解析江苏省宿迁市泗阳致远中学2021年高考物理模拟试卷二
20２1年江苏省宿迁市泗阳致远中学高考物理模拟试卷
（二）
一、单项选择题:本题共5小题，每小题3分共计15分.每小题只有一个选项符合题意．
1.（３分）（2０１４?盐城二模）某学习小组以“假如失去…”为主题展开讨论.同学们提出以下四种观点，你认为正确的是( ）
A.假如物体间失去了摩擦力，任何运动物体的机械能一定守恒
B．假如磁体周围失去了磁场，其它形式的能将无法转化为电能
Ｃ.假如地球对月球失去了引力,月球就不会绕地球转动
D.假如导体失去了电阻,所有用电器都不能正常工作
考点：机械能守恒定律;万有引力定律及其应用.
专题:机械能守恒定律应用专题．
分析:机械能守恒的条件是只有重力做功或弹力做功；
对于电的产生,要考虑到产生电的方法有很多，不局限在利用磁发电;
导体的电阻是指对电流的阻碍作用,若没有电阻，导线的导电能力更强.
解答:解：A、物体失去摩擦力,运动的物体机械能不一定守恒,机械能守恒的条件是只有重力做功或弹力做功，若除重力或弹力以外有其它力做功，机械能不守恒.故A错误；
B、失去了磁体周围的磁场，我们没法利用磁场来发电;但可以利用其它方法产生电,
如摩擦起电、雷电、蓄电池和干电池提供的直流电等;故B错误；
C、月球绕地球转动,靠万有引力提供向心力，若月球失去引力,月球不能绕地球转动，
故C正确；
D、失去了导体的电阻,导体的导电能力更强,故D错误．
故选：C．
点评：此题是一道想象题,考查学生的发散思维;根据题目通过的环境，联系对应的物理知识，进行缜密的分析即可解答.
2．(3分)(2０14?江苏二模)用质量为M的吸铁石，将一张质量为ｍ的白纸压在竖直固定的磁性黑板上．某同学沿着黑板面,用水平向右的恒力F轻拉白纸,白纸未移动，则此时黑板对白纸的摩擦力的大小为( )
A.F
B.m g C． D.
考点：摩擦力的判断与计算．
专题：摩擦力专题.
分析：分析物体受力情况,根据共点力的平衡条件可得出摩擦力的大小．
解答：解：由题意可知，整体受向下的重力、向右的拉力的作用,二力的合力为F合=；由力的平衡条件可知，摩擦力的应与合力大小相等,方向相反;
故选:D
点评：本题应首先明确物体受到的摩擦力为静摩擦力；静摩擦力的与其他沿接触面的外力的合力大小相等，方向相反.
3.(3分)(20１4?淮阴区校级模拟）如图所示电路中,L为电感线圈，C为电容器，当开关S由断开变为闭合时（)
A．Ａ灯中无电流通过，不可能变亮
B.A灯中有电流通过,方向由a到b
C．B灯逐渐熄灭，c点电势高于ｄ点电势
D.B灯逐渐熄灭,c点电势低于d点电势
考点：自感现象的应用.
分析:电容对直流电路相当于断路,电感线圈对直流电流相当于短路.
解答：解：A、开关s由断开变为闭合时,电容放电，Ａ灯有电流通过,故A错误;
B、开关s由断开变为闭合时，电容放电，所以s闭合瞬间Ａ灯有电流从ｂ到ａ,故B
错误；
C、ｓ闭合瞬间，由于自感，Ｌ中的电流会慢慢减小,所以Ｂ灯逐渐熄灭,d点电势高于
c点电势，故C错误；
D、由于自感B灯逐渐熄灭,由于线圈中的电流方向是从右向左，所以c点的电势低于
d点的电势，故D正确；
故选:Ｄ
点评:本题考查了电容器和电感线圈对交变电流的导通和阻碍作用.
4．(3分)(2014?江苏二模）如图所示,一质量为m的物块以一定的初速度ｖ0从斜面底端沿斜面向上运动，恰能滑行到斜面顶端.设物块和斜面的动摩擦因数一定,斜面的高度h和底边长度x可独立调节（斜边长随之改变），下列说法错误的是( )
A.若增大m,物块仍能滑到斜面顶端
B.若增大h，物块不能滑到斜面顶端，但上滑最大高度一定增大
C.若增大x，物块不能滑到斜面顶端,但滑行水平距离一定增大
D.若再施加一个水平向右的恒力，物块一定从斜面顶端滑出
考点:动能定理.
