江西省上饶市“山江湖”协作体高二上学期第一次联考试题 语文 含答案bychn
江西省“山江湖”协作体2019_2020学年高一语文上学期第一次联考试题(自主班)
六大注意1考生需自己粘贴答题卡的条形码考生需在监考老师的指导下，自己贴本人的试卷条形码。
粘贴前，注意核对一下条形码上的姓名、考生号、考场号和座位号是否有误，如果有误，立即举手报告。
如果无误，请将条形码粘贴在答题卡的对应位置。
万一粘贴不理想，也不要撕下来重贴。
只要条形码信息无误，正确填写了本人的考生号、考场号及座位号，评卷分数不受影响。
2拿到试卷后先检查有无缺张、漏印等拿到试卷后先检查试卷有无缺张、漏印、破损或字迹不清等情况，尽管这种可能性非常小。
如果有，及时举手报告；如无异常情况，请用签字笔在试卷的相应位置写上姓名、考生号、考场号、座位号。
写好后，放下笔，等开考信号发出后再答题，如提前抢答，将按违纪处理。
3注意保持答题卡的平整填涂答题卡时，要注意保持答题卡的平整，不要折叠、弄脏或撕破，以免影响机器评阅。
若在考试时无意中污损答题卡确需换卡的，及时报告监考老师用备用卡解决，但耽误时间由本人负责。
不管是哪种情况需启用新答题卡，新答题卡都不再粘贴条形码，但要在新答题卡上填涂姓名、考生号、考场号和座位号。
4不能提前交卷离场按照规定，在考试结束前，不允许考生交卷离场。
如考生确因患病等原因无法坚持到考试结束，由监考老师报告主考，由主考根据情况按有关规定处理。
5不要把文具带出考场考试结束，停止答题，把试卷整理好。
然后将答题卡放在最上面，接着是试卷、草稿纸。
不得把答题卡、试卷、草稿纸带出考场，试卷全部收齐后才能离场。
请把文具整理好，放在座次标签旁以便后面考试使用，不得把文具带走。
6外语听力有试听环外语考试14:40入场完毕，听力采用CD播放。
14：50开始听力试听，试听结束时，会有“试听到此结束”的提示。
听力部分考试结束时，将会有“听力部分到此结束”的提示。
听力部分结束后，考生可以开始做其他部分试题。
江西省“山江湖”协作体2019-2020学年高一语文上学期第一次联考试题（自主班）时间：150分钟满分：150分一、现代文阅读（18分）（一）论述类文本阅读（9分）阅读下面的文字，完成各题。
2019-2020学年江西省上饶市“山江湖”协作体高二上学期期中联考数学(文)(统招班)试题答案
8
2
则
3 2
和
1
是 2kx2
kx
3 8
0 的两个实数根，由韦达定理可得
3 2
1
3 8
2k
，
求得 k 1 ． 8
（2）若关于
x
的不等式
2kx2
kx
3 8
0
解集为
R
，则
k
0
，或
2k 0 k 2
3k
0
，
求得 k 0 或 3 k 0 ，
故实数 k 的取值范围为 3, 0 ．
频率
0.1
0.2
0.3
0.2
0.15
0.05
由题意可得，
10 0.1 20 0.2 30 0.3 40 0.2 50 0.15 60 0.05 32.5 （分钟）
故估计样本中 40 名学生每人每天学习“中华诗词”的时间为 32.5 分钟.
20.（1）设等差数列an公差为 d d 0
当
k
1 2
, 2
时，
f
k 2 k 2k 0 ， k 1，
此时
f
x
x
1 x
2，
f
1 2
f
2
1 2 符合题意.
当
k
1 2
, 2
时，由题意知
f
1 2
0 ，f
2
1 2
或
f
2
0
江西省上饶市“山江湖”协作体2019_2020学年高二数学上学期第一次联考试题理(含解析)
江西省上饶市“山江湖”协作体2019-2020学年高二数学上学期第一次联考试题 理（含解析）一、选择题（本大题共12小题） 1.若0a >，0b >，则不等式1a b x>>-等价于（ ） A. 10x b -<<或1a x a << B. 10x a -<<或1a x b << C. 1x b <-或1x a> D. 11x a b-<< 【答案】C 【解析】 【分析】 解不等式1a x<和1b x >-，再将两个不等式的解集取交集可得出答案.【详解】0a >，0b >，解不等式1a x <，即10ax x ->，解得0x <或1x a>； 解不等式1b x >-，即10bx x +>，解得1x b<-或0x >. 综上所述，1x b <-或1x a>，故选C. 【点睛】本题考查分式不等式的求解，一般将分式不等式进行通分，然后化为整式不等式进行求解，考查运算求解能力，属于中等题.2.如果20ax bx c ++>的解集为{}24x x x <->或，那么对于函数()2f x ax bx c =++有（ ）A. ()()()5 2 1f f f <<-B. ()()()25 1f f f <<-C. ()()()2 1 5f f f <-<D. ()()()1 2 5f f f -<<【答案】C 【解析】 【分析】由题意得出20ax bx c ++=的两根为2-和4，且有0a >，由韦达定理得出b 、c 与a 的等量关系，并求出()1f -、()2f 、()5f 的值，即可得出三个数的大小关系. 【详解】由于关于x 的不等式20ax bx c ++>的解集为{}24x x x <->或， 则关于x 的方程20ax bx c ++=的两根为2-和4，且0a >.由韦达定理得()2424b a ca ⎧-+=-⎪⎪⎨⎪-⨯=⎪⎩，解得28b a c a =-⎧⎨=-⎩，()228f x ax ax a ∴=--，()15f a ∴-=-，()28f a =-，()57f a =，因此，()()()215f f f <-<，故选C.【点睛】本题考查一元二次不等式的解集与一元二次不等式之间的关系，考查根与系数之间的关系，在解题时还应根据解集得出首项系数的符号，考查分析问题和解决问题的能力，属于中等题.3.已知sin153a =︒，cos62b =︒，121log 3c =，则（ ） A. a b c >>B. c a b >>C. b c a >>D.c b a >>【答案】D 【解析】因lg3sin 27,sin 281,1lg 2a b a b c ︒︒==⇒<=，故选D. 4.已知点(3,1)--和点(4,6)-在直线320x y a --=的两侧，则a 的取值范围为（ ）A. (247)-，B. (74)2-，C. 724()()-∞-⋃∞，， D. (,24)(7,)-∞-⋃+∞【答案】B 【解析】 【分析】利用点在直线的异侧时，对应的代数式（将点代入直线方程的左侧）的符号是异号，故可求实数a 的取值范围．【详解】因为点(3,1)--和(4,6)-在直线320x y a --=的两侧，所以[3(3)2( 1) ][34a ⨯--⨯--⨯⨯2(6)]0a -⨯--<，所以724a -<<．故选B ．【点睛】本题考查二元一次不等式表示的平面区域的性质，属于基础题．5.当1a <-时，不等式()()013x ax x -≤+-的解集是（ ） A. [](),1, 3a -∞-⋃ B. [](),1,3a -∞⋃- C. ()(), 1,3a -∞⋃- D. ()(],1,3a -∞⋃-【答案】D 【解析】 【分析】利用穿针引线法可得出该不等式的解集. 【详解】如下图所示：由上图可知，不等式()()013x ax x -≤+-的解集为(](),1,3a -∞-，故选D.【点睛】本题考查分式不等式的解法，同时也考查了高次不等式的解法，一般利用穿针引线法来求解，考查数形结合思想，属于基础题.6.方程(x 2＋y 2－4)1x y ++)＝0的曲线形状是( )A. B.C.D.【答案】C由(2240x y +-=可得：224010x y x y ⎧+-=⎨++≥⎩ 或10x y ++= 它表示直线10x y ++=和圆224x y +=在直线10x y ++=右上方的部分故选C7.若两个正实数,x y 满足211x y+=,且222x y m m +>+恒成立，则实数m 的取值范围是（ ） A. ()[),24,-∞-+∞ B. ()[),42,-∞-+∞ C. ()2,4- D. ()4,2-【答案】D 【解析】 【分析】将代数式21x y+与2x y +相乘，展开后利用基本不等式求出2x y +的最小值，然后解不等式()2min 22m m x y +<+，可得出实数m 的取值范围．