2017-2018学年度上学期高二物理期中联考试题

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山东省禹城市综合高中2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析

山东省禹城市综合高中2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。

在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～10题有多项符合题目要求。

全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

)1. 法拉第是19世纪最伟大的实验物理学家之一，他在电磁学研究方面的卓越贡献如同伽利略、牛顿在力学方面的贡献一样，具有划时代的意义，正是他提出了电场的概念。

同时也是由他首先提出可以用电场线来形象模拟电场。

如图，A、B为一条电场线上的两点，以下说法正确的是 ( )A. E A与E B一定不等，与一定不等B. E A与E B可能相等，与可能相等C. E A与E B可能相等，与一定不等D. E A与E B一定不等，与可能相等【答案】C【解析】由题目的图可知，电场线沿AB的方向，而沿电场线的方向电势降低，所以φA＞φB；电场线的疏密表示电场的强弱，只有一条电场线，不能判断出A、B两点电场强度的大小关系．故C正确．故选C.2. 如图所示电动势为2V的电源跟一个阻值R＝9Ω的电阻接成闭合电路，理想电压表示数为1.8V,则电源的内电阻为（）A. 1ΩB. 0.2ΩC. 1.8ΩD. 0.1Ω【答案】A【解析】试题分析：根据闭合回路欧姆定律，可得，解得：考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用3. 如图所示，在点电荷的电场中的一条电场线上依次有A、B、C三点，先把＋q的试探电荷依次放在三点上，然后把－q的试探电荷依次放在三点上，关于电荷的电势能的说法正确的是( )A. 放上＋q时，E p A>E p B>E p CB. 放上＋q时，E p A<E p B<E p CC. 放上－q时，E p A>E p B>E p CD. 无论放＋q，还是－q，E p A<E p B<E p C【答案】A【解析】为了比较电荷在不同位置上电势能的大小，只需根据电荷在这些位置间移动时电场力做的功来判断.放上+q时，电荷从位置A到B到C，都是电场力做正功，电势能应减小，可见放上-q时，电荷从位置A到B到C，外力需克服电场力做功，电荷电势能应增大，即，所以A正确，思路分析：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加，正电荷沿电场线方向电场力做正功，负电荷沿电场线方向，电场力做负功，试题点评：本题考查了电场力做功与电势能变化的情况，关键是明白电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加，4. 如图所示，E为内阻不能忽略的电池，R 1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表与电流表．初始时S0闭合与S打开，现将S闭合，则( )．A. 的读数变大，的读数变小B. 的读数变大，的读数变大C. 的读数变小，的读数变小D. 的读数变小，的读数变大【答案】C【解析】试题分析：将S闭合，相当于电阻变小，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流增大，故路端电压减小，V的读数减小；把R1归为内阻，内电压增大，故R3中的电压减小，由欧姆定律可知R3中的电流也减小，电流表示数减小，故C正确；故选C．考点：电路的动态分析.5. 图中所示是一实验电路图．在滑动触头由b端滑向a端的过程中，下列表述正确的是( )A. 电路的总电阻变小B. 路端电压变小C. 电流表的示数变小D. 电源内阻消耗的功率变小【答案】D【解析】当滑片由b端滑向a端滑动时，其接入电路中的电阻变大，使得外电路总电阻变大，故A错误．根据，可知总电流在减小，根据闭合电路中的欧姆定律有E=Ir+U外，可知路端电压U外在增大，故B错误．流过电流表的示数为，可知电流在增大，故C错误．根据P=I2r，可知内阻消耗的功率在减小，故D正确．故选D.点睛：本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，接着分析总电阻、总电流和路端电压的变化，再分析局部电流、电压的变化，即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析．6. 如图所示，a、b直线分别表示由同种材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝甲、乙的伏安曲线，若R A、R B表示甲、乙电阻丝的电阻，则以下判断正确的是（）A. a代表的电阻丝较粗B. b代表的电阻线较粗C. R A＞R BD. R A＜R B【答案】BC【解析】试题分析：图线的斜率表示电阻的倒数，图线a的斜率小于b的斜率，所以a的电阻大于b的电阻，根据电阻定律知，长度相同，材料相同，知a的横截面积小，b的横截面积大，故BC正确，考点：考查了电阻定律7. 如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，正点电荷q仅受电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到b处，然后又运动到c处．由此可知( )A. O为负电荷B. 在整个过程中q的速度先变大后变小C. 在整个过程中q的加速度先变大后变小D. 在整个过程中，电场力做功为零【答案】CD考点：考查等势面；加速度；电场强度．【名师点睛】解决本关掌握通轨迹的弯大致判断力的方向，会根据电场力判断动变化，知道在等势面上移电荷，电场力做功．8. 如图所示，一直流电动机与阻值R＝9 Ω的电阻串联在电源上，电源电动势E＝30 V，内阻r＝1 Ω，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10 V，已知电动机线圈电阻R M＝1 Ω，则下列说法中正确的是 ( )A. 通过电动机的电流为2 AB. 电动机的输入功率为20 WC. 电动机的热功率为100 WD. 电动机的输出功率为80 W【答案】AB【解析】根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I（r+R）解得：，故A正确；电动机的输入功率：P入=UI=10×2=20W，选项B错误；电动机的热功率：P热=I2R M=22×1=4W，选项C正确；电动机的输出功率：P出=P-P热=UI-I2R M=10×2-22×1=16W，选项D正确；本题选不正确的，故选B.点睛：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路．电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．9. 如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P加速向下移动的方法是（）A. 把R1的滑片向上移动B. 把R2的滑片向上移动C. 把R2的滑片向下移动D. 断开电键S【答案】BD考点：闭合电路欧姆定律10. 如图所示，直线A为电源的U－I图线，直线B和C分别为电阻R1、R2的U－I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2，电源的效率分别为η1、η2，则( )．A. P1>P2B. P1＝P2C. η1>η2D. η1<η2【答案】BC【解析】试题分析：由图象A可知电源的电动势为6V，短路电流为6A，两图象的交点坐标即为电阻R和电源构成闭合回路时的外电压和干路电流．电源的输出功率即为电阻R上消耗的功率，效率等于R消耗的功率除以总功率．由图象A可知电源的电动势E=6V，短路电流为6A，该电源和组成闭合电路时路端电压为U1=4V，电流，此时电源的输出功率分别为，电源的总功率为，所以电源的效率为；该电源和组成闭合电路时路端电压为，电流，此时电源的输出功率分别为，则，电源的总功率为，所以电源的效率为：，则．二、实验题（共20分）11. 在“测定金属的电阻率”的实验中，某实验小组得到一组电压表、电流表的读数，并由此读数算出被测属丝的电阻值，请问电压表的读数为__________V（量程3V），电流表的读数为________A（量程0.6A），被测属丝的电阻值为________ Ω.【答案】(1). 1.20 (2). 0.50 (3). 2.4【解析】电压表的读数为1.20V（量程3V），电流表的读数为0.50A（量程0.6A），被测属丝的电阻值为.12. 如图所示，游标卡尺的读数为______mm（游标尺10刻线处对齐）．螺旋测微器的读数为________mm.【答案】(1). 105.50 (2). 0.520【解析】游标卡尺的读数为10.5cm+0.05mm×10=10.550cm=105.50mm．螺旋测微器的读数为0.5mm+0.01mm×2.0=0.520mm.13. 有一待测的电阻器R x，其阻值在40～50 Ω之间，实验室准备用来测量该电阻器阻值的实验器材有：电压表V(量程0～10 V，内阻约20 kΩ)；电流表A1(量程0～300 mA，内阻约20 Ω)；电流表A2(量程0～800 mA，内阻约4 Ω)；滑动变阻器R1(最大阻值为10 Ω，额定电流为2 A)；滑动变阻器R2(最大阻值为250 Ω，额定电流为0.1 A)；直流电源E(电动势为9 V，内阻约为0.5 Ω)；开关及若干导线．实验要求电表读数从零开始变化，并能多测出几组电流、电压值，以便画出U－I图线．(1)电流表应选用________(填写器材代号)．(2)滑动变阻器应选用________(填写器材代号)．(3)请在如图所示的方框内画出实验电路图____．【答案】(1). A1(2). R1(3).【解析】试题分析：由欧姆定律求出电路最大电流，根据该电流选择电流表；根据电路电流及方便实验操作的原则选择滑动变阻器；根据题目要求确定滑动变阻器的接法，根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表采用内接法还是外接法，然后作出实验电路图．解：（1）电路最大电流约为I===0.225A=225mA＜300mA，因此电流表应选择A2；（2）滑动变阻器R2的额定电流是0.1A＜0.225A，且滑动变阻器R2的最大阻值较大，实验操作不方便，为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选R1；（3）实验要求电表读数从零开始变化，因此滑动变阻器应采用分压接法，R x阻值约在40～50Ω之间，电流表A2内电阻约4Ω，电压表V内阻约20kΩ，电压表内阻远大于待测电阻阻值，因此电流表应采用外接法，实验电路图如图所示．故答案为：（1）A2；（2）R1；（3）电路图如图所示．【点评】本题考查了实验器材的选择、设计电路的设计，是实验的常考问题，一定要掌握；实验电路设计是本题的难点，确定滑动变阻器的接法、电流表的接法是正确解题的关键．三、计算题(本大题共3小题,共40分。

