含绝对值的函数专题
已知函数f(x)=x2﹣2ax+5(a>1),若f(x)在区间(﹣∞,2]上是减函数,且对任意的x1,x2∈[1, a+1],总有|f(x1)﹣f(x2)|≤4,求a的取值范围.
【试题来源】辽宁省大连二十四中、四十八中2015-2016学年高一上学期期中联考数学试题
【答案解析】
【考点】二次函数的性质.
【专题】综合题;函数思想;综合法;函数的性质及应用.
【分析】由条件利用二次函数的性质可得a≥2.故只要f(1)﹣f(a)≤4 即可,即(a ﹣1)2≤4,求得a的范围.
【解答】解:由于函数f(x)=x2﹣2ax+5的图象的对称轴为x=a,函数f(x)=x2﹣2ax+5在区间(﹣∞,2]上单调递减,∴a≥2.
故在区间∈上,1离对称轴x=a最远,故要使对任意的x1,x2∈,都有|f(x1)﹣f(x2)|≤4,
只要f(1)﹣f(a)≤4 即可,即(a﹣1)2≤4,求得﹣1≤a≤3.
再结合 a≥2,可得2≤a≤3,
故a的取值范围为:.
【点评】本题主要二次函数的性质,绝对值不等式的解法,体现了转化的数学思想,属于基础题.
已知函数f(x)=|x+|﹣|x﹣|.
(1)指出f(x)=|x+|﹣|x﹣|的基本性质(两条即可,结论不要求证明),并作出函数f(x)的图象;
(2)关于x的方程f2(x)+m|f(x)|+n=0(m,n∈R)恰有6个不同的实数解,求m 的取值范围.
【试题来源】辽宁省大连二十四中、四十八中2015-2016学年高一上学期期中联考数学试题
【答案解析】
【考点】分段函数的应用.
【专题】计算题;作图题;数形结合;函数的性质及应用.
【分析】(1)化简f(x)=,判断函数的性质,再作其图象即可;
(2)结合右图可知方程x2+mx+n=0有两个不同的根x1,x2,且x1=2,x2∈(0,2);从而可得故x2+mx+n=(x﹣2)(x﹣x2),从而解得.
【解答】解:(1)化简可得f(x)=,
故f(x)是偶函数,且最大值为2;
作其图象如右图,
(2)∵关于x的方程f2(x)+m|f(x)|+n=0(m,n∈R)恰有6个不同的实数解,
∴结合右图可知,
方程x2+mx+n=0有两个不同的根x1,x2,
且x1=2,x2∈(0,2);
故x2+mx+n=(x﹣2)(x﹣x2)
=x2﹣(2+x2)x+2x2,
故m=﹣(2+x2),
故﹣4<m<﹣2.
【点评】本题考查了分段函数的应用及绝对值函数的应用,同时考查了数形结合的思想应用
设偶函数f(x)满足f(x)=2x﹣4(x≥0),若f(x﹣2)>0,则x的取值范围是( ) A.(﹣∞,0)B.(0,
4)C.(4,+∞)D.(﹣∞,0)∪(4,+∞)
【试题来源】辽宁省大连二十四中、四十八中2015-2016学年高一上学期期中联考数学试题
【答案解析】
D
【考点】指数型复合函数的性质及应用.
【专题】整体思想;数形结合法;函数的性质及应用.
【分析】先利用偶函数的图象关于y轴对称得出f(x)>0的解集,再运用整体思想求f(x﹣2)>0的解集.
【解答】解:根据题意,当x≥0时.f(x)=2x﹣4,
令f(x)=2x﹣4>0,解得x>2,
又∵f(x)是定义在R上的偶函数f(x),其图象关于y轴对称,
∴不等式f(x)>0在x∈R的解集为(﹣∞,﹣2)∪(2,+∞),
因此,不等式f(x﹣2)>0等价为:x﹣2∈(﹣∞,﹣2)∪(2,+∞),
解得x∈(﹣∞,0)∪(4,+∞),
故选D.
【点评】本题主要考查了指数型复合函数的图象和性质,涉及函数的奇偶性和不等式的解法,属于中档题.
设f(x)是定义在R上的偶函数,且f(2+x)=f(2﹣x),当x∈时,f(x)=()
x﹣1,若关于x的方程f(x)﹣log a(x+2)=0(a>0且a≠1)在区间(﹣2,6)内恰有4个不等的实数根,则实数a的取值范围是( )
A.(,1)B.(1,4)C.(1,8)D.(8,+∞)
【试题来源】山西省太原市2016届高三上学期期中数学试题
【答案解析】
D
【考点】根的存在性及根的个数判断;抽象函数及其应用.
【专题】转化思想;数形结合法;函数的性质及应用.
【分析】由题意,讨论0<a<1时,当0<a<1时,﹣2<x<0时,y=f(x)和y=log a (x+2)只有一个交点;故a>1.关于x的方程f(x)﹣log a(x+2)=0(a>1),在区间(﹣2,6)内恰有四个不同实根可化为函数f(x)与函数y=log a(x+2)有四个不同的交点,作出函数f(x)与函数y=log a(x+2)的图象,由图象解出答案.
【解答】解:由f(x)是定义在R上的偶函数,
且f(2+x)=f(2﹣x),
即为f(x+4)=f(﹣x)=f(x),
则f(x)为周期为4的函数.
当x∈时,f(x)=()x﹣1,
可得x∈时,f(x)=f(﹣x)=()﹣x﹣1,
又∵f(x)=log a(x+2)(a>0且a≠1),
当0<a<1时,﹣2<x<0时,y=f(x)和y=log a(x+2)只有一个交点;
在0<x<6时,f(x)>0,log a(x+2)<0,则没有交点,
故a>1,作出它们在区间(﹣2,6)内图象如右图:
当x=6时,f(6)=f(2)=1,log a(6+2)=1,解得a=8,
由于﹣2<x<6,即有a>8,
y=f(x)和y=log a(x+2)有四个交点.
故选:D.
【点评】本题考查了方程的根与函数的零点之间的关系,同时考查了数形结合的数学思想应用,属于中档题.
偶函数y=f(x)的图象关于直线x=2对称,f(3)=3,则f(﹣1)= .
【试题来源】陕西省西安音乐学院附中高三2016届高三上学期期中数学试题
【答案解析】
3
【考点】函数奇偶性的性质.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】根据函数奇偶性和对称性的性质,得到f(x+4)=f(x),即可得到结论.【解答】解:法1:因为偶函数y=f(x)的图象关于直线x=2对称,
所以f(2+x)=f(2﹣x)=f(x﹣2),
即f(x+4)=f(x),
则f(﹣1)=f(﹣1+4)=f(3)=3,
法2:因为函数y=f(x)的图象关于直线x=2对称,
所以f(1)=f(3)=3,
因为f(x)是偶函数,
所以f(﹣1)=f(1)=3,
故答案为:3.
【点评】本题主要考查函数值的计算,利用函数奇偶性和对称性的性质得到周期性f (x+4)=f(x)是解决本题的关键,比较基础
函数f(x)=lgx2的单调递减区间是.
【试题来源】陕西省西安音乐学院附中高三2016届高三上学期期中数学试题
【答案解析】
(﹣∞,0)
【考点】复合函数的单调性.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】先将f(x)化简,注意到x≠0,即f(x)=2lg|x|,再讨论其单调性,从而确
定其减区间;也可以函数看成由复合而成,再分别讨论内层函数和外层函数的单调性,根据“同増异减”再来判断.
【解答】解:方法一:y=lgx2=2lg|x|,
∴当x>0时,f(x)=2lgx在(0,+∞)上是增函数;
当x<0时,f(x)=2lg(﹣x)在(﹣∞,0)上是减函数.
∴函数f(x)=lgx2的单调递减区间是(﹣∞,0).
故答案为:(﹣∞,0).
方法二:原函数是由复合而成,
∵t=x2在(﹣∞,0)上是减函数,在(0,+∞)为增函数;
又y=lgt在其定义域上为增函数,
∴f(x)=lgx2在(﹣∞,0)上是减函数,在(0,+∞)为增函数,
∴函数f(x)=lgx2的单调递减区间是(﹣∞,0).
故答案为:(﹣∞,0).
【点评】本题是易错题,学生在方法一中,化简时容易将y=lgx2=2lg|x|中的绝对值丢掉,方法二对复合函数的结构分析也是最常用的方法,此外,本题还可以利用数形结合的方式,即画出y=2lg|x|的图象,得到函数的递减区间.