【详解】由基本不等式得()21422448y x x y x y x y x y ⎛⎫+=++=++≥=⎪⎝⎭， 当且仅当4y xx y=，由于0x >，0y >，即当2x y =时，等号成立， 所以，2x y +的最小值为8，由题意可得228m m +<，即2280m m +-<， 解得42m -<<，因此，实数m 的取值范围是()4,2-，故选D.【点睛】本题考查不等式恒成立问题，考查利用基本不等式求最值，对于不等式成立的问题，需要结合量词来决定所选择的最值，考查计算能力，属于中等题．8.对于实数x ，规定[]x 表示不大于x 的最大整数，那么不等式[][]2463450x x -+<成立的x 的取值范围是（ ）A. [)1,15B. []2,8C. [)2,8D. [)2,15【解析】 【分析】先由不等式[][]2463450x x -+<得出[]x 的取值范围，再由[]x 的定义得出x 的取值范围. 【详解】不等式[][]2463450x x -+<即为[]()[]()43150x x --<，解得[]3154x <<， 则[]{}1,2,3,,14x ∈，因此，115x ≤<，故选A.【点睛】本题考查一元二次不等式的解法，同时也考查了取整函数的定义，解题的关键要结合不等式得出[]x 的取值，考查计算能力，属于中等题. 9.数列{}n a 的通项公式为2141n a n =-，则数列{}n a 的前n 项和n S =（ ）A.221nn + B.21nn + C.241nn + D.41nn + 【答案】B 【解析】 试题分析：由题意得，数列{}n a 的通项公式为211111()41(21)(21)22121n a n n n n n ===--+--+，所以数列{}n a 的前n 项和11111111[(1)()()()]2335572121n S n n =-+-+-++--+11(1)22121nn n =-=++，故选B. 考点：数列的求和.【方法点晴】本题主要考查了数列的求和问题，其中解答中涉及到数列的通项公式及通项公式的裂项、数列的裂项求和等知识点的综合考查，着重考查了学生分析问题和解答问题的能力，以及推理与运算能力，本题的解答中把数列的通项公式化简为211111()41(21)(21)22121n a n n n n n ===--+--+是解答的关键，属于基础题.10.在ABC ∆中，22222222b c a b a c b a+-=+-，则ABC ∆是（ ） A. 等腰三角形 B. 等边三角形C. 直角三角形D. 等腰三角形或直角三角形【解析】 【分析】将等式22222222b c a b a c b a+-=+-化简，因式分解后得出()()222220a b a b c -+-=，即可判断出ABC ∆的形状.【详解】22222222b c a b a c b a +-=+-，2222422224a b a c a a b b c b ∴+-=+-，即4422220a b b c a c -+-=，因式分解得()()222220a bab c -+-=，得a b =或222+=a b c ，因此，ABC ∆是等腰三角形或直角三角形，故选D.【点睛】本题考查三角形形状的判断，可充分利用正弦定理边角互化思想、余弦定理结合三角恒等变换思想进行化简，同时也可以利用代数思想进行化简计算，考查分析问题和解决问题的能力，属于中等题.11.已知等腰三角形的底边长为6，一腰长为12，则它的外接圆半径为( )B. D. 【答案】C 【解析】 【分析】设等腰三角形的顶角为θ，利用余弦定理计算出cos θ，再利用同角三角函数的平方关系计算出sin θ，然后利用正弦定理可计算出该三角形的外接圆半径. 【详解】设等腰三角形的顶角为θ，其外接圆半径为r ，由余弦定理得2222121267cos 2128θ+-==⨯，所以，sin θ===由正弦定理得626sin 5r θ===，故选C【点睛】本题考查利用正弦定理计算三角形的外接圆半径，同时也考查了余弦定理解三角形，解题时要根据三角形已知元素类型选择正弦定理或余弦定理解三角形，考查计算能力，属于中等题.12.已知函数()32log ,041,0x x f x x x x ⎧>=⎨++≤⎩，函数()() F x f x b =-有四个不同的零点1x 、2x 、3x 、4x ，且满足:1234x x x x <<<，则221323432x x x x x x +-的取值范围是（ ）A. )⎡+∞⎣B. 833,9⎛⎤ ⎥⎝⎦C. [)3,+∞ D.839⎡⎤⎢⎥⎣⎦ 【答案】D 【解析】 【分析】作出函数()y f x =的图象，可得出当直线y b =与函数()y f x =的图象有四个交点时b 的取值范围，根据图象得出124x x +=-，341x x =，并求出实数3x 的取值范围，将代数式221323432x x x x x x +-转化为关于3x 的函数，利用双勾函数的基本性质求出221323432x x x x x x +-的取值范围.【详解】作出函数()y f x =的图象如下图所示：由图象可知，当01b <≤时，直线y b =与函数()y f x =的图象有四个交点，由于二次函数241y x x =++的图象关于直线2x =-对称，则124x x +=-，又4344log log x x =，由题意可知，301x <<，41x >，4344log log x x ∴-=，可得341x x =，431x x ∴=，由(]33log 0,1x b =∈，即330log 1x <-≤，解得3113x ≤<. 222132343233122x x x x x x x x +∴-=+，令231,19t x ⎡⎫=∈⎪⎢⎣⎭，则12y t t =+， 由基本不等式得11222y t t tt =+≥⋅=21,129t ⎡⎫=⎪⎢⎣⎭时，等号成立， 当19t =时，283999y =+=，当1t =时，3y =，所以，1832229t t ≤+≤， 因此，221323432x x x x x x +-的取值范围是832,9⎡⎤⎢⎥⎣⎦，故选D.【点睛】本题考查函数零点的取值范围，解题时要充分利用图象的对称性以及对数的运算性质得出一些定值条件，并将所求代数式转化为以某个变量为自变量的函数，转化为函数值域求解，考查化归与转化思想、函数方程思想的应用，属于中等题. 二、填空题（本大题共4小题） 13.已知正数,x y 满足1,x y +=则4121x y +++的最小值为__________．【答案】94【解析】 【分析】 将1x y +=变形为214x y +++=后，可将4121x y +++变形为()()41121421x y x y ⎛⎫⎡⎤++++⨯ ⎪⎣⎦++⎝⎭，展开并用基本不等式求解即可. 【详解】由题可知：214x y +++=，故4121x y +++=()()41121421x y x y ⎛⎫⎡⎤++++⨯ ⎪⎣⎦++⎝⎭=1211545942144y x x y ⎛⎛⎫+++⨯+⨯≥+= ⎪ ++⎝⎭⎝当且仅当x=y 时取得等号 【点睛】本题考查了 “乘1法”和基本不等式求最值，考查了变形的能力，计算能力，是中档题.14.设4()42xx f x =+，则12320162017201720172017f f f f ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫++++= ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭__________．