浙江省2017_2018学年高二物理上学期期中试题(无答案)

1 / 13浙江省2017-2018学年高二物理上学期期中试题（无答案）一、选择题I （本题共13小题，每小题3分，共39分，每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1. 下列物理量中属于矢量，而且采用比值法定义表达正确的是 FA. 加速度，a _RF—D.电场强度，Eq2.现在有一种观点，认为物理学是一门测量的科学。

那么在高中物理中的自由落体运动规律、万有引力常量、电流的热效应、元电荷的数值分别是由不同的科学家测量或发现的，他们依次是（）A 伽利略、牛顿、安培、密立根 B. 牛顿、卡文迪许、奥斯特、库仑 C. 伽利略、卡文迪许、焦耳、密立根 D. 牛顿、开普勒、奥斯特、密立根 3.某同学用多用电表测一用电器的电阻读数为1200 Q ，该电学元件最有可能是下列哪一个（）A . 220V 800W 电饭煲B . 220V 100W 电炉子C . 220V40W 白炽灯 D. 220V : 20W 咖啡壶4.如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即 Uab = Ubc ，实线为带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹， P 、Q 是这条轨迹上的两点，以下说法错误的是（）A. 三个等势面中，a 的电势最高B. 带电质点在 P 点具有的电势能比在 Q 点具有的电势能大C. 带电质点通过P 点时的动能比通过Q 点时大D. 带电质点通过P 点时的加速度比通过Q 点时大B .电流强度C.电容5. 平行板电容器的两极板MN接在一恒压电源上，N板接地。

板间有a、b、c三点，如下图，若将上板M 向下移动少许至图中虚线位置，则（）------------A. b点场强减小B. b、c两点间电势差减小C. c点电势升高ND. a点电势降低6. 中国南车设计制造的全球首创超级电容储能式现代电车在宁波下线，将成为二三线城市的主要公交用车.这种超级电车的核心是我国自主研发、全球首创的“超级电容器”.如图所示，这种电容器安全性高，可反复充放电100万次以上，使用寿命长达十二年，且容量超大（达到9 500 F），能够在10 s内完成充电.下列说法正确的是（）A该“超级电容器”能储存电荷B. 该“超级电容器”的电容随电压的增大而增大C. 该“超级电容器”放电过程中把化学能转化为电能D. 充电时电源的正极应接“超级电容器”的负极7. 初速为V0的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A. 电子将向右偏转，速率不变.B. 电子将向左偏转，速率改变」.C. 电子将向左偏转，速率不变；D. 电子将向右偏转，速率改变'■-&目前集成电路的集成度很高，要求里面的各种电子元件都微型化，集成度越高，电子元件越微型化、越小.图中R!和F2是两个材料相同、厚度相同、表面为正方形的导体，但R2的尺寸远远小于R1的尺寸.通过两导体的电流方向如图所示，则关于这两个导体的电阻F1、F2关系的说法正确的是（）A . R1 > R2B. R1< F2C. R1 = F2D. 无法确定9. 如图所示电路中，L1、L2为两只相同的灯泡，F为光敏电阻（随光照的增强电阻减小），当光照强度逐渐增强的过程中，下列判断正确的是（）A. Li、L2两灯均逐渐变暗B. Li灯逐渐变暗，L2灯逐渐变亮C. 电源内电路消耗功率逐渐减小D. 光敏电阻F和灯泡L1消耗的总功率逐渐增大10. 如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从图示位置匀速拉出匀强磁场，若第一次用0.3s时间拉出，外力所做的功为VM,通过导线截面的电量为q1;第二次用0.9s时间拉出，外力所做的功为W2, 通过导2 / 13线截面的电量为q2，则（）A WK W q1< q2 >W, q1=q2B．W1< W2，q1=q2 C．W1D．W1> W2，q1>q24 / 135 / 1311.利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域. 如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B 垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流 I , CD 两侧面会形成电势差 UCD 下列说法中正确的是（）A. 电势差UCD 仅与材料有关B.若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差UCD 0C. 仅增大磁感应强度时，电势差 UCD 变大D. 在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平12•扫地机器人是智能家用电器的一种，它利用自身携带的小型吸尘部件进行吸尘清扫，如图为“ iRobot ” 扫地机器人，已知其电池容量2000 mAh ,额定工作电压15 V ，额定功率30 W,则下列说法正确的是（）A 扫地机器人的电阻是10 u B. 题中“ mAh 是能量的单位C. 扫地机器人正常工作时的电流是 2 AD. 扫地机器人充满电后一次工作时间约为 4 h13.利用如图所示装置可测磁感应强度 B,矩形线圈宽为L ，共N 匝，磁场垂直于纸面，当线圈中通以方向所示的电流I 时，天平处于平衡•当电流改为反方向且大小不变时，右边需加质量为 m 的砝码后，天平重新平衡，A. 合上S, A B 一起亮，然后A 变暗后熄灭B.合上S, B 先亮，A 逐渐变亮，最后A 、B 一样亮C.断开S, A 立即熄灭，B 由亮变暗后熄灭D.断开S, B 立即熄灭，A 闪亮一下后熄灭15.如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产如图才能由此可知（A.B 的方向垂直纸面向里，且 B = 二N ILB.B 的方向垂直纸面向里，且 B =C.B 的方向垂直纸面向外，且 B = mg2NILm fl -N ILmg2NIL二、选择题I I （本题共3小题，每小题2分, 要求的。