已知幂函数y=f(x)的图象过点(,),则log4f(2)的值为( ) A.B.﹣
C.2 D.﹣2
【试题来源】陕西省西安音乐学院附中高三2016届高三上学期期中数学试题
【答案解析】
A
【考点】幂函数图象及其与指数的关系;对数的运算性质;函数的零点.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】先利用待定系数法将点的坐标代入解析式求出函数解析式,再将x用2代替求出函数值.
【解答】解:由设f(x)=x a,图象过点(,),
∴()a=,解得a=,
∴log4f(2)=log42=.
故选A.
【点评】本题考查利用待定系数法求函数解析式、知函数解析式求函数值.
已知f(x)是定义在R上的奇函数,且当时, ,则的值
为()
A.-3 B. C. D. 3
【试题来源】河北定州中学2016届高三上学期月考一数学(文理)试题
【答案解析】
B
:因为时, ,所以时,,即,所以,故选B。
(本题15分)已知函数,其中a>0
(1)a=2时,求函数在x∈(-1,6)上的值域
(2)若函数在x∈(-1,6)上既有最大值又有最小值,求a的范围
【试题来源】浙江省杭州市2016届高三上学期七校模拟质量检测数学(理)试题
【答案解析】
(1),时,
时,,值域
(2)
,
即
(如图)
要使函数f(x)在区间(-1,6)内既有最大值又有最小值,
则最小值一定在x=a时取得,最大值在时取得……10分
而f(a)=-a2,
所以………13分
解得4≤a<6………15分
设函数f(x)=(其中a∈R)的值域为S,若[1,+∞)?S,则a的取值范围是.
A.(﹣∞,)B.[1,]∪(,
2] C.(﹣∞,)∪[1,
2] D.(,+∞)
【试题来源】四川省资阳市2016届高三上学期第一次诊断数学(理)试题
【答案解析】
C
【考点】函数的值域.
【专题】综合题;分类讨论;函数思想;集合思想;数学模型法;函数的性质及应用.【分析】对a=0,a>,a<0分类求出分段函数的值域S,结合[1,+∞)?S,由两集合端点值间的关系列不等式求得a的取值范围.
【解答】解:a=0,函数f(x)==,函数的值域为S=(0,+∞),满足[1,+∞)?S,
a>0,当x≥0时,f(x)=asinx+2∈[2﹣a,2+a];当x<0时,f(x)=x2+2a∈(2a,+∞).
若0,f(x)的值域为(2a,+∞),由[1,+∞)?S,得2a<1,∴0;
若,即,f(x)的值域为[2﹣a,+∞),由[1, +∞)?S,得2
﹣a≤1,∴1≤a≤2;
若2+a<2a,即a>2,f(x)的值域为[2﹣a,2+a]∪(2a,+∞),由[1,+∞)?S,得2a<1,∴a∈?;
a<0,当x<0,f(x)=x2+2a>2a,此时一定有[1,+∞)?S.
综上,满足[1,+∞)?S的a的取值范围是(﹣∞,)∪[1,2].
故选:C.
【点评】本题考查函数的值域及其求法,体现了分类讨论的数学思想方法,考查了集合间的关系,是中档题.
设函数f(x)=,则方程f(x)=的解集为.
【试题来源】四川省绵阳市南山中学2016学年高三上学期零诊数学(理)试题
【答案解析】
{﹣1,}
【考点】分段函数的应用;函数的零点.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】结合指数函数和对数函数的性质,解方程即可.
【解答】解:若x≤0,由f(x)=得f(x)=2x==2﹣1,解得x=﹣1.
若x>0,由f(x)=得f(x)=|log2x|=,即log2x=±,
由log2x=,解得x=.
由log2x=﹣,解得x==.
故方程的解集为{﹣1,}.
故答案为:{﹣1,}.
【点评】本题主要考查分段函数的应用,利用指数函数和对数函数的性质及运算是解决本题的关键.
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题号:1572457 难度:一般作者:mty126@https://www.360docs.net/doc/ed13429158.html, 更新:02-13
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已知函数f(x)=,g(x)=x2﹣2x,设a为实数,若存在实数m,使f(m)﹣2g(a)=0,则实数a的取值范围为
已知函数f(x)=,g(x)=x2﹣2x,设a为实数,若存在实数m,使f(m)﹣2g(a)=0,则实数a的取值范围为
【试题来源】四川省绵阳市南山中学2016学年高三上学期零诊数学(理)试题
【答案解析】
[﹣1,3]
【考点】对数函数图象与性质的综合应用.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】根据函数f(x)的图象,得出值域为,利用存在实数m,使f(m)﹣2g(a)=0,得出2g(a)的值域满足﹣2≤2a2﹣4a≤6,即可.
【解答】解:∵g(x)=x2﹣2x,设a为实数,
∴2g(a)=2a2﹣4a,a∈R,
∵y=2a2﹣4a,a∈R,
∴当a=1时,y最小值=﹣2,
∵函数f(x)=,
f(﹣7)=6,f(e﹣2)=﹣2,
∴值域为
∵存在实数m,使f(m)﹣2g(a)=0,
∴﹣2≤2a2﹣4a≤6,
即﹣1≤a≤3,
【点评】本题综合考查了函数的性质,图象,对数学问题的阅读分析转化能力,数形结合的能力,属于中档题.
已知,如果存在x1,x2∈使得
成立,求a的取值范围.
【试题来源】重庆市巴蜀中学2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
【考点】函数恒成立问题.
【专题】综合题;分类讨论;综合法;函数的性质及应用.
【分析】由题意转化为在x∈上,f(x)max﹣f(x)min≥,即原题函数模型变为g(t)=at+﹣2,t∈,分类讨论,利用函数的单调性,即可求出a的范围.
【解答】解:首先存在x1,x2∈使得成立的意思是:
在x∈上,f(x)max﹣f(x)min≥,
f(x)==a?2x+﹣2
令,原题函数模型变为g(t)=at+﹣2,t∈,
1°当a≤0时,g(t)在单调递减,所以
等价于,所以a≤0
2°当0<a<1时,,
g(t)在上单调递减,在上单调递增
所以需要比较的位置与的关系,从而得到分类标准:
①时,时,g(t)在单调递增,
∵,
∴g(2)﹣g()≥,解得a≥,
∴≤a<1,
②当时,时,g(t)在单调递减,
∵,
∴g()﹣g(2)≥,解得a≤,
∴
③时,,最大值在
中取较大者,作差比较,得到分类讨论标准:
(1)当时,,此时
由
得到g()﹣g()≥,
∴32a2﹣40a+9≥0,解得a≥,或a≤
∴,
(2)当≤a<时,g()﹣g(2)=3a﹣>0,此时g(t)max=g(2),
由,
∴g(2)﹣g()≥,
∴a≥2,解得a≥,
∴此时a∈?,
在此分类讨论中,a∈(0,]∪上单调递增,
由,
∴g(2)﹣g()≥,解得a≥,
∴a≥1,
综上三大类情况,可得a的范围为(﹣∞,]∪[,+∞).
【点评】本题考查二次函数的图象和性质的运用,主要考查不等式恒成立问题,注意运用分类讨论和绝对值不等式的性质,考查运算能力,属于难题.
已知函数f(x)=|2x|,现将y=f(x)的图象向右平移一个单位,再向上平移一个单位得到函数h(x)的图象.
(1)求函数h(x)的解析式;
(2)函数y=h(x)的图象与函数g(x)=kx2的图象在上至少有一个交点,求实数k的取值范围.
【试题来源】重庆市巴蜀中学2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
【考点】函数的图象与图象变化;函数解析式的求解及常用方法.
【专题】综合题;分类讨论;综合法;函数的性质及应用.
【分析】(1)根据图象的平移即可得到函数的解析式,
(2)方法一,采取分离参数,转化为在x∈上有解或者在
上有解,根据函数的性质即可求出k的范围
方法二,采用根的分布,原题等价于kx2﹣2(x﹣1)﹣1=0在x∈上有解或者kx2﹣2(1
﹣x)﹣1=0在上有解,分别根据根与系数的关系即可求出k的范围.
【解答】解:(1)由图象的平移,h(x)=2|x﹣1|+1
(2)解:函数y=h(x)的图象与函数g(x)=kx2的图象在上至少有一个交点,等价于h(x)﹣g(x)=0在上有解,
即2|x﹣1|+1﹣kx2=0在上有解,
解法一:用分离参数处理:kx2=2|x﹣1|+1在上有解,在
上有解,
等价于在x∈上有解或者在上有解,
因为
综上,.
