2018-2019学年湖南省益阳市高三(上)期末物理试卷及答案及解析(26页)
专题1.3 运动图像的理解和运用(解析版)
高考物理备考微专题精准突破专题1.3运动图像的理解和运用【专题诠释】1.x -t 图像(1)物理意义：反映了物体做直线运动的位移随时间变化的规律.(2)图线斜率的意义①图线上某点切线的斜率的大小表示物体速度的大小.②切线斜率的正负表示物体速度的方向.2.v -t 图像(1)物理意义：反映了做直线运动的物体的速度随时间变化的规律.(2)图线斜率的意义①图线上某点切线的斜率的大小表示物体加速度的大小.②图线上某点切线的斜率的正负表示物体加速度的方向3.a -t 图像(1)物理意义：反映了做直线运动的物体的加速度随时间变化的规律.(2)图象斜率的意义：图线上某点切线的斜率表示该点加速度的变化率.(3)包围面积的意义：图象和时间轴所围的面积，表示物体的速度变化量【高考引领】【2019·浙江选考】一辆汽车沿平直道路行驶，其v –t 图象如图所示。
在t =0到t =40s 这段时间内，汽车的位移是（）A ．0B ．30mC ．750mD ．1200m【命题立意】考察v -t 图像面积的物理意义。
【答案】C【解析】在v –t 图像中图线与时间轴围成的面积表示位移，故在40s 内的位移为()()1104030m 750m 2x =⨯+⨯=，C 正确。
【2018·新课标全国II卷】甲、乙两汽车同一条平直公路上同向运动，其速度–时间图象分别如图中甲、乙两条曲线所示。
已知两车在t2时刻并排行驶，下列说法正确的是（）A．两车在t1时刻也并排行驶B．t1时刻甲车在后，乙车在前C．甲车的加速度大小先增大后减小D．乙车的加速度大小先减小后增大【命题立意】考察利用v-t图像分析追击相遇问题【答案】BD【解析】v–t图象中图象包围的面积代表运动走过的位移，两车在t2时刻并排行驶，利用逆向思维并借助于面积可知在t1时刻甲车在后，乙车在前，故A错误，B正确；图象的斜率表示加速度，所以甲的加速度先减小后增大，乙的加速度也是先减小后增大，故C错D正确。
2018-2019学年湖南省益阳市洞天中学高三物理测试题含解析
2018-2019学年湖南省益阳市洞天中学高三物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示， ACB是一光滑的、足够长的、固定在竖直平面内的“∧”形框架，其中CA、CB边与竖直方向的夹角分别为37°和53°.P、Q两个轻质小环分别套在CA、CB上，两根细绳的一端分别系在P、Q环上，另一端和一绳套系在一起，结点为O.将质量为m的钩码挂在绳套上，OP、OQ两根细绳拉直后的长度分别用l1、l2表示，受到的拉力分别用F1和F2表示（已知cos370=0.8，cos530=0.6）则A．F1∶F2＝l2∶l1B．F1∶F2＝1∶1C．F1∶F2＝3∶4D．F1∶F2＝4∶3[参考答案：C2. 一物体作匀加速直线运动，通过一段位移△x所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移△x所用时间为t2。
则物体运动的加速度为A． B． C．a D．参考答案：A3. （多选）如图所示为一种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成．若静电分析器通道中心线的半径为R，通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外．一质量为m、电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打到胶片上的Q点．不计粒子重力．下列说法正确的是（）A．粒子一定带正电B．加速电场的电压C．直径D．若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群离子具有相同的比荷参考答案：ABD质谱仪和回旋加速器的工作原理 L4 L5解析：A、由左手定则可知，粒子带正电，而粒子在MN间被加速，故A正确；B、根据电场力提供向心力，则有qE=，又有电场力加速运动，则有qU=mv2，从而解得：U=，故B正确；C、根据洛伦兹力提供向心力，则有：qvB=，结合上式可知，PQ=，若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点说明运动的直径相同，由于磁场，电场与静电分析器的半径不变，则该群离子具有相同的比荷，故C错误，D正确；故选：ABD．4. 在交通事故中，测定碰撞瞬间汽车的速度，对于事故责任的认定具有重要的作用。
湖南省益阳市高三上学期普通高中期末考试物理试题
秘密★启用前湖南省益阳市高三上学期普通高中期末物理考试注意事项：1.考试时间为90分钟，满分为100分02.本试卷分第I卷(选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上o3.回答第I卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试卷上无效。
4.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
5.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷一、选择题：本题共12小题，每小题'分。
在每小题给出的四个选项中，第1〜8题只有一项符合题目要求，第9〜12题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
1.关于光电效应，下列说法正确的是A.光电效应说明光具有粒子性，它是爱因斯坦首先发现并加以理论解释的B.光电效应实验中，逸出的光电子来源于金属中的自由电子C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为该束光的波长太短D.发生光电效应时光电子的最大初动能与入射光的频率成正比2.有关近代物理的叙述，下列说法正确的是A. 衰变现象说明电子是原子核的组成部分B.结合能较大的原子核，其比结合能也较大，原子核相对稳定C. Th 23490衰变为Rn 22296，经过3次α衰变，2次β衰变D.氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后一定只剩下1个氡原子核3.如图所示，双轮小车的拉杆与底面垂直，现用小车运送货物，在勻速运动过程中，拉杆面与水平方向的夹角为θ。
若不计货物与小车间的摩擦，则小车拉杆面和底面对货物的支持力大小之比为A.θsinB.θcosC.θtanD.θtan 1 4.在x 轴上的A 、B 两点分别固定着1q 、2q 两个点电荷，两个点电荷连线上各点的电势ϕ随坐标x 变化的关系图象如图所示，已知AC ＜CB ，则下列说法正确的是A. 1q 和2q 为等量的异种点电荷B. 1q 的电荷量大于2q 的电荷量C.在AB 间，电子在C 点右侧的电势能大于在C 点左侧的电势能D.在AB 间，质子从C 点分别向左右两侧移动相等的距离，电场力做的功大小相等5.如图所示，在竖直平面内有一曲面，曲面满足方程22x y =，从x 轴上P 点将一小球以初速度sm /20=υ水平拋出，小球打在曲面上的M 点（未反弹）。
湖南省益阳市欧江岔镇中学2018年高三物理上学期期末试卷含解析