安徽省太和中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题含答案解析

安徽省太和中学2017－2018学年高二上学期期中考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献,下列叙述中符合物理学史实的是( )A．密立根通过扭秤实验测得电子电荷量的大小B．卡文迪许最早通过实验测得静电力常量的大小C．库仑在前人工作的基础上通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力遵循的规律——库仑定律D．安培不仅提出了电场的概念,而且采用了画电场线这个简洁的方法描述电场2．关于电源电动势,下列说法正确的是( )A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路,电动势就会发生变化C．在闭合电路中,当外电阻增大时,路端电压增大,电源的电动势也增大D．电源的电动势就是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量3．如图所示,等边三角形ABC的三个顶点分别固定三个点电荷+q、-q、-q,已知三角形边长为√3L,静电力常量为k,则该三角形中心O点处的场强为( )，方向由A指向OA．2kqL2,方向由O指向AB．2kqL2,方向由A指向OC．√3kqL2D．√3kq,方向由O指向AL24．将两个阻值不同的电阻R1、R2分别与同一电源连接,如果在相同的时间内,R1、R2发出的热量相同,则电源的内阻为( )A ．122R R + B ．1212R R R R + C ．1212R R R R + D5．如图所示，A 、B 、C 、D 是匀强电场中四个点，正好是平行四边形的四个顶点，O 点为平行四边形两条对角线的交点，电场线与平行四边形所在平面平行。

已知4V;6V;8V A B C ϕϕϕ=-== ，则O 点和D 点的电势分别为（）A ．-6V 0B ．0 -6VC ．2V -2VD ．-2V 2V6．如图所示,带电粒子仅在电场力作用下,从电场中a 点以初速度0v 进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b 点,实线是电场线,下列说法正确的是( )A ．无论粒子带何种电,经b 点时的速度总比经a 点时的速度大B ．粒子在a 点的加速度比在b 点的加速度大C ．从a 到b 过程中,粒子的电势能不断减小D ．电场中a 点的电势一定比b 点的电势高二、多选题7．如图是有两个量程(“0~10V”和“0~100V”)的电压表的电路图.已知表头的内阻R g =500Ω ,满偏电流I 8=1mA,则下列说法正确的是()A．接a、b两端点时,量程为0~10VB．接a、c两端点时,量程为0~10VC．R1=90000Ω；R2=9 500ΩD．R1=9 500Ω；R2=90 000Ω8．如图所示,芯柱、导电液体、绝缘管组成一个电容器,为了检测导电液体是增多还是减少,可以将其与静电计连接通过静电计指针偏转角度的变化来判断.现用电源通过电极A、电极B给电容器充电,充电完毕移去电源,由此可以判断( )A．静电计指针偏角变小,说明电容器两板间电压增大B．静电计指针偏角变小,说明导电液体增多C．静电计指针偏角变大,说明电容器电容减小D．静电计指针偏角变大,说明导电液体增多9．如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,R1、R2、R3为定值电阻,电流表和电压表均为理想电表,C为平行板电容器,在两板之间的带电液滴恰好处于静止状态.由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断,其余用电器均不会损坏,则下列说法正确的是( )A．电流表示数变大B．电压表示数变大C．液滴将向上运动D．液滴仍保持静止10．如图所示,绝缘水平桌面上固定A、B两个带等量异种电荷的小球,A、B连线的中点处垂直桌面固定一粗糙绝缘直杆,杆上穿有一个带有小孔的正电小球C,将C从杆上某一位置由静止释放,下落至桌面时速度恰好为零。

四川省成都市2017-2018学年高二物理上学期期中试题

四川省成都市2017-2018学年高二物理上学期期中试题（满分100分，考试时间100分钟）第Ⅰ卷（40分）一.本题共8小题，每小题3分，共24分。

在每小题给出的四个选项中只有一项是正确的。

1．在研究长度为L、横截面积为S的均匀导体中电流时，在导体两端加上电压U，导体中有匀强电场产生，在导体中移动的自由电子（带电量e）受匀强电场作用而加速，并和做热运动的正离子碰撞而减速，反复碰撞且向前移动。

假定阻碍电子向前运动的阻力大小与电子移动的平均速率v成正比，其大小可表示成kv（k是恒量）。

当电场力和碰撞的阻力相平衡时，导体中自由电子定向运动的速率v为一定值。

这一定值为（）A ．B ．C ．D ．2．某静电场沿x轴方向的电势分布如图所示，如果仅考虑x轴上的电场情况，则（）0l2l3l4l5lA．0～l 和2l～3l之间均为匀强电场，且0～l之间的场强一定比2l～3l之间的场强大B．l～2l和3l～4l之间均为匀强电场，且这两处的电场方向一定相反C．l～2l和4l～5l之间均为非匀强电场，且这两处的电场方向一定相同D．3l～4l和4l～5l之间均为匀强电场，且3l～4l之间的场强一定比4l～5l之间的场强大3．如图所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等差等势线。

A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则（）A．A点和B点的电势相同B．C点和D点的电场强度相同C．正电荷从A点移至B点，电场力做正功D．负电荷从C点移至D点，电势能增大4．无限长导线，均通以恒定电流I 。

直线部分和坐标轴接近重合，弯曲部分是以坐标原点O为圆心的相同半径的一段圆弧，已知直线部分在原点O 处不形成磁场，则图乙中O 处磁感应强度和图甲中O 处磁感应强度相同的是（）o图甲5．在如图（a ）所示的电路中，R 1为定值电阻，R 2为滑动变阻器（最大阻值20 Ω）。

