2014高考物理最后二周快速增分指导1
2012届步步高高考物理大二轮专题复习与增分策略课件：第二部分 专题一 第1课时
8．如图8所示，弹簧吊着箱子A， 箱内放有物体B，它们的质量 均为m，现对箱子施加竖直向 上的力F＝4mg，而使系统静 止．撤去F的瞬间，A、B的加 速度分别为 A．aA＝aB＝g B．aA＝g，aB＝0 C．aA＝2g，aB＝g D．aA＝3g，aB＝g ( )
图8
解析
系统静止时由受力平衡得，F＝2mg＋F弹，又F＝
图2
解析
根据v－t图象的“面积”表示位移和v－t图象的意义 1 知，物体在第5 s时离出发点最远，最远距离为xm＝ ×(5 2 1 ＋2)×10 m＝35 m；0～6 s内的路程为s＝xm＋ ×1×10 m 2 1 ＝40 m；0～4 s内的位移x＝ ×(4＋2)×10 m＝30 m，故平 2 x 30 均速度为 v ＝ t ＝ m/s＝7.5 m/s；在5～6 s内，物体的速度 4 增加，根据动能定理，合外力做正功．综上所述B、C正 确，A、D错误．
图7
A．滑块在斜面和水平面上的位移大小之比为16∶5 B．滑块在斜面和水平面上的加速度大小之比为1∶4 C．斜面的倾角为45° 4 D．滑块与斜面的动摩擦因数μ＝ 7
解析 因vA＝0，vB＝vB，vC＝0，则s1＝
vA＋vB t1，s2＝ 2
vC＋vB t2，又因为t1∶t2＝4∶1，所以s1∶s2＝4∶1，A错；滑 2 Δv 块在斜面和水平面上滑动的过程中Δv相同，又a＝ ，所以 Δt 5 a1∶a2＝t2∶t1＝1∶4，B对；由题图乙知μmg＝ μmgcos θ， 4 4 则cos θ＝ ，所以θ≠45° ，C错；滑块在斜面上时，由牛顿 5 1 4 第二定律得mgsin θ－μmgcos θ＝ μmg，又cos θ＝ ，则μ＝ 4 5 4 ，D对． 7 答案 BD
答案
2012届步步高高考物理大二轮专题复习与增分策略课件：专题二 第1课时
图3
题型2 整体法与隔离法在动力学问题中的应用 题型 如图4所示 所示， 是固定在小车上的水平横杆 物块M中心 是固定在小车上的水平横杆， 例2 如图 所示，bc是固定在小车上的水平横杆，物块 中心 穿过横杆， 通过细线悬吊着小物体 通过细线悬吊着小物体m， 穿过横杆，M通过细线悬吊着小物体 ，当小车在水平地 面上运动的过程中， 始终未相对杆 移动， 、 与小车 始终未相对杆bc移动 面上运动的过程中，M始终未相对杆 移动，M、m与小车 保持相对静止，悬线与竖直方向夹角为 则 受到横杆的 保持相对静止，悬线与竖直方向夹角为α.则M受到横杆的 摩擦力为 ( )
热点题型例析
题型 1 例1 运动学图象问题 (14 分)如图 1 所示， 的足够长的长木板， 如图 所示， 质量为 M＝2 kg 的足够长的长木板， ＝
静止放置在粗糙水平地面上， 静止放置在粗糙水平地面上，有一质量为 m＝3 kg 可视为质 ＝ 点的物块， 从左端冲上木板.4 点的物块，以某一水平初速度 v0 从左端冲上木板 s 后物块 和木板达到 4 m/s 的速度并减速，12 s 末两者同时静止．求 的速度并减速， 末两者同时静止． 物块的初速度并在图 2 中画出物块和木板的 v－t 图象． － 图象．
停车， 停车，考官会在离停车点不远的地方发出指令， 考官会在离停车点不远的地方发出指令，要求将车停 在指定的标志杆附近， 在指定的标志杆附近，终点附近的道路是平直的，依次有编 终点附近的道路是平直的， 根标志杆， 号为 A、B、C、D、E 的 5 根标志杆，相邻杆之间的距离 ∆L 、 、 、 、 所示．一次路考中，学员甲驾驶汽车， ＝12.0 m，如图 6 所示．一次路考中，学员甲驾驶汽车，学 ， 员乙坐在后排观察并记录时间， 学员乙与车前端面的距离为 员乙坐在后排观察并记录时间， l＝2.0 m．假设在考官发出目标停车的指令前，汽车是匀速 ＝ ．假设在考官发出目标停车的指令前， 运动的， 点考官发出指令： 运动的，当学员乙经过 O 点考官发出指令：“在 D 标志杆 目标停车” 发出指令后，学员乙立即开始计时， 目标停车”，发出指令后，学员乙立即开始计时，学员甲需 的反应时间才开始刹车， 要经历 ∆t＝0.5 s 的反应时间才开始刹车，开始刹车后汽车 ＝ 做匀减速直线运动，直到停止． 做匀减速直线运动，直到停止．学员乙记
《三维设计》2014新课标高考物理一轮总复习第一章 第2单元 匀变速直线运动的规律(63张ppt)
可得前 2 s 内汽车行驶的距离 1 x1＝[20×2＋2×(－5)×22] m＝30 m。
(3)汽车停止即速度 vt＝0 根据公式 v2－v02＝2ax，可得从开始制动到完全停止 v2－v02 0－202 汽车行驶的距离 x2＝ 2a ＝ m＝40 m。 2×－5
答案：(1)10 m/s
(2)30 m
如果问题涉及最后阶段(到停止运动)的运动，可把该阶
段看成反向的初速度为零、加速度不变的匀加速直线运 动。 (2)双向可逆类：如沿光滑斜面上滑的小球，到最高 点后仍能以原加速度匀加速下滑，全过程加速度大小、 方向均不变，故求解时可对全过程列式，但必须注意x、 v 、a等矢量的正负号及物理意义。
[例2]
(3)第一个 T 内，第二个 T 内，第三个 T 内，„，第 N 个 T 内的位移之比为： xⅠ∶xⅡ∶xⅢ∶„∶xN＝
1∶3∶5∶„∶(2n－1)
。
(4)通过连续相等的位移所用时间之比为： 1∶( 2－1)∶( 3－ 2)∶„∶( n t1∶t2∶t3∶„∶tn＝ － n－1) 。
[试一试]
2．(2012· 佛山一模)如图1－2－3所示，
x＝x1＋x2⑦ x′＝x1′＋x2′⑧ 联立以上各式解得，甲、乙两车各自行驶的总路 x 5 程之比为 ＝ 。⑨ x′ 7
[答案]
5 7
多过程匀变速直线运动的处理方法
多过程的匀变速直线运动，注意分段应用匀变速 直线运动的规律列方程的解题策略，这就是数学中的分 段函数思想在物理中的应用。注意设而不解的解题策略， 解题过程中设一些未知量，通过加、减或乘、除消元的
第二段时间：a甲＝2a， 甲汽车做加速度为2a的匀加速直线运动， a乙＝a 乙汽车做加速度为a的匀加速直线运动
等效电阻在远距离输电中巧用探讨
／＇ｂ１
ＷＩ
等 ：
：
： ｃ
压分别为 Ｕ 和 Ｕ２，负载 为 Ｒ，如 图 １所示 ，其 电压关系为 ：
由此我们可 以得 到 ：等效 电阻与 变压 器 原副 线 圈 匝
鲁，负载电阻为： ＝ Ｗ２．我们 电流关 系为 ： Ｉ１
＝
＝
，
数之 比的二次方 成正 比，与负 载 电阻成 正 比，由此 ，变压
Ｉ、 Ｉ２ Ｒ Ｉ３ Ｉ ４
蛔 国
升压变压器 降压变压器
图 ２
Ａ．升压变压器 的输 出电压增 大 Ｂ．用 户 总 电 阻 增 加 ｃ．线路 上损失电压减小 Ｄ．用户得到 的功率 占总功率 的比例减小 解 析 发 电厂 的输 出电压和输 电线 的电阻均不 变 ，
ｐ
随着发 电厂输 出功率 的增大 ，由功率关系式 ， ＝ ，则升
参 考文献 ：
［１］李双进 ．高 中物理例题 选取 与解题 策略 ［Ｊ］．高中
数 理 化 ，２０１５（２）．
［２］杨 中甫．高中物理解题规 范要 求及 策略指 导［Ｊ］．
考试 周刊 ，２０１４（８６）．
［责任编辑 ：闫久毅 ］
等效 电阻在远距 离输 电中巧 用探讨
宋 斌
（湖北省 广水 市一 中 ４３２７００）
ＩＪ １
压变压器原线 圈的电流随之增加 ，由 ： ，可 以得到升
』２
ｎ ｌ
压变压 器副 线圈 电流也 增加．设 升压 变压器 输入 电压 和
远距离 的输 电效率 为 卵
１００％ ，由于 尺等
二 、探讨 远距离输 电
１．用户和 降压 变压器等效为一 电阻 例 １ 在 如图 ２所示 的远距 离输 电电路图中 ，升压变 压器 和降压 变压 器均 为理想 变压 器 ，发 电厂 的输 出电压 和输 电线 的电阻均不 变．随着发 电厂输 出功率 的增 大 ，下 列说法 中正确 的有 （ ）
2021版高考物理新课标大二轮专题辅导与增分攻略2-2优化2高考物理中的五大解题思想
m 1v 0＝m 1v 1＋ m2v 2，由机械能守
恒定律可得1 2m1 Nhomakorabea20＝
1 2
m
1v
21＋
1 2m
2v
22，联立以上两式并根据题意可解得
v 1＝－ 3 m/s，v2＝6 m/s.