湖南省益阳市欧江岔镇中学2018年高三物理上学期期末试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 2018年2月，我国500 m口径射电望远镜（天眼）发现毫秒脉冲星“J0318+0253”，其自转周期T=5.19 ms，假设星体为质量均匀分布的球体，已知万有引力常量为。
以周期T稳定自转的星体的密度最小值约为（）A. B.C. D.参考答案：C试题分析;在天体中万有引力提供向心力，即，天体的密度公式，结合这两个公式求解。
设脉冲星值量为M，密度为根据天体运动规律知：代入可得：，故C正确；故选C点睛：根据万有引力提供向心力并结合密度公式求解即可。
2. （单选）下列说法符合物理学史的是（）A．伽利略认为力是维持物体运动的原因B．卡文迪利用扭秤实验成功地测出了引力常量C．开普勒通过对其导师第谷观测的行星数据进行研究得出了万有引力定律D．伽利略在归纳总结了牛顿、笛卡尔等科学家的结论的基础上得出了牛顿第一定律参考答案：B 解析：A、伽利略认为力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，故A错误．B、牛顿发现万有引力定律之后，卡文迪利用扭秤实验成功地测出了引力常量．故B正确．C、开普勒通过对其导师第谷观测的行星数据进行研究，得出了行星运动三大定律，故C错误．D、牛顿在归纳总结了伽利略、笛卡尔等科学家的结论的基础上得出了牛顿第一定律，故D错误．故选：B．3. （多选）在光滑的绝缘水平面上，有一个边长为L的正三角形abc，顶点a、b、c处分别固定一个电荷量为q的正电荷，如图所示，D点为正三角形外接圆的圆心，E、G、H点分别为ab、ac、bc的中点，F点为E点关于电荷c的对称点。
则下列说法中正确的有( ) A．E、F两点电势相等B．E、G、H三点电势相等C．E、F两点电场强度大小相等D．E、G、H三点电场强度大小相等参考答案：BD4. （单选）如图所示，斜面顶端在同一高度的三个光滑斜面AB、AC、AD，均处于水平方向的匀强磁场中．一个带负电的绝缘物块，分别从三个斜面顶端A点由静止释放，设滑到底端的时间分别为t AB、t AC、t AD则（）解：因为小球带负电．其次洛伦兹力方向垂直于速度方向向下，对斜面的压力越来越大，小球受到的洛伦兹力只是增大了小球对斜面的压力，并不改变其加速度，加速度只由重力平行与斜面方向的分力决定，所以是匀加速运动．运动的加速度：a=gsinθ，设斜面高h，则斜面长：，运动的时间t：，d2：，可知，θ越小，时间越长．故：t AB＜t AC＜t AD 故选：C考查粒子受力情况来确定运动情况，掌握受力分析的方法，理解左手定则．注意小动能为E，它返回到斜面底端的动能为E/2，小物块上滑到最大路程的中点时速度为v；若木块以2E的初动能冲上斜面，则有A．返回斜面底端时的动能为EB．返回斜面底端时的动能为3E/2C．小物块上滑到最大路程的中点时速度为D．小物块上滑到最大路程的中点时速度为【必做题】参考答案：AC二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在如图（a）所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图（b）所示．则电源内阻的阻值为5Ω，滑动变阻器R2的最大功率为0.9 W．参考答案：当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为，故=；由闭合电路欧姆定律可得E=5+0.2r解得：r=5Ω，E=6V．由上分析可知，R1的阻值为5Ω，R2电阻为20Ω；当R1等效为内阻，则当滑动变阻器的阻值等于R+r时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为10Ω时，滑动变阻器消耗的功率最大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流I==A=0.3A，则滑动变阻器消耗最大功率P=I2R=0.9W；故答案为：5，0.9．面上，弹簧的另一端与固定墙面相连，小球做一维自由振动。
湖南省益阳市2024年物理高三上期末复习检测试题含解析
湖南省益阳市2024年物理高三上期末复习检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、某国际研究小组借助于甚大望远镜观测到了如图所示的一-组“双星系统”，双星绕两者连线上的某点O 做匀速圆周运动，此双星系统中体积较小的成员能“吸食”另一颗体积较大的星体表面物质，达到质量转移的目的。
假设两星体密度相当，在演变的过程中两者球心之间的距离保持不变，则在最初演变的过程中，下列说法错误的是（ ）A ．它们做圆周运动的万有引力逐渐增大B ．它们做圆周运动的角速度保持不变C ．体积较大星体做圆周运动轨迹半径变大，线速度也变大D ．体积较大星体做圆周运动轨迹半径变小，线速度变大2、a 、b 两车在同一车道以24m /s 的速度同向匀速直线行驶，a 车在前，b 车在后，两车相距36m ，某时刻（0t ）a 车突然发现前面有一路障，其后a 车运动的速度，时间图象如图所示，3.5s 后b 车立即刹车，若两车不发生碰撞，则加速度为（ ）A ．22m/sB ．24m/sC ．26m/sD ．28m/s3、如图，梯形小车a 处于光滑水平面上，一弹性绳将小车a 与竖直墙壁连接（松弛），a 倾斜的上表面放有物块b ，现给a 和b 向左的相同速度v 0，在之后的运动过程中，a 与b 始终保持相对静止。
则在弹性绳从伸直到长度最大的过程中（ ）A ．b 对a 的压力一直增大B ．b 对a 的摩檫力一直减小C ．b 对a 的作用力一直减小D ．b 对a 的作用力方向水平向左4、2018年12月8日，在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭将嫦娥四号发射；2019年1月3日，嫦娥四号成功登陆月球背面，人类首次实现了月球背面软着陆。
湖南省益阳市2018-2019学年高三上学期期末物理试题-a0fe8b192c6e472bb40ea64f21419edc
……外…………○学……内…………○绝密★启用前湖南省益阳市2018-2019学年高三上学期期末物理试题试卷副标题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题)请点击修改第I 卷的文字说明 一、单选题1．2018年11月21日消息，中科院合肥物质科学研究院核能安全所吴宜灿研究员获得了美国核学会聚变核能杰出成就奖。
关于聚变与衰变、天然放射现象，下面说法正确的是（ ）A ．原子核核子间的距离接近到1010m 就会发生聚变反应B ．23290Pb 衰变成20882Pb 要经过6次α衰变和4次β衰变C ．天然放射现象中产生的a 射线穿透能力很强且速度与光速相当D ．β衰变是放射性元素原子的核外电子具有较高能量时发生的2．如图所示，踢毽子是人们喜爱的一项体育活动，毽子被踢出后竖直向上运动，达到最高点后又返回原处。
