山西省阳高县第一中学2016-2017学年高二下学期期末考试物理试题Word版含解析

阳高一中2016—2017学年度第二学期期末考试题 高二物理科试题 单项选择题：本大题共9小题，每小题2分，共18分．在每小题给出的四 个选项中，只有一个选项符合题目要求．请把符合题目要求选项的字母代号填写在答题卷中相应位置．选对的得2分，选错或不答的得0分． 1.在匀强磁场中，有一个原来静止的 原子核，它放出的粒子与反冲核的径迹是两个相内切的圆，圆的直径之比为7∶1，那么碳14的衰变方程应为( ) A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】 核衰变过程动量守恒，反冲核与释放出的粒子的动量大小相等，根据左手定则判断粒子与反冲核的电性关系．结合带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得粒子与反冲核的电荷量之比． 【详解】原来静止的原子核衰变，原子核的衰变过程满足动量守恒，粒子与反冲核的速度方向相反，根据左手定则判断得知，粒子与反冲核的电性相反，则知粒子带负电，所以该衰变是β衰变，此粒子是β粒子，符号为,可得两带电粒子动量大小相等，方向相反，就动量大小而言有：m1v1=m2v2,由带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式可得：，可见r与q成反比。由题意，大圆与小圆的直径之比为7:1，半径之比为7:1，则得粒子与反冲核的电荷量之比为1:7．所以反冲核的电荷量为7e，电荷数是7，其符号为.碳14的衰变方程应为.故选D。 【点睛】原子核的衰变过程类比于爆炸过程，满足动量守恒，而带电粒子在匀强磁场中圆周运动的半径公式中的分子恰好是动量的表达式，要巧妙应用. 2.如图所示，一长木板放置在水平地面上，一根轻弹簧右端固定在长木板上，左端连接一个质量为m的小物块，小物块可以在木板上无摩擦滑动．现在用手固定长木板，把小物块向左移动，弹簧的形变量为x1；然后，同时释放小物块和木板，木板在水平地面上滑动，小物块在木板上滑动；经过一段时间后，长木板达到静止状态，小物块在长木板上继续往复运动．长木板静止后，弹簧的最大形变量为x2.已知地面对长木板的滑动摩擦力大小为Ff.当弹簧的形变量为x时，弹性势能Ep＝kx2，式中k为弹簧的劲度系数．由上述信息可以判断( )

A. 整个过程中小物块的速度可以达到 B. 整个过程中木板在地面上运动的路程为 C. 长木板静止后，木板所受的静摩擦力的大小不变 D. 若将长木板改放在光滑地面上，重复上述操作，则运动过程中物块和木板的速度方向可能相同 【答案】D 【解析】 【详解】A、整个过程根据动能定理得：，所以速度不能达到；故A错误。 B、当木板静止时，小物块在长木板上继续往复运动时，只有弹簧弹力做功，系统机械能守恒，所以当木板刚静止时，系统具有的机械能为，从开始到木板刚静止的过程中，根据能量守恒得： ，解得：；故B正确。 C、长木板静止后，对木板进行受力分析，水平方向受地面的静摩擦力和弹簧弹力，弹簧弹力随木块的运动而发生改变，所以木板受的静摩擦力也发生改变；故C错误。 D、若将长木板改放在光滑地面上，系统所受合外力为零，动量守恒，则运动过程中物块和木板的速度方向肯定相反；故D错误。 故选B。 【点睛】本题涉及到弹簧，功、机械能守恒的条件、动量守恒登陆等较多知识．题目情景比较复杂，全面考查考生理解、分析、解决问题的能力． 3.如图所示，A、B两小球在光滑水平面上分别以动量p1＝4 kg·m/s和p2＝6 kg·m/s(向右为参考正方向)做匀速直线运动，则在A球追上B球并与之碰撞的过程中，两小球的动量变化量Δp1和Δp2可能分别为( )

A. －2 kg·m/s, 3 kg·m/s B. －8 kg·m/s, 8 kg·m/s C. 1 kg·m/s, －1 kg·m/s D. －2 kg·m/s, 2 kg·m/s 【答案】D 【解析】 因为碰撞的过程中动量守恒，则两球动量变化量大小相等，方向相反．故A错误．因为碰撞的过程中动能不增加，若△p1和△p2分别为-8kg∙m/s，8kg∙m/s，则P1′=-4kg∙m/s，P2′=14kg∙m/s，通过知，碰撞的过程中动能增加．故B错误．若△p1和△p2分别为1kg∙m/s，-1kg∙m/s，因A追上B以后与B碰撞，故A的动量应该减小，B的动量应该增加，故选项C错误；若△p1

和△p2分别为-2kg∙m/s，2kg∙m/s，则P1′=2kg∙m/s，P2′=8kg∙m/s，通过知，

，当 时，此时成立，故选项D有可能，故选D. 点睛：解答此题要注意的原则是：碰撞的过程中动量守恒、动能不增加以及要符合实际的规律. 4.质量为m1=1kg和m2（未知）的两个物体在光滑的水平面上正碰，碰撞时间极短，其x-t图象如图所示，则（ ）