吉林省辽源市第五中2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题含解析精品

辽源五中2017-2018学年度高二上学期期中考试物理学科试卷一、选择题（本题共12道小题，每小题4分，共48分。

第1-8题为单选题，每道小题只有一个正确答案；第9-12题为多选题，每小题有多个正确答案，全选对得4分，选对部分但不全得2分，有选错或不答者得0分）1. 如右图所示，P、Q是两个等量的正的点电荷，它们连线的中点是O，A、B是中垂线上的两点，且，用E A、E B、U A、U B分别表示A、B两点的场强和电势，则( )A. E A一定大于E B,U A一定大于U BB. E A不一定大于E B，U A一定大于U BC. E A一定大于E B，U A不一定大于U BD. E A不一定大于E B，U A不一定大于U B【答案】B【解析】试题分析：P、Q是两个电荷量相等的正点电荷，它们的连线的中垂线上，电场强度和电势都是关于O点对称的，从A到B电势逐渐降低，即U A一定大于U B，由O到B，电场强度先增大后减小，所以AB两点电场强度的大小关系无法确定，即E A不一定大于E B，故B正确；故选B考点：考查等量同种点电荷周围电场线的分布点评：本题难度较小，熟记电场线分布情况，巧妙利用对称性求解2. 在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接，极板B接地.若极板B稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化做出平行板电容器电容变小的结论的依据是( )A. 两极板间的电压不变，极板上的电荷量变小B. 两极板间的电压不变，极板上的电荷量变大C. 极板上的电荷量几乎不变，两极板间的电压变大D. 极板上的电荷量几乎不变，两极板间的电压变小【答案】D【解析】试题分析:极板与静电计相连，所带电荷电量几乎不变，B板与A板带等量异种电荷，电量也几乎不变，故电容器的电量Q几乎不变．将极板B稍向上移动一点，极板正对面积减小，电容减小，由公式可知，电容器极板间电压变大．故C正确，A、B、D错误．故选C．考点：考查电容器的动态分析、电容．【名师点睛】本题考查电容的定义式的应用，要注意抓住电容器的电量几乎不变，而指针的夹角显示电压的变化．3. 如图所示，将左边的铜导线与右边的铝导线连接起来，已知铝导线的横截面积是铜导线横截面积的两倍，在铜导线上取一个截面A，在铝导线上取一个截面B，若在1秒内垂直地通过它们的电子数相等，那么，通过这两个截面的电流关系是( )A. I A=I BB. I A=2I BC. I B=2I AD. 不能确定【答案】A【解析】试题分析：因为是串联，所以电流相等，故，A正确考点：考查了串并联电路4. 一太阳能电池板，测得它的开路电压为80mV，短路电流40mA。