之后 B 做减速运动， C 做加速运动， B、 C 达到共同速度之前，由牛顿运动定律，对长木板
有－ μ2(m 2＋ m3)g－ μ1m3g＝ m 2a1，对物块 C 有 μ1m3 g＝ m 3a2，设 B、 C 达到共同速度所经历
h 感应电荷在 z 轴上 z＝－ 2处激发的场强方向相反，点电荷
h q 在 z 轴上 z＝ 2处激发的场强大
q 4q
h
小为
k
h
＝
2
kh
2，所以在
z 轴上 z＝ 2 处的合场强大小为
2
4q 4q 40q k9h 2＋ k h 2＝ k 9h2 ， D 正确．
[答案 ] D
2． (2019 ·广东茂名五校联考 )如图所示，正电荷 q 均匀分布在半球面 ACB 上，球面半
也应具有这种属性的推理方法．其结论必须由实验来检验，类比对象间共有的属性越多，
则类比结论的可靠性越大．如研究电场力做功时，与重力做功进行类比；认识电流时，用
水流进行类比；认识电压时，用水压进行类比．
2． 守恒思想 物理学中最常用的一种思维方法
—— 守恒．高中物理涉及的守恒定律有能量守恒定律、
动量守恒定律、机械能守恒定律、质量守恒定律、电荷守恒定律等，它们是我们处理高中
分布，各 1圆环间彼此绝缘．坐标原点 O 处电场强度最大的是 (
)
4
1 [解析 ] 设 4圆环的电荷在原点 O 产生的电场强度为 E0，根据电场强度叠加原理和圆环 场强的对称性，在坐标原点 O 处， A 图场强为 E0，B 图场强为 2E0，C 图场强为 E 0，D 图
2012届步步高高考物理大二轮专题复习与增分策略课件：专题八 第1课时
(2)实验中，要求先后两次力的作用效果相同，指的是 实验中，要求先后两次力的作用效果相同，指的是______． 实验中 ． A．第一次两个弹簧测力计的示数F1和F2之和等于第二次弹簧 ．第一次两个弹簧测力计的示数 测力计的示数 B．橡皮条沿同一方向伸长 ． C．橡皮条伸长到同一长度 ． D．橡皮条沿同一方向伸长到同一长度 ．
图6
答案
(1)图象如图所示 图象如图所示
(2)根据实验数据在坐标纸上描出的点基本上在同一条直线 根据实验数据在坐标纸上描出的点基本上在同一条直线 间是一次函数关系． 上．可以判定F和L间是一次函数关系．画一条直线，使尽 可以判定 和 间是一次函数关系 画一条直线， 可能多的点落在这条直线上， 可能多的点落在这条直线上，不在直线的点均匀地分布在直 线两侧．该图线跟横轴交点的横坐标表示弹簧的原长． 线两侧．该图线跟横轴交点的横坐标表示弹簧的原长． ∆F 之间都可以) (3)由k＝ 可得 ＝25 N/m(k在25～26之间都可以 由 ＝ 可得k＝ 在 ～ 之间都可以 ∆x
专题八 中学物理实验
第1课时
一、验证性实验 1．验证力的平行四边形定则 ． 在做“验证力的平行四边形定则”的实验时， 例1 在做“验证力的平行四边形定则”的实验时，先将橡皮 条的一端固定在水平木板上， 条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根 细绳；先后两次拉伸橡皮条， 细绳；先后两次拉伸橡皮条，第一次用两个弹簧测力计通 过两细绳互成角度地拉橡皮条， 过两细绳互成角度地拉橡皮条，第二次用一个弹簧测力计 通过细绳拉橡皮条． 通过细绳拉橡皮条． (1)实验操作中，下列说法正确的是________． 实验操作中，下列说法正确的是 ． 实验操作中
图2
自由下落，开始端至光电门的高度差为 ， 自由下落，开始端至光电门的高度差为h，则此过程中小 铁块重力势能的减少量为_______；测出小铁块通过光电 ； 铁块重力势能的减少量为 门时的速度v，则此过程中小铁块动能增加量为 门时的速度 ，则此过程中小铁块动能增加量为_______； ； 比较这两个量之间的关系可得出此过程中机械能是否守 已知当地重力加速度大小为g) 恒．(已知当地重力加速度大小为 已知当地重力加速度大小为
新教材2025届高考物理二轮专项分层特训卷第二部分专项增分练5易错易混练
专项增分练5 易错易混练【1.忽视矢量的方向性】1．(多选)一物体自空中的A 点以肯定的初速度竖直向上抛出，3s 后物体的速率变为10m/s.不计空气阻力，重力加速度g 取10m/s 2.关于物体此时的位置和速度方向的说法可能正确的是( )A ．在A 点正上方15m 处，速度方向竖直向上B ．在A 点正上方15m 处，速度方向竖直向下C ．在A 点正上方75m 处，速度方向竖直向上D ．在A 点正上方75m 处，速度方向竖直向下2．(多选)如图所示，某同学对着墙壁练习打乒乓球，某一次球与球拍碰撞后，经过一段时间后球恰好垂直打在墙壁上的A 点，已知球与球拍的作用点为B ，A 、B 两点高度差为0.8m ，B 点和墙面之间的距离为1.2m ，不计空气阻力，重力加速度g ＝10m/s 2.则下列说法中正确的是( )A ．球到达A 点时的速度大小为5m/sB ．球在B 点离开球拍时的速度大小为5m/sC ．球从B 点运动到A 点的过程中速度变更量大小为4m/sD ．球从B 点运动到A 点的过程中速度变更量大小为2m/s3．如图所示，在纸面内的直角三角形ACD 中，∠ADC ＝60°，C 、D 两点间的距离为L .A 、C 两点处分别有一根与纸面垂直的长直导线，A 点处导线中通过的电流为4I 0(向里)，C 点处导线中通过的电流为I 0(向外).已知通有电流I 的长直导线外某点处磁场的磁感应强度大小B ＝k I r，其中r 为该点到导线的距离，k 为常量，则D 点处磁场的磁感应强度( )A ．大小为3k I 0L ，方向由C 点指向D 点B ．大小为3k I 0L ，方向由D 点指向C 点 C ．大小为5k I 0L ，方向由D 点指向C 点 D ．大小为5k I 0L，方向沿∠D 的平分线4．如图甲所示，质量为1kg 的金属棒ab 静止在粗糙的平行导轨上且与导轨垂直，两平行导轨固定在同一水平面内．ab 棒、导轨和定值电阻R 组成面积为1m 2的闭合回路，回路总电阻为3Ω.回路内有与水平面成37°角斜向上且匀称变更的匀强磁场，从t ＝0时刻起先，磁感应强度B 随时间t 变更的图像如图乙所示．已知两平行导轨的间距为1m ，ab 棒与导轨间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．取重力加速度g ＝10m/s 2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.在t ＝1s 时，ab 棒恰好相对导轨起先运动，则此时( )A ．ab 棒中的电流方向为a 流向bB ．ab 棒受到的安培力大小为253NC.ab 棒与导轨间的压力大小为103ND ．ab 棒与导轨之间的动摩擦因数为0.55．用货车运输规格相同的两块水泥板，底层水泥板固定在车厢内，为防止货车在刹车时上层水泥板撞上驾驶室，上层水泥板按如图所示方式放置在底层水泥板上．