若运动过程中毽子受到的空气阻力大小与速度的大小成正比，且始终小于毽子的重力，则下列说法正确的是（ ）A ．毽子踢出后受到三个力的作用B ．毽子到最高点时，不受任何力的作用C ．毽子在上升过程中，加速度先减小后增大○…………线………※○…………线………3．如图所示，一个圆环绕经过圆心的竖直轴00'匀速转动，圆环上套着两个可视为质点的小球A、B，当两个小球相对于圆环静止时，小球A和圆心的连线与竖直轴OO′的夹角为45°，小球B和圆心的连线与竖直轴OO'的夹角为30°．则下列说法正确的是（）A．小球A、B做圆周运动的半径之比为1B．小球A、B做圆周运动的角速度之比为1：2C．小球A、B：1D．小球A、B做圆周运动的向心加速度之比为1：14．哈雷彗星是每76.1年环绕太阳-周的周期彗星，因英国物理学家爱德蒙•哈雷测定其轨道数据并成功预言回归时间而得名。
地球的公转轨道接近圆，但彗星的运动轨道是一个非常扁的椭圆，设地球的公转半径为R，则下列说法正确的是（）A．哈雷彗星靠近近日点的过程中，克服万有引力做功，速度减小B．哈雷彗星靠近远日点的过程中，万有引力做正功，速度增大C．哈雷彗星的半长轴为a=D．哈雷彗星的半长轴为21a3R76.1=5．现在中国的高铁进入了迅速发展的时期，中国成为了此界上的高铁大国，自主研发的“复兴号”，时速350公里，已达到国际标准。
2018-2019学年湖南省益阳市高二(上)期末物理试卷(文科)解析版
2018-2019学年湖南省益阳市高二（上）期末物理试卷（文科）一、单选题（本大题共17小题，共51.0分）1.在国际单位制中，电荷量的单位是A. 安培B. 库仑C. 伏特D. 特斯拉【答案】B【解析】解：电荷量的国际单位是库仑，简称库，符号为故B正确，ACD错误；故选：B。
电学中各个物理量都有自己的国际单位；电荷量的国际单位是库仑，简称库，符号为C．电学中的物理量较多，各个物理量都有自己的单位，不要将单位相互混淆．2.用实验证实电磁波存在的科学家是A. 赫兹B. 麦克斯韦C. 洛伦兹D. 焦耳【答案】A【解析】解：用实验证实电磁波存在的科学家是赫兹，故A正确，BCD错误；故选：A。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．3.通电线圈在磁场中受到安培力作用会发生扭转，下列器件或设备中根据这个原理设计和工作的是A. 电容器B. 变压器C. 避雷针D. 电动机【答案】D【解析】解：A、电容器的原理是两个靠近的极板，与通电线圈在磁场中受到安培力作用无关。
故A错误；B、变压器的原理是互感，与通电线圈在磁场中受到安培力作用无关。
故B错误；C、避雷针的原理是尖端放电，与通电线圈在磁场中受到安培力作用无关。
故C错误；D、通电线圈在磁场中受到安培力作用会发生扭转，人们利用该原理设计制作了电动机。
故D正确。
故选：D。
通电线圈在磁场中受到安培力作用会发生扭转，人们利用该原理设计制作了电动机．该题考查电动机的原理，属于对基础知识点的考查，在平时的学习中多加积累即可．4.塑料梳子跟头发摩擦后能吸引细碎纸屑，是由于它们之间存在A. 弹力B. 静电力C. 安培力D. 洛伦兹力【答案】B【解析】解：由于摩擦使塑料刻度尺带电，靠近轻小的纸片时，由于静电感应从而使轻小的纸片出现极化现象，靠近塑料看得出的一侧带上异种电荷，导致两者有静电引力作用。
2019年湖南省益阳市堤卡子中学高三物理测试题含解析
2019年湖南省益阳市堤卡子中学高三物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图，一理想变压器原线圈接入一交流电源，副线圈电路中、、和均为固定电阻，开关S是闭合的，和为理想电压表，读数分别为和；、和为理想电流表，读数为别为、和。
现断开S，不变，下列推断正确的是：A、变小，变小B、不变，变小C、变小，变小D、变小，变大参考答案：C2. 如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场有理想边界，用力将矩形线圈从有边界的磁场中匀速拉出，在其他条件不变的情况下( )A.速度越大，拉力做功越多B.线圈边长L1越大，拉力做功越多C.线圈边长L2越大，拉力做功越多D.线圈电阻越大，拉力做功越多参考答案：ABC3. （单选题）如图所示，倾斜放置的圆盘绕着中轴匀速转动，圆盘的倾角为37°，在距转动中心r=0.1m处放一小木块，小木块跟随圆盘一起转动，小木块与圆盘的动摩擦因数为μ=0.8，木块与圆盘的最大静摩擦力与相同条件下的滑动摩擦力相同．若要保持小木块不相对圆盘滑动，圆盘转动的角速度最大值为(已知)A．8rad/s B．2rad/sC．rad/s D．rad/s参考答案：B4. （单选）a、b、c三个物体在同一条直线上运动，三个物体的x-t图像如图所示，图像c 是一条抛物线，坐标原点是抛物线的顶点，下列说法正确的是A.a、b两物体都做匀速直线运动，两个物体的速度相同B.a、b两物体都做匀变速直线运动，两个物体的加速度大小相等，方向相反C.t=5s时，a、b两个物体相距最近D.物体c一定做变速直线运动参考答案：D5. 一位同学乘坐电梯从六楼下到一楼的过程中，其v-t图象如图所示．下列说法正确的是A．前2s内该同学处于超重状态B．前2s内该同学的加速度是最后1s内的2倍C．该同学在10s内的平均速度是1m/sD．该同学在10s内通过的位移是17m参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 实验室内，某同学用导热性能良好的气缸和活塞将一定质量的理想气体密封在气缸内（活塞与气缸壁之间无摩擦），活塞的质量为m，气缸内部的横截面积为S．用滴管将水缓慢滴注在活塞上，最终水层的高度为h，如图所示．在此过程中，若大气压强恒为p0，室内的温度不变，水的密度为，重力加速度为g，则：①图示状态气缸内气体的压强为；②以下图象中能反映密闭气体状态变化过程的是。
湖南省益阳市2018届高三上学期调研物理试卷9月份 含解
2018-2018学年湖南省益阳市高三（上）调研物理试卷（9月份）一、选择题（本题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1〜8题只有一项符合题目要求，第9〜12题有多项符合鹿目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列说法中，符合物理学史实的是（）A．牛顿根据牛顿运动定律及开普勒有关天体运动的三个定律发现了万有引力定律B．安培提出了著名的分子电流假说和场的概念C．法拉第通过实验发现在磁场中转动的金属圆盘吋以对外输出电流，从而发现了电流的磁效应D．伽利略通过对物体运动的研究建立了将物理实验事实和逻辑推理相结合的科学方法，提出了“力是维持物体运动的原因”这一观点2．甲、乙两车沿同一方向同时由静止开始做直线运动，两车的速度﹣时间图象如图所示，图象中的OC段与AB平行，CB段与OA平行，则下列说法中正确的是（）A．t1﹣t2时间内两车的距离保持不变B．0﹣t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C．0﹣t2时间内甲车的加速度和乙车的加速度始终不相等D．t3时刻甲车和乙车相遇3．如图，水平传送带两端点A、B间距离L=5m，传送带以v0=2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转．现将一质m=lkg的小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2．由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．则小煤块从A运动到B的过程中（）A．小煤块从A运动到B的时间是sB．