大学物理综合练习册答案(南航)
《大学物理》综合练习(一)参考答案
一、选择题
1.D ;2.D ;3.C ;4.C ;5.C ;6.C ;7.B ;8.A ;9.D ;10.D 。
二、填充题
1.m /s 2-;s 2;m 3;m 5。
2.j t i t
)3
12()1(32+++;j t i 22+。
3.
v h
l h 2
2
-。
4.2m/s 8.4;2m/s 4.230。
5.m
t kv mv t v +=00
)(;x m
k e v x v -=0)(。
6.J 18-。
7.rg v π16320;3
4。
8.R
GMm
6-
。 9.θsin 2gl ;θsin 3mg ;
θsin 2g ;θcos g 。
10.j mv 2-;j R mv
π22-。
11.v M
m m
V +-。
12.m 3.0。
13.100
r r v ;2
0212
121mv mv -。 三、计算题
1.(1) j t i t r
)1(342++=;j t i t v 346+=;j t i a 2126+=。
(2) j t i t r r r
42013+=-=?。
(3) 19
2
+=x y 。
2.(1)?
-=+
=t
t t a v v 02
01d ,3003
1
3d t t t v x x t
-+=+=?
。 (2) 0=v 时s 1=t ,该时刻2m/s 2-=a ,m 3
2
3=x 。
(3) 0=t 时m 30=x ,0=v 时(相应s 1=t )m 32
31=x ,m 3
201=-=?x x x 。
3.(1) ???
??==-=-332
2211a
m g m a m g m T a m T g m μμ解得 ???
????=====+-=23232
2121m/s 96.12.0m/s 88.56.0g g m m a g g m m m m a μμ
(2) 2m 相对于3m 的加速度g a a a 4.03=-=',且221t a s '=,3m 移动距离2332
1
t a s =,因而m 20.04.04.02.033=?='=
g
g
s a a s 。 4.切向:t v m kv d d =-,两边积分?
?-=t
v v t m k v v 0
d d 0,得t m k
e v v -=0。
法向:t m
k t m k e T e l v m l v m T 202202
--===,其中l
v m T 200=为初始时刻绳中力。
5.利用机械能守恒和牛顿定律 ???
????=-+-++=l v m mg T mgl mv mv 2
2
20)cos()]cos(1[2
121θπθπ 从以上两式中消去v ,得)cos 32(θ+=mg T
0=T 时,9413132cos 1
'?=??
?
??-=-θ。
6.???
??==-+=21
22211122211110sin sin cos cos m
m v m v m v m v m v m θθθθ
解得 ?==-303
3
tan 1
2θ m/s 32.173102==v
由于
2
2
2211212
12121v m v m v m +=,即 22212v v v +=,系统机械能守恒,所以是弹性碰撞。 7.(1) ???==-a
m T a m T g m B AB A AB A ,消去AB T 得 g g m m m a B A A 21=+=
又 2
21at l =
,得 m 4.05
4
.022=?==a l t (2)系统动量不守恒,因为在拉紧过程中滑轮对绳有冲击力。 (3) 绳拉紧时A 、B 的速率 m/s 24.05.022=??==g al v 设绳拉紧时间为τ,忽略重力的作用,由动量定理得
0B
2
v
1
v
???
??=-=--=-τ
τττ
BC C
BC
AB B B AB A A T V m T T v m V m T v m V m 解得 m/s 33.1232=?=+++=v m m m m m V C B A B A 8.设两球碰撞后共同速率为1v ,由动量守恒定律得
02121)(v m v m m =+(1)
碰撞后系统机械能守恒
202212121)(2
1
)(21)(21l l k v m m v m m -++=+ (2) 系统对O 点的角动量守恒
αsin )()(211021lv m m v l m m +=+ (3)
由以上三个方程解得
2
120222
12
02)(m m l l k m m m v m v +-+-
=
,2
022
212
00
01
)(sin l l k m m m v l v l -+-=-α
9.设卫星质量为m ,地球质量为M ,由角动量守恒定律和机械能守恒定律,得
2211r mv r mv =, 2
221212121r mM
G mv r mM G
mv -=- 从以上两式解得
)(22112
1r r r GMr v +=
,)
(22121
2r r r GMr v +=
又2
R
mM G
mg =,2
gR GM =,代入上式,得 )(221121r r r gr R
v +=,)
(22121
2r r r gr R v +=
《大学物理》综合练习(二)参考答案
一、选择题
1.C ;2.C ;3.B ;4.C ;5.B ;6.C ;7.D ;8.①E ,②C 。
二、填充题
1.m N 1098.32??。 2.rad/s 1095.42?。 3.m /s 42.5。
4.???
