2020年浙江省宁波市中考物理全真模拟试卷

中考物理全真模拟试卷

题号一二三四总分

得分

一、单选题（本大题共5小题，共15.0分）

1.如图所示为甬城上空出现的“日晕”现象。日晕是一种大气光

学现象，当日光通过卷云层时，受到冰晶的两次折射便在太阳

周围出现一个巨大的彩色光环。下列现象也是由于光的折射所

引起的是（ ）

A. 桥在水中的倒影

B. 手在灯光下形成的影子

C. 池水的深度看起来比较浅

D. 汽车后视镜可扩大视野范围

2.如图为俄罗斯世界杯葡萄牙队对阵西班牙比赛中C罗的那

脚精彩绝伦的任意球。关于这个“任意球”下列说法错误的

是（ ）

A. 球能在空中飞行是受到惯性的作用

B. 以球门为参照物，射向球门的球是运动的

C. 运动员对足球施加力的同时也受到了足球对他的反作用力

D. 足球在运动员力的作用下由静止变为运动，说明力能改变物体的运动状态

3.如图是一种江河水位自动报警的原理图。当水位低于A点时，工作电路绿灯工作。

到达A点时，衔铁被吸下，工作电路红灯和电铃开始工作。某次水位超过A点时由于电磁铁磁性太弱而衔铁没有被吸引。下列做法中合理的是（ ）

A. 更换弹性更好的弹簧

B. 减少电磁铁线圈的匝数

C. 增加工作电路的电源电压

D. 增加控制电路的电源电压

4.明代洪武间，当时的浮梁县令向朱元璋进献了一件瓷器“九龙杯”。

盛酒时只能浅平，不可过满，否则，杯中之酒便会全部漏掉，一滴

不剩，所以又名“公道杯”。其内部结构如图所示，要使水从杯底流

出，其液面必须高于（ ）

A. A点

B. B点

C. C点

D. D点

5.如图甲所示电路中，电源电压不变，R1是定值电阻，R2由三段材料不同、横截面

积相同的均匀直导体EF、FG、GH连接而成，其中一段是铜导体，其电阻可忽略不计，另两段导体的阻值与自身长成正比，P是与R2良好接触并能移动的滑动触头。闭合开关S将P从H端移到E端时，电流表示数I与P向左移动距离x之间的关系如图乙所示。已知R1=10Ω，则下列判断正确的是（ ）

A. 电源电压为12V

B. GH导体的电阻为10Ω

C. 当电流表示数为0.5A时，x的值为3lcm

D. P位于x=0cm时，R2消耗的功率为0.6W

二、填空题（本大题共3小题，共14.0分）

6.哑铃是我们大家都熟悉的运动器材，因其操作简单、

经济实惠、实用而受广大健身爱好者的喜爱。如图是

我们在使用哑铃时，上臂完成托举的示意图，据图

回答：

（1）若把上臂举哑铃时看作一个杠杆，则此杠杆是

______（填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆。

（2）在上举的过程中，阻力臂逐渐______（填“增

大”、“减小”或“不变”）。

7.语馨同学在探究“凸透镜成像规律”实验时，蜡烛恰好在图示位置的光屏上出现了

一个清晰的实像。

（1）根据此成像原理可以应用于______（填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。

（2）由于蜡烛的燃烧，光屏上蜡烛的像将______（填“上移”、“下移”或“不变”）。

8.如图所示的电路中，电源电压不变，R0=10Ω．当S1、S2

、S3闭合时，定值电阻R0消耗的电功率为3.6W，灯泡L

恰好正常发光，则小灯泡的额定电压是______V；当S1

闭合，S2、S3断开时，把滑动变阻器的滑片P移至中点，

电路的电流I=0.3A，则滑动变阻器的最大阻值是______Ω

；若将滑动变阻器的滑片P移至b点，此时R0消耗的电

功率为______W。

三、计算题（本大题共2小题，共13.0分）

9.2018年9月16日17时，我国第22号强台风“山竹”在广东台

山海宴镇登陆，登陆时中心附近最大风力14级，风速为162千

米/时左右，其中心最低气压955百帕。台风山竹已造成近300

万人受灾，造成严重的经济损失。

（1）台风登陆时，许多广东农村的房屋的屋顶瓦片被台风掀起，其原因是______。

（2）部分城区发生严重内涝，许多车辆被淹。如图为某被淹小车，车门上顶边露出水面，若车门被淹部分按矩形计算，被淹面积约为0.8m2，车门在水中受到的压强约为3500Pa，通过计算说明，这扇门受到水的平均压力相当于多少牛的重物压在门上？

