北京市丰台区2017—2018学年高二上学期期末(理科)物理试题含答案解析
北京市丰台区【最新】高二上学期期末（理科）物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题
1．下列物理量属于矢量的是
A．电动势B．电流C．磁感应强度D．磁通量
2．在前人工作的基础上，利用如图所示装置进行定量研究，进而提出两个静止的点电荷之间相互作用规律的物理学家是
A．库仑
B．安培
C．洛伦兹
D．奥斯特
3．如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，1、2、3为电场中的三个点，则各点的场强E和电势?的大小关系为
A．E1 = E2B．E1 < E3
C．?1﹥?2D．?2﹥?3
4．关于电容器的电容，下列说法正确的是
A．电容器所带的电荷量越多，电容越大
B．电容器两极板间电压越高，电容越大
C．电容器不带电时，电容为零
D．电容是描述电容器储存电荷能力的物理量
5．如图所示，当磁铁的磁极靠近阴极射线管时，荧光屏上的亮线发生了弯曲。这个现
象说明
A．阴极射线中的粒子带负电
B．阴极射线中的粒子带正电
C．运动电荷的周围存在电场
D．运动电荷受到磁场的作用力
6．如图所示，A、B是两个带电小球，A球固定在绝缘支架上，B球用绝缘细线悬挂于O点，平衡时细线与竖直方向的夹角为θ。下列说法正确的是
A．A球对B球的作用力就是A球电场对B球的作用
B．若A球带正电，则B球带负电
C．若增加A球所带电荷量，则θ角将变小
D．若向左平移A球，则θ角将变大
7．下列关于电场强度的两个表达式，说法正确的是
说明q越大，则电场强度越小
A．E=F
q
B．E=F
对于任何带电体形成的电场都适用
q
说明U越大，则电场强度越大
C．E=U
d
说明d越大，则电场强度越小
D．E=U
d
8．如图所示，用“电流表内接”的方法测量R x阻值，测量出的阻值大于电阻的真实值,分析误差产生的原因是
A．电压表测量值大于R x两端的电压值
B．电压表测量值小于R x两端的电压值
C．电流表测量值大于流经R x的电流值
D．电流表测量值小于流经R x的电流值
9．如图所示，在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，金属杆MN在平行金属导轨上以速度v向右匀速滑动，MN中产生的感应电动势为E1；若磁感应强度增为2B，速度增为2v，其他条件不变，MN中产生的感应电动势变为E2。则E1 : E2为
A．2 : 1 B．1 : 2
C．4 : 1 D．1 : 4
10．如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r（不能忽略）。当滑动变阻器的滑动触片从图示位置向右滑动时，下列说法正确的是
A．路端电压不变
B．路端电压变小
C．小灯泡L 1变暗
D．小灯泡L 2变暗
11．如图所示的匀强电场中，实线为电场线，虚线是一带正电的微粒（重力不计）射入该电场后的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点。根据以上描述，可做如下判断
A．场强方向向右，a点电势较高
B．场强方向向左，a点电势较高
C．a到b过程中电场力做负功，电势能增加
D．a到b过程中电场力做正功，电势能减少
12．如图所示，一均匀带电的细圆环，圆心为O，半径为R，所带电量为q。圆环轴线（过圆心垂直于圆环平面的直线）上距圆心O为x的A点处场强大小为E。下面给出E 的四个表达式（k为静电力常量），其中只有一个是合理的。你可能不会求解此处的场强
E ，但是你可以通过一定的分析作出判断，E 的合理表达式应为
A ．E =k qx 2
(x 2+R 2)32 B ．E =k qx (x 2+R 2)32
C ．E =k q
x 2+R 2 D ．E =k qxR (x 2+R 2)2
二、多选题
13．关于电阻和电阻率，下列说法中正确的是
A ．电阻反映导体对电流的阻碍作用，电阻越大阻碍作用越强
B ．电阻率是反映材料导电性能的物理量，电阻率越大导电性能越强
C ．导体的电阻跟两端的电压成正比，跟通过导体的电流成反比