划痕长度是0.5mC．皮带对物块的摩擦力做的功为10JD．由于传送煤块而使电动机多输出的能量为4J4．某人在O点将质量为m的飞镖以不同大小的初速度沿OA水平投出，A为靶心且与O在同一高度，如图所示，飞漂水平初速度分别是v1、v2时打在档板上的位置分别是B、C，且AB：BC=1：3 则（）A．两次飞镖从投出后到达靶心的时间之比t1：t2=l：3B．两次飞镖投出的初速度大小之比v1：v2=2：1C．两次飞镖的速度变化量大小之比△V1：△V2=3：1D．适当减小m可使飞镖投中靶心5．2018年6月11日“神舟十号”在酒泉发射中心由长征二号F改进型运找火箭成功发射，搭载三位航天员﹣﹣﹣聂海胜、张晓光、王亚平，6月26日回归地球．已知地球的半径为R，引力常量为G，地球自转周期为T0，“神舟十号”的周期为T，宇肮员在A点测出地球的张角为α．则（）A．“神舟十号”飞船绕地球运动的线速度v=B．“神舟十号”飞船绕地球运动的角速度为C．“神舟十号”飞船绕地球运动的向心加速度为D．地球平均密度为6．如图所示，导体棒沿两平行金属导轨从图中位置以速度v向右匀速通过一正方形abcd磁场区域，ac垂直于导轨且平行于导体棒，ac右侧的磁感应强度是左侧的2倍且方向相反，导轨和导体棒的电阻均不计，下列关于导体棒中感应电流和所受安培力随时间变化的图象正确的是（规定电流从M经R到N为正方向，安培力向左为正方向）（）A．B．C．D．7．理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=2：1，在原、副线圈回路中分别接有R1、R2两个定值电阻且R1=2R2．原线圈一侧接在电压为U AB=12V的正弦交流电源上，如图所示．则（）A．U AB：U CD=2：1B．R2两端电压为4VC．原、副线圈回路消耗的功率之比p1：p2=1：1D．若AB间改接电压仍为12V的直流电源，则原、副线圈回路电流之比I1：I2=1：2 8．如图所示，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬吊一质量为m的小球（M＞m），用力F水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a1向左运动时，细线与竖直方向成α角，此时细线的拉力力F1．若仍用力F水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a2向右运动时，细线与竖直方向成β角，细线的拉力为F2，则下列关系正确的是（）A．a1=a2，F1＞F2 B．α=β，F1＜F2C．α＜β，F1＜F2 D．α＞β，F1＞F29．如图所示，一束质量和电荷量均不同的带正电粒子（不计粒子重力），以相同的初速度从同一位罝垂直射入电压为U的偏转电场，经偏转电场后能飞出极板的粒子打到极板右侧荧光屏上，对能打到屛上的粒子，下列说法正确的是（）A．比荷相同的粒子，在偏转电场中沿同一轨迹运动B．减小两极板间的电压，粒子在电场中运动的时间将变长C．电荷量为q的粒子到达屏时，动能的增量为qUD．减小偏转极板的长度，可使粒子打在屏上的位置距屏中心的距离减小10．如图所示，垂直纸面向外的V形有界匀强磁场磁感应强度大小为B，左边界AC是一块竖直放置的挡板，其上开有小孔Q，一束电荷量为+q，质量为m（不计重力）的带电粒子，以不同的速率垂直挡板从小孔Q射入右侧磁场中，CD为磁场右边界，它与挡板的夹角θ=30°，小孔Q到板的下端C的距离为L，若速率最大的粒子恰好垂直CD边射出，则（）A．恰好不从CD边射出的粒子的速率v=B．粒子动能的最大值E km=C．能够从CD边射出的粒子在磁场中运动的最长时间t m=D．CD边上有粒子打到的区域长度为11．如图所示，质量为m的小环套在竖直固定的光滑直杆上，用轻绳跨过质量不计的光滑定滑轮与质量为2m的重物相连，定滑轮与直杆的距离为d，现将小环从与定滑轮等高的A 处由静止释放，下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A．小环下滑过程中小环和重物组成的系统机械能守恒B．当小环下落d的距离到达B点时，它的速度与重物上升速度大小之比为C．重物上升的最大高度为D．重物从开始运动到上升到最高的过程中，轻绳的张力始终大于2mg12．如图所示，PN为两个等量的同种正电荷连线的中垂线，O为连线中点，Q是中垂线上的点，且PQ=QO，N处放置一正的点电荷，则（）A．P处的场强的大小一定小于Q处的场强的大小B．P、Q间的电势差一定等于Q、O间的电势差C．Q处的电势一定高于P处的电势D．电子在P处的电势能一定大于电子在Q处的电势能二、实验题（共16分）13．某实验小组利用如图所示的装置验证机械能守恒定律．图中A、B是两个质量分別为m1、m2的圆柱形小物体，且m1＞m2，将它们分别系在一条跨过定滑轮的柔软细绳两端．C、D是置于A物体一侧，相距为h的两个沿A物体下落方向摆放的计时光电门，利用这两个光电门，可以分别测量物体A经过C、D位置时的时间间隔△t1和△t2．（1）要利用此装置验证机械能守恒定律，除题中已知量m1、m2、h、△t1和△t2外，还需要测量的物理量是；（2）已知当地的重力加速度为g，若系统的机械能守恒，则需满足等式；（3）为了减小实验误差，提高测量精度，其中一项有效的措施是：保持C、D两光电门的竖直高度差h不变，将C、D一起上下移动．你认为（填“向上”或“向下”）移动才能减小实验误差，提高测量精度．14．某课外兴趣小组设计了一个测定电容器电容的实验方案，其实验原理如图甲所示，E为电池组、C为待测电容器、G为检流计（可测微弱电流）、R'为滑动变阻器、R是定值电阻、V是电压表、S′、S为电键，实验步骤如下：A．按甲图连接电路；B．闭合S′，调节滑动变阻器，使电压表示数为某确定值；C．闭合S，给电容器充电，当电容器两端电压稳定时，记下此时的电压表读数U C及检流计示数i C；D．断开S和S′，同时开始计时．每隔5秒读取并记录一次电流值，直到电流为零；E．以放电电流为纵坐标、放电时间为横坐标，作出i C﹣t图象；F、改变U C的值，重复上述步骤（除A）；∫G．整理器材．（1）S′、S闭合前滑动变阻器滑片应调到端（填“a”或“b”）（2）闭合S后电压表示数变化应该是（填“变大”或“变小”）（3）如图乙所示是本次试验当U C=2.5V时描出的i C﹣t图象，由图可求得所测电容器电容C=μF（取一位有效数字）．三、计算题（共46分）15．如图所示，光滑圆弧轨道半径为R，其未端P点位于倾角θ=30°的足够长斜面顶端A的正上方，且作PA=R，整个装置在同一竖直面内．现将质量为m的小物块（可视为质点）从圆弧轨道顶端由静止释放．（重力加度为g）求：（1）小物块运动到P点时对轨道的压力大小；（2）小物块在斜面上的落点到木板顶端A的距离．16．如图甲所示，质量为0.2kg的金属棒ab与导轨间摩擦因数μ=0.2，阻值R=0.8Ω的电阻连在导轨右端．装置处于竖直向下的匀强磁场中．从零时刻开始，对ab棒施加一水平向左的恒力，使其从静止开始沿导轨滑动，滑动过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好，两导轨间的距离为0.2m．图乙是棒的v﹣t图象．其中OA是图象在O点的切线，AB是图象的渐近线．除R以外，其余部分的电阻均不计．己知：当棒的位移为10m时，其速度达到了最大速度8m/s．求：（1）磁感强度B的大小；（2）在棒运动10m过程中电阻R上产生的焦耳热．