10.近日，在宁波鄞州部分公交充电站一角，多出了一个高约4.5米的庞然大物，这是

创新的电容储能式电车公交（以下简称“无轨电车”）的充电桩（如图甲所示），在全球属于首创。可别小瞧它哦，每次无轨电动公交车

经过，仅30秒钟，上下客的时间就能完成一个闪充，可让汽车行驶约5公里。升级版车型储能更多次充电45秒，续驶里程达到10公里，借助辅助电池，续驶里程可达35公里。从“喝油”到“加气”再到“充电”，鄞州公交新能源建设突飞猛进。

超级电容快速充电公交车

额定载客量60人

空车总质量15t

额定电压4kV

额定电流100A

机械能转化率80%

（1）现在宁波市区公交车主要依靠“加气”，用天然气（主要成分是CH4）作为机动车的燃料，CH4在空气中完全燃烧的化学方程式______。

（2）相比“喝油”和“加气”公交车，充电式电容式公交车更加环保低碳。汽车运行时电容放电，电能转化成

______能。

（3）公交车的扶手外面往往会套一层带有条纹的橡皮圈，这是通过______来增加手与扶手之间的摩擦力。

（4）经检测电动环保车以额定功率匀速行驶时，受到的阻力与质量的关系如图乙所示，若电动环保车满载时，每个乘客大约50kg，求车在行驶过程中可以达到的最大速度是多少？

四、实验探究题（本大题共3小题，共29.0分）

11.飞机在空中飞行时都有一定的迎角（机翼轴线与水平气流的夹角），飞机飞行时的

升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小有关？为了研究这一问题，在老师的帮助下，语馨利用电风扇、升力测力计、飞机模型，按如图所示方式进行如下实验。

（1）在探究“飞机飞行时的升力与迎角大小关系”时，应控制______不变。

（2）语馨若要进一步研究“飞机的升力与其飞行速度的关系”。利用现有器材，如何操作可以模拟飞机

不同的飞行速度？______。

12.语馨同学在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源为三节干电池，小灯泡的额定电

压为2.5V。

（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。

（2）电路连接完后，闭合开关，电流表指针如图乙所示，其故障原因是______。

（3）正确连接电路后，语馨无论怎么调节滑动变阻器都不能使灯泡两端的电压达到2.5V，其可能的原因是______。

（4）排除故障后，语馨通过正确操作，得到多组Ⅰ、U数据，作出如图丙所示的I-U 图象，由图可知，小灯泡的电阻是变化的，其主要原因是______。

13.如图所示，两个相同的弹簧测力计分别悬挂两个相同的金

属圆柱体，圆柱体的质量为0.5kg，向甲、乙两个相同的烧

杯内加入水和另外一种未知液体。当加入液体达到一定量

时，两弹簧测力计示数都为3N，请回答下列问题：

（1）当烧杯内的液体逐渐增加时，弹簧测力计的示数逐

渐______，液体对容器底部的压强______（填“增大”、

“减小”或“不变”）。

（2）待弹簧测力计示数稳定时，求此时金属圆柱体所受

浮力。

（3）若浸入的深度h甲：h乙=5：2，求另一种未知液体的密度。

（4）试比较两圆柱体底部受到的液体压力F1______F2（填“＜”、“＞”或“=”

）。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、桥在水中的倒影，是平面镜成像，是由光的反射形成的，故A不符合题意；

