的辐射强度都增加,辐射强度极大值向频率较低的方向移动B.普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说C.用一束绿光照射某金属,能产生光电效应,现把这束绿光遮住一半,则没有光电子飞出D.在光电效应现象中,光电子的最大初动能与入射光的频率成正比5.下列说法错误的是( )A.黑体辐射电磁波的强度按波长分布与黑体的温度无关B.德布罗意提出了实物粒子也具有波动性的猜想,而电子衍射实验证实了他的猜想C.康普顿效应表明光子除了具有能量之外还具有动量D.氢原子从激发态向基态跃迁只能辐射特定频率的光子6.从衍射的规律可以知道,狭缝越窄,屏上中央亮条纹就越宽,由不确定性关系式4h x p π∆∆≥判断下列说法正确的是( ) A.入射的粒子有确定的动量,射到屏上粒子就有准确的位置B.狭缝的宽度变小了,因此粒子的不确定性也变小了C.更窄的狭缝可以更准确地测得粒子的位置,但粒子动量的不确定性却更大了D.更宽的狭缝可以更准确地测得粒子的位置,但粒子动量的不确定性却更大了7.下列说法正确的是( )A.光波是概率波,物质波是机械波B.微观粒子的动量和位置的不确定量同时变大,同时变小C.普朗克的量子化假设是为了解释光电效应而提出的D.光和电子、质子等实物粒子都具有波粒二象性8.下列说法中正确的是( )A.光有时是波,有时是粒子B.康普顿效应表明光子和电子、质子等实物粒子一样也具有能量和动量C.概率波和机械波的本质是一样的,都能发生干涉和衍射现象D.由不确定关系知,微观粒子的位置和动量都是不可确定的9.下列说法正确的是( )A.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布与物体的形状有关B.不确定性关系告诉我们,不可能准确地知道粒子的位置C.玻尔理论的假设之一是原子能量的量子化D.爱因斯坦提出了光电子的能量与入射光的强弱有关,与入射光的频率无关10.根据不确定性关系4h x p π∆⋅∆≥,判断下列说法正确的是( ) A.采取办法提高测量x ∆精度时,p ∆的精度下降 B.采取办法提高测量x ∆精度时,p ∆的精度上升C.x ∆与p ∆测量精度与测量仪器及测量方法是否完备有关D.x ∆与p ∆测量精度与测量仪器及测量方法是否完备无关11.普朗克能量子假说认为( )A.在宏观领域,物体能量的变化是不连续的B.在微观领域,物体的能量是连续变化的C.物体辐射或吸收能量是一份一份进行的D.辐射的频率越高,物体辐射的每一个能量子的能量就越大12.下列说法中正确的是( )A .光电效应现象显示了光的粒子性,它否定了光的波动性B .为了解释原子光谱的不连续性,普朗克提出能量量子化观点C .某元素原子核内的质子数决定了核外电子的分布,进而决定了该元素的化学性质D.核力是短程力,在其作用范围内,随核子间距离的变化可以表现为引力也可以表现为斥力13、对原子和原子核结构的认识,下列说法正确的是( )A.为了解释黑体辐射规律,普朗克提出电磁辐射的“能量子”概念B.卢瑟福依据α粒子散射实验的结果,提出了原子能级结构假设C.法国物理学家贝可勒尔发现天然放射现象,说明原子核还可以分割D. β衰变的实质是原子核内释放出原本存在的电子,同时原子核转变为新核14.下列叙述正确的是( )A.对微观粒子运动状态的最准确的描述是概率波B.为了解释光电效应现象,爱因斯坦建立了光子说,指出在光电效应现象中,光电子的最大初动能与照射光的频率成线性关系C.太阳、地球等这些宏观的运动物体也具有波动性,这种波是物质波D.在关于物质波的表达式E hν=和hpλ=中,能量和动量是描述物质的粒子性的重要物理量,波长和频率是描述物质的波动性的典型物理量15.关于微观粒子波粒二象性的认识,下列说法正确的是( )A.因实物粒子具有波动性,故其轨迹是波浪线B.由概率波的知识可知,因微观粒子落在哪个位置不能确定,所以粒子没有确定的轨迹C.由概率波的知识可知,因微观粒子落在哪个位置不能确定,再由不确定性关系知粒子动量将完全确定D.大量光子表现出波动性,此时光子仍具有粒子性16.在单缝衍射实验中,中央亮纹的光强占整个从单缝射入的光强的95%以上,假设现在只让一个光子通过单缝,那么该光子( )A.一定落在中央亮纹处B.一定落在亮纹处C.可能落在暗纹处D.落在中央亮纹处的可能性最大17.在光的双缝干涉实验中,在光屏上放上照相底片,并设法减弱光的强度,尽可能使光子一个一个地通过狭缝, 分别在曝光时间不长和足够长的情况下,实验结果是( )A.若曝光时间不长,则底片上出现一些无规则分布的点B.若曝光时间足够长,则底片上出现干涉条纹C.实验结果表明光具有波动性D.实验结果表明光具有粒子性18.下列各种波是概率波的是( )A.声波B.无线电波C.光波D.物质波19.下列对于光的本性的理解正确的是( )A.光只具有粒子性B.光只具有波动性C.