解法二:用实根分布:
原题等价于kx2﹣2(x﹣1)﹣1=0在x∈上有解或者kx2﹣2(1﹣x)﹣1=0在
上有解,
(1)kx2﹣2(x﹣1)﹣1=0在x∈上有解
令g(x)=kx2﹣2(x﹣1)﹣1,k=0时显然无解.
当k<0时,(舍)
当k>0,或者
所以
(2)kx2﹣2(1﹣x)﹣1=0在上有解:
令h(x)=kx2+2x﹣3,k=0时显然无解.
当k>0时,,所以1≤k≤8
当k<0时,(舍)或者
所以1≤k≤8
综上,.
【点评】本题考查了函数解析式的求法和根的分布问题,关键是分类讨论,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题
函数的值域为( )
A.B.C.
D.
函数y=的图象可能是( )
A.B.
C.D.
【试题来源】江西省宜春市高安二中2015-2016学年高一上学期期中数学(平行班)试题
【答案解析】
B
【考点】函数的图象.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】当x>0时,,当x<0时,
,作出函数图象为B.
【解答】解:函数y=的定义域为(﹣∞,0)∪(0,+∞)关于原点对称.
当x>0时,,
当x<0时,,此时函数图象与当x>0时函数
的图象关于原点对称.
故选B
【点评】本题考查了函数奇偶性的概念、判断及性质,考查了分段函数的图象及图象变换的能力.
定义在R上的奇函数f(x),满足,且在(0,+∞)上单调递减,则xf(x)>0的解集为( )
A.B.
C.D.
【试题来源】江西省宜春市高安二中2015-2016学年高一上学期期中数学(平行班)试题
【答案解析】
B
【考点】奇偶性与单调性的综合.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】由已知中f ()=0,且在(0,+∞)上单调递减,可得f (﹣)=0,且在区间(﹣∞,0)上单调递减,分类讨论后,可得xf(x)>0的解集
【解答】解:∵函数f(x)是奇函数,在(0,+∞)上单调递减,且f ()=0,
∴f (﹣)=0,且在区间(﹣∞,0)上单调递减,
∵当x<0,当﹣<x<0时,f(x)<0,此时xf(x)>0
当x>0,当0<x<时,f(x)>0,此时xf(x)>0
综上xf(x)>0的解集为
故选B
【点评】本题主要考查函数的单调性和奇偶性的综合应用,体现了转化的数学思想,判
断出f (﹣)=0,且在区间(﹣∞,0)上单调递减是解题的关键.
已知函数f(x)=|log2x|,当0<m<n时,有f(n)=f(m)=2f().
(1)求mn的值;
(2)求证:1<(n﹣2)2<2.
【试题来源】辽宁省实验中学分校2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
【考点】对数函数的图像与性质.
【专题】函数的性质及应用;不等式的解法及应用.
【分析】(1)由题意可得,﹣log2m=log2n,化简可得 mn=1,
(2)先根据均值定理得>1,由题意2=n,化简,再根据mn=1,得到结论.【解答】解:(1)∵f(x)=|log2x|,当0<m<n时,有f(n)=f(m),
∴﹣log2m=log2n,
∴log2mn=0,
∴mn=1,
(2)根据均值定理得>1,
∵f(n)=f(m)=2f().
∴2f()=2log2=log2=log2n,
∴2=n,
∴m2+n2+2mn=4n,
即 n2﹣4n=﹣m2﹣2,
∴(n﹣2)2<2﹣m2,
∵0<m<1,
∴0<m2<1,
∴1<2﹣m2<2,
即1<(n﹣2)2<2.
【点评】本题主要考查了对数的运算性质和不等式的证明,属于中档题.
已知函数f(x)在定义域(0,+∞)上是单调函数,若对任意x∈(0,+∞),都有
,则的值是.
【试题来源】辽宁省实验中学分校2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
6
【考点】函数单调性的性质;函数的值.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】由函数f(x)在定义域(0,+∞)上是单调函数,且f(f(x)﹣)=2,知f(x)﹣为一个常数,令这个常数为n,则有f(x)﹣=n,f(n)=2,所以n+=2,解得n=1,由此能求出f()=6.
【解答】解:∵函数f(x)在定义域(0,+∞)上是单调函数,且f(f(x)﹣)=2,∴f(x)﹣为一个常数,令这个常数为n,则有f(x)=n+,且f(n)=2.
再令x=n可得 n+=2,解得n=1,因此f(x)=1+,所以f()=6.
故答案为:6.
【点评】本题考查利用函数的单调性求函数值,解题时要认真审题,仔细解答,注意合理地进行等价转化,属于中档题.
已知函数f(x)=﹣|x|,则f(x)是( )
A.奇函数B.偶函数
C.既是奇函数又是偶函数D.非奇函数非偶函数
【试题来源】云南省昭通市水富一中2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
B
【考点】函数奇偶性的判断.
【专题】函数的性质及应用;导数的概念及应用.
【分析】直接根据偶函数的定义判断即可
【解答】解:∵f(x)=﹣|x|,∴f(﹣x)=﹣|﹣x|=﹣|x|=f(x)|
∴f(﹣x)=f(x),∴函数f(x)是偶函数
答案选:B
【点评】本题考查函数奇偶性,属于基础题.
已知函数f(x)=1+log2x,则的值为( )
A.B.C.0
D.﹣1
【试题来源】云南省昭通市水富一中2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
C
【考点】对数的运算性质.
【专题】计算题.
【分析】把代入函数式利用对数运算法则即可求得.
【解答】解:由f(x)=1+log2x,
得=1+
=1+
=1﹣1=0.
故选C.
【点评】本题考查对数的运算法则,考查运算能力,熟记运算法则及其使用条件是解决该类题目的基础.
函数y=|lg(x+1)|的图象是()
A.B.
C.D.
【试题来源】浙江省宁波市余姚三中2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
A
【考点】对数函数的图像与性质.
【专题】数形结合.
【分析】本题研究一个对数型函数的图象特征,函数y=|lg(x+1)|的图象可由函数y=lg (x+1)的图象将X轴下方的部分翻折到X轴上部而得到,故首先要研究清楚函数y=lg (x+1)的图象,由图象特征选出正确选项
【解答】解:由于函数y=lg(x+1)的图象可由函数y=lgx的图象左移一个单位而得到,函数y=lgx的图象与X轴的交点是(1,0),
故函数y=lg(x+1)的图象与X轴的交点是(0,0),即函数y=|lg(x+1)|的图象与X 轴的公共点是(0,0),
考察四个选项中的图象只有A选项符合题意
故选A
【点评】本题考查对数函数的图象与性质,解答本题关键是掌握住对数型函数的图象图象的变化规律,由这些规律得出函数y=|lg(x+1)|的图象的特征,再由这些特征判断出函数图象应该是四个选项中的那一个
已知f(x)是R上的奇函数,且当x≥0时,f(x)=﹣x2+2x,则当x<0时,f(x)的解析式是()
A.f(x)=﹣x(x+2)B.f(x)=x(x﹣
2)C.f(x)=﹣x(x﹣
2)D.f(x)=x(x+2)
【试题来源】浙江省宁波市余姚三中2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
D
【考点】函数解析式的求解及常用方法.
【专题】函数的性质及应用.
【分析】f(x)是R上的奇函数,且当x≥0时,f(x)=﹣x2+2x,设x<0时则﹣x>0,转化为已知求解.
【解答】解:∵f(x)是R上的奇函数,∴f(﹣x)=﹣f(x),
当x≥0时,f(x)=﹣x2+2x,
设x<0,则﹣x>0,
∴f(x)=﹣f(﹣x)=﹣[﹣(﹣x)2+2(﹣x)]=x2+2x,
故选:D
【点评】本题考查了运用奇偶性求解析式,注意自变量的转化.
已知函数f(2x﹣1)的定义域为(1,2),则函数f(x+1)的定义域为()A.(0,2)B.(1,2)C.(1,3)D.(0,3)
【试题来源】浙江省宁波市余姚三中2015-2016学年高一上学期期中数学试题
【答案解析】
A
【考点】函数的定义域及其求法.
【专题】函数的性质及应用;不等式的解法及应用.
【分析】函数f(2x﹣1)的定义域为(1,2),求出2x+1的范围,再得出函数f(x)的定义域,最后求出函数f(x+1)的定义域.