2017-2018学年湖北省部分重点中学联考高二(上)期中物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年湖北省部分重点中学联考高二（上）期中物理试卷一、选择题．（本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得5分，选不全得3分，有错选或不选的得0分．）1．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是：（）A．甲图：与点电荷等距的a、b两点B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C．丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面与点电荷等距离的a、b两点D．丁图：匀强电场中的a、b两点2．初速度为v0的电子（重力不计），沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变D．电子将向右偏转，速率改变3．电源电压恒定，R1、R2是定值电阻，L为小灯泡，R3为半导体材料制成的光敏电阻（其电阻随光照强度增大而迅速减小），当照射光强度增大时（）A．电压表的示数增大B．R2中的电流减小C．小灯泡的功率增大D．电路消耗的总功率减小4．一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为l，拴有小球的细绳，小球由和悬点在同一水平面处释放，如图所示．小球在摆动过程中，不计一切阻力，下面说法正确的是（）A．小球的机械能守恒B．小球和小车的总机械能守恒C．小球和小车的总动量守恒D．小球和小车的总动量不守恒5．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能．当调节滑动变阻器R，让电动机停止转动时，理想电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V．则这台电动机：（不计温度对电阻的影响）（）A．正常运转时的输出功率为32WB．正常运转时的输出功率为48WC．正常运转时的发热功率为1WD．正常运转时的发热功率为47W6．磁流体发电是一项新兴技术，它可以把气体的内能直接转化为电能，如图是它的示意图．平行金属板A、B之间有一个很强的匀强磁场，磁感应强度为B，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）垂直于磁场B的方向喷入磁场，每个离子的速度为v，电荷量大小为q，A、B两板间距为d，稳定时下列说法中正确的是（）A．图中A板是电源的正极B．图中B板是电源的正极C．电源的电动势为Bvd D．电源的电动势为Bvq7．光滑的水平桌面上，质量为m，速度为υ的A球跟质量为3m的静止B球发生正碰，碰后B球的速度可能为（）A．0.6υB．0.4υC．0.2υD．0.1υ8．A、B为平行板电容器的两块金属板，A极板与静电计的金属小球相连，静电计的外壳和B极板都接地，将它们水平放置．当A板带上一定量电荷后，静电计指针偏转一定角度，如图所示（静电计金属小球及金属杆、指针等所带的电量与金属板A所带的电量相比可以忽略不计）．此时，在A、B板间有一电荷量为q的油滴静止在P点，（油滴所带电荷量很少，它对A、B板间电场的影响可以忽略），以下结正确的是（）A．A极板不动，将B极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小B．B极板不动，将A极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小C．A极板不动，将B极板向右水平移动一小段距离，油滴q向上运动，静电计指针偏角增大D．B极板不动，将A极板向右水平移动一小段距离，油滴q向下运动，静电计指针偏角减小9．下图是示波管的原理图．它由由子枪、偏转电极（XX′和YY′）、荧光屏组成．管内抽成真空．给电子枪通电后，如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑，下列说法正确的是（）A．要想让亮斑沿OY向上移动，需在偏转电极YY′上加电压，且Y′比Y电势高B．要想让亮斑移到荧光屏的右上方，需在偏转电极XX′、YY′上加电压，且X比X′电势高，Y比Y′电势高C．要想在荧光屏上出现一条水平亮线，需在偏转电极XX′上加特定的周期性变化的电压（扫描电压）D．要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，需在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压10．在同一光滑斜面上放同一导体棒，如图所示是两种情况的剖面图．它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上：两次导体棒A分别通有电流I1和I2，都处于静止平衡．已知斜面的倾角为θ，则（）A．I1：I2=cosθ：1B．I1：I2=1：1C．导体棒A所受安培力大小之比F1：F2=sinθ：cosθD．斜面对导体棒A的弹力大小之比N1：N2=cos2θ：1二、本题共两小题，共18分．（按要求作答）11．通常游标卡尺的刻度有10分度，20分度，50分度三种规格，测量时游标卡尺的示数如图所示，其读数是mm．12．用半径相同的两个小球A、B的碰撞验证动量守恒定律，实验装置示意图如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接．实验时先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹．再把B球静置于水平槽前边缘处，让A球仍从C处由静止滚下，A球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹．记录纸上的O点是重垂线所指的位置，若测得各落点痕迹到O点的距离：OM=2.68cm，OP=8.62cm，ON=11.50cm，并知A、B两球的质量比为2：1，则未放B球时A球落地点是记录纸上的点，系统碰撞总动量p与碰撞后动量p′的百分误差=%（结果保留一位有效数字）．13．下列所给是“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中可供选择的实验仪器：序号器材规格序号器材规格1 小灯泡L 标有“4.0V，0.4A”字样 5 滑动变阻器R1最大阻值10Ω，额定电流1.0A2 电压表V 量程0﹣5V；内阻5kΩ 6 滑动变阻器R2最大阻值1kΩ，额定电流0.5A3 电流表A1量程0﹣100mA；内阻4Ω7 直流电源E 电压6V4 电流表A2量程0﹣500mA；内阻0.4Ω8导线、电键K等（1）滑动变阻器应选；（2）在线框内画出实验电路图．（并标出所选器材的符号）（3）如图所示为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的I﹣U图象．图象是一条曲线而不是直线的原因是：；从图象中可求得小灯泡正常发光时的电阻是Ω．三、计算题．（本题共四小题，共52分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．）14．如图A、B、C、D为一匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，电场线与矩形所在平面平行，已知将2.0×10﹣9C的正电荷从A点移到B点，克服电场力做功8.0×10﹣9C，将这个电荷从B移至C点电势能减少了4.0×10﹣8C，今设A点电势为20ν，则D点电势为多少？15．在如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=R3=4Ω，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4W，当电键K接b时，电压表示数为4.5V，试求：（1）电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；（2）电源的电动势和内电阻；（3）当电键K接c时，通过R2的电流．16．如图，在平面直角坐标系xOy内，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限以ON为直径的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，从y轴正半轴上y=h处的M点，以速度v0垂直于y轴射入电场，经x轴上x=2h处的P点进入磁场，最后以垂直于y轴的方向射出磁场．不计粒子重力．求（1）电场强度大小E；（2）粒子在磁场中运动的轨道半径r；（3）粒子从进入电场到离开磁场经历的总时间t．17．P是一长度为L=0.64m的固定在水平地面上的绝缘平板，挡板R固定在平板的右端．整个空间有一个平行于PR的匀强电场E，在板的右半部分有一个垂直于纸面向里的匀强磁场B，磁场的宽度为d=0.32m．一个质量m=0.50×10﹣3Kg、带电荷量q=5×10﹣2C的小物体（可视为质点），从板的左端由静止开始向右做匀加速运动，从D点进入磁场后恰能做匀速直线运动．当物体碰到挡板R后被弹回，若在碰撞瞬间撤去电场（不计撤掉电场对原磁场的影响），物体返回时在磁场中仍做匀速运动，离开磁场后做减速运动，停在C点，PC=．若物体与平板间的动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．（1）判断电场的方向及物体带正电还是带负电；（2）求磁感应强度B的大小；（3）求物体与挡板碰撞过程中损失的机械能．2017-2018学年湖北省部分重点中学联考高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题．（本题共10小题，每小题5分，共50分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对得5分，选不全得3分，有错选或不选的得0分．）1．在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是：（）A．甲图：与点电荷等距的a、b两点B．乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C．丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面与点电荷等距离的a、b两点D．丁图：匀强电场中的a、b两点考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低．解答：解：A、甲图为正的点电荷的电场，图中ab两点在同一个圆上，所以ab两点的电势相同，电场强度的大小也相同，但是场强的方向不同，所以A错误；B、乙图为等量的异种电荷的电场，在起中垂线上的所有的点的电势都为零，并且场强的方向均为水平的指向负电荷，所以此时ab两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同，所以B正确．C、丙图中ab处于金属平板上，处在电场中的金属平板处于静电平衡状态，金属板的表面为等势面，并且电场线与等势面垂直，又由于此时的ab是左右对称的，所以ab两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同，所以C正确．D、丁图是匀强电场，ab点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知，b点的电势要比a点的电势高，所以D错误．故选BC．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．2．初速度为v0的电子（重力不计），沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变D．电子将向右偏转，速率改变考点：判断洛仑兹力的方向；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据安培定则判断出通电导体右侧的磁场方向，然后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向，即得出电子的偏转方向，注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反，洛伦兹力不做功．解答：解：由安培定则可知导体右侧磁场方向垂直纸面向里，然后跟左手定则可知运动电子所受洛伦兹力向右，因此电子将向右偏转，洛伦兹力不做功，故其速率不变，故BCD错误，A正确．故选A．点评：在解决带电粒子在磁场中运动问题时安培定则与左手定则经常联合应用，在平时练习中要加强训练，以提高应用它们的解题能力．3．