《2011年高考山东卷理科数学试题及答案word版解析版》
2011年普通高等学校全国统一考试(山东卷)
理科数学
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的的四个选项中,只有一个项是符合题目要求的。
(1)设集合2
{60}M x x x =+-<,{13}N x x =≤≤,则M N =
A.[1,2)
B. [1,2]
C. (2,3]
D. [2,3] 解析:{32}M x x =-<<,[1,2)M N = ,答案应选A 。 (2)复数2(2i
z i i
-=
+为虚数单位)在复平面内对应的点所在的象限为 A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限
解析:22(2)34255
i i i
z i ---===+对应的点为34(,)55-在第四象限,答案应选D.
(3)若点(,9)a 在函数3x y =的图象上,则tan
6
a π
的值为 A.0 B.
3
3
C. 1
D. 3
解析:2
393a ==,2a =,tan
tan 363
a ππ
==,答案应选D. (4)不等式5310x x -++≥的解集是
A.[5,7]-
B. [4,6]
C. (,5][7,)-∞-+∞
D. (,4][6,)-∞-+∞
解析:当5x >时,原不等式可化为2210x -≥,解得6x ≥;当35x -≤≤时,原不等式可化为810≥,
不成立;当3x <-时,原不等式可化为2210x -+≥,解得4x -≤.综上可知6x ≥,或4x -≤,答案应选D 。
另解1:可以作出函数53y x x =-++的图象,令5310x x -++=可得4x -=或6x =,观察图像可得6x ≥,或4x -≤可使5310x x -++≥成立,答案应选D 。
另解2:利用绝对值的几何意义,53x x -++表示实数轴上的点x 到点3x =-与5x =的距离之和,要使点x 到点3x =-与5x =的距离之和等于10,只需4x -=或6x =,于是当6x ≥,或4x -≤可使
5310x x -++≥成立,答案应选D 。
(5)对于函数()y f x =,x ∈R ,“()y f x =的图象关于y 轴对称”是“()y f x =是奇函数”的
A 充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.即不充分也不必要条件
解析:若()y f x =是奇函数,则()y f x =的图象关于y 轴对称;反之不成立,比如偶函数()y f x =,
满足()y f x =的图象关于y 轴对称,但不一定是奇函数,答案应选B 。
(6)若函数()sin (0)f x x ωω=>在区间[0,]3π上单调递增,在区间[,]32ππ
上单调递减,则ω= A.3 B. 2 C. 32 D. 2
3
解析:函数()sin (0)f x x ωω=>在区间[0,]2πω上单调递增,在区间3[,]22ππ
ωω
上单调递减, 则
23ππω=,即3
2
ω=,答案应选C 。 另解1:令[2,2]()22x k k k ππωππ∈--∈Z 得函数()f x 在22[
,]22k k x ππππ
ωωωω∈-+为增函数,同理可得函数()f x 在223[,]22k k x ππππωωωω∈++为减函数,则当0,23k ππω==时符合题意,即3
2
ω=,答案应选C 。
另解2:由题意可知当3
x π
=时,函数()sin (0)f x x ωω=>取得极大值,则)03
f π
'
=,即c
o s 03
π
ωω=,
即
()3
2
k k π
π
ωπ=+
∈Z ,结合选择项即可得答案应选C 。
另解3:由题意可知当3
x π
=时,函数()sin (0)f x x ωω=>取得最大值,
则
2()32
k k ππ
ωπ=+∈Z ,36()2k k ω=+∈Z ,结合选择项即可得答案应选C 。
(7)某产品的广告费用x 与销售额y 的统计数据如下表:
广告费用x (万元) 4
2 3 5 销售额y (万元)
49
26
39
54
根据上表可得回归方程???y
bx a =+中的?b 为9.4,据此模型预报广告费用为6万元是销售额为 A.63.6万元 B. 65.5万元 C. 67.7万元 D. 72.0万元
解析:由题意可知 3.5,42x y ==,则 429.4 3.5,9.1,a a =?+= 9.469.165.5y =?+=,答案应选B 。
(8)已知双曲线22221(0,0)x y a b a b
-=>>的两条渐近线均和圆22
:650C x y x +-+=相切,且双曲线的
右焦点为圆C 的圆心,则该双曲线的方程为
A.