D ．同种材料制成的导线，其电阻与长度成正比，与横截面积成反比
14．如图所示，将四根通电直导线分别放在四个匀强磁场中，图中给出了磁感强度B 的方向、导线中电流I 的方向，某同学分别画出了通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是 A ． B ． C ．
D ．
15．现将电池组、滑线变阻器、带铁芯的线圈A 、线圈B 、电流计及开关按如图所示方式连接。在开关闭合、线圈A 放在线圈B 中的情况下，某同学发现当他将滑线变阻器的滑动端P 向左滑动时，电流计指针向右偏转。由此可以推断
A ．滑线变阻器的滑动端P 向右滑动时，电流计指针向左偏转
B．线圈A向上移动时，电流计指针向右偏转
C．断开开关时，电流计指针向左偏转
D．拔出线圈A中的铁芯时，电流计指针向左偏转
16．1932年劳伦斯和利文斯设计出了回旋加速器．回旋加速器由两个铜质D形盒构成，盒间留有缝隙，加高频电源，中间形成交变的电场，D形盒装在真空容器里，整个装置放在与盒面垂直的匀强磁场B中。若用回旋加速器加速质子，不考虑相对论效应，下列说法正确的是
A．质子动能增大是由于洛伦兹力做功
B．质子动能增大是由于电场力做功
C．质子速度增大，在D形盒内运动的周期变大
D．质子速度增大，在D形盒内运动的周期不变
三、填空题
17．一个灵敏电流计的满偏电流I g = 0.1mA，内阻R g = 100Ω，要把它改装成一个量程为3V的电压表，则应将电流计_____（选填“串”或“并”）联一个_____Ω的电阻。18．如图所示，规格为“220V、44W”的排气扇，线圈电阻为40Ω，接上220V的电压后，通过排气扇的电流为________A；排气扇的发热功率为________W。
19．质量和电荷量大小都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入有界匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，M和N运行的半圆轨迹如图中的虚线所示，则M 带_________（选填“正电”或“负电”）；M的运行时间_________（选填“>”、“=”或“<”）N的运行时间。
20．在研究物理问题时，我们有时候把几个物体看作一个整体，并以整体作为研究对象进行分析研究。这种方法不考虑整体内部之间的相互作用，从整体去把握物理现象的本质和规律。如图所示，A、B是两个带异种电荷的小球，其质量相等，所带电荷量分别为+q1和-q2，A用绝缘细线L1悬挂于O点，A、B间用绝缘细线L2相连。整个装置处于水平方向的匀强电场中，A、B处于平衡状态。请回答如下问题：
（1）匀强电场方向水平___________（选填“向左”或“向右”）；
（2）q1______q2（选填“>”、“=”或“<”），理由是______________。
四、实验题
21．用螺旋测微器测金属丝的直径，测量结果如图所示。由图可读出金属丝的直径为___________ mm。
22．某同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，使用的器材如下：
小灯泡（2.5V，1.25W）
电源（电动势3V，内阻不计）
电流表（0~0.6A，内阻约0.125Ω；0~3A，内阻约0.025Ω）
电压表（0~3V，内阻约3kΩ；0~15V，内阻约15kΩ）
滑线变阻器R（0~10Ω，额定电流2A）
单刀单掷开关及导线若干
（1）为减小误差，在本实验中电流表应选用0~_____A 量程，电压表应选用0~_____V 量程；
（2）下图是本实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，为了满足实验要求并尽可能减小误差，请补充完成实物图中的连线____________。
23．在测一节干电池的电动势和内电阻的实验中，图有甲、乙两个可供选择的电路，应选用______电路进行实验．根据实验数据画出的U－I图像如图所示，则电动势是
______V，内电阻是______Ω．
五、解答题
24．如图所示的匀强电场，电场强度E =2×104N/C。一电荷量q = +1×10-8C的电荷从电场中的A点移动到B点，A、B之间的距离d =0.1m。求：