【答案】1008 【解析】∵函数()442x x f x =+，∴()()11444411424242424x x x x x x xf x f x --+-=+=+=++++⨯，∴12320162017201720172017f f f f ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫++++=⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭100811008=⨯=，故答案为1008.15.已知0＜a ＜1，log a (2x －y ＋1)＞log a (3y －x ＋2)，且λ＜x ＋y ，则λ的最大值为________． 【答案】－2 【解析】【详解】解：根据题意得：2103202132x y y x x y y x -+⎧⎪-+⎨⎪-+-+⎩＞＞＜即2103203410x y y x x y -+⎧⎪-+⎨⎪--⎩＞＞＜ 画出不等式表示的平面区域设目标函数z ＝x +y ，则z 表示直线在y 轴上截距，截距越大，z 越大 作出目标函数对应的直线L ：y ＝﹣x 由2103410x y x y -+=⎧⎨--=⎩得A （﹣1，﹣1）直线过A （﹣1，﹣1）时，直线的纵截距最小，z 最小，最小值为z ＝﹣2 则目标函数z ＝x +y 的取值范围是（﹣2，+∞）． 又λ＜x +y ，则λ的最大值为﹣2 故答案为﹣2．16.在R 上定义运算:()1x y x y ⊗=-若存在x ∈R 使得()()1x a x a -⊗+>成立，则实数a 的取值范围是__________.【答案】13,,22⎛⎫⎛⎫-∞-+∞ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭【解析】 【分析】先由题中定义结合()()1x a x a -⊗+>得出2210x x a a --++<，再由题意得出>0∆，可得出实数a 的取值范围.【详解】由题意可得()()()()221x a x a x a x a x a x a ⎡⎤-⊗+=--+=--+⎣⎦，由()()1x a x a -⊗+>得221x a x a --+>，即2210x x a a --++<，由题意可知，存在x ∈R 使得2210x x a a --++<成立，则()21410a a ∆=-⨯-++>，即24430a a -->，即()()21230a a +->，解得12a <-或32a >. 因此，实数a 的取值范围是13,,22⎛⎫⎛⎫-∞-⋃+∞ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，故答案为13,,22⎛⎫⎛⎫-∞-⋃+∞ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭.【点睛】本题考查在新定义下二次不等式能成立的问题，解题时要结合题中的定义对不等式进行化简，并结合二次不等式首项系数的符号和判别式来解题，考查化归与转化思想，属于中等题.三、解答题（本大题共6小题）17.（1）关于x 的不等式23x ax a --≤-的解集非空，求实数a 的取值范围； （2）已知54x <，求函数14245y x x =-+-的最大值. 【答案】(1)a 6a 2≤-≥或(2) max 1y = 【解析】试题分析：（1）要使关于x 的不等式23x ax a --≤-的解集非空，只需()2min 434a a f x +=-≤-，解不等式可得结果；（2）11425434554y x x x x ⎛⎫=-+=--++ ⎪--⎝⎭，利用基本不等式可求得实数a 的取值范围.试题解析：（1）设()2f x x ax a =--．则关于的不等式23x ax a --≤-的解集不是空集()3f x ⇔≤-在R 上能成立()min 3f x ⇔≤-，即()2min 434a a f x +=-≤-解得6a ≤-或2a ≥．（或由230x ax a --+≤的解集非空得0∆≥亦可得） （2）解：511,540,4254323144554xx y x x x x ⎛⎫∴-∴=-+=--++≤-+= ⎪--⎝⎭， 当且仅当15454x x -=-，解得x =1或32x =而35124x x =>∴=即1x =时，上式等号成立，故当1x =时，max 1y =．18.已知二次函数()2f x x mx 6(m 0)=+->的两个零点为1x 和2x ，且21x x 5-=．()1求函数()f x 的解析式；()2解关于x 的不等式()f x 42x <-．【答案】（1）()26f x x x =+-（2）{x |5x 2}-<<【解析】 【分析】() 1根据二次函数的性质得到关于关于m 的方程，解出即可；()2问题转化为2x 3x 100+-<，解出即可．【详解】解：()1由题意得：2x mx 60(m 0)+-=>的两个根为1x 和2x ，由韦达定理得12x x m12{x x 6?+=-=-，故222211212(x x )(x x )4x x m 2425-=+-=+=，故2m 1=，m 0>，m 1∴=，故()26f x x x =+-；()2由()f x 42x <-得，2x x 642x +-<-，即2x 3x 100+-<， 即()()x 5x 20+-<， 解得：5x 2-<<，故不等式的解集是{x |5x 2}-<<．【点睛】本题考查了二次函数的性质，考查韦达定理以及解一元二次不等式问题，是一道常规题．19.在ABC ∆中，角,,A B C 的对边分别是,,a b c ，且222()(2)a b c sinB ab sinA sinC +-⋅=⋅-.(1)求角B ；(2)若ABC ∆b 的取值范围． 【答案】（1）3B π=（2）[2,)+∞【解析】 【分析】⑴运用正弦定理进行边角的互化，然后再利用余弦定理求出结果 ⑵由已知条件得到4ac =，再利用余弦定理和不等式求出范围 【详解】解：(1)由正弦定理得()()2222a b cb ab ac +-⋅=⋅-,0b ≠, 222a cb ac ∴+-=, ∴ 2221cos 22a cb B ac +-==,又在ABC ∆中，0B π<<, ∴ 3B π=.(2)1sin 2ABC S ac B ∆==，∴ 4ac =, 由余弦定理得222222cos 4b a c ac B a c ac ac =+-=+-≥=,当且仅当2a c ==时，等号成立.∴ 2b ≥,则实数b 的取值范围为[)2,+∞.【点睛】本题考查了正弦定理的边角互化及运用余弦定理求出结果，本题较为综合，在计算过程中一定要数量掌握解题方法．20.已知在等比数列{}n a 中，11a =，2a 是1a 和31a -的等差中项， （1）求数列{}n a 的通项公式；（2）若数列{}n b 满足()*21n n b n a n N=++∈，求数列{}nb 的前n 项和nS．【答案】（1）12n n a -=；（2）221n n +-【解析】 【分析】(1)根据2a 是1a 和31a -的等差中项列等式解得232a a =,可得公比2q ,从而可得通项公式;(2)分组后利用等差数列与等比数列求和公式可得答案. 【详解】（1）设等比数列{}n a 的公比为q ，2a 是1a 和31a -的等差中项，()213321a a a a ∴=+-=，322a q a ∴==，1112n n n a a q --∴==； （2）112221n n n b n a n -=-+=-+，()()()()21113252212n n S n -∴=++++++⋯+-+ ()()()2112112135211222212nn n n n -+--=+++⋯+-++++⋯+=⋅+- 221n n =+-．【点睛】本题考查了等差中项,考查了等比数列的通项公式,考查了等差数列与等比数列的前n 项和的公式,属于基础题.21.若变量,x y 满足约束条件20360x y x y x y +-≥⎧⎪-≤⎨⎪-≥⎩，求：（1）23z x y =-+ 的最大值； （2）23y z x +=+ 的取值范围； （3）2221z x y x y =+--+ 的取值范围． 【答案】（1）5；（2）25,56⎡⎤⎢⎥⎣⎦；（3）1,108⎡⎤-⎢⎥⎣⎦．