专题：动能定理的应用专题．
分析：根据动能定理求出初速度与上升高度之间的关系式,抓住水平位移和竖直高度的关系,结合关系式分析求解.
解答:解:A、物块以一定的初速度v０从斜面底端沿斜面向上运动，恰能滑行到斜面顶端,根据动能定理得，，即，可见与物体的质量无关，增大m,物块仍能滑到斜面顶端.故A正确．
B、根据,知h增大，物块不能滑到斜面的顶端,结合
，知h=，增大h,θ增大,则上升的最大高度增大.
故B正确．
C、根据，知x增大,物块不能滑到斜面的顶端,结合
，知x=,增大x，斜面的倾角变小，则滑行的最大距离一定增大.故C正确.
Ｄ、施加一个水平向右的恒力,恒力沿斜面方向的分力可能小于摩擦力的增加量,则物
块不一定能从斜面顶端滑出.故D错误.
本题选错误的,故选：D.
点评：解决本题的关键得出动能定理得出初速度和上升最大高度的关系式,通过关系式分析求解.
5.(3分)(２０14?江苏二模）在半径为ｒ、电阻为Ｒ的圆形导线框内,以直径为界，左、右两侧分别存在着方向如图甲所示的匀强磁场.以垂直纸面向外的磁场为正，两部分磁场的磁感应强度B随时间ｔ的变化规律分别如图乙所示．则０~t0时间内，导线框中( )
A.没有感应电流
B.感应电流方向为逆时针
Ｃ.
感应电流大小为
D．
感应电流大小为
考点：法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．
专题:电磁感应与电路结合.
分析：根据楞次定律可知感应电流的方向;由法拉第电磁感应定律，结合电源的串联特征,并依闭合电路欧姆定律,则可求解．
解答:解：A、根据楞次定律可知，左边的导线框的感应电流是顺时针，而右边的导线框的
感应电流也是顺时针,则整个导线框的感应电流方向顺时针，故AB错误；
C、由法拉第电磁感应定律，因磁场的变化，导致导线框内产生感应电动势，结合题
意可知，产生感应电动势正好是两者之和，即为E＝2×;
再由闭合电路欧姆定律,可得感应电流大小为I==，故C正确,D错误；
故选:C．
点评:考查楞次定律与法拉第电磁感应定律的应用,注意磁场正方向的规定，及掌握两个感应电动势是相加还是相差,是解题的关键.
二、多项选择题：本题共４小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得４分,选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.
6．（４分)(2014?江苏二模)如图所示实线为等量异号点电荷周围的电场线，虚线为以一点电荷为中心的圆，M点是两点电荷连线的中点．若将一试探正点电荷从虚线上N点移动到M 点,则( )
A.电荷所受电场力大小不变B．电荷所受电场力逐渐增大
Ｃ．电荷电势能逐渐减小D．电荷电势能保持不变
考点：电场强度；电势能．
专题:电场力与电势的性质专题．
分析:根据电场线的疏密分析场强的大小，判断电场力的变化；根据顺着电场线方向电势降
低,判断电势的变化,从而确定电势的变化．
解答：解:
A、B由电场线的分布情况可知,N处电场线比M处电场线疏,则Ｎ处电场强度比M处
电场强度小，由电场力公式F=qE可知正点电荷从虚线上N点移动到M点，电场力逐渐增大，故Ａ错误，B正确．
C、D、根据顺着电场线方向电势降低,可知从N到Ｍ,电势逐渐降低，正电荷的电势能
逐渐减小，故Ｃ正确，D错误．
故选:BC
点评：解答本题关键掌握等量异号点电荷电场线分布情况,知道电场线的物理意义：疏密表示电场强势相对大小,方向反映电势的高低.
７.(4分)(２012?湖南校级模拟）如图所示，A为静止于地球赤道上的物体,B为绕地球做椭圆轨道运行的卫星，C为绕地球做圆周运动的卫星，P为B、C两卫星轨道的交点．已知A、Ｂ、C绕地心运动的周期相同.相对于地心,下列说法中错误的是（）
A．卫星C的运行速度大于物体A的速度
B.物体Ａ和卫星C具有相同大小的加速度
C．A物体始终与C卫星保持相对静止
D.卫星B在P点的加速度大小与卫星C在该点加速度大小相等
考点:人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用.
