2015高考物理(选修3-4)一轮精品复习之综合提升26Word
2015高考物理(选修3-5)一轮精品复习之综合提升5Word版
1．(对应要点一)下列说法正确的是()A．惠更斯提出的光的波动说与麦克斯韦的光的电磁说都是说光是一种波，其本质是相同的B．牛顿提出的光的微粒说与爱因斯坦的光子说都是说光是一份一份不连续的，其实质是相同的C．惠更斯的波动说与牛顿的微粒说都是说光具有波粒二象性D．爱因斯坦的光子说与麦克斯韦的光的电磁说揭示了光既具有波动性又具有粒子性解析：惠更斯提出的波动说和麦克斯韦的电磁说有着本质的不同，前者仍将光看作机械波，认为光在太空中是借助一种特殊介质“以太”传播的，而后者说光波只是电磁波而不是机械波，可以不借助于任何介质而传播，A选项错误。
牛顿提出的微粒说和爱因斯坦的光子说也是有本质区别的。
前者认为光是由一个个特殊的实物粒子构成的，而爱因斯坦提出的光子不是像宏观粒子那样有一定形状和体积的实物粒子，它只强调光的不连续性，光是由一份一份组成的，B选项错误。
惠更斯的波动说和牛顿的微粒说都是以宏观物体或模型提出的，是对立的、不统一的。
C选项错误。
据光的波粒二象性知，D选项正确。
答案：D2．(对应要点一)关于光的波粒二象性，正确的说法是()A．光的频率越高，光子的能量越大，粒子性越明显B．光的波长越长，光子的能量越小，波动性越明显C．频率高的光子不具有波动性，波长较长的光子不具有粒子性D．个别光子产生的效果往往显示粒子性，大量光子产生的效果往往显示波动性解析：从光的波粒二象性可知：光是同时具有波粒二象性，只不过在有的情况下波动性显著，有的情况下粒子性显著。
频率高、个数少时粒子性明显，波长长、量大时波动性明显。
答案：ABD3．(对应要点二)关于物质波，下列认识错误的是()A．任何运动的物体(质点)都伴随一种波，这种波叫物质波B．X射线的衍射实验，证实了物质波假设是正确的C．电子的衍射实验，证实了物质波假设是正确的D．宏观物体尽管可以看作物质波，但它们不具有干涉、衍射等现象解析：根据德布罗意物质波理论可知，任何一个运动着的物体，小到电子、质子，大到行星、太阳，都有一种波与之相对应，这种波就叫物质波，可见，A选项是正确的；由于X 射线本身就是一种波，而不是实物粒子，故X射线的衍射现象，并不能证实物质波理论的正确性，故B错误；电子是一种实物粒子，电子的衍射现象表明运动着的实物粒子具有波动性，故C选项正确；由电子穿过铝箔的衍射实验知少量电子穿过铝箔后所落的位置呈现出衍射图样以及大量电子的行为表现出电子的波动性，而且干涉、衍射是波的特有现象，只要是波，都会发生干涉、衍射现象，故D错误。
(全章合集)高三物理第一轮复习难点突破方法精讲精练：选修3-4 第2章
2. 典例剖析
【例1】 (多选)[2015· 海南单科，16(1)]一列沿x轴正方向传播的 简谐横波在t＝0时刻的波形如图所示，质点P的x坐标为3 m。已 知任意振动质点连续2次经过平衡位置的时间间隔为0.4 s。下列 说法正确的是( ) A．波速为4 m/s B．波的频率为1.25 Hz C．x坐标为15 m的质点在t＝0.6 s时恰好位于波谷 D．x坐标为22 m的质点在t＝0.2 s时恰好位于波峰 E．当质点P位于波峰时，x坐标为17 m的质点恰好位于波谷
转解析
【例 2】[2015· 重庆理综，11(2)] 下图为一列沿 x 轴正方向传播的简谐 机械横波某时刻的波形图，质点 P 的振动周期为 0.4 s。求该波的波速并 判断 P 点此时的振动方向。
λ 解析 由波形图可知，波长 λ＝1.0 m，则波速为 v＝T＝2.5 m/s 由波传播方向和质点振动方向可知，P 点的振动方向沿 y 轴正方向。 答案 2.5 m/s 沿 y 轴正方向
3.规律方法
规律方法 波的传播方向与质点振动方向的互判方法 1.“上下坡”法 沿波的传播方向，“上坡”时质点向下运 动，“下坡”时质点向上运动.