22154x y -= B. 22145x y -= C. 22136x y -= D. 22
163
x y -= 解析:圆2
2
:(3)4C x y -+=,3,c =而32b
c
=,则22,5b a ==,答案应选A 。 (9)函数2sin 2
x
y x =
-的图象大致是
2π x
O
y
4
2π x
O
y
4
2π x
O
y
4
2π x
O
y
4
解析:函数2sin 2x y x =
-为奇函数,且12cos 2y x '=-,令0y '=得1
cos 4
x =,由于函数cos y x =为周期函数,而当2x π>时,2sin 02x y x =->,当2x π<-时,2sin 02
x
y x =-<,则答案应选C 。
(10)已知()f x 是R 上最小正周期为2的周期函数,且当02x <≤时,3()f x x x =-,则函数()f x 的图象在区间[0,6]上与x 轴的交点的个数为
A.6
B.7
C.8
D.9
解析:当02x <≤时32()(1)f x x x x x =-=-,则(0)(1)0f f ==,而()f x 是R 上最小正周期为2的周期函数,则(2)(4)(6)(0)0f f f f ====,(3)(5)(1)0f f f ===,答案应选B 。 (11)右图是长和宽分别相等的两个矩形。给定三个命题:
①存在三棱柱,其正(主)视图、俯视图如右图; ②存在四棱柱,其正(主)视图、俯视图如右图; ③存在圆柱,其正(主)视图、俯视图如右图。
其中真,命题的个数是
A.3
B.2
C.1
D.0
解析:①②③均是正确的,只需①底面是等腰直角三角形的直四棱柱, 让其直角三角形直角边对应的一个侧面平卧;②直四棱柱的两个侧面 是正方形或一正四棱柱平躺;③圆柱平躺即可使得三个命题为真,
答案选A 。
(12)设1234,,,A A A A 是平面直角坐标系中两两不同的四点,若1312()A A A A λλ=∈R
,
1412()A A A A μμ=∈R ,且11
2λμ
+=,则称34,A A 调和分割12,A A ,已知平面上的点,C D 调和分割点
,A B ,则下面说法正确的是
A. C 可能是线段AB 的中点
B. D 可能是线段AB 的中点
C. C,D 可能同时在线段AB 上
D. C,D 不可能同时在线段AB 的延长线上
解析:根据题意可知
11
2c d
+=,若C 或D 是线段AB 的中点,则12c =,或12d =,矛盾;
若C,D 可能同时在线段AB 上,则01,01,c d <<<<则11
2c d
+>矛盾,若C,D 同时在线段AB 的延长线上,
则1,1c d >>,11
02c d
<+<,故C,D 不可能同时在线段AB 的延长线上,答案选D 。
二、填空题:本大题共4小题·,每小题4分,共16分。 (13)执行右图所示的程序框图,输入2,3,5l m n ===,
正(主)视图
俯视图
开始
输入非负整数l ,m ,n
则输出的y 的值是 。 解析:1406375278,y =++=
278105173,17310568y y =-==-=。
答案应填:68. (14)若62
()a x x -
展开式的常数项为60,
则常数a 的值为 。 解析:62
()a x x
-
的展开式6162
()k k
k k a T C x x
-+=-
636()k
k C a x -=-,令630,2,k k -== 226()1560,4C a a a -===,答案应填:4.
(15)设函数()(0)2
x
f x x x =
>+,观察: 1()()2x f x f x x ==
+,21()(())34x f x f f x x ==+,32()(())78
x f x f f x x ==+, 43()(())1516
x
f x f f x x ==+,……
根据上述事实,由归纳推理可得:
当*n ∈N ,且2n ≥时,1()(())n n f x f f x -== 。 解析:2122()(())(21)2x f x f f x x ==
-+,32
33
()(())(21)2x
f x f f x x ==-+, 4344()(())(21)2x f x f f x x ==
-+,以此类推可得1()(())(21)2
n n n n
x
f x f f x x -==-+。 答案应填:
(21)2n n
x
x -+。
16.已知函数()log (0,a f x x x b a =+->且1)a ≠。
当234a b <<<<时函数()f x 的零点为0(,1)(*)x n n n ∈+∈N , 则n = 。
解析:根据(2)log 22log 230a a f b a =+-<+-=,
(3)log 32log 340a a f b a =+->+-=,而函数()f x 在(0,)+∞上连续,单调递增,故函数()f x 的零
点在区间(2,3)内,故2n =。答案应填:2.