专题：人造卫星问题.
分析：根据A、Ｃ的周期相等,角速度也相等，通过v＝ｒω比较A、Ｃ速度的大小,由a=ω2r 比较A、C加速度的大小.因为卫星的周期一定，根据万有引力提供向心力和牛顿第二定律比较B、C在P点加速度的大小．
解答：解:A、物体A和卫星C的周期相等，则角速度相等，根据ｖ=rω知，半径越大,线速度越大．所以卫星Ｃ的运行速度大于物体A的速度．故A正确．
B、由a=ω２r可知，半径越大，加速度越大，则知卫星Ｃ的加速度大于物体A的加
速度.故B错误．
C、由于物体A和卫星C的周期和角速度相等,应保持相对静止，故C正确.
D、由牛顿第二定律得a=＝=,在P点，B、C两卫星距离地心的距离r相等，
则加速度大小相等．故Ｄ正确
本题选错误的,故选B
点评：解决本题的关键知道Ａ和C的角速度相等,通过v=rω比较线速度大小，由a=ω2r 比较Ａ、C加速度的大小,注意物体A随地球做圆周运动不是靠万有引力提供向心力. 8．(4分)(２01４?泗阳县校级模拟）如图甲为远距离输电示意图，变压器均为理想变压器.升压变压器原副线圈匝数比为ｌ:100，其输入电压如图乙所示，远距离输电线的总电阻为100Ω．降压变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R1为一定值电阻，R2为用半导体热敏材料制成的传感器,当温度升高时其阻值变小.电压表V显示加在报警器上的电压(报警器未画出）．未出现火警时，升压变压器的输入功率为7５0kＷ.下列说法中正确的有（）
A.降压变压器副线圈输出的交流电频率为50Hz
B．远距离输电线路损耗功率为180ｋｗ
C．当传感器R2所在处出现火警时，电压表V的示数变大
D．当传感器R2所在处出现火警时，输电线上的电流变大
考点:远距离输电；电功、电功率．
专题：交流电专题.
分析：由图乙知交流电的周期0.02s，所以频率为5０Hz;
根据升压变压器的输入电压，结合匝数比求出输出电压，从而得出输送电流,根据输电线的电阻得出损失的功率,根据闭合电路的动态分析判断电流与电压的变化.
解答:解：A、由图乙知交流电的周期0.02s，所以频率为5０Hz，A正确；
B、由图乙知升压变压器输入端电压有效值为250Ｖ，根据电压与匝数成正比知副线
圈电压为250０0V，所以输电线中的电流为:Ｉ==３０Ａ，输电线损失的电压为:△Ｕ=IR=30×１0０=３000V,输电线路损耗功率为：△P=△UI=90kＷ，B错误；
C、当传感器R２所在处出现火警时其阻值减小，副线圈两端电压不变,副线圈中电流
增大,定值电阻的分压增大,所以电压表V的示数变小，C错误；
Ｄ、由C知副线圈电流增大，根据电流与匝数成反比知输电线上的电流变大,D正确；
故选:AD
点评：解决本题的关键知道：１、输送功率与输送电压、电流的关系；2、变压器原副线圈
的电压比与匝数比的关系;３、升压变压器输出电压、降压变压器输入电压、电压损失的关系;4、升压变压器的输出功率、功率损失、降压变压器的输入功率关系．
9.(4分）（２０14?盐城二模)一物体悬挂在细绳下端，由静止开始沿竖直方向运动,运动过程中物体的机械能Ｅ与物体位移ｓ关系的图象如图所示，其中0~ｓ1过程的图线为曲线，s1~s2过程的图线为直线.由此可以判断( ）
Ａ.0~s１过程中物体所受拉力是变力,且一定不断增大
B．0~s1过程中物体的动能一定是不断减小
C．s１～s2过程中物体一定做匀速运动
D.s1～s2过程中物体可能做匀加速运动
考点:向心力；牛顿第二定律．
专题:牛顿第二定律在圆周运动中的应用.