17．航母舰载机的弹射装置是制约我国航母发展的技术瓶颈．为了解决这一难题，某中学课外活动小组对此进行了一系列的研究．他们把航母的弹射装置及飞机在肮母上的起飞过程，简化为一个如下的中学物理模型：（1）如图所示，在一块固定在水平地面上的粗糙木板（等效于航母静止）左端A处，水平拴接一根轻弹簧，弹簧处于自然长度时，其右端点在木板上的O点．先压缩弹簧至木板上的B点，其弹簧的压缩量记为x1，然后，将一个质量为m的小物体，紧靠弹簧的右端点放置而不与弹簧拴接在一起．通过释放这根被压缩的弹簧，小物体到达O点后可获得一个“弹射速度”，小物体从此脱离弹簧，系统同时自动生成一个水平向右的恒力F（等效于舰载机滑行时的牵引力），继续给小物体P加速．又通过位移x2（等效于舰载机在甲板上的滑行距离）后，可使小物体获得一个理想的“起飞速度”v．已知小物体与木板之间的动摩擦因数为μ，当地重力加速度为g．求弹簧压缩至B点时所具有的弹性势能E p；（2）若拆除弹簧，并使木板以速度u向右做匀速直线运动，小物体仍在恒力F作用下，相对于木板从静止开始加速（等效于舰载机的滑跃式起飞），试求小物体在木板上，相对于木板的滑行距离仍为x2（此时小物块木脱离木板）时，所获得的最终速度．2018-2018学年湖南省益阳市高三（上）调研物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，第1〜8题只有一项符合题目要求，第9〜12题有多项符合鹿目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1．下列说法中，符合物理学史实的是（）A．牛顿根据牛顿运动定律及开普勒有关天体运动的三个定律发现了万有引力定律B．安培提出了著名的分子电流假说和场的概念C．法拉第通过实验发现在磁场中转动的金属圆盘吋以对外输出电流，从而发现了电流的磁效应D．伽利略通过对物体运动的研究建立了将物理实验事实和逻辑推理相结合的科学方法，提出了“力是维持物体运动的原因”这一观点【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、牛顿根据牛顿第一定律及开普勒有关天体运动的三个定律发现了万有引力定律，故A正确；B、法拉第提出了场的概念，故B错误；C、奥斯特发现了电流的磁效应，故C错误；D、力是维持物体运动的原因的观点是亚里士多德提出的，故D错误．故选：A2．甲、乙两车沿同一方向同时由静止开始做直线运动，两车的速度﹣时间图象如图所示，图象中的OC段与AB平行，CB段与OA平行，则下列说法中正确的是（）A．t1﹣t2时间内两车的距离保持不变B．0﹣t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度C．0﹣t2时间内甲车的加速度和乙车的加速度始终不相等D．t3时刻甲车和乙车相遇【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度时间图象上图线的斜率表示加速度，图线与时间轴包围的面积表示0﹣t3时间内甲车的平均速度大于乙车的对应时间内的位移大小，再根据平均速度的定义进行分析即可．【解答】解：A、根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知，t1﹣t2时间内两车的距离即位移之差不断增大，故A错误．B、由图知，0﹣t3时间内甲车的位移大于乙车的位移，时间相等，则0﹣t3时间内甲车的平均速度大于乙车的平均速度，故B正确．C、t1﹣t2时间内，两图线平行，斜率相等，加速度相等，故C错误．D、0﹣t3时间内甲车的位移大于乙车的位移，两车又从同一地点出发，所以t3时刻甲车和乙车没有相遇，故D错误．故选：B3．如图，水平传送带两端点A、B间距离L=5m，传送带以v0=2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转．现将一质m=lkg的小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.2，g取10m/s2．由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．则小煤块从A运动到B的过程中（）A．小煤块从A运动到B的时间是sB．划痕长度是0.5mC．皮带对物块的摩擦力做的功为10JD．由于传送煤块而使电动机多输出的能量为4J【考点】功能关系；牛顿第二定律．【分析】小煤块滑上传送带后先做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后做匀速直线运动，根据位移公式求出滑块和传送带的相对位移大小，即划痕的长度；根据运动学公式分别求出匀加速和匀速运动的时间，从而得出小煤块从A运动到B的时间．根据动能定理求皮带对物块的摩擦力做的功．【解答】解：A、根据牛顿第二定律得，小煤块的加速度a=μg=2m/s2，则匀加速运动的时间t1==s=1s，匀加速运动的位移x1==m=1m．则小煤块匀速运动的位移x2=x﹣x1=5﹣1=4m，则匀速运动的时间t2==s=2s，所以小煤块从A运动到B的时间t=t1+t2=3s．故A错误．B、在煤块匀加速运动的过程中，传送带的位移x3=v0t1=2×1m=2m，则划痕的长度△x=x3﹣x1=1m．故B错误C、由动能定理得：皮带对物块的摩擦力做的功W=﹣0=J=2J，故C错误．D、由于传送煤块而使电动机多输出的能量等于产生的内能和煤块获得的动能之和，为E=Q+=μmg△x+=0.2×1×10+2=4J，故D正确．故选：D4．某人在O点将质量为m的飞镖以不同大小的初速度沿OA水平投出，A为靶心且与O在同一高度，如图所示，飞漂水平初速度分别是v1、v2时打在档板上的位置分别是B、C，且AB：BC=1：3 则（）A．两次飞镖从投出后到达靶心的时间之比t1：t2=l：3B．两次飞镖投出的初速度大小之比v1：v2=2：1C．两次飞镖的速度变化量大小之比△V1：△V2=3：1D．适当减小m可使飞镖投中靶心【考点】平抛运动．【分析】忽略空气阻力，则飞镖被抛出后做平抛运动．由题意可知两次飞镖的水平距离相同，可根据竖直方向的位移比求出时间比，再根据水平速度等于水平位移与时间的比值，就可以得到水平速度的比值．【解答】解：A、忽略空气阻力，则飞镖被抛出后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，根据h=得：t=，所以两次飞镖运动的时间比t1：t2=：=1：2．故A错误B、根据v=，位移x相等，得：v1：v2=t2：t1=2：1．故B正确；C、速度变化量：△v=gt，所以故选：B两次飞镖的速度变化量大小之比△V1：△V2=t1：t2=1：2．故C错误．D、质量对平抛运动的过程没有影响，所以减小m不能使飞镖投中靶心．故D错误．故选：B5．2018年6月11日“神舟十号”在酒泉发射中心由长征二号F改进型运找火箭成功发射，搭载三位航天员﹣﹣﹣聂海胜、张晓光、王亚平，6月26日回归地球．已知地球的半径为R，引力常量为G，地球自转周期为T0，“神舟十号”的周期为T，宇肮员在A点测出地球的张角为α．则（）A．“神舟十号”飞船绕地球运动的线速度v=B．“神舟十号”飞船绕地球运动的角速度为C．“神舟十号”飞船绕地球运动的向心加速度为D．地球平均密度为【考点】线速度、角速度和周期、转速．