光是一种波D.光具有波粒二象性20.对于光的波粒二象性的理解,正确的是( )A.大量光子的效果往往表现出波动性,个别光子的行为往往表现出粒子性B.光在传播时是波,而与物质相互作用时就转变成粒子C.高频光是粒子,低频光是波D.波粒二象性是光的根本属性,有时它的波动性显著,有时它的粒子性显著21.在宏观世界中相互对立的波动性和粒子性,在光的本性研究中却得到了统一,即所谓光具有波粒二象性,下列关于光的波粒二象性的叙述中正确的是( )A.大量光子产生的效果显示出波动性,个别光子产生的效果展示出粒子性B.光在传播时表现出波动性,而在跟物质作用时表现出粒子性C.频率大的光比频率小的光的粒子性强,但波动性弱D.频率大的光较频率小的光的粒子性及波动性都强22.如图甲所示为电子衍射装置,利用该装置得到的电子衍射图样如图乙所示。
2022年人教版高中物理选择性必修第三册同步培优第一章分子动理论第3节分子运动速率分布规律

第一章3基础巩固练(25分钟·满分60分)一、选择题(本题共8小题,每题6分,共48分)1.夏天开空调,冷气从空调中吹进室内,则室内气体分子的(D)A.热运动剧烈程度加剧B.平均动能变大C.每个分子速率都会相应地减小D.速率小的分子数所占的比例升高解析:冷气从空调中吹进室内,室内温度降低,分子热运动剧烈程度减小,分子平均动能减小,即速率小的分子数所占的比例升高,但不是每个分子的速率都减小,D正确。
2.1859年麦克斯韦从理论上推导出了气体分子速率的分布规律,后来有许多实验验证了这一规律。
若以横坐标v表示分子速率,纵坐标f(v)表示各速率区间的分子数占总分子数的百分比。
下面四幅图中能正确表示某一温度下气体分子速率分布规律的是(D)解析:各速率区间的分子数占总分子数的百分比不能为负值,A、B错;气体分子速率的分布规律呈现“中间多,两头少”的趋势,速率为0的分子不存在,故C错、D对。
3.教室内的气温会受到室外气温的影响,如果教室内上午10时的温度为15 ℃,下午2时的温度为25 ℃,假设大气压强无变化,则下午2时与上午10时相比较,房间内的(B) A.空气分子密集程度增大B.空气分子的平均动能增大C.空气分子的速率都增大D.空气质量增大解析:温度升高,气体分子的平均动能增大,平均每个分子对器壁的冲力将变大,但气压并未改变,可见单位体积内的分子数一定减小,故A项、D项错误、B项正确;温度升高,并不是所有空气分子的速率都增大,C项错误。
4.关于气体压强的理解,哪一种理解是错误的(A)A.大气压强是由地球表面空气重力产生的,因此将开口瓶密闭后,瓶内气体脱离大气,它自身重力太小,会使瓶内气体压强远小于外界大气压强B.气体压强是由于气体分子不断撞击器壁而产生的C.气体压强取决于单位体积内分子数和分子的平均动能D.单位面积器壁受到空气分子碰撞的平均压力就是气体对器壁的压强解析:大气压强是由地球表面空气重力产生的,而被密封在某种容器中的气体,其压强是大量的做无规则运动的气体分子对容器壁不断碰撞而产生的,它的大小不是由被封闭气体的重力所决定的,故A错误;密闭容器内的气体压强是大量气体分子频繁撞击器壁产生,故B正确;气体压强取决于分子的密集程度与分子的平均动能,即为单位体积内分子数和,可知单位面积器壁受到气体分子碰撞的平均分子的平均动能,故C正确;根据公式p=FS压力在数值上就等于气体压强的大小,故D正确;本题选择错误的,故选A。
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷(培优篇)(Word版 含解析)

高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷(培优篇)(Word 版 含解析)一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优(难)1.如图所示,把一个倾角为θ的绝缘斜面固定在匀强电场中,电场方向水平向右,电场强度大小为E ,有一质量为m 、带电荷量为+q 的物体,以初速度v 0从A 端滑上斜面恰好能沿斜面匀速运动,求物体与斜面间的动摩擦因数.【答案】cos sin cos sin qE mg mg qE θθθθ-+【解析】 【分析】 【详解】物体做匀速直线运动,由平衡条件得:在垂直于斜面方向上:N=mgcosθ+qEsinθ…① 在平行与斜面方向上:f+mgsinθ=qEcosθ…② 滑动摩擦力:f=μN…③ 由①②③可得:f qEcos mgsin N mgcos qEsin θθμθθ-=+= . 【点睛】本题考查了学生受力分析及力的合成以及摩擦定律的相关知识,正确的受力分析是正确解题的关键,学会用正交分解法处理多力合成问题.2.我们可以借鉴研究静电场的方法来研究地球周围空间的引力场,如用“引力场强度”、“引力势”的概念描述引力场。