2.“同侧”法 波形图上某点表示传播方向和振动方向 的箭头在图线同侧 . 3. “微平移”法 将波形沿传播方向做微小平移，再由对 应同一x坐标的两波形曲线上的点来判 断振动方向. v v
4.跟踪训练
【跟踪训练】 如图所示为波源O振动1.5 s时沿波的传播方向上 部分质点振动的波形图，已知波源O在t＝0时开始沿y轴负方向 振动，t＝1.5 s时它正好第二次到达波谷，问： (1)何时x＝5.4 m的质点第一次到达波峰？ (2)从t＝0开始至x＝5.4 m的质点第一次到达波峰这段时间内，波 源通过的路程是多少？
2015年高考物理一轮复习-专题3-动力学中的图像问题
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由Ff－F2＝ma2，a2增大，可知外力逐渐减小，若外力方向 与物体运动方向相反，由Ff＋F3＝ma2，a2增大，可知外力 逐渐增大，又由于在t1时刻，外力F大小等于摩擦力Ff的大 小，所以F可能先与物体运动方向相同，大小逐渐减小， 减小到0后再反向逐渐增大，故C、D对． 答案 CD
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解析 由 v -t 图象面积可知，飞机从着舰到停止发生的位 移约为 x＝12×3×70 m＝105 m，即约为无阻拦索时的110， 选项 A 正确；由 v -t 图象斜率知，飞机与阻拦索作用过程 中(0.4 s～2.5 s 时)，其 F 合恒定，在此过程中阻拦索两段间 的夹角变小，而合力恒定，则阻拦索张力必减小，选项 B 错误；
专题三 动力学中的图象问题
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物理公式与物理图象的结合是一种重要题型，也是高考 的重点及热点． 1．常见的图象有：v－t 图象，a－t 图象，F－t 图象，F－a
图象等． 2．图象间的联系：加速度是联系 v－t 图象与 F－t 图象的桥
梁．
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3．图象的应用 (1)已知物体在一过程中所受的某个力随时间变化的图线， 要求分析物体的运动情况． (2)已知物体在一运动过程中速度、加速度随时间变化的图 线，要求分析物体的受力情况． (3)通过图象对物体的受力与运动情况进行分析．
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类型一 v t图象的应用
【典例1】 (2013·新课标全国卷Ⅰ，21)2012年11月，“歼15”舰
载机在“辽宁号”航空母舰上着舰成功．图1甲为利用阻拦
系统让舰载机在飞行甲板上快速停止的原理示意图．飞机着
舰并成功钩住阻拦索后，飞机的动力系统立即关闭，阻拦系
高考物理一轮复习课时规范练26 带电粒子在电场中运动的综合问题(含答案)
课时规范练26带电粒子在电场中运动的综合问题基础对点练1.(电场的叠加原理与功能关系)如图所示,两个固定的半径均为r的细圆环同轴放置,O1、O2分别为两细环的圆心,且O1O2=2r,两环分别带有均匀分布的等量异种电荷,电荷量分别为+Q、-Q(Q>0)。
一带正电的粒子(重力不计)从O1由静止释放,静电常量为k,下列说法正确的是()A.O1O2中点处的电场强度为√2kQ2r2B.O1O2中点处的电场强度为√2kQ4r2C.粒子在O1O2中点处动能最大D.粒子在O2处动能最大2.(多选)(“等效场”在电场中的应用)如图所示,一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下,从静止开始由b沿直线运动到d,且bd与竖直方向所夹的锐角为45°,则下列结论正确的是()A.此液滴带正电B.液滴的加速度等于√2gC.合力对液滴做的总功等于零D.液滴的电势能减少3.(带电粒子在交变电场中的运动)(2022四川成都模拟)如图(a),平行金属板A、B间的电压恒为U,B板右侧的平行金属板M、N间加有图(b)所示的交变电压,OO'是M、N板间的中线,当电压稳定时,板间为匀强电场且电场仅局限于板间。
零时刻,紧贴A板同时由静止释放甲、乙两个离子,两离子质量相等、电荷量关系为q甲=4q乙;甲在T4时刻沿OO'方向进入并在3T4时刻飞离交变电场。
设甲、乙飞离交变电场时的速率为v甲、v乙,在交变电场中的偏移量大小为y甲、y乙。
离子重力和离子间的相互作用均不计。
则()A.y甲=2y乙B.y甲=y乙C.v甲=v乙D.v甲=4v乙4.(带电粒子在复合场中的运动)(2022江苏南京师大附中模拟)如图所示,在正方形的四个顶点各固定一个点电荷,直角坐标系的x轴、y轴为正方形的对称轴。
将一正电荷在原点O处由静止释放时,它在以后运动过程中的最大速度为v。
则将该电荷从x轴上无限远处以初速度2v沿x轴正方向射入后,它在以后运动过程中()A.在两负电荷连线中点处速度最大B.将以原点O为中心在x轴上往复运动C.最小速度为√3vD.最大速度为√6v5.(多选)(力电综合问题)如图所示,a、b、c、d四个质量均为m的带电小球恰好构成“三星拱月”之形,其中a、b、c三个完全相同的带电小球在光滑绝缘水平面内的同一圆周上绕O点做半径为R的匀速圆周运动,三小球所在位置恰好将圆周等分。
【创新教程】2015届高考物理一轮总复习 实验4 探究加速度与力 质量的关系知能演练提升 新人教版