【解析】 【分析】作出可行域，求得,,A B C 三点的坐标，(1)中，根据直线的几何意义，即可求解目标函数的最大值； (2) 中，转化为点(,)x y 与(3,2)--取的斜率的范围，即可求解；(3)中，转化为 (,)x y 与1(1,)2距离平方，即可求解.【详解】作出可行域，如图阴影部分所示．由 2036x y x y +-=⎧⎨-=⎩ ⇒ 2x y =⎧⎨=⎩ 即()A 2,0由 200x y x y +-=⎧⎨-=⎩⇒ 11x y =⎧⎨=⎩ 即()B 1,1由 360x y x y -=⎧⎨-=⎩ ⇒ 33x y =⎧⎨=⎩ 即()C 1,1(1)如图可知 z x 2y 3=-+，在点()A 2,0处取得最优解，max z 5=；(2) y 2z x 3+=+，可看作()x,y 与()3,2--取的斜率的范围， 在点()A 2,0，()C 3,3处取得最优解，min 02z 523+==+，max 325z 336+==+ 所以25z ,56⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦(3)()222211z x y 2x y 1x 1y 24⎛⎫=+--+=-+-- ⎪⎝⎭()221x 1y 2⎛⎫-+- ⎪⎝⎭ 可看作()x,y 与11,2⎛⎫ ⎪⎝⎭距离的平方，如图可知 min 1122d 222+-== 所以2min min 1111z d4848=-=-=- 在点()C 3,3处取得最大值，()22max11z 3131024⎛⎫=-+--= ⎪⎝⎭所以1z ,108⎡⎤∈-⎢⎥⎣⎦【点睛】本题主要考查简单线性规划．解决此类问题的关键是正确画出不等式组表示的可行域，将目标函数赋予几何意义；求目标函数的最值的一般步骤为：一画二移三求．其关键是准确作出可行域，理解目标函数的意义．常见的目标函数有：（1）截距型：形如z ax by =+ .求这类目标函数的最值常将函数z ax by =+ 转化为直线的斜截式：a zy x b b=-+ ，通过求直线的截距z b的最值间接求出z 的最值；（2）距离型：形如()()22z x a y b =-+- ；（3）斜率型：形如y bz x a-=-.22.已知函数2()(1)1f x m x mx m =+-+-（m R ∈）． （1）若不等式()0f x <的解集为∅，求m 的取值范围； （2）当2m >-时，解不等式()f x m ≥；（3）若不等式()0f x ≥的解集为D ，若[11]D -⊆，，求m 的取值范围． 【答案】（1）3m ≥；（2）1|11x x m ⎧⎫≤≤-⎨⎬+⎩⎭.；（3）3m ≥. 【解析】试题分析：（1）对二项式系数进行讨论，可得10{0m +>∆≤求出解集即可；（2）分为10m +=，10m +>，10m +<分别解出3种情形对应的不等式即可；（3）将问题转化为对任意的[]1,1x ∈-，不等式()2110m x mx m +-+-≥恒成立，利用分离参数的思想得2211xm x x -≥-+-+恒成立，求出其最大值即可.试题解析：（1）①当10m +=即1m =-时，()2f x x =-，不合题意； ②当10m +≠即1m ≠-时，()()210{4110m m m m +>∆=-+-≤，即21{340m m >--≥，∴1{33m m m >-≤-≥，∴3m ≥ （2）()f x m ≥即()2110m x mx +--≥ 即()()1110m x x ⎡⎤++-≥⎣⎦①当10m +=即1m =-时，解集为{|1}x x ≥ ②当10m +>即1m >-时，()1101x x m ⎛⎫+-≥ ⎪+⎝⎭∵1011m -<<+，∴解集为1{|1}1x x x m ≤-≥+或 ③当10m +<即21m -<<-时，()1101x x m ⎛⎫+-≤ ⎪+⎝⎭∵21m -<<-，所以110m -<+<，所以111m ->+ ∴解集为1{|1}1x x m ≤≤-+ （3）不等式()0f x ≥的解集为D ，[]1,1D -⊆，即对任意的[]1,1x ∈-，不等式()2110m x mx m +-+-≥恒成立，即()2211m x x x -+≥-+恒成立，因为210x x -+>恒成立，所以22212111x xm x x x x -+-≥=-+-+-+恒成立， 设2,x t -=则[]1,3t ∈，2x t =-，所以()()2222131332213x t t x x t t t t t t-===-+-+---++-，因为3t t+≥，当且仅当t =时取等号，所以221x x x -≤=-+，当且仅当2x =所以当2x =22max113x x x ⎛⎫-+= ⎪-+⎝⎭，所以3m ≥点睛：本题主要考查了含有参数的一元二次不等式的解法，考查了分类讨论的思想以及转化与化归的能力，难度一般；对于含有参数的一元二次不等式常见的讨论形式有如下几种情形：1、对二次项系数进行讨论；2、对应方程的根进行讨论；3、对应根的大小进行讨论等；考查恒成立问题，正确分离参数是关键，也是常用的一种手段．通过分离参数可转化为()a h x >或()a h x <恒成立，即()max a h x >或()min a h x <即可，利用导数知识结合单调性求出()max h x 或()min h x 即得解.。
江西省“山江湖”协作体统招班2021学年高二数学上学期第一次联考试题 理(含解析)
江西省“山江湖”协作体统招班2021学年高二数学上学期第一次联考试题理（含解析）一、选择题（本大题共12小题）1.，，则不等式的解为A. 或B. 或C. 或D.2.如果的解集为或，那么对于函数有A. B.C. D.3.已知，，，则A. B. C. D.4.已知点和在直线l：的两侧，则a的取值范围是A. B.C. D.5.当时，不等式的解集是A. ，B. ，C. D. ，6.方程的曲线形状是A. B.C. D.7.若两个正实数x，y满足，且恒成立，则实数m的取值范围是A. ，B. ，C. D.8.对于实数x，规定表示不大于x的最大整数，那么不等式成立的x的取值范围是A. B. C. D.9.数列的通项公式为，则数列的前n项和A. B. C. D.10.在中，，则是A. 等腰三角形B. 等边三角形C. 直角三角形D. 等腰或直角三角形11.已知等腰三角形的底边长为6，一腰长为12，则它的外接圆半径为A. B. C. D.12.已知函数，函数有四个不同的零点，，，，且满足：，则的取值范围是A. B. C. D.二、填空题（本大题共4小题）13.已知正数x，y满足，则的最小值为______ ．14.设，则______．15.已知，若，且，则的最大值为______ ．16.在R上定义运算：若存在使得成立，则实数a的取值范围是______．三、解答题（本大题共6小题）17.关于x的不等式的解集非空，求实数a的取值范围；已知，求函数的最大值．18.已知二次函数的两个零点为和，且．求函数的解析式；解关于x的不等式．19.在中，角A，B，C的对边分别是a，b，c，且．求角B；若的面积为，求实数b的取值范围．20.已知在等比数列中，，是和的等差中项，求数列的通项公式；若数列满足，求数列的前n项和．21.若变量x，y满足约束条件，求：的最大值；的取值范围；的取值范围．22.已知函数若不等式的解集是空集，求m的取值范围；当时，解不等式；若不等式的解集为D，若，求m的取值范围．答案和解析1.【答案】C【解析】解：，，当时，由不等式可得，．当时，由不等式可得，．综上可得，，或．故选：C．当时，原不等式化为，当时，原不等式化为，故把这两个x的范围取并集，即得所求．本题主要考查了分式不等式的求法，不等式的基本性质的应用，体现了分类讨论的数学思想，属于中档题．2.【答案】D【解析】解：的解集为，可知，4是的两根，由根与系数的关系，所以且，所以，函数，抛物线对称轴为，开口向上，所以故选：D．由已知，可知，4是的两根，由根与系数的关系，得出，化函数，利用二次函数图象与性质求解．本题为一元二次不等式的解集的求解，结合对应二次函数的图象是解决问题的关键，属基础题．3.【答案】D【解析】解：，，，．