三、解答题:本大题共6小题,共74分。 17.(本小题满分12分)
在ABC ?中,内角,,A B C 的对边分别为,,a b c ,已知cos 2cos 2cos A C c a
B b
--=,
(Ⅰ)求
sin sin C A 的值;(Ⅱ)若1
cos ,24
B b ==,求AB
C ?的面积S 。 解:(Ⅰ)在ABC ?中,由cos 2cos 2cos A C c a
B b
--=及正弦定理可得
cos 2cos 2sin sin cos sin A C C A
B B
--=,
即sin sin 2cos sin 2sin cos sin cos A B C B C B A B -=- 则sin sin sin cos 2sin cos 2cos sin A B A B C B C B +=+
sin()2sin()A B C B +=+,而A B C π++=,则sin 2sin C A =,
即
sin 2sin C
A
=。 另解1:在ABC ?中,由
cos 2cos 2cos A C c a
B b
--=可得
cos 2cos 2cos cos b A b C c B a B -=-
由余弦定理可得222222222222
22b c a a b c a c b a c b c a a c +-+-+-+--=-,
整理可得2c a =,由正弦定理可得
sin 2sin C c
A a
==。 另解2:利用教材习题结论解题,在ABC ?中有结论
cos cos ,cos cos ,cos cos a b C c B b c A a C c a B b A =+=+=+. 由
cos 2cos 2cos A C c a
B b
--=可得cos 2cos 2cos cos b A b C c B a B -=-
即cos cos 2cos 2cos b A a B c B b C +=+,则2c a =,
由正弦定理可得
sin 2sin C c
A a
==。 (Ⅱ)由2c a =及1
cos ,24
B b ==可得
22222242cos 44,c a ac B a a a a =+-=+-=则1a =,2c =,
S 21115
sin 121cos 224
ac B B =
=???-=,即154S =。
(18)(本题满分12分)
红队队员甲、乙、丙与蓝队队员A 、B 、C 进行围棋比赛,甲对A 、乙对B 、丙对C 各一盘。已知甲胜A 、乙胜B 、丙胜C 的概率分别为0.6,0.5,0.5.假设各盘比赛结果相互独立。
(Ⅰ)求红队至少两名队员获胜的概率;
(Ⅱ)用ξ表示红队队员获胜的总盘数,求ξ的分布列和数学期望E ξ。
解析:(Ⅰ)记甲对A 、乙对B 、丙对C 各一盘中甲胜A 、乙胜B 、丙胜C 分别为事件,,D E F ,则甲不胜A 、乙不胜B 、丙不胜C 分别为事件,,D E F ,根据各盘比赛结果相互独立可得 故红队至少两名队员获胜的概率为()()()()P P DEF P DEF P DEF P DEF =+++
()()()()()()()()()()()()P D P E P F P D P E P F P D P E P F P D P E P F =+++
0.60.5(10.5)0.6(10.5)0.5(10.6)0.50.50.60.50.5=??-+?-?+-??+??0.55=.
(Ⅱ)依题意可知0,1,2,3ξ=,
(0)()()()()(10.6)(10.5)(10.5)0.1P P DEF P D P E P F ξ====-?-?-=; (1)()()()
P P DEF P DEF P DEF ξ==++0.6(10.5)(10.5)(10.6)0.5(10.5)(10.6)(10.5)0.50.35=?-?-+-??-+-?-?=;
(2)()()()
P P DEF P DEF P DEF ξ==++0.60.5(10.5)(10.6)0.50.50.6(10.5)0.50.4=??-+-??+?-?=; (3)()0.60.50.50.15P P DEF ξ===??=.故ξ的分布列为
ξ
0 1 2 3 P
0.1
0.35
0.4
0.15
故00.110.3520.430.15 1.6E ξ=?+?+?+?=. 19. (本小题满分12分)
在如图所示的几何体中,四边形ABCD 为平行四边形,
090ACB ∠=,EA ⊥平面ABCD ,//EF AB , //FG BC ,//EG AC ,2AB EF =.
(Ⅰ)若M 是线段AD 的中点,求证://GM 平面ABFE ;
(Ⅱ)若2AC BC AE ==,求二面角A BF C --的大小. 几何法:
证明:(Ⅰ)//EF AB ,2AB EF =可知延长BF 交AE 于点P ,而//FG BC ,//EG AC , 则P BF ∈?平面,BFGC P AE ∈?平面AEGC ,即P ∈平面BFGC 平面AEGC GC =, 于是,,BF CG AE 三线共点,1
//
2
FG BC ,若M 是线段AD 的中点,而//AD BC , A
B
C
D
E
F
G M
则//FG AM ,四边形AMGF 为平行四边形,则//GM AF ,又GM ?平面ABFE , 所以//GM 平面ABFE ;
(Ⅱ)由EA ⊥平面ABCD ,作C H A B ⊥,则CH ⊥平面ABFE ,作H T B F ⊥,连接CT ,则C
T B F ⊥,
于是CTH ∠为二面角A BF C --的平面角。
若2AC BC AE ==,设1AE =,则2A C B C
==,22,2AB CH ==,H 为AB 的中点,222
t a n 2
22AE AE FBA AB EF AB ∠=
===
-,3sin 3FBA ∠=, 36
sin 233
HT BH ABF =∠=?
