最新2015年四川省高考物理试卷答案与解析
四川省广元市2015届高三第一次高考适应性统考物理试题 Word版含解析
四川省广元市2015年高考一模物理试卷一、共7题，每题6分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．一质点沿x轴运动，加速度与速度方向相同，在加速度数值逐渐减小至零的过程中，关2．（6分）（2015•广元一模）如图所示，水平地面上的L形木板M上放着小木块m，M与m间有一个处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态．下列说法正确的是（）3．（6分）（2015•广元一模）如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN 为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上且靠近正电荷一侧．以下判断正确的是（）4．（6分）（2015•广元一模）如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带．假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动．下列说法正确的是（）a=、线速度F=T=5．（6分）（2015•广元一模）如图所示，两平行导轨ab、cd竖直放置在匀强磁场中，匀强磁场方向竖直向上，将一根金属棒PQ放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触．现在金属棒PQ中通以变化的电流I，同时释放金属棒PQ使其运动．已知电流I随时间的关系为I=kt（k为常数，k＞0），金属棒与导轨间的动摩擦因素一定．以竖直向下为正方向，则下面关于棒的速度v、加速度a随时间变化的关系图象中，可能正确的是（）B，6．（6分）（2015•广元一模）如图甲所示，物体以一定初速度从倾角α=37°的斜面底端沿斜面向上运动，上升的最大高度为3.0m．选择地面为参考平面，上升过程中，物体的机械能E m机随高度h的变化如图乙所示．（g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）．下列说法中正确的是（）s=，则摩擦力．故理得，7．（6分）（2015•广元一模）如图所示，电源电动势E=8V，内阻r=5Ω，电灯A的电阻为10Ω，电灯B的电阻为6Ω，滑动变阻器的总电阻为6Ω．闭合开关S，当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化），下列说法正确的是（），==，最小为=二、（非选择题共68分）8．（6分）（2015•广元一模）在“验证机械能守恒定律”的实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，查得当地的重力加速度g=9.8m/s2，测得所用的重物的质量为1.00kg．实验中得到一条点迹清晰的纸带，把第一个点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量点．经测量知道A、B、C、D各点到O的距离分别为62.99cm、70.18cm、77.76cm、85.73cm．①根据以上数据，可知重物由O点运动到C点，重力势能的减少量等于7.62J，动能的增加量等于7.56J（均取三位有效数字）．②如果以为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出的﹣h图线，该图线的斜率等于9.8m/s2．≈=gh根据实验数据绘出的9．（11分）（2015•广元一模）在做测量一电源（两节干电池）电动势和内电阻的实验时，备有下列器材：A．定值电阻R0=2ΩB．直流电流表（量程0～0.6A，内阻不能忽略）C．直流电流表（量程0～3A，内阻不能忽略）D．直流电压表（量程0～3V，内阻较大）E．滑动变阻器（阻值范围0～10Ω）F．滑动变阻器（阻值范围0～200Ω）G．电键S及导线若干①电流表选用B（选填“B”或“C”），滑动变阻器选用E；②某同学将选定的器材在图甲所示的实物图上连线，但只完成了部分实验电路，请你以笔画线做导线完成余下的电路．③按正确操作完成实验，根据实验记录，将测量数据描点连线，如图乙所示，由图象可得该电源的电动势E= 2.95V，内电阻r=0.810Ω．（结果均保留三位有效数字）﹣=10．（15分）（2015•广元一模）如图所示，一固定在地面上的金属轨道ABC，AB与水平面间的夹角为α=37°，一小物块放在A处（可视为质点），小物块与轨道间的动摩擦因数均为μ=0.25，现给小物块一个沿斜面向下的初速度v0=1m/s．小物块经过B处时无机械能损失，物块最后停在B点右侧s=1.8m处，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2．求：（1）小物块在AB段向下运动时的加速度；（2）AB的长度L？．11．（17分）（2015•广元一模）如图所示，ABCDO是处于竖直平面内的光滑轨道，AB是半径为R=15m的圆周轨道，CDO是直径为15m的半圆轨道．AB和CDO通过极短的水平轨道（长度忽略不计）平滑连接．半径OA处于水平位置，直径OC处于竖直位置．一个小球P从A点的正上方高H处自由落下，从A点进入竖直平面内的轨道运动（小球经过A点时无机械能损失）．当小球通过CDO轨道最低点C时对轨道的压力等于其重力的倍，（取g为10m/s2）．（1）试求高度H的大小？（2）试讨论此球能否到达CDO轨道的最高点O，并说明理由？（3）求小球沿轨道运动后经多长时间再次落回轨道上？H=12．（19分）（2015•广元一模）如图所示，边长为L的正方形PQMN区域内（含边界）有垂直纸面向外的匀强磁场，左侧有水平向右的匀强电场，场强大小为E，质量为m、电荷量为q的带正电粒子从O点由静止开始释放，O、P、Q三点在同一水平直线上，OP=L．带电粒恰好从M点离开磁场，不计带电粒子重力．（1）求磁感应强度大小B；（2）求粒子从O点运动到M点经历的时间；（3）若磁场磁感应强度可调节（不考虑磁场变化产生的电磁硬度），带电粒子从边界NM上的O'点离开磁场，O'与N点距离为，求磁场感应强度的可能数值．Bqv=m=T=，运动时间t===m，，为点经历的时间为，。
成都零诊物理 2015年
2015年四川省成都市高考物理零诊试卷一、选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．可见光是一种频率低于X射线的电磁波B．变化的电场一定能产生变化的磁场C．振荡电路的频率越低，向外发射电磁波的本领越大D．爱因斯坦提出：对不同的惯性系，物理规律（包括力学的和电磁学的）是不一样的2．下列说法正确的是（）A．光纤通信是光的色散现象的应用B．紫外线常用于医院和食品消毒，是因为它具有显著的热效应C．救护车向静止着的你驶来时，你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应D．照相机镜头的增透膜可以改善相机的透光性能在，这是利用了光的全反射原理3．下列说法正确的是（）A．点电荷在电场中所受电场力的方向一定与电场线方向相同B．运动的点电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向可能与磁感线方向相同C．运动的点电荷在磁感应强度不为零的磁场中受到的洛伦兹力一定不为零D．通电长直导线在磁感应强度不为零的地方受到的安培力可能为零4．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．向负极板偏转B．电势能逐渐减小C．运动时间与电场强度大小有关D．运动轨迹与所带电荷量无关5．某单摆做受迫振动时，振幅A与驱动力频率f的关系图象如图所示，当地重力加速度g=9.8m/s2，则（）A．该单摆做受迫振动的周期一定等于2sB．该单摆的摆长约为1mC．该单摆做受迫振动的振幅一定为8cmD．该单摆做自由振动的振幅一定为8cm6．某沿水平方向振动的弹簧振子在0﹣6s内做简谐运动的振动图象如图所示，由图可知（）A．该振子的振幅为5cm，振动周期为6sB．第3s末振子的速度沿x轴负方向C．第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动D．该振子的位移x和时间t的函数关系：x=5sin（t+）（cm）7．如图所示，长直线导线AB与矩形导线框abcd固定在同一平面内，且AB∥ab，直导线中通有图示方向的电流，当电流逐渐减弱时，下列判断正确的是（）A．穿过线框的磁通量可能增大B．线框中将产生逆时针方向的感应电流C．线框所受安培力的合力方向向左D．线框中产生的感应电流一定逐渐减小8．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为5：1，原线圈接入图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小），下列说法中正确的是（）A．图乙中电压的有效值为110VB．电压表的示数为44VC．R处出现火警时，电流表示数增大D．R处出现火警时，电阻R0消耗的电功率减小二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9．用同一装置进行双缝干涉实验，a，b两种单色光形成的干涉图样（灰黑色部分表示亮纹），分别如图甲、乙所示，关于a、b两种单色光，下列说法正确的是（）A．若a是红光，则b可能是蓝光B．两种条件下，b光比a光更容易发生明显衍射现象C．在水中，a光的传播速度小于b光的传播速度D．在水与空气的界面发生全反射时，a光的临界角大于b光的临界角10．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，元件中通入图示方向的电流I，C、D 两侧面会形成电势差．下列说法中正确的是（）A．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是带正电离子B．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是自由电子C．在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直时，效果明显D．在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直且与地球经线垂直时，效果明显11．一列简谐波沿x轴负方向传播，t=0时刻的波形如图所示，此时坐标为（1，0）的质点刚好开始振动，在t1=0.3s时刻，质点P在t=0时刻以后第一次达到波峰，已知Q质点的坐标是（﹣3，0），关于这列简谐横波，下列说法正确的是（）A．波的周期为1.2sB．波的传播速度为0.1m/sC．在t2=0.7s时刻，Q质点首次位于波谷D．在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为0.03m12．如图所示，A、B、C、D是圆周上的四个点，四个点上放着两对等量的异种点电荷，AC⊥BD 且相交于圆心O，BD上的M、N两点关于圆心O对称．下列说法正确的是（）A．M、N两点的电场强度不相同B．M、N两点的电势不相同C．一个电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零D．一个电子沿直线从M点移动到N点，电势能一直减少13．如图所示，两平行金属导轨MM′、NN′间有一正方形磁场区域abcd，ac⊥MM′，ac两侧匀强磁场的方向相反且垂直于轨道平面，ac右侧磁感应强度是左侧的2倍，现让垂直于导轨放置在导轨上，与导轨接触良好的导体棒PQ从图示位置以速度v向右匀速通过区域abcd，若导轨和导体棒的电阻均不计，则下列关于PQ中感应电流i和PQ所受安培力F随时间变化的图象可能正确的是（规定从Q到P为i的正方向，平行于导轨MM′向左为F的正方向（）A． B．C．D．三、本题共2个题，共14分14．如图为“探究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的装置图，已充电的平行板电容器的极板A 与一静电计相连接，极板B接地，若极板B竖直向上移动少许，则电容器的电容，静电计指针偏角，电容器的电荷量（填“增大”、“减小”或“几乎不变”）15．在“测量干电池的电动势和内电阻”的实验中，用待测电池、开关和导线，配合下列的组、或组、或组仪器，均能达到实验目的．A．一只电流表和一只电阻箱B．一只电压表和一只电阻箱C．一只电流表、一只电压表和一只滑动变阻器D．一只电流表和一只滑动变阻器（2）为测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，实验室提供了下列器材：A．电流表G：内阻R g=120Ω，满偏电流I g=3mAB．电流表A2内阻约为1Ω，量程为0～0.6AC．多用电表D．螺旋测微器、刻度尺E．电阻箱R箱（0～9999Ω，0.5A）F．滑动变阻器R（5Ω，1A）G．电池组E（6V，0.05Ω）H．一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：①用螺旋测微器测出该电阻丝的直径；②用多用电表粗测Rx的阻值，当他把选择开关旋到电阻“×10”档时，发现指针偏转角度过大，则他应该换用电阻档（填“×1”或“×100”）．进行一系列正确操作后，指针静止位置如图甲所示；③把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0=Ω．④用改装好的电压表设计一个精确测量电阻R X阻值的实验电路；请你根据提供的器材和实验需要，在答题卡相应位置将与图乙对应的电路图补画完整；⑤计算电阻率：若测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的求数为I1，电流表A的示数为I2，请你用字母符号（L、d、R g、R g、I1、I2等）写出计算电阻率的表达式ρ=．16．如图所示，固定的光滑绝缘轻质杆MN与水平面的夹角为θ，MN长度为L，一质量为m，电荷量为q，可看作质点的带正电的小球P穿在杆上，已知小球P在运动过程中电荷量保持不变，静电力常量为k，重力加速度值为g．（1）现把另一可看作质点的带电小球W固定在杆的M端，小球P恰能静止在MN的中点O处，求小球W的电荷量Q．（2）若改变小球W的电荷量至某值，将小球P从N点由静止释放，P沿杆恰好能到达MN的中点O处，求场源电荷W在O，N两点间的电势差U ON．（结果用m，g，q，k，L，θ表示）17．如图所示，半径R=10cm的半圆形玻璃砖下端紧靠在足够大的光屏MN上，O点为圆心，OO′为直径PQ的垂线，一束复色光沿半径方向与OO′成θ=30°角射向O点，在光屏的MQ间形成了彩色光带，已知复金以光由折射率从n1=到n2=1.6的各种色光组成．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求MQ间的彩色光带的宽度L（2）改变复色光入射角至某值θ′时，MQ间的彩色光带恰好消失，求此时的入射角θ′．18．如图所示，MN、PQ为倾斜旋转的足够长的光滑金属导轨，与水平在的夹角为37°，导轨间距L=0.5m，导轨下端连接一个R=0.5Ω的电阻和一个理想电流表，导轨电阻不计，图中abcd区域存在竖直向下，磁感应强度B=0.5T的匀强磁场，一根质量m=0.02kg、电阻r=0.5Ω的金属棒EF非常接近磁场的ab边界（可认为与ab边界重合）．现由静止释放EF，已知EF在离开磁场边界cd前的示数已经保持稳定．（sin37°=0.6，cos337°=0.8，g=10m/s2）（1）求示数稳定时金属棒EF两端的电压．（2）已知金属棒EF从静止释放到刚好离开下边界cd的过程中，电流流过R产生的焦耳热为0.045J，求ab与cd间的距离x bd．19．如图所示，在xoy平面第一象限的整个区域分布碰上匀强磁场，电场方向平行于y轴向下，在第四象限内存在有界（含边界）匀强磁场，其左边界为y轴，右边界为x=l的直线，磁场方向垂直纸面向外，一质量为m、电荷量为q、可看作质点的带正电粒子，从y轴上P点以初速度v0垂直于y轴射入匀强电场，在电场力作用下从x轴上Q点以与x轴正方向成45°角进入匀强磁场，已知OQ=l，不计粒子重力，求：（1）OP间的距离．