（1）电荷所受电场力F的大小；
（2）A、B之间的电势差U；
（3）电场力对电荷做的功W。
25．有一个n=1000匝的线圈，在t=0.4s内穿过它的磁通量从Φ1=0.02Wb均匀增加到Φ2=0.06Wb。求：
（1）线圈中的感应电动势E；
（2）如果线圈的总电阻r=10Ω，把它跟一个电阻R=90Ω的电热器串联组成闭合电路时，通过电热器的电流I。
26．如图所示，在倾角为θ＝30°的斜面上，固定一宽度L＝0.25m的平行光滑金属导轨，在导轨上端接入电源和滑线变阻器，电源电动势E＝3.0V，内阻r＝1.0Ω．一质量m＝0.02kg的金属杆ab与两导轨垂直并接触良好，当滑线变阻器接入电路的阻值为R 时，ab中电流大小I＝0.5A，此时杆恰好静止在导轨上．整个装置处于垂直于斜面向上的匀强磁场中，导轨与金属棒的电阻不计，取g＝10m/s2．求：
（1）R的大小；
（2）磁感应强度B的大小；
（3）若只改变磁场，使金属杆ab仍静止在轨道上面，且对轨道的压力恰好为零．求此时磁感应强度的大小和方向．
27．（1）获得阴极射线，一般采用的办法是加热灯丝，使其达到一定温度后溅射出电子，然后通过一定的电压加速．已知电子质量为m，带电量为e，加速电压为U，若溅射出的电子初速度为0，试求加速之后的阴极射线流的速度大小v．
（2）实际问题中灯丝溅射出的电子初速度不为0，且速度大小满足某种分布，所以经过同一电压加速后的电子速度大小就不完全相同．但可以利用电场和磁场对电子的共同作用来筛选出科学研究所需要的特定速度的电子．设计如图所示的装置，上下极板接电源的正负极，虚线为中轴线，在装置右侧设置一个挡板，并在与中轴线相交处开设一个小孔，允许电子通过．调节极板区域内电场和磁场的强弱和方向，使特定速度的电子沿轴线穿过．请在图中画出满足条件的匀强磁场和匀强电场的方向．
（3）为了确定从上述速度选择装置射出的阴极射线的速度，可采用如图所示的电偏转装置（截面图）．右侧放置一块绝缘荧光板，电子打在荧光板上发光，从而知道阴极射线所打的位置．现使荧光板紧靠平行极板右侧，并将其处于两板间的长度六等分，端点和等分点分别用a、b、c、……表示．
偏转电极连接一个闭合电路，将滑线变阻器也六等分，端点和等分点分别用
A、B、C、……表示．已知电子所带电量e = 1.6×10-19C，取电子质量m = 9.0×10-31kg，板间距和板长均为L，电源电动势E = 120V．实验中发现，当滑线变阻器的滑片滑到A 点时，阴极射线恰好沿中轴线垂直打到d点；当滑片滑到D点时，观察到荧光屏上f点发光．忽略电源内阻、所有导线电阻、电子重力以及电子间的相互作用．请通过以上信息计算从速度选择装置射出的阴极射线的速度大小v0．
参考答案
1．C
【详解】
矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量．电动势、磁通量都是标量，由于电流运算时不遵守矢量运算法则：平行四边形定则，所以电流也是标量，磁感应强度是矢量，故C正确．
2．A
【解析】
库仑利用扭秤装置，研究出两个静止点电荷间的相互作用规律---库仑定律，故A正确，选项BCD错误。
点睛：库仑定律及其实验可与牛顿的万有引力定律、卡文迪许扭秤实验进行类比，抓住它们的相似性，有助于记忆。
3．C
【解析】
A、电场线的疏密表示电场的强弱，由图可得，1处的电场线密，所以1处的电场强度大，故E1>E2，E1>E3，故AB错误；
C、顺着电场线，电势降低，所以?1﹥?2，故C正确；
D、由题目可得，2与3处于同一条等势线上，所以?2=?3，故D错误。
点睛：根据电场线的分布特点：从正电荷或无穷远处出发到负电荷或无穷远处终止，分析该点电荷的电性；电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，利用这些知识进行判断。4．D
【详解】
AB．电容的定义式为
Q
C
U
，运用比值法定义，C与电量Q、电压U无关，故AB错误；
CD．电容是描述电容器容纳电荷本领的物理量，其大小与电压无关，电压为零时，电容同样存在，故C错误，D正确．
故选D。
点睛：本题考查电容的意义，解决本体的关键知道电容器电容的决定式，知道电容与哪些因素有关，与哪些因素无关．