B、手在灯光下形成的影子，是由光的直线传播形成的，故B不符合题意；

C、池水看起来比实际浅，是由光的折射造成的，看到的是变高了的池底的虚像，故C 符合题意；

D、汽车后视镜是凸面镜，利用了凸面镜对光线的发散作用，扩大视野，属于光的反射现象，故D不符合题意。

故选：C。

（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。

此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。

2.【答案】A

【解析】解：

A、球能在空中飞行是因为球具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故A错误；

B、以球门为参照物，射向球门的球与球门之间发生了位置变化，所以球是运动的，故B正确；

C、物体间力的作用是相互的，运动员对足球施加力的同时也受到了足球对他的反作用力，故C正确；

D、足球在运动员力的作用下由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，故D 正确。

故选：A。

（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。

（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止；

（3）物体间力的作用是相互的；

（4）力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。

此题为力学综合题，考查了惯性、运动和静止的相对性、力的作用的相互性，以及力的作用效果，但都属于基础知识，难度不大。

3.【答案】D

【解析】解：A、更换弹性更好的弹簧，则需要更大的电磁铁磁性，故A做法不合理；

B、减少电磁铁线圈的匝数，电磁铁磁会减小，故B做法不合理；

C、增加工作电路的电源电压不影响控制电路，故C做法不合理；

D、增加控制电路的电源电压，能增大电磁铁的磁性，故D做法合理；

故选：D。

电磁式继电器一般由铁芯、线圈、衔铁、触点簧片等组成的；只要在线圈两端加上一定的电压，线圈中就会流过一定的电流，从而产生电磁效应，衔铁就会在电磁力吸引的作用下克服返回弹簧的拉力吸向铁芯，从而带动衔铁的动触点与静触点（常开触点）吸合；当线圈断电后，电磁的吸力也随之消失，衔铁就会在弹簧的反作用力返回原来的位置，使动触点与原来的静触点（常闭触点）吸合；这样吸合、释放，从而达到了在电路中的导通、切断的目的。

解决此题要结合电磁继电器的工作原理和特点进行分析。

4.【答案】B

【解析】解：根据公道杯的简易模型图可知，杯体内部有倒扣的U形吸管，吸管的左端比右端出水口高，左端与杯中水连通，右端穿过杯底与杯外大气相通；

当杯中水位低于B点时，水还没有充满吸管，吸管内的水只能停留在倒U形吸管的左端，水不能从出水口排出；当杯中水位达到B位置时，吸管左端充满了水，并且左端偏高、压强大，此时水从出水口流出，直至杯内的水与吸管左端管口齐平为止。

故选：B。

公道杯是虹吸现象的巧妙运用，根据公道杯的简易模型图，结合液体压强特点和大气压的知识综合分析进行解答。

本题考查连液体压强特点和大气压的综合应用，关键是对虹吸现象及其原理有一定的了解，有一定难度。

5.【答案】C

【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。

（1）当P位于x=35cm时，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，图乙可知I大=0.6A，

由I=可得，电源的电压U=I大R1=0.6A×10Ω=6V，故A错误；

（2）当P位于x=0cm时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图乙可知I =0.2A，

小

则电路中的总电阻R总===30Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器的最大阻值R EH=R总-R1=30Ω-10Ω=20Ω，

R2消耗的功率P2=I小2R EH=（0.2A）2×20Ω=0.8W，故D错误；

由图乙可知，滑片从G向F移动时，电路中的电流I=0.4A不变，即GF段为铜导线，此时电路的总电阻R总′===15Ω，

EF段的总电阻R EF=R总′-R1=15Ω-10Ω=5Ω，

所以，GH导体的电阻R GH=R EH-R EF=20Ω-5Ω=15Ω，故B错误；

（3）由于滑片P从H端向E端移动，由图象的拐点可知：

GH=15cm，FG=25cm-15cm=10cm，EF=35cm-25cm=10cm，

因EF段导体的阻值与自身长成正比，

所以，EF段导体每1cm的电阻=0.5Ω/cm，

当电流表示数为0.5A时，电路中的总电阻R总″===12Ω，

此时R2接入电路中电阻R2=R总″-R1=12Ω-10Ω=2Ω，

由R EF＞R2可知，滑片应位于EF段，此时接入电路中的长度=4cm，

所以，x=35cm-4cm=31cm，故C正确。

故选：C。

由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。

（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中电流最大，根据图象读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电源的电压；

（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=I2R求出R2消耗的功率；根据图乙可知滑片从G向F移动时电路中的电流不变，则GF段为铜导线，根据欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出EF段的总电阻，然后求出GH 导体的电阻；

（3）由图象可知滑片P从H端向E端移动出现拐点，据此确定GH、FG、EF的长度，由EF段导体的阻值与自身长成正比得出导体每1cm的电阻，根据欧姆定律求出电流表示数为0.5A时电路中的总电阻，然后求出此时R2接入电路中电阻，与R EF比较判断出滑片应位于EF段，进一步求出变阻器接入电路中电阻的长度，最后求出x的值。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。

6.【答案】费力减小

【解析】解：（1）支点在C点，做出杠杆所受的力及对应的力臂，如下图：

由图知，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件，动力大于阻力，为费力杠杆；

（2）在上举的过程中，阻力臂逐渐减小。

故答案为：（1）费力；（2）减小。

做出动力臂和阻力臂，根据力臂的关系判断杠杆的省力情况；确定支点，估计动力臂和阻力臂的关系，确定上举过程中的阻力臂变化。

本题考查杠杆的分类，以及杠杆的五要素，是一道基础题。

7.【答案】投影仪上移

【解析】解：（1）由图可知，物距小于像距，即物距处于1倍和2倍焦距之间时，成放大倒立实像，此成像原理可以应用于投影仪；

（2）凸透镜成实像时，燃烧的蜡烛逐渐变短，烛焰下移像将上移，光屏上的像位置将随之上移；

故答案为：（1）投影仪；（2）上移。

（1）掌握凸透镜成像的规律及应用。知道幻灯机、投影仪都是根据当物距处于1倍和2倍焦距之间时，成放大倒立实像的原理制成的；

（2）凸透镜成实像时，由经过凸透镜光心的光线方向不变可知，物体与像运动方向相反。

凸透镜成像的规律：u＞2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；f＜u＜2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；u=f，不成像；u＜f，成正立放大的虚像，应用是放大镜。