（2）要使粒子能再进入电场，磁感应强度B的取值范围．（3）要使粒子能第二次进入磁场，磁感应强度B的取值范围．（结果用m、q、l、v0表示）2015年四川省成都市高考物理零诊试卷参考答案一、选择题（每小题3分）1．考点：电磁波谱．分析：狭义相对论提出对不同的惯性系，物理规律是相同的；广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；电路中发射能力的大小取决于频率；频率越高，发射的越远．解答：解：A、根据电磁波谱可知，可见光是一种频率低于X射线的电磁波；故A正确；B、变化的电场包括均匀变化和周期性变化等；均匀变化的电场只能产生恒定的磁场；故B错误；C、振荡电路的频率越高，向外发射电磁波的本领越大；故C错误；D、爱因斯坦狭义相对论提出：对不同的惯性系，物理规律是相同的；爱因斯坦广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；故D错误；故选：A．点评：本题考查了相对论的基本假设、电磁波的利用及发射等；知识点多，难度小，关键记住基础知识．2．考点：光导纤维及其应用；紫外线的荧光效应及其应用．分析：光纤通信是光的全反射现象；紫外线有显著的化学作用，红外线有显著的热效应；根据声源与观察者间距来确定音调的高低；镜头表面的增透膜是利用了光的干涉原理．解答：解：A、光纤通信是光的全反射现象的应用，故A错误；B、紫外线常用于医院和食品消毒，但它不具有显著的热效应，反而红外线才是显著的热效应，故B 错误；C、救护车向静止着的你驶来时，相对距离减小，则你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应，故C正确；D、镜头表面的增透膜是利用了光程差为半个波长的奇数倍时，出现振动减弱，体现光的干涉原理，故D错误；故选：C．点评：考查光的全反射、干涉的现象，掌握其发生的条件，理解紫外线与红外线的区别，理解多普勒效应现象与条件，注意接收频率与发射频率的不同．3．考点：电场线；洛仑兹力．分析：本题要抓住电场力和磁场力的区别，知道正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同．洛伦兹力方向与磁场方向垂直．当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．解答：解：A、正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同，负点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反．故A错误．B、运动的点电荷在磁场中所受的洛伦兹力方向与磁场方向垂直．故B错误．C、当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．故C错误．D、通电长直导线在磁感应强度不为零的地方，当通电导线与磁场平行时不受安培力．故D正确．故选：D．点评：电场力和磁场力的区别很大，要抓住电场力与重力类似，电荷在电场中必定要受到电场力，而磁场力则不一定，当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．4．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：微滴带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定侧向位移，及电场力做功来确定电势能变化情况．解答：解：A、由于微滴带负电，故微滴向正极板偏转，故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能逐渐减少，故B正确；C、微滴在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，运动时间t=，与电场强度无关，故C 错误．D、由侧向位移y=at2=，可知运动轨迹与带电量有关，故D错误．故选：B．点评：本题理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的．5．考点：自由振动和受迫振动．分析：由共振曲线可知，出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，从而即可求解．解答：解：A、单摆做受迫振动，振动频率与驱动力频率相等；当驱动力频率等于固有频率时，发生共振，则固有频率为0.5Hz，周期为2s．故A错误；B、由图可知，共振时单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s．由公式T=2π，可得L≈1m，故B错误；C、单摆的实际振动幅度随着驱动力的频率改变而改变，当出现共振时，单摆的摆幅才为8cm．故C 错误；D、同理，单摆做自由振动的振幅不一定为8cm．故D错误；故选：B．点评：本题关键明确：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，此时振幅达到最大．6．考点：简谐运动的振动图象．分析：由图读出周期和振幅．第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，加速度为0．第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．从第3s末到第4s末振子由平衡位置向正向最大位移处运动，速度减小．由公式ω=，得到角频率ω，则该振子简谐运动的表达式为x=Acosωt．解答：解：A、由图读出振动周期为4s，振幅为5cm．故A错误．B、根据图象可知，第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．故B错误．C、第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，则第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动．故C 正确．D、由振动图象可得：振幅A=5cm，周期T=4s，初相φ=，则圆频率ω==故该振子做简谐运动的表达式为：x=5cos（t+）=5sin（t﹣）（cm）（cm）．故D错误．故选：C点评：本题考查根据振动图象分析物体振动过程的能力．当振子靠近平衡位置时速度增大，加速度减小；背离平衡位置时速度减小，加速度增大．7．考点：感应电流的产生条件．分析：本题要会判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应定律得到感应电动势的变化规律．解答：解：A、当电流逐渐减弱时，电流产生的磁场减弱，穿过线框的磁通量减小，故A错误；B、根据楞次定律，知感应电流的磁场总要阻碍原磁通量的变化，根据右手定则判定知导线右侧的磁场方向向里，磁通量减小时，产生的感应电流的磁场方向向里，产生顺时针方向的感应电流，故B 错误；C、根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍原磁通量的减小，线框有向磁感应强度较大的左侧运动的趋势，所以它所受的安培力的合力向左，故C正确；D、由于电流的规律未知，线框中产生的感应电动势如何变化不能确定，则知线框中感应电流不一定减小，故D错误．故选：C．点评：通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律和法拉第电磁感应定律结合欧姆定律解题．8．考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．=•T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是5：l，所以电压表的示数为22v，故B错误；C、R处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故C正确．D、由A知出现火警时电流表示数增大，电阻R0消耗的电功率增大，故D错误．故选：C点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9．考点：光的干涉．分析：根据双缝干涉条纹的间距大小比较出A、B两光的波长大小，从而比较出频率的大小、折射率的大小，根据v=得出光在水中传播速度的大小．根据sinC=比较全发射的临界角．解答：解：A、根据△x=λ得，λ=，a光的条纹间距较大，则a光的波长较大，若a是红光，则b可能是蓝光，故A正确．B、a光的波长较大，则比b光更容易发生明显衍射现象频率较小，故B错误．C、a光的折射率较小，根据v=得，a光在水中传播的速度较大，故C错误．D、根据sinC=知，a光的折射率较小，则a光从水中射向空气全反射的临界角较大，故D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道波长、频率、折射率、在介质中的速度、临界角之间的大小关系，本题通过双缝干涉的条纹间距公式比较出波长是突破口．10．考点：霍尔效应及其应用．分析：根据左手定则判断洛伦兹力的方向，确定电子的偏转方向，从而确定侧面电势的高低．测量地磁场强弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作面的位置．解答：解：A、若元件的载流子是正电离子，由左手定则可知，正电离子受到的洛伦兹力方向向D 侧面偏，则D侧面的电势高于C侧面的电势，故A错误；B、若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则C侧面的电势高于D侧面的电势．故B正确；C、在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，因磁场竖直方向，则元件的工作面保持水平时，效果明显，故C错误；D、地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时，效果明显．故D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意地磁场赤道与两极的分布．11．考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由图可知，质点P在t=0时刻向下运动，经过T第一次达到波峰，据此求周期．读出波长，再求波速．当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷．根据时间与周期的关系求解A质点的路程．解答：解：A、据题有：t1=0.3s=T，则得周期T=0.4s，故A错误．B、波长为λ=4cm=0.04m，则波速为v==0.1m/s，故B正确．C、当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷，所用时间t==s=0.7s，故C正确．D、在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为3A=24cm=0.24m，故D错误．故选：BC．点评：本题关键从时间的角度研究周期，运用波形平移法研究质点的状态．对于振动的位移，往往根据时间与周期的倍数关系求解．12．考点：电场强度；电场线．分析：根据点电荷场强公式E=求解每个点电荷单独存在时的场强，然后矢量合成；考虑两对等量异号电荷的电场中的电势，然后代数合成．解答：解：A、根据点电荷的场强公式E=和电场的叠加原理可知，M、N两点的电场强度大小相等、方向相反，则电场强度不同，故A正确．B、等量异号电荷连线的中垂线是等势面，M、N两点对AB两个电荷的电场来说电势不等，是M 点的电势低；对CD两个电荷的电场来说M点的电势高，由对称性可知，M、N两点的电势相同，故B错误．C、M、N两点间的电势差为零，根据W=qU，知电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零．故C正确．D、电子沿直线从M点移动到N点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误．故选：AC．点评：本题关键是明确场强是矢量，合成遵循平行四边形定则；电势是标量，合成遵循代数法则．13．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据楞次定律判断感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析感应电流大小变化规律，再得到安培力随时间的变化，由平衡条件分析F的变化规律．解答：解：设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B．导轨间距为L．AB、金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，由i===∝t，PQ刚要到ac时，i=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，由i==，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，i=．故A正确，B错误．CD、金属棒PQ通过bac区域时，安培力F=Bi•2vt=∝t2．金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为F=2Bi•（L﹣2vt）=．根据数学知识可得，C正确，D错误．故选：AC．点评：本题运用半定量的研究方法，通过法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式得到感应电流和安培力的表达式，再进行分析，要注意公式E=BLv中L是有效的切割长度．三、本题共2个题，共14分14．考点：研究平行板电容器．专题：实验题；电容器专题．分析：若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式：C=，分析电容的变化．电容器的电量不变，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化．电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变．解答：解：电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q几乎不变；若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=，可知，电容C变小．电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=得到，板间电压U变大．故静电计指针偏角变大；故答案为：减小，增大，几乎不变．点评：本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式C=，和电容的定义式C=综合分析，是常用思路15．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可以一个电压表、一个电流表分别测量路端电压和电流，用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量．也可以用电流表和电阻箱组合，可代替电流表和电压表，或用电压表和电阻箱组合，代替电压表和电流表，同样能测量电源的电动势和内阻．（2）①多用电表盘刻度，不均匀，且从左向右，电阻刻度越来越小，而多用电表电阻的测量值等于表盘示数乘以倍率；②根据电压表的量程为0～3V，结合电流表G（内阻R g=99Ω，满偏电流Ig=3mA），即可求出电阻箱的阻值；因两个电流表，一电流表与电阻串联当作电压表，因此使用另一电流表的内接法，再能准确得出所测电阻的电流；根据滑动变阻器（5Ω，2A），因此采用滑动变阻器限流式，从而画出正确的电路图，即可求解．③由电阻定律求出电阻率的表达式，结合欧姆定律及串并联的特征，然后求出电阻率．解答：解：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，作电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器组合利用闭合电路的欧姆定律列方程得出电源的电动势和内阻．可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，由U=IR 可求出路端电压；也可以用电压表和电阻箱组合，由电压表读数U与电阻箱读数R之比求出电流．故ABC组均可实现求电动势和内电阻的效果；但D组中只能测出电路中的电流，不能测量电压，因而不能测出电源的电动势和内电阻，故D错误；（2）②因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“×1OΩ”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，所以应按“×1”倍率读数，读数为：R=1×15Ω=15Ω；③将电流表G 与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，而电流表G（内阻R g=120Ω，满偏电流Ig=3mA）；所以改装后的电压表的内阻为R v=Ω；由于电流表G的内阻R g=120Ω，因此电阻箱的阻值应调为R0=2000﹣120=1880Ω；④由于题意可知，两电流表，当另电流表使用外接法，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻的电压；而滑动变阻器R（5Ω，1A），电源电压为6V，所以滑动变阻器使用限流式，则电路图如下图所示；⑤由电阻定律可知，电阻R=ρ，则电阻率ρ=，根据欧姆定律，R==；所以电阻率ρ=．故答案为：（1）ABC；（2）②×1Ω；③1880Ω，④如图所示；⑤。