已知地球质量为M ,半径为R ,万有引力常量为G ,将地球视为均质球体,且忽略自转。
(1)类比电场强度的定义方法,写出地球引力场的“引力场强度E ”的定义式,并结合万有引力定律,推导距离地心为r (r >R )处的引力场强度的表达式2=GM E r 引; (2)设地面处和距离地面高为h 处的引力场强度分别为E 引和'E 引,如果它们满足'0.02E E E -≤引引引,则该空间就可以近似为匀强场,也就是我们常说的重力场。
请估算地球重力场可视为匀强场的高度h (取地球半径R =6400km );(3)某同学查阅资料知道:地球引力场的“引力势”的表达式为=-G Mrϕ引(以无穷远处引力势为0)。
请你设定物理情景,简要叙述推导该表达式的主要步骤。
【答案】(1)引力场强度定义式FE m=引,推导见解析;(2)h =64976m ;(3)推导见解析. 【解析】 【分析】 【详解】(1)引力场强度定义式F E m=引 2MmF Gr = 联立得2M E Gr =引 (2)根据题意2M E GR =引 '2M E G r=引 '0.02E E E -=引引引h r R R =-=解得h =64976m(3)定义式引力势=p E mϕ引,式中p E 为某位置的引力势能把某物体从无穷远移动到某点引力做的功=0-=-p p W E E 引即=-p E W 引则当质量为m 的物体自无穷远处移动到距离地球r 处时,引力做功为W 引 通过计算得0MmWGr =引> 所以=-p MmE Gr=-M Grϕ引3.“顿牟掇芥”是两千多年前我国古人对摩擦起电现象的观察记录,经摩擦后带电的琥珀能吸起小物体,现用下述模型分析研究。
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷培优测试卷

高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷培优测试卷一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优(难)1.如图所示,把一个倾角为θ的绝缘斜面固定在匀强电场中,电场方向水平向右,电场强度大小为E ,有一质量为m 、带电荷量为+q 的物体,以初速度v 0从A 端滑上斜面恰好能沿斜面匀速运动,求物体与斜面间的动摩擦因数.【答案】cos sin cos sin qE mg mg qE θθθθ-+【解析】 【分析】 【详解】物体做匀速直线运动,由平衡条件得:在垂直于斜面方向上:N=mgcosθ+qEsinθ…① 在平行与斜面方向上:f+mgsinθ=qEcosθ…② 滑动摩擦力:f=μN…③ 由①②③可得:f qEcos mgsin N mgcos qEsin θθμθθ-=+= . 【点睛】本题考查了学生受力分析及力的合成以及摩擦定律的相关知识,正确的受力分析是正确解题的关键,学会用正交分解法处理多力合成问题.2.如图所示,在光滑绝缘水平面上B 点的正上方O 处固定一个质点,在水平面上的A 点放另一个质点,两个质点的质量均为m ,带电量均为+Q 。
C 为AB 直线上的另一点(O 、A 、B 、C 位于同一竖直平面上),AO 间的距离为L ,AB 和BC 间的距离均为2L,在空间加一个水平方向的匀强电场后A 处的质点处于静止。
试问: (1)该匀强电场的场强多大?其方向如何?(2)给A 处的质点一个指向C 点的初速度,该质点到达B 点时所受的电场力多大? (3)若初速度大小为v 0,质点到达C 点时的加速度和速度分别多大?【答案】(1)22kQ L ,方向由A 指向C ;(2)22736kQ L ;(3)22kQ mL 220kQ v mL+【解析】 【分析】(1)在空间加一个水平方向的匀强电场后A 处的质点处于静止,对A 进行受力分析,根据平衡条件求解。
(2)质点到达B 点时受竖直向下的O 点的库仑力和水平向右的电场力,根据力的合成求解 (3)根据牛顿第二定律求出加速度,根据动能定理求出C 点时速度。
高中物理必修3物理 全册全单元精选试卷(培优篇)(Word版 含解析)

高中物理必修3物理全册全单元精选试卷(培优篇)(Word版含解析)一、必修第3册静电场及其应用解答题易错题培优(难)1.在如图所示的竖直平面内,物体A和带正电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接,分别静止于倾角θ=37°的光滑斜面上的M点和粗糙绝缘水平面上,轻绳与对应平面平行.劲度系数k=5 N/m的轻弹簧一端固定在O点,一端用另一轻绳穿过固定的光滑小环D与A相连,弹簧处于原长,轻绳恰好拉直,DM垂直于斜面.水平面处于场强E=5×104N/C、方向水平向右的匀强电场中.已知A、B的质量分别为m A=0.1 kg和m B=0.2 kg,B所带电荷量q=+4×10-6 C.