故选：D．由诱导公式及对数函数的单调性能比较三个数的大小．本题考查三个数的大小的比较，是基础题，解题时要认真审题，注意诱导公式及对数函数的单调性的合理运用．4.【答案】B【解析】解：点和在直线l：的两侧，，化为，解得．故选：B．由点和在直线l：的两侧，可得，解出即可．本题考查了点与直线的位置关系、一元二次不等式的解法，属于基础题．5.【答案】D【解析】解：当时，不等式等价于且，，解得或，故不等式的解集为，，故选：D．当时，不等式等价于且，，解得即可．本题考查了分式不等式的解法，属于基础题．6.【答案】C【解析】【分析】由已知的方程得到，或，则由线性规划知识可得答案．本题考查了轨迹方程，考查了学生的理解能力，是中档题．【解答】解：由，得，或．它表示直线和圆在直线右上方的部分．故选C．7.【答案】D【解析】【分析】本题考查基本不等式求最值，涉及恒成立问题和不等式的解法，属中档题．由题意和基本不等式可得的最小值，再由恒成立可得m的不等式，解不等式可得m的取值范围．【解答】解：正实数x，y满足，，当且仅当，即且时，取最小值8，恒成立，，解关于m的不等式可得，故选D．8.【答案】A【解析】解：解得，；表示不大于x的最大整数；；的取值范围是．故选：A．可解关于的一元二次不等式不等式得到，从而得出，即得出x的范围．考查一元二次不等式的解法，知道表示不超过x的最大整数．9.【答案】B【解析】【分析】本题考查数列的求和方法：裂项相消求和，考查化简整理的能力，属于基础题．化，由数列的求和方法：裂项相消求和，化简即可得到所求和．【解答】解：数列的通项公式为，即，则数列的前n项和．故选：B．10.【答案】D【解析】解：，，化简可得，，，即，或，或，则是直角三角形或等腰三角形．故选：D．由已知结合余弦定理，正弦定理分别对已知进行化简后即可判断．本题考查三角形形状的判断，考查正余弦定理的运用，考查运算能力，属于基础题．11.【答案】B【解析】解：设顶角为，由余弦定理可得，解得，，再由正弦定理可得：，，．故选：B．设顶角为，由余弦定理可得的值，可得的值，再由正弦定理求得它的外接圆半径．本题主要考查正弦定理、余弦定理的应用，属于基础题．12.【答案】D【解析】解：作出的函数图象如图所示：由图象知，，，解不等式得：，，令，则，令，则在上单调递减，上是增函数．，，，即．故选：D．根据函数图象得出4个零点的关系及范围，利用换元法求出新函数的值域即可．本题考查了函数零点与函数图象的关系，函数单调性的判断与应用，属于难题．13.【答案】【解析】【分析】本题考查了“乘1法”和基本不等式的性质，考查了变形的能力，考查了计算能力，属由条件可得，则，展开后，运用基本不等式即可得到所求最小值，注意等号成立的条件．【解答】解：正数x，y满足，即有，则，当且仅当时，取得最小值．故答案为．14.【答案】1008【解析】解：，，．故答案为：1008．推导出，由此能求出的值．本题考查函数值的求法，考查函数性质等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想，是基础题．15.【答案】【解析】解：根据题意得：即画出不等式表示的平面区域设目标函数，则z表示直线在y轴上截距，截距越大，z越大作出目标函数对应的直线L：由得直线过时，直线的纵截距最小，z最小，最小值为则目标函数的取值范围是．又，则的最大值为故答案为：．根据题意得出约束条件，再作出不等式组表示的平面区域；作出目标函数对应的直线；结合图象知当直线过A时，z最小，从而得出目标函数的取值范围，最后根据，得出的最大值．本题考查对数函数的单调性与特殊点、画不等式组表示的平面区域，考查数形结合求函数的最值．16.【答案】【解析】解：由题意知，可化为，即；问题化为：存在使得不等式成立，设，则；等价于为，即，解得或，则实数a的取值范围是．由题意化为，问题等价于“存在使得不等式成立”，求出的最小值，建立关于a的不等式，求出解集即可．本题考查了新定义的关于不等式解法与应用问题，也考查了分析问题与解答问题的能力，是中档题．17.【答案】解：设，则关于x的不等式的解集不是空集在R上能成立，即的最小值为，由，解得或；，即，，当且仅当，解得或舍去即时，上式等号成立，故当时，函数y的最大值为1．【解析】设由题意可得不小于的最小值，由二次函数的性质可得最小值，解不等式即可得到所求范围；由题意可得，即有，运用基本不等式可得函数y的最大值．本题考查不等式的解法和函数的最值求法，注意运用转化思想，以及基本不等式，考查运算能力，属于中档题．18.【答案】解：由题意得：的两个根为和，由韦达定理得故，故，，，故；由得，即，即，解得：，故不等式的解集是．【解析】本题考查了二次函数的性质，考查韦达定理以及解不等式问题，是一道常规题．根据二次函数的性质得到关于m的方程，解出即可；问题转化为，解出即可．19.【答案】本小题满分12分解：法一：由正弦定理得，分，，，分又在中，，分法二：由余弦定理得：分又在中，，．又，，，分注意到，分，，分由余弦定理得：，分当且仅当时，等号成立．分，则实数b的取值范围为分【解析】法一：由正弦定理化简已知等式可得，利用余弦定理可求，结合范围，可求B．法二：由余弦定理化简已知得，进而可求由于，可得，结合，可求B的值．利用三角形面积公式可求，由余弦定理，基本不等式可求得：，即可得解b的取值范围．本题主要考查了正弦定理，余弦定理，三角形面积公式，基本不等式在解三角形中的应用，考查了转化思想，属于基础题．20.【答案】解：设等比数列的公比为q，是和的等比中项，，，，；，．【解析】根据等比数列的性质求出公比q，从而求出数列的通项公式；根据数列的通项公式求出数列的前n项和即可．本题考查了等比数列，考查数列求和问题，是一道中档题．21.【答案】解：作出可行域，如图所示；由，解得，即点；由，解得，即点；由，解得，即点；如图可知，在点处取得最优解，则；，可看作区域内的点与定点连线的斜率的范围，在点，处取得最优解，则，，所以，可看作区域内的点与定点的距离的平方，由图形可知，所以；在点处取得最大值，即；所以【解析】作出不等式组表示的可行域，找出目标函数的最优解，即可求出最大值；把看作区域内的点与定点连线的斜率，计算它的取值范围即可；化目标函数，把它看作区域内的点与定点的距离的平方，结合图形求出它的取值范．本题考查了简单的线性规划应用问题，是综合题．22.【答案】解：当，即时，，不合题意；当，即时，，解得，的取值范围是；，，即，当即时，不等式的解集为；当即时，，，不等式的解集为；当即时，，，，，不等式的解集为；不等式的解集为D，若，即对任意的，不等式恒成立，即恒成立，恒成立，恒成立，设，则，，，，，当且仅当时取等号，，当且仅当时取等号，当时，的最大值为，的取值范围是．【解析】不等式的解集是空集，分和两种情况求解；分，和三种情况解不等式；由条件知对任意的，不等式恒成立，即恒成立，然后解出的最大值可得m的范围．本题考查了一元二次不等式的解法，集合与集合间的关系和基本不等式，考查了分类讨论思想和转化思想，属中档题．。
江西省上饶市“山江湖”协作体2019-2020学年高二上学期第一次联考试题 物理(统招班) 含答案
山江湖协作体联考高二物理试卷(统招班)时间：90分钟满分：100分一、单选题(本大题共10小题，共40分)1.关于摩擦起电和感应起电，以下说法正确的是A.摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生电荷B.摩擦起电是因为产生电荷，感应起电是因为电荷的转移C.不论摩擦起电还是感应起电都是电荷的转移D.以上说法均不正确2.两个完全相同的金属小球，带异种电荷，且电荷量之比1：7，相距足够远(可视为点电荷)，两者相互接触后，再放回原来的位置，则相互作用力是原来的A.47B.37C.97D.1673.如图所示，放在绝缘支架上带正电的导体球A，靠近放在绝缘支架上不带电的导体B，导体B用导线经开关接地，现把S先合上再断开，再移走A，则导体BA.不带电B.带正电C.带负电D.不能确定4.如图所示的实线为一簇未标明方向的点电荷电场的电场线，虚线是一个不计重力的带负电的粒子从a点运动到b点的运动轨迹，则由图可知A.场源点电荷带负电B.带电粒子在a点的加速度较小C.带电粒子在a点的动能较小D.b点的电势较a点的电势低5.如图所示，两个固定的等量异种电荷相距为4L，其连线中点为O，以O为圆心、L为半径的圆与两点电荷间的连线及连线的中垂线分别交于a、b和c、d。