货车以3m/s 2的加速度启动，然后以12m/s 的速度匀速行驶，遇紧急状况后以8m/s 2的加速度刹车至停止．已知每块水泥板的质量为250kg ，水泥板间的动摩擦因数为0.75，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g ＝10m/s 2，则( )A ．启动时上层水泥板所受摩擦力大小为1875NB ．刹车时上层水泥板所受摩擦力大小为2000NC ．货车在刹车过程中行驶的距离为9mD ．货车停止时上层水泥板相对底层水泥板滑动的距离为22.6m【2.不会读图】6．(多选)a 、b 两质点在同始终线上运动的位移—时间图像如图所示，b 质点的加速度大小始终为0.2m/s 2，两图线相切于坐标为(5s ，－2.7m)的点，则( )A ．前5s 内，a 、b 两质点的运动方向相同B ．t ＝5s 时，a 、b 两质点的速度均为－0.54m/sC ．b 质点的初速度是－1.8m/sD ．图中x 0应为2.87．某空间存在一电场，电场中的电势φ在x 轴上的分布如图所示，下列说法正确的是( )A ．在x 轴上，从x 1到x 2电场强度方向向左B ．在x 轴上，从x 1到x 2电场强度先增大后减小C ．把一负电荷沿x 轴正向从x 1移到x 2，电场力先减小后增大D ．把一负电荷从x 1移到x 2，电场力做负功8．某种金属导体的U I 图像如图所示，图像上A 点和原点的连线与横轴成α角，A 点的切线与横轴成β角．关于该导体的叙述，下列说法中正确的是( )A ．导体的电功率随电压U 的增大而增大B ．导体的电功率与电压U 的平方成正比C ．在A 点，导体的电阻为tan βD ．在A 点，导体的电阻为tan α9．(多选)A 、B 两物体沿同始终线同向运动，0时刻起先计时，A 、B 两物体的x tt 图像如图所示，已知在t ＝10s 时A 、B 在同一位置，依据图像信息，下列说法正确的是( )A ．B 做匀加速直线运动，加速度大小为1m/s 2B ．t ＝6s 时，A 在前、B 在后，B 正在追逐AC ．A 、B 在零时刻相距30mD ．在0～10s 内A 、B 之间的最大距离为49m【3.探讨对象选取不当】10．(多选)用外力F 通过如图所示的装置把一个质量为m 的小球沿倾角为30°的光滑斜面匀速向上拉动．已知在小球匀速运动的过程中，拴在小球上的绳子与水平杆之间的夹角从45°变为90°，斜面体与水平地面之间是粗糙的，并且斜面体始终静止在水平地面上．不计滑轮与绳子之间的摩擦．则在小球匀速运动的过程中，下列说法正确的是( )A．地面对斜面体的静摩擦力始终为零B．外力F始终在增大C．某时刻绳子对水平杆上的滑轮的合力等于绳子的拉力D．绳子移动的速度大小大于小球沿斜面运动的速度大小11．如图所示，在光滑水平轨道的右端有一弹性挡板，一质量为M＝0.5kg的木板正中间放有一质量为m＝2kg的小铁块(可视为质点)静止在轨道上，木板右端距离挡板x0＝0.5m，小铁块与木板间动摩擦因数μ＝0.2.现对小铁块施加一水平向右的外力F，木板第一次与挡板碰前瞬间撤去外力．若木板与挡板碰撞时间极短，反弹后速度大小不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g＝10m/s2.(1)要使小铁块与木板发生相对滑动，求水平向右的外力F的最小值；(2)若水平向右的外力F＝10N，求木板第一次与挡板碰撞前经验的时间；(3)若水平向右的外力F＝10N，木板第一次与挡板碰前瞬间撤去外力，铁块和木板最终停下来时，铁块刚好没有滑出木板，求木板的长度．【4.盲目套公式】12．汽车以10m/s的速度匀速行驶，5min后突然刹车．若刹车过程中汽车做匀变速直线运动，加速度大小为5m/s2，则从起先刹车时计时，经过3s汽车驶过的位移为( ) A．52.5mB．7.5mC．30mD．10m13．(多选)“腊月二十四，掸尘扫房子”，据《吕氏春秋》记载，中国在尧舜时代就有春节扫尘的风俗，寓意在新年里顺当平安．春节前夕，小红需移开沙发，清扫污垢，质量m ＝10kg的沙发放置在水平地面上，小红用力F推沙发，当F斜向下与水平成θ＝30°时，如图，若F＝100N，沙发恰好起先做匀速运动，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g ＝10m/s 2，下列说法正确的是( )A ．沙发与地面间的动摩擦因数μ＝33B ．沙发起先运动后，保持F 大小不变，增大θ角，沙发将做加速运动C ．若F 方向能随意变更，想用最小的力推动沙发，应使F 沿水平方向D ．若F 方向能随意变更，能让沙发匀速运动，力F 的最小值为50N14．如图所示为置于竖直平面内的光滑杆AB ，它是依照初速度为v 0、水平射程为x 的平抛运动轨迹制成的，A 端为抛出点，B 端为落地点．现将一质量为m 的小球套于其上，小球由静止起先从A 端滑下，重力加速度为g ，则当小球到达B 端时，下列说法正确的是( )A ．小球在水平方向的速度大于v 0B ．小球运动的时间为x v 0C ．小球的速率为gx v 0D ．小球所受重力的功率为mg 2xv 015．(多选)20年来福建电网实现电网结构、电压等级、电力技术“三大跨越”．如图所示是远距离输电示意图，现将输送电压U 2由220kV 升级为1000kV 高压，输送的总电功率变为原来的2倍，保持发电机输出电压U 1及用户得到的电压U 4均不变，输电线的电阻不变，则( )A ．n 2∶n 1变为原来的5011倍B ．输电线上电流I 2变为原来的1125C ．输电线损失的功率变为原来的(1125)2D ．降压变压器原、副线圈匝数比值变小16．如图所示，电源电动势为E ，内阻恒为r ，R 是定值电阻，热敏电阻R T 的阻值随温度的降低而增大，C 是平行板电容器，电路中的电表均为志向电表．闭合开关S ，带电液滴刚好静止在平行板电容器C 内．在温度降低的过程中，分别用I 、U 1、U 2和U 3表示电流表A 、电压表V 1、电压表V 2和电压表V 3的示数，用ΔI 、ΔU 1、ΔU 2和ΔU 3表示电流表A 、电压表V 1、电压表V 2和电压表V 3的示数变更量的肯定值．温度降低时，关于该电路工作状态的变更，下列说法正确的是( )A ．U 1I 、U 2I 、U 3I肯定都不变B ．ΔU 1ΔI 和ΔU 3ΔI 肯定不变，ΔU 2ΔI肯定变更C ．带电液滴肯定向下加速运动D ．电源的工作效率肯定变大17．(多选)如图所示，在竖直平面内有一可视为质点的光滑小球在圆筒最低点，内壁光滑、半径为R 的圆筒固定在小车上．小车与小球一起以速度v 0向右匀速运动，当小车遇到墙壁时突然停止运动，后始终保持静止，要使小球不脱离圆筒运动，初速度v 0应满意(半径R＝0.4m ，小球的半径比R 小许多，不计空气阻力，g ＝10m/s 2)( )A ．v 0≥25m/sB ．