A. 此碰撞一定为弹性碰撞 B. 被碰物体质量为2kg C. 碰后两物体速度相同 D. 此过程有机械能损失 【答案】A 【解析】 由图象可知，碰撞前m2是静止的，m1的速度为： ，碰后m1的速度为：，m2的速度为： ，两物体碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得：m1v1=m1v1′+m2v2′，即：1×4=1×（-2）+m2×2，解得：m2=3kg；碰撞前总动能：Ek=Ek1+Ek2=m1v12+m2v22=×1×42+×3×02=8J，碰撞后总动能：Ek′=Ek1′+Ek2′=m1v1′2+m2v2′2=×1×（-2）2+×3×22=8J，碰撞前后系统动能不变，故碰撞是弹性碰撞，故AB正确，CD错误；故选AB． 点睛：本题主要考查了动量守恒定律得应用，要知道判断是否为弹性碰撞的方法是看机械能是否守恒，若守恒，则是弹性碰撞，若不守恒，则不是弹性碰撞. 5.一根粗细均匀的较长绳子，右侧固定。现使左侧的S点上下振动，产生一列向右传播的机械波，某时刻第一次形成了如图所示的波形。下列说法中正确的是( )

A. 该波的频率逐渐增大 B. 该波的频率逐渐减小 C. 此时S点向下运动 D. S点的起始振动方向是向下的 【答案】A 【解析】 【分析】 波速是由介质的性质决定的，与波长无关．由图读出波长的变化，由波速公式v=λf分析频率的变化．根据波传播方向判断出S点的振动方向．介质中各个质点的起振方向与波源的起振方向相同，由波最前列的质点振动方向判断． 【详解】A、B、波速是由介质的性质决定的，与波长无关，所以该波的波速保持不变；由图看出，该波的波长逐渐减小，而波速一定，由波速v=λf分析得知频率逐渐增大；故A正确，B错误。 C、波向右传播，波形向右平移，则知此时S点向上运动，故C错误。 D、图示时刻波最右端的质点振动方向向上，则S点的起始振动方向是向上的，故D错误。 故选A。 【点睛】本题关键要抓住波速是由介质决定，保持不变，再由波速公式分析频率的变化情况．能熟练运用波形平移法进行判断质点的振动方向． 6. 如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，从波传到x=5m的M点时开始计时，已知P点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s，下面说法中不正确的是：( )

A. 这列波的波长是4m B. 这列波的传播速度是10m/s C. 质点Q（x=9m）经过0.5s才第一次到达波峰 D. M点以后各质点开始振动时的方向都是向下 【答案】ABD 【解析】 A、由读出相邻波谷之间的距离为4m，即波长为4m．A正确； B、已知P点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s，则波的周期为，波速为，B正确； C、当图示处质点的振动传到质点Q时，Q点第一次到达波峰，所经过时间为，C错误； D、简谐横波沿x轴正方向传播，介质中各质点的起振方向都与图示时刻M点的振动方向相同，均向下，D正确； 本题选错误的，故选C。 7.发生下列哪一种情况时，单摆周期会增大( ) A. 增大摆球质量 B. 缩短摆长 C. 减小单摆振幅 D. 将单摆由山下移至山顶 【答案】D 【解析】 【详解】根据单摆的周期公式，要增大单摆周期，可以增加摆长或减小重力加速度；与摆球的质量和振幅无关；将单摆由山下移至山顶，重力加速度变小；故A、B、C错误，D正确；故选D。 【点睛】解决本题的关键掌握单摆的周期公式，知道影响单摆周期的因素． 8.如图所示，一辆小车静止在光滑水平面上，A、B两人分别站在车的两端．当两人同时相向运动时（ ）

A. 若小车不动，两人速率一定相等 B. 若小车向左运动，A的速率一定比B的小 C. 若小车向左运动，A的动量一定比B的大 D. 若小车向左运动，A的动量一定比B的小 【答案】C 【解析】 两人及小车组成的系统受合外力为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律得：mAvA+mBvB+m车v车

=0；若小车不动，则mAvA+mBvB=0，由于不知道AB质量的关系，所以两人速率不一定相等，故

A错误；若小车向左运动，则AB的动量和必须向右，而A向右运动，B向左运动，所以A的动量一定比B的大，但是由于不知道A、B的质量关系，无法判断他们的速率关系，故BD错误，C正确； 故选C． 点睛：本题主要考察了动量守恒定律的直接应用，注意速度的矢量性，并明确对整体由动量守恒列式分析的方法，难度适中． 9.如图所示，在光滑的水平面上固定着两轻质弹簧，一弹性小球在两弹簧间往复运动，把小球和弹簧视为一个系统，则小球在运动过程中( )

A. 系统的动量守恒，动能守恒 B. 系统的动量守恒，机械能守恒