分析：物体的机械能的变化是通过除重力之外的力做功来量度的．由于除重力和细绳的拉力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少，所以E﹣s图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小；如果拉力等于物体所受的重力,故物体做匀速直线运动；如果拉力小于物体的重力,则物体加速向下运动,故物体的动能不断增大．
解答:解:A、由于除重力和细绳的拉力之外的其它力做多少负功，物体的机械能就减少多少，即F△s＝△E，得Ｆ=,所以Ｅ﹣ｓ图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小，由图可知在O~s1内斜率的绝对值逐渐增大,故在O～s1内物体所受的拉力逐渐增
大．故A正确．
Ｂ、如果物体在0～s1内所受的绳子的拉力小于物体的重力,则物体加速向下运动,故物体的动能不断增大．故B错误．
C、由于物体在ｓ1～s2内E﹣x图象的斜率的绝对值不变,故物体所受的拉力保持不变,
体可能做匀加速直线运动，如果拉力等于物体所受的重力,物体可能做匀速直线运动,故C错误，D正确.
故选：AD.
点评：本题应掌握功能如下功能：除重力和弹簧的弹力之外的其它力做多少负功物体的机械能就减少多少；知道E﹣ｓ图象的斜率的绝对值等于物体所受拉力的大小.以上两点是解决这类题目的突破口.
三、简答题:本题分必做题(第10、11题）和选做题（第1２题)两部分，共计４2分.请将解答填写在答题卡相应的位置.［必做题]
10.（8分)（２014?广州二模）如图为“验证力的平行四边形定则”实验,三个细线套L1、L2、Ｌ3一端共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计A、Ｂ和重物M上,A挂于固定点P.手持B拉动细线,使结点静止于Ｏ点．
①某次实验中Ａ的指针位置如图所示，其读数为 2.０0 N;
②实验时要读出A、B的示数,还要在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置、Ｌ１方向、L2方向和L3方向；
③下列实验要求中必要的是AB (填选项的字母代号)；
A.弹簧测力计需要在实验前进行校零
B．细线套方向应与木板平面平行
Ｃ．需要用托盘天平测量重物M的质量
D.弹簧测力计B始终保持水平.
考点:验证力的平行四边形定则．
专题:实验题.
分析：①由图示弹簧测力计确定其分度值,读出其示数；
②该实验中需要根据力的大小和方向做平行四边形得出合力然后与绳子l3的拉力进
行比较，因此需要记录力的大小和方向以及O点位置;
③弹簧测力计Ａ挂于固定点，下端用细线挂一重物.当弹簧测力计B一端用细线系于O
点，当向左拉使结点静止于某位置．弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小,同时画出细线的方向即为力的方向．虽悬挂重物的细线方向确定,但大小却不知,所以要测重物重力．当结点静止于某位置时,弹簧测力计Ｂ的大小与方向就已确定了.
原因是挂重物的细线大小与方向一定,而弹簧测力计A大小与方向也一定，所以两力的合力必一定．
解答:解：①弹簧测力计读数，每1N被分成５格,则1格就等于0.1Ｎ．所以读数为:2.00N．故答案为:2.0．
②弹簧测力计A挂于固定点Ｐ，下端用细线挂一重物Ｍ．弹簧测力计B的一端用细
线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计Ａ和B的示数,并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和三条细线的方向.
③A、弹簧测力计是测出力的大小，所以要准确必须在测之前校零,故A正确;
B、拉线方向必须与木板平面平行，这样才确保力的大小准确性,故B正确；
C、实验中有弹簧秤可以直接测量出重物的重力，不需要天平,故C错误；
D、该题中需要验证弹簧A、B拉力的合力,是否与绳l3的拉力（或者说M重力)等大
反向，Ｂ弹簧不一定非要保持水平，故Ｄ错误.
故选:ＡB．
故答案为:①2．00；②L１方向，Ｌ２方向，L3方向；③ＡB.
点评：对于中学中的实验，同学们尽量亲自动手做一下,这样对于实验原理、实验步骤、注意事项、数据处理、误差分析等才有深刻的认识，在该题中考查了弹簧测力计读数、减小实验误差的方法，对弹簧测力计读数时要先确定其分度值，然后再读数,读数时视线要与刻度线垂直.