电源电压恒定，R1、R2是定值电阻，L为小灯泡，R3为半导体材料制成的光敏电阻（其电阻随光照强度增大而迅速减小），当照射光强度增大时（）A．电压表的示数增大B．R2中的电流减小C．小灯泡的功率增大D．电路消耗的总功率减小考点：闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．专题：恒定电流专题．分析：根据当照射光强度增大时光敏电阻的变化，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，确定电压表示数如何变化．根据并联电路电压的变化分析R2中的电流如何变化，根据总电流与通过R2电流的变化，分析通过灯泡L电流的变化，确定灯泡亮度如何变化．电路总功率为P=EI，由电流变化确定总功率如何变化．解答：解：A、当照射光强度增大时光敏电阻阻值减小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流增大，电阻R1电压增大，则电压表的示数增大．故A正确．B、并联部分电压U并=E﹣I（R1+r），E、R1、r都不变，I增大，U并减小，R2中的电流减小．故B正确．C、流过灯泡的电流I L=I﹣I2，I增大，I2减小，则I L增大，小灯泡的功率增大．故C正确．D、电路消耗的总功率P=EI，I增大，电路消耗的总功率增大．故D错误．故选ABC点评：本题是电路动态分析问题，光敏电阻类似于变阻器，外电路总电阻与局部电阻变化的情况是一致的．4．一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为l，拴有小球的细绳，小球由和悬点在同一水平面处释放，如图所示．小球在摆动过程中，不计一切阻力，下面说法正确的是（）A．小球的机械能守恒B．小球和小车的总机械能守恒C．小球和小车的总动量守恒D．小球和小车的总动量不守恒考点：动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：以小球和小车组成的系统，只有重力做功，机械能守恒，当小球向下摆动的过程中，竖直方向具有向上的分加速度，小车和小球整体处于超重状态，即可得知整体所受的合力不为零，总动量不守恒．解答：解：A、B以小球和小车组成的系统为研究对象，只有小球的重力做功，系统的机械能守恒，而小球在下摆过程中，细绳的拉力对它做负功，其机械能减小．故A错误，B正确．C、D，当小球向下摆动的过程中，竖直方向具有向上的分加速度，小车和小球整体处于超重状态，地面对小车的支持力大于小车和小球的总重力，整体所受的合力不为零，则系统的总动量不守恒．故C错误，D正确．故选BD点评：本题对照机械能和动量守恒的条件进行判断．对于系统而言，机械能守恒、总动量不守恒，但由于系统所受的外力都在竖直方向上，系统水平方向上动量守恒．5．用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能．当调节滑动变阻器R，让电动机停止转动时，理想电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V；重新调节R，使电动机恢复正常运转时，电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V．则这台电动机：（不计温度对电阻的影响）（）A．正常运转时的输出功率为32WB．正常运转时的输出功率为48WC．正常运转时的发热功率为1WD．正常运转时的发热功率为47W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：让电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律求出电阻．电动机正常运转时，根据输入的电功率和热功率之差求出输出功率．由焦耳定律求解热功率．解答：解：电动机停止转动时，其电路是纯电阻电路，由欧姆定律得，电动机的电阻为R===4Ω电动机正常运转时，输入的电功率为P电=U2I2=48W，发热功率P热=I22R=22×4W=16W，所以输出功率为P出=P电﹣P热=32W故选A点评：电动机电路停止运转时其电路纯电阻电路，欧姆定律成立．电动机正常运转时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，根据能量转化和守恒定律求解输出功率．6．磁流体发电是一项新兴技术，它可以把气体的内能直接转化为电能，如图是它的示意图．平行金属板A、B之间有一个很强的匀强磁场，磁感应强度为B，将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量正、负带电粒子）垂直于磁场B的方向喷入磁场，每个离子的速度为v，电荷量大小为q，A、B两板间距为d，稳定时下列说法中正确的是（）A．图中A板是电源的正极B．图中B板是电源的正极C．电源的电动势为Bvd D．电源的电动势为Bvq考点：霍尔效应及其应用．分析：等离子体进入磁场，由于受到洛伦兹力发生偏转，根据左手定则判断出正负离子偏转的方向，从而确定极板带电的正负．最终离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，根据平衡求出电源的电动势．解答：解：等离子体进入磁场后，根据左手定则，知正离子向下偏，负离子向上偏．所以B板带正电，A板带负电．最终离子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，有：．电动势E=U=Bvd．故B、C正确，A、D错误．故选BC．点评：解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道最终离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．7．光滑的水平桌面上，质量为m，速度为υ的A球跟质量为3m的静止B球发生正碰，碰后B球的速度可能为（）A．0.6υB．0.4υC．0.2υD．0.1υ考点：动量守恒定律．分析：碰撞过程，两球的总动量守恒、总动能不增加，根据动量守恒求出A的速度，根据总动能是否增加判断B的这种速度是否可能．解答：解：设碰撞后A、B的速度分别为v A、v B．根据动量守恒定律得mv=mv A+3mv B．碰撞前，总动能为E k=．碰撞后，总动能为E k′=+A、当v B=0.6v，代入上式得，v A=﹣0.8v，E k′=1.72E k，即得E k′＞E k，总动能增加，违反了能量守恒定律．故A错误．B、当v B=0.4v，代入上式得，v A=﹣0.2v，E k′=0.52E k，即得E k′＜E k，总动能减小，符合能量守恒定律．故B正确．C、当v B=0.2v，代入上式得，v A=0.4v＞v B=0.2v，可见，碰撞后两球同向运动，A在B的后面，速度不可能大于B的速度．故C错误．D、当v B=0.1v，代入上式得，v A=0.7v＞v B=0.2v，碰撞后两球同向运动，A在B的后面，速度不可能大于B的速度．故D错误．故选B点评：对于碰撞问题，关键抓住三个规律：1、动量守恒；2、总动能不增加；3、碰撞后同向运动，后面物体的速度不大于前面物体的速度．8．A、B为平行板电容器的两块金属板，A极板与静电计的金属小球相连，静电计的外壳和B极板都接地，将它们水平放置．当A板带上一定量电荷后，静电计指针偏转一定角度，如图所示（静电计金属小球及金属杆、指针等所带的电量与金属板A所带的电量相比可以忽略不计）．此时，在A、B板间有一电荷量为q的油滴静止在P点，（油滴所带电荷量很少，它对A、B板间电场的影响可以忽略），以下结正确的是（）A．A极板不动，将B极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小B．B极板不动，将A极板向下移动一小段距离，油滴q保持不动，静电计指针偏角减小C．A极板不动，将B极板向右水平移动一小段距离，油滴q向上运动，静电计指针偏角增大D．B极板不动，将A极板向右水平移动一小段距离，油滴q向下运动，静电计指针偏角减小考点：电容器的动态分析．专题：电容器专题．分析：电容器的电量不变，根据电容的变化，判断出电势差的变化，从而判断出电场强度即电场力的变化，确定出油滴的运动情况．解答：解：A、A极板不动，将B极板向下移动一小段距离，d变大，则电容减小，根据U=，则电势差增大，指针偏角增大．故A错误．B、B极板不动，将A极板向下移动一小段距离，d减小，则电容增大，根据U=，则电势差减小，指针偏角减小．电场强度E=，知电场强度不变，小球电场力不变，仍然与重力平衡，保持不动．故B正确．C、A极板不动，将B极板向右水平移动一小段距离，s减小，则电容减小，根据U=，则电势差增大，指针偏角增大．根据E=知，电场强度增大，电场力大于重力，则油滴向上运动．故C正确．D、B极板不动，将A极板向右水平移动一小段距离，s减小，则电容减小，根据U=，则电势差增大，指针偏角增大．根据E=知，电场强度增大，电场力大于重力，则油滴向上运动．故D错误．故选BC．点评：本题是电容器的动态分析，关键是抓住不变量，当电容器与电源相连，两端间电势差不变，当电容与电源断开，所带电量不变．9．下图是示波管的原理图．它由由子枪、偏转电极（XX′和YY′）、荧光屏组成．管内抽成真空．给电子枪通电后，如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压，电子束将打在荧光屏的中心O点，在那里产生一个亮斑，下列说法正确的是（）A．要想让亮斑沿OY向上移动，需在偏转电极YY′上加电压，且Y′比Y电势高B．要想让亮斑移到荧光屏的右上方，需在偏转电极XX′、YY′上加电压，且X比X′电势高，Y比Y′电势高C．要想在荧光屏上出现一条水平亮线，需在偏转电极XX′上加特定的周期性变化的电压（扫描电压）D．要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，需在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压考点：带电粒子在匀强电场中的运动；示波器的使用．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：电子枪发射出电子，要想让亮斑沿OY向上移动，要使电子在YY′中受到的电场力向上，可判断电场强度方向，分析出电势的高低．要想让亮斑移到荧光屏的右上方，用同样的方法分析电子在两个电场中所受的电场力方向，判断出电势高低．根据水平方向偏转距离与偏转电压的关系，即可分析所加电压的特点．根据竖直方向偏转距离与偏转电压的关系，分析要想在荧光屏上出现一条正弦曲线，水平方向和竖直方向所加电压的特点．解答：解：A、电子枪发射出电子，要想让亮斑沿OY向上移动，电子在YY′中受到的电场力必须向上，板间场强必须向下，则需在偏转电极YY′上加电压，且Y比Y′电势高．故A错误．B、要想让亮斑移到荧光屏的右上方，电子在偏转电极XX′间受到的电场力指向X、在YY′间受到的电场力指向Y，则需在偏转电极XX′、YY′上加电压，且X比X′电势高，Y比Y′电势高．故B正确．C、设加速电场的电压为U1，偏转电场的电压为U2，偏转电极的长度为L，板间距离为d，根据推论得知，偏转距离为y=，可见，偏转距离与偏转电压U2成正比，由几何知识得知，电子在荧光屏偏转的距离也与偏转电压成正比，则偏转电极XX′上加上随时间作线性变化的电压时，电子在荧光屏偏转的距离与时间也是线性关系，形成一条亮线，若电压是周期性变化，就可以使电子在水平方向不断扫描．故C正确．D、由上分析知，电子在荧光屏偏转的距离与偏转电压成正比，则在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压，电子在荧光屏偏转的距离按正弦规律变化，而在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压，水平方向电子不断从右向左匀速扫描，在荧光屏上出现一条正弦曲线．故D正确．故选BCD点评：本题考查对示波器工作原理的理解，其基本原理是电场的加速和偏转，根据偏转距离与偏转电压的关系，分析荧光屏上光斑的变化，10．在同一光滑斜面上放同一导体棒，如图所示是两种情况的剖面图．它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场，但方向不同，一次垂直斜面向上，另一次竖直向上：两次导体棒A分别通有电流I1和I2，都处于静止平衡．已知斜面的倾角为θ，则（）A．I1：I2=cosθ：1B．I1：I2=1：1C．导体棒A所受安培力大小之比F1：F2=sinθ：cosθD．斜面对导体棒A的弹力大小之比N1：N2=cos2θ：1考点：安培力；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：导体棒受重力、支持力和安培力处于平衡，根据共点力平衡求出安培力、支持力大小之比，根据F=BIL求出电流之比．解答：解：导体棒受力如图，根据共点力平衡得，。