8.【答案】6 20 0.4

【解析】解：（1）当S1、S2、S3闭合时，定值电阻R0与灯泡L并联，

因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡L恰好正常发光，

所以，由P=UI=可得，小灯泡的额定电压：

U L=U=U0===6V；

（2）当S1闭合，S2、S3断开时，把滑动变阻器的滑片P移至中点，R0与R串联，

由I=可得，电路的总电阻：

R总===20Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的电阻：

R=R总-R0=20Ω-10Ω=10Ω，

则滑动变阻器的最大阻值为20Ω；

将滑动变阻器的滑片P移至b点，接入电路中的电阻最大，则此时电路中的电流：

I′===0.2A，

此时R0消耗的电功率：

P0=（I′）2R0=（0.2A）2×10Ω=0.4W。

故答案为：6；20；0.4。

（1）当S1、S2、S3闭合时，定值电阻R0与灯泡L并联，根据并联电路的电压特点和P=UI=求出R0两端的电压即为电源的电压，此时灯泡正常发光其两端的电压和额定电压相等；

（2）当S1闭合，S2、S3断开时，把滑动变阻器的滑片P移至中点，R0与R串联，根据

欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出接入电路中的阻值，进一步求出滑动变阻器的最大阻值；将滑动变阻器的滑片P移至b点，接入电路中的电阻最大，根据电阻的串联和欧姆定律求出此时电路中的电流，利用P=UI=I2R求出此时R0消耗的电功率。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。

9.【答案】台风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，房屋的屋顶瓦片受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，把房屋的屋顶瓦片掀开

【解析】解：（1）台风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，房屋的屋顶瓦片受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下的压力，产生一个向上的压力差，把房屋的屋顶瓦片掀开。

（2）由p=可得，车门受到水的平均压力：

F=p′S=3500Pa×0.8m2=2800N，

则物体的重力：

G=F=2800N。

答：（1）台风刮过屋顶，屋顶上方的空气流动速度大，压强小；屋内空气流动速度小，压强大，房屋的屋顶瓦片受到向上的压强大于向下的压强，受到的向上的压力大于向下

的压力，产生一个向上的压力差，把房屋的屋顶瓦片掀开；

（2）这扇门受到水的平均压力相当于2800N的重物压在门上。

（1）流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。比较屋顶上下的空气流动速度，比较屋顶上下受到的压强，再比较屋顶受到向上和向下的压力。