【解答】解:∵函数f(2x﹣1)的定义域为(1,2),∴1<2x﹣1<3,
即函数f(x)的定义域为(1,3).
∴函数f(x+1)的定义域需满足1<x+1<3,
即0<x<2,
函数f(x+1)的定义域为(0,2)
故选:A
【点评】本题考查了函数的概念,符合函数定义域的求解方法思路,要求对函数要素的理解非常好.
函数f(x)是定义在R上的奇函数,并且当x∈(0,+∞)时,f(x)=lgx2,那么,f (﹣10)=()
A.﹣1 B.﹣
2 C.2 D.10
【试题来源】山东省菏泽市2015-2016学年高一上学期期中考数学试题(B卷)
【答案解析】
B
【考点】函数奇偶性的性质.
【专题】计算题;方程思想;综合法;函数的性质及应用.
【分析】先利用奇函数的定义,将所求函数值转换为求f(10),再利用已知函数解析式,求得f(10),进而得所求函数值
【解答】解:∵函数f(x)是定义在R上的奇函数,
∴f(﹣10)=﹣f(10),
∵x∈(0,+∞)时,f(x)=lgx2,
∴f(10)=2,
∴f(﹣1)=﹣2,
故选:B.
【点评】本题考查了奇函数的定义及其应用,利用函数的对称性求函数值的方法,转化化归的思想方法.
函数的零点所在的大致区间是()
A.(3,4)B.(2,e)C.(1,2)D.(0,1)
【试题来源】吉林省辽源市田家炳高中友好学校联考2015-2016学年高一上学期期末考数学试题
【答案解析】
C
【考点】函数的零点.
【专题】计算题.
【分析】根据所给的几个区间看出不在定义域中的区间去掉,把所给的区间的两个端点的函数值求出,若一个区间对应的函数值符合相反,得到结果.
【解答】解:∵在(0,+∞)单调递增
∵f(1)=ln2﹣2<0,f(2)=ln3﹣1>0,
∴f(1)f(2)<0
∴函数的零点在(1,2)之间,
故选:C.
【点评】本题考查函数的零点的判定定理,本题解题的关键是求出区间的两个端点的函数值,进行比较,本题是一个基础题.
已知关于x的函数f(x)=x2+2ax+b(其中a,b∈R).
(1)求函数|f(x)|的单调区间;
(2)对于一切a∈[0,1],若存在实数m,使得与能同时成立,求b﹣a的取值范围.
【试题来源】浙江省二中2016届高三上学期期中数学试卷
【答案解析】
解:(1)∵f(x)=x2+2ax+b=(x+a)2+b﹣a2
∴①当a2﹣b≥0时,单调区间为:(﹣∞,﹣a]上为减,[﹣a,+∞)上为增;
②当a2﹣b<0时,单调区间为:减,
增,减,
增,
含绝对值函数的最值问题
专题三: 含绝对值函数的最值问题 1. 已知函数2()2||f x x x a =-- (0>a ),若对任意的[0,)x ∈+∞,不等式(1)2()f x f x -≥恒成立,求实数a 的取值范围、 不等式()()12f x f x -≥化为()2 212124x x a x x a ----≥-- 即:()242121x a x a x x ---+≤+-(*)对任意的[)0,x ∈+∞恒成立因为0a >,所以分如下情况讨论: ①当0x a ≤≤时,不等式(*)24120[0,]x x a x a ++-≥?∈对恒成立 ②当1a x a <≤+时,不等式(*)即24160(,1]x x a x a a -++≥?∈+对恒成立 由①知102 a <≤,2()416(,1]h x x x a a a ∴=-+++在上单调递减 2662a a ∴≤--≥-或 11626222 a -<∴-≤≤Q 2、已知函数f (x )=|x -a |,g (x )=x 2+2ax +1(a 为正数),且函数f (x )与g (x )的图象在y 轴上的截距相等.(1)求a 的值;(2)求函数f (x )+g (x )的最值. 【解析】(1)由题意f (0)=g (0),∴|a |=1、又∵a >0,∴a =1、 (2)由题意f (x )+g (x )=|x -1|+x 2+2x +1、 当x ≥1时,f (x )+g (x )=x 2+3x 在[1,+∞)上单调递增, 当x <1时,f (x )+g (x )=x 2+x +2在????? ???-121上单调递增,在(-∞,12-]上单调递减. 因此,函数f (x )+g (x )在(-∞,12-]上单调递减,在????? ???-12+∞上单调递增. 2min ()4120[0,]()(0)120 1 02 g x x x a a g x g a a =++-≥∴==-≥∴<≤Q 在上单调递增只需2min ()(1)420h x h a a a ∴=+=+-≥只需
高中数学 含绝对值的函数图象的画法及其应用素材
含绝对值的函数图象的画法及其应用 一、三点作图法 三点作图法是画函数)0(||≠++=ak c b ax k y 的图象的一种简捷方法(该函数图形形状似“V ”,故称V 型图)。 步骤是:①先画出V 型图顶点?? ? ?? - c a b ,; ②在顶点两侧各找出一点; ③以顶点为端点分别与另两个点画两条射线,就得到函数)0(||≠++=ak c b ax k y 的图象。 例1. 作出下列各函数的图象。 (1)1|12|--=x y ;(2)|12|1+-=x y 。 解:(1)顶点?? ? ??-12 1 ,,两点(0,0) ,(1,0)。其图象如图1所示。 图1 (2)顶点?? ? ?? - 121 ,,两点(-1,0) ,(0,0)。其图象如图2所示。 图2 注:当k>0时图象开口向上,当k<0时图象开口向下。函数图象关于直线a b x -=对称。 二、翻转作图法 翻转作图法是画函数|)(|x f y =的图象的一种简捷方法。 步骤是:①先作出)(x f y =的图象;②若)(x f y =的图象不位于x 轴下方,则函数 )(x f y =的图象就是函数|)(|x f y =的图象; ③若函数)(x f y =的图象有位于x 轴下方的,则可把x 轴下方的图象绕x 轴翻转180°到x 轴上方,就得到了函数|)(|x f y =的图象。 例2. 作出下列各函数的图象。 (1)|1|||-=x y ;(2)|32|2 --=x x y ;(3)|)3lg(|+=x y 。 解:(1)先作出1||-=x y 的图象,如图3,把图3中x 轴下方的图象翻上去,得到图4。图4就是要画的函数图象。 图3 图4
含绝对值的函数的图像
在下面分别从三个方面讲如何画含绝对值的函数的图像,以及在具体的题目中的应用。希望对雨我们学习这部分的知识有所帮助。 、三点作图法 三点作图袪是画函数ιy = ? f +? ?^-c(ak≠ 0)的图象的一种i罚捷方法(该函数图形?Ufft G V fl i故称召型图人 步曝是E①先画出站型图顶点,石; —) ②在顶点两侧各找出一点;卩 ③次顶点为端点分别与另两个点画两条射线,就得到函数y ≈k? ax+? I???≠ 0)的图彖* 例1作出下列各函数的圏象. (1) y =| 2x 亠J ll 一1; {2) y = 1- ∣2x ÷ 11 ? 解’⑴ 顶点:,-才两点g 0λ (b O)D其图彖如图1所示. 圏b <2)顶点f-lΛ两点(一1, 0), (0, 0).其图象如图2所示. I 2 j
图2 注 I 当40时图象奔口向上,当衣D时图彖开口向下?函数图象关于直线Λ= --对称口 翻转作图法是画函数y H .rω I的图象的一种简捷方法. 注I ? k>0时图象开口向上,当衣0时图象开口向下.函数图象关于直线Λ = --对称" 制转作图法是画函数丁H∕ω I的图象的一种简捷方法. 二爾转作IS 二詡转作l?