5．D
【解析】
电子束在磁场中运动，径迹发生了弯曲，这表明运动电荷受到了磁场力，故选项D正确，选项ABC错误。
点睛：注意本题问的是本实验现象说明了什么，要注意对实验现象的分析。
6．A
【解析】
A、A球周围存在电场，故A球对B球的作用力就是A球电场对B球的作用，即选项A正确；
B、由图可知，A、B相互排斥，故A、B带同种电性，故选项B错误；
C、若增加A球所带电荷量，根据库仑定律可以知道，B受到的库仑力增大，则θ角将变大，故选项C错误；
D、若向左平移A球，则A、B之间的距离增大，则库仑力减小，则θ角将变小，故选项D 错误。
点睛：对B球受力分析，根据平衡条件判断静电力的方向；增加A球的带电量后或增加二者之间的距离，先根据库仑定律判断静电力的变化，再根据平衡条件判断θ角的变化。7．B
【解析】
是电场强度的A、电场强度是描述电场本身的力的性质的物理量，由电场本身决定，E=F
q
定义式，对任何带电体形成的电场都适用，是采用比值法定义，E与F、q均无关，故A错误，B正确；
只适用于匀强电场，而匀强电场的电场强度处处相同，与两点间的距离无关，C、公式E=U
d
故CD错误。
点睛：解决本题的关键要掌握场强公式的适用条件和各个量的准确含义，可用类比的方法记住比值法定义的共性。
8．A
【解析】
A、电压表测量的是安培表和电阻R x二者电压之和，即电压表测量值大于R x两端的电压值，故选项A正确，选项B错误；
C、由于电流表与R x串联，故二者电流相等，即电流表测量值等于流经R x的电流值，故选项CD错误。
9．D
根据法拉第电磁感应定律MN产生的感应电动势公式为E=BLv，则：E1=BLv，E2=2B?L?2v，则得E l:E2=1:4，故选项D正确，选项ABC错误。
点睛：本题关键要掌握切割感应电动势公式E=BLv，并能正确使用。
10．C
【解析】
A、当滑动触片从图示位置向右滑动时，接入电路的电阻变大，故滑动变阻器与灯L2的并联
总电阻R
并增大，根据闭合电路欧姆定律可知总电流I=E
r+R L1+R
并
减小，则路端电压U=E?Ir增
大，故选项AB错误；
C、由于干路总电流减小，故灯L1变暗，其两端电压U L1减小，由于路端电压增大，则可知并联电路两端电压增大，即灯L2两端电压增大，即灯泡L2变亮，故选项C正确，选项D错误。
点睛：本题是电路的动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”的顺序进行分析，电键闭合之后电源两极间的电压等于路端电压。
11．C
【解析】
A、因为轨迹的凹向大致指向合力的方向，知粒子所受电场力方向水平向左，正电荷受力沿电场线方向，故电场线向左，故a点的电势较低，故AB错误；
C、从a到b过程中电场力做负功，动能减小，电势能增加，故选项C正确，选项D错误。点睛：解决本题的关键知道轨迹的凹向大致指向合力的方向，这是解决本题的关键，知道正电荷所受电场力方向与电场强度方向相同，负电荷所受电场力方向与电场强度方向相反。12．B
【解析】
场强的单位为N/C，k为静电力常量，单位为N?m2/C2，而q的单位为C，x和R的单位均为m，整理之后AD选项最终的单位不是N C
?，故可知选项AC错误；
由图可知，当x=0时，此时要求的场强为O点的场强，由对称性可知E O=0，故C项错误；所以正确选项只能为B正确。
点睛：本题对高中学生来说比较新颖，要求学生能应用所学过的单位制的应用及极限法；本题对学生的能力起到较好的训练作用，是道好题。
【解析】
A、电阻是反映导体对电流的阻碍作用的大小的物理量，电阻越大阻碍作用越强，故A正确；
B、电阻率是反映材料导电性能的物理量，电阻率越大导电性能越若弱，故选项B错误；
C、电阻是导体本身的一种性质，电阻的大小跟它两端的电压和通过的电流大小无关，只跟它的材料、长度和横截面积有关，如果是由同种材料制成的导线，其电阻与长度成正比，与横截面积成反比，故选项C错误，选项D正确。
点睛：影响导体电阻大小的因素：导体的长度、材料、横截面积，与导体两端的电压和通过的电流无关，据此分析解答；欧姆定律是在探究电流、电压、电阻关系的实验基础上总结出来的，所以它反映了电阻一定时，电流、电压的正比例关系，同时也反映了电压一定时，电流、电阻的反比例关系。