【分析】宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，由飞船的周期及半径可求出飞船的线速度；同时由引力提供向心力的表达式，可列出周期与半径及角度α的关系；由地球的自转时间与宇宙飞船的转动周期，可求出一天内飞船经历日出的次数；由万有引力提供向心力的公式即可求出地球的质量，即可求得密度．【解答】解：A、“神舟十号”飞船绕地球匀速圆周运动，线速度为v=…①又由几何关系知sin（）=…②由①②解得：v=，故A正确；B、“神舟十号”的周期为T，所以“神舟十号”飞船绕地球运动的角速度为．故B错误；C、“神舟十号”飞船绕地球一圈时间为T，飞船绕一圈会经历日出一次，所以每过时间T就经历日出一次，得一天内飞船经历日出的次数为，故C错误；D、万有引力提供向心力则：③④联立②③④得：ρ=．故D错误．故选：A6．如图所示，导体棒沿两平行金属导轨从图中位置以速度v向右匀速通过一正方形abcd磁场区域，ac垂直于导轨且平行于导体棒，ac右侧的磁感应强度是左侧的2倍且方向相反，导轨和导体棒的电阻均不计，下列关于导体棒中感应电流和所受安培力随时间变化的图象正确的是（规定电流从M经R到N为正方向，安培力向左为正方向）（）A．B．C．D．【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【分析】根据楞次定律判断感应电流的方向，由法拉第电磁感应定律和欧姆定律列式分析感应电流大小变化规律，再得到安培力随时间的变化，由平衡条件分析F的变化规律．【解答】解：设ac左侧磁感应强度是B，则右侧的为2B．导轨间距为L．AB、金属棒PQ通过bac区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从Q到P，为正方向，由i===∝t，PQ刚要到ac时，i=；金属棒PQ通过bdc区域时，由右手定则可知金属棒感应电流从P到Q，为负方向，由i==，可知i随时间均匀减小，PQ棒刚离开ac时，i=．故A正确，B错误．CD、金属棒PQ通过bac区域时，安培力F=Bi•2vt=∝t2．金属棒PQ通过bdc区域时，安培力大小为F=2Bi•（L﹣2vt）=．根据数学知识可得，故CD错误．故选：A．7．理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=2：1，在原、副线圈回路中分别接有R1、R2两个定值电阻且R1=2R2．原线圈一侧接在电压为U AB=12V的正弦交流电源上，如图所示．则（）A．U AB：U CD=2：1B．R2两端电压为4VC．原、副线圈回路消耗的功率之比p1：p2=1：1D．若AB间改接电压仍为12V的直流电源，则原、副线圈回路电流之比I1：I2=1：2【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据变压器电压之比等于匝数之比；电流之比等于匝数的反比；输出功率等于输入功率等变压器原理进行分析；注意输入电压和电源的输出电压的关系．【解答】解：A、设变压器原线圈中电流为I，根据电流与匝数成反比得，副线圈的电流为2I，副线圈两端的电压根据电压与匝数成正比得，原线圈两端的输入电压为，解得，所以所以，故A错误；B、两端的电压，故B正确；C、原线圈回路消耗的电功率副线圈回路消耗的电功率所以原、副线圈回路消耗的功率之比p1：p2≠1：1，故C错误；D、若AB间改接电压仍为12V的直流电源，因变压器只能改变交流电压，副线圈电流为0，故D错误；故选：B8．如图所示，质量为M的小车放在光滑水平面上，小车上用细线悬吊一质量为m的小球（M＞m），用力F水平向左拉小车，使小球和车一起以加速度a1向左运动时，细线与竖直方向成α角，此时细线的拉力力F1．若仍用力F水平向右拉小球，使小球和车一起以加速度a2向右运动时，细线与竖直方向成β角，细线的拉力为F2，则下列关系正确的是（）A．a1=a2，F1＞F2 B．α=β，F1＜F2C．α＜β，F1＜F2 D．α＞β，F1＞F2【考点】牛顿第二定律．【分析】先对左图中情况下的整体受力分析，运用牛顿第二定律列式；然后对小球受力分析，运用牛顿第二定律列式，求出绳子的拉力F1和加速度a；再次对右图中的小球受力分析，运用牛顿第二定律求出绳子的拉力和加速度；最后再比较结果即可．【解答】解：先对左图中情况下的整体受力分析，受重力、支持力和拉力根据牛顿第二定律，有F=（M+m）a由几何关系得：=mgtanαF合F1=再由牛顿第二定律，得到a=gtanα再对右图中情况下的小球受力分析，如图根据牛顿第二定律，有F﹣F2sinβ=ma ②F2cosβ﹣mg=0 ③由以上三式可解得F2=a=由于M＞m，故a＜β，F1＜F2故选：C．9．如图所示，一束质量和电荷量均不同的带正电粒子（不计粒子重力），以相同的初速度从同一位罝垂直射入电压为U的偏转电场，经偏转电场后能飞出极板的粒子打到极板右侧荧光屏上，对能打到屛上的粒子，下列说法正确的是（）A．比荷相同的粒子，在偏转电场中沿同一轨迹运动B．减小两极板间的电压，粒子在电场中运动的时间将变长C．电荷量为q的粒子到达屏时，动能的增量为qUD．减小偏转极板的长度，可使粒子打在屏上的位置距屏中心的距离减小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】粒子在电场中做类平抛运动，出电场后做匀速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出在电场中的加速度和偏转的位移；根据水平方向匀速直线运动判断运动时间的变化；根据动能定理分析动能的能量【解答】解：A、根据牛顿第二定律，粒子在偏转电场中的加速度，比荷相同的粒子加速度相同，因为以相同的初速度从同一位置射入偏转电场，侧向偏移量∝，比荷相同的粒子偏移量形同，在偏转电场中沿同一轨迹运动，故A正确；B、粒子在偏转电场中做类平抛运动，在垂直电场方向做匀速直线运动，运动的时间不变，故B错误；C、根据动能定理，动能的增加量等于电场力做的功，粒子入射点与出射点间的电势差小于U，即电场力做功小于qU，动能的增量小于qU，故C错误；D、减小偏转极板的长度，粒子运动的时间减小，竖直位移减小，所以粒子打在屏上的位置距屏中心的距离减小，故D正确；故选：AD10．如图所示，垂直纸面向外的V形有界匀强磁场磁感应强度大小为B，左边界AC是一块竖直放置的挡板，其上开有小孔Q，一束电荷量为+q，质量为m（不计重力）的带电粒子，以不同的速率垂直挡板从小孔Q射入右侧磁场中，CD为磁场右边界，它与挡板的夹角θ=30°，小孔Q到板的下端C的距离为L，若速率最大的粒子恰好垂直CD边射出，则（）A．恰好不从CD边射出的粒子的速率v=B．粒子动能的最大值E km=C．能够从CD边射出的粒子在磁场中运动的最长时间t m=D．CD边上有粒子打到的区域长度为【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子垂直射入磁场，做匀速圆周运动，洛仑兹力提供向心力，根据qvB=m，解得r=，故速度越大，轨道半径越大，作出轨迹与CD相切的临界情况分析．