步麋是 * ?5t 作出 P = /(x) 的图彖;②若y - /(Λ)的图家不位于X轴下方, 则函数I y = /(>)的图象就??^ιy =| f{x) \的图象;③若函数4y = h∕(x)的图象育位于H轴下方的,则可把X轴下方的图象绕X轴翻转180φ到盟轴上方,就得到了函数 I y=I I/(Λ)∣的图家? 例t作出下列各函数的图讓. U) 7=U?-?i y=∣√-2^-3∣j ¢3) y=∣?(r+3)∣c 解;⑴先作出^=μ∣-l的图象如图3,把图3中盟轴下右的图家翻上去!得至(]图乳图召就是妾IsJ的函数图象n C2)先作出y = X2- 2x-3的图熟如图5.把图5中梵轴T方的图象翻±? ⑶ 先作出^ = Ig(X+ 3)的图熟如图亿把图7中忙轴下丹的图象翻上去,得 到图3.图&就是婪画的1S数图象? 三、分段破作图法 分段函数作图法是把瘟函数等价转化沟分段函数后再作图,这种右法是画含有绝对值的函数的图象的有效有法. 例1作出下列函数的图家U (I)J = Z a-2μ∣+b ¢2) J=μ + l∣ + μ-l∣j (3) jμ=∣Λ2-2τr-3h 图4
含绝对值函数的综合问题一
含绝对值函数综合问题 一、含绝对值函数的最值 1、含一个绝对值的一次绝对值函数的最值、单调性、对称性 (1)()||f x x =的图像是以原点为顶点的“V ”字形图像;函数在顶点处取得最小值 “(0)0f =”,无最大值;在函数(,0],[0,)x ∈-∞↓+∞↑;对称轴为:0x = (2)()||(0)f x kx b k =+≠图像是以(,0)b k -为顶点的“V ”字形图像;在顶点取得最小值: “()0b f k -=”,无最大值;函数在(,],[,)b b x k k ∈-∞-↓-+∞↑;对称轴为:b x k =- (3)函数()||(0)f x k x b k =+≠: 0k >时,函数是以(,0)b -为顶点的“V ”字形图像;函数在顶点取得最小值: “()0f b -=”,无最大值;函数在(,],[,)x b b ∈-∞-↓-+∞↑;对称轴为:x b =- 0k <时,是以(,0)b -为顶点的倒“V ”字形图像,函数在顶点取得最大值: “()0f b -=”,无最小值;函数在(,],[,)x b b ∈-∞-↑-+∞↓;对称轴为:x b =- 2、含两个绝对值的一次绝对值函数的最值、单调性、对称性 (1)函数()||||()f x x m x n m n =-+-<的图像是以点(,),(,)A m n m B n n m --为折点的 “平底形”图像;在[,]x m n ∈上的每点,函数都取得最小值n m -,无最大值;函数 在(,],[,)x m x n ∈-∞↓∈+∞↑ ,在[,]x m n ∈无单调性;对称轴为2 m n x +=。 (2)函数()||||f x x m x n =---: 当m n >时,()f x 是以点(,),(,)A m n m B n m n --为折点的“Z 字形”函数图像;在 (,]x n ∈-∞上的每点,函数都取得最大值m n -,在[,)x m ∈+∞上的每点,函数都取得最小值n m -;函数在[,]x n m ∈↓,在(,]x n ∈-∞及[,)x m ∈+∞上无单调性;对称中心为(,0)2 m n +; 当n m >时,()f x 是以点(,),(,)A m m n B n n m --为折点的“反Z 字形”函数图像; 在(,]x m ∈-∞上的每点,函数都取得最小值m n -,在[,)x n ∈+∞上的每点,函数都 取得最大值n m -;函数在[,]x m n ∈↑,在(,]x n ∈-∞及[,)x m ∈+∞上无单调性;对 称中心为( ,0)2 m n +; (3)()||||()f x a x m b x n m n =-+-<图像是以(,()),(,())A m f m B n f n 为折点的折线。 当0a b +>时,两端向上无限延伸,故最小值,最小值为min{(),()}f m f n ; 当0a b +<时,两端向下无限延伸,故最大值,最大值为{(),()}Max f m f n ; 当0a b +=时,两端无限延伸且平行x 轴,故既有最大值又有最小值,最大值为 {(),()}Max f m f n ;最小值为min{(),()}f m f n 。 3、含多个绝对值的一次函数的最值、单调性 函数1212()||||||(,,,)n i n f x x a x a x a a R i n N a a a *=-+-++-∈∈<<< 设 (1)若21()n k k N *=-∈,则()f x 的图像是以(,())k k a f a 为顶点的“V ”字形图像 (a )当且仅当k x a =时,min 1211221[()]|()()|k k k k f x a a a a a a -++-=+++-+++ (b ) 函数()f x 在(,],[,)k k a a -∞↓+∞↑,若{}i a 为等差数列,则图像关于k x a =对称 (2)若2()n k k N *=∈,则()f x 的图像是以点11(,()),(,())k k k k A a f a B a f a ++为折点的“平 底形”图像 (a )当且仅当1[,]k k x a a +∈,min 12122[()]|()()|k k k k f x a a a a a a ++=+++-+++ (b ) 函数()f x 在1(,],[,)k k a a +-∞↓+∞↑,在1[,]k k x a a +∈无单调性。若{}i a 为等差数列, 则图像关于1 2 k k a a x ++= 对称 这一结论从一次绝对值函数图像上了不难看出,当1x a < 及 n x a >时,图像是分别向左、右两边向上无限伸展的两条射线,中间各段在区间1[,](1,2,1)i i a a i n +=- 上均为线段.它们首尾相连形成折线形,在中间点或中间段处最低,此时函数有最小值. 证明:当21()n k k N * =-∈时,1221()||||||k f x x a x a x a -=-+-++- , 1221k a a a -<<< 设由绝对值不等式性质得: 121121211|||||()()|k k k x a x a x a x a a a ----+-≥---=-,当且仅当121[,]k x a a -∈时取“=” 222222222|||||()()|k k k x a x a x a x a a a ----+-≥---=-, 当且仅当222[,]k x a a -∈时取“=”
绝对值函数最值问题(含答案修改版)
绝对值函数最值问题 一、准备在两个小区所在街道上建一所医院,使得两个小区到医院的距离之和最小,问医院应该建在何处? 先来证明一个引理: 引理:||||||y x y x +≥+……(1),当且仅当0≥xy 时等号成立 要证(1)式成立,只需证xy xy xy y x xy y x ≥++≥++||,2||22 2 2 2 也即是,上式显然成立,故原命题得证。 将上式的y y -换成可得 ||||||y x y x -≥+……(2),当且仅当0≤xy 时等号成立 定理:对于任意123,,a a a ……,n a 如果123a a a ≤≤≤……1n n a a -≤, 当n 为奇数时 ()12 3||||||f x x a x a x a =-+-+-+……1||||n n x a x a -+-+-的最小值在x 等于123,,a a a ……n a 的中位 数时取到,即12 n x a +=时有最小值, 即是()123||||||f x x a x a x a =-+-+-+ (112) ||||n n n x a x a f a -+??+-+-≥ ?? ? 当n 为偶数时 ()123||||||f x x a x a x a =-+-+-+……1||||n n x a x a -+-+-的最小值在x 属于123,,a a a ……n a 的中间 两个数的范围时取到,即1 22,n n x a a +?? ∈???? 时有最小值。此时 ()123 ||||||f x x a x a x a =-+-+-+ (11) 22||||n n n n x a x a f a o r f a -+?? ??+-+-≥ ? ??? ?? 该定理的证明,只需最小的与最大的结合,在中位数时同时取到最小值。 二、求下列函数的最小值: 1、()|2||1|-+-=x x x f
高三数学复习绝对值函数及函数与方程
1 精锐教育学科教师辅导讲义 学员编号: 年级:高三课时数:3 学员姓名:辅导科目:数学 学科教师:刘剑授课 类型 T (同步知识主题) C (专题方法主题) C (专题方法主题) 授课日 期时段教学内容 绝对值类型(2) 专题二:局部绝对值 例1:若不等式a +21 x x ≥2log 2x 在x ∈(12,2)上恒成立,则实数a 的取值范围为. 例2:关于x 的不等式x 2+9+|x 2-3x |≥kx 在[1,5]上恒成立,则实数k 的范围为________.例3:设实数1a ,使得不等式a a x x 23,对任意的实数2,1x 恒成立,则满足条件的实数a 的范围是 .
2 例4:设函数f(x)=x 2+|2x -a|(x ∈R ,a 为实数). (1)若f(x)为偶函数,求实数 a 的值;(2)a=2时,讨论函数)(x f 的单调性; (3)设a>2,求函数f(x)的最小值. 例习1:已知函数f(x)=|x -m|和函数g(x)=x|x -m|+m 2 -7m. (1)若方程f(x)=|m|在[4,+∞)上有两个不同的解,求实数m 的取值范围;[来源学#科#网Z#X#X#K](2)若对任意x 1∈(-∞,4],均存在x 2∈[3,+∞),使得f(x 1)>g(x 2)成立,求实数m 的取值范围.练习2:设 a 为实数,函数2()2()||f x x x a x a . (1)若 (0)1f ,求a 的取值范围;(2)求()f x 的最小值; (3)设函数 ()(),(,)h x f x x a ,求不等式()1h x 的解集.