则A.a、b两点的电场强度大小相等，方向相反B.c、d两点的电场强度大小相等，方向相同C.将一带正电的试探电荷从a点沿直线移到b点，其电势能先减小后增大D.将一带正电的试探电荷从c点沿直线移到d点，其电势能先增大后减小6.如图所示，圆O所在的平面内有匀强电场存在，电场方向与圆面平行。
一个带正电荷的微粒(不计重力)从图中A点出发，以相同的初动能在圆内向各个方向运动，图中AB是圆的一条直径，∠BAC＝30°，已知只有当该微粒从图中C 点处离开圆面时，动能才能达到最大值，则平面内的电场线方向为A.沿A→B方向B.沿B→C方向C.沿A→C方向D.沿O→C方向7..如图所示，均匀带正电薄球壳，其上有一小孔A。
江西省上饶市“山江湖”协作体2019-2020学年高二上学期第一次联考试题 数学(理)(自主班) 含答案
山江湖协作体联考高二数学试卷(理科)(自主班)时间：120分钟 满分：150分第Ⅰ卷一.选择题：共12小题，每小题5分，共60分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的一项。
1.若集合2{|}2600{|}3x A x x x B x x <≤＋＝＋－，＝－，则A∩B 等于 A.(－3，3) B.(－2，2) C.[－2，2) D.[－2，3) 2.有下列函数：①()40y x x x >＝＋；②()1111y x x x >＝＋＋－；③102y cosx x cosx π<⎛⎫ ⎪⎝<⎭＝＋；④()4ln 0ln y x x x>＝＋。
其中最小值为4的函数有 A.1个 B.2个 C.3个 D.4个3.互不相等的三个正数a ，b ，c 成等差数列，x 是a ，b 的等比中项，y 是b ，c 的等比中项，那么x 2，b 2，y 2三个数 A.成等差数列不成等比数列 B.成等比数列不成等差数列 C.既成等差数列又成等比数列 D.既不成等差数列，又不成等比数列4.直线xcosα ＋ysinα＋1＝0，(0,)2πα∈的倾斜角是A. αB.2πα- C.2πα+ D.πα-5.设a ，b 是非零向量，若函数f(x)＝(xa ＋b)(a －xb)的图象是一条直线，则必有 A.a ⊥b B.a ∥b C.|a|＝|b| D.|a |≠|b|6.将6位志愿者分成4组，其中两个组各2人，另两个组各1人，分赴世博会的四个不同场馆服务，不同的分配方案有种A.1080个B.1280C.2160个D.4320 7.某程序框图如右图所示，若输出的S ＝57，则判断框内填A 、k≥4？B 、k≥5？C 、k≥6？D 、k≥7？8.已知a>0，x 、y 满足约束条件13(3)x x y y a x ≥⎧⎪+≤⎨⎪≥-⎩，若z ＝2x ＋y 的最小值为1，则a ＝A.2B.1C.12 D.149.在矩形ABCD 中，AB ＝4，AD ＝3，若向该矩形内随投一点P ，那么使得△ABP 与△ADP 的面积都不小于2的概率为 A.14 B.13 C.47 D.4910.设m ，n 为正实数，若直线(m ＋1)x ＋(n ＋1)y －4＝0与圆x 2＋y 2－4x －4y ＋4＝0相切，则mn A.有最小值1，无最大值 B.有最小值3－，最大值3＋C.有最大值3＋，无最小值 D.有最小值3＋，无最大值11.已知函数31()sin 31x xf x x x -=+++，若[1,1]x ∈-，使得2()()0f x x f x k ++-<成立，则实数k 的取值范围是A.(－∞，－1)B.(－1，＋∞)C.(0，＋∞)D.(3，＋∞) 12.已知函数f(x)满足f(x)＝f(x ＋π)，当02x π≤≤时，f(x)＝4sin2x ；当2x ππ<<时，8()4f x x π=-，若函数g(x)＝f(x)－ax 在[0，2π)上有五个零点，则a 的最小值为 A.2π B.4πC.85πD.165π第Ⅱ卷二.填空题：本大题共四小题，每小题5分，共20分。
江西省“山江湖”协作体2019-2020学年高二上学期第一次联考物理(统招班)试题 PDF版含答案
高中物理答案
一、单选题（本大题共10小题，共40分）
二、多选题（本大题共4小题，共16分)
三、计算题
15.【答案】解：由于
线断后,小球做匀加速运动,由牛顿第二定律
由得
16.【答案】解：小球受重力、拉力和电场力处于平衡,电场力的方向水平向右如图所示知小球带正电．
根据共点力平衡可知电场力为：
解得：．
细线的拉力为：．
18.【答案）（1）在力F作用下，
（1分）
（1分）
代入数据得（2分）
（2）接下来，物体做减速运动
加速度（1分）
根据（1分）
到达B点的速度（2分）
（3）上升过程中，根据动能定理
（2分）
克服摩擦力做的功（2分）
19.【答案.解：（1）对滑块从A点运动到B点的过程，根据动能定理有：Fd= 代入数据解得：v=6m/s
小球到达P点时，受力如图所示，则有：qE=m2g tanθ
解得：E=7.5×104N/C。
（2）小球所受重力与电场力的合力大小为：G等=①
小球到达P点时，由牛顿第二定律有：G等=m2②
联立①②，代入数据得：v P=2.5m/s
滑块与小球发生弹性正碰，设碰后滑块、小球的速度大小分别为v1、v2，以向右方向为正方向，由动量守恒定律得：
m1v=m1v1+m2v2③
由能量守恒得：=+④
联立③④，代入数据得：
v1=-2m/s（“-”表示v1的方向水平向左），v2=4m/s
小球碰后运动到P点的过程，根据动能定理有：
qE（x-r sinθ）-m2g（r+r cosθ）=-⑤
代入数据得：x=0.85m。
江西省“山江湖”协作体2019-2020高一语文上学期第一次联考试题(自主班)
C。 正是北方农民在抗战炮火中所受的苦难和我国古代士人感时愤世、忧国忧民的传统，才激发出了艾青对祖国和人民极其深沉的爱。
D. 在现代新诗发展了近二十年后,艾青诗歌才得以广泛吸取了政治抒情诗、小诗、格律诗等现代新诗的营养，成长为现代新诗的新成果。
（二）实用类文本阅读（本题共3小题,12分)
阅读下面 文字，完成下列小题。
B. 材料一提出了立法工作有待推进、保护经费不足、非遗面临失传等问题，旨在引起广大群众和非遗传承人的重视。
C. 材料二肯定了非遗传承人在面临困境时自寻出路的精神，也含蓄地批评了大众对非遗保护工作的不重视。
D。 三则材料都直面非遗保护的现实困境，材料二、三针对材料一提出的问题给出了具体的解决办法。
6。 如何保护和传承非物质文化遗产？请根据上述材料谈谈你的看法。（6分)
江西省“山江湖”协作体2019—2020学年高一语文上学期第一次联考试题（自主班）
时间：150分钟 满分：150分
一、现代文阅读（18分）
（一） 论述类文本阅读(9分)
阅读下面的文字,完成各题。
《艾青诗选》是一部集历史性、思想性和艺术性于一体的诗集。这本书真实反映历史，高度浓缩作者思想，蕴含着强烈深沉的情感。
江西省上饶市“山江湖”协作体2019-2020学年高二上学期第一次联考试题 生物(自主班) 含答案
山江湖协作体联考高二自主班生物试卷时间：90分钟满分：100分第I卷(选择题)一、单选题(每小题2分，共60分)1.下列关于人体内环境稳态的叙述错误的是A.内分泌系统分泌的激素量不随内、外环境的改变而变化B.人体维持内环境稳态的调节能力是有一定限度的C.内环境稳态有利于新陈代谢过程中酶促反应的正常进行D.内环境的稳态是神经系统、内分泌系统和免疫系统等共同调节的结果2.如图为真核细胞DNA复制过程模式图，下列分析错误的是A.酶①能使DNA双链的配对碱基之间的氢键断开B.图中可体现出边解旋边复制及半保留复制的特点C.DNA复制的场所可发生在细胞核、线粒体和叶绿体处D.若一双链DNA分子在复制解旋时，一条链上某位点的一个T变成了C，则该DNA经n次复制后，发生差错的DNA占1/2n3.一对表现型正常的夫妻，夫妻双方的父亲都是红绿色盲。