14．AD
【详解】
根据左手定值可知：
A．图A中的安培力应该垂直导体斜向上，故A正确；
B．图B中电流方向和磁场方向平行，不受安培力，故B错误；
C．图C中的安培力应该垂直磁感线竖直向上，故C错误；
D．图D中的安培力应该垂直于电流方向斜向下，故D正确．
故选AD。
15．AB
【解析】
【分析】
由题意可知线圈B中产生使电流表指针向右偏转的条件，则分析各选项可得出正确答案．【详解】
由题意可知当P向左滑动时，线圈A中的电流减小，导致穿过线圈B的磁通量减小，电流计指针向右偏转；滑线变阻器的滑动端P向右滑动时，导致穿过线圈B的磁通量增大，则电流计指针向左偏转，故A正确；线圈A向上移动，导致穿过线圈B的磁通量减小，能引起电流计指针向右偏转，故B正确；断开开关时，导致穿过线圈B的磁通量减小，那么电流计指针向右偏转，故C错误；当铁芯拔出时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，则电流计指针向右偏转，故D错误；故选AB。
本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．
16．BD
【详解】
AB．洛伦兹力始终与速度垂直，即洛伦兹力对粒子不做功，而电场力对粒子做功，即质子
动能增大是由于电场力做功，故A错误，B正确；
CD．洛伦兹力提供向心力有
2
v
Bqv m
r
=
而
2πr
T
v
=整理可以得到
2πm
T
qB
=
即周期与速度无关，故C错误，D正确。
故选BD。
17．串联29900
【解析】
把电流表改装成3V的电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为：
R=U
I g ?R g=3
0.1×10?3
Ω?100Ω=29900Ω；
点睛：本题考查了电压表的改装与电压表读数，知道电压表改装原理是解题的前提与关键，应用串联电路特点与欧姆定律即可解题。
18．0.2A 1.6W
【解析】
根据P=UI知，该排气扇正常工作时的电流I=P
U =44
220
A=0.2A
由焦耳定律知，该排气扇的发热功率P
热
=I2R=0．22×40W=1.6W。
点睛：解决本题的关键是掌握功率P=UI和P=I2R的区别和联系，同时还应该能根据能量守恒确定其转化为机械能的功率。
19．负电=
磁场的方向向里，由左手定则判断出M带负电荷，N带正电荷；
粒子在磁场中运动半周，即时间为周期的一半，根据Bqv=m v 2
r ，而T=2πr
v
整理可以得到：T=2πm
qB
，所以M的运行时间等于N的运行时间。
点睛：本题结合带电粒子的磁场中的运动考查到左手定则、半径的公式和根据周期的公式，属于基本应用。
20．向左> 以A、B整体作为研究对象，整体受向下重力、细线L1斜向右上方拉力，由于整体处于平衡状态，可判断所受电场力水平向左，所以整体带正电，则q1大于q2。【解析】
（1）由于A球带正电且向左偏，B球带负电且向右偏，可知，匀强电场方向为水平向左；（2）以A、B整体作为研究对象，整体受向下重力、细线L1斜向右上方拉力，如图所示：
由于整体处于平衡状态，可知：q1E>q2E，即q1＞q2。
点睛：把两小球看成整体分析，两球之间的库仑力为内力，整体上受到重力、向左的电场力和向右的电场力、L1的拉力，根据平衡条件判断两电场力的大小，从而可知电荷量的大小。21．0. 397mm
【解析】
螺旋测微器的固定刻度读数为0，可动刻度读数为0.01×39.7mm=0.397mm，所以最终读数为：0+0.397mm=0.397mm。
点睛：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读。
22．0.6 3 如图所示
【解析】
（1）由于灯泡额定电压为2.5V，故电压表应选择0～3V量程；
灯泡额定电流为：I=P
U =1.25
2.5
A=0.5A，故电流表应选择0～0.6A量程；
（2）在描绘灯泡的伏安特性曲线时，为了准确测量要求多测几组数据，并且要求电流从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法；同时由于灯泡内阻较小，故电流表应采用外接法，连接出的实物图如图所示：