3 专题三:整体绝对值 3 例1.已知函数f(x)=|x 2+2x -1|,若a <b <-1,且f(a)=f (b),则ab +a +b 的取值范围是. 例2.设函数d cx bx ax x f 23)(是奇函数,且当33x 时,)(x f 取得最小值932设函数)1,1()13()()(x x t x f x g ,求)(x g 的最大值)(t F 练习3:21 0x 时,21 |2|3x ax 恒成立,则实数a 的取值范围为. 练习4:设函数3221() 23(01,)3 f x x ax a x b a b R . (Ⅰ)求函数f x 的单调区间和极值;(Ⅱ)若对任意的 ],2,1[a a x 不等式f x a 成立,求a 的取值范围。
函数的性质与带有绝对值的函数(教师)
函数的性质与带有绝对值的函数 一、复习要点 基本初等函数性质主要包含了函数的定义域、值域、奇偶性、单调性及周期性等,另外最值问题、含参问题、范围问题等是重点复习的内容,特别是含有绝对值的函数问题难度都比较大,当涉及到最值问题时,分类讨论与数形结合是常用方法. 二、基础训练 1.(1)若f (x )是R 上的奇函数,且当x >0时,f (x )=1+3 x ,则f (x ) = . (2)若函数f (x )是定义在R 上的偶函数,在(-∞,0]上是减函数,且f (2)=0,则f (x )<0的x 的取值范围是 . 【答案】(1)?????-1+3x ,x <0 0, x =0 1+3 x , x >0 ;(2)(-2,2). 2.已知函数()log 1(01)a f x x a a =+>≠且,若当(0,1)x ∈时恒有()0f x <,则函数 23 ()log () 2a g x x ax =-+ 的递减区间是 . 【答案】(0,)3 a . 3.(1)若函数y =log 2(x +2)的图象与y =f (x )的图象关于x =1对称,则f (x )= . (2)已知f (x )=log 2|ax +3|关于x =1对称,则实数a = . 【答案】(1)log 2(4-x );(2)-3或0. 4.已知函数()lg f x x =,若0a b <<且()()f a f b =,则2a b +的取值范围是 . 【答案】()3,+∞. 5.()||f x x a =-在()2+∞, 上为增函数,则实数a 的取值范围是 . 【答案】2a ≤. 6.关于x 的方程()(0)x a x a a a --=≠的实数解的个数为 . 【答案】1个. 7.2 3x m b --=有4个根,则实数b 的取值范围是 . 【答案】02b <<. 8.若不等式a +21x x -≥2log 2x 在x ∈(12,2)上恒成立,则实数a 的取值范围为 . 【答案】1a ≥. (2)若函数()x f 满足条件(1),且对任意[]10,30∈x ,总有()[]10,30∈x f ,求c 的取值范围; (3)若0b =,函数()x f 是奇函数,()01=f ,()2 3 2-=-f ,且对任意[)+∞∈,1x 时,
分段函数与绝对值函数练习
分段函数与绝对值函数练习 一、双基题目练练手 1.设函数f (x )=?????≥--<+, 114,1)1(2x x x x 则使得f (x )≥1的x 的取值范围为 ( ) A.(-∞,-2]∪[0,10] B.(-∞,-2]∪[0,1] C.(-∞,-2]∪[1,10] D.[-2,0]∪[1,10] 2.(2006安徽)函数2 2,0 ,0x x y x x ≥?=?- 的反函数是 ( ) A .,020x x y x ? ≥?=< B .2,0 0x x y x ≥??=< C .,020x x y x ?≥?=?? D .2,0 x x y x ≥??=?? 3.(2007启东质检)已知21[1,0) ()1[0,1]x x f x x x +∈-?=?+∈?,,,则下列函数图象错误..的是( ) 4.(2006全国Ⅱ)函数19 1 ()n f x x n ==-∑的最小值为 ( ) (A )190 (B )171 (C )90 (D )45 5.(2005北京市西城模拟)已知函数f (x )=???<-≥-),2(2), 2(2x x x 则f (lg30-lg3) =___________;不等式xf (x -1)<10的解集是_______________. 6. (2006浙江)对R b a ∈,,记则{}???≥=b a b b a a b a <,,,max 则函数 (){}()R x x x x f ∈-+=2,1max 的最小值是 .
7. 已知函数13 2 (0)()(01)log (1)x x f x x x x ?<=≤≤>??,当a <0时,f {f [f (a )]}= 8.函数221(0)()(0)x x f x x x ?+≥?=?-?的值域 。 简答:1-4.ACDC; 4.x=10时,取最小值90.f(x)=|x-1|+|x-2|+…+|x-19| =|x-1|+…+|x-10|+|11-x|+…+|19-x| ≥|x-1+x-2+…x-9+11-x+…19-x|+|x-10| ≥|90|+0=90, 当x=10时取等号.一般地:… 5. f (lg30-lg3)=f (lg10)=f (1)=-2, f (x -1)=???<-≥-. 32,33x x x 当x ≥3时,x (x -3)<10?-2<x <5,故3≤x <5. 当x <3时,-2x <10?x >-5,故-5<x <3.解集 {x |-5<x <5} 6. 由()()2 1212122≥?-≥+?-≥+x x x x x , ()112122x x f x x x ???+≥ ?????=????-< ????? 如右图()min 1322f x f ??== ??? 7.12 -;8. 当x ≥0时,x 2+1≥1;当x<0时,-x 2<0原函数值域是[1,+∞]∪(-∞,0)。 二、经典例题做一做 【例1】设定义在N 上的函数f (x )满足f (n )=? ??-+)]18([13n f f n ),2000(),2000(>≤n n 求f (2002). 解:∵2002>2000, ∴f (2002)=f [f (2002-18)]=f [f (1984)]=f [1984+13]=f (1997)=1997+13=2010. 感悟方法 求值时代入哪个解析式,一定要看清自变量的取值在哪一段上. 【例2】判断函数22(1)(0)()(1)(0)x x x f x x x x ?-≥?=?-+? 的奇偶性。 解:当x>0时,-x<0, f(-x)= -(-x)2(-x+1)=x 2(x -1)=f(x); 当x=0时,f(-0)=f(0)=0;当x<0时,f(-x)=( -x)2(-x -1)= -x 2(x+1)=f(x)。因此,对任意x ∈R 都有f(-x)=f(x),所以函数f(x)为偶函数。
含参数含绝对值的函数综合题
含参数含绝对值的函数综合题探究 一.解题策略: 1.去绝对值的思考,2012年~2014年的高考流行的是“遇见绝对值就考虑分类讨论去绝对值变为分段函数”;这几年高考反而流行“不去绝对值”即“整体换元后进行画函数图像数形结合”。 2.分类讨论要“慢”; 3.能换元就“换”; 4.有函数就“画”。 二.精题例析 例1 (2017年4月浙江省学考第25题)已知函数) f=3|x?a|+|ax?1|,其中a∈R (x ①当a=1时,写出函数) (x f为偶函数,求实数a的值; (x f的单调区间;②若函数) ③若对任意的实数x∈[0,3],不等式) (x f≥3x|x?a|恒成立,求实数a的取值范围. 点评:2012年~2014年的高考流行的模式延续到2015年~2017的浙江省学考中。