v 0≥4m/sC ．v 0≤32m/sD ．v 0≤22m/s 18．(多选)青岛市即墨区鳌山湾一带受崂山余脉和海岛影响，形成了长达60多公里的狭长“疾风带”，为风力发电创建了有利条件，目前该地风电总装机容量已达18万千瓦．如图，风力推动三个叶片转动，叶片带动转子(磁极)转动，在定子(线圈)中产生电流，实现风能向电能的转化．已知叶片长为r ，风速为v ，空气密度为ρ，流到叶片旋转形成的圆面的空气中约有14速度减速为0，34原速率穿过，不考虑其他能量损耗．下列说法正确的是( )A ．一台风力发电机的发电功率约为14ρπr 2v 3B ．一台风力发电机的发电功率约为18ρπr 2v 3C ．空气对风力发电机一个叶片的平均作用力约为16ρπr 2v 2D ．空气对风力发电机一个叶片的平均作用力约为112ρπr 2v 219．某平面区域内一静电场的等势线分布如图中虚线所示，一正电荷仅在电场力作用下由a运动至b，设a、b两点的电场强度分别为E a、E b，电势分别为φa、φb，该电荷在a、b 两点的速度分别为v a、v b，电势能分别为E p a、E p b，则( )A．E a>E b B．φa>φbC．v a>v b D．E p a>E p b【5.混淆相像问题】20．在如图所示的装置中，两物体A、B的质量分别为m1、m2，悬点a、b间的距离远大于滑轮的直径，不计一切摩擦，整个装置处于静止状态．由图可知( )A．α可能大于βB．m1肯定大于m2C．m1肯定小于2m2D．m1可能大于2m221．(多选)如图(a)所示，将一右端固定有光滑定滑轮的轻杆固定在竖直挡板上，轻绳ABC跨过光滑的定滑轮悬吊质量为m1＝1kg的物块；如图(b)所示，将一轻杆用转轴固定在竖直挡板上，两段轻绳DE、EF系在杆的右端并悬吊质量为m2＝1.5kg的物块．已知两杆均水平，且绳子的倾斜部分与水平方向的夹角均为30°，重力加速度g＝10m/s2.下列说法正确的是( )A．图(a)中AB绳的拉力大小为10NB．图(b)中DE绳的拉力大小为15NC．图(a)中轻杆对滑轮的支持力大小为10ND．图(b)中轻杆对结点的支持力大小为15N22．(多选)如图所示，金属棒ab、光滑水平金属导轨和螺线管组成闭合回路．设导轨足够长，棒有肯定阻值，导轨、导线电阻不计．给金属棒ab一个初速度v使其在匀强磁场B 中沿导轨向右运动，则下列说法正确的是( )A．棒b端电势比a端低B．螺线管产生的磁场，A端为N极C．棒最终将做匀速运动D．棒最终将停止运动23．(多选)有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未放射，在赤道表面随地球一起转动，b 是近地轨道卫星，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，方向均与地球自转方向一样，各卫星的排列位置如图所示，则( )A．卫星a的向心加速度近似等于重力加速度gB．在相同时间内卫星b转过的弧长最长C．卫星c的速度肯定比卫星d的速度大D．卫星d的角速度比卫星c的角速度大24．如图所示为一玩具起重机的电路示意图．电源电动势为6V，电源内电阻r＝0.5Ω，电阻R＝2.5Ω.当电动机以0.5m/s的速度匀速向上提升一质量为320g的物体时(不计一切摩擦，g＝10m/s2)，标有“3V0.6W”的灯泡刚好正常发光．则电动机的内阻为( )A．1.25ΩB．3.75ΩC．5.625ΩD．1Ω25．(多选)如图所示，N＝50匝的矩形线圈abcd处于磁感应强度B＝0.4T的匀强磁场中，ab边长l1＝20cm，ad边长l2＝25cm，线圈在外力的作用下绕垂直于磁感线且通过线圈中线的OO′轴以n＝3000r/min的转速匀速转动，线圈电阻r＝1Ω，外电路电阻R＝9Ω，t＝0时，线圈平面与磁感线平行，ab边正转出纸外，cd边转入纸里．下列说法正确的是( )A．t＝0时线圈中感应电流的方向为a→b→c→d→aB．感应电动势的瞬时值表达式为e＝314cos (100πt)VC．线圈转一圈外力做的功为96.8JD．线圈从图示位置转过90°的过程中流过电阻R的电荷量为0.1C26．(多选)如图所示，在一水平向右匀速运动的传送带的左端A点，每隔相同的时间T，轻放上一个相同的工件．已知工件与传送带间的动摩擦因数为μ，工件质量为m.经测量，发觉后面那些和传送带共速的工件之间的距离均为L，已知重力加速度为g，下列说法正确的是( )A ．传送带的速度大小为LTB ．工件在传送带上加速的时间为2μgLTC ．每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量为μmgL2D ．传送带传送一个工件消耗的能量为mL 2T227．如图所示，在圆心为O 的圆形区域内存在磁感应强度大小为B 、方向垂直于纸面对里的匀强磁场．边界上的一粒子源A ，向磁场区域放射出质量为m 、电荷量为q (q >0)的粒子，其速度大小均为v ，方向垂直于磁场且分布在AO 右侧α角的范围内(α为锐角).已知磁场区域的半径为mvBq，其左侧有与AO 平行的足够大的接收屏，不计带电粒子所受重力和相互作用力，求：(1)沿AO 方向入射的粒子离开磁场时的速度方向与入射方向的夹角； (2)接收屏上能接收到带电粒子区域的宽度．28．如图所示，用匀称导线做成边长为l 的单匝正方形线框MNPQ ，线框的总电阻为R .将线框置于光滑绝缘的水平面上．在线框的右侧存在竖直方向的有界匀强磁场，磁场边界间的距离为2l ，磁感应强度为B .在垂直MN 边的水平拉力作用下，线框以垂直磁场边界的速度v 匀速穿过磁场．在运动过程中线框平面水平，且MN 边与磁场的边界平行．求：(1)线框MN 边刚进入磁场时，线框中感应电流的大小； (2)线框MN 边刚进入磁场时，M 、N 两点间的电压U MN ；(3)在线框从MN 边刚进入磁场到PQ 边刚穿出磁场的过程中，水平拉力对线框所做的功W .[答题区] 题号 12345678910121314 答案题号 151617181920212223242526答案专项增分练5 易错易混练1．解析：此题中给出的条件是3s 后物体的速率变为10m /s ，因此在计算时要考虑此时的速度方向有可能竖直向上，也有可能竖直向下．当速度方向竖直向上时，物体的初速度大小为v 0＝v ＋gt ＝40m /s ，物体的位移大小为h 1＝v 0＋v2t ＝75m ，物体在A 点的正上方，A 错误，C 正确．当物体的速度方向竖直向下时，物体的初速度大小为v′0＝－v ＋gt ＝20m /s ，物体的位移大小为h′1＝v′0－v2t ＝15m ，物体仍旧在A 点的正上方，B 正确，D 错误．答案：BC2．