【创新教程】2015届高考物理一轮总复习 实验4 探究加速度与力 质量的关系知能演练提升 新人教版对应学生用书 第57页1．a 、b 、c 、d 四位同学做《验证牛顿第二定律》的实验，设小车质量和车上砝码质量之和为M ，砂及砂桶的总质量为m ，分别得出如图中a 、b 、c 、d 四个图线，其中图a 、b 、c是a F 图线，图d 是a 1M图线，则以下说法中正确的是( )A ．a 和b 较好地把握了实验条件M ≫mB ．c 和d 则没有把握好实验条件M ≫mC ．a 同学长木板的倾角太小，而b 同学长木板角度太大D ．a 、b 、c 三同学中，c 同学较好地完成了平衡摩擦力的操作答案：A 、B 、C 、D2．(2012年安徽卷)图甲为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图．砂和砂桶的总质量为m ，小车和砝码的总质量为M .实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小．甲(1)实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板平行．接下来还需要进行的一项操作是( )A ．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m 的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B ．将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C ．将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动(2)实验中要进行质量m 和M 的选取，以下最合理的一组是( )A ．M ＝200 g ，m ＝10 g 、15 g 、20 g 、25 g 、30 g 、40 gB ．M ＝200 g ，m ＝20 g 、40 g 、60 g 、80 g 、100 g 、120 gC ．M ＝400 g ，m ＝10 g 、15 g 、20 g 、25 g 、30 g 、40 gD ．M ＝400 g ，m ＝20 g 、40 g 、60 g 、80 g 、100 g 、120 g(3)图乙是实验中得到的一条纸带，A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 为7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出．量出相邻的计数点之间的距离分别为：s AB ＝4.22 cm 、s BC ＝4.65 cm 、s CD ＝5.08 cm 、s DE ＝5.49 cm 、s EF ＝5.91 cm 、s FG ＝6.34 cm.已知打点计时器的工作频率为50 Hz ，则小车的加速度a ＝________m/s 2(结果保留两位有效数字)．乙解析：(1)要使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，应将长木板远离定滑轮的一端垫起，使小车所受重力沿木板向下的分力与小车及纸带所受摩擦力平衡，即选项B 正确．(2)要使砂和砂桶的总重力的大小作为细线对小车拉力的大小，必须使m ≪M ，只有选项C符合这个要求(3)小车的加速度为：a＝s DE＋s EF＋s FG－s AB＋s BC＋s CD9t2其中t＝ s，代入数据得：a＝0.42 m/s2答案：(1)B (2)C (3)3．在“验证牛顿第二定律”的实验中，打出的纸带如图所示，相邻计数点间的时间间隔是t.(1)测出纸带各相邻计数点之间的距离分别为s1、s2、s3、s4如图(a)所示，为使由实验数据计算的结果更精确一些，计算加速度平均值的公式应为a＝________.(2)在该实验中，为验证小车质量M不变时，a与M成正比，小车质量M、砂及砂桶的质量m分别选取下列四组值.A．M＝500 g，m分别为50 g、70 g、100 g、125 gB．M＝500 g，m分别为20 g、30 g、40 g、50 gC．M＝200 g，m分别为50 g、70 g、100 g、125 gD．M＝200 g，m分别为30 g、40 g、50 g、60 g若其他操作都正确，那么在选用________组值测量时所画出的aF图象较准确.(3)有位同学通过测量，作出aF图象，如图(b)所示．试分析：①图象不通过原点的原因是________________________________________________________________________.②图象上部弯曲的原因是________________________________________________________________________．解析：(1)逐差法处理实验数据，根据公式s3＋s4－s1＋s24t2求解加速度.(2)满足砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M的条件，绳对小车的拉力才近似等于砂和桶的重力，故选B.(3)分析实验误差出现的原因：①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够；②未满足砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M.