四川省成都市高考物理零诊试卷(含解析)
2015年四川省成都市高考物理零诊试卷一、选择题（每小题3分）1．下列说法正确的是（）A．可见光是一种频率低于X射线的电磁波B．变化的电场一定能产生变化的磁场C．振荡电路的频率越低，向外发射电磁波的本领越大D．爱因斯坦提出：对不同的惯性系，物理规律（包括力学的和电磁学的）是不一样的考点：电磁波谱．分析：狭义相对论提出对不同的惯性系，物理规律是相同的；广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；电路中发射能力的大小取决于频率；频率越高，发射的越远．解答：解：A、根据电磁波谱可知，可见光是一种频率低于X射线的电磁波；故A正确；B、变化的电场包括均匀变化和周期性变化等；均匀变化的电场只能产生恒定的磁场；故B错误；C、振荡电路的频率越高，向外发射电磁波的本领越大；故C错误；D、爱因斯坦狭义相对论提出：对不同的惯性系，物理规律是相同的；爱因斯坦广义相对论提出：对不同的参考系，物理规律是相同的；故D错误；故选：A．点评：本题考查了相对论的基本假设、电磁波的利用及发射等；知识点多，难度小，关键记住基础知识．2．下列说法正确的是（）A．光纤通信是光的色散现象的应用B．紫外线常用于医院和食品消毒，是因为它具有显著的热效应C．救护车向静止着的你驶来时，你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应D．照相机镜头的增透膜可以改善相机的透光性能在，这是利用了光的全反射原理考点：光导纤维及其应用；紫外线的荧光效应及其应用．分析：光纤通信是光的全反射现象；紫外线有显著的化学作用，红外线有显著的热效应；根据声源与观察者间距来确定音调的高低；镜头表面的增透膜是利用了光的干涉原理．解答：解：A、光纤通信是光的全反射现象的应用，故A错误；B、紫外线常用于医院和食品消毒，但它不具有显著的热效应，反而红外线才是显著的热效应，故B错误；C、救护车向静止着的你驶来时，相对距离减小，则你听到的警笛音调变调高，这是声波的多普勒效应，故C正确；D、镜头表面的增透膜是利用了光程差为半个波长的奇数倍时，出现振动减弱，体现光的干涉原理，故D错误；故选：C．点评：考查光的全反射、干涉的现象，掌握其发生的条件，理解紫外线与红外线的区别，理解多普勒效应现象与条件，注意接收频率与发射频率的不同．3．下列说法正确的是（）A．点电荷在电场中所受电场力的方向一定与电场线方向相同B．运动的点电荷在磁场中所受洛伦兹力的方向可能与磁感线方向相同C．运动的点电荷在磁感应强度不为零的磁场中受到的洛伦兹力一定不为零D．通电长直导线在磁感应强度不为零的地方受到的安培力可能为零考点：电场线；洛仑兹力．分析：本题要抓住电场力和磁场力的区别，知道正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同．洛伦兹力方向与磁场方向垂直．当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．解答：解：A、正点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相同，负点电荷所受的电场力方向与电场强度方向相反．故A错误．B、运动的点电荷在磁场中所受的洛伦兹力方向与磁场方向垂直．故B错误．C、当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．故C错误．D、通电长直导线在磁感应强度不为零的地方，当通电导线与磁场平行时不受安培力．故D正确．故选：D．点评：电场力和磁场力的区别很大，要抓住电场力与重力类似，电荷在电场中必定要受到电场力，而磁场力则不一定，当电荷的运动方向与磁场方向平行时不受洛伦兹力．当通电导线与磁场平行时不受安培力．4．喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v 垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（）A．向负极板偏转B．电势能逐渐减小C．运动时间与电场强度大小有关D．运动轨迹与所带电荷量无关考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：微滴带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定侧向位移，及电场力做功来确定电势能变化情况．解答：解：A、由于微滴带负电，故微滴向正极板偏转，故A错误；B、由于电场力做正功，故电势能逐渐减少，故B正确；C、微滴在电场中做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，运动时间 t=，与电场强度无关，故C错误．D、由侧向位移y=at2=，可知运动轨迹与带电量有关，故D错误．故选：B．点评：本题理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的．5．某单摆做受迫振动时，振幅A与驱动力频率f的关系图象如图所示，当地重力加速度g=9.8m/s2，则（）A．该单摆做受迫振动的周期一定等于2sB．该单摆的摆长约为1mC．该单摆做受迫振动的振幅一定为8cmD．该单摆做自由振动的振幅一定为8cm考点：自由振动和受迫振动．分析：由共振曲线可知，出现振幅最大，则固有频率等于受迫振动的频率，从而即可求解．解答：解：A、单摆做受迫振动，振动频率与驱动力频率相等；当驱动力频率等于固有频率时，发生共振，则固有频率为0.5Hz，周期为2s．故A错误；B、由图可知，共振时单摆的振动频率与固有频率相等，则周期为2s．由公式T=2π ，可得L≈1m，故B错误；C、单摆的实际振动幅度随着驱动力的频率改变而改变，当出现共振时，单摆的摆幅才为8cm．故C错误；D、同理，单摆做自由振动的振幅不一定为8cm．故D错误；故选：B．点评：本题关键明确：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，此时振幅达到最大．6．某沿水平方向振动的弹簧振子在0﹣6s内做简谐运动的振动图象如图所示，由图可知（）A．该振子的振幅为5cm，振动周期为6sB．第3s末振子的速度沿x轴负方向C．第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动D．该振子的位移x和时间t的函数关系：x=5sin（t+）（cm）考点：简谐运动的振动图象．分析：由图读出周期和振幅．第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，加速度为0．第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．从第3s末到第4s末振子由平衡位置向正向最大位移处运动，速度减小．由公式ω=，得到角频率ω，则该振子简谐运动的表达式为x=Acosωt．解答：解：A、由图读出振动周期为4s，振幅为5cm．故A错误．B、根据图象可知，第3s末振子振子经过平衡位置向正方向运动．故B错误．C、第3s末振子处于平衡位置处，速度最大，则第3s末到第4s末的过程中，振子做减速运动．故C正确．D、由振动图象可得：振幅A=5cm，周期T=4s，初相φ=，则圆频率ω==故该振子做简谐运动的表达式为：x=5cos（t+）=5sin（t﹣）（cm）（cm）．故D错误．故选：C点评：本题考查根据振动图象分析物体振动过程的能力．当振子靠近平衡位置时速度增大，加速度减小；背离平衡位置时速度减小，加速度增大．7．如图所示，长直线导线AB与矩形导线框abcd固定在同一平面内，且AB∥ab，直导线中通有图示方向的电流，当电流逐渐减弱时，下列判断正确的是（）A．穿过线框的磁通量可能增大B．线框中将产生逆时针方向的感应电流C．线框所受安培力的合力方向向左D．线框中产生的感应电流一定逐渐减小考点：感应电流的产生条件．分析：本题要会判断通电直导线周围的磁场分布，知道它是非匀强电场，同时要根据楞次定律和安培定则判断感应电流的方向，根据法拉第电磁感应定律得到感应电动势的变化规律．解答：解：A、当电流逐渐减弱时，电流产生的磁场减弱，穿过线框的磁通量减小，故A错误；B、根据楞次定律，知感应电流的磁场总要阻碍原磁通量的变化，根据右手定则判定知导线右侧的磁场方向向里，磁通量减小时，产生的感应电流的磁场方向向里，产生顺时针方向的感应电流，故B错误；C、根据楞次定律，感应电流的磁场要阻碍原磁通量的减小，线框有向磁感应强度较大的左侧运动的趋势，所以它所受的安培力的合力向左，故C正确；D、由于电流的规律未知，线框中产生的感应电动势如何变化不能确定，则知线框中感应电流不一定减小，故D错误．故选：C．点评：通电指导线周围的磁场为非匀强磁场，会应用楞次定律和法拉第电磁感应定律结合欧姆定律解题．8．如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数之比为5：1，原线圈接入图乙所示的电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻（其阻值随温度的升高而减小），下列说法中正确的是（）A．图乙中电压的有效值为110VB．电压表的示数为44VC．R处出现火警时，电流表示数增大D．R处出现火警时，电阻R0消耗的电功率减小考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：求有效值方法是将交流电在一个周期内产生热量与将恒定电流在相同时间内产生的热量相等，则恒定电流的值就是交流电的有效值．半导体热敏电阻是指随温度上升电阻呈指数关系减小、具有负温度系数的电阻，R处温度升高时，阻值减小，根据负载电阻的变化，可知电流、电压变化．解答：解：A、设将此电流加在阻值为R的电阻上，电压的最大值为U m，电压的有效值为U．=•T代入数据得图乙中电压的有效值为110V，故A错误；B、变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是5：l，所以电压表的示数为22v，故B错误；C、R处温度升高时，阻值减小，由于电压不变，所以出现火警时电流表示数增大，故C正确．D、由A知出现火警时电流表示数增大，电阻R0消耗的电功率增大，故D错误．故选：C点评：根据电流的热效应，求解交变电流的有效值是常见题型，要熟练掌握．根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键．二、本题包括5个小题，每小题4分，共20分9．用同一装置进行双缝干涉实验，a，b两种单色光形成的干涉图样（灰黑色部分表示亮纹），分别如图甲、乙所示，关于a、b两种单色光，下列说法正确的是（）A．若a是红光，则b可能是蓝光B．两种条件下，b光比a光更容易发生明显衍射现象C．在水中，a光的传播速度小于b光的传播速度D．在水与空气的界面发生全反射时，a光的临界角大于b光的临界角考点：光的干涉．分析：根据双缝干涉条纹的间距大小比较出A、B两光的波长大小，从而比较出频率的大小、折射率的大小，根据v=得出光在水中传播速度的大小．根据sinC=比较全发射的临界角．解答：解：A、根据△x=λ得，λ=，a光的条纹间距较大，则a光的波长较大，若a是红光，则b可能是蓝光，故A正确．B、a光的波长较大，则比b光更容易发生明显衍射现象频率较小，故B错误．C、a光的折射率较小，根据v=得，a光在水中传播的速度较大，故C错误．D、根据sinC=知，a光的折射率较小，则a光从水中射向空气全反射的临界角较大，故D正确．故选：AD．点评：解决本题的关键知道波长、频率、折射率、在介质中的速度、临界角之间的大小关系，本题通过双缝干涉的条纹间距公式比较出波长是突破口．10．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，元件中通入图示方向的电流I，C、D两侧面会形成电势差．下列说法中正确的是（）A．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是带正电离子B．若C侧面电势高于D侧面，则元件的载流子可能是自由电子C．在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直时，效果明显D．在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面保持竖直且与地球经线垂直时，效果明显考点：霍尔效应及其应用．分析：根据左手定则判断洛伦兹力的方向，确定电子的偏转方向，从而确定侧面电势的高低．测量地磁场强弱时，让地磁场垂直通过元件的工作面，通过地磁场的方向确定工作面的位置．解答：解：A、若元件的载流子是正电离子，由左手定则可知，正电离子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则D侧面的电势高于C侧面的电势，故A错误；B、若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则C侧面的电势高于D侧面的电势．故B正确；C、在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，因磁场竖直方向，则元件的工作面保持水平时，效果明显，故C错误；D、地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时，效果明显．故D正确．故选：BD．点评：解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意地磁场赤道与两极的分布．11．一列简谐波沿x轴负方向传播，t=0时刻的波形如图所示，此时坐标为（1，0）的质点刚好开始振动，在t1=0.3s时刻，质点P在t=0时刻以后第一次达到波峰，已知Q质点的坐标是（﹣3，0），关于这列简谐横波，下列说法正确的是（）A．波的周期为1.2sB．波的传播速度为0.1m/sC．在t2=0.7s时刻，Q质点首次位于波谷D．在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为0.03m考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由图可知，质点P在t=0时刻向下运动，经过T第一次达到波峰，据此求周期．读出波长，再求波速．当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷．根据时间与周期的关系求解A质点的路程．解答：解：A、据题有：t1=0.3s=T，则得周期 T=0.4s，故A错误．B、波长为λ=4cm=0.04m，则波速为 v==0.1m/s，故B正确．C、当图中A波谷传到Q时，Q首次位于波谷，所用时间 t==s=0.7s，故C正确．D、在t=0至t1=0.3s时间内，A质点运动的路程为3A=24cm=0.24m，故D错误．故选：BC．点评：本题关键从时间的角度研究周期，运用波形平移法研究质点的状态．对于振动的位移，往往根据时间与周期的倍数关系求解．12．如图所示，A、B、C、D是圆周上的四个点，四个点上放着两对等量的异种点电荷，AC⊥BD且相交于圆心O，BD上的M、N两点关于圆心O对称．下列说法正确的是（）A．M、N两点的电场强度不相同B．M、N两点的电势不相同C．一个电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零D．一个电子沿直线从M点移动到N点，电势能一直减少考点：电场强度；电场线．分析：根据点电荷场强公式E=求解每个点电荷单独存在时的场强，然后矢量合成；考虑两对等量异号电荷的电场中的电势，然后代数合成．解答：解：A、根据点电荷的场强公式E=和电场的叠加原理可知，M、N两点的电场强度大小相等、方向相反，则电场强度不同，故A正确．B、等量异号电荷连线的中垂线是等势面，M、N两点对AB两个电荷的电场来说电势不等，是M点的电势低；对CD两个电荷的电场来说M点的电势高，由对称性可知，M、N两点的电势相同，故B错误．C、M、N两点间的电势差为零，根据W=qU，知电子沿直线从M点移动到N点，电场力做的总功为零．故C正确．D、电子沿直线从M点移动到N点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，故D错误．故选：AC．点评：本题关键是明确场强是矢量，合成遵循平行四边形定则；电势是标量，合成遵循代数法则．13．如图所示，两平行金属导轨MM′、NN′间有一正方形磁场区域abcd，ac⊥MM′，ac两侧匀强磁场的方向相反且垂直于轨道平面，ac右侧磁感应强度是左侧的2倍，现让垂直于导轨放置在导轨上，与导轨接触良好的导体棒PQ从图示位置以速度v向右匀速通过区域abcd，若导轨和导体棒的电阻均不计，则下列关于PQ中感应电流i和PQ所受安培力F随时间变化的图象可能正确的是（规定从Q到P为i的正方向，平行于导轨MM′向左为F的正方向（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据楞次定律判断感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析感应电流大小变化规律，再得到安培力随时间的变化，由平衡条件分析F的变化规律．解答：解：设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B．导轨间距为L．AB、金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，由i===∝t，PQ刚要到ac时，i=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，由i==，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，i=．故A正确，B错误．CD、金属棒PQ通过bac区域时，安培力F=Bi•2vt=∝t2．金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为F=2Bi•（L﹣2vt）=．根据数学知识可得，C正确，D错误．故选：AC．点评：本题运用半定量的研究方法，通过法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式得到感应电流和安培力的表达式，再进行分析，要注意公式E=BLv中L是有效的切割长度．三、本题共2个题，共14分14．如图为“探究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的装置图，已充电的平行板电容器的极板A与一静电计相连接，极板B接地，若极板B竖直向上移动少许，则电容器的电容减小，静电计指针偏角增大，电容器的电荷量几乎不变（填“增大”、“减小”或“几乎不变”）考点：研究平行板电容器．专题：实验题；电容器专题．分析：若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式：C=，分析电容的变化．电容器的电量不变，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化．电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q不变．解答：解：电容器充电后断开了电源，故电容器两极板上的电量Q几乎不变；若极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，根据电容的决定式C=，可知，电容C 变小．电容器的电量Q不变，由电容的定义式C=得到，板间电压U变大．故静电计指针偏角变大；故答案为：减小，增大，几乎不变．点评：本题是电容器动态变化分析的问题，根据电容的决定式C=，和电容的定义式C=综合分析，是常用思路15．在“测量干电池的电动势和内电阻”的实验中，用待测电池、开关和导线，配合下列的A 组、或 B 组、或 C 组仪器，均能达到实验目的．A．一只电流表和一只电阻箱 B．一只电压表和一只电阻箱C．一只电流表、一只电压表和一只滑动变阻器 D．一只电流表和一只滑动变阻器（2）为测量某种材料制成的电阻丝Rx的电阻率，实验室提供了下列器材：A．电流表G：内阻R g=120Ω，满偏电流I g=3mAB．电流表A2内阻约为1Ω，量程为0～0.6AC．多用电表D．螺旋测微器、刻度尺E．电阻箱R箱（0～9999Ω，0.5A）F．滑动变阻器R（5Ω，1A）G．电池组E（6V，0.05Ω）H．一个开关S和导线若干某同学进行了以下操作：①用螺旋测微器测出该电阻丝的直径；②用多用电表粗测Rx的阻值，当他把选择开关旋到电阻“×10”档时，发现指针偏转角度过大，则他应该换用电阻×1档（填“×1”或“×100”）．进行一系列正确操作后，指针静止位置如图甲所示；③把电流表G与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，则电阻箱的阻值应调为R0= 1880 Ω．④用改装好的电压表设计一个精确测量电阻R X阻值的实验电路；请你根据提供的器材和实验需要，在答题卡相应位置将与图乙对应的电路图补画完整；⑤计算电阻率：若测得电阻丝的长度为L，电阻丝的直径为d，电路闭合后，调节滑动变阻器的滑片到合适位置，电流表G的求数为I1，电流表A的示数为I2，请你用字母符号（L、d、R g、R g、I1、I2等）写出计算电阻率的表达式ρ=．考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可以一个电压表、一个电流表分别测量路端电压和电流，用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量．也可以用电流表和电阻箱组合，可代替电流表和电压表，或用电压表和电阻箱组合，代替电压表和电流表，同样能测量电源的电动势和内阻．（2）①多用电表盘刻度，不均匀，且从左向右，电阻刻度越来越小，而多用电表电阻的测量值等于表盘示数乘以倍率；②根据电压表的量程为0～3V，结合电流表G（内阻R g=99Ω，满偏电流Ig=3mA），即可求出电阻箱的阻值；因两个电流表，一电流表与电阻串联当作电压表，因此使用另一电流表的内接法，再能准确得出所测电阻的电流；根据滑动变阻器（5Ω，2A），因此采用滑动变阻器限流式，从而画出正确的电路图，即可求解．③由电阻定律求出电阻率的表达式，结合欧姆定律及串并联的特征，然后求出电阻率．解答：解：测定电源的电动势和内阻的原理是闭合电路欧姆定律E=U+Ir，作电压表测量路端电压U、用电流表测量电流I，利用滑动变阻器调节外电阻，改变路端电压和电流，实现多次测量，即由一个电压表、一个电流表和一个滑动变阻器组合利用闭合电路的欧姆定律列方程得出电源的电动势和内阻．可以在没有电压表的情况下，用一个电流表和一个电阻箱组合测量，电阻箱可以读出阻值，由U=IR可求出路端电压；也可以用电压表和电阻箱组合，由电压表读数U与电阻箱读数R之比求出电流．故ABC组均可实现求电动势和内电阻的效果；但D组中只能测出电路中的电流，不能测量电压，因而不能测出电源的电动势和内电阻，故D错误；（2）②因欧姆表不均匀，要求欧姆表指针指在欧姆表中值电阻附近时读数较准，当用“×1OΩ”挡时发现指针偏转角度过大，说明倍率较大，所以应按“×1”倍率读数，读数为：R=1×15Ω=15Ω；③将电流表G 与电阻箱串联改装成量程为6V的电压表，而电流表G（内阻R g=120Ω，满偏电流Ig=3mA）；所以改装后的电压表的内阻为R v=Ω；由于电流表G的内阻R g=120Ω，因此电阻箱的阻值应调为R0=2000﹣120=1880Ω；④由于题意可知，两电流表，当另电流表使用外接法，能准确测出所测电阻的电流，同时又能算出所测电阻的电压；而滑动变阻器R（5Ω，1A），电源电压为6V，所以滑动变阻器使用限流式，则电路图如下图所示；⑤由电阻定律可知，电阻R=ρ，则电阻率ρ=，根据欧姆定律，R==；所以电阻率ρ=．。
【精品】2015年四川省成都市高考物理三诊试卷含答案
2015年四川省成都市高考物理三诊试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分。
选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．声波和电磁波都不能在真空中传播B．遥控器发出的红外线脉冲信号，可以用来遥控电视机、录像机和空调机C．交警可以根据光波的偏振现象，利用仪器测出经过身边的汽车的行驶速度D．狭义相对论认为真空中光源的运动会影响光的传播速度2．（6分）关于下列光学现象，说法正确的是（）A．光从空气射入玻璃时，可能发生全反射B．在水中，蓝光的传播速度大于红光的传播速度C．晚上，在池水中同一深度、可视为点光源的红灯和黄灯，红灯照亮的水面面积大于黄灯照亮的水面面积D．阳光下肥皂呈现出五颜六色，这是光的衍射现象3．（6分）如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为5：1，原线圈接交流电源和交流电压表，副线圈接有“220V，440W”的纯电阻和“220V，220W”的电动机．如果副线圈两端电压按图乙所示正弦规律变化，则下列说法正确的是（）A．副线圈两端电压的瞬时值表达式为u=220sin50πt VB．电压表示数为1100VC．纯电阻的发热功率是电动机发热功率的2倍D．1min内电动机消耗的电能为1.32×104 J4．（6分）如图所示，在波的传播方向上有相距1m的6个质点a、b、c、d、e、f均静止在各自的平衡位置，一列横波以1m/s的水平速度向右传播．此波在t=0时刻到达a质点，a质点开始由平衡位置向下振动，t=1s时质点a第一次到达最低点，则在8s＜t＜9s这段时间内，下列说法正确的是（）A．质点c的加速度逐渐增大B．质点d向下运动C．质点b的速度逐渐减小D．质点f的振幅逐渐变小5．（6分）我国的“嫦娥工程”取得了初步的成功．如图所示，假设月球半径为R，飞船在距月球表面高度为3R的圆形轨道Ⅰ上运动，到达轨道的A点点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ，到达轨道的近地点B再次点火变轨进入月球近月轨道Ⅲ绕月球做圆周运动，则下列说法正确的是（）A．飞船在轨道Ⅰ的运动速率大于飞船在轨道Ⅲ的运动速率B．在A处，飞船变轨后瞬间的动能大于变轨前瞬间的动能C．在B处，飞船变轨后瞬间的动能小于变轨前瞬间的动能D．飞船在轨道Ⅲ绕月球运行一周所需时间大于在轨道Ⅱ绕月运行一周所需时间6．（6分）如图所示，矩形平面导线框abcd位于竖直平面内，水平边ab长l1，竖直边bc长l2，线框质量为m，电阻为R．线框下方有一磁感应强度为B、方向与线框平面垂直的匀强磁场区域，该区域的上、下边界PP′和QQ′均与ab平行，两边界间的距离为H，H＞l2．让线框从dc边距边界PP′的距离为h处自由下落，已知在dc边进人磁场后、ab边到达边界PP′前的某一时刻，线框的速度已达到这一阶段的最大值，重力加速度为g，则（）A．当dc边刚进磁场时，线框速度为B．当ab边刚到达边界PP′时，线框速度为C．当dc边刚到达边界QQ′时，线框速度为D．从线框开始下落到dc边刚到达边界的QQ′过程中，线框产生的焦耳热为mg （h+l2）﹣7．（6分）如图所示倾角θ=30°的固定斜面上固定着挡板，轻弹簧下端与挡板相连，弹簧处于原长时上端位于D点．用一根不可伸长的轻绳通过轻质光滑定滑轮连接物体A和B，使滑轮左侧绳子始终与斜面平行，初始时A位于斜面的C点，C、D两点间的距离为L．现由静止同时释放A、B，物体A沿斜面向下运动，将弹簧压缩到最短的位置E点，D、E两点距离为．若A、B的质量分别为4m和m，A与斜面的动摩擦因数μ=，不计空气阻力，重力加速度为g，整个过程中，轻绳始终处于伸直状态，则：（）A．A在从C至E的过程中，先做匀加速运动，后做匀减速运动B．A在从C至D的过程中，加速度大小为gC．弹簧的最大弹性势能为mgLD．弹簧的最大弹性势能为mgL二、非选择题8．（6分）如图是用曝光时间△t已知的相机拍摄的一张真空中羽毛与苹果自由下落的局部频闪照片．（1）在下落过程中的任意时刻，羽毛的（选填“惯性大小”、“运动状态”或“机械能”）与苹果相同．（2）关于提供的信息及相关数据处理，下列说法中唯一正确的是（填选项前的字母）．A．一定满足关系x1：x2：x3=1：4：9B．一定满足关系x 1：x2：x3=1：3：5C．羽毛下落的加速度大小为D．苹果下落的加速度大小为．9．（11分）某研究性学习小组利用如图所示的实验电路来测量实际电流表G1的内阻r1的大小．要求：测量尽量准确，滑动变阻器调节方便．供选择的实验器材有：A．待测电流表G1（0～5mA，内阻r1约300Ω）B．电流表G2（0﹣10mA，内阻r2约100Ω）C．定值电阻R1（300Ω）D．定值电阻R2（10Ω）E．滑动变阻器R3（0～1000Ω）F．滑动变阻器R4（0～20Ω）G．电源（一节干电池，1.5V）H．开关一个，导线若干（1）在实验时同学们采用了如图所示的实物电路，在具体实验操作中漏接了一根导线，请在实物电路图中添上遗漏的导线．（2）①请根据实物电路在答题卡上图乙所示的虚线框中画出电路图．其中：②定值电阻应选，③滑动变阻器应选（填字母序号）．（3）实验中移动滑动触头至某一位置，记录G1、G2的读数I1、I2，重复几次，得到几组数据，以I2为纵坐标，以I1为横坐标，作出相应图线，根据图线的斜率k及定值电阻，写出待测电流表内阻的表达式为r1=．10．（15分）我国的动车技术已达世界先进水平，“髙铁出海”将在我国“一带一路”战略构想中占据重要一席．所谓动车组，就是把带动力的动力车与非动力车按照预定的参数组合在一起．如图所示，某车次动车组由2节动力车厢与6节非动力车厢连接而成，动车组总质M为6.4×105kg，正常行驶时两节动力车发动机的总功率为4×107W．假设动车组均在平直路固行驶，受到的阻力恒为重力的0.1倍，g取10m/s2，求：（1）该动车组正常行驶时的最大速度．（2）甲地距乙站10km，如果动车组以60m/s的速度通过甲地，要使动车组停靠在乙站，两台发动机至少需工作多长时间？11．（17分）如图所示，虚线左侧空间有一方向水平向右的匀强电扬，场强E=5×108N/C．足够长的光滑水平导轨MN部分处于匀强电场中，右端N与水平传送带平滑连接，导轨上放有质量m=1.0kg、电荷量q=1×10﹣8C、可视为质点的带正电滑块A，传送带长L=2.0．第一次实验时，使皮带轮沿逆时针方向转动，带动传送带以速率v=3.0m/s匀速运动，由静止释放A，A在电场力作用下向右运动，以速度v A=m/s滑上传送带，并从传送带右端P点水平飞出落至地面上的Q 点，已知A与传送带之间的动障擦因数μ=0.20，重力加速度g取10m/s2．求：（1）A到达传送带右端P点时的速度大小；（2）第二次实验时，使皮带轮沿顺时针方向转动，带动传迭带以速率v=3.0m/s 匀速运动，调整A由静止释故的位置，使A仍从P点水平飞出落至Q点．求A 的初始位置距虚线的距离的范围．12．（19分）如图甲所示，空间存在一范围足够大、方向垂直于竖直xoy平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B．让质量为m，电荷量为q（q＞0）的粒子从坐标原点O沿xoy平面人射，不计粒子重力，重力加速度为g（1）若该粒子沿y轴负方向人射后，恰好能经过x轴上的A（a，0）点，求粒子速度的大小．（2）若该粒子以速度v沿y轴负方向人射的同时，一不带电的小球从x轴上方某一点平行于x轴向右抛出．二者经过时间t=恰好相遇，求小球抛出点的纵坐标．（3）如图乙所，在此空间再加人沿y轴负方向、大小为E的匀强电场，让该粒子改为从O点静止释放，研究表明：粒子在xoy平面内将做周期性运动，其周期T=，且在任一时刻，粒子速度的x分量v x与其所在位置的y坐标绝对值的关系为v x=．若在粒子释放的同时，另有一不带电的小球从x轴上方某一点平行于x轴向右抛出，二者经过时间t=恰好相遇，求小球拋出点的纵坐标（结果m、q、B、E、g、v、a、π用表示）2015年四川省成都市高考物理三诊试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题6分，共42分。