设两物体均视为质点,不计滑轮质量和摩擦,绳不可伸长,弹簧始终在弹性限度内,B电荷量不变.取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.(1)求B所受静摩擦力的大小;(2)现对A施加沿斜面向下的拉力F,使A以加速度a=0.6 m/s2开始做匀加速直线运动.A 从M到N的过程中,B的电势能增加了ΔE p=0.06 J.已知DN沿竖直方向,B与水平面间的动摩擦因数μ=0.4.求A到达N点时拉力F的瞬时功率.【答案】(1)f=0.4N (2)2.1336W【解析】试题分析:(1)根据题意,静止时,对两物体受力分析如图所示:由平衡条件所得:对A有:m A gsin θ=F T①对B有:qE+f0=F T②代入数据得f0=0.4 N ③(2)根据题意,A到N点时,对两物体受力分析如图所示:由牛顿第二定律得:对A有:F+m A gsin θ-F′T-F k sin θ=m A a ④对B有:F′T-qE-f=m B a ⑤其中f=μm B g ⑥F k =kx ⑦由电场力做功与电势能的关系得ΔE p =qEd ⑧ 由几何关系得x =-⑨A 由M 到N ,由v -v =2ax 得A 运动到N 的速度v =⑩拉力F 在N 点的瞬时功率P =Fv ⑪ 由以上各式,代入数据P =0.528 W ⑫考点:受力平衡 、牛顿第二定律、能量转化与守恒定律、功率【名师点睛】静止时,两物体受力平衡,列方程求解.A 从M 到N 的过程中做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律,可列出力的关系方程.根据能量转化与守恒定律可列出电场力做功与电势能变化的关系方程.根据匀加速直线运动速度位移公式,求出运动到N 的速度,最后由功率公式求出功率.2.(1)科学家发现,除了类似太阳系的恒星-行星系统,还存在许多双星系统,通过对它们的研究,使我们对宇宙有了较深刻的认识.双星系统是由两个星体构成,其中每个星体的线度(直径)都远小于两星体间的距离,一般双星系统距离其他星体很远,可以当做孤立系统处理.已知某双星系统中每个星体的质量都是M 0,两者相距L ,它们正围绕两者连线的中点做匀速圆周运动,引力常量为G . 求: ①该双星系统中星体的加速度大小a ; ②该双星系统的运动周期T .(2)微观世界与宏观世界往往存在奇妙的相似性.对于氢原子模型,因为原子核的质量远大于电子质量,可以忽略原子核的运动,形成类似天文学中的恒星-行星系统,记为模型Ⅰ.另一种模型认为氢原子的核外电子并非绕核旋转,而是类似天文学中的双星系统,核外电子和原子核依靠库仑力作用使它们同时绕彼此连线上某一点做匀速圆周运动,记为模型Ⅱ.已知核外电子的质量为m ,氢原子核的质量为M ,二者相距为r ,静电力常量为k ,电子和氢原子核的电荷量大小均为e .①模型Ⅰ、Ⅱ中系统的总动能分别用E k Ⅰ、 E k Ⅱ表示,请推理分析,比较E k Ⅰ、 E k Ⅱ的大小关系;②模型Ⅰ、Ⅱ中核外电子做匀速圆周运动的周期分别用T Ⅰ、T Ⅱ表示,通常情况下氢原子的研究采用模型Ⅰ的方案,请从周期的角度分析这样简化处理的合理性.【答案】(1) ①02GM a L = ②302π2L T GM = (2) ①2k k II =2ke E E r=Ⅰ ②T M m T M +ⅠⅡ为M >>m ,可得T Ⅰ≈T Ⅱ,所以采用模型Ⅰ更简单方便. 【解析】 【详解】(1)①根据万有引力定律和牛顿第二定律有:2002GM M a L=解得02GM a L =②由运动学公式可知,224π2La T =⋅解得2T =(2)①模型Ⅰ中,设电子绕原子核的速度为v ,对于电子绕核的运动,根据库仑定律和牛顿第二定律有222ke mv r r=解得:22k 122ke E mv r==Ⅰ模型Ⅱ中,设电子和原子核的速度分别为v 1、v 2,电子的运动半径为r 1,原子核的运动半径为r 2.根据库仑定律和牛顿第二定律 对电子有:22121mv ke r r =,解得22k11121=22ke E mv r r=对于原子核有:22222=Mv ke r r ,解得22k22221=22ke E Mv r r=系统的总动能:E k Ⅱ=E k1+ E k2=()2212222ke ke r r r r+=即在这两种模型中,系统的总动能相等.②模型Ⅰ中,根据库仑定律和牛顿第二定律有22224πke m r r T =Ⅰ,解得23224πmr T ke =Ⅰ 模型Ⅱ中,电子和原子核的周期相同,均为T Ⅱ 根据库仑定律和牛顿第二定律对电子有221224πke m r r T =⋅Ⅱ, 解得221224πke T r r m =Ⅱ对原子核有222224πke M r r T =⋅Ⅱ, 解得222224πke T r r M=Ⅱ因r 1+r 2=r ,可解得:()23224πmMr T ke M m =+Ⅱ所以有T T =ⅠⅡ 因为M >>m ,可得T Ⅰ≈T Ⅱ,所以采用模型Ⅰ更简单方便.3.