解析：球从A 到B 可看成平抛运动，依据球在竖直方向上的运动规律，由h ＝12gt 2，解得t ＝2h g ＝0.4s ，球到达A 点时的速度大小为v A ＝xt＝3m /s ，A 错误；竖直分速度v y ＝gt ＝4m /s ，球在B 点离开球拍时的速度大小为v B ＝v 2A ＋v 2y ＝5m /s ，B 正确；球从B 点运动到A 点的过程中速度变更量大小为Δv ＝gt ＝4m /s ，C 正确，D 错误．答案：BC 3.解析：A 点处导线中通过的电流在D 点处产生的磁场的磁感应强度大小B 1＝k 4I 02L ＝2k I 0L ，C 点处导线中通过的电流在D 点处产生的磁场的磁感应强度大小B 2＝k I 0L ；依据右手螺旋定则可以推断，B 1、B 2的方向如图所示．α＝30°，由于B 1′＝B 1sin α＝k I 0L ＝B 2，所以D 点处磁场的磁感应强度大小B ＝B″1＝B 1cos α＝3k I 0L，方向由D 点指向C 点，B 正确．答案：B4．解析：由楞次定律知ab 棒中的电流方向为b 流向a ，A 错误；由图乙可知，磁感应强度的变更率为ΔB Δt ＝5T /s ，由法拉第电磁感应定律得E ＝ΔB ΔtS sin 37°＝3V ，则回路中的电流I ＝ER ＝1A ，t ＝1s 时磁感应强度为5T ，则所受安培力大小为F ＝BIL ＝5N ，B 错误；由左手定则知，安培力方向垂直磁场方向向左上，则ab 棒与导轨间的压力大小为N ＝mg －F cos 37°＝6N ，C 错误；由平衡条件得，ab 棒与导轨间的摩擦力f ＝F sin 37°＝3N ，又f ＝μN，解得μ＝0.5，D 正确．答案：D5．解析：摩擦力供应应上层水泥板最大的加速度为a m ＝μg＝7.5m /s 2.启动时货车加速度小于a m ，上层水泥板所受摩擦力为静摩擦力，大小为F f ＝ma ＝250×3N ＝750N ，A 错误；刹车时货车加速度大于a m ，上层水泥板所受摩擦力为滑动摩擦力，其大小为F′f ＝μmg＝1875N ，B 错误；货车在刹车过程中行驶的距离为x ＝v 20 2a′＝9m ，C 正确；货车由起先刹车到停止的时间为t ＝v 0a′＝1.5s ，上层水泥板减速到零所需的时间为t′＝v 0μg ＝1.6s ，因为t′>t，则货车刚停止时，上层水泥板还在滑动，滑动的位移为x′＝v 0t －12μgt 2＝9.5625m ，相对底层水泥板滑动的距离为Δs ＝x′－x ＝0.5625m ，D 错误．答案：C6．解析：位移—时间图像在某点切线的斜率表示在该点处的速度，由题意可知，a 质点在t ＝5s 前沿负方向做匀速直线运动，b 质点在t ＝5s 前沿负方向做匀减速直线运动，两质点的运动方向相同，A 正确；两图线相切于坐标为(5s ，－2.7m )的点，故在t ＝5s 时两质点的速度相同，且v ＝k ＝－2.7－05－0.5m /s ＝－0.6m /s ，B 错误；由题意可知，做匀减速直线运动的b 质点加速度为0.2m /s 2，依据运动学公式有v ＝v 0＋at ，解得v 0＝－1.6m /s ，C 错误；对于b 质点，前5s 内有x ＝v －t 2＝－1.6－0.62×5m ＝－5.5m ，故x 0＝－2.7－(－5.5)＝2.8，D 正确．答案：AD7．解析：在x 轴上，从x 1到x 2电势先降低后上升，可知电场强度方向先向右后向左，A 错误；因φx 图像的斜率的肯定值表示电场强度的大小，可知从x 1到x 2电场强度先减小后增大，B 错误；由F ＝qE 知把一负电荷沿x 轴正向从x 1移到x 2，电场力先减小后增大，C 正确；由E p ＝qφ知负电荷在x 1处的电势能E p 1大于在x 2处的电势能E p 2，把一负电荷从x 1移到x 2，电势能减小，电场力做正功，D 错误．答案：C8．解析：由图像知，U 增大，电流I 也增大，该导体的电功率在数值上等于横、纵坐标确定的矩形面积，则电功率增大，A 正确；由欧姆定律知，导体的电阻R ＝UI ，随着U 增大，I增大得越来越慢，故导体的电阻R 随U 的增大而增大，由P ＝U2R 知导体的电功率与电压U 的平方不成正比，B 错误；在物理图像上，图线的倾角确定于标度的选取，不能用倾角的正切求斜率，C 、D 错误．答案：A9．解析：由匀变速直线运动的位移与时间的关系式x ＝v 0t ＋12at 2可得x t ＝v 0＋12at ，对比B 物体的图线可知B 做匀加速直线运动，结合几何学问可知初速度v 0＝4m /s ，加速度a ＝2m /s 2，A 错误；由A 物体的图线可知，A 做匀速直线运动，速度为v ＝10m /s ，在t ＝10s 时A 、B 的位移分别为x A ＝vt ＝100m ，x B ＝v 0t ＋12at 2＝140m ，此时到达同一位置，故在0时刻，A 在B前方40m 处，C 错误；t ＝6s 时，由题图线可得，A 、B 位移均为60m ，故此时A 在前、B 在后，B 正在追逐A ，B 正确；0～10s 内，当A 、B 速度相等时，相距最远，有v 0＋at′＝v ，代入数据可得t′＝3s ，此时A 、B 的位移分别为x A ′＝vt′＝30m ，x B ′＝v 0t′＋12at′2＝21m ，故A 、B 之间的最大距离为Δx ＝40m ＋x A ′－x B ′＝49m ，D 正确．答案：BD10．解析：设连接小球的绳子与水平方向的夹角为θ，对小球，沿斜面方向，由平衡条件有T cos (θ－30°)＝mg sin 30°，解得T ＝mg2cos （θ－30°），则当θ角从45°变为90°的过程中，绳子的拉力T 变大，因F ＝T ，则外力F 始终在增大，B 正确；将小球和斜面体视为整体，则地面对斜面体的静摩擦力等于绳子拉力的水平重量，即f ＝T cos θ，又因为T ＝mg 2cos （θ－30°），所以f ＝12mg cos θcos （θ－30°），故只有当θ＝90°时地面对斜面体的静摩擦力才等于零，A 错误；当θ＝90°时，滑轮两边绳子的夹角为120°，由受力分析可知，此时绳子对水平杆上的滑轮的合力等于绳子的拉力，C 正确；将小球沿斜面运动的速度v 分解可知，绳子的速度v 1＝v cos (θ－30°)，则绳子移动的速度大小小于小球沿斜面运动的速度大小，D 错误．答案：BC11．解析：(1)设木板在铁块的最大静摩擦力即滑动摩擦力作用下产生的加速度为a m ，则a m ＝μmg M＝8m /s 2对铁块和木板组成的整体得：F m ＝(m ＋M)a m 解得F m ＝20N .(2)因F ＜F m ，所以木板在静摩擦力作用下与铁块一起以加速度a 运动． 设木板和铁块的共同加速度为a ，则a ＝F M ＋m＝4m /s 2设木板向右运动第一次与挡板碰撞前经验的时间为t ，则x 0＝12at 2，解得t ＝0.5s .