这对夫妻如果生育后代，则理论上A.女儿正常，儿子中患红绿色盲的概率为1B.儿子和女儿中患红绿色盲的概率都为1/2C.女儿正常，儿子中患红绿色盲的概率为1/2D.儿子正常，女儿中患红绿色盲的概率为1/24.下图表示生物形成新物种的主要途径，下列相关叙述正确的是A.自然选择导致种群基因频率发生定向改变，基因频率的改变标志着新物种产生B.自然选择过程中，直接被选择的是基因型，进而导致基因频率的改变C.地理隔离能使种群基因库产生差别，必然导致生殖隔离D.种群基因频率的改变是产生生殖隔离的前提条件5.在一个随机交配的中等大小的种群中，经调查发现控制某性状的基因型只有两种：AA基因型的百分比为20%，Aa基因型的百分比为80%，aa基因型(致死型)的百分比为0，那么随机交配繁殖一代后，AA基因型的个体占A.1/4B.1/5C.11/21D.3/76.现有AABB、aabb两个品种，为了培育出优良品种AAbb，可采用的方法如图所示。
下列相关叙述正确的是A.图中发生基因重组的有②④⑤B.过程⑦可通过人工诱变，能避免育种的盲目性C.⑥过程可用低温或者秋水仙素处理幼苗，也可以处理萌发的种子D.运载体为④过程在完成目的基因和运载体的结合时用到的工具酶之一7.下列有关实验研究过程或方法思路的叙述，正确的是A.观察DNA、RNA在细胞中的分布，需先用质量分数8%的盐酸处理，再用健那绿染液染色B.用于观察质壁分离与复原的紫色洋葱鳞片叶表皮细胞同样可用来观察植物细胞的有丝分裂C.肺炎双球菌体内转化实验与噬菌体侵染细菌实验的研究思路都是设法将DNA和蛋白质分开，研究各自的效应D.马世骏院士通过调查法等方法，研究我国蝗灾形成的过程和原因，并提出有效的防治策略8.下列关于人类探索遗传物质过程的叙述，正确的是A.肺炎双球菌的体内转化实验证明了DNA是转化因子B.进大肠杆菌的噬菌体DNA分子在有丝分裂间期复制C.肺炎双球菌的体外转化实验证明DNA可以控制生物的性状D.用含32P的动物细胞培养T2噬菌体能获得带P标记的子代噬菌体9.下列有关细胞器的说法，正确的是A.植物细胞的液泡中含有糖类、无机盐、叶绿素和蛋白质等物质B.能发生碱基互补配对的细胞器只有核糖体、内质网、高尔基体C.与肌肉细胞相比，吞噬细胞中溶酶体的含量较多D.在叶绿体中可发生CO2→C3→C6H12O6，在线粒体中则会发生C6H12O6→丙酮酸→CO210.下列关于科学研究方法和生物实验的对应关系中，不正确的是①研究光合作用的反应过程和噬菌体侵染细菌的实验——同位素标记法②探究酵母菌细胞呼吸方式——对比实验法③DNA双螺旋结构的发现——模型建构法④分离各种细胞器和叶绿体中色素的分离——差速离心法⑤孟德尔豌豆杂交实验提出遗传规律和萨顿假说——假说－演绎法A.①②B.②③C.③④D.④⑤11.关于DNA分子的结构与复制的叙述中，正确的是①含有a个腺嘌呤的DNA分子第n次复制需要腺嘌呤脱氧核苷酸2n－1×a个②在一个双链DNA分子中，G＋C占碱基总数的M%，那么该DNA分子的每条链中G＋C都占该链碱基总数的M%③细胞内全部DNA被32P标记后在不含32P的环境中进行连续有丝分裂，第2次分裂的每个子细胞染色体均有一半有标记④DNA双链被32P标记后，复制n次，子代DNA中有标记的占1/2nA.①②B.②③C.③④D.②④12.下列有关遗传物质的说法中正确的有①基因均位于染色体上；②DNA和基因是同一概念；③DNA是染色体的主要成分；④基因是4种碱基对的随机排列；⑤每条染色体上总是只含一个DNA分子；⑥DNA是遗传物质，遗传物质是DNA；⑦等位基因位于一对姐妹染色单体的相同位置上；⑧DNA指纹技术的原理是DNA的多样性A.四项B.三项C.两项D.一项13.非洲猪瘟是由非洲猪瘟病毒(ASFV)感染猪引起的一种急性、出血性、烈性传染病。
江西省上饶市“山江湖”协作体2019-2020学年高二上学期期中联考试题 物理 (自招班)含答案
高二年级期中联考物理试卷(自招班)一、选择题：(本题包括10小题，共40分，1－7小题只有一个选项符合题意，8－10小题有多个选项符合题意，选不全得2分，错选或不选不得分)1.关于电场力做功及电势能变化情况错误的是A.电场中某点电势的大小等于电场力将单位正电荷从该点移到零电势点电场力所做的功B.电场中某点的电势大小等于单位正电荷在该点所具有的电势能C.在电场中无论移动正电荷还是负电荷，只要电场力做正功，电荷电势能都要减少D.正电荷沿电场线方向移动，电势能增加；负电荷沿电场线方向移动，电势能减少2.如图所示，虚线空间存在由匀强电场E和匀强磁场B组成的正交或平行的电场和磁场，有一个带正电小球(电荷量为＋q，质量为m)从正交或平行的电磁复合场上方的某一高度自由落下，那么带电小球可能沿直线通过的是A.①②B.③④C.①③D.②④3.如图所示，匀强电场Ｅ方向水平向左，带有正电荷的物体沿绝缘水平面向右运动，经过A点时动能是100J，经过B点时，动能是A点的，减少的动能有转化成电势能，那么当它再次经过B点时动能为A.16JB.8JC.4J Ｄ.20J4.如上图所示，在竖直放置的平行板电容器的金属板内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球，带电小球静止时绝缘细线与金属板的夹角为θ。
电容器接在如图所示的电路中，R1为电阻箱，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻.闭合开关S，此时R2的滑片在正中间，电流表和电压表的示数分别为I和U。
已知电源电动势E和内阻R一定，电表均为理想电表。
以下说法正确的是A.保持R1不变，将R2的滑片向右端滑动，则I读数变小，U读数变大B.小球带正电，将R2的滑片向左端滑动过程中会有电流流过R2C.增大R1，则I读数变大，U读数变小D.减小R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变5、用绝缘细线悬挂一个质量为m，带电荷量为＋q的小球，让它处于如图所示的磁感应强度为B的匀强磁场中。
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山江湖协作体联考高二年级语文试卷 满分：150分考试 时间：150分钟 一、现代文阅读(36分) (一)论述类文本阅读(9分) 中国古代司法的疑罪从无、从轻 李竟恒 传统中国司法制度的主流，尤其重视审慎，以避免冤案的出现。先秦时期司法精神的主流，主张司法的审慎与宽和，《论语·子路》中孔子主张“赦小过”，上博楚简《仲弓》作“赦过与辜”，《周礼·秋官司寇·司刺》也主张赦免幼弱、老耄与蠢愚这三种人。其中很重要的一部分，是疑罪从无或疑罪从轻。《左传·襄公二十六年》引《夏书》“与其杀不辜，宁失不经”，即从夏代的司法精神中，便强调与其造成冤案，宁可达不到执法效果，即宁纵毋枉。周人的《尚书·吕刑》中，尤其强调司法的审慎：“五刑之疑有赦，五罚之疑有赦，其审克之”，司法中的疑罪，采取赦免从无原则。汉代孔安国的注解认为，刑狱有疑点的，应该改为较轻的处罚，小惩罚有疑点的，应该完全赦免。按照孔安国的解释，这一周代的司法精神同时兼有疑罪从轻和疑罪从无两种。 秦朝的司法思想以有罪推定为基本底色，最有代表性的就是《史记·秦始皇本纪》记载两件事。一次是有人在东郡的陨石上刻诅咒秦始皇的文字，秦始皇便“尽取石旁居人诛之”，陨石旁边所有的居民都被进行了有罪推定，所以杀无赦。类似的例子，秦始皇在梁山宫怀疑身边的人将信息泄露给了丞相李斯，于是便将“时在旁者”全部杀掉。云梦秦简《封诊式》记载，秦法对于犯罪嫌疑人，“无解词，笞讯某”，即一边刑讯逼供，一边要嫌疑人自证清白。这种有罪推定的司法，很容易产生冤假错案，如张家山出土竹简《奏谳书》中，就记载了一个秦代冤案，一个叫“讲”的人，被怀疑偷牛，在严刑鞭打下最终屈打成招，惨遭冤狱，全家遭殃。正是秦朝的这种严酷司法，最终导致“赭衣半道，群盗满山”，路上遇到一半的人都被判定犯罪，漫山遍野都是逃跑的亡命者。 