有三根长度皆为l =0.3 m 的不可伸长的绝缘轻线,其中两根的一端固定在天花板的O 点,另一端分别栓有质量皆为m =1.0×10﹣2kg 的带电小球A 和B ,它们的电荷量分别为﹣q和+q ,q =1.0×10﹣6C .A 、B 之间用第三根线连接起来,空间中存在大小为E =2.0×105N/C 的匀强电场,电场强度的方向水平向右.平衡时A 、B 球的位置如图所示.已知静电力常量k =9×109N•m 2/C 2重力加速度g =10m/s 2.求:(1)A 、B 间的库仑力的大小 (2)连接A 、B 的轻线的拉力大小. 【答案】(1)F=0.1N (2)10.042T N = 【解析】试题分析:(1)以B 球为研究对象,B 球受到重力mg ,电场力Eq ,静电力F ,AB 间绳子的拉力1T 和OB 绳子的拉力2T ,共5个力的作用,处于平衡状态,A 、B 间的静电力22q F k l=,代入数据可得F=0.1N(2)在竖直方向上有:2sin 60T mg ︒=,在水平方向上有:12cos 60qE F T T =++︒ 代入数据可得10.042T N = 考点:考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】注意成立的条件,掌握力的平行四边形定则的应用,理解三角知识运用,注意平衡条件的方程的建立.4.如图所示,在光滑绝缘水平面上,质量为m 的均匀绝缘棒AB 长为L 、带有正电,电量为Q 且均匀分布.在水平面上O 点右侧有匀强电场,场强大小为E ,其方向为水平向左,BO 距离为x 0,若棒在水平向右的大小为QE/4的恒力作用下由静止开始运动.求:(1)棒的B 端进入电场L /8时的加速度大小和方向; (2)棒在运动过程中的最大动能.(3)棒的最大电势能.(设O 点处电势为零) 【答案】(1)/8qE m ,向右(2)0()48qE Lx + (3)0(2)6qE x L + 【解析】 【分析】 【详解】(1)根据牛顿第二定律,得48QE L QE ma L -⋅=解得 8QE a m=,方向向右. (2)设当棒进入电场x 时,其动能达到最大,则此时棒受力平衡,有4QE QEx L ⋅= 解得14x L = 由动能定理得:()00044()()42442448K o QE QELQEQE L QE L E W x x x x x ====+⨯∑+-+-+⨯(3)棒减速到零时,棒可能全部进入电场,也可能不能全部进入电场,设恰能全部进入电场, 则有:()0042QE QEx L L +-=, 得 x 0=L ;()42QE QELL L ε+==当x 0<L ,棒不能全部进入电场,设进入电场x根据动能定理得()00 0042xQEQE L x x x ++--=解之得:x则0 (4F QE W x ε+==当x 0>L ,棒能全部进入电场,设进入电场x ()()0042QE QEx x L QE x L +---= 得:023x Lx += 则()()000242 4436QE x L x L QE QE x x ε+++⋅===5.如图所示,一条长为l 的细线,上端固定,下端拴一质量为m 的带电小球.将它置于一匀强电场中,电场强度大小为E ,方向水平向右.已知当细线离开竖直位置的偏角为α时,小球处于平衡状态.(1)小球带何种电荷并求出小球所带电荷量;(2)若将小球拉到水平位置后放开手,求小球从水平位置摆到悬点正下方位置的过程中,电场力对小球所做的功.【答案】(1)正,tan /mg E α (2)tan mgl α 【解析】 【详解】(1)小球所受电场力的方向与场强方向一致,则带正电荷; 由平衡可知:Eq =mgtanα得:mgtan q Eα=(2)小球从水平位置摆到悬点正下方位置的过程中,电场力做负功,大小为W =Eql = mgltanα6.在竖直平面内固定一半径为R=0.3m 的金属细圆环,质量为5m 310kg -=⨯的金属小球(视为质点)通过长为L=0.5m 的绝缘细线悬挂在圆环的最高点.小球带电荷量为62.510q C -=⨯时,发现小球在垂直圆环平面的对称轴上某点A 处于平衡状态,如图所示.已知静电力常量9229.010?/k N m C =⨯. 求:(1)细线的拉力F 的大小;(2)小球所在处的电场强度E 的大小?(3)金属细圆环不能等效成点电荷来处理,试应用微元法推导圆环带电量Q 表达式?