答案：(1)s3＋s4－s1＋s24t2(2)B (3)①没有平衡摩擦力或摩擦力平衡不够②未满足砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M4．为了探究加速度与力的关系，使用如图所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，它们与数字计时器相连，当滑行器通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间Δt1、Δt2都可以被测量并记录，滑行器连同上面固定的一条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m.回答下列问题：(1)实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平，在不增加其他仪器的情况下，如何判定调节是否到位？答：________________________________________________________________________(2)若取M＝0.4 kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是__________．A．m1＝5 g B．m2＝15 gC．m3＝40 g D．m4＝400 g(3)在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为：________(用Δt 1、Δt 2、D 、x 表示)．解析：(1)如果气垫导轨水平，则不挂砝码时，M 应能在任意位置静止不动，或推动M 后能使M 匀速运动．(2)应满足M ≫m ，故m 4＝400 g 不合适．(3)由v 1＝D Δt 1，v 2＝D Δt 2，v 22－v 21＝2ax 可得：a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫D Δt 22－⎝ ⎛⎭⎪⎫D Δt 122x. 答案：(1)取下牵引砝码，M 放在任意位置都不动；或取下牵引砝码，轻推滑行器M ，数字计时器记录每一个光电门的光束被挡的时间Δt 都相等．(2)D (3)a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫D Δt 22－⎝ ⎛⎭⎪⎫D Δt 122x5．如图所示的实验装置可以验证牛顿运动定律，小车上固定一个盒子，盒子内盛有沙子．沙桶的总质量(包括桶以及桶内沙子质量)记为m ，小车的总质量(包括车、盒子及盒内沙子质量)记为M .(1)验证在质量不变的情况下，加速度与合外力成正比：从盒子中取出一些沙子，装入沙桶中，称量并记录沙桶的总重力mg ，将该力视为合外力F ，对应的加速度a 则从打下的纸带中计算得出．多次改变合外力F 的大小，每次都会得到一个相应的加速度．本次实验中，桶内的沙子取自小车中，故系统的总质量不变．以合外力F 为横轴，以加速度a 为纵轴，画出a F 图象，图象是一条过原点的直线．①a F 图象斜率的物理意义是________________________________________________________________________． ②你认为把沙桶的总重力mg 当作合外力F 是否合理？答：________.(填“合理”或“不合理”)③本次实验中，是否应该满足M ≫m 这样的条件？答：________(填“是”或“否”)；理由是________________________________________________________________________．(2)验证在合外力不变的情况下，加速度与质量成反比：保持桶内沙子质量m 不变，在盒子内添加或去掉一些沙子，验证加速度与质量的关系．本次实验中，桶内的沙子总质量不变，故系统所受的合外力不变．用图象法处理数据时，以加速度a 为纵横，应该以______的倒数为横轴．解析：(1)将车内的沙子转移到桶中，就保证了M ＋m 不变，即系统的总质量不变，研究对象是整个系统，a ＝F 合M ＋m ＝mg M ＋m ，可见a F 图象斜率的物理意义是1M ＋m，系统的合外力就等于所悬挂沙桶的重力mg ，不必满足M ≫m 这样的条件．(2)向小车内添加或去掉部分沙子，是改变系统的总质量M ＋m ，而系统的合外力仍等于所悬挂沙桶的重力mg ，保证了合外力不变．答案：(1)①1M ＋m②合理 ③否 因为实验的研究对象是整个系统，系统受到的合外力就等于mg(2)M ＋m6．用如图所示的装置来探究加速度与力的关系．弹簧秤固定在一合适的木板上，桌面的右边缘固定一支表面光滑的铅笔以代替定滑轮，细绳的两端分别与弹簧秤的挂钩和矿泉水瓶连接．在桌面上画出两条平行线MN 、PQ ，并测出间距d .开始时将木板置于MN 处，现缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动为止，记下弹簧秤的示数F 0，以此表示滑动摩擦力的大小．再将木板放回原处并按住，继续向瓶中加水后，记下弹簧秤的示数F 1，然后释放木板，并用秒表记下木板运动到PQ 处的时间．(1)木板的加速度可以用d 、t 表示为a ＝________；为了减小测量加速度的偶然误差可以采用的方法是(一种即可)__________________．