2015年全国各省市高考理综物理试题及答案
目录2015年普通高等学校招生全国统一考试高（新课标1） (2)2015年普通高等学校招生全国统一考试高（新课标2） (9)2015年普通高等学校招生全国统一考试（重庆卷） (15)2015年普通高等学校招生全国统一考试高（江苏） (18)2015年普通高等学校招生全国统一考试高（浙江卷） (26)2015年普通高等学校招生全国统一考试（四川卷） (30)2015年普通高等学校招生全国统一考试高（安徽卷） (34)2015年普通高等学校招生全国统一考试高（北京卷） (37)2015年普通高等学校招生全国统一考试高（福建卷） (41)2015年普通高等学校招生全国统一考试高（山东卷） (44)2015年普通高等学校招生全国统一考试（新课标1）理科综合能力测试物理试题14.两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后，粒子的A.轨道半径减小，角速度增大B.轨道半径减小，角速度减小C.轨道半径增大，角速度增大D.轨道半径增大，角速度减小15.如图，直线a 、b 和c 、d 是处于匀强电场中的两组平行线，M 、N 、P 、Q 是它们的交点，四点处的电势分别为φM、φN、φP、φQ。
一电子由M 点分别运动到N 点和P 点的过程中，电场力所做的负功相等，则A.直线a 位于某一等势面内，φM ＞φNB.直线c 位于某一等势面内，φM＞φNC.若电子有M 点运动到Q 点，电场力做正功D.若电子有P 点运动到Q 点，电场力做负功16.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V 的正弦交流电源上，设副线圈回路中电阻两端的电压为U ，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k ，则A. 9166==k ,V U B. 9122==k ,V UC. 3166==k ,V UD. 3122==k ,V U17.如图，一半径为R ，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放臵,直径POQ 水平。
2015届高三第一次全国大联考(四川版)物理卷 Word版含解析资料
绝密★启用前2015年第一次大联考【四川卷】物理试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分110分，考试时间60分钟。
2．答题前考生务必用0.5毫米黑色墨水签字笔填写好自己的姓名、班级、考号等信息 3．考试作答时，请将答案正确填写在答题卡上。
第一卷每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案．．．．．．．．．．．无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．。
第Ⅰ卷（选择题 共42分）本卷共7题，每题6分。
每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1.关于科学家的贡献和他们的科学思想方法，下列说法正确的是（ ）A ．根据爱因斯坦提出的狭义相对论，地面上的人看到高速运行的列车比静止时变短变矮B ．伽利略运用“归谬法”否定了亚里士多德关于重的物体下落快、轻的物体下落慢的论断C ．法拉第在研究电磁感应现象时利用了理想实验法D ．麦克斯韦预言并用实验证实了电磁波的存在 【答案】B【考点】考查物理学史【解析】根据爱因斯坦提出的狭义相对论，地面上的人看到高速运行的列车比静止时变短，但是与运动垂直的方向长度不变，即高度不变，A错；法拉第在研究电磁感应现象时利用了常规实验法，C 错；麦克斯韦预言了电磁波的存在，但是用实验证实了电磁波的存在的是赫兹，D 错；B 符合事实。
【易错警示】因斯坦提出的狭义相对论中的动尺变短指的是运动方向长度变短，不是任何方向的长度都变短。
2.如图甲所示，质量m =2 kg 的物体在水平面上向右做直线运动。
过a 点时给物体作用一个水平向左的恒力F 并开始计时，选水平向右为速度的正方向，通过速度传感器测出物体的瞬时速度，所得v －t 图象如图乙所示。
2015年四川省名校内部高考物理模拟试卷(二)
2015年四川省名校内部高考物理模拟试卷（二）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共5小题，共30.0分)1.下列说法正确的是（）A.并非一切高温物体都能发射出紫外线B.高速运动的动车中物体的长度明显变短C.调谐是使电磁波随各种信号变化的过程D.无线电波中沿地球表面空间传播的地波利用的是波的衍射【答案】D【解析】解：A、一切高温物体均可以发射出紫外线；故A错误；B、动车中的人观察时，车内物体的长度不变；故B错误；C、调谐是使接收到的电磁波达到电流最强的过程，也叫检波；故C错误；D、无线电波中沿地球表面空间传播的地波利用的是波长较长；能在地面发生衍射；故D正确；故选：D．明确紫外线的发射；掌握相对论的基本假设；同时掌握无线电波发射和接收过程．本题考查电磁波的发射和接收、相对论的假设及电磁波谱；要注意对于物理概念应准确掌握，不能似是而非，而出现错误．2.如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小B=T的水平匀强磁场中，线框面积S=0.5m2，线框电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω=200rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈允许通过的最大电流为10A，下列说法正确的是（）A.图示位置穿过线框的磁通量变化率不为零B.图示位置开始计时时，线框中产生变电压的表达式为μ=500sin（200t）VC.变压器原、副线圈匝数之比为50：11D.允许变压器输出的最大功率为2200W【答案】B【解析】解：A、由图可知，此时线圈和磁场垂直，此时线框的磁通量最大，感应电动势为0；磁通量的变化率为零，所以A错误．B、矩形闭合导线框ABCD在磁场中转动，产生的交流电的最大值为E m=n B sω=50××0.5×200=500V；则表达式为：u=500sin（200t）V；故B 正确；C、由于电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈匝数之比为=，所以C错误．D、由于熔断器允许通过的最大电流为10A，所以允许变压器输出的最大功率为P=UI=500×10=5000W，故D错误；根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．本题考查理想变压器及交流电的产生；掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．3.一条弹性绳沿x轴方向放置，绳的左端点在原点O处．用手握住绳的左端点使其沿y轴方向做周期为1.0s的简谐运动，于是在绳上形成一列简谐波．当波传到x=1.0m处的M点时的波形如图所示．则（）A.该列波的波速为1m/sB.再经过2.25s，波传到x=4.5处的N点C.当绳的左端点O运动的路程为0.88m时，N点运动的路程为16cmD.该波与周期为2.0s的简谐波相遇时可能发生干涉现象【答案】C【解析】解：A、由图可知，波长为2m，则波速为：v===2m/s；故A错误；B、波传到4.5m的时间为t=s=1.75s；故B错误；C、左端O运动路程为0.88m时，波传播的周期个数为：n==2个周期，则N点振动的周期数为1；故N点振动的路程为：s=4×4cm=16cm；故C正确；D、只有相等周期的波才能产生干涉现象，故和周期为2.0s的波相遇时不可能发生干涉现象；故D错误；故选：C．（1）已知周期，由图可知波长，由波速公式可求得波速；根据M点的起振方向可知0.1s 时质点M所在的位置，则可得出其加速度方向；（2）4.5m处的N点第一次沿y轴正方向通过y轴正方向通过平衡位置的时间有两部分，一是波传到N的时间，另一段时从起振到达平衡位置向上去的时间．本题中注意图象的认识，由图象得出波的周期；同时要注意波传播到4.5m的时间和质点振动到第一次到达平衡位置向上经平衡位置的时间．4.2013年12月2日1时30分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号乙”运载火箭，成功将“嫦娥三号”探测飞船发射升空，展开奔月之旅．“嫦娥三号”首次实现月面巡视勘察和月球软着陆，为我国探月工程开启新的征程．设载着登月舱的探测飞船在以月球中心为圆心，半径为r1的圆轨道上运动时，周期为T1．随后登月舱脱离飞船，变轨到离月球更近的半径为r2的圆轨道上运动．万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A.登月舱在半径为r2的圆轨道上比在半径为r1的圆轨道上运动时的角速度小B.登月舱在半径为r2的圆轨道上比在半径为r1的圆轨道上运动时的线速度小C.登月舱在半径为r2的圆轨道上运动时的周期为D.月球的质量为【答案】D解：A、B、根据万有引力提供向心力，得：G=m=mω2r，得：v=，ω=，可知卫星的轨道半径越小，角速度和线速度越大，所以登月舱在半径为r2的圆轨道上比在半径r1的圆轨道上运动时的角速度、线速度都大，故AB错误．C、根据开普勒第三定律有：=，可得：T2=，故C错误．D、登月舱在半径为r1的圆轨道上运动时，由G=m r1，则得月球的质量为：M=，故D正确．故选：D．根据万有引力提供向心力，得到卫星的速度公式，分析登月舱在两种轨道上速度的大小．由v=ωr，分析角速度的关系；根据万有引力等于向心力，由万有引力定律和向心力公式列式，可求出月球的质量．根据开普勒第三定律，化简可得登陆舱在半径为r2轨道上的周期T2本题是典型的天体运动的问题，根据万有引力提供向心力是解决这类问题常用思路，要能根据题目的要求熟练选择不同的向心力的表达式．5.如图所示是一透明圆柱的横截面，其半径为R，AB是一条直径．今有一束平行单色光沿与AB平行的方向射向圆柱体，若一条入射光线经折射后恰好经过B点，且这条光线到AB间的距离是R．光在真空中传播速度为c．则下列说法正确的是（）A.从B点射出的光在圆柱中传播时间为B.从B点射出的光在圆柱中传播时间为 C.该透明圆柱体的折射率为 D.该透明圆柱体的折射率为【答案】B【解析】解：设光线P经C折射后过B点，光路如图所示．在△ODBC中，由几何关系得：sinα===得α=60°在△OBC中，由几何关系得：α=2β可得：β=30°则圆柱体的折射率为n==CB=2R cos30°=R光在圆柱中传播的速度v==故从B点射出的光在圆柱中传播时间t==故选：B．画出光路图，由几何关系得到入射角与折射角，由折射定律得到折射率．由几何知识求出光在圆柱中传播的距离，由v=求出光在圆柱中传播的速度，即可求得传播时间．对于几何光学问题，首先要正确作出光路图，其次要充分运用几何知识分析入射角与折射角的关系，再根据折射定律进行解题．二、多选题(本大题共2小题，共12.0分)6.如图甲所示，水平传送带始终以恒定速率v1向右运行．质量为m的物块，以v2的初速度从与传送带等高的光滑水平地面上的A处向左滑入传送带．若从物块滑上传送带开始计时，物块在传送带上运动的v-t图象（以地面为参考系）如图乙所示．已知v2＞v1，传送带与物块间的动摩擦因数为μ，则（）A.0-t3时间内，传送带对物块做的功为m-mB.0-t2时间内，物块相对传送带滑动的最大距离为v2t1+（t2-t1）v1C.0-t3时间内，物块一直受到方向向右，大小为μmg的摩擦力D.0-t3时间内，系统产生的内能为μmg（v1t1+v2t1+v1t2）【答案】AD【解析】解：A、0-t3时间内，只有传送带对物块做功，做的功等于物块动能的改变，为m-m，故A正确；B、t1时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离达到最大，物块相对传送带滑动的最大距离为v2t1．故B错误；C、由图可知，t2～t3时间内小物块相对于传送带静止，不受摩擦力作用，故C错误；D、t2～t3时间内小物块相对于传送带静止，0-t3时间内物块相对于传送带的位移等于0-t2=时间内物块相对于传送带的位移，大小为，相对（v1t1+v2t1+v1t2），系统产生的内能为Q=f•x相对=μmg（v1t1+v2t1+v1t2）．故D正确；故选：AD．0～t1时间内木块向左匀减速直线运动，受到向右的摩擦力，然后向右匀加速，当速度增加到与皮带相等时，一起向右匀速，摩擦力消失．本题关键从图象得出物体的运动规律，然后分过程对木块受力分析；分析清楚物体的受力情况和运动情况是解题的关键．7.在倾角为θ的光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态．现开始用一恒力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开C时，物块A运动的距离为d，速度为v．则此时（）A.m2gsinθ=kdB.物块A加速度为C.重力对物块A做功的功率大小为（kd-m2gsinθ）vD.弹簧的弹力对物块A做功的功率大小为（kd-m2gsinθ）v【答案】BC【解析】解：A、开始系统处于静止状态，弹簧弹力等于A的重力沿斜面下的分力，当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsinθ=kx2，但由于开始是弹簧是压缩的，故d＞x2，故m2gsinθ＞kd，故A错误；B、当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，故m2gsinθ=kx2，物块A的加速度a=，开始弹簧处于压缩，压缩量，又x1+x2=d，解得a=．故B正确．C、由于速度v与重力夹角不为零，故重力的瞬时功率等于m1gυsinθ，设开始弹簧的压缩量为x1，则有：m1gsinθ=kx1，设弹簧的伸长量为x2，则有：m2gsinθ=kx2，因为x1+x2=d，则有：m1gsinθ+m2gsinθ=kd，所以重力做功的功率P=（kd-mgsinθ）v．故C正确．D、当弹簧伸长时，弹簧的弹力为m2gsinθ，则弹力对物块A做功的功率为m2gsinθ•v．故D错误．故选：BC．当B刚离开C时，弹簧的弹力等于B的重力沿斜面下的分力，根据胡克定律求解出弹簧的伸长量；根据牛顿第二定律求出物块A的加速度大小；根据机械能守恒定律求解A 的速度．含有弹簧的问题，往往要研究弹簧的状态，分析物块的位移与弹簧压缩量和伸长量的关系是常用思路．三、实验题探究题(本大题共1小题，共6.0分)8.做匀加速直线运动的小车，牵引一条纸带通过打点计时器，交流电源的频率是50H z，每5个点作为一个计数点，将纸带沿计数点所在位置剪开，左边与y轴平行，将纸带贴在直角坐标系中，求：（1）在第一个0.1s内中间时刻的速度是______m/s．