(用字母R 、L 、k 、E 表示)【答案】(1) 4510N -⨯ (2) 160/N C (3) 254EL Q k =或322Q k L R=- 【解析】由几何关系:3cos 5R L θ==,224sin 5L R θ-==,4tan 3θ= ①(1)对小球受力分析可知:cos mgF θ=② 由①②得:4510F N -=⨯ ③ (2)由平衡条件可得:tan qE mg θ= ④ 由①④得:160/E N C = ⑤ (3)由微元法,无限划分,设每一极小段圆环带电量为q ∆则:2sin qkE Lθ∆=∑ ⑥ 其中:q Q ∑∆=由①⑥得:254EL Q k =或322Q k L R=- ⑦ 点睛:因2QE kr=只能适用于真空中的点电荷,故本题采用了微元法求得圆环在小球位置的场强,应注意体会该方法的使用.库仑力的考查一般都是结合共点力的平衡进行的,应注意正确进行受力分析.二、必修第3册 静电场中的能量解答题易错题培优(难)7.如图所示,BCD 为固定在竖直平面内的半径为r=10m 的圆弧形光滑绝缘轨道,O 为圆心,OC 竖直,OD 水平,OB 与OC 间夹角为53°,整个空间分布着范围足够大的竖直向下的匀强电场.从A 点以初速v 0=9m/s 沿AO 方向水平抛出质量m=0.1kg 的小球(小球可视为质点),小球带正电荷q=+0.01C ,小球恰好从B 点沿垂直于OB 的方向进入圆弧轨道.不计空气阻力.求:(1)A 、B 间的水平距离L (2)匀强电场的电场强度E(3)小球过C 点时对轨道的压力的大小F N (4)小球从D 点离开轨道后上升的最大高度H【答案】(1)9m (2)20/E N C =(3) 4.41N F N =(4) 3.375H m = 【解析】 【分析】 【详解】(1)从A 到B ,0tan 53By By v v v at =︒=,,cos53y r =︒,212y at = 解得1t s =,212/a m s =,09L v t m ==(2)根据牛顿第二定律可得mg qE ma +=,解得20/E N C = (3)从A 到C ,根据动能定理可得2201122c mar mv mv =- 在C 点,2c N v F ma m r-=,解得 4.41N F N =(4)对全过程运用动能定理,2012mv maH =,故 3.375H m = 【点睛】应用动能定理应注意的几个问题(1)明确研究对象和研究过程,找出始末状态的速度.(2)要对物体正确地进行受力分析,明确各力做功的大小及正负情况(待求的功除外).(3)有些力在物体运动过程中不是始终存在的.若物体运动过程中包括几个阶段,物体在不同阶段内的受力情况不同,在考虑外力做功时需根据情况区分对待8.两块水平平行放置的导体板如图 (甲)所示,大量电子(质量m 、电量e )由静止开始,经电压为U 0的电场加速后,连续不断地沿平行板的方向从两板正中间射入两板之间.当两板均不带电时,这些电子通过两板之间的时间为3t 0;当在两板间加如图 (乙)所示的周期为2t 0,幅值恒为U 0的周期性电压时,恰好能使所有电子均从两板间通过.问:⑴这些电子通过两板之间后,侧向位移(沿垂直于两板方向上的位移)的最大值和最小值分别是多少?⑵侧向位移分别为最大值和最小值的情况下,电子在刚穿出两板之间时的动能之比为多少?【答案】(1)0062t eUm,0064t eUm(2)1613【解析】画出电子在t=0时和t=t0时进入电场的v–t图象进行分析(1)竖直方向的分速度010yeUv tmd=,0002022=yeU eU tv tmd md=侧向最大位移200max101010312()322y y y yeU t ds v t v t v tmd=+===侧向最小位移200min101010311.5224y y y yeU t ds v t v t v tmd=+===解得06eUd tm=所以00max622yt eUdsm=00min644yt eUdsm=(2)由此得220010()6yeU eUv tmd m==,2200202(2)3yeU eUv tmd m==而202eUvm=所以2202kmax0022kmin000111/3162211/121322yymv mvE eU eUE eU eUmv mv++===++【名师点睛】解决本题的关键知道粒子在偏转电场中水平方向上一直做匀速直线运动,在竖直方向上有电场时做匀加速直线运动,无电场时做匀速直线运动或静止.9.如图所示,在竖直平面内有一固定的光滑绝缘轨道,圆心为O ,半径为r ,A 、B 、C 、D 分别是圆周上的点,其中A 、C 分别是最高点和最低点,BD 连线与水平方向夹角为37︒。
高三物理培优(答案)

高三物理培优(参考答案)一、选择题 1. 【答案】B【解析】根据题意,物体做匀加速直线运动,t 时间内的平均速度等于2t时刻的瞬时速度,在第一段内中间时刻的瞬时速度为:1116m/s=4m/s 4v v -==;在第二段内中间时刻的瞬时速度为:2216m/s=8m/s 2v v -==;则物体加速度为:21844m/s m/s 33v v a t --===,故选项B 正确。