(3)设木板与挡板碰前，木板与铁块的共同速度为v 1，则v 1＝at ，解得v 1＝2m /s木板第一次与挡板碰撞前瞬间撤去外力，铁块以速度v 1向右做减速运动，加速度大小为a 1，木板与挡板碰撞后以速度v 1向左做减速运动，木板与铁块相对滑动，则木板加速度大小为a m ，设木板速度减为零经过的时间为t 1，向左运动的最远距离为x 1，则μmg＝ma 1；v 1＝a m t 1；x 1＝v 212a m解得a 1＝2m /s 2，t 1＝0.25s ，x 1＝0.25m当木板速度向左减为零时，设铁块速度为v′1，则v′1＝v 1－a 1t 1设再经过时间t 2铁块与木板达到共同速度v 2，木板向右位移为x′1，则 v 2＝v′1－a 1t 2，v 2＝a m t 2，x′1＝12a m t 22解得v′1＝1.5m /s ，t 2＝0.15s ，v 2＝1.2m /s ，x′1＝0.09m因为x′1＜x 1，所以木板与铁块达到共速后，将以速度v 2运动，再次与挡板碰撞．以后多次重复这些过程最终木板停在挡板处．设木板长为L ，以木板和铁块系统为探讨对象，依据能量守恒μmg L 2＝12(m ＋M)v 21解得L ＝2.5m .答案：(1)20N (2)0.5s (3)2.5m 12．解析：汽车速度减为零所需的时间t ＝Δva＝2s <3s ，故从起先刹车时计时，经过3s汽车行驶的位移等于经过2s 汽车行驶的位移，可得汽车驶过的位移为x ＝v －t ＝10＋02×2m ＝10m ，A 、B 、C 错误，D 正确．答案：D 13.解析：分析沙发受力，沙发匀速运动，依据平衡条件有：F cos θ＝μ(F sin θ＋mg)，代入数据解得μ＝33，A 正确；沙发起先运动后，保持F 大小不变，增大θ角，则F 的水平分力减小，竖直分力增大，滑动摩擦力变大，故沙发做减速运动，B 错误；设支持力、滑动摩擦力的合力方向与竖直方向的夹角为α，如图1所示，则tan α＝fN ＝μ，α＝30°，画出沙发匀速运动时受力的矢量三角形，如图2所示，可知力F 与F 合垂直且向上时，即F 与水平面成30°角斜向上时F 最小，最小值为F min ＝mg sin 30°＝50N ，C 错误，D 正确．答案：AD14．解析：小球若沿题图所示轨迹做平抛运动，其运动到B 端所用的时间t ＝xv 0，则A端距离地面的高度h ＝12gt 2＝gx22v 20 ，小球沿杆由静止起先从A 运动到B ，虽然轨迹为平抛运动轨迹，但小球的运动不是平抛运动，因此运动的时间t′≠xv 0，B 错误；设小球运动到B 端时的速率为v B ，依据动能定理得mgh ＝12mv 2B ，解得v B ＝2gh ＝gxv 0，小球运动到B 端时，在竖直方向的速度大小v y ≠v B ，因此重力的功率不等于mg 2xv 0，C 正确，D 错误；小球运动到B 端时的速度方向与水平方向夹角的正切值tan θ＝gt v 0＝gxv 20 ，可知小球运动到B 端时其水平方向的速度大小v x ＝v B cos θ＝gxv 0v 40 ＋g 2x2<v 0，A 错误．答案：C15．解析：由志向变压器基本关系知n 2n 1＝U 2U 1，U 1不变，U 2变为原来的1000kV 220kV ＝5011倍，所以n 2n 1变为原来的5011倍，A 正确；因P 送变为原来的2倍，U 2变为原来的5011倍，依据P 送＝U 2I 2可知，输电线上电流I 2变为原来的1125，B 正确；P 损＝I 22 R 线，R 线不变，所以P 损变为原来的(1125)2，C 正确；U 3＝U 2－I 2R 线，而U 2变大，I 2变小，可知U 3变大，而U 4不变，则n 3n 4＝U 3U 4变大，D 错误．答案：ABC16．解析：第一个易错点是对电路串并联关系的分析：先把电路中的电容器和电压表去掉，分析可知电阻R 和R T 串联，电压表V 1测量R 两端的电压，电压表V 2测量R T 两端的电压，电压表V 3测量电源的路端电压，电容器两端的电压等于R T 两端的电压．其次个易错点是U I 与ΔUΔI 的含义区分：U 1I ＝R ，U 2I ＝R T ，U 3I ＝R ＋R T ，当温度降低时，R T 增大，则U 1I 不变，U 2I 增大，U 3I增大，A 错误；ΔU 1ΔI ＝R 不变，ΔU 3ΔI ＝r 不变，ΔU 2ΔI＝R ＋r 不变，B 错误；R T 增大时，其两端电压增大，平行板电容器两端的电压也增大，带电液滴向上加速运动，C 错误；R T 增大，则外电阻增大，电源的效率增大，D 正确．答案：D17．解析：当v 0较大时，小球能够通过最高点，这时小球在最高点处须要满意的条件是mg≤mv 2R ，又依据机械能守恒定律有12mv 2＋2mgR ＝12mv 20 ，可求得v 0≥25m /s ；当v 0较小时，小球不能通过最高点，这时小球最高可上升到与圆心等高位置处，在最高点速度减为零，依据机械能守恒定律有mgR≥12mv 20 ，可求得v 0≤22m /s ，B 、C 错误，A 、D 正确．答案：AD 18.解析：建立一个“风柱”模型，如图所示，风柱的横截面积为叶片旋转形成圆面的面积，S ＝πr 2，经过时间t 风柱长度x ＝vt ，所形成的风柱体积V ＝πr 2vt ，空气遇到叶片旋转形成的圆面后14减速为零，34原速率穿过，所以与叶片发生相互作用的风柱质量m ＝14ρV＝14ρπr 2vt ，依据动能定理可知，风力在这一段时间做的功W ＝E k ＝12mv 2＝18ρπr 2vt·v 2＝18ρπr 2v 3t ，一台风力发电机的发电功率P 风＝W t ＝18ρπr 2v 3，故A 错误，B 正确；取与叶片发生相互作用的那部分空气为探讨对象，规定空气流淌的方向为正方向，依据动量定理得－Ft ＝0－mv ，解得F ＝14πρr 2v 2，依据牛顿第三定律，可知空气对一台风力发电机的平均作用力F′＝F ＝14ρπr 2v 2，一台风力发电机有三个叶片，所以空气对风力发电机一个叶片的平均作用力约为112ρπr 2v 2，故C 错误，D 正确．答案：BD 19.解析：等势面的疏密反映电场强度的大小，所以E a <E b ，A 错误；探讨轨迹与等势面的交点A ，如图所示，电场线与等势面垂直，再利用物体做曲线运动时所受合力指向运动轨迹凹侧，所以在A 点所受电场力水平向左，又因为电荷带正电，所以A 点的电场线水平向左，从而推断出电场线指向左侧，所以φb >φa ，B 错误；正电荷在电势高的地方电势能大，所以在b 点的电势能大于在a 点的电势能，即E p a <E p b ，电荷运动过程中动能和电势能两种能量相互转化，依据能量守恒定律可知，电荷在电势能大的地方，动能小，所以v a >v b ，C 正确，D 错误．答案：C20．解析：绳子通过定滑轮和动滑轮相连，绳子各处的拉力相等，因整个装置处于静止状态，故绳子的拉力等于B 的重力m 2g ，对动滑轮进行受力分析，在水平方向上有T sin α＝T sin β，所以α＝β，在竖直方向上有T cos α＋T cos β＝m 1g ，而T ＝m 2g ，则有2m 2g cos α＝m 1g ，所以m 1肯定小于2m 2，C 正确，A 、B 、D 错误．答案：C21．