（2）由压强公式的变形公式F=pS可以求出压力，进而可得重物的重力。

此题考查压强大小的计算、压力及重力与压力的区别、流体压强跟流速的关系，能用流体压强知识解释生活中的问题，注重了物理和生活的联系。

10.【答案】CH4+2O22H2O+CO2↑机械增大接触面粗糙程度

【解析】解：

（1）CH4在空气中和氧气反应完全燃烧的化学方程式：CH4+2O22H2O+CO2↑。

（2）充电式电容式公交车运行时电容放电，电能转化成机械能。

（3）公交车的扶手外面往往会套一层带有条纹的橡皮圈，增大了接触面的粗糙程度，增大了手与扶手之间的摩擦力。

（4）汽车的额定功率：P额=UI=4000V×100A=4×105W，

机械能转化率η=，即80%=，

则汽车的机械功率：P机=3.2×105W；

汽车满载时的总质量：m=m车+60m人=15×103kg+60×50kg=18×103kg，

由图象知，汽车满载时受到的阻力为：F=18×103N，

因为P机=Fv，所以，3.2×105W=18×103N×v，

解得车在行驶过程中可以达到的最大速度：v≈17.8m/s。

故答案为：

（1）CH4+2O22H2O+CO2↑；（2）机械；（3）增大接触面粗糙程度；（4）车在行驶

过程中可以达到的最大速度是17.8m/s。

（1）写出天然气和氧气的化学方程式。

（2）电汽车工作时电能转化为机械能。

（3）从滑动摩擦力大小影响因素考虑。

（4）首先汽车额定功率和转化效率求出机械功率，再计算车满载时质量，从图象上找到对应的阻力，最后根据P=Fv求出速度。

公式P=Fv，课本没有出现，但是在物体的运动过程中经常用到，要明白这个公式的推导过程，要明白每一个物理量的含义和单位。

11.【答案】同一个机翼在机翼和迎角不变，改变风扇的风速，观察升力是否变化

【解析】解：（1）语馨猜想飞机飞行时的升力除了与机翼形状有关外是否还与迎角大小，要控制飞机的机翼不变，采用同一个机翼，改变迎角观察升力大小。

（2）猜想飞机飞行时的升力跟机翼形状和大小、迎角和风速有关，探究升力和风速的关系，要控制机翼和迎角不变，改变风速，所以在机翼和迎角不变，改变风扇的风速，观察升力是否变化。

故答案为：（1）同一个机翼；（2）在机翼和迎角不变，改变风扇的风速，观察升力是否变化。

猜想飞机飞行时的升力跟机翼形状和大小、迎角和风速有关，探究升力和其中一个因素的关系时，控制其他因素不变。

物理量和很多因素有关，探究物理量和其中一个因素关系时，都要采用控制变量法。

12.【答案】电流表正负接线柱接反了电源电压太小灯的电阻随温度的变化而变化

【解析】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，故电压表选用小量程与灯并联，由图丙知，电流表选用小量程与灯串联，如下所示：

（2）电路连接完后，闭合开关，电流表指针如图乙所示，其故障原因是：电流表正负接线柱接反了。

（3）正确连接电路后，语馨无论怎么调节滑动变阻器都不能使灯泡两端的电压达到2.5V，其可能的原因是电源电压太小；

（4）根据如图丙所示的U-I图象，由图可知，小灯泡的电阻是变化的，其主要原因是：灯的电阻随温度的变化而变化。

故答案为：（1）如上所示；

（2）电流表正负接线柱接反了；（3）电源电压太小；

（4）灯的电阻随温度的变化而变化。

（1）根据小灯泡的额定电压为2.5V确定电压表选用小量程与灯并联，由图丙知，电流表选用小量程与灯串联；

（2）电流要从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则，电流流表指针反向偏转；（3）正确连接电路后，语馨无论怎么调节滑动变阻器都不能使灯泡两端的电压达到2.5V，从电源电压考虑；

（4）根据如图丙所示的-IU图象，由图可知，小灯泡的电阻是变化的，其主要原因是：灯的电阻随温度的变化而变化。

本题测定“小灯泡电功率“，考查电路连接、注意事项、对器材的要求和影响电阻大小的因素。

13.【答案】减小增大 =

【解析】解：

（1）当烧杯内的液体逐渐增加时，金属圆柱体排开液体的体积变大，圆柱体受到浮力变大，由F示=G-F浮，可知弹簧测力计的示数逐渐减小，由液体的深度增大，由液体压强公式P=ρgh可知，液体对容器底部的压强增大。

（2）由题意可知，圆柱体的重力G=mg=0.5kg×10N/kg=5N；

簧测力计示数F示=3N；

金属圆柱体所受浮力：F浮=G-F示=5N-3N=2N；

（3）由题意可知，圆柱体在甲乙丙液体中所受浮力相同，F浮甲=F浮乙；

ρ水gV排水=ρ液gV排液；

ρ水gSh甲=ρ液gh乙；

浸入的深度h甲：h乙=5：2；

ρ液=ρ水=2.5×103kg/m3；

（4）根据浮力产生的原因F浮=F下-F上可知，两个金属块下表面所受的液体压力关系

F1=F2。

故答案为：（1）减小；增大；（2）3N；（3）2.5×103kg/m3；（4）=。

（1）物体所受浮力随着排开液体的体积的增大而增大；液体对容器底的压强随深度的增加而增大；

（2）两个相同的弹簧测力计，下端分别悬挂两个完全相同的金属圆柱体，当弹簧测力计的示数相等时，用称重法，F浮=G-F示求出浮力

（3）由题意可知，两个金属圆柱体所受浮力相等，

（4）两个完全相同的柱形金属块的重力相等，根据F浮=G-F′可知两个弹簧测力计的示数相等时圆柱体受到的浮力关系，根据浮力产生的原因F浮=F下-F上可知两个金属块下表面所受的液体压力关系；

通过探究“浮力大小与哪些因素有关”，综合考查液体压强的计算、液体压强特点、阿基米德原理、浮力产生的原因、液体密度等知识。