2017-2018学年山东省菏泽市高二上学期期中考试物理(A)试题(扫描版)

高二物理试题（A ）参考答案一、选择题（本题共10小题；每小题4分，共40分。

其中1—6小题为单选题，7—10小题为多选题，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分）1-6 C C D D C B7-10 CD AC BC ACD二、实验题（本题共18分）11．10.405 （2分） 8.075 （2分）12．Ω=45001R （2分） 450002=R （2分）13．（1）B （2分） D （2分） E （2分）（2）（4分）三、计算题：本题共4小题，共42分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。

14. (1)由点电荷的场强公式2rkQ E =可知： M 点的场强大小C N C N r kQ E /100/3.0100.1100.92992=⨯⨯⨯==-- (2分) 所以电荷Q 在M 点的电场强度大小是100N/C ．（2）电荷q 从M 点移到N 点，电场力做的功)(N M MN MN q qU W ϕϕ-==(2分)代入数据得:v M 15=ϕ (2分)根据电场力做功与电势能变化的关系知道，电场力做负功，电势能增加。

(2分)15.(1)设电动机正常工作时，电压表和电流表的示数分别为U 2和I 2，则电动机的输入功率P 入=U 2I 2 (1分)代入数据得：P 入=30W (1分)（2）设电动机停止转动时，电压表和电流表的示数分别为U 1和I 1，电动机内阻为r,则由欧姆定律11U I r =(1分)电动机正常工作时内阻的热功率r 22I p =入(1分)电动机正常工作时输出功率r 2222I I U p -=出(2分)又=mgv P 出 (2分)联立代入数据得：m=2.2Kg (2分)16．解：夹角为370时，对小球进行受力分析mg T =037cos （1）（2分）Eq T =θsin （2）（2分）d UE =（3）c QU =（4）由（1）（2）（3）（4）可得mg cd Qq 43=（2分）设增加的电荷量为Q ∆，同理可得()mg cd qQ Q 34=∆+（2分）由（5）（6）可得Q Q 97=∆（1分）mg mg F 4334-=（2分）解得mg F 127=（1分）17.解：设粒子质量为m ，所带电荷量为q ，板间电压为U ，板间距离为的d,进入板间的速度为v 0(1)设粒子恰好从右端飞出时，板长为L 0L 0= v 0t 0（1分）20212at d=（1分）ma d Uq =（1分）联立代入数据得：L 0≈13.1cm （1分）(2) 板长L =0.12m 时，时间为：0v Lt =（1分）竖直方向偏移距离221at y =，（1分）联立代入数据可得: y=0.0625m （2分）从右端飞出时 at v y =（1分）从右端飞出时的动能为 )(21220y k v v m E +=（1分）代入数据得:J E k 151076.5-⨯=（2分）也可由动能定理求得 2021mv E y d U q K -=（3分） J E k 151076.5-⨯=（2分）。

2017-2018学年山东省潍坊市高二上学期期中考试物理试题 Word版含解析

2017-2018学年高二期中测试卷物理试卷一、选择题1. 在真空中，电量为q1的点电荷产生的电场中有一个点P，P点与q1的距离为r，把一个电量为q2的检验电荷放在P点，它受的静电力为F，则P点电场强度的大小等于( )A. B. C. D.【答案】BC【解析】试题分析：电量为q2的实验电荷在P点所受的电静电力为F，根据电场强度的定义式得到：P点电场强度的大小E=．故A错误，B正确．电量为q1的点电荷场源电荷，在P 点产生的电场强度的大小为E=．故C正确，D错误．故选BC．考点：电场强度【名师点睛】本题考查了电场强度的两个公式：，q是试探电荷，Q是场源电荷。