（结果保留3位有效数字）（2）运动物体的加速度是______ m/s2．（结果保留2位有效数字）【答案】0.228；0.65【解析】解：（1）它们的长度分别等于x=v平均t，因为剪断的纸带所用的时间都是t=0.1s，即时间t相等，所以纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比；而此段纸带的平均速度等于这段纸带中间时刻的速度，即在第一个0.1s内，中间时刻的速度为：v==0.228m/s（2）如图所示即相当于物体的速度-时间图象，则斜率即为加速度，横坐标每一纸带的宽度代表0.1s故：a==0.65m/s2．故答案为：（1）0.228，（2）0.65（1）通过第一段时间内的位移求出平均速度，匀加速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度．（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，作出物体的速度时间图线，结合图线的斜率求出物体的加速度．纸带的长度之比等于此段纸带的平均速度之比，还等于各段纸带中间时刻的速度之比，即纸带的高度之比等于中间时刻速度之比．这种等效替代的方法减小了解题难度．四、填空题(本大题共1小题，共11.0分)9.现要测量一个未知电阻R x的阻值，除R x外可用的器材有：多用电表（仅可使用欧姆档）电池组（电动势为3V，内阻约1Ω）电流表（内阻约0.1Ω）电压表（内阻约3kΩ）滑动变阻器R（0～20Ω，额定电流2A）、开关、导线若干．（1）先用多用电表的欧姆档粗测未知电阻，采用“×10”档，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大（即很靠近0欧刻度端），下列判断和做法正确的是______ （填字母代号）．A．这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆B．这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆C．如需进一步测量可换“×1”档，调零后测量D．如需进一步测量可换“×1k”档，调零后测量（2）某小组同学用伏安法测该电阻R x，利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如表：由表中数据可知，他们测量R x是采用如图1中的______ 图（选填“甲”或“乙”）（3）如图2是测量R x的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端．请根据（2）中所选电路图，补充完成图2中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．（4）这个小组的同学在如图3所示的坐标纸上建立U、V坐标系，图中已标出了测量数据对应的7个坐标点．请在图中描绘出U-I图线．由图线得到金属丝的阻值R x= ______ Ω（保留两位有效数字）．【答案】0.228；0.65；4.5【解析】解：（1）指针偏角过大，而则说明所用档位太大，使读数过小；因选用的时×10档，则说明该电阻较小，阻值约为几欧姆；为了准确测量，应换用小档位；注意换档后要进行欧姆调零；故AC正确；（2）从给出的数据表可知，电流表和电压表的读数变化范围较大，所以变阻器采用的应是分压式接法，即测量采用的是甲图；（3）由（2）中给出的电路图得出对应的实物图如图所示；（4）根据描出的点，作出图象，如图所示：由图线得到金属丝的阻值为：R X===4.5Ω故答案为：（1）AC；（2）甲；（3）如图3；（4）如图，4.5（1）根据指针的偏转及档位的选择可明确所测电阻的大致大小，再选择合适的档位进行测量即可；（2）关键是根据数据表可以看出电表的示数变化范围较大，说明变阻器采用的是分压式接法；（3）根据选择的原理图得出实物图，注意滑动变阻器的接法；（4）根据电阻定律和欧姆定律写出电阻的表达式，然后解出电阻的值即可；该题是综合性较强的题，解答时注意一下几方面：1、对于使用欧姆表测量电阻值时，每换一次档位应进行一次调零；2、会根据电压表、电流表及被测电阻的阻值关系，确定电流表是内接还是外接．3、了解实验误差产生的原因，并会在试验中做到尽可能的减小误差．五、计算题(本大题共3小题，共51.0分)10.装卸工要将质量为50kg的木箱搬到卡车上，找来了长为4.4m的木板，做了一个倾角为37°的斜面．装卸工用大小为500N、方向与斜面成37°的斜向上的拉力F将木箱拉上卡车．已知木箱与木板间动摩擦因数μ=0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2．（1）木箱向上加速运动时加速度的大小．（2）要将木箱拉上卡车，拉力F至少需作用多长的距离？【答案】解：设斜面对木箱的弹力为N，摩擦力为f，匀加速加速度为a1，匀减速过程加速度为a2（1）由牛顿第二定律：垂直于斜面方向：N+F sin37°=mgcos37°平行于斜面方向：F cos37°-mgsin37°-f=ma1f=μN代入数据解得：（2）撤去拉力后，平行于斜面方向：mgin37°+μmgcos37°=ma2代入数据解得：设运动最大速度为v：v2=2a1x1v2=2a2x2x1+x2=4.4m代入数据解得：x1=4m答：（1）木箱向上加速运动时加速度的大小为1m/s2；（2）要将木箱拉上卡车，拉力F至少需作用4m．【解析】（1）在垂直于斜面和平行于斜面方向做受力分析，根据牛顿第二定律计算加速度大小；（2）若撤去拉力前匀加速运动的位移和撤去后匀减速运动的位移之和等于木板长，则刚好把木箱拉上卡车，为拉力作用距离的最小值．斜面模型是高中物理常见模型之一，不但要掌握斜面上物体的受力分析方法，还要注意相应几何知识的应用；若物体受力较多时，一般可以借助正交分解法得出平衡条件的公式．11.如图所示，两平行的光滑金属导轨安装在一倾角为α的光滑绝缘斜面上，导轨间距为L，电阻忽略不计且足够长，以宽度为d的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁感应强度为B．另有一长为2d的绝缘杆将一导体棒和一边长为d（d＞L）的正方形线框连在一起组成固定装置，总质量为m，导体棒中通有大小恒为I的电流．将整个装置置于导轨上，开始时导体棒恰好位于磁场的下边界处．由静止释放后装置沿斜面向上运动，当线框的下边运动到磁场的上边界MN处时装置的速度恰好为零．重力加速度为g．（1）求这一过程中线框中产生的热量．（2）之后装置将向下运动，然后再向上运动，经过若干次往返后，最终整个装置将在斜面上做稳定往复运动．求稳定后装置运动的最高位置与最低位置之间的距离．【答案】解：（1）装置由静止释放到线框的下边运动到磁场的上边界MN过程中，线框中产生的焦耳热为Q，由能量守恒得：BIL•d-mgsinα•4d-Q=0解得线框中产生的热量为：Q=BIL d-4mgdsinα（2）装置往复运动的最高位置：线框的上边位于磁场的下边界，此时金属棒据磁场上边界为d；装置往复运动到最低位置时：金属棒在磁场内，设其距离上边界为x，则有：mgsinα•（x+d）=BIL•x解得：x=最高位置与最低位置之间的距离为：s=x+d=答：（1）这一过程中线框中产生的热量为BIL d-4mgdsinα；（2）稳定后装置运动的最高位置与最低位置之间的距离为．【解析】（1）从释放装置到线框的下边运动到磁场的上边界MN过程中，用动能定理可求线框所受安培力对线框做功的大小为W，此功的数值等于线框中产生的热量（2）装置往复运动的最高位置：线框的上边位于磁场的下边界，此时金属棒距磁场上边界d；往复运动到最低位置时，金属棒在磁场内，设距离上边界x，根据棒所受安培力做功等于装置的重力做功建立联系，列方程求解．本题要注意当线框在磁场中运动产生感应电流时，安培力做功从而产生热量．要理解并掌握力和运动的关系、功与能的关系，运用力学规律解决电磁感应问题．12.如图甲所示，大量电子由静止开始，经加速电场加速后，连续不断地沿水平方向从偏转电场的相距为d的两板正中间OO′射入偏转电场．当偏转电场的两板不带电时，这些电子通过两板之间的时间为2t0；当在两板上加如图乙所示的电压时（U0为已知），所有电子均能从两板间通过，然后进入垂直纸面向量、磁场应强度为B的匀强磁场中，最后都垂直打在竖直放置的荧光屏上．已知电子的质量为m、电荷量为e，其重力不计．求：（1）从时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO′的距离；（2）偏转磁场区域的水平宽度L；（3）偏转磁场区域的最小面积S．【答案】解：（1）电子在偏转电场中的加速度：a==，电子的偏移量：y=at02+a××t0，解得，电子离开偏转电场时的位置到OO′的距离：y=；（2）电子离开偏转电场时的速度偏角为θ，电子垂直打在荧光屏上，电子在磁场中的轨道半径：R=，电子离开偏转电场时的速度为v，垂直于偏转极板的分速度为v y，电子离开偏转电场时：sinθ=，v y=，已知：R=，解得：L=；（3）由题意可知，从t0、3t0、…等时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO′距离最小，由牛顿第二定律得：a==，y min=at02，解得：y min=，从0、2t0、4t0、…等时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO′距离最大，y max′=v y t0+at02，v y=at0，解得：y max′=，由于各个时刻从偏转电场中射出的电子的速度大小相等，方向相同，因此电子进入磁场后做圆周运动的轨道半径相同，都能垂直打在荧光屏上，电子离开偏转电场时的位置到OO′的最大距离与最小距离的差值为：△y1=y max-y min=，垂直打在荧光屏上的电子束的宽度：△y=△y1=，匀强磁场的最小面积：S=△y×L=；答：（1）从时刻进入偏转电场的电子离开偏转电场时的位置到OO′的距离为；（2）偏转磁场区域的水平宽度L为；（3）偏转磁场区域的最小面积S为．【解析】（1）电子在偏转电场中做类平抛运动与匀速直线运动，应用类平抛运动规律、匀速直线运动规律求出偏移量．（2）电子在磁场中做匀速圆周运动，电子垂直打在荧光屏上，根据速度的合成与分解、几何知识求出磁场的宽度．（3）求出电子离开偏转电场时的最大与最小偏移量，然后求出磁场的最小面积．本题考查了电子在电场、磁场中的运动，电子在偏转电场中偏转、在匀强磁场中做匀速圆周运动，分析清楚电子的运动过程是正确解题的关键，应用匀变速直线运动的运动规律可以解题．高中物理试卷第11页，共11页。
四川2015级会考物理答案
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物理答案第2页（共2页）
【卞列第 题，供蚀俵《物理（选修1》》的考生作答】 26^ 〈10分） ：：："：：？ 乂 解 ： 0 〉 安 培 力 的 方 向 如 图 所 示 … " - ^ ： ^ 由磁感应强度定义式得 〈2分）
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【下列第26题，供选修《物理（选修3-1》》的考生作答】 26， 0 0 分 ） 解：〈1 〉 粒 子 在 金 属 板 ^ 、 ^间做匀速直线运动
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【下列第21-23题，供选修《物理（选修3-0》的考生作答】 21.电流磁感线 22， 1.0 〈或1〉 3.0、（或3〉 23， V 负
二、 计 算 题 ： （ 共 3 个 小 题 ， 共 2 6 分 ） 解 答 时 要 求 写 出 必 要 的 文 字 说 皭 1 方 輕 式 和 自 的 演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和 单位。 "【下列第24-25题，为全体考生必答题】 24， 〈8分） 解：物体做匀速直线运动，故受力平衡
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四川省泸州市2015届高考物理一模试卷(含解析)
2015年四川省泸州市高考物理一模试卷一、选择题：本大题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有一个或多个是符合题目要求的．全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分．1．下列有关物理学史的说法中，符合实际情况的是（）A．伽利略猜想做自由落体运动的物体，其下落的距离与时间成正比，并用实验进行了验证B．在行星运动定律的基础上，牛顿研究总结出了万有引力定律C．亚里士多德认为力是产生加速度的原因D．开普勒概括和总结出了能量守恒定律2．今年10月24日凌晨从西昌卫星发射中心升空的“再入返回飞行试验器”，是中国探月工程三期任务中最关键的一次试验．若飞行试验绕月球做匀速周圆运动，则在离月面越近的轨道上运动时（）A．线速度越小B．角速度越小C．向心加速度越小D．周期越小3．下列关于简谐运动与机械波的说法中，正确的是（）A．同一单摆，在月球表面做简谐振动的周期小于在地球表面做简谐振动的周期B．两列完全相同的波发生干涉时，若P点为两列波的波峰相遇点，则在振动过程中P点的位移不可能为零C．机械波在传播过程中，各质点做简谐运动的周期与波的传播周期不相等D．做简谐运动的质点在半个周期内经过的路程一定为振幅的2倍4．以某一水平初速度v0抛出一物体，飞行时间t=2s后，撞在倾角θ=30°的斜面上，此时物体的速度方向刚好与斜面成α=60°的夹角，如图所示．则此物体的水平初速度 v0等于（取g=10m/s2）（）A．10m/s B．20m/s C．20m/s D．30m/s5．如图所示，斜面体M放在水平地面上，物块m静止在斜面上．在平行于斜面向下的推力F作用下物块匀速下滑，此时斜面体仍保持静止不动，则（）A．施加推力后斜面体对地面的压力比施加推力前要大B．施加推力后斜面体受到地面的摩擦力水平向右C．施加推力后物块m对斜面体M的作用力竖直向下D．如果增大推力F，斜面体M可能会运动起来6．一个质量m=0.5kg的物块（可视为质点），在t=0时以v0=36m/s的初速度竖直向上抛出，又落下来，其运动的速率时间图象如图所示，已知空阻力大小始终恒定不变，重力加速度g=10m/s2．则下面说法正确的是（）A．物块所受的空气阻力为大小2NB．在t=0s到t=3s的时间内物块所受重力的平均功率大小为90WC．在t=2s时物块克服空气阻力做功的功率为12WD．在t=0到t=4s时间内机械能变化量为54J7．如图所示，小车的支架上用细线拴在一个摆球，悬点为O，现用水平虚线MN和竖直虚线PQ将竖直平面空间分成四个区间．在外部推力的作用下，使小车沿倾角为θ的斜面做直线运动，当小球与小车保持相对静止后，对下面几种运动情况的判断正确的是（不计空气阻力）（）A．若小车沿斜面向下运动，当细线与斜面方向垂直时，小车向下运动的加速度大小为gsinθB．若小车沿斜面向上做匀速运动，则细线可在Ⅲ区与竖直方向成一定夹角C．无论小车沿斜面向下的加速度多大，细线都不可能在I区与水平方向成一定夹角D．无论小车沿斜面向上的加速度多大，细线都不可能沿与ON重合的水平方向二、非选择题（共68分）8．如图所示的实验装置中，A是固定在支架上的激光笔，B、C是平面镜，P是桌面，m、M 是叠放在一起的重物．①该装置是用来观察桌面的，当只将重物m移走时，光点D将向（选填“左”或“右”）移动．②以上实验主要体现了物理学的哪种科学方法A．控制变量的方法 B．放大的方法C．理想化模型 D．等效的方法．9．某同学利用所学知识进行了如下探究实验：如图甲所示，将木板有定滑轮的一端垫起，将打点计时器安装在长木板上靠近滑块处，滑块与穿过打点计时器的纸带相连，带夹的纸带通过细绳跨过定滑轮，细绳下端连接钩码，调整木板倾角，使滑块在木板上向下做匀速直线运动，此时钩码的质量已知为m0．