(2)改变瓶中水的质量重复实验，确定加速度a 与弹簧秤示数F 1的关系．图中能表示该同学实验结果的是________．(3)用加水的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，它的优点是________．a ．可以改变滑动摩擦力的大小b ．可以更方便地获取多组实验数据c ．可以比较精确地测出摩擦力的大小d ．可以获得更大的加速度以提高实验精度解析：(1)木板做匀加速直线运动，有d ＝12at 2，解得a ＝2d t2.为减小测量的偶然误差，可采用多次测量求平均值的方法．(2)在瓶和水的重力未达到F 0时，木板未移动，故不选a 、b.当瓶和水的总质量m 远小于木板和弹簧秤的总质量M 时，图象为倾斜的直线；当m 不能远小于M 时，绳子的拉力将小于瓶和水的总重力F 1，加速度将变小，其图象斜率将减小，故不选d 、选c.(3)滑动摩擦力的大小取决于木板与桌面，与悬挂物是钩码或矿泉水瓶无关，故不选a.用加水的方法每次增加的拉力可大可小，故选b 、c.用两种方法都可以获得较大的加速度，故不选d.答案：(1)2d t2 保持F 1不变，重复多次测量求平均值 (2)c (3)bc[备课札记]。
人教版高三物理一轮复习习题：选修3-4综合测试题
选修3-4综合测试题本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分100分，考试时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一项符合题目要求，有的小题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
)1．大气中空气层的密度是随着高度的增加而减小的，从大气层外射来一束阳光，如图所示的四幅图中，能粗略表示这束阳光射到地面的路径的是( )[答案] B[解析] 大气层外相对大气层来说是光疏介质，光由光疏介质射向光密介质中，入射角大于折射角，但折射角不可能等于零，故B 项正确。
2．(2014·广州模拟)夜间行车光照在警示标志上后反射回来特别醒目，主要是因为警示标志是由球形的反射物制成，如图，假设反射物为分布均匀的球形，其折射率为3。
某次灯光照射在该标志上后，经球形物一系列的折射和反射后，出射光线恰与入射光线平行，则第一次的入射角( )A ．30°B ．45°C ．60°D ．15°[答案] C[解析] 设入射角为i ，折射角为θ，作出光路图，因为出射光线恰好和入射光线平行，所以i ＝2θ，根据折射定律sin i sin θ＝sin2θsin θ＝3，所以θ＝30°，i ＝2θ＝60°。
3．以下关于光的说法正确的是( )A ．光纤通信是利用了全反射的原理B ．无色肥皂液吹出的肥皂泡呈彩色是由于光照射时发生了薄膜干涉C ．人们眯起眼睛看灯丝时看到的彩色条纹是光的洐射图样D ．麦克斯韦提出光是一种电磁波并通过实验证实了电磁波的存在[答案] ABC[解析] 由全反射，薄膜干涉和光的衍射的基本原理可知A 、B 、C 正确；麦克斯韦提出光是一种电磁波，赫兹通过实验证实了电磁波的存在，故D 错误。
4．如图所示，S 1、S 2是两个周期为T 的相干波源，它们振动同步且振幅相同，实线和虚线分别表示波的波峰和波谷，关于图中所标的a 、b 、c 、d 四点，下列说法中正确的是( )A ．图示时刻质点a 的位移为零B ．质点b 和c 振动都最强C ．质点d 振动最弱D ．再过T 2后b 点振动减弱 [答案] AB[解析] 图示时质点a 处是波峰与波谷相遇，两列波引起的位移正负叠加的结果是总位移为零，A 正确，质点b 是波峰与波峰相遇，c 点是波谷与波谷相遇，振动都增强，振幅最大，振幅是一列波振幅的两倍，振动最强 ，B 正确。
2021高考物理(选修3 4)一轮精品复习之综合提升46Word版含答案
2021高考物理(选修3 4)一轮精品复习之综合提升46Word版含答案2021高考物理(选修3-4)一轮精品复习之综合提升46word版含答案调制器的功能是将低频声音信号加载到高频信号上b．调制器的作用可以是把低频信号的信息加载到高频信号的振幅上去c．调制器的作用可以是把低频信号的信息加载到高频信号的频率上去d．调制器的作用是将低频声音信号变成高频信号，再放大后直接发射出去分析：调制器的作用是将低频声音信号加载到高频振荡信号中。
如果高频信号的振幅随低频信号的变化而变化，则为振幅调制；如果高频信号的频率随低频信号的变化而变化，则为频率调制。
由于低频信号不利于从天线直接传输，因此有必要将低频信号加载到高频信号中。
答案：abc2.（对应点1）在无线电广播的接收中，调谐和解调是必须经历的两个过程。
以下接收过程的顺序是正确的。
a．调谐→高频放大→检波→音频放大b．检波→高频放大→调谐→音频放大c．调谐→音频放大→检波→高频放大d．检波→音频放大→调谐→高频放大分析：在接收无线电波时，首先选择所需的电磁波——调谐，然后提取音频信号——高频放大后检测，最后放大音频，这样a是正确的。
答案：a3.以下关于无线电波的陈述是正确的：（a）无线电波是波长从几十公里到几毫米的电磁波；（b）无线电波在任何介质×108m/sc中以3.0的速度传播。
无线电波不会产生干扰和衍射。