2. 【答案】C【解析】物体运动示意图如图所示,设物体在A 、B 、C 三点的瞬时速度分别为v a 、v b 、v c ,则:=3 ①==6 ②v AC =2*3*6/(3+6)=4=(Va+Vc)/2 ③ 联立①②③解得v B =5m/s. 3. 【答案】 BC【解析】 设加速度为a ,时间为t ,则有Δs =at 2=1 m ,可以求得CD =4 m ,而B 点的瞬时速度v B =s AC2t,所以OB 之间的距离为s OB =v 2B2a =3.125 m ,OA 之间的距离为s OA =s OB -s AB =1.125 m ,即B 、C 选项正确.4. 【答案】 B 【解析】021-)(2122121=+t a t t a t a ,解得a 2=3a 1 ; 5. 【答案】C【解析】用a 表示跳蚤起跳的加速度,t 表示离地时的速度,则对加速过程和离地后上升过程分别有 v 2=2ad2 ① v 2=2gh 2 ②若假想人具有和跳蚤相同的加速度a ,令V 表示在这种假想下人离地时的速度,H 表示与此相应的竖直高度,则地加速过程和离地后上升过程分别有 V 2=2ad 1 ③ V 2=2gH ④由以上各式可得 ⑤代入数值,得H=62.5m ⑥6. 【答案】ABD【解析】由题意知,物体先做初速度为零的匀加速运动,后做末速度为零的匀减速运动,全程中的最大速度v =a 1t 1,因前后均为匀变速直线运动,则平均速度为v -=0+v 2=a 1t 12=a 2t 22,故A 、B 正确,C 错误;全程的总位移为x =12a 1t 21+12a 2t 22,对全程由平均速度公式有v -=xt =a 1t 21+a 2t 222(t 1+t 2),故D 正确。
高考物理 复习培优练习(含解析)-人教版高三全册物理试题

培优练习高考频度:★★★☆☆难易程度:★★★★☆一个带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场中,由于沿途空气电离而使粒子的动能逐渐减小,轨迹如下列图。
假设粒子的电荷量不变,如下有关粒子的运动方向和所带电性的判断正确的答案是A .粒子由a 向b 运动,带正电B .粒子由b 向a 运动,带负电C .粒子由b 向a 运动,带正电D .粒子由a 向b 运动,带负电 【参考答案】B【试题解析】由题意可知,带电粒子沿垂直于磁场方向射入匀强磁场,粒子的能量逐渐减小,速度减小,如此由公式mvr qB=得知,粒子的半径应逐渐减小,由图看出,粒子的运动方向是从b 到a 。
在b 处,粒子所受的洛伦兹力指向圆心,即斜向左上方,由左手定如此判断可知,该粒子带负电。
应当选B 。
一束带电粒子以同一速度v 0从同一位置进入匀强磁场,在磁场中它们的轨迹如下列图。
假设粒子A 的轨迹半径为r 1,粒子B 的轨迹半径为r 2,且r 2=2r 1,q 1、q 2分别是它们的带电荷量,m 1、m 2分别是它们的质量。
如此如下分析正确的答案是A .A 带负电、B 带正电,荷质比之比为1212:1:1q q m m = B .A 带正电、B 带负电,荷质比之比为1212:1:1q q m m =C .A 带正电、B 带负电,荷质比之比为1212:2:1q q m m = D .A 带负电、B 带正电,荷质比之比为1212:1:2q q m m = 如下列图,S 处有一电子源,可向纸面内任意方向发射电子,平板MN 垂直于纸面,在纸面内的长度L =9.1 cm ,中点O 与S 间的距离d =4.55 cm ,MN 与SO 直线的夹角为θ,板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场,磁感应强度B =2.0×10–4T ,电子质量m =9.1×10–31kg ,电荷量e =–1.6×10–19C ,不计电子重力。
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高三物理培优(3)(参考答案)
2. 【答案】C
3. 【答案】C
4. 【答案】BC
【解析】A 、B 、当水平面光滑时,物体受到拉力、重力和支持力,根据牛顿第二定律,有:F=ma…① 2F=ma′…②①②联立得:a′=2a ,故A 错误,B 正确;
C 、
D 、当水平面粗糙时,物体受到拉力、重力、支持力和摩擦力,根据牛顿第二定律,有:F ﹣μmg=ma…③ 2F ﹣μmg=ma′…④
故a′>a ,故C 正确,D 错误;
5. 【答案】ABC
【解析】图②的情形中,人受力如图,即人不受摩擦力,人匀加速下滑,且a =mg sin30°/m =g sin30°,故A 正确;轻绳对人的作用力大小为mg cos30°=3mg /2,故钢索对轻环的作用力大小为3mg /2,故B 正确;图③的可得t b >t a >t c .