汉儒继承了先秦主流的司法思想，反对秦朝法律文化。《礼记·王制》：“疑狱，汜与众共之，众疑，赦之”，即有疑点的案子要拿出来众人讨论，如果大家都认为存疑，便作赦免处理。汉代儒书《孔子家语·刑政》也有：“疑狱，则泛与众共之，疑者赦之”，主张疑罪从无。汉儒贾谊在《新书·大政上》主张：“疑罪从去，仁也；疑功从予，信也”，即疑罪从无是仁政的司法要求。汉儒刘向在《新序·杂事第四》中曾经记载一个寓言，据说魏国有疑罪，一半的司法人员主张应该做有罪推定，魏王便请教大商人陶朱公。经陶朱公启发，魏王意识到应该“狱疑则从去”，于是“梁(魏)国大悦”，确定了疑罪从无的司法原则，因而获得民众的拥护。 这些汉儒疑罪从无、从轻的司法思想，对汉代的司法实践具有积极的影响。《汉书·于定国传》记载，汉宣帝时廷尉于定国，学习儒家《春秋》，接受了儒的价值观，所以“其决疑平法，务在哀鳏寡，罪疑从轻”。这位司法官员虽然没有实践疑罪从无，但却践行疑罪从轻，比起秦法的有罪推定传统来说，是一种明显的改善。 相比于秦朝的有罪推定，儒学的疑罪从轻、疑罪从无思想都是更合理的。当然，从轻和从无二者之间又有高下之分。明代人梅鹫在《尚书考异》中就指出，“罪疑惟轻，贤人以下。忠厚之事，圣人似不止此”，意思是罪疑从轻原则，只是一般儒者就能主张的水平，而疑罪从无，才是真正圣人的司法思想。 (节选自《南方周末》2019.2.28) 1.下列有关“先秦司法精神”的论述，理解正确．．的一项是(3分)
A.《论语》中的“赦小过”、上博楚简《仲弓》中的“赦过与辜”以及《周礼》中对“幼弱、老耄与蠢愚”的赦免主张，充分证明了传统司法制度重视审慎的特点。 B.从《左传》所引的《夏书》：“与其杀不辜，宁失不经”内容可以断定，夏代的宁纵勿枉的司法体系是中国古代司法制度“疑罪从无或疑罪从轻”精神的萌芽形态。 C.《尚书·吕刑》提到了“五刑”“五罚”，审案体系较为完备，因此汉代的孔安国在为其作注时，明确指出周代的司法精神同时兼有疑罪从轻和疑罪从无两种特点。 D.周人的《尚书·吕刑》中有“五刑之疑有赦，五罚之疑有赦；其审克之”的说法，这表明当时非常重视司法的审慎，对司法中的疑罪采取从轻从无的审理原则。 2.下列说法不符合．．．原文意思的一项是(3分)
A.文章主要采用引用论证的方式，以大量的儒家典籍和史书材料来佐证观点，论述语言平实而周密。 B.文章按照时间顺序，条理清晰地介绍了我国汉代以前疑罪从无、从轻的司法思想不断完善的过程。 C.文章在论述汉代司法思想特点的时候，强调了汉儒的主张对司法实践的影响，深化了文章的观点。 D.文章结尾对疑罪从轻和疑罪从无的高下进行判定，可以彰显我国古代儒家思想所蕴含的仁爱气质。 3.下列选项中，不能对画线句观点起支撑作用的一项是(3分) A.如果避免以有罪推定为司法思想底色的做法，就会减少冤假错案的产生，增强政权的稳定性和持久性。 B.如果对有疑点的案子加强讨论，就能在一定程度上减少个人好恶对断案过程的影响，使结果趋于公正。 C.如果能够辨清“从轻”与“从无”的高下之分，就能丰富司法思想的内涵，为实现圣人之政打好基础。 D.如果能坚持遵循“疑罪从去”的断案原则，就可以更好地践行儒家仁政思想，更可能获得民众的拥护。 (二)实用类文本阅读(12分) 材料一： 随着移动互联网的快速发展以及经济增长，网约车逐渐成为了国民出行的一种习惯，用户规模将稳定增长。据统计，2018年网约车用户规模达到3.43亿人。作为新兴行业，随着大众的喜爱程度及使用频率的增加，网约车还衍生出多种租车模式，专车、快车和顺风车等，以满足不同用户的需求。 当然，我国网约车行业发展中也面临许多问题。网约车行业准入门槛低，拥有一辆私家车、一部智能手机就具备运营基本条件。但是，网约车与传统出租车在本质上不同，前者从平台责任到消费者权益保护，从保险责任到侵权责任，从乘客消费运输服务过程的权益如何保护到发生意外后消费者的权益又如何保障等，都缺乏明确的法律法规。而且网约车在价格定位和目标消费群体方面也没有与传统出租车形成错位发展，大都处于税收盲区，不同程度存在逃避税收现象，这与传统出租车行业经营形成了不公平竞争。另外，行车安全问题也是一个大问题：一方面是车辆本身的安全性，是否年检合格等；另一方面是司机的营运资质的问题。为了驾驶安全，国家对出租车司机比普通司机有更严格的规定。 (摘编自《2018年中国网约车市场现状及发展前景研究报告》) 材料二： (摘编自《2018年中国网约车市场现状及发展前景研究报告》) 材料三： 一年多前出台的《网络预约出租汽车经营服务管理暂行办法》(即“网约车新政”)，是顺应改革大势和市场需求的政策导向，但各地网约车管理细则对投放运营的网约车的标准不统一。北京、上海，杭州等大城市对投放运营的司机和网约车分别做出了限制。针对网约车司机的资格而言，严格限制为本地户口。有关专家认为这最终会导致网约车的价格上升，使乘客承担更多的出行费用，这与乘客所期待的背道而驰。同时，网约车的监管主要是由平台以及政府分别进行，但网约车平台的自我监督与政府监管缺乏衔接与配合。基于自身利益考量，网约车平台隐瞒了大量网约车“黑户”信息，致使平台监督与政府监管无法衔接，更无法配合。管理网约车的上级主管部门为出租车行政管理部门，主要负责对网约车市场、平台公司，车辆驾驶员资质和网约车服务质量进行监管，而网约车平台收集的司机和乘客信息需要上报交通，通信，公安，税务、网信等部门审查备份。但网约车有别于出租车，将其置于传统出租车管理部门下，是不合理的。 (摘编自《我国网约车监管问题及对策研究》) 材料四： 网约车行业这五年经历较快发展时期后，又迅速步入洗牌阶段。网约车行业伴随着移动互联网及共享经济风潮诞生，造成大量企业跟随网约车风口入局，市场产生大量同质化产品，并严重挤压市场空间。网约车纳入政府监管平台后，无法适应监管的企业悄悄退场。另一方面，资本的集中走向推动行业整合加速，由鼎盛时期的三四十家网约车平台到现有屈指可数的平台数量，市场呈现寡头趋势，而且一家独大之势会继续发展并长期存在。在这种形势下，企业需要提升自己核心竞争力，提供高质量便捷的服务，才有机会在行业洗牌中存活下来。 现阶段中国网约车产品覆盖地域基本集中在一、二线城市或经济较发达地区，部分企业开始探索下沉三、四线城市机会。网约车产品在三、四线城市存在较大的发展空间。短期内，网约车在发达地区的用户增量不会有太大突破，盈利模式探索和产品功能丰富也需要一定时间，因此未来可加快在三、四线城市发展。此外，人民生活水平提高，城乡差异化在缩小，在出行消费升级趋势下，其需求量也较为充足。在供需两方面推动下，网约车在三、四线城市存在发展空间。 (摘编自《2018年中国网约车行业发展趋势展望》) 4.下列对材料相关内容的理解，不正确．．．的一项是(3分)
A.网约车虽然是一种新兴行业，但它逐渐受到大众的喜爱，成为了国民出行的一种习惯，目前我国网约车用户的规模很大。 B.据统计，中国网约车用户中，男性比女性人数要多，35岁以下人群是网约车的主力军，占三分之二以上。 C.我国实施的《网络预约出租汽车经营服务管理暂行办法》虽说顺应了改革大势和市场需求，但仍不够完善，各地制定的网约车管理细则也不一致。 D.虽然现在网约车行业快速发展期已过，但仍有大量的企业为了占据网约车的市场份额仍纷纷投入其中，严重挤压市场空间。 5.下列对材料相关内容的概括和分析，不正确．．．的一项是(3分)
A.网约车与传统出租车相比，行业门槛较低，缺乏明确的法律法规对其进行管理，缺乏明确的价格定位和目标消费群体。 B.网约车有多种出租模式，满足了不同用户的需求，为人们出行提供了方便，但在发展过程中也面临着许多问题。 C.目前对网约车难以监管，既有网约车平台的问题，也有政府方面的问题，这两者没有形成有效的衔接与配合。 D.目前中国网约车产品集中在一、二线城市或经济较发达地区，随着人民生活水平提高，中国网约车产品覆盖地域将不断扩大。 6.网约车行业未来想要得到发展，本身需要从哪些方面做出努力？(6分)
(三)文学类文本阅读(15分) 五九(注) 老舍 张丙，瘦得象剥了皮的小树，差不多每天晚上来喝茶。他的脸上似乎没有什么东西；只