当无线电波从真空传播到介质中时，波长变短解析：无线电波的波长是从几十千米到几毫米的电磁波，故选项a正确；干涉、衍射是一切波都具有的特性，故选项c错误；无线电波由真空进入介质时，波速变小，故选项b错误；由v＝λf知，频率不变，波速变小，波长变短，故选项d正确。
答：广告4．(对应要点二)关于电磁波的传播，下列叙述正确的是()a．电磁波频率越高，越易沿地面传播b．电磁波频率越高，越易沿直线传播c．电磁波在各种介质中传播波长恒定d、只要三颗同步卫星在赤道上空发射微波，它们就可以在全世界发射信号解析：由c＝λf可判定：电磁波频率越高，波长越短，衍射性越差，不易沿地面传播，而跟光的传播相似，沿直线传播，故b对a错；电磁波在介质中传播时，频率不变，而传播速度改变，由v＝λf可判断波长改变，c错；由于同步卫星相对地面静止在赤道上空36000km高的地方，用它作微波中继站，至少要有三颗互成120°的同步卫星，就几乎能覆盖全球，d正确。
2015高考物理(选修3-5)一轮精品复习之综合提升28Word版含答案
1．玻尔在他提出的原子模型中所作的假设有( )A ．原子处在具有一定能量的定态中，虽然电子做变速运动，但不向外辐射能量B ．原子的不同能量状态与电子沿不同的圆轨道绕核运动相对应，而电子的可能轨道的分布是不连续的C ．电子从一个轨道跃迁到另一个轨道时，辐射(或吸收)一定频率的光子D ．电子跃迁时辐射的光子的频率等于电子绕核做圆周运动的频率解析：A 、B 、C 三项都是玻尔提出来的假设。
其核心是原子定态概念的引入与能级跃迁学说的提出，也就是“量子化”的概念。
原子的不同能量状态与电子绕核运动时不同的圆轨道相对应，是经典理论与量子化概念的结合。
答案：ABC2．氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，下列说法中正确的是( )A ．核外电子受力变小B ．原子的能量减少C ．氢原子要吸收一定频率的光子D ．氢原子要放出一定频率的光子解析：由玻尔理论知，当电子由离核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，要放出能量，故要放出一定频率的光子；电子的轨道半径小了，由库仑定律知，它与原子核之间的库仑力大了，故A 、C 错，B 、D 正确。
答案：BD3．(2012·江苏高考)如图1所示是某原子的能级图，a 、b 、c 为原子跃迁所发出的三种波长的光。
在下列该原子光谱的各选项中，谱线从左向右的波长依次增大，则正确的是( )图1图2解析：根据玻尔的原子跃迁公式h cλ＝E m －E n 可知，两个能级间的能量差值越大，辐射光的波长越短，从图中可看出，能量差值最大的是E3－E1，辐射光的波长a最短，能量差值最小的是E3－E2，辐射光的波长b最长，所以谱线从左向右的波长依次增大的是a、c、b，C 正确。
答案：C4．氦原子被电离一个核外电子，形成类氢结构的氦离子，已知基态氦离子能量为E1＝－54.4 eV，氦离子能级的示意图如图3所示，在具有下列能量的光子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是()图3A．40.8 eV B．43.2 eVC．51.0 eV D．54.4 eV解析：要吸收光子发生跃迁需要满足一定的条件，即吸收的光子的能量必须是任意两个能级的差值，40.8 eV是第一能级和第二能级的差值，51.0 eV是第一能级和第四能级的差值，54.4 eV是电子电离需要吸收的能量，均满足条件，选项A、C、D均可以，而B选项不满足条件。
【备考】高考物理一轮复习学案 第26讲 电容器与电容 带电粒子在电场中的运动 （原卷版）
第28讲 电容器与电容 带电粒子在电场中的运动(原卷版)1.理解电容器的基本概念，掌握好电容器的两类动态分析.2.能运用运动的合成与分解解决带电粒子的偏转问题.3.用动力学方法解决带电粒子在电场中的直线运动问题．一、电容器 电容 平行板电容器 1．电容器(1)组成：由两个彼此 又相互靠近的导体组成。
(2)带电荷量：一个极板所带电荷量的 。
(3)电容器的充、放电①充电：使电容器带电的过程，充电后电容器两极板带上等量的 ，电容器中储存电能，如图631甲所示；②放电：使充电后的电容器失去电荷的过程，放电过程中电能转化为其他形式的能，如图631乙所示。
2．电容(1)定义：电容器所带的 与电容器两极板间的 的比值。
(2)意义：表示电容器 的物理量。
(3)定义式：C ＝Q U。
(4)单位：1法拉(F)＝ 微法(μF)＝ 皮法(pF)。
3．平行板电容器的电容(1)决定因素：平行板电容器的电容C 跟板间电介质的相对介电常数εr 成 ，跟正对面积S 成 ，跟极板间的距离d 成 。
(2)决定式：C ＝εr S4πkd 。
二、带电粒子在电场中的运动 1．带电粒子在电场中的加速(1)处理方法：利用动能定理qU ＝12mv 2－12mv 20。
(2)适用范围： 。
2．带电粒子在匀强电场中的偏转(1)研究条件：带电粒子 于电场方向进入匀强电场。
(2)处理方法：类似于 ，应用运动的合成与分解的方法。
①沿初速度方向做 运动，运动时间t ＝Lv 0。
②沿电场方向做初速度为零的 运动。
(3)相关量的计算 ①加速度：a ＝F m ＝qE m ＝qUmd；②运动时间a ．能飞出平行板电容器：t ＝L v 0；b ．打在平行极板上：y ＝12at 2＝12·qU md t 2，t ＝2mdyqU；③离开电场时的偏移量：y ＝12at 2＝qUL22mv 20d ；④离开电场时的偏转角：tan θ＝v y v 0＝qULmv 20d。