接下来仅将钩码m0撤去，保持整个装置不变，释放滑块，滑块在木板上向下做匀加速直线运动，此时打点计时器打出的纸带如图乙所示（已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，A、B、C、D、E是所打纸带上选出的计数点），求解下列问题：①打点计时器在打C点时滑块的速度v C= m/s；②撤去钩码m0后滑块下滑的加速度a= m/s2．③查得重力加速度为g，可求出滑块质量的表达式M= （用字母a、m0、g表示）④保持图甲装置不变，通过多次改变所挂钩码的质量m且每次所挂钩码的质量均小于m0．滑块加速运动时，绳的拉力近似等于所挂钩码的重力．由实验数据作出的a﹣mg图象如图丙所示，则滑块的质量M为kg．（g=10m/s2，计算结果保留两位有效数字）10．据了解，泸州公交公司最近新投入的电气混合新能源公交车，拥有两种不同的动力源（燃油发动机和电力发动机），具有充电时间短，优先用电，电气混用动力互补，回收储备电能等特点，既省油又环保．假设汽车及车上乘客总质量为M=10×103kg，当它在平直路面上行驶时，只采用电力驱动，发动机额定功率为P1=150kw，能达到的最大速度为v1=54km/h；汽车行驶在倾角为θ=37°的斜坡道上时，为获得足够大的驱动力，两种动力同时启动，此时发动机的总额定功率可达P2=560kw．设汽车在斜坡上行驶时所受的摩擦阻力与在平直路面上的摩擦阻力相等，汽车在运动过程中摩擦阻力不变．（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力）求：（1）汽车在平直路面上行驶时受到的摩擦阻力；（2）汽车在斜坡道上能达到的最大速度v2；（3）若汽车在斜坡上以恒定功率P2从静止开始做加速直线运动，经过时间t=30s刚好达到最大速度v2，求这段时间内汽车运动的位移．11．去年“嫦娥三号”携带“玉兔号”月球车已在月球表面成功软着陆，我们为求出“玉兔号”月球车的高度，设想的实验方案如下：假如一个固定在车顶的压缩弹簧把一质量为m=0.1kg的小物块弹射出去，使物块沿着相对于月球表面静止的月球车顶层的水平板运动距离L=0.5m后到达平板的边缘，以v=2m/s的速度垂直边缘线飞出，其水平射程为x=2m，物块与顶层平板的动摩擦因数为0.5，查得月球质量大约是地球的倍，半径约是地球的倍．不考虑月球自转对重力的影响，地球表面的重力加速度g取10m/s2．求：（1）月球表面的重力加速度g月；（2）“玉兔号”月球车的高度h；（3）弹簧对小物块做的功W．12．如图所示，以A、B为端点的半圆形光滑轨道固定于竖直平面内，一滑板静止在光滑的水平地面上，左端紧靠B点，上表面与半圆AB相切于B点，一水平传送带的左端与半圆AB 相切于A点，整个装置处于同一竖直平面内．一可视为质点的物块被轻放在匀速运动的传带上的E点，当物块运动到A点时刚好与传送带速度相同，且恰好沿圆弧轨道AB做圆周运动，经B点滑上滑板，滑板运动到水平地面上的固定点C前已与物块达到共速，之后滑板在C点被牢固粘连．已知物块质量为m，滑块质量为M=m，半圆的半径为R，滑板长l=4R，E点距A点的距离s=2.5R，物块与滑板间的动摩擦因数为μ2=0.5，重力加速度为g．求：（1）物块与传送带之间的动摩擦因数μ1；（2）物块滑到B点时对半圆轨道的压力；（3）物块在滑板上运动过程中，物块克服摩擦力做的功W1．2015年四川省泸州市高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有一个或多个是符合题目要求的．全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分．1．下列有关物理学史的说法中，符合实际情况的是（）A．伽利略猜想做自由落体运动的物体，其下落的距离与时间成正比，并用实验进行了验证B．在行星运动定律的基础上，牛顿研究总结出了万有引力定律C．亚里士多德认为力是产生加速度的原因D．开普勒概括和总结出了能量守恒定律【考点】物理学史．【分析】根据伽利略、牛顿、伽利略和焦耳等科学家的物理学成就进行解答．【解答】解：A、伽利略猜想做自由落体运动的物体，其下落的距离与时间平方成正比，并用实验进行了验证．故A错误．B、牛顿在行星运动定律的基础上，结合牛顿第二定律、第三定律研究总结出了万有引力定律．故B正确．C、亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，故C错误．D、焦耳概括和总结出了能量守恒定律．故D错误．故选：B．【点评】对于物理学史上重大发现、著名理论等等加强记忆，这也是考试考查的内容之一．2．今年10月24日凌晨从西昌卫星发射中心升空的“再入返回飞行试验器”，是中国探月工程三期任务中最关键的一次试验．若飞行试验绕月球做匀速周圆运动，则在离月面越近的轨道上运动时（）A．线速度越小B．角速度越小C．向心加速度越小D．周期越小【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】根据万有引力提供向心力，解出线速度、角速度、加速度、周期与轨道半径的关系，在根据这些关系讨论即可．【解答】解：根据万有引力提供向心力，得，ω=，，，由此可知，轨道半径r越小，速度、角速度、加速度均越大，而周期越小，故ABC错误、D正确．故选：D．【点评】本题要掌握万有引力提供向心力这个关系，要能够根据题意选择恰当的向心力的表达式．3．下列关于简谐运动与机械波的说法中，正确的是（）A．同一单摆，在月球表面做简谐振动的周期小于在地球表面做简谐振动的周期B．两列完全相同的波发生干涉时，若P点为两列波的波峰相遇点，则在振动过程中P点的位移不可能为零C．机械波在传播过程中，各质点做简谐运动的周期与波的传播周期不相等D．做简谐运动的质点在半个周期内经过的路程一定为振幅的2倍【考点】简谐运动；机械波．【分析】利用单摆的振动周期、受迫振动、波的传播速度有介质决定和波的分类即可求解．【解答】解：A、同一单摆在月球和地球上时，月球表面上的重力加速度比地球表面的重力加速度小，据单摆的周期公式可知，在月球表面简谐振动的周期大于在地面表面简谐振动的周期，故A错误；B、两列完全相同的波发生干涉时，若P点为两列波的波峰相遇点，则再过四分之一周期时，一定为平衡位置相遇，此时位移一定为零；故B错误；C、机械波在传播过程中，各质点做简谐运动的周期与波的传播周期相等，故C错误；D、由振动过程可知，做简谐运动的质点在半个周期内经过的路程一定为振幅的2倍；故D 正确；故选：D．【点评】本题考查对机械振动和机械波基本知识的理解和掌握情况，机械波的基本特点是：“不随波逐流”，频率由波源决定，波速由介质决定．4．以某一水平初速度v0抛出一物体，飞行时间t=2s后，撞在倾角θ=30°的斜面上，此时物体的速度方向刚好与斜面成α=60°的夹角，如图所示．则此物体的水平初速度 v0等于（取g=10m/s2）（）A．10m/s B．20m/s C．20m/s D．30m/s【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，由时间求出物体撞在斜面上时竖直分速度，将速度进行分解，根据平行四边形定则求出初速度．【解答】解：物体做平抛运动，物体撞在斜面上时竖直方向上的分速度的大小为 v y=gt=20m/s 此时速度与水平方向的夹角为β=α﹣θ=60°﹣30°=30°则初速度为 v0=v y cotβ=20×cot30°=20m/s故选：C．【点评】本题就是对平抛运动规律的直接考查，掌握住平抛运动的规律就能轻松解决．5．如图所示，斜面体M放在水平地面上，物块m静止在斜面上．在平行于斜面向下的推力F作用下物块匀速下滑，此时斜面体仍保持静止不动，则（）A．施加推力后斜面体对地面的压力比施加推力前要大B．施加推力后斜面体受到地面的摩擦力水平向右C．施加推力后物块m对斜面体M的作用力竖直向下D．如果增大推力F，斜面体M可能会运动起来【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对整体受力分析，因整体各部分加速度均为零，则由共点力的平衡条件可求得地面对整体的支持力及摩擦力；再对滑块受力分析，根据共点力平衡条件判断斜面体与滑块间的作用力情况．【解答】解：A、B、对整体受力分析可知，在不加外力时，整体受重力、支持力及而处于平衡状态，则支持力为F N1=（m+M）g；当施加推力后，整体受重力、地面的支持力、推力的作用；将推力分解为水平向右的分力F x和竖直向下的分力F y；在竖直方向上，由共点力的平衡条件可知：F N=F y+（M+m）g；故压力增大；在水平方向上，整体受向右的推力的分力，则可知整体要想平衡，地面一定对斜面体有向左的摩擦力；故A正确，B错误；C、施加推力后，滑块m受重力、推力、支持力和摩擦力，根据共点力平衡条件，支持力、摩擦力的合力与推力、重力的合力等值、反向、共线，由于推力、重力向右下方，故支持力、摩擦力的合力向左上方，根据牛顿第三定律，施加推力后物块m对斜面体M的作用力向右下方，故C错误；D、如果增大推力F，由于滑块对斜面的压力等于重力的垂直斜面方向的分力而不变，故滑动摩擦力也不变，故D错误；故选：A．【点评】本题关键是先后对整体、滑块受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析，不难．6．一个质量m=0.5kg的物块（可视为质点），在t=0时以v0=36m/s的初速度竖直向上抛出，又落下来，其运动的速率时间图象如图所示，已知空阻力大小始终恒定不变，重力加速度g=10m/s2．则下面说法正确的是（）A．物块所受的空气阻力为大小2NB．在t=0s到t=3s的时间内物块所受重力的平均功率大小为90WC．在t=2s时物块克服空气阻力做功的功率为12WD．在t=0到t=4s时间内机械能变化量为54J【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像．【专题】功率的计算专题．【分析】通过图象求的加速度，利用牛顿第二定律求的阻力，平均功率等于力与平均速度的乘积；瞬时功率等于力与瞬时速度的乘积，机械能的变化量等于克服阻力所做的功【解答】解：A、在上升过程中加速度为有牛顿第二定律mg+f=maf=ma﹣mg=0.5×12﹣0.5×10N=1N，故A错误；B、在0﹣3s内平均速度为，故重力的平均功率大小为P=，故B正确；C、t=2s时速度为v=12m/s，故克服空气阻力做功的功率为P=fv=12W，故C正确；D、在下落过程中加速度为，3﹣4s内通过的位移为，故在0﹣4s内通过路程为x=58m故阻力做功为W f=﹣fx=﹣58J，故机械能减小58J，故D错误；故选：BC【点评】本题主要考查了瞬时功率与平均功率的求法，利用好P=Fv即可7．如图所示，小车的支架上用细线拴在一个摆球，悬点为O，现用水平虚线MN和竖直虚线PQ将竖直平面空间分成四个区间．在外部推力的作用下，使小车沿倾角为θ的斜面做直线运动，当小球与小车保持相对静止后，对下面几种运动情况的判断正确的是（不计空气阻力）（）A．若小车沿斜面向下运动，当细线与斜面方向垂直时，小车向下运动的加速度大小为gsinθB．若小车沿斜面向上做匀速运动，则细线可在Ⅲ区与竖直方向成一定夹角C．无论小车沿斜面向下的加速度多大，细线都不可能在I区与水平方向成一定夹角D．无论小车沿斜面向上的加速度多大，细线都不可能沿与ON重合的水平方向【考点】牛顿第二定律．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】小球和小车具有相同的加速度，通过小球的加速度方向对小球分析确定绳子的方向．【解答】解：A、若小车沿斜面向下做匀加速运动，知小球的加速度沿斜面向下，则稳定后细线可在Ⅳ区与竖直方向成一定夹角，小车向下运动的加速度大小为gsinθ．故A正确．B、若小车沿斜面向上做匀速运动，知小球的加速度为零，小球受重力和绳子的拉力平衡，则细线在竖直方向上．故B错误．C、当加速度满足一定条件时，最终细线在Ⅰ区与水平方向成一定夹角，小球受重力和绳子拉力，两个力的合力沿斜面向下．故C错误．D、当细线方向与ON方向重合时，小球所受的合力不可能沿斜面方向，知无论小车的加速度多大，稳定后细线都不可能沿与ON重合的水平方向．故D正确．故选：AD．【点评】本题考查了连接体问题，关键抓住小球和小车加速度相等，运用牛顿第二定律进行分析求解．二、非选择题（共68分）8．如图所示的实验装置中，A是固定在支架上的激光笔，B、C是平面镜，P是桌面，m、M 是叠放在一起的重物．①该装置是用来观察桌面的微小形变，当只将重物m移走时，光点D将向左（选填“左”或“右”）移动．②以上实验主要体现了物理学的哪种科学方法 BA．控制变量的方法 B．放大的方法C．理想化模型 D．等效的方法．【考点】弹性形变和范性形变．【分析】镜子受到弹力作用而向下凹，根据镜面反射的特点知反射的光线偏向右方，当将重物拿走后弹力消失，光斑将由D′向D移．【解答】解：（1）重物对桌面产生了压力，故可以产生微小形变；为了放大，我们采用了平面镜光线的反射进行实验；当重物减小时，桌面的形变减小；反射角减小，则光点向左移动；（2）在本实验中采用了将微小量放大的思想；故选：B；故答案为：（1）物体的微小形变，左．（2）B【点评】本题考查光线的反射及弹力的产生，要注意本实验采用了放大的思想，将微小形变通过平面镜显示出来．9．某同学利用所学知识进行了如下探究实验：如图甲所示，将木板有定滑轮的一端垫起，将打点计时器安装在长木板上靠近滑块处，滑块与穿过打点计时器的纸带相连，带夹的纸带通过细绳跨过定滑轮，细绳下端连接钩码，调整木板倾角，使滑块在木板上向下做匀速直线运动，此时钩码的质量已知为m0．接下来仅将钩码m0撤去，保持整个装置不变，释放滑块，滑块在木板上向下做匀加速直线运动，此时打点计时器打出的纸带如图乙所示（已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，A、B、C、D、E是所打纸带上选出的计数点），求解下列问题：①打点计时器在打C点时滑块的速度v C= 2.1 m/s；②撤去钩码m0后滑块下滑的加速度a= 3.9 m/s2．③查得重力加速度为g，可求出滑块质量的表达式M= （用字母a、m0、g表示）④保持图甲装置不变，通过多次改变所挂钩码的质量m且每次所挂钩码的质量均小于m0．滑块加速运动时，绳的拉力近似等于所挂钩码的重力．由实验数据作出的a﹣mg图象如图丙所示，则滑块的质量M为0.40 kg．（g=10m/s2，计算结果保留两位有效数字）【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．当取下细绳和钩码时，由于滑块所受其它力不变，因此其合外力与撤掉钩码的重力等大反向；根据牛顿第二定律有mg=Ma，由此可解得滑块的质量．【解答】解：（1）由于每相邻两个计数点间还有1个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.04s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小．v C==2.1m/s（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：a==3.9m/s2．（3）根据牛顿第二定律有：m0g=Ma，由此可解得M=，（4）a=，由实验数据作出的a﹣mg图象如图丙所示，图象的斜率K=，则滑块的质量M=0.40kg．故答案为：（1）2.1（2）3.9（3），（4）0.40【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．10．据了解，泸州公交公司最近新投入的电气混合新能源公交车，拥有两种不同的动力源（燃油发动机和电力发动机），具有充电时间短，优先用电，电气混用动力互补，回收储备电能等特点，既省油又环保．假设汽车及车上乘客总质量为M=10×103kg，当它在平直路面上行驶时，只采用电力驱动，发动机额定功率为P1=150kw，能达到的最大速度为v1=54km/h；汽车行驶在倾角为θ=37°的斜坡道上时，为获得足够大的驱动力，两种动力同时启动，此时发动机的总额定功率可达P2=560kw．设汽车在斜坡上行驶时所受的摩擦阻力与在平直路面上的摩擦阻力相等，汽车在运动过程中摩擦阻力不变．（g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力）求：（1）汽车在平直路面上行驶时受到的摩擦阻力；（2）汽车在斜坡道上能达到的最大速度v2；（3）若汽车在斜坡上以恒定功率P2从静止开始做加速直线运动，经过时间t=30s刚好达到最大速度v2，求这段时间内汽车运动的位移．【考点】功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】功率的计算专题．【分析】（1）在平直路面行驶，汽车以功率P1匀速行驶时速度最大，此时汽车做匀速运动，f=；（2）不论汽车在平直路面上还是在斜坡道上，都是加速度为零时，速度达到最大．根据功率与牵引力的关系，及合力为零时速度最大，求出汽车在斜坡道上能达到的最大速度．（3）由动能定理即可求解．【解答】解：（1）在平直路面行驶，汽车以功率P1匀速行驶时速度最大，设驱动力为F1，阻力为f，则P1=F1v1…①F1=f…②解得：f=（2）在斜坡上用共点力平衡可知：F=mgsinθ+f=7×104N最大速度为（3）根据动能定理得：Pt﹣（mgsinθ+f）x=代入数据解得：x=235.4m答：（1）汽车在平直路面上行驶时受到的摩擦阻力为10000N；（2）汽车在斜坡道上能达到的最大速度v2为8m/s（3）若汽车在斜坡上以恒定功率P2从静止开始做加速直线运动，经过时间t=30s刚好达到最大速度v2，这段时间内汽车运动的位移为235.4m【点评】解决本题的关键知道功率与牵引力的关系，以及知道加速度为零时，汽车的速度最大．11．去年“嫦娥三号”携带“玉兔号”月球车已在月球表面成功软着陆，我们为求出“玉兔号”月球车的高度，设想的实验方案如下：假如一个固定在车顶的压缩弹簧把一质量为m=0.1kg的小物块弹射出去，使物块沿着相对于月球表面静止的月球车顶层的水平板运动距离L=0.5m后到达平板的边缘，以v=2m/s的速度垂直边缘线飞出，其水平射程为x=2m，物块与顶层平板的动摩擦因数为0.5，查得月球质量大约是地球的倍，半径约是地球的倍．不考虑月球自转对重力的影响，地球表面的重力加速度g取10m/s2．求：（1）月球表面的重力加速度g月；（2）“玉兔号”月球车的高度h；（3）弹簧对小物块做的功W．【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】根据重力等于万有引力，分别解出地球表面重力加速度和月球表面重力加速度，两值相比，代入数据化简即可．物块离开顶层平板后做类平抛运动，水平方向做匀速运动，计算出时间，代入竖直方向上的位移公式，可计算出高度．。