=
,在Rt CHT ?中tan 3CH CTH HT ∠==, 则60CTH ∠=
,即二面角A BF C --的大小为60
。
坐标法:(Ⅰ)证明:由四边形ABCD 为平行四边形, 0
90ACB ∠=,EA ⊥平面ABCD ,可得以点A 为坐标原点,,,AC AD AE 所在直线分别为,,x y z 建立直角坐标系,
设=,,AC a AD b AE c ==,则(0,0,0)A ,1
(,0,0),(0,,0),(0,,0),(,,0)2
C a
D b M b B a b -.
由//EG AC 可得()EG AC λλ=∈R ,
1
(,,)2
GM GE EA AM a b c λ=++=-- 由//FG BC 可得()FG BC AD μμμ==∈R
,1122
GM GF FA AM AD BA EA AD μ=++=-+++
1(,(1),)2a b c μ=---,则12λμ==,12
GM BA EA =+
,而GM ?平面ABFE ,
所以//GM 平面ABFE ;
(Ⅱ)(Ⅱ)若2AC BC AE ==,设1AE =,则2AC BC ==,
(2,0,0),(0,0,1),(2,2,0),(1,1,1)C E B F --,则(0,2,0)BC AD == ,(1,1,1)BF =-
, (2,2,0)AB =-
,设11112222(,,),(,,)x y z x y z =n =n 分别为平面ABF 与平面CBF 的法向量。
则11111220
x y x y z -=??
-++=?,令11x =,则111,0y z ==,1(1,1,0)n =;
222220
y x y z =??
-++=?,令21x =,则220,1y z ==,2(1,0,1)=n 。 于是1212121
cos 2
?<>=
=?n n n ,n n n ,则1260<>= n ,n ,
即二面角A BF C --的大小为60
。
20. (本小题满分12分)等比数列{}n a 中,123,,a a a 分别是下表第一、二、三行中的某一个数,且123,,a a a 中的任何两个数不在下表的同一列.
第一列 第二列 第三列
第一行 3 2 10 第二行 6 4
14
第三行
9
8 18
(Ⅰ)求数列{}n a 的通项公式;
(Ⅱ)若数列{}n b 满足:()1ln n
n n n b a a =+-,求数列{}n b 的前n 项和n S . 解析:(Ⅰ)由题意可知1232,6,18a a a ===,公比3
212
3a a q a a ===, 通项公式为123n n a -=?;
(Ⅱ)()1111ln 23(1)ln 2323(1)[ln 2(1)ln 3]n
n n n n n
n n n b a a n ---=+-=?+-?=?+-+-
当2(*)n k k =∈N 时,122n k S b b b =+++
212(133)[1(23)((22)(21))]ln3
k k k -=+++++-+++--+- 2132ln 331ln 3132
k n n k -=+=-+-
当21(*)n k k =-∈N 时1221n k S b b b -=+++
222(133)[(12)((23)(22))]ln3ln 2k k k -=++++-++----
21
132(1)ln 3ln 213
k k --=----(1)31ln 3ln 22n n -=--- 故31ln 3,2
(1)31ln 3ln 22
n
n n n n S n n ?-+??=?-?---??为偶数;,为奇数.
另解:令1
1
(1)
ln 23
n
n
n n T -=
-?∑,即1
1
(1)
ln 2(1)(1)ln 3n
n
n
n n T n =
-+--∑∑
223[1(1)(1)]ln 2[(1)1(1)2(1)(1)]ln3n n n T n =-+-++-+-?+-?++-?- 231341[(1)(1)(1)]ln 2[(1)1(1)2(1)(1)]ln3n n n T n ++-=-+-++-+-?+-?++-?-
则12312[1(1)]ln 2[(1)(1)(1)(1)(1)]ln3n n n n T n ++=---+-+-++----
211
111(1)(1)[1(1)]ln 2[(1)(1)]ln 3222n n n n T n +++---=---+---
12111
[1(1)]ln 2[(1)(1)(21)]ln 324
n n n T n ++=---+----
故1122(133)n n n n S b b b T -=+++=++++
12111
31[1(1)]ln 2[(1)(1)(21)]ln 324
n n n n ++=-+---+----.