高考物理一轮专项基础训练：第26练《势能》《机械能守恒定律》.pdf
第26练 势能 机械能守恒定律 一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题意） 1.下列几种运动，遵守机械能守恒定律的是（ ）A.自由落体运动B.匀加速直线运动C.匀速圆周运动D.物体沿斜面匀速下滑 2.如图所示，桌面高为h，质量为m的小球从离桌面高H处自由落下，不计空气阻力，假设桌面处重力势能为零，则小球落地前瞬间的机械能为（ ）A.mghB.mgHC.mg（H+h）D.mg（H－h） 3.一根全长为L，粗细均匀的铁链，对称地挂在光滑的小定滑轮上，如图所法，当受到轻微扰动，铁链会从滑轮滑下，铁链脱离滑轮瞬间的速度大小为（ ） A. B. C. D.4.某同学身高1.8m，在运动会上他参加的跳高比赛中，起跳后身体横着越过了1.8m高度的横杆，据此我们可估算出他起跳时竖直向上的速度大约为（g取10m/s2）A.2m/s B.4m/s C.6m/s D.8m/s5.水平抛出一物体，物体落地时速度的方向与水平方向的夹角为θ，取地面为零势能面，则物体刚被抛出时，其重力势能与动能之比为（ ）A.tanθB.cotθC.cot2θD.tan2θ 6.如图所示是一种升降电梯的示意图，A为载人箱，B为平衡重物，它们的质量均为M，上下均有跨过滑轮的钢索系住，在电动机的牵引下使电梯上下运动.如果电梯中载人的质量为m，匀速上升的速度为v，电梯即将到顶层前关闭电动机，依靠惯性上升h高度后停止，在不计空气和摩擦阻力的情况下，h为（ ） A. B. C. D. 二、计算或论述题 7.如图所示，粗细均匀的U形管内装有总长为4L的水.开始时阀门K闭合，左右支管内水面高度差为L.打开阀门K后，左右水面刚好相平时左管液面的速度是多大？（管的内部横截面很小，摩擦阻力忽略不计） 8.如图所示，轻质弹簧的一端与墙相连，质量为2kg的滑块以5m/s的速度沿光滑平面运动并压缩弹簧，求： （1）弹簧在被压缩过程中的最大弹性势能； （2）当木块的速度减为2m/s时，弹簧具有的弹性势能.9.游乐场中过山车的运动过程可以抽象为如图所示模型.弧形轨道下端与圆轨道相连，使小球从弧形轨道上端A点静止滑下，进入圆轨道后沿圆轨道运动，最后离开.试分析A点离地面的高度h至少要多大，小球才可以顺利通过圆轨道最高点（已知圆轨道的半径为R，不考虑摩擦等阻力）. 10.如图所示是简化后跳台滑雪的雪道示意图.整个雪道由倾斜的助滑雪道AB和着陆道DE，以及水平的起跳平台CD组成，AB与CD平滑连接，运动员从助滑雪道AB上由静止开始，在重力作用下，滑到D点水平飞出，不计飞行中的空气阻力，经2s在水平方向飞行了60m，落在着陆雪道DE上，已知从B点到D点运动员的速度大小不变.（g取10m/s2）求： （1）运动员在AB段下滑到B点的速度大小； （2）若不计阻力，运动员在AB段下滑过程中下降的高度.11.一个质量m=0.2kg的小球系于轻质弹簧的一端，且套在光滑竖立的圆环上，弹簧的上端固定于环的最高点A，环的半径R=0.5m，弹簧的原长l0=0.50m，劲度系数为4.8N/m.如图所示.若小球从图中所B点由静止开始滑动到最低点C时，弹簧的弹性势能EP弹=0.60J，求： （1）小球到C点时速度vC的大小； （2）小球在C点对环的作用力.（g取10m/s2）12.特种兵过山谷的一种方法可简化为图示情景，将一根长为2d的不可伸长的细绳两端固定在相距为d的A、B两等高点，绳上挂一小滑轮P，战士们相互配合，沿着绳子滑到对面.如图所示，战士甲（图中未画出）水平拉住滑轮，质量为m的战士乙吊在滑轮上，脚离地，处于静止状态，此时AP竖直，然后战士甲将滑轮从静止状态释放，若不计滑轮摩擦及空气阻力，也不计绳与滑轮的质量，求： （1）战士甲释放前对滑轮的水平拉力F； （2）战士乙滑动过程中的最大速度.13.大水平光滑细杆上穿着A、B两小球，两球间距离为L，用两根长度均为L的不可伸长的轻绳与C球连接.如图所示，开始时三球静止，二绳伸直，然后同时释放三球，已知A、B、C三球质量相等，试求A、B二球速度v的大小与C球到细杆的距离h之间的关系..A 2.B 3.C 4.B 5.D 6.D 7. 8.（1）25 J （2）21 J 9.由机械能守恒定律得： 在圆轨道最高上： 当v=v0时，由以上各式可得：，此时h为最小值. 10.（1）运动员从D点飞出时的速度 依题意，下滑到助滑雪道末端B点的速度大小是30m/s. （2）在下滑过程中机械能守恒，有 下降的高度 11.（1）由机械能守恒 得vC=3m/s （2）在最低点 得N=3.2N 12.设乙静止时AP间距离为h，则由几何关系得 对滑轮受力分析如图，则有 FT+FTcosθ=mg，FTsinθ=F 解得 （2）乙在滑动过程中机械能守恒，滑到绳的中点位置最低，速度最大.此时APB三点构成一正三角形.P与AB的距离为 由机械能守恒有 解得 13.。
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1．下面关于横波、纵波的说法中正确的是( )
A．同一波源在同一介质中形成的机械波中可同时具有横波和纵波
B．由于横波、纵波的振动方向与波的传播方向的关系不同，因此横波、纵波不可能沿同
一方向传播
C．横波、纵波在同一介质中的传播速度一定相等
D．只要存在介质，不管是固体、液体或气体，均可传播横波和纵波