? ??-1222
h gt mR 。 5.L 33
;L g 3。 6.L
g 2cos 3θ
;L g θsin 3; θsin 3Lg ;2cos 3θg a t =
;θsin 3g a n =;θcos 4
1mg F t =;θsin 25
mg F n =; 1sin 994
1
222+=
+=θmg F F F n t ;θθβsin 10cos arctan
arctan ==n t F F 。 三、计算题
1. 设1T 、2T 分别为物体m 与滑轮间、球壳与滑轮间绳的力,J 为球壳绕竖直轴的转动惯量,a 为物体m 的加速度大小,方向竖直向下。由转动定律和牛顿第二定律,得
球壳: R
a
MR R a J
J R T 2232===α (1) 滑轮: r
a
J J r T T 00021)(==-α (2)
物体: ma T mg =-1 (3) 由(1)~(3)式解得:2
032
r J M m mg
a ++=
,ah v 2=2
032
2r
J M m mgh
++= 2. 钢棒绕其转轴的转动惯量
2
2
22
221m Kg 53.122.106.122.14.6121221212?=??
? ????+??=
?
??
???+=+=l m Ml J J J
(1) 由动能定理得轴摩擦力所做的总功A
J 1060.42
142
0?-=-=?=ωJ E A k
(2) 恒定力矩的功 n M M A πθ2==,故在s 32转过的转数
(rev)9.62439
253.120.321060.4224=?????===ππαππJ A M A n
(3)当摩擦力矩不恒定时,只有力矩作功可以计算,无需任何附加条件,且
J 1060.44?-=A
3.(1) 由转动定律 ωωK t J -=d d ,积分 ??
-=2/000d d ωωωωt t J K ,得2ln K
J
t =
(2) 由动能定理 202
2
08
32122112ωωωJ J J E E A k k -=-??? ??=-= 4.取杆自由悬挂时的质心所在位置为势能零点,杆对离其一端4/l 的水平轴的转动惯
量为
22
24874121ml l m ml J =??
? ??+=
系统在整个运动过程中机械能守恒,故有
2
212
0l mg J =ω,l g 7340=ω,0ωω> 5.(1) 碰撞过程不计摩擦力的影响,系统对O 点的角动量守恒
02
122210234330sin 2ωωωl m l m l m J v m l
≈???
? ??+==? 23325
.040002.03
230sin 2
120=???=?
?=
l m v lm ωrad/s
(2)在距O 点r 处取一长为r d 质元,摩擦力大小为 r l
g
m mg f d d d 1μμ==,f d 对O 点的力矩 r r l g
m f r M d d d 1μ
-=-=,则整个细杆所受的摩擦力对O 点的力矩为 ??
-=-==l l gl m r r l g m M M 00112
d d μμ
由动能定理 2
022
121ωωθJ J M -=
rad 68.08.92.03232
32121220120212
0=??==-
?
-=-=g l gl m l m M J μωμωωθ
6.系统对通过其中心的水平轴的角动量守恒
vl m J ul m '-='ω
即 ωω23
1
)(ml J l v u m ==+' (1)
因小球和细杆作弹性碰撞,系统机械能守恒
2222
1
2121ωJ v m u m +'=' (2) 由(1)和(2)式解得
m m m m u v '
+'-=
3)
3(,l m m u m )3(6'+'=ω 7.(1) 在距圆心r 处取一宽度为r d 的圆环,其上所受的阻力大小为f d ,则
r kr r r kr s kv f d 4d 4d d 2πωπω===
圆盘所受的空气阻力矩为
??
?
-=-
=-
==R
R
kR r kr f r M M 0
43d 4d d πωπω
(2) 由转动定律
θ
ω
ω
θθωωπωd d d d d d d d 4J t J t J
kR M ===-= 积分 ??
-=θωωπθ004
d d kR J
得 2040
240221
kR
m kR mR kR J πωπωπωθ=== 2
2042kR m n πωπθ
=
=
《大学物理》综合练习(三)参考答案
一、选择题
1. D ;2.A ;3.B ;4.A ;5.B ;6.B ;7.C ;8.A ;9.C ;10.B ;11.E ; 12.D ;13.A ;14.A 、B 、D ;15.B 、C 。
二、填充题
1.p v 、v 、2
v ; 2.1:1、3:5; 3.p
d kT
2
2π、正比、T p
d km 216π、 平方根成反比; 4.4、4; 5.Ⅱ、0v 、)1(A N -; 6.(1)单位体积中速率在v
v v d +→