2. 如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c为电场中的三点，实线PQ为M、N连线的中垂线，a、b两点关于MN对称，a、c两点关于PQ对称，已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是( )A. M点处放置的是负电荷B. a点的场强与c点的场强完全相同C. a点的电势高于c点的电势D. 若将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，则电场力先做正功，后做负功【答案】AD【解析】AC、因正电荷由a到c电势能增加，则电场力做负功，则电势升高．故c点电势高于a点电势．则M点为负电荷，故A正确，C错误；B、a点与c点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故B错误；D、将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，根据等势线分布图可知，电势先降低后升高，则电势能先减小后增大，电场力先做正功、后做负功．故D正确；故选AD。

3. 如图一根不可伸长绝缘的细线一端固定于O点，另一端系一带电小球，置于水平向右的匀强电场中，现把细线水平拉直，小球从A点静止释放，经最低点B后，小球摆到C点时速度为0，则（）A. 小球在B点时的速度最大B. 小球从A到B的过程中，机械能一直在减少C. 小球在B点时的绳子拉力最大D. 从B到C的过程中小球的电势能一直增大【答案】BD【解析】试题分析：小球受到电场力与重力、绳子的拉力的作用，在复合场中做类单摆运动，当重力与电场力的合力与绳子的拉力在同一条直线上时，小球处于等效最低点，此时小球的速度最大，对绳子的拉力最大．故A错误，C错误；从A到B的过程中电场力对小球做负功，小球的机械能减小．故B正确；从B到C的过程中克服电场力做功，小球的电势能一直增大，D正确；故选BD。

配套K122017-2018学年高二物理上学期期中等级试题(含解析)

金山中学2017学年度第一学期高二年级物理学科期中等级考试卷一、选择题（共40分。

第1-8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题4分。

每小题只有一个正确答案。

）1. 下列各事例中通过热传递改变物体内能的是（）A. 车床上车刀切削工件后发热B. 擦火柴时火柴头温度升高C. 用肥皂水淋车刀后车刀降温D. 搓搓手就会觉得手发热【答案】C【解析】试题分析：车床上车刀切削工件后发热、擦火柴时火柴头温度升高、搓搓手就会觉得手发热都是通过做功改变内能的，ABD错；故选C考点：考查改变内能的方式点评：难度较小，改变内能的两种方式：做功和热传递2. 下列关于温度及内能的说法中正确的是（）A. 物体吸热，温度一定升高B. 一个物体的温度升高，一定是外界对物体做功C. 质量和温度相同的冰和水，内能是相同的D. 某一铁块，温度降低，内能一定减小【答案】D【解析】晶体熔化时吸热，但温度不变，故A错误；一个物体的温度升高，不一定是外界对物体做功，还可能是吸收了热量，故B错误；质量和温度相同的冰和水，水的内能大，故C 错误；同一物体分子个数是一定的，当温度降低时，分子的热运动越缓慢，则分子的动能就越小，从而物体的内能减小；由于铁块的质量不变，因此铁块的温度降低，内能一定减小，故D正确。

所以D正确，ABC错误。

3. 下列能源中属于常规能源的是（）A. 太阳能B. 天然气C. 核能D. 地热能【答案】B【解析】新能源又称非常规能源。

是指传统能源之外的各种能源形式。

指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如太阳能、地热能、风能、海洋能、生物质能和核聚变能等。

所以天然气为常规能源，选B.4. 下列关于点电荷的说法正确的是（）A. 点电荷的电量一定是1.60×10-19CB. 实际存在的电荷都是点电荷C. 点电荷是理想化模型D. 大的带电体不能看成点电荷【答案】C【解析】点电荷是为研究问题方便，人为引入的理想化模型，C对。

湖北省襄阳市四校2017-2018学年高二上学期期中联考物理答案

解得： a = 10 2m / s 2 （2 分）
由速度位移公式得： v2 = 2a h 解得： v = 10 2 m/s sin a
（2 分）
2
14、（10 分）解：（1）根据动能定理得： mgL - qEL = 1 mv 2 ， 2
解得 v = 2(mg - qE)L = 4m / s m
（2）根据牛顿第二定律得：F﹣mg=m ，
解得： F = mg + mv2 = 5.2N L
由牛顿第三定律：小球对杆的作用力为 5.2N
1
（1 分）
（1 分）（1 分）（1 分）（2 分）（1 分）（1 分）（2 分）（3 分）
16、（14 分）解：（1）受力分析如图所示，当电场力与支持力垂直时电场力最小，场强最小，即
电场沿着斜面向上时，取得最小值，有 qE=mgsinθ
（2 分）
代入数据：
E = mg sinq = 20´0.8 = 4V / m
q
4
（1 分）
（2）当电场水平向右，受力分析如图所示
根据牛顿第二定律有 mgsinθ﹣qEcosθ=maBCAB
C
C
BCD AD BD AC
二、实验填空题（共 16 分）。
11. 2.O30 5.700 ± 0.001（各 3 分）
12．(1)D（2 分） (2)如图(a)（2 分） (3)如图(b)（画直线未用直尺不给分）（2 分）
E＝1.48～1.52V（2 分） r＝0.80± 0.05Ω. （2 分）
2 2m
又 x =h, y =2 h 可得：
v0 =
2qEh m
（2 分）（2 分）（1 分）
（2）设粒子到达 B 点时的水平速度为 vx ，则电场力做功的瞬时功率为： P = qEvx

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高三物理试卷第 1 页共 6 页
2015-2016学年度上学期期中八校联考
高三物理试题

命题人：甘南二中王永超
考试时间：90分钟
一、选择题（1__8题是单选题，9__12题是多选题,每小题4分，共
48分；选对得4分，选对不全得2分，选错得0分）
11.物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识,下列说法中正确的是（）

A.牛顿应用“理想斜面实验”推翻了亚里士多德的“力是维持物体运动的
原因”的观点
B.卡文迪许测出了引力常量的数值
C.牛顿运动定律是自然界普遍适用的基本规律之一
D.开普勒通过对行星观测记录的研究发现了万有引力定律
2.如图所示，光滑水平面上放置质量分别为3m、2m的A、
B两个物体，A、B
间的静摩擦因数为μ，认为最大静摩

擦力等于滑动摩擦了现用水平拉力F拉B，使A、B以同
一加速度运动，则拉力F的最大值为( )
A．2μmg B．3μmg C．4μmg D．5μ
mg
3、有两个光滑固定的斜面AB和BC，A和C两点在同一水平面上，斜面BC
比斜面AC长，如图，一个滑块自A点以速度VA上滑，到达B点时速度减为
零，紧接着沿BC滑下，设滑块从A点到C点的总时间是tc，那么下列四个图
中正确表示滑块速度V的大小随时间t变化规律的是
（）

4.如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间。设墙面对球的压力大
小为N1，球对木板的压力大小为N2。以木板与墙连接点所形成的
水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。不
计摩擦，在此过程中

学号
v
t
c

t
0

V
A

tc/2

t
c

t
0

V
A