解析：对(a )、(b )两图中的B 、E 点分别进行受力分析，如图甲、乙所示，图甲中轻绳ABC 跨过定滑轮拉住质量为m 1的物块，物块处于平衡状态，轻绳AB 的拉力大小为F AB ＝F BC ＝m 1g ＝10N ，A 正确；由于图甲中的杆为固定的杆，因此杆对滑轮的作用力不肯定沿杆的方向，因为AB 绳与BC 绳的夹角为120°，故分析可得轻杆对滑轮的支持力大小为F 甲＝F AB ＝F BC ＝10N ，C 正确；图乙中由于杆可自由转动，因此杆对结点的作用力方向肯定沿杆的方向，则由平衡条件可知F DE sin 30°＝F EF ，F DE cos 30°＝F 乙，又F EF ＝m 2g ，代入数据解得轻绳DE 的拉力为F DE ＝30N ，轻杆对结点的支持力大小为F 乙＝153N ，B 、D 错误．答案：AC22．解析：ab 棒向右切割磁感线，依据右手定则可知，在金属棒内部产生的感应电流由b 到a ，ab 棒相当于电源，在电源内部电流由负极流向正极，所以a 端相当于电源正极，b 端电势比a 端低，A 正确；依据安培定则可知，螺线管产生的磁场，C 端为N 极，B 错误；依据左手定则可知，金属棒ab 受到向左的安培力，向右做减速运动，棒最终将停止运动，C 错误，D 正确．答案：AD23．解析：卫星a 在赤道上，万有引力远大于向心力，即重力远大于向心力，所以卫星a 的向心加速度a n 远小于重力加速度g ，A 错误；a 、c 两颗卫星的角速度相等，由v ＝ωr 知，卫星c 的速度比卫星a 的速度大，对于b 、c 、d 三颗卫星，由G Mm r 2＝mv2r得v ＝GMr，卫星的。
探讨思维导图在高考化学复习中的应用
通俗地说，思维导图是一个非常有效、简单、美丽 的思维工具。 它通过全脑的概念，按照大脑自身的规 律进行思考，全面调动左脑的逻辑、顺序、条例、文字、 数字以及右脑的图像、想象、颜色、空间、整体思维，从 而让大脑潜能得到最充分的开发，极大地发掘人的记 忆、创造、身体、语言、精神、社交等各方面的潜能。
文献标识码：Ｂ
doi：10.3９６９ ／ ｊ．ｉｓｓｎ．１００８－０５４６．２０１４．０３．０２９
一、 研究原因 １． 来自学生的困惑 困惑一： 中学化学涉及内容很多而且知识点多， 学生记忆费力而且不能长时间记忆知识。 困惑二：中学化学知识点非常零散繁杂，不太容 易理清化学知识间的线索及之间的内在联系， 所以， 就算记住了化学知识也不太容易应用到实际问题的 解决中。 困惑三：高三复习教学内容多，听课与记笔记不 能很好地兼顾。 困惑四：复习存在困难，很难快速复习，也很难抓 住重点进行复习。 困惑五： 解决较复杂问题时很难理清解题思路， 因此在问题解决上存在较大的困难。 ２． 来自教师的期待 教学的首要任务不是教会学生掌握更多的知识， 而是提高学生的思维能力，让学生能够不断获取知识 和创新的终身学习能力。 所以，怎样帮助学生提高学 习效率，怎样提高学生的学习能力，甚至是学生的终 身学习能力，是我们教师最为期待解决的问题。 二、有关思维导图 １． 什么是思维导图 思维导图英文为 Ｍｉｎｄ Ｍａｐｓ，Ｍｉｎｄ Ｍａｐｐｉｎｇ，是由 世界著名脑力开发专家东尼·博赞 （Ｔｏｎｙ Ｂｕａｎ） 于 ２０ 世纪 ６０ 年代发明的。 东尼·博赞在研究大脑的力量和 潜能过程中， 发现伟大的艺术家达·芬奇在他的笔记 中使用了许多图画、代号和连线。 他清楚的意识到，这 就是达芬奇拥有超级头脑的秘密所在。 在这个基础 上，博赞发明了思维导图这一风靡世界的思维工具。
2024届宁夏吴忠市高三下学期高考模拟联考试卷(二)理科综合试题-高中高效提分物理(基础必刷)
2024届宁夏吴忠市高三下学期高考模拟联考试卷（二）理科综合试题-高中高效提分物理（基础必刷）学校：_______ 班级：__________姓名：_______ 考号：__________（满分：100分时间：75分钟）总分栏题号一二三四五六七总分得分评卷人得分一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题如图所示，将一金属小球用长为l的绝缘细绳悬挂在O点，直线PQ下方存在匀强磁场（图中未画出，O点到PQ的距离小于l）。
将小球拉离磁场一定高度处由静止释放，不考虑空气阻力，则（ ）A．小球在左、右两侧摆起的最大高度相同B．小球最终将在磁场中摆动C．小球运动到最低点时，细绳的张力始终不变D．小球进出磁场的过程中，安培力可能做正功第(2)题为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具——乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平。
如图所示，一位乘客盘腿坐在座椅上，则在加速上坡过程中，支持力与摩擦力对人所做的功之和（）A．等于人增加的动能B．等于人增加的重力势能C．等于人增加的机械能D．小于人增加的机械能第(3)题下列说法正确的是（ ）A．碳14在活体生物体内和死亡后生物体内的半衰期是一样的B．原子核发生一次衰变，质量数和质量均不变C．铀核（）裂变后的产物之一钡核（），其平均结合能比铀核（）的平均结合能小D．维系原子核稳定的力是核力，核力是一种强相互作用的引力第(4)题根据所学知识，下列说法正确的选项是（ ）A．根据牛顿第一定律可知，力是维持物体运动状态的原因B．一对作用力与反作用力做功的代数和始终为零C．火箭的最终飞行速度由燃气的喷气速度以及燃料燃尽时火箭的质量共同决定D．地面上的物体受到的重力并非总是指向地心第(5)题2022年11月，“天舟五号”货运飞船仅用2小时就与“天宫”空间站快速交会对接，创造了世界纪录。
2024届湖南省新高考教研教学联盟高三下学期第一次联考高效提分物理试题(基础必刷)
2024届湖南省新高考教研教学联盟高三下学期第一次联考高效提分物理试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题一物体从坐标原点出发，沿x轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动，出发时刻记为0时刻，该物体运动的图像如图所示，据图像的特点与信息分析，下列说法正确的是（ ）A．s时物体的速度为8m/s B．s时物体的速度为16m/sC．m时物体的速度为8m/s D．m时物体的速度为16m/s第(2)题一只皮球从离地面一定高度由静止释放，其受到空气阻力的大小与速度大小成正比。
下列描写皮球在下落过程中速度v、加速度a与下落时间t的关系图像，皮球克服空气阻力做功W、皮球动能E与下落高度h的关系图像，可能正确的是（ ）A．B．C．D．第(3)题如图所示，光滑水平面上有质量均为2kg的A、B、C三个滑块，其中A放在B的上面，B、C用轻质弹簧相连，用水平恒力F向右拉滑块A，三个滑块一起做匀加速直线运动，A、B间刚好没有相对运动。