练习1 (2016年10月浙江省学考第25题)设函数2)|1(|1)(a x x f --=的定义域为D ,其中1 例2 (2017年6月浙江省高考第 17题即填空题的最后一题) 已知R ∈a .函数()a a x x x f +-+ =4在区间[]4,1上的最大值是5,则a 的取值 范围是_____. 点评:这几年高考反而流行“不去绝对值”即“整体换元后进行画函数图像数形结合”,往往作为填空题考查学生,切忌小题大做,考查学生的转化与化归的思想意识、整体处理思想及数形结合。 练习1.(2018年4月浙江学考第22题即填空题的压轴题) 若不等式2x 2?(x ?a )|x ?a |?2≥0对于任意x ∈R 恒成立,则实数a 的最小值是________________. 练习 2. 设函数m m x x x f 2294)(2+-+-=在区间[]4,0上的最大值是9,则实数m 的取值范围是______________. 含绝对值的函数问题专练 1.画出函数y = 31x -的图象,并利用图象回答:k 为何值时,方程 31x -=k 无解?有一个解?有两个解? 【答案】当k =0或k≥1时,方程有一个解;当0 2.11分段函数与绝对值函数 ——随着高考命题思维量的加大,分段函数成了新的热点和亮点,单设专题,以明析强化之 一、明确复习目标 了解分段函数的有关概念;掌握分段函数问题的处理方法 二.建构知识网络 1.分段函数:定义域中各段的x 与y 的对应法则不同,函数式是分两段或几段给出的. 分段函数是一个函数,定义域、值域都是各段的并集。 2.绝对值函数去掉绝对符号后就是分段函数. 3.分段函数中的问题一般是求解析式、反函数、值域或最值,讨论奇偶性单调性等。 4.分段函数的处理方法:分段函数分段研究. 三、双基题目练练手 1.设函数f (x )=???? ?≥--<+, 11 4,1) 1(2 x x x x 则使得f (x )≥1的x 的取值范围为 ( ) A.(-∞,-2]∪[0,10] B.(-∞,-2]∪[0,1] C.(-∞,-2]∪[1,10] D.[-2,0]∪[1,10] 2.(2006安徽)函数2 2,0 ,0x x y x x ≥?=? - 的反函数是 ( ) A .,020 x x y x ?≥?=< B .2,0 0x x y x ≥??=< C .,020 x x y x ?≥?=?? D .2,0 0x x y x ≥??=?? 3.(2007启东质检)已知21[1,0) ()1[0,1] x x f x x x +∈-?=?+∈?,,,则下列函数图象错误.. 的是( ) 4.(2006全国Ⅱ)函数19 1 ()n f x x n == -∑的最小值为 ( ) (A )190 (B )171 (C )90 (D )45 5.(2005北京市西城模拟)已知函数f (x )=?? ?<-≥-), 2(2 ), 2(2 x x x 则f (lg30-lg3) =___________;不等式xf (x -1)<10的解集是_______________. 6. (2006浙江)对R b a ∈,,记则{}? ??≥=b a b b a a b a <,,,max 则函数 (){}()R x x x x f ∈-+=2,1max 的最小值是 . 7. 已知函数1 3 2 (0)()(01)log (1) x x f x x x x ?<=≤≤>??,当a <0时,f {f [f (a )]}= 8.函数2 21(0) ()(0) x x f x x x ?+≥?=?-?的值域 。 简答:1-4.ACDC; 4.x=10时,取最小值90.f(x)=|x-1|+|x-2|+…+|x-19| =|x-1|+…+|x-10|+|11-x|+…+|19-x| ≥|x-1+x-2+…x-9+11-x+…19-x|+|x-10| ≥|90|+0=90, 当x=10时取等号.一般地:… 5. f (lg30-lg3)=f (lg10)=f (1)=-2, f (x -1)=?? ?<-≥-. 32 ,33 x x x 当x ≥3时,x (x -3)<10?-2<x <5,故3≤x <5. 当x <3时,-2x <10?x >-5,故-5<x <3.解集 {x |-5<x <5} 6. 由()()2 121212 2 ≥ ?-≥+?-≥+x x x x x , ()112122x x f x x x ???+≥ ?????=????-< ????? 如右图()min 13 22f x f ??== ??? 7.12 -;8. 当x ≥0时,x 2+1≥1;当x<0时,-x 2 <0原函数值域是[1,+∞]∪(-∞,0)。 四、经典例题做一做 纵观近几年的高考试卷,有关含绝对值函数的问题呈现出综合性强、立意新颖、难度大等特点,正日益成为高考的热点. 利用绝对值函数的图象和性质 在解有关含绝对值函数的客观题时,要运用好绝对值函数的图象和性质,根据题意,利用函数y=f(x)图象的翻折和平移得到y=f(x),y=f(x),y=f(x-m)等含绝对值函数的图象,然后利用图象求解. 对于常见的含绝对值的函数的图象和性质,要熟练掌握,才有利于提升解题速度.如:y=ax(a>0,a≠1),y=ax-1,y=logax,y=logax(a>0,a≠1),y=ax2+bx+c,y=,y=x+(a>0),y=ax-b,y=ax2+bx+c等. 例1 函数f(x)=2xlog0.5x-1的零点个数为 . (A)1 (B)2 (C)3 (D)4 解析:由f(x)=2xlog0.5x-1=0可得log0.5x=x,设h(x)=x,g(x)=log0.5x,在同一坐标系中分别画出函数g(x)和h(x)的图象(如图1所示),可以发现两个函数的图象有2个交点,即函数f(x)有2个零点.所以答案选B. 点评:解例1的关键是作出g(x)=log0.5x的图象,然后观察它与函数h(x)=x 的图象的交点个数,交点个数即为函数f(x)零点的个数. 例2 已知函数f(x)=x-4+,x∈(0,4),当x=a时,f(x)取得最小值b,则函数g(x)=x+b的图象为 . 解析:f(x)=x-4+=(x+1)+-5≥2-5=1,当且仅当x+1=时函数f(x)取到最小值1,即(x+1)2=9. 因为x∈(0,4),故x=2.由题意可知:a=2,b=1,故g(x)=x+1,其图象可由函数y=x的图象先进行翻折变换得到函数y=x的图象,然后再将所得图象向左平移1个单位后得到,所以答案为B. 含绝对值的函数问题处理 1.(2005年江苏卷)已知a ∈R ,函数f(x)=x 2|x-a|. (I)当a=2时,求使f(x)=x 成立的x 的集合; (II)求函数y=f(x)在区间[1,2]上的最小值. 解析:(I)若a=2,则有:22 2(2),2()2(2),2x x x f x x x x x x ì?- ?=-=í ?--? , ①当x ≥2时,有x 2(x-2)=x,解得x=0或x 2-2x-1=0, 解得:1211x x =+=- , 取11x =+ x<2时,有2 (2),:01x x x x x --===解得或. 综上所述,当a=2时能使f(x)=x成立的x的集合为{0,1 ,1+} (II)对函数式进行分解得:22 2(),()(),x x a x a f x x x a x x a x a ì?- ?=-=í ?--? ①当x ≥a 时,设f 1(x)=x 2(x-a),则2 12()32,0,3 a f x x ax x x ¢=-== 得极值点或 a. 当a<0时,函数f(x)在区间2a 2a , (0,),(,0)33 骣 ÷?-ト+ ÷?÷?桫 递增在区间递减,b.当a>0时, 函数f(x)在区间() 2a 2a ,0(,),(0, )3 3 -ト+ 递增在区间递减. ②当x 0时, 函数f(x)在区间() 2a 2a ,0(,),(0, )3 3 -ト+ 递减在区间递增. 由于所求区间为[1,2],故a 按所求区间进行讨论: ①若a ≤1,则 22,33 a £取f 1(x)图象在x>a 部分,因函数f1(x)在区间[1,2]部分单调递增,故当x=1 时取最小值,即m=f 1(1)=1-a; ②若1a 时,f 1(x)从0单调递增;当xa ≥2, 则242,33 a > 函数f 2(x)在区间为先增后减,当x= 23 a 时取最大值,则最小值为 m 1=f 2(1)=-1+a 或m 2=f 2(2)=-8+4a,下面讨论m 1与m 2的大小问题: a. 若2≤a< 73 ,则m 1>m 2,最小值为m 2=-8+4a;b.若 73 ≤a<3,则则m 2>m 1,最小值为m 1=-1+a. . 下载可编辑 . 关于绝对值函数的问题解决 有一道某地高三模拟考试题,涉及到绝对值函数,用来说明数学中的分类讨论思想非常有代表性。 试题 已知函数1)(2 -=x x f ,|1|)(-=x a x g . (1) 若关于x 的方程)(|)(|x g x f =只有一个实数解,数a 的取值围; (2) 若当R x ∈时,不等式)()(x g x f ≥恒函数成立,数a 的取值围; (3) 求函数)(|)(|)(x g x f x h +=在区间[-2,2]上的最大值(直接写出结果......,不需给出演..... 算步骤... ). 解答 (1)方程|()|()f x g x =,即2|1||1|x a x -=-,变形得|1|(|1|)0x x a -+-=,显然,1x =已是该方程的根,从而欲原方程只有一解,即要求方程|1|x a +=,有且仅有一个等于1的解或无解 ,结合图形得0a < . (2)不等式()()f x g x ≥对x ∈R 恒成立,即2(1)|1|x a x --≥(*)对x ∈R 恒成立, ①当1x =时,(*)显然成立,此时a ∈R ; . 下载可编辑 . ②当1x ≠时,(*)可变形为21|1| x a x -≤-,令21,(1),1()(1),(1).|1|x x x x x x x ?+>?-==?-+<-? 因为当1x >时,()2x ?>,当1x <时,()2x ?>-, 所以()2x ?>-,故此时2a -≤. 