21. (本小题满分12分)某企业拟建造如图所示的容器(不计厚度,
长度单位:米),其中容器的中间为圆柱形,左右两端均为半球
形,按照设计要求容器的容积为
803
π
立方米,且2l r ≥.假设
该容器的建造费用仅与其表面积有关.已知圆柱形部分每平方米建造费用为3千元,半球形部分每平方米建造费用为c (3c >)千元.设该容器的建造费用为y 千元. (Ⅰ)写出y 关于r 的函数表达式,并求该函数的定义域; (Ⅱ)求该容器的建造费用最小时的r .
解析:(Ⅰ)由题意可知2
3480()33r l r l r πππ+
=≥2,即2804
233
l r r r =-≥,则02r <≤. 容器的建造费用为22
28042346()433
y rl r c r r r c r ππππ=?+?=-+,
即2216084y r r c r
π
ππ=-+,定义域为{02}r r <≤. (Ⅱ)2160168y r rc r πππ'=-
-+,令0y '=,得3202
r c =
-. 令3
20
2,2
r c =
=-即 4.5c =, (1)当3 4.5c <≤时,3
20
2,2
c -≥当02r <≤,0y '<,函数y 为减函数,当2r =时y 有最小值; (2)当 4.5c >时,3
202,2c <-当3
2002r c <<-,0y '<;当320
2
r c >-时0y '>, 此时当3
20
2
r c =
-时y 有最小值。 22. (本小题满分12分)已知动直线l 与椭圆C :22
132
x y +=交于()()1122,,,P x y Q x y 两不同点,且
OPQ ?的面积6
2
OPQ S ?=
,其中O 为坐标原点. (Ⅰ)证明:2212x x +和2212y y +均为定值;
(Ⅱ)设线段PQ 的中点为M ,求OM PQ ?的最大值;
(Ⅲ)椭圆C 上是否存在三点,,D E G ,使得6
2
ODE ODG OEG S S S ???===?若存在,判断DEG ?的形状;若不存在,请说明理由.
解析:(Ⅰ)当直线l 的斜率不存在时,,P Q 两点关于x 轴对称,则1212,x x y y ==-,
由()11,P x y 在椭圆上,则2211132x y +=,而1162OPQ S x y ?==,则116
,12
x y == 于是22123x x +=,22122y y +=.
当直线l 的斜率存在,设直线l 为y kx m =+,代入22
132
x y +=可得 2223()6x kx m ++=,即222(23)6360k x km m +++-=,0?>,即2232k m +>
2121222636
,2323km m x x x x k k -+=-=++
2
2
2
12121211()4PQ k x x k
x x x x =+-=++-22
2
2
2632123k m k k +-=++
2
1m d k
=
+,2221126326
22232
POQ
k m S d PQ m k ?+-=??==
+ 则22
322k m +=,满足0?>
22
2
2
21
2121222
63(2)
()2()232323km m x x x x x x k k
-+=+-=--?=++, 222222*********
(3)(3)4()2333
y y x x x x +=
-+-=-+=, 综上可知2
2
123x x +=,2
2
122y y +=.
(Ⅱ))当直线l 的斜率不存在时,由(Ⅰ)知16
26;2
OM x PQ =?=
?=
当直线l 的斜率存在时,由(Ⅰ)知
12322x x k
m
+=-, 2121231
()222y y x x k k m m m m
++=+=-+=, 22
221212222
9111()()(3)2242x x y y k om m m m
++=+=+=- 2222
2
2222
24(32)2(21)1
(1)2(2)(23)k m m PQ k k m m +-+=+==++
2
2
221125(3)(2)4OM
PQ m m =-
+≤,当且仅当221132m m
-=+,即2m =±时等号成立,综上可知OM PQ ?的最大值为5
2
。
(Ⅲ)假设椭圆上存在三点,,D E G ,使得62
ODE ODG OEG S S S ???===, 由(Ⅰ)知2222223,3,3D E E G G D x x x x x x +=+=+=,
2222222,2,2D E E G G D y y y y y y +=+=+=.
解得2
2
2
3
2
D E G x x x ===
,2221D E G y y y ===, 因此,,D E G x x x 只能从6
2
±
中选取,,,D E G y y y 只能从1±中选取, 因此,,D E G 只能从6
(,1)2
±
±中选取三个不同点,而这三点的两两连线必有一个过原点,这与6
2
O D E O D G O E G
S S S ???===相矛盾, 故椭圆上不存在三点,,D E G ,使得62
ODE ODG OEG S S S ???===。