11．(１０分)（20１4?江苏二模)同学用电阻箱、多用电表、开关和导线测一节旧干电池的电动势和内阻．
(1）他先用多用表电压档直接接在电源两极，读数如图甲，则电源电动势约为１.3 V. (2）为了更准确的测量电源的电动势和内电阻,他用多用表的“直流100mＡ”档设计了如图乙的测量电路,为了电表安全，请估算开关闭合前电阻箱的最小取值为1３Ω．（3)将多用电表的选择开关从OＦF旋转至“直流10０ｍA”档，调节电阻箱到合适的值并记录其读数R,合上开关从多用表上读出相应的示数I．
（4）重复（３)获得多组数据,根据数据作出了如图丙所示的图线.
（5)由图线得干电池的电动势Ｅ= 1.40 V（保留三位有效数字)，内阻r= 8 Ω (取整数),多用表的内电阻对r （选填“E”、“ｒ”或“E和ｒ”）的测量结果有影响．
考点：测定电源的电动势和内阻.
专题：实验题．
分析:根据电压表的量程，计算出每一个小格的电压，然后进行读数；
根据欧姆定律求出最大电流对应的最小阻值．
根据闭合电路欧姆定律写出R与的函数表达式，然后根据斜率和截距的概念即可求解.
解答:解:（１）用多用表电压档直接接在电源两极,量程为２.5Ｖ，则电源电动势约为1．3V, (2）他用多用表的“直流１００mA”档设计了如图乙的测量电路，
根据欧姆定律得开关闭合前电阻箱的最小取值R==１３Ω,
(5)由Ｅ=IR+Ir,
变形为：R=﹣r+Ｅ,
根据函数斜率和截距的概念应有:
E=k==１．40V，
﹣r＝﹣8，可得r=8Ω.
由于多用表存在内电阻，所以有闭合电路欧姆定律得：E=IR+I(R A+r）,
变形为：Ｒ=﹣((RＡ+ｒ)+E,
所以纵轴截距的绝对值代表电流表与电源的内阻之和,所以多用表的内电阻对r的测量结果有影响.
故答案为：(１）1.３
(2）13
(5)1.４0，8，r.
点评：遇到根据图象求解的题目，首先根据物理规律写出公式,然后整理出关于纵轴物理量与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．
四、[选做题]请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答.若多做,则按前两小题评分.A.[选修模块3－3］(12分）
1２．(４分）(201４?江苏二模）下列关于气体的压强说法正确的是( )
A.一定质量的理想气体温度不断升高,其压强一定不断增大
B．一定质量的理想气体体积不断减小,其压强一定不断增大
C.大量气体分子对容器壁的持续性作用形成气体的压强
D.气体压强跟气体分子的平均动能和气体分子的密集程度有关．
考点：封闭气体压强.
分析：大量做无规则热运动的分子对器壁频繁、持续地碰撞产生了气体的压强；单个分子碰撞器壁的冲力是短暂的,但是大量分子频繁地碰撞器壁，就对器壁产生持续、均匀的压力;所以从分子动理论的观点来看，气体的压强就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力;气体压强由气体分子的数密度和平均动能决定．
解答：解：Ａ、一定质量的理想气体温度不断升高,分子的平均动能增加，但分子数密度可能减小，故其压强不一定增加，故A错误；
Ｂ、一定质量的理想气体体积不断减小，分子数密度增加，但分子的平均动能可能减小，故其压强不一定增加,故B错误;
C、大量气体分子对容器壁的持续性作用形成气体的压强，与气体重力无关,故C正确;
D、气体压强跟气体分子的平均动能和气体分子的密集程度有关，故D正确；
故选:CＤ.
点评：本题关键是明确气体压强的微观意义和温度的微观意义，知道气体压强从微观角度将由气体分子的数密度和平均动能决定,基础题目.
13.(4分)（201４?惠安县校级模拟)在“用油膜法估测分子的大小”实验中，在玻璃板上描出油膜的轮廓,随后把玻璃板放在坐标纸上,其形状如图所示,坐标纸上正方形小方格的边长为10ｍm,该油酸膜的面积是８×１0﹣3 m2;若一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是4×1０﹣6mL,则油酸分子的直径是5×１０﹣10 m.(上述结果均保留1位有效数字)
考点:用油膜法估测分子的大小．
专题：实验题.