解析：同一波源产生的波中可同时具有横波、纵波，如地震波。虽然这两种波振动方向
与波传播方向的关系不同，但并不妨碍两者沿同一方向传播。在同一介质中，横波和纵波传
播速度一般不同，如地震波中纵波比横波传播得快。横波可以在固体内和液体表面传播，不
可以在气体中传播。而纵波可在固体、液体和气体中传播。
答案：A
2．在敲响古刹里的大钟时，有的同学发现，停止对大钟的撞击后，大钟仍“余音未绝”，
分析其原因是( )
A．大钟的回声
B．大钟在继续振动
C．人的听觉发生“暂留”的缘故
D．大钟虽停止振动，但空气仍在振动
解析：停止对大钟的撞击后，大钟的振动不会立即停止，振动的能量不会凭空消失，它
会再振动一段时间然后因为阻尼而停止，因此还会在空气中形成声波，这就是余音未绝的原
因，所以选项B正确。
答案：B
3.如图1所示，为一列简谐波在某时刻的波形图，a、b、c、d为介质
中的四个质点，a在波峰，d在波谷，c在平衡位置，b的位移大小等于振
幅的一半。四个质点的加速度大小分别为aa、ab、ac、ad，它们的速度大小
分别为va、vb、vc、vd，则( ) 图1
A．ac＜ab＜aa＝ad B．ac＞ab＞aa＝ad＝0
C．va＝vd＞vb＞vc D．va＝vd＜vb＜vc
解析：由简谐运动规律可知：质点受回复力作用与位移的大小成正比，因而加速度的大
小与位移的大小成正比，所以这四个点的加速度关系为aa＝ad＞ab＞ac，A项正确；而质点越
靠近平衡位置速度越大，位移越大则速度越小，四点的速度大小关系为va＝vd＜vb＜vc，D正
确。
答案：AD
4．关于机械波的以下说法中，正确的是( )
A．波动发生需要两个条件：波源和介质
B．波动过程是介质质点由近及远移动的过程
C．波动过程是能量由近及远传递的过程
D．波源与介质质点的振动都是自由振动
解析：波源(即振源)振动时，依靠介质中的相互作用力带动周围各部分质点振动起来，形
成机械波。作为介质的各质点只在平衡位置附近做振动，并不随波向外迁移，仅把振源的振
动和能量传播开来。波源和介质质点之间的相互作用力带动相邻的质点振动，是受迫振动。
故介质质点不是自由振动。
答案：AC
5.如图2所示，沿水平方向的介质中的部分质点，每相邻两质点
的距离相等，其中O为波源，设波源的振动周期为T，从波源通过平 图2
衡位置竖直向下振动开始计时，经T4质点1开始振动，则下列关于质点的振动和介质中的波的
说法中不．正确的是( )
A．介质中所有质点的起振方向都是竖直向下的，但图中质点9起振最晚
B．图中所画出的质点起振时间都是相同的，起振的位置和起振的方向是不同的
C．图中8的振动完全重复质点7的振动，只是质点8振动时通过平衡位置或最大位移处
的时间总是比质点7通过相同的位置时落后T4
D．只要图中所有质点都已振动了，质点1与质点9的振动步调就完全一致，如果质点1
发生的是第100次振动，则质点9发生的就是第98次振动
解析：从题中可知，质点9是图中距波源最远的点，尽管与振源起振方向相同，但起振
时刻最晚，故A正确，B错误；质点7与质点8比较，质点7是质点8的前质点，7、8质点
间的振动步调相差T4，故C正确；质点9比质点1晚2T开始起振，一旦质点9起振后，质点
1、9的振动步调就完全一致，故D正确。
答案：B
6．把闹钟放在密闭的玻璃罩内，在玻璃罩外仍然可以听到闹钟的铃声。但如果将玻璃罩
内的空气用抽气机抽出去，就听不到闹钟的铃声。这说明________。
解析：玻璃罩内的空气用抽气机抽出后，就听不到闹钟的铃声，说明声波不能在真空中
传播。
答案：声波不能在真空中传播
7．AB为一弹性绳。设法在绳上传播一个脉冲的波，如图3所示，当波从A向B传播时，
绳上质点开始起振的速度方向是________，若波从B向A传播，绳上质点开始起振时，质点
振动的速度方向是________。
图3
解析：根据波的形成过程，前质点依次带动后质点并依次落后，且都重复振源的振动，
当由A向B传播时，B刚开始振动时，B左侧的相邻质点比B先振动；并且位置在B的下方，
所以B应该向下振，当从B向A传播时，质点刚开始振动时，速度方向向上。
答案：向下 向上
8．(2012·江苏高考)地震时，震源会同时产生两种波，一种是传播速度约为3.5 km/s的S
波，另一种是传播速度约为7.0 km/s的P波。一次地震发生时，某地震监测点记录到首次到
达的P波比首次到达的S波早3 min。假定地震波沿直线传播，震源的振动周期为1.2 s，求
震源与监测点之间的距离x和S波的波长λ。
解析：设P波的传播时间为t，则x＝vPt，x＝vS(t＋Δt)
解得x＝
vPv
S
v
P－vS
Δt，代入数据得x＝1 260 km。
由λ＝vST，解得λ＝4.2 km。
答案：1 260 km 4.2 km
9．图4 a中有一条均匀的绳，1、2、3、4、„是绳上一系列等间距的点。现有一列简谐
横波沿此绳传播。某时刻，绳上9、10、11、12四点的位置和运动方向如图b所示(其他点的
运动情况未画出)，其中点12的位移为零，向上运动，点9的位移达到最大值。试在图c中画
出再经过34周期时点3、4、5、6的位置和速度方向，其他点不必画。(图c的横、纵坐标与图
a、b完全相同)
图4
解析：如图所示。
根据横波的形成原理，由题中给出9、10、11、12四点的位置和运动方向，可画出其他
各点此时的运动方向，即可找到再过34T各个质点的位置和运动方向，如图中虚线所示。
答案：见解析