四川省某重点中学2015届高三高考模拟试卷物理Word版含答案
2015年四川高考物理学科模拟试题第I卷（选择题共42分）一．选择题（本题共7小题。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分,有选错的得O 分）1.在以下各种说法中，正确的是A．一对相互作用的摩擦力所做的总功总是负功B．所有的机械波都能产生偏振现象，而电磁波不能C．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为绿光，则干涉条纹间距变宽D．用透明的标准样板和单色光检查平面的平整度是利用了光的干涉2．如图所示，一束复色光沿PO射向截面为半圆形玻璃砖的圆心O处后，分成a、b两束单色光射出。
对于a、b两束单色光下列说法正确的是A. 单色光a频率较小B. 单色光a穿过玻璃砖的时间较长C．单色光a的传播速度始终大于单色光b的传播速度D.若它们都从玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角比b光的小3．如图所示，一只理想变压器原线圈与频率为50 Hz的正弦交流电源相连。
两个阻值均为20 Ω的电阻串联后接在副线圈的两端。
图中的电流表、电压表均为理想交流电表，原、副线圈的匝数分别为200匝和100匝，电压表的示数为5 V。
则A．电流表的读数为0．5 AB．流过电阻的交流电的频率为100 HzC．原线圈电压的最大值为VD．原线圈的输入功率为25 W4．一列简谐横波，某时刻的图像如下图甲所示，从该时刻开始计时，波上A点的振动图像如图乙所示，则以下说法正确的是A．这列波沿x轴正向传播B ．这列波的波速是2．5m/sC ．质点P 比质点Q 先回到平衡位置D ．经过△t=0．4 s ，A 质点通过的路程是4 m5．2011年11月1日“神舟八号”飞船发射升空后，先后经历了5次变轨，调整到处于“天宫一号”目标飞行器后方约52公里处，并与“天宫一号”处于同一离地面高343公里的圆形轨道上，与“天宫一号”实施首次交会对接，完成浪漫的“太空之吻”。
在实施对接前“神舟八号”飞船与“天宫一号” 目标飞行器轨道示意图如图所示，忽略它们之间的万有引力，则A ．“神舟八号”飞船与“天宫一号”飞行器受到地球的吸引力大小相等B ．“神舟八号”飞船与“天宫一号” 飞行器的加速度大小相等C ．“神舟八号”飞船比“天宫一号” 飞行器的速度大D ．“神舟八号”飞船与“天宫一号” 飞行器的速度一样大，但比地球同步卫星的速度小6．如图所示，cb 为固定在小车上的水平横杆，物块M 穿在杆上，靠摩擦力保持相对杆静止，M 又通过轻细线悬吊着一个小铁球m ，此时小车正以大小为a 的加速度向右做匀加速运动，而M 、m 均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为θ．小车的加速度逐渐增大，M 始终和小车保持相对静止，当加速度增加到2a 时A ．横杆对M 的摩擦力增加到原来的2倍B ．横杆对M 的弹力不变C ．细线与竖直方向的夹角增加到原来的2倍D ．细线的拉力增加到原来的2倍7．如图所示,空间存在足够大的竖直向下的匀强电场,带正电荷的小球（可视为质点且所受电场力与重力相等）自空间O 点以水平初速度v 0抛出,落在地面上的A 点,其轨迹为一抛物线．现仿此抛物线制作一个光滑绝缘滑道并固定在与OA 完全重合的位置上,将此小球从O 点由静止释放,并沿此滑道滑下,在下滑过程中小球未脱离滑道．P 为滑道上一点,已知小球沿滑道滑至P 点时其速度与水平方向的夹角为45°,下列说法正确的是A ．小球两次由O 点运动到P 点的时间相等B ．小球经过P 点时,水平位移与竖直位移之比为1：2C ．小球经过滑道上P 点时,电势能变化了14m 20vD ．小球经过滑道上P 点时,重力的瞬时功率为mgv 0第Ⅱ卷（非选择题共68分）8.(17 分） (1)(6分) 验证“力的平行四边形法则”实验如图所示，A 为固定橡皮的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点，OB 、OC 为细绳子，图乙是在白纸上根据实A ．理想实验法B ．等效替代法C ．控制变量法D ．建立物天宫一号理模型法（2）(11分)为了精确测量某待测电阻R x 的阻值（约为30Ω）。
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精品文档 精品文档 2015年四川省高考物理试卷 参考答案与试题解析 一、选择题：每题6分，每题给出的四个选项中，有的只有一个选项，有的有多个选项符合题目要求，全部选地的得6分，选对但不全的得3分，有选错和不选的得0分 1．（6分）（2015•四川）在同一位置以相同的速率把三个小球分别沿水平、斜向上、斜向下方向抛出，不计空气阻力，则落在同一水平地面时的速度大小（ ） A． 一样大 B． 水平抛的最大 C． 斜向上抛的最大 D． 斜向下抛的最大
考点： 平抛运动；抛体运动． 分析： 不计空气阻力，物体的机械能守恒，分析三个球的运动情况，由机械能守恒可以判断落地的速度． 解答： 解：由于不计空气的阻力，所以三个球的机械能守恒，由于它们的初速度的大小相同，又是从同一个位置抛出的，最后又都落在了地面上，所以它们的初末的位置高度差相同，初动能也相同，由机械能守恒可知，末动能也相同，所以末速度的大小相同． 故选：A． 点评： 本题是机械能守恒的直接应用，比较简单，也可以直接用动能定理求解．
2．（6分）（2015•四川）平静湖面传播着一列水面波（横波），在波的传播方向上有相距3m的甲、乙两个小木块随波上下运动，测得两个小木块每分钟都上下30次，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰．这列水面波（ ） A． 频率是30Hz B． 波长是3m C． 波速是1m/s D． 周期是0.1s
考点： 波长、频率和波速的关系；横波的图象． 分析： 由题可知，甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰，说明两木块平衡位置间的距离等于1.5波长，即可求出波长，由小木块每分钟振动30次，求出每秒振动的次数即为频率，再由波速公式v=λf求波速． 解答： 解：据题意：甲在波谷时，乙在波峰，且两木块之间有一个波峰，则1.5λ=3m 得：λ=2m．
由小木块每分钟振动30次，则得木块振动的频率f=Hz=0.5Hz，故波速为：
v=λf=2×0.5m/s=1m/s．周期为T==2s 故选：C． 点评： 解决本题的关键要理解波长和频率的含义，得到波长和频率，记住波速公式v=λf，再进行求解．
3．（6分）（2015•四川）直线P1P2过均匀玻璃球球心O，细光束a、b平行且关于P1P2对称，由空气射入玻璃球的光路如图．a、b光相比（ ） 精品文档 精品文档 A． 玻璃对a光的折射率较大 B． 玻璃对a光的临界角较小 C． b光在玻璃中的传播速度较小 D． b光在玻璃中的传播时间较短
考点： 光的折射定律． 专题： 光的折射专题． 分析： 根据光的偏折程度分析折射率的大小，由sinC=分析临界角的大小．由v=分析光
在玻璃中的传播速度大小，由t=分析光在玻璃中的传播时间关系． 解答： 解：A、由图知，光线通过玻璃砖后，b光的偏折角大，则玻璃对b光的折射率较大，故A错误．
B、玻璃对a光的折射率较小，由sinC=分析知，玻璃对a光的临界角较大．故B错误． C、由v=分析知，b光在玻璃中的传播速度较小，故C正确．
D、b光在玻璃砖通过的路程较大，传播速度较小，由t=分析知b光在玻璃中的传播时间较长．故D错误． 故选：C． 点评： 解决本题的关键要明确折射率越大，光的偏折角越大，判断出折射率关系，再分析其他量之间的关系．
4．（6分）（2015•四川）小型手摇发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO′，线圈绕OO′匀速转动，如图所示，矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，则发电机输出电压（ ）
A． 峰值是e0 B． 峰值是2e0 C． 有效值是e0 D． 有效值是Ne0
考点： 正弦式电流的图象和三角函数表达式；交流的峰值、有效值以及它们的关系． 精品文档 精品文档 专题： 交流电专题． 分析： 根据矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势求出整个矩形线圈产生的感应电动势的最大值； 根据正弦交变电压电动势最大值与有效值的关系求解发电机输出电压． 解答： 解：矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，所以矩形线圈产生的
感应电动势的最大是2Ne0， 根据正弦交变电压电动势最大值与有效值的关系得
发电机输出电压有效值U==Ne0， 故选：D． 点评： 本题考查了交流电产生的原理和最大值、有效值的关系，知道整个矩形线圈产生的感应电动势是ab边和cd边产生的感应电动势之和．
5．（6分）（2015•四川）登上火星是人类的梦想，“嫦娥之父”欧阳自远透露：中国计划于2020年登陆火星．地球和火星公转视为匀速圆周运动，忽略行星自转影响，根据如表，火星和地球相比（ ） 行星 半径/m 质量/kg 轨道半径/m 地球 6.4×109 6.0×1024 1.5×1011
火星 3.4×106 6.4×1020 2.3×1011
A． 火星的公转周期较小 B． 火星做圆周运动的加速度较小 C． 火星表面的重力加速度较大 D． 火星的第一宇宙速度较大
考点： 万有引力定律及其应用；向心力． 专题： 万有引力定律的应用专题． 分析： 根据开普勒第三定律分析公转周期的关系．由万有引力定律和牛顿第二定律结合分析
加速度的关系．根据万有引力等于重力，分析星球表面重力加速度的关系．由v=
分析第一宇宙速度关系． 解答： 解：A、由表格数据知，火星的轨道半径比地球的大，根据开普勒第三定律知，火星的公转周期较大，故A错误． B、对于任一行星，设太阳的质量为M，行星的轨道半径为r．
根据G=ma，得加速度 a=，则知火星做圆周运动的加速度较小，故B正确．
C、在行星表面，由G=mg，得 g= 由表格数据知，火星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比为 =•=×＞1 故火星表面的重力加速度较大，故C正确． 精品文档 精品文档 D、设行星的第一宇宙速度为v．则 G=m，得 v=．代入可得火星的第一宇宙速度较小．故D错误． 故选：BC． 点评： 对于行星绕太阳运动的类型，与卫星类型相似，关键要建立运动模型，掌握万有引力等于向心力与万有引力等于重力两条基本思路．
6．（6分）（2015•四川）如图所示，半圆槽光滑、绝缘、固定、圆心是O，最低点是P，直径MN水平，a、b是两个完全相同的带正电小球（视为点电荷），b固定在M点，a从N点静止释放，沿半圆槽运动经过P点到达某点Q（图中未画出）时速度为零．则小球a（ ）
A． 从N到Q的过程中，重力与库仑力的合力先增大后减小 B． 从N到P的过程中，速率先增大后减小 C． 从N到Q的过程中，电势能一直增加 D． 从P到Q的过程中，动能减少量小于电势能增加量
考点： 电势能；功能关系．
分析： 分析库仑力及重力的合力，根据功的公式明确合力做功情况；再根据重力做功和电场力做功的特点与势能的关系分析电势能的变化． 解答： 解：A、a由N到Q的过程中，重力竖直向下，而库仑力一直沿二者的连线方向，则可知，重力与库仑力的夹角一直减小，故合力一直在增大；故A错误； B、在整个过程中合力先与运动方向的夹角均为锐角，合力做正功；而后一过程中合力与运动方向夹角为钝角，合力做负功；故从N到P的过程中，速率先增大后减小；故B正确； C、由于在下降过程中，库仑力一直与运动方向夹角大于90度，故库仑力一直做负功；电势能一直增加；故C正确；
D、从P到Q的过程中，由动能定理可知，﹣mgh﹣WE=0﹣mv2；故动能的减小量等于重力势能增加量和电势能的增加量；故D错误；
故选：BC． 点评： 本题考查功能关系，要注意明确电场力和重力具有相同的性质，即重力做功量度重力势能的改变量；而电场力做功量度电势能的改变量． 精品文档 精品文档 7．（6分）（2015•四川）如图所示，S处有一电子源，可向纸面内任意方向发射电子，平板MN垂直于纸面，在纸面内的长度L=9.1cm，中点O与S间的距离d=4.55cm，MN与SO直线的夹角为θ，板所在平面有电子源的一侧区域有方向垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度B=2.0×10﹣4T．电子质量m=9.1×10﹣31kg，电量e=1.6×10﹣19C，不计电子重力．电子源发射速度v=1.6×106m/s的一个电子，该电子打在板上可能位置的区域的长度为l，则（ ）
A． θ=90°时，l=9.1cm B． θ=60°时，l=9.1cm C． θ=45°时，l=4.55cm D． θ=30°时，l=4.55cm 考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动． 专题： 带电粒子在磁场中的运动专题． 分析： 由洛仑兹力充当向心力可求得粒子运动半径，再由几何关系可知，电子运动的范围，由几何关系即可求出电子打在板上可能位置的区域的长度． 解答： 解：由洛仑兹力充当向心力可得；
Bqv=m
解得：R===0.0455m=4.55cm； 所有粒子的圆心组成以S为圆心，R为半径的圆；电子出现的区域为以S为圆心，以9.1cm半径的圆形区域内，如图中大圆所示； 故当θ=90°时，纸板MN均在该区域内，故l=9.1cm；同理当夹角小于90度时，MN均在大圆区域内，故均有电子打在整体板上；故AB正确，CD错误； 故选：AB．
点评： 本题考查带电粒子充当向心力的运动规律，解题的关键问题在于明确粒子运动的圆心和半径，进而明确所有粒子可能出现的空间．
二、非选择题：（共68分）