综合①②,得所数a 的取值围是2a -≤. (3)因为2()|()|()|1||1|h x f x g x x a x =+=-+-=2221,(1),1,(11),1,(1).x ax a x x ax a x x ax a x ?+--?--++-?-+-<-? ≤≥ ① 当1,22 a a >>即时,结合图形可知()h x 在[2,1]-上递减,在[1,2]上递增, 且(2)33,(2)3h a h a -=+=+,经比较,此时()h x 在[2,2]-上的最大值为33a +. ② 当01,22 a a 即0≤≤≤≤时,结合图形可知()h x 在[2,1]--,[,1]2a -上递减, 在[1,]2 a --,[1,2]上递增,且(2)33,(2)3h a h a -=+=+,2()124a a h a -=++, 经比较,知此时()h x 在[2,2]-上的最大值为33a +. ③ 当10,02 a a -<<即-2≤≤时,结合图形可知()h x 在[2,1]--,[,1]2a -上递减, 在[1,]2 a --,[1,2]上递增,且(2)33,(2)3h a h a -=+=+,2()124a a h a -=++, 经比较,知此时()h x 在[2,2]-上的最大值为3a +. ④ 当3 1,222a a -<-<-即-3≤≤时,结合图形可知()h x 在[2,]2a -,[1,]2 a -上递减, 关于绝对值函数的问题解决 张家港高级中学 储聪忠 有一道某地高三模拟考试题,涉及到绝对值函数,用来说明数学中的分类讨论思想非常有代表性。 试题 已知函数1)(2-=x x f ,|1|)(-=x a x g . (1) 若关于x 的方程)(|)(|x g x f =只有一个实数解,求实数a 的取值范围; (2) 若当R x ∈时,不等式)()(x g x f ≥恒函数成立,求实数a 的取值范围; (3) 求函数)(|)(|)(x g x f x h +=在区间[-2,2]上的最大值(直接写出结果......,不需给出演算...... 步骤.. ). 解答 (1)方程|()|()f x g x =,即2|1||1| x a x -=-,变形得|1|(|1|)0x x a -+-=,显然,1 x =已是该方程的根,从而欲原方程只有一解,即要求方程|1|x a +=,有且仅有一个等于1的解或无解 ,结合图形得0a <. (2)不等式()()f x g x ≥对x ∈R 恒成立,即2(1)|1|x a x --≥(*)对x ∈R 恒成立, ①当1x =时,(*)显然成立,此时a ∈R ; ②当1x ≠时,(*)可变形为2 1|1| x a x -≤ -,令2 1,(1), 1 ()(1),(1).|1|x x x x x x x ?+>?-= =? -+<-? 因为当1x >时,()2x ?>,当1x <时,()2x ?>-, 所以()2x ?>-,故此时2a -≤. 综合①②,得所求实数a 的取值范围是2a -≤ . (3)因为2()|()|()|1||1|h x f x g x x a x =+=-+-=2 221,(1),1,(11),1,(1).x ax a x x ax a x x ax a x ?+--? --++-?-+-<-? ≤≥ ① 当 1,22 a a >>即时,结合图形可知()h x 在[2,1]-上递减,在[1,2]上递增, 且(2)33,(2)3h a h a -=+=+,经比较,此时()h x 在[2,2]-上的最大值为33a +. ② 当01,22a a 即0≤ ≤≤≤时,结合图形可知()h x 在[2,1]--,[,1]2 a - 上递减, 在[1,]2 a --,[1,2]上递增,且(2)33,(2)3h a h a -=+=+,2 ()12 4 a a h a -= ++, 经比较,知此时()h x 在[2,2]-上的最大值为33a +. ③ 当10,02a a -<<即-2≤ ≤时,结合图形可知()h x 在[2,1]--,[,1]2 a - 上递减, 在[1,]2 a --,[1,2]上递增,且(2)33,(2)3h a h a -=+=+,2 ()12 4 a a h a -= ++, 经比较,知此时()h x 在[2,2]-上的最大值为3a +. ④ 当31,222 a a - <-<-即-3≤≤时,结合图形可知()h x 在[2, ]2a -,[1,]2 a - 上递减, 学案17 含绝对值的函数 一、课前准备: 【自主梳理】含绝对值的函数本质上是分段函数,往往需要先去绝对值再结合函数图像进行研究,主要有以下3类: 1.形如)(x f y =的函数,由于0 )(0)()()()(<≥???-==x f x f x f x f x f y ,因此研究此类函数往往结合函数图像,可以看成由)(x f y =的图像在x 轴上方部分不变,下方部分关于x 轴对称得到; 2.形如)(x f y =的函数,此类函数是偶函数,因此可以先研究0≥x 的情况,0 标准实用 绝对值函数和绝对值不等式【知识点】 一、绝对值的性质 a,a≥0, 1.| a|= -a, a<0 推论①: |ab |≥ab ( 当且仅当ab ≥0时,“=”成立); 推论②: |ab |≥-ab (当且仅当ab ≤0时,“=”成立). 2.| a| 2= a2; 二、绝对值不等式 3.若 a2≥b 2,则| a|≥|b |; 证明:由性质 2, a 2≥ 2a2≥2 a ≥ b |. b| ||b || | | 4.| a| ≥a, ( 当且仅当a≥0时等号成立 ); 推论③: |ab |≥ab . 推论④: || a| - |b || ≤| a±b| ≤|a|+| b |. 证明: (1) || a|-| b||≤|a-b |: 因为 |ab |≥ab,所以:- 2| ab |≤-2 ab,所以:a2 + b2- 2| ab|≤a2+ b2- 2ab,由性质 2 ,则: (|a|-| b|)2≤(a-b)2,由性质 3即证 . 此时,当且仅当ab ≥0时等号成立. (2) || a|- |b||≤|a+ b |. 证明:由推论②:|ab |≥-ab,所以:- 2| ab |≤2 ab,从而: (|a|-| b |)2≤(a+b )2,由性质2即证 .此时,“ = ”成立的条件为ab ≤0. (3)由 2 ab ≤2| ab |=2||| b |,则( +)2≤(||+| b |) 2,由性质 2 即证 .等号成立的条件为 ab ≥0. a a b a 同理可: |a-b |≤|a|+| b |.等号成立的条件ab ≤0. 推⑤: |a1 + a2 + ?+ a n |≤| a1 |+| a2 |+ ?+| a n|. 明:当 n=2,然成立; 当 n = k ,有:|a1+ a2+?+ a k|≤|a1|+| a2|+?+| a k|; 当 n = k+1,|a1+a2+?+a k+a k+1|=|(a1+a2+?+a k)+a k+1|≤|a1+a2+?+a k|+|a k+1|≤|a1 |+| a2|+ ?+| a k |+| a k+1 |. | a+ b |,ab≥0 , 推⑥: |a|+| b|=|a|+| b|=max{|a+ b |,|a- b |}. | a-b | ,ab <0 , 明:若 ab ≥0,然有|a|+| b |=| a+ b|, 且此: |a+ b| ≥|a-b|,所以: |a|+| b |=max{| a+ b |, |a-b |}; ab <,同理可. 5. 任意a,b∈ R,a+ b +| a-b |=2max{a, b }. 明:由于称性,不妨≥ ,: a + b +| a - b |= a + b + a - b =2 a =2max{ a , b }. a b 6. 任意a,b∈ R,a+ b- | a-b |=2min{a, b }. 明: a+ b =max{ a, b }+min{ a, b},由性 5 , |a-b |=2max{a, b }-(a+ b),从而: a+ b -|a- b |= a+ b -[2max{ a,b }-(a+ b )]=2(a+ b )-2max{ a,b}=2max{ a,b }+2min{a, b }-2max{ a, b}=2min{a, b}. 7. 任意数a,b, |a+ b |+| a-b |=2max{|a|,| b |}. 明①:不妨 a≥b ,|a- b|+| a+ b |= a- b+| a-(- b )|=2max{a,- b }; 若 b≤a≤0,2max{ a,- b }=2(- b)=2max{| a|,| b|}; 若 b≤0≤a,2max{ a,- b }=2max{| a|,|b |}; 若 0 ≤b≤a, 2max{ a,-b }=2 a=2max{| a|, |b |}.含绝对值的函数问题
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