已知A、B间的动摩擦因数，弹簧原长为10cm，劲度系数，最大静摩擦力等于滑块摩擦力。
若突然撤去力F，下列说法中正确的是（ ）A．恒力B．恒力F作用时，B、C间的距离为18cmC．撤去F瞬间，B的加速度大小为，方向水平向左D．撤去F后，AB间出现相对运动第(4)题“西电东送”是我国实现经济跨区域可持续快速发展的重要保证，如图为模拟远距离高压输电示意图。
已知升压变压器原、副线圈两端的电压分别为和，降压变压器原、副线圈两端的电压分别为和。
在输电线路的起始端接入两个互感器，两个互感器原、副线圈的匝数比分别为和，各互感器和电表均为理想状态，则下列说法错误的是（ ）A．电压互感器起降压作用，电流互感器起把强电流变为弱电流作用B．若电压表的示数为200V，电流表的示数为5A，则线路输送电功率为100kWC．若保持发电机输出电压和用户数不变，仅将滑片Q下移，则输电线损耗功率增大D．若发电机输出电压一定，仅增加用户数，为维持用户电压不变，可将滑片P上移第(5)题我国计划在2050年实现可控聚变能装置“人造小太阳”的商业化，是人造小太阳中的核聚变方程，下列说法正确的是（）A．核聚变方程中的X是中子，该反应中的核燃料与当前核电站采用的核燃料不同B．原子核必须在超高温下才能发生聚变，说明核聚变过程需要吸收能量C．核聚变方程中的X是质子，任何两个原子核都可以发生聚变D．核反应表明，原子核越重，比结合能越大第(6)题如图所示为氢原子能级示意图，一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，下列说法正确的是（ ）A．跃迁过程中最多可辐射出4种频率的光子B．从n=4能级跃迁到n=2能级的氢原子能量增大C．从n=4能级跃迁到n=1能级辐射出的光子波长最长D．有三种频率的光子可使逸出功为4.54eV的金属发生光电效应第(7)题如图为氢原子6种可能的跃迁，对它们发出的光，下列说法正确的是（ ）A．a光的波长最长B．c光的频率最小C．f光的光子能量最大D．b、d光的光子能量之和大于e光的光子能量第(8)题如图所示，半圆竖直轨道与水平面平滑连接于B点，半圆轨道的圆心为O，半径为R，C为其最高点。
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2014高考物理最后二周快速增分指导14篇
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编织知识网络 回放高考要点
通过图解高中物理基础知识、基本规律和方法，总览高中物理全貌，在高考前给你一览
众山小的惊叹！
应试前第15天 三种性质力和牛顿运动定律
1．重力与万有引力之间有什么关系？
答案 重力是万有引力的一个分力，另一个分力提供物体随地球自转的向心力．
2．超重和失重是重力变大或变小了吗？超重和失重的物体具有什么特点？
答案 (1)超重：当物体具有向上或向上的分量的加速度时，物体对支持物的压力(或对
悬挂物的拉力)大于物体所受重力(即视重大于重力)的现象，重力并未因此改变．
(2)失重：当物体具有向下或向下的分量的加速度时，物体对支持物的压力(或对悬挂物
的拉力)小于物体所受重力(即视重小于重力)的现象，重力并未因此改变．
(3)完全失重：当物体具有向下或向下的分量的加速度为g时，物体对支持物的压力(或
对悬挂物的拉力)为零的现象．处于完全失重状态时涉及重力的作用原理的公式均不再成立．
3．弹力存在的条件是什么？如何判定弹力是否存在？弹力的方向如何确定？
答案 (1)产生条件：接触、挤压和发生弹性形变．
(2)有无弹力的判断：①根据弹力产生的条件判断；②根据“假设法”判断．
(3)常见的弹力分类及方向：
①支持面的弹力方向垂直于支持面(法向力)，指向被支持或被挤压物体．
②轻绳的弹力方向总是沿着轻绳而指向轻绳收缩的方向．
③轻杆弹力的方向需根据物体所处的具体状态来确定．
④与球形物体接触时，弹力一定垂直于接触面的切线并指向被支持物体的球心．
4．摩擦力存在的条件是什么？确定摩擦力方向的方法有哪些？
答案 (1)摩擦力的存在应具备三个条件：物体相互接触，接触面粗糙；物体间有正压
力；物体间有相对运动或相对运动的趋势．
(2)常用的判断方法：
①“假设法”和“反推法”
a．假设法：先假设没有摩擦力(即光滑)时，看相对静止的物体间能否发生相对运动．若
能，则有静摩擦力，方向与相对运动方向相反；若不能，则没有静摩擦力．
b．反推法：是从研究物体表现出的运动状态这个结果反推出它必须具有的条件，分析
组成该条件的相关因素中摩擦力所起的作用，就容易判断摩擦力的方向了．
②利用牛顿第二定律判断
先假设物体受摩擦力作用，并假设出方向，利用牛顿第二定律或平衡条件列式计算．若
F静≠0，则有静摩擦力；F静>0，说明其方向与假设方向相同；F静<0，说明其方向与假设方
向相反．
③利用牛顿第三定律(即相互作用力的关系)判断
此法关键是抓住“摩擦力是成对出现的”，先确定受力较少的物体受到的摩擦力方向，
再确定另一物体受到的摩擦力方向．
5．弹力和摩擦力之间具有密切的关系，请说明它们之间的相互依存关系和方向关系是
什么？
答案 (1)存在条件关系：有弹力不一定有摩擦力，但有摩擦力一定存在弹力．
(2)摩擦力的方向在两物体接触面上且沿切线方向，而弹力的方向(即正压力方向)一定与
摩擦力方向垂直．
6．物体处于平衡状态的条件是什么？有哪些主要的推论？
答案 共点力作用下物体的平衡条件是：∑F＝0，或同时满足∑Fx＝0、∑Fy＝0.根据
平衡条件可得以下重要推论：(1)当物体处于平衡状态时，它所受的某一个力与它所受的其
余力的合力等值反向；(2)当三个共点力作用于物体并处于平衡状态时，三个力的矢量组成
一封闭的矢量三角形．
7．力的合成与分解遵循什么规律？处理平衡问题常用的方法有哪些？
答案 遵循平行四边形定则；常用的方法主要有矢量三角形法、正交分解法、推论法．
8．牛顿第一定律是实验定律吗？在应用牛顿第二定律时应注意它的哪些性质？
答案 牛顿第一定律：(1)牛顿第一定律不是现实实验直接总结出来的，是牛顿以伽利
略的理想斜面实验为基础，加之抽象思维，概括总结出来的；(2)牛顿第一定律揭示了力并
不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因；(3)惯性是物体固有的属性，
与物体是否受力或所处运动状态无关．
应用牛顿第二定律时应注意其瞬时性、矢量性和独立性．
9．相互作用力与二力平衡的联系和区别是什么？
答案 (1)联系：力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上．
(2)区别：一对平衡力作用在同一物体上，不一定是同一性质的力，一个力消失(或变化)，
另一个力未必消失(或变化)；作用力与反作用力作用在两个相互作用的物体上，两力同性质、
同时产生、同时变化、同时消失．