【解答】解：A、根据推论公式r=，粒子的速度越大，轨道半径越大；恰好不从CD边射出的粒子的轨迹与CD相切，如图所示：结合几何关系，有：QC=L=r+，解得：r=；根据r=，有：v=，故A错误；B、若速率最大的粒子恰好垂直CD边射出，故C为圆心，轨道半径为r=L，根据r=，有：v=，故最大动能为：E km==，故B正确；C、恰好能够从CD边射出的粒子轨迹与CD相切，根据A选项分析，半径r=，对应的圆心角为120°，故t===，故C正确；D、根据选项A的分析，如果是粒子的轨迹与CD边相切，则切点与C点的距离为r=；如果速度最大，轨迹与CD的交点与C点的距离为L；故CD边上有粒子打到的区域长度为L﹣，故D错误；故选：BC11．如图所示，质量为m的小环套在竖直固定的光滑直杆上，用轻绳跨过质量不计的光滑定滑轮与质量为2m的重物相连，定滑轮与直杆的距离为d，现将小环从与定滑轮等高的A 处由静止释放，下列说法正确的是（重力加速度为g）（）A．小环下滑过程中小环和重物组成的系统机械能守恒B．当小环下落d的距离到达B点时，它的速度与重物上升速度大小之比为C．重物上升的最大高度为D．重物从开始运动到上升到最高的过程中，轻绳的张力始终大于2mg【考点】机械能守恒定律；运动的合成和分解．【分析】由机械能守恒的条件判断是否守恒；由小环加速下落可知重物加速上升，再根据牛顿第二定律即可求解；结合重物上升的高度应等于绳子缩短的长度，以及小环在沿绳子的方向速度与重物速度相等，然后将小环的速度沿绳子与垂直于绳子方向正交分解即可．【解答】解：A、环和重物组成的系统，只有重力做功，系统的机械能是守恒的．故A正确．B、环到达B时，绳子收缩的长度等于重物上升的高度，所以h=（﹣1）d=0.414d．B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有：vcos45°=v，即v=．故B正确；重物C、小球m向下运动到最低点时，2m上升到最大高度，此时二者的速度都是0，设m向下的位移为h1，2m上升的距离为h2，则：根据系统的机械能守恒得：2mgh1=mgh2联立解得：．故C正确；。
湖南省益阳市2018-2019学年高二上学期期末考试物理试题(附解析)
2018-2019学年湖南省益阳市高二（上）期末物理试卷（文科）一、单选题（本大题共17小题，共51.0分）1.在国际单位制中，电荷量的单位是A. 安培B. 库仑C. 伏特D. 特斯拉【答案】B【解析】【分析】电学中各个物理量都有自己的国际单位；电荷量的国际单位是库仑，简称库，符号为C．【详解】电荷量的国际单位是库仑，简称库，符号为C．故B正确，ACD错误；故选B。
2.用实验证实电磁波存在的科学家是A. 赫兹B. 麦克斯韦C. 洛伦兹D. 焦耳【答案】A【解析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【详解】用实验证实电磁波存在的科学家是赫兹，故A正确，BCD错误；故选A。
【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．3.通电线圈在磁场中受到安培力作用会发生扭转，下列器件或设备中根据这个原理设计和工作的是A. 电容器B. 变压器C. 避雷针D. 电动机【答案】D【解析】试题分析：通电线圈在磁场中受到安培力作用会发生扭转，人们利用该原理设计制作了电动机．解：A、电容器的原理是两个靠近的极板，与通电线圈在磁场中受到安培力作用无关．故A错误；B、变压器的原理是互感，与通电线圈在磁场中受到安培力作用无关．故B错误；C、避雷针的原理是尖端放电，与通电线圈在磁场中受到安培力作用无关．故C错误；D、通电线圈在磁场中受到安培力作用会发生扭转，人们利用该原理设计制作了电动机．故D正确．故选：D【点评】该题考查电动机的原理，属于对基础知识点的考查，在平时的学习中多加积累即可．4.塑料梳子跟头发摩擦后能吸引细碎纸屑，是由于它们之间存在A. 弹力B. 静电力C. 安培力D. 洛伦兹力【答案】B【解析】【分析】根据摩擦起电使塑料刻度尺带电，靠近轻小的纸片时，根据带电物体吸引小物体的特点，以及静电力的特点即可解答。
【详解】由于摩擦使塑料刻度尺带电，靠近轻小的纸片时，由于静电感应从而使轻小的纸片出现极化现象，靠近塑料看得出的一侧带上异种电荷，导致两者有静电引力作用，故B正确，ACD错误。
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2018-2019学年湖南省益阳市高三（上）期末物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.2018年11月21日消息，中科院合肥物质科学研究院核能安全所吴宜灿研究员获得了美国核学会聚变核能杰出成就奖。
关于聚变与衰变、天然放射现象，下面说法正确的是（）A. 原子核核子间的距离接近到就会发生聚变反应B. 衰变成要经过6次衰变和4次衰变C. 天然放射现象中产生的a射线穿透能力很强且速度与光速相当D. 衰变是放射性元素原子的核外电子具有较高能量时发生的2.如图所示，踢毽子是人们喜爱的一项体育活动，毽子被踢出后竖直向上运动，达到最高点后又返回原处。
若运动过程中毽子受到的空气阻力大小与速度的大小成正比，且始终小于毽子的重力，则下列说法正确的是（）A. 毽子踢出后受到三个力的作用B. 毽子到最高点时，不受任何力的作用C. 毽子在上升过程中，加速度先减小后增大D. 毽子在下降过程中，加速度减小3.如图所示，一个圆环绕经过圆心的竖直轴00'匀速转动，圆环上套着两个可视为质点的小球A、B，当两个小球相对于圆环静止时，小球A和圆心的连线与竖直轴OO′的夹角为45°，小球B和圆心的连线与竖直轴OO'的夹角为30°．则下列说法正确的是（）A. 小球A、B做圆周运动的半径之比为1：B. 小球A、B做圆周运动的角速度之比为1：2C. 小球A、B做圆周运动的线速度之比为：1D. 小球A、B做圆周运动的向心加速度之比为1：14.哈雷彗星是每76.1年环绕太阳-周的周期彗星，因英国物理学家爱德蒙•哈雷测定其轨道数据并成功预言回归时间而得名。
地球的公转轨道接近圆，但彗星的运动轨道是一个非常扁的椭圆，设地球的公转半径为R，则下列说法正确的是（）A. 哈雷彗星靠近近日点的过程中，克服万有引力做功，速度减小B. 哈雷彗星靠近远日点的过程中，万有引力做正功，速度增大C. 哈雷彗星的半长轴为D. 哈雷彗星的半长轴为5.现在中国的高铁进入了迅速发展的时期，中国成为了此界上的高铁大国，自主研发的“复兴号”，时速350公里，已达到国际标准。
小李某次在高铁站候车时发现，当车头经过自己身边时开始计时，连续两个时间t内，驶过他身边的车厢数分别为8节和6节，假设高铁经过小李身边时火车的运动可视为匀减速直线运动，设火车每一节车厢的长度都相等，不计车厢之间的缝隙，则第3个吋间t内（火车未停止运动）经过小李身边的车厢数为（）A. 5节B. 4节C. 3节D. 2节6.一不计重力的带正电的粒子射入电场，只在电场力作用下运动，粒子从a点经三点运动到e点，其υ-t图象如图所示。
则下列说法正确的是（）A. 粒子在a点处的电势能一定大于在c点处的电势能B. a、b两点间各点的电场强度和电势都为零C. b、d两点间的电势差大于d、c两点间的电势差D. c点处的电场强度一定大于d点处的电场强度7.如图所示为一台小型发电机的构造示意图，两磁极N、S间可视为匀强磁场，磁感应强度大小B=0.2T，ab=0.6m，ad=0.3m，N=100匝。
由图中所示位置开始计时，当线圈以恒定的转速n=r/s逆时针转动时，产生的电动势、磁通量随时间变化的图象正确的是（设向上流过R为电流的正方向，开始转动时穿过线磁通量的方向为正方向）（）A. B.C. D.8.如图所示，竖直面上两根足够长的光滑金属导轨平行固定放置，底端通过导线与阻值为r的电阻连接，与导轨接触良好的金属棒况悬挂在一个固定的轻弹簧下端，导轨、导线和金属棒M的电阻忽略不计，匀强磁场B垂直导轨所在平面向外。