7. 【答案】C
8. 【答案】B
【解析】对a 、b 物体及弹簧整体分析,有:
a 1=F - m 1+m 2 g m 1+m 2=F m 1+m 2-g ,a 2=F m 1+m 2
, 可知a 1<a 2,
再隔离b 分析,有:F 1-m 2g =m 2a 1,解得:F 1=m 2F m 1+m 2
,
F 2=m 2a 2=m 2F m 1+m 2
,可知F 1=F 2,再由胡克定律知,x 1=x 2.所以B 选项正确. 9. 【答案】 C
10.【答案】 D
【解析】 对滑轮由牛顿第二定律得F -2F T =m ′a ,又滑轮质量m ′忽略不计,故m ′=0,所以F T =F 2=6mg 2
=3mg ,对A 由于F T <4mg ,故A 静止,a A =0,对B 有a B =F T -mg m =3mg -mg m
=2g ,故D 正确. 11.【答案】A
【解析】剪断弹簧前,对斜面分析,受重力、地面的支持力和静摩擦力、物体m 对斜面体的力(物体m 对斜面体的滑动摩擦力和压力的合力),斜劈受到地面的摩擦力方向向左,故根据平衡条件,物体m 对斜面体的力向右下方;根据牛顿第三定律,斜面对物体m 的力向左上方;若剪断弹簧,物体m 和人整体还要受重力,故合力偏左,根据牛顿第二定律,加速度是沿斜面向下,故A 正确;若剪断弹簧,物体和人仍向下运动,故物体和人整体对斜面体的力不变,故斜面体受力情况不变,故地面摩擦力依然向左,故B 错误;若人从物体m 离开,由于惯性,物体m 仍向下运动;动摩擦因数是不变的,故物体m 对斜面体压力和滑动摩擦力正比例减小,故压力和滑动摩擦力的合力依然向右下方,故地面对斜面体的静摩擦力依然向左,故C 错误;若剪断弹簧同时人从物体m 离开,由于惯性,物体m 仍向下运动;动摩擦因数是不变的,故物体m 对斜面体压力和滑动摩擦力正比例减小,故压力和滑动摩擦力的合力依然向右下方,故地面对斜面体的静摩擦力依然向左,故D 错误.
12.【答案】C
13.【答案】BD
【解析】由运动学公式v 2-v 20=2ax 可知,v 2-x 图象中图线的斜率为2a ,所以在前5 m 内,物块以10 m/s 2的
加速度做匀减速运动,减速时间为1 s .答案5~13 m 的运动过程中,物块以4 m/s 2的加速度做匀加速运动,加速时间为2 s ,即物块在1~3 s 内做加速运动,A 错误,B 正确.根据牛顿第二定律可知,在减速的过程中,F +μmg =ma 1,加速过程中F -μmg =ma 2,代入数据可解得F =7 N ,μ=0.3,所以C 错误,D 正确.
14.【答案】B
15.【答案】BC
【解析】从开始推A 到弹簧第一次被压缩到最短的过程中,物体A 的加速度逐渐减小,而B 的加速度逐渐增大.在 v A =v B 之前,A 的加速度先大于B 的加速度,后小于B 的加速度,所以a A =a B 时,v A >v B .此后A 的
加速度继续减小,B的加速度继续增大,所以v A=v B时,a B>a A.故BC正确.之后aA减小,aB增大,直到v A=v B时,弹簧压缩至最短。
故选BC.
二、解答题
16.【答案】(1)4N(2)42m(3)t3=
2
(s)(或2.1s)
【解析】(1)第一次飞行中,设加速度为a1
匀加速运动H=½a1t12
由牛顿第二定律F-mg-f=ma1
解得f=4N
(2)第二次飞行中,设失去升力时的速度为v1,上升的高度为x1
匀加速运动x1=½a1t22
设失去升力后的速度为a2,上升的高度为x2
由牛顿第二定律mg+f=ma2
v1= a1t2
x2=v12 /2a2
解得h=x1+x2=42m
(3)设失去升力下降阶段加速度为a3;恢复升力后加速度为a4,恢复升力时速度为v3
由牛顿第二定律mg-f=ma3
F+f-mg=ma4
且
22
33
34
22
v v
h a a
+=
v3=a3t3
解得t3=
2
(s)(或2.1s)。