分析:在油膜所围成的方格中,先数出坐标纸上方格的个数,不足半个舍去，多于半个的算一个，即可统计出油酸薄膜的面积;根据ｄ=求出分子直径．
解答:解:①在围成的方格中，不足半个舍去，多于半个的算一个,共有80个方格,故油酸膜的面积为S=80×(１0×１0﹣3）2 m２=8×1０﹣3ｍ2
②油酸分子直径为d==m=5×10﹣１０m
故答案为：8×10﹣3,5×10﹣10．
点评:本题建立这样的模型：油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度.
1４．（4分)(2０14?江苏二模）如图所示，用轻质活塞在气缸内封闭一定质量理想气体,活塞与气缸壁间摩擦忽略不计,开始时活塞距气缸底高度h1=０．５0m．给气缸加热,活塞缓慢上
升到距离气缸底ｈ２=０．８０ｍ处，同时缸内气体吸收Q＝４50J的热量.已知活塞横截面积Ｓ＝5．0×１0﹣3m2，大气压强p0=１.０×１05 Pa.求:
①缸内气体对活塞所做的功W；
②此过程中缸内气体增加的内能△U.
考点：热力学第一定律；气体的等容变化和等压变化．
专题：热力学定理专题.
分析：①活塞缓慢上升为等压过程,由功的表达式求解即可.
②由热力学第一定律△u=W+Ｑ可求.
解答:解:①活塞缓慢上升，视为等压过程，
则气体对活塞做功Ｗ=F△h=p０S△h=150Ｊ
②根据热力学定律△U＝Ｗ＋Q=﹣150+450=3０0J
答:①缸内气体对活塞所做的功为150J
②此过程中缸内气体增加的内能△U＝3０0J
点评：基本公式的应用，明确做功与热量的正负的确定是解题的关键．
［选修模块3-5］(1２分)
15.(4分）(２014?惠安县校级模拟)如图所示，电路中所有元件完好,光照射到阴极上时,灵敏电流计中没有电流通过，其原因可能是（)
A．入射光频率太高Ｂ．入射光波长太短
Ｃ．光照时间短D．电源正负极接反
考点:光电效应．
专题：光电效应专题．
分析：当入射光波长小于金属的极限波长时，金属能产生光电效应.当光电管上加上反向电压时,灵敏电流计中可能没有电流通过.
解答:解:Ａ、B、光电管能否产生光电效应与入射光的频率有关系，灵敏电流计中没有电流通过,可能入射频率太低或波长太长．故A错误，B也错误．
C、光电管能否产生光电效应与光照时间没有关系．故C错误．
D、电源正负极接反时，光电管加上反向电压，光电子做减速运动，可能不能到达阳
极,电路中不能形成电流．故D正确．
故选:D
点评:本题考查对光电效应产生的条件理解和应用能力.光电效应产生的条件是取决于入射光的频率或波长,与入射光的强度、光照时间没有关系.
16.(４分）(２0１4?江苏二模)如图为实验室常用的气垫导轨验证动量守恒的装置.两带有等宽遮光条的滑块Ａ和B，质量分别为m A、ｍB，在A、Ｂ间用细线水平压住一轻弹簧，将其置于气垫导轨上，调节导轨使其能实现自由静止，这是表明气垫导轨水平,烧断细线,滑块Ａ、B被弹簧弹开，光电门C、D记录下两遮光条通过的时间分别为t A和ｔＢ,若有关
系式，则说明该实验动量守恒.
考点：验证动量守恒定律．
专题：实验题.
分析：滑块静止,处于平衡状态，所受合力为零,据此分析答题；
求出滑块速度，由动量守恒定律分析答题．
解答:解:两滑块自由静止,滑块静止，处于平衡状态,所受合力为零，此时气垫导轨是水平的；
设遮光条的宽度为d,两滑块的速度为:ｖA=，ｖB＝…①，
如果动量守恒,满足：m AｖA﹣m B v B=0…②,
由①②解得:.
故答案为:气垫导轨水平；.
点评:本题考查了实验注意事项、实验数据处理,应用速度公式、动量守恒定律即可正确解题. 1７.(4分）（20１4?江苏二模）是人类首先制造出的放射性同位素,其半衰期为2.５min,能衰变为和一个未知粒子.
①写出该衰变的方程；
②已知容器中原有纯的质量为m,求5mｉｎ后容器中剩余的质量.
考点:爱因斯坦质能方程;裂变反应和聚变反应．
专题:爱因斯坦的质能方程应用专题．