点睛：对电学实验应明确：根据电源电动势或待测电阻的额定电压来选择电压表量程；根据通过待测电阻的最大电流来选择电流表量程；根据电路中需要的最大电阻来选择变阻器，当变阻器的全电阻满足要求时，变阻器可以采用限流式接法；当变阻器全电阻太小或电路要求电流从零调时，变阻器应采用分压式接法，此时应选择全电阻小的变阻器，可方便调节。23．甲 1.49～1.53V 0.73～0.77Ω
【解析】
本实验中电压表应测量路端电压，电流表应测量通过电源的电流，由于电压表和电流表都有一定的内阻，两种电路都存在系统误差；
甲电路中，电流表读出的不是通过电源的电流，比电源的电流小，其读数等于电源的电流与通过电压表电流之差，误差来源于电压表的分流；
而乙电路中，电压表测量的电压不等于路端电压，是由于电流表的分压，由于电源的内阻较
小，电流表的内阻也较小，若采用乙电路，电流表分压较大，测得的内阻误差较大； 而甲电路中，电源内阻较小时，电压表分流较小，测量误差较小，故可采用甲电路进行实验； 将图线延长，如图所示：
由U E Ir =-可得，图象与纵坐标的交点为电源的电动势，图象的斜率表示内阻，将图象延长可得： 1.53E V =； 1.530.771.98
U r I ?==Ω=Ω?． 点睛：本题根据实验原理分析误差产生的原因，并根据误差的大小选择实验电路，可见，实验原理是实验的核心，要理解并掌握牢固，同时掌握利用图象法分析实验数据的基本方法．
24．（1）2×10?4N （2）2×103V （3）2×10?5J
【解析】
（1）由电场力的公式有：F =Eq =2×104×1×10?8N =2×10?4N ；
（2）匀强电场场强处处相同，大小均为E ，则A 、B 两点两点之间的电势差为：U =E ?d =2.0×103V ；
（3）则在A 到B 过程中电场力是恒力，做的功为：W =qU =2.0×103×1×10?8J =2.0×10?5J 。
点睛：匀强电场中电荷所受电场力是恒力，求电场力做功，就把电场力当作一般的力，应用功的计算公式W =FL 求解。．
25．（1）100V （2）1A
【解析】
（1）由题可知：n =1000匝，Δt =t =0.4s ，ΔΦ=0.06Wb ?0.02Wb =0.04Wb ，则根据法拉第电磁感应定律得感应电动势为：E =n ΔΦΔt =1000×0.040.4V =100V ；
（2）由闭合电路欧姆定律得通过电热器的电流为：
I =E R+r =10010+90A =1A 。
点睛：本题是电磁感应与电路知识的简单综合，当穿过线圈的磁通量均匀变化时，线圈中产生恒定电流，感应电流与感应电动势之间的关系遵守闭合电路欧姆定律。
26．（1）5Ω (2) 0.8 T （3）1.6T 水平向左
【解析】
【详解】
（1）设滑动变阻器接入电路的阻值为R ，根据闭合电路欧姆定律得：E=I （R+r ）
解得：R=5Ω
（2）金属杆静止在金属导轨上受到重力、支持力和沿斜面向上的安培力，由受力平衡， F 安=mgsin 30°
代入数据得F 安=0.1 N
又由：F 安=BIL
得：B=0.8T
（3）当安培力的方向向上时，金属杆对斜面的支持力才可能等于0，由左手定则可知，磁场的方向水平向左；设此时磁感应强度为B′，则：mg=B′IL
代入数据可得：B′=1.6T.
【点睛】
本题考查应用平衡条件解决磁场中导体的平衡问题，关键在于安培力的分析和计算，比较容易．在匀强磁场中，当通电导体与磁场垂直时，安培力大小F=BIL ，方向由左手定则判断．
27．（1（2）如图所示：
（3）6410m/s ?
【解析】
（1）根据动能定理可以得到：212Ue mv =，则：v =； （2）当电子受到洛伦兹力和电场力相等时，即qvB Eq =，即E v B
=
，满足这个条件的电子才能通过，如图所示：
（3）设当滑片滑到D 点时两极板间电压为U ，E U 602
V == 由电子在电场中的偏转运动得：20
11()32eU L L mL v = 则
：60410/v m s ==?． 点睛：本题主要考查带电粒子在电场中的加速、速度选择器以及带电粒子在电场中的偏转问题，但是本题以信息题的形式出现，令人耳目一新的感觉，但是难度不大，是一道好题，对学生分析问题能起到良好的作用．