现将金属棒M 从弹簧原长位置由静止释放，则下列说法正确的是（）A. 金属棒M释放瞬间受三个力B. 金属棒M受到弹簧的拉力和重力第一次大小相等时，电路中电流最大C. 金属棒JW向下运动时，流过电阻的电流方向从Q到PD. 金属棒JW运动的整个过程中电阻上产生的总热量小于金属棒M重力势能的减少量二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）9.甲、乙两辆车初始时相距1000m，甲车在后，乙车在前，在同一条公路上做匀变速直线运动，它们的速度时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A. 两辆车在时速度相等B. 乙车比甲车早出发8sC. 两辆车不会相撞D. 甲车停下时，甲车在乙车前边191m处10.如图所示，正对的平行金属板A、B与水平面的夹角为37°，两金属板分别与电源的正负极相连，一带正电的粒子沿虚线从a点运动到b点，其中连线与两金属板平行，则下列说法正确的是（）A. 金属板A带正电，且电场力为重力的B. 粒子的重力势能减少C. 粒子的电势能增加D. 粒子的机械能守恒11.在直角三角形AOB区域内存在一匀强磁场，（磁场未画出），∠O=30°，∠A=90°，从A沿AB方向以υ1=1m/s的速度射入1刚好未从OB边射出，其轨迹与OB边的交点为C（C点未画出）。
从B沿BA方向射入2也刚好经过C点，已知两粒子的质量相等，电荷量的大小相等，不计重力，则下列说法正确的是（）A. 两个粒子的电性相反B. 粒子2的速度C. 粒子2的速度D. 两个粒子同时射出，两个粒子一定不会同时到达C点12.如图所示，半径为r=20cm的光滑半圆轨道AC竖直固定在光滑水平桌面上，在桌面上用挡板把a、b两个物体之间的弹簧压缩一定的距离（a、b与弹簧并不挂接），然后同时释放两侧的挡板，两物体到达A点和B点时已和弹簧分离，结果物体a恰好通过最高点C，物体b落到水平地面上的射程和桌子离地的高度相等，均为50cm。
已知物体b的质量m b=2kg，g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A. 弹簧的最大弹性势能为B.C. 若单独释放左侧的挡板，物体a通过c点时，对轨道的压力大小为25ND. 若单独释放右侧的挡板，物体b平抛的射程为三、实验题探究题（本大题共2小题，共12.0分）13.为了探究功与速度的关系，同时测量物块与长直木板间的动摩擦因数。
按如图甲所示原理图将仪器安装好，A、B是固定在长直木板上的两个铁钉。
（1）将m=1kg的物块拉到OO'所在的位置。
实验时物块在橡皮筋的作用下弹出，沿长直木板滑行，物块始终未滑离木板。
橡皮筋对物块做的功为W，物块的位移为x。
通过改变橡皮筋的条数从而改变做功的多少，分别测量每次物块的位移，并作出W-x图象如图乙所示，已知g=8m/s2，则物块与木板间的动摩擦因数为______。
（2）为了平衡摩擦力，需要将木板的左端抬起，设木板的长度为l，需要在木板的最左端垫一个高为______（可用根号表示）的垫块。
（3）某次实验中，用n条橡皮筋将质量为m的物块弹出，得到的纸带如图丙所示，测得纸带上点迹均匀部分的长度DE=EF=△x，已知所用打点计时器频率为f，设一条橡皮筋所做的功为W0，则W0与△x的关系式为______。
14.一待测电源的电动势约为9V，内阻约为5Ω，为精确测量电源的电动势和内阻，某同学从实验室取来一些实验器材，并设计了如图甲所示的电路图。
器材如下：A．电流表A（量程为0.6A，内阻约为2Ω）B．电压表V（量程为3V，内阻约为10kΩ）C．定值电阻R1=10ΩD．定值电阻R2=2ΩE．电阻箱R（0～999.9Ω）F．开关、导线若干（1）为更准确地完成实验，首先要测得电流表的内阻，将电阻箱R调成0，闭合开关S1和S2，测得电压表和电流表的读数为则电流表的内阻的表达式为R A=______。
（2）经过测量得知电流表的内阻为1.8Ω，断开开关S2，改变电阻箱R的阻值，记录对应的电流表的读数，并作出R-图象如图乙所示，则可得电源的电动势E=______V，内阻r=______Ω．（结果保留一位小数）四、计算题（本大题共4小题，共40.0分）15.一电动车从A点沿正东方向以18km/h的速度运动6min后到达B点，然后又以36km/h的速度向北匀速运动4min后到达C点。
求：（1）这10min内电动车的路程和位移；（2）这10min内电动车的平均速度。
16.如图所示，光滑水平面左端接一竖直光滑半圆轨道，轨道半径R=1.6m，右端接一斜面，斜面的倾角θ=37°，一质量为m的物块甲从斜面上离水平面高度h=3R为的A点由静止滑下，刚好能到达半圆轨道的最高点E点，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2。
（1）求物块甲与斜面间的动摩擦因数；（2）如果在水平面上C点放一材质与物块甲相同、质量为的物块乙，物块甲从斜面上滑下后与物块乙发生弹性碰撞，碰后物块乙恰好能到达半圆轨道的最高点E，则物块甲下滑时的高度为多少？17.如图甲所示，一质量m=0.06kg的金属棒垂直放在倾角θ=37°的导轨上，导轨间的距离l=0.2m，金属棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.8，导轨处于垂直导轨平面向下的有界匀强磁场中，磁场的下边界与金属棒平行且距金属棒的距离x=3m，磁感应强度B随时间t的变化图象如图乙所示，已知t0时刻金属棒开始运动，g=10m/s2，sin37°=0.6，电阻R=3Ω，其余电阻不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
（1）求B0的值；（2）从金属棒开始运动的t0时刻起，给金属棒施加一个外力，让金属棒以v=0.1m/s的速度匀速下滑，则磁感应强度B随时间t怎么变化才能保证金属棒中没有电流，试写出接下来磁感应强度B随时间t变化的关系式。
18.如图所示，在xOy平面的第一、四象限内存在着两个大小不同、方向竖直向上的有界勾强电场E2、E1，x轴和ab为其左右边界，两边界距离为l=2.4r，在y轴的左侧有一匀强磁场均匀分布在半径为r的圆内，方向垂直纸面向里，其中OO'是圆的半径，一质量为m、电荷量为+q的粒子由ab边界上的距x轴1.2r处的M点垂直电场以初速度v射入，经电场E1、E2各偏转一次后垂直y轴上的P点射出，P点坐标为（0，0.6r），经过一段时间后进入磁场区域，已知粒子在磁场中运动的时间是其在磁场运动周期的四分之一，粒子重力不计，求：（1）电场强度E1和E2的大小；（2）磁感应强度B的大小；（3）粒子从M点射入到离开磁场的总时间。
答案和解析1.【答案】B【解析】解：A、要使原子核发生聚变反应，必须使核子间的距离接近到10-15m，故A错误。
B、设x次α衰变和y次β衰变，根据质量数守恒和电荷数守恒得4x+208=232，2x-y+82=90．解得x=6，y=4，故Pb衰变成Pb要经过6次α衰变和4次β衰变。
故B正确。
C、α射线是速度为0.1c的氦核流，穿透能力最弱。
γ射线穿透能力最强且速度与光速相当，故C错误。
D、β衰变放出的电子是来自原子核发生衰变时的产物。